福建省三明市第一中学2020届高三物理上学期第一次月考试题(含解析)
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D. 当只轻轻把球B向下移动一点距离,若A、B再次保持静止，则A对B的压力减小，细绳拉力减小
【答案】AD
【解析】
【分析】
分析小球的受力情况，运用合成法作图，结合三角形相似求出B对A的支持力，从而求得A对B的压力.分析B的受力情况，由平衡条件判断墙壁对B的摩擦力。当只轻轻把球B向下移动一点距离，再用同样的方法得到B对A的支持力和细绳拉力的表达式，即可分析它们的变化.
A。 绳OA的拉力先减小后增大B。 斜面对P的摩擦力不断减小
C。 地面对斜面体有向右的摩擦力D。 地面对斜面体的支持力不断减小
【答案】AD
【解析】
【详解】A. 缓慢改变绳OA的方向至θ＜90°的过程中,OA拉力的方向变化如图从1位置到2位置再到3位置,如图所示
可见绳OA的拉力先减小后增大，绳OB的拉力一直减小；故A正确；
B。 若开始时P受绳子的拉力比较小，则斜面对P的摩擦力沿斜面向上,OB拉力一直增大，则摩擦力先变小后反向增大，故B错误。
C。 以斜面体和P、Q整体为研究对象受力分析，根据平衡条件:斜面受地面的摩擦力与OA绳子水平方向的拉力等大反向，故摩擦力方向向左，故C错误。
D. 以斜面体和P整体为研究对象受力分析，由于绳OB的拉力一直减小,其竖直向下的分力一直减小，根据竖直方向受力平衡，知地面对斜面体的支持力不断减小。故D正确；
【答案】A
【解析】
【详解】整体向上做匀减速直线运动,加速度方向沿斜面向下，则B的加速度方向沿斜面向下。根据牛顿第二定律知,B的合力沿斜面向下，则B一定受到水平向左的摩擦力以及重力和支持力.
A.与分析相符，故A正确.
B。与分析不符，故B错误。
C.与分析不符，故C错误。
D。与分析不符,故D错误。
5.如图所示为A、B两质点在同一直线上运动的位移—时间（x－t）图象，A质点的图像为直线，B质点的图象为过原点的抛物线，两图象交点C、D坐标如图。下列说法不正确的是（ )
N与T的合力与mg等大反向共线,根据两个阴影三角形相似得：
可得： ， ，由于L＞h，可知，N减小，T减小，由牛顿第三定律知A对B的压力减小，故C错误，D正确。
故选AD.
【点睛】本题中没有角度，所以可以采用三角形相似研究共点力平衡问题。正确作出力的合成图是关键.
10.如图所示，顶端附有光滑定滑轮的斜面体静止在粗糙水平地面上,三条细绳结于O点.一条绳跨过定滑轮平行于斜面连接物块P，一条绳连接小球Q，P、Q两物体处于静止状态，另一条绳OA在外力F的作用下，处于水平方向,现缓慢改变绳OA的方向至θ<90°，且保持结点O位置不变，整个装置始终处于静止状态。下列说法正确的是
C。因为处于失重状态，重力大于受到的支持力，加速度方向竖直向下，但电梯可能向上减速或向下加速。故C错误;
D。 以竖直向下为正方向，有：
mg—F=ma
解得
a=
方向竖直向下.故D正确;
2。如图所示,有一辆汽车满载西瓜在水平路面上匀速前进．突然发现意外情况，紧急刹车做匀减速运动，加速度大小为a,则中间一质量为m的西瓜A受到其他西瓜对它的作用力的大小是
【点睛】解决本题的关键要理解位移—时间图象点和斜率的物理意义：知道两图线相交表示相遇，斜率表示速度。
6。物体a、b从同一位置沿同一直线运动的v—t图象如图所示，下列说法正确的是
A。 前4s,a、b均做匀变速直线运动
B.t=4s时,a、b相遇
C.t=4s时,a、b相距20m
D.t=2s时，a、b速度方向均发生改变
9.如图所示，一质量为m、半径为r的光滑球A用细绳悬挂于O点,另一质量为M、半径为R的半球形物体B被夹在竖直墙壁和A球之间，B的球心到O点之间的距离为h,A、B的球心在同一水平线上，A、B处于静止状态。重力加速度为g。则下列说法正确的是
A. A对B的压力大小为
B。 竖直墙壁对B的摩擦力可能为零
C。 当只轻轻把球B向下移动一点距离,若A、B再次保持静止，则A对B的压力大小保持不变，细绳拉力增大
代入数据解得:μ=0.2，
当F=7N时,长木板的加速度为：a= 3m/s2。
根据μmg=ma′得木板的加速度为：a′=μg=4m/s2，故B错误，C正确；
D项：当拉力增大时,两物体发生滑动时，木块的加速度为 ,恒定不变，故D错误。
7.如图，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O点，右端跨过位于O′点的固定光滑轴悬挂一质量为M的物体；OO′段水平，长度为L；绳子上套一可沿绳滑动的轻环.现在轻环上悬挂一钩码，平衡后，物体上升L，则钩码的质量为
A。 B。 C. D。
【答案】D
【解析】
【详解】重新平衡后，绳子形状如下图：
由几何关系知：绳子与竖直方向夹角θ为30°，则环两边绳子的夹角为60°,则根据平行四边形定则，环两边绳子拉力的合力为 ,根据平衡条件，则钩码的质量为 。
A. 与分析不符,故A错误。
B. 与分析不符，故B错误。
C。 与分析不符，故C错误。
D. 与分析相符，故D正确。
8。如图所示,质量均为m的A、B两物体叠放在竖直弹簧上并保持静止,用大小等于mg的恒力F向上拉B，运动距离h时，B与A分离。下列说法正确的是( )
A.B和A刚分离时，弹簧长度等于原长
B.B和A刚分离时,它们的加速度为g
C. 弹簧的劲度系数等于
D. 在B与A分离之前，它们做匀加速直线运动
【答案】C
【解析】
【详解】试题分析：A、B和A刚分离时，B受到重力mg和恒力F，B的加速度为零，A的加速度也为零，说明弹力对A有向上的弹力，与重力平衡，弹簧处于压缩状态．故AB错误．B和A刚分离时，弹簧的弹力大小为mg，原来静止时弹力大小为2mg,则弹力减小量△F=mg．两物体向上运动的距离为h，则弹簧压缩量减小△x=h，由胡克定律得： ．故C正确;对于在B与A分离之前，对AB整体为研究对象，开始时合力为零,当加向上的拉力F=mg时,整体向上做加速运动；在向上运动过程中，重力2mg不变，弹力在减小，合力减小，加速度减小，故整体做变加速运动．故D错误．
福建省三明市第一中学2020届高三物理上学期第一次月考试题Байду номын сангаас含解析）
一、单选题:(本题共8小题，共24分.在每小题给出的四个选项中，每题只有一项符合题目要求，每小题3分）
1.在升降电梯内的地面上放一体重计，电梯静止时，晓敏同学站在体重计上，体重计示数为50kg，电梯运动过程中,某一段时间内晓敏同学发现体重计示数如图所示，在这段时间内下列说法中正确的是
A。 3.75m与分析不符，故A错误.
B. –3.75m与分析相符，故B正确。
C. 2.25m与分析不符，故C错误.
D. –2.25m与分析不符，故D错误。
4。如图所示，光滑斜面固定于水平面,滑块A、B叠放在一起冲上斜面,且始终保持相对静止,A上表面水平,则在斜面上运动时B受力的示意图为
A. B. C. D.
考点:牛顿第二定律 应用。
【名师点睛】此题考查了牛顿第二定律 应用；解题的关键是搞清两个物体分离的条件:一是加速度相等，二是两物体之间的弹力为零;所以只要分别隔离两个物体即可求解相关的物理量；此题物理过程比较复杂，需认真分析。
二、多选题:（本题共4小题，共12分.第9～12题有多个选项符合题目要求，每小题4分，全部选对的得3分，选对但不全的得2分,有选错的得0分）
【详解】A．分析A球的受力情况，如图1所示：
N与mg的合力与T等大反向共线,根据两个阴影三角形相似得： ，得： ， ，由牛顿第三定律知A对B的压力大小为： ，故A正确。
B．B在竖直方向受到重力，而AB间无摩擦，由平衡条件知竖直墙壁对B一定有摩擦力,故B错误。
CD．当只轻轻把球B向下移动一点距离，分析A球的受力情况，如图2所示：
A。A、B相遇两次
B. t1～t2时间段内B质点的平均速度与A质点匀速运动的速度相等
C。 两物体速度相等的时刻一定在t1～t2时间段内的中间时刻
D.A在B前面且离B最远时,B的位移为
【答案】D
【解析】
【详解】图象的交点表示同一时刻到达同一位置而相遇,可知,A、B分别在t1和t2两个时刻相遇,故A正确；t1～t2时间段内，两质点通过的位移相等，则B质点的平均速度与A质点匀速运动的速度相等，故B正确。位移—时间图象斜率表示速度，B图线的切线斜率不断增大，而且B图线是抛物线,有x=kt2，则知B做匀加速直线运动.因为t1～t2时间段内，B质点的平均速度与A质点匀速运动的速度相等，而匀变速直线运动的平均速度等于这段时间内中间时刻的瞬时速度，所以两物体速度相等的时刻一定在t1～t2时间段内的中间时刻，故C正确.当AB速度相等时,相距最远，该时刻在t1～t2时间段内的中间时刻，由于B做匀加速直线运动，所以此时B的位移小于 ，故D错误.本题选不正确的,故选D.
3。一个质点做直线运动，其平均速度随时间变化 规律为 （m/s），t的单位为s，则当质点的速度大小为9m/s时，质点运动的位移为
A。 3。75mB. –3。75mC。 2.25mD。 –2.25m
【答案】B
【解析】
【详解】根据匀变速直线运动的位移时间关系 ，根据平均速度定义式可知
所以
，
所以当质点的速度大小为9m/s时，方向与初速度方向相反，根据位移速度关系式可知
A.m B.ma
C。m D.m(g+a）
【答案】C
【解析】
西瓜受到重力和其它西瓜给它的作用力而减速运动，加速度水平向右，其合力水平向右,作出西瓜A受力如图所示:
由牛顿第二定律可得： , 所以: ，故ABD错误，C正确．故选C．
点睛：无论是已知运动求受力情况，还是已知受力求运动情况，加速度都是联系力与运动的桥梁，正确受力分析，根据牛顿第二定律列方程是解题关键。
【答案】C
【解析】
【详解】A. 图象的斜率表示加速度，由图可知，前4s，ab的加速度方向都发生了变化，不是匀变速直线运动,故A错误。
BC. 图线与时间轴围成的面积表示位移，则t=4s时,a、b相距
故B错误C正确。
D. 由图象可知，前4s，a的速度都为正，b的速度都为负，所以t=2s时,a、b速度方向均没有发生改变。故D错误。
B．传送带是逆时针转动，滑块在0～t0内,滑动摩擦力向下，作匀加速下滑
由图可知：
解得：
故B错误；
C．t0后滑动摩擦力向上，加速度
代入μ值得
故C正确。
D．当滑块的速度等于传送带的速度时，滑块所受的摩擦力发生变化，滑块的加速度发生变化，则传送带的速度等于v0,故D错误。
12。如图所示，一质量为M的长木板静置于光滑水平面上，其上放置一质量为m的小滑块。木板受到水平拉力F作用时，用传感器测出长木板的加速度a与水平拉力F的关系如图所示，重力加速度g＝10 m/s2，下列说法正确的是( )
11。如图甲所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，在传送带上某位置轻轻放置一小木块，小木块与传送带间动摩擦因数为μ，小木块的速度随时间变化关系如图乙所示，v0、t0已知，则
A. 传送带一定逆时针转动
B.
C.t0后木块的加速度为
D。 传送带的速度大于v0
【答案】AC
【解析】
【详解】A．若传送带顺时针转动，当滑块下滑（ ），将一直匀加速到底端；当滑块上滑( )，先匀加速运动，在速度与传送带相等后将匀速运动;两种均不符合运动图象，则传送带是逆时针转动；故A正确。
A。 小滑块的质量m＝2 kg
B。 小滑块与长木板之间的动摩擦因数为0.1
C. 当水平拉力F＝7 N时，长木板的加速度大小为3 m/s2
D。 当水平拉力F增大时，小滑块的加速度一定增大
【答案】AC
【解析】
【分析】
当拉力较小时，m和M保持相对静止一起做匀加速直线运动,当拉力达到一定值时，m和M发生相对滑动，结合牛顿第二定律，运用整体和隔离法分析.
A. 晓敏同学所受的重力变小了
B. 晓敏对体重计的压力小于体重计对晓敏的支持力
C。 电梯一定在竖直向下运动
D。 电梯的加速度大小为
【答案】D
【解析】
【详解】A. 在这段时间内处于失重状态，是由于他对体重计的压力变小了，而他的重力没有改变，故A错误；
B. 晓敏对体重计的压力与体重计对晓敏的支持力是作用力与反作用力的关系，大小相等，故B错误;
【详解】对整体分析，由牛顿第二定律有：F=（M+m）a，
当F=6N时，此时两物体具有最大共同加速度，代入数据解得:M+m=3kg
当F大于6N时，根据牛顿第二定律得：a=
知图线的斜率k 解得:M=1kg，滑块的质量为：m=2kg.故A正确；
B、C项：根据F大于6N 图线知，当F=6N时，加速度a=2m/s2，即有：
【答案】AD
【解析】
【分析】
分析小球的受力情况，运用合成法作图，结合三角形相似求出B对A的支持力，从而求得A对B的压力.分析B的受力情况，由平衡条件判断墙壁对B的摩擦力。当只轻轻把球B向下移动一点距离，再用同样的方法得到B对A的支持力和细绳拉力的表达式，即可分析它们的变化.
A。 绳OA的拉力先减小后增大B。 斜面对P的摩擦力不断减小
C。 地面对斜面体有向右的摩擦力D。 地面对斜面体的支持力不断减小
【答案】AD
【解析】
【详解】A. 缓慢改变绳OA的方向至θ＜90°的过程中,OA拉力的方向变化如图从1位置到2位置再到3位置,如图所示
可见绳OA的拉力先减小后增大，绳OB的拉力一直减小；故A正确；
B。 若开始时P受绳子的拉力比较小，则斜面对P的摩擦力沿斜面向上,OB拉力一直增大，则摩擦力先变小后反向增大，故B错误。
C。 以斜面体和P、Q整体为研究对象受力分析，根据平衡条件:斜面受地面的摩擦力与OA绳子水平方向的拉力等大反向，故摩擦力方向向左，故C错误。
D. 以斜面体和P整体为研究对象受力分析，由于绳OB的拉力一直减小,其竖直向下的分力一直减小，根据竖直方向受力平衡，知地面对斜面体的支持力不断减小。故D正确；
【答案】A
【解析】
【详解】整体向上做匀减速直线运动,加速度方向沿斜面向下，则B的加速度方向沿斜面向下。根据牛顿第二定律知,B的合力沿斜面向下，则B一定受到水平向左的摩擦力以及重力和支持力.
A.与分析相符，故A正确.
B。与分析不符，故B错误。
C.与分析不符，故C错误。
D。与分析不符,故D错误。
5.如图所示为A、B两质点在同一直线上运动的位移—时间（x－t）图象，A质点的图像为直线，B质点的图象为过原点的抛物线，两图象交点C、D坐标如图。下列说法不正确的是（ )
N与T的合力与mg等大反向共线,根据两个阴影三角形相似得：
可得： ， ，由于L＞h，可知，N减小，T减小，由牛顿第三定律知A对B的压力减小，故C错误，D正确。
故选AD.
【点睛】本题中没有角度，所以可以采用三角形相似研究共点力平衡问题。正确作出力的合成图是关键.
10.如图所示，顶端附有光滑定滑轮的斜面体静止在粗糙水平地面上,三条细绳结于O点.一条绳跨过定滑轮平行于斜面连接物块P，一条绳连接小球Q，P、Q两物体处于静止状态，另一条绳OA在外力F的作用下，处于水平方向,现缓慢改变绳OA的方向至θ<90°，且保持结点O位置不变，整个装置始终处于静止状态。下列说法正确的是
C。因为处于失重状态，重力大于受到的支持力，加速度方向竖直向下，但电梯可能向上减速或向下加速。故C错误;
D。 以竖直向下为正方向，有：
mg—F=ma
解得
a=
方向竖直向下.故D正确;
2。如图所示,有一辆汽车满载西瓜在水平路面上匀速前进．突然发现意外情况，紧急刹车做匀减速运动，加速度大小为a,则中间一质量为m的西瓜A受到其他西瓜对它的作用力的大小是
【点睛】解决本题的关键要理解位移—时间图象点和斜率的物理意义：知道两图线相交表示相遇，斜率表示速度。
6。物体a、b从同一位置沿同一直线运动的v—t图象如图所示，下列说法正确的是
A。 前4s,a、b均做匀变速直线运动
B.t=4s时,a、b相遇
C.t=4s时,a、b相距20m
D.t=2s时，a、b速度方向均发生改变
9.如图所示，一质量为m、半径为r的光滑球A用细绳悬挂于O点,另一质量为M、半径为R的半球形物体B被夹在竖直墙壁和A球之间，B的球心到O点之间的距离为h,A、B的球心在同一水平线上，A、B处于静止状态。重力加速度为g。则下列说法正确的是
A. A对B的压力大小为
B。 竖直墙壁对B的摩擦力可能为零
C。 当只轻轻把球B向下移动一点距离,若A、B再次保持静止，则A对B的压力大小保持不变，细绳拉力增大
代入数据解得:μ=0.2，
当F=7N时,长木板的加速度为：a= 3m/s2。
根据μmg=ma′得木板的加速度为：a′=μg=4m/s2，故B错误，C正确；
D项：当拉力增大时,两物体发生滑动时，木块的加速度为 ,恒定不变，故D错误。
7.如图，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O点，右端跨过位于O′点的固定光滑轴悬挂一质量为M的物体；OO′段水平，长度为L；绳子上套一可沿绳滑动的轻环.现在轻环上悬挂一钩码，平衡后，物体上升L，则钩码的质量为
A。 B。 C. D。
【答案】D
【解析】
【详解】重新平衡后，绳子形状如下图：
由几何关系知：绳子与竖直方向夹角θ为30°，则环两边绳子的夹角为60°,则根据平行四边形定则，环两边绳子拉力的合力为 ,根据平衡条件，则钩码的质量为 。
A. 与分析不符,故A错误。
B. 与分析不符，故B错误。
C。 与分析不符，故C错误。
D. 与分析相符，故D正确。
8。如图所示,质量均为m的A、B两物体叠放在竖直弹簧上并保持静止,用大小等于mg的恒力F向上拉B，运动距离h时，B与A分离。下列说法正确的是( )
A.B和A刚分离时，弹簧长度等于原长
B.B和A刚分离时,它们的加速度为g
C. 弹簧的劲度系数等于
D. 在B与A分离之前，它们做匀加速直线运动
【答案】C
【解析】
【详解】试题分析：A、B和A刚分离时，B受到重力mg和恒力F，B的加速度为零，A的加速度也为零，说明弹力对A有向上的弹力，与重力平衡，弹簧处于压缩状态．故AB错误．B和A刚分离时，弹簧的弹力大小为mg，原来静止时弹力大小为2mg,则弹力减小量△F=mg．两物体向上运动的距离为h，则弹簧压缩量减小△x=h，由胡克定律得： ．故C正确;对于在B与A分离之前，对AB整体为研究对象，开始时合力为零,当加向上的拉力F=mg时,整体向上做加速运动；在向上运动过程中，重力2mg不变，弹力在减小，合力减小，加速度减小，故整体做变加速运动．故D错误．
福建省三明市第一中学2020届高三物理上学期第一次月考试题Байду номын сангаас含解析）
一、单选题:(本题共8小题，共24分.在每小题给出的四个选项中，每题只有一项符合题目要求，每小题3分）
1.在升降电梯内的地面上放一体重计，电梯静止时，晓敏同学站在体重计上，体重计示数为50kg，电梯运动过程中,某一段时间内晓敏同学发现体重计示数如图所示，在这段时间内下列说法中正确的是
A。 3.75m与分析不符，故A错误.
B. –3.75m与分析相符，故B正确。
C. 2.25m与分析不符，故C错误.
D. –2.25m与分析不符，故D错误。
4。如图所示，光滑斜面固定于水平面,滑块A、B叠放在一起冲上斜面,且始终保持相对静止,A上表面水平,则在斜面上运动时B受力的示意图为
A. B. C. D.
考点:牛顿第二定律 应用。
【名师点睛】此题考查了牛顿第二定律 应用；解题的关键是搞清两个物体分离的条件:一是加速度相等，二是两物体之间的弹力为零;所以只要分别隔离两个物体即可求解相关的物理量；此题物理过程比较复杂，需认真分析。
二、多选题:（本题共4小题，共12分.第9～12题有多个选项符合题目要求，每小题4分，全部选对的得3分，选对但不全的得2分,有选错的得0分）
【详解】A．分析A球的受力情况，如图1所示：
N与mg的合力与T等大反向共线,根据两个阴影三角形相似得： ，得： ， ，由牛顿第三定律知A对B的压力大小为： ，故A正确。
B．B在竖直方向受到重力，而AB间无摩擦，由平衡条件知竖直墙壁对B一定有摩擦力,故B错误。
CD．当只轻轻把球B向下移动一点距离，分析A球的受力情况，如图2所示：
A。A、B相遇两次
B. t1～t2时间段内B质点的平均速度与A质点匀速运动的速度相等
C。 两物体速度相等的时刻一定在t1～t2时间段内的中间时刻
D.A在B前面且离B最远时,B的位移为
【答案】D
【解析】
【详解】图象的交点表示同一时刻到达同一位置而相遇,可知,A、B分别在t1和t2两个时刻相遇,故A正确；t1～t2时间段内，两质点通过的位移相等，则B质点的平均速度与A质点匀速运动的速度相等，故B正确。位移—时间图象斜率表示速度，B图线的切线斜率不断增大，而且B图线是抛物线,有x=kt2，则知B做匀加速直线运动.因为t1～t2时间段内，B质点的平均速度与A质点匀速运动的速度相等，而匀变速直线运动的平均速度等于这段时间内中间时刻的瞬时速度，所以两物体速度相等的时刻一定在t1～t2时间段内的中间时刻，故C正确.当AB速度相等时,相距最远，该时刻在t1～t2时间段内的中间时刻，由于B做匀加速直线运动，所以此时B的位移小于 ，故D错误.本题选不正确的,故选D.
3。一个质点做直线运动，其平均速度随时间变化 规律为 （m/s），t的单位为s，则当质点的速度大小为9m/s时，质点运动的位移为
A。 3。75mB. –3。75mC。 2.25mD。 –2.25m
【答案】B
【解析】
【详解】根据匀变速直线运动的位移时间关系 ，根据平均速度定义式可知
所以
，
所以当质点的速度大小为9m/s时，方向与初速度方向相反，根据位移速度关系式可知
A.m B.ma
C。m D.m(g+a）
【答案】C
【解析】
西瓜受到重力和其它西瓜给它的作用力而减速运动，加速度水平向右，其合力水平向右,作出西瓜A受力如图所示:
由牛顿第二定律可得： , 所以: ，故ABD错误，C正确．故选C．
点睛：无论是已知运动求受力情况，还是已知受力求运动情况，加速度都是联系力与运动的桥梁，正确受力分析，根据牛顿第二定律列方程是解题关键。
【答案】C
【解析】
【详解】A. 图象的斜率表示加速度，由图可知，前4s，ab的加速度方向都发生了变化，不是匀变速直线运动,故A错误。
BC. 图线与时间轴围成的面积表示位移，则t=4s时,a、b相距
故B错误C正确。
D. 由图象可知，前4s，a的速度都为正，b的速度都为负，所以t=2s时,a、b速度方向均没有发生改变。故D错误。
B．传送带是逆时针转动，滑块在0～t0内,滑动摩擦力向下，作匀加速下滑
由图可知：
解得：
故B错误；
C．t0后滑动摩擦力向上，加速度
代入μ值得
故C正确。
D．当滑块的速度等于传送带的速度时，滑块所受的摩擦力发生变化，滑块的加速度发生变化，则传送带的速度等于v0,故D错误。
12。如图所示，一质量为M的长木板静置于光滑水平面上，其上放置一质量为m的小滑块。木板受到水平拉力F作用时，用传感器测出长木板的加速度a与水平拉力F的关系如图所示，重力加速度g＝10 m/s2，下列说法正确的是( )
11。如图甲所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，在传送带上某位置轻轻放置一小木块，小木块与传送带间动摩擦因数为μ，小木块的速度随时间变化关系如图乙所示，v0、t0已知，则
A. 传送带一定逆时针转动
B.
C.t0后木块的加速度为
D。 传送带的速度大于v0
【答案】AC
【解析】
【详解】A．若传送带顺时针转动，当滑块下滑（ ），将一直匀加速到底端；当滑块上滑( )，先匀加速运动，在速度与传送带相等后将匀速运动;两种均不符合运动图象，则传送带是逆时针转动；故A正确。
A。 小滑块的质量m＝2 kg
B。 小滑块与长木板之间的动摩擦因数为0.1
C. 当水平拉力F＝7 N时，长木板的加速度大小为3 m/s2
D。 当水平拉力F增大时，小滑块的加速度一定增大
【答案】AC
【解析】
【分析】
当拉力较小时，m和M保持相对静止一起做匀加速直线运动,当拉力达到一定值时，m和M发生相对滑动，结合牛顿第二定律，运用整体和隔离法分析.
A. 晓敏同学所受的重力变小了
B. 晓敏对体重计的压力小于体重计对晓敏的支持力
C。 电梯一定在竖直向下运动
D。 电梯的加速度大小为
【答案】D
【解析】
【详解】A. 在这段时间内处于失重状态，是由于他对体重计的压力变小了，而他的重力没有改变，故A错误；
B. 晓敏对体重计的压力与体重计对晓敏的支持力是作用力与反作用力的关系，大小相等，故B错误;
【详解】对整体分析，由牛顿第二定律有：F=（M+m）a，
当F=6N时，此时两物体具有最大共同加速度，代入数据解得:M+m=3kg
当F大于6N时，根据牛顿第二定律得：a=
知图线的斜率k 解得:M=1kg，滑块的质量为：m=2kg.故A正确；
B、C项：根据F大于6N 图线知，当F=6N时，加速度a=2m/s2，即有：