2019-2020学年山东省青岛市胶州市高一(上)期末数学试卷

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2019-2020学年山东省青岛市胶州市高一(上)期末数学试卷
一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是正确的.
1. 已知扇形的圆心角为30∘,半径为6,则该扇形的弧长为()
A.π
B.π
2C.π
3
D.π
4
2. 大西洋鲑鱼每年都要逆流而上,游回产地产卵.研究鲑鱼的科学家发现鲑鱼的游速
v(单位:m/s)可以表示为v=1
2log3Q
100
,其中Q表示鱼的耗氧量的单位数.当一条
鲑鱼的游速为3
2
m/s时,则它的耗氧量的单位数为()
A.900
B.1600
C.2700
D.8100
3. 函数f(x)=
√3−2x
lg(x+2)的定义域是()
A.(−2, 3
2) B.(−2, 3
2
] C.(−2, +∞) D.(3
2
,+∞)
4. 角θ的终边上一点(−1,√3),则cos(θ−π
2
)=()
A.√3
2B.−√3
2
C.1
2
D.−1
2
5. 已知θ∈(0, π),则“θ=π
6
”的必要不充分条件是()
A.cosθ=√3
2B.sinθ=1
2
C.tanθ=√3
3
D.sinθ=√3
2
6. 函数f(x)=lg x与g(x)=cos x的图象的交点个数为()
A.1
B.2
C.3
D.不确定
7. 函数f(x)=cos2x+sin x(x∈R)的最大值为()
A.−1
B.3
4C.1 D.5
4
8. 已知函数f(x)是定义在R上的奇函数,f(x)=f(x+4),且f(1)=1,则f(2019)+
f(2020)=()
A.−1
B.0
C.1
D.2
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,选对但不全的得2分,有选错的得0分.
下列函数是偶函数的是()
A.f(x)=tan x
B.f(x)=sin x
C.f(x)=cos x
D.f(x)=lg|x|
已知a=30.1,b=log0.93,c=sin(cos1),则下述正确的是()
A.a>b
B.a>c
C.b>c
D.b>0
已知函数f(x)={x−2,x∈(−∞,0) ln x,x∈(0,1)
−x2+4x−3,x∈[1,+∞)
,若函数g(x)=f(x)−m恰有2个零点,则实数m可以是()
A.−1
B.0
C.1
D.2
已知0<α<β<π
2
,且tanα,tanβ是方程x2−kx+2=0的两不等实根,则下列结论正确的是()
A.tanα+tanβ=−k
B.tan(α+β)=−k
C.k>2√2
D.k+tanα≥4
三、填空题:本题共4个小题,每小题5分,共20分.
若tanθ=2,则3cosθ−sinθ
cosθ+sinθ
=________.
已知幂函数f(x)的图象经过点(2,√2),则f(4)的值为________.
求值:sin220∘(tan10∘−√3)=________.
已知函数f(x)=log1
2x+a,g(x)=x2−2x,对任意的x1∈[1
4
,2],总存在x2∈
[−1, 2],使得f(x1)=g(x2),则实数a的取值范围是________.
四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.已知集合A={y|y=2x, −1≤x≤2},集合B={x∈R|−1<ln x≤2},集合C={x∈R|x2−x−6≥0}.
(1)求B∩C;
(2)设全集U =R ,求(∁U A)∩C ;
(3)若a =lg 0.05−e ln 7+272
3−lg 1
2
,证明:a ∈A ∪B .
已知函数f(x)=1+log a x(a >0, a ≠1)的图象恒过点A ,点A 在直线y =mx +n(mn >0)上.
(1)求1
m +1
n 的最小值;
(2)若a =2,当x ∈[2, 4]时,求y =[f(x)]2−2f(x)+3的值域.
已知函数f(x)=√3sin 2x +2+2cos 2x . (1)求函数f(x)的最小正周期和单调递减区间;
(2)求函数f(x)在[0,π
2]上的最小值.
函数f(x)=A sin (ωx +φ)(A >0,0<ω<16,0<φ<π
2)在R 上的最大值为√2,f(0)=1. (1)若点(π
8,√2)在f(x)的图象上,求函数f(x)图象的对称中心;
(2)将函数y =f(x)的图象向右平移π
4ω个单位,再将所得的图象纵坐标不变,横坐标缩小到原来的1
2,得函数y =g(x)的图象,若y =g(x)在[0,π
8]上为增函数,求ω的最大值.
如图,长方形ABCD 中,AB =2,BC =√3,点E ,F ,G 分别在线段AB ,BC ,DA (含端点)上,E 为AB 中点,EF ⊥EG ,设∠AEG =θ.
(1)求角θ的取值范围;
(2)求出△EFG周长l关于角θ的函数解析式f(θ),并求△EFG周长l的取值范围.
设函数f(x)的定义域为I,对于区间D⊆I,若∃x1,x2∈D(x1<x2)满足f(x1)+f(x2)=1,则称区间D为函数f(x)的V区间.
+lg x的V区间;
(1)证明:区间(0, 2)是函数f(x)=1
2
)x的V区间,求实数a的取值范围;
(2)若区间[0, a](a>0)是函数f(x)=(1
2
在区间[0, +∞)上的图象连续不断,且在[0, +∞)上仅(3)已知函数f(x)=sin x−ln(1+x)
e x
有2个零点,证明:区间[π, +∞)不是函数f(x)的V区间.
参考答案与试题解析
2019-2020学年山东省青岛市胶州市高一(上)期末数学试卷
一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是正确的.
1.
【答案】
A
2.
【答案】
C
3.
【答案】
A
4.
【答案】
A
5.
【答案】
B
6.
【答案】
C
7.
【答案】
D
8.
【答案】
A
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,选对但不全的得2分,有选错的得0分.
【答案】
C,D
【答案】
A,B
【答案】
A,B,C
【答案】
B,C
三、填空题:本题共4个小题,每小题5分,共20分.
【答案】
1
3
【答案】
2
【答案】
1
【答案】
[0, 1]
四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.【答案】
(2)全集U=R,∁U A=(−∞, 1
2
)∪(4, +∞)
∴(∁U A)∩C=(−∞, −2]∪(4, +∞)
(3)∵a=lg0.05−e ln7+2723−lg1
2=lg0.05−7+9−lg1
2
=lg0.1+2=1(1)∴1∈
A,1∈B(2)∴a∈A∪B.【答案】
∵log
a 1=0,∴函数f(x)=1+log
a
x的图象恒过点A的坐标为(1, 1),
∵点A(1, 1)在直线y=mx+n(mn>0)上,∴m+n=1,
∵mn>0,∴n
m >0,m
n
>0
∴1
m +1
n
=(1
m
+1
n
)(m+n)=2+n
m
+m
n
≥2+2√n
m
×m
n
=4,当且仅当m=n时,等
号成立,
∴1
m +1
n
的最小值为4;
当a=2时,f(x)=1+log
2x,
∴y=(1+log2x)2−2(1+log2x)+3=(log2x)2+2,
∵2≤x≤4,∴1≤log
2x≤2,
∴3≤y≤6,
∴y的值域为:[3, 6].
【答案】
f(x)=√3sin2x+2+2cos2x=√3sin2x+cos2x+3=2sin(2x+π
6
)+3,
T=π,
令1
2π+2kπ≤2x+π
6
≤3π
2
+2kπ,k∈Z,
解可得,π
6+kπ≤x≤2π
3
+kπ,
即函数的单调递减区间为(π
6+kπ,2π
3
+kπ),k∈Z,
由0≤x≤1
2π可得,π
6
≤2x+π
6
≤7π
6

所以−1
2≤sin(2x+π
6
)≤1即函数的最小值2.
【答案】
由题意,A=√2,
由f(0)=√2sinφ=1,得sinφ=√2
2

∵0<φ<π
2,∴φ=π
4

则f(x)=√2sin(ωx+π
4
).
又√2=√2sin(π
8ω+π
4
),∴sin(π
8
ω+π
4
)=1.
得π
8ω+π
4

2
+2kπ,k∈Z.
∴ω=2+16k,k∈Z.
∵0<ω<16,∴取k=0,得ω=2.∴f(x)=√2sin(2x+π
4
).
由2x+π
4=kπ,得x=kπ
2
−π
8
,k∈Z.
∴函数f(x)图象的对称中心为(kπ
2−π
8
, 0),k∈Z;
将函数y=f(x)的图象向右平移π

个单位,再将所得的图象纵坐标不变,横坐标缩小到
原来的1
2
,得函数y=g(x)的图象,
则g(x)=√2sin(4x−π
2ω+π
4
).
由−π
2+2kπ≤4x−π


4
≤π
2
+2kπ,k∈Z,
−3π
16+kπ
2


≤x≤π
16
+kπ
2


,k∈Z,
取k=0,得−3π
16+π

≤x≤π
16



由y=g(x)在[0,π
8
]上为增函数,得
{−3π
16


≤0
π
16


≥π
8
,解得2
3
≤ω≤2.
∴ω的最大值为2.
【答案】
因为长方形ABCD中,AB=2,BC=√3,点E,F,G分别在线段AB,BC,DA(含端点)上,E为AB中点,EF⊥EG,设∠AEG=θ.
∴当点F在点C时,这时角θ最小,求得此时θ=π
6

当点G在D点时,这时角θ最大,求得此时θ=π
3

∴角θ的取值范围:[π
6, π
3 ];
△EFG 周长l =EG +EF +FG =1cos θ
+
1sin θ
+√(
1sin θ
)2+(
1cos θ
)2;
∴ f(θ)=
cos θ+sin θ+1cos θ⋅sin θ
;θ∈[π6
, π
3
];
设sin θ+cos θ=t ,则sin θ⋅cos θ=t 2−12

∴ f(θ)=
t+1
t 2−12
=
2
t−1
由θ∈[π6
, π3];得5π12
≤θ+π4
≤7π12
,得
√3+12
≤t ≤√2,

√3−12
≤t −1≤√2−1,
从而√2+1≤1
t−1≤√3+1, 当θ=π
4时,f(θ)min =2(√2+1),
当θ=π6或π
3时,f(θ)max =2(√3+1),
∴ △EFG 周长l 的取值范围:[2(√2+1), 2(√3+1)] 【答案】
证明:设x 1,x 2∈(0, 2)(x 1<x 2),若f(x 1)+f(x 2)=1,则1
2+lg x 1+1
2+lg x 2=1, 所以lg x 1+lg x 2=lg (x 1x 2)=0,即x 1x 2=1, 取x 1=4
5,x 2=5
4,满足定义,
所以区间(0, 2)是函数f(x)=1
2+lg x 的V 区间;
因为区间[0, a]是函数f (x)=(1
2
)x 的V 区间,
所以∃x 1,x 2∈[0, a](x 1<x 2),使得(12)x 1+(1
2)x 2=1, 因为f(x)=(1
2)x 在[0, a]上单调递减,
所以(12)x 1>(12)a ,(12)x 2≥(12)a ,(12)x 1+(12)x 2≥2⋅(12)a =(1
2)a−1, 所以(1
2)a−1<1,即a −1>0,即a >1,
故所求实数a 的取值范围为(1, +∞); 证明:因为f(π
2)=
1−ln (1+π2
)
e π2
>0,f(π)=−
ln (1+π)e π
<0,
所以f(x)在(π2, π)上存在零点.
又因为f(0)=0,
所以函数f(x)在[0, π)上至少存在两个零点. 因为函数f(x)在[0, +∞)上仅有2个零点, 所以f(x)在[π, +∞)上不存在零点,
又因为f(π)<0,所以∀x ∈[π, +∞),f(x)<0,
所以∀x1,x2∈[π, +∞)(x1<x2),f(x1)+f(x2)<0,
即因此不存在∀x1,x2∈[π, +∞)(x1<x2),满足f(x1)+f(x2)=1,所以区间[π, +∞),不是函数f(x)的V区间.。

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