2024年江苏省前黄高级中学物理高三上期中复习检测试题含解析

2024年江苏省前黄高级中学物理高三上期中复习检测试题 注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，拖拉机后轮的半径是前轮半径的两倍，A 和B 是前轮和后轮边缘上的点，若车行进时车轮没有打滑，则（ ）
A ．A 点和
B 点的线速度大小之比为1∶2
B ．前轮和后轮的角速度之比为2∶1
C ．前轮和后轮的周期之比为1：1
D ．A 点和B 点的向心加速度大小之比为1∶2
2、取水平地面为重力势能零点．一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等．不计空气阻力．该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为( ) A ．6π B ．4
π C ．3π D ．
512π 3、一物体受绳的拉力作用由静止开始前进，先做加速运动，然后改做匀速运动，再改做减速运动，则下列说法中正确的是( )
A ．加速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力
B ．减速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力
C ．只有匀速前进时，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小才相等
D ．不管物体如何前进，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小总相等
4、如图为一种服务型机器人，其额定功率为48W ．额定工作电压为24V ．机器人的锂
电池容量为20A·
h ．则机器人
A．额定工作电流为20A B．充满电后最长工作时间为2h
C．电池充满电后总电量为4
D．以额定电流工作时毎秒消耗能量为
7.210C
20J
5、如图所示，光滑水平面上放着足够长的木板B，木板B上放着木块A，A．B接触面粗糙.现用一水平拉力F作用在B上，使其由静止开始运动，用f1代表B对A的摩擦力，f2代表A对B的摩擦力，下列说法正确的有（）
A．F做的功一定等于A．B系统动能的增加量
B．F做的功一定小于A．B系统动能的增加量
C．f1对A做的功等于A动能的增加量
D．f2对B做的功等于B动能的增加量
6、如图所示，离水平地面一定高处水平固定一内壁光滑的圆筒，筒内固定一轻质弹簧，弹簧处于自然长度。

现将一小球从地面以某一初速度斜向上抛出，刚好能水平进入圆筒中，不计空气阻力。

下列说法中错误的是（）
A．弹簧获得的最大弹性势能小于小球抛出时的动能
B．小球斜上抛运动过程中处于失重状态
C．小球压缩弹簧的过程中，小球减小的动能等于弹簧增加的势能
D．若抛射点向右移动一小段距离，仍使小球水平进入圆筒中，可以增大抛射速度v0，同时增大抛射角θ
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，M点是竖直光滑圆轨道NMB的最低点，半径ON与竖直方向的夹角为
α=60°。

现从B点的正上方某处A点由静止释放一个质量为m的小球（可视为质点），小球经圆弧轨道飞出后沿水平方向通过C点，速度大小为v=gR（R为圆轨道的半径，g为重力加速度），则以下结论正确的是（）
A．C、N的水平距离为3R B．C、N的水平距离为2R
C．小球在M点对轨道的压力为4mg D．小球在M点对轨道的压力为6mg
8、光滑水平面上有一静止的长木板，其左端放着一个质量为m的小铁块，如图中A所示初始位置。

某时刻小铁块获得一水平向右的初速度v后开始在木板上滑行，一段时间后从长木板的右端离开，小铁块与木板之间存在摩擦力。

则小铁块刚滑到长木板的右端时，与初始的相对位置比较，图中①②③④所示的四种情况中，不可能出现的是
A．①B．②C．③D．④
9、下列说法正确的是（）
A．气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，而不是该气体所有分子体积之和
B．只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以降低
C．在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零
D．气体从外界吸收热量，其内能一定增加
10、静止在粗糙水平面上的物块A受方向始终水平向右、大小先后为F1、F2、F3的拉力作用做直线运动，t=4s时停下，其速度﹣时间图像如图所示，已知物块A与水平面间的动摩擦因数处处相同，下列判断正确的是（）
A．全过程中拉力做的功等于物块克服摩擦力做的功
B．全过程拉力做的功等于零
C．一定有F1+F3=2F2
D．可能有F1+F3＞2F2
三、实验题：本题共2小题，共18分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．（6分）某同学为了验证力的平行四边形定则，准备了三根相同的橡皮筋、木板、重物、刻度尺、三角板、铅笔、细绳套、白纸、钉子等器材。

操作步骤如下：
a、把三根橡皮筋的一端系在一起，另一端分别系一个细绳套；
b、将白纸固定在木板上，在木板上钉两个钉子，将任意两个橡皮筋上的绳套分别套在两钉子上；
c、立起木板，将重物挂在剩下的一个绳套上，如图甲所示；
d、记录下三根橡皮筋的长度和橡皮筋结点的位置O及每个细绳的方向；
e、取下白纸，利用橡皮筋的伸长量作为拉力大小，画出受力图，验证力的平行四边形定则；
f、换用不同的重物重复实验。

⑴此实验还需_______:
A．测量重物的质量
B．记录下两个钉子的位置
C．测量橡皮筋的原长
⑵某次实验，测得三根橡皮筋的伸长量及方向。

把橡皮筋的伸长量作为拉力大小，作出力的图示，如图乙所示，请任选两个力，根据平行四边形定则作出合力；________
⑶在⑵问作出的图中，根据_______可以说明力的合成满足平行四边形定则.
⑷如果换用不同的重物再次重复该实验，______ (填“需要”或“不需要”）改变钉子的位置，使橡皮筋的结点回到原来的O点。

12．（12分）利用图示装置可以做多个力学实验．
（1）用此装置“研究匀变速直线运动”时，______（填“需要”或“不需要”）平衡小车和木板间的摩擦阻力；
（2）用此装置探究“加速度与质量的关系”时，改变小车质量后，__（填“需要”或“不需要”）重新平衡摩擦阻力；
（3）用此装置探究“功与速度变化的关系”，为了尽可能准确，不挂钩码平衡摩擦力时，小车后面______（填“需要”或“不需要”）固定纸带；
四、计算题：本题共2小题，共26分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13．（10分）如图所示，ABC和ABD为两个光滑固定轨道，A、B、E在同一水平面上，C、D、E在同一竖直线上，D点距水平面的高度为h，C点的高度为2h，一滑块从A 点以初速度v0分别沿两轨道滑行到C或D处后水平抛出，重力加速度为g．
(1)求滑块落到水平面时，落点与E点间的距离x C和x D；
(2)为实现x C<x D，v0应满足什么条件？
(3)如果滑块的初速度一定，要使它从最高点抛出后的水平射程最大，则该轨道的高度h′应为多大？此时的水平射程为多少？
14．（16分）“10米折返跑”的成绩反应了人体的灵敏素质．测定时，在平直跑道上，受试者以站立式起跑姿势站在起点终点线前，当听到“跑”的口令后，全力跑向正前方10米处的折返线，测试员同时开始计时．受试者到达折返线处时，用手触摸折返线处的物体（如木箱），再转身跑向起点终点线，当胸部到达起点终点线的垂直面时，测试
4m/s，运员停表，所用时间即为“10米折返跑”的成绩，设受试者起跑的加速度为2
动过程中的最大速度为4 m/s，快到达折返线处时需减速到零，加速度的大小为2
8m/s．受试者在加速和减速阶段运动均可视为匀变速直线运动．问该受试者“10米折返跑”的成绩为多少秒？
15．（12分）如图所示，半径R＝1.0 m的光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的一个端点B和圆心O的连线与水平方向间的夹角θ＝37°，另一端点C为轨道的最低点．C 点右侧的光滑水平面上紧挨C点静止放置一木板，木板质量M＝1 kg，上表面与C点等高．质量为m＝1 kg的物块(可视为质点)从空中A点以v0＝1.1 m/s的速度水平抛出，恰好从轨道的B端沿切线方向进入轨道．取g＝10 m/s1．求：
（1）物块经过B点时的速度v B．
（1）物块经过C点时对木板的压力大小．
（3）若木板足够长，物块在木板上相对滑动过程中产生的热量Q．
参考答案
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、B
【解题分析】
传动装置，在传动过程中不打滑，则有：共轴的角速度是相同的，同一传动装置接触边缘的线速度大小是相等的；
【题目详解】
A 、轮A 、
B 分别为同一传动装置前轮和后轮边缘上的一点，所以A B v v =，即A 点和B 点的线速度大小之比为1:1，故A 错误；
B 、根据v r ω=和2A B A B v v R R ωω===⋅，可知A 、B 两点的角速度之比为21A B ωω=，故B 正确．
C 、据2T
πω=
和前轮与后轮的角速度之比2：1，求得两轮的转动周期为1：2，故C 错误． D 、由2
v a r
=，可知，向心加速度与半径成反比，则A 与B 点的向心加速度之比为2：1，故D 错误．
【题目点拨】
明确共轴的角速度是相同的，同一传动装置接触边缘的线速度大小是相等的，同时要灵活应用线速度、角速度与半径之间的关系．
2、B
【解题分析】
建立平抛运动模型，设物体水平抛出的初速度为v 0，抛出时的高度为h ，根据题意，由： 2012
mv mgh = 解得：
0v =
由于竖直方向物体做自由落体运动，则落地的竖直速度：
y v =所以落地时速度方向与水平方向的夹角：
tan θ=0y
v v
=1
则θ=4
π，故B 正确，ACD 错误。

故选B 。

3、D
【解题分析】
不管物体做减速运动、匀速运动还是加速运动，绳拉物体的力和物体拉绳的力是一对作
用力和反作用力，作用力和反作用力总是大小相等，与物体运动状态无关．
A. 加速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力，与结论不符，选项A 错误；
B. 减速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力，与结论不符，选项B 错误；
C. 只有匀速前进时，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小才相等，与结论不符，选项C 错误；
D. 不管物体如何前进，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小总相等，与结论相符，选项D 正确；
4、C
【解题分析】
A.P UI =得，额定工作电流：
48A 2A 24
P I U ===, A 错误；
B. 充满电后最长工作时间：
20h 10h 2
Q t I ===， B 错误；
C. 电池充满电后总电量为
4203600C 7.210C Q It ==⨯=⨯
C 正确；
D.额定电流工作时每秒消耗能量
'2421J 48J E UIt ==⨯⨯=.
D 错误．
5、C
【解题分析】
AB ．由于开始运动后，A 是否会相对于B 发生运动，从题中给出的条件不能判断，所以也就是如果两者发生运动，对整体分析可知，F 做功转化为转化为两个物体的动能及系统的内能；故F 做的功大于AB 系统动能的增加量，AB 错误；
C ．由动能定理可知，1f 对A 做的功等于A 动能的增加量，C 正确；
D ．2f 对B 做负功，和拉力做功的总功等于B 动能的增加量，D 错误。

故选C 。

6、D
【解题分析】
AC ．由题意知，小球到达圆筒时速度为v 0cosθ，圆筒内壁光滑，则小球压缩弹簧的过程中，小球动能转化为弹性势能
()2p 01cos 2
E m v θ= 故A 正确；C 正确；
B ．小球斜上抛运动过程中加速度竖直向下，处于完全失重状态，所以B 正确； D ．由于竖直方向高度不变，若小球水平进入圆筒中，则竖直方向有
2
20(sin )122v h gt g
θ== 水平方向有
x =v 0cosθ·t
可以增大抛射速度v 0，同时减小抛射角θ，故D 错误。

本题选择错误的，故选D 。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AD
【解题分析】
A ．采用逆向思维，C 到N 做平抛运动，即沿N 点切线方向进入，根据平行四边形定则知，小球在N 点的竖直分速度
yN tan60v v =︒==
则N 到C 的时间
yN
v t g == C 、N 的水平距离
x vt ==
故A 正确，B 错误。

CD ．小球运动到N 点的速度
N v ==根据动能定理得
()22M N 111cos 22
mgR mv mv α-=- 在M 点，根据牛顿第二定律有
2M v N mg m R
-= 联立解得
N =6mg
故C 错误，D 正确。

故选AD 。

8、ACD
【解题分析】小铁块以一定的初速度滑上长木板，相对于长木板向右运动，小铁块对长木板有向右的滑动摩擦力，在滑动摩擦力作用下，长木板向右做匀加速运动，当小铁块刚滑到长木板的右端时，长木板相对于水平面的位移向右，所以①图不可能。

故A 错误。

小铁块向右做匀减速运动，长木板向右做匀加速运动，若小铁块刚滑到长木板的右端时小铁块的速度大于长木板的速度，作出两个物体的v-t 图象，由图象的“面积”表示位移知，图中红色阴影面积表示小铁块相对于长木板的位移，等于板长，黑色阴影面积表示长木板的位移，如图
根据几何关系知，长木板的位移小于板长。

所以②图可能，③、④图不可能。

同理，当小铁块刚滑到长木板的右端时小铁块的速度等于长木板的速度，②图可能，③、④图不可能。

故B 正确，CD 错误。

本题选不可能出现的，故选ACD 。

【题目点拨】分析长木板的受力情况，判断其运动情况。

画出小铁块和长木板的v-t 图象，根据图象的面积表示位移分析小铁块刚滑到长木板的右端时两者相对位移与长木板位移的大小，即可作出判断。

9、AB
【解题分析】
A.因为气体分子之间有很大的空隙，气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的
体积，而不是该气体所有分子体积之和，故A正确；
B. 温度是分子平均动能的标志，只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以降低。

故B正确；
C. 气体压强是由气体分子对容器的频繁碰撞产生；在完全失重的情况下，气体分子运动不停止，对容器壁的压强不为零，故C错误；
D. 根据热力学第一定律，做功和热传递都可以改变内能，所以气体从外界吸收热量，如果同时对外界做功，其内能不一定增加，故D错误。

10、AC
【解题分析】
AB. 整个过程中，物体的初动能与末动能都为零，动能的变化量为零，对全过程，运用动能定理知拉力做的功等于物块克服摩擦力做的功，故A正确，B错误．
CD. 对整个过程，取水平向右为正方向，根据动量定理，有：
F1t1-ft1=mv
由图知t1=1s，即得
F1-f=mv
对于匀速过程，有：
F2-f=0
对于减速过程，有：
F3t3-ft3=0-mv
即
F3-f=-mv
解得
F1+F3=2F2
故C正确D错误．
三、实验题：本题共2小题，共18分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、C作出的合力大小与另一个力的大小近似相等，方向近似相反不需要
【解题分析】（1）实验中使用了三根相同的橡皮筋，故弹力与伸长量成正比，即伸长量的大小表示弹力的大小，故只需要测量三根据橡皮筋的伸长量即可，故A 错误；在以上步骤中已经记录了每条细绳的方向，不需要记录两个钉子的位置，故B 错误；本实验以弹簧的伸长量来作平行四边形，步骤d 中测量了橡皮筋悬挂重物后的长度，要计算伸长量，需要测量橡皮筋的原长，故选C ，故选C.
（2）根据平行四边形定则作出合力，如图所示：
（3）根据平行四边形定则作出任意两根橡皮筋的弹力的合力，当合力与第三根橡皮筋的弹力的大小近似相等，方向近似相反时，即说明力的合成满足平行四边形定则 （4）因为该实验是利用橡皮筋的伸长量作为拉力大小，画出受力图，验证力的平行四边形定则；如果换用不同的重物再次重复该实验，不需要改变钉子的位置，也不需要使橡皮筋的结点回到原来的O 点。

12、不需要 不需要 需要
【解题分析】
（1）[1]用此装置“研究匀变速直线运动”时，不需要平衡摩擦力，只要物体做匀变速直线运动即可；
（2）[2]用此装置“探究加速度a 与力F 的关系”时，改变砝码和砝码盘的质量时，不需要重新平衡摩擦力；
（3）[3]用此装置探究“功与速度变化的关系”，为了尽可能准确，不挂钩码平衡摩擦力时，小车后面需要固定纸带，同时将纸带与限位孔之间的摩擦阻力也同时平衡掉。

【题目点拨】
解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，然后熟练应用物理规律来解决实验问题。

四、计算题：本题共2小题，共26分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13、 (1)20244C h x v gh g =- ；2022D h x v gh g
=-046gh v gh <
(3)204v h g '=；20max 2v x g = 【解题分析】
(1)设抛出点高度为y ，滑块抛出后只有重力做功，根据机械能守恒
有：22011122
mv mv mgy =+ 可得平抛初速度为202v v gy =-
平抛后物体在竖直方向上做自由落体运动，所以落地时间t 满足212y gt =
所以2y t g
= 落地点离抛出点的水平距离2022y s vt v gy g ==- 分别以y =2h 和y =h 代入得：2
044C h x v gh g =- 2022D h x v gh g
=- (2)按题意x C <x D ，有2(v －4gh )<v －2gh
所以v <6gh
考虑到滑块必须要能够到达抛出点C ，即v ＝v －4gh >0
所以v >4gh
因此为保证x C <x D 046gh v gh <(3)由(1)可知，落地点离抛出点的水平距离：2022y s vt v gy
g
==-整理得：2242
20002244()44v v v s y y y g g g =-+=--+ 可知，当204v y g =，即204v h g '=时，滑块的水平射程最大，为20max 2v s g =. 【题目点拨】
整个过程中，物体的机械能守恒，离开C 和D 后物体做平抛运动，根据平抛运动的规律分析可以得出结论．
14、6.25s
【解题分析】
对受试者，由起点终点线向折返线运动的过程中 加速阶段有
m 11
1s v t a == 1m 112m 2
s v t == 减速阶段有
m 32
0.5s v t a == 3m 311m 2
s v t == 匀速阶段有
132m
() 1.75s l s s t v -+== 由折返线向起点终点线运动的过程中 加速阶段有
m 41
1s v t a == 4m 412m 2
s v t == 匀速阶段有
45m
2s l s t v -== 故受试者10米折返跑的成绩为
12345 6.25s t t t t t t =++++=
15、（1）2/B v m s = （1）46N
F N '= （3）Q ＝9 J ． 【解题分析】
设物块在B 点的速度为v B ，在C 点的速度为v C ，从A 到B 物块做平抛运动，有 b 0v sin =v θ解得：2/B v m s =
（1）从B 到C ，根据动能定理有
mgR (1＋sin θ)＝22
c B 11mv -mv 22
解得v C ＝6 m/s
在C 点，由牛顿第二定律列式，有
2c N v F mg m R
-= 解得：46N F N = 再根据牛顿第三定律得，物块对木板的压力大小46N
F N '= (3)根据动量守恒定律得：(m ＋M )v ＝m c v 根据能量守恒定律有 12
(m ＋M )v 1＋Q ＝2c 1mv 2 联立解得Q ＝9 J ．。