必修三第五六章综合演练 Microsoft Word 文档
2022年秋高中数学第六章计数原理综合训练新人教A版选择性必修第三册
第六章综合训练一、选择题(本题共8小题,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.(x+1)8的展开式的各项系数和为()A.256B.257C.254D.2552.(2022湖南湘潭模拟)如图是一把算盘的初始状态,自右向左,分别是个位、十位、百位、…,上面一粒珠(简称上珠)代表5,下面一粒珠(简称下珠)代表1,即五粒下珠的大小等于同组一粒上珠的大小.现在从个位、十位和百位这三组中随机选择往下拨1粒上珠,且往上拨2粒下珠,则算盘可表示的数的个数为()A.9B.18C.27D.363.从4名男同学和3名女同学中选出3名参加某项活动,则男女生都有的不同的选法种数是()A.18B.24C.30D.364.已知(1+ax)6=1+12x+bx2+…+a6x6,则实数b的值为()A.15B.20C.40D.605.(2020全国Ⅰ高考)(x+y 2x)(x+y)5的展开式中x3y3的系数为()A.5B.10C.15D.206.(2022山东济南月考)(x+2y)5(x-2y)7的展开式中x9y3的系数为()A.-160B.-80C.160D.807.如图所示,要给①②③④四块区域分别涂上五种不同颜色中的某一种,允许同一种颜色使用多次,但相邻区域必须涂不同颜色,则不同的涂色方法种数为()A.320B.160C.96D.608.某学校实行新课程改革,即除语文、数学、外语三科为必考科目外,还要在物理、化学、生物、历史、地理、思想政治六科中选择三科作为选考科目.已知某生的高考志愿为某大学环境科学专业,按照该大学上一年高考招生选考科目要求,物理、化学必选,为该生安排课表(上午四节、下午四节,每门课每天至少一节),已知该生某天最后两节为自习课,且数学不排下午第一节,语文、外语不相邻(上午第四节和下午第一节不算相邻),则该生该天课表有()A.444种B.1 776种C.1 440种D.1 560种二、选择题(本题共4小题,在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求)9.某学生想在物理、化学、生物、思想政治、历史、地理、信息技术这七门课程中选三门作为选考科目,下列说法错误的是()A.若任意选择三门课程,选法种数为A73B.若物理和化学至少选一门,选法种数为C21C52C.若物理和历史不能同时选,选法种数为C73−C22C51D.若物理和化学至少选一门,且物理和历史不能同时选,选法种数为C21C52−C5110.(2022江苏常州期末)如图,用4种不同的颜色,对四边形中的四个区域进行着色,要求有公共边的两个区域不能用同一种颜色,则不同的着色方法数可以表示为()A.A43A21B.A42A42C.A42(A21)2D.C41A32+C42(A22)2)n(a>0)的展开式中第5项与第7项的二项式系数相等,且展开式的各项系数之和11.已知(ax2+√x为1 024,则下列说法正确的是()A.展开式中奇数项的二项式系数和为256B.展开式中第6项的系数最大C.展开式中存在常数项D.展开式中含x 15的项的系数为45 12.(2022安徽亳州期末)已知(1-2x )2 021=a 0+a 1x+a 2x 2+…+a 2 021x 2 021,下列命题中,正确的是( )A.展开式中所有项的二项式系数的和为22 021B.展开式中所有奇次项系数的和为-32021+12C.展开式中所有偶次项系数的和为1-320212D.a 12+a 222+a 323+…+a202122021=-1三、填空题(本题共4小题)13.某微信群中甲、乙、丙、丁、戊五名成员先后抢4个不同的红包,每人最多抢一个红包,且红包全被抢光,则甲、乙两人都抢到红包的情况有 种.14.将5位志愿者分成3组,其中两组各2人,另一组1人,分赴某大型展览会的三个不同场馆服务,不同的分配方案有 种.15.二项式(1+2x )4的展开式的各项系数的和为 .16.(2022浙江绍兴模拟)已知(x-2)(x+m )5=a 6x 6+a 5x 5+…+a 1x+a 0,m 为常数,若a 5=-7,则m= ,a 6+a 5+…+a 1= .四、解答题(本题共6小题,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤) 17.(2022上海虹口期末)已知(1-3x )n =a 0+a 1x+a 2x 2+a 3x 3+…+a n x n(n 为正整数). (1)若a 2=15a 0-13a 1,求n 的值;(2)若n=2 022,A=a 0+a 2+a 4+…+a 2 022,B=a 1+a 3+a 5+…+a 2 021,求A+B 和A 2-B 2的值(结果用指数幂的形式表示).18.某医院有内科医生8名、外科医生6名,现选派4名参加医疗队. (1)甲、乙两人至少有一人参加,有多少种选法?(2)队中至少有一名内科医生和一名外科医生,有几种选法?19.在√x 3−12√x3n的展开式中,前三项系数的绝对值成等差数列.(1)求展开式的第四项; (2)求展开式的常数项; (3)求展开式中各项的系数和.20.有7本不同的书:(1)全部分给6个人,每人至少一本,有多少种不同的分法? (2)全部分给5个人,每人至少一本,有多少种不同的分法?21.(2022北京昌平期末)有7个人分成两排就座,第一排3人,第二排4人.(1)共有多少种不同的坐法?(2)如果甲和乙都在第二排,共有多少种不同的坐法?(3)如果甲和乙不能坐在每排的两端,共有多少种不同的坐法?22.在(2x-3y)10的展开式中,求:(1)各项的二项式系数的和;(2)分别求奇数项的二项式系数的和与偶数项的二项式系数的和;(3)各项系数之和;(4)分别求奇数项系数的和与偶数项系数的和.第六章综合训练1.A令x=1,则(1+1)8=28=256,即(x+1)8的展开式的各项系数的和为256.故选A.2.B根据算盘的运算法则以及题干中描述的操作,从个、十、百上珠中选1粒往下拨,则有C31种,下珠往上拨分两种情况,全部来自个、十、百,即C31种,或者来自个、十、百中的两个,即C32种,故算盘表示的数的个数为C31(C31+C32)=18.故选B.3.C由于选出的3名学生男女生都有,所以可分成两类:第1类,3人中是1男2女,共有C41C32=4×3=12(种)不同的选法;第2类,3人中是2男1女,共有C42C31=6×3=18(种)不同的选法.所以男女生都有的不同的选法种数是12+18=30.4.D(1+ax)6的展开式的通项为T r+1=C6r a r x r,令r=1,则C61a=12,解得a=2,则b=C6222=60.·C51x4y=5x3y3,当k=3 5.C因为(x+y)5的通项公式为C5k·x5-k·y k(k=0,1,2,3,4,5),所以当k=1时,y2x时,x·C53x2y3=10x3y3,所以x3y3的系数为10+5=15.6.D二项式可以化为[(x+2y)(x-2y)]5(x-2y)2=(x2-4xy+4y2)(x2-4y2)5,则二项式的展开式中含x9y3的项为-4xy×C51(x2)4·(-4y2)1=80x9y3,所以x9y3的系数为80,故选D.7.A根据分步乘法计数原理,区域①有5种颜色可供选择,区域③有4种颜色可供选择,区域②和区域④只要不选择区域③的颜色即可,故各有4种颜色可供选择,所以不同涂色方法有5×4×4×4=320(种).8.B物理、化学、生物、历史、地理、思想政治六选三,且物理、化学必选,所以只需在生物、历史、地理、思想政治中四选一,有C41=4(种).对语文、外语排课进行分类,第1类,语文、外语有一科在下午第一节,则另一科可以安排在上午四节课中的任意一节,剩下的四科可全排列,有C21C41A44=192(种);第2类,语文、外语都不在下午第一节,则下午第一节可在除语文、数学、外语三科的另三科中选择,有C31=3(种),语文和外语可都安排在上午,即上午第一、三节,上午第一、四节,上午第二、四节,有3×A22=6(种), 也可一科在上午任一节,一科在下午第二节,有C41A22=8(种),其他三科可以全排列,有C31(6+8)A33=252(种).综上,共有4×(192+252)=1776(种).故选B.9.ABD若任意选择三门课程,选法种数为C73,故A错误;若物理和化学至少选一门,选法种数为C21C52+C22C51,故B错误;若物理和历史不能同时选,选法种数为C73−C22C51,故C正确;若物理和化学至少选一门,且物理和历史不能同时选,选法种数为C21C52+C22C51−C51,故D错误.故选ABD.10.ACD选项A:表示先着色中间两格和下面一格.从4种颜色中取3种,有A43种方法,上面一格,从与中间两格不同的颜色中取出一个,有A21种方法,故共有A43A21=48种不同方法,正确;选项B:A42×A42=144,方法总数不对,错误;选项C:表示先对中间两格涂颜色.从4种颜色中取2种,共有A42种方法,上下两格都是从与中间两格不同的颜色中取出一个,各有A21种方法,故共有A42(A21)2=48种不同方法,正确;选项D:表示两种情况:①上下两格颜色相同,中间两格从3个剩下的颜色中取2种,共有C41A32种不同方法;②上下两格颜色不同,中间两格从2个剩下的颜色中取2种,共有C42A22A22种不同方法.综合①②可知方法总数为C41A32+C42(A22)2=48种不同方法,正确.故选ACD.11.BCD由二项式的展开式中第5项与第7项的二项数系数相等,可知n=10.又因为展开式的各项系数之和为1024,即当x=1时,(a+1)10=1024,所以a=1.)10=(x2+x-12)10.所以二项式为(x2+√x二项式系数和为210=1024,则奇数项的二项式系数和为12×1024=512,故A 错误;由n=10可知展开式共有11项,故第6项的二项式系数最大,因为x 2与x -12的系数均为1,则该二项展开式的二项式系数与相应各项的系数相同,所以第6项的系数最大,故B 正确;若展开式中存在常数项,由通项T k+1=C 10k x 2(10-k )x -12k可得2(10-k )-12k=0,解得k=8,故C 正确;由通项T k+1=C 10kx2(10-k )x -12k 可得2(10-k )-12k=15,解得k=2,所以系数为C 102=45,故D 正确.故选BCD .12.ABD 由二项式系数的性质可得:展开式中所有项的二项式系数的和为22021,故A 正确;令x=1,则(1-2)2021=a 0+a 1+…+a 2021=-1, ① 令x=-1,则(1+2)2021=a 0-a 1+a 2-…-a 2021=32021,②①+②整理可得a 0+a 2+…+a 2020=32021-12,所以展开式中所有偶次项的系数和为32021-12,故C 错误;①-②整理可得a 1+a 3+…+a 2021=-32021+12,所以展开式中所有奇次项的系数和为-32021+12,故B 正确;令x=0,则a 0=1, 再令x=12,则1-2×122021=a 0+a 12+a 222+…+a 202122021=0,所以a 12+a 222+…+a202122021=-a 0=-1,故D 正确.故选ABD .13.72 第1步,甲、乙抢到红包,有A 42=4×3=12(种),第2步,其余三人抢剩下的两个红包,有A 32=3×2=6(种),所以甲、乙两人都抢到红包的情况有12×6=72(种).14.90 先分组C 52C 32C 11A 22,再把三组分配到三个不同的场馆,得共有不同的分配方案C 52C 32C 11A 22A 33=90(种).15.81 令x=1,则二项式的展开式的各项的系数和为(1+2)4=81. 16.-1 -2 由已知可得a 5为x 5的系数,则展开式中含x 5的项为x ×C 51x 4·m-2×C 50x 5=(5m-2)x 5,所以5m-2=-7,解得m=-1,令x=0,则a 0=-2×(-1)5=2, 令x=1,则a 0+a 1+…+a 6=(1-2)(1-1)5=0,所以a 6+a 5+…+a 1=-2. 17.解(1)令x=0,则a 0=1,二项式的展开式中含x 项的系数为a 1=C n 1·(-3)1=-3n ,二项式的展开式中含x 2项的系数为a 2=C n 2·(-3)2=9n(n -1)2,则由已知可得9n(n -1)2=15×1-13×(-3n ),即9n 2-87n-30=0,解得n=10或n=-13(舍去),故n 的值为10.(2)若n=2022,则原式为(1-3x )2022=a 0+a 1x+a 2x 2+…+a 2022x 2022,令x=1,则a 0+a 1+a 2+…+a 2022=(1-3)2022=22022,①令x=-1,则a 0-a 1+a 2-…+a 2022=[1-3×(-1)]2022=42022=24044,②①+②可得A=22021+24043,①-②可得B=22021-24043,所以A+B=22022,A 2-B 2=(A+B )(A-B )=22022·24044=26066.18.解(1)不考虑甲、乙两人,从所有14名医生中选派4名共有C 144=1001(种);甲、乙两人都没被选派共有C 124=495(种).故甲、乙两人至少有一人参加,有1001-495=506(种). (2)此时4名医生的组成可分为三类:第1类,1名内科医生、3名外科医生,共有C 81C 63=160(种); 第2类,2名内科医生、2名外科医生,共有C 82C 62=420(种); 第3类,3名内科医生、1名外科医生,共有C 83C 61=336(种).故队中至少有一名内科医生和一名外科医生,有160+420+336=916(种)选法. 19.解通项为T k+1=(-12)k C n k x n -2k3.由已知,(-12)0C n 0,12C n 1,(12)2C n 2成等差数列,得2×12C n 1=1+14C n2,解得n=8,故T k+1=(-12)k C 8k x 8-2k3.(1)令k=3,得T 4=(-12)3C 83x 23=-7x 23.(2)令8-2k=0,得k=4,故T 5=358. (3)令x=1,得各项的系数和为128=1256.20.解(1)根据题意,将7本书分给6个人,且每人至少1本,则必须是其中1个人2本,其他人每人1本,则分两步:第1步,将7本书,分为6组,其中1组2本,其他组每组1本,有C 72=21(种)分组方法;第2步,将分好的6组对应6人,将6组进行全排列即可,有A 66=720(种)方法.一共有21×720=15120(种)不同的分法.(2)分两类:第1类,1人得3本,其余4人各得一本,方法数为C 73A 55=4200;第2类,2人各得2本,其余3人各得1本,方法数为12C 72C 52A 55=12600. 所以所求分法种数为4200+12600=16800.21.解(1)7个人分成两排就座,第一排3人,第二排4人,共有A 77=5040种.(2)从除甲乙之外的5人中选3人排在第一排,再排第二排,故有A 53A 44=1440种.(3)第一类,甲乙同一排,则只能排在第二排,故有A 53A 22A 22=240种;第二类,甲乙不在同一排,故有2(A 52A 21A 33)=480种.故共有240+480=720种.22.解(1)各项的二项式系数的和为C 100+C 101+C 102+…+C 1010=210=1024. (2)奇数项的二项式系数的和为C 100+C 102+…+C 1010=29=512; 偶数项的二项式系数的和为C 101+C 103+…+C 109=29=512. (3)设(2x-3y )10=a 0x 10+a 1x 9y+a 2x 8y 2+…+a 10y 10(*),各项系数之和即为a 0+a 1+a 2+…+a 10,令(*)中x=y=1,得各项系数之和为(2-3)10=(-1)10=1.(4)奇数项系数的和为a 0+a 2+a 4+…+a 10,偶数项系数的和为a 1+a 3+a 5+…+a 9.由(3)知a 0+a 1+a 2+…+a 10=1.① 令(*)中x=1,y=-1,得a 0-a 1+a 2-a 3+…+a 10=510.② ①+②,得2(a 0+a 2+…+a 10)=1+510,故奇数项系数的和为1+5102;①-②,得2(a 1+a 3+…+a 9)=1-510,故偶数项系数的和为1-5102.。
2010-2023历年高考复习单元检测：必修三第五章生态系统及其稳定性;第六章生态环境的保护
2010-2023历年高考复习单元检测：必修三第五章生态系统及其稳定性；第六章生态环境的保护第1卷一.参考题库(共25题)1.在一个生态系统中，能量的输入与输出保持动态平衡，说明这个生态系统是稳定的。
如果能量输出长期大于输入，生态系统就会退化，自我调节能力降低，那么这种情况最可能是由下列哪个因素造成的( )A．长期低温B．连续阴雨C．植被破坏D．品种退化2.下图是某生态系统中食物网简图，图中甲～庚代表各种不同的生物。
请据图分析回答问题：(1)此生态系统作为生产者的生物是________，作为次级消费者的生物是______ __。
(2)生物甲与己的关系是________。
(3)该生态系统只表示了部分生物，图中未表示的成分有________。
(4)已知各营养级之间的能量转化效率为10%，若一种生物摄食两种下一营养级的生物，且它们被摄食的生物量相等，则丁每增加10kg生物量，需消耗生产者________kg。
解析：(1)本食物网由四条食物链组成，其第一营养级为戊，第三营养级分别为甲、乙、丁。
(2)甲既捕食己又捕食戊，己也以戊为食，因此甲与己既有捕食关系，又有竞争关系。
(3)应从生态系统成分的角度全面审视这一问题。
生态系统的成分中还应有非生物的物质和能量以及分解者。
(4)流经丁的食物链有三条，即①戊→庚→丁；②戊→甲→丁；③戊→己→甲→丁，按题意，丁增加10 kg体重应消耗50 kg庚和50 kg甲，则庚应消耗500kg戊，甲除直接消耗250 kg戊外还需通过己消耗2500 kg戊，三项合计为3250 kg。
3.随着水体富营养化程度日趋严重，淡水湖泊藻类水华频繁发生。
人工打捞和投放大量化学杀藻剂进行紧急处理是常用的治理方法。
近年来，研究者采用投放食浮游植物的鱼类和种植大型挺水植物构建生物修复系统的方法，收到较好的效果。
根据上述材料回答问题：(1)杀藻剂处理水华与生物修复的方法相比，主要缺点是________和________。
必修三,56单元
江苏省栟茶高级中学2014届高三历史必修三第5、6单元综合练习一、选择题：本大题共30小题，每小题3分，共计90分。
在每小题列出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的。
1.美籍华人学者张馨保在《林钦差与鸦片战争》一文中指出：“在所有19世纪的中国政治家中，林则徐的形象和影响都超过了其他人。
……比曾国藩、李鸿章早二、三代人的时间，林则徐就已提倡和发动了向‘蛮夷'学习的自强运动。
”这一评述体现的史学观点是（）A．革命史观 B．社会史观C．全球史观 D．近代化史观2.龚自珍在担任礼部主客司主事时曾说：“我朝藩服分二类，其朝贡之事……自朝鲜至琉球，贡有额，朝有期。
西洋诸国，贡无定额，无定期。
”龚自珍所述反映了当时的中国（）A．已经产生“开眼看世界”的思想 B．逐渐看清西洋诸国来华朝贡的实质C．仍停留于“天朝上国”的政治幻想中 D．对西洋诸国不定期朝贡心存不满3.清廷兵部左侍郎王茂荫进呈咸丰皇帝一书：“其书版在京，如蒙皇上许有可采，请饬重为刊印，使亲王大臣家置一编，并令宗室八旗以是教，以是学，以知夷难御而非竟无法可御。
”此书很快进入清朝最高决策层的视野，所提出的主张在洋务运动中付诸实践。
该书最有可能是A．《四洲志》 B．《海国图志》 C．《天演论》 D．《资政新篇》4.近年来有学者认为：“倘使同治光绪年间的改革移到道光咸丰年间，我们的近代化就要比日本早二十年。
”这次发生在“同治光绪年间的改革”对中国近代化的推动表现在( )A. 要求建立了君主立宪制B. 标志着中国近代工业的起步C. 推动资本主义初步发展D. 促使西方民主自由思想的传播5.“不识国民之原理，不通世界之大势，不知政治之本原……而仅摭拾泰西皮毛，……遂乃自足。
”上述言论应当是A．顽固派对洋务派的批评 B．洋务派对顽固派的批评C．洋务派对维新派的批评D．维新派对洋务派的批评6.魏源在19世纪50年代介绍西方时写到，“西方人讲礼貌、正直、有知识，根本不应该称之为‘夷’”。
新教材人教版高中物理必修第三册全册各章综合测验 含解析
人教版高中物理必修第三册各章综合测验第九章静电场及其应用........................................................................................................ - 1 - 第十章静电场中的能量........................................................................................................ - 9 - 第十一章电路及其应用...................................................................................................... - 26 - 第十二章电能能量守恒定律............................................................................................ - 38 - 第十三章电磁感应与电磁波初步...................................................................................... - 52 -第九章静电场及其应用(90分钟100分)【合格性考试】(60分钟60分)一、选择题(本题共9小题,每小题4分,共36分。
)1.关于元电荷的理解,下列说法正确的是()A.元电荷就是电子B.元电荷是一个理想模型C.元电荷就是质子D.物体所带电量只能是元电荷的整数倍【解析】选D。
元电荷是最小的电荷量,而不是一个物理模型;在高中阶段,任何带电体所带的电荷量只能是元电荷的整数倍,D是正确的,因为高中阶段并不要求学生知道夸克模型。
2.关于库仑定律,以下说法中正确的是()A.库仑定律适用于点电荷,点电荷其实就是体积很小的带电体B.库仑定律是实验定律C.库仑定律仅适用于静止的点电荷间的相互作用D.根据库仑定律,当两个点电荷间的距离趋近于零时,则库仑力趋近于无穷大【解析】选B。
2019版生物人教版必修3训练：第5、6章检测BWord版含解析
第5、6章检测（B）（时间：60分钟，满分:100分）一、选择题（每小题3分,共60分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1：|W1.下列有关生态系统的叙述，错误的是（）A. 生态系统的组成成分中含有非生物成分B. 生态系统相对稳定时无能量输入和散失C. 生态系统维持相对稳定离不开信息传递D. 负反馈调节有利于生态系统保持相对稳定解析:生态系统的组成成分包括非生物的物质和能量、生产者、消费者、分解者,A项正确。
生态系统相对稳定时能量的输入=输出（散失）,B项错误。
生态系统维持相对稳定离不开信息传递,C项正确。
负反馈调节是生态系统自我调节能力的基础，有利于生态系统保持相对稳定，D项正确。
答案:B匕.2•下列关于土壤微生物的叙述，错误的是（）A. 土壤微生物参与生态系统的物质循环B. 土壤微生物可作为生态系统的分解者C. 秸秆经土壤微生物分解后可被农作物再利用D. 土壤中的硝化细菌是异养生物，因而不属于生产者解析:土壤中的硝化细菌是化能自养需氧型生物，因而属于生产者，D项错误。
答案:D3•我国谚语中的螳螂捕蝉，黄雀在后”体现了食物链的原理。
若鹰迁入了蝉、螳螂和黄雀所在的树林中，捕食黄雀并栖息于林中。
下列叙述正确的是（）A. 鹰的迁入增加了该树林中蝉及其天敌的数量B. 该生态系统中细菌产生的能量可流向生产者C•鹰的迁入增加了该生态系统能量消耗的环节------------ D.鹰的迁入改变了该生态系统能量流动的方向解析:鹰迁入后，形成了食物链：植物T蝉T螳螂T黄雀T鹰。
鹰捕食黄雀，因此鹰的迁入会使该树林中黄雀的数量减少，进而导致螳螂数量增加，最终会使蝉的数量减少，故A项错误。
能量流动是沿着食物链进行的，细菌是分解者，不参与食物链的构成，故细菌的能量不能流向生产者，B项错误。
能量流动是沿着食物链进行的，鹰的迁入增加了食物链的长度，使该生态系统能量消耗的环节增多，但未改变能量流动的方向，C项正确，D项错误。
新教材粤教版高中物理必修第三册全册各章综合测验(精选配套习题,含解析)
粤教版必修第三册各章综合测验第一章静电场的描述...................................................................................................... - 1 -第二章静电场的应用...................................................................................................... - 9 -第三章恒定电流............................................................................................................ - 20 -第四、五章综合测验.................................................................................................... - 29 -第六章电磁现象与电磁波............................................................................................ - 39 -第一章静电场的描述(时间：60分钟分值：100分)一、单项选择题(本题共8小题，每题4分，共32分．每小题中只有一个选项是正确的，选对得4分，错选、不选或多选均不得分．)1．关于点电荷、元电荷、检验电荷，下列说法正确的是()A．元电荷实际上是指电子和质子本身B．点电荷所带电荷量一定很小C．点电荷、元电荷、检验电荷是同一种物理模型D．点电荷所带电荷量一定是元电荷电荷量的整数倍解析：元电荷是指一个电子或质子所带的电荷量，并不是指电子或质子本身，选项A错误；在条件满足的情况下点电荷可以代替任何带电体，故点电荷所带电荷量不一定少，选项B错误；点电荷是理想化模型，元电荷是最小电荷单位，检验电荷是指电荷量很小的电荷，故选项C错误；任何带电体所带电荷量都是元电荷电荷量的整数倍，选项D正确．答案：D2．使两个完全相同的金属小球(均可视为点电荷)分别带上－3Q和＋5Q的电荷后，将它们固定在相距为a的两点，它们之间库仑力的大小为F1.现用绝缘工具使两小球相互接触后，再将它们固定在相距为2a的两点，它们之间库仑力的大小为F2，则F1与F2之比为()A．2∶1B．4∶1C．16∶1 D．60∶1解析：两个完全相同的金属小球相互接触后，带电荷量均为＋Q，距离变为原来的两倍，根据库仑定律可知选项D 正确．答案：D3.如图所示，B 为线段AC 的中点，如果在A 处放一个＋Q 的点电荷，测得B 处的场强E B ＝48 N/C ，则( )A ．E C ＝24 N/CB ．EC ＝12 N/CC ．若要使E B ＝0，可在C 处放一个－Q 的点电荷D ．把q ＝10－9 C 的点电荷放在C 点，则其所受电场力的大小为6×10－9 N 解析：由真空中点电荷的场强公式E ＝kQ r 2知A 错误，B 正确；根据场强的叠加及点电荷产生的场强方向知，应在C 处放一等量同种电荷，C 错误；F ＝qE C ＝1.2×10－8 N ，D 错误．答案：B 4．下列选项中的各14圆环大小相同，所带的电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各14圆环间彼此绝缘．坐标原点处电场强度最大的是( )A BC D解析：将圆环上分布的电荷模拟成点电荷模型思考，利用点电荷的电场强度表达式将各处电荷在O 点的电场强度合成进行分析．由E ＝k Q r 2和电荷的对称分布就可知道B 图电场强度最大，选项B 正确．答案：B5．在静电场中，将一个电子由a 点移到b 点，克服电场力做功8 J ，下列说法正确的是( )A ．a 、b 两点电势差U ab ＝8 VB ．电子的电势能减少了8 JC ．电场强度的方向一定由a 指向bD ．因零电势点未确定，故a 、b 两点间的电势差无法确定解析：a 、b 两点电势差U ab ＝W q ＝－8 J －e＝8 V ，故A 正确；电子由a 点移到b 点，克服电场力做功8 J ，电子的电势能就增加了8 J ，故B 错误；电子由a 点移到b 点，但电场强度的方向不一定由a 指向b ，故C 错误；电势是相对的，但是电势差与零电势点的选择无关，故D 错误．答案：A6.如图所示，在电场强度E ＝2 000 V/m 的匀强电场中，有三点A 、M 和B ，AM ＝4 cm ，MB ＝3 cm ，AB ＝5 cm ，且AM 边平行于电场线，把一电荷量q ＝2×10－9 C 的正电荷从B 移到M 点，再从M 点移到A 点，电场力做功为( )A ．0.16×10－6 JB ．0.12×10－6 JC ．－0.16×10－6 JD ．－0.12×10－6 J解析：因为W BA ＝W MA ＝－qEd AM ，所以W BA ＝－1.6×10－7 J ＝－0.16×10－6 J. 答案：C7.某匀强电场的等势面示意图如图所示，每两个相邻等势面相距2 cm ，由此可以确定电场强度的方向和数值是( )A ．竖直向下，E ＝100 V/mB ．水平向左，E ＝100 V/mC ．水平向左，E ＝200 V/mD ．水平向右，E ＝200 V/m解析：电场强度E ＝U d ＝100 V/m ，电场强度的方向指向电势降落的方向，即水平向左，选项B 正确．答案：B8.如图所示，A 、B 、C 三点都在匀强电场中，已知AC ⊥BC ，∠ABC ＝53°，BC ＝20 cm.把q ＝10－5 C 的正电荷从A 移到B ，静电力做功为零；从B 移到C ，静电力做功为－1.6×10－3 J ，则该匀强电场的场强大小和方向是( )A ．800 V/m ，垂直AC 向左B ．800 V/m ，垂直AC 向右C ．1 000 V/m ，垂直AB 斜向上D ．1 000 V/m ，垂直AB 斜向下解析：正电荷从A 移到B ，静电力做功为零，AB 为等势面，而U BC ＝W BC q ＝－160 V ，电场方向垂直AB 斜向下，电场强度E ＝|U BC |BC ·sin 53 °＝1 000 V/m, 选项D 正确．答案：D二、多项选择题(本题共4小题，每题4分，共16分．每小题有多个选项是正确的，全选对得4分，少选得2分，选错、多选或不选均不得分．)9.如图所示，实线为一正点电荷的电场线，虚线为其等势面．A 、B 是同一等势面上的两点，C 为另一等势面上的一点，下列判断正确的是( )A ．A 点场强等于B 点场强B ．C 点电势低于B 点电势C．将电子从A点移到B点，电场力不做功D．将质子从A点移到C点，其电势能增加解析：A、B两点场强大小相等，方向不同，A错误；A、B电势相等，均高于C点电势，B正确；A、B在同一等势面上，将电子从A点移到B点，电势能不变，电场力不做功，C正确；由于φA＞φC，质子带正电，故由A点到C点，质子的电势能减少，D错误．答案：BC10．带电粒子m只在静电力作用下由P点运动到Q点，在此过程中克服静电力做了2.6×10－8 J的功，则()A．m在P点的电势能一定小于它在Q点的电势能B．P点的场强一定小于Q点的场强C．P点的电势一定高于Q点的电势D．m在P点的动能一定大于它在Q点的动能解析：带电粒子由P点运动到Q点，克服静电力做功，即静电力做负功，所以电势能增加，再由动能定理，可知动能减少．由于条件不足，不能确定电势和场强的大小关系，因此选项A、D正确．答案：AD11．如图所示，虚线是某一静电场的一簇等势线及其电势值，一带电粒子只在电场力的作用下飞经该电场时，恰能沿图中的实线从A点飞到B点，则下列判断正确的是()A．该粒子带正电B．A点的场强大于B点的场强C．粒子在A点的电势能大于在B点的电势能D．粒子在A点的动能小于在B点的动能解析：电场线与等势线垂直，且从高电势指向低电势，所以电场线的大体方向向左．由运动轨迹可知带电粒子所受电场力方向大体向左，故粒子带正电，A 正确；根据等势面的疏密可知E A＞E B，B正确；运动中电场力做负功，粒子的电势能增加，C错误；根据动能定理，粒子在A点动能较大，D错误．答案：AB12.如图所示，在场强大小为E的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细线一端拴一个质量为m、电荷量为q的带负电的小球，另一端固定在O点；把小球拉到使细线水平的位置A，然后将小球由静止释放，小球沿弧线运动到细线与水平成θ＝60°的位置B时速度为零．以下说法正确的是()A．小球重力与电场力的关系是Eq＝mgB．小球重力与电场力的关系是Eq＝3mgC．球在B点时，细线拉力为T＝3mgD．球在B点时，细线拉力为T＝233mg解析：根据动能定理，得mgL sin θ－qEL(1－cos θ)＝0，解得qE＝3mg，故A错误，B正确；小球到达B点时速度为零，则沿细线方向合力为零，此时对小球受力分析，可知T＝qE cos 60°＋mg sin 60°，故细线拉力T＝3mg，故C正确，D错误．答案：BC三、非选择题(共6小题，共52分．)13.(4分)如图所示，把电荷量为－5×10－9 C的电荷，从电场中的A点移到B 点，其电势能__________(选填“增大”“减小”或“不变”)；若A点的电势φA＝15 V，B点的电势φB＝10 V，则此过程中电场力做的功为__________．解析：电荷由A点移到B点，电场力做负功，故电势能增大. 由电场力做功与电势能变化的关系知，电场力做的功为W AB ＝E p A －E p B ＝qφA －qφB ＝q (φA －φB )＝(－5×10－9)×(15－10) J ＝－2.5×10－8 J.答案：增大 －2.5×10－8 J14．(8分)有两个完全相同的带电金属小球A 、B ，分别带有电荷量Q A ＝6.4×10－9 C 和Q B ＝－3.2×10－9 C ，让两金属小球接触，请问在接触过程中，电子如何转移并转移了多少？解析：当两个小球接触时，带电荷量少的负电荷先被中和，剩余的正电荷再重新分配．由于两小球相同，剩余正电荷必均分，即接触后两小球带电荷量Q ′A ＝Q ′B ＝Q A ＋Q B 2＝6.4×10－9－3.2×10－92 C ＝1.6×10－9 C ．在接触过程中，电子由B 球转移到A 球，不仅将自身电荷中和，而且继续转移，使B 球带Q ′B 的正电，这样，共转移的电子电荷量为ΔQ ＝－Q B ＋Q ′B ＝(3.2×10－9＋1.6×10－9) C ＝4.8×10－9 C ，转移电子数n ＝ΔQ e ＝4.8×10－9 C 1.6×10－19 C＝3.0×1010 (个)． 答案：电子由B 球转移到A 球，转移了3.0×1010个电子．15.(10分)如图所示，匀强电场中A 、B 、C 三点构成一个直角三角形，把电荷量q ＝－2×10－10 C 的点电荷由A 点移动到B 点，静电力做功4.8×10－8 J ，再由B 点移动到C 点，电荷克服静电力做功4.8×10－8 J ，取B 点的电势为零，求A 、C 两点的电势及场强的方向．解析：把电荷从A 点移到B 点，由U AB ＝W AB q 得U AB ＝4.8×10－8－2×10－10V ＝－240 V , 所以φA ＝U AB ＋φB ＝－240 V ；把电荷从B 点移到C 点，U BC ＝W BC q ＝－4.8×10－8－2×10－10 V ＝240 V ，所以φC ＝φB －U BC ＝－240 V ．因为φA ＝φC ，所以A 、C 在同一等势面上，根据场强方向垂直等势面且由电势高处指向电势低处，可以得知场强方向垂直AC 斜向上．答案：－240 V －240 V 垂直AC 斜向上16.(10分)如图所示，匀强电场的电场强度沿水平方向，现有质量为m 、带电量为＋q的一个带电小球，以速度v0沿向右偏上30°的方向进入该电场，该小球恰好做直线运动，求：(1)该电场的场强大小及方向；(2)小球进入电场后在入射方向上的最大位移．解析：(1)小球做直线运动，合力方向与速度方向在同一条直线上，则电场力的方向水平向左，可知电场强度的方向水平向左．对小球的受力分析如图所示，根据qE＝mg tan 60 °得，电场强度E＝3mgq，方向为水平向左．(2)小球所受的合力F合＝2mg，则小球做匀减速运动的加速度大小a＝2g，小球进入电场后在入射方向上的最大位移x＝v202a＝v204g.答案：(1)3mgq方向水平向左(2)v204g17.(10分)如图所示，水平光滑的绝缘细管中，两相同的带电金属小球相向运动，当相距L时，加速度大小均为a，已知A球带电荷量为＋q，B球带电荷量为－3q.当两球相碰后再次相距为L时，两球加速度大小为多大？解析：设两球的质量均为m，开始两球相距L时，库仑力大小为：F＝kq·3qL2＝3kq2L2，则a＝Fm＝3kq2mL2，①相碰后两球电荷量先中和，后平分，所以带电荷量均为－q，两球再次相距为L时，库仑力F′＝kq2L2，则两球加速度均为a′＝F′m＝kq2mL2，②由①②式得a′＝1 3a.答案：1 3a18.(10分)如图所示，在水平放置的两个平行金属板之间的匀强电场沿竖直方向，电场中A、B两点之间的连线与竖直方向的夹角为60°.把带电荷量为q＝－1.5×10－8 C的点电荷由A点移到B点，克服电场力做了4.2×10－5 J的功．(1)若已知A点电势φA＝800 V，x AB＝1 cm，求B点电势；(2)求电场强度的大小和方向．解析：(1)A、B两点的电势差为U AB＝W ABq＝－4.2×10－5－1.5×10－8V＝2 800 V，设B点的电势为φB，根据U AB＝φA－φB，得φB＝φA－U AB＝800 V－2 800 V＝－2 000 V.(2)电场强度为E＝U ABd＝U ABx AB cos 60°＝2 8001×10－2×0.5V/m＝5.6×105 V/m，方向为竖直向下．答案：(1)－2 000 V(2)5.6×105 V/m竖直向下第二章静电场的应用(时间：60分钟分值：100分)一、单项选择题(本题共8小题，每题4分，共32分．每小题中只有一个选项是正确的，选对得4分，错选、不选或多选均不得分．)1．用6 V干电池对一个电容器充电时()A．只要电路不断开，电容器的带电量就会不断增加B．电容器接电源正极的极板带正电，接电源负极的极板带负电C．电容器两极板所带电量之和叫作电容器的带电量D．充电后电容器两极板之间不存在电场解析：当电容器两极板的电势差为6 V时，电荷量不会再增加，A错误；跟电源正极相连的极板带正电，跟负极相连的极板带负电，B正确；电容器任一极板所带的电量叫电容器的带电量，C错误；充电后电容器两极板之间存在匀强电场，D错误．答案：B2．下列防雷措施可行的是()①在大树下避雷雨；②停留在山顶、山脊的凉亭等地方避雷雨；③不要快速开摩托车、骑自行车或在雨中狂奔；④在空旷地带，最好关掉手机电源．A．①③B．②③C．①④D．③④解析：表面具有突出尖端的导体，在尖端部分电荷分布密度很大，使得其周围电场很强，就可能使其周围的空气发生电离而引发尖端放电，因此不要在大树下避雨，别停留在山顶、山脊的凉亭等地方．快速开摩托车、骑自行车或在雨中狂奔，身体的跨步越大，电压就越大，雷电也越容易伤人．在空旷地带使用手机通话，手机很有可能成为闪电放电的对象．答案：D3．下列关于实验中使用静电计的说法正确的是()A．使用静电计的目的是观察电容器电压的变化情况B．使用静电计的目的是测量电容器带电荷量的变化情况C．静电计可以用电压表替代D．静电计可以用电流表替代解析：静电计是用来观察电容器两端电压变化情况的仪器，不可以用电压表替代，也不可以用电流表替代，因为电流表和电压表在电路是通路时才有示数．答案：A4.研究与平行板电容器电容有关因素的实验装置如图所示．下列说法正确的是()A．实验前，只用带电玻璃棒与电容器a板接触，能使电容器带电B．实验中，只将电容器b板向上平移，静电计指针的张角变小C．实验中，只在极板间插入有机玻璃板，静电计指针的张角变大D．实验中，只增加极板带电量，静电计指针的张角变大，表明电容增大解析：带电玻璃棒接触a板，a板会带上同种电荷，同时b板上会感应出异种电荷，故A正确；静电计指针张角反映电容器两板间电压，将b板上移，正对面积S减小，电容C减小，板间电压U增大，故指针张角变大．B错误；插入有机玻璃板，相对介电常数εr增大，电容C增大，板间电压U减小，指针张角变小，C错误；只增加极板带电量Q，板间电压U增大，但电容保持不变，故D错误．答案：A5．如图为一只“极距变化型电容式传感器”的部分构件示意图．当动极板和定极板之间的距离d变化时，电容C便发生变化，通过测量电容C的变化就可知道两极板之间距离d的变化情况．下列选项中能正确反映C与d之间变化规律的是()A BC D解析：由平行板电容器电容的决定式C＝εr S4πkd可知，电容C与板极之间距离d成反比，在第一象限反比例函数图像是双曲线的一支，选项A正确．答案：A6.如图所示，在某一真空中，只有水平向右的匀强电场和竖直向下的重力场，在竖直平面内有一初速度为v0的带电微粒，恰能沿图示虚线由A向B做直线运动，那么()A．微粒带正、负电荷都有可能B．微粒做匀减速直线运动C．微粒做匀速直线运动D．微粒做匀加速直线运动解析：微粒做直线运动的条件是速度方向和合外力的方向在同一条直线上，只有微粒受到水平向左的静电力才能使得合力的方向与速度方向相反且在同一条直线上，由此可知微粒所受的静电力的方向与场强方向相反，则微粒必带负电，且运动过程中微粒做匀减速直线运动，故选项B正确．答案：B7.如图所示，一个平行板电容器充电后与电源断开，从负极板处释放一个电子(不计重力)，设其到达正极板时的速度为v1，加速度为a1若将两极板间的距离增大为原来的2倍，再从负极板处释放一个电子，设其到达正极板时的速度为v2，加速度为a2，则()A．a1∶a2＝1∶1，v1∶v2＝1∶2B．a1∶a2＝2∶1，v1∶v2＝1∶2C．a1∶a2＝2∶1，v1∶v2＝2∶1D．a1∶a2＝1∶1，v1∶v2＝1∶ 2解析： 电容器充电后与电源断开，再增大两极板间的距离时，场强不变，电子在电场中受到的静电力不变，故a 1∶a 2＝1∶1.由动能定理Ue ＝12m v 2得v ＝2Uem ，因两极板间距离增大为原来的2倍，由U ＝Ed 知，电势差U 增大为原来的2倍，故v 1∶v 2＝1∶ 2.答案：D8.如图所示，场强大小为E 、方向竖直向下的匀强电场中有一矩形区域abcd ，水平边ab 长为s ，竖直边ad 长为h .质量均为m 、带电量分别为＋q 和－q 的两粒子，由a 、c 两点先后沿ab 和cd 方向以速率v 0进入矩形区(两粒子不同时出现在电场中)．不计重力，若两粒子轨迹恰好相切，则v 0等于( )A.s 2 2qE mhB.s 2 qE mhC.s 42qE mhD.s 2qE mh解析：带电粒子在电场中做类平抛运动，根据平抛运动的规律解决问题．根据对称性，两粒子轨迹的切点位于矩形区域abcd 的中心．则在水平方向有12s ＝v 0t ，在竖直方向有12h ＝12·qE m ·t 2，解得v 0＝s 2 qEmh ，故选项B 正确，选项A 、C 、D 错误．答案：B二、多项选择题(本题共4小题，每题4分，共16分．每小题有多个选项是正确的，全选对得4分，少选得2分，选错、多选或不选均不得分．)9.传感器是把非电学量(如高度、温度、压力等)的变化转换成电学量(如电压、电流、电容等)变化的一种元件，它在自动控制中有着广泛的应用．如图是一种测定液面高度的电容式传感器的示意图．金属棒与导电液体构成一个电容器，将金属棒和导电液体分别与直流电源的两极相连接，从电容C 和导电液体与金属棒间的电压U 的变化就能反映液面的升降情况，即( )A．电源接通，若此后电容C减小，反映h减小B．电源接通，若此后电容C减小，反映h增大C．电源接通再断开，若此后电压U减小，反映h减小D．电源接通再断开，若此后电压U减小，反映h增大解析：电源接通，由C＝εr S4kπd，若电容C减小，则S减小，即h减小，选项A正确；电源接通再断开，Q一定，由C＝εr S4kπd和U＝QC知，电压U减小，则电容C增大，正对面积S增大，h增大，选项D正确．答案：AD10．如图是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧．对矿粉分离的过程，下列表述正确的有()A．带正电的矿粉落在右侧B．电场力对矿粉做正功C．带负电的矿粉电势能变大D．带正电的矿粉电势能变小解析：由题图可知，电场方向水平向左，带正电的矿粉所受电场力方向与电场方向相同，所以落在左侧；带负电的矿粉所受电场力方向与电场方向相反，所以落在右侧，选项A错误．无论矿粉所带电性如何，矿粉均向所受电场力方向偏转，电场力均做正功，电势能均减少，选项C错误，选项B、D正确．答案：BD11.如图所示，平行板电容器竖直放置，A板上用绝缘线悬挂一带电小球，静止时，绝缘线与固定的A 板成θ角，平移B 板，下列说法正确的是( )A ．S 闭合，B 板向上平移一小段距离，θ角变大 B ．S 闭合，B 板向左平移一小段距离，θ角变大C ．S 断开，B 板向上平移一小段距离，θ角变大D ．S 断开，B 板向左平移一小段距离，θ角不变解析：分析小球受力，由平衡条件可知tan θ＝qEmg ，则场强E 增大时，θ变大，E 减小时，θ变小．当S 闭合时，电容器两极板间电压不变，由E ＝Ud 知此时E 取决于板间距离d ，故B 板上移时，d 不变，E 不变，θ不变，A 错误；B 板左移时，d 减小，E 增大，θ变大，B 正确；当S 断开时，电容器所带电荷量不变，由E ＝Ud ，U ＝Q C ，C ＝εr S 4πkd 三式可得E ＝4πkQεrS ，即此种情况下E 取决于正对面积S ，而与板间距离无关，B 上移时，正对面积减小，E 增大，θ变大，C 正确；B 左移时，d 减小，E 不变，θ不变，D 正确．答案：BCD12.如图所示，两平行金属板间有一匀强电场，板长为L ，两板间的距离为d ，在距极板右端L 处有一竖直放置的屏M ，一个带电荷量为q 、质量为m 的质点从两极板中央射入板间，最后垂直打在M 屏上，则( )A ．极板间的电场强度大小为mgq B ．极板间的电场强度大小为2mgqC ．质点在极板间运动的时间等于质点从极板右端运动到M 屏的时间D ．质点在极板间运动的时间大于质点从极板右端运动到M 屏的时间 解析：由运动的独立性可知，质点在沿平行极板方向做匀速直线运动，选项C正确；由粒子垂直打在M屏上可知Eq－mg＝mg，故E＝2mgq，选项B正确．答案：BC三、非选择题(共6小题，共52分．)13．(6分)在“用传感器观察电容器的充电和放电”实验中，电路图如图甲所示．一位同学使用的电源电压为8.0 V，测得放电的I-t图像如图乙所示．(1)若按“四舍五入”法，根据“I-t图像与两坐标轴包围面积”，试计算电容器全部放电过程的放电量为________________．(2)根据以上数据估算电容器的电容值为__________________．解析：(1)根据“四舍五入”的原则，图线与坐标轴所围成的面积为42～44个小格，每个小格表示的电荷量为0.08×10－3 C，故电容器的总放电量为3.36×10－3～3.52×10－3 C.(2)由C＝QU得，电容为0.42×10－3～0.44×10－3 F.答案：(1)3.36×10－3～3.52×10－3 C(2)0.42×10－3～0.44×10－3 F14．(5分)如图所示实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素．其中电容器的左侧极板与电源负极相连并接地；右侧极板与电源正极相连并连接静电计金属球，静电计外壳接地；一带正电小球悬挂与两极板之间．(1)该实验中，静电计的作用是测量电容器的______________(选填“电容”“电压”或“电荷量”)．(2)若电容器充满电后，保持电源与电容器连接，减小极板间的距离，可观察到：小球的偏转角度________________，静电计指针偏转角度__________(均选填“变大”“变小”或“不变”)．(3)若电容充满电后，断开电源与电容连接，上移左极板．可观察到，小球的偏转角度__________，静电计指针偏转角___________ (均选填“变大”“变小”或“不变”)．解析：(1)该实验中，静电计的作用是测量电容器的电压．(2)若电容器充满电后，保持电源与电容器连接，则U不变；减小极板间的距离d，则E＝Ud可知，场强E变大，则小球的偏转角度变大；因U不变，则静电计指针偏转角度不变．(3)若电容器充满电后，断开电源与电容连接，则Q不变；上移左极板，则S减小，根据C＝εr S4πkd可知C减小，根据Q＝CU可知U变大，则静电计指针偏转角变大；根据E＝Ud可知，场强E变大，小球的偏转角度变大．答案：(1)电压(2)变大不变(3)变大变大15.(8分)如图所示，一平行板电容器接在U＝12 V的直流电源上，电容C＝3.0×10－10 F，两极板间距离d＝1.20×10－3 m，g取10 m/s2.(1)求该电容器所带电荷量；(2)若板间有一带电微粒，其质量为m＝2.0×10－3 kg，恰在板间处于静止状态，则微粒带电荷量多少？带何种电荷？解析：(1)由公式C＝QU得Q＝CU＝3×10－10×12 C＝3.6×10－9 C.(2)若带电微粒恰在极板间静止，则qE＝mg，而E＝Ud解得q＝mgdU＝2.0×10－3×10×1.20×10－312C＝2×10－6 C，带负电荷．答案：(1)3.6×10－9 C(2)2×10－6 C带负电荷16.(8分)如图所示，A、B为两块足够大的平行金属板，两板间距离为d，接在电压为U的电源上．在A板的中央P点处放置一个电子放射源，可以向各个方向释放电子．设电子的质量为m、电荷量为e，射出的初速度为v.求电子打在B板上区域的面积．解析：打在最边缘处的电子，将是类平抛运动的电子，在垂直电场方向做匀速运动，即r＝v t.在平行电场方向做初速度为零的匀加速运动，即d＝12at2.其中，a＝eEm＝eUmd，则t＝d2meU.将r＝v t代入得r＝v d 2m eU.圆面积S＝πr2＝2πm v2d2eU.答案：2πm v2d2eU17.(12分)如图所示，一半径为R的绝缘圆形轨道竖直放置，圆轨道最低点与一条水平轨道相连，轨道都是光滑的．轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，场强为E.从水平轨道上的A点由静止释放一质量为m的带正电的小球，为使小球刚好在圆轨道内做圆周运动，求释放点A距圆轨道最低点B的距离s(已知小球受到的电场力大小等于小球重力的34倍)．解析：圆弧轨道上，在复合场中“最高点”由电场力和重力的合力提供做圆周运动的向心力，如图所示．F合＝（mg）2＋（qE）2＝54mg，①由此可得tan θ＝34，②又F合＝m v2R，③从A至D，由动能定理得：qE(s－R sin θ)－mgR(1＋cos θ)＝12m v2，④联立求解得：s＝236R≈3.83R.答案：3.83R18．(13分)如图所示为两组平行板金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m、电量为e的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间．若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B分别为两块竖直板的中点，求：(1)电子通过B点时的速度大小；(2)右侧平行金属板的长度；(3)电子穿出右侧平行金属板时的动能和速度方向．解析：(1)由动能定理，得eU0＝m v20 2，解得v0＝2eU0 m.(2)电子进入偏转电场做类平抛运动，设板长为L，则L＝v0t，又y＝d2＝at22，a＝Fm＝eUmd，联立上式，解得L＝d 2U0 U.(3)对全过程列动能定理，得eU0＋12eU＝E k－0，即E k ＝eU 0＋12eU ，速度方向与水平方向夹角φ满足： tan φ＝atv 0＝U 2U 0. 答案：(1) 2eU 0m (2)d2U 0U (3)见解析第三章恒定电流(时间：60分钟 分值：100分)一、单项选择题(本题共8小题，每题4分，共32分．每小题中只有一个选项是正确的，选对得4分，错选、不选或多选均不得分．)1．根据电阻定律，电阻率ρ＝RSL 对于温度一定的某种金属来说，它的电阻率( )A ．跟导线的电阻成正比B ．由所用金属材料的本身特性决定C ．跟导线的横截面积成正比D ．跟导线的长度成反比解析：电阻率描述的是导体本身的一种特性，是表征材料性质的重要的物理量，它与导体的材料有关，不与题意中的公式后的物理量有关，B 正确，A 、C 、D 错误．答案：B2．在10 s 内通过电解槽某一横截面向右迁移的正离子所带的电量为2 C ，向左迁移的负离子所带电量为3 C ，那么电解槽中电流为( )A ．0.5 AB ．0.2 AC ．0.3 AD ．0.1 A解析：根据电流强度的公式I ＝q ＋＋q －t ＝2＋310 A ＝0.5 A ，A 正确，B 、C 、D。
高中必修第三册统编人教版《全册综合》章末综合检测
模块综合检测A卷——学业水平验收(时间：90分钟满分：100分)一、选择题(本题共20小题，第1～10小题每题2分，第11～20小题每题3分，共50分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1．(2018·浙江11月选考)下列物理量属于标量的是()A．速度B．加速度C．电流D．电场强度解析：选C选项中四个物理量均既有大小，又有方向，其中电流适用代数运算法则，是标量，其余量适用平行四边形定则，是矢量，故C正确。
2．(2019·绍兴检测)如图所示，把一条导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转。
发现这个实验现象的物理学家是()A．牛顿B．爱因斯坦C．奥斯特D．居里夫人解析：选C发现电流能使小磁针偏转的物理学家是奥斯特。
故C正确。
3．(2019·惠州期末)下列叙述正确的是()A．任何起电方式都是电荷转移的过程B．摩擦起电是创造电荷的过程C．玻璃棒无论和什么物体摩擦都会带正电D．带等量异号电荷的两个导体接触后，两个导体将不带电，原因是电荷消失了解析：选A由于不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同，故任何起电方式都是电荷转移的过程，A选项正确，B选项错误；在摩擦的过程中，束缚本领强的得到电子带负电，束缚本领弱的失去电子带正电，玻璃棒和其他物体摩擦时，也可以带负电，C选项错误；带等量异号电荷的两个导体接触后，两个导体将不带电，原因是电荷中和了，D选项错误。
4．两个完全一样的金属小球M、N，先让它们各自带电＋5q和＋7q，接触后再分开，则最终M、N的带电荷量分别是()A．＋6q，＋6q B．＋7q，＋5qC．＋12q，＋12q D．＋q，＋q解析：选A两个完全相同的金属小球接触，电荷先中和后均分，故：Q M′＝Q N′＝Q M ＋Q N 2＝5q ＋7q2＝6q ，故选项A 正确。
5.如图所示，一带负电的粒子以初速度v 进入范围足够大的匀强电场E 中，初速度方向与电场方向平行，粒子不计重力。
生物高中学考必修三第五、六章(附历年真题)2课时
（13年）
40、当今全球生态环境问题主要包括 ①全球气候变化②水资源短缺③臭氧层破坏④酸雨 ⑤土地荒漠化⑥海洋污染和生物多样性锐减 A．①②③ B．①②③④ C．①②③④⑤ D．①②③④⑤⑥
46、（8分）请根据生态系统碳循环模式图，回答 下列问题： 呼吸作用
CO2
光合作用 呼吸作用
甲
捕食
乙
分解作用
兔
草 鹰
鼠
蛇
（10年） 37．狗以尿液标记自己的领地。尿液传递的信息 属于 A．物理信息 B．化学信息 C．行为信息 D．电子信息 38．以下生态系统中，自我调节能力最强的是 A．荒漠生态系统 B．森林生态系统 C．苔原生态系统 D．农田生态系统
39．下列哪项不是人口过度增长所造成的影响 A．粮食匮乏 B．能源紧缺 C．人均耕地面积减少 D．地震频发 40．地球是人类赖以生存的唯一家园。在对待地 球家园的问题上，科学的态度是 A．自然资源取之不尽，用之不竭 B．人类不能开发和利用自然资源，只能保护自 然资源 C．先发展经济，后治理环境 D．正确处理人与资源和环境的关系，走可持续 发展的道路
第五章：生态系统及其稳定性
1、结构 生态系统的组成成分 非生物的物质和能量：（无机环境） 生产者：自养生物，主要是绿色植物 消费者：绝大多数动物，除营腐生的动物 分解者：能将动植物尸体或粪便为食的生物（细 菌、真菌、腐生生物） 食物链和食物网（营养结构）：食物链中只有生产 者和消费者，其起点：生产者植物 （第一营养级：生产者 初级消费者：植食性 动物）
2、生态系统的功能：物质循环、能量流动和信息 传递 3、生态系统总能量来源：生产者固定的太阳能 生态系统某一营养级（营养级≥2） 能量来源：上一营养级 能量去处：呼吸作用、未利用、分解者分解作用、 传给下一营养级 4、能量流动的特点：单向流动、逐级递减。 能量在相邻两个营养级间的传递效率：10%～20% 5、研究能量流动的意义： ①：可以帮助人们科学规划，设计人工生态系统， 使能量得到最有效的利用 ②：可以帮助人们合理地调整生态系统中的能量流 动关系
人教版语文必修三练习：综合测评+Word版含答案
综合测评(满分 :150 分时间:150分钟)一、现代文阅读 (36 分)(一 )论述类文本阅读(9 分 ,每题 3 分 )阅读下边的文字,达成第 1~3 题。
越文化是一种半农耕半大海的文化。
越地先民是中国境内最早致力于农业生产的族群之一,在新石器时代初期,上山文化、跨湖桥文化先民已开始栽种水稻。
同时,越人又是中国以致世界都稀有的大海性族群。
据分子人类学的研究成就,古越人曾沿中国东部海岸线北上,活跃于两广、福建、江浙、山东以致东北的沿海地区,他们的后代成为此刻这些地区汉族的重要构成部分,以后海上丝绸之路的主要对外港口便散布于古越人最初开辟的海岸沿线。
别的,宽泛散布于太平洋诸岛屿的马来人群及波利尼西亚人群,他们其实是距今12 000 年左右才与中国境内的古越族群分道扬镳的。
越人习水便舟,文件多有记录,越地是中国航海技术的起源地。
2002 年杭州萧山跨湖桥旧址出土了一条当前所见中国最早的独木舟遗骸,距今约 7 000~8 000 年。
据吴春明先生研究,它有可能是一艘适于海上航行的边架艇独木帆舟,可与波利尼西亚人群的舟船相联系。
在河姆渡文化、马家浜文化、良渚文化的旧址中,还发现有许多的舟船遗物,如近来在宁波余姚田螺山的河姆渡文化旧址发现了一件距今7 000 年的完好独木舟模型器,能够看出当时的独木舟已经离开简陋的原始状态。
越地的航海传统持续到现在,其孕育的先进航海技术影响了中国沿海以致整个环太平洋地区,为以后的海上丝绸之路确定了技术基础。
一般认为海上丝绸之路源起于汉代,但是 ,越地在汉代甚至更早便已经睁开对外贸易。
秦汉会稽郡部下的贸阝县(在今浙江宁波),一般认为即因外国贸易而得名。
海上丝绸之路的兴隆期是在唐、宋、元。
唐开元二十六年,以贸阝县为中心的明州,从越州独立出来,自此成为中国对外沟通的重要门户。
“安史之乱”后唐王朝对西域失掉控制 ,陆上丝绸之路逐渐走向衰落,在必定程度上刺激了海上贸易的发展。
越地商贸的发展以及交通的便利,既给越文化的发展带来了无穷活力,也为海上丝绸之路的兴盛确定了重要基础。
高中物理选择性必修三第五章原子核综合训练
＝6，再结合电荷数的变化情况和衰变规律来判
定β衰变的次数（设为y），2x－y＝90－82＝8，y＝2x－8＝4，钍核
中的中子数为232－90＝142，铅核中的中子数为208－82＝126，所以
钍核比铅核多16个中子，铅核比钍核少8个质子，β衰变所放出的电子
来自原子核内，A、B正确。
针对性训练
ΔE＝Δm×931 MeV 解得ΔE＝0.007 4×931 MeV≈6.89 MeV。
针对性训练
1.能源是社会发展的基础，发展核能是解决能源问题的途径之一。下列关于核
反应方程的说法，正确的是（
）
A. H+ H→ He+ n是α衰变
B.
U+
n→
Xe+
Sr＋1
之一，故D正确。
典型例题
核聚变反应
方程不平衡
核裂变反应
α衰变是自
发的
典型例题
（多选）下列核反应方程正确的是（ BD ）
氦核
电子
a=1
b=3
典型例题
BD
3
2
4
2
1
0
4
2
典型例题
花岗岩、砖砂、水泥等建筑材料是室内氡的最主要来源。人呼吸时，氡气
会随气体进入肺脏，氡衰变放出的α射线像小“炸弹”一样轰击肺细胞，使肺细
（3）原子核分解成核子时要吸收一定的能量，相应的质量增加Δm，
吸收的能量为ΔE＝Δmc2。
典型例题
解析
方程（1）是α衰变，（2）是β衰变，在反应过程中均有能量
释放，故答案A错误。
方程（3）是第一次实现原子核的人工转变(卢瑟福发现质子），
Module 5-6 单元综合测试(外研版必修3,课标通用)
综合仿真测试Modules 5～6第一部分：听力(共两节，满分30分)第一节(共5小题；每小题1.5分，满分7.5分)听下面5段对话。
每段对话后有一个小题，从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项。
听完每段对话后，你都有10秒钟时间来回答有关小题和阅读下一小题。
每段对话仅读一遍。
1．Where does the conversation most likely take place?A．In a library.B．In a bookstore.C．At a department store.2．How did the man feel?A．Extremely anxious.B．Not nervous.C．Very angry.3．What' s Neal's job?A．A salesman. B．A waiter. C．An assistant.4．How much money does the man want to change?A．$20. B．$30. C．$100.5．What is the relationship between the speakers?A．Teacher and student.B．Manager and worker.C．Mother and son.第二节(共15小题；每小题1.5分，满分22.5分)听下面5段对话或独白。
每段对话或独白后有几个小题，从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项。
听每段对话或独白前，你将有时间阅读各个小题，每小题5秒钟；听完后，每小题将给出5秒钟的作答时间。
每段对话或独白读两遍。
听第6段材料，回答第6至7题。
6．What did the man plan to do at first?A．To work in a supermarket.B．To open his own business.C．To work in an old shop.7. What do we know about the woman?A．She works in town.B．She has a job abroad.C．She always keeps in touch with the man.听第7段材料，回答第8至9题。
2020-2021学年高中粤教版物理必修第三册章末综合测评：第五、六章电能与能源的可持续发展电磁现象
章末综合测评(四)(时间：90分钟分值：100分)1．(4分)如图1所示，用充电宝为一手机电池充电，其等效电路如图2所示。
在充电开始后的一段时间t内，充电宝的输出电压U、输出电流I可认为是恒定不变的，设手机电池的内阻为r，则时间t内()图1图2A．充电宝输出的电功率为UI＋I2rB．充电宝产生的热功率为I2rC．手机电池产生的焦耳热为U2 r tD．手机电池储存的化学能为UIt－I2rtD[充电宝的输出电压U、输出电流I，所以充电宝输出的电功率为P＝UI，A错误；手机电池充电电流为I，所以手机电池产生的热功率为P r＝I2r，而充电宝的热功率应为充电宝的总功率减去输出功率，根据题目信息无法求解，BC错误；输出的电能一部分转化为手机的化学能，一部分转化为电池的热能，故根据能量守恒定律可知手机电池储存的化学能为W＝UIt－I2rt，D正确。
]2．(4分)如图所示，小磁针放置在螺线管轴线的左侧。
闭合电路后，不计其他磁场的影响，小磁针静止时的指向是()A．N极指向螺线管B．S极指向螺线管C．N极垂直于纸面向里D．S极垂直纸面向里A[根据安培定则可以判断通电螺线管左侧为S极，右侧为N极，因此左侧小磁针静止时N极指向右侧，故BCD错误，A正确。
]3．(4分)关于磁感应强度，下列说法正确的是()A．根据定义式B＝FIL，磁场中某点的磁感应强度B与F成正比，与I成反比B．磁感应强度B是矢量，方向与该点的小磁针静止时N极所指的方向一致C．磁感应强度B是矢量，方向与电流所受安培力的方向相同D．在某一磁场中，同一点的B是相同的，不同点的B一定不同B[磁感应强度由磁场本身决定，与电流、导线长度、导线受到的安培力无关，故A错误；磁感应强度是有大小又有方和的矢量，方向与该点的小磁针静止时N极所指的方向或N极的受力方向相同，故B正确；根据左手定则可知，磁感应强度的方向与电流所受的安培力F的方向垂直，与通过该点的磁感线的切线方向相同，故C错误；匀强磁场中各点的磁感应强度都相同，故D错误。
必修3第3章到第6章测试试卷3.doc
南通市墩头中学高二月考试卷时间：120分钟，满分：150分本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷两部分。
第Ⅰ卷1至4页，第Ⅱ卷5至8页。
考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷（选择题，共70分）注意事项：1．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、考试号、科目名称用2B铅笔涂写在答题卡上。
2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案。
不能答在试卷上。
一、选择题：（本题包括26小题，每题2分，计52分。
每小题只有一个选项符合题意。
）1. 扦插时，保留有芽和幼叶的插枝比较容易成活，这是因为芽和幼叶有以下特点（）A．能迅速生长B．能进行光合作用C．能产生生长素D．储存着较多的有机物2. 为了保护鱼类资源不被破坏，并能持续地获得最大捕鱼量，根据种群增长的S型曲线，应使被捕鱼群的种群数量保持在K/2水平。
这是因为在这个水平上（）A．种群数量相对稳定B．种群增长量最大C．种群数量最大 D．环境条件所允许的种群数量最大3. 为了降低一种真菌对果树的毒害，园艺家引入一种形态结构，生理特征和原真菌相似，但毒性较低的真菌，从而使果树增产，园艺家利用的原理是A．寄生B．竞争C．捕食D．共生4. 下列关于植物激素的叙述，错误的是（）A．赤霉素的主要作用是引起茎秆加粗B．细胞分裂素一般在根尖合成C．脱落酸能抑制细胞分裂和种子萌发D．乙烯是一种气体激素5. 在草→兔→狐→狼这条食物链中，属于第一营养级和次级消费者的生物分别是（）A．狼和兔 B．免和狼C．草和狐 D．草和兔6. 下列关于植物生长素的叙述中，不．正确的是A．在植物体内生长素含量是很少的B．在植物体内生长素移动是从形态学上的顶端转向基部C．在植物体内生长素的运输不需要能量D．单侧光下燕麦胚芽鞘顶端和生长素可从向光侧横向运输到背光侧7.对燕麦胚芽鞘的尖端分别作如下处理，然后都放在单侧光下照射，其中会弯曲生长的是A B C D8. 农业生产上拟定运用激素培育无子黄瓜的方案，一般无需考虑A．植物激素（类似物）的种类和浓度 B．施用的时期和方式C．处理的部位 D．对光合作用的直接影响9．在南极生态系统中，一条食物链为：浮游植物→小鱼→海豹→虎鲸。
必修三第五章测试题
第五章生态系统及其稳定性单元测试题1•选择题：每小题给出的四个选项中，只有一个 选项最符合题目要求。
A .物理信息B .化学信息C .行为信息D .声信息5•生态系统的能量流动是指 （ ）A. 太阳能被绿色植物固定的过程B. 系统内生物体能量代谢的过程C. 生态系统中能量的输入，传递，转化,和散失过程 6.在浮游植物T 小鱼T 海豹T 虎鲸这条食物链中，鲸增加 量为（）A . 1 kgB . 10 kg 7.以虫治虫是生态农业的重要内容， 下图表示某一生系统中四种生物所含有机物的总量。
假设这四种生物只构成一条食物链。
请问在一段时间内，如果甲的种群数量增加，其可 能引起的后果是（）A .乙和丁的种群数量都增加B .乙和丁的种群数量都减少C .乙和丙的种群数量都减少D .乙和丙的种群数量都增加&到南极考察的科学工作者，为了保护环境，除了必须把塑料以及金属类废弃物带离南极外，还必须把人体尿液、粪便等废物带离南极，这是因为南极（1、在我国西部大开发战略中, “保护天然林”和“退耕还林（草） 是两项重要内容。
米取这两项措施的首要目标是（）A 、开展生态旅游B 、发展畜牧业C 、增加木材产量D 、改善生态环境2•下列生物中，全部属于生产者的一组是A •海带、梨树、酵母菌 C •马铃薯、菠菜、乳酸菌 3•下列不属于生态系统中分解者的是A .硝化细菌B .蘑菇）B.蘑菇、水绵、洋葱 D.硝化细菌、紫菜、苹果树 （ ）C .酵母菌D .霉菌4 •春暖花开，蜜蜂忙着在花丛中采蜜。
招引蜜蜂采蜜的信息属于 D.能量从生物体进入环境的过程 1 kg 体重，至少消费浮游植物的 C . 125 kgD . 1000 kg）A .缺少生产者B .分解者很少C .没有消费者D .缺乏必要的生活设施9.“离离原上草，一岁一枯荣，野火烧不尽，春风吹又生”，主要说明了草原的（）A .恢复力稳定性较强B .抵抗力稳定性较强C .恢复力稳定性较弱D .抵抗力稳定性较弱10 .森林遭到持续干旱，树木往往扩展根系的分布空间，保证获得足够水分，维持生态系统的正常功能。
3.6《第五,六章》综合能力测试(人教版必修三)
《第五，六章》综合能力测试（人教版必修三）第I卷（选择题共60分）一、选择题（每小题2分，共60分）1.下列关于内环境稳态调节的描述，不正确的是（）A.通过人体自身调节实现B.包括水和无机盐平衡的调节C.包括pH的调节，血糖的调节D.体温的调节不属于内环境稳态调节的范畴2.用一定量的甲状腺激素连续饲喂正常成年小白鼠4周，与对照组比较，实验组小白鼠表现为:A．耗氧量增加、神经系统的兴奋性降低 B．耗氧量增加、神经系统的兴奋性增强C．耗氧量减少、神经系统的兴奋性降低D．耗氧量减少、神经系统的兴奋性增强3.高等动物和人的内环境必须保持相对稳定。
下列各项生理活动中，与内环境的稳态没有直接关系的是（）A.通过汗和尿排出废物B.将食物残渣形成粪便排出体外C.血液运输氧和废物D.血液中的二氧化碳增加，会使呼吸加快4.右图示神经元局部模式图。
当人体内兴奋流经该神经元时，在神经纤维内外的电流方向是（）A.都是由左向右B.都是由右向左C.膜内由左向右，膜外由右向左D.膜内由右向左，膜外由左向右5．在人体内，神经冲动的传导不可能由（）A．轴突→树突→细胞体B．轴突→细胞体→树突C．树突→细胞体→轴突D．细胞体→树突→轴突6.下列关于体温调节的理解，正确的是（）A.如果破坏了下丘脑，动物仍然具有维持体温恒定的能力B.当人体处于炎热环境时，甲状腺激素会增加C.当人体处于寒冷环境时，出现皮肤血管收缩，减少皮肤血流量，从而减少皮肤的散热量D.在寒冷的环境中，肾上腺素分泌减少7.关于记忆细胞的正确叙述是（）A.只有B细胞受刺激后才会分化B.受抗原刺激后全部分化成效应细胞C.再次感染时发挥作用D.一年后将全部消失8.抗体一般不可能分布在（）A.血清B.组织液和淋巴C.尿液D.唾液和乳汁9.下列表示生物体内的三个生理过程（a、b、c），在此三个过程中，Y代表的物质分别为（）A.酶、抗体、载体B.抗体、载体、酶C.载体、抗体、酶D.酶、载体、抗体10.图6中能够说明运动员在短跑过程中和短跑结束后血液乳酸浓度变化的曲线是（）图6A.aB.bC.cD.d11.把成熟公狗的甲状腺切除，从第三周开始，每天注射激素A，测定激素A和激素B在血液中的浓度变化，如图8，据图判断A、B两种激素分别是（）图8A.甲状腺激素和促甲状腺激素B.胰岛素和胰高血糖素C.胰高血糖素和胰岛素D.甲状腺激素和生长素12.当盲人用手指“阅读”盲文时，参与此过程的高级神经中枢是（）A.语言中枢B.躯体感觉中枢C.躯体运动中枢D.以上都是13.下列各项中，只属于细胞免疫功能的是（）A.吞噬细胞的吞噬作用B.使病毒失去感染人体细胞的能力C.效应T细胞与靶细胞直接接触，导致靶细胞死亡D.使细胞外毒素失去毒性14.植物的下列现象中，与顶端优势现象中生长素的作用相同的是（）A.茎的向光性B.无籽番茄果实的发育C.根的向地性D.扦插的枝条生根15.为了行道树的树阴更浓密，园林工人常采取的重要措施是（）A.多施肥B.多灌溉C.适时打顶D.经常松土16.燕麦胚芽鞘如图2处理，经过几天后的变化情况是（）A.向左弯曲B.向右弯曲C.直立生长D.停止生长图217.我国实行计划生育政策，提倡少生优生，从生态学角度看，其主要的目的是（）A.控制出生率，降低种群密度B.控制年龄组成，稳定种群密度C.控制死亡率，降低种群密度D.控制年龄组成，降低种群密度18.下列关于种群的叙述正确的是（）①池塘中所有的鱼是一个种群②稻田中所有的三化螟是一个种群③种群密度的决定因素是年龄组成、性别比例④种群密度的大小主要决定于出生率和死亡率A.①③B.②③C.②④D. ①②④19.大多数生物群落在空间上有垂直分层现象，称为群落的垂直结构。
必修三5、6章习题-推荐下载
D.生物多样性是培育农作物、家畜和家禽新品种不可缺少的基因库
答案 B
13、.下列有关叙述中，有利于保护生物多样性的是
①适时、有计划地采伐森林，有利于森林生态系统的更新 ②生物入侵加剧了生存斗争，
有利于生物进化 ③就地保护是保护生物多样性最为有效的措施 ④易地保护为将要灭
绝的生物提供了生存的最后机会 作用
15.下列有关环境保护的说法中，错误的是 A.含氮、磷化合物的生活污水大量排放可使水体富营养化 B.各国工业大量排放二氧化硫是全球气候变暖的主要原因 C.劣质装修材料中的甲醛、苯、氡气等对人体有害 D.废旧电池中的汞、镉、铅等重金属盐对土壤和水源会造成污染
对全部高中资料试卷电气设备，在安装过程中以及安装结束后进行高中资料试卷调整试验；通电检查所有设备高中资料电试力卷保相护互装作置用调与试相技互术通关，1系电过，力管根保线据护敷生高设产中技工资术艺料0不高试仅中卷可资配以料置解试技决卷术吊要是顶求指层，机配对组置电在不气进规设行范备继高进电中行保资空护料载高试与中卷带资问负料题荷试2下卷2，高总而中体且资配可料置保试时障卷，各调需类控要管试在路验最习；大题对限到设度位备内。进来在行确管调保路整机敷使组设其高过在中程正资1常料中工试，况卷要下安加与全强过，看度并22工且22作尽22下可22都能22可地护以缩1关正小于常故管工障路作高高；中中对资资于料料继试试电卷卷保破连护坏接进范管行围口整，处核或理对者高定对中值某资，些料审异试核常卷与高弯校中扁对资度图料固纸试定，卷盒编工位写况置复进.杂行保设自护备动层与处防装理腐置，跨高尤接中其地资要线料避弯试免曲卷错半调误径试高标方中高案资等，料，编试要5写、卷求重电保技要气护术设设装交备备置底4高调、动。中试电作管资高气，线料中课并敷3试资件且、设卷料中拒管技试试调绝路术验卷试动敷中方技作设包案术，技含以来术线及避槽系免、统不管启必架动要等方高多案中项；资方对料式整试，套卷为启突解动然决过停高程机中中。语高因文中此电资，气料电课试力件卷高中电中管气资壁设料薄备试、进卷接行保口调护不试装严工置等作调问并试题且技，进术合行，理过要利关求用运电管行力线高保敷中护设资装技料置术试做。卷到线技准缆术确敷指灵设导活原。。则对对：于于在调差分试动线过保盒程护处中装，高置当中高不资中同料资电试料压卷试回技卷路术调交问试叉题技时，术，作是应为指采调发用试电金人机属员一隔，变板需压进要器行在组隔事在开前发处掌生理握内；图部同纸故一资障线料时槽、，内设需，备要强制进电造行回厂外路家部须出电同具源时高高切中中断资资习料料题试试电卷卷源试切，验除线报从缆告而敷与采设相用完关高毕技中，术资要资料进料试行，卷检并主查且要和了保检解护测现装处场置理设。备高中资料试卷布置情况与有关高中资料试卷电气系统接线等情况，然后根据规范与规程规定，制定设备调试高中资料试卷方案。
第五章测评高中物理《选择性必修第三册》课后习题word
第五章测评(时间:75分钟满分:100分)一、单项选择题(本题共7小题,每小题4分,共28分。
每小题只有一个选项符合题目要求)1.能源是社会发展的基础,发展核能是解决能源问题的途径之一。
下列核反应方程及其表述都正确的是()A.24He+1327Al P+11H是原子核的人工转变B.919F+11H O+24He是α衰变C.13H+11H He+γ是核聚变反应D.92235U Sr+54136Xe+301n是核裂变反应2.下列说法正确的是()A.92238U衰变为91234Pa要经过2次α衰变和1次β衰变B.β射线与γ射线一样都是电磁波,但β射线的穿透本领远比γ射线弱C.放射性元素的半衰期与原子所处的化学状态和外部条件有关D.天然放射现象使人类首次认识到原子核可分3.(2022山西太原一模)核电池,又称同位素电池,它是利用放射性同位素衰变放出载能粒子(α粒子、β粒子和γ射线)并将其能量转换为电能的装置。
某核电池使用的核燃料为94238Pu,其半衰期为88年。
已知94238Pu的衰变方程为94238Pu X+2n Y,下列说法正确的是()A.94238Pu核比M234X核多4个中子B.M234X的比结合能大于94238Pu的比结合能C.经过88年,20个94238Pu原子核中一定有10个发生了衰变D.94238Pu衰变放出的载能粒子是β粒子4.正电子发射型计算机断层显像的基本原理是将放射性同位素15O注入人体,15O在人体内衰变放出的正电子与人体内的负电子相遇湮灭转化为一对γ光子,被探测器采集后,经计算机处理生成清晰图像。
已知15O的半衰期为2.03 min,正、负电子的质量均为m,光速为c,普朗克常量为h,下列说法正确的是()A.辐射出γ光子的动量为2mcB.正、负电子相遇湮灭过程的质量亏损为mc2C.15O在人体内衰变的方程是815O F++10eD.经过4.06 min剩余15O为原来的四分之一5.(2022山东泰安基础教育教学研究室一模)2021年12月30日,中科院全超导托卡马克核聚变实验装置(EAST)在7 000万℃的高温下实现1 056 s的长脉冲高参数等离子体运行。
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高三生物 必修三第五、六章综合演练 出题人：王芳 日期1.(2010·扬州模拟)有关右图的叙述不．正确的是 ( ) ①图中只有两条食物链 ②细菌与狐之间既捕食又竞争 ③细菌占有第2、3、4、5营养级④该生态系统的能量流动是从草固定太阳能开始的A.①②③B.②③C.②③④D.③④2.右图表示生物圈中碳元素的循环过程，下列有关叙述正确的是 （ ） A.③过程代表绿色植物的光合作用 B.图中A 、B 分别代表消费者和生产者 C.温室效应主要是由⑦过程造成的 D.农业生产中的中耕松土可以增大⑤过程 3.下列有关生态系统信息传递的说法，不．正确的是 （ ） A.任何生命形式，如果没有接受信息、处理信息和利用信息的能力，就无法适应环境 B.信息传递应用在农业生产中，不仅可以提高农产品的产量，也可对有害动物进行控制 C.延长短日照植物黄麻的光照时间可提高麻皮产量，这属于行为信息的合理利用 D.在任何生态系统中，能量、物质和信息三者之间的关系都是密不可分的4.下列有关生态系统成分的叙述正确的是 ( ) A.自养型生物都属于生产者，如硝化细菌 B.动物都属于消费者，如食草动物 C.细菌都属于分解者，如大肠杆菌 D.能量不属于生态系统的成分5.下列关于生态系统自我调节能力的叙述中，错误的是 ( )A.森林中，害虫数量增加时食虫鸟也会增多，害虫种群的增长就受到抑制，这属于生物群落内的 负反馈调节B.负反馈调节在生态系统中普遍存在，它是生态系统自我调节能力的基础C.自我调节能力强的生态系统，其稳定性也高D.当外界干扰强度超过一定限度时，生态系统的自我调节能力将会丧失 6.我国北方处于平衡状态的某森林生态系统，其碳素循环 如图，箭头和字母分别表示碳素传递方向和转移量。
下 列选项正确的是 ( ) A.夏季：a ＞b ＋c ＋e B.秋季：e ＋f ＜g C.春季：g ＝b ＋e ＋f D.冬季：d ＞c ＋f7.下列有关生态系统功能的叙述，正确的是 （ ） A.生态系统中流动的能量只能来自生产者固定的太阳能 B.生态系统的信息传递是生态系统实现反馈调节的前提 C.生态系统中能量的循环流动是物质循环的动力 D.生态系统中的能量可循环利用8.在一个实验中，研究菜青虫吃掉白菜叶并将其转换成生物量的情况。
观察发现虫子一天吃2 m 2的菜叶为了估算方便，又作了一些测量。
各字母的含义分别是W ：该菜叶每2 m 2的平均干物质量；X ：虫子每天呼吸的消耗量；Y ：虫子每天粪便的总量；Z ：虫子每天CO 2的排出量则估算虫子每天积累的生物量B 的公式应为 ( )A.B ＝2W －Y －ZB.B ＝W －Y －Z －XC.B ＝2W －X －Z －YD.B ＝W －X －Y 9.(2010·南通调研)下图表示某草原生态系统中能量流动图解，①～④表示相关过程能量 流动量。
下列有关叙述正确的是 ()A.①是流入该生态系统的总能量B.分解者获得的能量最少C.图中②/①的比值代表草→兔的能量传递效率D.③和④分别属于草和兔同化量的一部分10.图1表示生态系统中各成分之间的联系，图2为一定时间内某一生态系统中的几个种 群的数量变化曲线。
据图分析，下列说法不．正确的是 ()A.图1中能构成群落的是B 、C 、D 、E 、F ，图2中的乙相当于图1中的EB.种群丙在a 、b 、c 、d 四个时期中种群密度最大的是a 时期C.图1中流入D 的总能量小于F 获得的总能量D.某地区因环境污染造成E 中出现部分白化苗，F 、D 的数量也都将减少 11.(5分)(2010·龙岩质检)请据图回答几个有关生态系统的问题：(1)左上图是生态系统碳循环示意图，图中 (填字母)是生态系统的主要成分。
(2)在右上图的食物链中，②/①的比值代表 (生物之间)的能量传递效率，③ 和④分别属于 和 (生物)的同化量的一部分。
(3)在右上图的食物链中，草为兔提供了可以采食的信息，狼能够依据兔留下的气味 去猎捕，兔同样也可以依据狼的气味或行为特征去躲避猎捕，这说明了信息的作用 是 。
正常情况下，草、兔、狼的数量会在一定范围内波动，这是通过 调节机制 来实现的。
12.(8分)某研究性学习小组参观某市市郊建立的以沼气为中心，以保护生态环境为目标 的“猪—沼—鱼—肥—粮蔬”生态模式时绘出了如下模式图，请分析回答：(1)构建以沼气为中心的“猪—沼—鱼—肥—粮蔬”生态模式时所依据的生态学原理 是 ， 该生态系统最大的优点是 。
(2)该生态系统的“基石”是 ，若要生产3 kg 鸡肉最少需要水稻和大豆共 kg 。
(3)沼气池中有产甲烷菌和不产甲烷菌等微生物。
其生态学作用主要是 。
(4)若农田内有虫害发生，采用何种措施既能保护环境又能有效防治害虫？。
(5)水稻、大豆的秸秆除了图中所示的用途外，还有哪些用途？(写出2个)。
13.图1为碳循环示意图，图2为某一食物网示意图，请据图回答问题：(1)通过过程①，碳由无机环境中的 转变成绿色植物(如玉米)中 。
(2)图1过程②越复杂，则该生态系统的抵抗力稳定性越 。
设过程②代表的生物之间有如图2所示的关系，若E 种群的能量为5.8×109kJ ，B 种群的能量为1.3×108 kJ ，D 种群的能量为1.5×108kJ ，能量传递效率为10%，则A 种群的能量 是 kJ 。
(3)过程④表示 作用。
参与过程④的生物与同区域中的动、植物等其他生物 共同构成了 。
(4)由图1可见，碳循环的特点是 。
伴随着物 质循环进行的能量流动具有特点是 。
14.(2010·广东三校联考)如图是某人工鱼塘生态系统能量流动过程中部分环节涉及的能量值(单位为103 kJ·m －2·a －1)。
试回答下列有关问题。
(1)图中①代表的生理过程是 ，图中②代表的能量主要以 形式贮存。
(2)该生态系统的总能量是 固定的。
(3)能量从该生态系统的第二营养级到第三营养级传递的效率约为 。
(4)试分析图中植食动物、肉食动物和顶位肉食动物随营养级的升高需要的有机物输 入越来越多的原因是 。
15.(10分)请回答关于生物多样性的问题：(1)2008年奥运吉祥物福娃“迎迎”原型来自我国青藏高原特有 的动物藏羚羊，其分布在可可西里的自然保护区。
人们保护 藏羚羊的目的是 。
A.保护可可西里的植被 B.保护生态系统的多样性 C.防止外来物种的入侵D.保护遗传的多样性和物种的多样性(2)从进化角度来看，生物性状具有多样性是 的结果。
(3)从整个生物界来看，不同的生态环境中分布着不同类型的群落，这反映了 水平的多样性。
(4)从红豆杉的树皮和针叶中分离纯化出的紫杉醇，是一种对子宫癌、乳腺癌、白血 病等有特殊疗效的药物。
从生物多样性价值角度说明，红豆杉此作用属 于 。
(5)某生态学家以“保护和利用草原生态系统生物多样性”为课题，对某草原进行了 几项专题研究，并绘制了单位面积的放牧量与生产者的净生产量的关系图，如图所 示，图中的横虚线代表未放牧时，草原中生产者的净生产量。
请据图分析并回答下 列问题：①放牧量应控制在图中b 点和c 点之间，为什么？。
②如果该草原生态系统的单位面积的放牧量长期在图中c 点以上，会对生物多样性造 成什么样的影响？ 。
③生态学家建议在此草原中引入鼠类的天敌和草食性昆虫的天敌，从能量流动的角度看，其目的是。
④草原生态系统如果发生大火后，随着时间推移，该地方的群落结构重新趋于稳定，这个变化称为；其需要的时间相对于森林生态系统，说明草原生态系统的稳定性特点是。
16.（18分）下列图一为某一生态系统的碳循环示意图，图二表示在该生态系统中，能量流经第二营养级的示意图，请据图分析回答。
(1)碳在图一中②主要是以_________形式进行传递的。
(2)碳从无机环境中进入生物群落的途径①是__________作用；生物群落中的碳进入无机环境的途径有图一中的________________________等过程。
(3)参与图一过程④的生物同化作用类型是__________________，(4)图二中A表示________的能量，B表示____的能量。
B中的能量除了被分解者利用、被次级消费者摄入外，还有一部分是________________________________。
(5)从图二中可以总结出能量流动的特点是___________________________。
(6)人类对生态系统的能量流动进行调查研究，其意义是_____________________。
高三生物必修三第五、六章综合演练BCCAC ABDDA11.答案：(1)A (2)兔→狼草兔(3)调节生物的种间关系，以维持生态系统的稳定负反馈12. 答案：(1)物质循环和能量流动实现物质和能量的多级利用，减少环境污染(2)水稻和大豆15 (3)分解有机物，产生沼气(4)科学引入害虫天敌防治、利用转基因技术培育抗害虫农作物等(5)①作为饲料养猪；②作为工业原料，广泛用于造纸、制造建材、酒精和一次性包装盒等13.答案：(1)CO2有机物(2)高 3.0×107(3)分解者的分解群落(4)带有全球性的循环单向流动，逐级递减14.答案：(1)呼吸作用(有机物中)稳定的化学能(2)生产者(3)15.6% (4)能量流动逐级递减以及维持各营养级较高的能量输出量15. 答案：(1)D (2)多样的环境对生物种群进行不同方向的自然选择(3)生态系统(4)直接价值(5)①既能保护草原生态系统的稳定性，又能获得较多的畜产品产量②草原退化、沙化，生物多样性降低③使能量尽可能地流向对人类最有益的部分④次生演替短恢复力稳定性高农药、化肥进行合理减量使用16.答案：(18分)(1)含碳有机物(2)光合③④⑤（不能缺少）(3)有氧呼吸无氧呼吸(4)初级消费者同化用于生长发育和繁殖未利用(5)单向流动、逐级递减(6)帮助人们合理地调整能量流动关系，使能量持续高效地流向对人类最有益的部分。