2019高考物理精编优选冲刺练江苏专用：985提分专项练(重点中学)(2) Word版含解析
江苏专用2019高考物理优选冲刺练综合抢分练320181224119.doc
综合抢分练(3)1.(2018·武进一模)如图1为洛伦兹力演示仪的结构图，励磁线圈产生的匀强磁场方向垂直纸面向外，电子束由电子枪产生，其速度方向与磁场方向垂直。
电子速度大小可通过电子枪的加速电压来控制，磁场强弱可通过励磁线圈的电流来调节。
下列说法正确的是( )图1A.仅增大励磁线圈的电流，电子束径迹的半径变大B.仅增大励磁线圈的电流，电子做圆周运动的周期将变大C.仅提高电子枪的加速电压，电子做圆周运动的周期将变大D.仅提高电子枪的加速电压，电子束径迹的半径变大解析 电子的速度是由电子枪加速获得，则有qU ＝12mv 2，电子做匀速圆周运动是由洛伦兹力提供向心力，即qvB ＝m v 2r ，联立两式可得：r ＝1B2Umq，T ＝2πr v ＝2πmBq。
仅增加励磁线圈的电流，则磁感应强度B 增大，由半径公式可知，半径将减小，选项A 错误；仅增加励磁线圈的电流，则磁感应强度B 增大，由周期公式可知，周期将减小，选项B 错误；仅提高电子枪的加速电压，由半径公式可知，半径将增大，但周期与半径、速度无关，选项C 错误，D 正确。
答案 D2.(多选)(2018·苏锡常镇四市一调)如图2所示，MN 为半圆环MQN 的水平直径。
现将甲、乙两个相同的小球分别在M 、N 两点同时以v 1、v 2的速度水平抛出，两小球刚好落在圆环上的同一点Q ，不计空气阻力。
则下列说法正确的是( )图2A.落到Q 点时，甲、乙两小球重力的瞬时功率相等B.乙球落到圆环时的速度有可能沿OQ 方向C.若仅增大v 1，则两小球一定能在落到圆环前相遇D.从抛出到落到Q 点的过程中，甲球动能的增加量比乙球的小解析 因落到Q 点时两球的竖直高度相同，则竖直速度相同，根据P ＝mgv y 可知，重力的瞬时功率相同，选项A 正确；根据推论，平抛运动的物体的速度方向的反向延长线应该过水平位移的中点，因O 点不是水平位移的中点，则乙球落到圆环时的速度不可能沿OQ 方向，选项B 错误；因两球的水平距离一定，根据2R ＝(v 1＋v 2)t ，若仅增大v 1，则两小球相遇的时间缩短，则相遇时的竖直位移减小，则一定能在落到圆环前相遇，选项C 正确；根据动能定理，从抛出到落到Q 点的过程中，重力做功相同，则甲球动能的增加量和乙球的动能增加量相等，选项D 错误。
2019版高考物理江苏专用大一轮复习：冲刺985 电磁场压轴题专练 含解析 精品
冲刺985——电磁场压轴题专练(时间：40分钟)1.(2017·江苏省南京市、淮安市高三第三次模拟考试)如图1所示，半径为r 的圆形匀强磁场区域Ⅰ与x 轴相切于坐标系的原点O ，磁感应强度为B 1，方向垂直于纸面向外。
磁场区域Ⅰ右侧有一长方体加速管，加速管底面宽度为2r ，轴线与x 轴平行且过磁场区域Ⅰ的圆心，左侧的电势比右侧高U 。
在加速管出口下侧距离2r 处放置一宽度为2r 的荧光屏。
加速管右侧存在方向垂直于纸面向外的匀强磁场区域Ⅱ。
在O 点处有一个粒子源，能沿纸面向y >0的各个方向均匀地发射大量质量为m 、带电荷量为q 且速率相同的粒子，其中沿y 轴正方向射入磁场的粒子，恰能沿轴线进入长方形加速管并打在荧光屏的中心位置。
(不计粒子重力及其相互作用)图1(1)求粒子刚进入加速管时的速度大小； (2)求磁场区域Ⅱ的磁感应强度大小B 2；(3)若进入加速管的粒子数目为N ，则磁场Ⅱ的磁感应强度B 2减小10%时，有多少离子能打在荧光屏上？解析 (1)沿y 轴正方向射入磁场的粒子，恰能沿轴线进入长方形加速管并打在荧光屏的中心位置，则磁场区域Ⅰ内粒子运动轨迹半径为r ，则由牛顿第二定律有 q v B 1＝m v 2r解得进入加速管粒子的速度v ＝qB 1rm(2)从粒子源均匀发射的所有粒子，经磁场区域I 后，其速度方向均与x 轴平行，如图所示，因为粒子运动的圆轨迹和磁场的圆形边界的交点O 、C 以及两圆的圆心O 1O 2组成的是菱形，所以CO 2和y 轴平行，故v 和x 轴平行。
所有进入磁场区域Ⅱ的粒子，其半径均为2r ，则2r ＝m v ′qB 2(其中v ′为粒子经加速管后的速度大小)根据动能定理有qU ＝12m v ′2－12m v 2 联立解得B 2＝m2qr2qU m ＋v2⎝ ⎛⎭⎪⎫其中v ＝qB 1r m 或B 2＝2qmU ＋q 2B 21r22qr(3)磁场Ⅱ的磁感应强度B 2减小10%时 r ′＝m v qB 2′＝10m v 9qB 2＝20r 9，则2r ′－4r ＝4r 9恰好击中荧光屏的下边缘的粒子的运动轨迹如图所示由几何关系cos θ＝59与x 轴正方向成θ＝arccos 59角发射的粒子恰好击中荧光屏的下边缘，所以打在屏上的粒子数为n ＝π－arccos 59πN答案 (1)qB 1r m (2)2qmU ＋q 2B 21r22qr(3)π－arccos 59πN2.(2017·江苏省南京市、淮安市高三第三次模拟考试)如图2是磁流体发电机原理示意图：前、后两个侧面是电阻可以忽略不计的导体板，相距为a ；上、下两个侧面是绝缘体，相距为b ；它们构成一个长度为l 的长方体管道。
江苏专用2019高考物理优选冲刺练综合抢分练1120181224116.doc
综合抢分练(11)1.(2018·扬州中学4月模拟)如图1所示，一小球从一半圆轨道左端A点正上方某处开始做平抛运动(小球可视为质点)，飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点。
O为半圆轨道圆心，半圆轨道半径为R，OB与水平方向夹角为60°，重力加速度为g，则小球抛出时的初速度为( )图1A.3gR2B.33gR2C.3gR2D.3gR3解析飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点，则知速度与水平方向的夹角为30°，则有：v y＝v0tan 30°又v y＝gt，则得：v0tan 30°＝gt，t＝v0tan 30°g①，水平方向上小球做匀速直线运动，则有：R＋R cos 60°＝v0t②，联立①②解得：v0＝33gR2。
答案 B2.(2018·江苏省徐州市高三抽测)带电金属棒周围电场线的分布如图2所示，A、B是电场中的两点，OA>OB。
下列说法正确的是( )图2A.A点的电势高于B点的电势B.A点的电场强度大于B点的电场强度C.负电荷从A点至B点，电场力一直做正功D.负电荷在A点的电势能大于其在B点的电势能解析由电场线的特点可知，金属棒两侧的电场是对称的，由于OA＞OB，故OA之间的电势差大于OB之间的电势差，根据沿电场线的方向电势降低可知，A点的电势低于B点的电势，故选项A错误；根据电场线的疏密表示电场的强弱可知，B点的电场强度大，故选项B错误；负电荷在电势高位置的电势能小，所以负电荷在A点的电势能大于其在B点的电势能；由于不知道负电荷从A点至B点的运动的路径，所以不能判断出电场力是否一直做正功，故选项C错误，D正确。
答案 D3.(多选)(2018·江苏省南通、徐州、扬州、泰州、淮安、宿迁市高三调研)用电流传感器研究自感现象的电路如图3甲所示，线圈L中未插入铁芯，直流电阻为R。
闭合开关S，传感器记录了电路中电流i随时间t变化的关系图象，如图乙所示，t0时刻电路中电流达到稳定值I。
(江苏专用)2019高考物理总复习 优编题型增分练：选做题保分练(二)
选做题保分练(二)三、选做题(本题包括A 、B 两小题，请选定其中一小题，并在相应的答题区域内作答．若多做，则按A 小题评分．)13．A.[选修3－3](15分)(2018·南京市、盐城市二模)(1)下列说法中正确的是________．A ．空气中PM2.5颗粒的无规则运动属于分子热运动B ．某物体温度升高，组成该物体的分子的平均动能一定增大C ．云母片导热性能各向异性，是由于该物质的微粒在空间的排列不规则D ．空气相对湿度越大，则空气中水蒸气压强越接近饱和汽压(2)两分子间的作用力F 与分子间距离r 的关系如图1中曲线所示，曲线与r 轴交点的横坐标为r 0，甲分子固定在坐标原点O ，乙分子在分子力作用下从图中a 点由静止开始运动．在r ＞r 0阶段，乙分子的动能________(选填“增大”“减小”或“先增大后减小”)，乙分子的势能________(选填“增大”“减小”或“先减小后增大”)．图1(3)如图2所示，一圆柱形绝热汽缸竖直放置，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体，活塞的质量为m ，横截面积为S ，与汽缸底部相距h ，此时封闭气体的温度为T .现通过电热丝缓慢加热气体，当气体吸收热量Q 时，气体温度上升到1.5T .已知大气压强为p 0，重力加速度为g ，不计活塞与汽缸的摩擦．求：图2①加热后活塞到汽缸底部的距离；②加热过程中气体的内能增加量．答案 (1)BD (2)增大 减小 (3)①1.5h ②Q －0.5h (p 0S ＋mg )解析 (1)PM2.5颗粒不是分子，其运动不是分子热运动，A 错误；温度是分子平均动能的标志，温度升高，则分子平均动能增大，B 正确；云母片导热性能各向异性，是由于该物质的微粒在空间的排列规则，C 错误；空气相对湿度越大，则空气中水蒸气压强越接近饱和汽压，D 正确．(2)由题图可知，在r ＞r 0阶段，分子间是引力作用，分子力对乙分子做正功，乙分子的动能增大，分子势能减小．(3)①等压过程由Sh T ＝Sh ′1.5T得h ′＝1.5h ②气体压强p ＝p 0＋mg SW ＝－p (h ′－h )S由热力学第一定律ΔU ＝W ＋Q联立解得：ΔU ＝Q －0.5h (p 0S ＋mg )．13．B.[选修3－4](15分)(2018·如皋市模拟)(1)下列说法中正确的是________．A ．被拍打的篮球上下运动是简谐运动B ．受迫振动的物体总以它的固有频率振动C ．当观察者和波源间存在相对运动时一定能观察到多普勒效应现象D ．在以速度v 高速运行的航天器上看地球上的时间进程变慢(2)1971年，屠呦呦等获得了青蒿乙醚提取物结晶，研究人员通过X 射线衍射分析确定了青蒿素的结构．X 射线衍射是研究物质微观结构的最常用方法，用于分析的X 射线波长在0.05 nm ～0.25 nm 范围之间，因为X 射线的波长________(选填“接近”或“远小于”)晶体内部原子间的距离，所以衍射现象明显．分析在照相底片上得到的衍射图样，便可确定晶体结构．X 射线是________(选填“纵波”或“横波”)．(3)如图3所示，有一四棱镜ABCD ，∠B ＝∠C ＝90°，∠D ＝75°.某同学想测量其折射率，他用激光笔从BC 面上的P 点射入一束激光，从Q 点射出时与AD 面的夹角为30°，Q 点到BC 面垂线的垂足为E ，P 、Q 两点到E 点的距离分别为a 、3a ，已知真空中光速为c ，求：图3①该棱镜材料的折射率n ；②激光从P 点传播到Q 点所需的时间t .答案 (1)D (2)接近 横波 (3)①62 ②6a c解析 (1)根据质点做简谐运动的条件可知，做简谐运动的条件是回复力为F ＝－kx ，被拍打的篮球上下运动显然不是简谐运动，故A 错误；做受迫振动的物体的振动频率与驱动力的频率相等，与物体的固有频率无关，故B 错误；当观察者和波源间存在相对运动时不一定能观察到多普勒效应现象，如观察者绕波源做匀速圆周运动，故C 错误；根据相对论的两个基本假设，在以速度v 高速运行的航天器上看地球上的时间进程变慢，故D 正确．(2)能发生明显的衍射现象的条件是：孔或障碍物的尺寸比波长小或者相差不多．当X 射线透过晶体内部原子间隙时，发生了明显的衍射现象，用于分析的X 射线波长应接近晶体内部原子间的距离；X 射线是一种横波．(3)①由题意，根据QE ⊥BC ，QE ＝3PE ，得∠PQE ＝30°由几何关系可知，激光在AD 面上的入射角 i ＝45°，折射角 r ＝60°由折射定律得，该棱镜材料的折射率 n ＝sin r sin i ＝62②激光在棱镜中的传播速度v ＝c nPQ ＝PE sin 30°＝2a 故激光从P 点传播到Q 点所需的时间t ＝2a v ，解得t ＝6a c.。
2019届江苏省名校高三原创精准冲刺试卷(二)物理试卷
2019届江苏省名校高三原创精准冲刺试卷（二）物理试卷本试卷共16页，38题（含选考题）。
全卷满分300分。
考试用时150分钟。
★祝考试顺利★注意事项：1、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
2、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
5、考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
一、选择题1.在同一水平面上有A、B两物体，相距，A在后B在前，A以向右做匀速直线运动，此时B的瞬时速度为，方向也向右，且以加速度做匀减速直线运动从此位置开始计时，A追上B所需时间为A. 7sB. 8sC. 9sD. 10s【答案】B【解析】【详解】B匀减速运动到停止运动的时间：；故B在5s末停下来；物体B经5s 停止运动，停止时经过的位移；此时A的位移为：；故此时二者还相距：；故还需要才能追上B；故在8s末追上B；故选B。
【点睛】本题考查追及相遇问题，要注意正确分析二者的运动情况，明确二者位移和时间的关系，正确列式求解即可．2.如图所示，斜面体M放在水平面上，滑块m受到一个水平向右的作用力F，m和M始终保持静止这时m受到的摩擦力大小为，M受到水平面的摩擦力大小为当F变大时，有A. 变大，不一定变大B. 变大，不一定变大C. 与都不一定变大D. 与都一定变大【答案】B【解析】【分析】先对物体Q受力分析，受推力、重力、支持力，可能有摩擦力，受推力、重力、支持力，可能有摩擦力，按照效果讨论摩擦力情况；然后对整体受力分析，得到P与地面间摩擦力情况．【详解】对物体m受力分析，受推力、重力、支持力，可能有摩擦力，当时，摩擦力沿着斜面向上，大小为，当F增大时，变小；当时，摩擦力为零，F增大时，变大；当时，摩擦力沿着斜面向下，大小为，F增大时，变大；对整体受力分析，则有，则一定变大；故选B。
江苏专版2019版高考物理一轮复习精选提分综合练单元检测二相互作用_32
单元检测二相互作用考生注意：1．本试卷共4页．2．答卷前，考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应位置上．3．本次考试时间90分钟，满分100分．4．请在密封线内作答，保持试卷清洁完整．一、单项选择题(本题共6小题，每小题3分，共计18分．每小题只有一个选项符合题意) 1．(2017·南阳中学月考)下列关于重力、弹力、摩擦力的说法正确的是( )A．物体的重力就是地球对物体的万有引力B．弹力的产生原因是受力物体发生了形变C．摩擦力一定阻碍物体的运动D．静止的物体可能受到滑动摩擦力，运动的物体可能受到静摩擦力2．(2018·徐州三中月考)物体在以下三个力作用下，可能做匀速直线运动的是( )A．1 N、6 N、8 N B．1 N、6 N、4 NC．7 N、2 N、6 N D．5 N、9 N、15 N3．(2017·扬州市期末检测)如图1所示，某电视台每周都有棋类节目，铁质的棋盘竖直放置，每个棋子都是一个小磁铁，能吸在棋盘上，不计棋子间的相互作用力，下列说法正确的是( )图1A．小棋子共受三个力作用B．棋子对棋盘的压力大小等于重力C．磁性越强的棋子所受的摩擦力越大D．质量不同的棋子所受的摩擦力不同4．(2018·南通市、扬州市、泰州市调研)如图2所示，木块B静止在水平地面上，木块A叠放在B上．A的左侧靠在光滑的竖直墙面上．关于A、B的受力情况，下列说法中正确的是( )图2A．B对A的作用力方向一定竖直向上B ．B 对A 的作用力一定大于A 的重力C ．地面对B 的摩擦力方向可能向右D ．地面对B 的作用力大小可能等于A 、B 的总重力5．(2018·常熟市模拟)如图3所示，质量均为m 的小球A 、B 用两根不可伸长的轻绳连接后悬挂于O 点，在外力F 的作用下，小球A 、B 处于静止状态．若要使两小球处于静止状态且悬线OA 与竖直方向的夹角保持θ＝45°不变，则外力F 的大小( )图3A ．可能为mgB ．可能为52mgC ．一定为2mgD ．可能为3mg6．(2018·泰州中学模拟)如图4所示，两楔形物体A 、B 两部分靠在一起，接触面光滑，物块B 放置在地面上，物块A 上端用绳子拴在天花板上，绳子处于竖直伸直状态，A 、B 两物块保持静止．则( )图4A ．绳子的拉力可能为零B ．地面受的压力大于物块B 的重力C ．物块B 与地面间不存在摩擦力D ．物块B 受到地面的摩擦力水平向左二、多项选择题(本题共6小题，每小题4分，共计24分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分)7.(2017·徐州市考前信息卷)如图5所示为某海上救援船的机械臂工作示意图．机械臂AB 、BC 由高强度的轻质材料制成，A 端固定一个定滑轮，BC 可以绕B 自由转动，钢丝绳的一端穿过C 点，另一端缠绕于可以转动的立柱D 上，其质量可以忽略不计．在某次转移货物的过程中，机械臂AB 始终保持竖直．下列说法正确的是( )图5A．保持BC不动，使AB缓慢伸长，则BC所受的力增大B．保持AB不动，缓慢转动立柱D，使CA变长，则BC所受的力大小保持不变C．保持AB不动，使BC缓慢伸长，则BC所受的力增大D．保持AB不动，使BC缓慢伸长且逆时针转动，BC所受的力增大8．(2018·徐州市调研)如图6所示，置于固定斜面的物体A受到平行于斜面向下的力F作用保持静止．若力F大小不变，将力F在竖直平面内由沿斜面向下缓慢地转到沿斜面向上(转动范围如图中虚线所示)．在F转动过程中，物体始终保持静止．在此过程中物体与斜面间的( )图6A．弹力可能先增大后减小B．弹力一定先减小后增大C．摩擦力可能先减小后增大D．摩擦力一定一直减小9．(2017·响水中学模拟)如图7所示，叠在一起的物体A、B接触面间动摩擦因数都为μ，地面都光滑．当物体A受到水平拉力F作用，A、B处于相对静止时，关于A、B所受摩擦力对它们运动的影响，下列说法正确的是( )图7A．两图中A物所受摩擦力都是阻力，方向都水平向右B．两图中B物所受摩擦力都是动力，方向都水平向左C．两图中B物所受摩擦力都为动力，甲图中方向为水平向左，乙图中方向水平向右D．甲图中B所受摩擦力为动力，乙图中B所受摩擦力为阻力，它们的方向都是水平向左10．(2018·伍佑中学调研)如图8所示，有一倾角θ＝30°的斜面体B，质量为M.物体A质量为m，弹簧对物体A施加一个始终保持水平的作用力，调整A在B上的位置，A始终能和B保持静止．对此过程下列说法正确的是( )图8A ．A 、B 之间的接触面可能是光滑的B ．弹簧弹力越大，A 、B 之间的摩擦力越大C ．A 、B 之间的摩擦力为0时，弹簧弹力为33mg D ．弹簧弹力为32mg 时，A 所受摩擦力大小为14mg 11．(2018·南京市三校联考)如图9所示，形状相同的物块A 、B ，其截面为直角三角形，相对放置在粗糙水平地面上，光滑球体C 放在两物块的斜面上，系统处于静止状态．已知物块A 、B 的质量都是M ，θ＝60°，光滑球体C 质量为m ，则以下说法中正确的是( )图9A ．地面对物块A 的摩擦力大小为12mg B ．地面对物块A 的摩擦力大小为32mg C ．物块A 对球体C 的弹力大小为32mg D ．物块A 对地面的压力大小为Mg ＋12mg 12．(2017·如皋市第二次质检)如图10所示，静止在粗糙水平面上的半径为4R 的半球的最高点A 处有一根水平细线系着质量为m 、半径为R 的光滑小球．已知重力加速度为g .下列说法正确的是( )图10A ．地面对半球的摩擦力的方向水平向右B．细线对小球的拉力大小为3 4 mgC．保持小球的位置不变，将A点沿半球逐渐下移，半球对小球的支持力逐渐减小D．剪断细线的瞬间，小球的加速度大小为0.6g三、非选择题(本题共5小题，共计58分)13．(8分)某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图11甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．图11(1)如果没有操作失误，图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是________．(2)本实验采用的科学方法是________．(填正确答案标号)A．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法(3)下列说法正确的是________(填正确答案标号)A．拉橡皮条的绳细一些且长一些B．拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应靠近木板且与木板面平行C．同一次验证过程中O点位置应相同D．拉力F1和F2的夹角应该较小(4)由于实验室没有细绳，在进行实验时，图甲中的OB和OC可以用橡皮条代替吗？请说明理由：________________________________________________________________________________________________________________________________________________.14.(10分)(2017·苏州市五市四区期中考试)如图12所示，质量M＝2 3 kg的木块A套在水平杆上，并用轻绳将木块A与质量m＝ 3 kg的小球相连．今用跟水平方向成α＝30°角的力F＝10 3 N，拉着球带动木块一起向右匀速运动，运动中M、m相对位置保持不变，取g＝10 m/s2.求：图12(1)作出物体M和m的受力分析图；(2)运动过程中轻绳与水平方向的夹角θ；(3)木块与水平杆间的动摩擦因数μ.15．(10分)(2018·高邮市段考)如图13所示，斜面与水平面的夹角为37°，质量为4 kg的物体A静止在斜面上．定滑轮的摩擦及质量均不计，求：(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g＝10 m/s2)图13(1)A受到斜面的支持力多大？(2)若物体B质量为3 kg，则A受到斜面的摩擦力为多大？方向如何？16．(15分)(2017·徐州市质检)重力为G1＝8 N的砝码悬挂在绳PA和PB的结点上，PA偏离竖直方向37°角，PB在水平方向，且连在重力为G2＝100 N的木块上，木块静止于倾角为θ＝37°的斜面上，如图14所示．求：图14(1)木块与斜面间的摩擦力大小；(2)木块所受斜面的弹力大小．17．(15分)(2018·南通市如东县质量检测)如图15所示，弹簧AB原长为L0＝35 cm，A端挂一个重为G＝50 N的小木块，手执B端，将小木块置于倾角为30°的斜面上．当小木块沿斜面匀速下滑时，弹簧长度为L1＝40 cm；当小木块沿斜面匀速上滑时，弹簧长度为L2＝50 cm.图15(1)分别画出小木块匀速下滑与匀速上滑的受力分析图；(2)求弹簧的劲度系数k；(3)求小木块与斜面的动摩擦因数μ.答案精析1．D [物体的重力是由于地球的吸引而产生的，它和地球对物体的万有引力有区别，选项A错误；弹力的产生原因是施力物体发生了弹性形变，选项B错误；摩擦力一定阻碍物体的相对运动，选项C错误；静摩擦力存在于相对静止的两物体之间，滑动摩擦力存在于相对运动的两物体之间，运动物体可能受到静摩擦力作用，静止物体也可能受到滑动摩擦力作用，选项D正确．]2．C [1 N、6 N的合力范围为5 N≤F合≤7 N,8 N和4 N的力不在这个范围内，三个力不可能平衡，物体就不可能做匀速直线运动，故A、B错误.7 N、2 N的合力范围为5 N≤F合≤9 N,6 N 的力在这个范围内，三个力可能平衡，物体就可能做匀速直线运动，故C正确.5 N、9 N的合力范围为4 N≤F合≤14 N,15 N的力不在这个范围内，三个力不可能平衡，物体就不可能做匀速直线运动，故D错误．]3．D [小棋子受重力、摩擦力、棋盘对其的弹力及磁力，共四个力，A项错误；棋子对棋盘的压力大小等于棋盘对棋子的弹力大小，也等于棋盘对其的磁力大小，不一定等于重力，B项错误；摩擦力与重力等大反向，与磁性强弱无关，与质量有关，C项错误，D项正确．]4．D [B对A有垂直斜面向上的弹力，B、A间可能没有摩擦力，A物体受三力平衡，选项A错误；当竖直墙对A没有作用力时，B对A的作用力方向一定竖直向上，大小等于A的重力，选项B错误；地面对B的摩擦力可能为0，也可能向左，选项C错误；以A、B整体为研究对象，当地面对B没有摩擦力时，地面对B的作用力为A与B的重力之和，选项D正确．]5．D [对A、B两球整体受力分析，受重力G＝2mg、OA绳子的拉力F T以及外力F，三力平衡，将绳子的拉力F T和外力F合成，其合力与重力平衡，如图所示，当外力F与绳子的拉力F T垂直时，外力F最小，最小值为2mg sin 45°，即2mg；由于外力F的方向具有不确定性，因而从理论上讲，外力F最大值可以取到大于2mg的任意值，故选D.]6．C [A、B接触面光滑，A、B间没有摩擦力，对A受力分析知，A受到重力和绳子的拉力，二力平衡，B对A没有支持力，否则三个力不可能平衡，故A错误；对B受力分析知，B受到重力、地面的支持力，根据平衡条件知，地面对B的支持力等于物块B的重力，地面对B没有摩擦力，故B、D错误，C正确．]7．BCD8．BC [F的大小不变，转动过程中F垂直斜面的分量F1垂直斜面向上且先增大后减小，由物体垂直斜面方向的合力为零得F N＝mg cos θ－F1，故物体与斜面间的弹力一定先减小后增大，A错误，B 正确；F 沿斜面的分量F 2先沿斜面向下减小，后沿斜面向上增大，F 2沿斜面向下时，F f 静＝mg sin θ＋F 2，静摩擦力随着F 2的减小而减小，若F 沿斜面向上的分量F 2大于重力沿斜面向下的分量，即F 2>mg sin θ，静摩擦力反向，此后F f 静＝F 2－mg sin θ，静摩擦力随着F 沿斜面向上的分量F 2的增大而增大，C 正确，D 错误．]9．AD [对甲图分析可知，甲中A 物体受到的摩擦力为静摩擦力，方向与运动方向相反，为阻力；B 物体受到A 的摩擦力为动力，方向向左；乙图中，A 、B 相对静止，只能是A 、B 均静止，故A 受摩擦力向右，为阻力，B 受摩擦力向左，为阻力，A 、D 正确．]10．CD [设弹簧弹力为F ，当F cos 30°＝mg sin 30°时，即F ＝33mg 时，A 所受摩擦力为0；若F ＞33mg 时，A 受到的摩擦力沿斜面向下，弹力越大，摩擦力越大；若F ＜33mg 时，A 受到的摩擦力沿斜面向上，弹力越大，摩擦力越小，可见A 、B 错误，C 正确；当F ＝32mg 时，A 所受摩擦力大小为F f ＝F cos 30°－mg sin 30°＝14mg ，方向沿斜面向下，D 正确．] 11．BD [以C 为研究对象受力分析，运用合成法作图，根据平衡条件得A 、B 对C 的弹力的合力与重力等大反向，如图甲所示：由几何知识得：F N A ＝mg ，故C 错误；以A 为研究对象受力分析，如图乙所示，根据平衡条件，水平方向：F f ＝F N C sin θ＝F N A sin 60°＝32mg ，故A 错误，B 正确；竖直方向：F N 地＝Mg ＋F N C ·cos θ＝Mg ＋12mg ，根据牛顿第三定律，物块A 对地面的压力大小为F N 地′＝Mg ＋12mg ，故D 正确．]12．BD [以半球和小球整体为研究对象，整体处于平衡状态，不受摩擦力作用，A 项错误．对小球受力分析如图，拉力F T A ＝mg tan θ，由几何关系可知tan θ＝34，则F T A ＝34mg ，B 项正确．在A 点下移时，小球位置不变，重力的大小和方向都不变，F N 的方向不变，F T A 与重力之间的夹角逐渐减小，由力的矢量三角形法则知F N 逐渐增大，C 项错误．在剪断细线的瞬间，细线对小球的拉力消失，小球在沿切线方向有mg sin θ＝ma ，其中sin θ＝0.6，得a ＝0.6g ，D 项正确．]13．(1)F (2)B (3)ABC (4)可以，因为OB 和OC 的作用是确定两个力的方向解析 (1)题图乙中的F 与F ′中，F ′是由平行四边形定则得出的，而F 是通过实验方法得出的，其方向一定与橡皮条的方向相同，一定与AO 共线的是F .(2)本实验采用的科学方法是等效替代法，故选B.(3)拉橡皮条的绳细一些且长一些，以便记录拉力的方向，选项A 正确；拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应靠近木板且与木板面平行，选项B 正确；同一次验证过程中O 点位置应相同，以保证等效性，选项C 正确；拉力F 1和F 2的夹角应该大小适当，选项D 错误；故选A 、B 、C.(4)在进行实验时，图甲中的OB 和OC 可以用橡皮条代替；理由：因为OB 和OC 的作用是确定两个力的方向．14．(1)见解析图 (2)30° (3)35解析 (1)受力分析如图所示(2)以m 为研究对象，由平衡条件得F cos 30°－F T cos θ＝0F sin 30°＋F T sin θ－mg ＝0联立解得θ＝30°(3)以M 、m 整体为研究对象，由平衡条件得水平方向F cos 30°－μF N＝0竖直方向F N＋F sin 30°－Mg－mg＝0联立解得μ＝3 515．(1)32 N (2)6 N 方向沿斜面向下解析(1)对物体A受力分析，如图所示：根据平衡条件并运用正交分解法可知，y轴上合力为零，即有：F N＝m A g cos 37°代入数据可得：F N＝4×10×0.8 N＝32 N(2)对物体A，先假设静摩擦力平行斜面向上，根据平衡条件并结合正交分解法，有：平行斜面方向：F T＋F f＝m A g sin 37°F T＝m B g联立解得：F f＝－6 N，故方向沿斜面向下．16．(1)64.8 N (2)76.4 N解析对结点P受力分析如图甲所示，由平衡条件得：在竖直方向：F T A cos 37°－G1＝0在水平方向：F T A sin 37°－F T B＝0联立并代入数据解得：F T B＝6 N对木块受力分析如图乙所示，由平衡条件得：沿斜面方向：F f－G2sin 37°－F T B′cos 37°＝0沿垂直斜面方向：F N＋F T B′sin 37°－G2cos 37°＝0F T B＝F T B′以上联立并代入数据解得：F f＝64.8 N，F N＝76.4 N.17．(1)见解析图(2)250 N/m (3)3 6解析 (1)匀速下滑时，小木块受重力、斜面的支持力、弹簧的拉力和摩擦力(沿斜面向上)，受力分析如图所示，匀速上滑时，小木块受重力、斜面的支持力、弹簧的拉力和摩擦力(沿斜面向下)，受力分析如图所示，(2)由受力分析图得匀速下滑：kx 1＋F f1＝G sin 30°，x 1＝L 1－L 0匀速上滑：kx 2＝G sin 30°＋F f2，x 2＝L 2－L 0F f1＝F f2，得k ＝2G sin 30°x 1＋x 2＝250 N/m (3)由F f1＝μF N1＝μG cos 30°＝G sin 30°－kx 1得μ＝G sin 30°－kx 1G cos 30°＝50×0.5－250×0.0550×32＝36.。
高考物理精编优选冲刺练江苏专用：985提分专项练(重点中学)(1)含解析
精练三 特供985提分练985提分专项练(重点中学)(1)1.(2018·南京市、盐城市高三二模)如图1所示，在竖直平面内固定一U 型轨道，轨道两边竖直，底部是半径为R 的半圆。
A 、B 两小环的质量均为m ，用长为R 的轻杆连接在一起，套在U 型轨道上。
小环在轨道的竖直部分运动时受到的阻力均为环重的0.2倍，在轨道的半圆部分运动时不受任何阻力。
现将A 、B 两环从图示位置由静止释放，释放时A 环距离底部2R 。
不考虑轻杆和轨道的接触，重力加速度为g 。
求：图1(1)A 环从释放到刚进入半圆轨道时运动的时间；(2)A 环刚进入半圆轨道时杆对A 的作用力；(3)A 环在半圆部分运动的过程中的最大速度。
解析 (1)A 、B 两环沿竖直轨道下滑时，以整体为研究对象，在两个重力和两个摩擦力的作用下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得2mg －2f ＝2ma 代入数据得a ＝0.8g两环沿竖直轨道下滑过程中，位移为R ，由运动学公式得R ＝12at 2 代入数据得t ＝5R2g(2)A 环刚进入半圆轨道时，B 环受重力、摩擦力和杆对B 环的作用力F (设方向竖直向上)，A 环受重力和杆对环A 的作用力F (设方向竖直向下)，两环加速度相同，根据牛顿第二定律，对A 环：mg ＋F ＝ma对B 环：mg －f －F ＝ma代入数据得F ＝－0.1mg所以环A 刚进入半圆轨道时，杆对环A 的作用力大小为0.1mg ，方向竖直向上(3)当A 、B 两环均沿半圆轨道时，两环的速度大小始终相等，则A 环的速度最大时整体的重心最低，此时轻杆水平，重心在圆心的正下方，由几何知识可知，此时重心距圆心的距离32R, 对全程运用动能定理得2mg (R ＋12R ＋32R )－0.2mg ×2R －0.2mg ×R ＝12×2mv 2 代入数据得v ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫125＋3gR 所以A 环的最大速度为v ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫125＋3gR 。
2019年高考物理精编优选冲刺练江苏专用：2实验+2选做保分练(2)含解析
2实验＋2选做保分练(2)1.(2018·江苏省高考压轴冲刺卷)为了测量某种材料制成的特种电阻丝R x的电阻率，提供的器材有A.电流表G(内阻R g＝120 Ω，满偏电流I g＝3 mA)B.电流表A(内阻约为10 Ω，量程为100 mA)C.螺旋测微器，刻度尺D.电阻箱R0(0～999 9 Ω，0.5 A)E.滑动变阻器R(5 Ω，1 A)F.电池组E(6 V，0.05 Ω)G.一个开关S和导线若干某同学进行了下列操作：(1)用多用电表粗测电阻丝的阻值，当用“×1”挡时发现指针偏转角度过小，说明电阻较________(填“大”或“小”)，应换为“×10”挡，并重新进行测量时指针位置如图1所示。
(2)把电流表G与电阻箱串联改装成量程为6 V的电压表，则电阻箱的阻值应调为R0＝________Ω。
(3)请用改装好的电压表设计一个测量电阻R x阻值的实验，根据提供的器材和实验需要，将图2中电路图补充完整。
(4)电阻率的计算：测得电阻丝的长度为L，电阻丝的直径为d，电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电流表G的示数为I1，电流表A的示数为I2，请用已知量和测量量的字母符号(各量不允许代入数值)写出计算电阻率的表达式ρ＝________。
解析(1)欧姆表最大刻度线在左侧，用多用电表粗测电阻丝的阻值，当用“×1”挡时发现指针偏转角度过小，说明电阻较大，为准确测量电阻阻值，应换为“×10”挡，并重新进行欧姆调零。
(2)将电流表G 与电阻箱串联改装成量程为6 V 的电压表，而电流表G(内阻R g＝120 Ω，满偏电流I g ＝3 mA)，所以改装后的电压表的内阻为R V ＝U I g＝60.00 3 Ω＝2000 Ω，由于电流表G 的内阻R g ＝120 Ω，因此电阻箱的阻值应调为R 0＝(2000－120) Ω＝1880 Ω。
(3)由题意可知，当电流表A 使用外接法时，能准确测出所测电阻的电流，同时又能算出所测电阻的电压；因所测电阻约为70 Ω，而滑动变阻器R (5 Ω，1 A)，电源电压为6 V ，所以滑动变阻器使用分压式，则电路图如图所示。
江苏专用2019高考物理三轮冲刺 考前组合提升练：选择题 选考题 计算题6
选择题+选考题+计算题(6)1.(多项选择)(2018江苏扬州期末)2017年9月25今后,微信启动页面采用“风云四号”卫星成像图。
“风云四号”是我国新一代静止轨道气象卫星,则其在圆轨道上运行时()A.可定位在赤道上空任意高度B.线速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间C.角速度与地球自转角速度相等D.向心加速度比月球绕地球运行的向心加速度大2.(2018江苏六市一调)图甲电路中,D为二极管,其伏安特点曲线如图乙所示。
在图甲电路中,闭合开关S,滑动变阻器R的滑片P从左端向右搬动过程中()A.二极管D耗资的功率变大B.二极管D的电阻变大C.经过二极管D的电流减小D.电源的功率减小3.(多项选择)(2018江苏无锡期末)如图,质量分别为m1、m2的两物块A、B经过一轻质弹簧连接,静止放置在圆滑水平面上,弹簧开始时处于原长,运动过程中向来处在弹性限度内。
t1=0时辰在A上施加一个水平向左的恒力F,t2=t时辰弹簧第一次恢复到原长状态,此时A、B速度分别为v1和v2。
则t1到t2时间内()A.A、B和弹簧组成的系统的机械能先增大后减小B.当A的加速度为零时,B的加速度为C.当弹簧的弹性势能最大时,两物块速度相等D.物块B搬动的距离为4.【选修3-3】(2018江苏南京金陵中学、海安高级中学、南京外国语学校四模)(1)以下说法正确的有()A.气体压富强小取决于气体分子数密度和分子的平均动能B.布朗运动反响了花粉小颗粒内部分子的无规则运动C.非晶体的微观性质与液体特别相似D.气体实验定律对饱和汽也适用(2)必然质量的理想气体的状态变化过程以下列图,MN为一条直线,则气体从状态M到状态N的过程中,气体内能(选填“先增大后减小”“先减小后增大”或“向来保持不变”),气体吸取的热量气体对外所做功(选填“大于”“等于”或“小于”)。
(3)油膜法测定分子的直径,1 mL的油酸加入酒精中配制1 000 mL的油酸酒精溶液,1 mL溶液经过滴管实验测得为80滴,取1滴溶液滴在撒有痱子粉的浅水槽中,待油膜界面牢固后测得油膜面积为260 cm2。
江苏专用2019高考物理总复习优编题型增分练：选择题提速练一20181215147.doc
选择题提速练 (一)一、单项选择题(本题共6小题，每小题4分，共计24分，每小题只有一个选项符合题意．) 1．物块静止在固定的斜面上，分别按图示的方向对物块施加大小相等的力F，A中F垂直于斜面向上，B中F垂直于斜面向下，C中F竖直向上，D中F竖直向下，施力后物块仍然静止，则物块所受的静摩擦力一定增大的是( )答案 D解析施加力F后，A、B两种情况，物块仍处于平衡，则在沿斜面方向上重力沿斜面向下的分力不变，故静摩擦力不变，故A、B错误；加竖直方向的力F后，C中静摩擦力减小，D中静摩擦力增大，故C错误，D正确．2．(2018·无锡市高三期末) 如图1，MN和M′N′之间为一竖直方向的风洞实验区，可对置于其中的物体产生一个竖直方向恒定的风力．现将一质量为m的小球从A点斜向上抛出，小球将沿图示轨迹击中P点．若将风力等值反向，小球抛出时初速度不变，则可垂直于M′N′击中M′N′上Q点(未画出)．下列说法错误的是( )图1A．开始时风力竖直向下B．小球在P点的速度大于在Q点的速度C．小球在AP间运动的时间等于在AQ间运动的时间D．在开始情况下，若仅增大小球质量m，小球可能垂直击中Q点答案 D3. (2018·江苏百校12月大联考) 2017年6月15日11时00分，中国在酒泉卫星发射中心采用长征四号乙运载火箭，成功发射首颗X射线空间天文卫星“慧眼”，并在GW170817引力波事件发生时成功监测了引力波源所在的天区．已知“慧眼”在距离地面550 km的圆轨道上运动，则其( )A．线速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间B ．运行周期小于同步卫星的运行周期C ．角速度大于近地卫星的角速度D ．向心加速度小于静止在地球赤道上某一物体的向心加速度答案 B4.如图2所示为甲、乙两质点做直线运动的v －t 图象，若两质点从同一地点出发，到t 1时刻相遇，则下列说法正确的是( )图2A ．v 1＝8 m/sB ．v 2＝12 m/sC ．t 1＝(3＋3) sD ．0～t 1时间内，甲、乙相距的最大距离为3 m答案 C解析 由题图可知，甲的加速度a 1＝2 m/s 2，乙的加速度a 2＝6 m/s 2，则12×2t 12＝12×6(t 1－2)2， 解得t 1＝(3＋3) s ，C 项正确； v 1＝a 1t 1＝(6＋23) m/s ，A 项错误；v 2＝a 2(t 1－2)＝(6＋63) m/s ，B 项错误；0～t 1时间内，甲、乙相距的最大距离为Δx ＝12×2×6 m＝6 m ，D 项错误． 5．P 1和P 2是材料相同、上下表面为正方形的长方体导体，P 1的上下表面积大于P 2的上下表面积，将P 1和P 2按图3所示接到电源上，闭合开关后，下列说法正确的是( )图3A ．若P 1和P 2的体积相同，则通过P 1的电流大于通过P 2的电流B ．若P 1和P 2的体积相同，则P 1的电功率等于P 2的电功率C ．若P 1和P 2的厚度相同，则P 1两端的电压等于P 2两端的电压D ．若P 1和P 2的厚度相同，则P 1两端的电压大于P 2两端的电压答案 C解析 由于两导体串联在电路中，因此两导体中电流一定相等，故A 错误；设导体的上下表面边长为a ，厚度为d ，根据R ＝ρLS 可知，R ＝ρa ad ＝ρd，则可知两导体的电阻与厚度d 有关，与体积无关，由V ＝Sd 可知，如果两导体的体积相同，则P 1的厚度小于P 2的厚度，因此P 1的电阻大于P 2的电阻，则由P ＝I 2R 可知，P 1的电功率大于P 2的电功率，故B 错误；由B 的分析可知，若厚度相同，则两导体电阻相同，由U ＝IR 可知，P 1两端的电压等于P 2两端的电压，故C 正确，D 错误． 6．(2018·江苏学校联盟模拟)如图4所示，边长为l 的单匝正方形线圈放在光滑水平面上，其有一半处于磁感应强度大小为B 、方向竖直向下的匀强磁场中．第一次保持磁场不变，使线圈在水平向右的拉力作用下，以恒定速度v 向右运动；第二次保持线圈不动，使磁感应强度大小发生变化．若线圈的总电阻为R ，则有( )图4A ．若要使两次产生的感应电流方向相同，则第二次时磁感应强度大小必须逐渐增大B ．若要使两次产生的感应电流大小相同，则第二次时磁感应强度大小随时间必须均匀变化，且变化率ΔB Δt ＝2Bv lC ．第一次时，在线圈离开磁场的过程中，水平拉力做的功为B 2l 2v 2RD ．第一次时，在线圈离开磁场的过程中，通过线圈某一横截面的电荷量为Bl 2R答案 B解析 根据右手定则可知，线圈中的感应电流方向为顺时针方向，若要使两次产生的感应电流方向相同，根据楞次定律，则第二次时磁感应强度大小必须逐渐减小，故A 错误；依据感应电动势公式E ＝BLv 及闭合电路欧姆定律求得感应电流大小I ＝Blv R ，根据法拉第电磁感应定律，若要使两次产生的感应电流大小相同，那么ΔB Δt ·l 22R ＝Blv R，则第二次时磁感应强度大小随时间必须均匀变化，且变化率ΔB Δt ＝2Bv l，故B 正确；第一次时，在线圈离开磁场的过程中，水平拉力做的功为W ＝F l 2＝B 2l 2v R ·l 2＝B 2l 3v 2R，故C 错误；第一次时，在线圈离开磁场的过程中，通过线圈某一横截面的电荷量为q ＝I t ＝ΔΦR ＝Bl 22R，故D 错误． 二、多项选择题(本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．)7．(2018·泰州中学月考)如图5所示，足够长的粗糙程度相同的斜面固定在地面上，某物块以初速度v 0从底端沿斜面上滑至最高点后又回到底端．上述过程中，若用h 、x 、v 和a 分别表示物块距水平地面高度、位移、速度和加速度的大小，t 表示运动时间．下列图象中可能正确的是( )图5答案 AC8．一质量为m ＝60 kg 的运动员从下蹲状态竖直向上跳起，经Δt ＝0.2 s ，以大小v ＝1 m/s 的速度离开地面，取重力加速度g ＝10 m/s 2，在这0.2 s 内( )A ．地面对运动员的冲量大小为180 N·sB ．地面对运动员的冲量大小为60 N·sC ．地面对运动员做的功为30 JD ．地面对运动员做的功为零答案 AD解析 运动员的速度原来为零，起跳后变化v ，以向上为正方向，由动量定理可得：I －mg Δt ＝mv －0，故地面对运动员的冲量为：I ＝mv ＋mg Δt ＝60×1 N·s＋600×0.2 N·s＝180 N·s，故A 正确，B 错误；运动员在跳起时，地面对运动员的支持力竖直向上，在跳起过程中，在支持力方向上没有位移，地面对运动员的支持力不做功，故C 错误，D 正确．9．某电场的电场线分布如图6所示，下列说法正确的是( )图6A ．a 点的电势高于b 点的电势B ．c 点的电场强度小于d 点的电场强度C ．若将一正试探电荷由a 点移到b 点，电场力做负功D ．若将一负试探电荷由c 点移到d 点，电势能增加答案 BC解析 根据等势线与电场线垂直，沿电场线电势降低可知：a 点的电势低于b 点的电势，故A 错误；从电场线的分布情况可知，c 处的电场线比d 处的稀疏，所以c 点的电场强度小于d 点的电场强度，故B 正确；正试探电荷所受电场力和场强方向相同，因此正试探电荷由a 点移到b 点时电场力做负功，故C 正确；将一负试探电荷由c 点移到d 点，电场力做正功，电势能减少，故D 错误．10．(2018·苏州市期初调研)如图7甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为2∶1，原线圈两端的交变电压随时间变化规律如图乙所示，灯泡L 的额定功率为22 W ．闭合开关后，灯泡恰能正常发光．则( )图7A ．原线圈输入电压的瞬时值表达式为u ＝2202sin 100πt VB ．灯泡的额定电压为110 VC ．副线圈输出交流电的频率为100 HzD ．电压表读数为220 V ，电流表读数为0.2 A答案 AB解析 由题图乙可知：周期T ＝0.02 s ，角速度ω＝2πT＝100π rad/s，则原线圈输入电压的瞬时值表达式：u ＝2202sin 100πt V ，故A 正确；原线圈电压的有效值：U 1＝22022V ＝220 V ，根据理想变压器电压与匝数成正比，得副线圈两端的电压：U 2＝U 1n 2n 1＝110 V ，故B 正确；周期T ＝0.02 s ，频率为：f ＝1T＝50 Hz ，变压器不改变交流电的频率，所以副线圈输出交流电的频率50 Hz ，故C 错误；原线圈电压有效值为220 V ，则电压表的读数为220 V ，副线圈电流：I 2＝P 额U 2＝0.2 A ，根据理想变压器电流与匝数成反比得：I 1＝n 2I 2n 1＝0.1 A ，即电流表读数为0.1 A ，故D 错误．。
江苏专用2019高考物理优选冲刺练综合抢分练520181224121
综合抢分练(5)1.(2018·江苏省南通、徐州、扬州、泰州、淮安、宿迁市高三调研)图1甲电路中，D为二极管，其伏安特征曲线如图乙所示。
在图甲电路中，闭合开关S，滑动变阻器R的滑片P从左端向右挪动过程中()图1D耗费的功率变大D的电阻变大D的电流减小分析滑动变阻器R的滑片P从左端向右挪动过程中，滑动变阻器连入电路中的电阻减小，电路电流增大，由图乙可知，二极管的电阻减小，电流、电压增大，耗费的功率也增大，应选项A正确，B、C错误；电源的功率为：P＝EI，因为电流增大，因此电源的功率增大，应选项D错误。
答案A2.(多项选择)(2018·苏北四市调研)2017年9月25日，微信启动页“变脸”：由此前美国卫星拍摄地球的静态图换成了我国“风云四号”卫星拍摄地球的动向图，如图2所示。
“风云四号”是一颗静止轨道卫星，对于“风云四号”，以下说法正确的有()图2分析 因为是同步卫星，故相对地面静止，故能全天候监测同一地域，应选项A正确；万有引力供给向心力，故G Mm r 2＝m v 2r ，解得v ＝GMr ，而第一宇宙速度是近地卫星的围绕速度，故同步卫星的速度小于第一宇宙速度，应选项B 错误；依据开普勒第二定律，在同样时间内该卫星与地心连线扫过的面积相等，应选项C 正确；向心加快度由万有引力产生，故a ＝GM r 2，而地球表面的重力加快度g ＝GM R 2，故向心加快度小于地球表面的重力加快度，应选项D 错误。
答案 AC3.(多项选择)(2018·通州区一模)如图3所示，一束含有11H 、21H 的带电粒子束从小孔O 1处射入速度选择器，此中沿直线O 1O 2运动的粒子在小孔O 2处射出后垂直进入偏转磁场，最后打在P 1、P 2两点，不计粒子间的互相作用。
则( )图3P 1点的粒子是21H B.O 2P 2的长度是O 2P 1长度的2倍C.11H 粒子与21H 粒子在偏转磁场中运动的时间之比为1∶2D.11H 粒子与21H 粒子在偏转磁场中运动的时间之比为1∶1分析 带电粒子在沿直线经过速度选择器时，电场力与洛伦兹力大小相等、方向相反，即：qvB ＝qE ，因此v ＝E B ，可知赶快度选择器中射出的粒子拥有相等的速度。
江苏专用2019高考物理优选冲刺练综合抢分练620181224122
综合抢分练(6)1.(多项选择)(2018·无锡市锡山中学高三月考) 2015年7月的喀山游泳世锦赛中，我省名将陈若琳勇夺女子十米跳台桂冠。
如图1所示，她从跳台斜向上跳起，一段时间后完整进入水中，不计空气阻力。
以下说法正确的选项是()图1D.入水过程中，水对她的作使劲大小等于她对水的作使劲大小分析她在空中上涨过程中加快度向下，处于失重状态，应选项A正确；起跳时水平方向产生了必定的初速度，因此她在空中着落过程中做的不是自由落体运动，应选项B错误；她马上入水时重力仍旧大于阻力，速度还在增添，因此马上入水时的速度不是整个跳水过程中的最大速度，应选项C错误；由牛顿第三定律可知，入水过程中，水对她的作使劲大小等于她对水的作使劲大小，应选项D正确。
答案AD2.(多项选择)(2018·江苏省泰州中学高三检测)《奔跑吧兄弟》摄制组到达南京体育学院，小邓同学应邀参加一项转盘投球游戏，如图2所示，顺时针转动的大转盘圆心O点放有一个铁桶，小邓站在转盘上的P点把篮球水平抛向铁桶，篮球总能落入桶中。
设篮球抛出时相对转盘的速度方向与OP连线的夹角为θ，以下说法正确的选项是()图2a方向b方向C.若转盘转速变大，保持篮球抛出点的高度不变，θ角可能变小D.若转盘转速变大，降低篮球抛出点的高度，θ角可能保持不变分析依据速度的合成能够知道，转盘的速度和抛出时小球速度的合速度必定指向O点，依据速度的合成能够知道，篮球抛出时速度可能沿a方向，不行能沿b 方向，因此选项A正确，B错误；若转盘转速变大，还可以进入铁桶，说明合速度的方向不变，依据速度的合成能够知道，水平方向的速度增大，在竖直方向做自由落体运动，假如高度不变，着落时间就不变，不行能投进铁桶，应选项C 错误；假如高度减小，着落时间就减小，依据x＝vt能够知道，抛出时水平速度增大，能投进铁桶，故篮球抛出时相对转盘的速度方向与OP连线的夹角为θ可能保持不变，因此选项D正确。
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985提分专项练(重点中学)(2)
1.(2018·江苏省扬州中学高三四模)如图1所示，水平桌面A 上直线MN 将桌面分成两部分，左侧桌面光滑，右侧桌面粗糙。
在A 上放长L ＝0.1 m 的均匀方木板，木板左端刚好与MN 对齐，通过细绳绕过光滑的定滑轮(定滑轮未画出)与正上方的一水平圆盘B 上的小球(可看成质点)相连，小球质量与木板质量相等，小球套在沿圆盘半径方向的光滑细杆上，细杆固定在圆盘上，细线刚好绷直。
木板右端与一劲度系数k ＝40 N/m 的轻弹簧相连，轻弹簧另一端固定在挡板上，此时弹簧对木板的弹力为2 N ，方向向左。
现用力F 沿杆方向拉动小球，通过细线使木板缓慢向左运动，当木板刚好离开粗糙面时，此过程拉力做功W ＝0.3 J 。
(木板受到的摩擦力会随位移均匀变小)
图1
(1)求当木板刚好离开粗糙面时，弹簧对木板的弹力大小；上述过程中，因摩擦而产生的热量是多少？
(2)写出上述过程中F 随小球运动位移x 的关系式，并画出F －x 图象； (3)若将“力F 拉小球”改为“使B 绕轴OO ′转动”，仍实现上述过程，则杆对小球至少需要做多少功？已知开始时小球离圆盘中心的距离r ＝0.1 m 。
解析 (1)木板离开过程中，弹簧的压缩量和伸长量刚好相等，F ＝2 N 弹性势能不变，摩擦产生的热量Q ＝W ＝0.3 J (2)木板克服摩擦力做功为μmg 1
2L ＝Q
得μmg ＝6(N) B 盘中小球受力F ＝T
桌面上木板受力T ＝μmg L －x L －k (1
2L －x ) 0≤x ≤L 代入数据得F ＝4－20x (N) 0≤x ≤0.1 m 图象如图所示
(3)木板刚好离开粗糙面时，绳子拉力T ＝2 N ，小球圆周运动的半径R ＝r ＋L 设此时小球随圆盘转动的线速度为v ， 小球受力T ＝m v 2R ，小球此时的动能为E k ＝1
2mv 2 对小球和木板B 由能量守恒定律 杆对小球做功W ＝Q ＋E k 代入数据解得W ＝0.5 J 答案 (1)2 N 0.3 J
(2)F ＝4－20x (N) 0≤x ≤0.1 m 如解析图所示 (3)0.5 J
2.(16分)(2018·南通市高三调研)如图2甲所示，真空室中电极K 发出的电子(初速不计)经电场加速后，由小孔P 沿两水平金属板M 、N 的中心线射入板间，加速电压为U 0，M 、N 板长为L ，两板相距3L
4。
加在M 、N 两板间电压u 随时间t 变化关系为u MN ＝9U 04sin(2π
T t )，如图乙所示。
把两板间的电场看成匀强电场，忽略板外电场。
在每个电子通过电场区域的极短时间内，电场可视作恒定。
两板右侧放一记录圆筒，筒左侧边缘与极板右端相距3L
2，筒绕其竖直轴匀速转动，周期为T ，筒的周长为s ，筒上坐标纸的高为15L
4，以t ＝0时电子打到坐标纸上的点作为xOy 坐标系的原点，竖直向上为y 轴正方向。
已知电子电荷量为e ，质量为m ，重力忽略不计。
图2
(1)求穿过水平金属板的电子在板间运动的时间t ；
(2)通过计算，在示意图丙中画出电子打到坐标纸上的点形成的图线；
(3)为使从N 板右端下边缘飞出的电子打不到圆筒坐标纸上，在MN 右侧和圆筒左侧区域加一垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度B 应满足什么条件？ 解析 (1)设电子经加速电压加速后的速度为v 0，则 eU 0＝12mv 20，L ＝v 0t (2分) 解得 t ＝L
m
2eU 0
(2分) (2)电子在板间运动的加速度a ＝
eu
m ·3L 4
(1分) 能飞出的电子打到坐标纸上的偏距y ＝12at 2＋32L ·
at
v 0
解得y ＝4Lu 3U 0
＝3L sin(2π
T t )(1分)
设当M 、N 两板间电压为U 时， 电子从水平金属板右边缘飞出， 则3L 8＝12at 2 解得U ＝9
8U 0(1分)
故在一个周期中的T 12～5T 12、7T 12～11T
12时间内，电子打在M 、N 板上，画出电子打到坐标纸上的点形成的图线如图所示。
(3分)
(3)设从N 板右端下边缘飞出时的电子速度与水平方向的夹角为θ，速度大小为v ， 则tan θ＝at v 0
，v ＝v 0cos θ
解得tan θ＝3
4， v ＝54·
2eU 0m (2分)
①当匀强磁场方向垂直于纸面向外时，电子打不到圆筒坐标纸上，磁场的磁感应 强度为B 1，电子做圆周运动的轨道半径为r 1，则
r 1＋r 1sin θ＝3L 2，evB 1＝m v 2r 1
解得r 1＝1516L ，B 1＝42emU 0
3eL (1分) 应满足的条件B >42emU 0
3eL (1分)
②当匀强磁场方向垂直于纸面向里时，电子打不到圆筒坐标纸上，磁场的磁感应强度为B 2，电子做圆周运动的轨道半径为r 2，则
(r 2sin θ＋3L 2)2＋(r 2cos θ＋3L 8－15L 8)2＝r 22，evB 2＝m v 2
r 2
解得r 2＝152L ，B 2＝2emU 0
6eL (1分) 应满足的条件B >2emU 0
6eL (1分) 答案 (1)L
m 2eU 0
(2)如解析图所示
(3)①当匀强磁场方向垂直于纸面向外时，B >
42emU 0
3eL
②当匀强磁场方向垂直于纸面向里时，B >2emU 0
6eL。