《创新设计》高考物理(全国通用)二轮专题复习选考题分练高考_2
2019版《创新设计》高考物理二轮复习文档：专题七选考模块第2讲Word版含答案
第2讲机械振动和机械波光电磁波核心要点提炼 网络构建1. 机械振动和机械波-简锻迖劫的农达式;"si 祎+%) *图象:歷映同一«£点耗善牛时剣伯离 平斷位5；的拉拂f 单旳凋HII 竝!ijmMo 厂产生棊件：疲晾和介垂广帧理号播檢制期，娅-»引丁.耐害 P '「面谐渡--蹄图—込k 2. 光电磁波 厂(扯的折射•全反和■「折射率"平 r 一全酸射sin C=- 麦克斷畫电鐵场理论:叮变让的电场产牛.磁场 2喪化的磁场产牛.惟堪I ：战豉电侵誠的特点：为传播不需昭仆匪帝直空中的传摘起旦卡F 龙建10 尸叶伍 波尺An两牛基」*按楚相对论®® 本们芒〔光速不变原理质能吳#:-上="”「［规律方法］1。
分析简谐运动的技巧(1) 物理量变化分析：以位移为桥梁，位移增大时，振动质点的回复力、加速度、势能均增大，速度、 动能均减小；反之，则产生相反的变化。
(2) 矢量方向分析：矢量均在其值为零时改变方向2•波的传播方向与质点的振动方向判断方法屮枝捕 7郴对论卜（1）“上下坡”法：沿波的传播方向，“上坡”时质点向下振动，“下坡”时质点向上振动。
（2）“同侧”法：波形图上某点表示传播方向和振动方向的箭头在图线同侧。
（3）“微平移法:将波形沿传播方向进行微小的平移，再通过因波形平移引起质点的运动方向来确定•3。
几何光学临界问题的分析画出正确的光路图，从图中找出各种几何关系；利用好光路图中的临界光线，准确地判断出恰好发生全反射的临界条件。
4。
数学知识（1）平行线、三角形、圆等有关几何定理。
（2 ）三角函数知识。
（3）相似三角形的性质。
（4 ）勾股定理.（5）正弦、余弦定理。
5。
数理转化几何光学的求解通常要画出临界光线与边界光线，用相关的几何知识与数学方法进行求解。
鳥考热点靈破夕煤恥U振动（或波动）与光的折射、全反射的组合【典例1】（2018 •全国卷U, 34）（1）（5分）声波在空气中的传播速度为340 m/s，在钢铁中的传播速度为4 900 m/s。
《创新设计》高考物理(全国通用)二轮专题复习选择题分练高考_2
选择题48分练(2)(本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
)14.如图1所示，a 、b 是某电场中电场线上的两点，将一点电荷q 从a 移到b ，电场力做功为W ，且a 、b 间的距离为d ，以下说法中正确的是( )图1A.a 、b 间的电势差为W qB.a 处的电场强度为E ＝W qdC.b 处的电场强度为E ＝W qdD.a 点的电势为W q解析 由W ＝qU ，得a 、b 间的电势差U ＝W q，故A 正确；由于没有明确是否是匀强电场，因此W ＝qEd 不能使用，也就是说E ＝W qd在这里不能使用，故B 、C 均错误；在题中未给出零电势点，因此不能确定其中某点的电势的值，这里如果取b 点的电势为零，a 点的电势才是W q，故D 错误。
答案 A15.如图2所示，木块放在粗糙桌面上，左边用一根轻弹簧与竖直墙相连，木块静止时弹簧的长度小于原长。
现用一轻绳通过一定滑轮施加一水平外力，当外力从0开始逐渐增大直到拉动木块，那么在木块被拉动之前的过程中，弹簧对木块的弹力F T 的大小和桌面对木块的摩擦力F f 的大小的变化情况是( )图2A.弹簧对木块的弹力F T 先减小后增大，桌面对木块的摩擦力F f 始终不变B.弹簧对木块的弹力F T 保持不变，桌面对木块的摩擦力F f 始终增大C.弹簧对木块的弹力F T 保持不变，桌面对木块的摩擦力F f 先减小后增大D.弹簧对木块的弹力F T 先不变后增大，桌面对木块的摩擦力F f 先增大后不变解析 木块被拉动之前，弹簧的长度不变，所以弹簧对木块的弹力F T 保持不变；施加外力前，弹簧被压缩，所以弹簧对木块的弹力F T 方向水平向右，木块具有向右的运动趋势，桌面对木块的摩擦力F f 方向水平向左；施加外力后，在拉动之前，水平向左的摩擦力F f 的大小等于水平向右的弹力和拉力大小之和，因为拉力在逐渐增大，所以桌面对木块的摩擦力F f 始终增大，B 正确。
《创新设计》2018届高考物理二轮复习(全国通用)专题一~专题六
第1讲力与物体的平衡1．(2016·全国卷Ⅱ，14)质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上。
用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图1所示。
用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中()图1A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小解析对O点受力分析如图所示，F与T的变化情况如图，由图可知在O点向左移动的过程中，F逐渐变大，T逐渐变大，故选项A正确。
答案 A2．(2016·全国卷Ⅲ，17)如图2所示，两个轻环a和b套在位于竖直面内的一段固定圆弧上；一细线穿过两轻环，其两端各系一质量为m的小球。
在a和b之间的细线上悬挂一小物块。
平衡时，a、b间的距离恰好等于圆弧的半径。
不计所有摩擦。
小物块的质量为()图2 A.m 2B.32m C ．m D ．2m解析 如图所示，圆弧的圆心为O ，悬挂小物块的点为c ，由于ab ＝R ，则△aOb 为等边三角形，同一条细线上的拉力相等，T ＝mg ，细线对a 环拉力的合力沿aO 方向，则aO 为角平分线，由几何关系知，∠acb ＝120°，故细线在c 点拉力的合力与物块的重力大小相等，即拉力合力大小T ＝G ＝mg ，所以小物块质量为m ，故C 对。
答案 C3．(多选)(2016·全国卷Ⅰ，19)如图3，一光滑的轻滑轮用细绳OO ′悬挂于O 点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a ，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b 。
外力F 向右上方拉b ，整个系统处于静止状态。
若F 方向不变，大小在一定范围内变化，物块b 仍始终保持静止，则( )图3A．绳OO′的张力也在一定范围内变化B．物块b所受到的支持力也在一定范围内变化C．连接a和b的绳的张力也在一定范围内变化D．物块b与桌面间的摩擦力也在一定范围内变化解析由于物体a、b均保持静止，各绳间角度保持不变，对a受力分析得，绳的拉力T＝m a g，所以物体a受到绳的拉力保持不变。
创新设计高考物理总复习》选修和
[高考导航]基础课1分子动理论内能知识点一、分子动理论的基本观点、阿伏加德罗常数1．物体是由大量分子组成的(1)分子很小：①直径数量级为10－10m。
②质量数量级为10－26～10－27kg。
(2)分子数目特别大：阿伏加德罗常数N A＝×1023mol－1。
2．分子的热运动(1)扩散现象：由于分子的无规则运动而产生的物质迁移现象。
温度越高，扩散越快。
(2)布朗运动：在显微镜下看到的悬浮在液体中的固体颗粒的永不停息地做无规则运动。
其特点是：①永不停息、无规则运动。
②颗粒越小，运动越明显。
③温度越高，运动越激烈。
3．分子间存在着相互作用力(1)分子间同时存在引力和斥力，实际表现的分子力是它们的合力。
(2)引力和斥力都随分子间距离的增大而减小，但斥力比引力变化得快。
知识点二、温度是分子平均动能的标志、内能1．温度一切达到热平衡的系统都具有相同的温度。
2．两种温标摄氏温标和热力学温标。
关系：T＝t＋K。
3．分子的动能(1)分子动能是分子热运动所具有的动能。
(2)分子热运动的平均动能是所有分子热运动的动能的平均值，温度是分子热运动的平均动能的标志。
(3)分子热运动的总动能是物体内所有分子热运动动能的总和。
4．分子的势能(1)意义：由于分子间存在着引力和斥力，所以分子具有由它们的相对位置决定的能。
(2)分子势能的决定因素：微观上——决定于分子间距离和分子排列情况；宏观上——决定于体积和状态。
5．物体的内能(1)等于物体中所有分子的热运动的动能与分子势能的总和，是状态量。
(2)对于给定的物体，其内能大小由物体的温度和体积决定。
(3)物体的内能与物体的位置高低、运动速度大小无关。
(4)改变内能的方式知识点三、气体分子运动速率的统计分布气体和气体分子运动的特点知识点四、用油膜法估测分子的大小1．原理与操作2．注意事项(1)将所有的实验用具擦洗干净，不能混用。
(2)油酸酒精溶液的浓度以小于%为宜。
(3)浅盘中的水离盘口面的距离应较小，并要水平放置，以便准确地画出薄膜的形状，画线时视线应与板面垂直。
2016《创新设计》高考物理(全国通用)二轮专题复习选择题48分练(4)
选择题48分练(4)(本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
)14.牛顿在总结C.雷恩、J.沃利斯和C.惠更斯等人的研究结果后，提出了著名的牛顿第三定律，阐述了作用力和反作用力的关系，从而与牛顿第一定律和牛顿第二定律形成了完整的牛顿力学体系。
下列关于作用力和反作用力的说法正确的是()A.物体先对地面产生压力，然后地面才对物体产生支持力B.物体对地面的压力和地面对物体的支持力互相平衡C.人推车前进，人对车的作用力大于车对人的作用力D.物体在地面上滑行，不论物体的速度多大，物体对地面的摩擦力与地面对物体的摩擦力始终大小相等解析由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力同时产生，同时消失，选项A错误；物体对地面的压力和地面对物体的支持力是一对作用力与反作用力，并不是一对平衡力，选项B错误；作用力与反作用力总是大小相等、方向相反，故人推车前进，人对车的作用力等于车对人的作用力，选项C错误；物体在地面上滑行，不论物体的速度多大，物体对地面的摩擦力与地面对物体的摩擦力是一对作用力与反作用力，大小始终相等，选项D正确。
答案 D15.对下列各图中蕴含信息的分析和理解，不正确的一项是()A.图甲中的重力－质量图象说明同一地点的重力加速度保持不变B.图乙中的位移－时间图象表示该物体受力平衡C.图丙中的动能－时间图象表示该物体做匀减速直线运动D.图丁中的速度－时间图象表示该物体所受的合力随时间减小解析由题图甲可知G∝m，即重力大小与物体的质量成正比，重力加速度不变，所以该图象说明同一地点的重力加速度保持不变，选项A正确；题图乙中的位移与时间的关系为线性关系，说明物体做负方向的匀速运动，所以该物体受力平衡，选项B正确；题图丙中的动能与时间的关系为线性关系，若物体做匀减速直线运动，则物体的动能表达式为E k＝12m(v0－at)2，动能为时间的二次函数，图象为曲线，选项C错误；题图丁中速度－时间图象的斜率表示加速度大小，因斜率逐渐减小，所以物体的加速度逐渐减小，由牛顿第二定律可知，物体所受的合外力逐渐减小，选项D正确。
《创新设计》高考物理(全国通用)二轮专题复习专题六选考部分习题高考
第13讲分子动理论气体及热力学定律专题提升训练1.(1)在一个标准大气压下，1 g水在沸腾时吸收了2 260 J的热量后变成同温度的水蒸气，对外做了170 J的功。
已知阿伏加德罗常数N A＝6.0×1023 mol－1，水的摩尔质量M＝18 g/mol。
下列说法中正确的是________。
(填正确答案标号)A.分子间的平均距离增大B.水分子的热运动变得更剧烈了C.水分子总势能的变化量为2 090 JD.在整个过程中能量是不守恒的E.1 g水所含的分子数为3.3×1022个(2)如图1所示，U形管右管横截面积为左管横截面积的2倍，在左管内用水银封闭一段长为26 cm、温度为280 K的空气柱，左、右两管水银面高度差为36 cm，外界大气压为76 cmHg。
若给左管的封闭气体加热，使管内气柱长度变为30 cm，则此时左管内气体的温度为多少？图1解析(1)液体变成气体后，分子间的平均距离增大了，选项A正确；温度是分子热运动剧烈程度的标志，由于两种状态下的温度是相同的，故两种状态下水分子热运动的剧烈程度是相同的，选项B错误；水发生等温变化，分子平均动能不变，因水分子总数不变，分子的总动能不变，根据热力学第一定律ΔU＝Q＋W，可得水的内能的变化量为ΔU＝2 260 J－170 J＝2 090 J，即水的内能增大2 090 J，则水分子的总势能增大了2 090 J，选项C正确；在整个过程中能量是守恒的，选项D错误；1 g水所含的分子数为n＝mM N A＝118×6.0×1023＝3.3×1022(个)，选项E正确。
(2)设U形管左管的横截面为S，当左管内封闭的气柱长度变为30 cm时，左管水银柱下降4 cm，右管水银柱上升2 cm，即左、右两端水银柱高度差h′＝30 cm对左管内封闭气体，p1＝p0－h＝40 cmHgp 2＝p 0－h ′＝46 cmHgV 1＝l 1S ＝26S V 2＝30ST 1＝280 K T 2＝？ 由理想气体状态方程可得p 1V 1T 1＝p 2V 2T 2可得T 2＝371.5 K答案 (1)ACE (2)371.5 K2.(1)关于一定量的理想气体，下列说法正确的是________。
创新设计2016二轮物理全国通用专题复习选择题48分练
选择题专练（1）本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．人类发现电和磁的关系，经历了漫长的岁月，1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了通电导线下小磁针的偏转现象，从而发现了电流的磁效应．1831年，英国物理学家法拉第发现磁铁穿过闭合线圈时，线圈中有电流产生，从而发现了电磁感应现象，下列相关说法中正确的是A．给小磁针上方的导线通电，小磁针就会发生偏转B．导线下方小磁针偏转的角度大小只与电流的强弱有关C．线圈中感应电流的强弱与磁铁穿过线圈的速度大小有关D．线圈的横截面积越大，磁铁穿过时产生的感应电流越大15．如图所示，三个相同的轻质弹簧连接在O点，弹簧1的另一端固定在天花板上，且与竖直方向的夹角为30°，弹簧2水平且右端固定在竖直墙壁上，弹簧3的另一端悬挂质量为m的物体且处于静止状态，此时弹簧1、2、3的形变量分别为x1、x2、x3，则A．x1∶x2∶x3＝3∶1∶2 B．x1∶x2∶x3＝2∶1∶ 3C．x1∶x2∶x3＝1∶2∶ 3 D．x1∶x2∶x3＝3∶2∶116．如图a、b、c、d四个点在一条直线上，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处固定有一电荷量为Q的点电荷，在d点处固定有另一个电荷量未知的点电荷，除此之外无其他电荷，已知b点处的场强为零，则c点处场强的大小为（式中k为静电力常量）A．0 B．15kQ4R2C．kQ4R2D．kQR217．如图所示，两匀强磁场方向相同，以虚线MN为理想边界，磁感应强度分别为B1、B2．今有一个质量为m、电荷量为e的电子从MN上的P点沿垂直于磁场的方向射入匀强磁场B1中，其运动轨迹是如图所示的“心”形图线．则以下说法正确的是A．电子的运动轨迹沿PENCMDP方向B．电子运动一周回到P所用时间为T＝2πm B1eC．B1＝4B2D．B1＝2B218．如图所示，水平面上固定有一个斜面，从斜面顶端向右平抛一个小球，当初速度为v0时，小球恰好落到斜面底端，平抛后飞行的时间为t0．现用不同的初速度v从该斜面顶端向右平抛这个小球，则下列图象中能正确表示平抛后飞行的时间t随v变化的函数关系的是19．“嫦娥三号”经一系列的变轨最终成功着陆月球，如图为“嫦娥三号”进入月球轨道的示意图．“嫦娥三号”由圆轨道1上的P点点火减速，从而进入椭圆轨道2，且“嫦娥三号”沿椭圆轨道由远月点P运动到近月点．下列说法正确的是A．“嫦娥三号”在P点减速，由a＝v2r可知加速度减小B．“嫦娥三号”在不同轨道上经过P点时，由a＝GMr2可知加速度相同C．“嫦娥三号”沿椭圆轨道由远月点P运动到近月点的过程中线速度逐渐减小D．“嫦娥三号”沿椭圆轨道由远月点P运动到近月点的过程中周期不断减小20．如图所示，A为多匝线圈，与开关、滑动变阻器相连后接入M、N间的交流电源，B为一接有小灯珠的闭合多匝线圈，下列关于小灯珠发光情况的说法中正确的是A．闭合开关后小灯珠可能发光B．只有闭合开关的瞬间，小灯珠才可能会发光C．若闭合开关后小灯珠发光，则再将B线圈靠近A，小灯珠更亮D．若闭合开关后小灯珠不发光，将滑动变阻器的滑片左移后，小灯珠可能会发光21．质量m＝2kg、初速度v0＝8m/s的物体沿着粗糙的水平面向右运动，物体与水平面之间的动摩擦因数μ＝，同时物体还受一个如图所示的随时间变化的水平拉力F的作用，水平向右为拉力的正方向．则以下结论正确的是（取g＝10m/s2）A．0～1s内，物体的加速度大小为2m/s2B．1～2s内，物体的加速度大小为2m/s2C．0～1s内，物体的位移为7mD．0～2s内，物体的总位移为11m选择题专练（1）答案14．解析：当小磁针的指向与磁感线平行时，因小磁针的指向与磁场方向在同一直线上，小磁针不会偏转，选项A 错误；小磁针偏转的角度大小与电流的强弱和磁性有关，选项B 错误；当磁铁穿过线圈的速度变大时，通过线圈的磁通量变化更快，感应电动势更大，电流更大，选项C 正确；线圈的横截面积越大，但通过线圈的磁通量变化不一定越快，因此磁铁穿过时产生的感应电流不一定越大，选项D 错误．答案 C15．解析：对物体受力分析可知kx 3＝mg ，对弹簧的结点受力分析可知：kx 1cos30°＝kx 3，kx 1sin30°＝kx 2，联立解得x 1∶x 2∶x 3＝2∶1∶ 3答案 B16．解析：根据b 点场强为零知kQ R 2＝kQ ′（2R ）2，得Q ′＝4Q ，c 点的场强大小为E ＝kQ ′R 2－kQ （2R ）2＝k ·15Q 4R 2，选项B 正确． 答案 B17．解析：根据左手定则可知，电子从P 点沿垂直于磁场的方向射入匀强磁场B 1时，受到的洛伦兹力方向向上，所以电子的运动轨迹应沿PDMCNEP 方向，选项A 错误；由题图可知，电子在匀强磁场B 1中的运动半径是在匀强磁场B 2中运动半径的一半，根据r ＝mv Be 可知，B 1＝2B 2，选项C 错误，D 正确；在整个运动过程中，电子在匀强磁场B 1中运动了一个周期，在匀强磁场B 2中运动了半个周期，所以T ＝2πm B 1e ＋πm B 2e ＝4πm B 1e ，选项B 错误．答案 D18．解析：平抛运动在竖直方向的分运动为自由落体运动，则h ＝12gt 20，在水平方向的分运动为匀速直线运动，则x 0＝v 0t 0．当v ＞v 0时，小球将落在水平面上，设斜面的高度为h ，则有t ＝2h g ，t 为一定值，故A 、B 项错误；当v ≤v 0时，小球将落在斜面上，设斜面的倾角为θ，则有tan θ＝y x ＝12gt 2vt ＝gt 2v ，解得时间t ＝2v tan θg ，则t ∝v ，C 项正确，D 项错误．答案 C19．解析：“嫦娥三号”在圆轨道1和椭圆轨道2上经过P 点时，由G Mm r 2＝ma 可知a ＝GM r 2，则加速度相同，A 错误，B 正确；由GMm r 2＝mv 2r ＝m 4π2T 2r 可知：v ＝GM r ，T度逐渐增大，周期不断减小，C 错误，D 正确．答案 BD20．解析：因为M 、N 之间接入的是交流电源，故闭合开关后，在线圈A 中将通以变化的电流，产生变化的磁场，该变化的磁场使通过线圈B 的磁通量发生变化，由法拉第电磁感应定律可知线圈B 将产生感应电动势，因B 线圈与小灯珠组成闭合回路，若产生的感应电动势足够大，则小灯珠可能会发光，选项A 正确，选项B 错误；若此时再将B 线圈靠近线圈A ，因越靠近线圈A ，对应的磁场越强，磁通量的变化率会越大，线圈B 中产生的感应电动势将越大，所以小灯珠会更亮，选项C 正确；若闭合开关后，小灯珠不发光，则可能是产生的感应电动势过低，但将滑动变阻器的滑片向左移动，通过线圈A 的电流将更小，小灯珠仍不会发光，选项D 错误．答案 AC21．解析：0～1s 内拉力F 的方向水平向左，与滑动摩擦力的方向相同，由牛顿第二定律得加速度大小a 1＝F ＋μmg m ＝4m/s 2，与v 0方向相反，位移x 1＝v 0t 1－12a 1t 21＝6m ，选项A 、C 错误；1～2s 内，拉力F 的方向水平向右，由牛顿第二定律得物体的加速度大小为a 2＝F －μmg m ＝2m/s 2，选项B 正确；1s 末物体的速度为v 1＝v 0－a 1t 1＝4m/s ，1～2s 内物体的位移x 2＝v 1t 2＋12a 2t 22＝5m ，则0～2s 内物体的总位移x ＝x 1＋x 2＝11m ，选项D 正确．答案 BD。
高考物理学创新题(二).doc
高考物理学创新题（二）第I卷（选择题共40分）一、本题共10小题；每小题4分。
在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。
全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。
1．对于以下核反应方程，下面说法中正确的是（）①nCHeBe11264294+→+②能量+→+HeHH421131③nxXeSrnU11365490381123592++→+④HeOyF42168199+→+A．①是发现中子的核反应方程B．②是链式反应方程C．③是核裂变方程，其中x=10D．④是α衰变方程，其中y是质子2．下面说法正确的是（）A．β射线粒子和电子是两种本质不同的粒子B．红外线的波长比x射线的波长长C．α粒子不同于氦原子核D．γ射线的贯穿本领比α粒子的弱3．一定质量的理想气体封闭在气缸内，当用活塞压缩气体时，一定增大的物理量为（）A．气体分子的平均动能 B．气体分子的势能C．气体的内能 D．气体密度4．如图8—1所示，一电子枪发射出的电子（初速度很小，可视为零）进入加速电场加速后，垂直射入偏转电场，射出后偏转位移为γ，要使偏转位移增大，下列哪些措施是可行的（不考虑电子射出时碰到偏转电极板的情况）（）A．增大偏转电压U B．减小加速电压0UC．增大极板间距离D．将发射电子改成发射负离子5．A、B为两束平行的单色光，当它们从空气中透过界面OO′射入水中时分别发生如图8—2所示的折射现象已知α<β，则（）A．单色光A的光子能量较大B．单色光A的在水中波长较短C．单色光B在水中波长较短D．单色光B在水中的传播速度较大6．一物体放在倾角为θ的斜面上，斜面固定于加速上升的电梯中，加速度为a，如图8—3所示，在物体相对于斜面静止的条件下，下列说法正确的是（）A．当θ一定时，a越大，斜面对物体的正压力越小B．当θ一定时，a越大，斜面对物体的摩擦力越大C．当a一定时，θ越大，斜面对物体的正压力越小D．当a一定时，θ越大，斜面对物体的摩擦力越小7．在轨道上绕地球运行的军事卫星，打开喷气发动机向后喷气，然后再关闭发动机，过一段时间它将稳定在新的轨道上运行。
《创新设计》高考物理(全国通用)二轮专题复习选择题分练高考_3
选择题48分练(3)(本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
)14.某河流中水流的速度是2 m/s ，一小船要从河岸的A 点沿直线匀速到达河对岸的B 点，B 点在河对岸下游某处，且A 、B 间的水平距离为100 m ，河宽为50 m ，则小船的速度至少为( )图1A.0.5 m/sB.1 m/sC.1.5 m/sD.2 m/s解析 船要渡河到达B 点，最小速度应满足v 船v 水＝50100，即船的速度至少为1 m/s 。
答案 B15.卡文迪许用扭秤测出了引力常量G ，被称为第一个“称”出地球质量的人。
若已知地球表面的重力加速度g 、地球的半径R 、地球绕太阳运动的周期T ，忽略地球自转的影响，则关于地球质量M ，下列表达式正确的是( ) A.M ＝gR 2G B.M ＝GR 2gC.M ＝4π2R 2GT 2D.M ＝T 2R 24π2G解析 地球的质量只能由地球半径及地球表面的重力加速度或绕地球运行的卫星的运行周期及轨道半径计算，与地球绕太阳的运动无关，由题中给出的量可知，G MmR 2＝mg ，故地球质量M ＝gR 2G ，选项A 正确。
答案 A16.如图2所示，两小球A 、B 通过光滑的小滑轮O 用细线相连，小球A 置于光滑半圆柱上，小球B 用水平线拉着系于竖直板上，两球均处于静止状态，已知O 点在半圆柱圆心O 1的正上方，OA 与竖直方向成30°角，OA 长度与圆柱半径相等，OA ⊥OB ，则A 、B 两球的质量之比为( )图2A.2∶3B.23∶1C.1∶2D.3∶3 解析 小球A 、B 受力如图所示，则对小球A ：m A g 、T 、N 组合成的力三角形与△OAO 1相似，又因OA 长与圆柱半径相等，∠AOO 1＝30°，所以T ＝33m Ag ；对小球B 有T cos 60°＝m B g ，所以A 、B 两球的质量之比为m A ∶m B ＝23∶1，B 正确。
创新设计(全国通用)高考物理二轮复习 专题突破7 选考部分 第1讲 热学(2021年整理)
第1讲热学1．（2016·全国卷Ⅰ,33）【物理——选修3－3】(1）（5分）关于热力学定律，下列说法正确的是________。
（填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。
每选错1个扣3分，最低得分为0分)A．气体吸热后温度一定升高B．对气体做功可以改变其内能C．理想气体等压膨胀过程一定放热D．热量不可能自发地从低温物体传到高温物体E．如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡(2)（10分）在水下气泡内空气的压强大于气泡表面外侧水的压强，两压强差Δp与气泡半径r之间的关系为Δp＝错误!，其中σ＝0。
070 N/m。
现让水下10 m处一半径为0.50 cm的气泡缓慢上升,已知大气压强p0＝1。
0×105 Pa,水的密度ρ＝1.0×103 kg/m3，重力加速度大小g＝10 m/s2。
（ⅰ）求在水下10 m处气泡内外的压强差；(ⅱ）忽略水温随水深的变化，在气泡上升到十分接近水面时,求气泡的半径与其原来半径之比的近似值。
解析(1）气体吸热为Q，但不确定外界做功W的情况,故不能确定气体温度变化，A选项错误；气体内能的改变ΔU＝Q＋W，故对气体做功可改变气体内能，B选项正确；理想气体等压膨胀,W〈0，由理想气体状态方程pVT＝C，p不变，V增大，气体温度升高，内能增大，ΔU〉0，由ΔU＝Q＋W，知Q〉0，气体一定吸热，C选项错误；由热力学第二定律，D选项正确;根据热平衡规律知，E选项正确。
（2）(ⅰ)由公式Δp＝错误!得Δp＝错误! Pa＝28 Pa水下10 m处气泡内外的压强差是28 Pa。
（ⅱ)气泡上升过程中做等温变化，由玻意耳定律得p 1V1＝p2V2①其中，V1＝43πr31②V 2＝43πr错误!③由于气泡内外的压强差远小于10 m深处水的压强，气泡内压强可近似等于对应位置处的水的压强，所以有p1＝p0＋ρgh1＝1×105 Pa＋1×103×10×10 Pa＝2×105 Pa＝2p0④p2＝p0⑤将②③④⑤代入①得，2p0×错误!πr错误!＝p0×错误!πr错误!2r3，1＝r32错误!＝错误!答案（1)BDE （2)(ⅰ）28 Pa (ⅱ）错误!∶12．（2016·全国卷Ⅱ，33）【物理——选修3－3】（1）（5分)一定量的理想气体从状态a开始，经历等温或等压过程ab、bc、cd、da回到原状态,其p－T图象如图1所示，其中对角线ac的延长线过原点O.下列判断正确的是________.(填正确答案标号.选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分）图1A．气体在a、c两状态的体积相等B．气体在状态a时的内能大于它在状态c时的内能C．在过程cd中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功D．在过程da中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功E．在过程bc中外界对气体做的功等于在过程da中气体对外界做的功（2)（10分）一氧气瓶的容积为0。
高考物理试题创新设计(2).doc
高考物理试题创新设计（2）1．（14分）一个质量为m=0.20 kg的小球系于轻质弹簧的一端，且套在光滑的竖直的圆环上，弹簧固定于环的最高点A，环的半径R=0.50 m，弹簧原长L0=0.50 m，劲度系数为4.8 N/m，如图所示，若小球从图示位置B点由静止开始滑到最低点C时，弹簧的弹性势能E弹=0.060 J,求：（1）小球到C 点时的速度r C的大小。
（2）小球在C点时对环的作用力（g=10 m/s2）。
2．（19分）电子束从阴极K处无初速度释放，经电压为U0的电场加速后连续射入水平放置的平行金属板中央，极板的长度为L，板距为d1，两极板与互相平行的间距为d2的直长金属导轨相连，有一根金属棒AB垂直于导轨在导轨上向右滑动（各处接触良好），导轨处于磁感应强度为B的匀强磁场中，方向如图所示。
（1）若要电子束能顺利通过水平放置的平行板而不至于打在极板上，求棒AB垂直向右切割磁感线的速度的取值范围；（2）在原图中定性地画出电子穿过平行板的可能轨道（画出三条有代表性的）。
3．（16分）如图所示是游乐场中的滑道模型，它位于竖直平面内。
圆弧轨道AO是半径为R的1／4圆周，在O点轨道的切线是水平的。
B点位于水池边，0、B在同一竖直线上，o、B之间的距离为R，水面与地面在同一水平面内。
一小滑块自A点由静止开始下滑，不计小滑块与轨道间的摩擦和空气阻力，求：（1）小滑块刚要到达0点时，轨道对它的作用力的大小；（2）小滑块的落水点与B点的距离。
4．（18分）如图所示，在E=103 V/m 的水平匀强电场中，有一光滑的半圆形绝缘轨道OPN 与一水平绝缘轨道MN 连接，半圆形轨道平面与电场线平行，P 为ON 圆弧的中点，其半径R=40cm 。
一带正电q =10-4 C 的小滑块质量m=10 g ，与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.2，取g=10 m/s 2；求：（1）小滑块恰能运动到圆轨道的最高点O 时，滑块应在水平轨道上离N 点多远处释放？（2）这样释放的滑块通过P 点时对轨道的压力是多大？5．（20分）如图所示，在水平桌面上放有长木板C ，C 上右端是固定挡板P ，在C 上左端和中点处各放有小物块A 和B ，A 、B 的尺寸以及P 的厚度皆可忽略不计，A 、B 之间和B 、P 之间的距离都为L 。
创新设计(全国通用)高考物理二轮复习 专题突破7 选考
第2讲 机械振动和机械波 光1．(2016·全国卷Ⅰ，34)【物理——选修3－4】(1)(5分)某同学漂浮在海面上，虽然水面波正平稳地以1.8 m/s 的速率向着海滩传播，但他并不向海滩靠近。
该同学发现从第1个波峰到第10个波峰通过身下的时间间隔为15 s 。
下列说法正确的是________。
(填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。
每选错1个扣3分，最低得分为0分) A ．水面波是一种机械波 B ．该水面波的频率为6 Hz C ．该水面波的波长为3 mD ．水面波没有将该同学推向岸边，是因为波传播时能量不会传递出去E ．水面波没有将该同学推向岸边，是因为波传播时振动的质点并不随波迁移(2) (10分)如图1，在注满水的游泳池的池底有一点光源A ，它到池边的水平距离为3.0 m 。
从点光源A 射向池边的光线AB 与竖直方向的夹角恰好等于全反射的临界角，水的折射率为43。
图1(ⅰ)求池内的水深；(ⅱ)一救生员坐在离池边不远处的高凳上，他的眼睛到池面的高度为2.0 m 。
当他看到正前下方的点光源A 时，他的眼睛所接受的光线与竖直方向的夹角恰好为45°。
求救生员的眼睛到池边的水平距离(结果保留1位有效数字)。
解析 (1)水面波是机械振动在水面上传播，是一种典型机械波，A 对；从第一个波峰到第十个波峰中经历了九个波形，时间间隔为15秒，所以其振动周期为T ＝159 s ＝53 s ，频率为0.6 Hz ，B 错；其波长λ＝vT ＝1.8 m/s×53 s ＝3 m ，C 对；波中的质点都上下振动，不随波迁移，但是能量随着波的向前传播而传递出去，D 错，E 对。
(2)(ⅰ)如图，设到达池边的光线的入射角为i 。
依题意，水的折射率n ＝43，光线的折射角θ＝90°。
由折射定律有n sin i ＝sin θ①由几何关系有sin i ＝l l 2＋h 2②式中，l ＝3 m ，h 是池内水的深度。
《创新设计》2017届高考物理二轮复习(全国通用)选择题模拟小卷(八)Word版含答案
选择题模拟小卷(八)选择题(本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
)14．如图1所示是人们短途出行、购物的简便双轮小车，若小车在匀速行驶的过程中支架与水平方向的夹角保持不变，不计货物与小车间的摩擦力，则货物对杆A 、B 的压力大小之比F A ∶F B 为( )图1A ．1∶ 3 B.3∶1 C ．2∶1 D ．1∶2解析 以货物为研究对象进行受力分析，如图所示，利用力的合成法可得tan 30°＝F B ′F A ′，根据牛顿第三定律可知F B ＝F B ′，F A ＝F A ′，解得F A ∶F B ＝3∶1，选项B 正确。
答案 B15．如图2所示，图(a)中的变压器为理想变压器，其原线圈接到U 1＝220 V 的交流电源上，副线圈与阻值为R 1的电阻接成闭合电路；图(b)中阻值为R 2的电阻直接接到电压为U 1＝220 V 的交流电源上，结果发现R 1与R 2消耗的电功率恰好相等，则变压器原、副线圈的匝数之比为( )图2A．R1∶R2B．R2∶R1 C.R2∶R1 D.R1∶R2解析对图(a)，U1U2＝n1n2，P R1＝U22R1，对图(b)，P R2＝U21R2，根据题意有P R1＝P R2，联立以上各式解得n1n2＝R2R1。
答案 C16．(2016·福建省毕业班单科质量检查)如图3所示，线圈abcd固定于分布均匀的磁场中，磁场方向垂直线圈平面。
当磁场的磁感应强度B随时间t变化时，该磁场对ab边的安培力大小恒定。
下列描述B随t变化的图象中，可能正确的是()图3答案 B17.如图4所示，一倾斜的圆筒绕固定轴OO1以恒定的角速度ω转动，圆筒的半径r＝1.5 m。
筒壁内有一小物体与圆筒始终保持相对静止，小物体与圆筒间的动摩擦因数为32(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)，转动轴与水平面间的夹角为60°，重力加速度g取10 m/s2。
2020版 创新设计 高考总复习 物理 (教科版)第二部分 选考内容高考仿真模拟
高考仿真模拟(时间：60分钟满分：110分)一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.关于核反应方程234 90Th→234 91Pa＋X＋ΔE(ΔE为释放出的核能，X为新生成的粒子)，已知23490Th的半衰期为T，则下列说法正确的是()A.234 90Th的比结合能为ΔE234B.100个钍核(234 90Th)经2T时间后剩下25个C.X粒子是从原子核中射出的电子，此核反应为β衰变D.衰变后射出的电子与镤核(234 91Pa)的质量之和等于衰变前钍核(234 90Th)的质量解析23490Th的结合能为将234 90Th的234个核子分开所需要的能量，该能量远大于它衰变时放出的能量ΔE，所以234 90Th的比结合能大于ΔE234，A错误：元素的半衰期是统计规律，只对大量原子核的衰变有意义，B错误：根据原子核衰变时质量数和电荷数守恒可知，X粒子是0－1e，是从原子核中射出的，因此该核反应为β衰变，C正确；钍核(234 90Th)在衰变过程中，释放出能量，即衰变过程中有一定的质量亏损，故衰变后射出的电子与234 91Pa的质量之和小于衰变前234 90Th的质量，D错误。
答案 C15.如图1所示，某野外训练场上有一道壕沟，运动员可以借助岸边摆长L不同的秋千从摆角为60°的位置摆到最低点后越过壕沟。
运动员可以视为质点，秋千质量不计，空气阻力不计，秋千悬点到地面的高度为定值H。
则运动员()图1A.选择摆长L 越小的秋千越有利于越过壕沟B.选择摆长L ＝H 2的秋千最有利于越过壕沟C.选择的摆长L 越大，秋千在最低点受到的拉力越大D.选择摆长L ＝H 2的秋千时，秋千在最低点受到的拉力最小解析 在秋千从摆角为60°的位置摆到最低点的过程中，根据动能定理有mgL (1－cos 60°)＝12m v 2，摆到最低点后运动员做平抛运动，则有H －L ＝12gt 2、x ＝v t ，解得x 2＝2L (H －L )，所以当L ＝H 2时，x 2有最大值，则距离x max ＝22H ，A 错误，B 正确；运动员摆到最低点时有F －mg ＝m v 2L ，解得秋千受到的拉力大小F ＝2mg ，与L 无关，C 、D 都错误。
《创新设计》高考物理(全国通用)二轮专题复习选择题分练高考
选择题48分练(10)(本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
)14.(2015·湖南五市十校联合检测)物体的运动情况或所受合外力的情况如图所示，四幅图的图线都是直线，从图中可以判断这四个质量一定的物体的某些运动特征。
下列说法正确的是()A.甲物体受到不为零且恒定的合外力B.乙物体受到的合外力越来越大C.丙物体受到的合外力为零D.丁物体的加速度越来越大解析甲物体做匀速直线运动，合外力为零，选项A错误；乙物体做匀加速运动，合外力恒定，且不为零，选项B错误；丙物体做匀加速运动，合外力恒定且不为零，选项C错误；丁物体所受合外力越来越大，加速度越来越大，选项D正确。
答案 D15.(2015·北京丰台区期末)在匀强磁场中，一矩形金属线圈绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图1甲所示，产生的交变电动势的图象如图乙所示，则()图1A.t＝0.005 s时线圈平面与磁场方向平行B.t＝0.010 s时线圈的磁通量变化率最大C.线圈产生的交变电动势频率为100 HzD.线圈产生的交变电动势有效值为311 V解析t＝0.005 s时线圈平面与磁场方向平行，感应电动势最大，选项A正确；t＝0.010 s 时线圈的磁通量最大，变化率最小，选项B错误；线圈产生的交变电动势周期为0.02 s，频率为50 Hz，选项C错误；线圈产生的交变电动势最大值为311 V，选项D错误。
答案 A16.(2015·西安市高三第二次质检)如图2所示，小球a 、b 的质量分别是m 和2m 。
a 从倾角为30°的光滑固定斜面的顶端无初速度下滑，b 从斜面等高处以初速度v 0平抛，不计空气阻力。
比较a 、b 落地前的运动过程有( )图2A.a 、b 运动的时间相等B.a 的运动时间小于b 的运动时间C.a 、b 都做匀变速运动D.落地前瞬间a 、b 的速度相同解析 设斜面的高度为h ，a 球在斜面上自由下滑时加速度为a ＝g sin 30°＝12g ，运动时间满足h sin 30°＝12×12gt 21，而b 球做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，下落时间满足h ＝12gt 22，可见t 1＝2t 2，则A 、B 错误，C 正确；a 、b 两球落地时速度不同，则D 错误。
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选考题15分练(3)
1.(1)(5分)下列五幅图的有关说法中，正确的是________。
(填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。
每选错1个扣3分，最低得分0分)
A. T1＞T2，且随着温度的升高，辐射强度的极大值向波长较短方向移动
B.用紫外线照射锌板，验电器的指针张开一个角度，此时锌板带正电、验电器带负电
C.在光颜色保持不变的情况下，入射光越强，饱和光电流越大
D.利用铝箔晶体做电子束衍射的实验，能证实电子的波动性
E.链式反应不属于重核的裂变
(2)(10分)如图1甲所示，在水平光滑轨道上停着甲、乙两辆实验小车，甲车系一穿过打点
计时器的纸带，当甲车受到水平向右的瞬时作用力时，随即启动打点计时器，甲车运动一段距离后，与静止的乙车发生正碰并粘在一起运动，纸带记录下碰撞前甲车和碰撞后两车的运动情况，如图乙所示，电源频率为50 Hz，甲车的质量m甲＝2 kg，求：
图1
①乙车的质量m乙；
②两车碰撞时内能的增加量ΔE。
解析(1)黑体辐射的辐射强度按波长的分布只与温度有关。
实验表明，随着温度的升高，各种波长的辐射强度都有增加，辐射强度的极大值向波长较短的方向移动，选项A正确；
在紫外线的照射下，锌板中有一部分自由电子从表面飞出去，锌板缺少电子，于是带正电。
验电器与锌板相连，验电器也带正电，选项B错误；在光颜色保持不变，即入射光的频率不变的情况下，根据光电效应规律可知，入射光越强，饱和光电流越大，选项C正确；衍射实验图样体现的是波动性，选项D正确；根据链式反应的特点可知，链式反应属于重核
的裂变，选项E 错误。
(2)由题图可知，碰前甲车运动的速度大小为v 甲＝0.6 m/s(1分)
碰后甲、乙两车一起运动的速度大小为v 共＝0.4 m/s(1分)
由动量守恒定律可得：m 甲v 甲＝(m 甲＋m 乙)v 共(2分)
代入数据得：m 乙＝1 kg(1分)
两车碰撞时内能的增加ΔE ＝ΔE k ＝12m 甲v 2甲－12
(m 甲＋m 乙)v 2共(3分) 代入数据可得：ΔE ＝0.12 J(2分)
答案 (1)ACD (2)①1 kg ②0.12 J
2.(2015·东北三省三校模拟) (1)(5分)如图所示为氢原子的能级示意图，一群氢原子处于n ＝3的激发态，在向较低能级跃迁的过程中向外发出光子，并用这些光照射逸出功为2.49 eV 的金属钠。
图2
①这群氢原子能发出________种不同频率的光，其中有________种频率的光能使金属钠发生光电效应。
②金属钠发出的光电子的最大初动能为________eV 。
(2)(10分)如图3所示，在光滑的水平面上静止着一个质量为4m 的木板B ，B 的左端静止着一个质量为2m 的物块A ，已知A 、B 之间的动摩擦因数为μ，现有质量为m 的小球以水平
速度v 0飞来与A 物块碰撞后立即以大小为v 03
的速率弹回。
在整个过程中物块A 始终未滑离木板B ，且物块A 可视为质点，求：
图3
①物块A 相对B 静止后的速度；
②木板B 至少多长？
解析 (2)①设小球m 与物块A 碰撞后A 的速度为v 1，设v 0的方向为正方向，由动量守恒定
律得：m v 0＝－m v 03
＋2m v 1(2分) 设物块A 与木板B 共同的速度为v 2，由动量定恒定律2m v 1＝(2m ＋4m )v 2(2分)
联立解得v 1＝23v 0，v 2＝29
v 0(2分)
②设A 在B 上滑过的距离为L ，由能量守恒定律得：2μmgL ＝12×2m v 21－12
(2m ＋4m )v 22(2分) 解得L ＝4v 2027μg
(2分) 答案 (1)①3 2 ②9.60 eV (2)①29v 0 ②4v 2027μg
3.(1)(5分)以下有关近代物理内容的若干叙述，正确的是________。
(填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。
每选错1个扣3分，最低得分0分)
A.紫外线照射到金属锌板表面时能够发生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大
B.太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应
C.有10个放射性元素的原子核，当有5个原子核发生衰变所需的时间就是该放射性元素的半衰期
D.氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时氢原子的电势能减小，电子的动能增大
E.质子和中子结合成新原子核一定有质量亏损，释放出能量
(2)(10分)两个小球A 和B 用轻质弹簧相连，在光滑的水平直轨道上一起以速度1.5v 0向右运动。
在它们的右边有一小球C 沿轨道以速度v 0撞向B 球。
如图4所示，C 与B 发生碰撞并立即结成了一个整体D ，在它们继续运动的过程中，当弹簧被压缩到最短时，弹簧突然被锁定，长度不再改变，已知A 、B 、C 三球的质量均为m ，求：
图4
①A 球的最终速度；
②当弹簧被压缩到最短时，弹簧所具有的弹性势能。
解析 (1)光电子的初动能只与入射光的频率有关，故选项A 错误；太阳辐射来自于太阳内部的聚变反应，故选项B 正确；对大量放射性元素的原子核，有半数发生衰变所需时间是半衰期，对少量放射性元素的原子核衰变半衰期没意义，故选项C 错误；氢原子从较高能级向较低能级跃迁，运动半径减小，电势能减小，动能增加，故选项D 正确；核反应前、后有质量亏损，就会释放能量，故选项E 正确。
(2)①选A 、B 球的初速度方向为正方向，当弹簧被压缩到最短时，对A 、B 、C 及弹簧组成的系统，由动量守恒定律得：2m ×1.5v 0－m v 0＝3m v (1分)
解得：v ＝23
v 0(1分) 所以A 球的最终速度为23
v 0，方向水平向右。
(2分) ②设B 与C 碰撞后的共同速度为v 1，根据动量守恒定律可得m ×1.5v 0－m v 0＝2m v 1(1分)
解得：v 1＝14v 0(1分) 根据能量守恒定律可得：12m (32v 0)2＋12×2m v 21＝E p ＋12
×3m v 2(2分) 解得：E p ＝2548m v 20
(1分) 所以当弹簧被压缩到最短时，弹簧所具有的弹性势能为2548m v 20。
(1分) 答案 (1)BDE (2)①23v 0，方向水平向右 ②2548m v 20
4.(2015·陕西五校二次联考)(1)(5分)下列说法正确的是________。
(填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。
每选错1个扣3分，最低得分0分)
A.原子的核式结构模型是汤姆孙最早提出的
B.铀核(238 92U)衰变为铅核(206 82Pb)的过程中，要经过8次α衰变和6次β衰变
C.一群氢原子从量子数n ＝3的激发态跃迁到基态时最多可辐射3种不同频率的光子
D.一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能因为这束光的强度太小
E.考古专家发现某一骸骨中14 6C 的含量为活着的生物体中14 6C 的14
，已知14 6C 的半衰期为5 730年，则确定该生物死亡时距今约11 460年
(2)(10分)如图5所示，竖直平面内一光滑水平轨道左边与墙壁对接，右边与一足够高的14
光滑圆弧轨道平滑相连，木块A 、B 静置于光滑水平轨道上，A 、B 质量分别为1.5 kg 和0.5 kg 。
现让A 以6 m/s 的速度水平向左运动。
之后与墙壁碰撞，碰撞时间为0.3 s ，碰后速度大小变为4 m/s 。
当A 与B 碰撞后会立即粘在一起运动，已知g ＝10 m/s 2，求：
图5
①A 与墙壁碰撞过程中，墙壁对小球平均作用力的大小；
②A 、B 滑上圆弧轨道的最大高度。
解析 (1)原子的核式结构模型是卢瑟福最早提出的，所以A 错误；铀核(238 92U)衰变为铅核(206 82
Pb)质量数减少32，所以需要8次α衰变，电荷数应减小16，而铀核(238 92U)衰变为铅核(206 82
Pb)电荷数只减少10，故有6次β衰变，所以B 正确；一群氢原子从量子数n ＝3的激发态向基态跃迁时，先跃迁到n ＝2, 再从n ＝2跃迁到基态，也可从n ＝3直接跃迁到基态，所以最多可辐射3种不同频率的光子，故C 正确；一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能因为这束光的频率太小，所以D 错误；根据半衰期的定义可知，该生物死亡时距今约两个半衰期即11 460年，所以E 正确。
(2)①设水平向右为正方向，当A与墙壁碰撞时根据动量定理有：Ft＝m A v1′－(－m A v1)(2分) 解得F＝50 N，方向水平向右。
(2分)
②当A与B碰撞时，设碰撞后两物体的速度为v，根据动量守恒定律有
m A v1′＝(m A＋m B)v(2分)
AB在光滑圆弧轨道上升时，机械能守恒，由机械能守恒定律得
1
2＝(m A＋m B)gh(2分)
2(m A＋m B)v
解得h＝0.45 m(2分)
答案(1)BCE(2)①50 N②0.45 m。