河北大学_计算机网络_课后习题_答案网络答案

6. 一个带宽为6MHz的信道，若用4种不同的状态表示数据，在不考虑热噪声的情况下最大数据传输速率是多少？
在不考虑热噪声的理想情况下，计算信道容量的公式是奈奎斯特公式。

现已知带宽H＝6MHz，码元可取的有效离散值个数N＝4，
则信道的最大数据传输速率为：
C＝2Hlog2N＝2×6×106×log24 b/s＝24Mb/s
7. 某信道带宽为3kHz，信噪比为30dB，试计算该信道的最大比特率。

若采用二进制信号传输，则该信道的最大比特率是多少？
由信噪比＝30db可知S/N＝1030/10＝1000。

现已知带宽H＝3kHz，根据香农公式可知信道的最大比特率为：
C＝Hlog2 (1+S/N)＝3×103×log2 (1+1000)≈30kb/s。

若采用二进制信号传输，该信道的最大比特率为：
C＝2Hlog2N＝2×3×103×log22＝6 kb/s。

8．要在带宽为4kHz的信道上用4秒钟发送完20KB的数据块，按照香农公式，信道的信噪比最小应为多少分贝？
要在带宽为4kHz的信道上用4秒钟发送完20KB的数据块，即所需的数据传输速率为20KB/4=40kbps，由香农公式有C=Hlog2 (1+S/N)
由H=4kHz，C≥40kbps，得S/N≥1024，因此10log10(S/N) ≥30dB,即信噪比最小应为30分贝。

13. 计算T1载波线路的编码效率和开销率。

若要采用两种物理状态传输的50kb/s信道上传输1.544Mb/s的T1载波，问信道的信噪比至少应该是多少？
在T1载波线路中，一帧包括193b。

这193b按时分多路复用方式细分为24个信道，每个信道8b，余下1b作同步位。

8b中1b用来传输控制信号，7b用来传输数据信息。

据此，T1载波线路的编码效率为：
24×7/193＝87％
对应地，开销率为1-0.87＝13％
因为是采用两种物理状态传输数据，则从数值上来说，B＝S，而B＝2H，所以信道带宽
H＝B/2＝S/2＝25kHz。

由香农公式C=Hlog2(1+S/N)可知信噪比
S/N＝2C/H-1＝21.544M/25k-1＝261.76-1
以分贝计算，则S/N＝10log10(261.76-1)≈186dB
17. 共有四个站点进行CDMA通信，四个站点的码片序列分别为：
A：(-1 -1 -1 +1 +1 -1 +1 +1) B：(-1 -1 +1 -1 +1 +1 +1 -1)
C：(-1 +1 -1 +1 +1 +1 -1 -1) D：(-1 +1 -1 -1 -1 -1 +1 -1)
现收到码片序列（-1 +1 -3 +1 -1 -3 +1 +1），问哪个站发送了数据？发送的1还是0？
设当前收到的码片序列S为（-1 +1 -3 +1 -1 -3 +1 +1）
则A·S=
8
i i
i1
1
8
A S
=
∑=1 B·S=8i i
i1
1
8
B S
=
∑=-1
C·S=
8
i i
i1
1
8
C S
=
∑=0 D·S= 8i i
i1
1
8
D S
=
∑=1
所以站点A和D发送“1”，B发送“0”，站点C未发送数据。

x7+x5+1被生成多项式x3+1除，所得余数是多少？
解：x7+x5+1对应的二进制位串为10100001，x3+1对应的二进制位串为1001，通过多项式除法运算，可得余数为111.（过程略）
8. 采用生成多项式G(X)=X4+X3+X+1为信息位1010101产生循环冗余码，加在信息位后面形成码字，再经比特填充后从左向右发送，问发送在物理线路上的比特
序列是什么？
解：由生成多项式的次数可知冗余位位数为4，信息位对应的多项式为x6+x4+x2+1，在信息位后面附加4位0对应的多项式为x4*( x6+x4+x2+1)，用生成多项式G(X)去除x4*( x6+x4+x2+1)可得余数多项式，经计算，可得余数为1011，因此需通过物理线路传送的比特序列是10101011011。

9. 已知循环冗余码的生成多项式为X5+X4+X+1，若接收方收到的码字为1010110001101，问传输中是否有差错？
解：生成多项式G(X)＝X5+X4+X+1对应的代码为110011，
若接收码字为1010110001101，计算T(X)模2除G(X)的余数：
110011
110000
110011
110011
110011
00001
由算式可知余数为00001≠0，因此传输有错，所接收的码字不是正确的码字。

10. 若信息位为1001000，要构成能纠正一位错的海明码，则至少要加上多少冗余位？写出其监督关系表达式。

解：信息位长度k＝7，根据表达式2r≥k+r+1可知冗余位长度r＝4，
所以最后构成的海明码码字长度应为n＝k＋r＝11，
在7位信息位a10a9…a5a4后追加4位冗余位a3a2a1a0，构成11位码字a10a9…a1a0。

设置校正因子与错码位置的对应关系如下：
由上表可得监督关系式：
S0=a0⊕a4⊕a5⊕a7⊕a8⊕a10
S1=a1⊕a4⊕a6⊕a7⊕a9⊕a10
S2=a2⊕a5⊕a6⊕a7
S3=a3⊕a8⊕a9⊕a10
令S3S2S1S0＝0000，即令
a0⊕a4⊕a5⊕a7⊕a8⊕a10=0
a1⊕a4⊕a6⊕a7⊕a9⊕a10=0
a2⊕a5⊕a6⊕a7=0
a3⊕a8⊕a9⊕a10=0
由此可求得各冗余位的生成表达式：
a0＝a4⊕a5⊕a7⊕a8⊕a10
a1＝a4⊕a6⊕a7⊕a9⊕a10
a2＝a5⊕a6⊕a7
a3＝a8⊕a9⊕a10
11. 若海明码的监督关系式为：
S0=a0⊕a3⊕a4⊕a5
S1=a1⊕a4⊕a5⊕a6
S2=a2⊕a3⊕a5⊕a6
接收端收到的码字为：a6a5a4a3a2a1a0=1010100，问在最多一位错的情况下发送端发送的信息位是什么？
解：将a6a5a4a3a2a1a0=1010100带入监督关系式可得：
S0=a0⊕a3⊕a4⊕a5=0⊕0⊕1⊕0=1
S1=a1⊕a4⊕a5⊕a6=0⊕1⊕0⊕1=0
S2=a2⊕a3⊕a5⊕a6=1⊕0⊕0⊕1=0
因为S2S1S0＝001≠0，接收的码字有错，错误位置是a0，所以正确的码字应为1010101。

14. 50Kb/s卫星信道上，采用停等协议，帧长度为1000比特，卫星的上行和下行链路的延迟都为125ms，不考虑误码率而且假设确认帧的处理时间可以忽略，计算
该卫星信道的利用率。

解：50Kb/s卫星信道上发送帧长度为1000比特的数据帧所需时间为1000b/50Kb/s=20ms
卫星的上行和下行链路的延迟都为125ms ，因此数据帧到达接收方及确认帧返回所需时间为2*（125ms+125ms ）=500ms ，不考虑误码率而且假设确认帧的处
理时间可以忽略的情况下，该卫星信道的利用率为20ms/(20+500)ms=3.8%
15. 一个数据传输速率为4Kb/s 、单向传播时延为20ms 的信道，确认帧长度和处理时间均忽略不计，则帧长度在什么范围内，停等协议的效率可以达到50%？ 解：分析停等协议的信道利用率，如下图所示：
假设帧长度为L 比特，由题可知数据传输速率B=4Kb/s ，单向传播时延R 为20ms ，采用停等协议进行数据帧的传输，确认帧长度和处理时间均忽略不计，若使
效率达到50%，即
/50%/2L B
L B R
≥+
代入L 、B 和R ，可得L ≥160b 。

16. 使用回退n 帧协议在3000km 长的1.544Mb/s 的T1干线上发送64字节的帧，若信号传播速度是6µs/km，问帧的顺序号应是多少位？ 解： 在信号传播速度为6µs/km、3000km 长的信道上传输数据，传输延迟为：
6×3000＝18000µs
1.544Mb/s 的T1干线每秒传输8000个193b 的数据帧，每帧有24×8b 的数据和1b 的同步比特，因此实际用于数据传输的带宽为1.544－8000×10-6＝1.536Mb/s 。

那么，发送一个64B 的数据帧所需的发送时间为： 64×8/1.536＝333µs
若确认帧的发送时间很短，可以忽略不计，则一个数据帧自发送到确认帧返回发送方所需时间为： 333＋18000＋18000＝36333µs
若发送方在等待第一帧确认期间一直发送数据帧，则可以发送36333/333≈110帧。

对110帧编号，则需要7位帧序号。

17. 重负荷的50Kb/s 卫星信道上，用选择重传协议发送含40比特帧头和3960比特数据的帧。

假定无确认帧，NAK 帧为40比特，数据帧的出错率为1％，NAK 帧
的出错率可忽略不计，顺序号是7位，问由于帧头和差错重发而浪费的信道带宽占百分之几？ 解：在50kb/s 的卫星信道上发送帧长为40＋3960＝4000b 的数据帧，所需发送时间为： 4000/50k ＝80ms
这样，从t ＝0时刻开始发送，在t ＝80ms 时发送方发送一帧完毕。

已知卫星信道延迟为270ms ，因此，在t ＝80＋270＝350ms 时数据帧到达接收方。

因为没有确认帧，可以采用捎带应答方式进行确认。

所以，在t ＝350＋80＝430ms 时，带有反向捎带应答的数据帧从接收方发向发送方，该帧在t ＝430＋270＝700ms 时到达发送方。

一帧的传输周期为700ms 。

帧序号长度为7位，因此窗口大小最大可达27-1＝64。

连续发送64个数据帧所需时间64×80＝5120ms ，远大于一个帧的传输周期700ms 。

这意味着64的窗口大小足以令信道始终保持繁忙，所以总开销可以由单个数据帧的开销得到。

数据帧的出错率为1％，对于帧长为4000b 的数据帧来说，平均重传长度为4000×1％＝40b ，传送NAK 的平均长度为40×1％＝0.4b 。

所以，传输3960b 数据带来的附加开销为40＋40＋0.4＝80.4b 。

因此，帧头和差错重发的开销占总带宽的比例为： 80.4/(3960＋80.4)≈2％
18. 一个1Mb/s 的卫星信道上发送1000bit 长的帧。

信号在信道中端到端传输延迟是270ms ，假定ACK 帧很短，占用信道的时间忽略不计，并且使用3位的帧序
号。

对以下协议而言,计算卫星信道可能达到的最大信道利用率。

(a)停-等协议；(b)回退N 协议；(c)选择重传协议 解：三种协议的窗口大小值分别是1,7和4.
以1Mb/s 发送,1000bit 长的帧的发送时间是1ms.
我们用t = 0表示传输开始时间,那么在t = 1ms 时,第一帧发送完毕. t = 271ms,第一帧完全到达接收方. t = 541ms 时确认帧到达发送方.因此周期是541ms.如果在541ms 内可以发送k 个帧,(每个帧发送用1ms 时间),则信道的利用率是k/541, 因此:
(a)k = 1,最大信道利用率 = 1/541 = 0.18% (b)k = 7,最大信道利用率 = 7/541 = 1.29%（1分） (c)k = 4,最大信道利用率 = 4/541 = 0.74%（1分）
一个如图4-42所示的子网。

采用距离矢量路由选择算法，如下向量进入路由器C ：来自B 的（5,0,8,12,6,2）；来自D 的（16,12,6,0,9,10）；来自E 的
（7,6,3,9,0,4）。

到B 、D 和E 的延迟分别是6、3和5。

C 的新路由选择表是什么样的？给出采用的输出线路和预计延迟。

图4-42
解：通过B 给出 (11，6，14，18，12，8) 通过D 给出 (19，15，9，3，12，13)
通过E 给出 (12，11，8，14，5，9) 取到达每一个目的地的最小值得：
(11，6，0，3，5，8) 输出线路是：(B ，B ，－，D ，E ，B)
数据报子网允许路由器在必要时扔掉分组。

一个路由器扔掉分组的概率为P 。

考虑一源端主机连接到源端路由器，源端路由器又连到目的端路由器，它又连接到目的
主机。

如果其中一个路由器扔掉一个分组，源端主机最后会超时，并重传该分组。

如果主机到路由器及路由器到路由器的线路都算作一个站段，那么： （1）一个分组在每次传输中所经过的平均站段数是多少？ （2）一个分组平均传输次数是多少？
（3）每次收到的分组所需的平均站段数为多少？
解：由源主机发送的分组可能行走1个站段、2个站段或3个站段。

走1个站段的概率是p ，走2个站段的概率是p(1-p)，走3个站段的概率是(1-p)2，那么，一个分组平均通路长度的期望值：
L=1×p+2p(1-p)+3(1-p)2=p 2-3p+3
即每次发送一个分组行走的平均站段数是p 2-3p+3。

一次发送成功(走完整个通路)的概率等于(1-p)2 ，令a ＝(1-p)2 ，两次发射成功的概率等于(1-a)a,三次发射成功的概率等于(1-a)2a ，…… 因此，一个分组平均发送次数为：
T=a+2a(1-a)+3a(1-a)2+…=[a/(1-a)][(1-a)+2(1-a)2+3(1-a)3+…]
因为
2
1
)1(q q kq
k k
-=
∑∞
=
所以
2
2)1(11)]1(1[11p a a a a a T -=
=---⨯-=
即一个分组平均做1/(1-p)2次发送。

最后，每个接收到的分组行走的平均站段数为： H=L ×T=(p 2-3p+3)/(1-p)2
10. 一个6Mb/s 的网络中有一台由令牌桶算法控制的计算机。

令牌桶以1Mb/s 的速率注入，其容量为8Mb ，最初令牌桶是满的。

问该计算机能以6Mb/s 的速率全
速传送多长时间？
解：应用公式S ＝C/(M-P)，其中S 表示以秒计量的突发时间长度，M 表示以每秒字节计量 的最大输出速率，C 表示以字节计量的桶的容量，P 表示以每秒字节计量的令牌到达速率。

用C ＝8×106/8=106，M=6×106/8，P ＝1×106/8代入公式得到
)(6.18
101810610666
s S =÷⨯-÷⨯=
所以，计算机可以用完全速率6M/s 发送1.6s 的时间 11.
IP 地址分为几类？各如何表示？
答：在分类IP 地址中，将IP 地址共分为五类，分别是A 类、B 类、C 类、D 类和E 类。

不同类别的IP 地址，网络号和主机号这两部分的长度是不同的，如下图所示。

12. 在分类IP 地址空间中，试分别计算A 类、B 类和C 类IP 地址所包含的网络数量及每个网络中包含的主机数量。

答：如表所示：
13. 子网掩码有什么作用？A 类、B 类、C 类IP 地址的子网掩码各是什么？
答：在一个网络中引入子网，就是将主机号进一步划分成子网号和主机号，通过灵活定义子网号的位数，就可以控制每个子网的规模。

传统的网络号-主机号两级IP 地址空间变成网络号-子网号-主机号三级IP 地址空间，为了判断IP 地址所属的网络，需要用到子网掩码。

在传统的分类IP 地址空间中，A 、B 、C 类IP 地址对应的子网掩码分别是 255.0.0.0、255.255.0.0和255.255.255.0。

14. 将一个A 类地址空间划分为如下数目的子网，试计算所需的子网号比特数、对应的子网掩码及每个子网包含的主机数。

（1） 2
（2） 6
（3） 510
答：(1) 由于要划分成2个子网，需要扩展1位(21＝2)主机号作为子网号，此时子网掩码由原来的255.0.0.0变为255.128.0.0，即11111111 10000000 00000000 00000000，包含的主机数为223-2=8388606；
(2) 由于要划分成6个子网，需要扩展3位(23＝8>6)主机号作为子网号，此时子网掩码由原来的255.0.0.0变为255.224.0.0，即11111111 11100000 00000000 00000000，包含的主机数为221-2=2097150；
(3) 由于要划分成510个子网，需要扩展9位(29＝512>510)主机号作为子网号，此时子网掩码由原来的255.0.0.0变为255.255.128.0，即11111111 11111111 10000000 00000000，包含的主机数为215-2=32766。

15. 在一个B类地址空间中，如果其子网掩码分别如下，试计算其子网号比特长度、可划分的子网数及每个子网包含的主机数。

（1）255.255.240.0 （2）255.255.255.0 （3）255.255.255.248
答：(1) 将255.255.240.0变为二进制形式：11111111 11111111 11110000 00000000
由B类地址空间的结构可知：子网号比特长度为4位，所以可划分的子网数为24=16，包含的主机数为212-2=4094；
(2) 将255.255.255.0变为二进制形式：11111111 11111111 11111111 00000000
由B类地址空间的结构可知：子网号比特长度为8位，所以可划分的子网数为28=256，包含的主机数为28-2=254；
(3) 将255.255.255.248变为二进制形式：11111111 11111111 11111111 11111000
由B类地址空间的结构可知：子网号比特长度为13位，所以可划分的子网数为213=8192，包含的主机数为23-2=6。

16. 解释网络地址、32位全0的地址以及网络号全0的地址的含义。

答：网络地址是网络号不为0但主机号为0的IP地址，用来标记一个对应的网络。

32位全0的地址代表默认路由地址。

网络号是全0，该地址是本网络上的特定主机地址。

路由器收到目的地址是此类地址的IP报文时不会向外转发该分组，而是直接交付给本网络中的特定主机号的主机。

17. 直接广播地址和受限广播地址的区别是什么？
答：目的地址为直接广播地址的IP报文将被发送到特定网络中的所有主机。

目的地址为受限广播地址的IP报文将被发送到本物理网络中的所有主机。

路由器阻挡该报文通过，将其广播功能只限制在本网内部。

18. 有两个CIDR地址块205.128/11和205.130.28/22，试判断二者是不是有包含关系。

如果有，请指出并说明原因。

答：将两个地址块转换为二进制形式得：
11001101 10000000 00000000 00000000 (205.128/11)
11001101 10000010 00011100 00000000 (205.130.28/22)
由两者的地址结构可以看出，205.128/11包含205.130.28/22的地址空间。

19. 有如下的4个地址块：212.206.132.0/24、212.206.133.0/24、212.206.134.0/24、212.206.135.0/24，试进行最大可能的聚合，并写出其对应的掩码。

解：将4个/24地址块变为二进制形式有：
11001010 11001110 10000100 00000000 (202.206.132.0/24)
11001010 11001110 10000101 00000000 (202.206.133.0/24)
11001010 11001110 10000110 00000000 (202.206.134.0/24)
11001010 11001110 10000111 00000000 (202.206.135.0/24)
将上面4个地址块聚合为一个地址块，得到
11001010 11001110 10000100 00000000 (202.206.132.0/22)，
对应的掩码为255.255.252.0
20. 以下地址中的哪一个和86.32/12匹配？说明理由。

（1）86.33.224.123 （2）86.79.65.216 (3) 86.58.119.74 (4) 86.68.206.154
答：分别写出四个地址对应的二进制形式，若其前12位二进制串与86.32/12的二进制形式的前12位相同，则该地址和86.32/12匹配。

因此（1）86.33.224.123和
86.32/12匹配。

21. 某单位分配到一个地址块136.23.16.64/26，现在需要进一步划分为4个一样大的子网，回答以下问题：
(1)每个子网的网络前缀有多长？
(2)每一个子网中有多少个地址？
(3)每一个子网的地址块是什么？
(4)每一个子网可分配给主机使用的最小地址和最大地址分别是什么？
答：（1）每个子网前缀为28位。

（2）每个子网中有16个地址。

（3）四个子网的地址块分别是：
136.23.16.64/28 136.23.16.80/28 136.23.16.96/28 136.23.16.112/28
（4）地址块136.23.16.64/28中
可分配给主机使用的最小地址是136.23.16.65，最大地址是136.23.16.78
地址块136.23.16.80/28中
可分配给主机使用的最小地址是136.23.16.81，最大地址是136.23.16.94
地址块136.23.16.96/28中
可分配给主机使用的最小地址是136.23.16.97，最大地址是136.23.16.110
地址块136.23.16.112/28中
可分配给主机使用的最小地址是136.23.16.113，最大地址是136.23.16.126
37. 设路由器R1有如下所示的路由表：
R1可以直接从接口0和接口1转发IP报文，也可以通过相邻的路由器R2、R3和R4进行转发。

现有5个IP报文，其目的IP地址分别为：
（1）128.96.39.12
（2）128.96.40.15
（3）128.96.40.172
（4）192.4.153.28
（5）192.4.153.93
试分别计算R1转发这些报文的下一个路由器地址。

答：(1) 此IP地址属于网络128.96.39.0，其下一路由器地址为接口0；
(2) 此IP地址属于网络128.96.40.0，其下一路由器地址为R2；
(3) 此IP地址属于网络128.96.40.0，其下一路由器地址为R2；
(4) 此IP地址属于网络192.4.153.0，其下一路由器地址为R3；
(5) 此IP地址属于网络192.4.153.0，其下一路由器地址为R3。

38. 某公司网络拓扑图如图4-43所示，路由器R1通过接口E1、E2分别连接局域网1、局域网2，通过接口L0连接路由器R2，并通过路由器R2连接域名服务器与互
联网。

R1的L0接口的IP地址是202.118.2.1；R2的L0接口的IP地址是202.118.2.2，L1接口的IP地址是130.11.120.1，E0接口的IP地址是202.118.3.1；域名服务器的IP地址是202.118.3.2。

路由器R1和R2的路由表结构为：
目的网络IP地址子网掩码下一跳IP地址接口
(1) 将IP地址空间202.118.1.0/24划分为两个子网，分配给局域网1、局域网2，每个局域网分配的地址数不少于120个，请给出子网划分结果，说明理由或给
出必要的计算过程。

(2) 请给出R1的路由表，使其明确包括到局域网1的路由、局域网2的路由、域名服务器的主机路由和互联网的路由。

(3) 请采用路由聚合技术，给出R2到局域网1和局域网2的路由。

图4-43 某公司网络拓扑图
解：
（1）考虑到每个局域网要120台主机，则IP地址中主机号部分需要7位才能满足需要（27-2=126>120），也就是说网络前缀部分为25位。

所以可以按照如下方案划分：
局域网1：202.118.1.0/25
局域网2：202.118.1.128/25
子网掩码都是255.255.255.128
（2）根据上面的数据，可以很简单的得出R1的路由表为：
（3）根据上面的数据，R2到局域网1和局域网2的路由为：
传输连接的建立和释放为什么采用三次握手协议？使用两次握手建立连接会产生死锁吗？试举例说明。

答：三次握手完成两个重要功能，既要双方做好发送数据的准备工作，也要允许双方就初始序列号进行协商，这个序列号在握手过程中被发送与确认。

若把三次握手改成仅需两次握手，死锁是可能发生的。

例如，考虑计算机A和B之间的通信。

假定B和A发送一个连接请求分组，A收到了这个分组，并发送了确认应答分组。

按照两次握手的协定，A认为连接已经成功的建立了，可以开始发送数据分组。

可是B在A的应答分组在传输中被丢失的情况下，将不知道A是否已准备好，不知道A建议什么样的序列号用于A到B的交通，也不知道A是否同意B所建议的用于B到A交通的序列号，B甚至怀疑A是否收到自己的连接请求分组。

在这种情况下，B认为连接还未建立成功，将忽略A发来的任何数据分组，只等待接收连接确认应答分组。

而A在发出的分组超时后，重复发送同样的分组。

这样就形成了死锁。

15. 一个TCP连接总是以1KB的最大段发送TCP段，发送方有足够多的数据要发送，当拥塞窗口为16KB时发生了超时，如果接下来的4个RTT时间内的TCP段的
传输都是成功的，那么当第4个RTT时间内发送的所有TCP段都得到肯定应答时，拥塞窗口值为多少？
答：略
16. 在一个TCP连接中，TCP的拥塞窗口大小与传输周期的关系如下所示：
请回答下列问题。

（1）画出拥塞窗口与传输周期的关系曲线。

（2）指出TCP工作在慢启动阶段的时间间隔。

（3）指出TCP工作在拥塞避免阶段的时间间隔。

（4）在第16个传输周期之后，检测出报文段的丢失是根据三个重复确认还是根据超时？
（5）在第1个、18个和24个传输周期里，拥塞避免阈值分别被设置为多大？
（6）第70个报文段在哪一个传输周期内发送？
（7）假定在第26个传输周期后，收到3个重复的确认而检测到有分组丢失，那么拥塞窗口和拥塞避免阈值分别被设置为多大？答：（1）如图，横坐标为传输周期，纵坐标为拥塞窗口。

（2）慢启动阶段的时间间隔：[1,6]和[23,26]
（3）拥塞避免阶段的时间间隔：[6,16]和[17,22]
（4）根据三个重复确认
（5）32、21、21
（6）第7个传输周期内
（7）拥塞窗口为4，拥塞避免阈值为4
假定网络中的路由器B的路由表有如下的项目（这三列分别表示“目的网络”、“距离”和“下一跳路由器”）N1 7 A
N2 2 C
N6 8 F
N8 4 E
N9 4 D
现在收到从C发来的路由信息（这两列分别表示“目的网络”和“距离”）：
N2 7
N3 2
N4 8
N8 2
. . . . N7 4
试求出路由器B更新后的路由表。

并说明理由
有个公司有个C类地址192.168.4.0-192.168.4.255 0和255算的A部门有电脑30台
B部门有电脑85台
C部门有电脑20台
D部门有电脑40台
请划分4个子网求出A.B.C.D的IP 和子网掩码？
.下载可编辑.。