2018河北中考物理解析

2018年河北省初中毕业、升学考试
物理试题
（满分120分，时间120分钟）
一、选择题(本大题共22个小题，共47分。

1-19小题为单选题，每小题的四个选项中只有一个选项符合题意，每小题2分: 20-22小题为多选题，每小题的四个选项中，由两个或两个以上选项符合题意，每小题3分，全选对的得3分。

选对但不全断有有错选或不选的不得分)
15.（2018河北，15，2）下列数值最接近实际情况的是
A.洗澡水的温度约为70°C
B.一部手机的质量约为1kg
C.普通居民楼每层高约为5m
D.声音在空气中的传播速度约为340m/s
【答案】D
【解析】本题主要考查生活中的温度、质量、长度、速度等常识；洗澡水的温度一般略高于体温约38℃到42℃故A选项错误；一部手机的质量约为100g-150g，但型号不同质量也不相同，一千克约16个鸡蛋的质量，显然要大于一部手机的质量了，故B选项错误；通居民楼每层高约为3m，故C选项错误；声音在15℃空气中的传播速度约为340m/s,故D选项正确。

【知识点】温度、质量、长度、速度
16.（2018河北，16，2）下列有关声和电磁波的说法正确的是
A.它们的传播都需要介质
B.它们都可以传递信息和能量
C.人听到的声音大小只跟发声体的振幅有关
D.开会时把手机调为静音是在传播过程中减弱噪声
【答案】B
【解析】本题主要考查声、电磁波、噪声的控制。

声音的传播需要介质而电磁波可以在真空中传播故A选项错误。

声和电磁波都可以传递信息和能量，故B选项正确人听到声音的大小，不仅给发发声体的振幅有关还给距离发声体的远近有关。

故C选项错误。

把手机调为静音，是在声源处减弱噪声，顾D选项错误。

【知识点】声、电磁波、噪声的控制。

17.（2018河北，17，2）下列与物态变化相关的说法正确的是
A.出汗时吹风扇感觉凉快，是因为风降低了室温
B.石蜡和冰的熔化一样，都吸热但温度保持不变
C.冬天人呼出的“白气”和露珠的形成原理相同
D.因为雪的形成过程中吸收热量，所以下雪时天气变冷
【答案】C
【解析】本题主要考查物态变化。

出汗时吹风扇感觉凉快，是因为风加速了汗液的蒸发，蒸发吸热故A选项错误；石蜡是非晶体而冰是晶体，非晶体熔化吸热，温度不断变化，晶体熔化时，温度保持不变，故B选项错；呼出的白气是口腔内的水蒸气遇冷液化形成的，露珠也是液化形成的，所以C选项正确；雪是水蒸气凝华而成的，凝华放热，故有“下雪不冷、化雪冷”的谚语。

故D选项错误。

【知识点】物态变化
18.（2018河北，18，2）下列说注正确的是
A.静止的物体可能受到摩擦力的作用
B.越高的拦河大坝，水的重力势能一定越大
C.火车进站时需提前减速，是因为火年受到惯性作用
D.地面上滚动的小球越滚越慢，是由于小球的惯性越来越小
【答案】A
【解析】本题主要考查摩擦力、重力势能、惯性。

静止在斜面上的物体有向下运动的趋势，受沿斜面向上的摩擦力。

推而未动的石头会受与推力相反的摩擦力。

故A选项正确；影响重力势能的因素有质量高度，所以高度越大重力势能未必越大，他还与水的质量有关，故B 选项错误。

惯性是物体本身的属性不能说受到惯性，也不能说惯性的作用，故C选项错。

地面上滚动的小球越来越慢，是因为受到了地面给它的摩擦力的作用，小球的惯性只与小球的质量有关，故D选项错误。

【知识点】摩擦力、重力势能、惯性。

19．（2018河北，19，2）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，蜡烛、凸透锁和光屏的位置如图6所示，烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。

则下列说法正确的是
A.照相机应用了这一成像规律
B.蜡烛燃烧一段时间后，光屏上的像会向下移
C.蜡烛不动，将透镜移至35cm处，移动光屏可能得到倒立的消晰像
D.更换一个焦距小的凸透镜，只移动透镜仍可在光屏上得到清晰的像
【答案】D
【解析】本题主要考查凸透镜成像规律及其应用。

有图可以看出像距大与物距所以成的是倒立放大的实像，应用是投影仪幻灯机，故A选项错误；当蜡烛燃烧一段时间后蜡烛向下
<u<f 移光屏上的像会上移，故B选项错误；现在物距f<u=2f，当透镜移到35cm处时f
2
成正立、放大的虚像，故C选项错误；排除法选D。

【知识点】凸透镜成像规律及其应用
20.（2018河北，20，3）下列有关电与磁的说法正确的是
A.磁感线是用来形象描述磁场的，并不真实存在
B.悬吊着的小磁针静止时N极指向地理南极附近
C.法拉第在世界上第一个发现了电与磁之间的联系
D.电磁继电器是利用电磁铁来控制工作电路的一种开关
【答案】AD
【解析】本题主要考查磁感线、磁场、电与磁、电磁继电器。

磁感线是人们假想出来的用来描述磁场强弱的线故A选项正确；小磁针北极指向的是地理上的北方，也就是地磁南极，故B选项错误；第一个发现电磁联系的人是奥斯特，故C选项错误；电磁继电器是用低电压弱电流控制高电压强电流电路的开关，故D选项正确。

【知识点】磁感线、磁场、电与磁、电磁继电器
21.（2018河北，21，3）水平桌面上放置一成面积为S的薄壁圆筒形容器，内盛某种液体，将质量分别为m A、m B、m C密度分别为ρA、ρB、ρC的均匀实心小球A、B、C放入液体中，A 球漂浮，B球悬浮，C球下沉，如图7所示，它们所受的浮力分别为F A、F B Fc。

下列选项正确的是
A.若m A=m B=m C,则F A=F B>F C
B.将C球截去部分后，剩余部分可能上浮
C.只取出A球，容器中液面的高度降低了m A
ρB S
D.三球放入液体前后，液体对容器底部的压强变化了(m A+m B+m CρB
ρC )g S
【答案】ACD
【解析】本题主要考查压强、浮力、浮沉条件的应用。

A漂浮浮力等于重力F A=m A g,B悬浮F B=m B g，C沉底则F C<m C g，故A选项正确；C球截取部分后密度保持不变，所以B 选项错误；取出A球后排开水的总体积减小，液面降低，故C选项正确；三球放入后液面上升液体对容器底部的压强变大，故D选项正确。

【知识点】压强、浮力、浮沉条件的应用
22. （2018河北，22，3）如图8所示，电源电压不变，a、b、c为电流表或电压表。

只团合S1时，a表无示数，b表有示数。

S1、S2都闭合时，滑片P向右滑动，c表的示数不变。

下列判断正确的是
A.a表是电压表
B.先闭合开关S1，再闭合S2,电路中的总电流变大
C.只闭合S1，P向右移动，R2两端的电压变化量与电流变化量的乘积大于其电功率的变化量
D.开关均闭合，电路的总功率为P1；若将c表换成另一种电表，再团合S1、S2,电路的总功率为P2，则P2>P1
【答案】BD
【解析】本题主要考查电路、滑动变阻器的使用、电压表、电流表的使用，欧姆定律、电功率。

只团合S1时，a、b两表串联，a表无示数，b表有示数说明a是电流表，b是电压表，故A选项错误；S1、S2都闭合时，滑片P向右滑动，c表的示数不变说明c表是电压表，先闭合开关S1时，R1、R2、R3串联，再闭合S2时，a表把R2、R3短接，电路中只有R1工作，电路中的总电流变大，故B选项正确；只闭合S1，P向右移动，R2两端的电压变化量与电流变化量的乘积为∆U∙∆I=(I2−I1)∙R2∙(I2−I1)而R2电功率的变化量∆P=I22∙R2−I12∙R2=(I22−I12)∙R2=(I2+I1)(I2−I1)∙R2，故C选项错误；开关都闭合电路总功
率P1=U2
R1，将c表换成另一种电表，再团合S1、S2, R1、R2、R3并联电路的总功率P2=U2
R1
+
U2 R2+U2
R3
，故D选项正确。

【知识点】电路、滑动变阻器的使用、电压表、电流表的使用，欧姆定律、电功率。

二、填空及简答题(本大题共9个小题:每空1分，共31分)
23.（2018河北，23，2）小明一家外出旅游，出门时电能表示数为，回
来时为，这期间消耗了度电。

这些电能可使标有220V 25 W”的
灯泡正常工作 _ h。

【答案】3 120
【解析】电能表最后一位是小数部分所以消耗的电能867.0kw∙h−864.0kw∙h=3kw∙h，
灯泡正常工作时间t=W
P =3kw∙h
25w
=3000w∙h
25w
=120h。

【知识点】电能表读数、电功率的计算
24.（2018河北，24，3）小明在平静的湖边看到“云在水中飘，鱼在云上游”的现象。

“云在水中飘”是小明以为参照物看到“云”在水中运动的现象。

“鱼在云上游”是鱼通过水面的形成的虚像和云在水面
的形成的虚像同时出现的现象。

【答案】水折射反射
【解析】云在水中飘，说明以水面为参照物云是运动的；鱼通过水面的折射形成的虚像，光线从水中进入空气介质种类变化了是折射；云在水面的反射形成的虚像，光线从空气中反射回空气介质种类没变化是反射。

【知识点】参照物、光的反射、光的折射
25.（2018河北，25，3）一台起重机在10s内将重为3600N的货物匀速提高了4m,起重机做的有用功是 J。

若起重机做的额外功是9600」，则机械效率是，起重机的总功率是 W。

【答案】14400 60%2400
【解析】有用功W
有=Gh=3600N×4m=14400J；机械效率η=
W
有
W
有
+W
额
×100%=
14400J 14400J+9600J ×100%=60%；起重机的总功率P
总
=
W
总
t
=24000J
10s
=2400W
【知识点】功、功率、机械效率
26.（2018河北，26，3）有如图9所示的两套相同装置，分别在两个燃烧皿中放入质量相同的不同燃料，点燃后加热质量相等的同种液体，通过比较燃料 (选填“燃烧相同时间”或“全部燃烧”)后温度计示数
的变化，来判断两种然料的热值的大小，燃料燃烧，转化为内能，用比热容的液体可以使实验现象更明显。

(实验中液体没有沸腾)
【答案】全部燃烧化学能小
【解析】根据控制变量法可知材料不同的燃料燃烧的质量应该相同，所以应该让他们全部燃烧；燃烧过程中，化学能转化为内能；燃料燃烧放出的热量被液体吸收要想让实验现象明显，根据比热容公式Q=cm∆t，Q一定∆t较大则c应小，故应选用比热容小的液体。

【知识点】控制变量法、热值、能量转化、比热容
27.（2018河北，27，3）如阳10所示，在一个配有适塞的厚透明筒里放
一小团硝化棉，把活塞迅速下压，压缩空气，使筒内空气的内能增大，
温度升高，观察到硝化棉，上述改变物体内能的方式与发烧时用冷毛
巾给头部降温该表物体内能的方式（选填“相同”或“不相同”）。

【答案】做功燃烧不相同
【解析】改变内能有两种方式做功和热传递，压缩空气是通过做功的方法改变内能；对物体做功内能增加所以会看到消化棉燃烧；而用冷毛巾给头部降温是通过热传递来改变内能的。

【知识点】改变内能的两种方式
三、实验探究题（本大题共4个小题，第32小题4分，第33小题6分，第34、35小题各7分，共24分）
32、（2018河北，32，4）制作简易气压计，观察大气压随高度的变化。

（1）如图14所示在玻璃瓶中倒入适量红色的水。

将插有玻璃管的橡皮塞塞
紧瓶口，红水升到玻璃管一定的高度。

但高度不够，你应，使水上升到瓶口以上适当位置。

制成了简易气压。

（2）将简易气压计从四楼移到一楼过程中，发现玻璃管内水柱，
说明
（3）小明将简易气压计放在阳光下，过一会儿，他发现玻璃管内水柱发生了变化，这一现象说明，简易气压计的测量结果会受到影响。

【思路分析】根据生活常识，可以解答第一题，大气压的特点可以解答第二题，再根据影响大气压的因素，可以解答第三题。

【解题过程】(1)管中液面的高低取决于瓶内气压，要想让红水升到玻璃管一定的高度，只需增大瓶内气压即可，所以应向瓶内吹气。

(2)越往高处气压越低，越向低处气压越高，所以从四楼移到一楼过程中外界气压升高，依
据P
内=P
外
+ρgh。

当外界气压增大是h就会减小，所以管内水柱下降，说明越向低处气
压越大。

(3) 气压计放在阳光下，过一会儿，玻璃管内水柱发生了变化，是因为温度对气压的影响。

【知识点】大气压、大气压的测量、影响大气压的因素
33.（2018河北，33，6）探究杠杆的平衡条件。

（1）杠杆两端的螺母作用是。

（2）小明用如图15所示装置，进行实验并收集了下表中的数据，分析数据可知，杠杆的平衡条件是。

(3)小明又用如图16所示装置进行实验。

请在图中画出拉力F的力臂。

弹簧测力计的读数应是____ N 。

（一个钩码量0.5N)
(4)如图17所示，小红实验时在一平街杠杆的两端放上不同数量的相同硬币。

杠杆仍在水平位置平街。

他用刻度尺测出L1和L2，则2L2(选填“＞”“＞”或“＝”)3L2
【拓展】探究了杠杆的平衡条件后，小红对天平上游码的质量进行了计算。

她用刻度尺测出L1和L2（如图18所示），则游码的质量为_ __g。

【思路分析】根据杠杆知识，可以解答第一题，知道杠杆平衡条件可以解答第二题，再根据杠杆五要素及杠杆平衡条件，可以解答第三、四题。

拓展是杠杆平衡条件的应用。

【解题过程】(1)使杠杆在水平位置平衡。

(2)杠杆平衡条件是F1∙L1=F2∙L2。

(3)F×6sin30°=3×0.5N×4。

解得F=2N
(4)由图可知2mg∙L1=3mg∙L2则2L1=3L2
【拓展】由天平平衡条件可知当游码拨到示数2.5的位置时，左盘物体为2.5g，此时天平
平衡，当游码移到示数5的位置时，左盘又加了2.5g物体时，游码移过的距离是L1
2⁄，则
有2.5g×L2
2=m
游
×L1
2
得m
游
=2.5L2
L1
g
【知识点】杠杆平衡条件及其应用
34.（2018河北，34，7）用如图19所示的装置探究“电流通过导体产生的热量与电流的关系”。

相同烧瓶内装满了煤油。

（1）烧瓶中装入的煤油是 （选填“导体”或“绝缘体”）。

（2）请根据实物电路，在虚线框内画出对应的电路图。

（3）为达到实验目的。

选用的两个电阻丝R 1与R 2的阻值应 。

通过R 1的电流 通过R 2的电流。

（4）通电一段时间后， 乙烧瓶中玻璃管内液面上升的高度较大。

说明 。

(5)小红用如图20所示的装置，进一步探究“电流通过导体产生的热量与电流的关系”。

经多次实验测量。

收集实验数据，给制了烧瓶中玻璃管内液面上升的高度h 与电流I 的关系图像。

根据焦耳定律可知，图21中能正确反应h-I 关系的是 。

[拓展]用Q=I 2Rt 可以计算电流通过任何用电器产生的热量。

能用Q=UIt 计算电流通过任何用电器产生的热量吗？请用实例说明原
因 。

【思路分析】根据生活常识，可以解答第一题，大气压的特点可以解答第二题，再根据影响大气压的因素，可以解答第三题。

【解题过程】(1)煤油是绝缘体。

(2)
(3)据图可知通过R1、R2的电流不同，根据控制变量法可知实验中只能有一个变量，所以R1、R2的阻值应相同。

通过R1的是支路电流，通过 R2的是干路电流，所以通过R1的电流小于通过R2的电流。

(4)当电阻和通电时间一定时，电流越大，电流通过导体产生的热量越多。

(5)根据焦耳定律Q =I 2Rt 可知，电流通过导体产生的热量与电流的平方成正比，所以能正确反应h—I 关系的是A 图。

[拓展]电风扇工作时消耗的电能W =UIt ，产生的热量Q =I 2Rt ，转化成的机械能是W −Q =UIt −I 2Rt 所以不能用Q =UIt 计算电流通过任何用电器产生的热量。

【知识点】导体、绝缘体、电路图、焦耳定律。

四、计算应用题(本大题共3个小题:第36小题5分，第37小题6分，第38小题7分， 共18分。

解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分)
37. （2018河北，37，6）实心圆柱体甲和长方体乙分别放置在水平地面上。

甲的密度为0.6x I03kg/m 3.质量为12kg ，底面积为4x 10-2m 2。

乙的质量为5.4kg. 边长分别为0.1m 、0.2m
、
0.3m。

g取10N/kg)
(1)求乙的密度。

(2)求甲直立时对水平地面的压强。

(3)若在甲的上方水平截去一段并叠放在乙的正上方后，甲剩余圆柱体对水平地面的压强恰好等于此时乙对水平地面压端的最小值，求甲截去的高度。

【思路分析】根据乙的边长可求出乙的体积，再用质量比体积可求出乙的密度；
在水平地面上，压力等于重力有受力面积可以求出甲对地的压强；
利用甲截去一部分后与乙加上截去的对地压强相等可求出截去部分的重力，再依据重力公式可求出截去的高度。

【解题过程】解：(1)乙的密度ρ
乙=m
V
=5.4kg
0.1m×0.2m×0.3m
=0.9×103kg m3
⁄
(2) 甲直立时对水平地面的压强;G
甲=m
甲
g=12kg×4×10−2m2
P 甲=
G
甲
S
=
120N
4×10−2m2
=3×103Pa
(3)分析可知乙对水平地面压端的最小时，即平放时，设甲截去的重力为G则有
G
甲
−G
S
甲=
G
乙
+G
S
乙
120N−G 4×10−2m2=
54N+G 0.2m×0.3m
G=50.4N
由G=m
截g=ρ
甲
Sh
截
g得h
截
=G
ρ
甲
Sg
=50.4N
0.6×103kg m3
⁄×4×10−2m2×10N kg
⁄
=0.21m
【知识点】密度、重力、压强
38.（2018河北，38，7）如图28所示，电源电压不变。

小灯
泡L的额定电压为10V.滑动变用器R的规格为“10Ω1A”。

闭
合开关，当滑片P置于距左端三分之一处，灯泡正常发光，电
流表指针满偏，电表表盘如图29所示。

(1)求灯泡的额定功率和电源电压。

(2)用定值电阻R2代替小灯泡，再将另一电压表V2接入电路，
其它部分电路连接不变。

闭合开关，当滑片P置于某位置时，
两个电压表指针偏转的角度相同，且表V2示最大于表V1的示数。

两种电表指针偏转角度之比为2:1。

求R2可能的阻值。

【思路分析】1、根据滑动变阻器的型号可知电流表满偏时的电
流为0.6A从而算出小灯泡的额定功率，再根据串联电路电压规
律、欧姆定律可算出总电压。

2、两个电压表指针偏转的角度相同，表V2示数大于表V1的示数，
V2可能并联在R2两端，也可能并联在电源两端，分两种情况分
别计算出V1、V2的电压，依据两种电表指针偏转角度之比为2:1，可判断出电路中的电流，再借助欧姆定律即可求出R2的阻值。

【解题过程】解：(1) 由滑动变用器R的规格为“10Ω 1A”、滑片P置于距左端三分之一处，灯泡正常发光、电流表指针满偏可知此时电路中电流I=0.6A，灯泡的额定功率P
额
=
U 额I 额=10V ×0.6A =6W 。

电源电压U 总=U 额+U 滑=U 额+I 额∙13R 滑=10V +0.6A ×13×10Ω=12V
(2) 当V2并联在R2两端时，由偏转的角度相同，且表V2示最大于表V1的示数可知U 2=5U 1 则U 2=56U =56×12v =10V ,U 1=U −U 2=12V −10V =2V .即电压表偏转两大格，所以电流表只能偏转一大格，电流可能为I 1=0.2A ，或I 2=1A ，则R 21=
U 2I 1=10V 0.2A =50Ω R 22=U 2
I 2=10V 1A =10Ω.
当V2并联在R1、R2两端时，由偏转的角度相同，且表V2示最大于表V1的示数可知 U 2,=5U 1，则U 2,=U =12v ,U 1,=15U =15×12V =2.4V , 即电压表偏转24格，所以电流表只能偏转12格，电流可能为I 3=0.24A ，或I 4=1.2A （舍去）则R 23=U 2,−U 1,I 1=12V−2.4V 0.24A =40Ω
【知识点】电功率、欧姆定律、串联电路电压规律、电流表电压表的读数、电流表电压表的使用。