高二物理上学期第二次月考试题(承智班)
重庆市2023-2024学年高二上学期第二次月考物理试题(含答案)
重庆2023——2024学年度（上）高二年级第二次月考物理试题（答案在最后）一、选择题：本大题共10个小题，共43分。
第1-7题只有一项符合题目要求，每题4分；第8-10题有多项符合题目要求，每题5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1.在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用。
下列叙述符合史实的是（）A.安培发现了电流的磁效应B.法拉第发现了电磁感应现象C.奥斯特发现了产生感应电流的条件D.库仑发现了磁感线是客观存在的描绘磁场强弱和方向的曲线【答案】B【解析】【详解】A．奥斯特在实验中发现了电流的磁效应，故A错误；BC．法拉第通过大量的实验发现了电磁感应现象，并总结出产生感应电流的条件，故B正确，C错误；D．为了形象地描述磁场的强弱和方向，法拉第提出了磁感线的概念，但磁感线并不是客观存在的，故D 错误。
故选B。
2.电磁炮是由电源、金属轨道、炮弹和电磁铁组成，当电源接通后，磁场对流过炮弹电流产生力的作用。
下列各俯视图中能使炮弹获得极大的向左发射速度的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【详解】AB．当电源接通后，图中磁场方向与炮弹电流方向平行，均不能使炮弹获得极大的向左发射速度，故AB错误；C．当电源接通后，根据左手定则可知，炮弹受到安培力向左，能使炮弹获得极大的向左发射速度，故C正确；D．当电源接通后，根据左手定则可知，炮弹受到安培力向右，炮弹将获得向右的发射速度，故D错误。
故选C 。
3.某眼动仪可以根据其微型线圈在磁场中随眼球运动时所产生的电流来追踪眼球的运动。
若该眼动仪线圈面积为S ，匝数为N ，处于磁感应强度为B 的匀强磁场中，线圈平面最初平行于磁场，经过时间t 后线圈平面逆时针转动至与磁场夹角为θ处，则在这段时间内，线圈中产生的平均感应电动势的大小和感应电流的方向（从左往右看）为（）A.sin NBS t θ，逆时针 B.cos NBS tθ，逆时针C.sin NBS tθ，顺时针D.cos NBS tθ顺时针【答案】A 【解析】【详解】经过时间t ，面积为S 的线圈平面逆时针转动至与磁场夹角为θ处，磁通量变化为sin BS θ∆Φ=由法拉第电磁感应定律，线圈中产生的平均感应电动势的大小为sin NBS E Nt tθ∆Φ==∆由楞次定律可判断出感应电流方向为逆时针方向。
高二物理上学期第二次月考试题高二全册物理试题_221
嗦夺市安培阳光实验学校高二物理上学期第二次月考试题（含解析）第I卷选择题：共12小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分1．下列物理中国，属于矢量的是A．电势 B．电流 C．电压 D．电场强度【答案】D【解析】试题分析：既有大小又有方向，相加时遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如力，位移，电场强度等；只有大小没有方向的物理量是标量，如电势，电流，电压等，故D正确；考点：考查了矢量和标量【名师点睛】矢量与标量有两大区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则．2．关于电流和电阻，下列说法中正确的是A．两个定值电阻连接后的总电阻一定比其中某个电阻的阻值大B．金属导体温度降低时，由于自由电子的热运动减慢，所以电流减小C．电流的方向与导体中正电荷的定向移动方向相同D．对给定的导体，由可知，通过导体的电流I越大，导体的电阻R越小【答案】C考点：考查了电流和电阻【名师点睛】规定正电荷定向移动的方向为电流方向，导体电阻阻值由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压与流过导体的电流无关；3．有三个阻值都是6kΩ的电阻，把它们连成如图所示的混连电路，则连好的总电阻是A．6kΩ B．9kΩ C．12kΩ D．18kΩ【答案】B【解析】试题分析：两电阻并联后，总电阻632kR kΩ==Ω并，并联电阻再与R串联，则最后的总电阻369R k k k=Ω+Ω=Ω并，故B正确；考点：考查了串并联电路规律【名师点睛】本题考查串并联电路中电阻的计算，要注意明确两相等的电阻并联后，总电阻是一个电阻的一半．4．有一内阻为1Ω的电源，当其两端接5Ω的定值电阻时，路端电压为2.5V，则该电源电动势为A．2.6V B．3V C．3.6V D．4V【答案】B考点：考查了闭合回路欧姆定律的应用【名师点睛】本题关键要掌握闭合电路欧姆定律，此定律的形式有多种，()E I R r=+、E U U=+外内等形式都要掌握，并熟练运用．5．某金属导线的电阻率为ρ，电阻为R，，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，则该导线的A．电阻率变为2ρ B．电阻率变为4ρC．电阻变为4R D．电阻变为16R【答案】D【解析】试题分析：电阻为R，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，其材料和体积均不变，则横截面积变为原来的14，长度为原来的4倍；由于导体的电阻与长度成正比，与横截面积成反比，所以此时导体的电阻变为原来的16倍，即16R．由于电阻率受温度的影响，因温度不变，所以电阻率不变，故D正确考点：考查了电阻定律【名师点睛】考查了影响电阻大小的因素，关键要知道导体电阻与长度成正比，与横截面积成反比．电阻率不受温度影响的材料，可以制成电阻．6．如图所示电路中，电压表、电流表均为理想电表，闭合开关S，滑动变阻器的滑动触头P从上端向下滑动过程中A．电压表示数变小，电流表示数变大B．电压表示数先变大后变小，电流表示数变大C．电压表示数先变大后变小，电流表示数先变大后变小D．电压表示数先变小后变大，电流表示数先变大后变小【答案】A考点：考查了电路动态变化【名师点睛】在分析电路动态变化时，一般是根据局部电路变化（滑动变阻器，传感器电阻）推导整体电路总电阻、总电流的变化，然后根据闭合回路欧姆定律推导所需电阻的电压和电流的变化（或者电流表，电压表示数变化），也就是从局部→整体→局部7．有两个电阻11R=Ω，23R=Ω，有一电源电动势E=3V，内阻r=1Ω，下列接法使电源的内阻消耗的功率最大的是A．将12R R、串联后接到电源两端B．将2R单独接到电源两端C．将1R单独接到电源两端D．将12R R、并联后接到电源两端【答案】D【解析】试题分析：电源内阻消耗的电功率2r P I r =，由于电源内阻大小恒定，所以要是消耗的功率最大，则电路电流最大即可，即电路总电阻最小，根据串并联电路规律可知将两个定值电阻并联后的电阻比其中最小的还小可得将12R R 、并联后接到电源两端时电路总电流最小，故D 正确； 考点：考查了串并联电路规律，电功率的计算【名师点睛】关键是知道当电路总电阻最小时，电源内阻消耗的电功率最大 8．如图所示的电路中，电源电动势为6V ，当开关S 接通后，灯泡1L 和2L 都不亮，用电压表测得各部分电压是6V ab ad U U ==，0V cd bc U U ==，经检查，各段导线以及导线与各元件的连接处良好，由此可判定 A ．开关S 处接触不良 B ．1L 的灯丝烧断了 C ．2L 的灯丝烧断了 D ．变阻器R 断路 【答案】B考点：考查了电路故障分析【名师点睛】常见的电路故障有断路与短路两种；用电压表检查电路故障时，电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，与电压表并联的电路可能出现断路；电压表示数为零，则电压表并联电路之外电路存在断路或与电压表并联的电路存在短路．根据电路故障现象分析答题．9．如图所示，甲、乙两个电表都是由一个灵敏电流表G 和一个电阻箱R 改装而成的，下列说法正确的是A ．甲表是电流表，R 增大时量程增大B ．甲表是电流表，R 增大时量程减小C ．乙表是电压表，R 增大时量程增大D ．乙表是电压表，R 增大时量程减小 【答案】BC考点：考查了电表的改装【名师点睛】表头改装电压表要串联电阻，串联电阻越大，电压表量程越大；表头改装电流变要并联一电阻．并联电阻越小，量程越大．10．图示为一闭合电路，电源电动势和内阻恒定，12R R 、均为定值电阻，当可变电阻R 的阻值增大时， A ．a 、b 两点间的电压减小B ．1R 两端的电压减小C ．通过电阻2R 的电流增大D ．通过电阻R 的电流减小 【答案】BCD 【解析】试题分析：当可变电阻R 的值增大时，电路的动态问题遵从“串反并同”原则，电阻2R 与R 并联，故通过电阻2R 的电流增大，通过电阻R 的电流减小，1R 与R 3串联，故1R 两端的电压减小，2R 的电流，则并联部分电压增大，即ab 两点间的电压减小，故BCD 正确A 错误．考点：考查了电路动态变化分析【名师点睛】电路的动态问题记住“串反并同”原则，即与发生改变的这个元件串联的，其各个量的变化与元件的变化相反；与发生改变的这个元件并联的，其各个量的变化与元件的变化相同；不需要去做复杂的动态分析问题，能极大节约时间．越复杂的电路节约时间越多．记住这个不用再担心动态问题 11．如图所示，电动势为E ，内阻为r 的电池与定值电阻0R 、滑动变阻器R 串联，已知0R r ，滑动变阻器的最大阻值是2r ，当滑动变阻器的滑片P 由a 端向b 端滑动时，下列说法中正确的是 A ．通过0R 的电流一直变大B ．电源的输出功率先变大后变小C ．滑动变阻器消耗的功率变小D ．定值电阻0R 消耗的功率先变大后变小 【答案】AC考点：考查了电路动态变化分析【名师点睛】在分析电路动态变化时，一般是根据局部电路变化（滑动变阻器，传感器电阻）推导整体电路总电阻、总电流的变化，然后根据闭合回路欧姆定律推导所需电阻的电压和电流的变化（或者电流表，电压表示数变化），也就是从局部→整体→局部12．四个相同的表头分别改装成两个电流表和两个电压表，电流表1A 的量程大于2A 的量程，电压表1V 的量程大于2V 的量程，把它们按如图所示接入电路，则 A ．1A 的读数比2A 的读数小 B ．1V 的读数比2V 的读数大C ．1A 指针偏转角度与2A 的一样大D ．1V 指针偏转角度比2V 指针偏转角度小 【答案】BC考点：考查了电表的改装【名师点睛】表头改装成大量程电流表需要并联分流电阻，并流电阻越小，分流越多，量程越大；表头改装成电压表需要串联分压电阻，分压电阻越大，分得的电压越大，量程越大．然后再根据电路的串并联知识分析即可．第II卷13．有一内阻未知（约2kΩ~6kΩ）、量程（0~3V）的直流电压表。
年上学期高二第二次月考物理试题(附答案) (1)(2)
重庆市巫山中学14—15学年上学期高二第二次月考物理试题一、单项选择（共8小题，每小题6分，共48分。
每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）4．一个点电荷从静电场中的a 点移到b 点，其电势能的变化为零，则（ ） A ．a 、b 两点的场强一定相等 B ．该点电荷一定沿等势面移动C ．作用于该点电荷的电场力与其移动方向总是垂直的D ．a 、b 两点的电势一定相等2．如图所示甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G 和一个变阻器R 组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（ ）A ．甲表是电压表，乙表是电流表B ．R 增大时甲表量程增大C ．R 增大时乙表量程增大D ．上述说法都不对3．如图所示，光滑绝缘的水平面上的P 点固定着一个带正电的点电荷，在它的右侧N 点由静止开始释放一个也带正电的小球（可视为质点）。
以向右为正方向，下图中能反映小球运动速度随时间变化规律的是4．如图所示，在M 、N 处固定着两个等量异种点电荷，在它们的连线上有A 、B 两点，已知MA ＝AB ＝BN .下列说法正确的是( ) A ．A 、B 两点场强相同 B ．A 、B 两点电势相等C ．将一正电荷从A 点移到B 点，电场力做负功D ．负电荷在A 点的电势能大于在B 点的电势能5．一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc 从a 运动到c ，已知质点的速率是递减的．关于b 点电场强度E 的方向，下列图示中可能正确的是(虚线是曲线在b 点的切线)( )6． 某同学将一直流电源的总功率P E 、输出功率P R 和电源内部的发热功率P r 随电流I 变化的图线画在了同一坐标上，如图中的a 、b 、c 所示，以下判断正确的是 ( )A ．直线a 表示电源的输出功率P R —I 图线B ．曲线c 表示电源的总功率P E —I 图线C ．电源的电动势E ＝3 V ，内电阻r ＝1 ΩD ．电源的最大输出功率P m ＝2 W7．如图所示电路中，C 2=2C 1，R 1=2R 2，下列说法正确的是：A ．开关处于断开状态，电容C 2的电量大于电容C 1的电量B ．开关处于断开状态，电容C 1的电量大于电容C 2的电量 C ．开关处于接通状态，电容C 2的电量大于电容C 1的电量D ．开关处于接通状态，电容C 1的电量大于电容C 2的电量8．如图所示，电源电动势为E ，内阻为r ，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，小灯泡均能发光．在将滑动变阻器的触片逐渐向右滑动的过程中，下列说法正确的是( )A ．电流表A 的读数变小；B ．电压表V 的读数变小；C ．小灯泡L 1、L 2均变暗, L 3变亮；D ．小灯泡L 1、L 3变亮，L 2变暗。
高二物理上学期第二次月考试卷高二全册物理试题1
嗦夺市安培阳光实验学校云南省文山州西畴一中高二物理上学期第二次月考试卷一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中至少有一个选项是正确的，选对的得4分，少选的得2分，错选、不选的得0分）1．（4分）关于电场，下列叙述正确的是（）A．以点电荷为圆心，r为半径的球面上，各点的场强都相同B．正电荷周围的电场一定比负电荷周围的电场强大C．在电场中某点放入检验电荷q，该点的场强为E=，取走q后，该点场强不变D．电荷所受电场力大，该点电场强度一定很大2．（4分）A、B在某个点电荷电场中的一根电场线上，在线上A点处放入一个自由的负电荷，它将由静止向B点运动，下列判断哪些是正确的（）A．场强方向由B指向A，该电荷做加速运动，加速度越来越小B．场强方向由B指向A，该电荷做加速运动，其加速度大小的变化由题设条件不能确定C．场强方向由A指向B，电荷做匀加速运动D．场强方向由B指向A，电荷做加速运动，加速度越来越大3．（4分）如图所示，在匀强电场中有A、B两点，将一电量为q的正电荷从A 点移到B点，第一次沿直线AB移动该电荷，电场力做功为W1；第二次沿路径ACB移动该电荷，电场力做功W2；第三次沿曲线AB移动该电荷，电场力做功为W3，则（）A．W1＞W2＞W3B．W1＜W2＜W3C．W1=W2=W3 D．W1=W2＞W34．（4分）如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A．粒子带正电B．粒子在A点加速度小C．粒子在B点动能大D．A、B两点相比，粒子在B点电势能较高5．（4分）如图，虚线a．b和c是某静电场中的等势面，它们的电势分别为U a、U b和U c．U a＞U b＞U c一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线KLMN 所示，由图可知（）A．粒子从K到L的过程中，电场力做负功B．粒子从L到M的过程中，电场力做负功C．粒子从K到L的过程中，静电势能增加D．粒子从L到M的过程中，动能减少6．（4分）如果在某电场中将5.0×10﹣8C的电荷由A点移到B点，电场力做功为6.0×10﹣3J，那么（）A．A、B两点间的电势差是1.2×105VB．A、B两点间的电势差是3.0×10﹣10VC．若在A、B两点间移动2.5×10﹣8C的电荷，电场力将做3.0×10﹣3J的功D．若在A、B两点间移动1.0×10﹣7C的电荷，电场力将做3.0×10﹣17J的功7．（4分）关于电流，下列说法中正确的是（）A．通过导线截面的电量越多，电流越大B．电子运动的速率越大，电流越大C．单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大D．因为电流有方向，所以电流是矢量8．（4分）如图所示，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）A．R1：R2=1：3B．R1：R2=3：1C．将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：39．（4分）如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时，下面判断正确的是（）A．L1和L3变亮，L2变暗B．L1变暗，L2变亮，L3亮度不变C．L1中电流变化值小于L3中电流变化值D．L1上电压变化值小于L2上的电压变化值10．（4分）对于电容C=，以下说法正确的是（）A．一只电容充荷量越大，电容就越大B．对于固定电容器，它所充电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变C．可变电容器的充电荷量跟加在两极间的电压成反比D．如果一个电容器没有电压，就没有充电荷量，也就没有电容11．（4分）关于电阻率的说法，正确的是（）A．电阻率ρ越大的导体，电阻可以很小B．电阻率ρ表征了导体材料的导电能力的强弱，由导体的长度决定，与温度无关C．电阻率ρ与导体的长度L和横截面积S有关D．超导材料的电阻率一定为零12．（4分）如图所示，M、N为两个等量同种电荷，在其连线的中垂线上的P 点放一静止的点电荷q（负电荷），不计重力，下列说法中正确的是（）A．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越大，速度也越来越大B．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C．点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值D．点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到粒子速度为零二、填空题（每空2分，共22分）13．（4分）在空间某一区域有一匀强电场，一质量为m的液滴，带电量为+q，在此电场中恰能沿竖直方向作匀速直线运动，则此区域的电场强度的大小为，方向．14．（4分）在金属导体中，若10s内通过横截面的电荷量为10C，则导体中的电流为I=A．某电解槽横截面积为0.5m2，若10s内沿相反方向通过横截面的正负离子的电荷量均为10C，则电解液中的电流为I=A．15．（2分）一段导体电阻是5Ω，1.5分钟内所通过的电量是45C．则导体两端的电压为V．16．（4分）两点电荷间距离为r时，相互作用力为F ，当距离变为时，它们之间相互作用力为F，为使作用力仍为F，则两点电荷的电量可同时为原来的倍．17．（4分）一灵敏电流计，允许通过的最大电流（满刻度电流）为I g=50μA，表头电阻R g=1kΩ，若改装成量程为I m=1mA的电流表，应并联的电阻阻值为Ω，若将改装后的电流表再改装成量程为U m=10V的电压表，应再串联一个阻值为Ω的电阻．（结果保留四位有效数字）18．（2分）电路中的电流强度I=0.4A．半分钟通过导线横截面的电子数为（电子电量为1.6×10﹣19C）个．19．（2分）如图所示，水平安放的A、B两平行板相距h，上板A带正电，现有质量m，带电量为+q的小球，在B板下方距离H处，以初速v0竖直向上从B 板小孔进入板间电场，欲使小球刚好能到A板，则A、B间电势差U AB=．20．（10分）电动玩具汽车的直流电动机电阻一定，当加上0.3V电压时，通过的电流为0.3A，此时电动机没有转动．当加上3V 电压时，电流为1A，这时候电动机正常工作．求（1）电动机的电阻；（2）电动机正常工作时，产生的机械功率和发热功率．21．（10分）把带电荷量2×10﹣8C的正点电荷从无限远处移到电场中A点，要克服电场力做功8×10﹣6J，若把该电荷从无限远处移到电场中B点，需克服电场力做功2×10﹣6J，取无限远处电势为零．求：（1）A点的电势；（2）A、B两点的电势差；（3）若把2×10﹣5C的负电荷由A点移到B点电场力做的功．22．（10分）如图所示，abcd是一个正方形盒子．cd边的中点有一个小孔e．盒子中有沿ad方向的匀强电场，一个质量为m的带电粒子从a处的小孔沿ab 方向以初速度v0射入盒内，并恰好从e处的小孔射出．其中，ab长为l，e为dc的中点，（不考虑带电粒子的重力）求：（1）该带电粒子从e孔射出时的速度大小；（2）该过程中电场力对该带电粒子做的功．云南省文山州西畴一中高二上学期第二次月考试卷参考答案与试题解析一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中至少有一个选项是正确的，选对的得4分，少选的得2分，错选、不选的得0分）1．（4分）关于电场，下列叙述正确的是（）A．以点电荷为圆心，r为半径的球面上，各点的场强都相同B．正电荷周围的电场一定比负电荷周围的电场强大C．在电场中某点放入检验电荷q，该点的场强为E=，取走q后，该点场强不变D．电荷所受电场力大，该点电场强度一定很大考点：电场强度．分析：以点电荷为球心、r为半径的球面上，各点的场强都大小相同，方向不同；电荷周围的电场与点电荷的电量有关，与电性无关；若放入正电荷时，电场中某点的场强向右，则当放入负电荷时，该点的场强仍向右；电场强度的大小与电荷受到的电场力的大小无关．解答：解：A、以点电荷Q为中心r为半径的球面上各点的场强大小相等，方向不同，场强不同；故A错误；B、电荷周围的电场强度的大小与点电荷的电量有关，与电性无关；故B错误；C、电场强度是由产生电场的源电荷决定的，在电场中某点放一检验电荷后，不会影响该点的电场强度，故C正确；D、电场中的场强取决于电场本身，电场强度只由场源电荷电量和位置决定，与电荷受到的电场力的大小无关．故D错误；故选：C点评：电场强度是矢量，既有大小，又有方向；电场强度的大小与方向是由电场本身决定的，与试探电荷无关．2．（4分）A、B在某个点电荷电场中的一根电场线上，在线上A点处放入一个自由的负电荷，它将由静止向B点运动，下列判断哪些是正确的（）A．场强方向由B指向A，该电荷做加速运动，加速度越来越小B．场强方向由B指向A，该电荷做加速运动，其加速度大小的变化由题设条件不能确定C．场强方向由A指向B，电荷做匀加速运动D．场强方向由B指向A，电荷做加速运动，加速度越来越大考点：电场强度；牛顿第二定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据负电荷的运动方向判断电场力，确定场强方向．场强的大小由电场线的疏密反映，电场线越密场强越大．解答：解：由题，负电荷由静止开始从A运动到B，负电荷所受电场力方向从A到B，场强方向与电场力方向相反，即场强方向由B指向A．负电荷从静止开始，必定做加速运动．由于电场线的分布情况未知，场强如何变化无法确定，电场力和加速度如何变化也无法确定，则电荷加速度可能越来越小，可能越来越大，也可能不变．故选B点评：本题根据电荷的方向确定场强方向不难，容易产生的错误在于分析场强大小的变化来确定加速度的变化，条件不明时，考虑问题要全面．3．（4分）如图所示，在匀强电场中有A、B两点，将一电量为q的正电荷从A 点移到B点，第一次沿直线AB移动该电荷，电场力做功为W1；第二次沿路径ACB移动该电荷，电场力做功W2；第三次沿曲线AB移动该电荷，电场力做功为W3，则（）A．W1＞W2＞W3B．W1＜W2＜W3C．W1=W2=W3 D．W1=W2＞W3考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电荷在静电场中从一点移到另一点时，电场力的功的值只跟始末两点的位置有关，而和所经过的路径的形状完全无关．解答：解：第一次沿直线AB移动该电荷，电场力做功为W1；第二次沿路径ACB移动该电荷，电场力做功W2；第三次沿曲线AB移动该电荷，电场力做功为W3，三个过程，始末两点的位置相同，电场力的功的值只跟始末两点的位置有关，而和所经过的路径的形状完全无关．所以W1=W2=W3故选：C．点评：静电力做功与重力做功相似，都只有始末位置有关，与路程无关，属于基础题不难．4．（4分）如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A．粒子带正电B．粒子在A点加速度小C．粒子在B点动能大D．A、B两点相比，粒子在B点电势能较高考点：电场线；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．解答：解：A、根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧，所以电场力逆着电场线方向，即粒子受力方向与电场方向相反，所以粒子带负电．故A错误；B、由于B点的电场线密，所以B点的电场力大，则A点的加速度较小．故B 正确；C、D、粒子从A到B，电场力对粒子运动做负功，电势能增加，粒子在B点电势能较高；动能减少，故C错误；D正确．故选：BD点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．5．（4分）如图，虚线a．b和c是某静电场中的等势面，它们的电势分别为U a、U b和U c．U a＞U b＞U c一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线KLMN 所示，由图可知（）A．粒子从K到L的过程中，电场力做负功B．粒子从L到M的过程中，电场力做负功C．粒子从K到L的过程中，静电势能增加D．粒子从L到M的过程中，动能减少考点：等势面；电势能．专题：定性思想．分析：电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加；电场力做功的正负还可以直接根据电场力的方向判断．解答：解：A、根据E p=qφ，粒子从K到L的过程中，电势能增加，故电场力做负功，故A正确；B、根据E p=qφ，粒子从L到M的过程中，电势能减小，故电场力做正功，故B错误；C、根据E p=qφ，粒子从K到L的过程中，电势能增加，故C正确；D、粒子从L到M的过程中，电场力做正功，故动能增加，故D错误；故选AC．点评：本题关键关键根据E p=qφ得到电势能的变化情况，最后确定电场力的做功情况．6．（4分）如果在某电场中将5.0×10﹣8C的电荷由A点移到B点，电场力做功为6.0×10﹣3J，那么（）A．A、B两点间的电势差是1.2×105VB．A、B两点间的电势差是3.0×10﹣10VC．若在A、B两点间移动2.5×10﹣8C的电荷，电场力将做3.0×10﹣3J的功D．若在A、B两点间移动1.0×10﹣7C的电荷，电场力将做3.0×10﹣17J的功考点：电势差；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据公式U AB =求解电势差．A、B间的电势差与所移动的电荷无关，再由公式W=qU求解在A、B两点间移动2.5×10﹣8C的电荷时，电场力做的功．解答：解：A、B，A、B两点间的电势差U AB ==V=1.2×105V．故A 正确，B错误．C、D，在A、B两点间移动2.5×10﹣8C的电荷时，A、B间的电势差不变．则电场力做功为W AB′=q′U AB=2.5×10﹣8×1.2×105J=3.0×10﹣3J故C正确，D错误．故选AC点评：本题要抓住电场中两点间的电势差由电场中两点的位置决定，与移动的试探电荷无关．7．（4分）关于电流，下列说法中正确的是（）A．通过导线截面的电量越多，电流越大B．电子运动的速率越大，电流越大C．单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大D．因为电流有方向，所以电流是矢量考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：电流强度由通过导线截面的电量和通电时间共同决定，单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大；电流的微观表达式I=nesv可知电流的大小跟导体的材料、横截面积和电荷定向移动的速率共同决定；矢量的运算满足平行四边形定则，标量的运算满足代数法则，而电流的运算满足代数法则．解答：解：A、通过某一横截面积的电量与所用时间的比值等于通过导体的电流强度，故电流强度由通过导线截面的电量和通电时间共同决定，故A错误．B、由电流的微观表达式I=nesv，电流的大小跟导体的材料（决定n），导体的横截面积（s）和电荷定向移动的速率（v）共同决定，故B错误．C、根据I=可知，单位时间（t一定）内通过导体截面的电量（q）越多，导体中的电流（I）越大．故C正确．D、矢量的运算满足平行四边形定则，标量的运算满足代数法则，而电流的运算满足代数法则，故电流是标量．故D错误．故选C．点评：掌握了基本知识就能顺利解决此类题目，故要重视基本知识的积累．8．（4分）如图所示，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）A．R1：R2=1：3B．R1：R2=3：1C．将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3考点：闭合电路的欧姆定律；串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：由题图象是电阻的伏安特性曲线，其斜率k等于电阻的倒数．将R1与R2串联后接于电源上时，电流相等．将R1与R2并联后接于电源上时，电压相等，电流与电阻成反比．解答：解：A、B由图R1==1Ω，R2==3Ω，故A正确． C、R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：1．故C错误．D、将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1：I2=R2：R1=3：1故D错误．故选A点评：本题考查识别、理解物理图象的能力．物理图象往往从数学角度，研究图象的斜率、面积、交点等意义．9．（4分）如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时，下面判断正确的是（）A．L1和L3变亮，L2变暗B．L1变暗，L2变亮，L3亮度不变C．L1中电流变化值小于L3中电流变化值D．L1上电压变化值小于L2上的电压变化值考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由图可知L3与R串联后与L2并联，再与R0、L1串联；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则可知总电阻的变化；由闭合电路的欧姆定律可知电路中电流的变化，即可知L1亮度的变化；将R0、L1作为内电阻处理，由U=E﹣Ir可知并联部分电压的变化，由欧姆定律可得出两灯亮度的变化；因两灯电阻均为定值，则可由欧姆定律得出电压变化值的大小关系．解答：解：A、B当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流增大，故L1变亮；电路中总电流增大，故内电压及R0、L1两端的电压增大，而电动势不变，故并联部分的电压减小，故L2变暗；因L2中电流减小，干路电流增大，故流过L3的电流增大，故L3变亮；故A正确，B错误；C、因L1中电流增大，L3中电流增大，而L2中电流减小；开始时有：I1=I2+I3，故I1电流的变化值一定小于L3中电流的变化值；故C正确；D、因并联部分的电压与L1、R0及内电阻上的总电压等于电源的电动势；L2两端的电压减小，L1、R0及内阻r两端的电压增大，而电动势不变，故L1上电压变化值小于L2上的电压变化值，故D正确；故选ACD．点评：本题不但考查电路中各量的变化方向，还考查了各电阻中电流及电压的变化值，题目较为新颖，要求学生能灵活应用串并联电路的电流电压规律及闭合电路的欧姆定律．10．（4分）对于电容C=，以下说法正确的是（）A．一只电容充荷量越大，电容就越大B．对于固定电容器，它所充电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变C．可变电容器的充电荷量跟加在两极间的电压成反比D．如果一个电容器没有电压，就没有充电荷量，也就没有电容考点：电容．分析：电容表征电容器容纳电荷本领的大小，与电容器的电量无关，由定义式C=，给定的电容器，带电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变，当电容C一定时，电量与电压成正比．解答：解：A、电容器带电荷量越大，板间电压越大，而电容不变．故A错误．B、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，对于固定电容器，电容C不变，由定义式C=可知，则带电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变．故B正确．C、电容器的带电荷量Q=CU，当电容C一定时，电量与电压成正比．当电容C 变化时，电量与电压不成正比．故C错误．D、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，与电容器的电量、电压无关．故D 错误．故选：B点评：本题考查对电容的理解能力，抓住电容的物理意义和定义式是关键．11．（4分）关于电阻率的说法，正确的是（）A．电阻率ρ越大的导体，电阻可以很小B．电阻率ρ表征了导体材料的导电能力的强弱，由导体的长度决定，与温度无关C．电阻率ρ与导体的长度L和横截面积S有关D．超导材料的电阻率一定为零考点：电阻率与温度的关系．分析：由电阻定律R=可知，导体的电阻与导体的长度L、横截面积S和电阻率三个因素有关．电阻率ρ表征了导体材料的导电能力的强弱，与导体的材料和温度有关，与导体的长度L、横截面积S无关．超导材料的电阻率在一定温度下电阻率才等于零．解答：解：A、由电阻定律R=可知，导体的电阻与导体的长度L、横截面积S和电阻率三个因素有关，则电阻率ρ大的导体，电阻可以很小．故A 正确．B、C电阻率ρ表征了导体材料的导电能力的强弱，与导体的材料和温度有关，与导体的长度L、横截面积S无关．故BC错误．D、超导材料的电阻率在一定温度下电阻率才等于零，温度升高，其电阻率可能不再为零．故D错误．故选A点评：本题考查对电阻率的理解能力．抓住：电阻率ρ表征了导体材料的导电能力的强弱，与导体的材料和温度有关，与导体的长度L、横截面积S无关．12．（4分）如图所示，M、N为两个等量同种电荷，在其连线的中垂线上的P 点放一静止的点电荷q（负电荷），不计重力，下列说法中正确的是（）A．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越大，速度也越来越大B．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C．点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值D．点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到粒子速度为零考点：电场的叠加；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：M、N为两个等量的正点电荷，其连线中垂线上电场强度方向O→P，负点电荷q从P点到O点运动的过程中，电场力方向P→O，速度越来越大．但电场线的疏密情况不确定，电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况不确定．越过O点后，负电荷q做减速运动，点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值，加速度变化情况同样不确定．解答：解：A、点电荷在从P到O的过程中，所受的电场力方向竖直向下，做加速运动，所以速度越来越大，因为从O向上到无穷远，电场强度先增大后减小，P到O的过程中，电场强度大小变化不能确定，所以电场力无法确定，加速度不能确定．故A错误，B错误．C、点电荷运动到O点时，所受的电场力为零，加速度为零，然后向下做减速运动，所以O点的速度达到最大值．故C正确．D、越过O点后，负电荷q做减速运动，速度越来越小，同理加速度的大小无法确定．故D错误．故选：C．点评：本题考查对等量同种电荷电场线的分布情况及特点的理解和掌握程度，要抓住电场线的对称性进行分析求解，注意从O点向上或向下的过程，电场强度都是先增大后减小．二、填空题（每空2分，共22分）13．（4分）在空间某一区域有一匀强电场，一质量为m的液滴，带电量为+q，在此电场中恰能沿竖直方向作匀速直线运动，则此区域的电场强度的大小为，方向竖直向上．考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由题，质量为m的液滴，带电量为+q，在电场中恰能沿竖直方向作匀速直线运动，受到重力与电场力平衡，根据平衡条件和场强公式求解场强的大小和方向．解答：解：据题，液滴在电场中恰能沿竖直方向作匀速直线运动，重力与电场力二力平衡，根据平衡条件得mg=qE得到电场强度大小E=，电场力方向竖直向上，由于液滴带正电，则场强方向为竖直向上．故答案为：，竖直向上点评：本题电场中最基本的题型：带电粒子在电场中平衡问题，关键是分析带电粒子的受力情况．14．（4分）在金属导体中，若10s内通过横截面的电荷量为10C，则导体中的电流为I=1A．某电解槽横截面积为0.5m 2，若10s内沿相反方向通过横截面的正负离子的电荷量均为10C，则电解液中的电流为I=2A．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：已知时间和通过通过横截面的电荷量，由公式I=求电流．在电解槽中，通过某一个横截面的电荷量是正负电荷电荷量绝对值的总和，由此再根据I=求电流．解答：解：根据电流强度的定义式可得I==A=1A，所以导体中的电流I为1A．10s通过电解槽横截面积的电荷量绝对值之和Q=10C+10C=20C，所以电解液中的电流为I==2A．故答案为：1，2点评：在计算通过电解液的电流强度的大小的时候，一定要注意，电解液中既有正电荷，也有负电荷，通过截面的电荷量的大小为它们的总和，这是经常出错的地方．15．（2分）一段导体电阻是5Ω，1.5分钟内所通过的电量是45C．则导体两端的电压为2.5V．考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：知道1.5min通过该导体的电量，根据I=求出通过的电流，又知道导体的电阻，根据欧姆定律求出导体两端的电压．解答：解：通电时间：t=1.5min=1.5×60s=90s，通过电阻的电流：I===0.5A，根据欧姆定律可得，导体两端的电压：U=IR=0.5A×5Ω=2.5V．故答案为：2.5．点评：本题考查了欧姆定律和电流定义式的简单应用，是一道基础题目．16．（4分）两点电荷间距离为r时，相互作用力为F，当距离变为时，它们之间相互作用力为4F，为使作用力仍为F，则两点电荷的电量可同时为原来的倍．考点：库仑定律．。
高二物理上学期第二次月考(本部)试题高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校第一学期高二第二次联考物理试题第Ⅰ卷一、选择题（1-8题为单项选择题，9-12题为不定项选择题。
每题满分4分，共48分，选不全的得2分，错选的得0分）1．关于电流，下列说法中正确的是( ) A．由I=Q/t可知，通过导线截面的电量越多，电流越大B．由I=nqsv可知，同一导线内电荷定向移动的速率越大，电流越大C．由R=U/I可知，导体的电阻与导体两端的电压成正比D．因为电流有方向，所以电流是矢量2．如图所示，一带负电的金属环绕轴OO'以角速度ω匀速旋转，在环左侧轴线上的小磁针最后平衡的位置是( )A．N极竖直向上 B．N极竖直向下C．N极沿轴线向左 D．N极沿轴线向右3．如图的U-I图象中，直线I为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线。
用该电源与电阻R组成闭合电路，则( )A．电源电动势3V，内阻2ΩB．电阻R的阻值为0.5ΩC．电源的总功率为4WD．电源的效率为66.7％4．三根完全相同的长直导线互相平行，通以大小和方向都相同的电流．它们的截面处于一个正方形abcd的三个顶点a、b、c处，如图所示．已知每根通电长直导线在其周围产生的磁感应强度与距该导线的距离成反比，通电导线b在d处产生的磁场其磁感应强度大小为B，则三根通电导线产生的磁场在d处的总磁感应强度大小为( ) A．2B B．3BC．B223D ．B235．某个由导电介质制成的电阻截面如图所示。
导电介质的电阻率为ρ、制成内、外半径分别为a和b的半球壳层形状(图中阴影部分)，半径为a、电阻不计的球形电极被嵌入导电介质的球心为一个引出电极，在导电介质的外层球壳上镀上一层电阻不计的金属膜成为另外一个电极。
设该电阻的阻值为R。
下面给出R的四个表达式中只有一个是合理的，你可能不会求解R，但是你可以通过一定的物理分析，对下列表达式的合理性做出判断。
根据你的判断，R的合理表达式应为（）A．ababRπρ2)(+=B．ababRπρ2)(-=C．)(2ababR-=πρD．)(2ababR+=πρ6．如图所示的电路中，灯泡A和灯泡B原来都是正常发光的，现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些，则电路中出现的故障可能是( )A．R2断路B．R3断路C．R1短路D．R1、R2同时短路7．在如图所示的电路中，电源的电动势为E、内阻为r，平行板电容器C的两金属板水平放置，R1和R2为定值电阻，P为滑动变阻器R 的滑片，为灵敏电流表，为理想电流表．开关S闭合后，C的两板间有一带电油滴恰好处于静止状态．在P向上移动的过程中，下列说法正确的是( )A ．表的示数变大B．电源的输出功率一定变大C ．中有由a→b的电流D．油滴向上加速运动8．如图所示，两平行导轨与水平面成θ角倾斜放置，电源、电阻、金属细杆及导轨组成闭合回路．细杆与导轨间的摩擦不计，整个装置分别处在如图所示的匀强磁场中，其中可能使金属细杆处于静止状态的是( )9．如图所示，在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，斜面上有一带电金属块沿斜面滑下，已知在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8J，重力做功24J，则以下判断正确的是（）A．金属块带负电荷B．电场力做功4JC．金属块的电势能与动能之和增加了16JD．金属块的机械能减少12J10．锂电池因能量密度高、绿色环保而广泛使用在手机等电子产品中。
高二物理上学期第二次月考试卷高二全册物理试题_4
嗦夺市安培阳光实验学校湘潭九中高二（上）第二次月考物理试卷一、单项选择题（每小题4分）1．关于点电荷，下列说法中正确的是（）A．体积小的带电体B．球形带电体C．带电少的带电体D．大小和形状对作用力的影响可忽略的带电体2．关于对库仑定律的理解和应用，以下说法中正确的是（）A．两个点电荷的电荷量分别为q1和q2，它们之间的距离为r，则当两个点电荷带同种电荷时，它们之间的库仑力F＜k，带异种电荷时F＞kB．两个点电荷的电荷量分别是q1和q2，相距为r，在它们之间放一厚度略小于r的玻璃板，则它们之间的库仑力为F=kC．真空中一个固定的点电荷A，电荷量为q1，另有一个电荷量为q2的点电荷B 以A为圆心，做半径为r的匀速圆周运动，则它们之间的库仑力为F=kD．根据F=k知，当两个带电体相距很近时，r趋近于0，它们之间的库仑力会无穷大3．下列公式中，既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有（）①场强E=②场强E=③场强E=④电场力做功W=Uq．A．①③B．②③C．②④D．①④4．如图所示，虚线表示某点电荷Q所激发电场的等势面，已知a、b两点在同一等势面上，c、d两点在另一个等势面上．甲、乙两个带电粒子以相同的速率，沿不同的方向从同一点a射入电场，在电场中沿不同的轨迹adb曲线、acb 曲线运动．则下列说法正确的是（）①两粒子所带的电荷符号不同②甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点的速度③两个粒子的电势能都是先减小后增大④经过b点时，两粒子的动能一定相等．A．①②B．①③C．③④D．①④5．导体处于静电平衡时，下列说法正确的是（）A．导体内部没有电场B．导体内部没有电荷，电荷只分布在导体外表面C．导体内部没有电荷的运动D．以上说法均不对6．在具有一定厚度的空心金属球壳的球心位置处放一正电荷，图中的四个图画出了其空间电场的电场线情况，符合实际情况的是（）A ．B ．C ．D ．7．目前普遍认为，原子核中的质子和中子都是由被称为u夸克和d夸克的两类夸克组成的，u夸克带电荷量为+，d 夸克带电荷量为，e为元电荷．下列论断中可能正确的是（）A．质子由1个u夸克和1个d夸克组成，中子由1个u夸克和2个d夸克组成B．质子由2个u夸克和1个d夸克组成，中子由1个u夸克和2个d夸克组成C．质子由1个u夸克和2个d夸克组成，中子由2个u夸克和1个d夸克组成D．质子由2个u夸克和1个d夸克组成，中子由1个u夸克和1个d夸克组成8．把质量为m的正点电荷放在电场中无初速度释放，不计重力，则以下说法正确的是（）A．点电荷的轨迹一定和电场线重合B．点电荷的速度方向总是与所在处的电场线方向一致C．点电荷的加速度方向总是与它所在处的电场线的切线方向重合D．点电荷将沿电场线切线方向抛出，做抛物线运动9．图（a）中AB是一个点电荷电场中的电场线，图（b）则是放在电场线上 a，b处的检验电荷的电量与所受电场力数量间的函数图线．由此可以判定（）A．场源是正电荷，位于A点 B．场源是正电荷，位于B点C．场源是负电荷，位于A点 D．场源是负电荷，位于B点10．A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度﹣时间图象如图所示．则这一电场可能是下图中的（）A ．B ．C ．D ．二、多项选择题（每小题6分）11．如图，一个不带电的表面绝缘的导体P正在向带正电的小球Q缓慢靠近，但不接触，也没有发生放电现象，则下列说法中正确的是（）A．B端的感应电荷为负电荷B．导体内场强越来越大C．导体上的感应电荷在C点产生的场强始终大于在B点产生的场强D．C、B两点的电势始终相同12．如图所示，虚线表示电场的一簇等势面且相邻等势面间电势差相等，一个α粒子以一定的初速度进入电场后，只在电场力作用下沿实线轨迹运动，α粒子先后通过M点和N点．在这一过程中，电场力做负功，由此可判断出（）A．N点的电势低于M点的电势B．α粒子在N点的电势能比在M点的电势能大C．α粒子在M点的速率小于在N点的速率D．α粒子在M点受到的电场力比在N点受到的电场力大三、填空题（每小题6分）13．A、B两个完全相同的金属小球分别带有电荷量q A=6.4×10﹣9 C和q B=﹣3.2×10﹣9 C，让A、B两小球接触，在接触过程中，电子从球转移到球；转移了个电子．14．有一个带电量q=﹣2×10﹣6C的点电荷，从某电场中的A点移到B点，电荷克服电场力做6×10﹣4J的功，从B点移到C点，电场力对电荷做8×10﹣4J的功，则A、C两点的电势差为V．四、解答题15．如图所示，虚线方框内有一匀强电场，A、B、C为该电场中的三个点，已知U A=12V，U B=6V，U C=﹣6V，试在该方框中作出该电场示意图（即画出几条电场线）．若将一个电子从A点移到B 点，电场力作功为eV．16．如图所示，把质量为2g的带负电小球A，用绝缘细绳悬起，若将带电荷量为Q=4.0×10﹣6C的带电球B靠近A，当两个带电小球在同一高度相距30cm时，则绳与竖直方向成α=45°角．g取10m/s2，试求：（1）A球受到的库仑力多大？（2）A球带电荷量是多少？17．如图所示，水平放置的A、B两平行板相距为h，上板A带正电，现有质量为m的带电量为+q的小球在B板下方距离为H处，以初速度v0竖直向上从B板小孔进入板间电场，欲使小球刚好打到A板，A、B间的电势差U AB为多少？湘潭九中高二（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题4分）1．关于点电荷，下列说法中正确的是（）A．体积小的带电体B．球形带电体C．带电少的带电体D．大小和形状对作用力的影响可忽略的带电体【考点】元电荷、点电荷．【分析】物理学上把本身的线度比相互之间的距离小得多的带电体简化为一个点，叫做点电荷．同一个电荷能否看作点电荷，不仅和带电体本身有关，还取决于问题的性质和精度的要求，即需要具体问题具体分析．【解答】解：带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小、形状、以及带电的多少均无具体关系．故D正确、ABC错误．故选：D．【点评】如果在研究的问题中，带电体的形状、大小以及电荷分布可以忽略不计，即可将它看作是一个几何点，则这样的带电体就是点电荷．一个实际的带电体能否看作点电荷，不仅和带电体本身有关，还取决于问题的性质和精度的要求，即需要具体问题具体分析．2．关于对库仑定律的理解和应用，以下说法中正确的是（）A．两个点电荷的电荷量分别为q1和q2，它们之间的距离为r，则当两个点电荷带同种电荷时，它们之间的库仑力F＜k，带异种电荷时F＞kB．两个点电荷的电荷量分别是q1和q2，相距为r，在它们之间放一厚度略小于r的玻璃板，则它们之间的库仑力为F=kC．真空中一个固定的点电荷A，电荷量为q1，另有一个电荷量为q2的点电荷B 以A为圆心，做半径为r的匀速圆周运动，则它们之间的库仑力为F=kD．根据F=k知，当两个带电体相距很近时，r趋近于0，它们之间的库仑力会无穷大【考点】库仑定律．【专题】定性思想；推理法；电荷守恒定律与库仑定律专题．【分析】库仑定律是库仑通过实验研究得出的结论，库仑定律是实验定律．两个带电小球即使相距非常近，距离趋近于零时，两球不能看成点电荷，此时不能直接用库仑定律．两电荷之间的库仑力是作用力和反作用力，大小总是相等的．【解答】解：A、不论它们是同种电荷，还是异种电荷，库仑力总是F=k，因为它们是点电荷，故A错误．B、相距为r，在它们之间放一厚度略小于r的玻璃板，从而破坏库仑定律在真空的条件，因此它们之间的库仑力不可能为F=k，故B错误；C、根据库仑定律可知，它们之间的库仑力为F=k．故C正确．D、两个带电小球即使相距非常近，两球不能看成点电荷，此时不能直接用库仑定律计算，故D错误．故选：C．【点评】本题主要考查对库仑定律的理解和应用，要记忆理解库仑力定律，注意库仑定律成立的条件，知道两带电体间的库仑力是一对作用力与反作用力．3．下列公式中，既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有（）①场强E=②场强E=③场强E=④电场力做功W=Uq．A．①③B．②③C．②④D．①④【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】题中的四个物理公式，分别是：电场强度的定义式、匀强电场中电场强度与电势差的关系公式、点电荷产生的电场的场强公式和电场力做功与电势差关系公式；结合物理公式得出的过程进行分析即可．【解答】解：①电场强度E=是用比值定义法得出的物理量，是从力角度研究电场的物理量，适用于任意电场，故①正确；②匀强电场中沿场强方向电势降低最快，且没前进相同距离电势的降低相等，故匀强电场中任意两点的间的电势差与两点沿电场线的距离成正比；故电场强度与电势差的关系公式U=Ed仅仅适用与匀强电场，故②错误；③点电荷产生的电场的场强公式E=是由电场强度的定义式和库仑定律联立得到，反映了点电荷的电场中任意一点的电场强度与该点的空间位置和场源电荷的电荷量的关系，而电场有多种，不是只有点电荷有电场，故③错误；④电场力做功与电势差的关系公式W=qU，反映了在电场中任意两点间移动电荷时，电场力做功与两点间电势差成正比，适用于任意电场，故④正确；故选D．【点评】本题关键是要熟悉有关电场的各个公式，要知道公式的推导过程，从而能够确定公式的适用范围．4．如图所示，虚线表示某点电荷Q所激发电场的等势面，已知a、b两点在同一等势面上，c、d两点在另一个等势面上．甲、乙两个带电粒子以相同的速率，沿不同的方向从同一点a射入电场，在电场中沿不同的轨迹adb曲线、acb 曲线运动．则下列说法正确的是（）①两粒子所带的电荷符号不同②甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点的速度③两个粒子的电势能都是先减小后增大④经过b点时，两粒子的动能一定相等．A．①②B．①③C．③④D．①④【考点】电势能；动能定理的应用．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据轨迹判定电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受到中心电荷的斥力，可知两粒子在从a向b运动过程中电场力做功情况．根据虚线为等势面，可判定acb、adb曲线过程中电场力所做的总功为0．【解答】解：①由图可知电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受到中心电荷的斥力，故两粒子的电性一定不同．故①正确．②甲粒子从a到c和乙粒子从a到d，U ac=U ad，但甲、乙两粒子带异种电荷，所以甲粒子从a到c电场力做功与乙粒子从a到d电场力做功不等，所以甲粒子经过c点时的动能不等于乙粒子经过d点时的动能，甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点的速度，故②正确．③由图可知电荷甲受到中心电荷的引力，则电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增加；而电荷乙受到中心电荷的斥力，电场力先做负功后做正功，电势能先增加后减小，故③错误．④可知两粒子在从a向b运动过程中电场力做功情况．根据虚线为等势面，可判定acb、adb曲线过程中电场力所做的总功为0，两粒子在a点时具有相同的速率，但动能不一定相等，虽重力不计，两粒子经过b点时动能不一定相等．故④错误因此本题正确的有①②．故选：A．【点评】根据轨迹判定“电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受到中心电荷的斥力”是解决本题的突破口．要注意电势能，电荷，电势都有正负．学会由电场力做功的正负来确定电势能的增减．5．导体处于静电平衡时，下列说法正确的是（）A．导体内部没有电场B．导体内部没有电荷，电荷只分布在导体外表面C．导体内部没有电荷的运动D．以上说法均不对【考点】静电现象的解释．【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．当点电荷移走后，电荷恢复原状．【解答】解：A、金属导体的内部电场强度处处为零，不是导体内部没有电场，故A错误．B、金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．电荷分布在外表面上．故B正确．C、金在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，内部电场强度处处为零，内部没有电荷的定向移动，但是电荷的无规则的运动是不停止的．故C错误．D、B正确，故D错误故选：B．【点评】处于静电感应现象的导体，内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面．且导体是等势体．6．在具有一定厚度的空心金属球壳的球心位置处放一正电荷，图中的四个图画出了其空间电场的电场线情况，符合实际情况的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】电场线；静电场中的导体．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】当正电荷放入不带电金属球壳内部的时候，由于静电感应的作用，在金属球壳的壳壁之间的电场强度为零，在球壳外的电场的分布不受球壳的影响．【解答】解：把正电荷放在金属球壳内部，由于静电感应的作用，在球壳的内壁会感应出负电荷，在球壳的外壁会感应出正电荷，所以在金属球壳的壳壁之间，由于正电荷的电场和感应电场的共同的作用，在金属球壳的壳壁之间的电场强度为零，所以在金属球壳的壳壁之间没有电场线，对于球壳外部的电场分布情况不会受到影响，所以正确的是D．故选D【点评】本题是考查学生对于静电感应现象的理解情况，在球壳的内壁放电荷的时候，球壳不会对球壳外部的电场产生影响，只影响壳壁之间的电场的分布情况．7．目前普遍认为，原子核中的质子和中子都是由被称为u夸克和d夸克的两类夸克组成的，u夸克带电荷量为+，d 夸克带电荷量为，e为元电荷．下列论断中可能正确的是（）A．质子由1个u夸克和1个d夸克组成，中子由1个u夸克和2个d夸克组成B．质子由2个u夸克和1个d夸克组成，中子由1个u夸克和2个d夸克组成C．质子由1个u夸克和2个d夸克组成，中子由2个u夸克和1个d夸克组成D．质子由2个u夸克和1个d夸克组成，中子由1个u夸克和1个d夸克组成【考点】原子的核式结构．【专题】原子的核式结构及其组成．【分析】根据u 夸克带电量为，d 夸克带电量为，质子带正电、中子不带电来判断u夸克、d夸克的个数．【解答】解：由质子带一个单位正电荷，中子不带电，设质子中u夸克、d夸克个数分别是x、y，x、y取正整数，则x×+y×（）=1，解得x=2、y=1；设中子中u夸克d夸克个数分别是m、n，m、n取正整数．m×（）+n×（）=0，解得m=1、n=2，故选B．【点评】该题属于高科技题，但落点低．明确质子带一个单位正电荷，中子不带电是解本题的关键．8．把质量为m的正点电荷放在电场中无初速度释放，不计重力，则以下说法正确的是（）A．点电荷的轨迹一定和电场线重合B．点电荷的速度方向总是与所在处的电场线方向一致C．点电荷的加速度方向总是与它所在处的电场线的切线方向重合D．点电荷将沿电场线切线方向抛出，做抛物线运动【考点】电场线．【分析】只有当电场线是直线，而且点电荷没有初速度或初速度方向与电场线在同一直线上时，点电荷的运动轨迹才与电场线重合；点电荷的加速度方向与电场力方向相同，对于正电荷，电场力与场强方向相同，沿着电场线的切线方向【解答】解：A、点电荷运动的轨迹不一定与电场线重合，只有当电场线是直线，而且点电荷没有初速度或初速度方向与电场线在同一直线上时，点电荷的运动轨迹才与电场线重合．故A错误；B、点电荷的速度方向始终沿着轨迹的切线方向，由于轨迹不一定与电场线重合，所以其速度方向不一定终与所在点的电场线的切线方向相同，故B错误；C、正电荷的受到的电场力的方向始终与所在点的电场线的切线方向一致，根据牛顿第二定律可知，加速度方向相同与其所受的电场力的方向相同，所以正电荷的加速度方向，始终与所在点的电场线的切线方向相同，负电荷的加速度方向，始终与所在点的电场线的切线方向相反．总是与它所在处的电场线的切线方向重合．故C正确；D、点电荷将沿电场线切线方向抛出，由于粒子的初速度是0，所以不会做类平抛运动，故D错误．故选：C【点评】关于电场线与轨迹的关系，要根据电场线的状态和电荷的初速度进行分析．并掌握电场线的切线方向表示场强方向，运用牛顿第二定律分析加速度方向9．图（a）中AB是一个点电荷电场中的电场线，图（b）则是放在电场线上 a，b处的检验电荷的电量与所受电场力数量间的函数图线．由此可以判定（）A．场源是正电荷，位于A点 B．场源是正电荷，位于B点C．场源是负电荷，位于A点 D．场源是负电荷，位于B点【考点】电场强度；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据F﹣q图线比较a、b两点的场强，从而确定场源电荷的位置．【解答】解：电场强度E=，由F﹣q图线知，a点的场强大于b点的场强，所以场源电荷在A点，可能是正电荷，也可能是负电荷，故A、C正确，B、D错误．故选：AC．【点评】解决本题的关键知道点电荷场强的特点，越靠近场源电荷，电场强度越大．10．A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度﹣时间图象如图所示．则这一电场可能是下图中的（）A ．B ．C ．D ．【考点】匀变速直线运动的图像；电场线．【分析】（1）速度﹣﹣时间图象中，图象的斜率表示加速度；（2）电场线分布密集的地方电场强度大，分布稀疏的地方，电场强度小；（3）负电荷受电场力的方向与电场强度方向相反；（4）对只受电场力作用的带电微粒，电场力越大，加速度越大，也就是电场强度越大，加速度越大．【解答】解：由图象可知，速度在逐渐减小，图象的斜率在逐渐增大，故此带负电的微粒做加速度越来越大的减速直线运动，所受电场力越来越大，受力方向与运动方向相反．故选：A．【点评】本题考查了速度﹣﹣时间图象的应用和电场线的相关知识，要明确斜率的含义，要能根据图象判断物体的运动情况，进而分析受力情况．能根据电场线的分布判断电场强度的大小．难度适中．二、多项选择题（每小题6分）11．如图，一个不带电的表面绝缘的导体P正在向带正电的小球Q缓慢靠近，但不接触，也没有发生放电现象，则下列说法中正确的是（）A．B端的感应电荷为负电荷B．导体内场强越来越大C．导体上的感应电荷在C点产生的场强始终大于在B点产生的场强D．C、B两点的电势始终相同【考点】电场强度；电荷守恒定律；电势；静电场中的导体．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况．【解答】解：A、导体P处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，导体的右端B要感应出正电荷，在导体的左端C会出现负电荷，故A错误．B、处于静电平衡的导体内场强为0，故B错误．C、在C点和B点的场强由导体上的感应电荷和正电的小球Q共同叠加产生，并且为0，正电的小球Q在C点的场强大于B点的场强，所以导体上的感应电荷在C点产生的场强始终大于在B点产生的场强，故C正确．D、处于静电平衡的导体是等势体，B两点的电势始终相同，故D正确．故选CD．【点评】感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷．12．如图所示，虚线表示电场的一簇等势面且相邻等势面间电势差相等，一个α粒子以一定的初速度进入电场后，只在电场力作用下沿实线轨迹运动，α粒子先后通过M点和N点．在这一过程中，电场力做负功，由此可判断出（）A．N点的电势低于M点的电势B．α粒子在N点的电势能比在M点的电势能大C．α粒子在M点的速率小于在N点的速率D．α粒子在M点受到的电场力比在N点受到的电场力大【考点】电势；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线与等势面垂直，等差等势面的疏密程度也反映电场的强弱，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．【解答】解：A、α粒子为氦核带正电，由运动轨迹可知，电场力的方向指向右下方即电场线的方向指向右下方，根据电场的性质“顺着电场线的方向电势降落”可知N点的电势高于M点的电势，A选项错误；B、α粒子带正电，从M到N，电场力做负功，所以电势能增加，所以N点的电势能比在M点的电势能大，所以B正确；C、从M到N，电场力做负功，速度减小，所以M点的速率大于在N点的速率，所以C错误；D、根据电场线或等势面的疏密程度可知D选项错误．故选：B．【点评】电场线与等势面垂直．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．三、填空题（每小题6分）13．A、B两个完全相同的金属小球分别带有电荷量q A=6.4×10﹣9 C和q B=﹣3.2×10﹣9 C，让A、B两小球接触，在接触过程中，电子从 B 球转移到 A 球；转移了3×1010个电子．【考点】电荷守恒定律；元电荷、点电荷．【专题】定性思想；推理法；电荷守恒定律与库仑定律专题．【分析】金属导体中能自由移动的是自由电子，完全相同的带电小球接触时，若是同种电荷则将总电量平分，若是异种电荷则先中和然后将剩余电量平分，故电子从B向A移动．每个电子带的电荷量为e=1.6×10﹣19C，根据转移的电荷量计算转移的电子的数目．【解答】解：金属导体中能自由移动的是自由电子，当完全相同的带电绝缘体金属小球A、B接触时，电子从B向A转移．最后两球带同样的电荷，均为：Q==1.6×10﹣9 C，所以B向A转移的电荷量为：△Q=﹣3.2×10﹣9﹣（﹣1.6）×10﹣9C=﹣4.8×10﹣9C每个电子带的电荷量为：e=1.6×10﹣19C，所以转移的电子数为：n=3×1010个故答案为：B；A；3×1010【点评】本题要知道完全相同的带电小球接触时的电量的重新分配规律，注意正负中和的含义，及电量平分的条件．14．有一个带电量q=﹣2×10﹣6C的点电荷，从某电场中的A点移到B点，电荷克服电场力做6×10﹣4J的功，从B点移到C点，电场力对电荷做8×10﹣4J的功，则A、C 两点的电势差为﹣100 V．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】定量思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】根据W AC=W AB+W BC，求出电场力从A到C做的总功，根据电场力做功与电势差的关系求出A、C两点的电势差．【解答】解：AC过程电场力做功：W AC=W AB+W BC代入数据得：W AC=﹣6×10﹣4+8×10﹣4J=2×10﹣4J则A、C两点间的电势差U AC===﹣100V；答：AC间的电势差为﹣100V．【点评】解决本题的关键掌握电场力做功与电势差的关系，在运用W=qU计算时，W的正负、q的正负、U的正负均需代入计算．四、解答题15．如图所示，虚线方框内有一匀强电场，A、B、C为该电场中的三个点，已知U A=12V，U B=6V，U C=﹣6V，试在该方框中作出该电场示意图（即画出几条电场线）．若将一个电子从A点移到B点，电场力作功为﹣6 eV．【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】连接AC，将AC分成三等份，找出B点的等势点，与B相连，得出等势线，结合等势线与电场线垂直，作出电场线．根据AB间的电势差，结合电场力做功与电势差的关系求出电场力做功的大小【解答】解：连接AC，将AC分成三等份，找出B点的等势点D点，电势为6V，连接BD，则BD为等势线，电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示：AB间的电势差为：U AB=12﹣6V=6V，则电场力做功为：W=﹣eU AB=﹣6eV．故答案为：﹣6【点评】解决本题的关键知道电场线与等势线垂直，电场线的方向由高电势指向低电势，知道电场力做功与电势差的关系16．如图所示，把质量为2g的带负电小球A，用绝缘细绳悬起，若将带电荷量为Q=4.0×10﹣6C的带电球B靠近A，当两个带电小球在同一高度相距30cm时，则绳与竖直方向成α=45°角．g取10m/s2，试求：（1）A球受到的库仑力多大？（2）A球带电荷量是多少？【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）对小球A受力分析，受到重力、静电引力和细线的拉力，根据三力平衡求出静电引力；（2）根据库仑定律求解出小球A的带电量．。
高二物理上学期第二次月考试题高二全册物理试题_00001
嗦夺市安培阳光实验学校秋季学期第二次月考高二物理（考试时间90分钟 满分100分）一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共40分。
其中1--7为单选，8-10为多选，在每小题给出的四个选项中，按题目要求选出恰当的答案。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．以下说法正确的是（ ） A ．把质子或电子叫元电荷B ．只有体积很小的带电体才可以看做点电荷C ．电荷间的相互作用力是通过电场而产生的D ．描述电场的电场线是客观存在的 2．下列说法中，正确的是（ ）A ．由E=qF可知电场中某点的电场强度E 与q 成反比 B ．由公式φ=qE p 可知电场中某点的电势φ与q 成反比C ．由U ab =Ed 可知，电场中的任意两点a 、b 间的距离越大，则两点间的电势差一定越大D ．公式C=U Q，其中电容器的电容C 与电容器两极板间电势差U 无关 3．关于电场强度和电势的关系，下列说法正确的是（ ） A ．电场强度的方向一定跟等势面垂直B ．随着电场强度的大小逐渐减小,电势也逐渐降低C ．电场强度处处为零的空间，电势也一定处处为零D ．电势高的地方电场强度一定大4. 下列关于电源的电动势说法，正确的是（ ） A ．电源向外提供的电能越多，表示电动势越大B ．电动势在数值上等于非静电力把1C 的正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功C ．电源的电动势与外电路有关，外电路电阻越大，电动势就越大D ．电动势越大的电源，将电能转化为其他形式的能的本领越大5. 实验室用的某金属通电描绘I-U 特性曲线，下图那个可以正确反映该金属的I-U 特征( )6．关于电阻和电阻率下列说法正确的是（ ）A ．电阻率是表征材料导电性能的物理量，电阻率越大的导体对电流的阻碍作用越大B ．一根粗细均匀的电阻丝，电阻为R. 若将电阻丝均匀拉长，使它的横截面的半径变为原来的21,则电阻丝的电阻变为4RC ．由IU R 可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比D．对某一确定的导体当温度升高时，若不计导体的体积和形状变化，发现它电阻增大，说明该导体材料的电阻率随温度的升高而增大7.有一毫伏表，它的内阻是100 Ω，量程为300 mV，现要将它改装成量程为3 V的伏特表，则毫伏表应( )A．并联一个100 Ω的电阻B．并联一个900 Ω的电阻C．串联一个100 Ω的电阻D．串联一个900 Ω的电阻8．如图所示的电路中，通过电阻R1的电流I1是( )A．UR1B．U1R1C．U2R2D．U1R1＋R29.如图所示，实线为一点电荷Q建立的电场中的几条电场线（方向未标出），虚线为一电子在电场中从M点运动到N点的轨迹．若电子在运动中只受电场力的作用，则下列判断正确的是（）A．建立电场的点电荷Q带正电B．电子在M点的加速度比在N点的加速度小C．电子在M点的速度比在N点的速度大D．电子在M点的电势能比在N点的电势能大10.在如图所示的电路中，R1、R2、R3和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为ε，内阻为r。
2021-2022高二物理上学期第二次(12月)月考试题(含解析)
奋斗中学2021—2021-1高二年级第二次月考物理试题一、单项选择题1. 电源电动势的大小反映的是A. 电源把电能转化为其他形式的能的本领大小B. 电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小C. 电源单位时间内传送电荷量的多少D. 电流做功的快慢【答案】B【解析】电动势在数值上等于非静电力将1 C的正电荷在电源的内部从负极移到正极所做的功，做了多少功，就有多少其他形式的能转变为电能，所以电动势的大小反映电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小；单位时间内流过的电荷量表示电流；做功的快慢表示功率，所以ACD错误，B正确。
2.如右图所示，因线路故障，按通K时，灯L1 和L2均不亮，用电压表测得U ab=0，U bc=4V，U cd=0．由此可知断路处为( )A. 灯L1B. 灯L2C. 变阻器D. 不能确定【答案】B【解析】【详解】由题，则灯发生断路，因为断路时，电路无电流，其两端的电势分别等于电源两极的电势，其电势差等于电源的电动势；而对于完好的电阻，阻值一定，电流时，根据欧姆定律可知，其电压，由题：，。
由题，则可知：灯和变阻器R没有发生断路，故选项B正确，选项ACD错误。
【点睛】本题是电路中故障分析问题，往往哪段电路的电压等于电源的电压，哪段电路发生断路，可用电压即为电势差来理解。
3. 下列说法正确的是（）A. 磁场中某处磁感强度的大小，等于长为L，通以电流I的一小段导线放在该处时所受磁场力F与乘积IL的比值B. 一小段通电导线放在某处若不受磁场力作用，则该处的磁感应强度为零C. 因为B＝F／IL，所以磁场中某处磁感应强度的大小与放在该处的导线所受磁场力F的大小成正比，与IL的大小成反比D. 磁场中某处磁感应强度的大小与放在磁场中的通电导线长度、电流大小及所受磁场力的大小均无关【答案】D【解析】磁场中某处磁感强度的大小，等于长为L，通以电流I的一小段导线垂直放在该处时所受磁场力F与乘积IL的比值，A错误，若通电导线电流方向与磁场方向平行，磁场不为零，但安培力为零，B错误，磁场中某处磁感应强度的大小与放在磁场中的通电导线长度、电流大小及所受磁场力的大小均无关，C错误，D正确。
高二物理上学期第二次月考试题高二全册物理试题_22 (2)
嗦夺市安培阳光实验学校宁夏银川市高二物理上学期第二次月考试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．图中 a 、b 、c 、d 为四根与纸面垂直的长直导线，其横截面位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相同的电流，方向如图所示。
一带正电的粒子从正方形中心 O 点沿垂直于纸面的方向向外运动，它所受洛伦兹力的方向是（）A．向上 B．向下C．向左 D．向右15．在如图所示的电路中，R1为定值电阻,R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源内阻（r< R1, r< R2）.则以下说法中正确的是（）A．当R2=R1+r时，R1上获得最大功率B．当R1=R2+r时，R1上获得最大功率C．当R2=0时，电源的输出功率最大D．当R2=0时，电源的效率最大16．电阻R和电动机M串连接到电路中，如图所示，已知电阻R跟电动机线圈的电阻值相等，开关接通后，电动机正常工作．设电阻R和电动机M两端的电压分别为U1和U2，经过时间t，电流通过电阻R做功为W1，产生热量为Q1，电流通过电动机做功为W2，产生热量为Q2．则有（）A．U1＜U2，Q1=Q2B．U1=U2，Q1=Q2C．W1=W2，Q1＞Q2D．W1＜W2，Q1＜Q217．在如图甲所示的电路中，L1、L2和L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25A．则此时（）A．L1的电压为L2电压的2倍B．L1消耗的电功率为0.75WC．L2的电阻为12ΩD．L1、L2消耗的电功率的比值等于4:118．如图,电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r，闭合k，将滑动变阻器滑片向下滑动,理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为ΔV1、ΔV2、ΔV3,理想电流表A示数变化量的绝对值为ΔI,则下列说法正确的是( )A.A的示数减小B.V2的示数增大C.ΔV3与ΔI的比值大于rD.ΔV1小于ΔV219．如图所示，带等量异种电荷的平行金属板a、b处于匀强磁场中，磁感应强度B垂直纸面向里，不计重力的带电粒子沿OO′方向从左侧垂直于电磁场入射，从右侧射出a、b板间区域时动能比入射时小．要使粒子射出a、b 板间区域时的动能比入射时大，可以（）A．适当减小金属板的正对面积B．适当增大金属板间的距离C．适当减小金属板间的磁感应强度D．使带电粒子的电性相反20．在同一光滑斜面上放同一导体棒，右、如图所示是两种情况的剖面图．它们所在空间有磁感应强度大小相等的匀强磁场，但方向不同，一次垂直斜面向上，另一次竖直向上：两次导体棒A分别通有电流I1和I2，都处于静止平衡．已知斜面的倾角为θ，则 ( )A．I1:I2=cosθ:1 B．I1:I2=1:1C．导体棒A所受安培力大小之比F1:F2=sinθ:cosθD．斜面对导体棒A的弹力大小之比N1:N2=cos2θ:121．在半导体离子注入工艺中，初速度可忽略的磷离子P+和P3+，经电压为U的电场加速后，垂直进入磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里，有一定的宽度的匀强磁场区域，如图所示．已知离子P+在磁场中转过θ=30°后从磁场右边界射出．在电场和磁场中运动时，离子P+和P3+ ( )A．在电场中的加速度之比为1:1B．在磁场中运动的半径之比为1:3C．在磁场中转过的角度之比为1:2D．离开电场区域时的动能之比为1:3第Ⅱ卷三、非选择题：22．(8分)某课外小组测一个电池的电动势和内电阻．已知这个电池的电动势约为l l V～13V，内电阻小于3Ω，由于直流电压表量程只有3V，需要将这只电压表通过连接一固定电阻（用电阻箱代替），改装为量程为15V的电压表，然后再用伏安法测电源的电动势和内电阻，以下是实验操作过程：①把电压表量程扩大，实验电路如图甲所示，实验步骤如下，完成填空．第一步：按电路图连接实物第二步：把滑动变阻器滑动片移到最右端，把电阻箱阻值调到零第三步：闭合电键，把滑动变阻器滑动片调到适当位置，使电压表读数为3V第四步：把电阻箱阻值调到适当值，使电压表读数为 V 第五步：不再改变电阻箱阻值，保持电压表和电阻箱串联，撤去其它线路，即得量程为15V 的电压表②实验可供选择的器材有：A ．电压表（量程为3V ，内阻2kΩ）B ．电流表（量程为3A ，内阻约0.1Ω）C ．电阻箱（阻值范围0～9999Ω）D ．电阻箱（阻值范围0～999Ω）E ．滑动变阻器（阻值为0～20Ω，额定电流2A ）F ．滑动变阻器（阻值为0～20kΩ，额定电流0.2A ）电阻箱应选 ，滑动变阻器应选 ．③用该扩大了量程的电压表（电压表的表盘没变），测电源电动势E 和内电阻r ，实验电路如图乙所示，得到多组电压U 和电流I 的值，并作出U-I 图线如图丙所示，可知电池的电动势为 V ，内电阻为 Ω． 23．(7分)在做“测定金属丝的电阻率”的实验中，若待测金属丝的电阻约为5Ω，要求测量结果尽量准确，提供以下器材供选择：A ．电池组（3V ，内阻约1Ω）B ．电流表（0﹣0.6A ，内阻约0.125Ω）C ．电压表（0﹣3V ，内阻约4KΩ）D ．滑动变阻器（0﹣20Ω，允许最大电流1A ）E ．开关、导线若干(1)测电阻时，电流表、电压表、待测金属丝电阻在组成电路时，请在虚线框内画出应采用的实验原理图（金属丝用电阻符号表示）， (2)且此原理图使得待测金属丝电阻的测量值 比真实值偏________（填“大”或“小”）；(3)若用L 表示金属丝长度，d 表示直径，测得电阻值为R ，则计算金属丝电阻率的表达式ρ=________． 24．（12分）质谱仪是用来测定带电粒子质量和分析同位素的重要工具，如图所示，电容器两极板相距为d ，两板间电压为U ，极板间匀强磁场的磁感应强度为B 1，方向垂直纸面向外．一束电荷电量相同、质量不同的带正电的粒子，沿电容器的中线平行于极板射入电容器，沿直线匀速穿过电容器后进入另 一磁感应强度为B 2的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外． 结果分别打在感光片上的a 、b 两点，设a 、b 两点之间I/A11.57.5（此区域画原理图）距离为△x，粒子所带电荷量为q，且不计重力，求：（1）求粒子进入磁场B2时的速度v的大小.（2）求打在a、b两点的粒子质量之差△m.（3）比较这两种带电粒子在磁场B2中运动时间的大小关系，并说明理由. 25．(20分)如图所示，x轴上方有一匀强磁场，磁感应强度为B、方向垂直纸面向里，x 轴下方有一匀强电场，场强大小为E、方向与y轴负方向夹角为θ=45º且斜向上方。
高二物理上学期第二次月考试题高二全册物理试题_
嗦夺市安培阳光实验学校高二物理上学期第二次月考试题考生注意：本试题分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷，共5页，18大题。
满分100分，考试时间为90分钟。
第Ⅰ卷（48分）1.下列说法正确的是（ ）A. 体积很小的带电物体就能看成点电荷B ．根据U ＝Ed 可知，任意两点的电势差与这两点的距离成正比C ．匀强电场的场强方向总是跟正电荷所受电场力的方向一致D. 电势差的定义式U AB ＝qABW ，说明两点间的电势差U AB 与电场力做功W AB 成正比，与移动电荷的电荷量q 成反比2.如图所示，要使电阻R 2消耗的功率最大，应该把电阻R 2的阻值调节到（ ） A ．0B ．R 1＋rC ．R 1－rD ．r3.如图所示，虚线a 、b 和c 是某静电场中的三个等势面.一带电粒子射入电场中，其运动轨迹如实线KLMN 所示，由图可知( ) A.粒子从L 到M 的过程中，动能减少 B.粒子从L 到M 的过程中，电场力做负功C.粒子从K 到L 的过程中，电势能减少D.粒子从K 到L 的过程中，电场力做负功4.在光滑的绝缘平面上，有一个正方形abcd ，顶点a 、c 处分别固定一个正点电荷，电荷量相等，如图所示．若将一个带负电的粒子置于 b 点，自由释放，粒子将沿着对角线bd 往复运动．粒子从 b 点运动到d 点的过程中（ ） A ．先做匀加速运动，后做匀减速运动B ．先从高电势到低电势，后从低电势到高电势C ．电势能与机械能之和先增大，后减小D ．电势能先减小，后增大5.如图所示，带电粒子在匀强电场中以初动能20J 穿过等势面L 3，到达等势面L 1时速度为零。
三个等势面等距，且U 2=0。
当此带电粒子的电势能为6J 时，它的动能为（ ）A ．4JB ．6JC ．14JD ．16J 6.两小球用等长的绝缘细线悬挂于同一点O ，两小球因带同号电荷而使球b 悬线竖直地靠在墙上，a 球被推开一定角度而平衡。
今令其失去部分电量，结果θ角变小后又重新平衡，则关于悬线对a 球的拉力大小变化情况为（ ）A.一定增大B.一定减小C.一定不变D.无法确定7.测量电池电动势和内电阻，根据测得数据作出了外电路U －I 图线，由图可知baO（）A．电池电动势的可以直接测得为1.40 VB．电池内阻的测量值为3.50 ΩC．外电路发生短路时的电流为0.40 AD．电压表的示数为1.20 V时，电流表的示数I′=0.20 A8.如图所示，M、N是平行板电容器的两个极板，R0为定值电阻，R1、R2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器内部．闭合开关S，小球静止时受到悬线的拉力为 F.调节R1、R2，关于F的大小判断正确的是（）A．保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变大B．保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变小C．保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变大D．保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变小9.如图所示，一直流电动机与阻值R＝9 Ω的电阻串联在电源上，电源电动势E ＝30 V，内阻r＝1 Ω，用理想电压表测出电动机两端电压U＝10 V，已知电动机线圈电阻R M＝1 Ω，则下列说法中不正确的是（）A．通过电动机的电流为2 AB．电动机的输入功率为60 WC．电动机的热功率为4 WD．电动机的输出功率为16 W10.一平行板电容器中存在匀强电场，电场沿竖直方向。
(高中物理)高二年级上学期第二次月考物理试题
—学年度高二年级上学期第二次月考物理试题一、选择题〔此题共10小题，每题4分，共40分。
在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。
全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分。
〕1．关于电场力的功及电势能变化情况正确的选项是〔〕A．电场中某点电势的大小等于电场力将单位正电荷从该点移到零电势点电场力所做的功B．电场中某点的电势大小等于单位正电荷在该点所具有的电势能C．在电场中无论移动正电荷还是负电荷，只要电场力做正功，电荷电势能都要减少D．正电荷沿电场线方向移动，电势能减少；负电荷沿电场线方向移动，电势能减少2．关于感应电动势大小的以下说法中，正确的选项是〔〕A．线圈中磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势一定大B．线圈中磁通量越大，产生的感应电动势一定越大C．线圈放在磁感强度越强的地方，产生的感应电动势一定越大D．线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势越大3．在图3的电路中，当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，A、B两灯亮度的变化情况为〔〕A．A灯和B灯都变亮B．A灯、B灯都变暗C．A灯变亮，B灯变暗D．A灯变暗，B灯变亮4．如图4所示，电子经加速电场〔电压为U1〕后进入偏转电场〔电压为U2〕，然后飞出偏转电场，要使电子飞不出偏转电场可采取的措施有〔〕A．增大U1B．减小U1C．增大U2D．减小U25．一个带正电荷的微粒〔重力不计〕穿过图5中匀强电场和匀强磁场区域时，恰能沿直线运动，那么欲使电荷向下偏转时应采用的方法是〔〕A．增大电荷质量B．增大电荷电量C．减少入射速度D．减少磁感强度6．以下有关磁通量的论述中正确的选项是〔〕A．磁感强度越大的地方，穿过线圈的磁通量也越大B．磁感强度越大的地方，线圈面积越大，那么穿过线圈的磁通量越大C．穿过线圈的磁通量为零的地方，磁感强度一定为零D．匀强磁场中，穿过线圈的磁感线越多，那么磁通量越大7．一根有质量的金属棒MN，如下列图两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点，棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，此时悬线上有拉力，为了使拉力等于零，可以〔〕A．适当减少磁感应强度B．使磁场反向C．适当增大电流强度D．使电流反向8．如图8所示，闭合导线框的质量可以忽略不计，将它从图示位置匀速拉出匀强磁场．假设第一次用时间拉出，外力所做的功为W1，通过导线截面的电量为q1；第二次用时间拉出，外力所做的功为W2，通过导线截面的电量为q2，那么〔〕A．W1＜W2，q1＜q2B．W1＜W2，q1=q2O a b O' C ．W 1＞W 2，q 1=q 2D ．W 1＞W 2，q 1＞q 29．在匀强磁场中放一电阻不计的平行金属导轨，导轨跟大线圈M相接，如图9所示。
高二物理上学期第二次月考试卷高二全册物理试题2 (2)
嗦夺市安培阳光实验学校陕西省西北农林科大附中高二（上）第二次月考物理试卷一.选择题（共10小题.每题5分.共50分.1-8题为单选题，9-10题为多选）1．有关电压与电动势的说法中正确的是( )A．电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法B．电动势是电源两极间的电压C．电动势公式E=中W与电压U=中的W是一样的，都是电场力做的功D．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量2．关于电阻和电阻率的说法中，正确的是( )A．导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻B．由R=可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C．某些金属合金和化合物的电阻率随温度的降低突然减小为零，这种现象叫做超导现象D．将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一3．如图所示，电路两端的电压保持不变，当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，三个灯泡亮度的变化情况是( )A．L1变亮，L2和L3皆变暗B．L1变暗，L2不能确定，L3变暗C．L1变暗，L2变亮，L3变亮D．L1变亮，L2变亮，L3变暗4．金属铂的电阻对温度的高低非常敏感，在下图所示的U﹣I图象中，可以表示出金属铂电阻的U﹣I图线的是( )A ．B ．C ．D ．5．如图所示电路中接有三只完全相同的电压表，在A，B间加恒定电压12V，电压表1的示数为5V，则电压2，3的示数依次为( )A．V2为7V，V3为0V．B．V2为7V，V3为7VC．V2为5V，V3为2V D．V2为7V，V3为2V6．用伏安法测电阻时，待测电阻大约是10欧，电流表的内阻是1欧，电压表的内阻是5千欧，则( )A．用电流表外接法，此时测量值比真实值大B．用电流表外接法，此时测量值比真实值小C．用电流表内接法，此时测量值比真实值大D．用电流表内接法，此时测量值比真实值小7．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线在P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法中正确的是( )A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小B．对应P 点，小灯泡的电阻为C．对应P 点，小灯泡的电阻为D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围面积8．一个用半导体材料制成的电阻器D，其电流I随它两端电压U的关系图象如图（a）所示，将它与两个电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为P，现将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端，设电阻器D和电阻R1、R2消耗的电功率分别是P D、P1、P2，它们之间的大小关系有( )A．P1=4P D B．P1＜4P2C．P D=P2D．P D =9．把六个相同的小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用P甲和P乙表示，则下列结论中正确的是( )A．P甲=P乙B．P甲=3P乙C．P乙=3P甲D．P乙＞3P甲10．在如图中，电源内阻不能忽略，R1=12Ω，R2=8Ω．当开关S切换到位置1时，电流表的示数为I1=0.20A；当开关S扳到位置2时，电流表的示数可能为下列情况中的( )A．0.3A B．0.28A C．0.25A D．0.19A二.实验题（共3小题.每空4分.共28分）11．某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如图（甲）所示，则金属丝的直径d=__________mm ．另一位学生用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测量一工件的长度，测得的结果如图（乙）所示，则该工件的长度L=__________mm．12．多用电表的下半部分如图甲所示，标有“2.2V 0.25A”字样的小灯泡已接入电路，当多用电表的两表笔分别与小灯泡两端的接线柱a、b相接（如图乙所示），下列想法合理的是( )A．若选择开关拨到“Ω”挡的×1处，可测量小灯泡的电阻B．若选择开关拨到“”挡的2.5处，可测量小灯泡两端的电压C．若选择开关拨到“V”挡的2.5处，可测量小灯泡两端的电压D．若选择开关拨到“mA”挡的250处，可测量小灯泡中的电流13．（16分）某电阻额定电压为3V（阻值大约为10Ω）．为测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材：A：电流表A1（量程300mA，内阻约1Ω）；B：电流表A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω）；C：电压表V1（量程3.0V，内阻约3kΩ）；D：电压表V2（量程5.0V，内阻约5kΩ）；E：滑动变阻器R1（最大阻值为10Ω）；F：滑动变阻器R2（最大阻值为1kΩ）；G：电源E（电动势4V，内阻可忽略）；H：电键、导线若干．（1）为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为（只需添器材前面的字母即可）：电流表__________，电压表__________，滑动变阻器__________．（2）画出该实验电路图．三.计算题（共2小题.14题10分.15题12分.共22分）14．如图所示的电路中，电阻R1=9Ω，R2=15Ω，电源的电动势E=12V，内电阻r=1Ω，安培表的读数I=0.4A．求：（1）流过电阻R1的电流是多少？（2）电阻R3的阻值是多大？（3）电阻R3消耗的电功率是多少？15．如图所示，电流表读数为0.75A，电压表读数为2V，R3=4Ω，经过一段时间后某一电阻烧断，电流表读数变为0.8A，电压表读数变为3.2V，设电表对电路的影响不计，试问：（1）烧断的是哪一个电阻？（2）电源的电动势和内阻分别是多少？陕西省西北农林科大附中高二（上）第二次月考物理试卷一.选择题（共10小题.每题5分.共50分.1-8题为单选题，9-10题为多选）1．有关电压与电动势的说法中正确的是( )A．电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法B．电动势是电源两极间的电压C．电动势公式E=中W与电压U=中的W是一样的，都是电场力做的功D．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电压与电动势的单位相同，但物理意义不同．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量．电动势定义式公式E=中的W是非静电力做功，电压U=中的W是静电力做功．电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压．【解答】解：A、电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，是两个不同的物理量．故A 错误．B、根据闭合电路欧姆定律，路端电压U=E﹣Ir，只有当外电路断开时，I=0，路端电压等于电动势．当外电路接通时，路端电压即电源两极间的电压小于电动势，故B错误．C、电动势定义式公式E=中的W是非静电力做功，电压U=中的W是静电力做功．故C错误．D、电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电动势反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小．故D正确．故选：D．【点评】本题考查电动势的概念，关键要明确电动势的物理意义，知道与电压的区别，属于基础题．2．关于电阻和电阻率的说法中，正确的是( )A．导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻B．由R=可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C．某些金属合金和化合物的电阻率随温度的降低突然减小为零，这种现象叫做超导现象D．将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电阻是导体对电流的阻碍作用；影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积、温度，与通过导体的电流和导体两端的电压无关．【解答】解：A、电阻是导体对电流的阻碍作用，是导体本身的一种特性；其大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关；而与导体两端有无电压、电压高低，导体中有无电流、电流大小无关．故A错误、B错误．C、由超导现象的定义知，某些金属、合金和化合物的电阻率随温度的降低会突然减小为零，这种现象叫做超导现象．但温度不可能为绝对零度，因绝对零度无法达到，故C正确D、导线的电阻率有材料本身的特性决定，与导体的电阻、横截面积、长度无关．将一根导线等分为二，则半根导线的电阻是原来的一半，但电阻率不变．所以D 错误．故选：C．【点评】欧姆定律也可求电阻，但只能作为比值定义法，应明确电阻与电流、电压等无关．3．如图所示，电路两端的电压保持不变，当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，三个灯泡亮度的变化情况是( )A．L1变亮，L2和L3皆变暗B．L1变暗，L2不能确定，L3变暗C．L1变暗，L2变亮，L3变亮D．L1变亮，L2变亮，L3变暗【考点】串联电路和并联电路；闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电灯L2与变阻器串联后与灯泡L3并联，最后再与L1串联；当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，变阻器电阻R减小，故总电阻减小，根据欧姆定律判断干路电流的变化情况，然后逐步判断各个各个部分的电流和电压情况．【解答】解：当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，变阻器电阻R减小，故总电阻减小，根据欧姆定律干路电流增加，故灯泡L1变亮；并联电路的电压U并=U﹣IR L1，故并联电路电压变小，灯泡L3变暗；干路电流增加，而通过灯泡L3的电流变小，故通过灯泡L2的电流增加，灯泡L2变亮；故选D．【点评】对于动态分析问题，通常按照局部→整体→局部的思路进行分析，不难．4．金属铂的电阻对温度的高低非常敏感，在下图所示的U﹣I图象中，可以表示出金属铂电阻的U﹣I图线的是( )A ．B ．C ．D ．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】金属铂的电阻随温度的升高而增大．电阻的U﹣I图线上的点与坐标原点连线的斜率等于电阻．根据数学知识进行选择．【解答】解：根据电阻的定义式R=可知，U﹣I图线上的点与坐标原点连线的斜率等于电阻，金属铂的电阻随温度的升高而增大，则图线上的点与坐标原点连线的斜率逐渐增大，图线是曲线，根据数学知识可知，C正确．故选C【点评】本题考查对金属电阻特性的掌握程度，抓住图线的数学意义来理解其物理意义．5．如图所示电路中接有三只完全相同的电压表，在A，B间加恒定电压12V，电压表1的示数为5V，则电压2，3的示数依次为( )A．V2为7V，V3为0V．B．V2为7V，V3为7VC．V2为5V，V3为2V D．V2为7V，V3为2V【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】定量思想；方程法；恒定电流专题．【分析】根据串、并联电路中电流关系，由欧姆定律确定电压表2、3的示数．【解答】解：电压表可以作为电阻处理，因三个电压表的内阻相等，则电压与电流成正比；设电压表的内阻均为R，根据电荷守恒定律知，三个电压表电流关系可能为：=+，也可能有：+=当U1=5V时，U3=2V，U2=7V，其他数据不可能．故ABC错误，D正确．故选：D【点评】本题中将电压表当作大电阻，不是普通的串并联，关键要分析三个电压表的电流可能关系，根据欧姆定律和电荷守恒定律研究．6．用伏安法测电阻时，待测电阻大约是10欧，电流表的内阻是1欧，电压表的内阻是5千欧，则( )A．用电流表外接法，此时测量值比真实值大B．用电流表外接法，此时测量值比真实值小C．用电流表内接法，此时测量值比真实值大D．用电流表内接法，此时测量值比真实值小【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】伏安法测电阻时有电流表内接和外接两种接法，由于实际电压表内阻较大，但不是无穷大，实际电流表内阻较小，也不是零，故两种接法都存在一定的实验误差，要根据实际情况灵活选择，以减小实验误差【解答】解：由于本题中因，用电流表内接法时，安培表的分压作用比较明显，误差较大，而用安培表外接法时，电压表的分流作用较小，故应该采用安培表外接法；采用安培表外接法，电压表读数比较准确，由于伏特表的分流作用，电流表的读数偏大，故电阻的测量值偏小，测量值等于待测电阻与伏特表相并联的电阻值；故选：B．【点评】本题关键分析清楚电流表内、外接法的误差来源，然后根据实际数据选择误差较小的接法．7．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线在P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法中正确的是( )A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小B．对应P 点，小灯泡的电阻为C．对应P 点，小灯泡的电阻为D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围面积【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】由图看出此灯泡是非线性元件，根据电阻是指对电流的阻碍作用判断灯泡电阻与电压之间的关系；找到P点对应的电压和电流，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻；由功率公式可知功率对应图线的“面积”．【解答】解：A、由图象可知，灯泡的电阻等于R=，等于图线上的点与原点O连线斜率的倒数，由数学知识可知，电压增大，此斜率减小，则灯泡的电阻增大．故A错误；B、C由图象可知，P点对应的电压为U1，电流为I2，则灯泡的电阻R=≠，故B、C错误；D、因P=UI，所以图象中矩形PQOM所围的面积为对应P点小灯泡的实际功率，故D正确．故选D．【点评】对于线性元件，其电阻R==，非线性元件，R=；对于U﹣I 图与I﹣U图要区分清楚，电阻R=K，还是R=不能搞错．8．一个用半导体材料制成的电阻器D，其电流I随它两端电压U的关系图象如图（a）所示，将它与两个电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为P，现将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端，设电阻器D和电阻R1、R2消耗的电功率分别是P D、P1、P2，它们之间的大小关系有( )A．P1=4P D B．P1＜4P2C．P D=P2D．P D =【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据半导体材料的伏安特性曲线可知，随着电压增大，电阻器D的电阻减小，电压减小，电阻增大．电阻器D与两个电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为P，此时三个电阻的阻值相等；当将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端时，电阻器D的电压小于电源的电压，电阻增大，根据并联电路的特点分析其电流与R1、R2电流的关系，再研究功率关系．【解答】解：由题，电阻器D与两个电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为P，此时三个电阻的阻值相等；当将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端时，电阻器D的电压小于电源的电压，由（a）图象可知，电阻器D的电阻增大，则有R D＞R1=R2．而R D与R2并联，电压相等，根据欧姆定律得知，电流I D＜I2，又I1=I2+I D，得到I1＜2I2，I1＞2I D ．，，，所以得到P1＜4P2．P1与4P D的大小无法判断．P D＜P2．P2＞，故如图（b）的电路中，P D 与无法比较．故选B【点评】本题首先要读懂半导体材料的伏安特性曲线，其次要抓住串并联电路的特点进行分析．9．把六个相同的小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用P甲和P乙表示，则下列结论中正确的是( )A．P甲=P乙B．P甲=3P乙C．P乙=3P甲D．P乙＞3P甲【考点】电功、电功率；串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】电路所消耗的总功率的大小等于电路两端的总的电压与总电流的乘积，由此即可直接得出结论．【解答】解：设灯泡正常发光时的电流为I，对于甲图，电路的总的电流为3I，此时甲的总功率的大小为P甲=U•3I，对于乙图，电流的总电流的大小就为I，此时乙的总功率的大小为P乙=U•I，所以P甲=3P乙，所以B正确．故选：B．【点评】对于本题来说关键的是选择公式，由于电路的总电压的大小是相同的，所以用总电压与总电流的乘积来计算总功率的大小比较简单．10．在如图中，电源内阻不能忽略，R1=12Ω，R2=8Ω．当开关S切换到位置1时，电流表的示数为I1=0.20A；当开关S扳到位置2时，电流表的示数可能为下列情况中的( )A．0.3A B．0.28A C．0.25A D．0.19A【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；极端假设法；恒定电流专题．【分析】根据电阻的不同，由欧姆定律分析电流的范围，结合路端电压的范围进行选择．【解答】解：由题当开关S切换到位置1时，电流表的示数为I1=0.20A；因R1=12Ω，R2=8Ω，则R1＞R2．则当开关S扳到位置2时，电路中电流增大，即I2＞0.20A．由于外电阻减小，路端电压减小．开关S在位置1时，路端电压U1=I1R1=0.20×12V=2.4V，开关S扳到位置2时，路端电压U2＜2.4V，由欧姆定律得知 I2=＜A=0.30A．所以电流表的示数的范围为0.20A＜I2＜0.30A．故AD错误，BC正确．故选：BC【点评】本题中外电阻减小时，总电流增大，不难确定，关键还要根据路端电压随外电阻减小而减小，确定电流的变化范围．二.实验题（共3小题.每空4分.共28分）11．某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如图（甲）所示，则金属丝的直径d=2.935（2.934﹣2.937）mm．另一位学生用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测量一工件的长度，测得的结果如图（乙）所示，则该工件的长度L=14.50mm．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】实验题．【分析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，两种仪器读数时均可采用公式法，即：主尺读数+副尺读数．【解答】解：螺旋测微器的固定刻度读数2.5mm，可动刻度读数为0.01×43.5=0.435mm，所以最终读数为：固定刻度读数+可动刻度读数=2.5+0.435=2.935mm，由于需要估读，因此在范围2.934﹣2.937mm内均正确．游标卡尺的主尺读数为1.4cm=14mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，游标读数为0.05×10mm=0.50mm，所以最终读数为：主尺读数+游标尺读数=14mm+0.50mm=14.50mm；故答案为：2.935（2.934﹣2.937），14.50．【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．12．多用电表的下半部分如图甲所示，标有“2.2V 0.25A”字样的小灯泡已接入电路，当多用电表的两表笔分别与小灯泡两端的接线柱a、b相接（如图乙所示），下列想法合理的是( )A．若选择开关拨到“Ω”挡的×1处，可测量小灯泡的电阻B ．若选择开关拨到“”挡的2.5处，可测量小灯泡两端的电压C．若选择开关拨到“V”挡的2.5处，可测量小灯泡两端的电压D．若选择开关拨到“mA”挡的250处，可测量小灯泡中的电流【考点】用多用电表测电阻．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】用多用电表测电阻时，待测电路元件应与其它电路元件断开；用多用电表测电压时，多用电表应与被测电路元件并联，要注意测的是直流电源还是交流电压；用多用电表测电流时，多用电表要串联接入电路．【解答】解：A、由图乙所示可知，灯泡串联在闭合电路中，不能用多用电表测灯泡电阻，如果用多用电表测灯泡电阻，应把灯泡与其它电路元件断开，故A 错误；B、由图乙所示可知，电源为直流电源，应该用直流电压档测灯泡两端电压，故B错误；C、若选择开关拨到“V”挡的2.5处，可测量小灯泡两端的电压，故C正确；D、若选择开关拨到“mA”挡的250处，要测量小灯泡中的电流，多用电表应串联接入电路，不能与灯泡并联，故D错误；故选：C．【点评】本题考查了多用电表的使用，用多用电表测电阻、电流、电压时，要把选择开关打到合适的档位．13．（16分）某电阻额定电压为3V（阻值大约为10Ω）．为测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材：A：电流表A1（量程300mA，内阻约1Ω）；B：电流表A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω）；C：电压表V1（量程3.0V，内阻约3kΩ）；D：电压表V2（量程5.0V，内阻约5kΩ）；E：滑动变阻器R1（最大阻值为10Ω）；F：滑动变阻器R2（最大阻值为1kΩ）；G：电源E（电动势4V，内阻可忽略）；H：电键、导线若干．（1）为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为（只需添器材前面的字母即可）：电流表A，电压表C，滑动变阻器E．（2）画出该实验电路图．【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题．【分析】（1）估算电阻上最大电流，选择电表量程．根据该电阻与变阻器最大电阻的关系选择变阻器．（2）根据该电阻与两电表内阻的倍数关系选择电流表的接法，题目要求为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式．【解答】解：（1）根据欧姆定律，流过电阻的最大电流I=≈=0.3A故电流表选A；电阻额定电压为3V则电压表选C即可；为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式接法，为了方便调节，滑动变阻器选小阻值的E．（2）＞即被测电阻为小电阻，选取电流表外接，题目要求为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式．故电路图如图：故答案为：（1）A，C，E；（2）如图；【点评】选择器材通常的步骤：1、根据实验要求设计合理的实验电路．2、估算电路中电压、电流可能达到的最大值，以此选择电压表和电流表的量程．三.计算题（共2小题.14题10分.15题12分.共22分）14．如图所示的电路中，电阻R1=9Ω，R2=15Ω，电源的电动势E=12V，内电阻r=1Ω，安培表的读数I=0.4A．求：（1）流过电阻R1的电流是多少？（2）电阻R3的阻值是多大？（3）电阻R3消耗的电功率是多少？【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）先根据欧姆定律求得R2的电压，再以R1和内阻r为研究对象，根据欧姆定律求得电路中总电流，即为流过电阻R1的电流．（2）根据并联电路分流规律求出流过电阻R3的电流，其电压与R2的电压相等，再求解R3的阻值．（3）电阻R3消耗的电功率由公式P=UI求解．【解答】解：（1）R2的电压 U2=I2R2=0.4×15V=6.0V根据闭合电路欧姆定律得：U2=E﹣I1（R1+r）则得流过电阻R1的电流 I1==A=0.6A（2）流过电阻R3的电流 I3=I1﹣I2=0.6﹣0.4=0.2A则 R3==Ω=30Ω（3）电阻R3消耗的电功率是 P3=U2I3=6×0.2W=1.2W答：（1）流过电阻R1的电流是0.6A．（2）电阻R3的阻值是30Ω．（3）电阻R3消耗的电功率是1.2W．【点评】对于直流电路的计算问题，关键要搞清各个电阻之间的联系，把握串联和并联电路的特点，根据相关公式求解．15．如图所示，电流表读数为0.75A，电压表读数为2V，R3=4Ω，经过一段时间后某一电阻烧断，电流表读数变为0.8A，电压表读数变为3.2V，设电表对电路的影响不计，试问：（1）烧断的是哪一个电阻？（2）电源的电动势和内阻分别是多少？【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）由题意，电路中某一电阻断路后，两电表的读数都变大，不可能是R3和R1断路，否则变化后电压表或电流表无读数，只可能R2断路．（2）断路时，电压表读数等于电阻R1的电压，由欧姆定律求出R1．根据闭合电路欧姆定律对发生断路前后列方程，组成方程组求解电动势和内电阻．【解答】解：（1）因某电阻烧断，电流表、电压表示数均增大，若R1、R3断路，电流表或电压表无读数，可断定发生故障的电阻是R2．（2）由R2烧断后：电压表的示数等于路端电压，则R1==Ω=4Ω根据闭合电路欧姆定律得 U=E﹣Ir即有 3.2=E﹣0.8r…①R2未烧断时：路端电压U′=R1I′=4×0.75V=3V通过R3的电流I3==A=0.25A总电流：I0=I3+I′=0.25A+0.75A=1.0A则有U′=E﹣I0r即 3=E﹣r…②联立①②解得E=4V r=1Ω答：（1）发生故障的电阻是R2．（2）电源的电动势和内阻各为4V和1Ω．【点评】本题中涉及故障分析，采用排除法逐一分析．对于电源的电动势和内阻，常常根据两种情况列方程组求解．。
高二物理上学期第二次月考试题(承智班含解析)高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校高二物理上学期第二次月考试题（承智班，含解析）一、选择题1．如图甲所示，在光滑水平面上，有一个粗细均匀的单匝正方形闭合线框abcd ，边长为L ，质量为m ，电阻为R 。
在水平外力的作用下，线框从静止开始沿垂直磁场边界方向做匀加速直线运动，穿过磁感应强度为B 的匀强磁场，磁场方向与线圈平面垂直，线框中产生的感应电流i 的大小和运动时间t 的变化关系如图乙所示。
则下列说法正确的是 A ．线框的加速度大小为11i BLt B ．线框受到的水平外力的大小32()2B i i L -C ．0～t 1时间内通过线框任一边横截面的电荷量为i 1t 1D ．0～t 3间内水平外力所做的功大于223222mi R B L【答案】D 【解析】考点：法拉第电磁感应定律；牛顿定律及动能定理 【名师点睛】2．如图所示，倾角为θ的粗糙斜面上静止放置着一个质量为m 的闭合正方形线框abcd ，它与斜面间动摩擦因数为μ。
线框边长为l ，电阻为R 。
ab 边紧靠宽度也为l 的匀强磁场的下边界，磁感应强度为B ，方向垂直于斜面向上。
将线框用细线通过光滑定滑轮与重物相连，重物的质量为M ，如果将线框和重物由静止释放，线框刚要穿出磁场时恰好匀速运动。
下列说法正确的是A ．线框刚开始运动时的加速度sin cos Mg mg mg a m θμθ--=B ．线框匀速运动的速度22(sin cos )Mg mg mg Rv B l θμθ--=C ．线框通过磁场过程中，克服摩擦力和安培力做的功等于线框机械能的减少量D ．线框通过磁场过程中，产生的焦耳热小于2(sin cos )M m m gl θμθ-- 【答案】BD 【解析】试题分析：由整体分析受力，M 的重力，线框的重力mg ，斜面的支持力N ，沿斜面向下的滑动摩擦力f ，由右手定则判断出线框中的电流方向为ab ，再由左手定则可知安培力沿斜面向下，根据法拉第电磁感应定律的BLv E =，由闭合电路欧姆定律REI =，则安培力大小为Rvl B BIl F A 22==，开始时速度为零，安考点：物体的平衡 牛顿第二定律 法拉第电磁感应定律 闭合电路欧姆定律 能量转化与守恒定律【名师点睛】对整体进行分析受力，零时刻没有安培力，根据牛顿第二定律列出方程，求出加速度。
高二物理上学期第二次月考试题(含解析)
【2019最新】精选高二物理上学期第二次月考试题（含解析）一、选择题（1—8题单选，9—12题多选）1. 以下叙述正确的是（）A. 法拉第发现了电流的磁效应B. 惯性是物体的固有属性，速度大的物体惯性一定大C. 牛顿最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因D. 感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒定律的必然结果【答案】D【解析】奥斯特发现了电流的磁效应，选项A错误；惯性是物体的固有属性，质量大的物体惯性一定大，惯性大小与速度无关，选项B错误；伽利略最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因，选项C错误；感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒定律的必然结果，选项D正确；故选D.2. 下列图中能产生感应电流的是（）A. B. C. D.【答案】B考点：电磁感应现象【名师点睛】本题的解题关键是掌握产生感应电流的条件：穿过闭合电路的磁能量发生变化，明确磁通量的含义，并能用来进行判断。
3. 在如图所示的交流电路中，保持电源电压一定，当交变电流的频率增大时，各电压表的示数将（）A. 、增大，减小B. 不变，减小，增大C. 不变，增大，减小D. 、、都不变【答案】C【解析】据题，电压不变，当交流电的频率增加时，电感L的感抗增大，电容C的容抗减小，电阻R不变，则V1不变，V2增大，V3减小．故选C．4. 两只相同的电阻，分别通以正弦波形的交流电和方波形的交流电，两种交流电的最大值相等，且周期相等（如图所示）．在正弦波形交流电的一个周期内，正弦波形的交流电在电阻上产生的焦耳热为，其与方波形交流电在电阻上产生的焦耳热之比等于（）A. 1∶1B. 2∶1C. 1∶2D. 4∶3【答案】C.........点睛：对于交变电流，求解热量、电功和电功率等与热效应有关的量，都必须用有效值．对于正弦式电流有效值I1=Im．对于方波，有效值I2=Im．5. 如图所示，abcd为水平放置的平行“”形光滑金属导轨，间距为，导轨间有垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度大小为B，导轨电阻不计．已知金属杆MN倾斜放置，与导轨成角，单位长度的电阻为r，保持金属杆以速度v沿平行于cd的方向滑动(金属杆滑动过程中与导轨接触良好)．则（）A. 电路中感应电动势的大小为B. 电路中感应电流的大小为C. 金属杆所受安培力的大小为D. 金属杆的热功率为【答案】B【解析】导体棒切割磁感线产生感应电动势，故A错误；感应电流的大小，故B正确；所受的安培力为，故C错误；金属杆的热功率，故D错误。
高二物理上学期第二次月考试题高二全册物理试题2 (4)
嗦夺市安培阳光实验学校甘肃省武威市高二物理上学期第二次月考试题一选择题、(1—8题为单项选择；9—1．在10s内通过电解槽某一横截面向右迁移的正离子所带的电量为2C，向左迁移的负离子所带电量为3C，那么电解槽中电流强度大小为（）A．0.1A B．0.2AC．0.3A D．0.5A2. 如图所示，A、B为两块竖直放置的平行金属板，G是静电计，开关S合上后，静电计指针张开一个角度．下列做法可使指针张角增大的是 ( )A.使A、B两板靠近些B. 使A、B两板正对面积错开些C. 断开S后，使B板向左平移减小板间距D. 断开S后，使A、B板错位正对面积减小3. 如图所示，a、b两个带正电的粒子，以相同的速度先后垂直于电场线从同一点进入平行板间的匀强电场后，a粒子打在B板的a′点，b粒子打在B板的b′点．若不计重力，则( )A. a的电荷量一定大于b的电荷量B. a的质量一定小于b的质量C. a的比荷一定大于b的比荷D. a的动能增量一定小于b的动能增量4.如图所示的电路中, U=120 V, 滑动变阻器R2的最大值为200Ω,R1=100Ω.当滑片P滑至R2的中点时，a、b两端的电压为（）A.60 VB.40 VC.80 VD.120 V5、一台直流电动机的电阻为R，额定电压为U，额定电流为I，当其正常工作时下述错误的是 ( ) A．电动机所消耗的电功率IUB．t秒内所产生的电热为IUtC．t秒内所产生的电热为I2RtD. t秒内所产生的机械能为I（U－IR）t6．如图所示的电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变，电灯L恰能正常发光，如果变阻器的滑片向b端滑动，则（）A．电灯L更亮，安培表的示数减小B．电灯L更亮，安培表的示数增大C．电灯L变暗，安培表的示数减小D．电灯L变暗，安培表的示数增大7．一个电流表的满偏电流I g=1mA,内阻R g=500Ω。
要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上( )A．串联一个9.5Ω的电阻 B．并联一个10 kΩ的电阻C．串联一个9.5kΩ的电阻 D．并联一个9.5Ω的电阻8、分别测量两个电池的路端电压和电流，得到如图所示的a、b两条U-I图线，比较两图线，可得出结论（）A．a电池的电动势较小、内阻较大B．a电池的电动势较大、内阻较大C．b电池的电动势较大、内阻较小D．b电池的电动势较小、内阻较大9、下列各种说法中正确的是（）A．电流的定义式qIt，适用于任何电荷的定向移动形成的电流。
高二物理12月月考试题(承智班)高二全册物理试题
嘴哆市安排阳光实验学校河北定州中学第一学期高二承智班12月考物理试卷一、选择题1．如图所示，OA为一遵守胡克定律的弹性轻绳，其一端固定在天花板上的O 点，另一端与静止在动摩擦因数恒定的水平地面上的滑块A相连．当绳处于竖直位置时，滑块A与地面有压力作用．B 为一紧挨绳的光滑水平小钉，它到天花板的距离BO等于弹性绳的自然长度．现用水平力F作用于A ，使之向右作直线运动，在运动过程中，作用于A的摩擦力（）A．逐渐增大 B．逐渐减小C．保持不变 D．条件不足，无法判断2．为了使公路交通有序、安全，路旁立了许多交通标志．如图所示，甲图是限速标志，表示允许行驶的最大速度是120 km/h；乙图是路线指示标志，表示到长春还有175 km．上述两个数据的物理意义是（）A．120 km/h是平均速度，175 km是位移B．120 km/h是平均速度，175 km是路程C．120 km/h是瞬时速度，175 km是位移D．120 km/h是瞬时速度，175 km是路程3．电容的单位是（）A．库仑 B．法拉 C．伏特 D．安培4．如图所示，把电感线圈L、电容器C.电阻R分别与灯泡1L、2L、3L串联后接在交流电源两极间，三盏灯亮度相同。
若保持交流电源两极间的电压不变，仅使交流电的频率增大，则以下判断不正确的是（）A.与线圈L连接的灯泡1L将变暗B.与电容器C连接的灯泡2L将变暗C.与电阻R连接的灯泡3L将变暗D.三盏灯的亮度都不会改变5．一汽车在平直公路上行驶．从某时刻开始计时，发动机的功率P随时间t 的变化如图所示．假定汽车所受阻力的大小f恒定不变．下列描述该汽车的速度v随时间t变化的图线中，可能正确的是（）6．在同一平台上的O点抛出的3个物体，做平抛运动的轨迹如图所示，则3个物体做平抛运动的初速度v A、v B、v C的关系及落地时间t A、t B、t C的关系分别是（）A．v A>v B>v C，t A>t B>t C B．v A＝v B＝v C，t A＝t B＝t CC．v A<v B<v C，t A>t B>t C D．v A<v B<v C，t A<t B<t C7．同一颗卫星，分别处于三种状况：1、发射后成为近地卫星；2、变轨后作椭圆运动；3、再次变轨后成为同步卫星。
高二物理上学期第二次月考试题高二全册物理试题_ (2)
嗦夺市安培阳光实验学校自治区拉萨市高二物理上学期第二次月考试题（含解析）一、选择题（共10小题，每小题5分，共计50分。
其中31～36题为单选题，37～40题为多选题；对于多选题，选对但不全者得3分，多选、错选者得0分）1．有三个相同的金属小球A、B、C，其中A、B两球带电情况相同，C球不带电．将A、B两球相隔一定距离固定起来，两球间的库仑力是F，若使C球先与A接触，再与B接触，移去C，则A、B间的库仑力变为（）A．2/F B．4/F C．8/3F D．10/F【答案】C【解析】考点：库仑定律【名师点睛】要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题。
2. 如图1所示为电场中的一条电场线，A、B为其上的两点，用E A与E B表示A、B两点的场强，用Aϕ与Bϕ表示A、B两点的电势。
以下说法正确的是( )A．E A与E B一定不相等，Aϕ与Bϕ一定不相等B．E A与E B可能相等，Aϕ与Bϕ可能相等C．E A与E B一定不相等，Aϕ与Bϕ可能相等D．E A与E B可能相等，Aϕ与Bϕ一定不相等【答案】D【解析】试题分析：一根电场线无法确定其疏密程度，所以A与B两点的电场强度可能相等，而沿着电场线方向电势一定降低．因此，两点的电场强度可能相等，也可能不等．但电势一定不等．故选D。
考点：电场线；电场强度；电势【名师点睛】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．正点电荷电场是向四周发散的，而负点电荷的电场是四周向中心会聚的．若是点电荷的一根电场线可以确定电场强度的强弱．同时根据电场力来确定电场力做功的正负，从而判定电势能增加与否。
3．宇航员在探测某星球时发现:①该星球带负电，而且带电均匀；②该星球表面没有大气；③在一次实验中，宇航员将一个带电小球（其带电量远远小于星球电量）置于离星球表面某一高度处无初速释放，恰好处于悬浮状态.如果选距星球表面无穷远处的电势为零，则根据以上信息可以推断：（）A．小球一定带正电B．小球的电势能一定小于零C．只改变小球的电量，从原高度无初速释放后，小球仍处于悬浮状态D．只改变小球离星球表面的高度，无初速释放后，小球仍处于悬浮状态【答案】D【解析】考点：力的平衡；电势能【名师点睛】库仑力和万有引力二力平衡，并且库仑力与万有引力都是与距离的平方成反比，所以小球的平衡状态与高度无关，这是解本题的关键。
(高中物理)第一学期高二年级第二次月考物理试题
-学年度第一学期高二年级第二次月考物理试题一．选择题：〔此题共13小题，每题4分，总分值52分。
每题所给的选项中，有的只有一个是正确的，有的有几个是正确的。
全部选对得4分，局部选对得2分，有错选或不选得0分〕1．以下关于电荷、电荷量的说法，正确的选项是 〔 〕 A ．自然界只存在三种电荷：正电荷、负电荷和元电荷。
B ．物体所带的电荷量可以是任意值。
C ．物体所带的电荷量只能是某些特定的值。
D ．物体的带电量可以是2×10-19C 。
2.两个相同的带电金属小球,其中一个球的带电量的绝对值是另一个的5倍,它们间的库仑力大小是F ,现将两球接触后再放回原处,它们间库仑力的大小可能是〔 〕 A.5 F /9 B.4F /5 C.5F /4 D.9F /5 3．关于电场强度的以下说法中正确的选项是〔 〕A ．电场中某点场强方向与放入该点的电荷所受电场力方向相同。
B ．在等量异种电荷形成的电场中，两点电荷连线的中点处场强为零。
C ．在等量异种电荷形成的电场中，从两点电荷连线的中点沿着这条连线的中垂线向外，场强越来越小。
D ．在等量同种电荷形成的电场中，从两点电荷连线的中点沿着这条连线的中垂线向外，场强越来越小。
4．将一带电量为 -q 的检验电荷从无限远处移到电场中的A 点，该过程中电场力做功为W ，那么检验电荷在A 点的电势能及电场中A 点的电势分别为 〔 〕A ．E P = -W ，φA =q WB ．E P = W ，φA =-q WC ．E P = W ，φA =q WD ．E P = -W ，φA =-q W5．如下列图，是某电场中的一条电场线，一电子〔重力不计〕从a 点由静止释放，它将沿直线向b 点运动，那么可判断 〔 〕 A ．该电场一定是匀强电场 。
B ．场强E a 一定小于E b C ．电子具有的电势能E Pa 一定大于E Pb. D ．两点的电势φa 一定低于φb 6．以下列图中能正确反映某个电容器的电量Q 、电压U 和电容C 三者关系的有 〔 〕 7、如下列图，有一质量为m 、带电量为q 的油滴，被置于竖直放置的两平行金属板间的匀强电场中，设油滴是从两板中间位置，并以初速度为零进入电场的，可以判定〔 〕〔A 〕油滴在电场中做抛物线运动。
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河北定州中学2016-2017学年第一学期高二承智班第二次月考物理试卷一、选择题1．如图甲所示，在光滑水平面上，有一个粗细均匀的单匝正方形闭合线框abcd ，边长为L ，质量为m ，电阻为R 。
在水平外力的作用下，线框从静止开始沿垂直磁场边界方向做匀加速直线运动，穿过磁感应强度为B 的匀强磁场，磁场方向与线圈平面垂直，线框中产生的感应电流i 的大小和运动时间t 的变化关系如图乙所示。
则下列说法正确的是A ．线框的加速度大小为11i BLt B ．线框受到的水平外力的大小32()2B i i L -C ．0～t 1时间内通过线框任一边横截面的电荷量为i 1t 1D ．0～t 3间内水平外力所做的功大于223222mi R B L 2．如图所示，倾角为θ的粗糙斜面上静止放置着一个质量为m 的闭合正方形线框abcd ，它与斜面间动摩擦因数为μ。
线框边长为l ，电阻为R 。
ab 边紧靠宽度也为l 的匀强磁场的下边界，磁感应强度为B ，方向垂直于斜面向上。
将线框用细线通过光滑定滑轮与重物相连，重物的质量为M ，如果将线框和重物由静止释放，线框刚要穿出磁场时恰好匀速运动。
下列说法正确的是A ．线框刚开始运动时的加速度sin cos Mg mg mg a m θμθ--=B ．线框匀速运动的速度22(sin cos )Mg mg mg R v B l θμθ--=C ．线框通过磁场过程中，克服摩擦力和安培力做的功等于线框机械能的减少量D ．线框通过磁场过程中，产生的焦耳热小于2(sin cos )M m m gl θμθ--3．如图，一有界区域内，存在着磁感应强度大小均为B ，方向分别垂直于光滑水平桌面向下和向上的匀强磁场，磁场宽度均为L 的正方形线框abcd ，在外力作用下，保持ac 垂直磁场边缘，并以沿x 轴正方向的速度水平匀速地通过磁场区域，若以逆时针方向为电流正方向，下图中能反映线框中感应电流变化规律的图是 ( )4．如图，光滑斜面PMNQ 的倾角为θ，斜面上放置一矩形导体线框abcd ，其中ab 边长为l 1，bc 边长为l 2，线框质量为m 、电阻为R ，有界匀强磁场的磁感应强度为B ，方向垂直于斜面向上，e f 为磁场的边界，且e f ∥MN ．线框在恒力F 作用下从静止开始运动，其ab 边始终保持与底边MN 平行，Ｆ沿斜面向上且与斜面平行．已知线框刚进入磁场时做匀速运动，则下列判断正确的是A ．线框进入磁场前的加速度为sin F mg mθ-B ．线框进入磁场时的速度为221(sin )F mg RB l θ-C ．线框进入磁场时有a →b →c →d 方向的感应电流D ．线框进入磁场的过程中产生的热量为（F − mgsin θ）l 15．如图所示，ab 、cd 是固定在竖直平面内的足够长的金属框架，bc 段接有一阻值为R 的电阻，其余电阻不计，ef 是一条不计电阻的金属杆，杆两端与ab 和cd 接触良好且能无摩擦下滑(不计空气阻力)，下滑时ef 始终处于水平位置，整个装置处于方向垂直框面向里的匀强磁场中，ef 从静止下滑，经过一段时间后闭合开关S ，则在闭合开关S 后（ ）A ．ef 的加速度大小不可能大于gB ．无论何时闭合开关S ，ef 最终匀速运动时速度都相同C ．无论何时闭合开关S ，ef 最终匀速运动时电流的功率都相同D ．ef 匀速下滑时，减少的机械能大于电路消耗的电能6．如图所示，带铁芯线圈置于竖直悬挂的闭合铝框右侧，与线圈连接的导线abcd 围成的区域内有水平向里的变化磁场．下图哪种变化的磁场可使铝框向右靠近（ ）7．在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，线圈所围的面积为0.1 m 2，线圈电阻为1Ω。
规定线圈中感应电流I 的正方向从上往下看是顺时针方向，如图1所示。
磁场的磁感应强度B 随时间t 的变化规律如图2所示。
则以下说法正确的是( )A ．在时间0～5s 内，I 的最大值为0.1AB ．在第4s 时刻，I 的方向为逆时针方向C ．前2s 内，通过线圈某截面的总电荷量为0.01CD ．第3s 内，线圈的发热功率最大8．如图所示，在边长为a 的等边三角形区域内有匀强磁场B ，其方向垂直纸面向外，一个边长也为a 的等边三角形导线框架EFG ，在t =0时恰好与磁场区域的边界重合，现使导线框以周期T 绕其中心O 点在纸面内顺时针匀速转动，下列说法正确的是（ ）A ．0到6T 时间内，感应电流方向为E →F →G →E B ．0到6T 时间内，感应电流方向为E →G →F →E C ．0到6T 时间内，平均感应电动势大小等于TB a 223 D ．0到2T 时间内，平均感应电动势大小等于T B a 23 9．如图所示，在边长为a 的正方形区域内有匀强磁场，磁感应强度为B ，其方向垂直纸面向外，一个边长也为a 的单匝正方形导线框架EFGH 正好与上述磁场区域的边界重合，导线框的电阻为R ．现使导线框以周期T 绕其中心O 点在纸面内匀速转动，经过8T 导线框转到图中虚线位置，则在这8T 时间内：A．顺时针方向转动时，感应电流方向为E→F→G→H→EBC．平均感应电动势大小等于2 169a BTD10．如图所示，两根平行光滑导轨竖直放置，相距L＝0.1 m，处于垂直轨道平面的匀强磁场中，磁感应强度B＝10 T，质量m＝0.1 kg、电阻为R＝2 Ω的金属杆ab接在两导轨间，在开关S断开时让ab自由下落，ab下落过程中、始终保持与导轨垂直并与之接触良好，设导轨足够长且电阻不计，取g＝10 m/s2，当下落h＝0.8 m时，开关S闭合．若从开关S闭合时开始计时，则ab下滑的速度v随时间t变化的图象是图中的( )11．（2012•大兴区一模）下列说法正确的是（）A.X射线是处于激发态的原子核辐射出来的B.康普顿效应和电子的衍射现象说明光和电子都具有波动性C.普朗克为了解释黑体辐射现象，第一次提出了能量量子化理论D.比结合能越大的原子核越不稳定12．（2012•上海二模）关于电磁波的应用，下列说法正确的是（）A.γ射线可用于纸币防伪鉴别工作B.紫外线用于加热和烘干C.X射线可用于机场检查箱内的物品D.微波可用于测量钢板厚度13．（2013•淮安模拟）关于下列四幅图的说法，正确的是（）A.甲图为放射源放出的三种射线在磁场中运动的轨迹，射线1为α射线B.乙图中，用紫外光灯照射与验电器相连的锌板，发现原来闭合的验电器指针张开，此时锌板和验电器均带正电C.丙图为α粒子散射实验示意图，卢瑟福根据此实验提出了原子的核式结构模型D.丁图为核反应堆示意图，它是利用了铀核聚变反应所释放的能量14．（2013•湖州二模）以下关于红外线和紫外线描述正确的是（）A.车站安检口使用红外线对行李包进行检测B.所有物体都发射红外线，热物体的红外辐射比冷物体的红外辐射强C.电视机的遥控利用的是紫外线D.紫外线可使人民币上的荧光物质发光15．（2013•东昌府区模拟）以下说法正确的是（）A.利用红外线进行遥感、遥控，主要是因为红外线的波长长，不容易发生衍射B.照相机镜头表面涂上增透膜，以增强透射光的强度，是应用了光的全反射现象C.真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的，与光源、观察者间的相对运动没有关系D.a射线、β射线、γ射线本质上都是电磁波16．（2014•朝阳区一模）关于α、β、γ三种射线，下列说法正确的是（）A.α射线是一种波长很短的电磁波B.γ射线是一种波长很短的电磁波C.β射线的电离能力最强D.γ射线的电离能力最强17．（2014•厦门二模）关于近代物理的内容，下列说法正确的是（）A.α射线的穿透力比γ射线强B.铀核裂变的核反应方程是：U+n→Ba+Kr+2nC.将有放射性元素组成的化合物进行高温分解，不会改变放射性元素的半衰期D.若紫光和紫外线都能使同一金属产生光电效应，用紫光照射时光电子最大初动能较大18．（2014•海淀区二模）关于下面四个装置说法正确的是（）A.实验可以说明α粒子的贯穿本领很强B.实验现象可以用爱因斯坦的质能方程解释C.是利用α射线来监控金属板厚度的变化D.进行的是聚变反应19．（2014•温州二模）下列说法正确的是（）A.医院中用于体检的“B超”属于电磁波B.铁路、民航等安检口使用“X射线”对行李箱内物品进行检测C.无线网络信号绕过障碍物传递到接收终端，利用了干涉原理D.列车鸣笛驶近乘客的过程中，乘客听到的声波频率大于波源振动的频率20．（2014•丰台区一模）天然放射现象中可产生α、β、γ三种射线．下列说法正确的是（）A.β射线是由原子核外电子电离产生的B.经过一次α衰变，变为C.α射线的穿透能力比γ射线穿透能力强D.放射性元素的半衰期随温度升高而减小21．（2014•普陀区二模）图示是用来监测在核电站工作的人员受到辐射情况的胸章，通过照相底片被射线感光的区域，可以判断工作人员受到何种辐射当胸章上1mm铝片和3mm铝片下的照相底片被感光，而铅片下的照相底片未被感光时，则工作人员可能受到了辐射的射线是（）A.α和βB.α和γC.β和γD.α、β和γ22．（2014•江油市模拟）关于电磁波的应用，下列说法不正确的是（）A.一切动物、墙壁、地面、车辆、飞机等都在不停地发射红外线B.一切物体都能够发射紫外线，如太阳、弧光灯发出的光中就包含紫外线C.x射线能使包在黑纸里的照相底片感光D.γ射线对人体正常细胞有很强的破坏作用23．（2014•嘉兴一模）下列与波有关的话题中，正确的说法是（）A.照相机镜头因光波衍射呈现淡紫色B.机载雷达利用超声波搜索远方敌机C.家中的遥控器通过发射红外线遥控电视机D.微波炉发出微波使金属器皿产生涡流而加热食品24．（2014•福建）如图，放射性元素镭衰变过程中释放αβγ三种射线，分别进入匀强电场和匀强磁场中，下列说法中正确的是（）A.①表示γ射线，③表示α射线B.②表示β射线，③表示α射线C.④表示α射线，⑤表示γ射线D.⑤表示β射线，⑥表示α射线25．（2014•上海）下列电磁波中，波长最长的是（）A.无线电波B.红外线C.紫外线D.γ射线26．（2011•静安区二模）目前雷达发出的电磁波频率多在200MHz～1000MHz的范围内，下列关于雷达和电磁波的说法正确的是（）A.真空中，上述频率范围的电磁波的波长在30m～150m之间B.电磁波是由恒定不变的电场或磁场产生的C.波长越短的电磁波，越容易绕过障碍物，便于远距离传播D.测出从发射无线电波到接收反射回来的无线电波的时间，就可以确定障碍物的距离27．（2012•普陀区二模）关于电磁波，下列说法正确的是（）A.紫外线的波长比红光的波长长B.电磁波和机械波的传播都需要介质C.赫兹用实验的方法证实了电磁波的存在D.频率、波长会影响电磁波在真空中的传播速度28．（2012•汕头二模）如图所示，一个金属圆环水平放置在竖直向上的匀强磁场中，能使圆环中产生感应电流的做法是（）A.使匀强磁场均匀减少B.保持圆环水平并在磁场中上下移动C.保持圆环水平并在磁场中左右移动D.保持圆环水平并使圆环绕过圆心的竖直轴转动29．（2012•浙江二模）如果你用心看书，就会发现机械波和电磁波有许多可比之处，小王同学对此作了一番比较后，得到如下结论，你认为是错误的是（）A.机械波的传播依赖于介质，而电磁波可以在真空中传播B.机械波可能是纵波，也可能是横波，电磁波一定是横波C.机械波和电磁波都能产生反射、折射、干涉和衍射现象D.当机械波和电磁波从空气中进入水中时，频率不变，波长和波速都变小30．（2013•奉贤区二模）下列属于电磁波的是（）A.阴极射线B.α射线C.β射线D.γ射线二、计算题31．（2014•盐城三模）如图所示，两根电阻忽略不计、互相平行的光滑金属导轨竖直放置，相距L=1m ，在水平虚线间有与导轨所在平面垂直的匀强磁场，磁感应强度B=0.5T ，磁场区域的高度d=1m ，导体棒a 的质量m a =0.2kg 、电阻R a =1Ω；导体棒b 的质量m b =0.1kg 、电阻R b =1.5Ω．它们分别从图中M 、N 处同时由静止开始在导轨上无摩擦向下滑动，b 匀速穿过磁场区域，且当b 刚穿出磁场时a 正好进入磁场，重力加速度g=10m/s 2，不计a 、b 棒之间的相互作用，导体棒始终与导轨垂直且与导轨接触良好，求：（1）b 棒穿过磁场区域过程中克服安培力所做的功；（2）a 棒刚进入磁场时两端的电势差；（3）保持a 棒以进入时的加速度做匀变速运动，对a 棒施加的外力随时间的变化关系．32．如图所示，两平行光滑的金属导轨MN 、PQ 固定在水平面上，相距为L ，处于竖直向下的磁场中整个磁场由n 个宽度皆为x 0的条形匀强磁场区域1、2、…、n 组成，从左向右依次排列，磁感应强度的大小分别为B 、2B 、3B 、…、nB ，两导轨左端MP 间接入电阻R ，一质量为m 的金属棒ab 垂直于MN 、PQ 放在水平导轨上，与导轨电接触良好，不计导轨和金属棒的电阻。