(完整版)高一物理平抛运动练习题(附答案)

高一物理平抛运动练习题

班级_________姓名_______________座号______ 命题人：郑俊峰

一、单项选择题(答案填写到第3页的框格内)

1. 关于做平抛运动的物体，正确的说法是

A.速度始终不变

B.加速度始终不变

C.受力始终与运动方向垂直

D.受力始终与运动方向平行

2. 在“探究平抛运动的规律”的实验中，如果小球每次从斜槽滚下的初始位置不同，则下列说法中错误的是

A.小球平抛的初速度不同

B.小球每次做不同的抛物线运动

C.小球在空中运动的时间每次均不同

D.小球通过相同的水平位移所用的时间均不同

3. 以初速度v 0水平抛出一个物体,经过时间t 速度的大小为v t ,经过时间2t ,速度大小的正确表达式应该是

A ．gt v 20+

B ．gt v t +

C ．220)2(gt v +

D ．223()t v gt +

4. 物体做平抛运动，它的速度方向与水平方向的夹角θ的正切tanθ随时间t 的变化图像是图中的

5.如图所示，斜面上有a 、b 、c 、d 四个点，ab ＝bc ＝cd.从a 点正

上方的O 点以速度v 水平抛出一个小球，它落在斜面上的b 点．若

小球从O 点以速度2v 水平抛出，不计空气阻力，则它落在斜面上

的

A ．b 与c 之间某一点

B ．c 点

C ．c 与d 之间某一点

D ．d 点

二、双项选择题(答案填写到第3页的框格内)

6.某人向放在水平地面的正前方小桶中水平抛球，结果球划着一条

弧线飞到小桶的前方（如图所示）。不计空气阻力，为了能把小球

抛进小桶中，则下次再水平抛时，他可能作出的调整为

A ．减小初速度，抛出点高度不变

B ．增大初速度，抛出点高度不变

C ．初速度大小不变，降低抛出点高度

D ．初速度大小不变，提高抛出点高度

7.以速度v 0水平抛出一小球后，不计空气阻力，某时刻小球的竖直分位移与水平分位移大小相等，以下判断正确的是

A ．此时小球的竖直分速度大小大于水平分速度大小

B ．此时小球速度的方向与位移的方向相同

C ．此时小球速度的方向与水平方向成45度角

D ．从抛出到此时小球运动的时间为2v 0g

8.一快艇要从岸边某一不确定位置处到达河中离岸边

100 m 远的一浮标处，已知快艇在静水中的速度v x 图象

和流水的速度v y 图象如图所示，则

A ．快艇的运动轨迹为直线

B ．快艇的运动轨迹为曲线

C ．能找到某一位置使快艇最快到达浮标处的时间为20 s

D ．快艇最快到达浮标处经过的位移为100 m

题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 B C C B A AC AD BC

三、填空实验题

9.如右图是利用闪光照相研究平抛运动的示意图．小球A由斜槽滚

下，从桌边缘水平抛出，当它恰好离开桌边缘时，小球B也同时下落，

闪光频率为10 Hz的闪光器拍摄的照片中B球有四个像，像间距离已

在图中标出，单位为cm，两球恰在位置4相碰．则A球离开桌面时

的速度______．(g取10 m/s2)

【解析】小球做平抛运动满足x＝v0t，由闪光照片知t＝0.3 s，v0＝1 m/s.

【答案】 1 m/s

10.如下图甲所示的演示实验中，A、B两球同时落地，说明________________________，某同学设计了如下图乙的实验：将两个斜滑道固定在同一竖直面内，最下端水平，把两个质量相等的小钢球，从斜面的同一高度由静止同时释放，滑道2与光滑水平板衔接，则他将观察到的现象是____________________________________，这说明______________________

____________________________________________________.

【答案】平抛运动在竖直方向上是自由落体运动球1落到光滑水平板上并击中球2平抛运动在水平方向上是匀速直线运动

四、计算解答题

11.平抛一物体，当抛出1 s后它的速度与水平方向成45°角，落地时速度方向与水平方向成60°角.求（取g=10m/s2）：

（1）物体的初速度；

（2）物体的落地速度；

（3）开始抛出时物体距地面的高度；

（4）物体的水平射程.

12.如右图所示，一小球从平台上水平抛出，恰好落在临近平台的一倾角为α＝53°的光滑斜面顶端，并刚好沿光滑斜面下滑，已知斜面顶端与平台的高度差h ＝0.8 m ，g ＝10 m/s 2，sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6，则：

(1)小球水平抛出的初速度v 0是多大？

(2)斜面顶端与平台边缘的水平距离s 是多少？

(3)若斜面顶端高H ＝20.8 m ，则：小球离开平台后经多长时间t 到达斜面底端？

【解析】 (1)由题意可知：小球落到斜面上并沿斜面下滑，说明此时小球速度方向与斜面平行，否则小球会弹起，所以v y ＝v 0tan 53°，v 2y ＝2gh ，则

v y ＝4 m/s ，v 0＝3 m/s.

(2)由v y ＝gt 1得t 1＝0.4 s ，

s ＝v 0t 1＝3×0.4 m ＝1.2 m.

(3)小球沿斜面做匀加速直线运动的加速度a ＝g sin 53°，初

速度v ＝5 m/s.则

H sin 53°＝v t 2＋12at 22

， 解得t 2＝2 s ．(或t 2＝－134

s 不合题意舍去) 所以t ＝t 1＋t 2＝2.4 s.