辽宁省大连市第二十高级中学2017-2018学年高二9月月考(期初考试)物理试卷 Word版含解析
辽宁省大连二十中高二物理上学期期初试卷(含解析)
辽宁省大连二十中2015-2016学年高二上学期期初物理试卷一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共计28分．1．如图所示，两个卫星绕着同一行星做匀速圆周运动，轨道半径分别为R1和R2，R1＞R2，两卫星的线速度分别为v1和v2，角速度分别为ω1和ω2，周期分别为T1和T2，则( )A．v2＞v1，ω2＞ω1，T2＜T1B．v2＜v1，ω2＞ω1，T2＞T1C．v2＞v1，ω2＜ω1，T2＞T1D．v2＜v1，ω2＜ω1，T2＜T12．如图，质量为m的物体A放在光滑的水平桌面上，用不可伸长的细绳绕过光滑的定滑轮与质量为m的物体B相连，当绳拉直时让B无初速度下落h高度时（h小于桌面高度H，B物体没有落地），则桌面上A物体的运动的速率是( )A．B．C．D．3．如图，质量为m的物体从高为h的斜面顶端A处由静止滑下到斜面底端B，经B沿水平面运动到C点停止．欲使此物体从C沿原路返回到A，则在C点至少应给物体的速度大小为( )A．B．2C．D．4．如图所示，虚线表示某电场的等势面，一带电粒子仅在电场力作用下由A运动到B的径迹如图中实线所示．粒子在A、B点的加速度分别为a A、a B，电势能分别为E A、E B，下列判断正确的是( )A．a A＞a B，E A＞E B B．a A＞a B，E A＜E B C．a A＜a B，E A＞E B D．a A＜a B，E A＜E B5．如图直线是真空中某一电场中的一条电场线，A、B是该电场线上的两点．一个电子以速度V A经过A点向右运动，经过一段时间后，该电子以速度V B经过B点，方向仍向右，且V B＞V A．则下列说法中正确的是( )A．A点处的场强一定小于B点处的场强B．A点的电势高于B点的电势C．电子在A点的电势能一定大于它在B点的电势能D．在此过程中，电场力一定对电子做了负功6．如图所示，直线a是某电源两端的端电压U与输出电流I的图线，直线b是电阻R的U﹣I 图线．用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的内阻分别是( )A．4W，0.5ΩB．1W，1ΩC．2W，1ΩD．0.5 W，4Ω7．如图，等量异种点电荷在真空中相隔一定的距离，竖直线代表两点电荷连线的中垂线，在两点电荷所存在的某平面内取a、b、c三点，则这三点的电势高低和场强大小的关系是( )A．φc＞φa＞φb，E c＞E a＞E b B．φc=φa＞φb，E a＞E b＞E cC．φa＞φb＞φc，E a=E b＞E c D．φa=φb＞φc，E c＞E a＞E b二、多项选择题（每小题4分，共20分．每小题四个选项中至少有两个选项符合题意.选对但不全的得2分，有错选的不得分）8．如图在光滑水平面上放一长为L的小车，车的左端有一质量m的木块，两者间动摩擦因数为μ．当物体在水平力F作用下从左端滑至右端时，在车固定和可自由滑动的两情况下( )A．两次物体所受的摩擦力相同B．两次力F所做的功相同C．因摩擦消耗的机械能相同 D．物体获得的动能相同9．如图，光滑半圆形轨道固定，A点与圆心O等高，B点为圆轨道最低点．一小滑块由A点从静止开始下滑，到达B点时( )A．小滑块的线速度大小与半径无关B．小滑块的角速度大小与半径无关C．小滑块的向心加速度大小与半径无关D．轨道对小滑块的弹力大小与半径无关10．现有一束带同种等量电荷的不同离子组成的离子流，从同一点以垂直电场方向进入同一偏转电场，当飞出电场后在荧光屏上形成一个亮点，则( )A．离子进入电场的初速度相同B．离子进入电场的初动能相同C．离子的质量一定相同D．离子可能经同一加速电场加速11．如图所示，平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ( )A．保持S闭合，将A板向B板靠近，则θ增大B．保持S闭合；将A板向B板靠近，则θ不变C．断开S，将A板向B板靠近，则θ增大D．断开S，将A板向B板靠近，则θ不变12．如图所示的电路中，电池的电动势为E，内阻为r，电路中的电阻R1、R2和R3的阻值都相同．在电键S处于闭合状态下，若将电键S1由位置1切换到位置2，则下列判断中正确的是( )A．电压表的示数变大 B．电阻R2两端的电压变大C．电池内阻消耗的功率变大 D．电源的总功率变大三．填空题：（本大题共2小题，每空2分，共12分．）13．图所示是一个双量程电压表，表头是一个内阻R g=500Ω，满刻度电流为I g=1mA的毫安表，现接成量程分别为10V和100V的两个量程，则所串联的电阻R1=__________Ω，R2=__________Ω．14．如图所示，两带电平行板A、B间的电场为匀强电场，场强为E，两板相距d，板长L．一带电量为q、质量为m的粒子沿平行于板方向从两板的正中间射入电场后向着B板偏转，不计带电粒子所受重力，则（1）粒子带__________电荷（填“正”或“负”）（2）要使粒子能飞出电场，粒子飞入电场时的速度v0至少为__________，此过程中粒子在电场中运动时间为__________，电势能的变化量为__________（用已知量表示）四．计算题：（本大题共3小题，共40分）15．如图所示，R为电阻箱，为理想电压表．当电阻箱读数为R1=2Ω时，电压表读数为U1=4V；当电阻箱读数为R2=5Ω时，电压表读数为U2=5V．求：（1）电源的电动势E和内阻r．（2）当电阻箱R读数为多少时，电源的输出功率最大？最大值P m为多少？16．如图所示，两平行金属板带等量异号电荷，两板间距离为d，与水平方向成α角放置，一电量为+q、质量为m的带电小球恰沿水平直线从一板的端点向左运动到另一板的端点，求：（1）该电场的场强大小及小球运动的加速度大小（2）小球静止起从一板到达另一板所需时间．17．如图，一质量为m、电荷量为q（q＞0）的粒子在匀强电场中运动，A、B为其运动轨迹上的两点．已知该粒子在A点的速度大小为v0，方向与电场方向的夹角为60°；它运动到B点时速度方向与电场方向的夹角为30°．不计重力．求A、B两点间的电势差．2015-2016学年辽宁省大连二十中2014-2015学年高二上学期期初物理试卷一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共计28分．1．如图所示，两个卫星绕着同一行星做匀速圆周运动，轨道半径分别为R1和R2，R1＞R2，两卫星的线速度分别为v1和v2，角速度分别为ω1和ω2，周期分别为T1和T2，则( )A．v2＞v1，ω2＞ω1，T2＜T1B．v2＜v1，ω2＞ω1，T2＞T1C．v2＞v1，ω2＜ω1，T2＞T1D．v2＜v1，ω2＜ω1，T2＜T1考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力得出线速度、角速度、周期与轨道半径的关系，从而比较出大小．解答：解：根据得，v=，ω=，T=．知轨道半径越大，线速度越小，角速度越小，周期越大．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，知道线速度、角速度、周期与轨道半径的关系．2．如图，质量为m的物体A放在光滑的水平桌面上，用不可伸长的细绳绕过光滑的定滑轮与质量为m的物体B相连，当绳拉直时让B无初速度下落h高度时（h小于桌面高度H，B物体没有落地），则桌面上A物体的运动的速率是( )A．B．C．D．考点：动能定理．专题：动能定理的应用专题．分析：对于用细绳连接的物体A和物体B组成的系统，只有重力做功，系统的机械能守恒，据此定律列式，即可求解物体A的速率．解答：解：以木块和砝码组成的系统为研究对象，只有重力做功，系统的机械能守恒，则有：解得：v=．故选：A．点评：本题是绳系系统，关键要判断出机械能守恒，并正确列式求解，也可以根据动能定理或牛顿第二定律、运动学公式结合求解．3．如图，质量为m的物体从高为h的斜面顶端A处由静止滑下到斜面底端B，经B沿水平面运动到C点停止．欲使此物体从C沿原路返回到A，则在C点至少应给物体的速度大小为( )A．B．2C．D．考点：动能定理．专题：动能定理的应用专题．分析：在C点处物体具有的速度最小时物体恰好回到A点，速度为零．根据动能定理分别对物体从A到C与从C到A两个过程进行列式，即可求解．解答：解：设物体从A到C滑动摩擦力做功为W f．根据动能定理得：A→C过程：mgh+W f=0；C→A过程：﹣mgh+W f=0﹣；联立解得：v0=2故选：B点评：本题中涉及到空间的高度，要求速度，优先考虑动能定理．运用时要灵活选择研究的过程，要抓住两个过程中滑动摩擦力做功相等这个隐含条件．4．如图所示，虚线表示某电场的等势面，一带电粒子仅在电场力作用下由A运动到B的径迹如图中实线所示．粒子在A、B点的加速度分别为a A、a B，电势能分别为E A、E B，下列判断正确的是( )A．a A＞a B，E A＞E B B．a A＞a B，E A＜E B C．a A＜a B，E A＞E B D．a A＜a B，E A＜E B考点：等势面．分析：根据曲线的弯曲方向可知带电粒子受到的是静电斥力，根据等差等势面的疏密判断场强大小，结合牛顿第二定律得到加速度大小关系；根据电场力做功情况断电势能高低．解答：解：根据粒子轨迹的弯曲方向可知带电粒子受到的是静电斥力，根据U=Ed知，等差等势面越密的位置场强越大，B处等差等势面较密集，则场强大，带电粒子所受的电场力大，加速度也大，即a A＜a B；从A到B，电场线对带电粒子做负功，电势能增加，则知B点电势能大，即E A＜E B；故D正确．故选：D．点评：本题关键是先根据靠差等势面的疏密判断场强的大小，再结合电场力做功正负分析电势能变化．公式U=Ed，对非匀强电场可以用来定性分析场强．5．如图直线是真空中某一电场中的一条电场线，A、B是该电场线上的两点．一个电子以速度V A经过A点向右运动，经过一段时间后，该电子以速度V B经过B点，方向仍向右，且V B＞V A．则下列说法中正确的是( )A．A点处的场强一定小于B点处的场强B．A点的电势高于B点的电势C．电子在A点的电势能一定大于它在B点的电势能D．在此过程中，电场力一定对电子做了负功考点：电势差与电场强度的关系；电场强度；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由题，电子的初速度v A向右，而末速度v B方向向左，说明电子所受的电场力方向向左，则可判断出电场线的方向，进一步判断电势的高低．由于一条电场线不能反映电场强度的大小，无法比较场强的大小．根据电场力做功正负判断电势能和动能的大小解答：解：A、由题，电子的初速度v A、v B方向向右，且V B＞V A．说明电子所受的电场力方向向右，但仅仅有一条一条电场线无法反映电场线的疏密，故电场的大小未知，故A错误；B、电子所受的电场力方向向右，电场线方向从B指向A，所以A点的电势一定低于B点的电势．故B错误C、电子从A到B过程中，电场力做正功，则电子的电势能减小，则在A点的电势能一定大于它在B点的电势能．故C正确D、由动能定理可得，电场力一定对电子做了正功，故D错误．故选：C点评：本题中一条电场线无法反映电场线的疏密，就不能判断电场强度的相对大小．对于电势能和动能，则可根据电场力做功情况判断其大小．6．如图所示，直线a是某电源两端的端电压U与输出电流I的图线，直线b是电阻R的U﹣I 图线．用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的内阻分别是( )A．4W，0.5ΩB．1W，1ΩC．2W，1ΩD．0.5 W，4Ω考点：路端电压与负载的关系；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：由a图线纵轴截距得到电源的电动势，斜率得到内阻，由b图的斜率求得电阻R的阻值，两交点即为二者构成一闭合回路时工作电压与工作电流，可求输出功率P出解答：解：由a图线纵截距知：电源的电动势为 E=3V由横截距知电源短路电流为 I0=3A电源的内阻 r==Ω=1Ω由交点坐标知工作电压为 U=2V，工作电流为 I=1A则输出功率为 P出=UI=2×1=2W故选：C．点评：本题关键要理解电源的U﹣I线与电阻的伏安特性曲线的交点的物理意义，知道交点表示该电源与电阻组合时的工作状态．7．如图，等量异种点电荷在真空中相隔一定的距离，竖直线代表两点电荷连线的中垂线，在两点电荷所存在的某平面内取a、b、c三点，则这三点的电势高低和场强大小的关系是( )A．φc＞φa＞φb，E c＞E a＞E b B．φc=φa＞φb，E a＞E b＞E cC．φa＞φb＞φc，E a=E b＞E c D．φa=φb＞φc，E c＞E a＞E b考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场线．分析：画出等量异号电荷的电场线和等势面的分布图象，如图所示：电场线的疏密程度表示电场强度的大小，电场线与等势面垂直，沿着电场线方向电势逐渐降低．将两图比较即可解答．解答：解：如图所示，电场线的疏密程度表示电场强度的大小，在a、b、c三点中，c带电位置电场线最密，故场强最大的点是c点，其次为ab；即E c＞E a＞E b离正电荷最近的等势面的电势最高，中垂线上电势相等；故由图可得ab两点电势相等；c点的电势最低；故D正确；故选：D．点评：本题关键是要能够画出等量异号电荷的电场线和等势面分布图，明确沿着电场线，电势逐渐降低．二、多项选择题（每小题4分，共20分．每小题四个选项中至少有两个选项符合题意.选对但不全的得2分，有错选的不得分）8．如图在光滑水平面上放一长为L的小车，车的左端有一质量m的木块，两者间动摩擦因数为μ．当物体在水平力F作用下从左端滑至右端时，在车固定和可自由滑动的两情况下( )A．两次物体所受的摩擦力相同B．两次力F所做的功相同C．因摩擦消耗的机械能相同 D．物体获得的动能相同考点：动能定理；功能关系．专题：动能定理的应用专题．分析：滑动摩擦力根据公式f=μN分析．根据位移关系分析力F做功关系．根据Q=f•△s，△s 是相对位移分析消耗的机械能关系．根据运动学公式分析速度的关系，从而得到动能关系．解答：解：A、物体所受的摩擦力都是滑动摩擦力，大小为 f=μN=μmg，可知摩擦力相同，故A正确．B、车不固定时m相对于地的位移大，由W=Fs知车不固定时力F做功多，故B错误．C、因摩擦消耗的机械能等于f•△s=fL，L是车的长度，可知因摩擦消耗的机械能相同，故C 正确．D、两次m的受力情况相同，加速度相同，车不固定时所用时间长，由v=at知，车不固定时物体获得的速度大，动能也大，故D错误．故选：AC．点评：本题是木块在小车滑动的类型，采用隔离法进行研究，要正确分析物体的受力情况，关键要抓住相对位移分析消耗的机械能，运用运动学公式和牛顿第二定律结合进行分析．9．如图，光滑半圆形轨道固定，A点与圆心O等高，B点为圆轨道最低点．一小滑块由A点从静止开始下滑，到达B点时( )A．小滑块的线速度大小与半径无关B．小滑块的角速度大小与半径无关C．小滑块的向心加速度大小与半径无关D．轨道对小滑块的弹力大小与半径无关考点：机械能守恒定律；向心力．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：小球由静止开始自由下滑过程中，受到重力和支持力作用，但只有重力做功，机械能守恒，由机械能守恒定律可求出小球到最低点的线速度，然后由向心加速度公式求向心加速度，由牛顿第二定律求出弹力，从而判断是否与半径有关．解答：解：设圆轨道的半径为R．从A运动到B的过程中，由机械能守恒定律得：mgR=，解得：线速度v=角速度ω==小球的向心加速度为：a==2g在最低点，由牛顿第二定律得：N﹣mg=ma解得：N=3mg，所以与轨道半径R大小无关的是a和N．故选：CD点评：小球下滑，机械能守恒，由机械能守恒定律、牛顿第二定律、向心力公式分别求出小球的向心加速度，可以看出它们与圆轨道的半径无关．10．现有一束带同种等量电荷的不同离子组成的离子流，从同一点以垂直电场方向进入同一偏转电场，当飞出电场后在荧光屏上形成一个亮点，则( )A．离子进入电场的初速度相同B．离子进入电场的初动能相同C．离子的质量一定相同D．离子可能经同一加速电场加速考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：飞出电场后在荧光屏上形成一个亮点，说明了这些粒子具有相等的偏转量，写出粒子偏转量的公式，即可找到合适的物理量解答：解：A、粒子的加速度：，穿越电场的时间：，偏转量：．从公式可以看出，偏转量仅仅与粒子的动能有关．故B正确，AC错误．D、粒子经过加速电场后获得的动能为E k=qU1，因粒子带电荷量相同，故获得的动能相等，故D正确故选：BD点评：题考查带电粒子在电场中的偏转物体，属于该知识点中的基本题型．写出加速度与穿越电场的时间的表达式，进而求出偏转量即可．属于简单题．11．如图所示，平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ( )A．保持S闭合，将A板向B板靠近，则θ增大B．保持S闭合；将A板向B板靠近，则θ不变C．断开S，将A板向B板靠近，则θ增大D．断开S，将A板向B板靠近，则θ不变考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：带电小球受到重力、电场力和细线的拉力而平衡，电场力越大，细线与竖直方向的夹角越大；根据电容器电容定义式C=、平行板电容器的公式C=以及电压与电场强度关系公式U=Ed对各种变化中电场强度进行分析，得到电场强度的变化情况，最后判断电场力变化情况和偏转角θ变化情况．解答：解：A、B、保持S闭合，电容器两极板间的电势差等于电源的电动势，不变；故电场强度为，当A板向B板靠近时，电场强度变大，电场力变大，故θ变大，故A正确，B错误；C、D、断开S，电容器带电量Q不变，根据电容器电容定义式C=、平行板电容器的公式C=以及电压与电场强度关系公式U=Ed，得到：E=，故电场强度与两极板距离d无关，故将A板向B板靠近，电场强度不变，电场力不变，故倾角θ不变，故C错误，D正确；故选：AD．点评：本题关键是明确：电键闭合时，电容器电压不变；电键断开时，电容器电量不变．结合电容的定义式和决定式分析求解．12．如图所示的电路中，电池的电动势为E，内阻为r，电路中的电阻R1、R2和R3的阻值都相同．在电键S处于闭合状态下，若将电键S1由位置1切换到位置2，则下列判断中正确的是( )A．电压表的示数变大 B．电阻R2两端的电压变大C．电池内阻消耗的功率变大 D．电源的总功率变大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：将电键S1由位置1切换到位置2时，分析外电阻的变化，抓住电动势和内阻不变，分析电流、外电压的变化．电源内部消耗的功率为P内=I2r，电池的总功率为P=EI．解答：解：A．将电键S1由位置1切换到位置2，外电阻变小，电动势和内阻不变，电路中的总电流变大，内电压变大，外电压变小，电压表测的是外电压，所以电压表示数变小．故A 错误．B、设电路中的电阻R1、R2和R3的阻值均为R，当电建打在1时，R2两端的电压U2=R，当电键打在2时R2两端的电压U2′==可知．U2′＜U2．故电阻R2两端的电压变小．故B错误．C、电路中的总电流变大，根据P内=I2r，知，电源内部消耗的功率变大．故C正确．D．电源的总功率P=EI，由于电路中的总电流变大，所以电源的总功率变大．故D正确．故选CD点评：解决本题的关键是抓住电源的电动势和内阻不变，结合闭合电路欧姆定律进行动态分析．三．填空题：（本大题共2小题，每空2分，共12分．）13．图所示是一个双量程电压表，表头是一个内阻R g=500Ω，满刻度电流为I g=1mA的毫安表，现接成量程分别为10V和100V的两个量程，则所串联的电阻R1=9500Ω，R2=90000Ω．考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为R=﹣Rg，U为改装后的量程．解答：解：量程10V是所串联的电阻为R1：=9500Ω量程为100V对应的R2为：=90000Ω故答案为：9500，90000点评：考查电压表的改装原理，明确串联电阻的分压作用，会求电阻阻值．14．如图所示，两带电平行板A、B间的电场为匀强电场，场强为E，两板相距d，板长L．一带电量为q、质量为m的粒子沿平行于板方向从两板的正中间射入电场后向着B板偏转，不计带电粒子所受重力，则（1）粒子带正电荷（填“正”或“负”）（2）要使粒子能飞出电场，粒子飞入电场时的速度v0至少为，此过程中粒子在电场中运动时间为，电势能的变化量为（用已知量表示）考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：根据粒子所受电场力的方向确定粒子的电性．粒子在垂直电场方向做匀速直线运动，在沿电场方向做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律，结合运动学公式求出粒子的初速度；并由电场力做功，求得电势能的变化量．解答：解：（1）粒子所受的电场力向下，则粒子带正电；（2）由题意：at2=即：=代入数据解得：v0=而t=；根据电场力做功多少，则电势能变化多少，那么电势能的变化量为：△E=q=；故答案为：（1）正；（2），，．点评：解决本题的关键掌握处理粒子在电场中偏转运动的方法，抓住等时性，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解，同时掌握电势能变化量的计算方法．四．计算题：（本大题共3小题，共40分）15．如图所示，R为电阻箱，为理想电压表．当电阻箱读数为R1=2Ω时，电压表读数为U1=4V；当电阻箱读数为R2=5Ω时，电压表读数为U2=5V．求：（1）电源的电动势E和内阻r．（2）当电阻箱R读数为多少时，电源的输出功率最大？最大值P m为多少？考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：计算题．分析：（1）由两次电压表及电阻箱的读数，列出闭合电路欧姆定律联立可求得电动势和内阻；（2）由功率表达式可知，当内外电阻相等时，电源的输出功率最大；由数学知识可求得最大值．解答：解：（1）由闭合电路欧姆定律：联立上式并代入数据解得：E=6Vr=1Ω电源电动势为6V，内阻为1Ω；（2）由电功率表达式：将上式变形为：由上式可知R=r=1Ω时P有最大值为；故P的最大输出功率为9W．点评：本题考查闭合电路的欧姆定律及功率输出的最大值问题，最大输出功率要以做为结论直接应用，但是还要注意明确推导过程．16．如图所示，两平行金属板带等量异号电荷，两板间距离为d，与水平方向成α角放置，一电量为+q、质量为m的带电小球恰沿水平直线从一板的端点向左运动到另一板的端点，求：（1）该电场的场强大小及小球运动的加速度大小（2）小球静止起从一板到达另一板所需时间．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：带电粒子做的是直线运动，说明合力与速度在同一直线上，分析受力可知粒子受电场力的方向及其大小，由牛顿第二定律可得求出加速度的大小；由几何知识求解水平运动距离，然后结合运动学公式s=at2可以求解运动时间．解答：解：（1）带电小球恰沿水平直线运动，故电场力和重力的合力在水平方向，由平行四边形定制可知F合=mgtanα；故小球运动的加速度大小a==gtanα；在竖直方向上合外力为零，故qE=，故电场的场强大小E=；（2）小球从一板到达另一板运动的距离s=①；小球由静止开始匀加速直线运动，即s=at2②；由①②可得：t=；答：（1）该电场的场强大小为；小球运动的加速度大小为gtanα；（2）小球静止起从一板到达另一板所需时间t=．点评：本题的突破点在于粒子做直线运动，故应根据力与运动的关系确定出粒子的受力情况．17．如图，一质量为m、电荷量为q（q＞0）的粒子在匀强电场中运动，A、B为其运动轨迹上的两点．已知该粒子在A点的速度大小为v0，方向与电场方向的夹角为60°；它运动到B点时速度方向与电场方向的夹角为30°．不计重力．求A、B两点间的电势差．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；动能定理；电势差．专题：电场力与电势的性质专题．分析：粒子水平方向受电场力，做初速度为零的匀加速直线运动；竖直方向不受力，故竖直分运动是匀速直线运动；结合运动的合成与分解的知识得到A点速度与B点速度的关系，然后对A到B过程根据动能定理列式求解．解答：解：设带电粒子在B点的速度大小为v B，粒子在垂直电场方向的分速度不变，故：v B sin30°=v0sin60° ①解得：②设A、B间的电势差为U AB，由动能定理，有：③联立②③解得：答：A、B两点间的电势差为．点评：本题关键是通过运动的合成与分解得到A点速度和B点速度的关系，然后结合动能定理列式求解即可，基础题目．。
2017-2018学年辽宁省大连二十中高二(下)期末物理试卷 Word版含解析
2017-2018学年辽宁省大连二十中高二（下）期末物理试卷一、选择题（本题共10小题，每题5分，共50分．1-7为单选，8-10为多选，将正确的答案选出．选对的得5分，选不全的得3分，有错误答案的得0分）1．在物理学的重大发现中科学家们总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假设法和建立物理模型法等．以下关于物理学研究方法的叙述不正确的是（）A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法运用了假设法B．根据速度的定义式v=，当△t趋近于零时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法C．在实验探究加速度与力、质量的关系时，运用了控制变量法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，然后将各小段位移相加，运用了微元法考点：加速度；物理学史．专题：直线运动规律专题．分析：在研究曲线运动或者加速运动时，常常采用微元法，将曲线运动变成直线运动，或将变化的速度变成不变的速度；等效替代法是一种常用的方法，它是指用一种情况来等效替换另一种情况，效果要相同；当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法．解答：解：A、等效替代法是一种常用的方法，它是指用一种情况来等效替换另一种情况；没有采用假设法；故A错误；B、根据速度定义式v=，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法，故B正确；C、在实验探究加速度与力、质量的关系时，因为三量之间相互都有关系，故应采用控制变量法；故C正确；D、在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法．故D正确；本题选错误的，故选：A．点评：在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习．2．如图，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的速度一时间（v﹣t）图象，t1时刻两车位于同一位置，则由图可知（）A．在时刻t2，a车再次追上b车B．在时刻t2，a、b两车运动方向相反C．在t1到t2这段时间内，两车间的距离先增大后减小D．在t1到t2这段时间内，两车间的距离一直增大考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间关系图线反映速度随时间的变化规律，图象与时间轴围成的面积表示通过的位移；根据位移可明确对应的距离关系．解答：解：A、在时刻t2，b车经过的位移大于a车，二者不可能相遇；故A错误；B、在时刻t2，a、b两车运动方向均在正方向；故方向相同；故B错误；C、由图可知，在t1到t2这段时间内，两车间的距离一直增大；故C错误；D正确；故选：D．点评：本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义．3．如图所示，在粗糙水平面上放置A、B、C、D四个小物块，各小物块之间由四根完全相同的轻弹簧相互连接，正好组成一个菱形，∠BAD=120°，整个系统保持静止状态．已知A 物块所受的摩擦力大小为f，则D物块所受的摩擦力大小为（）A． f B．f C． f D． 2 f考点：摩擦力的判断与计算；共点力平衡的条件及其应用．专题：摩擦力专题．分析：物体在水平面上受弹簧弹力和静摩擦力平衡，根据力的合成方法求解弹簧的弹力．解答：解：已知A物块所受的摩擦力大小为f，设每根弹簧的弹力为F，则有：2Fcos60°=f，对D：2Fcos30°=f′，解得：f′=F= f故选：C点评：本题考查了物体受共点力平衡和力的合成计算，难度不大．4．如图所示为一个做匀变速曲线运动的质点的轨迹示意图，已知在B点的速度与加速度相互垂直，则下列说法中正确的是（）A．D点的速率比C点的速率大B．A点的加速度与速度的夹角小于90°C．A点的加速度比D点的加速度大D．从A到D加速度与速度的夹角先增大后减小考点：曲线运动．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，速度的方向与该点曲线的切线方向相同；由牛顿第二定律可以判断加速度的方向．解答：解：A、由题意，质点运动到B点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，速度沿B点轨迹的切线方向，则知加速度方向向下，合外力也向下，质点做匀变速曲线运动，合外力恒定不变，质点由C到D过程中，合外力做正功，由动能定理可得，D点的速度比C点速度大，故A正确；B、物体在A点受力的方向向下，而速度的方向向右上方，A点的加速度与速度的夹角大于90°．故B错误；C、质点做匀变速曲线运动，加速度不变，合外力也不变，故C错误；D、由于F向下，由图可知由A到B加速度与速度的夹角增大；由A的分析可知，质点由B到E过程中，受力的方向向下，速度的方向从水平向右变为斜向下，加速度与速度的夹角之间减小．故D错误；故选：A．点评：本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，掌握了做曲线运动的条件，本题基本上就可以解决了．5．如图甲，一物体以一定的初速度从斜面底端沿斜面向上运动，上升到最高点后又沿斜面滑下，某段时间的速度﹣时间图象如图乙所示，g=10m/s2，由此可知斜面倾角为（）A．30° B．37° C．53°D． 60°考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：由图象的斜率可求得下滑的加速度，再结合牛顿第二定律即可求出斜面倾角．解答：解：速度时间图象的斜率表示加速度，则由图可知，沿斜面上升时的加速度大小为：a1==8 m/s2 …①沿斜面下滑时的加速度大小为：a2==4m/s2 …②根据牛顿第二定律得：上升时，有：a1=…③下滑时，有：a2=…④由①②③④解得：θ=37°故选：B点评：本题主要考查了牛顿第二定律的直接应用，关键要抓住加速度的大小可由图象的斜率大小来表示．6．如图所示，长为L的轻杆，一端固定一个小球，另一端固定在光滑的水平轴上，使小球在竖直平面内作圆周运动，关于小球在最高点下列说法中正确的是（）A．v的最小值为B．v由零逐渐增大，向心力也逐渐增大C．v由零逐渐增大，杆对小球的弹力也逐渐增大D．当v由值逐渐减小时，杆对小球的弹力也逐渐减小考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：杆子在最高点可以表现为拉力，也可以表现为支持力，临界的速度为零，根据牛顿第二定律判断杆子对小球的弹力随速度变化的关系．解答：解：A、小球在最高点的最小速度为零，此时重力等于杆子的支持力．故A错误．B、在最高点，根据F向=m得，速度增大，向心力也逐渐增大．故B正确．C、在最高点，若速度v=，杆子的作用力为零，当v＜时，杆子表现为支持力，速度增大时，向心力增大，杆对小球的弹力减小，当v＞，杆子表现为拉力，速度增大，向心力增大，则杆子对小球的拉力增大，所以当v逐渐增大时，杆对小球的弹力可能先减小后增大．故CD错误；故选：B．点评：解决本题的关键搞清小球向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解，以及知道杆子可以表现为拉力，也可以表现为支持力．7．如图所示，A、B质量均为m，叠放在轻质弹簧上，当对A施加一竖直向下的力，大小为F，将弹簧压缩一段，待平衡后突然撤去力F的瞬间，关于A的加速度及A、B间的相互作用力的下述说法正确的是（）A．加速度为0，作用力为mgB．加速度为，作用力为C．速度为F/m，作用力为mg+FD．加速度为，作用力为考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先根据整体法求解出加速度，然后运用隔离法求解内力．解答：解：在突然撤去F的瞬间，AB整体的合力向上，为F，根据牛顿第二定律，有：F=（2m）aa=对上面的物体受力分析，受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有：N﹣mg=ma；联立解得：N=mg+；故B正确；故选：B．点评：本题主要考查了牛顿第二定律的直接应用，注意整体法和隔离法在题目中的应用，不难8．平抛运动可以分解为水平和竖直方向的两个直线运动，在同一坐标系中作出这两个分运动的v﹣t图线，如图所示．若平抛运动的时间大于2t1，下列说法中正确的是（）A．图线b表示竖直分运动的vt图线B．t1时刻的速度方向与初速度方向夹角为30°C．t1时间内的位移方向与初速度方向夹角的正切值为D．2t1时间内的位移方向与初速度方向夹角为60°考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：A、平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据速度图线可知运动情况．B、t1时刻可知水平分速度和竖直分速度相等，通过分速度关系可知速度方向与初速度方向的夹角．C、根据水平方向和竖直方向的运动情况，可以求出水平位移和竖直位移，根据两个分位移的关系可得出位移与水平方向的夹角．D、根据速度时间图线可知道2t1时刻的水平位移和竖直位移关系，根据该关系，可以求出位移与水平方向的夹角．解答：解：A、图线b是初速度为0的匀加速直线运动，所以图线b表示的是竖直分运动．故A正确．B、t1时刻可知水平分速度和竖直分速度相等，则速度与初速度方向的夹角为45°．故B 错误．C、图线与时间轴围成的面积表示位移，则t1时刻竖直方向的位移与水平方向的位移之比为1：2，所以t1时刻的位移方向与初速度方向夹角的正切为．故C正确．D、2t1时刻竖直方向的位移和水平方向的位移相等，所以2t1时刻的位移方向与初速度方向夹角为45°．故D错误．故选：AC．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做自由落体运动，可以通过速度、位移的合成与分解求出速度、位移与水平方向的夹角．9．如图所示，质量分别为M、m物体A、B用细绳连接后跨过光滑的定滑轮，A静止在倾角为30°的斜面上，已知M=2m，现将斜面倾角由30°增大到35°，系统仍保持静止．此过程中，下列说法正确的是（）A．细绳对A的拉力将增大B．物体A受到的静摩擦力先减小后增大C．物体A对斜面的压力将减小D．滑轮受到的绳的作用力将增大考点：共点力平衡的条件及其应用；静摩擦力和最大静摩擦力；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到拉力等于物体B的重力；再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件列式分析．解答：解：M=2m，对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到：T=mg再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，如图：根据平衡条件得到：f+T﹣2mgsinθ=0 ①N﹣2mgcosθ=0 ②由①②两式解得：f=2mgsinθ﹣T=2mgsinθ﹣mg，N=2mgcosθ，当θ不断变大时，f不断变大，N不断变小．故AB错误C正确；绳子拉力大小不变，但夹角减小，滑轮受到的绳的作用力增大．故D正确．故选：CD．点评：本题关键是先对物体m受力分析，再对物体M受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解．10．一条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行．现将一个木炭包无初速地放在传送带的最左端，木炭包在传送带上将会留下一段黑色的径迹．下列说法中正确的是（）A．黑色的径迹将出现在木炭包的右侧B．传送带运动的速度越小，径迹的长度越短C．木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹的长度越短D．木炭包的质量越大，径迹的长度越短考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：木炭包在传送带上先是做匀加速直线运动，达到共同速度之后再和传送带一起匀速运动，黑色的径迹就是它们相对滑动的位移，求出相对位移再看与哪些因素有关．解答：解：A、刚放上木炭包时，木炭包的速度慢，传送带的速度快，木炭包向后滑动，所以黑色的径迹将出现在木炭包的右侧，所以A正确．B、木炭包在传送带上运动靠的是与传送带之间的摩擦力，摩擦力作为它的合力产生加速度，所以由牛顿第二定律知，μmg=ma，所以a=μg，当达到共同速度时，不再有相对滑动，由V2=2ax 得，木炭包位移X木=，设相对滑动的时间为t，由V=at，得t=，此时传送带的位移为x传=vt=，所以滑动的位移是△x=x传﹣X木=，由此可以知道，传送带运动的速度越小，径迹的长度越短，所以B正确，木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹的长度越短，所以C正确，黑色的径迹与木炭包的质量无关，所以D错误．故选：ABC点评：求黑色的轨迹的长度，就是求木炭包和传送带的相对滑动的位移，由牛顿第二定律和匀变速直线运动的规律很容易求得它们相对滑动的位移，在看相对滑动的位移的大小与哪些因素有关即可．二、填空题（每空4分，共计16分）11．在探究加速度与力、质量的关系实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带由打点计时器打上的点计算出．（所用交流电源频率为50HZ）（1）当M与m的大小关系满足M＞＞m时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力．（2）图2纸带上相邻的计数点间有4个点未画出，则小车的加速度大小a=0.64m/s2．（结果保留两位有效数字）（3）如图3（a）为甲同学根据测量数据作出的a﹣F图线，说明实验存在的问题是没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．（4）乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a﹣F图线如图3（b）所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同？车及车上砝码的总质量不同．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）要求在什么情况下才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，需求出绳子的拉力，而要求绳子的拉力，应先以整体为研究对象求出整体的加速度，再以M 为研究对象求出绳子的拉力，通过比较绳对小车的拉力大小和盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有m＜＜M时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力．（2）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小（3）图B中图象与横轴的截距大于0，说明在拉力大于0时，加速度等于0，即合外力等于0．（4）a﹣F图象的斜率等于物体的质量，故斜率不同则物体的质量不同．解答：解：（1）以整体为研究对象有：mg=（m+M）a解得：a=，以M为研究对象有绳子的拉力为：F=Ma=，显然要有F=mg必有m+M=M，故有M＞＞m，即只有M＞＞m时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力．（2）由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：a==0.64m/s2（3）图3（a）中图象与横轴的截距大于0，说明在拉力大于0时，加速度等于0，说明物体所受拉力之外的其他力的合力大于0，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．（4）由图可知在拉力相同的情况下a乙＞a丙，根据F=ma可得m=，即a﹣F图象的斜率等于物体的质量，且m乙＜m丙．所以车及车上砝码的总质量不同．故答案为：（1）M＞＞m；（2）0.64；（3）没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足；（4）车及车上砝码的总质量不同点评：只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目，而实验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握．三、计算题（12题10分，13题10分、14题14分，共计34分）12．如图所示，小车上有一竖直杆，总质量为M，杆上套有一块质量为m的木块，杆与木块间的动摩擦因数为μ，小车静止时木块可沿杆自由滑下．问：必须对小车施加多大的水平力让车在光滑水平面上运动时，木块才能匀速下滑？考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：木块竖直方向匀速下滑，水平方向具有与小车相同的加速度．分析木块竖直方向的受力：重力mg和滑动摩擦力f，二力平衡，即可得到滑动摩擦力f，由f=μN，求出杆对木块的弹力，根据牛顿第二定律求出木块水平方向的加速度，小车与木块水平方向有相同的加速度，再对整体根据牛顿第二定律求出水平力F的大小．解答：解：设小车的加速度为a．对木块：竖直方向：受到重力mg和滑动摩擦力f，木块匀速下滑时，则有f=mg水平方向：受到杆的弹力N，则有N=ma，又f=μN联立以上三式，得a=对整体，根据牛顿第二定律得：水平方向：F=（M+m）a解得，答：小车施加（M+m）g的水平力让车在光滑水平面上运动时，木块才能匀速下滑．点评：本题运用正交分解法研究木块的受力情况，再运用整体法，根据牛顿第二定律即可求解水平力F．13．如图所示，一根长0.1m的细线，一端系着一个质量为0.18kg的小球，拉住线的另一端，使小球在光滑的水平桌面上做匀速圆周运动，绳的最大张力为45N，现使小球的转速很缓慢地增加，求：（1）线断开的瞬间，小球运动的线速度大小；（2）如果小球离开桌面时，速度方向与桌右边缘的夹角为60°，桌面高出地面h=0.8m，求小球飞出后的落地点距桌边缘的水平距离．考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：（1）绳的最大张力为45N，由向心力公式F=求出小球的速度大小．（2）小球离开桌面后做平抛运动，由高度求出时间，并求出平抛运动的水平位移，根据所求的距离与水平位移的数学关系求解．解答：解：（1）设线断开时小球的线速度大小为v，绳的最大张力为45N，由F T=得v=5 m/s．（2）设桌面高度为h，小球落地经历时间为t，落地点与飞出桌面点的距离为x．由h=gt2得t==0.4 sx=vt=2 m则小球飞出后的落地点到桌边缘的水平距离为l=xsin 60°=1.73 m．答：（1）线断开的瞬间，小球运动的线速度大小是5 m/s；（2）小球飞出后的落地点距桌边缘的水平距离是1.73 m．点评：对于匀速圆周运动，基本方程是“指向圆心的合力”等于向心力，即F合=F n，关键分析向心力的来源，知道小球离开桌面后做平抛运动，难度适中．14．如图所示，长L=1.5m，高h=0.45m，质量M=10kg的长方体木箱，在水平面上向右做直线运动．当木箱的速度v0=3.6m/s时，对木箱施加一个方向水平向左的恒力F=50N，并同时将一个质量m=1kg的光滑小球轻放在距木箱右端的P点（小球可视为质点，放在P点时相对于地面的速度为零），经过一段时间，小球脱离木箱落到地面．木箱与地面的动摩擦因数为0.2，其他摩擦均不计．取g=10m/s2．求：（1）小球从离开木箱开始至落到地面所用的时间；（2）通过计算说明小球是从木箱左端还是右端掉下（3）小球离开木箱时木箱的速度．考点：牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）小球离开木箱后做自由落体运动，根据位移时间关系可以求得时间；（2）对木箱受力分析，求出加速度，可以根据速度时间关系公式和位移时间关系公式分别求出位移和时间；从而明确从哪端滑下；（3）先对木箱受力分析，根据牛顿第二定律求得加速度，然后可以先根据位移时间关系公式求得时间，再根据速度时间公式求末速度，也可以直接根据速度位移关系公式求末速度．解答：解：（1）木箱上表面的摩擦不计，因此小球在离开木箱前相对地面处于静止状态，离开木箱后将作自由落体运动．由，得：小球从离开木箱开始至落到地面所用的时间为0.3s．（2）小球放到木箱后，木箱的加速度为：木箱向右运动的最大位移为：小球放上P点后，木箱向右运动的最大位移为0.9m．x1小于1m，所以小球不会从木箱的左端掉下（3）木箱向左运动的加速度为：设木箱向左运动的距离为x2时，小球脱离木箱，则：设木箱向左运动的时间为t2，则：由得：所以，小球离开木箱的瞬间，木箱的速度方向向左，大小为：v2=a2t2=2.8×1=2.8m/s；答：（1）小球从离开木箱开始至落到地面所用的时间为0.3s；（2）木块从右端滑下；（3）小球离开木箱时木箱的速度为2.8m/s点评：本题考查牛顿第二定律的应用；关键对分向右减速和向左加速两过程对木箱受力分析后求得加速度，然后根据运动学公式求解待求量．。
辽宁省高二上学期期中考试物理试卷(带答案和解析)
C． D．
10．如图所示，电路中定值电阻R的阻值大于电源内阻r的阻值，开关S闭合，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表 、 和 的示数变化量的绝对值分别为 、 和 ，理想电流表示数变化量的绝对值为 ，下列说法正确的是（ ）
A．理想电压表 的示数增大B．电源的输出功率减小
C． D． 与 的比值不变
C．赫兹最早用实验证实了电磁波的存在
D．法拉第发现了电流的磁效应
2．在人类对微观世界进行探索的过程中，科学实验起到了非常重要的作用。下列说法符合历史事实的是（ ）
A．卢瑟福通过对 粒子大角散射实验的研究发现了质子
B．爱因斯坦提出了光子说，成功地解释了光电效应现象
C．贝克勒尔通过对天然放射现象的研究，发现了原子中存在原子核
第2步：把小车放到木板上靠近打点计时器的一端，给小车一个沿木板向下的初速度，经过一段时间后把铁块轻轻放到小车里的细沙上。
第3步：取下纸带，测量纸带上点迹均匀的两部分连续5个点的距离 和 ，且 ．
第4步：重复第2步和第3步，记录 和 。
请回答下列问题．
（1）在步骤1中，左右调整木块的位置是为了；
（2）铁块轻轻放到小车里的细沙上发生在相邻的两个点之间；（填纸带上计数点字母符号）
（5）则该合金丝的电阻率ρ=（用Rx、L、d表示）。
12．某兴趣小组的同学利用身边的实验器材，完成验证动量守恒定律实验．身边的实验器材有：刻度尺、天平、打点计时器（一套）、装有厚厚一层松软细沙的小车（以下简称“小车”）、铁块、一端带有竖直挡板的长木板、木块、纸带．实验步骤如下：
第1步：把长木板带有竖直挡板的一端固定在水平桌面上，把木块垫在木板左端下方，制成一个斜面，并将实验器材按如图所示方式安装好；把小车放到木板上，将穿过打点计时器的纸带与小车连接．通过左右调整木块位置，直至给小车一个沿木板向下的初速度，小车所连纸带上打出的点间隔均匀为止。
辽宁省大连市第二十高级中学2017-2018学年高二下学期期末考试物理试题 Word版含答案
2017-2018学年度下学期期末考试高二物理试卷考试时间：90分钟试题分数：100分卷I一．选择题：本题共12题，每小题4分，总共48分。
其中1-7为单选题，8-12为多选题。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．历史上，伽利略在斜面实验中分别从倾角不同、阻力很小的斜面上静止释放小球，他通过实验观察和逻辑推理，得到的正确结论有（）A．倾角一定时，小球在斜面上的位移与时间的平方成正比B．倾角一定时，小球在斜面上的速度与时间的平方成正比C．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角无关D．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端所需的时间与倾角无关2．两个物体做平抛运动的初速度之比为2:1，若它们的水平射程相等，则它们抛出点离地面高度之比为（）A．1:2B．1:2C．4:1D．1:43．如图所示，光滑的水平地面上有三块木块a、b、c，质量均为m，a、c之间用轻质细绳连接。
现用一水平恒力F作用在b上，三者开始一起做匀加速运动，运动过程中把一块橡皮泥粘在某一木块上面，系统仍加速运动，且始终没有相对滑动。
则在粘上橡皮泥并达到稳定后，下列说法不正确的是（）A．无论粘在哪块木块上面，系统的加速度一定减小B．若粘在a木块上面，绳的张力减小，a、b间摩擦力不变C．若粘在b木块上面，绳的张力和a、b间摩擦力一定都减小D．若粘在c木块上面，绳的张力和a、b间摩擦力一定都增大4．在水平地面上，质量m1的小球用轻绳跨过光滑的半圆形碗连接质量分别为m2和m3的物体，平衡时小球恰好与碗之间没有弹力作用，则m1、m2和m3的比值为（）A．1:2:3B．2:1:1C．2:3:1D ．2:1:35．下列有关运动的说法正确的是（ ）A ．图甲中撤掉挡板A 的瞬间，小球的加速度竖直向下B ．图乙中质量为m 小球到达最高点时对管壁压力大小为mg ，则此时小球的速度大小为grC ．图丙中皮带轮上d 点的加速度等 于a 点的加速度D ．图丁中用铁锤水平打击弹簧片后，B 球比A 球先着地6．一质点沿x 轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其tx-t 的图象如图所示，则下列说法正确的是（ ）A ．质点做匀速直线运动，速度为3m/sB ．质点做匀加速直线运动，加速度为3m/s 2C ．质点在第1s 内的平均速度3m/sD ．质点在2s 内位移为10m7．如图所示，质量为m 的小球系于轻质弹簧的一端，且套在光滑竖直的圆环上，弹簧原长为L 。
辽宁省大连市第二十高级中学2017届高三物理上学期期中试题
2016-2017学年度上学期期中考试高三物理试卷考试时间：90分钟 试题分数：100分卷I （共40分）一．选择题（本题共12题，每小题4分，共48分。
其中第1-8题只有一个选项正确，第9-12有多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分）1．下列关于物理学史和物理研究方法的叙述中，正确的是（ ） A ．用点电荷来代替带电体的研究方法叫微元法B ．伽利略借助实验研究和逻辑推理得出了自由落体运动规律C ．利用v -t 图象推导匀变速直线运动位移公式的方法是理想模型法D ．库仑提出了电场的观点，说明处于电场中的电荷所受的力是电场给予的 2．如图所示，在粗糙水平面上放置A 、B 、C 、D 四个小物块，各小物块之间由四根完全相同的轻弹簧相互连接，正好组成一个菱形，∠BAD =120°，整个系统保持静止状态。
已知A 物块所受的摩擦力大小为f ，则D 物块所受的摩擦力大小为（ ） A ．f 23B ．fC ．f 3D ．2 f 3．质量为2kg 的物体静止在足够大的水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.2，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等。
从t =0时刻开始，物体受到方向不变、大小呈周期性变化的水平拉力F 的作用，F 随时间t 的变化规律如图所示。
重力加速度g 取10m/s 2，则物体在t =0至t =12s 这段时间的位移大小为（ ）A ．18mB ．54mC ．72mD ．198m4．两块大小、形状完全相同的金属板正对水平放置，构成一个平行板电容器，将两金属板分别与电源两极相连接，如图所示．闭合开关S 达到稳定后，在两板间有一带电液滴P 恰好处于静止状态（下极板接地，图中未画出），则下列判断错误．．的是( )A ．保持开关S 闭合，减小两板间的距离，液滴向上运动B ．保持开关S 闭合，减小两板间的距离，回路中瞬间会产生逆时针方向的电流C ．断开开关S ，上板稍向下移动，下板不动， P 点的电势不变D ．断开开关S ，上板稍向下移动，下板不动，液滴向下运动5．如图所示，内壁光滑的半球形碗固定不动，其轴线垂直于水平面，两个质量相同的小球A 和B 紧贴着内壁分别在如图所示的水平面内做匀速圆周运动，则（ ） A ．球A 的角速度小于球B 的角速度B ．球A 的线速度等小于球B 的线速度C ．球A 对碗壁的压力等于球B 对碗壁的压力D ．球A 的向心加速度大于球B 的向心加速度6．若宇航员在月球表面附近自高h 处以初速度v 0水平抛出一个小球，测出小球的水平射程为L 。
辽宁高二高中物理月考试卷带答案解析
辽宁高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.一矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，产生交流电的图象如图所示，由图可以知道（）A．0.01s时刻线圈处于中性面位置B．0.01s时刻穿过线圈的磁通量为零C．该交流电流有效值为2AD．该交流电流频率为50Hz2.如图所示，一个单匝矩形线圈长为a，宽为b，置于磁感应强度为B的匀强磁场中，绕OO’轴以角速度匀速转动。
从图示位置开始计时，经过时间t时感应电动势为（）A．B．C．D．3.一理想变压器的副线圈为200匝，输出电压为10V，则铁芯内的磁通量变化率的最大值为（）A．0.07Wb/s B．5Wb/sC．7.05Wb/s D．14.1Wb/s4.下列关于电感线圈的性质分析中，正确的是（）A．电感线圈对交变电流的阻碍作用是由线圈电阻产生的B．由于电感线圈的阻碍，所有交变电流都不能够通过线圈C．电感线圈对频率大的交变电流阻碍作用大D．电感线圈对周期大的交变电流阻碍作用大5.两只阻值相等的电阻分别通以正弦交流电与方形交流电，它们电流的最大值相等，如图所示，则两只电阻的热功率之比是（）A．1︰4B．1︰2C．1︰D．1︰16.将阻值为5的电阻接到内阻不计的交流电源上，电源电动势随时间变化的规律如图所示。
下列说法正确的是（ ）A ．电路中交变电流的频率为0.25HzB ．通过电阻的电流为C ．电阻消耗的电功率为2.5WD ．用交流电压表测得电阻两端的电压是5V7.下列关于电容器的说法，正确的是（ ）A ．由于电容器的两个极板是断开的，所以所有的直流电都不能够通过电容器B ．交流电能够通过电容器，电容器对交流电无阻碍作用C ．电压相同的交变电流若周期不同，通过电容器受到的阻碍作用不同，周期越大阻碍越小D ．对于确定的电容器，交变电流通过时产生的容抗越小，说明交变电流的频率越大8.如图所示为一交流电的电流随时间而变化的图象 ，此交流电的有效值是（ ）A ．B ．5AC ．D ．9.如图所示，一理想变压器原线圈接入一交流电源，副线圈电路中R 1、R 2、R 3、R 4均为定值电阻，开关S 是闭合的。
辽宁高二高中物理月考试卷带答案解析
辽宁高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.如图所示，两根光滑金属导轨平行放置，导轨所在平面与水平面间的夹角为θ．整个装置处于沿竖直方向的匀强磁场中．质量为m 的金属杆ab 垂直导轨放置，当杆中通有从a 到b 的恒定电流I 时，金属杆ab 刚好静止．则（ ）A ．磁场方向竖直向下B ．磁场方向竖直向上C ．ab 所受支持力的大小为mgcosθD ．ab 所受安培力的大小为mg/cosθ2.如图所示，一矩形闭合线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴ΟΟ′以恒定的角速度转动，从图示位置开始计时，则在转过180o 这段时间内（ ）A ．线圈中的感应电流一直在减小B ．线圈中的感应电流先增大后减小C ．穿过线圈的磁通量一直在增大D ．穿过线圈的磁通量的变化率先减小后增大3.如图所示，匀强电场竖直向上，匀强磁场的方向垂直纸面向外．有一正离子（不计重力），恰能沿直线从左向右水平飞越此区域．则（ ）A ．若电子从右向左水平飞入，电子也沿直线运动B ．若电子从右向左水平飞入，电子将向上偏C ．若电子从右向左水平飞入，电子将向下偏D ．若电子从右向左水平飞入，则无法判断电子是否偏转4.一个匝数为100匝，电阻为0．5Ω的闭合线圈处于某一磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，从某时刻起穿过线圈的磁通量按图示规律变化，则线圈中产生交变电流的有效值为（ ）A ．6AB ．5AC ．2AD ．2A5.如图所示，水平地面上方矩形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，两个用相同材料、相同粗细的导线绕制的单匝闭合正方形线圈1和2，其边长L 1=2L 2，在距磁场上界面h 高处由静止开始自由下落，再逐渐完全进入磁场，最后落到地面．运动过程中，线圈平面始终保持在竖直平面内且下边缘平行于磁场上边界．设线圈1、2落地时的速度大小分别为v 1、v 2，在磁场中运动时产生的热量分别为Q 1、Q 2，通过线圈截面的电荷量分别为q 1、q 2，不计空气阻力，则（ ）A ．v 1＜v 2，Q 1＞Q 2，q 1＞q 2B ．v 1=v 2，Q 1=Q 2，q 1=q 2C ．v 1＜v 2，Q 1＞Q 2，q 1=q 2D ．v 1=v 2，Q 1＜Q 2，q 1＜q 26.阻值相等的四个电阻、电容器C 及电池E （内阻可忽略）连接成如图所示电路．开关S 断开且电流稳定时，C 所带的电荷量为Q 1，闭合开关S ，电流再次稳定后，C 所带的电荷量为Q 2．Q 1与Q 2的比值为（ ）A ．2：5B ．1：2C ．3：5D ．2：37.某交流电源可在改变其输出电流的频率的同时保持其输出电压不变，现用此电源对如图所示的电路供电，灯A 、B 、C 分别与电容C 0、电感线圈L 、定值电阻R 串联，此时三只灯泡亮度相同．现保持电压不变，让频率变为原来的两倍，则三只灯泡的亮度变化是（ ）A ．A 灯比原来亮B ．B 灯比原来亮C ．C 灯比原来亮D ．A 、B 、C 三灯亮度仍然相同8.两个质量相同、所带电荷量相等的带电粒子a 、b ，以不同的速率对准圆心O 沿着AO 方向射入圆形匀强磁场区域，其运动轨迹如图．若不计粒子的重力，则下列说法正确的是（ ）A ．a 粒子带负电，b 粒子带正电B ．a 粒子在磁场中所受洛伦兹力较大C ．a 粒子动能较大D ．b 粒子在磁场中运动时间较长9.如图所示，理想变压器原线圈接在交流电源上，图中各电表均为理想电表，下列说法正确的是（）A．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，R1消耗的功率变大B．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电压表V示数变大C．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电流表A1示数变小D．若闭合开关S，则电流表A1示数变大，A2示数变大10.如图所示，一匀强磁场B垂直于倾斜放置的光滑绝缘斜面斜向上，匀强磁场区域在斜面上虚线ef与gh之间．在斜面上放置一质量为m、电阻为R的矩形铝框abcd，虚线ef、gh和斜面底边pq以及铝框边ab均平行，且eh＞bc．如果铝框从ef上方的某一位置由静止开始运动．则从开始运动到ab边到达gh线之前的速度（v）﹣时间（t）图象，可能正确的有（）A．B．C．D．11.在光滑绝缘水平面上，一轻绳拉着一个带电小球绕轴O在匀强磁场中做逆时针方向的匀速圆周运动，磁场方向竖直向下，其俯视图如图所示．若小球运动到A点时，绳子忽然断开．关于小球在绳断开后可能的运动情况，下列说法中正确的是（）A．小球仍做逆时针匀速圆周运动，半径不变B．小球做顺时针匀速圆周运动，半径不变C．小球仍做逆时针匀速圆周运动，但半径减小D．小球做顺时针匀速圆周运动，半径减小二、多选题如图所示，在等腰三角形abc区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，d是ac上任意一点，e是bc上任意一点．大量相同的带电粒子从a点以相同方向进入磁场，由于速度大小不同，粒子从ac和bc上不同点离开磁场．不计粒子重力，则从c点离开的粒子在三角形abc磁场区域内经过的弧长和运动时间，与从d点和e点离开的粒子相比较（）A．经过的弧长一定大于从d点离开的粒子经过的弧长B ．经过的弧长一定小于从e 点离开的粒子经过的弧长C ．运动时间一定大于从d 点离开的粒子的运动时间D ．运动时间一定大于从e 点离开的粒子的运动时间三、计算题1.如图所示，面积为0．2m 2的100匝线圈处在匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，已知磁感应强度随时间变化的规律为B=（2+0．2t ）T ，定值电阻R 1=6Ω，线圈电阻R 2=4Ω，求：（1）回路中的感应电动势大小； （2）回路中电流的大小和方向； （3）a 、b 两点间的电势差．2.如图所示，电源电动势为3．6V ，电源内阻不计。
辽宁省大连市第二十高级中学最新高二下学期期中考试物理试题
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物理精品资料
分气体对液面压力的变化量分别为△ＦＡ和△FB，压强变化量分别为△ｐA 和△pB。则 （ ） A．水银柱向上移动了一段距离 B．水银柱不发生移动 Ｃ。△FＡ＜△FＢ D。△pA=△pＢ
卷 II
二.填空题：其中第 13 题４分，第 14 题 4 分,第 15 题 8 分,总共１6 分 １3．（4 分）如图所示,两段水银柱将 U 形管内的空气分成Ａ、B 两部分，若 B 气柱长Ｌ =19ｃm，封闭 A 气体的水银柱上端面跟右管水银柱液面相平,外界大气压 p0=7６cｍＨ g=1．0×1０５Pa,则 A 部分气体的压强 pA=＿＿____＿_______Pａ。
三。计算题：其中第 1６题１0 分，第 17 题 12 分,第 18 题 14 分，总共３6 分
16．（10 分)
答案:（１）4cｍ（2)10ｃm
解析:(1）初态压强：p1=p０+
mg S
=1.2×105Pa---———-—2
分
初状态体积：V1=L１S＝２0S，末状态压强：p２=p0=1．０×１05Pａ
物理精品资料
考试时间：９0 分钟 试题分数:100 分 命题人：宋长恩
卷I
一.选择题：本题共 12 题，每小题 4 分,总共 4８分.其中 1—6 为单选题，7—1２为多选 题。全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分,有选错的得０分. 1.关于布朗运动,下列说法中正确的是( ） A．布朗运动是微观粒子的运动,牛顿运动定律不再适用 B.布朗运动是液体分子无规则运动的反映 C．随着时间的推移,布朗运动逐渐变慢，最终停止 D．因为布朗运动的激烈程度跟温度有关，所以布朗运动也叫做热运动
8。一定质量的理想气体被等温压缩时,压强增大，从微观角度分析是因为( ）
辽宁省大连市第二十高级中学 高二物理上学期10月月考试题
高二月考物理试题考试时间：90分钟试题分数：100分一、选择题（4×12=48分，其中1-8题为单选题，9-12题为多选题。
全对者得4分，对而不全者得2分，有错误答案的得0分）1．用多用电表欧姆挡测电阻时，下列说法中错误的是( )A．测量前必须调零，而且每测一次电阻都要重新调零B．测量电阻时，用两手碰表笔的金属杆，其测量值偏小C．用多用表测60W灯泡的电阻，其阻值比用额定电压和额定功率算出的电阻值小D．使用完毕应当拔出表笔，并把选择开关旋到OFF挡或交流电压最高挡2．分别用如图所示的甲、乙两种电路测量同一未知电阻的阻值，图甲中两表的示数分别为3 V、4 mA，图乙中两表的示数分别为4 V、3.9 mA，则待测电阻R x的真实值为( )A．略小于1 kΩ B．略小于750 ΩC．略大小1 kΩ D．略大于750 Ω3．如图，一段导线abcd位于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，且与磁场方向(垂直于纸面向里)垂直。
线段ab、bc和cd的长度均为L，且∠abc＝∠bcd＝135°.流经导线的电流为I，方向如图中箭头所示．导线段abcd所受到的磁场的作用力的合力( )A．方向沿纸面向上，大小为(2＋1)ILBB．方向沿纸面向上，大小为(2－1)ILBC．方向沿纸面向下，大小为(2＋1)ILBD．方向沿纸面向下，大小为(2－1)ILB4．当接通电源后，小磁针A的指向如图所示，则( )A．小磁针B的N极向纸外转B．小磁针B的N极向纸里转C．小磁针B不转动D．因电流未标出，所以无法判断小磁针B如何转动5.如图，在天平右盘底部挂有一个矩形线圈，其一部分悬在方向水平向里的匀强磁场中，矩形线圈通有顺时针方向电流，现天平右侧向下倾斜，下列措施有可能使天平平衡的是（）A．增大磁感应强度B．增加通过线圈的电流C．改变电流的方向D．在不改变线圈质量的同时，增加底边的长度6.如图所示，两根相互平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流。
辽宁省大连市第二十高级中学2017-2018学年高三9月月考(期初考试)理科综合物理试题 Word版含答案
辽宁省大连市第二十高级中学2017-2018学年高三9月月考理科综合物理试题14.如图，小球自光滑斜轨道由静止自由滚下，以v、s、a、F合分别表示小球的速度、位移、加速度和合外力四个物理量的大小，小球下滑过程中各物理量随时间变化正确的是15．甲、乙两物体沿同一方向做直线运动，6s末在途中相遇，它们的速度图像如图所示，可以确定A．t＝0时乙在甲的前方27m处B．相遇时甲比乙的速度大C．6s之后两物体不会再相遇D．12s之后两物体还会再相遇16.在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学蹲在一压力传感器上完成一次站起过程。
传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）17. 如图所示，物体A、B、C叠放在水平桌面上，力F作用在物体C上后，各物体仍保持静止状态，那么以下说法正确的是A．C对A的摩擦力水平向左B．B不受摩擦力作用C．A受的各个摩擦力的合力不为零D．A、B、C三个物体组成的整体所受摩擦力为零18. 如图所示，在光滑的水平面上，A、B两物体的质量m A＝2m B，A物体与轻质弹簧相连，弹簧的另一端固定在竖直墙上，开始时，弹簧处于自由状态，当物体B沿水平向左运动，使弹簧压缩到最短时，A物体给弹簧的作用力的大小为3F，则B对A的作用力A．F B．2F C．3F D．4F(多选)19 ．如图所示，轻弹簧的一端与物块P相连，另一端固定在木板上。
先将木板水平放置，并使弹簧处于拉伸状态。
缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大，直至物块P刚要沿木板向下滑动，在这个过程中，正确的说法是A．物块p对木板的压力逐渐增大B．物块P所受静摩擦力的大小是先减小后增大C．物块p所受静摩擦力的大小是先增大后减小D．物块p所受重力沿斜面向下分力与摩擦力的合力大小始终不变(多选)20 .质量为m的木块在拉力F的作用下，在水平地面上做匀速运动，如图所示，已知木块与地面间的动摩擦因数为μ，那么物体受到的滑动摩擦力大小为：A．μmg B. F cosθC．μ（mg－F sinθ） D. μ（mg+F sinθ）(多选)21 .随着人们生活水平的提高,打高尔夫球将逐渐成为普通人的休闲娱乐项目之一.如图所示,某人从高出水平地面h的坡上水平击出一个质量为m的高尔夫球,由于恒定的水平风力的作用,高尔夫球竖直地落入距击球点水平距离为L的A穴.则A.球被击出后做平抛运动B.该球从被击出到落入AC.球被击出时的初速度大小为D.球被击出后受到的水平风力的大小为mgh/L第Ⅱ卷（非选择题）22．（4分）在做“验证力的平行四边形定则”实验时：(1) 要使每次合力与分力产生相同的效果，必须A ．每次将橡皮条拉到同样的位置B ．两弹簧秤的夹角相同C ．每次弹簧秤示数必须相同D ．只要一个弹簧秤的读数相同就行（2）下图所示，是甲乙两位同学在做“验证力的平行四边形定则”的实验时得到的结果，则其中_______同学实验结果比较符合实验事实23.（9分） 为了探究加速度与力的关系，某同学设计了如图所示的实验装置，带滑轮的长木板水平放置．在该实验中必须采用控制变量法，应保持___________不变； 改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a – F 关系图线（如右图所示）． ①分析此图线，CA 段不过原点的可能原因是：________________________________________________． ②此图线的AB 段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是____． A ．小木块与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态 C ．所挂钩码的总质量太大D ．所用小木块的质量太大24. 如右图所示，在倾角为α=30°的光滑斜面上，有一根长为L =0.8 m 的细绳，一端固定在O 点，另一端系一质量为m =0.2 kg 的小球，沿斜面做圆周运动，试计算：C(1)小球通过最高点A的最小速度．(2)若细绳的最大张力为Fmax=10 N，小球在最低点B的最大速度是多少？25.如图所示，质量分别为m A=3kg、m B=1kg的物块A、B置于足够长的水平面上，F=13N的水平推力作用下，一起由静止开始向右做匀加速运动，已知A、B与水平面间的动摩擦因数分别为μA=0.1、μB=0.2，取g=10m/s2.则（1）物块A、B一起做匀加速运动的加速度为多大？（2）若物块A、B一起运动的速度v=10m/s时，撤去水平力F，此时A对B的作用力多大？此后物块B滑行的最远距离？26. 如图所示，一质量为500kg的木箱放在质量为2000kg的平板车的后部，木箱到驾驶室的距离L＝1.6m.已知木箱与木板间的动摩擦因数μ＝0.484，平板车在运动过程中所受阻力总是车和箱总重的0.20倍。
《解析》辽宁省大连市第二十高级中学2016-2017学年高二9月月考(期初考试)物理试卷Word版含解析
辽宁省大连市第二十高级中学2016-2017学年高二9月月考（期初考试）物理试卷一、单选题（共6小题）1．一束电子流沿水平面自西向东运动，在电子流的正下方一点P，由于电子运动产生的磁场在P点的方向上为（）A．竖直向上B．竖直向下C．水平向南D．水平向北考点：洛伦兹力、洛伦兹力的方向答案：C试题解析：电子流沿水平面自西向东运动，根据右手螺旋定则可知，电子流在P点产生的磁场的方向为水平向南，所以C正确，ABD错误。
故选C。
2．如图所示，①、②、③、④四图中的小球以及小球所在的左侧斜面完全相同，现从同一高度h处由静止释放小球，使之进入右侧不同的轨道：除去底部一小段圆弧，①图中的轨道是一段斜面，高度大于h;②图中的轨道是半圆形轨道，其半径大于h;③图中的轨道是个半圆形轨道，其直径等于h;④图中的轨道是个半圆形轨道，其直径大于h。
如果不计任何摩擦阻力和拐弯处的能量损失，小球进入右侧轨道后能到达h高度的是（）A．①③B．①②C．②④D．②③考点：功能关系、机械能守恒定律及其应用答案：B试题解析：①小球到达右侧斜面上最高点时的速度为零，根据机械能守恒定律得，mgh+0=mg h′+0．则h′=h．故①正确;②小球在最高点的速度为零，根据机械能守恒定律得，mgh+0=mgh′．则h′=h．故②正确;③小球在内轨道运动，通过最高点最小的速度为v=，故在最高点的速度不为零，根据机械能守恒定律得，mgh+0=mgh′+mv2．则h′＜h．故③错误;④小球在内轨道运动，通过最高点最小的速度为v=，故在最高点的速度不为零，根据机械能守恒定律得，mgh+0=mgh′+mv2．则h′＜h．故④错误。
故选B。
3．如图所示中的坐标原点O都表示一半径为R的均匀带电的木质球的球心位置，纵坐标表示带电球产生的电场的场强或电势的大小，电势零点取在无穷远处，横坐标r表示离开球心的距离，坐标平面上的曲线表示该带电球所产生的电场的场强大小或电势大小随距离变化的关系，则下列说法正确的是（）A．图①纵坐标表示场强，图④纵坐标表示电势B．图②纵坐标表示场强，图③纵坐标表示电势C．图③纵坐标表示场强，图④纵坐标表示电势D．图④纵坐标表示场强，图①纵坐标表示电势考点：电势能、电势电场强度、点电荷的场强答案：A试题解析：从球外沿x轴方向无穷远处，由点电荷电场强度公式可知，电场强度渐渐变小．圆心处的场强为0，据正电荷越近，场强越大,所以①可以表示场强随r的变化;根据沿电场的方向电势逐渐降低，知电势随x逐渐降低，电势与r图线故④可以表示电势随r的变化．所以选项A正确。
辽宁省大连市高二物理上学期开学考试试卷-人教版高二全册物理试题
辽宁省大连市2017-2018学年高二物理上学期开学考试试卷一、选择题：〔每题4分，共48分。
1-8单项选择，9—12题多项选择，选不全得2分，错选不得分〕1.在电场中,以下说法正确的答案是( )A.某点的电场强度大,该点的电势一定高B.某点的电势高,检验电荷在该点的电势能一定大C.某点的场强为零,检验电荷在该点的电势能一定为零D.某点的电势为零,检验电荷在该点的电势能一定为零2．如下列图,长为L的轻杆,一端固定一个质量为m的小球,另一端固定在水平转轴O上,现让杆绕转轴O在竖直平面内匀速转动,角速度为ω,某时刻杆对球的作用力恰好与杆垂直,如此此时杆与水平面的夹角满足( )A. B. C. .D. .3．如下列图，A、B两小球从一样高度同时水平抛出，经过时间t在空中相遇，假设两球的抛出速度都变为原来的2倍，如此两球从抛出到相遇经过的时间为〔〕A.tB.22t C.2tD.4t4．一小物块沿斜面向上滑动，然后滑回到原处.物块初动能为k0E，与斜面间的动摩擦因数不变，如此该过程中，物块的动能kE与位移x关系的图线是〔〕5．如下列图，三块平行放置的带电金属薄板A、B、C中央各有一小孔，小孔分别位于O、M、P点.由O点静止释放的电子恰好能运动到P点.现将C板向右平移到P'点，如此由O点静止释放的电子〔〕A.运动到P点返回B.运动到P和P'点之间返回C.运动到P'点返回D.穿过P'点6.将质量为1.00 kg的模型火箭点火升空，50 g燃烧的燃气以大小为600 m/s的速度从火箭喷口在很短时间内喷出。
在燃气喷出后的瞬间，火箭的动量大小为( )〔喷出过程中重力和空气阻力可忽略〕A.30kg·×10²kg·×10²kg·×10²kg·m/s7．利用引力常量G和如下某一组数据，不能计算出地球质量的是( )A.地球的半径与重力加速度〔不考虑地球自转〕B.人造卫星在地面附近绕地球做圆周运动的速度与周期C.月球绕地球做圆周运动的周期与月球与地球间的距离D.地球绕太阳做圆周运动的周期与地球与太阳间的距离8．如下列图，一小物块被夹子夹紧，夹子通过轻绳悬挂在小环上，小环套在水平光滑细杆上，物块质量为M，到小环的距离为L，其两侧面与夹子间的最大静摩擦力均为F.小环和物块以速度v向右匀速运动，小环碰到杆上的钉子P后立刻停止，物块向上摆动.整个过程中，物块在夹子中没有滑动.小环和夹子的质量均不计，重力加速度为g.如下说法正确的答案是〔〕A.物块向右匀速运动时，绳中的张力等于2FB.小环碰到钉子P时，绳中的张力大于2FC.物块上升的最大高度为22vgD.速度v不能超过(2)F Mg LM9.静电场方向平行于x轴，其电势φ随x的分布可简化为如下列图的折线．一质量为m、带电量为－q的粒子(不计重力)，以初速度v0从O点(x＝0)进入电场，沿x轴正方向运动．如下表示正确的答案是( )A. 粒子从O运动到x1的过程中速度逐渐减小B. 粒子从x1运动到x3的过程中，电势能一直增大C. 要使粒子能运动到x3处，粒子的初速度v0至少为qφ0 mD. 假设v0＝qφ0m，粒子在运动过程中的最大速度为3qφ0m10．如下列图，有三个斜面a、b、c，底边的长分别为L、L、2L，高度分别为2h、h、h。
辽宁沈阳市二十中学2017-2018学年第一学期期中考试高二物理试题含答案解析
辽宁沈阳市二十中学2017－2018学年第一学期期中考试高二物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．如图所示，为某点电荷电场中的一条电场线，其上两点a 、b 相距为d ，电势差为U ，a 点的场强大小为E ，把电荷量为q 的试探电荷从a 点移到b 点，电场力做功为W ，该试探电荷在b 点所受的电场力大小为F ．下列关系正确的是（ ）A ．F E q =B ．W qU =C ．2kq E d =D ．U Ed = 2．如图所示，用两根等长的细线各悬挂一个小球，并系于同一点，已知两小球的质量相同，当它们带上同种点电荷时，相距r 1而平衡．若使它们的电荷量都减少一半，待它们重新平衡后，两小球间的距离将A ．大于12r B ．等于12r C ．小于12r D ．不能确定3．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开，图中表示验电器上感应电荷的分布情况，正确的是___________。
A ．B ．C ．D ．4．如图所示，A 、B 为两块水平放置的金属板，通过闭合的开关S 分别与电源两极相连，两板中央各有一个小孔a和b．在a孔正上方某处一带电质点由静止开始下落，不计空气阻力，该质点到达b孔时速度恰为零，然后返回．现要使带电质点能穿出b孔，可行的方法是()A．保持S闭合，将B板适当下移B．保持S闭合，将A板适当上移C．先断开S，再将A板适当上移D．先断开S，再将B板适当下移5．把两根同种材料的电阻丝分别连在两个电路中，A电阻丝长为L，直径为d，B电阻丝长为3L，直径为3d，要使两电阻丝在相同时间内产生的热量相等，加在两电阻丝上的电压应当满足A．U A:U B=1:1 B．U A:U B=√3:3C．U A:U B=√3:1 D．U A:U B=3:46．某示波管在偏转电极XX′、YY′上不加偏转电压时光斑位于屏幕中心。
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辽宁省大连市第二十高级中学2017-2018学年高二9月月考（期初考试）物理试卷一、单选题（共6小题）1．一束电子流沿水平面自西向东运动，在电子流的正下方一点P，由于电子运动产生的磁场在P点的方向上为（）A．竖直向上B．竖直向下C．水平向南D．水平向北考点：洛伦兹力、洛伦兹力的方向答案：C试题解析：电子流沿水平面自西向东运动，根据右手螺旋定则可知，电子流在P点产生的磁场的方向为水平向南，所以C正确，ABD错误。
故选C。
2．如图所示，①、②、③、④四图中的小球以及小球所在的左侧斜面完全相同，现从同一高度h处由静止释放小球，使之进入右侧不同的轨道：除去底部一小段圆弧，①图中的轨道是一段斜面，高度大于h;②图中的轨道是半圆形轨道，其半径大于h;③图中的轨道是个半圆形轨道，其直径等于h;④图中的轨道是个半圆形轨道，其直径大于h。
如果不计任何摩擦阻力和拐弯处的能量损失，小球进入右侧轨道后能到达h高度的是（）A．①③B．①②C．②④D．②③考点：功能关系、机械能守恒定律及其应用答案：B试题解析：①小球到达右侧斜面上最高点时的速度为零，根据机械能守恒定律得，mgh+0=m gh′+0．则h′=h．故①正确;②小球在最高点的速度为零，根据机械能守恒定律得，mgh+0=mgh′．则h′=h．故②正确;③小球在内轨道运动，通过最高点最小的速度为v=，故在最高点的速度不为零，根据机械能守恒定律得，mgh+0=mgh′+mv2．则h′＜h．故③错误;④小球在内轨道运动，通过最高点最小的速度为v=，故在最高点的速度不为零，根据机械能守恒定律得，mgh+0=mgh′+mv2．则h′＜h．故④错误。
故选B。
3．如图所示中的坐标原点O都表示一半径为R的均匀带电的木质球的球心位置，纵坐标表示带电球产生的电场的场强或电势的大小，电势零点取在无穷远处，横坐标r表示离开球心的距离，坐标平面上的曲线表示该带电球所产生的电场的场强大小或电势大小随距离变化的关系，则下列说法正确的是（）A．图①纵坐标表示场强，图④纵坐标表示电势B．图②纵坐标表示场强，图③纵坐标表示电势C．图③纵坐标表示场强，图④纵坐标表示电势D．图④纵坐标表示场强，图①纵坐标表示电势考点：电势能、电势电场强度、点电荷的场强答案：A试题解析：从球外沿x轴方向无穷远处，由点电荷电场强度公式可知，电场强度渐渐变小．圆心处的场强为0，据正电荷越近，场强越大,所以①可以表示场强随r的变化;根据沿电场的方向电势逐渐降低，知电势随x逐渐降低，电势与r图线故④可以表示电势随r的变化．所以选项A正确。
故选A。
4．两个质量相同的小球用不可伸长的长为L的绝缘细线连接，置于场强为E的匀强电场中，小球1和小球2均带正电，电量分别为q1和q2（q1>q2），将细线拉直并使之与电场方向平行，如图所示，若将两球同时从静止状态释放，则释放后细线中的张力T为（不计重力，线长L 远大于小球的直径）（）A．B．C．D．考点：库仑定律答案：C试题解析：对球1、2整体受力分析，根据牛顿第二定律得：Eq1+Eq2=2ma，对球2受力分析，由牛顿第二定律与库仑定律，可得：两式联立得，故C正确，ABD错误。
5．质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落，桌面离地高度为h，如图所示，若以地面为参考平面，那么小球落至桌面时的重力势能及整个过程中小球重力势能的变化分别为（）A．B．C．D．考点：重力做功与重力势能答案：D试题解析：物体的重力势能为：E p=mgh，其中h为物体到零势能点的高度，所以该物体的重力势能为：E p=mgh;物体下落的始末位置的高度差为：H，故小球重力势能的变化分别为：W=-mgH，故D正确，ABC错误。
故选D。
6．在如图所示的电路中，R1、R3、R4和R5皆为定值电阻，R2为可变电阻，电源的电动势为E，内阻为r。
设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U。
当R2的滑动触点由图中a端移动到b端的过程中时（）A ．I 变大，U 变小B ．I 变大，U 变大C ．I 变小，U 变大D ．I 变小，U 变小考点：闭合电路的欧姆定律 答案：C试题解析：当R 5的滑动触点向图中a 端移动时，R 5变大，外电路总电阻变大，则由闭合电路欧姆定律知，总电流I 变小，路端电压变大，U 变大．根据闭合电路欧姆定律，电路中并联部分电压U 并=E-I （r+R 1+R 3）变大，则通过R 5的电流变大，I 变小，故C 正确、ABD 错误。
故选C 。
二、多选题（共2小题）7．如图所示，质量相同的两个带电粒子P 、Q 以相同的初速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，P 从两极板正中央射入，Q 从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点（重力不计），则从开始射入到打到上极板的过程中（ ）A ．它们运动的时间t P :t Q =1:2B ．它们的电势能减少量之比△E P :△E Q =1:4C ．它们所带电荷量之比q p :q Q =1:2D ．它们的速度增量之比△v p :△v Q =1:2 考点：带电粒子在匀强电场中的运动 答案：BCD试题解析：带电粒子在垂直电场方向上不受力，都做匀速直线运动，位移相等，由x=v 0t 可知运动时间相等，即t Q =t P ．故A 错误;平行电场方向受到电场力，做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：y=at 2=t 2解得：q=由于两带电粒子平行电场方向分位移之比为 y P ：y Q =1：2， 所以它们所带的电荷量之比 q P ：q Q =y P ：y Q =1：2;电势能的减小量等于电场力做的功即△E=qEy，因为竖直位移之比为：y P：y Q=1：2，电荷量之比为：q P：q Q=1：2，所以它们电势能减少量之比为：△E M：△E N=1：4．故B C正确;由动量定理可知：动量的增量等于Eqt;而q P：q Q=1：2，故动量增加量之比：△P P：△P Q=1：2，故速度的增量之比△v p:△v Q=1:2，故D正确。
故选BCD。
8．如图所示为一个质量为m、电荷量为+q的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动，细杆处于磁感应强度为B的匀强磁场中（不计空气阻力）。
现给圆环向右的初速度v0，在以后的运动过程中，圆环运动的v-t图象可能是下图中的（）A．B．C．D．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动答案：A,C,D试题解析：由左手定则可知圆环所受洛伦兹力的方向竖直向上，细杆对圆环的支持力F N，圆环所受滑动摩擦力，圆环所受重力方向竖直向下，当时，，故f=0，故圆环做匀速直线运动，故A正确．当时，细杆对圆环的支持力F N方向竖直向上，，故，物体作减速运动，随速度v的减小F N逐渐增大，故滑动摩擦力f逐渐增大，故物体的加速度逐渐增大，即物体作加速度逐渐增大的变减速运动，故C正确，而B错误;当qvB＞mg时，细杆对圆环的支持力F N方向竖直向下，，故，物体作减速运动，随速度v的减小F N逐渐减小，故滑动摩擦力f逐渐减小，故物体的加速度a=逐渐减小，即物体作加速度逐渐减小的变减速运动，当时，，故，故圆环做匀速直线运动，故D正确。
故选ACD。
三、填空题（共2小题）9. 如图所示为验证机械能守恒定律的实验装置示意图。
现有的器材为：带铁夹的铁架台、电磁打点计时器、纸带，带铁夹的重锤、天平。
回答下列问题：（多选题）（1）为完成此实验，除了所给的器材外，还需要的器材有________。
（填入正确选项前的字母）A．米尺B．秒表C．0~12 V的直流电源D．0~12 V的交流电源（2）下面列举了该实验的几个操作步骤：A．按照图示的装置安装器材B．将打点计时器接到电源的“直流输出”上C．用天平测出重锤的质量D．先接通电源，后释放纸带，打出一条纸带E．测量纸带上某些点间的距离F．根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能其中没有必要的操作步骤是____________。
（3）实验中误差产生的原因有______________________________。
（写出两个原因）（4）利用这个装置也可以测量重锤下落的加速度a的数值。
根据打出的纸带，选取纸带上打出的连续的五个点A、B、C、D、E，测出各点之间的距离如图所示。
使用交流电的频率为f，则计算重锤下落的加速度的表达式a=______________。
（用x1、x2、x3、x4及f表示）考点：实验：验证机械能守恒定律答案：（1）AD （2）B （3）纸带与打点计时器之间有摩擦;用米尺测量纸带上点的位置时读数有误差;计算势能变化时，选取初末两点距离过近;交流电频率不稳定（写出任意两个即可）。
（4）试题解析：（1）电磁打点计时器需接4-6V的交流电源，以及需要用米尺测量距离．故选AD．（2）不当的步骤是B，打点计时器不能接直流电源，应接交流电源．（3）实验中误差产生的原因有：纸带与打点计时器之间有摩擦，重锤下落过程中受到空气阻力等．（4）根据逐差法，a1＝，则故答案为：（1）AD;（2）B; （3）纸带与打点计时器之间有摩擦，重锤下落过程中受到空气阻力等．（4）10. 在测量电源的电动势和内阻的实验中，由于所用电压表（视为理想电压表）的量程较小，某同学设计了如图所示的实物电路。
（1）请画出与实物电路图对应的电路图（2）适当选取横轴、纵轴，根据实验数据描点，绘出的图象是一条直线。
若直线的斜率为k，在坐标轴纵轴上的截距为b，则该电源的电动势E=_____，内阻r=_____。
（用k、b和R0表示）考点：实验：测定电源的电动势和内阻答案：（1）（2），试题解析：根据实物图将滑动变阻器及电压表接入即可;如下图所示;由闭合电路欧姆定律可得：由函数知识可知：图象的斜率;故图象与纵坐标的交点;四、解答题（共3小题）11. 长为L的平行金属板水平放置，两极板带等量的异种电荷，板间形成匀强电场，一个带电荷量为+q、质量为m的带电粒子，以初速度v0紧贴上极板垂直于电场线方向进入该电场，刚好从下极板边缘射出，射出时末速度恰与水平方向成30°角，如图所示，不计粒子重力，求：（1）粒子末速度的大小;（2）匀强电场的场强;（3）两板间的距离。
考点：带电粒子在匀强电场中的运动答案：（1）（2）（3）试题解析：解析：（1）（2）（3）d=12. 如图所示，光滑水平面AB与竖直面内的半圆形导轨在B点相接，导轨半径为R。
一个质量为m的物体将弹簧压缩至A点后由静止释放，在弹力作用下物体获得某一向右速度后脱离弹簧，当它经过B点进入导轨瞬间对导轨的压力为其重力的7倍，之后向上运动刚好到达C点。
试求：（1）弹簧开始时的弹性势能;（2）物体从B点运动至C点克服阻力做的功;（3）物体离开C点后落回水平面时的动能。