专题4.6 互感和自感-2017年高中物理高二全国名校名卷试题分章节汇编(选修3-2)(解析版)

2017年高中物理选修3-2全国名校名卷试题分章节汇编（第01期）
4.6 互感和自感
一、单选题
1．如下图所示是观察自感现象的电路图．为了观察到断开开关的瞬间灯泡有明显的闪烁现象，除了增大线圈的自感系数外，还要考虑线圈电阻R L和灯泡电阻R，它们之间应满足的关系是（）
A. R L>R
B. R L＝R
C. R L≪R
D. R L≫R
【答案】 C
点睛：自感现象是特殊的电磁感应现象，法拉第电磁感应定律和楞次定律同样适用，但若要满足断开开关的瞬间灯泡有明显的闪烁现象，需要满足R L＜＜R。

2．如图所示的电路中，电感L的自感系数很大，电阻可忽略，D为理想二极管，则下列说法正确的有（）
A. 当S闭合时，L1立即变亮，L2逐渐变亮
B. 当S闭合时，L1一直不亮，L2逐渐变亮
C. 当S断开时，L2立即熄灭
D. 当S断开时，L1突然变亮，然后逐渐变暗至熄灭
【答案】BD
【解析】当S闭合时，因二极管加上了反向电压，故二极管截止，L1一直不亮；通过线圈的电流增加，感应电动势阻碍电流增加，故使得L2逐渐变亮，选项B正确，A错误；当S断开时，由于线圈自感电动势阻碍电流的减小，故通过L1的电流要在L2-L1-D-L之中形成新的回路，故L1突然变亮，然后逐渐变暗至熄灭，选项C错误，D正确；故选BD．
考点：自感现象
【名师点睛】此题是对自感现象的考查；要知道自感线圈的作用是当电流增加时，产生的自感电动势阻碍电流的增加；电流减弱时，感应电动势阻碍电流的减弱，若有回路要重新形成电流；二极管只能导通正向电流．
3．如图是用电流传感器(相当于电流表，其电阻可以忽略不计)研究自感现象的实验电路，图中两个电阻的阻值均为R，L是一个自感系数足够大的自感线圈，其直流电阻值也为R.图5是某同学画出的在t0时刻开关S由闭合变为断开，通过传感器的电流随时间变化的图象．关于这些图象，下列说法中正确的是（）
A. 甲图是通过传感器1的电流随时间变化的情况
B. 乙图是通过传感器1的电流随时间变化的情况
C. 丙图是通过传感器2的电流随时间变化的情况
D. 丁图是通过传感器2的电流随时间变化的情况
【答案】 C
【解析】开关S由闭合变为断开，传感器1中的电流立刻变为零，如丁图；传感器2中的电流由于线圈的自感作用，通过线圈的电流要在R和传感器2中形成新的回路，即电流反向并逐渐减小，C正确，ABD错误．学科-网
点睛：解决本题的关键掌握电感对电流的阻碍作用，当电流增大时，电感线圈阻碍电流增大，当电流减小时，电感线圈阻碍电流减小．
4．下面列举的四种器件中,在工作时利用了电磁感应现象的是（）
A. 质谱仪
B. 电磁炉
C. 电吹风
D. 回旋加速器
【答案】 B
【解析】A、质谱仪是利用电场加速，磁场使粒子偏转，不是电磁感应现象．故A错误．B、电磁炉是利用电磁感应原理理．故B正确．C、电吹风利用电流的热效应，故C错误；D、回旋加速器利用磁场使带电粒子旋转，电场使粒子加速．故D错误．故选D。

【点睛】本题考查对现代科技装置和产品原理的理解能力，基本题，不应失分．
5．在如图所示的电路中，a、b为两个完全相同的灯泡，L为自感系数较大而电阻不能忽略的线圈，E为电源，S为开关．下列关于两灯泡点亮和熄灭的说法正确的是（）
A. 合上开关，b先亮，a后亮；稳定后b比a更亮一些
B. 合上开关，a先亮，b后亮；稳定后a、b一样亮
C. 断开开关，a逐渐熄灭、b先变得更亮后再与a同时熄灭
D. 断开开关，b逐渐熄灭、a先变得更亮后再与b同时熄灭
【答案】 A
点睛：当电键闭合时，通过线圈L的电流实然增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律判断感应电动势的方向和作用，分析哪个灯先亮，断开瞬间也可以按照同样的思路分析。

6．下列实验或器件应用自感现象的是（）
A. B. C. D.
【答案】 B
【解析】A、磁感应实验是应用了法拉第电磁感应现象，故A错误；B、当开关接通220伏的电压立即使启辉器的惰性气体电离，产生辉光放电．辉光放电的热量使双金属片受热膨胀，两极接触．电流通过镇流器、启辉器触极和两端灯丝构成通路，灯丝很快被电流加热，发射出大量电子，双金属片自动复位，两极断开，在两极断开的瞬间，电路电流突然切断，镇流器产生很大的自感电动势，与电源电压叠加后作用于管两端，应用了自感现象，故B正确；C、电动机的原理是通电导体在磁场中受力或通电线圈在磁场中受力转动，故C错误；D、电磁灶是利用电磁感应原理制成的，产生热量的原因是利用交变电流产生交变磁场，使放在灶台上的锅体内产生的涡流而将电磁能转化为内能，故D错误．故选B.
【点睛】自感现象是特殊的电磁感应现象，同样遵守楞次定律和法拉第电磁感应定律．
7．如图所示的电路中，A1和A2是两个相同的灯泡，线圈L自感系数足够大，电阻可以忽略不计．下列说法中正确的是（）
A. 合上开关S时，A2先亮，A1后亮，最后一样亮
B. 断开开关S时，A1和A2都要过一会儿才熄灭
C. 断开开关S时，A2闪亮一下再熄灭
D. 断开开关S时，流过A2的电流方向向右
【答案】ABD
【解析】当电键K闭合时，灯2立即发光．通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相反，阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，1逐渐亮起来．所以2比1先亮．由于线圈直流电阻忽略不计，当电流逐渐稳定时，线圈不产生感应电动势，两灯电流相等，亮度相同．故B错误，A正确；稳定后当电键S断开后，由于自感，线圈中的电流只能慢慢减小，其相当于电源，与灯泡1、2串联，两灯电流相同，都过一会儿熄灭，灯2不会闪亮，流过A2的电流方向向右；故BD正确，C错误；故选ABD．
考点：自感现象
【名师点睛】对于自感现象，是特殊的电磁感应现象，应用楞次定律和法拉第电磁感应定律进行理解；当电键K闭合时，通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律判断感应电动势的方向和作用，分析哪个灯先亮．断开瞬间也可以按照同样的思路分析。

8．如图所示电路中，A1、A2是两只相同的电流表，电感线圈L的直流电阻与电阻R阻值相等，下面判断正确的是（）
A. 开关S接通的瞬间，电流表A1的读数大于A2的读数
B. 开关S接通的瞬间，电流表A1的读数小于A2的读数
C. 开关S接通电路稳定后再断开的瞬间，电流表A1的读数大于A2的读数
D. 开关S接通电路稳定后再断开的瞬间，电流表A1的读数小于A2的读数
【答案】 B
【解析】A 、闭合S 瞬间，由于线圈的电流变大，导致其产生电动势，从而阻碍电流的变大，所以电流表1A 示数小于2A 示数，故A 错误，B 正确；
C 、断开S 瞬间，线圈电流变小，从而产生电动势，相当于电压会变小电源与电阻相串联，由于两电流表串联，所以电流表1A 示数等于2A 示数，故C 错误，
D 正确。

点睛：线圈电流增加，相当于一个电源接入电路，线圈左端是电源正极．当电流减小时，相当于一个电源，线圈左端是电源负极。

9．如图所示，灯泡A 、B 与固定电阻的阻值均为R ，L 是自感系数很大的线圈．当S 1闭合，S 2断开且电路稳定时，A ，B 亮度相同，再闭合S 2，待电路稳定后将S 1断开，下列说法中正确的是 （ ）
A. B 灯立即熄灭
B. A 灯将比原来更亮一下后再熄灭
C. 有电流通过B 灯,方向为
D. 有电流通过A 灯,方向为b→a 【答案】 AD
【解析】S 2断开而只闭合S 1，稳定时，A ，B 两灯一样亮,可知线圈L 的电阻也是R 。

在S 1、S 2都闭合时I A = I L ，故当S2闭合S1突然断开时,流过A 灯的电流只是方向变为b→a ，但其大小不突然增大，A 灯不出现更亮一下再熄灭的现象，故D 项正确，B 项错误；由于固定电阻R 几乎没有自感作用，故断开S 1时，B 灯电流迅速变为零，而立即熄灭，故A 项正确C 项错误。

综上所述分析可知，本题正确答案为A 、D 。

10．如图所示电路中，L 为电感线圈，电阻不计，A 、B 为两灯泡，则 （ ）
A. 合上S 时，A 先亮，B 后亮
B. 合上S 时，A 、B 同时亮
C. 合上S 后，A 变亮，B 熄灭
D. 断开S 时，A 熄灭，B 重新亮后再熄灭 【答案】 BCD
【解析】合上S 时，电路中立即就有了电流，故灯泡A 、B 同时变亮；但通过线圈的电流增加，线圈会产生自感电动势，故线圈的电流缓慢增加；当电流稳定后，线圈相当于直导线，灯泡B 被短路，故电键闭合后，A 、B 同时亮，但B 逐渐熄灭，而A 更亮，故A 错误，BC 正确；断开S 时，A 灯立即熄灭；线圈产生自感电动势和灯泡B 构成闭合电路，B 灯先闪亮后逐渐变暗，故D 正确；故选BCD
考点：自感现象
【名师点睛】关键要明确线圈中的自感电动势总是阻碍电流的增加和减小，即总是阻碍电流的变化；电感线圈L中电流变化时，会产生自感电动势，阻碍电流的变化；故电键接通瞬间通过线圈的电流缓慢增加，电键断开瞬间通过线圈的电流缓慢减少。

11．如图所示的电路中,A1和A2是完全相同的灯泡,线圈L的电阻可以忽略.下列说法中正确的是（）
A. 合上开关K接通电路时,A2先亮,A1后亮,最后一样亮
B. 合上开关K接通电路时,A1和A2始终一样亮
C. 断开开关K切断电路时,A2立刻熄灭,A1过一会儿才熄灭
D. 断开开关K切断电路时,A1和A2都要过一会儿才熄灭
【答案】AD
【点评】自感现象是特殊的电磁感应现象，同样遵守电磁感应的普遍规律楞次定律，对本题这种类型问题就是利用楞次定律来分析．
12．如图所示电路中，L是一电阻可忽略不计的电感线圈，a、b为L上的左右两端点，A、B、C为完全相同的三个灯泡，原来电键K是闭合的，三个灯泡均在发光。

某时刻将电键K打开，则下列说法正确的是（）
A. a点电势高于b点，A灯闪亮后缓慢熄灭
B. b点电势高于a点，B、C灯闪亮后缓慢熄灭
C. a点电势高于b点，B、C灯闪亮后缓慢熄灭
D. b点电势高于a点，B、C灯不会闪亮只是缓慢熄灭
【答案】 B
【解析】电键K闭合稳定时，电感线圈支路的总电阻较B、C灯支路电阻小，故流过A灯的电流I1大于流过B、C灯的电流I2。

且电流方向由a到b，a点电势高于b点。

当电键K打开，由于与电源断开，但电感线圈会产生自感现象，相当于电源，b点电势高于a点，阻碍流过A灯的电流减小，瞬间流过B、C灯支路的电流为I1＞I2。

故B、C灯闪亮一下后再缓慢熄灭，故B正确。

13．如图所示，电路甲、乙中，电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，接通S，使电路达到稳定，灯泡D 发光。

则（）
A. 在电路甲中，断开S，D将逐渐变暗
B. 在电路乙中，断开S，D将渐渐变暗
C. 在电路甲中，断开S，D将先变得更亮，然后渐渐变暗
D. 在电路乙中，断开S，D将变得更亮，然后渐渐变暗
【答案】AD
【解析】在电路甲中，断开S，由于线圈阻碍电流变小，导致D将逐渐变暗．故A正确；在电路乙中，由于电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，所以通过灯泡的电流比线圈的电流小，断开S时，由于线圈阻碍电流变小，导致D将变得更亮，然后逐渐变暗．故B错误；在电路甲中，由于电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，所以通过灯泡的电流比电阻的电流小，当断开S，D将不会变得更亮，但会渐渐变暗．故C错误；在电路乙中，由于电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，所以通过灯泡的电流比线圈的电流小，断开S时，由于线圈阻碍电流变小，导致D将变得更亮，然后逐渐变暗．故D正确；故选AD．
考点：自感现象
【名师点睛】线圈中电流变化时，线圈中产生感应电动势；线圈电流增加，相当于一个瞬间电源接入电路，线圈左端是电源正极．当电流减小时，相当于一个瞬间电源，线圈右端是电源正极。

14．如图所示电路中，电源电动势为E，线圈L的电阻不计。

以下判断正确的是（）
A. 闭合S，稳定后，电容器两端电压为E
B. 闭合S，稳定后，电容器的a极带正电
C. 断开S的瞬间，电容器的a极板将带正电
D. 断开S的瞬间，灯熄灭，电容器不带电
【答案】 C
【解析】因线圈L的电阻不计，则闭合S，稳定后，电容器两端电压为0，电容器不带电，选项AB错误；断开S的瞬间，电灯熄灭；LC组成振荡电路，电容器被充电，a极板将带正电，选项C正确，D错误；故选C.
15．如图中灯泡A1、A2完全相同，带铁芯的线圈L的电阻可忽略不计，则（）
A. S闭合瞬间，A1、A2同时发光，接着A1变暗，A2变得更亮
B. S闭合瞬间，A1不亮A2立即亮
C. S闭合瞬间，A1、A2都不立即亮
D. 稳定后再断开S瞬间，A1、A2同时熄灭
【答案】 A
【解析】开关S闭合的瞬间，两灯同时获得电压，所以A1、A2同时发光．由于线圈的电阻可以忽略，灯A1逐渐被短路，流过A1灯的电流逐渐减小，流过A2灯的电流逐渐增大，则A1灯变暗，A2灯变亮，故A 正确，BC错误；断开开关S的瞬间，A2灯的电流突然消失，立即熄灭，流过线圈的电流将要减小，产生自感电动势，相当电源，自感电流流过A1灯，所以A1灯突然闪亮一下再熄灭，故D错误．故选A．
点睛：对于自感线圈，当电流变化时产生自感电动势，相当于电源，当电路稳定时，相当于导线，将所并联的电路短路．
16．如图所示，在紧贴绕有线圈的铁芯上方（不接触）分别放一小铁锅水和一玻璃杯水．给线圈通入电流，一段时间后，一个容器中水温升高，则通入的电流与水温升高的是（）
A. 恒定直流、小铁锅
B. 恒定直流、玻璃杯
C. 变化的电流、玻璃杯
D. 变化的电流、小铁锅
【答案】 D
【解析】由于容器中水温升高，则是电能转化成内能所致．因此只有变化的电流才能导致磁通量变化，且只有小铁锅处于变化的磁通量时，才能产生感应电动势，从而产生感应电流．导致电流发热．玻璃杯是绝缘体，不能产生感应电流，D正确．
17．如图所示,L为一个带铁芯的线圈,R是纯电阻,两支路的直流电阻相等,那么在接通和断开开关瞬间,两表的读数I1和I2的大小关系分别是（）
A. I1<I2, I1>I2
B. I1<I2, I1=I2
C. I1>I2, I1<I2
D. I1=I2, I1<I2
【答案】 B
【解析】当开关接通瞬间，R中电流立即增大到正常值I2．而线圈中的电流从零开始增大，产生自感电动势阻碍电流的增大，则电流I1只能逐渐增大，故I1＜I2．断开开关瞬间，线圈产生的自感电流流过线圈和电阻R，两者串联，电流相同，I1=I2．故选项B正确，选项ACD错误．故选B．
点睛：对于线圈要抓住它的特性：当电流不变时，它是电阻不计的导线；当电流变化时，产生自感电动势，相当于电源.
18．如图所示的电路中，三个灯泡L1、L2、L3的电阻关系为R1<R2<R3。

电感L的电阻可忽略。

D为理想二极管。

开关K从闭合状态突然断开时。

下列判断正确的是（）
A. L1逐渐变暗，L2、L3均先变亮然后逐渐变暗
B. L1逐渐变暗，L2立即熄灭，L3先变亮然后逐渐变暗
C. L2立即熄灭，L1、L3均逐渐变暗
D. L1、L2、L3均先变亮然后逐渐变暗
【答案】 B
【解析】当K突然断开时，电感L由于自感，电流继续原方向流动，L、L1和L3构成一闭合回路，L中电流从I1逐渐减少，则通过L1的电流也逐渐减少．通过L3的电流开始时比原来电流大，后逐渐变小．当K 突然断开时，电感L相当于电源，由此时二极管处于反向截止状态，故L2立即熄灭．故B正确，ACD错误．故选B.
19．在下图所示的电路中，L为自感线圈，R是一个灯泡，以下判断中正确的是（）
A. 开关S闭合和断开的瞬间，电流方向都是a→R→b
B. 开关S闭合瞬间电流由a→R→b,断开瞬间电流由b→R→c
C. 开关S闭合瞬间电流由a→R→b,断开瞬间无电流
D. 开关S闭合和断开的瞬间，灯泡中均无电流通过
【答案】 B
【解析】开关S闭合瞬间，通过灯泡的电流由a→R→b；当开关断开的瞬间，R灯中原来的电流消失．通过线圈的电流要减小，穿过线圈的磁通量减小，产生自感电动势，根据楞次定律可知，线圈右端相当于电源的正极，左端相当于电源的负极，则通过灯R的电流方向由b→R→c，故选B.
20．如图所示，电路中A、B是规格相同的灯泡，L是电阻可忽略不计的电感线圈，那么（）
A. 断开S，B立即熄灭，A闪亮一下后熄灭
B. 合上S，B先亮，A逐渐变亮，最后A、B一样亮
C. 断开S，A立即熄灭，B由亮变暗后熄灭
D. 合上S，A、B逐渐变亮，最后A、B一样亮
【答案】 A
【解析】A、断开S，线圈中电流要减小，会产生自感电动势，故只能缓慢减小，小球与电灯A构成回路放电，故B立即熄灭，A闪亮一下后熄灭，故A正确，C错误；
B、开关S闭合的瞬间，两灯同时获得电压，所以A、B同时发光．由于线圈的电阻可以忽略，灯A逐渐被短路，流过A灯的电流逐渐减小，B灯逐渐增大，则A灯变暗，B灯变亮，故B错误，D错误。

点睛：线圈中电流发生变化时，会产生自感电动势，阻碍电流的变化；分通电和断电两种情况分析；本题通电自感和断电自感问题，关键明确线圈中电流发生变化时，会产生自感电动势，阻碍电流的变化，基础题．
21．在如图甲、乙电路中，电阻R、电感线圈L的电阻和灯泡A的电阻均相等．关于灯泡的亮、暗变化情况，下列说法正确的是（）
A. 在电路甲中，闭合开关S瞬间，A灯将逐渐变亮
B. 在电路乙中，闭合开关S瞬间，A灯将逐渐亮
C. 在电路甲中，断开开关S瞬间，A灯将先变得更亮，然后逐渐变暗
D. 在电路乙中，断开开关S瞬间，A灯将立即熄灭
【答案】 A
【名师点睛】
开关断开时，L中产生自感电动势，相当于电源，灯泡渐渐变暗还是先变得更亮，然后渐渐变暗，取决于原来通过灯泡的电流和后来通过灯泡的电流谁大谁小。

22．在如图所示的电路中，A1和A2是两个相同的灯泡．线圈L的自感系数足够大，电阻可以忽略不计．下列说法正确的是（）
A. 闭合开关S时，A1和A2同时亮
B. 闭合开关S时，A2先亮，A1逐渐变亮
C. 断开开关S时，A2闪亮一下再熄灭
D. 断开开关S时，流过A2的电流方向向左
【答案】 B
【解析】当电键K闭合时，灯2立即发光．通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定
律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相反，阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，1逐渐亮起来．所以2比1先亮．由于线圈直流电阻忽略不计，当电流逐渐稳定时，线圈不产生感应电动势，两灯电流相等，亮度相同．故A错误B正确；稳定后当电键S断开后，由于自感，线圈中的电流只能慢慢减小，其相当于电源，与灯泡1、2串联，两灯电流相同，都过一会儿熄灭，灯2不会闪亮，流过A2的电流方向向右；故CD错误；故选B.
23．如图所示的电路中，A1、A2是完全相同的灯泡，线圈L的自感系数较大，它的电阻与定值电阻R相等．下列说法正确的是（）
A. 闭合开关S，A1先亮、A2后亮，最后它们一样亮
B. 闭合开关S，A1、A2始终一样亮
C. 断开开关S，A1、A2都要过一会才熄灭
D. 断开开关S，A2立刻熄灭、A1过一会才熄灭
【答案】 C
【解析】A.B、合上开关S接通电路时,A2立即正常发光,线圈中电流要增大,由于自感电动势的阻碍,灯泡A1中电流只能逐渐增大,则A2先亮,A1后亮，最后一样亮。

故A、B错误。

CD、A2原来的电流立即减小为零,线圈中产生自感电动势,两灯泡串联和线圈组成回路,回路中电流从原来值逐渐减小到零,则A1和A2都要过一会儿才熄灭。

故C正确、D错误。

故选C。

【名师点睛】
当开关接通和断开的瞬间，流过线圈的电流发生变化，产生自感电动势，阻碍原来电流的变化，根据楞次定律及串联电路的特点来分析。

24．关于日光灯的工作原理下列说法正确的是:( ) （）
A. 启动器触片接通时,产生瞬时高压
B. 日光灯正常工作时,镇流器起降压限流以保证日光灯正常工作
C. 日光灯正常工作时,日光灯管的电压稳定在220V
D. 镇流器作用是将交流电变为直流电
【答案】 B
【解析】在日光灯电路中，镇流器的作用是日光灯在启动的瞬间，产生一个瞬时高压，与电源电压叠加在一起，加在灯管两端，激发水银蒸气导电，而不是把交流电变成直流电；日光灯正常工作后，镇流器又起一个降压、限流的作用，日光灯启动时，启动器的两个触片接触，电路接通，所以B正确；ACD错误。

25．如图所示，A、B是两盏完全相同的白炽灯，L是直流电阻不计、自感系数很大的自感线圈，如果断开
电键S1，闭合S2，A、B两灯都能同样发光. 如果最初S1是闭合的，S2是断开的.那么不可能
．．．出现的情况是（）
A. 刚一闭合S2，A灯就亮，而B灯则延迟一段时间才亮
B. 刚闭合S2时，线圈L中的电流为零
C. 闭合S2时，A、B同时亮，然后A灯更亮，B灯由亮变暗
D. 再断开S2时，A灯立即熄火，B灯先亮一下然后熄灭
【答案】 A
【解析】刚一闭合S2，电路中迅速建立了电场，立即就有电流，故灯泡A和B立即就亮，线圈中电流缓慢增加，最后相当于直导线，故灯泡B被短路而熄灭，故A错误；
刚闭合S2时，线圈L中自感电动势阻碍电流增加，故电流为零，故B正确；刚一闭合S2，电路中迅速建立了电场，立即就有电流，故灯泡A和B立即就亮，线圈中电流缓慢增加，最后相当于直导线，故灯泡B被短路而熄灭，即灯泡B逐渐变暗，故C正确；闭合S2稳定后，再断开S2时，A灯立即熄灭，由于线圈中产生了自感电动势，与灯泡B构成闭合回路，故电流逐渐减小，故B灯泡逐渐熄灭，故D正确；本题选错误的，故选A.
点睛：线圈中电流变化时，会产生自感电动势，阻碍电流的变化，即电流缓慢增加，缓慢减小．
26．机场的安检人员用手持金属探测器检查乘客时．探测线圈内通有交变电流，能产生迅速变化的磁场．当探测线圈靠近金属物体时，这个磁场能在金属物体内部能产生涡电流，涡电流又会产生磁场，倒过来影响原来的磁场．如果能检测出这种变化，就可以判定探测线圈下面有金属物体了．以下用电器与金属探测器工作原理相似——利用涡流的是（）
A. 变压器
B. 日光灯
C. 电磁炉
D. 直流电动机
【答案】 C
【解析】当探测器中通以交变电流线圈靠近金属物时，线圈在空间产生交变的磁场，金属物品横截面的磁通量发生变化，会产生感应电流，故探测器采用了电磁感应原理中的涡流的原理；变压器采用了电磁互感原理，要防止涡流．故A错误；日光灯的镇流器采用的是线圈的自感现象，与涡流无关．故B错误；电磁
炉中，将炉子中的线圈通以交变电流，线圈将产生变化的磁场，该磁场穿过铁质锅时，在锅底的部分将产生涡流，所以电磁炉的原理与金属探测器工作原理相似．故C正确；直流电动机是通电导体在磁场中受力，与涡流无关．故D错误；故选C．
点睛：考查电磁感应现象中的涡流现象的应用，要求学生通过题意找出探测器的原理，并能正确掌握其意义．
27．如图所示，E为电池，L是电阻可忽略不计、自感系数足够大的线圈，D1、D2是两个规格相同且额定电压足够大的灯泡，S是控制电路的开关。

对于这个电路，下列说法中正确的是（）
A. 当开关S闭合时，D2灯先亮，D1灯后亮
B. 当开关S闭合时，D1灯先亮，D2灯后亮
C. 当开关S闭合时，D2、D1灯同时亮，以后D2灯更亮，D1灯熄灭
D. 当开关S闭合时，D2、D1灯同时亮，以后亮度不变
【答案】 C
【解析】刚闭合开关S的瞬间，线圈L中电流增大，由于自感，会阻碍电流增大，因为自感系数很大，所以L相当于断路，故D1、D2串联，电流相等，同时亮，A、B错误。

闭合开关S待电路达到稳定后，线圈L中不存在自感电流，由于线圈的电阻可以忽略不计，所以D1相当于短路，故D1熄灭，D2比原来更亮，C 正确、D错误。

故选C。

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【名师点睛】
线圈中的电流增大时，产生自感电流的方向与原电流的方向相反，抑制增大，自感线圈相当于断路；线圈中的电流不变时，自感线圈中不产生自感电流，自感线圈相当于短路。

28．如图电路中，开关S是闭合的，此时流过线圈L的电流为i1，流过灯泡A的电流为i2，已知R A＞R L。

在t1时刻将S断开，那么在开关断开前后一段时间内经过灯泡A的电流随时间变化规律是（）
A. B.。