专题一 因动点产生的等腰三角形问题
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专题一因动点产生的等腰三角形问题
例1、已知抛物线y=ax2+bx+c经过A(-1,0)、B(3,0)、C(0,3)三点,直线l是抛物线的对称轴.
(1)求抛物线的函数关系式;
(2)设点P是直线l上的一个动点,当△PAC的周长最小时,求点P的坐标;
(3)在直线l上是否存在点M,使△MAC为等腰三角形?若存在,直接写出所有符合条件的点M的坐标;若不存在,请说明理由.
例2、如图,点A在x轴上,OA=4,将线段OA绕点O顺时针旋转120°至OB的位置.
(1)求点B的坐标;
(2)求经过点A.O、B的抛物线的解析式;
(3)在此抛物线的对称轴上,是否存在点P,使得以点P、O、B为顶点的三角形是等腰三角形?若存在,求点P的坐标;若不存在,说明理由.
第25题
备用图
分)
如图,已知AB 是⊙O 的直径,AB=8, 点C 在半径OA 上(点C 与点O 、A 不重合),过点C 作AB 的垂线交⊙O 于点D ,联结OD ,过点B 作OD 的平行线交⊙O 于点E 、交射线CD 于点F .
(1)若
ED BE =,求∠F 的度数;
(2)设,,y EF x CO ==写出y 与x 之间的函数解析式,并写出定义域;
(3)设点C 关于直线OD 的对称点为P ,若△PBE 为等腰三角形,求OC 的长.
题5分)
在Rt△ABC中,∠A=90°,AB=6,AC=8,点D为边BC的中点,
DE⊥BC交边AC于点E,点P为射线AB上一动点,点Q为边AC上一动点,且∠PDQ=90°.
(1)求ED、EC的长;
(2)若BP=2,求CQ的长;
(3)记线段PQ与线段DE的交点为点F,若△PDF为等腰三角形,求BP 的长.
A
B
E
C
A
B C
E
D
第25题图(备用图)
专题一 引动点产生的等腰三角形问题答案
例1、【答案】解:(1)∵A(-1,0)、B(3,0)经过抛物线y =ax2+bx +c ,
∴可设抛物线为y =a (x +1)(x -3)。
又∵C(0,3) 经过抛物线,∴代入,得3=a (0+1)(0-3),即a=-1。
∴抛物线的解析式为y =-(x +1)(x -3),即y =-x2+2x +3。
(2)连接BC ,直线BC 与直线l 的交点为P 。
则此时的点P ,使△PAC 的周长最小。
设直线BC 的解析式为y =kx +b , 将B(3,0),C(0,3)代入,得:
,解得:。
∴直线BC 的函数关系式y =-x +3。
当x -1时,y =2,即P 的坐标(1,2)。
(3)存在。
点M 的坐标为(1
),(1
),(1,1)
,(1,0)。
【考点】二次函数综合题,待定系数法,曲线上点的坐标与方程的关系,线段中垂线的性质,三角形三边关系,等腰三角形的性质。
【分析】(1)可设交点式,用待定系数法求出待定系数即可。
(2)由图知:A 、B 点关于抛物线的对称轴对称,那么根据抛物线的对称性以及两点之间线段最短可知:若连接BC ,那么BC 与直线l 的交点即为符合条件的P 点。
(3)由于△MAC 的腰和底没有明确,因此要分三种情况来讨论:①MA =AC 、②MA =MC 、②AC =MC ;可先设出M 点的坐标,然后用M 点纵坐标表示△MAC 的三边长,再按上面的三种情况列式求解: ∵抛物线的对称轴为: x=1,∴设M(1,m)。
∵A(-1,0)、C(0,3),∴MA2=m2+4,MC2=m2-6m +10,AC2=10。
①若MA =MC ,则MA2=MC2,得:m2+4=m2-6m +10,得:m =1。
②若MA =AC ,则MA2=AC2,得:m2+4=10,得:m 。
3k+b=0b=3⎧⎨⎩k=1
b=3-⎧⎨⎩
③若MC =AC ,则MC2=AC2,得:m2-6m +10=10,得:m =0,m =6, 当m =6时,M 、A 、C 三点共线,构不成三角形,不合题意,故舍去。
综上可知,符合条件的M 点,且坐标为(1
,(1,-
),(1,1),(1,0)。
例2、考点:二次函数综合题;分类讨论。
解答:解:(1)如图,过B 点作BC ⊥x
轴,垂足为C ,则∠BCO=90°, ∵∠AOB=120°, ∴∠BOC=60°, 又∵OA=OB=4,
∴OC=OB=×4=2,BC=OB •sin60°=4×=2
,
∴点B 的坐标为(﹣2,﹣2); (2)∵抛物线过原点O 和点A .B , ∴可设抛物线解析式为y=ax2+bx , 将A (4,0),B (﹣2.﹣2)代入,得
,
解得,
∴此抛物线的解析式为y=﹣x2+x (3)存在,
如图,抛物线的对称轴是x=2,直线x=2与x 轴的交点为D ,设点P 的坐标为(2,y ), ①若OB=OP , 则22+|y|2=42, 解得y=±2,
当y=2时,在Rt △POD 中,∠PDO=90°,sin ∠POD==
,
∴∠POD=60°,
∴∠POB=∠POD+∠AOB=60°+120°=180°, 即P 、O 、B 三点在同一直线上, ∴y=2不符合题意,舍去, ∴点P 的坐标为(2,﹣2)
②若OB=PB ,则42+|y+2|2=42, 解得y=﹣2,
故点P 的坐标为(2,﹣2),
③若OP=BP ,则22+|y|2=42+|y+2|2, 解得y=﹣2,
故点P 的坐标为(2,﹣2),
综上所述,符合条件的点P 只有一个,其坐标为(2,﹣2),
例3、解答(本题满分14分,第(1)小题5分,第(2)小题5分,第(3)小题4分)
(1)联结OE--------------------------------------------------------------------------(1分)
∵⋂ED =⋂
BE ∴∠BOE=∠EOD--------------------------------------------------(1分) ∵OD//BF ∴∠DOE=∠BEO
∵OB=OE ∴∠OBE=∠OEB--------------------------------------------------(1分) ∴∠OBE=∠OEB=∠BOE=60°-------------------------------------------------(1分) ∵∠FCB=90°∴ ∠F=30°-------------------------------------------------------(1分) (2)作OH ⊥BE ,垂足为H ,---------------------------------------------------------(1分) ∵∠DCO=∠OHB=90°,OB=OD ,∠OBE=∠COD
∴△HBO ≌△COD-----------------------------------------------------------------(1分) ∴ ,2,x BE x BH CO ===
∵OD//BF ∴ BC OC
BF OD =
-------------------------------------------------------(1分)
∴x x y x +=+424 ∴
)
40(21642<<-+=
x x x x y -------------------(2分)
(3)∵∠COD=∠OBE ,∠OBE=∠OEB ,∠DOE=∠OEB
∴ ∠COD=∠DOE , ∴C 关于直线OD 的对称点为P 在线段OE 上--(1分)
若△PBE 为等腰三角形
① 当PB=PE ,不合题意舍去;------------------------------------------(1分)
② 当EB=EP
34
,42=
-=x x x -----------------------------------------(1分) ③ 当BE=BP 作BM ⊥OE ,垂足为M ,
易证△BEM ∽△DOC
∴OC EM DO BE = ∴x x
x
2
44
2-= 整理得:
217
1,042±-=
=-+x x x (负数舍去)--------------(1分)
综上所述:当OC 的长为34或217
1+-时,△PBE 为等腰三角形。
例4【答案】解:(1)在Rt △ABC 中,∠A=90°,AB=6,AC=8 ∴
BC=10……………………(1分) 点D 为BC 的中点 ∴CD=5 可证△ABC ∽△DEC
∴, 即………………………………(1分) ∴
,……………………………………………………(2分)
(2)①当点P 在AB 边上时,在Rt △ABC 中,∠B+∠C=90°, 在Rt △EDC 中,∠DEC+∠C=90°, ∴∠DEC=∠B
∵DE ⊥BC ,∠PDQ=90° ∴∠PDQ=∠BDE=90° ∴∠BDP=∠EDQ
∴△BPD ∽△EQD ……………………………………………………………(1分)
∴, 即
, ∴
………………………………………………………………………(2分)
∴CQ=EC-EQ
…………………………………………………………(1分)
②当点P 在AB 的延长线上时,同理可得:,
∴CQ=EC+EQ
…………………………………………………………(1分)
(3)∵线段PQ 与线段DE 的交点为点F ,∴点P 在边AB 上
∵△BPD ∽△EQD ∴
DE EC CD AB BC AC ==5
6108DE EC ==154DE =
25
4CE =EQ DE BP BD =15
4
25EQ =3
2EQ =
19
4=
32EQ =
31
4=
4
3BP BD PD EQ ED QD ===
若设BP=x ,则
,
…………………………………(1分) 可得
∴∠QPD=∠C 又可证∠PDE=∠CDQ ∴△PDF ∽△CDQ
∵△PDF 为等腰三角形 ∴△CDQ 为等腰三角
形………………………(1分)
①当CQ=CD 时,可得: 解得:
………………………(1分)
②当QC=QD 时, 过点Q 作QM ⊥CB 于M ,
∴
, ∴, 解得 ……………………………………………(1分)
③当DC=DQ 时,过点D 作DN ⊥CQ 于N ,
∴
,
∴, 解得
(不合题意,舍去)…………………………(1分)
∴综上所述,或.
34EQ x =
25344CQ x
=-4
cot cot 3QPD C
∠==253
544x -=5
3x =
1522CM CD ==5525248CQ =⨯=
2532544
8x -=
25
6x =
4545CN =⨯
=28CQ CN ==253844x -=73x =-
53BP =
25
6。