广西玉林兴业县兴业二中2018-2019学年高三物理下学期第二次月考考前练习题 (五套合集)

模拟试题（一）
班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________
一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分，答案必须填写在答题纸上）
1．(多选)如图所示，竖直轻质弹簧，下端固定在地面，上端固定一质量为m的木板，木板上方放一质量为m的物块，木板和物块间不粘连，一竖直向下的力F作用在物块上，整个系统处于静止状态．在撤去F，木板和物块向上运动的过程中，下列说法正确的是（）
A．物块先处于超重状态，再处于失重状态
B．木板对物块做正功，物块的机械能增加
C．木板和物块组成的系统机械能守恒
D．当弹簧处于自然状态时，物块克服重力做功的功率最大
2．(多选)如图为竖直放置的上细下粗的密闭细管，水银柱将气体分隔成A、B两部分，初始温度相同．使A、B升高相同温度达到稳定后，体积变化量为ΔVA、ΔVB，压强变化量为ΔpA、ΔpB，对液面压力的变化量为ΔF A、ΔFB，则（）
A．水银柱向上移动了一段距离
B．ΔVA＜ΔVB
C．ΔpA＞ΔpB
D．ΔF A＝ΔFB
3．如图所示，理想变压器原线圈的匝数n1＝1100匝，副线圈的匝数n2＝110匝，R0、R1、R2均为定值电阻，原线圈接如图所示的交变电压．开始开关S处于断开状态，下列说法中正确的是（）
A．电压表示数为22 V
B．当开关S闭合后，电压表示数变大
C．当开关S闭合后，电流表示数变大
D．当开关S闭合后，变压器的输入功率减小
4．(多选)比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，下列物理量中属于比值法定义的是（）A．电流I=
B．磁感应强度B=
C．加速度a=
D．电势φ=
5．如图所示，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d(d ＞L)的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下．导线框以某一初速度向右运动，t＝0时导线框的的右边恰与磁场的左边界重合，随后导线框进入并通过磁场区域．下列v－t图象中，
可能正确描述上述过程的是（）
A．
B．
C．
D．
6．(多选)下列说法正确的是（）
A．光的偏振现象说明光是纵波
B．全息照相利用了激光相干性好的特性
C．光导纤维传播光信号利用了光的全反射原理
D．光的双缝干涉实验中，若仅将入射光从红光改为紫光，则相邻亮条纹间距一定变大
7．(多选)在竖直向下的匀强磁场中，将一水平放置的金属棒PQ以初速度v0水平抛出，如图所示．棒在运动过程中始终保持水平，空气阻力不计，那么，下列说法中正确的是（）
A．PQ棒两端的电势一定满足φP<φQ
B．PQ棒中的感应电动势越来越大
C．PQ棒中的感应电动势越来越小
D．PQ棒中的感应电动势保持不变
8．下列说法正确的是（）
A．晶体和非晶体在一定条件下可以相互转化
B．液晶显示屏是应用液晶的光学各向同性制成的
C．大量气体分子做无规则运动，速率有大有小，但是分子的速率按“中间少，两头多”的规律分布
D．布朗运动是指液体(气体)分子的无规则运动
9．（多选）如图所示的电路中，当滑动变阻器R的滑片P向下移动时，以下判断中正确的是（）
A．电源内部发热功率变小
B．小电灯L变亮
C．电流表的示数变小
D．电源的效率提高
10．(多选)一负点电荷仅在电场力的作用下运动，其速度－时间图象如图所示，其中ta和tb是电荷在电场中
a、b两点运动的时刻，则下列说法中正确的是（）
A．a、b两点电势φa>φb
B．a、b两点电场强度Ea＝Eb
C．a、b两点电场强度Ea>Eb
D．点电荷从a运动到b的过程中电场力做正功，电势能减小
二、实验题（本题共2小题，共计20分）
11．某兴趣小组同学们看见一本物理书上说“在弹性限度内，劲度系数为k的弹簧，形变量为x时弹性势能为E p＝kx2”，为了验证该结论就尝试用“研究加度与合外力、质量关系”的实验装置(如图甲)设计了以下步骤进行实验．
实验步骤：
A．水平桌面上放一长木板，其左端固定一弹簧，通过细绳与小车左端相连，小车的右端连接带有纸带的打点计时器；
B．将弹簧拉伸x后用插销锁定，测出其伸长量x；
C．打开打点计时器的电源开关后，拔掉插销解除锁定，小车在弹簧作用下运动到左端；
D．选择纸带上某处的A点测出其速度v；
E．取不同的x重复以上步骤多次，记录数据并利用功能关系分析结论．
实验中已知小车的质量为m，弹簧的劲度系数为k，则：
(1)长木板右端垫一小物块，其作用是________；
(2)如图乙中纸带上A点位置应在________(填s1、s2、s3)的段中取；
(3)若E p＝kx2成立，则实验中测量出物理量x与m、k、v的关系式是x＝________.
12．在“研究平抛运动”实验中，(1)图12是横挡条卡住平抛小球，用铅笔标注小球最高点，确定平抛运动轨迹的方法，坐标原点应选小球在斜槽末端点时的________．
图12
A．球心
B．球的上端
C．球的下端
在此实验中，下列说法正确的是________．(多选)
A．斜槽轨道必须光滑
B．记录的点应适当多一些
C．用光滑曲线把所有的点连接起来
D．y轴的方向根据重锤线确定
(2)图13是利用图12装置拍摄小球做平抛运动的频闪照片，由照片可判断实验操作错误的是________．
图13
A．释放小球时初速度不为0
B．释放小球的初始位置不同
C．斜槽末端切线不水平
(3)图14是利用稳定的细水柱显示平抛运动轨迹的装置，其中正确的是________．
图14
三、计算题（本题共2小题，共40 分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
13．摩托车由静止开始在尽量短的时间内走完一段直道，然后驶入一段半圆形的弯道，但在弯道上行驶时车速不能太快，以免因离心作用而偏出车道．求摩托车在直道上行驶所用的最短时间．有关数据见表格．某同学是这样解的：要使摩托车所用时间最短，应先由静止加速到最大速度v1＝40 m/s，然后减速到v2＝20 m/s，t1＝，t2＝，t＝t1＋t2.
你认为这位同学的解法是否合理？若合理，请完成计算；若不合理，请说明理由，并用你自己的方法算出正确结果.
14．一探险队员在探险时遇到一山沟，山沟的一侧竖直，另一侧的坡面呈抛物线形状．此队员从山沟的竖直一侧，以速度沿水平方向跳向另一侧坡面。

如图所示，以沟底的O点为原点建立坐标系Oxy。

已知，山沟竖直一侧的高度为2h，坡面的抛物线方程为y=，探险队员的质量为m。

人视为质点，忽略空气阻力，重力加速度为g。

（1）求此人落到坡面时的动能；
（2）此人水平跳出的速度为多大时，他落在坡面时的动能最小？动能的最小值为多少？
模拟试题（一）（参考答案）
一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分，答案必须填写在答题纸上）
1．【答案】AB
【解析】撤去F后，木板和物块向上运动的过程中，开始时弹簧的弹力先大于木板和物块的总重力，后小于总重力，所以木板和物块先向上加速运动，后向上减速运动，加速度先向上后向下，则物块先处于超重状态，再处于失重状态，故A正确．由于木板对物块的支持力一直做正功，由功能原理可知物块的机械能不断增加，故B正确．由于弹簧对木板做正功，所以木板和物块组成的系统机械能增加，故C错误．对于木板和物块组成的系统，当总重力与弹簧的弹力大小相等时速度最大，此时弹簧处于压缩状态，此时物块重力的功率最大，故D错误．
2．【答案】AC
【解析】首先假设液柱不动，则A、B两部分气体发生等容变化，由查理定律，对气体A：＝；对气体B：＝，又初始状态满足pA＝pB＋h，可见使A、B升高相同温度，pA′＝pA＝(pB＋h)，pB′＝pB，因此ΔpA>ΔpB，因此ΔF A>ΔFB，液柱将向上移动，A正确，C正确；由于气体的总体积不变，因此ΔVA＝ΔVB，所以B、D错误．
3．【答案】C
【解析】由图知原线圈电压U1＝220 V，根据＝可求：U2＝22 V，电压表的示数U V＝U2，所以A错误；当开关S闭合后，增加并联之路，R1与R2并联后总电阻小于R1的阻值，根据串联电路的分压规律知电压表的示数减小，所以B错误；根据欧姆定律可得：副线圈电流I2＝增大，故原线圈电流增大，即电流表示数增大，所以C正确；负载消耗的功率P2＝，因负载电阻减小，故输出功率增大，输入功率增大，所以D错误．
4．【答案】BD．
【解析】电流与用电器两端的电压成正比，与导体的电阻成反比，电流I=不属于比值定义法．故A错误;磁感应强度与放入磁场中的电流元无关．所以B=属于比值定义法．故B正确;加速度与所受的合力成正比，与质量成反比，所以a=不属于比值定义法．故C错误;电势与所带的电荷量及电流做的功无关．所以φ=属于比值定义法．故D正确．
5．【答案】D
【解析】线框进入磁场时，由右手定则和左手定则可知线框受到向左的安培力，由于F安＝，则安培力减小，故线框做加速度减小的减速运动；同理可知线框离开磁场时，线框也受到向左的安培力，做加速度减小的减速运动；线框完全进入磁场后，线框中没有感应电流，不再受安培力作用，线框做匀速运动，本题选D.
6．【答案】BC
【解析】只有横波才有偏振现象，A错误；全息照相利用了光的干涉，激光的相干性较好，所以B正确；光导纤维传播光信号利用了光的全反射，C正确；光的双缝干涉实验中，若将入射光从红光改为紫光，则相邻亮条纹间距变小，D错误．
7．【答案】AD
【解析】金属棒ab做平抛运动，其水平方向的分运动是匀速直线运动，水平分速度保持不变，等于v0.由感应电动势公式E＝Blv sinα，v sinα是垂直于磁感线方向的分速度，即是平抛运动的水平分速度，等于v0，则感应电动势Blv0，B、l、v0均不变，则感应电动势大小保持不变，D正确，B、C错误；根据右手定则可得P点相当于电源负极，故φP<φQ，A正确．
8．【答案】A
【解析】晶体和非晶体在一定条件下是可以相互转化的；液晶显示屏是应用液晶的光学各向异性制成的；大量气体分子做无规则运动，速率有大有小，但是分子的速率按“中间多，两头少”的规律分布；布朗运动是指悬浮在液体(气体)表面的固体颗粒的无规则运动，它是液体(气体)分子的无规则运动的表现，选项A正确．9．【答案】AD
【解析】由电路图可知，滑动变阻器R的滑片P向下移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，由闭合电路的欧姆定律可知，电路电流I变小，电源内部发热功率P内=I2r变小，故A正确；并联电路电压U=E-I（r+R1）变大，电流变大，电流表示数变大，故C错误；通过灯泡的电流IL=I-I2
变小，灯泡实际功率PL=IL2RL变小，小电灯变暗，故B错误；电源效率，电
源内阻r不变，外电阻R外变大，电源效率变大，故D正确．
10．【答案】CD
【解析】由速度—时间图象看出，该点电荷由a点运动到b点时，速度增大，动能增大，则电场力做正功，电势能减小，则该电荷在a点的电势能大于在b点的电势能，由E p＝qφ知，φa<φb，故A错误，D正确；v －t图象的斜率逐渐减小，加速度减小，由牛顿第二定律知，a＝知，场强减小，即Ea>Eb，故B错误，C 正确．
二、实验题（本题共2小题，共计20分）
11．【答案】(1)平衡摩擦力(2)s2(3)v
【解析】(1)根据实验原理我们知道，为了让砝码的重力更加接近小车的合外力，长木板右端垫一小物块，其作用是平衡摩擦力
(2)根据实验原理，点间距均匀，为匀速直线运动阶段，说明速度达到最大，故纸带上A点位置应在s2中取．
(3)根据能量守恒，有：E p＝kx2＝mv2
解得：x＝v.
12．【答案】(1)B BD(2)C(3)B
【解析】(1)小球平抛轨迹的起点应选在斜槽末端小球的上端处．实验过程中，斜槽不一定光滑，只要能够保证从同一位置静止释放，即使轨道粗糙，摩擦力做功是相同的，离开斜槽末端的速度就是一样的，所以A 错，记录点适当多一些，能够保证描点光滑，选项B正确，选项C错．y轴必须是竖直方向，即用重锤线确定，即选项D正确．
(2)由题图可知斜槽末端不水平，才会造成斜抛运动，选择C.
(3)插入瓶中的另一根吸管的目的就是为了保证水流流速不因瓶内水面下降而减小，能保证下降到该处的一段时间内，能够得到稳定的细水柱，所以选B.
三、计算题（本题共2小题，共40 分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
13．【答案】这位同学的解法不合理．原因是：
如果摩托车由静止开始加速到最大速度v1，则t1＝＝10 s，
这段时间内的位移为x1＝t1＝200 m，
然后再减速到v2＝20 m/s，t2＝＝2.5 s，
这段时间内的位移为x2＝(v1＋v2)t2＝75 m，
则x1＋x2＝275 m＞218 m，所以这位同学的解法不合理．
正确的解法是：
设摩托车加速的最大速度为v m，则加速阶段的位移为x1＝，
随后减速到v2发生的位移为x2＝，
且x1＋x2＝x
解得：v m＝36 m/s
所以加速时间t1＝＝9 s，
减速时间t2＝＝2 s，
摩托车在直道上行驶所用的最短时间t＝t1＋t2＝11 s.
14．【答案】(1)(2)
【解析】（1）设探险队员跳到坡面上时水平位移为x，竖直位移为H，由平抛运动规律有：，H=，
整个过程中，由动能定理可得：
由几何关系，y=2h－H
坡面的抛物线方程
解以上各式得：
（2）由
令，则
当n=1时，即，
探险队员的动能最小，最小值为E min=
模拟试题（二）
班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________
一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分，答案必须填写在答题纸上）
1．（多选）右图是根据某次测定电池的电动势和内阻的实验记录的数据作出的U—I图像，关于这个图像的说法中正确的是（）
A．纵轴截距表示待测电池的电动势，即E=1.5V
B．横轴截距表示短路电流，即I0=0.5A
C．根据，计算出待测电池内阻为3Ω
D．根据，计算出待测电池内阻为1Ω
2．(多选)一质量m＝1kg的物体在水平恒力F作用下水平运动，1 s末撤去恒力F，其v－t图象如图所示，则恒力F和物体所受阻力F f的大小是（）
A．F＝8 N
B．F＝9 N
C．F f＝2 N
D．F f＝3 N
3．质点做方向不变的匀变速直线运动(加速度不为零)，设在连续相等时间内质点的位移分别为x1和x2，则x1和x2的比值可能为（）
A．1∶1
B．2∶5
C．2∶1
D．4∶1
4．(多选)如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，当PQ在外力作用下运动时，MN在磁场力作用下向右运动．则PQ所做的运动可能是（）
A．向右匀加速运动
B．向左匀加速运动
C．向右匀减速运动
D．向左匀减速运动
5．(多选)如图所示，光滑的水平地面上有三块木块a、b、c，质量均为m，a、c之间用轻质细绳连接．现用一水平恒力F作用在b上，三者开始一起做匀加速运动，运动过程中把一块橡皮泥粘在某一木块上面，系统仍加速运动，且始终没有相对滑动．则在粘上橡皮泥并达到稳定后，下列说法正确的是（）
A．无论粘在哪块木块上面，系统的加速度一定减小
B．若粘在a木块上面，绳的张力减小，a、b间摩擦力不变
C．若粘在b木块上面，绳的张力和a、b间摩擦力一定都减小
D．若粘在c木块上面，绳的张力和a、b间摩擦力一定都增大
6．（多选）如图所示，R0为热敏电阻（温度降低电阻增大），D为理想二极管（正向电阻为零，反向电阻无穷大），C为平行板电容器，C中央有一带电液滴刚好静止，M点接地，开关K闭合。

下列各项单独操作可能使带电液滴向上运动的是（）
A．变阻器R的滑动头p向上移动
B．将热敏电阻R0加热
C．开关K断开
D．电容器C的上极板向上移动
7．（多选）如图所示，甲带正电，乙是不带电的绝缘物块，甲，乙叠放在一起置于粗糙的地板上，空间有垂直纸面向里的匀强磁场，用水平恒力F拉乙物块，使甲，乙无相对滑动一起向左加速运动，在加速阶段（）
A．甲，乙两物块间的摩擦力不断增大
B．甲，乙两物块间的摩擦力不断减小
C．甲，乙两物块间的摩擦力大小不变
D．乙物块与地面间的摩擦力不断增大
8．(多选)如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为55∶9，副线圈接有一定值电阻R和热敏电阻Rt(电阻随温度升高而减小)，原线圈所接电源电压按图乙所示规律变化，则下列说法正确的是（）
A．原线圈两端电压的瞬时值表达式为u＝220sin 100πt V
B．电压表示数为36V
C．热敏电阻Rt周围环境温度升高，电流表的示数减小
D．热敏电阻Rt周围环境温度升高，变压器的输入功率增大
9．(多选)如图8所示，在“嫦娥”探月工程中，设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g0.飞船在半径为4R的圆形轨道Ⅰ上运动，到达轨道的A点时点火变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达轨道的近月点B时，再次点火进入近月轨道Ⅲ绕月做圆周运动，则（）
A．飞船在轨道Ⅲ的运行速率大于
B．飞船在轨道Ⅰ上运行速率小于在轨道Ⅱ上B处的速率
C．飞船在轨道Ⅰ上的重力加速度小于在轨道Ⅱ上B处重力加速度
D．飞船在轨道Ⅰ、轨道Ⅲ上运行的周期之比为4∶1
10．（多选）2013年2月16日凌晨，2012DA14小行星与地球“擦肩而过”，距离地球最近约2.77万公里．据
观测，它绕太阳公转的周期约为366天，比地球的公转周期多1天．假设小行星和地球绕太阳运行的轨道均为圆轨道，对应的轨道半径分别为R1、R2，线速度大小分别为v1、v2，以下关系式正确的是（）A．＝
B．＝
C．＝
D．＝
二、实验题（本题共2小题，共计20分）
11．在用重锤和打点计时器“验证机械能守恒的实验”中，已知打点计时器使用的交流电源的周期为0.02 s，当地的重力加速度g＝9.80 m/s2.该实验选取的重锤质量为1.00 kg，选取如图所示的一段纸带并测量出相邻各点之间的距离，利用这些数据验证重锤通过第2点至第5点间的过程中遵从机械能守恒定律．通过计算可以得出在第2点位置时重锤的动能为________ J；第5点位置时重锤的动能为________ J；重锤从第2点至第5点间的过程中重力势能的减小量为________J．(保留三位有效数字)
12．在“探究加速度与力、质量的关系”实验时，已提供了小车，一端附有定滑轮的长木板、纸带、带小盘的细线、刻度尺、天平、导线．为了完成实验，还须从下图中选取实验器材，其名称是①(漏选或多选得零分)；并分别写出所选器材的作用②.
三、计算题（本题共2小题，共40 分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤．只
写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
13．如图所示，木板与水平地面间的夹角θ可以随意改变，当θ＝30°时，可视为质点的一小木块恰好能沿着木板匀速下滑．若让该小木块从木板的底端以大小恒定的初速率v0＝10 m/s的速度沿木板向上运动，随着θ的改变，小物块沿木板滑行的距离s将发生变化，重力加速度g＝10 m/s2.
(1)求小物块与木板间的动摩擦因数；
(2)当θ角满足什么条件时，小物块沿木板滑行的距离最小，并求出此最小值．
14．人们把截面如图所示的斜面体木料叫做楔，明朝年间，苏州的虎丘寺塔因年久失修，塔身倾斜，有倒塌的危险，有一位和尚把木楔一个一个地从塔身倾斜的一侧的砖缝间敲进去，结果扶正了塔身，假设和尚所用的木楔表面光滑，质量不计，木楔的一个角为θ，现在木楔背上加一压力F，求：
(1)力F按效果分解的平行四边形图示；(图示上作图)
(2)木楔对A侧压力和对B侧压力分别是多大？
模拟试题（二）（参考答案）
一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分，答案必须填写在答题纸上）
1．【答案】AD
【解析】根据闭合电路欧姆定律有，由此可知，电源U—I图像中纵截距即电源电动势、斜率的绝对值为电源内阻，故可知，所以A，D正确、C错误；因图像中纵轴并不是从零开始，所以横轴截距并不等于短路电流，所以C错误；
2．【答案】BD
【解析】由速度时间图线知，匀加速直线运动的加速度为：a1＝＝m/s2＝6 m/s2，
匀减速运动的加速度大小为：a2＝＝m/s2＝3 m/s2，
根据牛顿第二定律得：F－F f＝ma1
F f＝ma2
代入数据解得：F f＝3 N，F＝9 N．故B、D正确，A、C错误．
3．【答案】BC
【解析】设中间时刻速度为v，相等时间为t，加速度为a，则x1＝vt－at2，x2＝vt＋at2，则＝
＝1－，因为是朝一个方向运动，所以v－at＞0且v＋at＞0，所以－1＜＜1，但≠0，则＜＜3且≠1，故选B、C.
4．【答案】BC
【解析】MN在磁场力作用下向右运动，说明MN受到的磁场力向右，由左手定则可知电流由M指向N，由楞次定律可知，线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；再由右手螺旋定则与楞次定律可知，PQ可能是向左加速运动或向右减速运动，故B、C正确，A、D错误．
5．【答案】ACD
【解析】将a、b、c看做一个整体，对整体受力分析，整体受力不变，但整体的质量增大，根据牛顿第二定律得整体加速度减小，A正确；如果粘在a上，对c受力分析，绳的拉力就是c受到的合力，根据牛顿第二定律得c受到的拉力减小；对b受力分析，水平恒力F和a对b的摩擦力的合力即为b受到的合力，根据牛顿第二定律得b受到的合力减小，故a、b间摩擦力增大，B错误；如果粘在b上，对c受力分析，绳的拉力即为c受到的合力，根据牛顿第二定律得c受到的拉力减小，对a、c整体受力分析，b对a的摩擦力即为两者的合力，根据牛顿第二定律得a、c整体受到的合力减小，故b对a的摩擦力减小，C正确；如果粘在c上，对b受力分析，水平恒力F减去a对b的摩擦力即为b受到的合力，根据牛顿第二定律得b 受到的合力减小，故a、b间的摩擦力增大，对a受力分析，b对a的摩擦力减去绳的拉力即为a受到的合力，根据牛顿第二定律得a受到的合力减小，说明绳的拉力增大，D正确．
6．【答案】BC
【解析】由于带电液滴处于静止状态，故mg=Eq，当开关K闭合时，电阻R0与变阻器串联，欲使带电液滴向上运动，应该mg<Eq，即增加电容器两极板间的电场强度，由于E=，故在板间变时，增加电压，可以使电容器间的电场强度变大；A中的滑动头向上移动时，变阻器的电阻变小，其上分得的电压也变小，故使电容器的极板间电压减小，故不可行，A不对；B、将热敏电阻R0加热，由于其温度升高时，电阻变小，故使得变阻器上分得的电压变大，这是可行的，故B是正确的；C中将开关K断开，此时电容器的电压就是电源电压，比原来变大了，故也是可行的，C也正确；D中电容器的上极板向上移动时，极板间的间距变大，使得电场强度减小，向上的电场力变小，液滴会向下运动，故D是不对的。

7．【答案】BD
【解析】以整体为研究对象有：，，由于物体加速运动，因此速度逐渐增大，洛伦兹力增大，则地面给乙的滑动摩擦力增大，因此整体加速度逐渐减小，隔离甲，甲受到水平向左的静摩擦力作用，根据牛顿第二定律有：，由于加速度逐渐减小，因此甲乙之间
的摩擦力减小，所以BD正确．
8．【答案】AD
【解析】原线圈两端电压的瞬时值表达式为u＝220sin 100πt(V)，选项A正确；根据变压公式知，电压表示数为36 V，选项B错误；热敏电阻Rt周围环境温度升高，电阻减小，变压器的输入功率增大，电流表的示数增大，选项C错误，D正确．
9．【答案】BC
【解析】飞船在轨道Ⅲ上运行时的速率设为v，由mg0＝m，得v＝，选项A错误；飞船在轨道Ⅰ、Ⅲ上运行速率分别为v1、v3，由G＝m和G＝m，解得v1＝和v3＝，
可见v3>v1，设轨道Ⅱ上的B点速度为vB，飞船在B点由轨道Ⅲ变轨到轨道Ⅱ为离心运动，则G<m，即vB>，则vB>v3>v1，选项B正确；由mg＝G，得g＝，由rA>rB，则gA<gB，选项C正确；由G＝m2×4R和G＝m2R，解得T1∶T3＝8∶1，选项D错误．
10．【答案】BD
【解析】由开普勒行星运动定律和万有引力提供向心力可知＝k，v＝，将＝代入可
得选项B，D正确．
二、实验题（本题共2小题，共计20分）
11．【答案】1.13 2.21 1.06
【解析】根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度有：v2＝＝1.5 m/s ，v5＝＝2.1 m/s，在第2点位置时重锤的动能为：E K2＝mv＝1.13 J，在第5点位置时重锤的动能为：E K5＝mv＝2.21 J，重力做功等于重力势能的减小量，因此有：重锤从第2点至第5点间的过程中重力势能的减小量为ΔE p＝mgx25＝1×9.80×0.108 J＝1.06 J
12．【答案】①学生电源、电磁打点计时器、砝码或电火花计时器、钩码、砝码②学生电源为电磁打点。