陕西省榆林市2019-2020学年中考中招适应性测试卷物理试题(5)含解析

陕西省榆林市2019-2020学年中考中招适应性测试卷物理试题（5）
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．如图所示电路，当开关S闭合后，L1、L2均能发光，电流表、电压表均有示数．过一会儿，两灯都不发光．电流表的示数为零，电压表的示数为电源电压，可能发生的故障是
A．L l灯丝断了B．L1短路C．L2灯丝断了D．L2短路
C
【解析】
【详解】
A．如果灯泡L1灯丝断了，整个电路断路，电流表、电压表示数都为零．不符合题意；
B．如果灯泡L1短路不能发光，但L2仍然发光．电流表、电压表示数都增大．不符合题意；
C．如果灯泡L2灯丝断了，电路断路，两只灯泡都不亮，电流表示数为零，电压表测量电源电压．符合题意；
D．如果灯泡L2短路不能发光，但L1仍然发光．电流表示数增大，电压表相当于与导线并联示数减小为零．不符合题意．
故选C．
2．第21届足球世界杯已于2018年6月14日在俄罗斯莫斯科拉开帷幕，在足球赛场涉及很多物理知识．下列说法中不正确的是（）
A．踢出的足球在场地上慢慢停下来是因为受到了摩擦力的作用
B．静止在场地上的足球受到的重力和地面对它的支持力是对平衡力
C．足球在空中下落过程中，重力势能转化为动能
D．足球在空中下落过程中，机械能总量保持不变
D
【解析】
【详解】
A、力可以改变物体的运动状态．足球在地面上滚动过程中，受到摩擦阻力的作用，所以会慢慢停下来．故A正确；
B、静止在场地上的足球受到的重力和地面对它的支持力大小相等、方向相反、作用在一条直线上且作用在同一物体上，这两个力是一对平衡力，故B正确；
C、足球在下落过程中，质量不变，速度变大，高度变小，所以动能增加，重力势能减少，此过程中重力势能转化为动能．故C正确；
D、足球在空中下落过程中，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，机械能减小，故D错误．
3．某电路如图所示，电源电压不变且R1＞R2，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端，则下列说法中不正确的是
A．电路中的总电阻变大
B．R1两端电压不变
C．R2的电功率变大
D．流过R1电流减小
B
【解析】
【详解】
当滑动变阻器滑片在a端时，R2被短路，电路中只有R1工作；当滑动变阻器滑片在b端时，滑动变阻器与R2并联，再与R1串联．
A．滑片在a端时，电路中电阻只有R1；滑片在b端时，电路中多了滑动变阻器与R2并联的电阻，所以总电阻变大．故A 正确，不符合题意．电路中的总电阻变大
B．滑片在a端时，R1两端电压等于电源电压；滑片在b端时，由于滑动变阻器与R2并联会分掉一部分电压，所以R1两端电压会变小．故B错误，符合题意．
C．滑片在a端时，R2没有工作，电功率为零；滑片在b端时，R2工作，有一定的电功率．即R2的电功率变大．故C正确，不符合题意．
D．因电路中的总电阻变大，而电源电压不变，所以电路中电流变小．即流过R1电流减小．故D正确，不符合题意．
4．将自由转动的指南针放在地球表面的赤道上，静止时的示意图如图所示，其中符合实际的是
A．B．
C．D．
C
【解析】
【分析】
【详解】
地磁北极在地理的南极附近，地磁南极在地理的北极附近；指南针静止时N极指向为磁场的方向，因此在赤道上的指南针静止时，其N极指向地磁南极，也就是地理北极．只有C正确．
5．下列说法中正确的是（）
A．抛出手的铅球在空中向前运动的过程中，推力对铅球做了功
B．提着水桶在路面上水平向前移动一段路程，手竖直向上的拉力对水桶做了功
C．用手从地面竖直提起水桶，手竖直向上的拉力对水桶做了功
D．用力推一辆汽车，汽车静止不动，推力在这个过程中对汽车做了功
C
【解析】
A. 抛出手的铅球在空中向前运动的过程中，已经脱离手，所以推力对它不再做功，向前运动是因为惯性，故A错误；
B. 提着水桶在路面上水平向前移动一段路程，手的拉力向上，而桶水平运动，所以拉力不做功，故B错误；
C. 用手从地面提起水桶，手的拉力向上，水桶向上运动，符合做功的条件，所以拉力做功，故C正确；
D. 用力推一辆汽车，汽车静止不动，距离为零，所以不做功，故D错误．
选C．
点睛：重点是是否做功的判断，要牢记做功的两个要素，即力和距离，且距离必须是在力的作用下通过的距离．当距离为零时，用再大的力，做功也是零．
6．下列做法中符合安全用电要求的是
A．用湿布擦拭正在工作的台灯
B．用电器电线绝缘皮破损了仍继续使用
C．发现家用电器或电线着火时，应先切断电源后救火
D．把用电器的三脚插头改为两脚插头，接在两孔插座上使用
C
【解析】
【详解】
A．生活中的水是导体，用用湿布擦拭正在工作的台灯易造成触电，故不符合安全用电要求；
B．电线的绝缘皮破损时应及时更换，否则容易发生触电事故，故不符合安全用电要求；
C．家用电器失火，导线的绝缘皮烧坏，用电器漏电，如果用水救火，水是导体，人间接接触火线，发生单相触电事故，故符合安全用电要求；
D．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故不符合安全用电要求．
7．如图所示电路中电源电压不变，当S闭合，且滑片P向左滑动时，各电表示数的变化情况是
A．A1表读数不变，A2表读数变大，V表读数不变
B．A1表读数变大，A2表读数变大，V表读数不变
C．A1表读数变小，A2表读数变大，V表读数变大
D．A1表读数不变，A2表读数变小，V表读数变小
A
【解析】
【详解】
分析可知，电路中灯与R2串联后再与R1并联,电流表A1测R1的电流,电流表A2测干路的总电流,电压表测R1的电压，始终为电源电压保持不变；根据欧姆定律,通过R1的电流大小不变,即A1的示数不变；当S闭合,且滑片P向左滑动时,R2的阻值变小,根据电阻串联的规律,灯与R2串联的总电阻R L2变小,根据电阻的并联规律,R1与R L2并联的总电阻变小,由欧姆定律,电路的总电流变大,即A2示数变大．只有A正确．故选A. 【点睛】
分析电路的连接关系及电压表测量的电压、电流表测量的电流，确定电压表示数的变化；根据并联电路电压的规律，由欧姆定律确定电流表A1的示数变化；滑片P向左滑动时，根据串联电阻的规律及并联电阻的规律判断总电阻的变化，根据欧姆定律最终确定电流表A2示数的变化，由此确定正确答案．
8．用两个相同的电加热器分别给质量和初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化关系图象如图所示，则下列说法正确的是（）
A ．升高相同的温度，甲液体吸收的热量多
B ．甲液体的吸热能力比乙液体的吸热能力强
C ．甲液体的比热容与乙液体的比热容之比为5：8
D ．加热相同的时间，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量
C
【解析】
【详解】
A ．由图可以看出升高相同的温度乙需要加热的时间更长所以乙液体吸收的热量更多，故A 错误； BD ．两个加热器相同，加热时间相等时，两种液体吸收的热量相等，由图示可以看出，甲的温度升高的快，乙液体温度升高慢；利用热量的计算公式Q 吸=cm △t 可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，谁的温度升高得快，它的比热容小；所以，甲的比热容小，吸热能力弱故BD 错；
C ．由图可以看出加热9分钟时甲液体的温度变化是80°C 乙的是50°C 根据：
c 甲m ∆t 甲=c 乙m ∆t 乙
可得 c c 甲乙=58
故C 正确；
故选C 。

9．如图所描述的情景中，没有发生动能转化为势能的是（ ） A ． B ． C ． D ．
A
【解析】解：
A 、滑滑梯时，人的高度降低，速度变大，是重力势能转化为动能，没有发生动能转化为势能，故A 符合题意；
B 、荡秋千时，在从低处向高处运动时，人与秋千的速度减小，高度增加，是动能转化为重力势能，故B 不合题意；
C 、在跳水比赛中，人向上弹起的过程中，高度增大，速度减小，是动能转化为重力势能，故C 不合题意；
D 、在单杠上翻转时，若人由下向上运动，人的速度减小，高度增加，是动能转化为重力势能，故D 不合题意。

故选：A 。

点睛：本题主要通过生活中的几个实例，考查了动能与势能之间的转化，明确动能与势能的影响因素，据
此可结合物体的运动情况做出判断。

10．下列与声现象有关的说法，正确的是
A．“闻其声而知其人”是根据声音的音色来辨人的
B．声音在真空中的传播速度比在空气中的传播速度大
C．高速公路两旁设置隔音板，是在声源处减弱噪声
D．用超声波能清洗眼镜是因为超声波的速度快
A
【解析】
【详解】
A. “闻其声知其人”是因为不同人的声带结构特点不同，发出声音的音色不同，因此是根据音色来辨别的，故A正确；
B. 声音不能在真空中传播，故B错误；
C. 减弱噪声的途径有：在人耳处减弱、在声源处减弱、在传播过程中减弱，设置隔音板是为了在传播过程中减弱噪声，故C错误；
D. 用超声波能清洗眼镜是利用了超声波能够传递能量，故D错误。

二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如图所示的电路中，R1和R3为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变，a和b是电流表或电压表，当只闭合S1和S2，R1、R2、R3均有电流通过，且滑片向右滑动时，a的示数变大，b的示数变小，下列说法正确的是
A．a和b处均为电流表
B．只闭合S1和S2，滑片向右滑动，b示数变化量与A示数变化量的比值大于a示数变化量与A示数变化量的比值
C．a和b均换成另一种电表，只闭合S1和S3滑片向右滑动，a的示数变大，b的示数变小
D．a和b均换成另一种电表，只闭合S1和S3，滑片向右滑动，电路的总功率变大
BD
【解析】
【分析】
【详解】
A．若a和b处均为电流表，当只闭合S1和S2，整个电路处于短路状态，故A错误；
B．据题意，当只闭合S1和S2，R1、R2、R3均有电流通过，则a和b处均为电压表，R1、R2、R3并联，
电路情况如下图，
三个电阻串联，a 处电压表测R 1两端电压，b 处电压表测R 2的电压，电流表测电路中电流；由串联电路的电压特点知，电压表b 的变化量等于电压表a 的变化量与R 3电压变化量之和，即：n U b =n U a +n U 3，由欧姆定律可知：R 1+R 3=a 3I U U +n n n =b I
U n n ，即：b 的示数变化量与A 的示数变化量的比值大小等于定值电阻R 1和R 3阻值之和；
a 示数变化量与A 示数变化量的比值大小等于定值电阻R 1的阻值，R 1+R 3> R 1，即
b 示数变化量与A 示数变化量的比值大于a 示数变化量与A 示数变化量的比值，故B 正确；
C ．a 和b 处均为电流表，只闭合S 1和S 3，电路情况如下图，
此时R 1、R 2并联，两电阻两端电压与电源电压相等，滑片向右滑动，R 2支路的阻值减小，所以该支路的电流变大，即a 的示数变大；并联电路各支路间互不影响，所以R 1支路的电流不变，即故b 的示数不变，C 不符合题意；
D ．由C 知，滑片向右滑动， 干路电流增大，由P=UI 可知，电路总功率变大，故D 正确．
12．如图所示的四种传统特色美食：冰糖葫芦、北京烤鸭、豆汁儿、焦圈．冰糖葫芦制作时糖稀遇冷变硬，晶莹剔透；北京烤鸭驰名中外，用果木燃料烤制，散发一种特殊的香气；豆汁儿和焦圈更是北京久负盛名的传统风味小吃．下列说法中正确的是
A ．凝：糖稀遇冷变硬是因为糖分子停止了运动
B ．烤：果木燃烧放热，将化学能转化为内能
C ．煮：豆汁儿在火上煮的过程，是利用热传递的方式使其内能增加
D．炸：家用普通油炸锅通常用铁制造而成，主要因为铁的比热容大
BC
【解析】
【详解】
A．糖稀遇冷变硬是因为物质的状态发生了变化，不是分子停止了运动，故A错误；
B．果木燃烧放热，果木的化学能转化为内能，故B正确；
C．豆汁儿在火上煮的过程中，会吸收热量，是通过热传递来改变内能的，故C正确；
D．锅一般用铁制造，主要是利用铁具有良好的导热性，与其比热容无关，故D错误．
13．如图所示的情景中，解释现象的叙述正确的是
A．飞机升空是因为机翼受到空气浮力
B．船闸是利用连通器的原理工作的
C．穿滑雪板是为了减小压强
D．茶壶盖上有孔与大气压有关
BCD
【解析】
【详解】
A、飞机升空是利用空气的升力，不是利用飞机受到的浮力工作的，不符合题意．
B、当船从上游进入船闸时，上游和船闸构成上端开口下端连通的连通器；当船从船闸进入下游时，船闸和下游构成连通器，所以船闸是利用连通器工作的，符合题意；
C、穿滑雪板是在压力一定时，增大受力面积来减小压强，防止下陷，符合题意；
D、茶壶盖上有孔，使水倒出时，水面上的压强总等于大气压，有利于水流出，符合题意．
故选BCD．
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．物理学的每一次重大发现都会推动社会的进步和发展。

牛顿发现了万有引力定律，才有了今天的人造地球卫星；奥斯特发现了_____，进而研制出电磁继电器，_____发现了电磁感应现象，人类根据这个原理
发明了_____机
电流的磁效应 法拉第 发电
【解析】
【详解】
丹麦物理学家奥斯特1820年发现了电流的磁效应；英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象，进一步提示了电和磁的联系，导致了发电机的发明。

15．有些家庭的电视机在不观看时没有切断电源，仍然处于待机状态．若电视机待机功率为10W ，一天待机20h ，则一天内待机消耗的电能为_____kW•h ，30天电视机待机消耗的电能可供一盏25W 的电灯正常工作_____h ．
0.2 240
【解析】
【详解】
（1）电视机一天内待机消耗的电能0.01200.2?W Pt kW h kW h ==⨯=；
（2）电视机待机30天消耗的电能0.2?306?W kW h kW h '=⨯=，
这些电能可供25W 电灯正常工作的时间6
?2400.025W kW h t h P kW
'=== 16．如图，AB 是能绕B 点转动的轻质杠杆，在中点C 处用绳子悬挂重为100N 的物体（不计绳重）．在A 端施加竖直向上的拉力使杠杆在水平位置平衡，则拉力F ＝_____N ．若保持拉力方向始终垂直于杠杆，将A 端缓慢向上提升一小段距离，在提升的过程中，拉力F 将_____（选填“增大”、“减小”或“不变”）．
50 减小
【解析】
【分析】
（1）物体的重力为阻力，杠杆在水平位置保持平衡时，BC 为阻力臂，BA 为动力臂，根据杠杆的平衡条件F 1l 1＝F 2l 2求出拉力的大小；（2）利用杠杆平衡条件分析拉力F 的大小变化情况．
【详解】
由图可知，F 2＝G ,杠杆在水平位置保持平衡，由F 1l 1＝F 2l 2可得，拉力的大小：F 1＝21l l F 2＝BC BA G ＝12
×100N ＝50N ．若将A 端缓慢向上提升一小段距离，则阻力臂l 2将变小，阻力不变，即F 2l 2变小，因为拉力方向始终垂直于杠杆，所以动力臂不变，根据F 1l 1＝F 2l 2可知F 1变小，即拉力F 减小．
17．如图所示，物体重170N ，动滑轮重10N ．小明用100N 的拉力（方向不变）将物体匀速提升2m ，用了10s ，则此过程中有用功是________J ，额外功是____J,拉力功率是_____W,滑轮组的机械效率是
_________．
340 60 40 85%
【解析】
【分析】
【详解】
此过程中有用功：W有用=Gh=170N×2m=340J；
由图可知动滑轮绕2段绳，拉力端移动距离s=2h=2×2m=4m，拉力做的总功：W总=Fs=100N×4m=400J，
额外功：W额=W总-W有用=400J-340J=60J，
拉力做功的功率：P=
400J
10s
W
t
总=40W，
滑轮组的机械效率：η=
340J
=
400J
W
W
有用
总
=85%．
18．春暖花开的一天，小明到理工大学校园内赏花，随着气温的升高，花香越来越浓，这是因为温度越高，_____造成的；看到湖水中的鱼游来游去，实际是由于光的折射所成的_____像；突然听到有人在背后喊他的名字，他没有回头看就确定是小华，他是通过声音的_____来判断的。

小华自行车的轮胎有很深的花纹，是通过_____来增大摩擦的。

分子的无规则运动越剧烈虚音色增大接触面的粗糙程度
【解析】
【详解】
闻到花的香味，是花分子在不停地做无规则的运动，运动到空气中被人们闻到了香味，这种现象叫扩散现象，温度越高，分子无规则运动越剧烈，随着气温的升高，花香越来越浓；
鱼反射的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，看到的是比真实位置要浅的鱼的虚像；
不同发声体的音色不同，小明突然听到有人在背后喊他的名字，他没有回头看就确定是小华，他是通过声音的音色来判断的；
自行车轮胎上布满花纹，是压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的。

四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．如图所示是小明同学安装的家用调光灯电路图，灯泡上标有“PZ220﹣40”字样，滑动变阻器的最大
阻值为1210Ω，求：
该灯泡正常发光时的电阻和电流灯泡两端的最小电压台灯功率的调节范
围．（不计温度对灯丝电阻的影响）
略
【解析】
分析：（1）已知额定电压和额定电功率，可以利用公式R=
2 U P
和公式I=P
U
计算电阻和电流；
（2）要想让灯泡两端的最小电压，电路中的电流应达到最小，因此滑动变阻器连入电路中的电阻最大，
先利用公式I=U
R
计算出电路中的最小电流，再利用公式U=IR计算电压．
（3）灯泡正常发光时的功率为最大功率，已求出灯泡的电阻和通过灯泡的最小电流，可利用公式P=I2R 计算最小电功率．
解答：解：
（1）小灯泡的电阻为：R灯=
2
U
P
=
()2
220V
40W
=1210Ω，
小灯泡正常工作时的电流为：I=P
U
=
40W
220V
=
2
11
A=0.18A．
答：该灯泡正常发光时的电阻为1210Ω、电流为0.18A．（2）当滑片在最右端时电路中电阻最大，电流最小，
I min=
U
R R
+
灯
=
220V
2420Ω
=
1
11
A，
U min=I min R灯=1
11
A×1210Ω=110V．
答：灯泡两端的最小电压为110V．（3）最大功率为：P max=40W，
最小功率为：P min=I2min R灯=(1
11
A)2×1210Ω=10W．
答：台灯功率的可调节范围是10W～40W．
20．张丽买了一个三档电暖宝，电暖宝内部装有某种浓度的氯化钠水溶液充当保热介质，电热丝产生的热量全部被保热介质吸收．其电路图如图所示，R1、R2都是电热丝，电源电压保持36V不变．
当S 1闭合，S 2接a 时为中温档，此时电暖宝的功率为18W ，求R 1的阻值
为多少？当S 1闭合，S 2接b 时为高温档，此时电暖宝的功率为45W ，求电路中的总电流和R 2的阻值为多少？若用高温档给保热介质加热，5分钟内使氯化钠水溶液的温度上升了5℃．那么该电热宝内0.9kg 的氯化钠水溶液的比热容为多少？
（1）72Ω；（2）1.25A ， 48Ω；（3）3000J/（kg•℃）． 【解析】
解：（1）中温档工作时，R 2被短路，P 1=18W ，U=36V ，则R 1的阻值：22
11
367218U V R P W ===Ω（）
； （2）高温档工作时，R 1和R 2并联，P 2=45W ，则245 1.2536P W
I A U V
=
==总， 11360.572U V I A R =
==Ω
， I 2=I 总﹣I 1=1.25A ﹣0.5A=0.75A ，
2236480.75U V R I A
=
==Ω； （3）5min 消耗的电能：W=Pt=45W×300s=13500J ； ∵W=Q 吸，Q 吸=cm △t
()13500 c 3000/0.95Q J
J kg m t kg ∴===⨯n n 吸℃℃
．
答：（1）R 1的阻值为72Ω；
（2）高温挡时电路中的总电流为1.25A ，R 2的电阻为48Ω； （3）氯化钠水溶液的比热容为3000J/（kg•℃）．
21．如图所示，R 0、R x 为定值电阻，其中R 0＝10Ω．开关S 断开时，电流表的示数为0.6A ；开关S 闭合时，电流表的示数为0.8A ．若电源电压不变．求：
电源电压；电阻R x 的阻值：开关S 闭合时，通电1min ，电阻R x 产生的热量．
（1）6V ；（2）30Ω；（3）72J ． 【解析】
【分析】
（1）当开关S 断开时，电路为R ０的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压； （2）当开关S 闭合时，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R ０的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过R x 的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R x 的阻值；
（3）根据Q W UIt ==可求通电lmin 电阻R x 产生的热量． 【详解】
（1）当开关S 断开时，电路为R ０的简单电路，电流表测电路中的电流， 由U
I R
=
可得电源电压：000.6106U I R A V ==⨯Ω=； （2）当开关S 闭合时，R ０、R x 并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以通过R ０的电流不变（仍然为0.6A ），并联电路中干路电流等于各支路电流之和，通过R x 的电流：
00.80.60.2x I I I A A A =-=-=，并联电路中各支路两端的电压相等，所以电阻R x 的阻值：6300.2x x U V
R I A
=
==Ω； （3）开关S 闭合时，R ０、R x 并联，
通电lmin 电阻R x 产生的热量：60.216072x x x Q W UI t V A s J ===⨯⨯⨯=． 五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．如图所示，以笔画线代替导线完成电路连接，L 1、L 2并联，电流表测L 1的电流． （_____）
【解析】 【分析】 【详解】
L 1、L 2并联,电流表测L 1的电流,则电流表与L 1串联，注意电流表正负接线柱的接法，如下图所示：
23．图甲是家庭中常用的一种插线板.小文同学在使用中发现：开关断开时指示灯不亮，插孔不能供电；开关闭合时指示灯亮，插孔能供电；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能供电.根据以上描述，请在图乙中用笔画线代替导线完成电路连接.
（______）
【解析】
【详解】
由题意可知，开关断开时指示灯不亮，插孔不能提供工作电压，开关闭合时指示灯亮，插孔能提供工作电压，如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压，说明两者是并联，且都有开关来控制，连接情况如图所示：
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．在测定“小灯泡额定电功率”的实验中，电源电压为4.5V且保持不变，小灯泡额定电压为2.5V，电阻约为10Ω．
（1）请你用笔画线代替导线，将图1中的实物电路连接完整．
（________）
（2）按要求将电路连接后，闭合开关，移动变阻器滑片P，电流表、电压表示数如图2所示，则小灯泡
此时的电功率为________．若他想测量小灯泡的额定功率，应将图1中变阻器滑片P向________端（填A 或B）移动，使电压表的示数为2.5V．
（3）在实验中发现小灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，则出现故障的原因可能是________．（4）排除故障后，小明画出小灯泡的电流随电压变化的图象，你认为图象（左A右B）应该是图中的
________（填A或B），因为________
0.72W B 灯泡断路 A 灯泡的电阻会随温度的变化而
变化，它的电流与电压不成正比
【解析】
【详解】
(1)小灯泡额定电压为2.5V，电压表用3V量程，滑动变阻器、灯泡串联接入电路，电路图如图所示：。

(2)电压表量程是3V，最小分度值是0.1V，电压表示数是U=2.4V；电流表量程是0.6A，最小分度值是0.02A，示数是I=0.3A；灯泡功率P=UI=2.4V×0.3A=0.72W；测量小灯泡的额定功率，应将图1中变阻器滑片P
向B端移动，使电压表的示数为2.5V.
(3)小灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，则出现故障的原因可能是灯泡断路。

(4)随灯泡电压的增大，灯泡功率变大，温度升高，灯泡电阻变大，灯泡的电阻随温度变化而变化，它的电压与电流不成正比，灯泡的I−U图象不是直线，而是一条曲线，图象应该是图中的A.
25．某小组同学研究“使用动滑轮匀速提起物体时，所用竖直向上拉力F的大小与哪些因素有关”。

他按如图所示方式用两个重力不同的滑轮进行实验，并将相应的滑轮重G滑、物体重G物和拉力F的大小记录在表一、二中。

表一：G滑＝2牛表二：G滑＝4牛
实验序号G物（牛）F（牛）实验序号G物（牛）F（牛）
1 1 1.5 6
2 3.0
2 2 2.0 7 4 4.0
3 4 3.0 8 6 5.0
4 6 4.0 9 8 6.0
5 8 5.0 10 10 7.0
①分析比较表一或表二中F与G物的数据及相关条件，可得出的初步结论是：_________。

②分析比较实验序号________的数据及相关条件，可得出的初步结论是：使用动滑轮匀速提起物体，当G 物
相等时，G滑越大，所用竖直向上拉力F越大。

③分析比较表中F与G滑、G物的数据及相关条件，可发现其满足的数学关系式为________，由此可判断：按如图所示方式使用动滑轮匀速提起物体，若要省力，需满足的条件是_______________。

④该小组同学做多次实验的目的是______。

（选填“A”或“B”）
A．取平均值，减小误差。

B．从实验数据中得到普遍规律。

使用动滑轮匀速提起物体，当G滑相等时，G物越大，所用竖直向上拉力F越大2与6或3与7或4
与8或5与9 F=（G物+G滑）/2 G滑＜G物 B
【解析】
【详解】
①分析表一或表二中动滑轮的重力相同，被提升的物重不同，且G物越大，拉力F越大，可得出的初步结论是：使用动滑轮匀速提起物体，当G滑相等时，G物越大，所用竖直向上拉力F越大；
②2、6（或3、7或4、8或5、9）被提升的物重相同，动滑轮重力不同，且G滑越大，F越大；
③分析比较表中F与G滑、G物的数据及相关条件，可得
1
2
F G G
滑
物
（）
=+，当G
物
等于G滑时，F＝G物，
当G物＞G滑时，F＜G物；由此可判断：按图所示的方式使用动滑轮匀速提起物体，若要省力，需要满足。