高中物理必修第3册第十一章 电路及其应用试卷测试卷附答案
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高中物理必修第3册第十一章 电路及其应用试卷测试卷附答案
一、第十一章 电路及其应用选择题易错题培优(难)
1.有一条横截面积为S 的铜导线,通过的电流为I .已知铜的密度为ρ,摩尔质量为M ,阿伏伽德罗常数为N A ,电子的电量为e .若认为导线中每个铜原子贡献一个自由电子,则铜导线中自由电子定向移动的速率可表示为( ) A .
A IM
SN ρε
B .
A I MSN ρ
ε
C .
A IMS
N ρε
D .
A IM SN ρ
ε
【答案】A 【解析】 【分析】 【详解】
设铜导线中自由电子定向移动的速率为v ,导线中自由电子从一端定向移到另一端所用时间为,则导线的长度为:
l vt =
体积为
V Sl Svt ==
质量为
m vtS ρ=
这段导线中自由电子的数目为
A A m vtS n N N M M
ρ=
= 在t 时间内这些电子都能通过下一截面,则电流:
q ne
I t t
=
= 代入解得,
A vSN e
I M
ρ=
解得电子定向移动的速率:
A M
v SN e
ρ=
故A 正确,BCD 错误.
2.小灯泡的电流I 随所加电压U 变化如图所示,P 为图线上一点,PN 为图线的切线,PQ 为U 轴的垂线,PM 为I 轴的垂线。
下列说法错误的是( )
A .随着所加电压的增大,小灯泡的电阻增大
B .对应P 点,小灯泡的电阻为R =
1
2
U I C .在电路中灯泡L 两端的电压为U 1时,跟灯泡串联的电阻R 两端的电压为I 1R D .对应P 点,小灯泡的功率为图中矩形PQOM 所围的面积 【答案】C 【解析】 【详解】
A .I -U 图象的割线斜率表示电阻的倒数,电压增大时割线斜率减小,电阻增大,选项A 正确;
B .由图象知P 点对应的电压为U 1,电流为I 2,因此小灯泡的电阻为:
R =
1
2
U I 选项B 正确;
C .在电路中灯泡L 两端的电压为U 1时,跟灯泡串联的电阻R 两端的电压为I 2R ,选项C 错误;
D .I -U 图象中矩形PQOM 所围的面积UI 表示对应P 点小灯泡的实际功率,选项D 正确。
本题选错误的,故选C 。
3.电流表的内阻是R g =200 Ω,满刻度电流值是I g =500 μA,现欲把这电流表改装成量程为2.0 V 的电压表,正确的方法是( ) A .应并联一个3 800 Ω的电阻 B .应串联一个3 800 Ω的电阻 C .应并联一个0.05 Ω的电阻 D .应串联一个0.05 Ω的电阻 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】
把电流表改装成2V 的电压表需要串联分压电阻,串联电阻阻值为:
;故B 正确,ACD 错误;故选B .
【点睛】
本题考查了电压表的改装,知道电压表改装原理是解题的关键,应用串联电路特点与欧姆
定律可以解题.
4.阻值相等的四个电阻、电容器C及电池(
E内阻可忽略)连接成如图所示电路.
开关S断开且电流稳定时,C所带的电荷量为1Q,闭合开关S,电流再次稳定后,C所带的电荷量为21
.
Q Q与
2
Q的比值为()
A.
2
5
B.
1
2
C.
3
5
D.
2
3
【答案】C
【解析】
试题分析:根据等效电路,开关S断开时,电容器的电压1
211
2325
+
3
E
U R E
R R
=⋅⨯=
,得11
Q CU
=;S闭合时,2
11
123
+
2
E
U R E
R R
=⋅=
,22
Q CU
=,故11
22
3
5
Q U
Q U
==,故选
C.
【学科网考点定位】闭合电路的欧姆定律、电容器
【名师点睛】此题是对闭合电路欧姆定律及电容器问题的考查;解题关键是要搞清电路的结构,画出等效电路图,搞清电容器两端的电压是哪个电阻两端的电压,然后根据Q=CU 求解电容器的带电荷量.
5.如图所示,甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流计G和一个滑动变阻器R组成,
()1甲表是电流表,R增大时量程增大
()2甲表是电流表,R增大时量程减小
()3乙表是电压表,R增大时量程增大
()4乙表是电压表,R增大时量程减小
下列说法正确的是()
A .()1和()3
B .()1和()4
C .()2和()3
D .()2和()4
【答案】C 【解析】 【分析】
灵敏电流计G 和变阻器R 并联时,由于变阻器的分流,测量的电流增大,改装成电流表,而灵敏电流计G 和变阻器R 串联时,由于变阻器的分压,测量的电压增大,改装成电压表. 【详解】
由图甲所示可知,G 与电阻R 并联,甲表是电流表,R 增大时,甲表中变阻器分流减小,量程减小,故(1)错误,(2)正确.由图乙所示可知,G 与R 串联,乙是电压表,R 增大时,变阻器分担的电压增大,乙表量程增大,故(3)正确,(4)错误;故C 正确;故选C . 【点睛】
本题考查电表改装原理的理解能力.当电流计的指针满偏时,电流表或电压表的指针满偏,所测量的电流或电压达到最大值.
6.一电流表G 的满偏电流Ig=2mA ,内阻为100Ω.要把它改装成一个量程为0.4A 的电流表,则应在电流表G 上 A .并联一个0.5Ω的电阻 B .并联一个100Ω的电阻 C .串联一个0.5Ω的电阻 D .串联一个100Ω的电阻
【答案】A 【解析】
把电流表改装成0.4A 的电流表需要并联一个分流电阻,分流电阻阻值:
0.002100
0.50.40.002
g g g
I R R I I ⨯=
=
Ω≈Ω--,故选A.
【点睛】本题考查了电流表的改装,知道电流表改装原理、应用并联电路特点与欧姆定律即可正确解题.
7.某些肿瘤可以用“质子疗法”进行治疗。
在这种疗法中,为了能让质子进入癌细胞,首先要实现质子的高速运动,该过程需要一种被称作“粒子加速器”的装置来实现。
质子先被加速到较高的速度,然后轰击肿瘤并杀死癌细胞。
如图所示,来自质子源的质子(初速度为零),经加速电压为U 的加速器加速后,形成细柱形的质子流。
已知细柱形的质子流横截面积为S ,其等效电流为I ;质子的质量为m ,其电量为e .那么这束质子流内单位体积的质子数n 是
A 2I U
eS m B I m eS eU C 2I eU
eS
m
D 2I m
eS eU
【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】 质子被加速时:
212
Ue mv =
由于
I neSv =
解得
2I m
n eS eU
=
A 2I U
eS m
,与结论不相符,选项A 错误; B I m
eS eU
,与结论不相符,选项B 错误; C 2I eU
eS
m
C 错误;
D 2I m
eS eU
D 正确; 故选D.
8.在许多精密的仪器中,如果需要较精确地调节某一 电阻两端的电压,常常采用如图所示的电路通过两只滑动变阻器1R 和2R 对一阻值为500Ω左右的电阻0R 两端电压进行粗调
和微调.已知两个滑动变阻器的最大阻值分别为200Ω和10Ω关于滑动变阻器1R 、2R 的连接关系和各自所起的作用,下列说法正确的是( )
A .取1R =200Ω,2R =10Ω,调节2R 起粗调作用
B .取1R =10Ω,2R =200Ω,调节2R 起微调作用
C .取1R =200Ω,2R =10Ω,调节1R 起粗调作用
D .取1R =10Ω,2R =200Ω,调节1R 起微调作用 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】
若1R =200Ω,2R =10Ω,则2R 与R 0组成的部分电路的电阻远小于1R ,移动1R 上的滑片很不方便调节2R 两端的电压.
当1R =10Ω,2R =200Ω时,移动1R 上的滑片使1R 两端的电压变化较快,移动2R 上的滑片使R 0两端的电压变化相对较慢,故B 对;ACD 错 故选B 【点睛】
滑动变阻器采用分压式接法时,为使电压变化明显,滑动变阻器的总电阻要远小于被测电阻的电阻值.
9.如图,一根长为l 、横截面积为S 的闭合软导线置于光滑水平面上,其材料的电阻率为ρ,导线内单位体积的自由电子数为n ,电子的电荷量为e ,空间存在垂直纸面向里的磁场.某时刻起磁场开始减弱,磁感应强度随时间的变化规律是B =B 0-kt ,当软导线形状稳定时,磁场方向仍然垂直纸面向里,此时
A .软导线围成一个正方形
B .导线中的电流为4klS
C .导线中自由电子定向移动的速率为4kl
n e πρ
D .导线中电场强度大小为4kl π
【答案】BCD 【解析】 【分析】 【详解】
A .根据楞次定律“增缩减扩”的原理,软导线稳定时呈圆形.故A 项正确.
B .根据2l
r π=可得
2l r π
=
圆的面积
2
2
04l S r ππ
== 感应电动势大小为
2
04S B kl E t π
∆==
∆ 稳定时软导线中的电流为
E
I R
=
其中l
R S
ρ
=,联立可得电流 4E klS I R πρ
=
= 故B 项正确.
C .导线横截面积为S 、单位体积内的自由电子数为n 、电子的电荷量为e ,则导线中电流
I neSv =
解得导线中自由电子定向移动的速率
4kl v ne
πρ=
故C 项正确.
D .计算导线中电场可将其视为沿导线方向的匀强电场,则导线中电场强度
2
44kl U kl E l l ππ
===
场 故D 项正确. 故选BCD 。
点睛:楞次定律的另一表述:感应电流的效果,总要反抗产生感应电流的原因.依这一表
述,“楞次定律”可推广为:①阻碍原磁通量的变化(增反减同、增缩减扩)②阻碍相对相对运动(来拒去留).
10.在图所示的四个电路中,电源两端电压保持不变,若定值电阻R 的阻值已知,则在不卸元件的情况下能够测出待测电阻R x 阻值的电路是
A .
B .
C .
D .
【答案】ABD 【解析】 【详解】
A.电压表V 1测出定值电阻R 的电压U 1,电路电流
1
U I R
=
电压表V 2测出待测电阻R x 的电压U x ,由欧姆定律可求出电阻R x 阻值
1
x x
x U U R R I U =
= 故A 符合题意;
B.电流表A 测出流过R x 的电流I ,电压表V 测出电阻R x 的电压U ,由欧姆定律可求出待测电阻R x 的阻值,故B 符合题意;
C.图示电路不能测出流过电阻R x 的电流,图示电路不能测出待测电阻的阻值,故C 不符合题意;
D.电流表A 1测流过R 的电流I 1,则并联电压
U =I 1R
电流表A 2测流过待测电阻R x 的电流I x ,由欧姆定律可求出待测电阻R x 的阻值
1x x
I R
R I =
故D 符合题意。
11.在如图甲所示的电路中,电源电动势为3V ,内阻不计,L 1、L 2、L 3为3个相同规格的小灯泡,这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示。
当开关闭合后,下列判断正确的是( )
A .灯泡L 1的电阻比灯泡L 2的电阻大
B .通过灯泡L 1的电流为灯泡L 2电流的2倍
C .灯泡L 1消耗的电功率为0.70W
D .灯泡L 2消耗的电功率为0.30W 【答案】AD 【解析】 【详解】
AB .当开关闭合后,灯泡L 1的电压:
U 1=3V
由图读出其电流:
I 1=0.25A
则灯泡L 1的电阻:
1113120.25
U R I =
ΩΩ== 灯泡L 2、L 3串联,电压:
U 2=U 3=1.5V
由图读出其电流:
I 2=I 3=0.20A
则:
222 1.57.50.2
U R I ΩΩ=
== 所以灯泡L 1的电阻比灯泡L 2的电阻大,通过灯泡L 1的电流不是灯泡L 2电流的2倍,选项A 正确,B 错误; C .灯泡L 1的功率为:
11130.25W 0.75W P U I ==⨯=
选项C 错误;
D .灯泡L 2消耗的电功率:
222 1.50.20W 0.30W P U I ==⨯=
选项D 正确。
故选AD 。
12.如图甲、乙所示的电路图为电表改装的示意图,G 为表头、R 为可调电阻,则下列说法正确的是( )
A .图甲为电流表改装的原理图,增大可调电阻的阻值,改装后电表的量程增大
B .图甲为电流表改装的原理图,增大可调电阻的阻值,改装后电表的量程减小
C .图乙为电压表改装的原理图,增大可调电阻的阻值,改装后电表的量程增大
D .图乙为电压表改装的原理图,增大可调电阻的阻值,改装后电表的量程减小 【答案】BC 【解析】 【详解】
图甲为电流表改装的原理图,增大可调电阻的阻值,根据g g g I r I I R
=+
可知,会使得改装
后电表的量程减小,选项A 错误,B 正确;图乙为电压表改装的原理图,增大可调电阻的阻值,根据g g U U I R =+可知,改装后电表的量程增大,选项C 正确,D 错误;故选BC.
13.如图所示,是实用电压表电路图,当a 、b 间电压为4 V 时,电流表指针偏转到最大刻度;当a 、b 间电压变为3 V 时,仍欲使电流表指针偏转到最大刻度,可行的办法是( )
A .R 1不变,减小R 2
B .R 2不变,减小R 1
C .增大R 1,减小R 2
D .R 1不变,增大R 2
【答案】AC 【解析】 【详解】
电路两端总电压降低了,想要电流不变:若R 1不变,减小R 2时,R 2两端的电压变小,G 两端电压可能保持不变,通过G 的电流可能不变,G 指针仍能偏转到最大刻度,故A 正确;若R 2不变,其两端电压不变,R 1两端电压减小,为使通过G 的电流不变,应增大R 1的电阻,故B 错误;若增大R 1,电流表满偏,其两端电压不变,通过R 1时减小,通过R 2的电流减小,其两端电压需要减小,R 2的阻值可能减小,故C 正确;R 1不变,电流表满偏,电路总电流不变,G 两端电压不变,总电路电压减小,则R 2的阻值需要减小,故D 错误;故选AC . 【点睛】
解决本题的关键是知道串联电路电阻的分压特点,难点是能把R 1和电流表看成一个电阻,与R 2形成一个串联电路进行解决.
14.两根不同金属导体制成的长度相等、横截面积相同的圆柱形杆,串联后接在某一直流
电源两端,如图所示。
已知杆a的质量小于杆b的质量,杆a金属的摩尔质量大于杆b金属的摩尔质量,杆a的电阻大于杆b的电阻,假设两种金属的每个原子都提供相同数目的自由电子(载流子)。
当电流达到不变时,若a、b内存在电场,则该电场可视为均匀电场。
下列结论中正确的是()
A.两杆内的电场强度都不等于零,且a内的电场强度大于b内的电场强度
B.两杆内的电场强度都等于零
C.两杆内载流子定向运动的速度一定相等
D.a内载流子定向运动的速度一定大于b内载流子定向运动的速度
【答案】AD
【解析】
【详解】
AB.两杆串联,所以电流相等,因为a b
R R
>,由欧姆定律可知
a b
U U
>,根据匀强电场关系式U Ed
=可知,两杆内电场强度都不为零,且a内的电场强度大于b内的电场强度,故A 正确,B错误;
CD.根据电流的微观表达式I nevS
=可知,载流子的定向运动速率
I
v
nqS
=,由题意可知杆内单位体积内的自由电荷数a b
n n
<,则
a b
v v
>,故C错误,D正确。
15.小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示,P为图线上一点,PN为图线过P点的切线,PQ为U轴的垂线,PM为I轴的垂线
.则下列说法中正确的是()
A.随着所加电压的增大,小灯泡的电阻减小
B.对应P点,小灯泡的电阻为1
2
U
R
I
=
C.对应P点,小灯泡的电阻为1
21
U
R
I I
=
-
D.对应P点,小灯泡的功率为图中梯形PQON所围的面积
【答案】BD
【解析】 I-U 图线各点与原点连线的斜率的倒数表示电阻,从图中可知图线斜率减小,说明随着所加电压的增大,小灯泡的电阻增大,
A 错误;根据电阻的定义得到,对应P 点,小灯泡的电阻为12U R I =,R 不等于切线斜率121
U I I -,B 正确C 错误;P 点的功率P=UI ,故可以用矩形PQOM 所围“面积”来表示,D 正确.
【点睛】对于线性元件,欧姆定律成立,即U U R I I ∆=
=∆,对于非线性元件,欧姆定律不成立,U U R I I
∆=≠∆.
二、第十一章 电路及其应用实验题易错题培优(难)
16.指针式多用电表是实验室中常用的测量仪器,现有两个多用电表 A 、B ,某同学使用两个多用电表进行相互测量。
(1)将多用电表 A 的选择开关拨至欧姆挡“×100”挡,两表笔短接后发现指针如图甲所示,正确的操作应调节哪个部件_______。
(选填“A ”或“B ”或“C ”)
(2)正确调节后,将多用电表B 拨至“0.5mA ”档,与多用电表 A 进行相连,如图乙,那么多用电表A 的红表笔与多用电表 B 的_______相接。
(选填“红表笔”或“黑表笔”) (3)正确连接两多用电表后,发现两表指针如图丙所示,那么测得多用电表B 的内阻为______Ω,此时多用电表 A 欧姆档的内部电源的电动势为_____V 。
(计算结果保留两位有效数字)
【答案】B 黑表笔 1000 1.4
【解析】
【分析】
【详解】
(1)[1]调整欧姆调零旋钮B,使指针指到欧姆表的0刻度。
(2)[2]电表中的电流都是“红进黑出”,因此电流应从A的黑表笔流入B的红表笔,因此A 的红表笔应接B的黑表笔。
(3)[3]由于欧姆表是倍率档,因此B的内阻
R=⨯=
10100Ω1000Ω
[4]由于欧姆表内阻就是它的中值电阻,为4000Ω,从B表中读出回路电流为0.280mA,根据闭合电路欧姆定律,可得电动势
3
=+=⨯+=
E I R r-
()0.28010(10004000)V 1.4V
17.某同学通过实验制作一个简易的温控装置,实验原理电路图如图11–1图所示,继电器与热敏电阻R t、滑动变阻器R串联接在电源E两端,当继电器的电流超过15 mA时,衔铁被吸合,加热器停止加热,实现温控.继电器的电阻约为20 Ω,热敏电阻的阻值R t与温度t的关系如下表所示
(1)提供的实验器材有:电源E1(3 V,内阻不计)、电源E2(6 V,内阻不计)、滑动变阻器R1(0~200 Ω)、滑动变阻器R2(0~500 Ω)、热敏电阻R t,继电器、电阻箱
(0~999.9 Ω)、开关S、导线若干.
为使该装置实现对30~80 ℃之间任一温度的控制,电源E应选用______(选填“E1”或“E2”),滑动变阻器R应选用______(选填“R1”或“R2”).
(2)实验发现电路不工作.某同学为排查电路故障,用多用电表测量各接点间的电压,则应将如图11–2图所示的选择开关旋至______(选填“A”、“B”、“C”或“D”).(3)合上开关S,用调节好的多用电表进行排查,在题11–1图中,若只有b、c间断路,则应发现表笔接入a、b时指针______(选填“偏转”或“不偏转”),接入a、c时指针______(选填“偏转”或“不偏转”).
(4)排除故障后,欲使衔铁在热敏电阻为50 ℃时被吸合,下列操作步骤正确顺序是
_____.(填写各步骤前的序号)
①将热敏电阻接入电路
②观察到继电器的衔铁被吸合
③断开开关,将电阻箱从电路中移除
④合上开关,调节滑动变阻器的阻值
⑤断开开关,用电阻箱替换热敏电阻,将阻值调至108.1 Ω
【答案】E2R2C不偏转偏转⑤④②③①
【解析】
(1)由表格数据知,当温度为30 ℃时,热敏电阻阻值为199.5 Ω,继电器的阻值R0=20 Ω,当电流为15 mA时,E=I(R t+R0)=3.3 V,所以电源选E2,80 ℃时,热敏电阻阻值
R t=49.1 Ω,则
E2=I(R t+R0+R),此时变阻器阻值R=330.9 Ω,所以变阻器选择R2;(2)多用电表做电压表测量电压,旋钮旋至直流电压挡C处;(3)若只有b、c间断路,表笔接入a、b时,整个回路断路,电表指针不偏转,接入a、c时电流流经电表,故指针偏转;(4)50 ℃时,热敏电阻阻值为108.1 Ω,所以应将电阻箱阻值调至108.1 Ω,调节变阻器,使衔铁吸合,
再将电阻箱换成热敏电阻,故顺序为⑤④②③①.
【名师点睛】结合表格中数据,利用欧姆定律估算电动势和电阻的数值,选择电源和滑动变阻器.明确实验的目的是实现对30~80 ℃之间任一温度的控制,其中30~80 ℃就是提示的信息,结合表格数据,可知电阻值的取值.
18.(1)在“测定金属的电阻率”的实验中,由于金属丝直径很小,不能使用普通刻度尺,应使用螺旋测微器。
螺旋测微器的精确度为_________mm,用螺旋测微器测量某金属丝直径时的刻度位置如图所示,从图中读出金属丝的直径为_________mm。
(2)如果测出金属丝接入电路的长度l、直径d和金属丝接入电路时的电流I和其两端的电压U,就可求出金属丝的电阻率。
用以上实验中直接测出的物理量来表示电阻率,其表达式为ρ=___________。
(3)在此实验中,金属丝的电阻大约为4Ω,在用伏安法测定金属丝的电阻时,除被测电阻丝外,选用了如下实验器材:
A.直流电源:电动势约4.5 V,内阻不计;
B.电流表A:量程0~0.6 A,内阻约0.125Ω;
C.电压表V:量程0~3 V,内阻约3 kΩ;
D.滑动变阻器R:最大阻值10Ω;
E.开关、导线等。
在以下可供选择的实验电路中,应该选图____(填“甲”或“乙”),选择的接法为____接法(填“内”或“外”),此接法测得的电阻值将___________(填“大于”、“小于”或“等于”)被测电阻的实际阻值。
(4)根据所选实验电路图,在实物图中完成其余的连线___________。
在闭合开关S前,滑动变阻器的滑片应置在_________(填“最左”或“最右”)端。
(5)根据所选量程,某次实验两电表的示数如图,则读数分别为_________V和_________A。
(6)若某次实验测得接入电路金属丝的长度为0.810m,算出金属丝的横截面积为0.81×10-
6m 2,根据伏安法测出电阻丝的电阻为
4.1Ω,则这种金属材料的电阻率为__________(保留二位有效数字)。
【答案】0.01 0.640 24d lI U πρ= 甲 外 小于
最左 2.15 0.16 1×10-6Ω·m
【解析】
【分析】
【详解】
(1)[1]螺旋测微器的精确度为0.01mm
[2]金属丝的直径为
0.5mm+0.01mm×14.0=0.640mm 。
(2)[3]根据U R I =及214
l R d ρπ=解得 24d lI U
πρ=
(3)[4] [5]因待测电阻的阻值较小,故采用电流表外接电路,即甲电路;
[6]因电压表的分流作用,使得电流表的测量值大于电阻上的实际电流,故此接法测得的电阻值将小于被测电阻的实际阻值。
(4)[7]连线如图;在闭合开关S 前,滑动变阻器的阻值调节到最小,故滑片应置在最左端。
(5)[8]电压表读数为2.15V ;
[9]电流表读数为0.16A 。
(6)[10]根据214l
R d ρπ=可得24d R l πρ=,代入数据可知
ρ=4.1×10-6Ω·m
【点睛】
螺旋测微器示数等于固定刻度与可动刻度示数之和,对螺旋测微器读数时要注意估读;实验器材的选择、设计实验电路图是本题的难点,要掌握实验器材的选取原则及电路选择的
原则。
19.某同学要测量某定值电阻的阻值;
(1)他先用多用电表粗测该电阻的阻值,将选择开关调在“×10”的电阻挡,调节好欧姆表,将被测电阻接在两个表笔间,指针指示如图所示的位置,则被测电阻的阻值为
__________Ω.
(2)为了精确测量被测电阻,实验室提供的实验器材有:电流表A(量程20 mA,内阻约为0.5Ω);电流表A2(量程1 mA,内阻10Ω) ;滑动变阻器R1 (阻值范围0~20 Ω,额定电流2 A);电阻箱R2(阻值范围0~9 999 Ω,1 A);电源E(电动势6 V,内阻不计);导线若干.
实验中要将电流表A2改装成量程为3V的电压表,需要将电阻箱与电流表A2________ (填“串"或“并”)联,且电阻箱接入路的电阻阻值为___________Ω;请在虚线框中面出实验电路图,并标出各个器材的代号;(_________)
(3)闭合开关S,调节滑动变阻器,测得6组电压、电流的值,该同学在坐标系中描点,作出了2条I-U图线,你认为正确的是____ (填“①”成“②”),并由图线求出电阻R x= _______ Ω (保留三位有效数字)
【答案】150 串 2 990② 158
【解析】
【分析】
【详解】
(1)[1].若选用倍率为“× 10”的电阻挡测电阻时,所测电阻的阻值为1510150
⨯Ω=Ω.(2)[2][3][4].若将电流表A2改装成量程为3 V的电压表,需要串联的电阻的阻值为
3
3
102990
110
R
-
=Ω-Ω=Ω
⨯
;
实验电路图如图所示.
(3)[5][6].因为电压表测量的是被测电阻两端电压,所以当其两端电压为零时,电流也为零,故图线②正确;图象的斜率表示R x与R v并联的总电阻的倒数,即
0V
r V
U U
I
R R
R
R R
==
⋅
+
并
故
3.0
158
3
0.02
3000
V
U
R
U
I
R
==Ω=Ω
--
20.某同学在“测定金属丝电阻率”的实验中:
(1)在用游标为20分度的游标卡尺测其长度时,示数如图甲所示,读数为______cm.(2)用螺旋测微器测量金属丝的直径,示数如图乙所示,读数为______mm.
(3)在测量金属丝的电阻率的实验中,已知电阻丝的电阻约为10Ω,现备有下列器材供选用:
A.量程是0-0.6A,内阻是0.5Ω的电流表;
B.量程是0-3A,内阻是0.1Ω的电流表;
C
.量程是0-3V,内阻是6kΩ的电压表;
D.量程是0-15V,内阻是30kΩ的电压表;
E.阻值为0-1kΩ,额定电流为0.5A的滑动变阻器;
F.阻值为0-10Ω,额定电流为2A的滑动变阻器;
G.蓄电池(6V);
H.开关一个,导线若干.
为使测量结果尽量准确,电流表应选用______,电压表应选用______,滑动变阻器应选
______.(只填字母代号)
若图所示的实验仪器就是我们选定,请用铅笔画线连接实验电路.(______)
【答案】5.015 5.700 C A F
【解析】【详解】
(1)[1]游标卡尺的主尺读数为:5.0cm=50mm,游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐,所以游标读数为:
3×0.05mm=0.15mm
所以最终读数为:
50mm+0.15mm=50.15mm=5.015cm
(2)[2]螺旋测微器的固定刻度为5.5mm,可动刻度为:
20.0×0.01mm=0.200mm
所以最终读数为:
5.5mm+0.200mm=5.700mm
(3)[4][5][6]电源电动势为6V,电压表应选C、量程是0-3V,内阻6kΩ;如果选D、量程是0-15V,内阻30kΩ,电源电动势不到电压表量程的一半,读数误差较大;电路最大电流约为:
6
0.6
10
E
I
R
===A
则电流表应选:A、量程是0-0.6A,内阻是0.5Ω;为方便实验操作,滑动变阻器应选:F、阻值为0-10Ω,额定电流为2A;待测电阻为10Ω,滑动变阻器最大电阻为10Ω,为测多组实验数据,滑动变阻器应采用分压接法;由于:
106000
20600
0.510
V
A
R
R R
R
==<==
则电流表应采用外接法,电路图如图所示:
21.某课外探究小组做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验,小灯泡的额定电压4V,额定功率为1.9W左右。
实验室准备了以下实验器材:
A.蓄电池(电动势为6V,内阻约为1 Ω);
B.电压表(量程为0~4.5 V,内阻约为8 kΩ);
C.电压表(量程为0~3 V,内阻约为5 kΩ);
D.电流表(量程为0~1.2 A,内阻约为0.8 Ω);
E.电流表(量程为0~500 mA,内阻约为0.3 Ω);
F.滑动变阻器(0~5 Ω,1.5 A);
G.滑动变阻器(0~50 Ω,1.2 A);
H.开关、导线若干。
(1)实验中所用电压表应选用________,电流表应选用________,滑动变阻器应选用
_______;(填写器材前的字母)
(2)实验时要求尽量减小实验误差,要求伏安特性曲线从零开始取值,请在虚线框中画出合理的电路图_____。
(3)该小组根据正确的操作得到数据,画出了该小灯泡的伏安特性曲线,如图所示,则该小灯泡的额定功率为_______W。
将该小灯泡与电动势为3.0 V、内阻为2 的电源直接串联,则该小灯泡的实际功率是_______。
(以上结果均保留两位有效数字)。
【答案】B E F 2.0 0.90~0.95W
【解析】
【分析】
【详解】
(1)[2][3][4]做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中,小灯泡的额定电压为4V,因此电压表的量程应大于等于4V,因此选B ;小灯泡的额定功率为1.9W,因此流过小灯泡的额定流为0.5A左右,故电流表选E;由于小灯泡两端的电压需要从零开始调节,因此滑动变阻器采用分压式接法,阻值越小,调节起来越方便,因此选F。
(2)[4]小灯泡的阻值较小,电流表采用外接法,滑动变阻器采用分压式接法,电路如图所示
(3)[5]从图象可知,当额定电压为4V时,电流为0.5A,因此额定功率为2.0W。
[6]将电源路端电压与电流的图象画到小灯泡的U—I图中,如图所示
两个图象的交点就是流过小灯泡的电流和加在小灯泡两端的电压值,图中
I
2.2V
U ,=0.42A
因此
P UI
==0.93W
22.(1)甲同学要把一个量程为200μA的直流电流计G,改装成量度范围是0~4V的直流电压表。
①她按图1所示电路、用半偏法测定电流计G的内电阻r g,其中电阻R0约为1kΩ。
为使r g的测量值尽量准确,在以下器材中,电源E应选用_____,电阻器R1应选用_____,电阻器R2应选用_____(选填器材前的字母);
A.电源(电动势1.5V)
B.电源(电动势6V)
C.电阻箱(0~999.9Ω)
D.滑动变阻器(0~500Ω)
E.电位器(一种可变电阻,与滑动变阻器相当)(0~5.1kΩ)
F.电位器(0~51kΩ)
②该同学在开关断开情况下,检查电路连接无误后,将R2的阻值调至最大,后续的实验操。