2023年高考备考高一(上)期末模拟物理试题(含答案)

鞍山市2023-2023第—学期期末考试模拟卷子
高一物理卷子
考试时间为90分钟总分值100分
第I 卷选择题〔共42分〕
一、选择题：〔每题3分，共14小题，多项选择题少选得2分，错选不得分〕 1. 力学是研究物体机械运动规律的科学，17 世纪末，牛顿继承和开展前人的研究成果，提出了力学运动的惯性定律．加速度定律和作用力与反作用力定律，使经典力学形成了系统的理论.以下关于这三大定律的说法中正确的选项是〔 〕
A. 惯性定律说明了力是维持物体运动状态的原因
B. 作用力与反作用力肯定大小相等．方向相反．作用在同一个物体上
C. 如果物体所受的合外力不等于零，则物体的速度肯定也不等于零
D. 如果一个物体受到两个力的作用，那么这两个力肯定都会产生加速度
（答案）D
（解析）
（分析）
（详解）A ．惯性是物体的固有属性，与是否受力无关，没有说明力是维持物体运动状态的原因，故A 错误；
B ．依据牛顿第三定律可知，作用力与反作用力肯定大小相等．方向相反．作用在不同物体上，故B 错误；
C ．如果物体所受的合外力不等于零，则加速度不为零，速度可以等于零，故C 错误；
D ．依据力的效果的独立性可知，如果一个物体受到两个力的作用，那么这两个力都会使物体产生加速度，故D 正确；
应选D 。

2. 汽车在水平地面上因故刹车，可以看做是匀减速直线运动，其位移与时间的关系是：()
2162m s t t =-，则它在停止运动前最后1s 内的平均速度为〔 〕
A. 6m/s
B. 4m/s
C. 2m/s
D. 1m/s （答案）C
（解析）
（分析）
（详解）依据匀变速直线运动的位移时间关系
， 22011622
x v t at t t =+=-解得：，；
016m/s v =24m/s a =-采取逆向思维，在物体在停止运动前1s 内的位移
， 221141m 2m 22
x at =
=⨯⨯=停止运动最后1s 的平均速度 ， 2m/s 2m/s 1x v t =
==应选C ．
（点睛）依据位移时间关系求出初速度和加速度，依据逆向思维求出物体在停止运动前1s 内的位移，再依据平均速度的定义式求出物体在停止运动前1s 内的平均速度．
3. 用水平外力F 将物体压在竖直墙壁上保持静止不动，物体的重力为10N ，物体与墙壁间的动摩擦因数µ=0.2，物体与墙壁间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，以下说法正确的选项是〔 〕
A. F 可能为40N
B. 如果F 为100N ，则物体受到的摩擦力为20N
C. 增大F 的数值，物体与墙壁间的摩擦力保持不变
D. 撤去水平力F ，物体与墙壁间的摩擦力保持不变
（答案）C
（解析）
（分析）
（详解）假设最大静摩擦力为10N ，依据f m =μF 可知F=50N ，可知F 至少为50N ，不可能为40N ，选项A 错误；如果F 为100N>50N ，则物体处于静止状态，此时物体受到的摩擦力等于重力，为10N ，选项B 错误；物体与墙壁之间的摩擦力等于重力大小，则增大F 的数值，物体与墙壁间的摩擦力保持不变，选项C 正确；撤去水平力F ，物体与墙壁间的压力为零，则摩擦力变为零，选项D 错误；应选C.
（点睛）此题关键是明确物体的受力情况和运动情况，结合平衡条件和力的性质进行分析；了解静摩擦力和滑动摩擦力的求解方法不同.
4. 如图，这是物体做匀变速曲线运动的轨迹的示意图．已知物体在B 点的加速度方向与速度方向垂直，
则以下说法中正确的选项是〔〕
A. C点的速率小于B点的速率
B. A点的加速度比C点的加速度大
C. C点的速率大于B点的速率
D. 从A点到C点加速度与速度的夹角先增大后减小，速率是先减小后增大
（答案）C
（解析）
真题分析：因为物体做的是匀变速曲线运行，所以合力恒定，又了解在B点加速度方向竖直向下，即合力方向竖直向下，整个过程中合力方向一直向下，所以不可能做各点的速率相等，A错误；合力恒定，加速度恒定，在各点的加速度都相同，B错误；从B到C过程中合力的夹角与速度方向的夹角为锐角，合力做正功，动能增大，即在C点的速率大于在B点的速率，C正确；从A点到C点加速度与速度的夹角先从钝角变小，后从锐角变大，即合力先做负功，后做正功，速领先减小后增大，D错误；
考点：考查了曲线运动
（名师点睛）此题的关键是从物体的运动性质着手，匀变速曲线运动，合力恒定，然后依据合力与速度方向的夹角分析速度的变化，当合力与速度方向夹角为钝角时，合力做负功，速度减小，当合力方向与速度方向夹角为锐角时，合力做正功，速度增大
5. 如下图，在粗糙的水平面上放一质量为2kg的物体，现用F=8N的力，斜向下推物体，力F与水平面成30
角，物体与水平面之间的滑动摩擦系数为μ=0.5，则
A. 物体对地面的压力为24N
B. 物体所受的摩擦力为12N
C. 物体加速度为2
m s
6/
D. 物体将向右匀速运动
（答案）A
（解析）
受力分析如下图，在竖直方向上，由平衡条件得，物体与水平地面间最大静摩sin 3024N N F mg =︒+=
擦力，水平方向上 ，由于，物体将静止不动，故物max 12N F N μ==cos30x F F =︒=max x F F <
体所受的摩擦力为静摩擦力，综上分析，正确答案为A ．
x f F ==6. 如下图，小球放在光滑的墙与装有铰链的光滑薄板之间，当墙与薄板之间的夹角θ缓慢地增大到90°的过程中( )
A. 小球对墙的压力减小
B. 小球对薄板的压力增大
C. 小球对墙的压力先减小后增大
D. 小球对薄板的压力可能小于球的重力
（答案）A
（解析）
（分析）
对球进行正确受力分析，把握其受力特点：一个力大小和方向不变〔重力〕，一个力方向不变〔墙给球的支持力〕，另一个力的大小、方向均发生变化〔挡板给球的作用力〕，对于这类动态平衡问题，可以采纳“图解法〞进行．
（详解）以小球为研究对象，处于平衡状态，依据受力平衡，由图可知，
墙壁给球的压力F2逐渐减小，挡板给球的支持力F1逐渐减小，依据牛顿第三定律可知墙壁受到的压力减小，木板受到的压力减小．当墙与薄板之间的夹角θ缓慢地增大到90°过程中，依据图示可知木板对球的支持力大于球的重力．故A正确，BCD错误．应选A．
7. 一物体做变速直线运动的加速度随时间变化的图象如下图。

已知该物体的初速度为1m/s，则以下说法正确的选项是〔以初速度方向为正方向〕〔 〕
A. 第2s末，物体开始反向运动
B. 物体在第2s内做减速运动
C. 物体在第5s末的速度为5m/s
D. 物体在前4s内的位移为零
（答案）C
（解析）
（分析）
（详解）A．因为a-t图像的“面积〞表示物体速度的变化量，可知第2s末物体的速度
20
1
1289m/s 2
v v v
=+∆=+⨯⨯=选项A错误；
B．物体在第2s内加速度为正，则物体做加速运动，选项B错误；C．物体在第5s末的速度为
' 50
111 12828185m/s 222
v v v
=+∆=+⨯⨯-⨯⨯+⨯⨯=
选项C正确；
D．物体在前4s内先向正方向加速后减速，则位移不为零，选项D错误。

应选C。

8. 如下图，物体a、b和c叠放在水平桌面上，水平力F b=5N、F c=10N分别作用于物体b、c上，a、b和c仍保持静止。

则物体c受力的个数为〔 〕
A. 3
B. 4
C. 5
D. 6
（答案）D
（解析）
（分析） （详解）物体c 在竖直方向上受的力有：重力、物体b 的压力、地面的支持力；在水平方向上有：将ab 看成整体受力分析有
5N b b F f ==因此可知物体b 对c 向左的静摩擦力，则地面对c 的摩擦力为
5N
=b c f f F +地解得
=5N f 地地面对c 向左的静摩擦力；因此一共6个力，故ABC 错误，D 正确。

应选D 。

9. 如下图，一根粗糙的水平横杆上套有A ，B 两个轻环，系在两环上的等长细绳拴住的书本处于静止状态。

现将两环距离略变小后〔 〕
A. 杆对B 环的摩擦力变小
B. 杆对A 环的支持力变大
C. 杆对A 环的作用力不变
D. 与B 环相连的细绳对书本的拉力变大
（答案）A
（解析）
（分析）
（详解）B ．设书本的质量为M ，以两个轻环和小球组成的系统为研究对象，竖直方向受到重力和水平横梁对铁环的支持力F N ，力图如图1所示
依据平衡条件得
N 2F Mg =解得 N 12
F Mg =
可见，水平横梁对铁环的支持力F N 不变，B 错误；
A ．以左侧环为研究对象，力图如图2所示
竖直方向
N sin αF F =水平方向
f cos αF F =解得
f N cot αF F =
α增大时，F f 变小，A 正确；
C ．杆对A 环的支持力不变，摩擦力减小，则杆对A 环的力变小，C 错误；
D ．与B 环相连的细绳对书本的拉力设为F T ，依据竖直方向的平衡条件可得
2cos T F Mg θ=由于绳子与竖直方向的夹角θ减小，则 变大，绳子拉力变小，D 错误。

cos θ应选A 。

10. 端午赛龙舟是中华民族的传统，龙舟竞渡是铜梁独具韵味的传统风情之一．假设某龙舟在比赛前划向比赛点的途中要渡过72m 宽两岸平直的河，龙舟在静水中划行的速率为4m/s ，河水的流速3m/s ，以下说法中正确的选项是〔 〕
A. 该龙舟以最短时间渡河通过的位移为96m
B. 该龙舟渡河的最大速率约为8m/s
C. 该龙船渡河所用时间最少为18s
D. 该龙舟不可能沿垂直河岸的航线抵达对岸 （答案）C
（解析）
（分析）
（详解）该龙舟以最短时间渡河用时间，沿河岸方向的位移：；通过min 72184
c d t s s v ===54s x v t m ==的位移为，选项A 错误，C
正确；当船速与水流速度同向时合速度最90s m ===大，最大速度为4m/s+3m/s=7m/s ，选项B 错误；因龙舟的静水速度大于水流速度，可知该龙舟能够垂直河岸到达正对岸，选项D 错误.
11. 如下图，用轻绳悬挂于运动小车里的小球向左偏离竖直方向θ角，则小车可能的运动情况是〔 〕
A. 向右加速运动
B. 向右减速运动
C. 向左加速运动
D. 向左减速运动
（答案）AD
（解析）
（分析）
（详解）A.由图可知，小球的加速度与小车的加速度相同，小球受绳子的拉力与重力，两个力的合力与小车合力相同沿水平方向向右，所以小车的加速度水平向右，应选项A 正确；
BC.向右减速运动和向左加速运动，加速度都向左，与题意不符，应选项BC 错误；
D.向左匀减速运动，加速度也向右，应选项D 正确。

应选AD 。

12. 一个质量为50 kg 的人，站在竖直向上运动的升降机地板上，升降机加速度大小为2 m/s 2，假设g 取10 m/s 2，这时人对升降机地板的压力可能等于〔 〕
A. 600 N
B. 400 N
C. 500 N
D. 0
（答案）AB
（解析）
（分析）
（详解）加速度向上时 ，支持力为600N
N F mg ma -=同理，加速度向下时
，则支持力为400N
N mg F ma -=答案为AB 。

13. 如下图，轻质弹簧下端悬挂了一个质量为m 的小球，将小球从弹簧原长位置由静止释放，则小球从最gao 点运动到最di 点的过程中，以下说法不 正 确的是
A. 小球加速度逐渐增大
B. 小球的速度先增大后减小
C. 弹簧弹力等于mg 时，小球加速度为g
D. 弹簧的弹力逐渐增大
（答案）AC
（解析）
（分析）
（详解）小球从弹簧原长位置由静止开始释放，刚开始重力大于弹力，加速度方向向下，做加速度运动，
速度增大，弹簧弹力增大，加速度减小，当弹力等于重力时，加速度为零，速度到达最大值，此后继续向下运动，弹力进一步增大，此时弹簧弹力大于重力，加速度方向向上，小球做减速运动，运动到最di 点时速度为零。

A ．由上述分析可知：加速度先减小后增大，故A 错误，符合题意；
B ．由上述分析可知：速度先增大后减小，故B 正确，不符合题意；
C ．弹簧弹力等于mg 时，小球加速度为0，故C 错误，符合题意；
D ．物体向下运动时，弹簧一直被拉长，弹簧的弹力逐渐增大，故D 正确，不符合题意。

应选AC 。

14. 一水平抛出的小球落到一倾角为θ的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如图中虚线所示．则以下说法正确的选项是〔 〕
A. 水平速度与竖直速度之比为
tan θB. 水平速度与竖直速度之比为
1tan θ
C. 水平位移与竖直位移之比为 2tan θ
D. 水平位移与竖直位移之比为 12tan θ（答案）A
（解析）
（分析）
（详解）AB 、小球撞在斜面上，速度方向与斜面垂直，则速度方向与竖直方向的夹角为，则水平速度与
θ竖直速度之比为，应选项A 正确，B 错误； tan x y
v v θ=CD 、水平位移与竖直位移之比，应选项C 、 D 错误． 00222tan 12
y v t v x y v gt θ===第II 卷〔非选择题共58分〕
二、填空题〔此题共3小题，共18分〕
15. 应用如下图装置“验证平行四边形定则〞
〔1〕实验对两次拉伸橡皮条的要求中，以下哪些说法是正确的_____．
A．将橡皮条拉伸相同长度即可
B．将橡皮条沿相同方向拉即可
C．将弹簧秤都拉伸到相同刻度
D．将橡皮条和绳的结点O拉到相同位置
〔2〕同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是_____．
A．两细绳必须等长
B．弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行
C．用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大
D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些
（答案）(1). D(2). BD
（解析）
（分析）
（详解）〔1〕1]AB.本实验是为了验证力的平行四边形定则，依据合力与分力是等效的，本实验橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同，故A、B错误；
CD.在白纸上标下第—次橡皮条和绳的结点的位置，第二次将橡皮条和绳的结点拉到相同位置，说明两次效果相同，即两个拉力和一个拉力等效，而弹簧称不必拉到相同刻度．故C错误，D正确．
应选D.
〔2〕2]A.通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，并非要求两细绳等长，故A错误；
B.测量力的实验要求尽量精确，为了减小实验中因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故B正确；
C.用弹簧秤同时拉细绳时，拉力不能太太，也不能太小．故C错误；
D.为了更加精确的记录力的方向，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故D正确．应选BD．
16. 如下图，某同学在研究平抛运动的实验中，在小方格纸画出小球做平抛运动的轨迹以后，又在轨迹上
取出a 、b 、c 、d 四个点〔轨迹已擦去〕．已知小方格纸的边长L=2.5cm ，g 取10m/s 2，请你依据小方格纸上的信息，完成下面几个问题：〔结果保存三位有效数字〕
(1)小球平抛运动的初速度v 0=_____m/s ；
(2)物体运动到b 点时的瞬时速度v b =_____m/s ；
(3)从抛出点到c 点所经历的时间是_____s ；
（答案）
(1). 1.00 (2). 1.25 (3). 0.125
（解析）
（分析）
依据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出平抛运动的初速度．依据竖直方向上某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出c 点的竖直分速度，结合平行四边形定则求出b 点的速度．依据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出c 点竖直分速度，结合速度时间公式求出运动的时间．
【详解）〔1〕由△y=gT 2得，， 0.05T s ===则初速度． 020.025 1.00/0.05
x v m s t ⨯===〔2〕而， 2
3 2.510/0.75/20.1
ac by y v m s m s T -⨯⨯===
所以．
1.25/b v m s ==〔3〕b 点竖直分速度v b =0.75m/s
由v cy =v by +gt 得：v cy =1.25m/s 1.250.12510
cy
c v t s s g ===（点睛）解决此题的关键了解平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论进行求解．
17. 以下图为“验证牛顿第二定律〞的实验装置示意图。

沙和沙桶的总质量为m ，小车和砝码的总质量为
M。

实验中用沙和沙桶的总重力的大小作为细线对小车拉力的大小。

(1)为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行。

接下来还需要进行的一项操作是______；
(2)实验中要进行质量m和M的选取，以下最合理的一组是______；
A.M=200g、m=10g、15g、20g、25g、30g、40g
B.M=200g、m=20g、40g、60g、80g、100g、120g
C.M=400g、m=10g、15g、20g、25g、30g、40g
D.M=400g、m=20g、40g、60g、80g、100g、120g
(3)图乙是实验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出。

已知打点计时器的工作频率为50Hz，则a=______m/s2；
(4)另一同学在该实验中得到如下一组实验数据表中F表示细线对小车的拉力，a表示小车的加速度：请在图丙所示的坐标系中画出a-F图线______。

（答案） (1). 平衡摩擦力〔或抬高木板右端，使小车恰好匀速下滑〕 (2). C (3). (4). 0.42
（解析）
（分析）
（详解）〔1〕1为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带推断小车是否做匀速运动，即平衡摩擦力。

〔2〕2当 时，即当沙和沙桶总质量远远小于小车和砝码的总质量，绳子的拉力近似等于沙和沙m M =桶的总重力．因此最合理的一组是C 。

应选C 。

〔3〕3]相邻计数点的时间间隔为
50.02s 0.1s T =⨯=加速度
22(3)
0.42m/s DG AD x x a T -==〔4〕4依据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后依据描出的点做出图象，如下图
三、计算题〔此题共3小题，共40分〕〔要求有必要的文字说明和公式，否则不得分〕 18. 一辆汽车以72km/h 的速度行驶，现因紧急事故刹车并最终停止运动．已知汽车刹车过程中的加速度大小为4m/s 2，假设从刹车瞬间开始计时，求：
(1)汽车2s 末的速度和前2s 的位移；
(2)汽车前6s 的位移．
（答案）
〔1〕12m/s ；32m ；〔2〕50m （解析）
（分析）
（详解）(1)依题意，v 0=72km/h=20m/s
v = v 0-at ，t =5s
所以汽车经5s 停，2s ＜5s
依据
v 2 = v 0-at 2，v 2=12m/s
依据
x 2=v 0t 2-at 22 12
x 2=32m
〔2〕6s ＞5s ，所以时间为5s
依据
x 6= v 0t 3-at 32 12
x 6=50m
19. 图甲是某游乐场内的滑战地地示意图，斜坡滑道AB 长64m ，倾角，水平滑道BC 足够长，斜o 37θ=坡滑道与水平滑道之间是平滑连接的。

某游客坐在滑板上从斜坡的A 点由静止开始滑下〔如图乙所示〕，滑到斜坡底端B 点后再沿水平的滑道滑行一段距离到C 点停下。

已知游客和滑板的总质量m =60kg ，滑板与斜坡滑道间的动摩擦因数为，与水平滑道间的动摩擦因数为，空气阻力忽略不计，10.5μ=20.4μ=，。

求：
o sin 370.6=o cos370.8=(1)游客从斜坡上滑下的加速度大小；
(2)游客滑到B 点时的速度大小；
(3)游客从A 点滑动到C 点所用的时间。

（答案）(1)2m/s 2；(2)16m/s ；(3)12s
（解析）
（分析）
（详解）〔1〕依据牛顿第二定律得
11sin 37cos37 mg mg ma μ︒-︒=解得
212m/s a =〔2〕依据
22v aL =解得
16m/s v =〔3〕依据
2112
L at =
解得滑到底端的时间
18s t =在水平滑道，依据
22mg ma μ=解得
224m/s a =则在水平轨道上停止的时间 22
4s v t a =
=从A 点滑动到C 点所用的时间
1212s t t t =+=20. 2023年4月，在伦敦举行的国际奥委会执委会上确认，女子跳台滑雪等6个新工程参加2023年冬奥会．如下图，运发动踏着专用滑雪板，不带雪杖在助滑路上(未画出)获得一速度后水平飞出，在空中飞行一段距离后着陆，这项运动非常危险．设一位运发动由斜坡顶端A 点沿水平方向飞出的速度v 0=20m/s ，落点在斜坡上的B 点，斜坡倾角θ取37o ，斜坡可以看成一斜面．(g 取10m/s 2，sin37o =0.6，cos37o =0.8)求：
(1)运发动在空中飞行的时间；
(2)A 、B 间的距离；
(3)运发动从A 点飞出后，经多长时间离斜坡的距离最远．
（答案）(1)3s ；(2)75 m ；(3)1.5 s
（解析）
（分析）
（详解）(1)运发动由A 点到B 点做平抛运动，水平方向的位移
x =v 0t
竖直方向的位移 212
y at =
又 ， tan 37y x
=︒联立以上三式得运发动在空中的飞行时间
3s t =(2)由题意知 212sin 37gt y s s
︒==得A 、B 间的距离 m 2
752sin 37
gt s ︒==(3)如下图，当运发动的速度与斜面平行时，运发动离斜面最远，设全部时间为t 1，则
v y 1=gt 1，v y 1=v 0tan37°
所以 s 01tan 37 1.5v t g
︒
==。