高考物理复习提升试题(带答案)

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高中物理提升试题及答案

高中物理提升试题及答案一、选择题（每题3分，共30分）1. 光在真空中的传播速度是（）A. 3×10^8 m/sB. 3×10^5 m/sC. 3×10^2 m/sD. 3×10^3 m/s2. 以下哪种力不是保守力？（）A. 重力B. 弹力C. 摩擦力D. 电场力3. 一个物体从静止开始做匀加速直线运动，第1秒内的平均速度为（）A. 0.5 m/sB. 1 m/sC. 2 m/sD. 3 m/s4. 根据热力学第一定律，下列说法正确的是（）A. 能量既不能被创造也不能被消灭B. 能量可以被创造C. 能量可以被消灭D. 能量的转移和转化是有条件的5. 根据牛顿第三定律，以下说法正确的是（）A. 作用力和反作用力大小相等，方向相反B. 作用力和反作用力大小不相等，方向相反C. 作用力和反作用力大小相等，方向相同D. 作用力和反作用力大小不相等，方向相同6. 一个物体在水平面上做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A. 向心力是物体运动的原因B. 向心力是物体运动的结果C. 向心力是物体运动的阻力D. 向心力是物体运动的动力7. 在电场中，电场强度的方向是（）A. 正电荷所受电场力的方向B. 负电荷所受电场力的方向C. 正电荷所受电场力的反方向D. 负电荷所受电场力的反方向8. 以下哪种物质的比热容最大？（）A. 水B. 铁C. 铝D. 铜9. 根据电磁感应定律，当导体在磁场中运动时，下列说法正确的是（）A. 导体中会产生感应电流B. 导体中不会产生感应电流C. 导体中会产生感应电压D. 导体中不会产生感应电压10. 根据欧姆定律，下列说法正确的是（）A. 电阻与电流成正比B. 电阻与电压成正比C. 电阻与电流成反比D. 电阻与电压成反比二、填空题（每题2分，共20分）1. 光年是______的单位。

2. 一个物体的动能与它的______和______有关。

3. 热力学第二定律指出，不可能从单一热源取热使之完全转化为______而不产生其他影响。

高考物理一轮复习必做提升能力试题(含答案)

高考物理一轮复习必做提升能力试题（含答案）________V，说明________正常(选填：蓄电池、保险丝、开关、小灯).红表笔接b点，断开开关时，表针不偏转，闭合开关后，多用表指示仍然和图乙相同，可判定发生故障的器件是________.(选填：蓄电池、保险丝、开关、小灯)解析由于多用电表的挡位选为直流50 V，所以读数时可选用0～50 V的刻度，故读数应为11.5 V，两表笔接a、c时，测量电池两端的电压，此读数略小于蓄电池的电动势，说明蓄电池是正常的.若两表笔接b、c两点时，电压表读数仍为11.5 V，说明a、b之间是通路，保险丝和开关正常，b、c之间是断路小灯发生断路故障.答案 11.5(11.2～11.8之间的值均可) 蓄电池小灯3.(2019泰州模拟)使用多用电表测量电阻时，多用电表内部的电路可以等效为一个直流电源(一般为电池)、一个电阻和一表头相串联，两个表笔分别位于此串联电路的两端.现需要测量多用电表内电池的电动势，给定的器材有：待测多用电表，量程为60 mA的电流表，电阻箱，导线若干.实验时，将多用电表调至1 挡，调好零点;电阻箱置于适当数值.完成下列填空：(1)仪器连线如图5-12-10甲所示(a和b是多用电表的两个表笔).若两电表均正常工作，则表笔a为________(选填红或黑)色.(2)若适当调节电阻箱后，图甲中多用电表、电流表与电阻箱的示数分别如图5-12-10乙(a)、(b)、(c)所示，则多用电表的读数为________，电流表的读数为________mA，电阻箱的读数为________.(3)将图甲中多用电表的两表笔短接，此时流过多用电表的电流为________mA.(保留3位有效数字)答案 (1)黑 (2)14.0 53.0 4.6 (3)1064.为确定某电子元件的电气特征，做如下测量.(1)用多用表测量该元件的电阻，选用100倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转过大，因此需选择________倍率的电阻挡(选填10或1 k)，并________再进行测量，多用表的示数如图5-12-11甲所示，测量结果为________.(2)将待测元件(额定电压9 V)、蓄电池、滑动变阻器、电流表、多用表、电键及若干导线连接成电路如图乙所示.添加连线，使电路能测量该元件完整的伏安特性.本实验中使用多用表测电压，多用表的选择开关应调到________挡(选填直流电压10 V或直流电压50 V).解析 (1)用多用表测量该元件的电阻，选用100倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转过大，说明电阻较小，因此需选择10倍率的电阻挡，并在欧姆调零后再进行测量，多用表的测量结果为70 .(2)要测量该元件完整的伏安特性，必须连接成分压电路，如图.本实验中使用多用表测电压，多用表的选择开关应调到直流电压10 V挡.答案 (1)10 欧姆调零 70(2)电路见解析图直流电压10 V1.欧姆表刻度盘特点(1)左右0：电阻无限大与电流、电压零刻度重合，电阻零与电流、电压最大刻度重合.(2)刻度不均匀：左密右疏.(3)欧姆挡是倍率挡，即读出的示数应再乘以该挡的倍率.电流、电压挡是量程范围挡.在不知道待测电阻的估计值时，应先从小倍率开始，熟记小倍率小角度偏，大倍率大角度偏(因为欧姆挡的刻度盘上越靠左读数越大，且测量前指针指在左侧处).2.读数技巧(1)为了减小读数误差，指针应指在表盘到的部分，即中央刻度附近.(2)指针所在刻度盘处每个小格表示1 时，要估读到下一位，其余情况都不用估读到下一位.(3)电阻值等于指针示数与所选倍率的乘积.3.欧姆表使用六注意(1)选挡接着调零;(2)换挡重新调零;(3)待测电阻与电路、电源要断开;(4)尽量使指针指在表盘中间位置附近;(5)读数之后要乘以倍率得阻值;(6)用完后，选择开关要置于OFF挡或交流电压的最高挡. 高考物理一轮复习必做提升能力试题和答案的全部内容就是这些，查字典物理网祝愿广大考生可以金榜题名。

河北省物理高考复习试卷及答案指导

河北省物理高考复习试卷及答案指导一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、题干：下列关于牛顿第一定律的说法正确的是：A、物体不受外力作用时，一定保持静止状态B、物体不受外力作用时，可能保持静止状态或匀速直线运动状态C、物体受外力作用时，一定保持静止状态D、物体受外力作用时，可能保持静止状态或匀速直线运动状态答案：B解析：根据牛顿第一定律，物体不受外力作用时，将保持静止状态或匀速直线运动状态。

因此，选项B正确。

2、题干：一个物体在水平面上做匀速直线运动，下列说法正确的是：A、物体受到的合外力为零B、物体受到的合外力不为零C、物体的速度在减小D、物体的速度在增加答案：A解析：根据牛顿第一定律，物体在水平面上做匀速直线运动时，受到的合外力为零。

因此，选项A正确。

同时，物体的速度保持不变，既不增加也不减小，排除选项C和D。

3、在下列关于简谐运动的描述中，正确的是（）A、物体做简谐运动时，回复力的大小与位移成正比，且方向总是指向平衡位置。

B、物体做简谐运动时，速度大小与位移无关，且方向总是与位移方向相同。

C、物体做简谐运动时，加速度的大小与位移无关，且方向总是与位移方向相反。

D、物体做简谐运动时，回复力的大小与位移的平方成正比。

答案：A解析：简谐运动的回复力遵循胡克定律，即回复力的大小与位移成正比，且方向总是指向平衡位置。

因此，选项A正确。

选项B和C中速度和加速度的描述与简谐运动不符，选项D中回复力与位移平方的关系也不正确。

4、一个物体从静止开始做匀加速直线运动，经过2秒后的速度为8m/s，则该物体的加速度为（）A、4m/s²B、2m/s²C、1m/s²D、0.5m/s²答案：A解析：根据匀加速直线运动的速度时间公式v = at，其中v为速度，a为加速度，t为时间。

由题意知，物体从静止开始，所以初始速度v₀ = 0，经过2秒后的速度v = 8m/s。

高考物理-物理提升练习精选及答案

高考物理提升练习精选及答案1、如图所示，一种射线管由平行金属板A 、B 和平行于金属板的细管C 组成．放射源O 在A 极板左端，可以向各个方向发射不同速度、质量为m 、电荷量为e 的电子．若极板长为L ，间距为d.当A 、B 板加上电压U 时，只有某一速度的电子能从细管C 水平射出，细管C 离两板等距．则从放射源O 发射出的电子的这一速度为( )A.L d eU mB.L d eU 2mC.1d eU (d 2＋L 2)mD.1d eU (d 2＋L 2)2m解析：该题利用逆向思维，从细管C 处水平射入板间一粒子到达O ，求到达O 处的速度．水平方向：L ＝v 0t ①，竖直方向：d 2＝v y 2t ②，①②联立得v y＝d L v 0.竖直方向还可以利用d 2＝12at 2＝12·eUL 2mdv 20，得v 0＝L d eU m ，代入v y ＝d L v 0得v y ＝d L ·L deU m ＝eU m .所以到达O 处速度v ＝v 20＋v 2y ＝1deU (d 2＋L 2)m ，故C 选项正确．答案：C2、(多选)下列说法中，符合物理学史的是()A．亚里士多德认为，力是维持物体运动的原因B．牛顿发现了万有引力定律，库仑用扭秤实验测出了万有引力常量的数值C．通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场相似，安培受此启发，提出了分子电流假说D．奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系解析：牛顿发现了万有引力定律、卡文迪许用实验测出了万有引力常量的数值，B错误；其他三个选项均符合物理学史实，故选A、C、D.答案：ACD3、[四川广元市第二次统考]如图所示为A、B两质点在同一直线上运动的位移－时间(x－t)图象，A质点的图象为直线，B质点的图象为过原点的抛物线，两图象交点C、D坐标如图所示．下列说法正确的是()A．t1时刻B追上A，t2时刻A追上BB．t1～t2时间段内B质点的平均速度小于A质点的平均速度C．质点A做直线运动，质点B做曲线运动D．两物体速度相等的时刻一定在t1～t2时间段内的某时刻解析：图象的交点表示同一时刻到达同一位置，即相遇，根据图象可知t1时刻A追上B，t2时刻B追上A，故A错误；t1～t2时间段内A、B运动的位移相同，时间相等，则平均速度相等，故B错误；x－t图象只能描述直线运动，不能描述曲线运动，则A 、B 都做直线运动，故C 错误．位移—时间图象斜率表示速度，斜率相等时刻为t 1～t 2时间段的某时刻，故D 正确．答案：D4、[陕西咸阳市二模]如图甲，一维坐标系中有一质量为m ＝2 kg 的物块静置于x 轴上的某位置(图中未画出)，从t ＝0时刻开始，物块在外力作用下沿x 轴做匀变速直线运动，如图乙为其位置坐标和速率平方关系图象，下列说法正确的是( )A ．t ＝4 s 时物块的速率为2 m/sB ．加速度大小为1 m/s 2C ．t ＝4 s 时物块位于x ＝4 m 处D ．在0.4 s 时间内物块运动的位移为6 m解析：由x －x 0＝v 22a ，结合图象可知物块做匀加速直线运动，加速度a ＝0.5 m/s 2，初位置x 0＝－2 m ；t ＝4 s 时，物块的速率为：v ＝at ＝0.5×4 m/s ＝2 m/s ，故A 正确，B 错误；由x －x 0＝12at 2得t ＝4 s 时物块位于x ＝2 m 处，故C 错误；由x ＝12at 2，在0.4 s 时间内物块运动的位移x ＝12×0.5×0.42 m ＝0.04 m ，故D 错误．答案：A5、如图所示，静止在水平地面上的木箱，受到一个方向不变的斜向上的拉力F 作用．F 从零开始逐渐增大，木箱离开地面前，受到的摩擦力将( )A．逐渐增大B．逐渐减小C．先逐渐增大，后又减小D．先逐渐减小，后又增大解析：设F与水平方向的夹角为α.木箱处于静止状态时，根据平衡条件得，木箱所受的静摩擦力为f＝Fcos α，F增大时，f增大；木箱运动时，所受的支持力N＝G－Fsin α，F增大时，N减小，此时木箱受到的是滑动摩擦力，大小为f′＝μN，N减小，则f′减小．故C正确．答案：C6、载人飞行包在中国深圳实现了首次载人飞行，为民用航天科技注入新的活力．如图所示，载人飞行包是一个单人低空飞行装置，可以垂直起降，也可以快速前进．飞行包(包括人)运动过程中(空气阻力不可忽略)，下列说法正确的是()A．垂直缓慢降落，动力大小大于总重力B．水平加速前进，动力方向与运动方向相同C．水平匀速飞行，动力大小大于总重力D．垂直加速起飞，动力做的功等于克服重力和空气阻力做的功解析：垂直缓慢降落，可认为处于平衡状态，动力大小等于总重力，选项A 错误；水平加速前进，根据牛顿第二定律可知，动力方向指向斜向上方向，与运动方向不相同，选项B错误；水平匀速飞行，动力在水平方向上的分力等于阻力，在竖直方向上的分力等于总重力，动力大小大于总重力，选项C正确；垂直加速起飞，动能增大，由动能定理可知，动力做功大于克服重力和空气阻力做的功，选项D错误．答案：C7、[广东茂名五校联考]图示装置可用来验证机械能守恒定律．摆锤A拴在长为L的轻绳一端，另一端固定在O点，在A上放一个小铁片，现将摆锤拉起，使绳偏离竖直方向成θ角时，由静止开始释放摆锤，当其到达最低位置时，受到竖直挡板P的阻挡而停止运动，之后铁片将飞离摆锤而做平抛运动．(1)为了验证摆锤在运动过程中机械能守恒，必须求出摆锤在最低点的速度．若测得摆锤碰到挡板之后铁片的水平位移为s和竖直下落高度为h，则根据测得的物理量可知摆锤在最低点的速度v＝________.(2)根据已知的和测得的物理量，写出摆锤在运动过程中机械能守恒的关系式为s2＝________.(3)改变角θ的大小，测出对应的摆锤碰到挡板之后铁片的水平位移s.若以s2为纵轴，则应以________(填“θ”“cos θ”或“sin θ”)为横轴，以使作出的图线是一条直线，该直线的斜率k0＝________(用已知的和测得的物理量表示)．解析：(1)铁片飞离摆锤后做平抛运动，则s＝vt，h＝12gt2，解得v＝sg2h.(2)若摆锤下落过程中机械能守恒，则应有mgh′＝12mv2，h′＝L(1－cos θ)，联立解得s2＝4hL(1－cos θ)．(3)s2＝4hL(1－cos θ)＝－4hLcos θ＋4hL，若以s2为纵轴，则应以cos θ为横轴，使作出的图线是一条直线，该直线的斜率k0＝－4hL.答案：(1)s g2h(1分)(2)4hL(1－cos θ)(2分)(3)cos θ(1分)－4hL(1分)8、[物理——选修3－3](1)(5分)下列说法正确的是________．A．夏天，轮胎被晒爆的瞬间，轮胎中的气体温度一定降低B．气体体积变大时，两气体分子间的分子力的合力一定变小C．多晶体和非晶体都具有各向异性，没有固定的熔点D．当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小E．由于液体表面分子间的距离比液体内部分子间的距离大一些，所以在液体表面会产生表面张力(2)(10分)绝热性能良好的气缸固定放置，其内壁光滑，开口向右，气缸中封闭一定质量的理想气体，活塞通过水平轻绳跨过滑轮与重物相连，已知活塞的横截面积为S＝10 cm2，重物的质量m＝2 kg，重力加速度g＝10 m/s2，大气压强p0＝1.0×105 Pa，滑轮摩擦不计．稳定时，活塞与气缸底部间的距离为L1＝12 cm，气缸内温度T1＝300 K.(ⅰ)通过电热丝对气缸内气体加热，气体温度缓慢上升到T2＝400 K时停止加热，求加热过程中活塞移动的距离d；(ⅱ)停止加热后，在重物的下方加挂一个2 kg的重物，活塞向右移动4 cm 后重新达到平衡，求此时气缸内气体的温度T3.解析：(1)夏天，轮胎被晒爆的瞬间，轮胎中的气体体积增大，对外做功，则温度一定降低，A正确. 如果开始时气体分子之间的距离略小于r0，则当气体的体积变大时，两气体分子之间的距离变大，分子力的合力可能减小也可能增大，B错误．多晶体和非晶体都具有各向同性，多晶体具有固定的熔点，但非晶体没有固定的熔点，C错误．当两分子之间的距离由平衡位置逐渐增大时，分子力表现为引力，则分子力做负功，分子势能增大；当两分子之间的距离由平衡位置逐渐减小时，分子力表现为斥力，则分子力做负功，分子势能增大，因此当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小，D正确．由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间距离，液体表面分子间作用力表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势，E正确．(2)(ⅰ)加热前p1S＋F＝p0S(1分)F＝mg(1分)加热过程为等压变化L1S T1＝(L1＋d)ST2(2分)可得d＝4 cm(1分) (ⅱ)加挂重物后p3S＋F′＝p0S(1分) F′＝(m＋m′)g(1分) 由理想气体状态方程有p1L1S T1＝p3(L1＋d＋d′)ST3(2分)可得T3＝375 K(1分)答案：(1)ADE(2)(ⅰ)4 cm(ⅱ)375 L。

山东高考物理一轮复习提升专项练习题(附答案)

山东高考物理一轮复习提升专项练习题（附答案）答案 A 11.30(11.25或11.35)3.(2019山东卷，21)某实验小组利用弹簧秤和刻度尺，测量滑块在木板上运动的最大速度.实验步骤：用弹簧秤测量橡皮泥和滑块的总重力，记作G;将装有橡皮泥的滑块放在水平木板上，通过水平细绳和固定弹簧秤相连，如图5-11-3甲所示.在A端向右拉动木板，待弹簧秤示数稳定后，将读数记作F;甲改变滑块上橡皮泥的质量，重复步骤;实验数据如下表所示：G/N 1.50 2.00 2.50 3.00 3.50 4.00 F/N 0.59 0.83 0.99 1.22 1.37 1.61 如图乙所示，将木板固定在水平桌面上，滑块置于木板上左端C处，细绳跨过定滑轮分别与滑块和重物P连接，保持滑块静止，测量重物P离地面的高度h;乙滑块由静止释放后开始运动并最终停在木板上的D点(未与滑轮碰撞)，测量C、D间的距离s.完成下列作图和填空：(1)根据表中数据在如下坐标纸上作出F-G图线.(2)由图线求得滑块和木板间的动摩擦因数=________(保留2位有效数字).(3)滑块最大速度的大小v=________(用h、s、和重力加速度g表示).解析 (1)如图(2)由F=G可知，===0.40.(3)滑块运动h达到最大速度v，之后继续滑行直到停到D 点，由动能定理可得：-mg(s-h)=-mv2解得：v=.答案 (1)如解析图所示(2)0.40(0.38、0.39、0.41、0.42均正确)(3)4.(2019新课标全国卷，22)某同学利用图5-11-4(a)所示实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量m的对应关系图，如图(b)所示.实验中小车(含发射器)的质量为200 g，实验时选择了不可伸长的轻质细绳和轻定滑轮，小车的加速度由位移传感器及与之相连的计算机得到.回答下列问题：(1)根据该同学的结果，小车的加速度与钩码的质量成________(填线性或非线性)关系.(2)由图(b)可知，a-m图线不经过原点，可能的原因是___________________________________________________ _____________________________________________________________________________.(3)若利用本实验装置来验证在小车质量不变的情况下，小车的加速度与作用力成正比的结论，并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力，则实验中应采取的改进措施是______________________________，钩码的质量应满足的条件是________________.解析 (1)把图(b)中的点用平滑线连接后，可以看出，a-m 图线是曲线即非线性.(2)由图象可知，小车受到钩码的拉力作用，但加速度仍为零，可能的原因是小车还受到摩擦力的作用.(3)改进措施：第一图线不过原点，要平衡摩擦力，所以调整轨道的倾斜度.第二，要使小车受到合外力等于钩码的重力，要求钩码质量不能太大，即远小于小车的质量.答案 (1)非线性 (2)存在摩擦力(3)调整轨道倾斜度以平衡摩擦力远小于小车质量5.(2019新课标全国卷，23)某实验小组探究弹簧的劲度系数k与其长度(圈数)的关系.实验装置如图5-11-5(a)所示：一均匀长弹簧竖直悬挂，7个指针P0、P1、P2、P3、P4、P5、P6分别固定在弹簧上距悬点0、10、20、30、40、50、60圈处;通过旁边竖直放置的刻度尺，可以读出指针的位置，P0指向0刻度.设弹簧下端未挂重物时，各指针的位置记为x0; 挂有质量为0.100 kg的砝码时，各指针的位置记为x.测量结果及部分计算结果如下表所示(n为弹簧的圈数，取重力加速度为9.80 m/s2). 已知实验所用弹簧总圈数为60，整个弹簧的自由长度为11.88 cm.P1 P2 P3 P4 P5 P6 x0(cm) 2.04 4.06 6.06 8.05 10.03 12.01 x(cm) 2.64 5.26 7.81 10.30 12.93 15.41 n 10 20 30 40 50 60 k(N/m) 163 56.0 43.6 33.8 28.8 (m/N) 0.006 1 ② 0.017 9 0.022 9 0.029 6 0.034 7 (1)将表中数据补充完整：________，________.(2)以n为横坐标，为纵坐标，在图5-11-5(b)给出的坐标纸上画出-n图象.(3)图(b)中画出的直线可近似认为通过原点.若从实验中所用的弹簧截取圈数为n的一段弹簧，该弹簧的劲度系数k与其圈数n的关系的表达式为k=________N/m;该弹簧的劲度系数k与其自由长度l0(单位为m)的关系的表达式为k=________N/m.解析 (1)由胡克定律F=kx可得：k=== N/m=81.7 N/m.= m/N=0.012 2 m/N(2)通过描点作图可得到一条直线(见答案图)(3)由图线可知直线的斜率为，故函数关系满足=n，即k= N/m.由于60匝弹簧的自由长度为11.88 cm;则n匝弹簧的自由长度满足=，代入k=，可得：k= N/m.答案 (1)81.7 0.012 2 (2)如图所示(3)(在～之间均可) (在～之间均可)查看近几年的高考实验题不难得出命题规律：(1)长度的测量及相关仪器的使用是实验命题最频繁的知识点.(2)关于纸带问题中的黄金命题热点有：纸带上某点瞬时速度的计算;计数点之间的时间间隔的计算;加速度的计算;创新拓展型实验.(3)题型特点常规实验题：该小题命题立足教材，侧重考查完成实验的能力.涉及基本仪器的使用(含读数)、实验原理和测量方法的理解、实验条件的控制、实验步骤的编排、实验数据的处理、实验误差的分析.能力迁移题：该命题立足迁移，侧重考查设计简单实验方案的能力.突出实验原理的迁移、测量方法的迁移、数据处理方法的迁移(图象法和平均值法)等.创新实验题：新可以更加有效地考查学生分析问题的能力，区分度也很明显.其实这类题依然是以实验基础为依据，只不过在新的背景、新的命题方式下进行考查.山东2019届高考物理一轮复习提升专项练习题及答案的全部内容就是这些，查字典物理网预祝考生取得满意的成绩。

高考物理提分练习综合复习试题(含答案)

高考物理提分练习综合复习试题（含答案）高考物理-提分练习综合复习-试题（含答案）一、单选题1.如图所示，小车内的小球分别与轻弹簧和细绳的一端拴接，其中轻弹簧沿竖直方向，细绳与竖．直方向的夹角为θ．当小车和小球相对静止一起在水平面上运动时，下列说法正确的是（）A. 细绳一定对小球有拉力的作用 B. 轻弹簧一定对小球有弹力的作用C. 细绳不一定对小球有拉力的作用，但是轻弹簧对小球一定有弹力的作用 D. 细绳不一定对小球有拉力的作用，轻弹簧对小球也不一定有弹力的作用2.如图所示，用平行于斜面体A斜面的轻弹簧将物块P拴接在挡板B上，在物块P上施加沿斜面向上的推力F，整个系统处于静止状态．下列说法正确的是（）A. 物块P与斜面之间一定存在摩擦力 B. 弹簧的弹力一定沿斜面向下C. 地面对斜面体A的摩擦力水平向左 D. 若增大推力，则弹簧弹力一定减小3.半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的竖直挡板MN．在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于静止状态．如图所示是这个装置的纵截面图．若用外力使MN保持竖直地缓慢向右移动，在Q落到地面以前，发现P始终保持静止．在此过程中，下列说法中正确的是（）A. Q受到MN的弹力逐渐减小 B. Q受到P的弹力逐渐减小C. Q受到MN和P的弹力之和保持不变 D. P受到地面的支持力和摩擦力均保持不变4.如图，小球A置于固定在水平面上的光滑半圆柱体上，小球B用水平轻弹簧拉着，弹簧固定在竖直板上．两小球A、B通过光滑滑轮O用轻质细线相连，两球均处于静止状态．已知球B质量为m，O点在半圆柱体圆心O1的正上方，OA与竖直方向成30°角．OA长度与半圆柱体半径相等，OB与竖直方向成45°角，现将轻质细线剪断的瞬间（重力加速度为g）（）A. 弹簧弹力大小mgB. 球B的加速度为gC. 球A受到的支持力为mg D. 球A的加速度为g5.如图所示，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘。

高考物理复习提升试题带答案

2019-2019学年高考物理复习提升试题（带答案）高考物理复习一定要多做题才能有显著提高，为此查字典物理网整理了2019-2019学年高考物理复习提升试题，请考生及时练习。

1.(1)下列说法中正确的是________.(双选，填正确答案标号)A.放射性元素的半衰期随温度和压强的变化而变化B.比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定C.衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子而产生的D.原子核的衰变是原子核在其他粒子的轰击下而发生的(2)如图6-15-8所示，水平地面上静止放置一辆小车A，质量mA=4 kg，上表面光滑，小车与地面间的摩擦力极小，可以忽略不计.可视为质点的物块B置于A的最右端，B的质量mB=2 kg.现对A施加一个水平向右的恒力 F=10 N，A运动一段时间后，小车左端固定的挡板与B发生碰撞，碰撞时间极短，碰后A、B粘合在一起，共同在F的作用下继续运动，碰撞后经时间t=0.6 s，二者的速度达到vt=2 m/s.求：A开始运动时加速度a的大小;A、B碰撞后瞬间的共同速度v的大小;A的上表面长度l.页 1 第解析 (1)放射性元素的半衰期是它们的固有特性，不会随外部因素(如温度、压强)的变化而变化，选项A错误;比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，B正确;衰变发生时，原子核内的中子转化成质子，并且释放出一个电子，选项C正确;原子核的衰变是自发进行的，不需要其他粒子的轰击，选项D错误.(2)以A为研究对象，由牛顿第二定律得F=mAa代入数据解得：a=2.5 m/s2②对A、B碰撞后共同运动t=0.6 s的过程中，由动量定理得Ft=(mA+mB)vt-(mA+mB)v代入数据解得：v=1 m/s③设A、B发生碰撞前，A的速度为vA，对A、B发生碰撞的过程，由动量守恒定律有：mAvA=(mA+mB)v从开始运动到与B发生碰撞前，由动能定理得：Fl=mAv联立式，代入数据解得：l=0.45 m.答案 (1)BC (2)2.5 m/s2 1 m/s 0.45 m2.(1)辽宁号航母建设成功后，下一步我国将建设核动力航母，核动力航母利用可控核裂变释放核能获得动力，核反应U+nBa+Kr+yX是若干核反应中的一种，其中X为待求粒子，y 页 2 第为X的个数，则X是________(填质子、中子或电子)，y=________.若反应过程中释放的核能为E，光在真空中的传播速度为c，则核反应的质量亏损表达式为________. (2)静止放在光滑水平面上的小车左端有光滑圆弧滑道AB，与水平滑道相切于B点，水平滑道上的BC部分粗糙，小车右端固定一个轻弹簧P，整个滑道质量为m1，如图6-15-9所示.现让质量为m2的滑块(可视为质点)自A点由静止释放，滑块滑过BC后与小车右端弹簧碰撞，第一次被弹簧弹回后没有再滑上圆弧滑道.已知粗糙水平滑道BC长l=1.0 m，滑块与BC间的动摩擦因数=0.15，m1=2m2，重力加速度取g=10 m/s2.求：光滑圆弧滑道AB的半径大小范围;整个过程中小车可能获得的最大速度.解析 (1)结合质量数守恒和电荷数守恒可知y=3，X是中子，由质能方程E=mc2可知m=(2)在滑块与小车相互作用的整个过程中，水平方向上系统不受外力，动量守恒，因此当滑块被弹簧弹回后应停在BC 段，此时系统总动量为零，速度为零.由能量守恒得：m2gR-m2gs=0其中滑块在BC段滑动的路程s应满足l解得0.15 m由动量守恒可知，滑块速度最大时，小车速度最大，所以滑页 3 第块第一次滑到B点时小车具有最大速度，而当半径R=0.30 m 时小车能获得的速度最大m2v2-m1v1=0m2gR=m2v+m1v代入m1=2m2，R=0.30 m解得v1=1 m/s答案 (1)中子 3(2)0.15 m3.(2019潍坊3月模拟)(1)下列关于近代物理知识的说法正确的是________.(双选，填正确答案标号)A.发生衰变时，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了2个B.射线是原子核外的电子电离形成的电子流，它具有较强的穿透能力C.含有10个原子核的放射性元素，经过一个半衰期，一定有5个原子核发生衰变D.氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时氢原子的电势能减小，电子的动能增大(2)一个质量为M=50 kg的运动员和质量为m=10 kg的木箱静止在光滑水平面上，从某时刻开始，运动员以v0=3 m/s的速度向墙方向推出箱子，箱子与右侧墙壁发生完全弹性碰撞后页 4 第返回，当运动员接到箱子后，再次重复上述过程，每次运动员均以v0=3 m/s的速度向墙方向推出箱子.求：运动员第一次接到木箱后的速度大小;运动员最多能够推出木箱几次?解析 (1)发生衰变时，质量数少4，电荷数少2，生成物与原来的原子核相比，中子数减少了2个，A项正确;射线是原子核内的一个中子生成一个电子和质子而成，B项错误;半衰期是对大量粒子的统计规律，对少数原子核不适用，C项错误;氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，多余的能量以光子的形式释放，电子离原子核近了，静电力做正功、动能增大电势能减少，D项正确.(2)取水平向左为正方向，由系统动量守恒定律得第一次推出箱子过程：Mv1-mv0=0第一次接住箱子过程：Mv1+mv0=(M+m)v1解得v1==1 m/s;第二次推出箱子过程：(M+m)v1=Mv2-mv0第二次接住箱子过程：Mv2+mv0=(M+m)v2解得v2=同理可得第n次接住时获得的速度为vn=n(n=1,2,3，)当vn=nv0时，运动员不能接住箱子.解得n3，则运动员最多能够推出箱子3次.答案 (1)AD (2)1 m/s 3次页 5 第(1)动量和能量结合作为一个不变的主题，一直是高考考查的主方向，分析时确定初、末状态的动量和能量，根据能量守恒定律和动量守恒定律列式分析计算时，特别要注意摩擦产生的热量是摩擦力与相对路程的乘积.(2)在原子物理部分我们要掌握：一个质能方程、两个结合能、三种射线特性、四个核反应的特征与应用.容易记混的是三种射线的穿透能力和电离能力，可以用类比的方法帮助记忆.2019-2019学年高考物理复习提升试题及答案的全内容就是这些，查字典物理网希望可以帮助考生更好的复习物理。

物理高考复习必做提升能力试题(含答案)

物理高考复习必做提升能力试题（含答案）物理学是一种自然迷信，注重于研讨物质、能量、空间、时间，尤其是它们各自的性质与彼此之间的相互关系。

查字典物理网整理了物理2021年高考温习必做提升才干试题，希望对大家温习有协助。

1.为了测量电流表A1的内阻，某同窗采用照实物图5-12-22所示的实验电路.其中：A1是待测电流表，量程为300 A，内阻约为100A2是规范电流表，量程是200R1是电阻箱，阻值范围是0～999.9R2是滑动变阻器;R3是维护电阻;E是电池组，电动势为4 V，内阻不计;S1是单刀单掷开关，S2是单刀双掷开关.(1)实验中滑动变阻器采用________接法(填分压或限流)依据如图5-12-22所示电路的实物图，请在虚线中框画出实验电路图.(2)请将该同窗的操作补充完整：衔接好电路，将滑动变阻器R2的滑片移到最________(填左端或右端将开关S2扳到接点a处，接通开关S1;调整滑动变阻器R2，使电流表A2的读数是150 A.将开关S2扳到接点b处，________，使电流表A2的读数仍是150 A.假定此时电阻箱各旋钮的位置如图5-12-23所示，那么待测电流表A1的内阻Rg=________.(3)上述实验中，无论怎样调整滑动变阻器R2的滑片位置，都要保证两只电流表的平安.在下面提供的四个电阻中，维护电阻R3应选用________.(填写阻值前相应的字母)A.200 kB.20 kC.15 kD.150 k解析 (1)该电路滑动变阻器为限流接法.电路图如下图. (2)闭合开关之前，应使滑动变阻器的阻值最大，滑片在最左端;本实验运用替代法测量电流表的内阻，因此开关S2接a和接b时电流表A2的读数应该相反，开关接b时，需调理电阻箱R1.电阻箱表示的阻值大小等于被测电流表的内阻，读数为86.3 .(3)当滑动变阻器R2的阻值为零时，电路中的电流不能超越两个电流表的量程，即I=20210-6 A，解得R320 k.答案 (1)限流见地析图(2)左调理电阻箱R1 86.3(3)ABD2.(2021贵州六校联盟第一次联考)在描画小灯泡的伏安特性曲线实验中，某同窗选中一个标有2.5 V,0.6 W的小灯泡，除了导线和开关外，还有以下器材可供选择：电压表V1(量程6 V，内阻约为6 k电压表V2(量程3 V，内阻约为3 k电流表A1(量程300 mA，内阻约为1电流表A2(量程150 mA，内阻约为2滑动变阻器R1(最大阻值200滑动变阻器R2(最大阻值10直流电源E1(电动势4.5 V，r1=0.8 ).(1)实验中电压表应选________，电流表应选________，滑动变阻器应选________.(填写器材代号)(2)以下的四个电路中应选用________电路图停止实验.(3)做完上述实验后，该同窗接着用上述所选电路区分描画了三个电学元件的伏安特性曲线，如图5-12-24甲所示，那么三个元件中属于线性元件的是________(填写曲线代号).然后他用图乙所示的电路给三个元件区分供电，并测出给元件1和元件2供电时的电流和电压值，区分标在图甲上，它们是A点和B点.R0=8.8 ，那么该电源的电动势E=________V，内电阻r=________.这个电源给元件3供电时，元件3的电功率P=________W.解析 (1)灯泡的额外电流I==0.24 A，可知选择量程为300 mA 的电流表，误差较小，即选择A1.从测量的准确度思索，滑动变阻器选择总电阻为10 的误差较小，即选择R2.因灯泡的额外电压为2.5 V，故电压表选用量程为3 V的V2. (2)由于电压、电流需从零末尾测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻大约为R==10.4 ，远小于电压表内阻，属于小电阻，电流表采用外接法误差较小.应选A. (3)在图象中，只要图线1为直线，故线性元件为1.将电阻R0等效到电源的外部，衔接A、B两点并与横轴和纵轴相交，该图线为电源外电压与电流的关系图线.如下图，当电流为0时，外电压为3.0 V，知电源的电动势为3.0 V，内阻r= -8.8 =1.2 .此时元件3的电流和电压区分为：0.2 A,1.0 V，那么元件3的电功率为0.2 W.答案 (1)V2 A1 R2 (2)A (3)1 3.0 1.2 0.23.(2021德州二模)如图5-12-25甲所示，是某同窗设计的一个测电源电动势和内阻的原理图，待测电源电动势E、内阻r，电压表V的量程为3 V，内阻十分大(可视为理想电压表)，电阻箱R，一段电阻未知的电阻丝R0，单刀单掷开关K1，单刀双掷开关K2，实验步骤如下调理电阻箱的阻值为20 ，K2接到a，闭合K1，记下电压表的读数为2.00 V，断开K1;坚持电阻箱的阻值不变，K2切换到b，闭合K1，记以下图乙所示电压表的读数为________V，断开K1.由此可以算出电阻丝的电阻R0为________将K2再切换到a，闭合K1，屡次调理电阻箱，读出多组电组箱的示数和对应的电压表的示数，断开K1.由测得的数据，绘出如图丙所示的-图象.依据图象可以求得电源电动势E=________V，电源内阻r=________.(结果保管两位有效数字)依据原理图衔接实物图丁答案 2.40 4.00(或4) 2.5 0.69 如下图4.小明同窗为了测定某太阳能硅光电池组的电动势和内阻，设计了图5-12-26甲所示的电路，在一定光照条件下停止实验：(1)请依据图甲完成图乙中实物的连线.(2)将测量出来的数据记载在下表中，其中第4组数据的电压如图丙所示，那么电压为________V.1 2 3 4 5 6 7 8 U/V 1.77 1.75 1.70 1.54 1.27 1.00 0.50 I/A 12 30 48 60 68 76 80 86 (3)将这些数据在图丁中描点，第4组数据还未描出.请在图丁中描出第4组数据的点，作出该硅光电池组的U-I 图线;由此U-I图线可知，该硅光电池组的电动势E=________V，电池组的内阻随其输入电流的变化而改动，在电流为86 A 时，该电池组的内阻r=________(保管三位有效数字).解析 (1)所连的实物图如图a所示.(2)电压表的读数为U=1.65 V.(3)该硅光电池组的U-I图线如图b所示.由U-I图象可知电源的电动势E=1.80 V.由U-I图线可以看出在电流为86 A时，外电压为U=0.50 V，此时的内电压为U=E-U=1.30 V，所以该电池组的内阻为r== =1.51104 .答案 (1)如图a所示(2)1.65(3)如图b所示 1.80 1.511045.(2021山东潍坊模拟)可记忆电阻有许多新奇特性，例如负差分电阻效应，多重与可控导电率，迟滞效应等等，从资料上获知某可记忆电阻Rx的I-U特性曲线如图5-12-27所示.现要应用实验亲身描画此元件加正向电压时的I-U特性曲线，除此外，另有器材如下：A.直流电源6 V内阻不计B.电压表V量程6 V，内阻约6 kC.电流表A1量程60 mA，内阻约10D.电流表A2量程10 mA，内阻约20E.滑动变阻器R(总阻值为20 )开关1个、导线假定干(1)由的I-U图象可得出，电压在0～2.5 V范围时，可记忆电阻的电阻值约为________(2)为较准确地描画可记忆电阻的I-U图线，需求在0～3.5 V 和3.5～6 V两个电压段上采用不同的电路和电流表.在描画0～3.5 V电压下的I-U图线时，应选图5-12-28甲、乙、丙、丁四个电路中的________电路，电流表应选________(填C或D);描画3.5～6 V电压下的I-U图线时，应选甲、乙、丙、丁四个电路中的________电路，电流表应选________(填C或D).解析 (1)电压在0～2.5 V范围内，R== =50 .(2)依据题意可知在描画0～3.5 V电压下的I-U图线时，电路应采用分压式外接法，故应选甲电路，电流表应选C;在描画3.5～6 V电压下的I-U图线时，电路应分压式内接法，故应选乙电路，电流表应选D.答案 (1)50 (2)甲 C 乙 D6.(2021安徽卷，21)某同窗为了测量一个量程为3 V的电压表的内阻，停止了如下实验.(1)他先用多用表停止了正确的测量，测量时指针位置如图5-12-29甲所示，失掉电压表的内阻为3.00103 ，此时电压表的指针也偏转了.多用表欧姆挡表盘中央刻度值为15，表内电池电动势为1.5 V，那么电压表的示数应为________V(结果保管两位有效数字).(2)为了更准确地测量该电压表的内阻RV，该同窗设计了图乙所示的电路图，实验步骤如下：A.断开开关S，按图乙衔接好电路;B.把滑动变阻器R的滑片P滑到b端;C.将电阻箱R0的阻值调到零;D.闭合开关S;E.移动滑动变阻器R的滑片P的位置，使电压表的指针指到3 V位置;F.坚持滑动变阻器R的滑片P位置不变，调理电阻箱R0的阻值使电压表指针指到1.5 V位置，读出此时电阻箱R0的阻值，此值即为电压表内阻RV的测量值;G.断开开关S.实验中可供选择的实验器材有：a.待测电压表b.滑动变阻器：最大阻值2 000c.滑动变阻器：最大阻值10d.电阻箱：最大阻值9 999.9 ，阻值最小改动量为0.1e.电阻箱：最大阻值999.9 ，阻值最小改动量为0.1f.电池组：电动势约6 V，内阻可疏忽g.开关、导线假定干依照这位同窗设计的实验方法，回答以下效果：要使测量更准确，除了选用电池组、导线、开关和待测电压表外，还应从提供的滑动变阻器中选用________(填b或c)，电阻箱中选用________(填d或e).电压表内阻RV的测量值R测和真实值R真相比，R测________R真(填或假定RV越大，那么越________(填大或小).解析 (1)电压表的示数即为等效电路的路端电压，由表盘读数可知，如今的欧姆表用的是100挡，故如今的多用表内阻为1 500，由闭合电路欧姆定律可得U=RV=1.0 V(2)滑动变阻器选择分压式接法，应选择阻值较小的，c可用;电压表半偏时，所串联变阻箱电阻约为3 000 ，故变阻箱选择d.由闭合电路欧姆定律可知，随着电阻箱的阻值变大，电源两端的路端电压随之变大，当电阻箱调至使电压表半偏时，此时电压表与变阻箱两端的总电压比变阻箱阻值为0时要大，故此时变阻箱的实践分压是大于电压表的，故有R阻RV，因此电压表电阻的测量值大于真实值，即R测R真，当RV越大，R测越接近真实值，故越小.答案 (1)1.0 (2)c d小物理2021年高考温习必做提升才干试题和答案的全部内容就是这些，查字典物理网祝愿广阔考生可以金榜题名。

高中物理提升复习题及答案

高中物理提升复习题及答案
1.(xx洛阳一模)物体由静止开始做匀加速直线运动，经过加速8s后，立即做匀减速直线运动，再经过4s停下。

该物体的运动情况，以下说法正确的选项是( )
A.加速、减速中的加速度大小之比为2∶1
B.加速、减速中的平均速度大小之比为2∶1
C.加速、减速中的位移大小之比为2∶1
D.加速、减速中的速度的变化率大小之比为2∶1
1.【参考答案】C
2.(xx河北联考)一辆汽车在平直公路上做刹车实验，假设从0时刻起汽车在运动过程中的位移与速度的关系式为x=(10﹣
0.1v2)m，那么以下分析正确的选项是( )
A.上述过程的加速度大小为10 m/s2
B.刹车过程持续的时间为5s
C.0时刻的初速度为10m/s
D.刹车过程的位移为5m
解得 v=37.5m/s。

(2)设从货车开始运动后t=20.0 s内客车行驶的间隔为s1，货车行驶的间隔为s2，货车的加速度为a，30节货车车厢的总长度为L=30×16.0 m。

由运动学公式有
由题意，有
联立解得 a=1.35 m/s2
注解：题述中的“当该旅客经过货车车尾时，”可理解为从该点出发货车从静止开始以恒定加速度沿客车行进方向运动，客车做匀速直线运动。

山东高考物理一轮复习提升专项测试(附答案)

山东高考物理一轮复习提升专项测试（附答案）量，取两个方向测量的平均值，可以减小霍尔系数的测量误差，为此该同学设计了如图乙所示的测量电路.S1、S2均为单刀双掷开关，虚线框内为半导体薄片(未画出).为使电流自Q端流入，P端流出，应将S1掷向________(填a或b)，S2掷向________(填c或d).为了保证测量安全，该同学改进了测量电路，将一合适的定值电阻串接在电路中.在保持其他连接不变的情况下，该定值电阻应串接在相邻器件________和________(填器件代号)之间.解析通过矩形半导体元件的电流由P向Q，故根据左手定则可知带正电粒子受到的洛伦兹力由N端指向M端，故带正电粒子向M端偏转，故M端聚积正电荷，M端电势高于N端，电压表的+接线柱接M端;由UH=k可得霍尔系数k=，由图象可得k==0.38 V/A，故k=1.510-3 VmA-1为使电流自Q端流入，P 端流出，应将S1掷向b，将S2掷向c;为保证电路安全，定值电阻应接在S1和E(或S2和E)之间.答案 M 如图所示，1.5(或1.4或1.6)b c S1 E(或S2 E)3.(2019山东卷，22)实验室购买了一捆标称长度为100 m的铜导线，某同学想通过实验测定其实际长度.该同学首先测得导线横截面积为1.0 mm2，查得铜的电阻率为1.710-8 m，再利用图5-12-3甲所示电路测出铜导线的电阻Rx，从而确定导线的实际长度.可供使用的器材有：电流表：量程0.6 A，内阻约0.2电压表：量程3 V，内阻约9 k滑动变阻器R1：最大阻值5滑动变阻器R2：最大阻值20定值电阻：R0=3电源：电动势6 V，内阻可不计;开关、导线若干.回答下列问题：(1)实验中滑动变阻器应选________(填R1或R2)，闭合开关S前应将滑片移至________端(填a或b).(2)在实物图5-12-4中，已正确连接了部分导线，请根据图5-12-3甲电路完成剩余部分的连接.(3)调节滑动变阻器，当电流表的读数为0.50 A时，电压表示数如图5-12-3乙所示，读数为________ V.(4)导线实际长度为________ m(保留2位有效数字).解析 (1)由(3)中电流表的读数为0.50 A时，电压表的读数为2.30 V可知，Rx和R0的总阻值约为4.60欧姆，若选用滑动变阻器R1，电源电压为6 V，电流表的量程只有0.6 A，会把电流表烧坏，故滑动变阻器应该选R2.闭合开关前应将滑片移至a端保证连入电阻最大.(2)连线如图所示.(3)由于电压表量程0～3 V，分度值为0.1 V，故读数为2.30 V(4)Rx的阻值为1.60欧姆，由R=可知，l== m94 m.答案 (1)R2 a (2)如图所示(3)2.30(2.29、2.31均正确) (4)94(93、95均正确)4.(2019新课标全国卷23)在伏安法测电阻的实验中，待测电阻Rx约为200 ，电压表○的内阻约为2 k，电流表○的内阻约为10 ，测量电路中电流表的连接方式如图5-12-5(a)或(b)所示，结果由公式Rx=计算得出，式中U与I分别为电压表和电流表的示数.若将图(a)和(b)中电路测得的电阻值分别记为Rx1和Rx2，则________(填Rx1或Rx2)更接近待测电阻的真实值，且测量值Rx1________(填大于、等于或小于)真实值，测量值Rx2________(填大于、等于或小于)真实值.解析由于==10，而==20，可见，应采用图(a)电路测量更准确，即Rx1更接近待测电阻的真实值;由于Rx1=，其中R真=，而UUR，I=IR，则Rx1R真，即测量值Rx1大于真实值;又由于Rx2=，R真=，其中U=UR，IIR，则Rx22019届山东高考物理一轮复习提升专项测试及答案的全部内容就是这些，查字典物理网预祝考生取得满意的成绩。

高考物理复习考点强化提升训练(含答案)

2019-2019 高考物理复习考点加强提高训练（含答案）常常做题是高考物理复习的要点方法，以下是2019-2019高考物理复习考点加强提高训练，请考生练习。

一、选择题 (1～5 题为单项选择题， 6～8 题为多项选择题 )1.(2019 海南单科 )如图， a 是竖直平面 P 上的一点。

P 前有一条形磁铁垂直于 P，且 S 极朝向 a 点。

P 后一电子在偏转线圈和条形磁铁的磁场的共同作用下，在水平面内向右曲折经过 a 点。

在电子经过 a 点的瞬时，条形磁铁的磁场对该电子的作使劲的方向()A. 向上B.向下C.向左D.向右答案： A分析：带电粒子在洛伦兹力作用下做曲线运动时，洛伦兹力的方向与速度的方向垂直，且指向曲线的凹处，由此可知 A 选项正确。

2.(2019 河北石家庄一轮质检 )如下图，质量为m 的导体棒 ab 垂直圆弧形金属导轨MN 、PQ 搁置，导轨下端接有电源，导体棒与导轨接触优秀，不计全部摩擦。

现欲使导体棒静止在导轨上，则以下方法可行的是 ()A. 施加一个沿 ab 方向的匀强磁场B.施加一个沿 ba 方向的匀强磁场C.施加一个竖直向下的匀强磁场D.施加一个竖直向上的匀强磁场答案： C分析：施加一个沿ab 方向的匀强磁场或ba 方向的匀强磁场，导体棒都不受安培力，不行能静止在导轨上，则A、B 错;由 b 看向 a 时，施加一个竖直向下的匀强磁场，由左手定章可知导体棒所受安培力方向水平向右，可能静止在导轨上，则 C 对;由 b 看向 a 时，施加一个竖直向上的匀强磁场，由左手定章可知，导体棒所受安培力方向水平向左，不行能静止在导轨上，则 D 错。

3.(2019 江西十校二模 )1820 年丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应。

在奥斯特实验中，将直导线沿南北方向水平搁置，小指针凑近直导线，以下结论正确的选项是()A.把小磁针放在导线的延伸线上，通电后，小磁针会转动B.把小磁针平行地放在导线的下方，在导线与小磁针之间搁置一块铝板，通电后，小磁针不会转动C.把小磁针平行地放在导线的下方，给导线通以恒定电流，而后渐渐增大导线与小磁针之间的距离，小磁针转动的角度(与通电前对比)会渐渐减小D.把黄铜针 (用黄铜制成的小指针 )平行地放在导线的下方，通电后，黄铜针会转动答案： C分析：将小磁针放在导线的延伸线上，通电后，小磁针不会转动，A 错。

高考物理-物理提升精选练习及答案

高考物理提升精选练习及答案1、一物体在粗糙水平面上以一定初速度做匀减速直线运动直到停止，已知此物体在最初5 s 内的平均速度为3.3 m/s ，且在最初5 s 内和最后5 s 内经过的路程之比为11：5，则下列说法中正确的是( )A ．物体一共运动了12 sB ．物体做匀减速直线运动的加速度大小为0.6 m/s 2C ．物体运动的初速度大小为6 m/sD ．物体匀减速过程中的平均速度为256 m/s解析：设物体做匀减速直线运动的加速度大小为a ，运行总时间为t.把物体的运动视为反向的初速度为零的匀加速直线运动，则物体最后5 s 内的位移为x 2＝12a ×52＝12.5a ，最初5 s 内的位移为x 1＝12at 2－12a(t －5)2＝5at －12.5a ，由题意知x 1：x 2＝11：5，联立解得t ＝8 s ，A 错；物体最初5 s 内的位移为x 1＝3.3×5 m ＝16.5 m,5at －12.5a ＝16.5，联立解得a ＝0.6 m/s 2，B 对；由v ＝at 知物体运动的初速度大小为v ＝0.6×8 m/s ＝4.8 m/s ，C 错；由平均速度定义知全程的平均速度为v －＝v ＋02＝12×0.6×8 m/s ＝2.4 m/s ，D 错．答案：B2、(多选)下图中有四幅图片，涉及有关物理学发展历史的四个重大发现，则下列有关说法正确的是( )A．甲图片与居里夫人有关B．乙图片所反映的现象是贝克勒尔最先发现的C．丙图片是法拉第研究阴极射线并发现电子的装置D．丁图片与爱因斯坦的质能方程有关解析：结合教材史料，应用物理规律．甲图片为伦琴发现X射线后，照射的伦琴夫人手的照片，与居里夫人无关，故选项A错误；乙图片中反映的天然放射性现象是贝克勒尔最先发现的，故选项B正确；丙图片的现象是法拉第研究电磁感应规律时的装置，与阴极射线及电子的发现无关，故选项C错误；原子弹的能量来源于核能，与爱因斯坦的质能方程ΔE＝Δmc2有关，故选项D正确．答案：BD3、(多选)如图所示，在某山体下的水平地面上有一静止长木板，某次山体滑坡，有石块从山坡上滑下后，恰好以速度v1滑上长木板，石块与长木板、长木板与水平地面之间都存在摩擦．设最大静摩擦力的大小等于滑动摩擦力的大小，且石块始终未滑出长木板．下面给出了石块在长木板上滑行的v－t图象，其中可能正确的是()解析：由于石块与长木板、长木板与地面之间都有摩擦，则石块不可能做匀速直线运动，故选项A错误；若石块对长木板向右的滑动摩擦力的大小小于或等于地面对长木板的最大静摩擦力的大小，则长木板将静止不动，石块将在长木板上做匀减速直线运动，故选项D正确；设石块与长木板之间的动摩擦因数为μ1，长木板与地面之间的动摩擦因数为μ2，石块的质量为m，长木板的质量为M，当μ1mg>μ2(M＋m)g时，最终石块与长木板将一起做匀减速直线运动，此时的加速度为μ2g，由μ1mg>μ2(M＋m)g，可得μ1g>μ2g，即石块刚开始的加速度大于石块与长木板一起减速时的加速度，也就是说图线斜率的大小将变小，故选项C错误，B正确．答案：BD4、[全国卷Ⅱ]2019年1月，我国嫦娥四号探测器成功在月球背面软着陆．在探测器“奔向”月球的过程中，用h表示探测器与地球表面的距离，F表示它所受的地球引力，能够描述F随h变化关系的图象是()解析：本题考查了万有引力定律公式. 考查了学生对万有引力定律的理解能力，体现了运动和相互作用的物理观念及科学推理的核心素养．由万有引力定律可知，探测器受到的万有引力F＝GMm(R＋h)2，其中R为地球半径。