【精选】湖北省监利县新沟中学学年高二物理12月月考试题新人教版-物理知识点总结

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高二物理上学期12月月考试卷(含解析)高二全册物理试题11

高二物理上学期12月月考试卷(含解析)高二全册物理试题11

嘴哆市安排阳光实验学校仙游一中高二(上)月考物理试卷(12月份)一、单项选择题(本题共15小题,每小题3分,共36分.在每小题给出的四个选项中,只有一个选项正确.)1.用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法.下面四个物理量都是用比值法定义的,其中定义式正确的是()A.电容C=B.磁感应强度B=F/qvC.电场强度E=kQ/r2D.电流I=U/R2.有一横截面积为S的铜导线,流经其中的电流强度为I,设每单位体积的导线中有n个自由电子,电子的电量为e,此时电子的定向移动速度为v,在△t时间内,通过导线的横截面积的自由电子数目可表示为()A.B.nv△t C.D.3.如图所示,直线A为电源的路端电压与总电流关系的图线,直线B为电阻R两端电压与通过该电阻电流关系的图线,用该电源和该电阻组成闭合电路时,电源的输出功率和效率分别是()A. 2瓦,66.7% B. 2瓦,33.3% C. 4瓦,33.3% D. 4瓦,66.7% 4.关于四个公式①P=UI;②P=I2R;③P=;④P=,下列叙述正确的是()A.公式①④适用于任何电路的电功率的计算B.公式②适用于任何电路的热功率的计算C.公式①②③适用于任何电路电功率的计算D.以上均不正确5.如图是两个等量异种点电荷,周围有1、2、3、4、5、6各点,其中1.2之间距离与2.3之间距离相等,2、5之间距离与2、6之间距离相等.两条虚线互相垂直,且平分,那么关于各点电场强度和电势的叙述不正确的是()A. 1、3两点电场强度相同B. 5、6两点电场强度相同C. 4、5两点电势相同D. 1、3两点电势相同6.如图所示,在空间某点A存在大小、方向恒定、相互垂直的两个磁场B1、B2,B1=3T,B2=4T,则A点的磁感应强度大小为()A. 7T B. 1T C. 5T D.大于3T小于4T 7.如图所示,有一通电直导线放在蹄形电磁铁的正上方,导线可以自由移动,当电磁铁线圈与直导线中通以图示的电流时,有关直导线运动情况的说法中正确的是(从上往下看)()A.顺时针方向转动,同时下降B.顺时针方向转动,同时上升C.逆时针方向转动,同时下降D.逆时针方向转动,同时上升8.用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表.将它们串联起来接入电路中,如图所示,此时()A.两只电表的指针偏转角相同B.两只电表的指针偏转角不确定C.电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D.电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角9.如图所示,电压U不变,闭合开关S,先调节电阻箱R的电阻值到R1,使电流计指针转到满刻度,再把R调节到R2,使电流表的指针转到满刻度的,电流表的内阻等于()A. R2﹣R1B. 2R2﹣R1C. R2﹣3R1D. 2R2﹣3R110.如图所示:在倾角为α的光滑斜面上,垂直纸面放置一根长为L,质量为m的直导体棒.当导体棒中的电流I垂直纸面向里时,欲使导体棒静止在斜面上,可将导体棒置于匀强磁场中,当外加匀强磁场的磁感应强度B的方向在纸面内由竖直向上逆时针至水平向左的过程中,关于B的大小的变化,正确的说法是()A.逐渐增大 B.逐渐减小C.先减小后增大D.先增大后减小11.如图所示,电源电动势为E,内电阻为r.当滑动变阻器R的滑片P从右端滑到左端时,发现电压表V1、V2示数变化的绝对值分别为△U1和△U2,下列说法中正确的是()A.小灯泡L1、L2变暗,L3变亮 B.小灯泡L3变暗,L1、L2变亮C.△U1>△U2D.△U1=△U212.如图所示为一个小灯泡的电流与它两端电压的变化关系曲线.若把三个这样的灯泡串联后,接到电压恒定的12V电源上,则此时流过小灯泡的电流和小灯泡的电阻分别为()A. I=0.4 A;R=10ΩB. I=0.2A;R=60ΩC. I=0.4 A;R=30ΩD. I=0.6A;R=20Ω1006•广东模拟)如图所示,在倾角为α的光滑斜面上,垂直纸面放置一根长为L,质量为m的直导体棒.在导体棒中的电流I垂直纸面向里时,欲使导体棒静止在斜面上,下列外加匀强磁场的磁感应强度B的大小和方向正确是()A. B=mg,方向垂直斜面向上B. B=mg,方向垂直斜面向下C. B=mg,方向垂直斜面向下D. B=mg,方向垂直斜面向上1014•二模)在如图所示的电路中,E为电源电动势,r为电源内阻,R1和R3均为定值电阻,R2为滑动变阻器.当R2的滑动触点在a端时合上开关S,此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U.现将R2的滑动触点向b端移动,则三个电表示数的变化情况是()A. I1增大,I2不变,U增大B. I1减小,I2增大,U减小C. I1增大,I2减小,U增大D. I1减小,I2不变,U减小1012秋•校级月考)某灯泡中的电流随其两端的电压变化,如图实线所示,则下列说法中正确的是()A.加5V电压时,灯泡的电阻小于5ΩB.加12V电压时,灯泡的电阻大于8ΩC.将两盏这种灯泡并联加12V电压时,每盏灯泡的功率小于18WD.由图可知,加5V电压时,灯泡的功率是5W二、实验题(共4小题,每空2分,共30分)16.某同学在探究规格为“6V,3W”的小灯泡伏安特性曲线实验中:①在小灯泡接入电路前,使用多用电表直接测量小灯泡的电阻,则应将选择开关旋至档进行测量.(填选项前的字母)A.直流电压10V B.直流电流5mA C.欧姆“×100”D.欧姆“×1”②该同学采用图甲所示的电路进行测量.图中R为滑动变阻器(阻值范围0~20Ω,额定电流1.0A),L为待测小电珠,为电压表(量程6V,内阻约20kΩ),为电流表(量程0.6A,内阻约1Ω),E为电源(电动势8V,内阻不计),S 为开关.Ⅰ.在实验过程中,开关S闭合前,滑动变阻器的滑片P应置于最端;(填“左”或“右”)Ⅱ.在实验过程中,已知各元器件均无故障,但闭合开关S后,无论如何调节滑片P,电压表和电流表的示数总是调不到零,其原因是点至点的导线没有连接好;(图甲中的黑色小圆点表示接线点,并用数字标记,空格中请填写图甲中的数字,如“点至点”的导线.Ⅲ.正确接线后,该同学描绘出小灯泡的伏安特性曲线示意图如图乙所示,则小灯泡的电阻值随工作电压的增大而.(填“不变”、“增大”或“减小”)17.在“测量电阻丝的电阻率”的实验中,(1)如图1,用螺旋测微器测量电阻丝的直径为mm:已知电阻丝的电阻R X约为10Ω,有下列器材供测量该电阻丝的电阻时选用,要求尽量多测几组数据:A.量程为0﹣0.6A,内阻约为0.5Ω的电流表A1B.量程为0﹣3A,内阻约为0.1Ω的电流表A2C.量程为0﹣3V,内阻约为6kΩ的电压表V1D.量程为0﹣15V,内阻约为30kΩ的电压表V2E.阻值为0﹣1kΩ,额定电流为0.5A 的滑动变阻器R1F.阻值为0﹣10Ω,额定电流为2A 的滑动变阻器R2G.电动势为4V、内阻约为2Ω的蓄电池E H.开关S,导线若干(2)除选用G、H外,还应选用的器材是(只填代号)电流表,电压表,滑动变阻器.(3)在图2虚线方框中用铅笔画出用伏安法测上述电阻丝电阻的电路图.(4)测量的阻值比真实的阻值(填“偏大”、“偏小”或“相等”).18.某同学在实验室测二节干电池的电动势E和内电阻r;可以提供器材有:A.待测干电池(电动势约3V,内阻约1.5Ω)B.电流表A1(量程0.6A,内阻r1约0.5Ω)C.电流表A2(量程1mA,内阻r2=200Ω)D.滑动电阻器R1(0~20Ω,2.5A)E.电阻箱R2:最大值9999Ω以及开关、导线若干为了尽可能准确地测量待测电源的电动势和内阻,请解答说明下列问题(1)因现有器材中没有电压表,该同学用电阻箱R2与电流表(选填“A1”或“A2”)串联改装为量程是3V的电压表来测量路端电压.则需要调节接入电阻箱的阻值= Ω.(2)该同学根据自己设计实验方案,请你用铅笔完成实物图1的连接.(3)测量得到的路端电压与电流的各组数据用实心圆点标于坐标图上,如图2所示.根据各点表示的数据,在图上用铅笔描出U﹣I图线.由此求得:E= V,r= Ω.(均保留2位有效数字)1012秋•校级月考)用伏安法测一节干电池的电动势和内阻.(1)有如图所示的甲、乙两个供实验选择的电路图,实验时应选用电路图.(2)该同学根据自己设计实验方案,请你用铅笔完成实物图的连接.(3)选好电路后,由于电流表和电压表内电阻对电路的影响,所测得的电动势将偏.(4)根据实验测得的一系列数据,画出U﹣I图(如图丙),被测干电池的电动势为 V,内阻为Ω.(均保留2位有效数字)20.如图所示,在同一水平面上的两根导轨相互平行,并处在竖直向上的匀强磁场中,一根质量为3.6kg,有效长度为2m的金属棒放在导轨上.当金属棒中的电流为5A时,金属棒做匀速直线运动;当金属棒中的电流增加到8A时,金属棒的加速度为2m/s2,求磁场的磁感强度.21.一辆电动自行车的铭牌上给出了如表的技术参数:规格后轮驱动直流电机车型26″电动自行车额定输出功率120W整车质量30kg 额定电压40V最大载量120kg 额定电流 3.5A质量为M=70kg的人骑此电动自行车沿平直公路行驶,所受阻力F阻恒为车和人总重的k=0.02倍.g取10m/s2.求:(1)此车电机的内阻和正常工作时的效率.(2)在电机正常工作时,人骑车行驶的最大速度.(g取10m/s2)22.如图所示的电路中,两平行金属板A、B水平放置,极板长l=80cm,两板间的距离d=40cm.电源电动势E=40V,内电阻r=1Ω,电阻R=15Ω,闭合开关S,待电路稳定后将一带负电的小球从B板左端且非常靠近B板的位置以初速度v0=4m/s水平向右射入两板间,该小球可视为质点.若小球带电量q=1×10﹣2 C,质量为m=2×10﹣2 kg,不考虑空气阻力,电路中的电压表、电流表均是理想电表.若小球恰好从A板右边缘射出(g取10m/s2).求:(1)滑动变阻器接入电路的阻值为多少.(2)此时电流表、电压表的示数分别为多少.(3)此时电源的输出功率是多少.23.利用电动机通过如图所示的电路提升重物,已知电源电动势E=6V,电源内阻r=1Ω,电阻R=3Ω,重物质量m=0.10kg,当将重物固定时,电压表的示数为5V,当重物不固定,且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时,电压表的示数为5.5V,求:重物匀速上升时的速度大小(不计摩擦,g取10m/s2).24.如图所示的电路中,两平行金属板A、B水平放置,两板间的距离d=40cm.电源电动势E=24V,内电阻r=1Ω,电阻R=15Ω.闭合开关S,待电路稳定后,将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间.若小球带电量为q=1×10﹣2C,质量为m=2×10﹣2kg,不考虑空气阻力.那么(1)滑动变阻器接入电路的阻值为多大时,小球恰能到达A板?(2)此时,电源的输出功率是多大?(取g=10m/s2)仙游一中高二(上)月考物理试卷(12月份)参考答案与试题解析一、单项选择题(本题共15小题,每小题3分,共36分.在每小题给出的四个选项中,只有一个选项正确.)1.用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法.下面四个物理量都是用比值法定义的,其中定义式正确的是()A.电容C=B.磁感应强度B=F/qvC.电场强度E=kQ/r2D.电流I=U/R考点:电容;电场强度;欧姆定律;磁感应强度.专题:电容器专题.分析:所谓比值定义法,就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法.比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性,它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变.解答:解:A、电容C由本身的性质决定,与所带的电荷量及两端间的电势差无关.所以C=属于比值定义法.故A正确.B、磁感应强度与放入磁场中的电流元无关.所以B=属于比值定义法.但不是比值定义,故B错误.C、电场强度与放入电场中的电荷无关,所以E=属于比值定义法,但不是比值定义.故C错误.D、电流与用电器两端的电压成正比,与导体的电阻成反比,电流I=不属于比值定义法.故D错误.故选A.点评:解决本题的关键理解比值定义法的特点:被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性,它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变.2.有一横截面积为S的铜导线,流经其中的电流强度为I,设每单位体积的导线中有n个自由电子,电子的电量为e,此时电子的定向移动速度为v,在△t时间内,通过导线的横截面积的自由电子数目可表示为()A.B.nv△t C.D.考点:电流、电压概念.专题:恒定电流专题.分析:首先根据电流强度的定义可以求得t时间内通过导线横截面积的总的电荷量的大小,进而可以求得自由电子的个数,再根据电流的微观的表达式,根据电阻的运动的速率的大小也可以求得通过导线横截面的自由电子的个数.解答:解:在t时间内,以速度v移动的电子在铜导线中通过的距离为vt,由于铜导线的横截面积为S,则在t时间内,电子经过的导线体积为V=vtS.又由于单位体积的导线有n个自由电子,则在t时间内,通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=nvSt.由于流经导线的电流为I,则在t时间内,流经导线的电荷量为Q=It,而电子的电荷量为e,则t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为:N=,故C正确.故选:C点评:本题计算自由电子的个数,要注意从不同的角度来分析问题,一是从微观运动的角度,二是从电流强度的角度.3.如图所示,直线A为电源的路端电压与总电流关系的图线,直线B为电阻R两端电压与通过该电阻电流关系的图线,用该电源和该电阻组成闭合电路时,电源的输出功率和效率分别是()A. 2瓦,66.7% B. 2瓦,33.3% C. 4瓦,33.3% D. 4瓦,66.7%考点:电功、电功率;闭合电路的欧姆定律.专题:恒定电流专题.分析:由图象Ⅰ可知电源的电动势为3V,短路电流为3A,两图象的交点坐标即为电阻R和电源构成闭合回路时的外电压和干路电流.电源的输出功率即为电阻R上消耗的功率,效率等于R消耗的功率除以总功率.解答:解:由图象Ⅰ可知电源的电动势E=3V,短路电流为3A,根据r=,电源的输出功率即为电阻R上消耗的功率,根据P=UI得:P=2×1W=2W,电源的总功率为:P总=EI=3×1W=3W所以效率为:故选A点评:根据U﹣I图象Ⅰ正确读出电源的电动势和短路电流,根据U﹣I图象正确读出外电路两端的电压和流过电阻的电流,是解决此类问题的出发点.4.关于四个公式①P=UI;②P=I2R;③P=;④P=,下列叙述正确的是()A.公式①④适用于任何电路的电功率的计算B.公式②适用于任何电路的热功率的计算C.公式①②③适用于任何电路电功率的计算D.以上均不正确考点:电功、电功率.专题:恒定电流专题.分析:P=IU适用于任何电路计算电功率;P=I2R适用于任何电路计算热功率;P=只能适用于纯电阻电路的电功率或者热功率;P=是功率的定义公式,适用于任何情况的平均功率.解答:解:A、C、求解电功率,可以用公式P=IU,也可以用公式P=;P=只能适用于纯电阻电路的电功率和热功率;P=I2R适用于任何电路计算热功率;故A正确;B、P=I2R适用于任何电路计算热功率;P=只能适用于纯电阻电路的电功率和热功率故B正确;C、P=IU适用于任何电路计算电功率;P=I2R适用于任何电路计算热功率;P=只能适用于纯电阻电路的电功率或者热功率;故C错误;D、由于选项AB正确,故D错误;故选:AB.点评:对于纯电阻电路,电功与电热相同,三个公式P=IU、P=I2R、P=通用;而对于非纯电阻电路,求电热功率只能用P=I2R.5.如图是两个等量异种点电荷,周围有1、2、3、4、5、6各点,其中1.2之间距离与2.3之间距离相等,2、5之间距离与2、6之间距离相等.两条虚线互相垂直,且平分,那么关于各点电场强度和电势的叙述不正确的是()A. 1、3两点电场强度相同B. 5、6两点电场强度相同C. 4、5两点电势相同D. 1、3两点电势相同考点:电场强度;电势.专题:电场力与电势的性质专题.分析:等量异种点电荷电场线的分布具有对称性,两点电荷连线的中垂线是一条等势线.根据电场线方向判断电势的高低:顺着电场线方向电势逐渐降低.解答:解:A、等量异种点电荷电场线的分布具有对称性,1.3两点电场强度大小,方向均向左,即电场强度相同.故A正确.B、根据对称性,5.6两点处电场线疏密程度相同,电场强度大小相等,方向都与此虚线垂直向左,则5.6两点电场强度相同.故B正确.C、等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线,所以4、5两点电势相等.故C正确.D、两点电荷连线上电场线方向从3指向1,则3的电势高于1的电势.故D 错误.本题选错误的,故选D点评:等量异种点电荷电场线、等势线分布要抓住对称性,其连线的中垂线是一条等势线.6.如图所示,在空间某点A存在大小、方向恒定、相互垂直的两个磁场B1、B2,B1=3T,B2=4T,则A点的磁感应强度大小为()A. 7T B. 1T C. 5T D.大于3T小于4T考点:磁感应强度.分析:磁感应强度是矢量,根据矢量合成法则,结合几何关系,即可求解.解答:解:由题意可知,相互垂直的两个磁场B1、B2,且B1=3T,B2=4T,根据勾股定理,则有:A 点的磁感应强度大小为,故C正确,ABD错误;故选:C.点评:考查磁感应强度是矢量性,掌握矢量合成法则,理解三角函数关系.7.如图所示,有一通电直导线放在蹄形电磁铁的正上方,导线可以自由移动,当电磁铁线圈与直导线中通以图示的电流时,有关直导线运动情况的说法中正确的是(从上往下看)()A.顺时针方向转动,同时下降B.顺时针方向转动,同时上升C.逆时针方向转动,同时下降D.逆时针方向转动,同时上升考点:楞次定律.专题:电磁感应与电路结合.分析:根据右手螺旋定则来确定,电磁铁线圈的磁场分布,再依据左手定则来判定,安培力的方向,从而即可求解.解答:解:在导线两侧取两小段,左边一小段所受的安培力方向垂直纸面向外,右侧一小段所受安培力的方向垂直纸面向里,从上往下看,知导线逆时针转动,当转动90°时,导线所受的安培力方向向下,所以导线的运动情况为,逆时针转动,同时下降.故C正确,A、B、D错误.故选:C.点评:解决本题的关键掌握左手定则判断安培力的方向,以及掌握微元法、特殊位置法的运用.8.用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表.将它们串联起来接入电路中,如图所示,此时()A.两只电表的指针偏转角相同B.两只电表的指针偏转角不确定C.电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D.电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角考点:把电流表改装成电压表.专题:实验题;恒定电流专题.分析:电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻;电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻;将电压表和电流表串联,分析通过表头的电流关系,判断指针偏转角度的大小.解答:解:电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻;电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻;两表串联后,通过电流表的总电流与电压表的电流相等,由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻,所以大部分电流通过了分流电阻,通过表头的电流很小,电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角,故ABD错误,C正确;故选:C.点评:本题关键是明确电流表和电压表的改装原理,熟悉串联电路的电流特点,基础题.9.如图所示,电压U不变,闭合开关S,先调节电阻箱R的电阻值到R1,使电流计指针转到满刻度,再把R调节到R2,使电流表的指针转到满刻度的,电流表的内阻等于()A. R2﹣R1B. 2R2﹣R1C. R2﹣3R1D. 2R2﹣3R1考点:把电流表改装成电压表.专题:实验题;恒定电流专题.分析:电阻箱与电流表串联,应用欧姆定律列方程,然后求出电流表的内阻.解答:解:调节电阻箱R的阻值到R1,电流达到满偏,则:I m =,把电阻箱R的电阻值调到R2,电流表的指针转到满刻度的,则:I m =,解得:R g=2R2﹣3R1,故D正确;故选:D.点评:本题考查欧姆定律的应用,掌握电流表指针偏满刻度与半偏刻度是解题的突破口,应用欧姆定律即可解题,本题是一道基础题.10.如图所示:在倾角为α的光滑斜面上,垂直纸面放置一根长为L,质量为m的直导体棒.当导体棒中的电流I垂直纸面向里时,欲使导体棒静止在斜面上,可将导体棒置于匀强磁场中,当外加匀强磁场的磁感应强度B的方向在纸面内由竖直向上逆时针至水平向左的过程中,关于B的大小的变化,正确的说法是()A.逐渐增大 B.逐渐减小C.先减小后增大D.先增大后减小考点:共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用;安培力.专题:共点力作用下物体平衡专题.分析:本题中导体棒受三个力,重力G、支持力F N和安培力F A,三力平衡,合力为零,其中重力的大小和方向都不变,支持力的方向不变,安培力的方向由水平向右逐渐变为竖直向上,根据平行四边形定则分析.解答:解:对导体棒受力分析,受重力G、支持力F N和安培力F A,三力平衡,合力为零,将支持力F N和安培力F A合成,合力与重力相平衡,如图从图中可以看出,安培力F A先变小后变大,由于F A=BIL,其中电流I和导体棒的长度L均不变,故磁感应强度先变小后变大;故选C.点评:三力平衡的动态分析问题是一中常见的问题,其中一个力大小和方向都不变,一个力方向不变、大小变,第三个力的大小和方向都变,根据平行四边形定则做出力的图示分析即可.11.如图所示,电源电动势为E,内电阻为r.当滑动变阻器R的滑片P从右端滑到左端时,发现电压表V1、V2示数变化的绝对值分别为△U1和△U2,下列说法中正确的是()A.小灯泡L1、L2变暗,L3变亮 B.小灯泡L3变暗,L1、L2变亮C.△U1>△U2D.△U1=△U2考点:闭合电路的欧姆定律.专题:恒定电流专题.分析:当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时,分析变阻器接入电路的电阻的变化,确定外电路总电阻的变化,分析总电流和路端电压的变化,判断灯L2亮度的变化.根据总电流的变化,分析并联部分电压的变化,判断L3亮度的变化.根据总电流与通过L3电流的变化,分析通过L1电流的变化,判断其亮度变化.根据路端电压的变化,分析△U1和△U2的大小.解答:解:AB、当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时,变阻器接入电路的电阻减小,外电路总电阻减小,总电流增大,则L2变亮.变阻器的电阻减小,并联部分的电阻减小,则并联部分电压减小,则L3变暗.总电流增大,而L3的电流减小,则L1的电流增大,则L1变亮.故A错误,B正确.CD、由上分析可知,电压表V1的示数减小,电压表V2的示数增大,由于路端电压减小,所以△U1>△U2.故C正确,D错误.故选:BC.点评:本题是电路动态变化分析问题,按“局部→整体→局部”思路进行分析.运用总量法分析两电压表读数变化量的大小.12.如图所示为一个小灯泡的电流与它两端电压的变化关系曲线.若把三个这样的灯泡串联后,接到电压恒定的12V电源上,则此时流过小灯泡的电流和小灯泡的电阻分别为()A. I=0.4 A;R=10ΩB. I=0.2A;R=60ΩC. I=0.4 A;R=30ΩD. I=0.6A;R=20Ω考点:欧姆定律.专题:恒定电流专题.分析:三个电灯串联后,每只电灯的电压为4V,再由甲图读出电灯的工作电流,由公式R=求出电阻.解答:解:把三个这样的电灯串联后,每只灯泡的实际电压为:U=V=4V,在图甲上可以读出:U=4V时,流过小灯泡的电流为:I=0.4A,则此时每只电灯的实际电阻为:R==Ω=10Ω.故选:A.点评:此题中电灯是非线性元件,电阻R=,但R≠.I﹣U图线上每一点与原点连线的斜率的倒数等于电阻值.1006•广东模拟)如图所示,在倾角为α的光滑斜面上,垂直纸面放置一根长为L,质量为m的直导体棒.在导体棒中的电流I垂直纸面向里时,欲使导体棒静止在斜面上,下列外加匀强磁场的磁感应强度B的大小和方向正确是()A. B=mg,方向垂直斜面向上B. B=mg,方向垂直斜面向下C. B=mg,方向垂直斜面向下D. B=mg,方向垂直斜面向上考点:共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用;安培力.专题:压轴题;共点力作用下物体平衡专题.分析:通电导线在磁场中的受到安培力作用,由公式F=BIL求出安培力大小,由左手定则来确定安培力的方向.解答:解:A、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向上,根据左手定则知,安培力沿斜面向上,还受到支持力和重力,三力处于平衡状态,沿斜面方向上由平衡条件得:BIL=mgsinα则B═mg;故A正确、D错误.B、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向下,则根据左手定则知,安培力沿斜面向下,与支持力和重力不可能平衡,即棒子不可能处于平衡状态.故B、C均错误;故选A.点评:学会区分左手定则与右手定则,前者是判定安培力的方向,而后者是判定感应电流的方向.1014•二模)在如图所示的电路中,E为电源电动势,r为电源内阻,R1和R3均为定值电阻,R2为滑动变阻器.当R2的滑动触点在a端时合上开关S,此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U.现将R2的滑动触点向b端移动,则三个电表示数的变化情况是()A. I1增大,I2不变,U增大B. I1减小,I2增大,U减小C. I1增大,I2减小,U增大D. I1减小,I2不变,U减小考点:闭合电路的欧姆定律.专题:恒定电流专题.分析:理清电路,确定电压表测得什么电压,电流表测得什么电流,抓住电动势和内阻不变,采用局部→整体→局部的方法,利用闭合电路欧姆定律进行分析.解答:解:R2的滑动触点向b端移动时,R2减小,整个电路的总电阻减小,总电流增大,内电压增大,外电压减小,即电压表示数减小,R3电压增大,R1、。

湖北省武汉市2023~2024学年高二上学期12月月考物理试卷含解析

湖北省武汉市2023~2024学年高二上学期12月月考物理试卷含解析

华中2023—2024学年度第一学期高二年级12月月考物理试卷(答案在最后)时限:60分钟满分:100分一、选择题:本题共10小题,每小题5分,共50分。

在每小题给出的四个选项中,第1~7题只有一项符合题目要求,第8~10题有多项符合题目要求。

全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。

1.在法拉第时代,下列验证“由磁产生电”设想的实验中,能观察到感应电流的是()A.将绕在磁铁上的线圈与电流表组合成一闭合回路,然后观察电流表的变化B.在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈,然后观察电流表的变化C.将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接,往线圈中插入条形磁铁后,再到相邻房间去观察电流表的变化D.绕在同一铁环上的两个线圈,分别接电源和电流表,在给线圈通电或断电的瞬间,观察电流表的变化【答案】D【解析】【详解】法拉第发现的电磁感应定律并总结出五种情况下会产生感应电流,其核心就是通过闭合线圈的磁通量发生变化,选项AB中,绕在磁铁上面的线圈和通电线圈,线圈面积都没有发生变化,前者磁场强弱没有变化,后者通电线圈中若为恒定电流则产生恒定的磁场,也是磁场强弱不变,都会导致磁通量不变化,不会产生感应电流,选项A、B错.选项C中往线圈中插入条行磁铁导致磁通量发生变化,在这一瞬间会产生感应电流,但是过程短暂,等到插入后再到相邻房间去,过程已经结束,观察不到电流表的变化.选项C错.选项D中,线圈通电或断电瞬间,导致线圈产生的磁场变化,从而引起另一个线圈的磁通量变化产生感应电流,可以观察到电流表指针偏转,选项D对.2.如图所示,闭合圆形导体线圈放置在匀强磁场中,线圈平面与磁场平行,当磁感应强度逐渐增大时,以下说法正确的是()A.线圈中产生顺时针方向的感应电流B.线圈中产生逆时针方向的感应电流C.线圈中不会产生感应电流D.线圈面积有缩小的倾向【答案】C【解析】【详解】由于线圈与磁场的方向平行,所以穿过线圈的磁通量为0.当磁感应强度增大时,穿过线框的磁通量仍然为0,则线圈中不会出现感应电流.故只有C正确;故选:C。

2021-2022年高二12月月考物理(理)试题 含答案

2021-2022年高二12月月考物理(理)试题 含答案

2021年高二12月月考物理(理)试题 含答案考生注意:1. 本试卷分第Ⅰ卷基础题(33分)和第Ⅱ卷提高题(67分)两部分,共100分,考试时间为90分钟。

2. 试卷书写要求规范工整,卷面整洁清楚,如不符合要求,酌情减3-5分,并计入总分。

知 识 与 技 能学习能力 (学法)习惯养成 (卷面整洁)总分 内容 静电场恒定电流磁场分数4040 203-5分 100第Ⅰ卷 基础题(共80分)一、选择题: (每小题3分,共30分)1.如图所示,在竖直向上的匀强磁场中,水平放置着一根长直导线,电流方向垂直纸面向外,a 、b 、c 、d 是以直导线为圆心的同一圆周上的四点,在这四点中( )A .a 、b 两点磁感应强度相同B .c 、d 两点磁感应强度相同C .a 点磁感应强度最大D .b 点磁感应强度最大 2.在如图所示的电路中,电源电动势为3.0V ,内阻不计,L 1、L 2、L 3为3个相同规格的小灯泡,这种小灯泡的伏EL 1 S L 2L 3I/A0.000.05 0.10 0.15 0.20 0.25V 2V 1L 1 L 2L 3安特性曲线如图所示。

当开关闭合后,下列判断正确的是( ) A .此时灯泡L 1的电阻为12ΩB .此时通过灯泡L 1的电流为灯泡L 2电流的2倍C .此时灯泡L 1消耗的电功率为0.75WD .此时灯泡L 2消耗的电功率为0.30W3.将一只内阻为600Ω,满偏电流为50μA 的电流表G 改装成量程为0.6A 的电流表,应该( )A .串联一个7.2×106Ω的电阻 B .并联一个7.2×106Ω的电阻 C .串联一个0.05Ω的电阻 D .并联一个0.05Ω的电阻. 4.直流电路如图所示,在滑动变阻器的滑片P 向右移动时,电源的( )A .总功率一定减小B .效率一定增大C .内部损耗功率一定减小D .输出功率一定先增大后减小5.如图所示,电源电动势为E ,内电阻为r .当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时,发现电压表V 1、V 2示数变化的绝对值分别为ΔU 1和ΔU 2,下列说法中正确的是( )A .小灯泡L 1、L 3变暗,L 2变亮B .小灯泡L 3变暗,L 1、L 2变亮C .ΔU 1<ΔU 2D .ΔU 1>ΔU 26.将一电荷量为+Q 的小球放在不带电的金属球附近,所形成的电场线分布如图所示,金属球表面的电势处处相等。

高二物理12月月考试题高二全册物理试题_21

高二物理12月月考试题高二全册物理试题_21

嘴哆市安排阳光实验学校高二12月月考物理试题一、选择题(每小题4分,注意多选题题号前有标示)1.下列说法正确的是()A.有磁必有电,有电必有磁B.一切磁现象都起源于电荷的运动C.一切磁作用都是运动电荷通过磁场产生的D.除永久磁铁外,一切磁场都是由运动电荷产生的【答案】BC考点:分子电流假说【名师点睛】磁与电是紧密联系的,但“磁生电”“电生磁”都有一定的条件,运动的电荷产生磁场,但一个静止的点电荷的周围就没有磁场,分子电流假说揭示了磁现象的电本质,磁体内部只有当分子电流取向大体一致时,就显示出磁性,当分子电流取向不一致时,就没有磁性。

2.关于磁感应强度B,下列说法中正确的是()A.在磁场中磁感线越密集的地方,B值不一定越大B.磁场中某点B的大小,跟放在该点的电流元的方向有关C.磁场中某点B的方向,跟该点处电流元所受磁场力方向一定垂直D.在磁场中某点试探电流元不受磁场力作用时,该点B值大小为零【答案】C【解析】试题分析:磁场中磁感线越密集的地方,磁感应强度越大,A错误;由安培力公式BILF=,得ILFB=,可知,磁场中某点B的大小,跟放在该点的试探电流元的情况及安培力大小无关,B、D错误;磁场中某点B的方向,跟该点处电流元所受磁场力方向一定垂直,C正确;故选C。

考点:磁感应强度。

【名师点睛】在磁场中磁感应强度有强弱,则由磁感应强度来描述强弱.将通电导线垂直放入匀强磁场中,即确保电流方向与磁场方向相互垂直,则所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比。

3.如图所示,一圆形区域内存在匀强磁场,AC为直径,O为圆心,一带电粒子从A沿AO方向垂直射入磁场,初速度为v1,从D点射出磁场时的速率为v2,则下列说法中正确的是(粒子重力不计)()A.v2=v1,v2的方向必过圆心B.v2=v1,v2的方向可能不过圆心C .v 2>v 1,v 2的方向必过圆心D .v 2>v 1,v 2的方向可能不过圆心 【答案】 A考点:洛伦兹力、带电粒子在匀强磁场中的运动。

湖北高二高中物理月考试卷带答案解析

湖北高二高中物理月考试卷带答案解析

湖北高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名:___________ 分数:___________一、选择题1.下列说法中正确的是( )A .作用在物体上的合外力越大,物体动量的变化就越大B .作用在物体上的合外力的冲量越大,物体动量的变化就越快C .物体的动量变化时,物体的动能一定变化D .物体的动能变化时,物体的动量一定变化2.关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力,下列说法正确的是( ) A .安培力的方向可以不垂直于直导线 B .安培力的方向总是垂直于磁场的方向C .将通电直导线从中点折成直角,安培力的大小一定变为原来的一半D .将通电直导线从中点折成直角,安培力的大小一定变为原来的 倍3.阻值相等的三个电阻R 、电容器C 及电池E (内阻可忽略)连接成如图所示电路。

开关S 断开且电流稳定时,C 所带的电荷量为Q 1;闭合开关S ,电流再次稳定后,C 所带的电荷量为Q 2。

Q 1与Q 2的比值为( )A .2∶5B .1∶2C .3∶1D .1∶34.如图所示,Q 是固定的点电荷,虚线是以Q 为圆心的两个圆.带电粒子P 在Q 的电场中运动,运动轨迹与两圆在同一平面内,1,2,3为轨迹上的三个点.若P 仅受Q 的电场力作用,其在1,2,3点的加速度大小分别为a 1、a 2、a 3,电势能分别为E 1、E 2、E 3,则 ( )A .a 2>a 3>a 1, E 1>E 3>E 2B .a 2>a 3>a 1,E 2>E 3>E 1C .P 、Q 为异种电荷D .P 的运动轨迹为抛物线线5.一圆筒处于磁感应强度大小为B 的匀强磁场中,磁场方向与筒的轴平行,筒的横截面如图所示.图中直径MN 的两端分别开有小孔.筒绕其中心轴以角速度ω顺时针转动.在该截面内,一带负电的粒子从小孔M 射入筒内,射入时速度沿MN 方向.当筒转过θ(θ<π)角时,该粒子恰好从小孔N 飞出圆筒.不计重力.若粒子在筒内未与筒壁发生碰撞,则带电粒子的比荷为( )A .ω/B B .ω/2BC .2ωθ/3πBD .2ωθ/πB6.发电机线圈共N匝,每匝可简化为矩形线圈abcd,线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴OO/以角速度ω匀速转,不计线圈电阻,当线圈转速增加动,如图所示。

【精选】湖北省监利县第一中学学年高二物理上学期第二次月考试题新人教版-物理知识点总结

【精选】湖北省监利县第一中学学年高二物理上学期第二次月考试题新人教版-物理知识点总结

湖北省监利县第一中学2013-2014学年高二物理上学期第二次月考试题新人教版考试时间:2013年12月28日上午 10:10-11:40 试卷满分:110分一、选择题(每题5分,共60分。

其中3、4、5、7、8、12题为多选,其余为单选。

)1.关于磁感应强度的概念,以下说法中正确的是A .电流元IL 在磁场中受力为F ,则磁感应强度B 一定等于F/ILB .电流元IL 在磁场中受力为F ,则磁感应强度B 可能大于或等于F/BLC .磁场中电流元受力大的地方,磁感应强度一定大D .磁场中某一点磁感应强度的方向,与电流元在该点的受力方向相同2.关于磁通量,下列叙述正确的是( )A.在匀强磁场中,穿过一个面的磁通量等于磁感应强度与该面面积的乘积B.在同一匀强磁场中,线圈的面积越大,则穿过线圈的磁通量一定也越大C.把一个线圈放在不同的两处,若穿过线圈的磁通量越大的地方,磁感应强度一定越大D.同一线圈放在磁感应强度大处,穿过线圈的磁通量不一定大3.如图,在x>0,y>0的空间中有恒定的匀强磁场,磁感应强度的方向垂直于xOy平面向里,大小为B ,现有四个相同的带电粒子,由x 轴上的P 点以不同初速度平行于y 轴射入此磁场,其出射方向如图所示,不计重力影响,则A .初速度最大的粒子是沿①方向出射的粒子B .初速度最大的粒子是沿②方向出射的粒子C .在磁场中运动经历时间最长的是沿③方向出射的粒子D .在磁场中运动经历时间最长的是沿④方向出射的粒子4.图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距的平行直线,两粒子M 、N 质量相等,所带电荷量的绝对值也相等.现将M 、N 从虚线上的O 点以相同速率射出,两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示.点a 、b 、c 为实线与虚线的交点,已知O 点电势高于c 点.若不计重力,则 ( )A.M 带负电荷,N 带正电荷B.N 在a 点的速度与M 在c 点的速度大小相同C.N 在从O 点运动至a 点的过程中克服电场力做功D .M 在从O 点运动至b 点的过程中,电场力对它做的功等于零5.如图所示为测定带电粒子比荷()q m的装置,粒子以一定的初速度进入并沿直线通过速度选择器,速度选择器内有相互正交的匀强磁场和匀强电场,磁感应强度和电场强度分别为B 和E 。

高二物理上学期12月月考试卷高二全册物理试题_

高二物理上学期12月月考试卷高二全册物理试题_

嘴哆市安排阳光实验学校惠民二中高二(上)月考物理试卷(12月份)一、选择题(共10小题,每小题4分,满分40分)1.关于电场和磁场,以下说法正确的是()A.电场中某点的电场强度的方向与放在该点的正试探电荷所受电场力方向相同B.电流在磁场中某点不受磁场力作用,则该点的磁感应强度一定为零C.把一试探电荷放在电场中的某点,它受到的电场力与所带电荷量的比值表示该点电场的强弱D.把一小段通电导线放在磁场中某处,它所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比值表示该处磁场的强弱2.如图所示,电子射线管(A为其阴极),放在蹄形磁铁的N、S两极间,则荧光屏上的电子束运动径迹偏转方向是()A.向下B.向上C.向左D.向右3.如图甲所示是一火警器的部分电路示意图,其中R2为半导体热敏材料制成的传感器,其电阻R2随温度t变化的图线如图乙所示.电流表为值班室的显示器,a、b之间接器.当传感器R2所在处出现火情时,显示器的电流I和器两端的电压U的变化情况是()A.I变大,U变大B.I变小,U变小C.I变小,U变大D.I变大,U变小4.如图所示,一根长度L的直导体棒中通过以大小为I的电流,静止放在导轨上,垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B,B的方向与竖直方向成θ角,下列说法正确的是()A.导体棒受到磁场力大小为BLIsinθB.导体棒对轨道压力大小为mg﹣BILsinθC.导体棒受到导轨摩擦力为μ(mg﹣BILsinθ)D.一个带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场中,由于使沿途空气电离而使粒子的动能逐渐减小5.如图所示,下列有关粒子的运动方向和所带电性的判断正确的是()A.粒子由a向b运动,带正电B.粒子由a向b运动,带负电C.粒子由b向a运动,带正电D.粒子由b向a运动,带负电6.某电场的电场线分布如图所示(实线),以下说法正确的是()A.c点场强大于b点场强B.b和c处在同一等势面上C.若将一试探电荷+q由a点移动到d点,电荷的电势能将减小D.若某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由 a点运动到d点,可判断该电荷一定带正电7.直线AB是某电场中的一条电场线.若有一电子以某一初速度,仅在电场力的作用下,沿AB由A运动到B,其速度图象如图所示,下列关于A、B两点的电场强度EA、EB和电势φA、φB的判断正确的是()A.E A>E B B.E A<E B C.φA>φB D.φA<φB8.有一金属圆环与一根带绝缘层的长直通电导线放在同一平面内,电流方向向上,且直导线与环的直径重合,如图所示.当直导线向右平移一小段距离x (x<R)时,圆环将()A.出现顺时针方向的感应电流B.出现逆时针方向的感应电流C.没有感应电流D.无法确定有无感应电流9.如图所示,导线AB可在平行导轨MN上滑动,接触良好,轨道电阻不计,电流计中有如图所示方向感应电流通过时,AB的运动情况是()A.向右加速运动B.向右减速运动C.向右匀速运动D.向左减速运动10.如图所示的电路中,D1和D2是两个相同的小灯泡,L是一个自感系数相当大的线圈,其阻值与R相同.在开关S接通和断开时,灯泡D1和D2亮、暗的顺序是()A.接通时D1先达最亮,断开时D1先灭B.接通时D2先达最亮,断开时D1后灭C.接通时D1先达最亮,断开时D1后灭D.接通时D2先达最亮,断开时D2先灭二、解答题(共2小题,满分20分)11.(14分)(2014秋•东营区校级期末)某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ.步骤如下:(1)用螺旋测微器测量其直径如图1,由图可知其直径为 mm;(2)用多用电表的电阻“×10”挡,按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻,表盘的示数如2图,则该电阻的阻值约为Ω.(3)该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R,现有的器材及其代号和规格如下:待测圆柱体电阻R电流表A1(量程0~4mA,内阻约50Ω)电流表A2(量程0~10mA,内阻约30Ω)电压表V1(量程0~3V,内阻约10kΩ)电压表V2(量程0~15V,内阻约25kΩ)直流电源E(电动势4V,内阻不计)滑动变阻器R1(阻值范围0~15Ω,允许通过的最大电流2.0A)滑动变阻器R2(阻值范围0~2kΩ,允许通过的最大电流0.5A)开关S及导线若干为使实验误差较小,要求测得多组数据进行分析,测量的电路图如图所示,则选择的电流表是、电压表是、滑动变阻器是(填写所用器材的代号).12.用伏安法测电源电动势和内电阻,已知电流表内阻和电源内电阻相比,不可忽略,画出的(甲)、(乙)两种可供选用的测量电路.(1)为提高电动势和内电阻的测量精度,应选用的电路是.(2)由实验数据做出如图(丙)所示图线,则该电源的内电阻r=Ω.(3)所测得的电源电动势E和内电阻r的测量值与真实值相比较的情况是:E测E真;r测r真.(填“>”或“<”)(4)误差出现的原因是.三、解答题(共4小题,满分40分.要有必要的文字说明和解题步骤,有数值计算的要注明单位.)13.(10分)(2014•校级四模)如图所示,两平行金属导轨间的距离L=0.40m,金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°,在导轨所在平面内,分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场.金属导轨的一端接有电动势E=4.5V、内阻r=0.50Ω的直流电源.现把一个质量m=0.040kg的导体棒ab放在金属导轨上,导体棒恰好静止.导体棒与金属导轨垂直、且接触良好,导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=2.5Ω,金属导轨电阻不计,g 取10m/s2.已知sin37°=0.60,cos37°=0.80,求:(1)通过导体棒的电流;(2)导体棒受到的安培力大小以及方向;(3)导体棒受到的摩擦力大小与方向.14.(10分)(2012秋•温州校级期末)如图所示电路,电灯R1=24Ω,电动机绕组的电阻R0=1Ω,当电键S1、S2闭合时,测得电阻R1的电功率是P=96W,理想电流表的读数为I=5A,求此时:(1)电源的输出功率;(2)电动机的输出功率.15.(10分)(2014秋•东营区校级期末)如图所示,一个质量为m、电荷量为q,不计重力的带电粒子,从x轴上的P(a,0)点,以速度v沿与x轴正方向成60°角射入第一象限内的匀强磁场中,并恰好垂直于y轴射出第一象限.求:匀强磁场的磁感应强度B的大小和粒子通过第一象限的时间.16.(10分)(2011秋•江苏校级期末)如图所示,在倾角为45°的斜面OA左侧有一竖直档板,档板与斜面OA间有垂直纸面向外的匀强磁场,磁感应强度为B=0.2T,档板上有一小孔P,OP=0.6m,现有一质量m=4×10﹣20kg,带电量q=+2×10﹣14C的粒子,从小孔以速度v0=3×104m/s水平射进磁场区域.粒子重力不计.(1)粒子在磁场中做圆周运动的半径是多少?(2)通过调整粒子进入磁场的速度大小可以控制粒子打到斜面OA时的速度方向,现若要粒子垂直打到斜面OA上,则粒子进入磁场的速度该调整为多少?此情况下粒子打到斜面OA的时间又为多少?惠民二中高二(上)月考物理试卷(12月份)参考答案与试题解析一、选择题(共10小题,每小题4分,满分40分)1.关于电场和磁场,以下说法正确的是()A.电场中某点的电场强度的方向与放在该点的正试探电荷所受电场力方向相同B.电流在磁场中某点不受磁场力作用,则该点的磁感应强度一定为零C.把一试探电荷放在电场中的某点,它受到的电场力与所带电荷量的比值表示该点电场的强弱D.把一小段通电导线放在磁场中某处,它所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比值表示该处磁场的强弱【考点】电场;磁现象和磁场.【分析】电场强度是用来表示电场的强弱和方向的物理量,电场强弱可由试探电荷所受的力与试探点电荷带电量的比值确定,电场方向与正电荷受力方向一致与负电荷受力方向相反.磁感应强度是描述磁场强弱的物理量,通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度.比值与磁场力及电流元均无关.【解答】解:A、电场中某点的电场强度的方向,与放在该点的正试探电荷,所受电场力方向相同,与负电荷受到的电场力相反,故A正确;B、电流在磁场中某位置受到的磁场力为零,则该位置的磁感应强度不一定为零,可能电流与磁场方向平行,故B错误;C、把一试探电荷放在电场中的某点,它受到的电场力与所带电荷量的比值,来表示该点电场的强弱,故C正确;D、一小段通电导体在磁场中某位置受到的磁场力为零,则该位置的磁感应强度不一定为零,还受到放置的位置有关,故D错误;故选:AC.【点评】电场强度是用比值法定义的物理量之一,电场中某点的电场强度是由电场本身决定的,与该点是否有试探电荷无关,本题是考查基础知识的好题.磁感应强度是通过比值定义得来,例如电场强度也是这种定义,电场强度与电场力及电荷量均没有关系.再如密度也是,密度与物体的质量及体积均无关.同时电流元放入磁场中不一定有磁场力,还受放置的角度有关.2.如图所示,电子射线管(A为其阴极),放在蹄形磁铁的N、S两极间,则荧光屏上的电子束运动径迹偏转方向是()A.向下B.向上C.向左D.向右【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动.【专题】带电粒子在磁场中的运动专题.【分析】此题要求要了解电子射线管的构造和原理,阴极是发射电子的电极,电子在磁场中运动,受到洛伦兹力的作用而发生偏转.从而显示电子运动的径迹,偏转方向有左手定则判断.【解答】解:因为A是阴极,B是阳极,所以电子在阴极管中的运动方向是A 到B,产生的电流方向是B到A(注意是电子带负电),根据左手定则,四指指向A,手掌对向N极(就是这个角度看过去背向纸面向外),此时大拇指指向下面,所以轨迹向下偏转.故选:A【点评】本题要掌握左手定则判定:伸开左手,使大拇指跟其余四个手指垂直,并且跟手掌在同一平面内,把手放入磁场中,让磁感线穿过掌心,四指所指为正电荷运动方向,拇指所指方向为电荷所受洛伦兹力的方向.(注:对负电荷而言,四指所指方向为其运动的反方向)3.如图甲所示是一火警器的部分电路示意图,其中R2为半导体热敏材料制成的传感器,其电阻R2随温度t变化的图线如图乙所示.电流表为值班室的显示器,a、b之间接器.当传感器R2所在处出现火情时,显示器的电流I和器两端的电压U的变化情况是()A.I变大,U变大B.I变小,U变小C.I变小,U变大D.I变大,U变小【考点】闭合电路的欧姆定律.【专题】恒定电流专题.【分析】R2为用半导体热敏材料制成的传感器,出现火情,温度升高时,其电阻减小.分析外电路总电阻的变化,分析总电流和路端电压的变化,即可知U 的变化.根据并联部分电压的变化,分析I的变化.【解答】解:当传感器R2所在处出现火情时,温度升高,由图乙知R2的阻值变小,外电路总电阻变小,则总电流I总变大,电源的内电压变大,路端电压变小,即U变小.电路中并联部分的电压U并=E﹣I总(R1+r),I总变大,其他量不变,则U并变小,电流表示数I变小.故B正确,ACD错误;故选:B.【点评】电路的动态分析类题目首先要明确电路的结构,再按外电路、内电路、外电路的顺序进行分析即可得出正确答案.4.如图所示,一根长度L的直导体棒中通过以大小为I的电流,静止放在导轨上,垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B,B的方向与竖直方向成θ角,下列说法正确的是()A.导体棒受到磁场力大小为BLIsinθB.导体棒对轨道压力大小为mg﹣BILsinθC.导体棒受到导轨摩擦力为μ(mg﹣BILsinθ)D.一个带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场中,由于使沿途空气电离而使粒子的动能逐渐减小【考点】安培力.【专题】定性思想;推理法;磁场磁场对电流的作用.【分析】对导体棒受力分析,正交分解,根据平衡条件求解导体棒受到导轨摩擦力和支持力.【解答】解:A、根据左手定则可得导体棒受力分析如图所示.B与I垂直,故导体棒受到磁场力大小为F=BIL,故A错误;B、根据共点力平衡规律得:BILsinθ+F n=mg,得导体棒对轨道的压力大小为F n=mg﹣BILsinθ,故B正确;C、由于导体棒受到的是静摩擦力,因而受到静摩擦力大小要运用力的平衡规律求解,即为F f=BILcosθ,故C错误;D、一个带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场中,由于使沿途空气电离而消耗粒子的能量,使粒子的动能逐渐减小,故D正确.故选:BD【点评】本题借助安培力考查了平衡条件以及正交分解的应用,注意安培力公式F=BILsinθ,θ为B与I之间的夹角.5.如图所示,下列有关粒子的运动方向和所带电性的判断正确的是()A.粒子由a向b运动,带正电B.粒子由a向b运动,带负电C.粒子由b向a运动,带正电D.粒子由b向a运动,带负电【考点】洛仑兹力.【专题】定性思想;推理法;带电粒子在磁场中的运动专题.【分析】带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场,粒子的能量逐渐减小,速度减小,则半径减小,即可由轨迹分析粒子入射的方向.由左手定则判断电荷的电性.【解答】解:据题意,带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场,粒子的能量逐渐减小,速度减小,则由公式r=得知,粒子的半径应逐渐减小,由图看出,粒子的运动方向是从b到a.在b处,粒子所受的洛伦兹力指向圆心,即斜向左上方,由左手定则判断可知,该粒子带负电.故选:D.【点评】本题只要掌握带电粒子在磁场中匀速圆周运动的半径r=和左手定则就能正确解答.6.某电场的电场线分布如图所示(实线),以下说法正确的是()A.c点场强大于b点场强B.b和c处在同一等势面上C.若将一试探电荷+q由a点移动到d点,电荷的电势能将减小D.若某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由 a点运动到d点,可判断该电荷一定带正电【考点】电场线.【分析】解这类题是思路:电场线的疏密表示场强的强弱,沿电场线方向电势逐渐降低,根据带电粒子运动轨迹判定电场力方向,然后根据电性判断电场线方向,根据电场力做功判断电势能的变化.【解答】解:A、电场线的疏密表示场强的强弱,由图知c点场强大于b点场强,故A正确;B、沿电场线方向电势逐渐降低,故b的电势大于c的,故B错误;C、若将一试探电荷+q由a点移动到d点,电场力做正功,电荷的电势能将减小,故C正确;D、由粒子的运动轨迹弯曲方向可知,带电粒子受电场力大致斜向左上方,与电场强度方向相同,故粒子带正电,故D正确;故选;ACD.【点评】解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向,利用电场中有关规律求解.比较电势能的大小有两种方法:一可以从电场力做功角度比较,二从电势能公式角度判断,先比较电势,再比较电势能.7.直线AB是某电场中的一条电场线.若有一电子以某一初速度,仅在电场力的作用下,沿AB由A运动到B,其速度图象如图所示,下列关于A、B两点的电场强度EA、EB和电势φA、φB的判断正确的是()A.E A>E B B.E A<E B C.φA>φB D.φA<φB【考点】电势;电场强度;电场线.【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】根据速度图象得出电子的加速度越来越小,根据牛顿第二定律说明电场力越来越小,再根据电场强度的定义求解.沿着电场线方向电势降低.【解答】解:A、B、由图可知,电子在A点加速度较大,则可知A点所受电场力较大,由F=Eq可知,A点的场强要大于B点场强;故A正确,B错误;C、D、电子从A到B的过程中,速度减小,动能减小,则可知电场力做负功,故电势能增加,故ɛA<ɛB,电子带负电,由φ=可知,A点的电势要大于B点电势,φA>φB,故C正确,D错误;故选:AC.【点评】本题根据图象考查对电场的认识,要求学生能从图象中找出加速度的大小及速度的变化,再应用动能定理及牛顿第二定律进行分析判断;同时还需注意,电势能是由电荷及电场共同决定的,故不能忽视了电荷的极性.8.有一金属圆环与一根带绝缘层的长直通电导线放在同一平面内,电流方向向上,且直导线与环的直径重合,如图所示.当直导线向右平移一小段距离x (x<R)时,圆环将()A.出现顺时针方向的感应电流B.出现逆时针方向的感应电流C.没有感应电流D.无法确定有无感应电流【考点】楞次定律.【分析】根据安培定则可知通电直导线周围产生磁场,左侧磁场出来,右侧磁场进去,两侧对称.当直导线向右平移一小段距离时,直导线右侧穿过圆环进去的磁通量减少,直导线左侧穿过圆环出来的磁通量增加,穿过圆环的总的磁通量向外增加,根据楞次定律可以判断圆环中产生的感应电流的方向.【解答】解:直导线周围产生磁场,左侧磁场出来,右侧磁场进去,两侧对称,当直导线向右平移一小段距离时,直导线右侧穿过圆环进去的磁通量减少,直导线左侧穿过圆环出来的磁通量增加,穿过圆环的总的磁通量向外增加,根据楞次定律,圆环中产生的感应电流的磁场垂直纸面向里,根据安培定则可知,圆环中的感应电流应是顺时针方向的感应电流,故A正确、BCD错误.故选:A.【点评】本题考查安培定则和楞次定律,要知道感应电流产生的磁场总要阻碍产生感应电流的磁场的变化,原磁场的磁通量增加,感应电流的磁场方向与原来的磁场方向相反,原磁场的磁通量减小,感应电流的磁场方向原来的磁场方向相同.9.如图所示,导线AB可在平行导轨MN上滑动,接触良好,轨道电阻不计,电流计中有如图所示方向感应电流通过时,AB的运动情况是()A.向右加速运动B.向右减速运动C.向右匀速运动D.向左减速运动【考点】变压器的构造和原理.【专题】交流电专题.【分析】根据电流计中电流的方向判断出感应电流磁场的方向,再根据楞次定律分析原磁场方向不同时所对应的棒的变化.【解答】解:产生如图所示的电流时,右边螺线管内的磁场方向是向上的,根据楞次定律,感应电流产生的磁场要减弱原磁场的变化.那么左边就是两种情况:1.原磁场方向向下,且减弱.2.原磁场方向向上,且增强.1中,若磁场方向向下,其中的电流是由A向B再经过螺线管回到A.由右手定则知,AB左移会产生这样的感应电流.磁场减弱,表明AB移速减小,即向左减速运动,D正确.2中,若磁场方向向上,电流则是从B向A再经过螺线管回到B.AB右移产生这样的感应电流.磁场增强,表明AB加速,即向右加速运动,A正确.故选AD【点评】本题分析时应逆向分析,棒的运动状态药根据原磁场的方向和磁通量增大还是减小来判断.10.如图所示的电路中,D1和D2是两个相同的小灯泡,L是一个自感系数相当大的线圈,其阻值与R相同.在开关S接通和断开时,灯泡D1和D2亮、暗的顺序是()A.接通时D1先达最亮,断开时D1先灭B.接通时D2先达最亮,断开时D1后灭C.接通时D1先达最亮,断开时D1后灭D.接通时D2先达最亮,断开时D2先灭【考点】自感现象和自感系数.【分析】电键接通瞬间,电路中迅速建立了电场,立即产生电流,但线圈中产生自感电动势,阻碍电流的增加,故线圈中电流逐渐增加;电键断开瞬间,电路中电流要立即减小零,但线圈中会产生很强的自感电动势,与灯泡D1构成闭合回路放电.【解答】解:A、电键接通瞬间,电路中迅速建立了电场,立即产生电流,但线圈中产生自感电动势,阻碍电流的增加,故开始时通过灯泡D1的电流较大,故灯泡D1较亮;电路中自感电动势阻碍电流的增加,但不能阻止电流增加,电流稳定后,两个灯泡一样亮,即D1灯泡亮度逐渐正常,电键断开瞬间,电路中电流要立即减小零,但线圈中会产生很强的自感电动势,与灯泡D1构成闭合回路放电,故断开时D1后灭,故A错误;B、由A分析得,B错误.C、由A分析得,C正确.D、由A分析得,D错误;故选:C.【点评】本题考查了通电自感和断电自感,关键是明确线圈中自感电动势的作用是阻碍电流的变化,但不能阻止电流变化二、解答题(共2小题,满分20分)11.(14分)(2014秋•东营区校级期末)某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ.步骤如下:(1)用螺旋测微器测量其直径如图1,由图可知其直径为 4.700 mm;(2)用多用电表的电阻“×10”挡,按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻,表盘的示数如2图,则该电阻的阻值约为220 Ω.(3)该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R,现有的器材及其代号和规格如下:待测圆柱体电阻R电流表A1(量程0~4mA,内阻约50Ω)电流表A2(量程0~10mA,内阻约30Ω)电压表V1(量程0~3V,内阻约10kΩ)电压表V2(量程0~15V,内阻约25kΩ)直流电源E(电动势4V,内阻不计)滑动变阻器R1(阻值范围0~15Ω,允许通过的最大电流2.0A)滑动变阻器R2(阻值范围0~2kΩ,允许通过的最大电流0.5A)开关S及导线若干为使实验误差较小,要求测得多组数据进行分析,测量的电路图如图所示,则选择的电流表是A2、电压表是V1、滑动变阻器是R1(填写所用器材的代号).【考点】测定金属的电阻率.【专题】实验题.【分析】(1)螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数,在读可动刻度读数时需估读;(2)用欧姆表测电阻的读数为指针示数乘以倍率,当指针指在附近时测量值较准确;(3)的关键是通过估算电路中的最大电流来选择电流表量程;根据要求“测得多组数据”可知.变阻器应采用分压式接法,应选择阻值小的变阻器方便调节.【解答】解:(1)螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm,可动刻度读数为0.01×20.0mm=0.200mm,所以最终读数为:4.5mm+0.200mm=4.700mm.(2)该电阻的阻值约为22.0×10Ω=220Ω.(3)电源的电动势是4V,所以要使用量程是3V的电压表V1,根据闭合电路欧姆定律可知,电路中的最大电流为: A,所以电流表应选A2;由于要求“测得多组数据”,所以变阻器应用分压式接法,应选择阻值小的变阻器R1;故答案为:(1)4.700;(2)220;(3)A2,V1,R1.【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法,游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数,不需估读.螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数,在读可动刻度读数时需估读.12.用伏安法测电源电动势和内电阻,已知电流表内阻和电源内电阻相比,不可忽略,画出的(甲)、(乙)两种可供选用的测量电路.(1)为提高电动势和内电阻的测量精度,应选用的电路是乙.(2)由实验数据做出如图(丙)所示图线,则该电源的内电阻r= 1 Ω.(3)所测得的电源电动势E和内电阻r的测量值与真实值相比较的情况是:E测<E真;r测<r真.(填“>”或“<”)(4)误差出现的原因是电压表分流.【考点】测定电源的电动势和内阻.【专题】实验题.【分析】(1)当电源内阻较小时,为减小实验误差,相对于电源电流表应采用外接法.(2)电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势,图象斜率的绝对值等于电源内阻.(3)根据实验电路分析实验误差.(4)根据图示电路图分数实验误差原因.【解答】解:(1)已知电流表内阻和电源内电阻相比,不可忽略,为减小实验误差,应采用图乙所示电路图.(2)由图2所示图象可知,电源内阻r===1.0Ω.(3)由图示可知,伏安法测电阻相对于电源来说采用电流表外接法,由于电压表分流作用,电流表测量值偏小,当外电路短路时,电流测量值等于真实值,电源的U﹣I图象如图所示,由图象可知,电动势测量值小于真实值,电源内阻测量值小于真实值.(4)由图示图象可知,由于电压表的分流作用,所测电流小于通过电源的电流,电压表分流是造成误差的原因.故答案为:(1)乙;(2)1;(3)<;<;(4)电压表分流.【点评】本题考查测量电动势和内电阻实验的数据的处理,要求能正确分析误差的来源,并能用图象法求出电势和内电阻.三、解答题(共4小题,满分40分.要有必要的文字说明和解题步骤,有数值计算的要注明单位.)。

湖北高二高中物理月考试卷带答案解析

湖北高二高中物理月考试卷带答案解析

湖北高二高中物理月考试卷
班级:___________ 姓名:___________ 分数:___________
一、选择题
图甲所示电路中,A 1、A 2、A 3为相同的电流表,C 为电容器,电阻R 1、R 2、R 3的阻值相同,线圈L 的电阻不计.在某段时间内理想变压器原线圈内磁场的变化如图乙所示,则在t 1~t 2时间内( )
A .电流表A 1的示数比A 2的小
B .电流表A 2的示数比A 1的小
C .电流表A 1和A 2的示数相同
D .电流表的示数都不为零
湖北高二高中物理月考试卷答案及解析
一、选择题
图甲所示电路中,A 1、A 2、A 3为相同的电流表,C 为电容器,电阻R 1、R 2、R 3的阻值相同,线圈L 的电阻不计.在某段时间内理想变压器原线圈内磁场的变化如图乙所示,则在t 1~t 2时间内( )
A .电流表A 1的示数比A 2的小
B .电流表A 2的示数比A 1的小
C .电流表A 1和A 2的示数相同
D .电流表的示数都不为零
【答案】C
【解析】由图可知副线圈电路中的磁通量的变化情况,则由电磁感应可得出产生的感应电流;根据电容器及电感器的性质可得出各表的电流大小.
解:原线圈中磁场如乙图所示变化,则原线圈中的磁通量均匀变化,故副线圈中产生恒定的电流,因线圈电阻不计,故线圈L 对恒定电流没有阻碍作用,所以电流表A 1和A 2的读数相同,而电容器“通交隔直”,所以电流表A 3的读数为0.只有C 正确;
故选C .
【点评】本题综合考查电磁感应及电容器、电感器的工作原理,要求能记清电容、电感的作用.。

高二物理上学期12月月考理科试卷附答案

高二物理上学期12月月考理科试卷附答案

恒定电流时间:90分钟满分:100分Ⅰ卷(选择题部分)一、单项选择题(每题3分共30分)1、某电解池,如果在1s时间内共有5×1018个二价正离子和1.0×1019个一价负离子通过面积为0.1m2的某截面,那么通过这个截面的电流强度是:()A、0B、0.8AC、1.6AD、3.2A2、一根导线,分别通以不同的电流,并保持温度不变,当电流较大时,以下正确的是()A、单位体积内自由电子数较多B、自由电子定向运动的速率较大C、自由电子的热运动速率较大D、电流的传导速度较大3、图1展示了四种导电器件的伏安特性曲线,其中满足欧姆定律的是()4、关于电功和电热的计算,下列说法正确的是()A、如果是纯电阻电路,电功可用公式W = UIt计算,也可用公式W = I2Rt计算B、如果是纯电阻电路,电热可用公式W = I2Rt计算,但不能用公式W = UIt计算C、如果不是纯电阻电路,电功只能用公式W = I2Rt计算D、如果不是纯电阻电路,电热可用公式W = I2Rt计算,也可用公式W = UIt计算5、一段粗细均匀的电阻丝,横截面的直径为d,电阻是R。

把它拉制成直径为d/10的均匀细丝后,它的电阻变成()A、100RB、10000RC、R/100D、R/100006、如图3所示的电路中,电源电动势为E,内阻为r,R1和R2是两个定值电阻。

当滑动变阻器的触头向a滑动时,流过R1的电流I1和流过R2的电流I2的变化情况为()A、I1增大,I2减小B、I1减小,I2增大C、I1增大,I2增大D、I1减小,I2减小7、用伏安法测某一电阻时,如果采用如图4所示的甲电路,测量值为R1,如果采用乙电路,测量值为R2,那么R1、R2与真实值R之间满足关系()A、R1>R>R2B、R>R1>R2C、R1<R<R2D、R<R1<R28、在一个给定电源的闭合电路中,关于电源的输出功率,下面说法正确的是()A、输出功率随外电阻的增大而增大B、输出功率随外电阻的增大而减小C 、当外路短路时,电源输出功率最大D 、当外电阻与电源内阻相等时,电源输出功率最大 9、电源的电动势和内阻都保持一定,在外电路的电阻逐渐减小的过程中,下面说法中不正确的是 ( )A 电源的路端电压一定逐渐变小B 电源的输出功率一定逐渐变小C 电源内部消耗的功率一定逐渐变大D 电源的供电效率一定逐渐变小10、下列四个电路中,电源、电灯、滑动变阻器都分别相同,其中通过滑动变阻器的调节,能使电灯两端电压变化范围最大的是:( )二、多项选择题(每题4分共20分,选不全得2分) 11、关于电动势的概念,以下说法正确的是:A 、电源电动势等于电源没有接入电路时,两极间的电压,因此,当电源接入电路时,电动势将发生变化。

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高中物理学习材料桑水制作新沟中学2013—2014学年度12月月考高二物理出卷:彭云涛审卷:胡先高一、选择题(共50分)1.在场强为E的电场中,某个点电荷A受到的作用力为F,现将电荷量为A的两倍且与A电性相反的点电荷B放在电场中的同一点,则:A.B受到的电场力不变 B.B受到的电场力变为原来的两倍,且方向不变C.该点的电场强度不变 D.该点的电场强度变为原来的两倍,且方向相反2. 关于电流,下列说法中正确的是A.通过导线某截面的电量越多,电流越大B.单位时间内通过导体某截面的电量越多,导体中的电流越大C.导体中有电荷运动就有电流D.自由电子定向运动的速度就是电流的传导速度3.把6个相同小灯泡接成如图(甲)、(乙)所示两电路,调节滑动变阻器,两组小灯泡均能正常发光.设(甲)、(乙)两电路消耗的总功率分别为P 1、P2,则A.P1<3P2B.P1=3P2C.P1>3P2D.3P1=P24.如图所示的U~I图线中,Ⅰ是电源的路端电压随电流变化的图线,Ⅱ是某电阻两端的电压随电流变化的图线,用该电源向该电阻供电时电阻上消耗的功率和电源的电动势A.4w和2VB.2w和3VC.2w和2VD.4w和3V5.如图所示,均匀绕制的螺线管水平放置,在其正中心的上方附近用绝缘绳水平吊起通电直导线A,A与螺线管垂直,A导线中的电流方向垂直纸面向里,开关S闭合,A受到通电螺线管磁场的作用力的方向是( )A.水平向左B .水平向右C .竖直向下D .竖直向上6. 如图所示,三根长直导线垂直于纸面放置,通以大小相同,方向如图示 的电流,ac 垂直于bd ,且ab=ad=ac ,则a 点处磁感应强度B 的方向为( ) A .垂直纸面向外 B .垂直纸面向里 C .沿纸面由a 向d D .沿纸面由a 向c7.如图所示用控制变量法,可以研究影响平行板电容器电容的有关因素.设两极板正对面积为S ,极板间的距离为d ,静电计指针偏角为θ.实验中,保持极板所带电荷量不变,若 A .只增大d ,则θ变大B .只在两极板间插入电介质,则θ变小C .只减小S ,则θ变小D .只减小S ,则θ不变8.如图所示,一电子沿Ox 轴射入电场,在电场中的运动轨迹为OCD ,已知AB OA =,电子过C 、D 两点时竖直方向的分速度为v Cy 和v Dy ;电子在OC 段和OD 动能变化量分别为△E k1和△E k2,则A .21Dy y ∶∶=C vB .41Dy y ∶∶=v v C C .312k 1k ∶∶=∆∆E E D .412k 1k ∶∶=∆∆E E9.如图所示的电路中,定值电阻R 的阻值为10Ω,电动机M 的线圈电阻值为2Ω,a 、b 两端加有44V 的恒定电压,理想电压表的示数为24伏,由此可知 A .通过电动机的电流为12A B .电动机的输出功率为40WC .电动机的线圈在1min 内产生的热量为480JD .电动机的效率为83.3%10. 如图所示的电路中,电源电动势为E ,内阻为r 。

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高中物理学习材料桑水制作大竹县文星中学2014-2015学年高二物理12月月考试题本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分满分100分,时间90分钟第Ⅰ卷(选择题共40分)一、选择题(共10小题,每小题4分,共40分,在每小题给出的四个选项中,第1~6小题只有一个选项符合题目要求,第7~10小题有多个选项符合题目要求,全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分)1.我国女子短道速滑队在今年世锦赛上实现女子3000m接力三连冠。

观察发现,“接棒”的运动员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面,并且开始向前滑行,待乙追上甲时,乙猛推甲一把,使甲获得更大的速度向前冲出,在乙推甲的过程中,忽略运动员与冰面间在水平方向上的相互作用,则( )A.甲对乙的冲量一定等于乙对甲的冲量B.甲、乙的动量变化一定大小相等方向相反C.甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量D.甲对乙做多少负功,乙对甲就一定做多少正功答案:B解析:相互作用过程中的相互作用力大小相等,方向相反,作用时间相同,因此甲对乙的冲量与乙对甲的冲量大小相等、方向相反,由动量定理可知,甲、乙动量变化大小相等,方向相反,A错,B对;虽然相互作用力大小相等,方向相反,甲、乙在相互作用过程中的位移不同,乙对甲做的正功,与甲对乙做的负功多少不同,由动能定理知,甲的动能增加量,不等于乙动能的减少量,故C、D错误。

2.如图所示,弹簧的一端固定在竖直墙上,质量为m的光滑弧形槽静止在光滑水平面上,底部与水平面平滑连接,一个质量也为m的小球从槽高h处开始下滑,则( )A.在以后的运动过程中,小球和槽的动量始终守恒B.在下滑过程中小球和槽之间的相互作用力始终不做功C.被弹簧反弹后,小球和槽的机械能守恒,小球能回到槽高h处D.被弹簧反弹后,小球和槽都做速率不变的直线运动答案:D解析:小球在槽上运动时,由于小球受重力,故两物体组成的系统外力之和不为零,故动量不守恒;当小球与弹簧接触后,小球受外力,故动量不再守恒,故A错误;下滑过程中两物体都有水平方向的位移,而力是垂直于球面的,故力和位移夹角不垂直,故两力均做功,故B错误;小球脱离弧形槽时,水平方向动量守恒,可得两者速度大小相等,故小球脱离弧形槽后,槽向后做匀速运动,而小球被弹簧反弹后也做匀速运动,小球追不上弧形槽,故C错,D正确。

2021年高二12月月考物理理试题含答案

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2021年高二12月月考物理理试题含答案一、单项选择题(每小题有一个选项是正确的,每小题3分,共15分)1.以下说法正确的是()A.由E=F/q可知,电场中某点的电场强度E与F成正比B.由公式C=Q/U可知,电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关C.由U ab=Ed可知,匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大,则两点间的电势差也一定越大D.由公式=ε/q可知,电场中某点的电势与q成反比2.如图所示,平行直线表示电场线,但未标方向,带电为+10-2C的微粒在电场中只受电场力作用,由A点移到B点,动能损失0. 1J,若A点电势为-10V,则()A.B点的电势为10伏 B.电场线方向从左向右C.微粒的运动轨迹可能是轨迹1 D.微粒的运动轨迹可能是轨迹23. 如上图所示的电路,闭合开关S,滑动变阻器滑片P向左移动,下列结论正确的是()A.电流表读数变小,电压表读数变大 B.小电泡L变亮C.电容器C上电荷量减小 D.电源的总功率变大4. 在研究微型电动机的性能时,应用如图所示的实验电路.当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时,电流表和电压表的示数分别为0.5 A和 2 V.重新调节R并使电动机恢复正常运转,此时电流表和电压表的示数分别为2 A和24 V。

则这台电动机正常运转时输出功率为()A.32W B.44W C.47W D.48W5. 带电粒子以初速度V0从a点进入匀强磁场,如图,运动中经过b点,oa=ob,若撤去磁场加一个与y轴平行的匀强电场,仍以V0从a点进入电场,粒子仍能通过b点,那么电场强度E与磁感强度B之比E/B为()A.V0 B. 1 C.2V0 D.V0/2二.不定项选择(每小题至少有一个选项是正确的,每小题5分,共20分,漏选得2分,错选和不选得零分)6.下列关于电场强度的说法中,正确的是 ( )A .根据公式E=F/q 可知,场强E 跟电荷所受的电场力F 成正比,跟放入电荷的电荷量q 成反比B .由公式可知,在真空中由点电荷Q 形成的电场中,某点的场强E 跟Q 成正比,跟该点到Q 的距离r 的平方成反比C .虽然正、负电荷在电场中的同一点所受的电场力方向相反,但该点的场强方向只有一个,即正电荷在该点的受力方向,也就是负电荷在该点受力的反方向D .由公式及均可以确定在真空中点电荷形成的电场中某点的场强,可见场强E 与Q 或q 均有关7.如右图所示,质量分别是m 1和m 2带电量分别为q 1和q 2的小球,用长度不等的轻丝线悬挂起来,两丝线与竖直方向的夹角分别是α和β(α>β),两小球恰在同一水平线上,那么( )A .两球一定带异种电荷B .q 1一定大于q 2C .m 1一定小于m 2D .m 1所受库仑力一定大于m 2所受的库仑力8.一带电粒子从电场中的A 点运动到B 点,径迹如图中虚线所示,不计粒子所受重力,则( )A .粒子带正电B .粒子加速度逐渐减小C .A 点的场强大于B 点场强D .粒子的速度不断减小 9.两个相同的金属小球,带电荷量之比为1:7,相距为r ,两者相互接触后再放回原来的位置上,则它们间的库仑力可能为原来的( )A .B .C .D .二、填空题(3小题,每空2分,做图3分共13分,)10. 甲、乙两根粗细相同的不同导线,电阻率之比为1∶2,长度之比为4∶1,那么两根导线加相同的电压时,其电功率之比P 甲∶P 乙=________;如果通过两根导线的电流强度相同,则其电功率之比P 甲∶P 乙=_________。

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高中物理学习材料唐玲收集整理湖北省大悟一中2011—2012学年高二上学期12月月考试卷物理卷一、选择题(12×5=60分)1.对电磁学的贡献,下列科学家与事件正确的是A .库仑引入“电场”的概念来描述电场的真实存在B .奥斯特发现了磁场对电流的作用力C .法拉第发现了“磁生电”的现象,并归纳出法拉第电磁感应定律D .麦克斯韦认为变化的磁场能在周围空间激发出电场2.用绝缘丝线连接在一起的A B 、两个小球质量均为0.5kg ,丝线伸直时两球距离3l =cm ,A 球带正电,B 球带负电,带电荷量均为7110-⨯C 。

在光滑绝缘水平面上用力F 拉小球B ,结果两球保持3cm 的距离不变,则拉力F 的大小可能是A .0.1NB .0.2NC .0.05ND .0.3N3.关于电磁感应,下列说法正确的是( )A .闭合金属线圈处在变化的磁场中,一定会产生感应电流B .闭合金属线圈在磁场中运动,一定会产生感应电流C .闭合金属线圈中的磁通量发生变化,一定会产生感应电流D .闭合金属线圈在磁场中转动,一定会产生感应电流4.A 、B 是两个一样的金属球,带电量分别为2A Q Q =、B Q Q =-,现用导线将它们连起来,则A .A 将失去质子,B 将失去电子B .连接瞬间,导线中有从A 到B 的电流FBAC .稳定后A 球带电量为Q ,B 球不带电D .通过导线的电荷量为Q5.由相同材料做成的三块厚度相同的正方形薄板,其边长之比为3:2:1,则它们ab 之间的电阻之比为A .1:2:3B .3:2:1C .6:3:2D .1:1:16.设逻辑电路的输入真值分别为A 、B ,输出真值为Y ,真值间的逻辑关系可以分别表示为:①Y =A+B 、②Y A B =⨯、③1AY 1A=+-,计算出的真值非“0”即“1”,则这三式分别对应的逻辑关系是A .“与”门、“或”门、“非”门B .“或”门、“非”门、“与”门C .“非”门、“与”门、“或”门D .“或”门、“与”门、“非”门7.在如图所示的电路中,电阻16R =Ω,24R =Ω,电池有内阻。

2021-2022学年湖北省荆州市监利县新沟高级中学高二物理下学期期末试卷含解析

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2021-2022学年湖北省荆州市监利县新沟高级中学高二物理下学期期末试卷含解析一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意1. 下列叙述正确的是( )A. 两个质子之间,不管距离如何,核力总是大于库仑力B. 由爱因斯坦质能方程E=mc2可知,质量可以转变为能量C. . 质子与中子的质量不等,但质量数相等D. 天然放射现象说明原子核内部有电子参考答案:C2. 500千伏超高压输电是我国目前正在实施的一项重大工程,我省超高压输电工程正在紧张建设之中。

若输送功率为3200万千瓦,原来采用200千伏输电,由于输电线有电阻而损失的电功率为P,则采用500千伏超高压输电后在输电线上损失的电功率为(设输电线的电阻未变)A.0.4P B.0.16P C.2.5P D.6.25P参考答案:B3. (单选)以下关于光的说法错误的是()A.光纤通信是利用了全反射的原理B.无色肥皂液吹出的肥皂泡呈彩色是由于光照射时发生了薄膜干涉C.麦克斯韦提出光是一种电磁波并通过实验证实了电磁波的存在D.人们眯起眼睛看灯丝时看到的彩色条纹是光的洐射图样参考答案:C4. (多选)如图所示,电场中有A、B两点,则下列说法中正确的是A.电势ψA>ψB,场强EA >EB B.电势ψA>ψB,场强EA <EBC.将+q电荷从A点移到B点电场力做了正功D.将-q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能EPA >EPB参考答案:BC5. 将4只相同的小灯泡按如图所示的方法接在恒压电源上,调节变阻器R1和R2,使4只灯泡消耗的电功率相同.这时R1和R2上消耗的电功率之比为()A.1∶1B.2∶1C.4∶1D.因灯泡的相关参量不明,故不能确定比值参考答案:A二、填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分6. 若在做“验证动量守恒定律”的实验中,称得入射小球1的质量m1=15g,被碰小球2的质量m2=10g,由实验得出它们在碰撞前后的位移﹣时间图线如图所示,则由图可知,入射小球在碰前的动量是g?cm/s,入射小球在碰后的动量是g?cm/s,被碰小球的动量是g?cm/s,由此可得出的结论是.参考答案:1500;750;750;碰撞过程中系统的动量守恒【考点】验证动量守恒定律.【分析】由速度图象求出小球的位移与对应的时间,由速度公式求出小球的速度,然后根据动量的计算公式求出小球的动量,最后分析实验数据得出实验结论.【解答】解:由图象可知,碰前入射小球的速度:v1===100cm/s,碰后入射球的速度:v1′===50cm/s,被碰球碰后的速度:v2===75cm/s,入射球碰前的动量:p=m1v1=15×100=1500g?cm/s,入射小球碰撞后的m1v1′=15×50=750gcm?/s,被碰小球碰撞后的:m2v2=10×75=750g?cm/s,碰后系统的总动量:p′=m1v1′+m2v2′=750+750=1500g?cm/s.通过计算发现:两小球碰撞前后的动量相等,即:碰撞过程中系统的动量守恒.故答案为:1500;750;750;碰撞过程中系统的动量守恒7. 如下图所示的电路中,,,,,U=2.4V.在a、b间接一只理想的电压表,它的示数是________。

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新沟中学2013—2014学年度12月月考
高二物理
一、选择题(共50分)
1.在场强为E的电场中,某个点电荷A受到的作用力为F,现将电荷量为A的两倍且与A电性相反的点电荷B放在电场中的同一点,则:
A.B受到的电场力不变 B.B受到的电场力变为原来的两倍,且方向不变C.该点的电场强度不变 D.该点的电场强度变为原来的两倍,且方向相反
2. 关于电流,下列说法中正确的是
A.通过导线某截面的电量越多,电流越大
B.单位时间内通过导体某截面的电量越多,导体中的电流越大
C.导体中有电荷运动就有电流
D.自由电子定向运动的速度就是电流的传导速度
3.把6个相同小灯泡接成如图(甲)、(乙)所示两电路,调节滑动变阻器,两组小灯泡均能正常发光.设(甲)、(乙)两电路消耗的总功率分别为P 1、P2,则
A.P1<3P2
B.P1=3P2
C.P1>3P2
D.3P1=P2
4.如图所示的U~I图线中,Ⅰ是电源的路端电压随电流变化的图线,Ⅱ是
某电阻两端的电压随电流变化的图线,用该电源向该电阻供电时电阻上消耗
的功率和电源的电动势
A.4w和2V
B.2w和3V
C.2w和2V
D.4w和3V
5. 如图所示,均匀绕制的螺线管水平放置,在其正中心的上方附近用绝缘绳水平吊起通电直导线
A,A与螺线管垂直,A导线中的电流方向垂直纸面向里,开关S闭合,A受到通电螺线
管磁场的作用力的方向是( )
A.水平向左
B.水平向右
C.竖直向下
D.竖直向上
6. 如图所示,三根长直导线垂直于纸面放置,通以大小相同,方向如图示
的电流,ac垂直于bd,且ab=ad=ac,则a点处磁感应强度B的方向为( )
A.垂直纸面向外
B.垂直纸面向里
C.沿纸面由a向d
D.沿纸面由a向c
7.如图所示用控制变量法,可以研究影响平行板电容器电容的有关因素.设两极板正对面积为
S ,极板间的距离为d ,静电计指针偏角为θ.实验中,保持极板所带电荷量不变,若
A .只增大d ,则θ变大
B .只在两极板间插入电介质,则θ变小
C .只减小S ,则θ变小
D .只减小S ,则θ不变
8.如图所示,一电子沿Ox 轴射入电场,在电场中的运动轨迹为OCD ,已知AB OA =,电子过C 、D 两点时竖直方向的分速度为v Cy 和v Dy ;电子在OC 段和OD 动能变化量分别为△E k1和△E k2,则 A .21D y y ∶∶=C v B .41D y
y ∶∶=v v C
C .312k 1k ∶∶=∆∆E E
D .412k 1k ∶∶=∆∆
E E
9.如图所示的电路中,定值电阻R 的阻值为10Ω,电动机M 的线圈电阻值为2Ω,a 、b 两端加有
44V 的恒定电压,理想电压表的示数为24伏,由此可知 A .通过电动机的电流为12A B .电动机的输出功率为40W
C .电动机的线圈在1min 内产生的热量为480J
D .电动机的效率为83.3%
10. 如图所示的电路中,电源电动势为E ,内阻为r 。

如果将滑动变阻器的滑片向b 端滑动,则灯泡L 、电流表A (均未超过限度)的变化正确的是 A .电流表A 示数变小 B .电流表A 示数变大 C .灯泡L 变亮
D .灯泡L 变暗
二、实验题(共18分)
11.(3分)某同学用螺旋测微器测量一铜丝的直径, 测微器的示数如图所示,该铜丝的直径为________mm.
12.(15分)实际电流表有内阻,可等效为理想电流表与电阻的串联。

测量实际电流表G 1的内阻r 1的电路如图所示。

供选择的仪器如下:
①待测电流表G 1(0~5mA ,内阻约300Ω); ②电流表G 2(0~10mA ,内阻约100Ω);
③定值电阻R 1(300Ω); ④定值电阻R 2(10Ω); ⑤滑动变阻器R 3(0~1000Ω); ⑥滑动变阻器R 4(0~20Ω); ⑦干电池(1.5V ); ⑧电键S 及导线若干。

(1)定值电阻应选______,滑动变阻器应选______。

(在空格内填写序号) (2)用连线连接实物图。

(3)补全实验步骤:
①按电路图连接电路,将滑动触头移至最______端 (填“左”或“右”);
②闭合电键S ,移动滑动触头至某一位置, 记录G 1、G 2的读数I 1、I 2;
③多次移动滑动触头,记录相应的G 1、G 2读数I 1、I 2; ④以I 2为纵坐标,I 1为横坐标,作出相应图线,如图所示。

⑷根据I 2− I 1图线的斜率k 及定值电阻,写出待测电流表内阻的表达式__________
三、计算题(共42分)
13.(8分)如图所示,平行金属板长为L ,一个带电为+q 质量为m 的粒子以初速度v 0紧贴上板垂直射入电场,刚好从下板边缘射出,末 速度恰与下板成60°角,粒子重力不计,求:
(1)粒子末速度大小 (2)两极板间距离(3)电场强度
14.(10分)如图所示,PQ 和MN 为水平、平行放置的金属导轨,相距1 m ,导体棒ab 跨放在导轨上,导体棒的质量m =0.2 kg ,导体棒的中点用细绳经滑轮与物体相连,物体质量M =0.3 kg ,导体棒与导轨间的动摩擦因数μ=0.5.匀强磁场的磁感应强度B =2 T ,方向竖直向下,为了使物体匀速上升,应在导体棒中通入多大的电流?方向如何?
15.(12分)如图所示电路中,电阻R 1=8Ω。

当电键K 断开时,理想电压表V 1
的示数为5.7V ,理想电流表的示数为0.75A ,电源总功率是9W ;当电键K 闭合时,理想电压表V 2的示数为4V 。

若电键断开和闭合时电源内阻损耗的电功率之比是9:16。

求电源的电动势E 和电阻R 2、R 3的阻值。

1
600
16.(12分)如图所示,两平行金属板A 、B 水平放置,两板间的距离d =40cm .电源电动势
E =24V ,内电阻r =1Ω,电阻R =15Ω.闭合开关S ,待电路稳定后,在两板之间形成匀强电场.在A 板上有一个小孔k ,一个带电荷量为2101-⨯+=q C 、质量为2102-⨯=m kg 的微粒P 由A 板上方高h=10cm 处的O 点自由下落,从k 孔进入电场并打在B 板上k '点处.当P 粒子进入电场时,另一个与P 相同的微粒Q 恰好从两板正中央O '点水平飞入.那么,滑动变阻器接入电路的阻值为
多大时,粒子Q 与P 恰好同时打在k '处。

(粒子间的作用力及空气阻力均忽略不计,取g=10m/s 2
)
参考答案
一.选择题(共计50分)
二、实验题(共18分) 11.4.591~4.594 12.⑴ ③,⑥ ⑵.见图
⑶将滑动触头移至最左端 ⑷ ()111R
k r -=
三、计算题(共42分) 13. 由速度关系可得02νν
=
电场强度qL
E 2
m 3ν=
两极板间的距离
2
3L y =
14.解:为了使物体匀速上升,导体棒所受安培力方向应向左,由左手定则可知,导体棒中的电流方向应为a→b.
由平衡条件得:BIL =Mg +μmg
解得:I =Mg +μmg
BL
=2 A 答案:2 A 方向a→b
15. K 断开时,电流表示数是通过电源的电流值,设为I 1=0.75A ,
则电源电动势E =P 总/I 1=12V
电压表V 1示数是R 3、R 4两端总电压,有R 3+R 4=U 1/I 1=7.6Ω 电源内阻r =EI 1-(R 1+R 3+R 4)=0.4Ω
K 断开和闭合时,电路总电流之比I 1:I 2=
K 闭合时电路总电流为
I 2=4I 1/3=1A R 4=U 2/I 2=4Ω R 3=3.6Ω
根据E =I 2r +I 2[R 3+R 4+R 1R 2/(R 1+R 2)] 解得R 2=8Ω。

16. 根据机械能守恒定律可得P 微粒进入电场时的速度为:
21.010220=⨯⨯==gh υm/s
设P 、Q 在电场中运动的加速度为a ,运动到打在k '点的时间为t ,则:
对P :2
02
1at t d +=υ 对Q :
22
1
21at d = 联立解得:102=t s ,2
/20s m =a
而dm
Uq
g a +=
所以,滑动变阻器两端的电压为:
V 810
11024.0)1020()(2
2
=⨯⨯⨯⨯-=-=--q dm g a U 由欧姆定律可得通过滑动变阻器的电流为:A 11158
24=+-=+-=r R U E I 所以,滑动变阻器接入电路的阻值为:81
8
==='I U R Ω。

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