《试卷3份集锦》安顺市2020-2021年九年级上学期期末考前验收物理试题

初三上学期期末物理试卷
一、选择题
1．如图甲所示，额定电压为6V 的灯泡L 与滑动变阻器R 串联接入电路，滑动变阻器的滑片从最右端滑到最左端时，灯泡L 的I-U 图像如图乙所示，以下说法正确的是
A．灯泡的额定功率为0.625W B．滑动变阻器的阻值范围为2Ω～9Ω
C．电路中的最大电功率为6W D．灯泡两端电压是3V 时，灯泡的电流为0.5A
【答案】C
【解析】（1）根据滑片的移动方向确定滑动变阻器接入电路阻值的大小，然后根据串联电路分压的特点确定灯泡两端电压的变化，再根据灯泡的实际功率决定灯泡明暗进行判断；
（2）根据图乙读出电源电压和电路中的最大电流，然后根据P=UI求出灯泡的最大功率；
（3）当滑片位于最右端时，滑动变阻器接入电路电阻最大．已知此时灯泡两端电压和电源电压，可以得到滑动变阻器两端电压；已知此时灯泡电流，也就是通过滑动变阻器的电流；已知滑动变阻器两端电压和
通过的电流，利用R=U
I
得到滑动变阻器最大阻值．
【详解】（1）由甲图可知灯泡L 与滑动变阻器R 串联接入电路，当滑动变阻器移到最右端时，滑动变阻器全部连入电路，电路的总电阻最大，电流最小，由图乙可知，电路最小电流为0.5A,此时灯两端的电压为1.5V.故D错误；(2)当滑动变阻器移到最左端时，滑动变阻器接入电路的阻值为零，只有灯连入电路，灯两端的电压等于电源电压，由图乙可知，此时电路电流最大为1A，此时灯两端的电压为6V,即电源电压为6V.则电路中的最大电功率为P最大=UI=6V⨯1A=6W.故C正确；(3)由题意知，灯的额定电压为6V.所以灯的额定功率为P额=U额⨯I=6V⨯1A=6W.故A错误;(4)滑动变阻器连入电路的阻值最大时，灯两端的电压
为1.5V.电源电压是6V ,则滑动变阻器两端的电压为6V-1.5V=4.5V.则R滑最大=U
I
=
4.5V
0.5A
=9Ω，当滑动变
阻器移到最左端时，滑动变阻器接入电路的阻值为零，所以滑动变阻器的阻值范围为0~9Ω.故B错误。

故选C.
2．电路两端电压增为原来的3倍，电路的电阻降为原来的0.5倍，在相同时间内，电流产生的热量是原来的（）
A．6倍B．9倍C．18倍D．1.5倍
【答案】C
【详解】若原来电压为U、原来电阻为R，通电时间为t，电流产生的热量为
2
U
Q W t
R
==，现在的电压
为3U，电阻为0.5R，通电时间为t，电流产生的热量为Q′：()2
2
3
18
0.5
1
U
t
Q R
U
Q
t
R
'
==；
故C正确。

3．关于热量、温度、内能之间的关系，下列说法正确的是（）
A．温度为0℃的物体没有内能
B．物体温度升高，一定是吸收了热量
C．物体吸收了热量，温度可能不变
D．物体内能减少时，一定对外做功
【答案】C
【详解】A．一切物体都具有内能，故A错；
B．温度的升高可以通过做功和热传递两个途径来实现，故B错误；
C．晶体在熔化过程中，吸收热量，但温度保持不变，故C正确；
D．物体内能减少，也可能是通过热传递的方式，故D错．
4．下列名组的两个电阻并联后，总电阻最小的一组是
A．10Ω、10ΩB．30Ω、60ΩC．30Ω、20ΩD．1000Ω、1Ω
【答案】D
【解析】并电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，则
A、R A＝
1
2
×10Ω＝5Ω；
B、R B＝
30Ω60Ω
30Ω60Ω
⨯
+
＝20Ω；
C、R C＝
30Ω20Ω
30Ω20Ω
⨯
+
＝12Ω；
D、R A＝
1000Ω1Ω
1000Ω1Ω
⨯
+
≈0.999＜1Ω；
显而易见，D选项中的总电阻最小。

故选：D。

5．如图为九年级同学立定跳远比赛时经历起跳、最高点、落地三个位置的示意图，则该同学从最高点至落地过程中重力所做的功最接近（）
A．50J B．100J C．300J D．900J
【答案】C
【分析】根据题意可推测中学生的质量大约是50kg ，跳起的高度大约是0.7米左右，由W Gh =可求出该同学从最高点至落地过程中重力所做的功。

【详解】中学生的质量大约是50kg ，则受到的重力：
50kg 10N/kg 500N G mg ==⨯=，
由图知，跳起的高度大约是0.7米，该同学从最高点至落地过程中重力所做的功大约：
500N 0.7m 350J W Gh ==⨯=，
350J 比较接近300J ；
故选C 。

6．下列数据最符合实际的是( )
A ．电视机的额定功率约为2000W
B ．教室中一盏日光灯的额定功率约为40W
C ．人体的安全电压为36V
D ．家用空调正常工作的电流约为0.5A
【答案】B
【详解】A ．电视机的额定功率约为200W ，故A 不符合题意；
B ．教室中一盏日光灯的额定功率约为40W ，故B 符合题意；
C ．经验证明，人体的安全电压为不高于36V ，故C 不符合题意；
D ．家用空调正常工作的电流约为5A ，故D 不符合题意。

7．甲、乙两只白炽灯的铭牌如图所示，下列说法正确的是( )
A ．甲灯灯丝比乙灯灯丝粗
B ．两灯都正常发光时，甲灯消耗的电能较少
C ．两灯并联后，接在110 V 电路中，两灯一样亮
D ．两灯串联后，接在110 V 电路中，甲灯比乙灯亮
【答案】D
【解析】A ．由图知道，甲乙灯泡的额定电压相同，由R=U 2/P 知道，额定功率大的，电阻小，即甲的电阻大于乙的电阻；又因为灯丝的长度和材料都是相同的，所以甲灯灯丝比乙灯灯丝细，故A 错误； B ．当两灯都正常发光时，甲灯的功率小于乙灯的功率，由W=Pt 知道，由于时间不确定，所以无法比较两灯所用电能的大小，故B 错误；
C ．当两灯并联，接在110V 电路中时，由P=U 2/R 知道，由于甲的电阻大于乙的电阻，所以P 甲<P 乙，即乙灯比甲灯亮，故C 错误；
D．当两灯串联，接在110 V电路中时，通过两灯的电流相等，由P=I2R知道，P甲>P乙，即甲灯比乙灯亮，故D正确；
故选D。

8．小红设计了一个自动测高仪，画出了四个电路图，如图所示，R是定值电阻，R'是滑动变阻器。

其中能够实现身高越高，电压表示数越小的电路是
A．B．
C．D．
【答案】D
【分析】考查动态电路
【详解】A．由电路图可知：滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量滑动变阻器电压，身高越高，滑动
=可知定值电阻两端的电压减小，电源电压不变，根变阻器阻值越大，电路中的电流就越小，根据U IR
据串联电路电压特点可知滑动变阻器两端电压为电源电压和定值电阻两端电压之差，所以滑动变阻器电压增大，A不符合题意；
B．由电路图可知：电压表串联在电路中，电路无电流通过，电压表示数为电源电压，不变化，B不符合题意；
C．由电路图可知：电压表测量的为电源电压，示数不变，C不符合题意；
D．由电路图可知：滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量定值点电压，身高越高，滑动变阻器阻值越
=可知定值电阻两端的电压减小，D符合题意。

大，电路中的电流就越小，根据U IR
9．把两根材料相同、长度相等、横截面积不等的电阻丝并联在电路中，下列说法中正确的是
A．通过粗电阻丝的电流较大
B．通过细电阻丝的电流较大
C．加在粗电阻丝两端的电压较大
D．加在细电阻丝两端的电压较大
【答案】A
【解析】试题分析：两电阻的材料相同，长度相同，则横截面积较大的电阻丝电阻较小；而电阻并联在电路中，则两电阻两端的电压相等，故C、D错误；则由欧姆定律可知，粗电阻丝中通过的电流较大，故A 正确，B错误，故选A．
考点：欧姆定律；影响电阻大小的因素；电阻的并联
10．下列说法中，错误的是
A．由公式
U
R
I
可知，导体电阻与导体两端电压成正比，与导体中的电流成反比
B．探究“影响导体电阻大小的因素”，主要运用的研究方法有控制变量法和转换法
C．电功的单位和电能的单位是相同的
D．电能转化为其他形式的能的过程是电流做功的过程
【答案】A
【详解】A．导体电阻由导体本身的材料、长度与横截面积决定，与导体两端电压和通过导体的电流无关，故A错误，符合题意；
B．探究“影响导体电阻大小的因素”中，运用了两种研究方法：①由于影响电阻大小的因素有多个，物理学中对于多因素的问题，常常采用控制变量法，把多因素的问题变成多个单因素的问题，分别加以研究，最后再综合解决；②实验中通过电流表的示数变化来体现电阻的变化，即用到了转换法，故B正确，不符合题意；
C．电功的单位和电能的单位是相同的，在国际单位制中都是“焦耳”，故C正确，不符合题意；
D．电流做功的过程就是电能转化为其他形式的能的过程，故D正确，不符合题意。

二、填空题
11．2019年9月20日19点30分，全新国庆版灯光秀在深圳市民广场准时开演，四面八方的楼宇瞬间亮起五星红旗图案，绚丽的激光直入云霄，水中的倒影流光溢彩。

随着广场响起《我爱你中国》的音乐，“我爱你中国”五个字在楼宇上缓缓呈现，另有市民广场对面立起的“7周年”灯饰以及伴随清风传来的阵阵花香，现场洋溢着浓浓的国庆气氛，市民们纷纷拿出相机拍照，记录这盛世繁华的时刻。

据了解，灯光秀主要采用LED灯照明，这种冷光技术相对传统白炽灯能节约80%以上电能，寿命为普通白炽灯的10倍以上，属于绿色环保型的光源。

请在上文中，找出三点与物理有关的描述，并说明所涉及的物理知识。

【答案】见解析
【详解】根据题干内容，可从广场响起《我爱你中国》的音乐、随清风传来的阵阵花香、市民们纷纷拿出相机拍照等涉及的物理知识回答，如下表所示
伴随清风传来的阵阵花香分子热运动
拿出相机拍照凸透镜成像
12．如图所示，闭合开关S，灯L1、L2都能发光，则甲是_______表、乙是________表，此时甲、乙两表的示数之比为3:4，则L1、L2电阻之比为________。

【答案】电压电压1:3
【分析】开关S闭合后，灯L1、L2都能发光，电压表应与被测用电器并联，在电路中相当于断路，去掉后对电路没有影响；电流表应与被测用电器串联，在电路中相当于导线，去掉后对电路有影响，即可判断甲乙表的类型；再根据两灯的连接方式判断电表的测量对象，再由欧姆定律求得两电阻之比。

【详解】[1][2]开关S闭合后，①若甲乙都是电流表，会出现短路，两个灯都不发光；
②若甲是电流表，乙是电压表，则灯泡L2短路，不发光；
③若甲是电压表，乙是电流表，则电源短路，两个灯泡都不能发光；
因此甲乙两表都是电压表，由于电压表相当于断路，这样电流能通过灯泡L1、L2，灯L1、L2都能发光。

[3]当闭合开关S时，甲乙表必须是相当于断路的电压表，两灯泡才能发光，并且此时两电灯串联，甲表测灯泡L2的两端的电压U2，乙表测电源电压U总，已知甲、乙两表的示数之比为3:4，设乙表中电压为U总=4U，则甲表中电流为U2=3U，则由串联电路的电压特点可知，此时L1两端的电压12
43
U U U U U U
=-=-=
总
由串联电路电流规律与欧姆定律
U
I
R
=可得，则灯泡L1、L2电阻之比
1
111
2
22
2
1
33
U
R I U U
U
R U U
I
====
13．常见的物质是由极其微小的________、原子构成的；通常液体分子之间的距离比气体的_____，分子间作用力__________．(后二空选填“大”或“小”)
【答案】分子小大
【解析】分子动理论告诉我们：物质是由分子或原子组成的；组成物质的分子永不停息地做无规则运动；一般地，固体分子间距离最小，分子间作用力最大；液体分子间距离较大，分子间作用力较大；气体分子间距离最大，分子间作用力几乎为零．
14．电子式电能表表盘上标有“2500imp/kW•h”字样，将标有“220V，1210W”的电热器单独接在该电
能表上正常工作6min，电能表指示灯闪烁了250次。

该电热器在上述时间内消耗的电能为_____J，它的实际电压为_____V。

【答案】3.6×105200
【详解】[1] 2500imp/(kW·h)表示每消耗1kW·h的电能，指示灯闪烁2500次。

指示灯闪烁250次，消耗的电能：
W＝250
2500
kW·h＝0.1kW·h
＝3.6×105J；
[2]电热器的实际电功率：
P＝
0.1kW h
6
h
60
W
t
⋅
=
＝1kW＝1000W；
电热水壶的电阻：
R＝
22
(220V)
=
1210W
U
P
额
额
＝40Ω，
电热水壶的实际电压：
U实＝1000W40Ω
P R=⨯
实
＝200V。

15．小华家的插座A与插座B（如图所示），它们是______联连接的；在用电时要注意安全，图中的冰箱上剩下的一根接线应与______线相连。

【答案】并地
【详解】[1]由图甲可知，两插座的接地线空接在一起、接零线的空接在一起、接火线的空接在一起，两插座是并联的；
[2]图中的冰箱上剩下的一根接线应与地线相连，这样可防止因漏电而发生触电事故。

16．某元件(阻值不变)标有“6 V 6 W”字样，它正常工作的电流是________A，它的电阻R是________Ω。

将该元件与灯L接入电路中，如图甲所示。

通过灯L的电流随电压变化的图像如图乙所示，电流表量程为“0~0.6 A”，电压表量程为“0~3 V”，闭合开关，在保证电路各元件都安全的情况下，灯L消耗的最大电功率可达到________W。

【答案】1 6 1
【详解】[1]某元件标有“6V 6W ”字样，说明该元件的额定电压为6V ，额定功率为6W ，由P=UI 可得 I=P/U=6W/6V=1A
[2]由=U I R
可得它的电阻 R=U/I=6V/1A=6Ω
[3]由电流表量程可知电路中最大电流0.6A ，由电压表量程可知R 两端电压最大为3V ，而R=6Ω，此时的电流为
3V =0.5A 6Ω
U I R == 为了保证电路各元件都安全允许的最大电流为0.5A ，图乙中得灯泡电流为0.5A 时，电压为2V ，所以灯L 消耗的最大电功率
P=UI=2V×0.5A=1W
【点睛】
考点：用电器铭牌；功率
17．如图所示，新能源汽车在充电时，其车载蓄电池相当于基本电路的__________，充电过程是将电能转化为__________能。

【答案】用电器 化学能
【详解】[1][2]在给电动汽车电池充电的过程中，电动汽车的电池消耗电能，将电能转化为化学能储存起来，电动汽车的电池相当于电路中的用电器。

18．有一杠杆，动力臂是阻力臂的4倍，则F 动 : F 阻=_________，这是_________（选填“省”或“费”）力杠杆．如果两力臂都增加各自的1倍，则F ＇
动 : F ＇
阻=_________.
【答案】1:4 省 1:4
【分析】①利用杠杆的平衡条件：F 1×L 1=F 2×L 2，具体代入数据即可求解．
②根据杠杆的分类：动力臂大于阻力臂是省力杠杆，省力杠杆可以省力，所以只需判断动力臂与阻力臂的大小关系或者动力与阻力的大小关系都可以判断杠杆的类型．
【详解】①根据杠杆的平衡条件：F 动×L 动=F 阻×L 阻可知，F 动:F 阻=L 阻:L 动=1:4；
②因动力臂大于阻力臂，故是省力杠杆；
③如果两力臂都增加各自的一倍，比值不变；
19．小明在烧杯中加入盐水，将锌片和铜片部分浸入盐水中，组成一个盐水电池，他用电压表测量这个自
制电池的电压，其现象如图所示。

通过现象可判断铜片相当于盐水电池的_________极，你判断的根据是：_________。

【答案】正电压表指针正向偏转，说明电压表正接线柱连接的是电源正极
【详解】[1][2]电压表正向偏转，根据电压表使用原则可知，与正接线柱“3”相接的铜片为正极；
三、作图题
20．请在如图中，根据通电螺线管的磁感线方向，标出小磁针的N极，并在括号内标出电源的正极。

（________）
【答案】
【详解】因磁体外部磁感线方向由N极指向S极，故螺线管左侧为N极，右侧为S极；因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故可知小磁针左侧为N极，右侧为S极。

由安培定则可知电流由右侧流入螺线管，即电源右侧为正极，如图所示：
21．在如图所示的电路中将电源、电流表和电压表三个元件符号正确填入电路的空缺处，要求：闭合电键S，滑动变阻器的滑片P向右移动时只有一个电表的示数变大．
（____）
【答案】
【详解】由图示可知，电压表不能与用电器串联，所电压表只能填在中间的空中；如果左边填电源，右边填电流表，则滑动变阻器的滑片P 向右移动时，电阻变大，总电阻变大，电流变小，电流表示数变小，电阻R 1两端的电压变小，电压表示数变大，符合题意；如果左边填电流表，右边填电源，则滑动变阻器的滑片P 向右移动时，电阻变大，总电阻变大，电流变小，电流表示数变小，电阻R 1两端的电压变小，电压表示数变小，不符合要求．故作图如下：
四、实验题
22．小明利用一块蓄电池、一块电压表、两个开关S 1、S 2和一个阻值已知的电阻R 0，连接了如图所示的实验电路来测量电阻R x 的阻值．请你利用这个电路继续完成实验，要求：
（1）画出实验电路图；
（2）写出主要的实验步骤和需要测最的物理量；
（3）写出待测电阻R x 的数学表达式（用已知量和测量量表示）
【答案】（1）
（2）①闭合开关S 1和S 2，读出电压表的示数为U 1；②闭合开关S 1，断开开关S 2，读出电压表的示数为U 2；
（3）1202
X U U R R U -= 【解析】（1）开关S 2与待测电阻并联后与R 0串联，电压表测R 0的电压，开关S 1控制整个电路，根据实物图画出电路图，如下所示：
（2）实验步骤：
①闭合开关S 1和S 2，读出电压表的示数为U 1；
②闭合开关S 1，断开开关S 2，读出电压表的示数为U 2；
（3）在①中，待测电阻短路，电压表测电源电压U 1；
在②中，两电阻串联，电压表测R 0的电压，由欧姆定律和串联电路的规律，电路中的电流为：20U I
R =， 根据串联电路电压的规律，待测电阻的电压：12X U U U ＝﹣； 故电阻:121202
20
X X U U U U U R R U I U R --===． 23．如图所示，两个相同瓶子的瓶口相对，之间用一块玻璃板隔开，上面的瓶中装有空气，下面的瓶中装有密度比空气大的红棕色二氧化氮气体。

抽掉玻璃板后，可以看到，两个瓶中的气体会混合在一起，最后颜色变得均匀。

(1)这是________现象，实验说明_________________；
(2)实验中______（选填“能”或“不能”）把二氧化氮气体和空气的位置互换，理由_______。

【答案】扩散 分子在永不停息的做无规则运动 不能 见解析
【详解】(1)[1][2]抽掉玻璃板后，可以看到，两个瓶中的气体会混合在一起，这种物质分子彼此进入的现象称为扩散现象，它表明物质分子在永不停息的做无规则运动。

(2)[3][4]若二氧化氮在上面，由于二氧化氮气体的密度比空气的密度大，也会让两种气体混合，从而无法由实验现象得出分子是运动的结论。

五、计算题
24．【答案】
初三上学期期末物理试卷
一、选择题
1．关于电流、电压、电阻的关系，下列说法中错误的是( )
A．导体两端的电压一定时，导体的电阻跟通过导体的电流成反比
B．导体电阻一定时，导体中的电流跟这段导体两端的电压成正比
C．导体的电阻与导体两端的电压、导体中的电流大小无关
D．导体中的电流跟其两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比
【答案】A
【详解】导体的电阻只与导体的材料、导体的长度、导体的横截面积和温度有关，与其它因素无关。

当导体电阻一定时，导体中的电流跟这段导体两端的电压成正比；导体两端的电压一定时，导体的电阻跟通过导体的电流成反比。

故选A。

2．某导体中的电流与它两端电压的关系如图所示，下列分析正确的是（）
A．该导体的电阻随电压的增大而增大
B．该导体的电阻随电流的增大而增大
C．当导体两端的电压为0时，电阻为0
D．当导体两端的电压为0时，电流为0
【答案】D
【解析】ABC．导体中的电流与它两端电压的关系为直线，说明电阻为定值，电阻是导体的一种性质，大小与导体的长度、横截面积、材料、温度有关，与有无电压及电压、电流的大小无关，故A、B、C错误；D．根据欧姆定律，当电压为0时通过的电流也为0，故D正确；
故选D。

3．将两个定值电阻R1、R2并联在电压为U的电源两端，R1消耗的功率为P1，R2消耗的功率为3P1；当把它们串联接在电压为4U的电源两端时，说法正确的是（）
①R1两端的电压为U
②R2消耗的功率不变
③通过R2的电流变小
④两个电阻消耗的总功率为12P1
A．①③B．②④C．②③D．③④
【答案】B
【详解】当R 1、R 2并联在电压为U 的电源两端时，由并联电路的电压特点知，两电阻两端的电压均为U ，两电阻之比
2112122112331
U R P P P U R P P P ==== R 1=3R 2
通过R 2的电流
22
U I R = 当把它们串联在电压为4U 的电源两端时，由串联电路的特点和欧姆定律可知，电路中的电流
12222
443U U U I R R R R R ===++ 所以通过R 2的电流不变，故③正确，此时R 2两端的电压
U 2=IR 2=2
U R ×R 2=U 即串联和并联时R 2两端的电压相等，此时R 1两端的电压
U 1=4U-U=3U
故①错误；
串联和并联时R 2两端的电压相等，由P=2
U R
可知，R 2消耗的功率不变，故②正确； 此时两个电阻消耗的总功率
P=4U×I=4U×2
22
44U U R R =⨯=⨯P 2=4×3P 1=12P 1 故④正确。

故选B 。

4．图中所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P 向左滑动时，下列说法中正确的是
A ．电压表示数变大，电流表示数变小，灯泡变暗
B．电压表示数变小，电流表示数变大，灯泡变亮
C．电压表示数变大，电流表示数变大，灯泡变亮
D．电压表示数变小，电流表示数变小，灯泡变暗
【答案】C
【详解】首先判断滑片向左移动时，滑动变阻器阻值的变化，根据欧姆定律判断电路中电流的变化，灯泡亮暗的变化，根据U=IR判断灯泡两端电压的变化．由图知，灯泡与滑动变阻器串联，当滑片向左滑动时，滑动变阻器的阻值变小，所以电路中的电流变大，电流表的示数变大，灯泡变亮；根据U=IR，灯泡两端的电压变大，电压表的示数变大．
故选C．
5．如图所示，电流表A1、A2、A3的示数分别为0.2A、0.3A、0.6A，则流过R1、R2、R3的电流分别是（）
A．0.2A、0.1A、0.3A B．0.2A、0.3A、0.6A
C．0.6A、0.2A、0.1A D．0.1A、0.2A、0.3A
【答案】A
【详解】由电路图可知，三电阻并联，电压表测电源的电压，电流表A3测干路电流，电流表A2测R1、R2支路的电流之和，电流表A1测R1支路的电流，通过R1的电流为0.2A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过R2的电流
I2=I A2-I1=0.3A-0.2A=0.1A，
通过R3的电流
I3=I A3- I A2=0.6A-0.3A=0.3A，
故选A。

6．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，有关电流表、电压表示数的变化及灯泡L亮度的变化情况，下列判断中正确的是（）
A．电流表和电压表的示数都变大B．电压表和电流表的示数都变小
C．电流表的示数变大，灯泡L的亮度变亮D．电压表的示数变大，灯泡L的亮度变暗
【答案】D
【详解】AC．由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。

当滑动变阻器的滑片P向左端移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变
大，由
U
I
R
可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，灯泡L的亮度变暗，故AC错误；
BD．由U=IR可知，灯泡两端的电压变小，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B正确，D错误。

故选B。

7．如图所示，在“研究电流与电阻的关系”实验中，下列说法中正确的是( )
①闭合开关前，移动滑片P到最右端是为了起到保护电路的作用
②闭合开关后，移动滑片P的作用是控制电阻两端的电压保持不变
③闭合开关后，移动滑片P的作用是控制通过电阻的电流保持不变
④闭合开关后，移动滑片P的目的是改变电阻两端的电压
A．①②B．①③C．①④D．③④
【答案】A
【详解】①闭合开关前，为保护电路，变阻器连入电路中的电阻最大，即移动滑片P到最右端是为了起到保护电路的作用，故A正确；
②根据控制变量法，在研究电流与电阻的关系时，要控制电阻两端的电压不变，闭合开关后，当换下不同的定值电阻时，根据分压原理，电压表示数要改变，通过移动滑片P的作用是控制电阻两端的电压保持不变，故B正确；
③因控制定值电阻的电压不变，当换上不同的定值电阻时，通过电阻的电流改变了，故闭合电键后，移动滑片P的作用不是控制通过电阻的电流保持不变，故C错误；
④在研究“电流与电阻的关系”实验中，为得出普遍性的规律，要更换不同的定值电阻（保持电压不变），记录对应的电流大小，故要移动滑片P的目的是控制电阻两端的电压不变，故D错误。

8．如图所示两个灯泡L1、L2阻值分别为6Ω和10Ω，闭合开关后的现象是（）
A．通过两灯泡的电流I1：I2=3：5
B．灯泡两端的电压U1：U2=3：5
C．灯泡的电功率P1：P2=5：3
D．灯泡L1比L2暗
【答案】C
【详解】由电路图可知，两灯泡并联，
A．根据欧姆定律公式I=U
R
，得通过两灯泡的电流之比：
==×=×=，
故A不正确；
B．由并联电路中各支路两端的电压相等，得灯泡两端的电压：
U1:U2=1:1，
故B不正确；
C．根据电工率决定式P=UI，得：
==×=×=，
故C正确；
D．由灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，由于=，灯泡L1比L2亮，故D不正确．
9．用相同的加热装置对a、b两种物体加热时，它们的温度随时间变化的图象如图所示，下列说法正确的是( )
A．如果a、b是同种物质，则a的质量更大
B．如果a、b质量相等，则b的吸热能力更强
C．在加热过程中，利用做功的方式改变了a、b的内能
D．温度从T1升高到T2时，a、b吸收的热量Q a>Q b
【答案】B
【详解】A．如果a、b是同种物质，加热相同时间即吸收相同的热量时a物体升高温度更高，所以a的质量更小。

故A错误；
B．如果a、b质量相等，加热相同时间即吸收相同的热量时b 物体升高温度较慢，所以b的吸热能力更强。

故B正确；。