河北省故城县高级中学2015-2016学年高二9月月考物理试题

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河北省故城县高级中学2016届高三上学期9月月考物理试题 Word版含答案[ 高考]

高三物理月考卷一、选择题：本题共10小题，每小题4分。

在下列各题的选项中有一个或几个正确。

全部选对得4分，选对但不全给2分，有选错的或不答得给0分。

二、1、物体在运动过程中加速度不为零，下列说法正确的是（）A、物体的速度大小一定随时间变化B、物体的速度方向一定随时间变化C、物体所受的合外力一定随时间变化D、物体合外力一定不为零图（1）2、如图（1）所示，物体A和B的重力分别为20N和3N，不计弹簧秤和细线的重力及一切摩擦，系统处于静止状态，则弹簧秤的读数为（）A、17NB、3NC、6ND、23N3、在滑冰场上，甲乙俩小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动，在相互猛推一下后向相反方向运动。

假定两板与冰面间的摩擦因数相同，已知甲的质量小于乙的质量。

下列说法正确的是（）A\、在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B、再推的过程中，甲推乙的时间小于乙推甲的时间C、在推的过程中，甲推乙的力大于地面对乙的摩擦力D、在分开后，甲的加速度大小小于乙的加速度大小4、弹簧秤挂在电梯的顶板上，下端挂一个质量为2kg的物体。

当升降机在竖直方向运动时，弹簧秤的示数是16N。

下列说法正确的是（）A、电梯可能向上加速运动，加速度大小为2m／s2B、电梯可能向下加速运动，加速度大小为2m／s2C、电梯可能向上减速运动，加速度大小为4m／s2D电梯可能向下减速运动，加速度大小为4m／s25、如图（2）所示，在外力作用下某质点运动的v—t图像为正弦曲线，从图中可以判断（）图（2）A、在0---t1时间内，物体的加速度在减小B、在0---t1时间内，物体的平均速度等于v m／2C、在0---t1时间内，物体的平均速度大于v m／2D、在t1---t3时间内，加速度的方向不变6、如图（3）所示，粗糙的水平地面上有一质量为M的斜劈，斜劈上固定一与斜劈垂直的挡板，把一质量为m的光滑圆球放在斜劈和挡板之间，斜劈和球都保持静止，斜劈斜面的倾角为θ。

河北高二高中物理月考试卷带答案解析

河北高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.在物理学史上，首先提出磁场对运动电荷有力的作用的科学家是（） A ．欧姆 B ．安培 C ．洛伦兹D ．法拉第2.如图，R 1=R 2=R 3=4Ω，若在A 、C 两点之间加上U=6V 的电压，则电流表的读数为（）A ．0B ．0.5AC ．1AD ．1.5A3.如图所示，MN 是一根固定的通电长直导线，电流方向向上，今将一金属线框abcd 放在导线上，让线框的位置偏向导线的左边，两者彼此绝缘，当导线上的电流突然增大时，线框整个受力为（）A ．受力向右B ．受力向左C ．受力向上D ．受力为零4.如图所示，直线a 为某电源的路端电压随电流强度的变化图线，直线b 为电阻R 两端的电压随电流强度的变化图线．用该电源和该电阻组成的闭合电路，以下说法正确的是（）A ．电源路端电压为2VB ．电源的输出功率为2WC ．电源的短路电流为2AD ．电源的内电阻为2Ω5.如图，用两根材料、粗细、长度完全相同的导线，绕成匝数分别为n 1=50和n 2=100的圆形闭合线圈A 和B ，两线圈平面与匀强磁场垂直．当磁感应强度随时间均匀变化时，两线圈中的感应电流之比I A ：I B 为（）A ．2：1B ．1：2C ．4：1D ．1：46.如图所示，M 和N 是带有异种电荷的带电金属导体，P 和Q 是M 表面上的两点，S 是N 表面上的一点，在M 和N 之间的电场中画有三条等势线．现有一个带正电的粒子（重力不计）在电场中的运动轨迹如图中虚线所示，不计带电粒子对原电场的影响，不计空气阻力，则以下说法正确的是（）A ．P 点的电势高于Q 点的电势B ．电荷在F 点的加速度小于其在W 点的加速度C ．带电粒子在F 点的电势能大于在E 点的电势能D ．带电粒子应该由E 点射入经F 点到W 点7.如图所示，闭合导体线框abcd从高处自由下落一段定距离后，进入一个有理想边界的匀强磁场中，磁场宽度h 大于线圈宽度l．从bc边开始进入磁场到ad边即将进入磁场的这段时间里，下面表示该过程中线框里感应电流i 随时间t变化规律的图象中，一定错误的是（）A．B．C．D．8.如图所示，一束电子以大小不同的速率沿图示方向飞入横截面为一正方形的匀强磁场区，在从ab边离开磁场的电子中，下列判断正确的是（）A．从b点离开的电子速度最大B．从b点离开的电子在磁场中运动时间最长C．从b点离开的电子速度偏转角最大D．在磁场中运动时间相同的电子，其轨迹线一定重合9.如图所示，虚线EF的下方存在着正交的匀强电场和匀强磁场，电场强度为E，磁感应强度为B．一带电微粒自离EF为h的高处由静止下落，从B点进入场区，做了一段匀速圆周运动，从D点射出．下列说法正确的是（）A．微粒受到的电场力的方向一定竖直向上B．微粒做圆周运动的半径为C．从B点运动到D点的过程中微粒的电势能和重力势能之和在最低点C最小D．从B点运动到D点的过程中微粒的电势能先增大后减小10.如图甲所示，某静电除尘装置矩形通道的长为L，宽为b，高为d，其前、后面板为绝缘材料，上、下面板为金属材料．如图乙所示是此装置的截面图，上、下两板与电压恒为U的高压直流电源相连．带负电的尘埃以水平速进入矩形通道，当碰到下板后其所带的电荷被中和，同时其被收集．将收集尘埃的数量与进入矩形通道尘埃度v的数量的比值，称为除尘率．不计尘埃所受的重力及尘埃间的相互作用．要增大尘埃率，下列措施可行的是（）A．只增大宽度L B．只增大高度d C．只增大宽度b D．只增大速度v011.如图所示，有五根完全相同的金属杆，其中四根固连在一起构成正方形闭合框架，固定在绝缘水平桌面上，另一根金属杆ab搁在其上且始终接触良好．匀强磁场垂直穿过桌面，不计ab杆与框架的摩擦，当ab杆在外力F作用下匀速沿框架从最左端向最右端运动过程中（）A ．外力F 是恒力B ．桌面对框架的水平作用力先变小后变大C ．正方形框架的发热功率先变小后变大D ．金属杆ab 产生的总热量小于外力F 所做总功的一半二、实验题（1）武宏达同学在“研究感应电动势大小”的实验中，如图1，把一根条形磁铁从同样高度插到线圈中同样的位置处，第一次快插，第二次慢插，两情况下线圈中产生的感应电动势的大小关系是E 1 E 2；通过线圈导线横截面电量的大小关系是q 1 q 2（选填“＞”、“=”或“＜”符号）．通过查阅资料他发现有种称为“巨磁电阻”的材料，这种材料具有磁阻效应，即其电阻随磁场的增加而增大，利用这种效应可以测量磁感应强度．为了测量所用条形磁铁两极处的磁感应轻度B ，需先测量磁敏电阻处于磁场中的电阻值R 0，请按要求帮助他完成下列实验．（2）武宏达同学将该磁敏电阻放到磁场中，用已经调零且选择旋钮指向欧姆档“×100”的位置测量，发现指针偏转角度太大，这时应将选择旋钮指向相邻欧姆档“ ”位置，欧姆调零后测量，其表盘及指针所指位置如图2所示，则电阻为 Ω．需要设计一个可以较准确测量原磁场中该磁敏电阻阻值的电路．在图3中虚线框内画出实验电路原理图（磁敏电阻及所处磁场已给出，不考虑磁场对电路其它部分的影响）．提供的器材如下：A ．磁场电阻，无磁场时电阻值R 0=10ΩB ．滑动变阻器R ，全电阻约2ΩC ．电流表，量程25mA ，内阻约3Ω符号D ．电压表，量程3V ，内阻约3kΩ，符号E ．直流电源E ，电动势3V ，内阻不计F ．开关S ，导线若干（3）正确连接，将磁敏电阻置入原待测磁场中，测量数据如表：1 2 3 4 5B = Ω三、计算题1.一台小型电动机车在U=3V 电压下工作，用此电动机匀速提升重力G=4N 的物体时，通过它的电流I=0.2A ．测得某段时间t=30s 内该物体被提升h=3m ．若不计一切摩擦和阻力，试求：（1）电动机的输入功率．（2）在提升重物的t=30s 内，电动机线圈所产生的热量．（3）电动机线圈的电阻．2.如图所示，两块水平放置、相距为d 的长金属板接在电压可调的电源上．两板之间的右侧区域存在方向垂直纸面向里的匀强磁场．将喷墨打印机的喷口靠近上板下表面，从喷口连续喷出质量均为m 、水平速度均为v 0、带相等电荷量的墨滴．调节电源电压至U ，墨滴在电场区域恰能沿水平向右做匀速直线运动；进入电场、磁场共存区域后，最终垂直打在下板的M 点．（1）判读墨滴所带电荷的种类，并求其电荷量；（2）求磁感应强度B 的值；（3）现保持喷口方向不变，使其竖直下移到两板中间的位置．为了使墨滴仍能到达下板M 点，应将磁感应强度调至B′，则B′的大小为多少？3.如图甲所示，MN 、PQ 为间距L=0.5m 足够长的平行导轨，NQ ⊥MN ，导轨的电阻均不计．导轨平面与水平面间的夹角θ=37°，NQ 间连接有一个R=4Ω的电阻．有一匀强磁场垂直于导轨平面且方向向上，磁感应强度为B 0=1T ．将一根质量为m=0.05kg 的金属棒ab 紧靠NQ 放置在导轨上，且与导轨接触良好．现由静止释放金属棒，当金属棒滑行至cd 处时达到温度速度，已知在此过程中通过金属棒截面的电量q=0.2C ，且金属棒的加速度a 与速度v 的关系如图乙所示，设金属棒沿向下运动过程中始终与NQ 平行．（取g=10m/s 2，sin37°=0.6，cos37°=0.8），求：（1）刚开始运动时金属棒的加速度是多少？金属棒与导轨间的动摩擦因数μ？（2）稳定运动时金属棒的速度是多少？cd 离NQ 的距离s ？（3）金属棒滑行至cd 处的过程中，电阻R 上产生的热量？（4）若将金属棒滑行至cd 处的时刻记作t=0，从此时刻时，让磁感应强度逐渐减小，为使金属棒中不产生感应电流，则磁感应强度B 应怎样随时间t 变化（写出B 关于t 的函数关系式）．河北高二高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.在物理学史上，首先提出磁场对运动电荷有力的作用的科学家是（） A ．欧姆 B ．安培 C ．洛伦兹D ．法拉第【答案】C【解析】首先提出磁场对运动电荷有力的作用的科学家是洛伦兹．解：在物理学史上，荷兰物理学家洛伦兹首先提出磁场对运动电荷有力的作用，不是欧姆、安培和法拉第．故选C【点评】本题考查对电磁学做出贡献的几个物理学家的成就的了解，可结合时代、物理学家的贡绩等等进行记忆．2.如图，R 1=R 2=R 3=4Ω，若在A 、C 两点之间加上U=6V 的电压，则电流表的读数为（）A ．0B ．0.5AC ．1AD ．1.5A 【答案】B【解析】明确电路结构，根据串并联电路的规律求解总电阻，再由欧姆定律求得总电流，则由并联电路分流原理可求得电流表的电流．解：当电压加在AC 两点时，R 2与R 3并联后与R 1串联，电流表测量流过R 2的电流；电路中总电阻R 总=4+=6Ω，则总电流I==1A ；根据并联电路分压原理可知，流过电流表的电流为0.5A ；故选：B ．【点评】本题考查串并联电路的基本规律，要注意明确电路结构，并能准确应用串并联电路的基本规律进行分析求解．3.如图所示，MN 是一根固定的通电长直导线，电流方向向上，今将一金属线框abcd 放在导线上，让线框的位置偏向导线的左边，两者彼此绝缘，当导线上的电流突然增大时，线框整个受力为（）A ．受力向右B ．受力向左C ．受力向上D ．受力为零【答案】A【解析】金属线框放在导线MN 上，导线中电流产生磁场，当导线中电流增大时，穿过线框的磁通量增大，根据楞次定律判断线框所受有安培力方向．当磁通量增大时，线框应向磁通量减小的方向移动．解：金属线框放在导线MN 上，导线中电流产生磁场，根据安培定则判断可知，线框左右两侧磁场方向相反，线框左侧的磁通量大于线框右侧的磁通量，磁通量存在抵消的情况．当导线中电流增大时，穿过线框的磁通量增大，线框产生感应电流，根据楞次定律可知，感应电流的磁场要阻碍磁通量的变化，则线框将向磁通量减小方向运动，即向右移动，故A 正确，BCD 错误；故选：A ．【点评】本题运用楞次定律判断电磁感应中导体的运动方向，也可以根据因果关系，运用安培定则、楞次定律和左手定则按部就班进行分析判断．4.如图所示，直线a 为某电源的路端电压随电流强度的变化图线，直线b 为电阻R 两端的电压随电流强度的变化图线．用该电源和该电阻组成的闭合电路，以下说法正确的是（）A ．电源路端电压为2VB ．电源的输出功率为2WC ．电源的短路电流为2AD ．电源的内电阻为2Ω【答案】A【解析】由a 图线纵轴截距得到电源的电动势，由横截距知电源短路电流，斜率得到内阻，两交点即为二者构成一闭合回路时工作电压与工作电流，可求输出功率P 出．解：A 、由交点坐标知路端电压U=2V ，工作电流为I=2A ，则输出功率为 P 出=UI=2×2=4W ，故A 正确，B 错误； C 、由a 图线纵截距知：电源的电动势为 E=3V ，由横截距知电源短路电流为 I 0=6A ，电源的内阻 r=Ω=0.5Ω，故CD 错误；故选：A【点评】本题关键要理解电源的U ﹣I 线与电阻的伏安特性曲线的交点的物理意义，知道交点表示该电源与电阻组合时的工作状态．5.如图，用两根材料、粗细、长度完全相同的导线，绕成匝数分别为n 1=50和n 2=100的圆形闭合线圈A 和B ，两线圈平面与匀强磁场垂直．当磁感应强度随时间均匀变化时，两线圈中的感应电流之比I A ：I B 为（）A ．2：1B ．1：2C ．4：1D ．1：4【答案】A【解析】由法拉第电磁感应定律E=n =nπR 2，求解感应电动势之比．根据电阻定律：电阻r=ρ，感应电流I=，联立求解感应电流之比．解：由法拉第电磁感应定律得：E=n=nπR 2，可知，感应电动势与半径的平方成正比．而根据电阻定律：线圈的电阻为r=ρ=ρ，线圈中感应电流I=，由上综合得到，感应电流与线圈半径成正比．即I A ：I B =R A ：R B ；因相同导线绕成匝数分别为n 1和n 2的圆形线圈，因此半径与匝数成反比，故I A ：I B =n 2：n 1=2：1，故A 正确，BCD 错误；故选：A ．【点评】本题是法拉第电磁感应定律和电阻定律的综合应用求解感应电流之比，采用比例法研究．6.如图所示，M 和N 是带有异种电荷的带电金属导体，P 和Q 是M 表面上的两点，S 是N 表面上的一点，在M 和N 之间的电场中画有三条等势线．现有一个带正电的粒子（重力不计）在电场中的运动轨迹如图中虚线所示，不计带电粒子对原电场的影响，不计空气阻力，则以下说法正确的是（）A ．P 点的电势高于Q 点的电势B ．电荷在F 点的加速度小于其在W 点的加速度C ．带电粒子在F 点的电势能大于在E 点的电势能D ．带电粒子应该由E 点射入经F 点到W 点【答案】C【解析】处于静电平衡状态的导体，其表面是一个等势面；等差等势面的疏密表示电场的强弱；结合粒子轨迹弯曲的方向判断出粒子受力的方向，然后结合轨迹判定电势能的变化．解：A 、P 和Q 两点在带电体M 的表面上，M 是处于静电平衡状态的导体，其表面是一个等势面，故P 和Q 两点的电势相等，故A 错误；B 、等差等势面的疏密表示电场的强弱，结合图可知，F 点的等势线密，所以F 点的电场强度大，所以电荷在F 点的加速度大于其在W 点的加速度．故B 错误；C 、带正电的粒子弯曲的方向向下，所以从F 点到E 点，电场力做正功，电势能减小，故F 点的电势能大于E 点的电势能，故C 正确；D 、由图不能判断出粒子运动的方向是否由E 点射入经F 点到W 点，故D 错误；故选：C【点评】本题关键先通过功能关系判断电场力方向，得到电场线的分布情况，然后结合电场线判断电势、电势能的变化情况，不难．7.如图所示，闭合导体线框abcd 从高处自由下落一段定距离后，进入一个有理想边界的匀强磁场中，磁场宽度h 大于线圈宽度l ．从bc 边开始进入磁场到ad 边即将进入磁场的这段时间里，下面表示该过程中线框里感应电流i随时间t 变化规律的图象中，一定错误的是（）A ．B ．C ．D ．【答案】B【解析】从ab 边刚进入磁场到cd 边刚进入磁场的这段时间内，可能做匀速运动，可能做加速运动，也可能做减速运动，根据安培力公式F=，安培力与速度成正比，根据牛顿第二定律分析加速度的变化情况，确定速度图象的斜率变化情况．解：A、ab边刚进入磁场时，若所受的安培力小于重力，线框做加速运动，随着速度的增大，由安培力公式F=可知，安培力增大，故加速度减小，线框做加速度减小的加速运动，速度图象的斜率逐渐减小，感应电流I==，I随时间增大，但I﹣t图象斜率减小，故A正确，B错误；C、ab边刚进入磁场时，若所受的安培力大于重力，线框做减速运动，随着速度的减小，由安培力公式F=可知，安培力减小，加速度减小，则线框做加速度减小的减速运动，速度图象的斜率逐渐减小，感应电流I==，I随时间减小，I﹣t图象斜率减小，故C正确；D、ab边刚进入磁场时，若所受的安培力与重力平衡，则线框做匀速运动，速度不变，电流也就恒定，故D正确；本题选择错误的，故选：B．【点评】本题的解题关键是抓住安培力公式F=，分析安培力的变化，确定加速度的变化，同时要掌握速度图象的斜率等于加速度这一知识点．8.如图所示，一束电子以大小不同的速率沿图示方向飞入横截面为一正方形的匀强磁场区，在从ab边离开磁场的电子中，下列判断正确的是（）A．从b点离开的电子速度最大B．从b点离开的电子在磁场中运动时间最长C．从b点离开的电子速度偏转角最大D．在磁场中运动时间相同的电子，其轨迹线一定重合【答案】AD【解析】由轨道半径的大小确定速度的大小，由偏转角的大小确定时间的大小．解：电子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，则有：evB=得：R=电子在磁场中的运动时间为：t=θ为转过的圆心角，也是速度的偏向角．A 同为电子，B也相同，故R越大，v也越大．从b点离开时半径最大故A正确．B、C 从b点离开时，偏转角最小（为）；从a点离开时，偏转角为最大（为π）．故C错误．从b点出来速度的偏向角最小，故时间最小．故B错误D 若运动时间相同，则偏转角相同，为同一轨迹．故D正确故选：AD【点评】粒子运动的轨道半径的公式为R=，得R大，V大．用t=可求出在磁场中的运动时间．9.如图所示，虚线EF的下方存在着正交的匀强电场和匀强磁场，电场强度为E，磁感应强度为B．一带电微粒自离EF为h的高处由静止下落，从B点进入场区，做了一段匀速圆周运动，从D点射出．下列说法正确的是（）A．微粒受到的电场力的方向一定竖直向上B．微粒做圆周运动的半径为C．从B点运动到D点的过程中微粒的电势能和重力势能之和在最低点C最小D．从B点运动到D点的过程中微粒的电势能先增大后减小【答案】ABD【解析】带电微粒进入正交的匀强电场和匀强磁场中，受到重力、电场力和洛伦兹力而做匀速圆周运动，可知电场力与重力平衡．由洛伦兹力提供向心力，可求出微粒做圆周运动的半径．根据电场力做功正负，判断电势能的变化和机械能的变化．解：A、由题，带电微粒进入正交的匀强电场和匀强磁场中做匀速圆周运动，电场力与重力必定平衡，则微粒受到的电场力的方向一定竖直向上．故A正确．B、由上则有：mg=qE ①由洛伦兹力提供向心力，则有②又下落的过程中机械能守恒，得：③联立三式得，微粒做圆周运动的半径为r=．故B正确．C、根据能量守恒定律得知：微粒在B到D的运动过程中，电势能、动能、重力势能之和一定，动能不变，则知微粒的电势能和重力势能之和一定不变．故C错误．D、由于电场力方向竖直向上，则微粒从B点运动到D点的过程中，电场力先做负功后做正功，则其电势能先增大后减小．故D正确．故选：ABD【点评】本题解题关键是分析微粒做匀速圆周运动的受力情况，根据合力提供向心力进行判断．10.如图甲所示，某静电除尘装置矩形通道的长为L，宽为b，高为d，其前、后面板为绝缘材料，上、下面板为金属材料．如图乙所示是此装置的截面图，上、下两板与电压恒为U的高压直流电源相连．带负电的尘埃以水平速度v进入矩形通道，当碰到下板后其所带的电荷被中和，同时其被收集．将收集尘埃的数量与进入矩形通道尘埃0的数量的比值，称为除尘率．不计尘埃所受的重力及尘埃间的相互作用．要增大尘埃率，下列措施可行的是（）A．只增大宽度L B．只增大高度d C．只增大宽度b D．只增大速度v0【答案】A【解析】带电尘埃在矩形通道内做类平抛运动，在沿电场的方向上的位移为y=••（）2，增大y便可增大除尘率．解：增加除尘率即是让离下极板较远的粒子落到下极板上，带电尘埃在矩形通道内做类平抛运动，在沿电场的方向上的位移为y=••（）2即增加y即可．A、只增加长度L，可以增加y，故A满足条件；B、只增大高度d，由题意知d增加则位移y减小，故不满足条件；C、只增大宽度b，不会影响y，故C不满足条件；，y减小，故不满足条件．D、只增加水平速度v故选：A．【点评】此题为结合生活背景的题目，考查频率较高，注意构建物理情景﹣﹣﹣﹣﹣类平抛运动，应用运动的分解知识求解11.如图所示，有五根完全相同的金属杆，其中四根固连在一起构成正方形闭合框架，固定在绝缘水平桌面上，另一根金属杆ab搁在其上且始终接触良好．匀强磁场垂直穿过桌面，不计ab杆与框架的摩擦，当ab杆在外力F作用下匀速沿框架从最左端向最右端运动过程中（）A．外力F是恒力B．桌面对框架的水平作用力先变小后变大C．正方形框架的发热功率先变小后变大D．金属杆ab产生的总热量小于外力F所做总功的一半【答案】B【解析】ab杆切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，ab把金属框分为左右两部分，这两部分并联与ab构成闭合回路，由并联电路特点判断外电路电阻如何变化，然后应用安培力公式、平衡条件、电功率公式分析答题．解：A 、ab 杆向右匀速运动，产生的感应电动势为 E=BLv ，是定值．ab 可以看做电源，框架构成外电路，当ab 运动到框架的中间位置时，外电路电阻最大，且等于ab 的电阻，因此在ab 运动的过程中，外电路总电阻R 先增大后减小，由闭合电路欧姆定律知，通过ab 杆的电流先减小后增大，ab 受到的安培力为F B =BIL ，可知安培力先减小后增大．ab 匀速运动，由平衡条件得：F=F B ，所以外力F 先减小后增大，故A 错误；B 、由A 可知，电路中总电流先减小后增大，框架受到的安培力F B 框=BIL ，先减小后增大，由平衡条件可知，桌面对框架的水平作用力与所受的安培力大小相等，所以桌面对框架的水平作用力先变小后变大，故B 正确；C 、正方形框架的发热功率相当于电源的输出功率，当ab 滑到正方形的中线时，电源的内外电阻相等，电源的输出功率最大，即正方形框架的发热功率最大，所以正方形框架的发热功率先增大后减小，故C 错误．D 、当ab 在框架的中央时，内外电阻相等，除此之外，外电阻总是小于内电阻的，由U=IR 可知，外电压小于等于内电压，由Q=W=UIt 可知外电路产生的总热量小于ab 杆产生的总热量，整个回路产生的总热量等于外力做的总功，所以金属杆ab 产生的总热量大于外力F 所做总功的一半，故D 错误；故选：B【点评】本题是一道电磁感应与力学、电路知识的综合题，要掌握电磁感应与力学、电路的基本规律，如E=BLv 、并联电路特点、欧姆定律、安培力公式、电功与电功率公式等等．本题的难点与解题关键是：知道ab 杆是电源，框架是外电路，判断出外电阻先增大后减小．二、实验题（1）武宏达同学在“研究感应电动势大小”的实验中，如图1，把一根条形磁铁从同样高度插到线圈中同样的位置处，第一次快插，第二次慢插，两情况下线圈中产生的感应电动势的大小关系是E 1 E 2；通过线圈导线横截面电量的大小关系是q 1 q 2（选填“＞”、“=”或“＜”符号）．通过查阅资料他发现有种称为“巨磁电阻”的材料，这种材料具有磁阻效应，即其电阻随磁场的增加而增大，利用这种效应可以测量磁感应强度．为了测量所用条形磁铁两极处的磁感应轻度B ，需先测量磁敏电阻处于磁场中的电阻值R 0，请按要求帮助他完成下列实验．（2）武宏达同学将该磁敏电阻放到磁场中，用已经调零且选择旋钮指向欧姆档“×100”的位置测量，发现指针偏转角度太大，这时应将选择旋钮指向相邻欧姆档“ ”位置，欧姆调零后测量，其表盘及指针所指位置如图2所示，则电阻为 Ω．需要设计一个可以较准确测量原磁场中该磁敏电阻阻值的电路．在图3中虚线框内画出实验电路原理图（磁敏电阻及所处磁场已给出，不考虑磁场对电路其它部分的影响）．提供的器材如下：A ．磁场电阻，无磁场时电阻值R 0=10ΩB ．滑动变阻器R ，全电阻约2ΩC ．电流表，量程25mA ，内阻约3Ω符号D ．电压表，量程3V ，内阻约3kΩ，符号E ．直流电源E ，电动势3V ，内阻不计F ．开关S ，导线若干（3）正确连接，将磁敏电阻置入原待测磁场中，测量数据如表：B = Ω【答案】（1）＞，=；（2）×10，220；（3）210【解析】两次磁铁的起始和终止位置相同，知磁通量的变化量相同，应用法拉第电磁感应定律比较感应电动势的大小；由法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由欧姆定律求出感应电流，由电流定义式求出电荷量大小；。

河北省故城县高级中学高二物理下学期第一次月考试题

高二物理月考试题一、选择题（此题共12小题，每题4分，共48分。

在每一小题给出的四个选项中有的小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的，全数选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不选的得0分。

）一、关于如下图的电流i随时刻t作周期性变化的图象，以下说法中正确的选项是（）A、电流大小转变，方向不变，是直流电B、电流大小、方向都转变，是交流电C、电流最大值为0.2A，周期为0.01sD、电流大小转变，方向不变，不是直流电，是交流电二、关于理想变压器来讲，以下说法中不正确的选项是（）A、变压器是利用互感现象制成的B、变压器能够改变各类电源的额定功率C、变压器不仅能改变电压，还同时改变电流D、变压器的低级电流随次级电流的增大而增大3、如下图，理想变压器原、副线圈的匝数比n1:n2=1:3，次级回路中联入三个均标有“36V，40W”的灯泡, 且均正常发光，那么, 标有“36V、40W”的灯泡A（）A、也正常发光B、将被烧毁C、比另三个灯暗D、无法确信4、面积为S的矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，从中性面起以角速度ω匀速转动，在t时刻线圈磁通量的瞬时值为（）A、BSB、BScosωtC、BSsinωtD、BS/sinωt五、如下图，矩形线圈在匀强磁场中绕垂直磁感线的轴匀速转动，已知线圈在转动中产生的感应电动势最大值为m E (V)，转动的角速度为ω(rad/s)。

假设线圈转到图示位置开始计时，那么以下四个式子中正确表达了该线圈上产生的电动势e 随时刻转变的函数式是（）A 、e=m E sinωt(V)B 、 B 、e=m E cosωt(V)C 、e=m E sin(ωt+90°)(V)D 、e=mE cos(ωt+90°)(V)六、两只阻值相等的电阻别离通以正弦交流电与方形交流电，它们电流的最大值相等，如下图，那么两只电阻的热功率之比是（）A 、1：4B 、1：2C 、1：2D 、1：17、交流电源电压u=20sin(100 ωt)V，电路中电阻R=10Ω。

河北高二高中物理月考试卷带答案解析

河北高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.如图所示的电路中，电源电动势为E ，内电阻为r 。

开关S 闭合后，电灯L 1、L 2均能发光。

现将滑动变阻器R 的滑片P 稍向上移动，下列说法正确的是（）A ．电灯L 1、L 2均变亮B ．电灯L 1变亮，L 2变暗C ．电流表的示数变小D ．电源的总功率变小2.如图所示，在匀强电场和匀强磁场共存的区域内，电场的场强为E ，方向竖直向下，磁场的磁感应强度为B ，方向水平且垂直于纸面向里。

一质量为m 的带电粒子，在场区内的一竖直平面做匀速圆周运动，则可判断该带电粒子（）A ．带有电量为的正电荷B ．沿圆周逆时针运动C ．运动的角速度为D ．运动的速率为3.如图是质谱仪工作原理的示意图。

带电粒子a 、b 从容器中的A 点飘出（在A 点初速度为零），经电压U 加速后，从x 轴坐标原点处垂直进入磁感应强度为B 的匀强磁场，最后打在放在x 轴上感光板S 上坐标分别为x 1、x 2的两点。

图中半圆形的虚线分别表示带电粒子a 、b 所通过的路径，则以下说法正确的是（）A ．b 进入磁场时的速度一定大于a 进入磁场时的速度B ．a 的比荷一定小于b 的比荷C ．若a 、b 电荷量相等，则a 、b 的质量之比为x 12∶x 22D ．若a 、b 质量相等，则a 、b 在磁场中运动时间之比为x 1∶x 24.一长直导线与闭合金属线框放在同一桌面内，长直导线中的电流i 随时间t 按照如图所示的正弦规律变化。

设图中箭头所示的方向为直导线中电流的正方向，则在0～T 时间内，下列表述正确的是（）A ．从T/2到3T/4时刻，穿过线框的磁通量一直减小B ．从T/4到T/2时刻，线框中有顺时针方向感应电流C ．从T/4到T/2时刻，线框有收缩的趋势D ．从T/2到3T/4时刻，线框所受安培力的合力的方向始终向左5.如图所示，两条平行虚线之间存在匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向里，虚线间的距离为L ，金属圆环的直径也是L 。

2015-2016学年河北省衡水市故城高中高三(上)月考物理试卷(9月份)

2015-2016学年河北省衡水市故城高中高三（上）月考物理试卷（9月份）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共4小题，共16.0分)1.物体在运动过程中加速度不为零，下列说法正确的是（）A.物体的速度大小一定随时间变化B.物体的速度方向一定随时间变化C.物体所受的合外力一定随时间变化D.物体所受合外力一定不为零【答案】D【解析】解：A、加速度不为零，说明速度在变化，可能速度的方向变化，也可能速度的大小变化．故A、B错误．C、若加速度不变，物体所受的合力不变．故C错误．D、加速度不为零，根据牛顿第二定律知，合力不为零．故D正确．故选：D．当物体的加速度不为零，则速度变化率不为零，物体的速度一定变化，根据牛顿第二定律知，合外力不为零．解决本题的关键知道加速度是反映速度变化快慢的物理量，加速度不为零，速度一定变化，方向与合力的方向相同．2.如图所示，物体A和B的重力分别为20N和3N，不计弹簧秤和细线的重力及一切摩擦，系统处于静止状态，则弹簧秤的读数为（）A.17NB.3NC.6ND.23N【答案】B【解析】解：对B分析可知绳子对B的拉力为3N，说明绳子对弹簧秤的拉力也为3N，故弹簧秤的读数为3N．故选：B．弹簧秤在一对拉力作用下保持静止，合力为零；弹簧秤读数等于其中的一个拉力的大小．弹簧秤的示数是钩上的拉力或是一端受到的力，高中阶段我们的弹簧都是轻弹簧，所以不用考虑弹簧秤的重力情况．3.在滑冰场上，甲乙俩小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动，在相互猛推一下后向相反方向运动．假定两板与冰面间的摩擦因数相同，已知甲的质量小于乙的质量．下列说法正确的是（）A.在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B.在推的过程中，甲推乙的时间小于乙推甲的时间C.在推的过程中，甲推乙的力大于地面对乙的摩擦力D.在分开后，甲的加速度大小小于乙的加速度大小【答案】C【解析】解：A、在推的过程中，根据牛顿第三定律知，甲推乙的力等于乙推甲的力；甲推乙的时间等于乙推甲的时间．故AB错误．C、根据动量守恒定律得，0=m甲v甲-m乙v乙，甲的质量小于乙的质量，则甲的速度大于乙的速度，根据牛顿第二定律得：a=，动摩擦因数的大小相等，则甲、乙匀减速运动的加速度大小相等，根据x=知，甲的滑行距离大于乙的滑行距离．故C正确，D错误．故选：C．根据牛顿第三定律判断甲推乙的力与乙推甲的力大小关系，根据牛顿第二定律比较滑行的加速度大小．通过动量守恒定律比较出初速度的大小，再根据速度位移公式比较滑行的距离大小．该题将牛顿第二定律与动量守恒定律向结合，解决本题的关键是熟悉牛顿第三定律：作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，以及能熟练运用牛顿第二定律和运动学公式．4.弹簧秤挂在电梯的顶板上，下端挂一质量为2kg的物体当升降机在竖直方向运动时，弹簧秤的示数是16N，下列说法正确的是（）A.电梯可能向上加速运动，加速度大小为2m/s2B.电梯可能向下加速运动，加速度大小为2m/s2C.电梯可能向上减速运动，加速度大小为4m/s2D.电梯可能向下减速运动，加速度大小为4m/s2【答案】B【解析】解：对物体进行受力分析，物体受重力和弹簧秤的拉力F作用，取竖直向上为正方向，根据牛顿第二定律知：F-mg=ma得物体的加速度负号表示物体的加速度方向竖直向下．所以CD错误．A、物体的加速度向下，若物体向上运动，则物体必做减速运动，故A错误；B、物体的加速度向下，若物体向下运动，则物体必做加速运动，故B正确．故选：B质量为2kg的物体重力为20N，弹簧秤示数为16N时，根据牛顿第二定律求出物体具有的加速度，再根据物体的加速度分析物体可能的运动状态即可．本题通过对物体的受力分析得出物体的加速度，再由加速度确定物体可能的运动，知道加速和减速是看加速度方向与速度方向是否相同．二、多选题(本大题共1小题，共4.0分)5.如图所示，在外力作用下某质点运动的v-t图象为正弦曲线，从图中可以判断（）A.在0～t1时间内，物体的加速度在减小B.在0～t1时间内，物体的平均速度等于C.在0～t1时间内，物体的平均速度大于D.在t1～t3时间内，加速度的方向不变【答案】ACD【解析】解：A、在0～t1时间内，速度时间图象切线的斜率表示加速度，切线的斜率不断减小，说明加速度减小，故A正确；B、C、在v-t图象中面积表示位移，在0～t1时间内，图线与时间轴所围的面积比匀加速直线运动的面积大，而匀加速直线运动的平均速度等于，故该物体的平均速度大于，故B错误，C正确；D、由斜率的正负可以判断出在t1～t3时间内，加速度的方向均沿负向，方向不变，故D 正确．故选：ACD速度时间图象切线的斜率等于加速度，匀变速直线运动的平均速度可用公式=．速度时间图象与时间轴所围面积表示位移，将该运动的位移与匀变速直线运动的位移进行比较，分析平均速度的关系．对于速度时间图象的理解，关键抓住图象切线的斜率等于加速度，面积表示位移，要知道公式=只适用于匀变速直线运动，可通过对比的方法分析非匀变速运动的面积，从而比较平均速度的关系．三、单选题(本大题共4小题，共16.0分)6.如图所示，粗糙的水平地面上有一质量为M的斜劈，斜劈上固定一与斜劈垂直的挡板，把一质量为m的光滑圆球放在斜劈和挡板之间，斜劈和球都保持静止，斜劈斜面的倾角为θ．下列说法正确的是（）A.挡板对球的支持力为mgtanθB.球对斜劈的压力为C.地面对斜劈的支持力等于M gD.地面对斜劈的摩擦力为零【答案】D【解析】解：对m受力分析如图，由平衡条件可知：档板对球的支持力为N1=mgsinθ，球对斜劈的压力为N2=mgcosθ，故A错误，B也错误；对二者整体分析，由平衡条件可知地面对斜劈的支持力等（M+m）g，地面对斜劈的摩擦力为零，故C错误，D正确．故选：D．对m受力分析，运用能够合成法，由平衡条件求解各力的大小．本题两个物体的平衡问题，关键要灵活选择研究对象，采用隔离法和整体法结合求解比较简便．7.有一长为L的列车，正以恒定的加速度过铁路桥，桥长也为L，现已知列车车头过桥头时的速度为v1，车头过桥尾时的速度为v2，那么，车尾过桥尾时的速度为（）A.2v1-v2 B.2v2-v1 C. D.【答案】D【解析】解：已知列车车头过桥头时的速度为v1，车头过桥尾时的速度为v2，则有．设车尾过桥尾时的速度为v，则有．联立两式解得v=．故D正确，A、B、C错误．故选：D．根据匀变速直线运动的速度位移公式进行求解．解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式，并能灵活运用．8.一皮带传送装置如图所示，皮带的速度v足够大，轻弹簧一端固定，另一端连接一个质量为m的滑块，已知滑块与皮带之间存在摩擦，当滑块放在皮带上时，弹簧的轴线恰好水平，若滑块放到皮带的瞬间，滑块的速度为零，且弹簧正好处于自由长度，则当弹簧从自由长度到第一次达最长这一过程中，物体的速度和加速度变化的情况是（）A.速度增大，加速度增大B.速度增大，加速度减小C.速度先增大后减小，加速度先增大后减小D.速度先增大后减小，加速度先减小后增大【答案】D【解析】解：物块滑上传送带，受到向左的摩擦力，开始摩擦力大于弹簧的弹力，向左做加速运动，在此过程中，弹簧的弹力逐渐增大，根据牛顿第二定律，加速度逐渐减小，当弹簧的弹力与滑动摩擦力相等时，速度达到最大，然后弹力大于摩擦力，加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动，弹簧弹力继续增大，根据牛顿第二定律得，加速度逐渐增大，速度逐渐减小．故D正确，A、B、C错误．故选D．物体滑上传送带，根据滑动摩擦力的大小和弹簧弹力大小确定加速度的大小和方向，根据加速度方向与速度方向的关系确定速度的变化．解决本题的关键掌握加速度大小和方向判断方法，知道当加速度方向与速度方向同向，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反时，物体做减速运动．9.如图所示，两根直木棍AB和CD（可视为相同的圆柱体）相互平行，固定在同一个水平面上，一个圆柱形工件P架在两木棍之间．工件在水平向右的推力F的作用下，恰好能向右匀速运动．若保持两木棍在同一水平面内，但将它们间的距离稍微增大一些后固定．仍将圆柱形工件P架在两木棍之间，用水平推力向右推该工件使其仍匀速运动，则需要的推力与原推力F相比（）A.大B.小C.相等D.无法确定【答案】A【解析】解：对圆柱形工件在截面图上受力分析当两木棍距离增大时，导致支持力F1与F2夹角变大，而这两个力的合力不变，如图所示．两个支持力的大小变大，则由公式f=μN可知滑动摩擦力大小也变大．由于匀速推动圆柱体，故水平方向推力等于两个滑动摩擦力之和，摩擦力增加，故推力也增加，需要的推力与原推力F相比大．故A正确．故选：A两木棍的距离影响圆柱形工件P对木棍的压力大小，从而影响摩擦力．可以先画出其截面图并对其受力分析，可以得出圆柱形工件对木棍的压力变化，从而可根据平衡条件判定出推力大小的变化．本题是动态平衡问题，通过图解法分析力的变化．本题受力是立体的，要会将立体图转化成平面图．四、多选题(本大题共1小题，共4.0分)10.甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的v-t图象如图所示，两图象在t=t1时相交于P点，P在横轴上的投影为Q，△OPQ的面积为S．在t=0时刻，乙车在甲车前面，相距为d．下列说法正确的是（）A.若二者没有相遇，说明d＜sB.若在t1时刻相遇，说明d=sC.若在t1时刻之前第一次相遇，二车能相遇两次D.若在t1时刻之后第一次相遇，二车能相遇两次【答案】BC【解析】解：A、在t1时间内，两车的位移差为S，若此时相遇，说明d=s，若二者没有相遇说明在t1时刻二者仍未相遇，以后乙车的速度大，二者不可能相遇，故A错误，B正确；C、若在t1时刻之前第一次相遇，以后乙车的速度又大于甲车，二车能相遇两次，故C正确，D错误．故选：BC根据速度图象，分别分析两物体的运动情况：t1时刻两物体的速度相同，相距最近．当若S＜d，两车不能相遇．若S=d，两车相遇一次；若S＞d，两车相遇两次．本题根据速度图象分析运动情况的能力，要注意两车的位置关系和距离随时间如何变化，当两车相遇时，位移之差等于原来之间的距离．五、计算题(本大题共1小题，共6.0分)11.在“验证力的平行四边形定则”的实验中某同学的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．（1）图乙中的______ 是力F1和F2的合力的理论值；______ 是F1和F2的合力的实际测量值．（2）下列说法正确的是______A、两根细绳必须等长B、两分力F1和F2应垂直，这样便于准确算出合力C、同一次实验应将橡皮条和细线的结点拉到相同的位置D、本实验利用了等效替代的科学方法．【答案】F；F′；CD【解析】解：（1）理论值是用平行四边形画出来的，真实值是与橡皮筋同线的那个力．所以：F 是理论值，F′是实际值．（2）A：本实验中我们只需使两个力的效果与一个力的效果相同即可，细绳的长度是否相等与本实验无关，故A错误．B：合力是用平行四边形画出来的，不是算出来的，故B错误．C：为了保证两次产生的作用效果相同，故应将橡皮条和细线的结点拉到相同的位置，故C正确．D：实验中我们是使两个力的效果与一个力的效果相同，利用了等效替代法的科学方法，故D正确．故选：CD故答案为：（1）F；F′（2）CD（1）实验原理是通过比较理论值与实际值之间的关系，来验证力的合成遵从平行四边形定则，理论值是用平行四边形画出来的，真实值是与橡皮筋同线的那个力．（2）实验利用了等效替代法的科学方法，可结合实验原理对各选项一一分析．掌握实验原理，从多个角度来理解和分析实验，提高分析解决问题的能力，知道该实验利用了等效替代法的科学方法．六、实验题探究题(本大题共1小题，共8.0分)12.一个实验小组的同学设计了一个测量动摩擦因数的实验，如图甲所示，把弹簧测力计的一端固定在墙上，另一端与一物块A相连，用力F水平向左拉物块下面的金属板B，金属板B向左运动，此时测力计的示数稳定（图乙中已把测力计的示数放大画出），则物块A与金属板B间的滑动摩擦力的大小是______ N，若用弹簧测力计测得物块A重13.00N，根据下面表格中给出的动摩擦因数，则可推算出物块A的材料是【答案】2.6；木头---金属【解析】解：分析物块A的受力情况可知，物块A受长金属板B给它的滑动摩擦力F f，方向向左，受弹簧测力计向右的拉力F，由二力平衡可知，F f=F，测力计读数为2.60N，所以F f=2.60N；又根据F f=μG可得：μ==0.2．从表中可对比得知，物块A为木头．故答案为：2.60木头---金属对物体A受力分析，得到滑动摩擦力，然后根据滑动摩擦定律求解动摩擦因素，最后得到材料本题考查了弹簧秤的读数和滑动摩擦力的求法，记住摩擦力的公式，难度不大七、计算题(本大题共4小题，共46.0分)13.飞机着地后以6m/s2的加速度做匀减速直线运动，若其刚着地时的速度为60m/s，求：（1）飞机着地后12s内滑行的距离；（2）停止运动前，最后4秒内飞机滑行的距离．【答案】解：（1）飞机速度减为零的时间，则12s内的位移等于10s内的位移，x=．（2）采用逆向思维，飞机最后4s内的位移′′．答：（1）飞机着地后12s内滑行的距离为300m；（2）停止运动前，最后4秒内飞机滑行的距离为48m．【解析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出飞机速度减为零的时间，判断飞机是否停止，再结合位移公式求出着地后12s内的位移．采用逆向思维，根据匀变速直线运动的位移时间公式求出最后4s内飞机的位移．本题考查了运动学中的“刹车”问题，是道易错题，注意飞机速度减为零后不再运动．14.如图所示，小球被轻质细绳系住斜吊着放在静止的光滑斜面上，设小球质量m=1kg，斜面倾角α=30°，悬线与竖直方向夹角θ=30°，光滑斜面的质量为3kg，置于粗糙水平面上．g=10m/s2．求：（1）悬线对小球拉力大小．（2）地面对斜面的摩擦力的大小和方向．【答案】解：（1）以小球为研究对象，受力分析如答图1所示．根据平衡条件得知，T与N的合力F=mg°=得T=°（2）以小球和斜面整体为研究对象，受力分析如答图2所示．由于系统静止，合力为零，则有°方向水平向左答：（1）悬线对小球拉力大小为．（2）地面对斜面的摩擦力的大小为，方向水平向左．【解析】（1）以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件求解悬线对小球拉力大小．（2）以小球和斜面整体为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件求解地面对斜面的摩擦力的大小和方向．本题是两个物体的平衡问题，要灵活选择研究对象，正确分析受力，作出力图，是解题的关键．15.如图，水平传送带两个转动轴轴心相距20m，正在以v=4.0m/s的速度匀速传动，某物块（可视为质点）与传送带之间的动摩擦因数为0.1，将该物块从传送带左端无初速地轻放在传送带上，则经过多长时间物块将到达传送带的右端？（g=10m/s2）【答案】解：物块放到传送带上后先做匀加速运动，若传送带足够长，匀加速运动到与传送带同速后再与传送带一同向前做匀速运动．物块匀加速时的加速度为μmg=maa=μg=0.1×10m/s2=1m/s2物块匀加速到和传送带具有相同速度所需时间为间v=at1物块匀加速位移∵20m＞8m∴以后小物块匀速运动物块匀速运动的时间∴物块到达传送带又端的时间为：t=t1+t2=4+3s=7s答：经过7s物块将到达传送带的右端【解析】物体放上传送带后，先做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度后，做匀速直线运动，根据牛顿第二定律求出匀加速直线运动的加速度，结合速度时间公式求出匀加速直线运动的时间，根据速度位移公式求出匀加速直线运动的位移，得出匀速运动的位移和时间．从而得出运动的总时间．解决本题的关键搞清物体在传送带上的运动情况，结合牛顿第二定律和运动学公式灵活求解．16.一辆小汽车能达到的最大速度为108km/h，要想在3min内由静止起沿一条平直公路追上前面1000m处正以20m/s的速度匀速行驶的货车，则小汽车必须以多大的加速度启动？（结果保留两位有效数字）【答案】解：小汽车加速运动的末速度v=108km/h=30m/s，在匀加速运动过程中的平均速度＜所以小汽车在匀加速过程中追不上货车，所以：小汽车追上货车的过程中，先加速到最大速度υm，再以此最大速度υm追赶汽车．设加速到最大速度υm所需的时间为t0，则以最大速度υm追赶的时间为t-t0．对摩托车加速段有：υm=at0由小汽车和货车运动的位移相等可得：at02+υm（t-t0）=υt+s0，解得：a=0.56m/s2．答：小汽车必须以0.56m/s2的加速度起动．【解析】小汽车追上汽车的过程中，先加速到最大速度υm，再以此最大速度υm追赶货车．设加速到最大速度υm所需的时间为t0，则以最大速度υm追赶．追及问题解题关键：①掌握好两个关系：时间关系和位移关系；②一个条件：两者速度相等，这往往是能否追上，或两者距离最大、最小的临界条件是分析问题的切入点．。

河北省故城县高级中学高二物理上学期第一次月考试题

河北省故城县高级中学2016-2017学年高二物理上学期第一次月考试题考试范围：静电场考试时间：90分钟评卷人得分一、单选题(每题4分共40分）1.关于静电场，下列结论普遍成立的是（）A.电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低B.电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关C.在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降落最快的方向D.将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功为零2.下列关于电势差与静电力做功的说法中，正确的是（）A.电势差的大小由静电力在两点间移动电荷做的功和电荷的电荷量决定B.静电力在两点间移动电荷做功的多少由两点间的电势差和该电荷的电荷量决定C.电势差是矢量，静电力做的功是标量D.电场中两点间的电势差等于静电力做功后电荷的电势能减小量3.如图所示，在E＝500 V/m的匀强电场中，a、b两点相距d＝2 cm，它们的连线跟场强方向的夹角是60°，则U ab等于（）A.5 VB.10 VC.－5 VD.－10 V4.如图所示，实线和虚线分别表示等量异种点电荷的电场线和等势线，则下列有关P、Q两点的相关说法中正确的是（）A.两点的场强等大、反向B.P点电场更强C.两点电势一样高D.Q点的电势较低5.如图所示，原来不带电的绝缘金属导体MN，在其两端下面都悬挂金属验电箔，若使带负电的绝缘金属球A靠近导体M端，可能看到的现象是（）A.只有M端验电箔张开，且M端带正电B.只有N端验电箔张开，且N端带负电C.两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电D.两端的验电箔都张开，且左端带正电，右端带负电6.如图所示，匀强电场方向平行于xOy平面，在xOy平面内有一个半径为R＝5 cm的圆，圆上有一动点P，半径OP与x轴方向的夹角为θ，P点沿圆周移动时，O、P两点的电势差满足U OP＝25sin θ（V），则该匀强电场电场强度的大小和方向分别为（）A.5 V/m，沿x轴正方向B.25 V/m，沿y轴负方向C.500 V/m，沿y轴正方向D.V/m，沿x轴负方向7.在点电荷Q形成的电场中有一点A，当一个－q的试探电荷从电场的无限远处被移到电场中的A 点时，静电力做的功为W，则试探电荷在A点的电势能及电场中A点的电势分别为（）A.E p A＝－W，B.E p A＝W，C.E p A＝W，D.E p A＝－W，8.一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递减的．关于b点电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线）（）A. B. C. D.9.如图所示，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，O点为半圆弧的圆心，∠MOP＝60°.电荷量相等、符号相反的两个点电荷分别置于M、N两点，这时O点电场强度的大小为E1；若将N点处的点电荷移至P点，则O点的场强大小变为E2，E1与E2之比为（）A.1∶2B.2∶1C.2∶D.4∶10.如图，在光滑绝缘水平面上，三个带电小球a，b和c分别位于边长为l的正三角形的三个顶点上；a、b带正电，电荷量均为q，c带负电，整个系统置于方向水平的匀强电场中．已知静电力常量为k.若三个小球均处于静止状态，则匀强电场场强的大小为（）A. B.评卷人得分二、多选题(每题4分共20分）11.关于摩擦起电和感应起电的实质，下列说法正确的是（）A.摩擦起电现象说明了机械能可以转化为电能，也说明通过做功可以创造电荷B.摩擦起电说明电荷可以从一个物体转移到另一个物体C.感应起电说明电荷可以从物体的一个部分转移到物体的另一个部分D.感应起电说明电荷从带电的物体转移到原来不带电的物体上去了12.两个带等量正电的点电荷，固定在图中P、Q两点，MN为PQ连线的中垂线，交PQ于O点，A点为MN上的一点．一带负电的试探电荷q，从A点由静止释放，只在静电力作用下运动．取无限远处的电势为零，则（）A.q由A向O的运动是匀加速直线运动B.q由A向O运动的过程电势能逐渐减小C.q运动到O点时的动能最大D.q运动到O点时电势能为零13.如图甲是某电场中的一条电场线，A、B是这条电场线上的两点，若将一负电荷从A点自由释放，负电荷沿电场线从A到B运动过程中的速度图象如图乙所示，比较A、B两点电势的高低和电场强度大小可知（）A.φA＞φBB.φA＜φBC.E A＞E BD.E A＜E B14.如图所示，一电场的电场线分布关于y轴（沿竖直方向）对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM＝MN.P点在y轴右侧，MP⊥ON，则（）A.M点的电势比P点的电势高B.将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C.M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D.在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动15.如图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是（）A. 电势φA＞φB，场强E A＞E BB. 电势φA＞φb，场强E A＜E BC. 将+q从A点移到B点，静电力做正功D. 将–q分别放在A、B两点时具有的电势能E pA＞E pB评卷人得分三、填空题(每空3分共21分）16.如图所示，在真空中有两个点电荷A和B，电荷量分别为－Q和＋2Q，它们相距L，如果在两点电荷连线的中点O有一个半径为r（2r＜L）的空心金属球，且球心位于O点，则球壳上的感应电荷在O点处的电场强度大小为______，方向__________．17.在下图中，某电场的等势面用实线表示，各等势面的电势分别为10 V、6 V和－2 V，则U AB＝______，U BC＝______，U CA＝______。

2015-2016学年度高二物理9月月考卷

文华高中2015-2016学年高二9月月考物理试题本试卷包括第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，共计110分，考试时间90分钟。

第I卷（选择题共50分）一、本题共10小题；每小题5分，共计50分。

在每小题给出的四个选项中，8、9、10题有多个选项正确，全部选对得5分；选对但不全得3分；有错选或不答的得0分.1、如图所示，用起电机使金属球A带上正电荷，并靠近验电器B，则( ) A．验电器金箔不张开，因为球A没有和验电器B接触B．验电器金箔张开，因为整个验电器都感应出了正电荷C．验电器金箔张开，因为整个验电器都感应出了负电荷D．验电器金箔张开，因为验电器的下部箔片感应出了正电荷2、保护知识产权，抵制盗版是我们每个公民的责任与义务.盗版书籍影响我们的学习效率，甚至会给我们的学习带来隐患.小华同学有一次不小心购买了盗版的物理参考书，做练习时，他发现有一个带电质点的电量数字看不清，他只能看清是3._×10－18C，拿去问老师，如果你是老师，你认为该带电质点的电荷量可能是下列哪一个( )A．3.4×10－18 C B．3.2×10－18 C C.3.8×10－18 C D.3.6×10－18 C3、两个分别带有电荷量为－3Q和Q的相同金属小球(均可视为点电荷)固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F.两小球相互接触后将其固定，距离变为2r，则两球间库仑力的大小为( )A．F B． F C．F D． 12F4、a，b，c，d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点.电场线与矩形所在平面平行.已知a点的电势为20 V，b点的电势为24 V，d点的电势为4 V，如图所示.由此可知c点的电势为( )A．4 V B．12 V C．8 V D．24 V5、如图所示是一个由电池，电阻R与平行板电容器组成的串联电路，在增大电容器两极板间距离的过程中( )A．电阻R中没有电流B．电容器的电容变小C．电阻R中有从a流向b的电流D．电阻R中有从b流向a的电流6、下列关于电容器的说法中，正确的是( )A．电容越大的电容器，带电荷量也一定越多B．电容器不带电时，其电容为零C．由C＝可知，C不变时，只要Q不断增加，则U可无限制地增大D．电容器的电容跟它是否带电无关7、如图所示，是一个说明示波管工作原理的示意图，电子经电压U1加速后垂直进入偏转电场，离开电场时的偏移量是h，两平行板间的距离为d，电势差为U2，板长为L.为了提高示波管的灵敏度(每单位电压引起的偏移量)，可采用的方法是( )A.增大两板间的电势差U2B.尽可能使板长L短些C.尽可能使板间距离d小一些D.使加速电压U1升高一些8、如图所示，带箭头的直线是某一电场中的一条电场线，在这条线上有A，B两点，用E A，E B表示A，B两处的场强，则( )A．A，B两处的场强方向相同B．因为A，B在一条电场线上，且电场线是直线，所以E A＝E BC．电场线从A指向B，所以E A＞E BD．不知A，B附近电场线的分布情况，E A，E B的大小不能确定9、右图是某导体的I－U图线，图线的倾角为α＝45°，下列说法正确的是( ) A．通过电阻的电流与其两端的电压成正比B．此导体的电阻R＝2 ΩC．I－U图线的斜率表示电阻的倒数，所以电阻R＝1.0 ΩD．在R两端加6.0 V电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是6.0 C10、对于水平放置的平行板电容器，下列说法正确的是( )A．将两极板的间距加大，电容将增大B．将两极板平行错开，使正对面积减小，电容将减小C．在下极板的内表面上放置一面积和极板相等，厚度小于极板间距的陶瓷板，电容将增大D．在下极板的内表面上放置一面积和极板相等，厚度小于极板间距的铝板，电容将增大第II卷（非选择题共60分）二、填空题（共19分）11、（共10分，每空2分）如图是示波管的原理图．它由电子枪、偏转电极(XX′和YY′)、荧光屏组成，管内抽成真空．给电子枪通电后，如果在偏转电极XX′和YY′上都没有加电压，电子束将打在荧光屏的中心O点．(1)带电粒子在________区域是加速的，在________区域是偏转的．(2)若U YY′＞0，U XX′＝0，则粒子向________板偏移，若U YY′＝0，U XX′＝0，则粒子打在荧光屏上________点，若U YY′＝0，U XX′＞0，则粒子向________板偏移．12、（共9分，每空3分）有三个相同的金属小球A、B、C，其中小球A带有4.0×10－5 C的正电荷，小球B、C不带电，现在让小球C先与球A接触后取走，再让小球B与球A接触后分开，最后让小球B与小球C接触后分开，最终三球的带电荷量分别为q A＝________ C，q B＝________ C，q C＝________ C.三计算题（共41分）13、（12分）如图所示，在真空中的O点放一个点电荷Q＝＋1.0×10－9C，直线MN通过O点，OM的距离r＝30 cm，M点放一个点电荷q＝－1.0×10－10C，k=9.0x109Nm2/C2求：(1)q在M点受到的电场力；(2)M点的场强；(3)拿走q后M点的场强；(4)M，N两点的场强哪点大？14、（15分）如图所示，在匀强电场中，有A，B两点，它们之间的距离为2 cm，两点的连线与场强方向成60°角．将一个电荷量为－2×10－5 C的电荷由A移到B，其电势能增加了0.1 J．问：(1)在此过程中，电场力对该电荷做了多少功？(2)A，B两点的电势差U AB为多大？(3)匀强电场的场强为多大？15、（14分）两平行金属板A，B水平放置，一个质量为m＝5×10－6 kg的带电微粒，以v0＝2 m/s 的水平速度从两板正中央位置射入电场，如图所示，A，B 两板间距离为d＝4 cm，板长l＝10 cm，g＝10 m/s2.(1)当A，B间的电压为U AB＝1 000 V时，微粒恰好不偏转，沿图中虚线射出电场，求该粒子的电荷量和电性．(2)令B板接地，欲使该微粒射出偏转电场，求A板所加电势的范围．。

河北高二高中物理月考试卷带答案解析

河北高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.把一块锌板与不带电的验电器金属杆相连后一起放在绝缘板上，当锌板被X射线照射后，则（）A．电子由锌板逸出．B．验电器箔片张开．C．锌板带上负电．D．验电器箔片带负电．2.用绿光照射一光电管，能产生光电效应，如果需要增大光电子到达阳极时的速度，可采用的方法是（）A．改用红光照射．B．增大绿光强度．C．增大正向电压．D．改用紫光照射．3.质能方程E=mc2揭示了物体的能量和质量之间存在着密切的确定关系，提出这一方程的科学家是（）A．牛顿B．爱因斯坦C．卢瑟福D．法拉第4.能揭示原子具有核式结构的实验是（）A．光电效应实验B．伦琴射线的发现C．粒子散射实验D．氢原子光谱的发现5.下列实验现象中，哪一个实验现象的解释使得光的波动说遇到了巨大的困难（）A．光的干涉B．光的衍射C．多普勒效应D．光电效应6.下列核反应方程中属于β衰变的是（）A．B．C．D．7.在贝克勒尔发现天然放射现象后，人们对放射线的性质进行了深入的研究，发现α、β、γ射线的穿透本领不同。

下图为这三种射线穿透能力的比较，图中射线①②③分别是（）A．γ、β、αB．β、γ、αC．α、β、γD．γ、α、β8.氢原子的能级如图所示，现让一束单色光照射大量处于基态的氢原子，氢原子只发出三种不同频率的色光。

照射光光子的能量是（）A．13.6eV B．3.4eV C．12.09eV D．10.2eV9.下列四个实验中，能说明光具有粒子性的是（）10.下列说法中正确的是：（）A．对放射性物质施加压力，其半衰期将减少B．β衰变所释放的电子是原子核外的电子电离形成的C．汤姆逊通过对阴极射线的研究发现了电子，并提出了原子核式结构学说D．自然界中含有少量的,具有放射性，能够自发地进行β衰变，因此在考古中可利用来测定年代11.如图所示，铅盒A中装有天然放射性物质，放射线从其右端小孔中水平向右射出，在小孔和荧光屏之间有垂直于纸面向里的匀强磁场，（不计射线粒子的重力），则下列说法中正确的有（）A．打在图中a、b、c三点的依次是射线、射线和射线B．射线和射线的轨迹是圆弧C．射线和射线的轨迹是抛物线D．如果在铅盒和荧光屏间再加一竖直向上的匀强电场，则屏上的亮斑可能只剩下b12.有一种衰变叫EC衰变，EC衰变发生于核内中子数相对过少的放射性原子核.核内的一个质子()可以俘获一个核外电子()并放射出一个中微子而转变为一个中子().经过一次EC衰变后原子核的（）A．质量数不变，原子序数减少1B．质量数增加1，原子序数不变C．质量数不变，原子序数不变D．质量数减少1，原子序数减少113.图中画出了氢原子的4个能级，并注明了相应的能量E.处在n=4的能级的一群氢原子向低能级跃迁时，能够发出若干种不同频率的光波。

河北省衡水市故城高中高二物理上学期9月月考试卷(含解析)

2015-2016学年河北省衡水市故城高中高二（上）月考物理试卷（9月份）一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．如图所示，挂在绝缘细线下的小轻质带电小球，由于电荷的相互作用而靠近或远离，所以（）A．甲图中两球一定带异种电荷 B．乙图中两球一定带同种电荷C．甲图中至少有一个带电 D．乙图中两球至少有一个带电2．两个半径为R的金属球所带电荷量分别为+Q1和+Q2，当两球心相距为r时（R＞r），相互作用的库仑力大小为（）A．F=k B．F＞k C．F＜k D．无法确定3．正电荷q在电场力作用下由P向Q做加速运动，而且加速度越来越大，那么可以断定，它所在的电场是下列图中的哪一个（）A．B． C．D．4．A、B是某电场中一条电场线上的两点，一正电荷仅在电场力作用下，沿电场线从A点运动到B点，速度图象如图所示．下列关于A、B两点电场强度E的大小和电势φ的高低的判断，正确的是（）A．E A＞E B B．E A＜E B C．φA＜φB D．φA＞φB5．a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点．电场线与矩形所在平面平行．已知a点的电势为20V，b点的电势为24V，d点的电势为4V，如图，由此可知c 点的电势为（）A．4 V B．8 V C．12V D．24 V6．如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，a、b两点的电势分别为Φa=60V，Φb=30V，则a、b连线中点c的电势Φc应为（）A．Φc＞45 V B．Φc＜45 V C．Φc=45 V D．Φc=0 V7．如图所示，将悬在细线上的带正电的小球A放在不带电的金属空心球C内（不与球壁接触），另有一个悬挂在细线上的带负电小球B向C靠近，于是（）A．A往左偏离竖直方向，B往右偏离竖直方向B．A的位置不变，B往右偏离竖直方向C．A往左偏离竖直方向，B的位置不变D．A和B的位置都不变8．如图所示，平行板电容器在充电后不切断电源．此时板间有一带电尘粒恰好能在电场中静止．若正对的平行板左右错开一些（）A．带电尘粒将向上运动B．带电尘粒将保持静止C．错开过程中，通过电阻R的电流方向为A到BD．错开过程中，通过电阻R的电流方向为B到A9．真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减小为原来的，它们之间的相互作用力变为（）A．16F B．4F C．F D．10．如图所示，虚线a、b、c为三个同心圆面，圆心处为一个点电荷，现从c外面一点P以相同的速率发射两个电荷量、质量都相同的带电粒子，分别沿PM、PN运动到M、N，M、N两点都位于圆周c上，以下判断正确的是（）A．两粒子带同种电荷B．两粒子带异种电荷C．到达M、N时两粒子速率仍相等D．到达M、N时两粒子速率不相等二、填空题（本题共4小题，每小题5分，共20分）11．如图所示，把电荷量为5×10﹣9C的负电荷，从电场中的A点移到B点，其电势能（选填“增加”、“减少”或“不变”）；若A点的电势φA=15V，B点的电势φB=10V，则此过程中电场力做的功为J．12．如图所示，用长为l的金属丝弯成半径为r的圆弧，但在A、B之间留有宽度为d的间隙，且d＜＜r，将电荷量为Q的正电荷均匀分布于金属丝上，圆心处的电场强度大小，方向．13．在电场中把一个电荷量为﹣6×10﹣8C的点电荷从A点移到B点，电场力做功为﹣3×10﹣5J，将此电荷从B点移到C点，电场力做功为4.5×10﹣5J，求：（1）A与C两点间的电势差．（2）取C点为电势零点时，A的电势为多大？14．如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带正电的小球在该电场中运动，不计小球所受的重力和空气阻力，实线表示该带正电的小球的运动轨迹，小球在a 点的动能等于20eV，运动到b点时的动能等于2eV．若取c点为零电势点，则这个带电小球的电势能等于﹣6eV时，它的动能等于ev．三、解答题（本题共3小题，15、16题各13分，17题14分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15．在如图所示的装置中，初速度为零的一价氢离子和二价氢离子，在经过同一电场加速后垂直射入同样的电场偏转，证明这些离子离开电场后沿同轨迹运动，到达荧光屏产生一个亮斑．（不计离子重力）16．如图所示，光滑绝缘竖直细杆与以正电荷Q为圆心的圆周交于B，C两点．一质量为m，电荷量为﹣q的空心小球从杆上A点从静止开始下落．设AB=BC=h，小球滑到B点时速度为，求：（1）小球滑至C点的速度；（2）A，C两点的电势差．17．如图所示，用长为l的绝缘细线拴一个质量为m、带电量为+q的小球（可视为质点）后悬挂于O点，整个装置处于水平向右的匀强电场中．将小球拉至使悬线呈水平的位置A后，由静止开始将小球释放，小球从A点开始向下摆动，当悬线转过60°角到达位置B时，速度恰好为零．求：（1）B、A两点的电势差U BA；（2）电场强度E；（3）小球到达B点时，悬线对小球作用力．2015-2016学年河北省衡水市故城高中高二（上）月考物理试卷（9月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．如图所示，挂在绝缘细线下的小轻质带电小球，由于电荷的相互作用而靠近或远离，所以（）A．甲图中两球一定带异种电荷 B．乙图中两球一定带同种电荷C．甲图中至少有一个带电 D．乙图中两球至少有一个带电【考点】库仑定律．【分析】电荷之间的相互作用规律：同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引．【解答】解：相互排斥，则两球一定带同种电荷，可能是正电，也可能是负电．相互吸引，两球可能带异种电荷，也可能一个带电，另一个不带电，但题目中说均带电，故AB正确，CD错误；故选：AB．【点评】解决此类题目注意以下两点：（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（2）排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不带电体．2．两个半径为R的金属球所带电荷量分别为+Q1和+Q2，当两球心相距为r时（R＞r），相互作用的库仑力大小为（）A．F=k B．F＞k C．F＜k D．无法确定【考点】库仑定律．【分析】题中由于带电球的大小与它们之间的距离相比，不能忽略，因此不能看作点电荷，不能直接利用库仑定律计算库仑力的大小，只能根据库仑定律定性的比较库仑力的大小．【解答】解：当两球心相距为r时，两球不能看成点电荷，因带同种电荷，导致电量间距大于r，根据库仑定律F=，可知，它们相互作用的库仑力大小F＜k，故C正确，ABD 错误．故选：C．【点评】本题应明确当两球心相距为r时，两球不能看成点电荷，不能直接运用库仑定律解答，注意库仑定律的成立条件，理解点电荷的含义．3．正电荷q在电场力作用下由P向Q做加速运动，而且加速度越来越大，那么可以断定，它所在的电场是下列图中的哪一个（）A．B． C．D．【考点】电场线；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电荷在电场只受电场力，根据牛顿第二定律可知，电场力越大，加速度越大．正电荷的电场力与电场强度成正比，电场线的疏密表示电场强度的大小．根据上述知识分析．【解答】解：A、P到Q，电场线越来越疏，电场强度越来越小，电荷做加速度减小的加速运动．不符合题意．故A错误B、电荷在匀强电场中做匀加速直线运动，不符合题意．故B错误．C、P到Q，电场线越来越疏，电场强度越来越小，电荷做加速度减小的加速运动．不符合题意．故C错误．D、P到Q，电场线越来越密，电场强度越来越大，电荷做加速度减大的加速运动．符合题意．故D正确．故选D．【点评】本题考查对电场线的理解能力．电场线可以形象直观表示电场，电场线的疏密表示电场的强弱，切线方向表示电场强度的方向．4．A、B是某电场中一条电场线上的两点，一正电荷仅在电场力作用下，沿电场线从A点运动到B点，速度图象如图所示．下列关于A、B两点电场强度E的大小和电势φ的高低的判断，正确的是（）A．E A＞E B B．E A＜E B C．φA＜φB D．φA＞φB【考点】电场线；匀变速直线运动的图像．【分析】从v﹣t图象可以知道电荷做加速度不断减小的减速运动，根据牛顿第二定律确定电场力的方向，然后确定场强方向并比较电场强度的大小，最后根据沿着电场线电势降低来确定电势的大小．【解答】解：AB、从v﹣t图象可知：正电荷仅在电场力作用下沿电场线从A点到B点做加速度不断减小的减速运动，故正电荷在A点受到的电场力大于电荷在B点的电场力，A点的场强大于B点的场强，即E A＞E B，故A正确，B错误．CD、由于电荷做减速运动，故电场力与速度方向相反，所以电场线方向从B到A，根据顺着电场线电势降低，则知φA＜φB，故C正确，D错误；故选：AC．【点评】本题关键是根据图象确定电荷的运动情况，然后确定电场力情况，再进一步确定电场强度的情况，最后确定电势的高低．5．a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点．电场线与矩形所在平面平行．已知a点的电势为20V，b点的电势为24V，d点的电势为4V，如图，由此可知c 点的电势为（）A．4 V B．8 V C．12V D．24 V【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】该电场中已知三点的电势，可以通过作辅助线找出它们之间的关系，从而确定第四点的电势．【解答】解：连接bd，做aE⊥bd，cF⊥bd如图．则：△abE≌△cdF所以：bE=Fd由于在匀强电场的同一条直线上，U=E•dcosθ，所以在相等距离上的两点之间的电势差相等，即U bE=U Fd由于：△abE≌△cdF所以：U ba=U cd所以：Φc=U cd+Φd=8V．所以正确选项是B．故选：B【点评】该题通过比较几个点的电势，对称第四个点的电势，解题的关键是通过使用辅助线来说明问题．使用基础题目．6．如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，a、b两点的电势分别为Φa=60V，Φb=30V，则a、b连线中点c的电势Φc应为（）A．Φc＞45 V B．Φc＜45 V C．Φc=45 V D．Φc=0 V【考点】电势；电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由图看出，ab段电场线比bc段电场线密，ab段场强较大，根据公式U=Ed定性分析a、b间与b、c间电势差的大小，再求解中点b的电势φb．【解答】解：由图看出，ab段电场线比bc段电场线密，ab段场强较大，根据公式U=Ed可知，a、b间电势差U ab大于b、c间电势差U bc，即φa﹣φb＞φb﹣φc，得到V．故选：B【点评】本题的关键是运用匀强电场中场强与电势差的公式定性分析电势差的大小．常规题7．如图所示，将悬在细线上的带正电的小球A放在不带电的金属空心球C内（不与球壁接触），另有一个悬挂在细线上的带负电小球B向C靠近，于是（）A．A往左偏离竖直方向，B往右偏离竖直方向B．A的位置不变，B往右偏离竖直方向C．A往左偏离竖直方向，B的位置不变D．A和B的位置都不变【考点】静电场中的导体．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】因为在C内部由于感应起电，带上与A相反的电荷，它们之间达到静电平衡，所以A 的电场对C外部不会产生任何影响．【解答】解：A在空心金属球内，由于静电感应，使得C外表面带正电，B C相互吸引，所以B向右偏而金属空腔可以屏蔽外部电场，所以B 的电荷对空腔C 的内部无影响，所以 A 位置不变．B靠近C时，改变的是 C 表面的电荷分布，但对于 C 内部空间的电场可认为没有影响，这也就是平时说的静电屏蔽．故B正确，ACD错误．故选：B．【点评】考查静电感应现象，掌握同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．并理解外部电场对空心球内部没有影响，即为静电屏蔽．8．如图所示，平行板电容器在充电后不切断电源．此时板间有一带电尘粒恰好能在电场中静止．若正对的平行板左右错开一些（）A．带电尘粒将向上运动B．带电尘粒将保持静止C．错开过程中，通过电阻R的电流方向为A到BD．错开过程中，通过电阻R的电流方向为B到A【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】本题由电容器的决定式由平行板左右错开时，电容器的正对面积发生变化，由正对面积的变化判定电容器的变化，由于不切断电源，电容器极板间电压恒定，由此判定电容器的带电量的变化，从而确定粒子的运动和电流的变化问题．【解答】解：根据电容器的决定式，当正对面积S减小时，电容器的电容减小．A、带电尘粒受电场力没有发生变化，故电场力不变粒子仍处于平衡状态，故A错误，B 正确；CD、由于电容器的电容减小，两极板间电压保持不变，故电容器的带电荷量将减小，故电容器放电，流经电阻R电流方向从A至B，故C正确，D错误．故选：BC【点评】本题主要考查电容器的动态变化，抓住电容器与电源相连，两极板间电压保持不变，由于电容器的正对面积发生变化而引起电容器的电容变化，从而判定在变化过程中电容器是充电还是放电来判定电流方向．9．真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减小为原来的，它们之间的相互作用力变为（）A．16F B．4F C．F D．【考点】库仑定律．【专题】计算题．【分析】由库仑力公式可得出两次作用力的表达式，则可求得距离减小后的相互作用力．【解答】解：由库仑定律可得：F=K；变化后F′==16F故选A．【点评】本题考查库仑定律的直接应用，只需注意数值的变化即可顺利求出．10．如图所示，虚线a、b、c为三个同心圆面，圆心处为一个点电荷，现从c外面一点P以相同的速率发射两个电荷量、质量都相同的带电粒子，分别沿PM、PN运动到M、N，M、N两点都位于圆周c上，以下判断正确的是（）A．两粒子带同种电荷B．两粒子带异种电荷C．到达M、N时两粒子速率仍相等D．到达M、N时两粒子速率不相等【考点】等势面；电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据轨迹的弯曲方向确定带电粒子所受的电场力方向，判断带电粒子与点电荷是同种电荷还是异种电荷．根据动能定理确定到达M、N时两粒子速率关系．【解答】解：A、B由轨迹看出，点电荷左侧的带电粒子有排斥力，与中心点电荷电性相同；对右侧的带电粒子有吸引力，与中心点电荷电性相反，则两粒子带异种电荷．故A错误，B正确．C、D由题，M、N两点都处于圆周c上，电势相等，两带电粒子又是从同一点P出发，则电势差U PM=U PN，电场力对两个带电粒子做功大小相等，而从P到M的粒子电场力总功为负功，从P 到N的粒子电场力总功为正功，根据动能定理得到，到达M、N时两粒子速率v M＜v N．故C错误，D正确．故选BD【点评】本题是轨迹问题，根据轨迹的弯曲方向要能判断出带电粒子所受的电场力大体方向．电场力做功与初末位置间电势差成正比．二、填空题（本题共4小题，每小题5分，共20分）11．如图所示，把电荷量为5×10﹣9C的负电荷，从电场中的A点移到B点，其电势能增加（选填“增加”、“减少”或“不变”）；若A点的电势φA=15V，B点的电势φB=10V，则此过程中电场力做的功为﹣2.5×10﹣8J．【考点】电势差与电场强度的关系；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】可以根据电势高低判断电势能的变化：负电荷在电势高的地方电势能低，正电荷则相反；也可以利用电场力做功：电场力做正功，电势能降低，做负功，电势能增加．电场力做功和路径无关，至于始末位置的电势差有关．根据W=qU AB求解电场力做功．【解答】解：根据顺着电场线电势降低，可知A点所在等势面的电势高于B点所在等势面的电势，所以A点的电势高于B点的电势，因此负电荷在A点电势能小于B点的，故将负电荷从A点移到B点，电势能将增加，电场力做负功；若A点的电势为15V，B点的电势为10V，则AB间的电势差为：U AB=φA﹣φB=5V此过程中电场力做的功为：W=qU AB=﹣5×10﹣9×5J=﹣2.5×10﹣8J故答案为：增加，﹣2.5×10﹣8【点评】电势、电势能是电场中重要的概念，要正确理解电势、电势能之间以及电场力做功和电势能之间关系．掌握电场力做功的公式W=qU AB．12．如图所示，用长为l的金属丝弯成半径为r的圆弧，但在A、B之间留有宽度为d的间隙，且d＜＜r，将电荷量为Q的正电荷均匀分布于金属丝上，圆心处的电场强度大小，方向由圆心向左．【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】若是一个完整的圆环，则圆心0点的电场强度为零，则切去一小段d后在圆心O点的场强与L段产生的场强大小相等，方向相反，根据E=k求出切去的一小段原来在O产生的场强，即可得解．【解答】解：相对圆弧来说间隙是很小的，可视为点电荷，其在圆心处产生的场强大小为因是正电荷，故场强方向由圆心向右．据对称性知，完整的带电圆环在圆心O处的合场强为0，所以补上缺口部分在圆心处产生的场强与圆环其余部分在圆心处的场强大小相等、方向相反．故圆心处的电场强度大小为，方向由圆心向左．故答案为：，方向由圆心向左．【点评】解决本题的关键掌握点电荷的场强公式，以及补偿法的原理：知道剩下的整段与AB 间小圆弧在O点产生的场强大小相等，方向相反．13．在电场中把一个电荷量为﹣6×10﹣8C的点电荷从A点移到B点，电场力做功为﹣3×10﹣5J，将此电荷从B点移到C点，电场力做功为4.5×10﹣5J，求：（1）A与C两点间的电势差．（2）取C点为电势零点时，A的电势为多大？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电势差根据公式U=求解，计算时，各个量均要代符号计算．【解答】解：（1）A、B间电势差：U AB===500VB、C间电势差为：U BC===﹣750V则A与C两点间的电势差为：U AC=U AB+U BC=500﹣750=﹣250V（2）U AC=φA﹣φC取C点为电势零点时，有：﹣250=φA﹣0得：φA=﹣250V答：（1）A与C两点间的电势差﹣250V；（2）、取C点为电势零点时，A的电势为﹣250V．【点评】解决本题的关键掌握电势差公式U=，并要知道电势差与电势的关系．14．如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带正电的小球在该电场中运动，不计小球所受的重力和空气阻力，实线表示该带正电的小球的运动轨迹，小球在a 点的动能等于20eV，运动到b点时的动能等于2eV．若取c点为零电势点，则这个带电小球的电势能等于﹣6eV时，它的动能等于14 ev．【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】解决本题需掌握：小球只受电场力时，小球的动能和电势能之和保持不变；正确判断小球在电场中所受电场力方向以及电场力做功情况【解答】解：设相邻两等势面间的电势差为U，小球的电荷量为q，小球从a到b和从b到c 分别根据动能定理得：﹣q•3U=E kb﹣E ka，qU=E kc﹣E kb解得因为c点为零电势，所以小球在c点时的电势能E c=qφc=0．小球在电场中运动时，只有电场力做功，因此有W电=△E k，同时，W电=﹣△E p，所以△E k+△E p=0，即只有电场力做功时，小球的动能与电势能的总和保持不变．设小球电势能为﹣6 eV时，在电场中的P点位置，由于小球的动能与电势能的总和保持8 eV 不变，所以有E kP+E p=8 eV，解得E kP=8 eV﹣E p=[8﹣（﹣6）]eV=14 eV．故答案为：14【点评】学习电场中的功能关系时可以类比在重力场的功能关系，如只有重力做功，动能和重力势能之和保持不变；那么只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变三、解答题（本题共3小题，15、16题各13分，17题14分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15．在如图所示的装置中，初速度为零的一价氢离子和二价氢离子，在经过同一电场加速后垂直射入同样的电场偏转，证明这些离子离开电场后沿同轨迹运动，到达荧光屏产生一个亮斑．（不计离子重力）【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】粒子在加速电场中加速，在偏转电场中做类平抛运动，应用牛顿第二定律、类平抛运动规律可以证明．【解答】证明：设离子质量为m，带电荷量为q，经U1加速后速度为v0．在加速电场中，由动能定理得：﹣0，进入电场U2偏转，做类平抛运动，有：，由以上可知偏转位移与离子质量、电荷量均无关．故离子离开电场后沿相同轨迹运动，到达荧光屏产生一个亮斑．答：证明过程如上所述．【点评】本题考查了粒子在电场中的运动，分析清楚粒子运动过程是正确解题的前提与关键，应用动能定理、类平抛运动即可解题．16．如图所示，光滑绝缘竖直细杆与以正电荷Q为圆心的圆周交于B，C两点．一质量为m，电荷量为﹣q的空心小球从杆上A点从静止开始下落．设AB=BC=h，小球滑到B点时速度为，求：（1）小球滑至C点的速度；（2）A，C两点的电势差．【考点】电势差与电场强度的关系；电势差．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由题，B、C两点在以正电荷Q为圆心的同一圆周上，电势相等，小球从B运动到C 过程，电场力做功为零，根据动能定理研究小球从B运动到C的过程，求出小球滑到C点时速度的大小．再根据动能定理研究小球从A运动到C的过程，求出AB间的电势差．【解答】解：根据动能定理得小球从B运动到C的过程：mgh=m﹣m得到v C==小球从A运动到C的过程：2mgh﹣qU AC=m代入解得U AC=﹣答：（1）小球滑到C点时速度的大小是，（2）AC两点间的电势差U AC=﹣．【点评】电势差是表示电场的能的性质的物理量，与电场力做功有关，常常应用动能定理求解电势差．17．如图所示，用长为l的绝缘细线拴一个质量为m、带电量为+q的小球（可视为质点）后悬挂于O点，整个装置处于水平向右的匀强电场中．将小球拉至使悬线呈水平的位置A后，由静止开始将小球释放，小球从A点开始向下摆动，当悬线转过60°角到达位置B时，速度恰好为零．求：（1）B、A两点的电势差U BA；（2）电场强度E；（3）小球到达B点时，悬线对小球作用力．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】（1）小球从A到B的过程中，重力做正功mglsin60°，电场力做功为﹣qU BA，动能的变化量为零，根据动能定理求解电势差U BA．（2）根据电场强度与电势差的关系U=Ed求解场强E．式中d是AB沿电场线方向的距离．（3）小球到达B点时，速度为零，向心力为零，根据牛顿第二定律求解拉力．【解答】解：（1）根据动能定理：mglsin60°﹣qU BA=0﹣0B、A两点的电势差：U BA==（2）电场强度：E===（3）小球到达B点时，悬线对小球的拉力T、重力沿半径方向的分力mgcos30°、电场力沿半径方向的分力qEcos60°的合力是向心力：因为v B=0，故：T﹣mgcos30°﹣qEcos60°=0解得：T=mg答：（1）B、A两点的电势差U BA为；（2）电场强度E为；（3）小球到达B点时，悬线对小球作用力为mg．【点评】解决本题关键要掌握动能定理和电场力做功W=qU、电场强度与电势差的关系式U=Ed．注意在平衡位置是速度最大，不为零．。

河北省故城县高级中学高二物理上学期第一次月考试题

高二上学期第一次月考物理试题一、选择题（共48分，每题给出的四个选项中有一个或两个以上正确答案，全数选对得4分，少选得2分，不选或错选得零分）一、以下说法正确的选项是（）A、摩擦起电是制造电荷的进程B、接触起电是电荷转移的进程C、玻璃棒不管和什么物体摩擦都会带正电D、带等量异种电荷的两个导体接触后，电荷会消失，这种现象叫电荷的湮灭二、关于库仑定律，下面说法正确的选项是（）A、库仑定律适用于真空中两个点电荷之间的彼此作使劲B、两个带电小球即便相距超级近，也能用库仑定律计算库仑力的大小C、彼此作用的两个点电荷，不论他们电荷量是不是相同，他们之间的库仑力大小必然相等D、当两个半径为r的带电金属球中心相距4r时，关于他们之间的静电力大小，只取决于它们各自所在的电荷量3、两个完全相同的小金属球，它们的电荷量之比为5:1（皆可视为点电荷），它们在相距必然距离时，彼此作使劲为F1，若是让他们结触后，再放回各自原先的位置上，现在彼此作使劲为F2，那么F1：F2可能为（）A、5：2B、5：4C、5：6D、5：94、在电场中的某点A放一试探电荷+q，它所受到的电场力大小为F，方向水平向右，那么A点的场壮大小EA=F/q，方向水平向右，以下说法正确的选项是（）A、在A点放一个负试探电荷，A点的场强方向变成水平向左B、在A点放一下负试探电荷，所受到的电场力方向变成水平向左、C、在A放置一个电荷量为2q的试探电荷，那么A点的场强变成2EAD、在A点放置一个电荷量为2q的试探电荷，那么试探电荷所受的电场力变2F五、质量为m，带电量为q的油滴，在场壮大小和方向都处处相同的电场中悬浮着，那么该电场的场强是（）A：E=mg/q，方向必然向上B：E=mg/q，方向必然向下C：E=mg/q，方向可能向下，也可能向上D：E=q/mg，方向可能向下，也可能向上六、以下关于电势高低的判定，正确的选项是（）A、负电荷从A移到B时，外力做正功，A点的电势必然较高B、负电荷从A移到B时，电势能增加，A点的电势必然较低C、正电荷从A移到B时，电势能增加，A点的电势必然较低D、正电荷只在电场力的作用下，从静止开始，由A到B时，A点的电势必然较高7、以下说法正确的选项是（）A、A、B两点间的电势差等于将正电荷从A点移到B点的进程中电场力所做的功B、电势差是一个标量，但有正值和负值之分C、由于电场力所做的功与移动的电荷的途径无关，因此电势差也跟移动电荷的途径无关，只跟这两点的位置有关D、A、B两点间的电势差是恒定的，不随零电势点的不同而改变，因此U AB=U BA八、如图（1）所示，图甲是某电场的一条电场线，A、B是这条电场线上的两点，假设将一负电荷从A点自由释放，负电荷沿电场线从A到B运动进程中的速度——时刻图象如图（1）乙所示，比较A、B两点电势的高低和场强的大小，可得（）A、φA>φBB、φA<φBC、Ea>EbD、Ea=Eb九、场强为E=1.0×102V/m的匀强电场中，有相距d=2.0×10-2m的a、b两点，那么a、b两点间的电势差可能为（）A、1.0VB、2.0VC、3.0VD、4.0V10、一个带电金属球，当它的电荷量增加后（稳固），其内部场强（）A、必然增强，B、必然减弱C、可能增强也可能减弱D、不变1一、连接在电池两极上的平行板电容器，当两板间的距离减少时（）A、电容器的电容C变大B、电容器极板的带电量Q变大C、电容器两极板间的电势差U变大D、电容器两极板间的电场强度E变大1二、如图（2）所示，水平放置的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度Vo水平射入电场，且沿下板边缘飞出，假设下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度Vo从原处飞入，那么带电小球（）A、将打在下板中央B、仍沿原轨迹由下板边缘飞出C、不发生偏转，沿直线飞出D、假设上板不动，将下板上移一段距离，小球可能打在下板的中央二、填空题（13题5分，14题8分，15题4分）13、电荷的----------叫电荷量，国际单位制中的单位是---------，所有带电体所带电荷量是e的-------------，电荷量e称为----------------------，e=----------------------。

河北高二高中物理月考试卷带答案解析

河北高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.检验电荷在电场中受到的电场力为F，测得该点的场强为E；若将检验电荷的电量减小一半，放回原处，则下列说法正确的是（）A．电场力仍为F，电场强度仍为EB．电场力仍为F，电场强度为C．电场力为，电场强度为D．电场力为，电场强度仍为E2.图示为闪电的图景，它是大气中发生的火花放电现象．它通常在雷雨情况下出现，壮观而又引人注目．其中有一种为云际放电，即在两块云之间发生的放电现象．若某次云际放电前，两云层平行正对，云层间的距离为0.05km，电势差为1×108V，此时云层间的电场强度大小为（）A．2×106V/m B．2×107V/mC．2×108V/m D．2×109V/m3.如图所示，虚线表示电场中的等势线，相邻等势线之间的电势差相等，一电子以一定的初速度进人电场中，只在电场力的作用下运动，运动轨迹如图中实线所示，M、N两点是电子运动轨迹上的两个点，由此可判断（）A．N点电势高于M点电势B．电子一定是从N点运动到M点C．电子在M点的电势能小于在N点的电势能D．电子在M点的动能小于在N点的动能4.两等大的圆锥体组成如图所示图形，在两圆锥的顶点A与B分别固定电荷量为+q、-q的两个点电荷，O点为圆锥底面圆的圆心，C、D两点在圆锥母线上，关于O点对称，下列说法正确的是（）A. 圆锥底面上同一圆周上的所有点场强大小相等，方向不同B. 圆锥底面上所有点电势大小相等C. C点与D点场强大小相等而方向不同D. 将一正电荷由C点移动到D点电势能增加5.如图所示是一个由电池、电阻R与平行板电容器组成的串联电路，平行板电容器中央有一个液滴处于平衡状态，保持B板不动，A板逐渐上移，则（）A．电容器的电容变大B．电阻R中有从a流向b的电流C．液滴带电性质无法确定D．液滴将向上运动6.如图所示，一平行板电容器充电后与电源断开，这时电容器的带电量为Q，P是电容器内一点，电容器的上板与大地相连，下列说法正确的是（）A．若将电容器的上板左移一点，则两板间场强减小B．若将电容器的下板上移一点，则P点的电势升高C．若将电容器的下板上移一点，则两板间电势差增大D．若将电容器的下板上移一点，则两板间电势差减小7.关于电流，下列说法中正确的是（）A．由I=可知，通过导线截面的电量越多，电流越大B．由I=nqsv可知，同一导线内电荷定向移动的速率越大，电流越大C．由I=可知，同一导体中的电流与导体两端的电压成正比D．因为电流有方向，所以电流是矢量8.如图是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧．对矿粉分离的过程，下列表述正确的有（）A．带正电的矿粉落在右侧B．电场力对矿粉做正功C．带负电的矿粉电势能变大D．带正电的矿粉电势能变小9.a、b、c三个α粒子由同一点垂直场强方向同时进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b恰好飞出电场，由此可以肯定（）A．在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上B．进入电场时，c的速度最大，a的速度最小C．b和c同时飞离电场D．动能的增量相比，a的最小，b和c的一样大二、多选题小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，下列说法中正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小B．对应P点，小灯泡的电阻为C．对应P点，小灯泡的电阻为D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围“面积”三、实验题1.为了节能和环保，一些公共场所使用光控开关控制照明系统．光控开关可采用光敏电阻来控制，光敏电阻是阻值在随着光的照度而发生变化的元件（照度可以反映光的强弱，光越强照度越大，照度单位为lx）．某光敏电阻RP不同照度下的阻值如表：（1）根据表中数据，请在图中所示的坐标系中描绘出阻值随照度变化的曲线____________。

河北省故城县高二物理9月月考试题(含解析)

河北省故城县2017-2018学年高二物理9月月考试题（含解析）一．选择题（共12小题，满分48分，每小题4分）1. 关于静电场的电场线，下列说法正确的是（）A. 电场强度较大的地方电场线一定较疏B. 沿电场线方向，电场强度一定越来越小C. 沿电场线方向，电势一定越来越低D. 电场线一定是带电粒子在电场中运动的轨迹【答案】C.........点睛：记住电场线的特点：电场线的疏密代表电场的强弱，沿电场线方向电势逐渐降低，并要掌握电场线的两个意义：电场线的方向反映电势的高低，电场线的疏密表示场强的方向．2. 如图所示，在竖直放置间距为d的平行板电容器中，存在电场强度为E的匀强电场，有一质量为m、电荷量为+q的点电荷从两极板正中间处静止释放，重力加速度为g，则点电荷运动到负极板的过程（）A. 加速度大小为a=+gB. 所需的时间为t=C. 下降的高度为y=D. 电场力所做的功为W=Eqd【答案】B【解析】点电荷受到重力、电场力，合力；根据牛顿第二定律有：，故A错误；B、根据运动独立性，水平方向点电荷的运动时间为t，水平方向上的加速度a=Eq/m，根据位移公式可得：，化简得，故B正确；C、竖直方向做自由落体运动，下降高度，故C错误；D、电荷运动位移为d/2，故电场力做功W=Eqd/2，故D错误。

故选：B。

【名师点睛】分析电荷的受力情况，根据牛顿第二定律可求得总的加速度；根据运动的独立性，分别对水平方向和竖直方向进行分析，根据水平方向上的匀加速直线运动规律可求得运动时间；再对竖直方向分析，从而求出对应的高度，根据功的公式可求得电场力所做的功。

3. 如图，平行板电容器的两极板竖直放置并分别与电源的正负极相连，一带电小球经绝缘轻绳悬挂于两极板之间，处于静止状态．现保持右极板不动，将左极板向左缓慢移动．关于小球所受的电场力大小F和绳子的拉力大小T，下列判断正确的是（）A. F逐渐减小，T逐渐减小B. F逐渐增大，T逐渐减小C. F逐渐减小，T逐渐增大D. F逐渐增大，T逐渐增大【答案】A【解析】电容器与电源相连，所以两端间电势差不变，将左极板向左缓慢移动过程中，两板间距离增大，则由U=Ed可知，电场强度E减小；电场力F=Eq减小；小球处于平衡状态，受重力、拉力与电场力的作用而处于平衡，故拉力与电场力和重力的合力大小相等，方向相反；根据平行四边形定则可知，；由于重力不变，电场力变小，故拉力变小．故A正确，BCD错误．故选A．4. 真空中有甲、乙两个点电荷相距为r，它们间的静电引力为F．若甲的电荷量变为原来的2倍，乙的电荷量变为原来的，它们间的距离变为2r，则它们间的静电引力将变为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】由库仑定律可得：；变化后，故选B．5. 在电场中的某点放入电量为﹣q的试探电荷时，测得该点的电场强度为E；若在该点放入电量为+2q的试探电荷，此时测得该点的场强为（）A. 大小为2E，方向和E相反B. 大小为E，方向和E相反C. 大小为2E，方向和E相同D. 大小为E，方向和E相同【答案】D【解析】试题分析：电场强度与电场本身的因素是相关的，与所放入的检验电荷无关，故放入电量为的试探电荷时，测得该点的电场强度为，则放电量为的试探电荷时，得到该点的场强仍为E，选项D正确。

河北高二高中物理月考试卷带答案解析

河北高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.如图所示，有一矩形线圈，面积为S，匝数为N，整个线圈的电阻为r，在磁感应强度为B的磁场中，线圈绕OO/轴以角速度匀速转动，外电阻为R，当线圈由图示位置转过900的过程中，下列说法中正确的是（）A磁通量的变化量为B平均感应电动势为C电阻R所产生的焦耳热为D通过电阻R的电量为2.图甲是线圈绕垂直于磁场的轴在匀强磁场中匀速转动时所产生的正弦交流电图象，把该交流电压加在图乙中变压器的A、B两端．已知理想变压器原线圈Ⅰ和副线圈Ⅱ的匝数比为5∶1，交流电流表和交流电压表均为理想电表，电阻R＝1 Ω，其他各处电阻不计，以下说法正确的是()A．在t＝0.1 s、0.5 s时，穿过线圈的磁通量最大B．线圈转动的角速度为10 πrad/sC．电压表的示数为 VD．电流表的示数为0.40 A3.两列振幅、波长相同的简谐横波，以相同的速率沿相反方向在同一介质中传播，图所示为某一时刻的波形图，其中实线为向右传播的波。

虚线为向左传播的波，a、b、c、d、e为五个等距离的质点，两列波传播的过程中，下列说法中正确的是( )A．质点a、b、c、d、e始终静止不动B．质点b、d始终静止不动C．质点a、c、e始终静止不动D．质点a、c、e以振幅2A作简谐运动4.在倾角为的两平行光滑长直金属导轨的下端，接有一电阻，导轨自身的电阻可忽略不计，有一匀强磁场与两金属导轨平面垂直，方向垂直于导轨面向上。

质量为，电阻可不计的金属棒，在沿着导轨面且与棒垂直的恒力作用下沿导轨匀速上滑，上升高度为，如图所示。

则在此过程中（）A．恒力F在数值上等于B．恒力对金属棒所做的功等于C．恒力F与重力的合力对金属棒所做的功等于电阻上释放的焦耳热D．恒力F与重力的合力对金属棒所做的功等于零5.如图所示，甲是两条通电直导线，乙是研究自感现象的实验电路图，丙是欧姆表的内部电路图，丁图是电磁灶的原理图，下列说法正确的是（）A．甲图两直导线通以同方向的电流，它们将相互排斥B．乙图电路通电稳定后又断开开关瞬间，灯泡A中的电流方向向左C．丙图在测量电阻前，需两表笔短接，调节R1使指针指向0ΩD．丁图是利用电磁感应引起涡流的原理来工作的6.如图所示的电路中，电源的电动势为E,内阻为r,电感L的电阻不计，电阻R的阻值大于灯泡D的阻值，在t=0时刻闭合开关S,经过一段时间后，在t=t1时刻断开S,下列表示A、B两点间电压UAB随时间t变化的图像中，正确的是7.一简谐波在图中x轴上传播，实线和虚线分别是t1和t2时刻的波形图。

【物理】河北省衡水市故城高中2015-2016学年高二上学期期末试卷

2015-2016学年河北省衡水市故城高中高二（上）期末物理试卷一、单项选择题（共4小题，每题5分）1如图，将一正电荷从电场线上的a点移到b点，电势？a=10V、?b=5V .下列判断正确的是（）--- •---------- ・-----a hA•该电场是匀强电场B .电场线方向由a指向bC. a点场强大于b点场强D .正电荷的电势能增加2•穿过一个单匝线圈的磁通量始终保持每秒钟均匀地减少了2Wb，则（）A .线圈中感应电动势每秒增加2VB.线圈中感应电动势每秒减少2VC.线圈中无感应电动势D •线圈中感应电动势大小不变3.将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是（）A .感应电动势的大小与线圈的匝数无关B.穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大C.穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大D .感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同4.如图所示，通电导线均置于匀强磁场中，其中导线不受安培力作用的是（）、双项选择题（共 5小题，每题6分）5•喷墨打印机的简化模型如图所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度 v 垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中（）fit 号樹％MTr 话:. ------ ; _____II I透IA •向负极板偏转B •电势能逐渐减小C .运动轨迹是抛物线D .运动轨迹与带电量无关6•按如图所示的电路连接各元件后，闭合开关 S , L i 、L 2两灯泡都能发光•在保证灯泡安全的前提下，当滑动变阻器的滑动头向左移动时，下列判断正确的是（7•—带电粒子从电场中的 A 点运动到B 点，径迹如图中虚线所示，不计粒子所受重力，则（）A .粒子带正电B •粒子加速度逐渐减小C ・A 点的场强大于 B 点场强D .粒子的速度不断减小C . L 2变暗D • L 2变亮撤去电源，以下说法正确的是（）A .增大两极板间距离，静电计指针张角变大B •减小两极板间距离，静电计指针张角变大C .将两极板错开一些，静电计指针张角变大D .将某电介质插入极板间，静电计指针张角变大9. 一束几种不同的离子，垂直射入有正交的匀强磁场 B i 和匀强电场区域里，离子束保持原运动方向未发生偏转•接着进入另一匀强磁场 B 2,发现这些离子分成几束•如图•对这些离子，可得出结论（）x\ X _ XBnA .它们速度大小不同B .它们都是正离子C .它们的电荷量不相等D •它们的荷质比不相等三、非选择题（共 4题，50分）10•如图甲为某同学描绘额定电压为 3.8V 的小灯泡伏安特性曲线的实验电路图. （1）根据电路图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的实验电路连接完整；（2）开关闭合之前，图乙中滑动变阻器的滑片应该置于 __________________________ 端（选填A ”、B ”或 AB 中间”）;&平行板电容器两极板与静电计的连接如图所示,对电容器充电，使静电计张开一定角度,直漏电潇7a图乙次数 1 2 3 4 5 6 7 8 U/V 0 0.20 0.50 1.00 1.50 2.00 3.00 3.80 /A0.080.130.180.210.240.290.33则测得小灯泡的额定功率为 ____________________ W •请在给出的坐标中，描点作出 I - U 图线•由图象可知，随着电流的增大，小灯泡的电阻 _________________________ （选填增大” 减小”或不变”）.11 •如图所示，在宽为 0.5m 的平行导轨上垂直导轨放置一个有效电阻为r=0.6Q 的导体棒，在导轨的两端分别连接两个电阻R I =4 Q 、R 2=6 Q,其他电阻不计.整个装置处在垂直导轨向里的匀强磁场中，如图所示，磁感应强度B=0.1T .当直导体棒在导轨上以v=6m/s 的速度向右运动时，求：直导体棒两端的电压和流过电阻R i 和R 2的电流大小.XXjX XJnX —XX.R图甲v TX~xl X X12•在倾角为30。

衡水市故城高中2015-2016学年高二下学期期中物理试题及答案

2015-2016学年河北省衡水市故城高中高二（下）期中物理试卷一、选择题（本大题共8小题，每小题6分，共48分．在四个选项中，至少有一个选项符合题目要求，全部选对得6分，选不全的得3分，有错选或不答的得0分）1．下列关于动量的说法中，正确的是（）A．物体的动量改变，其速度大小一定改变B．物体的动量改变，其速度方向一定改变C．物体运动速度的大小不变，其动量一定不变D．物体的运动状态改变，其动量一定改变2．A、B两球质量相等，A球竖直上抛，B球平抛，两球在运动中空气阻力不计，则下述说法中正确的是（）A．相同时间内，动量的变化大小相等，方向相同B．相同时间内，动量的变化大小相等，方向不同C．动量的变化率大小相等，方向相同D．动量的变化率大小相等，方向不同3．关于系统动量守恒的条件，下列说法正确的是（）A．只要系统内存在摩擦力，系统动量就不可能守恒B．只要系统中有一个物体具有加速度，系统动量就不守恒C．只要系统所受的合外力为零，系统动量就守恒D．系统中所有物体的加速度为零时，系统的总动量不一定守恒4．如图所示，A、B两物体的质量m A＞m B，中间用一段细绳相连并有一被压缩的弹簧，放在平板小车C上后，A、B、C均处于静止状态．若地面光滑，则在细绳被剪断后，A、B 从C上未滑离之前，A、B沿相反方向滑动过程中（）A．若A、B与C之间的摩擦力大小相同，则A、B组成的系统动量守恒，A、B、C组成的系统动量也守恒B．若A、B与C之间的摩擦力大小不相同，则A、B组成的系统动量不守恒，A、B、C组成的系统动量也不守恒C．若A、B与C之间的摩擦力大小不相同，则A、B组成的系统动量不守恒，但A、B、C 组成的系统动量守恒D．以上说法均不对5．在光滑水平面上，两球沿球心连线以相等速率相向而行，并发生碰撞，下列现象可能的是（）A．若两球质量相同，碰后以某一相等速率互相分开B．若两球质量相同，碰后以某一相等速率同向而行C．若两球质量不同，碰后以某一相等速率互相分开D．若两球质量不同，碰后以某一相等速率同向而行6．一航天探测器完成对月球的探测任务后，在离开月球的过程中，由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行，先加速运动，再匀速运动．探测器通过喷气而获得推动力．以下关于喷气方向的描述中正确的是（）A．探测器加速运动时，沿直线向后喷气B．探测器加速运动时，竖直向下喷气C．探测器匀速运动时，竖直向下喷气D．探测器匀速运动时，不需要喷气7．一平板小车静止在光滑的水平地面上，甲、乙两人分别站在车上左右两端，当两人同时相向而行时，发现小车向左运动，则（）A．若两人质量相等，必定v甲＞v乙B．若两人质量相等，必定v甲＜v乙C．若两人速率相等，必定是m甲＞m乙D．若两人速率相等，必定是m甲＜m乙8．如图所示，在光滑水平面上，质量为m的小球A和质量为m的小球B通过轻弹簧相连并处于静止状态，弹簧处于自然伸长状态；质量为m的小球C以初速度v0沿AB连线向右匀速运动，并与小球A发生弹性碰撞．在小球B的右侧某位置固定一块弹性挡板（图中未画出），当小球B与挡板发生正碰后立刻将挡板撤走．弹簧始终处于弹性限度内，小球B与挡板的碰撞时间极短，碰后小球B的速度大小不变，但方向相反．则B与挡板碰后弹簧弹性势能的最大值E m可能是（）A．mv02 B．mv02C．mv02D．mv02二、填空、实验题（9题4分，10题4分，11题8分，共16分）9．如图所示，A、B经细绳相连挂在弹簧下静止不动，A的质量为m，B的质量为M，当A、B间绳突然断开，物体A上升到某位置时速度为v，这时B下落速度为u，在这段时间内弹簧弹力对物体A的冲量为．10．质量为M的气球下吊一架轻的绳梯，梯上站着质量为m的人，气球以v0速度匀速上升，如果人加速向上爬，当他相对于梯的速度达到v时，气球的速度将变为．11．用如图甲所示的装置可以来验证碰撞过程中的动量守恒．图中PQ是斜槽，QR为水平槽．O点是水平槽末端R在记录纸上的垂直投影点，A、B两球的质量之比m A：m B=3：1．先使A球从斜槽上固定位置G由静止释放，在水平地面的记录纸上留下落点痕迹，重复10次，得到10个落点．再把B球放在水平槽上的末端R处，让A 球仍从位置G由静止释放，与B球碰撞，碰后A、B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹，重复10次．A、B两球在记录纸上留下的落点痕迹如图乙所示，其中米尺的零点与O点对齐．（1）碰撞后A球的水平射程应取cm．（2）本实验巧妙地利用小球飞行的水平距离表示小球的水平速度．下面的实验条件中，可能不能使小球飞行的水平距离表示为水平速度的是．A、使A、B两小球的质量之比改变为5：1B、升高固定点G的位置C、使A、B两小球的直径之比改变为1：3D、升高桌面的高度，即升高R点距地面的高度．三、计算题（要求写出必要的文字说明和方程式，只写最后结果不给分，每小题12分）12．如图所示，光滑水平面上静止着倾角为θ、高度为H、质量为M的光滑斜面，质量为m 的小球以一定的初速度从斜面底端沿着斜面向上运动．若斜面固定，小球恰好冲上斜面的顶端，若斜面不固定，求小球冲上斜面后能达到的最大高度h．13．如图所示，质量分别为1kg、3kg的滑块A、B位于光滑水平面上，现使滑块A以4m/s 的速度向右运动，与左侧连有轻弹簧的滑块B发生碰撞．求二者在发生碰撞的过程中弹簧的最大弹性势能；14．如图所示，质量均为M=4kg的小车A、B，B车上用轻绳挂有质量为m=2kg的小球C，与B车静止在水平地面上．A车以v0=2m/s的速度在光滑水平面上向B车运动，相碰后粘在一起（碰撞时间很短）．求：（1）碰撞过程中系统损失的机械能；（2）碰后小球第一次回到最低点时的速度．2015-2016学年河北省衡水市故城高中高二（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共8小题，每小题6分，共48分．在四个选项中，至少有一个选项符合题目要求，全部选对得6分，选不全的得3分，有错选或不答的得0分）1．下列关于动量的说法中，正确的是（）A．物体的动量改变，其速度大小一定改变B．物体的动量改变，其速度方向一定改变C．物体运动速度的大小不变，其动量一定不变D．物体的运动状态改变，其动量一定改变【考点】动量定理．【分析】物体的质量与速度的乘积是物体的动量；根据动量的定义分析答题．【解答】解：A、动量是矢量，动量方向的改变也是动量改变，如匀速圆周运动，速度大小不变，故A错误；B、物体的动量改变，可能是大小的改变，如自由落体运动，动量不断增加，动量方向和速度方向都不变，故B错误；C、动量是矢量，动量方向的改变也是动量改变，如匀速圆周运动中动量的大小不变，但方向时刻改变，故C错误；D、物体的运动状态改变，说明速度改变，故其动量mv一定改变，可能是方向的改变，也可能是大小的改变，还有可能是大小和方向同时改变，故D正确；故选：D．2．A、B两球质量相等，A球竖直上抛，B球平抛，两球在运动中空气阻力不计，则下述说法中正确的是（）A．相同时间内，动量的变化大小相等，方向相同B．相同时间内，动量的变化大小相等，方向不同C．动量的变化率大小相等，方向相同D．动量的变化率大小相等，方向不同【考点】动量定理．【分析】合外力的冲量等于动量的变化，根据动量定理分析答题，要注意：动量是矢量，既有大小又有方向．【解答】解：A、由动量定理可得，△p=mgt，两球的质量、运动时间相同，则动量的变化大小相等，方向相同，故A正确B错误；B、动量的变化率==mg，两小球的质量相等，则重力每个相等，动量的变化率大小相等，方向相同，故C正确；D错误；故选：AC．3．关于系统动量守恒的条件，下列说法正确的是（）A．只要系统内存在摩擦力，系统动量就不可能守恒B．只要系统中有一个物体具有加速度，系统动量就不守恒C．只要系统所受的合外力为零，系统动量就守恒D．系统中所有物体的加速度为零时，系统的总动量不一定守恒【考点】动量守恒定律．【分析】系统动量守恒的条件是合外力为零．系统内存在着摩擦力或一个物体具有加速度时，系统的动量可能守恒．通过分析物体所受的外力进行判断．【解答】解：A、若系统内存在着摩擦力，而系统所受的合外力为零，系统的动量仍守恒．故A错误；B、系统中有一个物体具有加速度时，系统的动量也可能守恒，比如碰撞过程，两个物体的速度都改变，都有加速度，单个物体受外力作用，系统的动量却守恒．故B错误；C、只要系统所受到合外力为零，则系统的动量一定守恒；故C正确；D、系统中所有物体的加速度为零时，系统所受的合外力为零，即系统的总动量一定守恒，故D错误；故选：C4．如图所示，A、B两物体的质量m A＞m B，中间用一段细绳相连并有一被压缩的弹簧，放在平板小车C上后，A、B、C均处于静止状态．若地面光滑，则在细绳被剪断后，A、B从C上未滑离之前，A、B沿相反方向滑动过程中（）A．若A、B与C之间的摩擦力大小相同，则A、B组成的系统动量守恒，A、B、C组成的系统动量也守恒B．若A、B与C之间的摩擦力大小不相同，则A、B组成的系统动量不守恒，A、B、C组成的系统动量也不守恒C．若A、B与C之间的摩擦力大小不相同，则A、B组成的系统动量不守恒，但A、B、C 组成的系统动量守恒D．以上说法均不对【考点】动量守恒定律．【分析】系统动量守恒的条件是合外力为零，通过分析研究对象的受力情况，确定合外力，即可进行分析和判断．【解答】解：A、若A、B与C之间的摩擦力大小相同，在细绳被剪断后，弹簧释放的过程中，A、B所受的滑动摩擦力方向相反，则对于A、B组成的系统所受的合外力为零，动量守恒；对三个物体组成的系统，竖直方向上重力与支持力平衡，水平方向不受外力，合外力为零，所以A、B、C组成的系统动量也守恒，故A正确．B、C、若A、B与C之间的摩擦力大小不相同，在细绳被剪断后，弹簧释放的过程中，A、B所受的滑动摩擦力方向相反，则对于A、B组成的系统所受的合外力不为零，动量不守恒；但对三个物体组成的系统，合外力为零，A、B、C组成的系统动量仍守恒，故B错误，C 正确．D、由上分析可知D错误．故选：AC5．在光滑水平面上，两球沿球心连线以相等速率相向而行，并发生碰撞，下列现象可能的是（）A．若两球质量相同，碰后以某一相等速率互相分开B．若两球质量相同，碰后以某一相等速率同向而行C．若两球质量不同，碰后以某一相等速率互相分开D．若两球质量不同，碰后以某一相等速率同向而行【考点】动量守恒定律．【分析】碰撞最基本的规律是系统的动量守恒，分析碰撞前后的动量，根据动量是否守恒进行判断．【解答】解：A、若两球质量相等，碰撞前以速率相等相向而行，则系统的总动量为零．若碰撞后以某一相等速率反向而行，总动量也为零，符合动量守恒，是可能的．故A正确．B、若两球质量相等，碰撞前以速率相等相向而行，则系统的总动量为零．若碰后以某一相等速率同向而行，总动量不等于零，不符合动量守恒这一基本规律，不可能发生．故B错误．C、若两球质量不同，碰撞前以速率相等相向而行，系统的总动量与质量较大的物体动量方向相同；若碰后以某一相等速率反向而行，总动量也与质量较大的物体动量方向相同，而此方向与碰撞前相反，违反了动量守恒定律，不可能发生，故C错误．D、若两球质量不同，碰撞前以速率相等相向而行，系统的总动量与质量较大的物体动量方向相同；若两球质量不同，碰后以某一相等速率同向而行，总动量可能与碰撞前动量相等，是可能发生的，故D正确．故选：AD．6．一航天探测器完成对月球的探测任务后，在离开月球的过程中，由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行，先加速运动，再匀速运动．探测器通过喷气而获得推动力．以下关于喷气方向的描述中正确的是（）A．探测器加速运动时，沿直线向后喷气B．探测器加速运动时，竖直向下喷气C．探测器匀速运动时，竖直向下喷气D．探测器匀速运动时，不需要喷气【考点】万有引力定律及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】探测器由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行时，受到月球竖直向下的万有引力及沿气体喷气方向相反的反冲力，在两个力的合力作用下运动，再由探测器的运动状态来判断反冲力的方向，进而判断喷气方向．【解答】解：A、B：探测器由静止开始沿着与月球表面成一倾斜角的直线飞行加速运动时，加速度的方向沿直线与速度方向相同，即合力的方向也沿直线与速度方向相同，而受到月球的万有引力方向竖直向下，所以，反冲力方向与运动直线成一角度斜向上，那么，喷气方向与运动直线成一角度斜向下，∴选项A、B错误．C、D：探测器匀速运动，受力平衡，合力为零，已知受到的月球的万有引力竖直向下，则受到的气体的反冲力竖直向上，因此，探测器竖直向下喷气，∴选项C正确，选项D错误．故选：C．7．一平板小车静止在光滑的水平地面上，甲、乙两人分别站在车上左右两端，当两人同时相向而行时，发现小车向左运动，则（）A．若两人质量相等，必定v甲＞v乙B．若两人质量相等，必定v甲＜v乙C．若两人速率相等，必定是m甲＞m乙D．若两人速率相等，必定是m甲＜m乙【考点】动量守恒定律．【分析】甲乙两人及小车组成的系统不受外力，系统动量守恒，根据动量守恒定律分析即可求解．【解答】解：甲乙两人及小车组成的系统不受外力，系统动量守恒，设向左为正方向，根据动量守恒定律得：﹣m甲v甲+m乙v乙+m车v车=0，即：m甲v甲=m乙v乙+m车v车；可见甲的动量大于乙的动量，A、若两人质量相等，必定v甲＞v乙，A正确B错误；B、若两人速率相等，必定是m甲＞m乙，C正确D错误；故选：AC．8．如图所示，在光滑水平面上，质量为m的小球A和质量为m的小球B通过轻弹簧相连并处于静止状态，弹簧处于自然伸长状态；质量为m的小球C以初速度v0沿AB连线向右匀速运动，并与小球A发生弹性碰撞．在小球B的右侧某位置固定一块弹性挡板（图中未画出），当小球B与挡板发生正碰后立刻将挡板撤走．弹簧始终处于弹性限度内，小球B与挡板的碰撞时间极短，碰后小球B的速度大小不变，但方向相反．则B与挡板碰后弹簧弹性势能的最大值E m可能是（）A．mv02 B．mv02C．mv02D．mv02【考点】动量守恒定律；能量守恒定律．【分析】不计所有碰撞过程中的机械能损失，系统的机械能是守恒的．系统的合外力为零，总动量也守恒，根据两大守恒定律分析选择．【解答】解：A、由题可知，系统的初动能为E k=mv02，而系统的机械能守恒，则弹簧的弹性势能不可能等于mv02，故A错误．B、由于小球C与小球A质量相等，发生弹性正碰，则碰撞后交换速度，若在A与B速度动量相等时，B与挡板碰撞，B碰撞后速度与A大小相等、方向相反，当两者速度同时减至零时，弹簧的弹性最大，最大值为E P=E k=mv02，故B正确．C、当B的速度很小（约为零）时，B与挡板碰撞时，当两球速度相等弹簧的弹性势能最大，设共同速度为v，以C的初速度方向为正方向，则由动量守恒定律得：mv0=（m+m）v，得v=v0，由机械能守恒定律可知，最大的弹性势能为E P=mv02﹣（m+m）v02，解得：E P=mv02，则最大的弹性势能的范围为mv02～mv02，故C正确，D错误．故选：BC．二、填空、实验题（9题4分，10题4分，11题8分，共16分）9．如图所示，A、B经细绳相连挂在弹簧下静止不动，A的质量为m，B的质量为M，当A、B间绳突然断开，物体A上升到某位置时速度为v，这时B下落速度为u，在这段时间内弹簧弹力对物体A的冲量为m（u+v）．【考点】动量定理．【分析】分别对A、B两物体应用动量定理列式，联立即可以求出弹簧的弹力对A的冲量．【解答】解：以向上为正方向，由动量定理得：对B：﹣Mgt=﹣Mu﹣0，对A：I﹣mgt=mv﹣0，解得：I=m（v+u）；故答案为：m（u+v）10．质量为M的气球下吊一架轻的绳梯，梯上站着质量为m的人，气球以v0速度匀速上升，如果人加速向上爬，当他相对于梯的速度达到v时，气球的速度将变为v0﹣．【考点】动量守恒定律．【分析】气球与人组成的系统动量守恒，应用动量守恒定律可以求出气球的速度．【解答】解：人与气球向上做匀速直线运动，系统所受合外力为零，系统动量守恒，设气球的速度为：u，则人的速度为：u+v，以向上为正方向，由动量守恒定律得：（M+m）v0=Mu+m（u+v），解得：u=v0﹣；故答案为：v0﹣．11．用如图甲所示的装置可以来验证碰撞过程中的动量守恒．图中PQ是斜槽，QR为水平槽．O点是水平槽末端R在记录纸上的垂直投影点，A、B两球的质量之比m A：m B=3：1．先使A球从斜槽上固定位置G由静止释放，在水平地面的记录纸上留下落点痕迹，重复10次，得到10个落点．再把B球放在水平槽上的末端R处，让A 球仍从位置G由静止释放，与B球碰撞，碰后A、B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹，重复10次．A、B两球在记录纸上留下的落点痕迹如图乙所示，其中米尺的零点与O点对齐．（1）碰撞后A球的水平射程应取14.45cm．（2）本实验巧妙地利用小球飞行的水平距离表示小球的水平速度．下面的实验条件中，可能不能使小球飞行的水平距离表示为水平速度的是C．A、使A、B两小球的质量之比改变为5：1B、升高固定点G的位置C、使A、B两小球的直径之比改变为1：3D、升高桌面的高度，即升高R点距地面的高度．【考点】验证动量守恒定律．【分析】A小球和B小球相撞后，B小球的速度增大，A小球的速度减小，所以碰撞后A 球的落地点距离O点最近，读数时取平均值，只有当小球做平抛运动时才能用水平位移表示为水平速度．【解答】解：（1）A小球和B小球相撞后，B小球的速度增大，A小球的速度减小，碰撞前后都做平抛运动，高度相同，所以运动时间相同，所以速度大的水平位就大，而碰后A的速度小于B的速度，所以碰撞后A球的落地点距离O点最近，所以碰撞后A球落点为M，由图乙所示可知，碰撞后A的水平射程为：14.45cm（14.45～14.50均正确）．（2）只有当小球做平抛运动时才能用水平位移表示为水平速度，A、改变小球的质量比，小球碰撞后仍然做平抛运动，可以用小球飞行的水平距离表示为水平速度；B、升高固定点G的位置，小球碰撞后仍然做平抛运动，可以用小球飞行的水平距离表示为水平速度；C、使A、B两小球的直径之比改变为1：3，小球的球心不在同一高度，碰撞后小球的速度不在水平方向，不能做平抛运动，不可以用小球飞行的水平距离表示为水平速度；D、升高桌面的高度，即升高R点距地面的高度，小球碰撞后仍然做平抛运动，可以用小球飞行的水平距离表示为水平速度；故选C；故答案为：（1）14.45；（2）C．三、计算题（要求写出必要的文字说明和方程式，只写最后结果不给分，每小题12分）12．如图所示，光滑水平面上静止着倾角为θ、高度为H、质量为M的光滑斜面，质量为m 的小球以一定的初速度从斜面底端沿着斜面向上运动．若斜面固定，小球恰好冲上斜面的顶端，若斜面不固定，求小球冲上斜面后能达到的最大高度h．【考点】动量守恒定律．【分析】斜面固定时，由动能定理或机械能守恒求出小球的初速度；斜面不固定时，小球和斜面组成的系统，水平方向动量守恒，由动量守恒和机械能守恒列式，联立方程即可求解．【解答】解：斜面固定时，设小球初速度为v0，有：m=mgH斜面不固定时，以小球和斜面组成的系统为研究对象，设小球冲上斜面后达到最大高度时与斜面的共同速度为v，则根据系统的机械能守恒和水平方向动量守恒（选向右的方向为正）得：m=（m+M）+mghm=（m+M）v联立解得：h=答：小球冲上斜面后能达到的最大高度h为．13．如图所示，质量分别为1kg、3kg的滑块A、B位于光滑水平面上，现使滑块A以4m/s 的速度向右运动，与左侧连有轻弹簧的滑块B发生碰撞．求二者在发生碰撞的过程中弹簧的最大弹性势能；【考点】弹性势能．【分析】A与B相互作用过程中，外力的合力为零，系统动量守恒，同时由于只有弹簧弹力做功，系统机械能也守恒；A刚与弹簧接触时，弹簧弹力逐渐变大，A做加速度变大的加速运动，B做加速度变大的加速运动，当A与B速度相等时，弹簧最短，弹性势能最大，根据动量守恒定律和机械能守恒定律列式即可．【解答】解：在整个过程中，弹簧具有最大弹性势能时，A和B的速度相同．根据动量守恒定律mv0=（M+m）v．根据机械能守恒定律，有Ep=代入数据求得，E P=6J答：最大弹性势能6J．14．如图所示，质量均为M=4kg的小车A、B，B车上用轻绳挂有质量为m=2kg的小球C，与B车静止在水平地面上．A车以v0=2m/s的速度在光滑水平面上向B车运动，相碰后粘在一起（碰撞时间很短）．求：（1）碰撞过程中系统损失的机械能；（2）碰后小球第一次回到最低点时的速度．【考点】动量守恒定律；功能关系．【分析】（1）A、B车碰撞过程中，系统动量守恒，根据动量守恒定律以及能量守恒定律列式求解；（2）对A、B、C整体根据动量守恒列式，再根据能量守恒定律列式求解即可．【解答】解：（1）设A、B车碰后共同速度为v1，以向左为正，由动量守恒定律得：Mv0=2Mv1，根据能量守恒定律得：设系统损失的能量为E损=E损=4J解得：E损（2）设金属球C再次回到最低点时A、B车速为v2，金属球C速度为v3，对A、B、C由动量守恒得：2Mv1=2Mv2+mv3由能量守恒得：解得：v3=1.6m/s答：（1）碰撞过程中系统损失的机械能为4J；（2）碰后小球第一次回到最低点时的速度为1.6m/s．。