山东省潍坊市寿光市现代中学2017届高三上学期月考物理

2016-2017学年山东省潍坊市寿光市现代中学高三（上）月考物
理试卷（12月份）
一、选择题（共10小题，其中3、4、5、10为单选，其余小题为多选）
1．了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要，以下符合史实的是（）
A．焦耳发现了电流热效应的规律
B．库仑总结出了点电荷间的相互作用的规律
C．楞次发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕
D．法拉第总结出了判断感应电流的方向
2．质量为m的通电细杆置于倾角为θ的导轨上，导轨的宽度为d，杆与导轨间的动摩擦因数为μ，有垂直于纸面向里的电流通过杆，杆恰好静止于导轨上．在如图所示的A、B、C、D四个图中，杆与导轨间的摩擦力一定不为零的是（）
A．B．C．D．
3．如图所示，半径为r的圆形空间内，存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子（不计重力），从A点以速度v0垂直磁场方向射入磁场中，并从B点射出，∠AOB=120°，则该带电粒子在磁场中运动的时间为（）
A．B．C．D．
4．一圆柱形磁铁竖直放置，如图所示，在它的右侧上方有一带正电小球，现使小球获得一水平速度，小球若能在水平面内做匀速圆周运动，则下列说法正确的是（）
A．俯视观察，小球的运动方向可以是顺时针，也可以是逆时针
B．俯视观察，小球的运动方向只能是顺时针
C．俯视观察，小球的运动方向只能是逆时针
D．不可能实现小球在平面内做匀速圆周运动
5．一质量为m的铁锤，以速度v竖直打在木桩上，经过△t时间而停止，则在打击时间内，铁锤对木桩的平均冲力的大小是（）
A．mg△t B． C． +mg D．﹣mg
6．如图甲所示，理想变压器原副线圈匝数比为10：1，R1=20Ω，R2=30Ω，C为电容器，已知通过R1的正弦交流电如图乙所示，则（）
A．交流电的频率为0.02Hz
B．原线圈输入电压的最大值为200V
C．电阻R1的电功率为10W
D．通过R3的电流始终为零
7．一个闭合回路由两部分组成，如图所示，右侧是电阻为r的圆形导线；置于竖直方向均匀变化的磁场B1中，左侧是光滑的倾角为θ的平行导轨，宽度为d，其电阻不计．磁感应强度为B2的匀强磁场垂直导轨平面向上，且只分布在左侧，一个质量为m、电阻为R的导体棒此时恰好能静止在导轨上，分析下述判断正确的有（）
A．圆形线圈中的磁场，可以方向向上均匀增强，也可以方向向下均匀减弱B．导体棒a、b受到的安培力大小为mgsinθ
C．回路中的感应电流为
D．圆形导线中的电热功率为（r+R）
8．如图甲所示，一个边长为L的正方形线框固定在匀强磁场（图中未画出）中，磁场方向垂直于导线框所在平面，规定向里为磁感应强度的正方向，向右为导线框ab边所受安培力F的正方向，线框中电流i沿abcd方向时为正．已知在0～4s时间内磁场的磁感应强度的变化规律如图所示．则下列图象所表示的关系正确的是（）
A．B．C．D．
9．一个足够长的绝缘斜面，倾角为θ，置于匀强磁场中，磁感应强度为B，方向垂直于纸面向里，与水平面平行．如图所示，现有一带电荷量为q、质量为m的小球在斜面顶端由静止开始释放，小球与斜面间的动摩擦因数为μ，则（）
A．如果小球带正电，小球在斜面上的最大速度为
B．如果小球带正电，小球在斜面上的最大速度为
C．如果小球带负电，小球在斜面上的最大速度为
D．如果小球带负电，小球在斜面上的最大速度为
10．如图所示，一辆小车静止在光滑水平面上，A、B两人分别站在车的两端．当两人同时相向运动时（）
A．若小车不动，两人速率一定相等
B．若小车向左运动，A的动量一定比B的小
C．若小车向左运动，A的动量一定比B的大
D．若小车向右运动，A的动量一定比B的大
二、实验题（共2小题）
11．（1）做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”时所描绘曲线不是直线，某同学分析实验结论时给出了以下理由，其中正确的是
A．电源电压较高，降低电压就会一定时直线
B．小灯泡灯丝电阻不是恒值，随温度升高会发生变化
C．电路中的连接点有接触不良的现象
D．改描I﹣U曲线可能变为直线
（2）用如图所示的电路测量待测电阻R x的阻值时，下列关于电表产生误差的说法中正确的是
A．电压表的内阻越小，测量越精确
B．电流表的内阻较小，测量越精确
C．电压表的读数大于R x两端的真实电压，R x的测量值大于真实值
D．由于电压表的分流作用，使R x的测量值小于真实值
（3）用多用表测直流电压U和测电阻R时，若红表笔插入多用表的（+）插孔．则A．测U时，电流从红表笔流入多用表，测R时电流从红表笔流出多用表
B．测U、R时电流均从红表笔流入多用表
C．测U、R电流均从红表笔流出多用表
D．测U时，电流从红表笔流出多用表，测R时电流从红表笔流入多用表．
12．某同学要侧量一均匀新材料制成的圆柱形元件的伏安特性，步骤如下：（1）用多用表“×100”倍率的电阻挡测量该元件的电阻时，发现指针偏角过大，此时需换用倍率的电阻挡（填：“×10”或“×1k”），并重新进行后再进行测量，表盘的示数如图甲所示，则该电阻的阻值R0=Ω．
（2）该同学想更精确地测量其电阻，现有的器材及其代号和规格如下：
待测元件电阻R0
电流表A1（量程0～10mA，内阻约50Ω）
电流表A2（量程0～50mA，内阻约30Ω）
电压表V1（量程0～3V，内阻约30kΩ）
电压表V2（量程0～15V，内阻约50kΩ）
直流电源E（电动势4V）
滑动变阻器R1（阻值范围0～50Ω，允许通过的最大电流0.5A）、开关S、导线若干．
①要求较准确地测出其阻值，电流表应选，电压表应选（选填电表符号）；
②根据以上仪器，该同学按图2连接实验线路，在实验中发现电流表示数变化范围较小，现请你用笔在图中添加一条线对电路进行修改，使电流表示数的变化范围变大；
③修改后的电路其测量结果比真实值偏（选填“大”或“小”）．
（3）为了进一步测量该元件的电阻率，该同学用游标卡尺和螺旋测微器量了该元件的长度和直径，如图3所示，有图可知其长度L=mm；其直径D=
mm．
三、计算题：计算或论述题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
13．如图所示，在倾角为37°的光滑斜面上有一根长为0.4m．质量为6×10﹣2 kg 的通电直导线，电流I=1A，方向垂直纸面向外，导线用平行于斜面的轻绳拴住不动，整个装置放在磁感应强度每秒增加0.4T，方向竖直向上的磁场中，设t=0，B=0，则需要多长时间斜面对导线的支持力为零？（g取10m/s2）
14．在光滑的水平面上，质量为m1的小球A以速度v o向右运动．在小球A的前方O点有一质量为m2的小球B处于静止状态，如图所示．小球A与小球B发生正碰后小球A、B均向右运动．小球B被在Q点处的墙壁弹回后与小球A在P点相遇，PQ=1.5PO．假设小球间的碰撞及小球与墙壁之间的碰撞都是弹性碰撞，
求两小球质量之比．
15．如图，宽度为L，足够长的光滑倾斜导轨与水平面间夹角为θ，匀强磁场磁感应强度为B，方向垂直于导轨向上，范围足够大，导轨的上端有一个阻值为R 的电阻，下端有一个阻值为2R的电阻导轨电阻不计．金属棒ab长为L，质量m，电阻也为R，垂直地放在导轨上．在某一平行于导轨向上的恒力（图中未画出）的作用下，ab棒从静止开始沿导轨向上运动，最后达到稳定的运动状态．整个过程中，通过斜面底端电阻2R的最大电流为I，求：
（1）求通过ab棒的最大电流；
（2）ab棒的最大加速度；
（3）ab棒的最大速度．
16．如图所示，一个内壁光滑绝缘的环形细圆筒轨道竖直放置，环的半径为R，
圆心O与A端在同一竖直线上，在OA连线的右侧有一竖直向上的电场强度E=
的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场．现有一个质量为m、电荷量为+q的小球（可视为质点）从圆筒的C端由静止释放，进入OA连线右边的区域后从该区域的边界水平射出，然后，刚好从C端射入圆筒．圆筒的内径很小，可以忽略不计求：
（1）小球第一次运动到A端时，对轨道的压力为多大？
（2）匀强磁场的磁感应强度为多大？
2016-2017学年山东省潍坊市寿光市现代中学高三（上）
月考物理试卷（12月份）
参考答案与试题解析
一、选择题（共10小题，其中3、4、5、10为单选，其余小题为多选）
1．了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要，以下符合史实的是（）
A．焦耳发现了电流热效应的规律
B．库仑总结出了点电荷间的相互作用的规律
C．楞次发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕
D．法拉第总结出了判断感应电流的方向
【考点】物理学史．
【分析】由物理特别是电磁学的发展历程中的科学家的贡献可知各项是否正确．【解答】解：A、焦耳通过实验得出电流的热效应，并得出焦耳定律，故A正确；
A、库仑总结出了真空中的点电荷间的相互作用的规律，故B正确；
C、奥斯特发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕；故C错误；
D、楞次总结出了判断感应电流的方向，故D错误．
故选：AB．
2．质量为m的通电细杆置于倾角为θ的导轨上，导轨的宽度为d，杆与导轨间的动摩擦因数为μ，有垂直于纸面向里的电流通过杆，杆恰好静止于导轨上．在如图所示的A、B、C、D四个图中，杆与导轨间的摩擦力一定不为零的是（）
A．B．C．D．
【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；安培力．
【分析】首先根据左手定则，判断出安培力的方向，然后通过受力分析，根据杆子所处的状态为平衡状态，合力为0，去判断是否有摩擦力．
【解答】解：A、通电细杆受竖直向下的重力、水平向右的安培力、和垂直于斜
面向上的支持力，可知这三个力的合力可能等于0，通电细杆可能受摩擦力，也可能不受．故A错误．
B、若通电细杆受的重力与所受的竖直向上的安培力相等，通电细杆不受摩擦力．若重力大于安培力，则受重力、支持力，安培力、摩擦力．所以通电细杆可能受摩擦力，可能不受摩擦力．故B错误．
C、通电细杆受竖直向下的重力、竖直向下的安培力、和垂直于斜面向上的支持力，这三个力的合力不可能等于0，所以通电细杆若要处于平衡，一定受沿斜面向上的摩擦力．故C正确．
D、通电细杆受竖直向下的重力、水平向左的安培力和垂直于斜面向上的支持力，可知这三个力的合力不可能等于0，通电细杆一定受摩擦力．故D正确．
故选：CD．
3．如图所示，半径为r的圆形空间内，存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子（不计重力），从A点以速度v0垂直磁场方向射入磁场中，并从B点射出，∠AOB=120°，则该带电粒子在磁场中运动的时间为（）
A．B．C．D．
【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．
【分析】带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，由几何关系可求出圆心角和半径，则可求得粒子转过的弧长，由线速度的定义可求得运动的时间．
【解答】解：由图可知，粒子转过的圆心角为60°，R=r；
转过的弧长为l===πr；
则运动所用时间t==；
故选B．
4．一圆柱形磁铁竖直放置，如图所示，在它的右侧上方有一带正电小球，现使小球获得一水平速度，小球若能在水平面内做匀速圆周运动，则下列说法正确的是（）
A．俯视观察，小球的运动方向可以是顺时针，也可以是逆时针
B．俯视观察，小球的运动方向只能是顺时针
C．俯视观察，小球的运动方向只能是逆时针
D．不可能实现小球在平面内做匀速圆周运动
【考点】楞次定律．
【分析】小球若能在水平面内做匀速圆周运动，则等效电流产生的磁场方向与条形磁铁的磁场的方向相反，二者相互排斥．
【解答】解：A、由题意，小球若能在水平面内做匀速圆周运动，则等效电流产生的磁场方向与条形磁铁的磁场的方向相反，即等效电流的磁场的方向N极向下．由安培定则可得，俯视观察，小球的运动方向只能是顺时针．故B正确．故选：B
5．一质量为m的铁锤，以速度v竖直打在木桩上，经过△t时间而停止，则在打击时间内，铁锤对木桩的平均冲力的大小是（）
A．mg△t B． C． +mg D．﹣mg
【考点】动量定理．
【分析】由题意可知，铁锤的初末动量，由动量定理可求得其对木桩的平均冲力．【解答】解：对铁锤分析可知，其受重力与木桩的作用力；设向下为正方向，则有：
（mg﹣F）t=0﹣mv
得：F=mg+；
由牛顿第三定律可知，铁锤对桩的平均冲力为：F=mg+；
故选：C．
6．如图甲所示，理想变压器原副线圈匝数比为10：1，R1=20Ω，R2=30Ω，C为电容器，已知通过R1的正弦交流电如图乙所示，则（）
A．交流电的频率为0.02Hz
B．原线圈输入电压的最大值为200V
C．电阻R1的电功率为10W
D．通过R3的电流始终为零
【考点】变压器的构造和原理．
【分析】由电压与匝数成正比可以求得原线圈的电压的大小，电容器的作用是通交流隔直流．
【解答】解：A、根据变压器原理可知原副线圈中电流的周期、频率相同，周期为0.02s、频率为50赫兹，故A错误．
B、由图乙可知通过R1的电流最大值为I m=1A、根据欧姆定律可知其最大电压为U m=20V，再根据原副线圈的电压之比等于匝数之比可知原线圈输入电压的最大值为200V，故B正确；
C、根据正弦交流电的峰值和有效值关系可知电阻R1的电流有效值为
I=，电阻R1的电功率为P1==，故C正确．
D、因为电容器有通交流、阻直流的作用，则有电流通过R3和电容器，故D错误；故选：BC
7．一个闭合回路由两部分组成，如图所示，右侧是电阻为r的圆形导线；置于竖直方向均匀变化的磁场B1中，左侧是光滑的倾角为θ的平行导轨，宽度为d，
其电阻不计．磁感应强度为B2的匀强磁场垂直导轨平面向上，且只分布在左侧，一个质量为m、电阻为R的导体棒此时恰好能静止在导轨上，分析下述判断正确的有（）
A．圆形线圈中的磁场，可以方向向上均匀增强，也可以方向向下均匀减弱B．导体棒a、b受到的安培力大小为mgsinθ
C．回路中的感应电流为
D．圆形导线中的电热功率为（r+R）
【考点】法拉第电磁感应定律；楞次定律．
【分析】磁场B1均匀变化产生感应电动势，从而产生感应电流，导体棒受重力、支持力、安培力平衡，根据力的平衡求出安培力的大小和方向，从而知道电流的大小和方向，根据楞次定律判断圆形线圈中磁场的变化．
【解答】解：
A、B、C导体棒静止在导轨上，所受的合力为零．根据力的平衡得知，棒所受的安培力的大小为mgsinθ，方向沿斜面向上．
所以有：B2Id=mgsinθ，则回路中的感应电流大小I=．
根据安培力的方向，通过左手定则判断得知，通过线圈感应电流的方向从上往下看为顺时针方向．根据楞次定律，圆形线圈中的磁场可以方向向上均匀增强，也可以方向向下均匀减弱．故A、B、C正确．
D、根据P=I2r，可知圆形导线中的电热功率为P=r．故D错误．
故选：ABC．
8．如图甲所示，一个边长为L的正方形线框固定在匀强磁场（图中未画出）中，磁场方向垂直于导线框所在平面，规定向里为磁感应强度的正方向，向右为导线框ab边所受安培力F的正方向，线框中电流i沿abcd方向时为正．已知在0～4s时间内磁场的磁感应强度的变化规律如图所示．则下列图象所表示的关系正确的是（）
A．B．C．D．
【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．
【分析】由图可知磁感应强度的变化，则可知线圈中磁通量的变化，由法拉第电磁感应定律可知感应电动势变化情况，由楞次定律可得感应电流的方向，根据左手定则可以找出安培力方向，结合可得出正确的图象．
【解答】解：由题意可知，规定向里为磁感应强度的正方向，线框中电流i沿abcd 方向时为正；
A、由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势E==，
感应电流I==，由B﹣t图象可知，在每一时间段内，是定值，在各时间段内I是定值，
ad边受到的安培力F=BIL，I、L不变，B均匀变化，则安培力F均匀变化，不是定值，A正确，B错误．
C、由图示B﹣t图象可知，0～1s时间内，B减小，Φ减小，由楞次定律可知，感应电流是逆时针的，为正值；
同理1～2s，磁场向里，且增大，磁通量增大，根据楞次定律，感应电流是逆时针，为正值；
2～3s，B的方向垂直纸面向里，B减小，Φ减小，由楞次定律可知，感应电流沿顺时针方向，感应电流是正的；
3～4s内，B的方向垂直纸面向外，B增大，Φ增大，由楞次定律可知，感应电流沿顺时针方向，感应电流是正的，故C错误，D正确；
故选：AD．
9．一个足够长的绝缘斜面，倾角为θ，置于匀强磁场中，磁感应强度为B，方向垂直于纸面向里，与水平面平行．如图所示，现有一带电荷量为q、质量为m的小球在斜面顶端由静止开始释放，小球与斜面间的动摩擦因数为μ，则（）
A．如果小球带正电，小球在斜面上的最大速度为
B．如果小球带正电，小球在斜面上的最大速度为
C．如果小球带负电，小球在斜面上的最大速度为
D．如果小球带负电，小球在斜面上的最大速度为
【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；洛仑兹力．【分析】若小球带正电，分析小球的受力情况，抓住洛伦兹力与速度大小成正比，确定小球的运动情况．若小球带负电，分析小球的受力情况，小球受到垂直于斜面向上的洛伦兹力作用，最终小球会离开斜面，当小球刚要离开斜面时速度达到最大，由平衡条件求出最大速度．
【解答】解：A、B如果小球带正电，小球下滑过程中受到重力、垂直于斜面向下的洛伦兹力、斜面的支持力和滑动摩擦力，小球由静止开始做加速运动，随着小球速度的增大，洛伦兹力增大，摩擦力增大，加速度减小，当小球的受力达到平衡时，做匀速运动，速度达到最大．由平衡条件得：
mgsinθ=μ（mgcosθ+qv m B），解得最大速度为：v m=；故A 错误，B正确．
C、D如果小球带负电，小球下滑过程中受到重力、垂直于斜面向上的洛伦兹力、
斜面的支持力和滑动摩擦力，小球由静止开始做加速运动，随着小球速度的增大，洛伦兹力增大，当小球刚要离开斜面时速度达到最大，此时有：
mgcosθ=qv m B，解得：v m=．故C正确，D错误．
故选BC
10．如图所示，一辆小车静止在光滑水平面上，A、B两人分别站在车的两端．当两人同时相向运动时（）
A．若小车不动，两人速率一定相等
B．若小车向左运动，A的动量一定比B的小
C．若小车向左运动，A的动量一定比B的大
D．若小车向右运动，A的动量一定比B的大
【考点】动量守恒定律．
【分析】AB两人及小车组成的系统受合外力为零，系统动量守恒，根据动量守恒定律分析即可求解．
【解答】解：AB两人及小车组成的系统受合外力为零，系统动量守恒，根据动量守恒定律得：
m A v A+m B v B+m车v车=0，
A、若小车不动，则m A v A+m B v B=0，由于不知道AB质量的关系，所以两人速率不一定相等，故A错误；
B、若小车向左运动，则AB的动量和必须向右，而A向右运动，B向左运动，所以A的动量一定比B的大，故B错误，C正确；
D、若小车向右运动，则AB的动量和必须向左，而A向右运动，B向左运动，所以A的动量一定比B的小，故D错误．
故选C
二、实验题（共2小题）
11．（1）做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”时所描绘曲线不是直线，某同学分析实
验结论时给出了以下理由，其中正确的是B
A．电源电压较高，降低电压就会一定时直线
B．小灯泡灯丝电阻不是恒值，随温度升高会发生变化
C．电路中的连接点有接触不良的现象
D．改描I﹣U曲线可能变为直线
（2）用如图所示的电路测量待测电阻R x的阻值时，下列关于电表产生误差的说法中正确的是BC
A．电压表的内阻越小，测量越精确
B．电流表的内阻较小，测量越精确
C．电压表的读数大于R x两端的真实电压，R x的测量值大于真实值
D．由于电压表的分流作用，使R x的测量值小于真实值
（3）用多用表测直流电压U和测电阻R时，若红表笔插入多用表的（+）插孔．则B
A．测U时，电流从红表笔流入多用表，测R时电流从红表笔流出多用表B．测U、R时电流均从红表笔流入多用表
C．测U、R电流均从红表笔流出多用表
D．测U时，电流从红表笔流出多用表，测R时电流从红表笔流入多用表．
【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．
【分析】（1）明确灯泡的电阻性质，知道灯泡电阻随温度的升高而增大；则可得出图象不是直线的原因．
（2）明确电路结构，知道电压表测量的是与其并联电路的电压值，电流表测量的是与之串联电路的电流值，再分析内阻的影响从而分析实验误差．
用多用电表测直流电压U时，红表笔插入多用表的（+）插孔，红表笔与电源的正极相连，在外电路中电流是从正极流向负极，所以测U时电流从红表笔流入多用表；
（3）多用电表的欧姆档内含电源，黑表笔接在电池的正极，红表笔接在负极，无论多用电表选择开关打在啥档位，电流总是从红笔入，从黑笔流出．
【解答】解：（1）所绘图象之所以不是直线，是因为金属导体的电阻随温度的升高而增大；降低电压时温度也会升高，得出的也是曲线；接触不良时之会出灯泡闪亮的情况，不会使图象为曲线；本实验得出的I﹣U图象也是曲线；故ACD错误，B正确；
故选：B．
（2）A、所测量的电压为电流表内阻加R X的阻值，其原因在于电压表的测量值为两者电压之和，则测量结果与电压表的内阻大小无关系，故A错误；
B、因实验中串联了电流表的内阻，则内阻越小测量越准确．则B正确；
C、由于电流表有分压作用使电压表的测量值偏大，则由欧姆定律可知R X的测量值大于真实值，则C正确，D错误．
故选：BC．
（3）用多用电表测直流电压U时，红表笔插入多用表的（+）插孔，红表笔与电源的正极相连，在外电路中电流是从正极流向负极，所以测U时电流从红表笔流入多用表，
多用电表的欧姆档内含电源，测电阻R时，黑表笔接在电池的正极，红表笔接在负极，无论多用电表选择开关打在啥档位，电流总是从红笔入，从黑笔流出．故选：B．
故答案为：（1）B；（2）BC；（3）B
12．某同学要侧量一均匀新材料制成的圆柱形元件的伏安特性，步骤如下：（1）用多用表“×100”倍率的电阻挡测量该元件的电阻时，发现指针偏角过大，此时需换用×10倍率的电阻挡（填：“×10”或“×1k”），并重新进行欧姆调零后再进行测量，表盘的示数如图甲所示，则该电阻的阻值R0=300Ω．（2）该同学想更精确地测量其电阻，现有的器材及其代号和规格如下：
待测元件电阻R0
电流表A1（量程0～10mA，内阻约50Ω）
电流表A2（量程0～50mA，内阻约30Ω）
电压表V1（量程0～3V，内阻约30kΩ）
电压表V2（量程0～15V，内阻约50kΩ）
直流电源E（电动势4V）
滑动变阻器R1（阻值范围0～50Ω，允许通过的最大电流0.5A）、开关S、导线若干．
①要求较准确地测出其阻值，电流表应选A1，电压表应选V1（选填电表符号）；
②根据以上仪器，该同学按图2连接实验线路，在实验中发现电流表示数变化范围较小，现请你用笔在图中添加一条线对电路进行修改，使电流表示数的变化范围变大；
③修改后的电路其测量结果比真实值偏小（选填“大”或“小”）．
（3）为了进一步测量该元件的电阻率，该同学用游标卡尺和螺旋测微器量了该元件的长度和直径，如图3所示，有图可知其长度L=50.20mm；其直径D= 4.700
mm．
【考点】伏安法测电阻．
【分析】（1）偏角过大说明电阻值较小，应换小档，换挡后需要重新进行欧姆调零，表盘读数等于示数乘以倍率；
（2）根据电源电压选择电压表，根据电路最大电流选择电流表；为了使电流表示数变化较大应采用滑动变阻器分压接法；结合欧姆定律分析误差；
（3）游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：（1）用多用表“×100”倍率的电阻挡测量该元件的电阻时，发现指针偏角过大，说明被测电阻阻值较小，此时需换用小倍率，故换“×10”挡；重新进行欧姆调零后进行测量；
表盘读数为：30×10=300Ω；
（2）①电源电动势为4V，故电压表选择3V量程V1即可，由欧姆定律估测电路中最大电流约为10mA，故电流表选A1；。