气体实验定律及应用参考答案

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气体实验定律及应用参
考答案
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第2节气体实验定律及应用
知识梳理
一、气体分子运动速率的统计分布气体实验定律理想气体
1.气体分子运动的特点
(1)分子很小,间距很大,除碰撞外不受力.
(2)气体分子向各个方向运动的气体分子数目都相等.
(3)分子做无规则运动,大量分子的速率按“中间多,两头少”的规律分布.
(4)温度一定时,某种气体分子的速率分布是确定的,温度升高时,速率小的分子数减少,速率大的分子数增多,分子的平均速率增大,但不是每个分子的速率都增大.
2.气体的三个状态参量
(1)体积;(2)压强;(3)温度.
3.气体的压强
(1)产生原因:由于气体分子无规则的热运动,大量的分子频繁地碰撞器壁产生持续而稳定的压力.
(2)大小:气体的压强在数值上等于气体作用在单位面积上的压力.公式:p=.
(3)常用单位及换算关系:
①国际单位:帕斯卡,符号:Pa,1Pa=1N/m2.
②常用单位:标准大气压(atm);厘米汞柱(cmHg).
③换算关系:1atm=76cmHg=
1.013×105Pa≈1.0×105Pa.
4.气体实验定律
(1)等温变化——玻意耳定律:
①内容:一定质量的某种气体,在温度不变的情况下,压强p与体积V成反比.
②公式:p1V1=p2V2或pV=C(常量).
(2)等容变化——查理定律:
①内容:一定质量的某种气体,在体积不变的情况下,压强p与热力学温度T成正比.②公式:=或=C(常量).
③推论式:Δp=·ΔT.
(3)等压变化——盖—吕萨克定律:
①内容:一定质量的某种气体,在压强不变的情况下,其体积V与热力学温度T成正比.
②公式:=或=C(常量).
③推论式:ΔV=·ΔT.
5.理想气体状态方程
(1)理想气体:在任何温度、任何压强下都遵从气体实验定律的气体.
①理想气体是一种经科学的抽象而建立的理想化模型,实际上不存在.
②理想气体不考虑分子间相互作用的分子力,不存在分子势能,内能取决于温度,与体积无关.
③实际气体特别是那些不易液化的气体在压强不太大,温度不太低时都可看作理想气体.
(2)一定质量的理想气体状态方程:
=或=C(常量).
典例突破
考点一气体压强的产生与计算1.产生的原因:由于大量分子无规则地运动而碰撞器壁,形成对器壁各处均匀、持续的压力,作用在器壁单位面积上的压力叫做气体的压强.
2.决定因素
(1)宏观上:决定于气体的温度和体积.
(2)微观上:决定于分子的平均动能和分子的密集程度.
3.平衡状态下气体压强的求法
(1)液片法:选取假想的液体薄片(自身重力不计)为研究对象,分析液片两侧受力情况,建立平衡方程,消去面积,得到液片两侧压强相等方程.求得气体的压强.(2)力平衡法:选取与气体接触的液柱(或活塞)为研究对象进行受力分析,得到液柱(或活塞)的受力平衡方程,求得气体的压强.
(3)等压面法:在连通器中,同一种液体(中间不间断)同一深度处压强相等.
4.加速运动系统中封闭气体压强的求法
选取与气体接触的液柱(或活塞)为研究对象,进行受力分析,利用牛顿第二定律列方程求解.
例1.如图中两个汽缸质量均为M,内部横截面积均为S,两个活塞的质量均为m,左边的汽缸静止在水平面上,右边的活塞和汽缸竖直悬挂在天花板下.两个汽缸内分别封闭有一定质量的空气A、B,大气压为p0,求封闭气体A、B的压强各多大?
解析:题图甲中选m为研究对象.
p A S=p0S+mg
得p A=p0+
题图乙中选M为研究对象得p B=p0-.
答案:p0+p0-
例2.若已知大气压强为p0,在下图中各装置均处于静止状态,图中液体密度均为ρ,求被封闭气体的压强.
解析:在甲图中,以高为h的液柱为研究对象,由二力平衡知p气S=-ρghS+p0S
所以p气=p0-ρgh
在图乙中,以B液面为研究对象,由平衡方程
F上=F下有:p A S+p h S=p0S
p气=p A=p0-ρgh
在图丙中,仍以B液面为研究对象,有
p A+ρgh sin60°=p B=p0
所以p气=p A=p0-ρgh
在图丁中,以液面A为研究对象,由二力平衡得
p气S=(p0+ρgh1)S,所以p气=p0+ρgh1
答案:甲:p0-ρgh
乙:p0-ρgh
丙:p0-ρgh
丁:p0+ρgh1
例3.如图所示,光滑水平面上放有一质量为M的汽缸,汽缸内放有一质量为m的可在汽缸内无摩擦滑动的活塞,活塞面积为S.现用水平恒力F向右推汽缸,最后汽缸和活塞达到相对静止状态,求此时缸内封闭气体的压强p.(已知外界大气压为p0)
解析:选取汽缸和活塞整体为研究对象,相对静止时有:
F=(M+m)a 再选活塞为研究对象,根据牛顿第二定律有:
pS-p0S=ma
解得:p=p0+.
答案:p0+
考点二气体实验定律及理想气体状态方

1.理想气体状态方程与气体实验定律的关系

2.几个重要的推论
(1)查理定律的推论:Δp=ΔT
(2)盖—吕萨克定律的推论:ΔV=ΔT
(3)理想气体状态方程的推论:=++……例4.如图,一固定的竖直汽缸由一大一小两个同轴圆筒组成,两圆筒中各有一个活塞.已知大活塞的质量为m1=2.50 kg,横截面积为S1=80.0 cm2;小活塞的质量为m2=1.50 kg,横截面积为S2=40.0 cm2;两活塞用刚性轻杆连接,间距保持为l=40.0 cm;汽缸外大气的压强为p=1.00×105Pa,温度为T=303K.初始时大活塞与大圆筒底部相距,两活塞间封闭气体的温度为T1=495K.现汽缸内气体温度缓慢下降,活塞缓慢下移,忽略两活塞与汽缸壁之间的摩擦,重力加速度大小g取10 m/s2.求:
(1)在大活塞与大圆筒底部接触前的瞬间,汽缸内封闭气体的温度;
(2)缸内封闭的气体与缸外大气达到热平衡时,缸内封闭气体的压强.
解析(1)设初始时气体体积为V1,在大活塞与大圆筒底部刚接触时,缸内封闭气体的体积为V2,温度为T2.由题给条件得
V1=S1+S2①
V2=S2l②
在活塞缓慢下移的过程中,用p1表示缸内气体的压强,由力的平衡条件得
S1(p1-p)=m1g+m2g+S2(p1-p)③
故缸内气体的压强不变.由盖-吕萨克定律有
=④
联立①②④式并代入题给数据得
T2=330K⑤
(2)在大活塞与大圆筒底部刚接触时,被封闭气体的压强为p1.在此后与汽缸外大气达到热平衡的过程中,被封闭气体的体积不变.设达到热平衡时被封闭气体的压强为p′,由查理定律,有
=⑥
联立③⑤⑥式并代入题给数据得
p′=1.01×105Pa⑦
答案(1)330K (2)1.01×105Pa
例5.一氧气瓶的容积为0.08 m3,开始时瓶中氧气的压强为20个大气压.某实验室每天消耗1个大气压的氧气0.36 m3.当氧气瓶中的压强降低到2个大气压时,需重新充气.若氧气的温度保持不变,求这瓶氧气重新充气前可供该实验室使用多少天.
解析:设氧气开始时的压强为p1,体积为V1,压强变为p2(2个大气压)时,体积为V2.根据玻意耳定律得
p1V1=p2V2①
重新充气前,用去的氧气在p2压强下的体积为
V3=V2-V1②
设用去的氧气在p0(1个大气压)压强下的体积为V0,则有p2V3=p0V0③
设实验室每天用去的氧气在p0下的体积为ΔV,则氧气可用的天数为
N=V0/ΔV④
联立①②③④式,并代入数据得
N=4(天)⑤
答案:4天
考点三气体状态变化的图象问题
一定质量的气体不同图象的比较
例6.为了将空气装入气瓶内,现将一定质量的空气等温压缩,空气可视为理想气体.下列图象能正确表示该过程中空气的压强p和体积V关系的是( )
解析:选B.等温变化时,根据pV=C,p与成正比,所以p-图象是一条通过原点的直线,故正确选项为B.
当堂达标
1.如图所示,一个横截面积为S的圆筒形容器竖直放置,金属圆块A的上表面是水平的,下表面是倾斜的,下表面与水平面的夹角为θ,圆块的质量为M,不计圆块与容器内壁之间的摩擦,若大气压强为p0,则被圆块封闭在容器中的气体的压强p 为________.
解析:对圆块进行受力分析:重力Mg,大气压的作用力p0S,封闭气体对它的作用力,容器侧壁的作用力F1和F2,如图所示.由于不需要求出侧壁的作用力,所以只考虑竖直方向合力为零,就可以求被封闭的气体压强.圆块在竖直方向上受力平衡,故p0S+Mg=·cosθ,即p=p0+.
答案:p0+
2.某压缩式喷雾器储液桶的容量是5.7×10-3 m3.往桶内倒入 4.2×10-3 m3的药液后开始打气,打气过程中药液不会向外喷出.如果每次能打进 2.5×10-4m3的空气,要使喷雾器内药液能全部喷完,且整个过程中温度不变,则需要打气的次数是( )
A.16次B.17次
C.20次D.21次
解析:选 B.设大气压强为p,由玻意耳定律,npV0+pΔV=pV,V0=2.5×10-4m3,ΔV=5.7×10-3m3-4.2×10-3m3=1.5×10-3m3,V=5.7×10-3m3,解得n=16.8次≈17次,选项B正确.
3.(多选)一定质量理想气体的状态经历了如图所示的ab、bc、cd、da四个过程,其中bc的延长线通过原点,cd垂直于ab且与水平轴平行,da与bc平行,则气体体积在( )
A.ab过程中不断增大
B.bc过程中保持不变
C.cd过程中不断增大
D.da过程中保持不变
解析:选AB.首先,因为bc的延长线通过原点,所以bc是等容线,即气体体积在bc 过程中保持不变,B正确;ab是等温线,压强减小则体积增大,A正确;cd是等压
线,温度降低则体积减小,C错误;连接aO交cd于e,如图所示,则ae是等容线,即V a=V e,因为V d<V e,所以V d<V a,da过程中体积不是保持不变,D错误.4.已知湖水深度为20 m,湖底水温为4 ℃,水面温度为17 ℃,大气压强为1.0×105Pa.当一气泡从湖底缓慢升到水面时,其体积约为原来的(取g=10 m/s2,ρ=1.0×103 kg/m3)( )

A.2.8倍B.8.5倍
C.3.1倍D.2.1倍
解析:选C.一标准大气压约为10m高的水柱产生的压强,所以气泡在湖底的压强p1约为 3.0×105Pa,由理想气体状态方程得,=,而T1=(4+273)K=277K,T2=(17+273)K=290K,温度基本不变,压强减小为原来的,体积扩大为原来的3倍左右,C 项正确.
5.如图所示,上端开口的光滑圆柱形汽缸竖直放置,横截面积为40 cm2的活塞将一定质量的气体和一形状不规则的固体A封闭在汽缸内.在汽缸内距缸底60 cm处设有a、b两限制装置,使活塞只能向上滑动.开始时活塞搁在a、b上,缸内气体的压强为p0(p0=1.0×105Pa为大气压强),温度为300K.现缓慢加热汽缸内气体,当温度为330K时,活塞恰好离开a、b;当温度为360K时,活塞上移了4 cm.g取10 m/s2.求活塞的质量和物体A的体积.
解析:设物体A的体积为ΔV,T1=300K,p1=1.0×105Pa,V1=60×40cm3-ΔV,T2=330K,p2=Pa,V2=V1,T3=360K,p3=p2,V3=64×40cm3-ΔV.
由状态1到状态2为等容过程,则=,
代入数据得m=4kg.
由状态2到状态3为等压过程,则=,
代入数据得ΔV=640cm3.
答案:4kg 640cm3。

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