全国通用2018届高考物理复习备课资料能量与动量高考热点剖析能量和动量观点的应用课件

(1)“一动一静”弹性碰撞后的速度v1′=
(
m1 m
m2 1m
)
2
v
1,v2′=
2 m 1v1 .
m1 m2
(2)两球质量相等,发生弹性碰撞后速度交换;发生完全非弹性碰撞后两者共速. 5.临界问题:多用假设法;极值问题:选用解析法与图解法. 1.动量定理的实际应用. 常 2.多物体多过程中的动量守恒. 考 3.与图像结合的动量守恒和功能关系的综合. 类 4.弹性碰撞规律与运动学规律、功能关系的综合应用. 型 5.验证动量守恒定律. 6.动量守恒定律在核反应中的应用.
【热点集训】 1.[动量定理的实际应用](2017·福建厦门质检)古时有“守株待兔”的寓言.假 设兔子质量约为2 kg,以15 m/s的速度奔跑,撞树后反弹的速度为1 m/s,则兔 子受到撞击力的冲量大小为( D ) A.28 N·s B.29 N·s C.31 N·s D.32 N·s
解析:设初速度方向为正方向,则由题意可知,初速度v0=15 m/s;末速度为 v=-1 m/s;则由动量定理可知I=mv-mv0=[2×(-1)-2×15]N·s=-32 N·s.
模型火箭点火升 空,确定在燃气 喷出后的瞬间火 箭的动量大小
一静止的铀核 放出一个α粒 子衰变成钍核, 比较衰变后钍 核的动能与α 粒子的动能的 大小,钍核的动 量与α粒子的 动量的大小
合外力F使物 块从静止运 动,确定某时 刻的速率、 速度、动量 大小
12..牢熟记 记一 两个 种原 碰理 撞,,万 解变 题不 又离 快其 又宗准:动量守恒定律m1v1+m2v2=m1v1′+m2v2′. (1)弹性碰撞:动量守恒和机械能守恒. (2)非弹性碰撞:动量守恒,但机械能不守恒. 3.把握动量守恒定律的适用条件 (1)理想守恒:系统不受外力或所受外力的合力为零. 技 (2)近似守恒:内力远大于外力时,近似守恒.如碰撞、爆炸过程. 法 (3)分方向守恒:某个方向上系统所受合力为零时,该方向动量守恒. 提 4.有用的结论,能用则用 炼
2.[验证动量守恒定律](2017·北京丰台区二模)如图所示,用“碰撞实验器”可 以验证动量守恒定律,即验证两个小球在水平轨道末端碰撞前后的动量守恒.入 射小球质量为m1,被碰小球质量为m2.O点是小球抛出点在地面上的垂直投影.实 验时,先让入射小球m1多次从倾斜轨道上S位置静止释放,找到其平均落地点的位 置,并记下此位置距O点的距离,然后把被碰小球m2静置于水平轨道末端,再将入 射小球m1从倾斜轨道上S位置静止释放,与小球m2相撞,多次重复此过程,并分别 找到它们平均落点的位置距O点的距离.则下列说法正确的是D( ) A.实验中要求两小球半径相等,且满足m1<m2 B.实验中要求倾斜轨道必须光滑 C.如果等式m1x3=m1x1+m2x2成立,可验证两小球碰撞过程动量守恒
全国通用2018届高考物理复习备课资料能量与动量高 考热点剖析能量和动量观点的应用课件
2016年Ⅲ卷,35(2)
2017年Ⅰ卷,14
2017年Ⅱ卷,15
2017年Ⅲ卷, 20
两小物块开始静止,a向右滑动与b 发生弹性碰撞,但b没有与墙发生 碰撞,两小物块与地面间的动摩擦 因数均相同,求动摩擦因数满足的 条件
同,它们在空中的运动时间 t 相等,它们的水平位移 x 与其初速度成正比,可以用小球
的水平位移代替小球的初速度,若两球相碰前后的动量守恒,则有 m1v0=m1v1+m2v2,又 x2=v0t,x1=v1t,x3=v2t,代入得 m1x2=m1x1+m2x3,选项 C 错误;若碰撞是弹性碰撞,则机械能
A.电子、 234 Pa, 30 Si、正电子
91
14
B. 234 Pa、电子、正电子、 30 Si
91
14
C. 30 Si、正电子、电子、 234 Pa
14
91
D.正电子、 30 Si, 234 Pa、电子
14
91
解析: 30 P→ 30 Si+ 0 e(正电子),产生的两个粒子,都带正电,应是外切圆,由 R= mv ,动
+
1 2
m2 v22 ,代入数据得
Ep=
0.27 J,选项 D 正确.
4.[动量守恒定律在核反应中的应用]一个静止的放射性同位素的原子核 30 P 衰变为 15
30 Si,另一个静止的天然放射性元素的原子核 234 Th 衰变为 234 Pa,在同一磁场中,得到
14
90
91
衰变后粒子的运动径迹 1,2,3,4,如图所示,则这四条径迹依次是( B )
D.如果等式 m1 x22 =m1 x12 +m2 x32 成立,可验证两小球发生的是弹性碰撞
解析:实验中要求两小球半径相等,且为了防止出现入射球反弹,入射球的质量要大于
被碰球的质量,即 m1>m2,选项 A 错误;实验中倾斜轨道不需要光滑,只要每次从同一点 由静止滑下即可,选项 B 错误;小球离开轨道后做平抛运动,由于小球抛出点的高度相
守恒,由机械能守恒定律得 1 2
m1
v0 2
=
1 2
m1
v12
+
1 2
m2 v22 ,将
x2=v0t,x1=v1t,x3=v2t,代入得
m1 x22 =m1 x12 +m2 x32 ,选项 D 正确.
3.[动量守恒和能量守恒的综合应用](2017·衡水中学质检)(多选)如图,质量 分别为m1=1.0 kg和m2=2.0 kg的弹性小球a,b,用轻绳紧紧地把它们捆在一起, 使它们发生微小的形变.该系统以速度v0=0.10 m/s沿光滑水平面向右做直线 运动.某时刻轻绳突然自动断开,断开后两球仍沿原直线运动.经过时间t=5.0 s后,测得两球相距s=4.5 m,则下列说法正确的是( ABD ) A.刚分离时,a球的速度大小为0.7 m/s B.刚分离时,b球的速度大小为0.2 m/s C.刚分离时,a,b两球的速度方向相同 D.两球分开过程中释放的弹性势能为0.27 J
解析:系统动量守恒,以向右为正方向,由动量守恒定律得(m1+m2)v0=m1v1+m2v2,s=v1tv2t,代入数据得 v1=0.7 m/s,v2=-0.2 m/s,负号表示速度方向与正方向相反,选项 A,B
正确,C 错误.由能量守恒定律得 1 (m1+m2) 2
v02 &