高二上学期物理10月月考试卷第9套真题

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高二上10月阶段性考试物理试题(解析版)

A. 将M板向下平移
B. 将M板向上平移
C. 在M、N之间插入云母板（介电常数大于1）
D. 将M板沿水平向左方向远离N板
【答案】C
【解析】
【详解】A、根据知将M板向下平移，正对面积减小，则电容减小，电量不变，根据知电势差增大，静电计指针偏角变大，故选项A错误；
B.根据知将M板向上平移，正对面积减小，则电容减小，电量不变，根据知电势差增大，静电计指针偏角变大，故选项B错误；
A.b点场强大于c点场强
B.b、c两点电势相等
C. 电子在b点的电势能大于在c点的电势能
D. 若某点电荷只在电场力作用下沿虚线由a点运动到d点，则该电荷必带正电
【答案】D
【解析】
【详解】A.电场线越密电场越强，b点场强小于c点场强，A错误；
B.沿着电场线方向电势逐点降低，b点电势高于c点电势，B错误；
B．电容是电容器本身的性质，和极板上的电荷量及电压无关，故B错误；
C．真空中点电荷的电场强度公式是其决定式，则电场中某点的电场强度与场源点电荷所带电荷量成正比，故C正确；
D．电场中某点的电势取决于电场本身的性质，则电势差也取决于电场本身的性质，故D错误。
故选C。
2.某电场的电场线分布如图中实线所示，以下说法正确的是( )
C.根据知在之间插入云母板(介电常数 )，电容增大，电量不变，根据知电势差减小，静电计指针偏角变小，故选项C正确；
D、根据知将M板沿水平向左方向远离N板，两极板距离增大，则电容减小，电量不变，根据知电势差增大，静电计指针偏角变大，故选项D错误．
5.空间P、Q两点处固定电荷量绝对值相等的点电荷，其中Q点处为正电荷，P、Q两点附近电场的等势线分布如图所示，a、b、c、d、e为电场中的5个点，设无穷远处电势为0，则( )

北京市2024-2025学年高二上学期10月月考物理试卷(选考)含答案

2024北京高二10月月考物理（选考）（答案在最后）一、单选题（本部分共10题，每题3分，共30分。

在每题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1.在静电场中有a 、b 两点，试探电荷在两点的静电力F 与电荷量q 满足如图所示的关系，请问a 、b 两点的场强大小关系是（）A.a b E E =B.2a b E E =C.a b E E <D.a bE E >【答案】D 【解析】【详解】根据电场力公式F Eq=可知图像的斜率表示电场强度，由图可知a 点所在直线的斜率大于b 点所在直线的斜率，则a bE E >由于无法比较a 点所在直线的斜率与b 点所在直线的斜率的两倍大小，无法判断a E 与2b E 的大小关系。

故选D 。

2.有两段电阻丝是由同种材料制成的。

它们的质量相同，它们的长度之比12:2:3L L =。

将它们串联在电路中，则它们两端的电压之比12:U U 为（）A.2:3B.4:9C.9:4D.3:2【答案】B 【解析】【详解】同种材料的电阻丝，由于它们的质量相同，所以它们的体积也是相同的，由于长度之比122:3L L =∶所以它们的截面积之比为12:3:2S S =根据电阻定律L R Sρ=可得电阻之比为1111222212224339L R S L S L R L S S ρρ===⨯=当它们串联在电路中时，电流相同，根据欧姆定律可得11221249IR R IR U R U ===故选B 。

3.如图是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧。

对矿粉分离的过程，下列表述正确的有（）A.带正电的矿粉落在右侧B.电场力对矿粉做负功C.带负电的矿粉电势能变大D.带正电的矿粉电势能变小【答案】D 【解析】【详解】A ．由图可知，矿料分选器内的电场方向水平向左，带正电的矿粉受到水平向左的电场力，所以会落到左侧，故A 错误；B ．无论矿粉带什么电，在水平方向上都会在电场力的作用下沿电场力的方向偏移，位移与电场力的方向相同，电场力做正功，故B 错误；CD ．由于电场力对正负电荷均做正功，故正负电荷的电势能增均变小，故C 错误，D 正确。

高二(上)10月物理试题(解析版)

秋季学期高二年级10月月考试卷物理考生注意：本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分,总分100分,考试时间60分钟。

第I卷（选择题）一、选择题（共8个小题,1～5小题只有一个选项符合题目要求,6～8小题有多项符合题目要求。

每小题6分,共48分）1. 如图所示是通有恒定电流的某段导体．在5s内有10C的负电荷向右通过横截面A,则导体内电流的大小和方向分别是A. 2A、向右B. 2A、向左C. 50A、向右D. 50A、向左【答案】B【解析】【详解】根据电流的定义式qIt,可得电流的大小为：I＝105A＝2A电流方向规定为正电荷定向移动的方向,因移动的是负电荷,电流方向与定向移动的方向相反,故电流向左．A．2A、向右．故A不符合题意．B．2A、向左．故B符合题意．C．50A、向右．故C不符合题意．D．50A、向左．故D不符合题意．2. 在如图所示的ABCD四种电场中,分别标记有a、b两点,其中a、b两点的电势相等,电场强度大小相等、方向也相同的是（）A. B. C. D.【答案】B 【解析】【详解】A.在正点电荷形成的电场中,a 、b 两点处于同一等势面上,电势相等,电场强度大小相等,但方向不同,故A 错误；B.两等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线,则a 、b 两点的电势相等,根据对称性和电场线的分布可知,a 、b 两点的电场强度大小相等、方向相同,故B 正确；C.带电平板表面是一个等势面,则a 、b 两点的电势相等,由电场线的疏密看出,a 点的场强小于b 点的场强,故C 错误；D.带电平行金属板内部是匀强电场,a 、b 两点的电场强度相同,但b 点的电势高于a 点的电势,故D 错误。

故选B 。

3. 两个点电荷的质量分别为m 1、m 2,带异种电荷,电荷量分别为Q 1、Q 2,相距为d ,只在库仑力作用下（不计万有引力）各自绕它们连线上的某一固定点,在同一水平面内做匀速圆周运动,它们的总动能为 A.12kQ Q dB.122kQ Q dC.1122m kQ Q m dD.21212m kQ Q m d【答案】B 【解析】【详解】对于质量m 1,它们的库仑力提供其向心力, 即21212Q Q v k m d r= 对于质量m 2,它们的库仑力提供其向心力,即21222()Q Q v k m d d r =- 则它们总的动能为22121211222kQ Q m v m v d+= 故选B ．点晴：两异种点电荷能绕圆心各自做匀速圆周运动,其向心力是由它们间的库仑力提供,则可以求出它们的总动能．4. 如图所示,先接通S使电容器充电,然后断开S。

高二上学期月考物理试卷(10月份) Word版含解析

高二（上）月考物理试卷（10月份）一、单项选择题（本题共6个小题，每小题4分，共24分．每小题只有一个选项符合题意）1．下列各物理量中，与试探电荷有关的量是（）A．电场强度E B．电势φC．电势差U D．电场做的功W2．关于电场，下列叙述中正确的是（）A．任意两点间的电势差，等于电场强度和这两点间距离的乘积B．正电荷周围的电场强度一定比负电荷周围的电场强度大C．电势降低最快的方向必是电场线的方向D．电场中电势高的点，电场强度一定很大3．如图所示，在一条直线上有两个相距0.4m的点电荷A、B，A带电+Q，B带电﹣9Q．现引入第三个点电荷C，恰好使三个点电荷均在电场力的作用下处于平衡状态，则C的带电性质及位置应为（）A．负A的左边0.2 m处B．负A的右边0.2 m处C．正B的左边0.2 m处D．正B的右边0.4 m处4．如图所示，光滑绝缘斜面的底端固定一个带正电的小物块P，将另一个带电小物块Q在斜面的某位置由静止释放，它将沿斜面向上运动．设斜面足够长，则在Q向上运动过程中（）A．物块Q的动能一直增大B．物块Q的机械能一直增大C．物块P、Q的重力势能和电势能之和一直增大D．物块P、Q之间的电势能一直增大5．如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中O点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示，则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．a的电势能将减小，b的电势能将增加C．a的加速度将增加，b的加速度将减小D．两个粒子的动能均减小6．如图所示，矩形区域ABCD内存在竖直向下的均强电场，两个带正电粒子a和b以相同的水平速度射入电场，粒子a由顶点A射入，从BC的中点P射出，粒子b由AB的中点O 射入，从顶点C射出．若不计重力，则a和b的比荷（带电量和质量比值）之比是（）A．1：8B．8：1C．1：2D．2：1二、不定项选择题（本题共4个小题，每小题6分，共24分．每小题给出的四个选项中，至少有一个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）7．一电子飞经电场中A、B两点，电子在A点电势能为4.8×10﹣17 J，动能为3.2×10﹣17 J，电子经过B点时电势能为3.2×10﹣17 J，如果电子只受电场力作用，则（）A．电子在B点时动能为4.8×10﹣17 JB．由A到B电场力做功为100 e VC．电子在B点时动能为1.6×10﹣17 JD．A、B两点间电势差U AB为100 V8．如图所示是两个等量正点电荷，周围有1、2、3、4各点．两条虚线互相垂直且平分，那么关于各点电场强度和电势的叙述正确的是（）A．E1＞E2＞E3＞E4B．E3、E4可能相同C．φ1＞φ2＞φ3＞φ4D．φ1＞φ2=φ3=φ49．如图1所示，两平行金属板竖直放置，左极板接地，中间有小孔．右极板电势随时间变化的规律如图2所示．电子原来静止在左极板小孔处．下列说法中正确的是（）A．从t=0时刻释放电子，电子将始终向右运动，直到打到右极板上B．从t=0时刻释放电子，电子可能在两板间振动C．从t=时刻释放电子，电子可能在两板间振动，也可能打到右极板上D．从t=时刻释放电子，电子必将打到左极板上10．如图所示，两平行金属板间有一匀强电场，板长为L，板间距离为d，在板右端L处有一竖直放置的光屏M，一带电荷量为q，质量为m的质点从两板中央射入板间，最后垂直打在M屏上，则下列结论正确的是（）A．板间电场强度大小为B．板间电场强度大小为C．质点在板间的运动时间和它从板的右端运动到光屏的时间相等D．质点在板间的运动时间大于它从板的右端运动到光屏的时间三、实验题（每空2分，共12分）11．在探究两电荷间相互作用力的大小与哪些因素有关的实验中，一同学猜想可能与两电荷的间距和带电量有关．他选用带正电的小球A和B，A球放在可移动的绝缘座上，B球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒C点，如图所示．实验时，先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近，观察到两球距离越小，B球悬线的偏角越大；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大．实验表明：两电荷之间的相互作用力，随其距离的而增大，随其所带电荷量的而增大．此同学在探究中应用的科学方法是（选填：“累积法”、“等效替代法”、“控制变量法”或“演绎法”）．12．用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，电容器已充电．实验中，极板所带电荷量不变，若保持S不变，增大d，则θ将；板间电压；说明电容随板间距离增大而．（均填“增大”，“不变”或“减小”）四、计算题（本题共4个小题，共40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值运算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．如图所示，平行金属带电极板A、B间可看成匀强电场，场强E=1.2×102 V/m，极板间距离d=5cm，电场中C到B两板的距离为1cm，B板接地，求：（1）A板的电势φA和C点的电势φC；（2）将点电荷q=2×10﹣2 C从C点移到A板电势能改变量△E．14．如图，一电容为C的平行板电容器的两个极板竖直放置，板间距离为d，在两极板间有一带电小球质量为m，小球用一绝缘轻线悬挂于O点．先给电容器缓慢充电，使两级板所带电荷量分别为﹢Q和﹣Q，此时悬线与竖直方向的夹角为30°．求：（1）小球带电量q；（2）再给电容器缓慢充电，直到悬线和竖直方向的夹角增加到60°，且小球与两极板不接触．第二次充电使电容器正极板增加的电荷量△Q．15．如图所示，在E=103V/m的水平向左匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道竖直放置，轨道与一水平绝缘轨道MN连接，半圆轨道所在平面与电场线平行，其半径R=40cm，一带正电荷q=10﹣4C的小滑块质量为m=40g，与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.2，取g=10m/s2，求：（1）要小滑块能运动到圆轨道的最高点L，滑块应在水平轨道上离N点多远处释放？（2）这样释放的小滑块通过P点时对轨道的压力是多大？（P为半圆轨道中点）16．如图所示，静止于A处的粒子，经电压为U的加速电场加速后，沿图中圆弧虚线通过静电分析器，粒子在静电分析器中做圆周运动．从P点垂直CN进入矩形区域的匀强电场，电场方向水平向左，粒子恰能打在Q点．静电分析器通道是半径为R的辐向分布的电场，方向如图所示；粒子质量为m、电荷量为q；QN=d，PN=2d，粒子重力不计．求：（1）粒子的电性；（2）静电分析器中粒子运动轨迹处电场强度E的大小；（3）P、Q两点间的电压U1．2016-2017学年四川省成都市新津中学高二（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共6个小题，每小题4分，共24分．每小题只有一个选项符合题意）1．下列各物理量中，与试探电荷有关的量是（）A．电场强度E B．电势φC．电势差U D．电场做的功W【考点】电势；电场强度．【分析】电场强度和电势是描述电场的性质的物理量，是由电场本身决定的，与试探电荷无关．电势差与电荷无关，只与电场本身有关，电场力与试探电荷有关【解答】解：AB、电场强度和电势是描述电场的性质的物理量，是由电场本身决定的，与试探电荷无关．故A、B错误；C、电势差：，与试探电荷的无关．故C错误．D、电场力为F=qE，可知静电力既与电场有关，又与试探电荷有关，故D正确；故选：D2．关于电场，下列叙述中正确的是（）A．任意两点间的电势差，等于电场强度和这两点间距离的乘积B．正电荷周围的电场强度一定比负电荷周围的电场强度大C．电势降低最快的方向必是电场线的方向D．电场中电势高的点，电场强度一定很大【考点】电势差与电场强度的关系．【分析】在匀强电场中，任意两点间的电势差，等于电场强度和沿电场方向这两点间距离的乘积，电场线的疏密表示场强的大小，但沿电场线方向电势降低最快，场强与电势无关【解答】解：A、在匀强电场中，任意两点间的电势差，等于电场强度和沿电场方向距离的乘积，故A错误B、电场强度的大小看电场线的疏密，与正负电荷无关，故B错误；C、电势降低最快的方向必是电场线的方向，故C正确D、电势与电势零点的选取有关，与场强无关，故D错误故选：C3．如图所示，在一条直线上有两个相距0.4m的点电荷A、B，A带电+Q，B带电﹣9Q．现引入第三个点电荷C，恰好使三个点电荷均在电场力的作用下处于平衡状态，则C的带电性质及位置应为（）A．负A的左边0.2 m处B．负A的右边0.2 m处C．正B的左边0.2 m处D．正B的右边0.4 m处【考点】库仑定律．【分析】A、B、C三个点电荷都处于静止状态，对电荷受力分析，每个电荷都处于受力平衡状态，故根据库仑定律可分别对任意两球进行分析列出平衡方程即可求得结果．【解答】解：三个电荷要平衡，必须三个电荷的一条直线，外侧二个电荷相互排斥，中间电荷吸引外侧两个电荷，所以外侧两个电荷距离大，要平衡中间电荷的拉力，必须外侧电荷电量大，中间电荷电量小，所以C必须为负电，在A的左侧．设C所在位置与A的距离为r，则C所在位置与B的距离为L+r，要能处于平衡状态，所以A对C的电场力大小等于B对C的电场力大小，设C的电量为q．则有：=解得：r=0.2m．故选：A．4．如图所示，光滑绝缘斜面的底端固定一个带正电的小物块P，将另一个带电小物块Q在斜面的某位置由静止释放，它将沿斜面向上运动．设斜面足够长，则在Q向上运动过程中（）A．物块Q的动能一直增大B．物块Q的机械能一直增大C．物块P、Q的重力势能和电势能之和一直增大D．物块P、Q之间的电势能一直增大【考点】电势能；功能关系．【分析】物体Q在运动过程中存在三种能，动能、重力势能和电势能，根据能量守恒，运动过程中只存在这三种能互相转化．由于斜面足够长，物体运动到无限远后静止，可以肯定的是这时物体只存在重力势能．Q在运动过程中，P、Q之间越来越远，电势能越来越小，根据能量守恒，Q的动能和重力势能之和（机械能）肯定越来越大，所以Q的机械能一直增大．【解答】解：A、开始电场力大于下滑力，动能增大，但电场力不断减小，当电场力小于下滑力，合力与运动方向相反，动能减小，所以A错误；B、P、Q之间越来越远，电势能越来越小，根据能量守恒，Q的动能和重力势能之和（机械能）肯定越来越大，所以B正确；C、物体动能、重力势能、电场能总和守恒，动能先增大后减小，物块P、Q的重力势能和电势能之和就先减小后增大，所以C错误；D、P、Q之间越来越远，P、Q之间的排斥力（电场力）做正功，电势能越来越小，所以D 错误．故选：B5．如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中O点以相同速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示，则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．a的电势能将减小，b的电势能将增加C．a的加速度将增加，b的加速度将减小D．两个粒子的动能均减小【考点】电势差与电场强度的关系；电场线．【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧．根据电场力做功来判断动能的变化【解答】解：A、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，由于电场线的方向不知，所以粒子带电性质不定，故A错误；B、B、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，从图中轨道变化来看速度与力方向的夹角小于90°，所以电场力都做正功，电势能都减小，动能都增大，故BD错误C、电场线的疏密表示场强的大小，故a受到的电场力增大，b受到的电场力减小，a加速度增大，b的加速度减小，故C正确故选：C6．如图所示，矩形区域ABCD内存在竖直向下的均强电场，两个带正电粒子a和b以相同的水平速度射入电场，粒子a由顶点A射入，从BC的中点P射出，粒子b由AB的中点O 射入，从顶点C射出．若不计重力，则a和b的比荷（带电量和质量比值）之比是（）A．1：8B．8：1C．1：2D．2：1【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】粒子垂直电场进入，做类平抛运动，根据水平位移求出时间之比，再通过竖直位移求出加速度之比，最终通过牛顿第二定律求出比荷．【解答】解：粒子水平方向上做匀速直线运动，a、b两粒子的水平位移之比为1：2，根据x=v0t，知时间比为1：2．粒子在竖直方向上做匀加速直线运动，根据y=2知，y之比为2：1，则a、b的加速度之比为8：1．根据牛顿第二定律知，加速度a=，加速度之比等于电荷量与质量的比值之比，则两电荷的比荷之比为8：1．故B正确，A、C、D错误．故选：B．二、不定项选择题（本题共4个小题，每小题6分，共24分．每小题给出的四个选项中，至少有一个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）7．一电子飞经电场中A、B两点，电子在A点电势能为4.8×10﹣17 J，动能为3.2×10﹣17 J，电子经过B点时电势能为3.2×10﹣17 J，如果电子只受电场力作用，则（）A．电子在B点时动能为4.8×10﹣17 JB．由A到B电场力做功为100 e VC．电子在B点时动能为1.6×10﹣17 JD．A、B两点间电势差U AB为100 V【考点】电场线；电势能．【分析】根据能量守恒求出电子的动能，根据电场力做功与电势能的变化关系求电场力做的功，同时可以求出两点间的电势差．【解答】解：A、C：只受电场力，则电子的能量守恒，在A点E=E K+E P=3.2×10﹣17+4.8×10﹣17=8×10﹣17J，在B点E K=E﹣E P=8×10﹣17﹣3.2×10﹣17=4.8×10﹣17J，故A正确C错误；B、电场力做的功等于电势能的变化量，所以由A到B电场力做功W AB=E PA﹣E PB=1.6×10﹣17J=100ev，B正确；D、W AB=﹣eU AB，所以U AB=﹣100V，D错误；故选：AB8．如图所示是两个等量正点电荷，周围有1、2、3、4各点．两条虚线互相垂直且平分，那么关于各点电场强度和电势的叙述正确的是（）A．E1＞E2＞E3＞E4B．E3、E4可能相同C．φ1＞φ2＞φ3＞φ4D．φ1＞φ2=φ3=φ4【考点】电场的叠加；电场强度；电势．【分析】等量同种点电荷电场线的分布具有对称性，两点电荷连线的中垂线从垂足向两侧电势逐渐减小．根据电场线方向判断电势的高低：顺着电场线方向电势逐渐降【解答】解：A、等量同种点电荷电场线的分布具有对称性，垂直平分线从垂足向两侧场强先增大后减小，故3 4两点场强没法判断大小，可能相等，也可能不同，故A错误，B正确C、沿着电场线方向电势逐渐降低，且2点的电势为零，故φ1＞φ2＞φ3＞φ4，故C正确，D 错误故选：BC9．如图1所示，两平行金属板竖直放置，左极板接地，中间有小孔．右极板电势随时间变化的规律如图2所示．电子原来静止在左极板小孔处．下列说法中正确的是（）A．从t=0时刻释放电子，电子将始终向右运动，直到打到右极板上B．从t=0时刻释放电子，电子可能在两板间振动C．从t=时刻释放电子，电子可能在两板间振动，也可能打到右极板上D．从t=时刻释放电子，电子必将打到左极板上【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】分析电子的受力情况，来分析电子的运动情况，若一直向右运动，可以打在右板，若电子时而向右运动，时而向左运动，根据位移关系，分析电子的运动情况【解答】解：分析电子在一个周期内的运动情况．A、B从t=0时刻释放电子，前内，电子受到的电场力向右，电子向右做匀加速直线运动；后内，电子受到向左的电场力作用，电子向右做匀减速直线运动；接着周而复始，所以电子一直向右做单向的直线运动，直到打在右板上．故A正确，B错误．C、从t=时刻释放电子，在﹣内，电子向右做匀加速直线运动；在﹣内，电子受到的电场力向左，电子继续向右做匀减速直线运动，时刻速度为零；在﹣T内电子受到向左的电场力，向左做初速度为零的匀加速直线运动，在T﹣内电子受到向右的电场力，向左做匀减速运动，在时刻速度减为零；接着重复．若两板距离足够大时，电子在两板间振动．故C正确．D、用同样的方法分析从t=时刻释放电子的运动情况，电子先向右运动，后向左运动，由于一个周期内向左运动的位移大于向右运动的位移，电子最终从左极板的小孔离开电场．也可能电子在向右过程中就碰到右极板，故D正确．故选：ACD10．如图所示，两平行金属板间有一匀强电场，板长为L，板间距离为d，在板右端L处有一竖直放置的光屏M，一带电荷量为q，质量为m的质点从两板中央射入板间，最后垂直打在M屏上，则下列结论正确的是（）A．板间电场强度大小为B．板间电场强度大小为C．质点在板间的运动时间和它从板的右端运动到光屏的时间相等D．质点在板间的运动时间大于它从板的右端运动到光屏的时间【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】根据题意分析，质点最后垂直打在M屏上，必须考虑质点的重力．质点在平行金属板间轨迹应向上偏转，飞出电场后，质点的轨迹向下偏转，质点才能最后垂直打在M屏上．第一次偏转质点做类平抛运动，第二次斜向上抛运动平抛运动的逆过程，运用运动的分解法，根据对称性，分析前后过程加速度的关系，再研究电场强度的大小．水平方向质点始终做匀速直线运动，质点在板间运动的时间跟它从板的右端运动到光屏的时间相等．【解答】解：A、B据题分析可知，质点在平行金属板间轨迹应向上偏转，做类平抛运动，飞出电场后，质点的轨迹向下偏转，质点才能最后垂直打在M屏上，前后过程质点的运动轨迹有对称性，如图，可见两次偏转的加速度大小相等，根据牛顿第二定律得，qE﹣mg=mg，得到E=．故A错误，B正确．C、D由于质点在水平方向一直做匀速直线运动，两段水平位移大小相等，则质点在板间运动的时间跟它从板的右端运动到光屏的时间相等．故C正确，D错误．故选：BC．三、实验题（每空2分，共12分）11．在探究两电荷间相互作用力的大小与哪些因素有关的实验中，一同学猜想可能与两电荷的间距和带电量有关．他选用带正电的小球A和B，A球放在可移动的绝缘座上，B球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒C点，如图所示．实验时，先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近，观察到两球距离越小，B球悬线的偏角越大；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大．实验表明：两电荷之间的相互作用力，随其距离的减小而增大，随其所带电荷量的增大而增大．此同学在探究中应用的科学方法是控制变量法（选填：“累积法”、“等效替代法”、“控制变量法”或“演绎法”）．【考点】库仑定律．【分析】由于实验时，先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，所以采用的方法是控制变量法．【解答】解：对小球B进行受力分析，可以得到小球受到的电场力：F=mgtanθ，即B球悬线的偏角越大，电场力也越大；所以使A球从远处逐渐向B球靠近，观察到两球距离越小，B球悬线的偏角越大，说明了两电荷之间的相互作用力，随其距离的减小而增大；两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大，说明了两电荷之间的相互作用力，随其所带电荷量的增大而增大．先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近．这是只改变它们之间的距离；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量．这是只改变电量所以采用的方法是控制变量法．故答案为：（1）减小，增大，控制变量法．12．用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，电容器已充电．实验中，极板所带电荷量不变，若保持S不变，增大d，则θ将增大；板间电压增大；说明电容随板间距离增大而减小．（均填“增大”，“不变”或“减小”）【考点】电容器的动态分析．【分析】静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大．根据电容的决定式C=分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化情况，由于极板所带电荷量不变，再由电容的定义式C=分析板间电势差的变化，即可再确定静电计指针的偏角变化情况．【解答】解：根据电容的决定式C=得知，电容与极板间距离成反比，当保持S不变，增大d时，电容减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角θ增大；说明电容随板间距离增大而减小．故答案为：增大，增大，减小．四、计算题（本题共4个小题，共40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值运算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．如图所示，平行金属带电极板A、B间可看成匀强电场，场强E=1.2×102 V/m，极板间距离d=5cm，电场中C到B两板的距离为1cm，B板接地，求：（1）A板的电势φA和C点的电势φC；（2）将点电荷q=2×10﹣2 C从C点移到A板电势能改变量△E．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】（1）根据φA=Ed求的AC两点的电势，其中d为到零点时的距离；（2）求的CA间的电势差，根据W=qU求的电场力做功，即可判断电势能的改变量【解答】解：（1）A点的电势为C点的电势为（2）CA间的电势差为U CA=φC﹣φA=﹣1.2﹣（﹣6）V=4.8V故电场力做功为W=电场力做正功，故电势能改变量为△E=﹣W=9.6×10﹣2J答：（1）A板的电势φA和C点的电势φC分别为﹣6V，﹣1.2V（2）将点电荷q=2×10﹣2 C从C点移到A板电势能改变量△E为﹣9.6×10﹣2J14．如图，一电容为C的平行板电容器的两个极板竖直放置，板间距离为d，在两极板间有一带电小球质量为m，小球用一绝缘轻线悬挂于O点．先给电容器缓慢充电，使两级板所带电荷量分别为﹢Q和﹣Q，此时悬线与竖直方向的夹角为30°．求：（1）小球带电量q；（2）再给电容器缓慢充电，直到悬线和竖直方向的夹角增加到60°，且小球与两极板不接触．第二次充电使电容器正极板增加的电荷量△Q．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】（1）由Q=CU求的平行板间的电势差，根据U=Ed 求的场强，根据受力分析共点力平衡求的所带电荷（2）对小球受力分析，受重力、电场力和拉力，根据U=Ed、Q=cU、F=qE以及平衡条件分两次列方程后求解出电容器极板电量Q的表达式进行讨论【解答】解：（1）平行板间的电势差为U=场强为E=对小球受力分析，有共点力平衡可得mgtan30°=qE解得（2）第二次充电后，电容器带电量为：Q+△Q，同理可得联立解得：△Q=2Q答：（1）小球带电量q为；（2）再给电容器缓慢充电，直到悬线和竖直方向的夹角增加到60°，且小球与两极板不接触．第二次充电使电容器正极板增加的电荷量△Q为2Q15．如图所示，在E=103V/m的水平向左匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道竖直放置，轨道与一水平绝缘轨道MN连接，半圆轨道所在平面与电场线平行，其半径R=40cm，一带正电荷q=10﹣4C的小滑块质量为m=40g，与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.2，取g=10m/s2，求：（1）要小滑块能运动到圆轨道的最高点L，滑块应在水平轨道上离N点多远处释放？（2）这样释放的小滑块通过P点时对轨道的压力是多大？（P为半圆轨道中点）【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．【分析】（1）在小滑块运动的过程中，摩擦力对滑块和重力做负功，电场力对滑块做正功，根据动能定理可以求得滑块与N点之间的距离；（2）在P点时，对滑块受力分析，由牛顿第二定律可以求得滑块受到的轨道对滑块的支持力的大小，由牛顿第三定律可以求滑块得对轨道压力．【解答】解：（1）小滑块刚能通过轨道最高点条件是：mg=m，解得：v===2m/s，小滑块由释放点到最高点过程由动能定理：EqS﹣μmgS﹣mg•2R=mv2所以S=S=20m（2）小滑块从P到L过程，由动能定理：﹣mgR﹣EqR=mv2﹣mv2P所以v=v2+2（g+）R在P点由牛顿第二定律：F N﹣Eq=所以F N=3（mg+Eq）代入数据得：F N=1.5N由牛顿第三定律知滑块通过P点时对轨道压力为1.5N．。

高二第一学期10月月考(物理)试卷含答案

高二第一学期10月月考(物理）（考试总分：100 分）一、单选题（本题共计10小题，总分40分）1.（4分）如图所示，取一对用绝缘支柱支撑的金属导体A 和B ，使它们彼此接触．起初它们不带电，贴近A 、B 下面的金属箔片是闭合的．现在把带正电荷的球C 移近导体A ，可以看到A 、B 上的金属箔片都张开了．下列说法正确的是（）A ．A 内部的场强比B 内部的场强大 B ．A 、B 内部的场强均为零C ．A 左端的电势比B 右端的电势低D ．A 左端的电势比B 右端的电势高2.（4分）在研究微观粒子时常用电子伏特（eV ）作为能量的单位，1eV 等于一个电子经过1V 电压加速后所增加的动能．那么，关于1eV 和焦耳（J ）的单位换算正确的是（）A ．1eV=1.6×10-19JB ．1eV=1.6×10-16JC ．1eV=1.9×10-19JD ．1eV=1.9×10-16J3.（4分）如图，在场强为E 的匀强电场中有一个质量为m 的带正电小球A 悬挂在绝缘细线上，小球静止时细线与竖直方向成30°角，已知此电场方向恰使小球受到的电场力最小，则小球所带电量应为（）A ．mgEB ．3mgEC ．2mgED ．2mg E4.（4分）一电荷量为9110C -⨯的负电荷从电场中的A 点移至B 点克服电场力做功为6210J -⨯，从A 点移至C 点电场力做功为6310J -⨯，则B 、C 间的电势差为（）A ．1000VB ．1000V -C ．5000VD ．5000V -5.（4分）等量异种电荷的电场线如图所示，下列表述正确的是（）A ．a 点的电势低于b 点的电势B ．a 点的场强大于b 点的场强，方向相同C ．将一负电荷从a 点移到b 点电场力做负功D ．负电荷在a 点的电势能大于在b 点的电势能6.（4分）如图所示，真空中a 、b 、c 、d 四点共线且等间距，a 、b 、c 、d 连线水平．先在a 点固定一点电荷+Q ，测得b 点场强大小为E ．若再将另一点电荷+2Q 放在d 点，则（）A ．b 点电场强度大小为2E，方向水平向左 B ．b 点电场强度大小为32E，方向水平向右 C ．c 点电场强度大小为74E，方向水平向左 D ．c 点电场强度大小为94E，方向水平向右 7.（4分）电荷量为+Q 的点电荷和接地金属板MN 附近的电场线分布如图所示，点电荷与金属板相距为2d ，图中P 点到金属板和点电荷间的距离均为d ．已知P 点的电场强度为E 0，则金属板上感应电荷在P 点处产生的电场强度E 的大小为（）A ．E=0B ．02kQ E E d=- C ．2kQ E d =D ．02E E8.（4分）在匀强电场中建立一直角坐标系，如图所示，从坐标原点O 沿+y 轴前进0.2m 到A 点，电势降低了10√2V ，从坐标原点O 沿+x 轴前进0.2m 到B 点，电势升高了10√2V ，则匀强电场的场强大小和方向为（）A ．50V/m ，方向B →A B ．50V/m ，方向A →BC ．100V/m ，方向B →AD ．100V/m ，方向垂直AB 斜向下9.（4分）图中虚线a 、b 、c 、d 、f 代表匀强电场内间距相等的一组等势面，已知平面b上的电势为4V ．一电子经过a 时的动能为20eV ，从a 到d 的过程中克服电场力所做的功为12eV ．下列说法正确的是（）A ．平面a 上的电势为零B ．该电子经过平面b 时的动能为16eVC ．该电子经过平面d 时，其电势能为—2eVD ．该电子经过平面b 时的速率是经过d 时的2倍10.（4分）如图所示，匀强电场水平向左，带正电物体沿绝缘、粗糙水平板向右运动，经A 点时动能为100J ，到B 点时动能减少了原来的4/5，减少的动能中有3/4转化为电势能．则它再经过B 点时动能大小是（）A ．4JB ．5JC ．10JD ．15J二、多选题（本题共计5小题，总分20分）11.（4分）如图所示，在空间中的A 、B 两点固定着一对等量正点电荷，有一带负电微粒在它们产生的电场中运动，设运动过程中只受电场力的作用．则带电微粒所做运动可能是（）A．匀变速运动B．匀速圆周运动C．类平抛运动D．直线运动12.（4分）如图所示，直线MN表示某电场中一条电场线，a、b是线上的两点，将一带负电荷的粒子从a点处由静止释放，粒子从a运动到b过程中的v－t图线如图所示．设a、b两点的电势分别为φa、φb，场强大小分别为E a、E b，粒子在a、b两点的电势能分别为W a、W b，不计重力，则有()A．φa＞φb B．Ea＞EbC．Ea＜Eb D．Wa＞Wb13.（4分）如图所示，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘，两个带有同种电荷的小球A、B分别位于竖直墙面和水平地面，且处于同一竖直平面内，若用图示方向的水平推力F作用于小球B，则两球静止于图示位置．如果将小球向左推动少许，待两球重新达到平衡时，跟原来相比（）A．两小球间距离将增大，推力F将减小B．两小球间距离将增大，推力F将增大C．竖直墙面对球的弹力将增大，水平地面的支持力不变D．竖直墙面对球的弹力将减小，水平地面的支持力不变14.（4分）如图所示，在两等量异种点电荷连线上有D、E、F三点，且DE＝EF．K、M、L分别为过D、E、F三点的等势面．一个不计重力的带负电粒子，从a点射入电场，运动轨迹如图中实线所示，以|W ab|表示该粒子从a点到b点电场力做功的数值，以|W bc|表示该粒子从b点到c点电场力做功的数值，则（）A．|Wab|＝|Wbc|B．|Wab|＜|Wbc|C．粒子由a点到b点，动能减少D．a点的电势较b点的电势高15.（4分）a、b是x轴上的两个点电荷，电荷量分别为Q1和Q2，沿x轴a、b之间各点对应的电势高低如图中曲线所示．从图中可看出以下说法中正确的是（）A．把带正电的检验电荷沿x轴由a移到b的过程中,电场力对该电荷先做负功后做正功B．a、P间和P、b间各点的电场方向都指向P点C．电势最低的P点的电场强度为零D．a和b一定是同种电荷，但是不一定是正电荷三、计算题（本题共计4小题，总分40分）16.（9分）如图所示，把A、B两个相同的导电小球分别用长为0.10m的绝缘细线悬挂于O A和O B两点．用丝绸摩擦过的玻璃棒与A球接触，玻璃棒移开后将悬点O B移到O A 点固定．A、B球接触后分开，平衡时距离为0.12m．已测得A、B球的质量均为5⨯kg，A、B球可视为点电荷，重力加速度g取10m/s2，静电力常量1.210-9k=⨯N·m2/C2．则A、B球接触分开后，求：9.010（1）A、B球所带电荷量是否相等；（2）B球所受静电力的大小；（3）B球所带的电荷量．17.（9分）在匀强电场中，仅在电场力作用下，带电量为+2.0×10-9C点电荷从A点运动到B点，电场力做功为4×10-6J．从A点运动到C点，电场力做功也为4×10-6J．已知平∠=∠=．面ABC与电场方向平行，AB=AC=4cm，B C30（1）求该匀强电场的电场强度大小；（2）在图中画出匀强电场的电场线（至少3条）．18.（11分）电荷量q=1×10-4C的带正电的小物块静止在绝缘水平面上，所在空间存在沿水平方向的电场，其电场强度E的大小与时间t的关系如图1所示，物块速度v的大小与时间t的关系如图2所示．重力加速度g=10m/s2．求：（1）物块与水平面间的动摩擦因数；（2）物块在4s内减少的电势能．19.（11分）用一条绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球的质量为4.0×10-2kg，所带电荷量为+2.0×10-8C．现加一水平方向的匀强电场，平衡时小球位于A点，绝缘绳与竖直方向的夹角为37°，如图所示（重力加速度g取10m/s2）（1）求匀强电场的电场强度E的大小；（2）若将绝缘轻绳拉至水平，小球从图中B点静止释放，求运动过程中小球对轻绳的最大拉力．答案一、单选题（本题共计10小题，总分40分） 1.（4分）【答案】B 2.（4分）【答案】A 3.（4分）【答案】D 4.（4分）【答案】D 5.（4分）【答案】C 6.（4分）【答案】C 7.（4分）【答案】B 8.（4分）【答案】C 9.（4分）【答案】B 10.（4分）【答案】C二、多选题（本题共计5小题，总分20分） 11.（4分）【答案】BD 12.（4分）【答案】BD 13.（4分）【答案】AD 14.（4分）【答案】CD 15.（4分）【答案】BC三、计算题（本题共计4小题，总分40分）16.（9分）【答案】(1)相等 (2)59.010-⨯N (3)81.210-⨯C 17.（9分）【答案】（1）51.010V /m ⨯ （2）18.（11分）【答案】（1）0.2 （2）14J19.（11分）【答案】（1）71.510N /C ⨯ （2）0.9N。

高二年级10月月考(物理)试卷含答案

高二年级10月月考（物理）（考试总分：100 分）一、单选题（本题共计8小题，总分32分）1.（4分）以下说法正确的是（）A．放在电场中的带电粒子一定受到电场力的作用B．电源的电动势越大，说明电源储存的电能越多C．根据电势差的定义式WUq=，两点间的电势差 U 与静电力做的功W成正比，与移动电荷的电量 q 成反比D．在电路中，两点之间的电压就等于这两点的电势差，沿着电流的方向，各点的电势在降低2.（4分）如如如如如如如如如如如E如如如如如r如L1如L2如如如如如如如如如如如如如如如如如如R1如如如如如如R2如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如S如如如如如如如如如如如如如如A.如如如如如如如如如如B.R2如如如如如如如C.如如如如如如如如如如如D.L1如如如L2如如3.（4分）如图所示的电解池接入电路后，在t秒内有n1个一价正离子通过溶液内某截面S，有n2个一价负离子通过溶液内某截面S，设e为元电荷，以下说法正确的是( )A．当n1＝n2时，电流为零B．当n1>n2时，电流方向从A→B，电流为I＝()12n n et-C．当n1<n2时，电流方向从B→A，电流为I＝()21n n et-D．电流方向从A→B，电流为I＝()21n n et+4.（4分）如如R1如R2如如如如如“100 Ω 4 W”如“12.5 Ω 8W”如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如()A.30 VB.90 VC.22.5 VD.25 V5.（4分）如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如L如如如如如如如如如如如如如a如如如如如如如A.如如L如如如如如如如如如如如B.如如L如如如如如如如如如如如C.如如R2如如如如如D.如如R2如如如如如6.（4分）如如如如如如如如如如如如如如如如如S如如如如如如如A如如如如0.5A如如如如S如如如如如如如如如如如0.7A 如如如如如如如如如R1如R2如如如A.5如7B.7如5C.2如5D.5如27.（4分）如如如如如如如如如如如如S如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如()A.R1如如B.R2如如C.R3如如D.R1如如8.（4分）如如如如如如如如R 1如R 2如如如如如如如如如如如如如如如如如如.如如S如如如如如如L如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如A.如如R 1如如如如如如如如如如如如如如如B.如如R 2如如如如如如如如如如L如如如C.如如R 1如如如如如如如如如如如如如如D.如如R 2如如如如如如如如如如如如如如如二、多选题（本题共计4小题，总分16分）9.（4分）（（（（如如如如如如如A如如如如U-I如如如如如B如如如如如如U-I如如如如如如如如如如如如如如如如如如如如A.如如如如如如如如4W如如如如如如如如6WB.如如如如如如如如4W如如如如如如1ΩC.如如如如如如如如4W如如如如如如如33%D.如如如如如如如如4W如如如如如如如67%10.（4分）如如如如如如如如如如A如如如如 0.6 A如如如如如如如如30如如如如如如如如如0.02A如R 1如如如如如如如如如如如如如如R 2如如如如如如如如如如如2如如如如如如如A如如如如如如如如如如如如1如如如如如如如如如如如如如如如如A.如如如如1如2如如如如如如如如如如如如0.06 AB.如如如如1如2如如如如如如如如如如如如0.02 AC.如如如如1如3如如如如如如如如如如如如0.06 AD.如如如如1如3如如如如如如如如如如如如0.01 A11.（4分）（多选）一根粗细均匀的金属导线阻值为R ，两端加上恒定电压U 时，通过金属导线的电流强度为I ，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v ，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U ，则下列说法正确的是（）A ．此时金属导线的阻值为4RB ．此时通过金属导线的电流为 4I C ．此时自由电子定向移动的平均速率为2v D ．此时自由电子定向移动的平均速率为 4v 12.（4分）（（（（（（（（（R1（（（（（（R2（（（（（（E（（（（（（（r（（（（（（（（（（（（（（（（如如A.如R2（R1（r（（R2（（（（（（B.如R1（R2（r（（R1（（（（（（C.如R2（0（（R1（（（（（（D.如R2（0（（（（（（（（（（（三、实验题（本题共计2小题，总分18分）13.（9分）某同学要测量一新材料制成的圆柱形均匀电阻丝(R=110Ω)的电阻率ρ，步骤如下（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图甲所示，由图甲可知其长度L＝_____mm。

高二10月月考(物理)试题含答案

D．取地面处重力势能为0，小球落地时机械能为mgh1
17.（3分）17.在地面15 m高处，某人将一质量为4 kg的物体以5 m/s的速度抛出，人对物体做功（）
A．20 J B．50 J C．588 J D．638 J
18.（3分）18.如图，质量为m的小球被固定在轻杆的一端，在竖直平面内做半径为R的圆周运动，运动过程中小球受到空气阻力的作用，设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时轻杆对小球的拉力为7.5mg，此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周通过最高点时轻杆对小球的支持力为0.5mg，小球在此半个圆周运动过程中克服空气阻力所做的功为（）
A.增大B.减小C.不变D.先减小再增大
5.（3分）5.如图所示是电场中的一条电场线，已知ab＝bc，则下列关系式中一定正确的是()
A. Ea＝Eb＝EcB. Ea>Eb>Ec C. φa>φb>φcD. Uab＝Ubc
6.（3分）6．下列说法正确的是（）
A．点电荷一定是电量很小的电荷。
B．电场线是假想曲线，实际不存在。
12.（3分）12．如图是某导体的I−U图象,图中α=30°,下列说法正确的是( )
A. 此导体的电阻R=0.5Ω
B. I−U图象的斜率表示电阻的倒数,所以
C. 通过导体的电流与其两端的电压成正比
D. 在R两端加6.0V电压时，每秒通过导体截面的电荷量是2C
13.（3分）13.室内有几种用电器：1.5 kW的电饭煲、200 W的电冰箱、750 W的取暖器、250 W的电视机和2 kW的空调器.如果进线处有13 A的保险丝，供电电压为220 V，下列情况下不可能同时使用的是
高二10月月考（物理）
（考试总分：70 分）
一、单选题（本题共计18小题，总分54分）

高二上学期10月月考物理试卷 Word版含答案

高二物理月考试卷一、选择题（1-8为单项选择，9-12为多项选择）每题4分，共48分。

1．真空中甲、乙两个固定的点电荷，相互作用力为F ，若甲的带电量变为原来的2倍，乙的带电量变为原来的8倍，要使它们的作用力仍为F ，则它们之间的距离变为原来的（） A ．2倍 B ．4倍 C ．8倍 D ．16倍 2.关于静电场的下列说法中正确的是（） A.电场中电势较高处的电场强度也一定较大B.同一电场中等差等势面较密处的电场强度也一定较大C.电场中的电场线不一定与等势面垂直相交D.在电场中将一电子由静止释放后一定沿电场线运动 3．对于电场中A 、B 两点，下列说法正确的是（）A ．电势差的定义式q W U AB AB /=，说明两点间的电势差U AB 与电场力做功W AB 成正比，与移动电荷的电量q 成反比B ．A 、B 两点间的电势差等于将正电荷从A 点移到B 点电场力所做的功C ．将1C 电荷从A 点移到B 点，电场力做1 J 的功，这两点间的电势差为1VD ．电荷由A 点移到B 点的过程中，除受电场力外，还受其它力的作用，电荷电势能的变化就不再等与电场力所做的功4.某平行板电容器的电容为C ，带电量为Q ，相距为d ，今在板间中点放一个电量为q 的点电荷，则它受到的电场力的大小为（） A ．22kQq d B ．24kQq d C ．QqCdD ．2Qq Cd 5.如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带电的小球在该电场中运动，不计小球所受的重力和空气阻力，实线表示该带正电的小球的运动轨迹，小球在a 点的动能等于20eV ，运动到b 点时的动能等于2eV ，若取C 点为零电势点，则这个带电小球的电势能等于－6eV ，它的动能等于：( )A ．16eVB ．14eVC ．6eVD ．4ev6.在一点电荷Q 产生的电场中，一个α粒子（带正电荷）通过时的轨迹如图所示，图中虚线则表示电场的两个等势面a 、b ，以下说法中正确的是（） A ．点电荷Q 可能为正电行，也可能为负电荷 B ．运动中α粒子总是克服电场力做功C ．α粒子在a 、b 两等势面时的动能一定有kb ka E E >D ．α粒子在经过a 、b 两等势面上时的电势能一定有b a εε> 7.如图所示，在竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管的圆心O 处固定一点电荷，将质量为m ，带电量为+q 的小球从圆弧管的水平直径端点A 由ACO静止释放，小球沿细管滑到最低点B 时，对管壁恰好无压力，则固定于圆心处的点电荷在弧A B 中点处的电场强度大小为：( ) A ．mg/q B ．2mg/q C ．3mg/q D ．4mg/q8．如图所示的实验中，把B 板固定，A 板向右移动逐渐靠近B 板的过程中，看到的现象和说明的问题是（）A ．静电计指针偏转角θ变大，说明平行板电容器的电容变大B ．静电计指针偏转角θ变大，说明平行板电容器的电容变小C ．静电计指针偏转角θ变小，说明平行板电容器的电容变小D ．静电计指针偏转角θ变小，说明平行板电容器的电容变大9.两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有A 、B 、C 三点，如图所示，下列说法正确的是（）A ．a 点电势比b 点高B ．a 、b 两点的场强方向相同，b 点场强比a 点大C ．a 、b 、c 三点和无穷远处等电势D ．一个电子在a 点无初速释放，则它将在c 点两侧往复振动10.如图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电量为10－6 C 的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A 点运动到B 点时动能减少了10－5J ，已知A 点的电势为－10 V ，则以下判断正确的是（）A ．微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示；B ．微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示；C ．B 点电势为零；D ．B 点电势为－20 V 11.关于电势和电势能的说法正确的是（） A ．电荷在电场中电势越高的地方电势能也越大B ．电荷在电场中电势越高的地方，电量越大所具有的电势能也越大C ．在正点电荷电场中的任意一点处，正电荷具有的电势能一定大于负电荷具有的电势能D ．在负点电荷电场中的任意一点处，正电荷具有的电势能一定小于负电荷具有的电势能 12．如图所示，在电场中任意取一条电场线，电场线上的a 、b 两点相距为d ，则（） A ．a 点的场强一定大于b 点的场强 B ．a 点的电势一定大于b 点的电势C ．a 、b 两点电势差一定等于Ed （E 为a 点场强）D ．a 、b 两点电势差等与单位正电荷由a 点沿任意路径移到b 点的过程中电场力所做的AB21功二、填空题（每空3分）13．如图所示，光滑绝缘杆竖直放置，它与以正点电荷Q 为圆心的某一圆周交于B 、C 两点，质量为m ，带电量为q -的有孔小球从杆上A 点无初速下滑，已知q <<Q ，AB =h ，小球滑到B 点时速度大小为gh 3，则小球从A 运动到B 的过程中，电场力做的功为：______________；A 、C 两点间电势差大小为 ____________.14．14．平行板电容器两板距离为 4cm ，带电 5.4×10-8C ，板间电场强度为4.5×104N ／C ，则其电容为_______pF ，若保持其他条件不变而使两板正对面积减为原来的41，则其电容变为_______pF. 三、计算题15. （8分）如图所示，在正的点电荷Q 的电场中有a 、b 两点，它们到点电荷Q 的距离12r r <。

学年高二物理上学期10月月考试题(含解析)

2013-2014学年浙江省宁波市北仑区柴桥中学高二（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题（共8小题，每小题3分，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确）1．（3分）（2013秋?高阳县校级月考）下列关于电荷及其守恒定律的说法正确的是（）A．利用静电感应可使任何物体带电B．无论采用任何方式使物体带电都不是创造了电荷C．带点体所带的电荷量可以是任意值D．电子和质子所带电荷量相等，所以它们的比荷也相等考点：电荷守恒定律．版权所有分析：电荷守恒定律：电荷既不能被创造，也不能被消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中，电荷的总量保存不变．电荷守恒定律适用于任何起电现象，且带电量均是元电荷的整数倍．解答：解：A、依据电荷守恒定律：电荷既不能被创造，也不能被消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中，电荷的总量保存不变．电荷守恒定律适用于任何起电现象，静电感应不可使绝缘体带电，故A错误，B正确；C、根据带电的本质可知，带点体所带的电荷量是元电荷的整数值，故C错误；D、电子和质子所带电荷量相等，但它们的质量不相等，比荷不相等，故D错误；故选：B点评：本题是基础的题目，考查的就是学生对电荷守恒定律的掌握的情况，掌握带电的条件与带电的本质，理解比荷的含义．2．（3分）（2013秋?武功县校级期末）如图所示，将左边的铜导线与右边的铝导线连接起来，已知铝导线的横截面积是铜导线横截面积的两倍，在铜导线上取一个截面A，在铝导线上取一个截面B，若在1秒内垂直地通过它们的电子数相等，那么，通过这两个截面的电流关系是（）A．IA=IB B．IA=2IB C．IB=2IA D．不能确定考点：电流、电压概念．版权所有专题：恒定电流专题．分析：掌握串联电路中的电流规律：串联电路各处电流都相等；解答：解：两导线串联，由于串联元件电流处处相等，所以I1=I2，故A正确故选A点评：此题考查了串联电路电流的规律，是非常基础的考察3．（3分）（2012?广州二模）在点电荷Q形成的电场中某点P，放一电荷量为q的检验电荷，q受到的电场力为F．如果将q移走，那么P点的电场强度大小为（）- 1 -。

2023-2024学年上海市进才中学高二上学期10月月考物理试题

2023-2024学年上海市进才中学高二上学期10月月考物理试题1.关于机械波的形成和传播，下列说法中正确的是（）A．波的传播速度和质点的振动速度相同B．在波的传播过程中，介质中的质点均做受迫振动C．参与振动的质点振动方向一定与波的传播方向垂直D．机械波是介质随波迁移，也是振动能量的传递2.下列说法中正确的是（）A．图甲中，体操运动员着地时做屈膝动作的原因是为了减少动量的变化B．图乙中，描述的是多普勒效应，A观察者接收到波的频率大于B观察者接收到波的频率C．图丙中，使摆球A先摆动，则C摆的振动周期最大D．图丁中，光纤的外套的折射率小于内芯的折射率3.如图所示为水平弹簧振子做简谐运动的振动图像。

已知弹簧的劲度系数为10N/cm，下列说法正确的是（）A．图中A点，振子所受的回复力大小为2.5NB．图中A点，振子的速度方向指向x轴的负方向C．从0.5s到1.5s时间内，振子所受回复力冲量为零，弹力做功为零D．4s时间内，振子做了4次全振动4.白光通过三棱镜会发生色散现象，如图所示，一细白光束通过玻璃三棱镜折射后，在光屏上得到一条彩色光带，a、b是这条光带的最上面和最下面的两条光线，关于这条彩色光带，下列说法正确的是（）A．光线a为紫光，光线b为红光B．光线a在玻璃中的传播速度最大C．光线a的折射率最大D．在玻璃三棱镜中，a光的波长小于b光的波长5.摆球质量为m的单摆做简谐运动，其动能E k随时间t的变化关系如图所示，则该单摆（）A．摆长为B．摆球从最高点到最低点的过程中，重力的冲量大小为2 mgt0C．摆球从最高点到最低点的过程中，回复力做的功为E0D．单摆的周期为2 t06.某同学设计了如图所示的地震测量装置，水平方向X和竖直方向Y的构造相同．在某次测量中发现Y方向上位移传感器先出现图像，经过0.5s后X方向上位移传感器也开始出现图像，其振动图像如图所示，已知当地P波的传播速度是6km/s，S波的传播速度是4km/s，则（）A．X方向传感器接收到的是P波振动B．该地震波的振动周期是0.1sC．该次地震中心与测试点距离10kmD．两重球处于平衡位置时弹簧弹力均为07.如图所示，质量60kg的人，站在质量300kg的车的一端，车长为3m，开始时人车相对于水平地面静止，车与地面间的摩擦可以忽略不计。

高中高二物理上学期10月月考试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题

2015-2016学年江苏省连云港市海头高中高二〔上〕月考物理试卷〔10月份〕一、选择题〔共9小题，每一小题4分，总分为36分〕1．一只普通白炽灯，不通电时灯丝的电阻为R1；正常发光时灯丝的电阻为R2．比拟R1和R2的大小，应是〔〕A．R1＞R2B．R1＜R2C．R1=R2 D．条件不足，无法判断2．一根粗细均匀、阻值为16Ω的电阻丝，保持温度不变，假设先将它等分成4段，每段电阻为R1，再将这4段电阻丝并联，并联后总电阻为R2，如此R1与R2的大小依次为〔〕A．1Ω，0.5ΩB．2Ω，0.5ΩC．2Ω，1Ω D．4Ω，1Ω3．如下列图为某一闭合电路的路端电压U﹣I曲线，由图可知〔〕A．电源电动势为2.0VB．电源内阻为ΩC．电源短路时电流为6.0AD．电路路端电压为1.0V时，电路中电流为5.0A4．用图所示电路，测定电池组的电动势和内电阻．其中V为电压表〔其电阻足够大〕，定值电阻R=7.0Ω．在电键未接通时，V的读数为6.0V；接通电键后，V的读数变为5.6V．那么，电池组的电动势和内电阻分别等于〔〕A．6.0V，0.5ΩB．6.0V，1.25Ω C．5.6V，1.25Ω D．5.6V，0.5Ω5．如下列图电路，当变阻器的滑片向下滑动时，电流表与电压表读数的变化是〔〕A．电流表、电压表读数都变大B．电流表读数增大，电压表读数减小C．电流表读数减小，电压表读数增大D．电流表、电压表读数都减小6．如下列图的电路中，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，现将滑动变阻器的滑片P向左移动，如此〔〕A．电容器中的电场强度将增大 B．电容器上的电荷量将减少C．电容器的电容将减小D．液滴将向上运动7．一台直流电动机的电阻为R，额定电压为U，额定电流为I，当其正常工作时下述正确的答案是〔〕A．电动机所消耗的电功率IUB．t秒内所产生的电热为IUtC．t秒内所产生的电热为I2RtD．t秒内所产生的机械能为I〔U﹣IR〕t8．如下列图，电源的电动势为E，内阻为r，R0为定值电阻，R为变阻器，R0＞r．为使R0上消耗的电功率最大，应将变阻器阻值调整到〔〕A．R0B．R0+r C．R0﹣r D．09．在如下列图的电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用△I、△U1、△U2和△U3表示．如下比值正确的答案是〔〕A．不变，不变B．变大，变大C．变大，变小D．变大，不变二、解答题〔共3小题，总分为45分〕10．〔12分〕〔2015秋•连云港月考〕读数〔1〕cm 〔2〕cm 〔3〕mA 〔4〕V．11．〔1〕用多用表的欧姆档测量阻值约为几十千欧的电阻R x，以下给出的是可能的实验操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆档调零旋钮．把你认为正确的步骤前的字母按合理的顺序填写在横线上．a．将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，断开两表笔b．将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出R x的阻值后，断开两表笔c．旋转S使其尖端对准欧姆档×1kd．旋转S使其尖端对准欧姆档×100e．旋转S使其尖端对准交流500V，并拔出两表笔根据如下列图指针位置，此被测电阻的阻值约为Ω．〔2〕如下关于使用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的答案是A．测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，如此会影响测量结果C．测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开D．测量阻值不同的电阻时都必须重新调零．12．〔24分〕〔2014秋•信阳期末〕测定电源的电动势和内电阻的实验电路1和U﹣I图象2如下：〔1〕闭合开关前滑动变阻器的滑动头P应放在处现备有以下器材：A．干电池1节B．滑动变阻器〔0～50Ω〕C．滑动变阻器〔0～1750Ω〕D．电压表〔0～3V〕E．电压表〔0～15V〕F．电流表〔0～0.6A〕G．电流表〔0～3A〕〔2〕其中滑动变阻器应选，电流表应选，电压表应选．〔填字母代号〕〔3〕由U﹣I图象可知这个干电池的电动势E=V，内电阻r=_Ω．〔4〕由于电压表的分流作用使本实验电路存在系统误差，导致E测E真，r测r真〔填“＞〞“＜〞或“=〞〕三、计算题〔共3小题，总分为39分〕13．〔11分〕〔2012秋•东阳市校级期中〕某一直流电动机提升重物，重物的质量为40kg，电源电动势为110V，不计电源的内阻，与各处的摩擦，当电动机以1.0m/s恒定的速度向上提升重物时，电路中的电流强度为5A，〔取g=10m/s2〕求：〔1〕电源的输出功率；〔2〕电动机的输出功率；〔3〕电动机线圈的电阻．14．〔13分〕〔2015秋•连云港月考〕如下列图，R3=0.2Ω，S断开时，两表读数分别0.4A 和2.4V，S闭合时，它们的读数分别变化了0.3A和0.3V．求：〔1〕R1、R2的阻值；〔2〕电源的电动势和内阻〔两表均视为理想表〕．15．〔15分〕〔2012春•东河区校级期末〕如下列图，甲图中变阻器的滑片从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如乙图中的AC、BC两直线所示．不考虑电表内阻对电路的影响．〔1〕电压表V1、V2的示数随电流表示数的变化图线分别为乙图中的哪一条直线？〔2〕定值电阻R0以与变阻器的总电阻R分别为多少？〔3〕求出电源的电动势和内阻．2015-2016学年江苏省连云港市海头高中高二〔上〕月考物理试卷〔10月份〕参考答案与试题解析一、选择题〔共9小题，每一小题4分，总分为36分〕1．一只普通白炽灯，不通电时灯丝的电阻为R1；正常发光时灯丝的电阻为R2．比拟R1和R2的大小，应是〔〕A．R1＞R2B．R1＜R2C．R1=R2 D．条件不足，无法判断【考点】电阻率与温度的关系．【专题】恒定电流专题．【分析】解答此题的关键是分析白炽灯发光与不发光的区别，同时注意温度升高时灯丝的电阻率增大．【解答】解：灯丝的电阻率随着温度的升高而增大，白炽灯是通过发热发光的，因此发光时温度高于不发光温度，故发光时电阻大，即有R1＜R2，故ACD错误，B正确．应当选B．【点评】此题比拟简单，直接考查了温度对电阻率的影响，要注意物理知识在实际生活中的应用．2．一根粗细均匀、阻值为16Ω的电阻丝，保持温度不变，假设先将它等分成4段，每段电阻为R1，再将这4段电阻丝并联，并联后总电阻为R2，如此R1与R2的大小依次为〔〕A．1Ω，0.5ΩB．2Ω，0.5ΩC．2Ω，1Ω D．4Ω，1Ω【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】一根粗细均匀的电阻丝，将它等分成四段，每段的长度减小为四分之一；再将这四段电阻丝并联起来，横截面积增加为4倍；根据电阻定律公式R=分析即可．【解答】解：一根粗细均匀的电阻丝，将它等分成四段，每段的长度减小为四分之一，横截面积和电阻率一定，故电阻减小为四分之一，为R1===4Ω；再将这四段电阻丝并联起来，横截面积增加为4倍，根据电阻定律，R2===1Ω；应当选：D．【点评】此题关键根据电阻定律公式R=ρ分析，找出长度、截面积的变化情况即可，根底问题．3．如下列图为某一闭合电路的路端电压U﹣I曲线，由图可知〔〕A．电源电动势为2.0VB．电源内阻为ΩC．电源短路时电流为6.0AD．电路路端电压为1.0V时，电路中电流为5.0A【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir，分析路端电压U﹣I曲线与纵轴交点表示I=0，是断路状态，纵坐标表示电动势．图线的斜率大小等于电源的内阻．短路时，外电阻R=0，由欧姆定律求出短路电流．再由U=E﹣Ir，求出路端电压为1.0V时，电路中的电流．【解答】解：A、由闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir得知，当I=0时，U=E，由图读出U=2.0V．故A正确．B、电源的内阻r==Ω=0.2Ω．故B错误．C、电源短路时电流I短==10A．故C错误．D、当电路路端电压为1.0V时，电路中电流I==A=5A．故D正确．应当选AD【点评】此题中C项的结果，也是学生读图时经常出现的错误，把〔6.0，0.8〕点的状态当成短路，说明对短路的特点不了解，短路时，路端电压U=0．4．用图所示电路，测定电池组的电动势和内电阻．其中V为电压表〔其电阻足够大〕，定值电阻R=7.0Ω．在电键未接通时，V的读数为6.0V；接通电键后，V的读数变为5.6V．那么，电池组的电动势和内电阻分别等于〔〕A．6.0V，0.5ΩB．6.0V，1.25Ω C．5.6V，1.25Ω D．5.6V，0.5Ω【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】当开关断开时，电压表接在电源两端，电压表示数为电池组的电动势；K闭合时，电压表测量路端电压，如此根据闭合电路的欧姆定律可求得内电阻．【解答】解：电键未接通时，电压表示数即为电源电动势，故电动势E=6.0V；接通电键后，对R由欧姆定律可得：电路中电流I==0.8A；由闭合电路欧姆定律可知：内电阻r==0.5Ω；应当选：A【点评】此题考查闭合电路的欧姆定律的使用，注意因电压表为理想电表，故当电压表直接接在电源两端时，相当于开路，电压表示数即为电源的电动势．5．如下列图电路，当变阻器的滑片向下滑动时，电流表与电压表读数的变化是〔〕A．电流表、电压表读数都变大B．电流表读数增大，电压表读数减小C．电流表读数减小，电压表读数增大D．电流表、电压表读数都减小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据变阻器移动的方向分析其有效电阻的变化，分析总电阻的变化，判断总电流的变化和路端电压变化，再分析局部电压和电流的变化，即可解答．【解答】解：当变阻器的滑片向下滑动时，其有效电阻增大，外电路总电阻增大，总电流I 减小，电压表的示数为 U=E﹣I〔R1+r〕，I减小，其他量不变，如此U增大，通过R2的电流增大，而电流表的示数 I A=I﹣I2，如此I A减小．即电流表读数减小，电压表读数增大．应当选：C．【点评】此题考查电路动态分析的能力，应抓住电源的电动势和内阻不变，运用“局部→整体→局部〞的思路进展分析．6．如下列图的电路中，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，现将滑动变阻器的滑片P向左移动，如此〔〕A．电容器中的电场强度将增大 B．电容器上的电荷量将减少C．电容器的电容将减小D．液滴将向上运动【考点】电容．【专题】电容器专题．【分析】由题意可知，电容器与R2并联，根据闭合电路欧姆定律可确定随着滑片左移，电阻的变化，导致电压的变化，从而判定电阻R2的电压变化，再根据可得，电容器的电量与由E=知两极间的电场强度如何变化．【解答】解：A、电容器两板间电压等于R2两端电压．当滑片P向左移动时，接入电路的电阻增大，电路中的电流减小，所以R2两端电压U减小，由E=知电容器中场强变小，A错误；B、根据可得，电容器放电，电荷量减少，B项正确；C、电容器的电容与U的变化无关，保持不变，C项错误．D、带电液滴所受电场力变小，使液滴向下运动，D项错误；应当选：B【点评】考查电容器的动态分析，涉与到闭合电路的欧姆定律，同时与E=公式的理解．7．一台直流电动机的电阻为R，额定电压为U，额定电流为I，当其正常工作时下述正确的答案是〔〕A．电动机所消耗的电功率IUB．t秒内所产生的电热为IUtC．t秒内所产生的电热为I2RtD．t秒内所产生的机械能为I〔U﹣IR〕t【考点】电功、电功率；焦耳定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电动机是非纯电阻，在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，这两个的计算结果是不一样的，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的．【解答】解：A、电动机所消耗的电功率P=UI，所以A正确；B、I2R计算的是电动机的内阻发热的局部，是发热的功率，所以产生的电热为I2Rt，所以B 错误，C正确；D、t秒内所产生的机械能为电动机的总功减去发热的局部，所以机械功UIt﹣I2Rt，所以D 正确．应当选：ACD；【点评】对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．8．如下列图，电源的电动势为E，内阻为r，R0为定值电阻，R为变阻器，R0＞r．为使R0上消耗的电功率最大，应将变阻器阻值调整到〔〕A．R0B．R0+r C．R0﹣r D．0【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】由闭合电路的欧姆定律可知电路中的电流，由功率公式可确定电功率的极值．【解答】解：由闭合电路的欧姆定律可知I=R0消耗的电功率P=I2R0=R0；故要使R0消耗的功率最大，应将变阻器阻值调到最小为零；应当选D．【点评】解决此题应注意审题，题目中要求的是定值电阻的电功率，故当电流最大时功率最大．9．在如下列图的电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用△I、△U1、△U2和△U3表示．如下比值正确的答案是〔〕A．不变，不变B．变大，变大C．变大，变小D．变大，不变【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】此题要分析定值电阻与可变电阻去分析．对于定值电阻，有R==；对于可变电阻，可根据闭合电路欧姆定律分析与电源内阻的关系，从而作出判断．【解答】解：A、R1是定值电阻，有R1==，可知、都不变，故A正确．B、C当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，R2变大，R2是可变电阻，有=R2，所以变大，根据闭合电路欧姆定律得：U2=E﹣I〔R1+r〕，如此知=R1+r，不变，故B、C错误．D、=R1+R2，可知变大．又根据闭合电路欧姆定律得：U3=E﹣Ir，如此知=r，保持不变，故D正确．应当选：AD．【点评】此题要注意对于定值电阻，是线性元件，有R==；对于可变电阻，R=≠，也可以结合电源的U﹣I图线分析．二、解答题〔共3小题，总分为45分〕10．〔12分〕〔2015秋•连云港月考〕读数〔1〕2.250cm 〔2〕6.858cm 〔3〕115mA 〔4〕5.0V．【考点】多用电表的原理与其使用；刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】实验题；定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】明确各仪器的原理，并知道它们的读数方法，注意各仪器中是否需要估读．【解答】解：游标卡尺的读数为：22mm+10×0.05mm=22.50mm=2.250cm；螺旋测微器的读数为：6.5mm+35.8×0.01mm=6.858mm；毫安表最小分度为5mA，如此读数为115mA；电压表最小分度为2V，如此读数为5.0V；故答案为：〔1〕2.250；〔2〕6.858；〔3〕115；〔4〕5.0．【点评】此题考查各元件的读数问题，要注意对于电表最小分度为1的需要估读到下一位；而最小分度为2或5的不需要估读．11．〔1〕用多用表的欧姆档测量阻值约为几十千欧的电阻R x，以下给出的是可能的实验操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆档调零旋钮．把你认为正确的步骤前的字母按合理的顺序填写在横线上cabe．a．将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，断开两表笔b．将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出R x的阻值后，断开两表笔c．旋转S使其尖端对准欧姆档×1kd．旋转S使其尖端对准欧姆档×100e．旋转S使其尖端对准交流500V，并拔出两表笔根据如下列图指针位置，此被测电阻的阻值约为30kΩ．〔2〕如下关于使用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的答案是ACA．测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，如此会影响测量结果C．测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开D．测量阻值不同的电阻时都必须重新调零．【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题．【分析】欧姆表是测量电阻的仪表，把被测电阻串联在红黑表笔之间，欧姆表电流是从黑表笔流出红表笔流入，〔1〕用欧姆表测电阻，每次换挡后和测量前都要重新调零〔指欧姆调零〕．〔2〕测电阻时待测电阻不仅要和电源断开，而且要和别的元件断开．〔3〕测量时注意手不要碰表笔的金属局部，否如此将人体的电阻并联进去，影响测量结果．〔4〕合理选择量程，使指针尽可能在中间刻度附近．【解答】解：〔1〕测量几十kΩ的电阻R x我们一般选择较大的档位先粗测，使用前应先进展调零，然后依据欧姆表的示数，在更换档位，重新调零，在进展测量；使用完毕应将选择开关置于OFF位置或者交流电压最高档，拔出表笔，正确的步骤为：cabe．多用电表选择欧姆档×1k，由图示表盘可知，其示数为：30×1k=30kΩ；〔2〕A、测量电阻时如果指针偏转过大，说明所选倍率太大，为准确测量电阻阻值，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量，故A正确；B、测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，故B错误；C、为保护电路安全，测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开，故C正确；D、用欧姆表的同一倍率测不同阻值的电阻时不需要重新进展欧姆调零，用不同倍率测电阻换挡后必须重新调零，故D错误，应当选AC．故答案为：〔1〕cabe；30k；〔2〕AC．【点评】〔1〕实际应用中要防止超量程，不得测额定电流极小的电器的电阻〔如灵敏电流表的内阻〕．〔2〕测量完毕后，应拔出表笔，选择开关置于 OFF挡位置，或交流电压最高挡；长期不用时，应取出电池，以防电池漏电．〔3〕欧姆表功能：测量电阻、测二极管正负极．〔4〕用法：最好指针打到中间将误差减小．12．〔24分〕〔2014秋•信阳期末〕测定电源的电动势和内电阻的实验电路1和U﹣I图象2如下：〔1〕闭合开关前滑动变阻器的滑动头P应放在a处现备有以下器材：A．干电池1节B．滑动变阻器〔0～50Ω〕C．滑动变阻器〔0～1750Ω〕D．电压表〔0～3V〕E．电压表〔0～15V〕F．电流表〔0～0.6A〕G．电流表〔0～3A〕〔2〕其中滑动变阻器应选B，电流表应选F，电压表应选D．〔填字母代号〕〔3〕由U﹣I图象可知这个干电池的电动势E=1.5V，内电阻r=1_Ω．〔4〕由于电压表的分流作用使本实验电路存在系统误差，导致E测＜E真，r测＜r真〔填“＞〞“＜〞或“=〞〕【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】〔1〕滑动变阻器采用限流接法时，为保护电路安全，闭合开关前，滑片要置于阻值最大处．〔2〕为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器，根据电源电动势选择电压表，根据电路最大电流选择电流表．〔3〕电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻．〔4〕根据实验电路分析实验误差来源，分析实验误差．【解答】解：〔1〕由图1所示实验电路图可知，滑动变阻器采用限流接法，因此闭合开关前为防止电表过载滑动变阻器的滑动头P应放在a端．〔2〕为方便实验操作，滑动变阻器应选B，由图2所示图象可知，最大电流为0.4A，如此电流表应选F，电源电动势约为1.5V，电压表应选D．〔3〕由图2所示电源U﹣I图象可知，图象与纵轴交点坐标值为1.5，电源电动势E=1.5V，电源内阻r===1Ω．〔4〕由图1所示电路图可知，相对于电源来说，电流表采用外接法，由于电压表分流，电流测量值小于真实值，当外电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的U﹣I图象如下列图：电源的U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻，由图象可知，电源电动势的测量值小于真实值，电源内阻测量值小于真实值．故答案为：〔1〕a；〔2〕B，F，D；〔3〕1.5，1；〔4〕＜，＜．【点评】为保护电路，如果滑动变阻器采用限流接法，在闭合开关前，滑片应置于最大阻值处；如果滑动变阻器采用分压接法，在闭合开关前，滑片应置于分压电路分压最小的位置．三、计算题〔共3小题，总分为39分〕13．〔11分〕〔2012秋•东阳市校级期中〕某一直流电动机提升重物，重物的质量为40kg，电源电动势为110V，不计电源的内阻，与各处的摩擦，当电动机以1.0m/s恒定的速度向上提升重物时，电路中的电流强度为5A，〔取g=10m/s2〕求：〔1〕电源的输出功率；〔2〕电动机的输出功率；〔3〕电动机线圈的电阻．【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】〔1〕由于电源的内阻不计，电源的输出功率等于电源的总功率，由P=EI求解；〔2〕〔3〕用直流电动机提升重物时，电动机消耗的电能转化为电动机的内能和提升重物的机械能，电动机的输出功率等于提升重物的机械功率，根据能量守恒定律列出功率方程，求解R．【解答】解：〔1〕电源的输出功率P=EI=110×5W=550W；〔2〕电动机的输出功率为 P出=mgv=400W〔3〕根据能量守恒定律得：EI=mgv+I2r解得，r=6Ω答：〔1〕电源的输出功率是550W；〔2〕电动机的输出功率是400W；〔3〕电动机线圈的电阻是6Ω．【点评】电动机正常工作时，电路是非纯电阻电路，求解电功率只能用P电=IU，求解内电路发热功率只能用P热=I2R，输出功率往往根据能量守恒定律求解．14．〔13分〕〔2015秋•连云港月考〕如下列图，R3=0.2Ω，S断开时，两表读数分别0.4A 和2.4V，S闭合时，它们的读数分别变化了0.3A和0.3V．求：〔1〕R1、R2的阻值；〔2〕电源的电动势和内阻〔两表均视为理想表〕．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】〔1〕首先明确电压表和电流表所测的电路，当S闭合时，判断电路的电阻如何变化，从而判断电流表和电压表的示数变化．S断开时，R2、R3串联，当S闭合时，R1、R2并联后与R3串联．根据串联电路和并联电路的特点求解．〔2〕根据闭合电路欧姆定律对两种情况分别列式，可求解电源的电动势和内阻．【解答】解：〔1〕当S闭合后，可知电路中的总电阻减小，据欧姆定律可知总电流增大，R1两端的电压减小，所以开关闭合后电流表的读数为：I2=I1+△I=0.4A+0.3A=0.7A，电压表的读数为：U2=U1﹣△U=2.4V﹣0.3V=2.1V当S断开时有：R1==Ω=6Ω当S闭合时R1、R2并联阻值为：R并==Ω=3Ω根据并联电阻的特点得：R并=，代入得：3=，解得：R2=6Ω〔2〕当S断开时，由欧姆定律得：E=I1〔R3+r〕+U1代入得：E=2.4+0.4×〔0.5+r〕…①当S闭合时有：E=I2〔R3+r〕+U2代入得：E=0.7×〔0.5+r〕+2.1…②联立①②带人数据解之得：E=2.8V，r=0.5Ω答：〔1〕R1、R 2的电阻值为6Ω和6Ω．〔2〕电源的电动势和内阻为2.8V和0.5Ω【点评】此题是欧姆定律与闭合电路欧姆定律的综合应用，对两种情况分别列式，由闭合电路欧姆定律求解电动势和内阻是常用的方法，灵活应用欧姆定律是解此题的关键．15．〔15分〕〔2012春•东河区校级期末〕如下列图，甲图中变阻器的滑片从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如乙图中的AC、BC两直线所示．不考虑电表内阻对电路的影响．〔1〕电压表V1、V2的示数随电流表示数的变化图线分别为乙图中的哪一条直线？〔2〕定值电阻R0以与变阻器的总电阻R分别为多少？〔3〕求出电源的电动势和内阻．【考点】路端电压与负载的关系；闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】〔1〕当变阻器的滑动片向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，定值电阻R0的电压增大，路端电压减小，来判断两个电压表的示数对应的图线．〔2〕定值电阻R0等于图线AC的斜率大小．由数学知识求出图线的斜率求解R0．当滑动变阻器取最大值时，电流最小，由图读出电流的最小值，由欧姆定律求出变阻器的总电阻R．〔3〕图线BC反映路端电压与电流的关系，其斜率大小等于电源的内阻，由数学知识求出电源的内阻．再闭合电路欧姆定律求出电源的电动势．【解答】解：〔1〕当变阻器的滑动片向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，定值电阻R0的电压增大，路端电压减小，由图分析可得V1对应AC、V2对应BC．word〔2〕由题意得：U2=IR0，如此R0===3Ω当滑动变阻器取最大值时，电流最小I min=0.5A，而U R=U1﹣U2=7.5﹣1.5=6V所以R max ===12Ω〔3〕因为U1=E﹣Ir，如此内阻r===1Ω所以E=U1+Ir=7.5+0.5×1=8V．答：〔1〕电压表V1、V2的示数随电流表示数的变化图象应分别为U﹣I图象中：V1对应AC、V2对应BC．〔2〕定值电阻R0、变阻器的总电阻R分别为3Ω和12Ω．〔3〕电源的电动势8V，内阻为1Ω．【点评】此题考查对物理图象的理解能力，可以把此题看成动态分析问题，来选择两电表示对应的图线．21 / 21。

高二物理上学期10月月考试题(实验班,含解析)

高二物理上学期10月月考试题（实验班，含解析）一、选择题（本题包括12小题，每小题5分，1-8为单选题，9-12为多选题）1. 下列工事中，既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有（）①场强E=F/q ②场强 E=U/d③场强E=kQ/r2 ④电场力做功W=Uq①③ B.②③ C.②④ D.【答案】D【解析】①场强E=F/q适应所有电场；②场强E=U/d只适应匀强电场；③场强E=kQ/r2只适应点电荷电场；④电场力做功W=qU适应所有电场；既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有①④，故选A.2. 下列关于电场线的说法中，正确的是（）A. 电场线是电场中实际存在的线B. 电场中的任意两条电场线都不可能相交C. 顺着电场线的方向，电场强度一定越来越大D. 顺着电场线的方向，电场强度一定越来越小【答案】B3. 下列说法中不正确的是（）A. 在静电场中沿电场线方向的各点电势一定不相等，场强大小一定不相等B. 在静电场中沿电场线方向的各点电势一定降低，场强大小一定不相等C. 在静电场中同一等势面上各点电势一定相等，场强大小不一定相等D. 在静电场中，点电荷q沿任意路径从a点移至b点，只要a、b在同一等势面上，则电场力一定不做功【答案】A【解析】据电场线的特点知，沿电场线的方向电势越来越低，但电场线的疏密程度反映场强强弱，所以场强大小不一定相等，故A说法错误，B说法正确；电场中同一等势面上各点电势一定相等，但电场强度大小和方向都不一定相同，故C说法正确；跟据电场力做功W=Uq可知，只要只要a、b在同一等势面上，电场势差为零，即电场力一定不做功，故D说法正确。

所以选A。

4. 一带电粒子在如图所示的点电荷的电场中，在电场力作用下延虚线所示轨迹从A点运动到B点，电荷的加速度、动能、电势能的变化情况是（）A. 加速度的大小增大，动能、电势能都增加B. 加速度的大小减小，动能、电势能都减少C. 加速度增大，动能增加，电势能减少D. 加速度增大，动能减少，电势能增加【答案】C。

内蒙古2021-2022高二物理上学期10月月考试题(含解析)

内蒙古2021-2022高二物理上学期10月月考试题（含解析）一、单选题（本大题共8小题，共32.0分） 1.关于静电场下列说法中正确的是A. 摩擦起电的本质是电子的得失,因此不符合电荷守恒定律B. 在电场中某点的电势为零,则该点的电场强度一定为零C. 根据公式U=Ed 知 ,在匀强电场中两点间的距离越大,电势差不一定越大D. 根据电容定义式QC U=可知若电容器所带电量Q 为零 ,则该电容器的电容C 为零【答案】C 【解析】【分析】由题意可知考查静电场中相关概念、规律，据此分析可得。

【详解】A ．摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体电荷守恒，故A 错误；B ．电场强度和电势都是描述电场的物理量，二者无直接关系，但二者相互关联；电势是标量与零势面的选取有关，所以电场强度为零的地方电势不一定为零，电势为零的地方电场强度也不一定为零，故B 错误；C ．公式U Ed = 中的d 为沿电场强度方向的距离，所以在匀强电场中,两点间沿电场强度方向的距离越大，电势差就越大，如果d 不是沿电场强度方向的距离，那么间距大时，电势差不一定大，故C 正确；D ．电容的大小由本身因素所决定，与所带的电量及两端间的电压无关，故D 错误。

【点睛】2.真空中有两个相同的可以看成点电荷的带电金属小球A 、B ，两小球相距L 固定，A 小球所带电荷量为-2Q 、B 所带电荷量为+4Q ，两小球间的静电力大小是F ，现在让A 、B 两球接触后，使其距离变为2L ．此时，A 、B 两球之间的库仑力的大小是（） A.4F B.32F C.8F D.98F【答案】B 【解析】根据库仑定律，两球间的库仑力：222248=k Q Q kQ F L L⨯⨯=,将它们接触后再分开，然后放在距离为2L ，则电荷量中和，再进行平分，因此电量均为+Q ，则库仑力为：2222=(2)432kQ kQ FF L L =='，故B 正确。

高二10月月考物理试题Word版含答案

高二上期第一次月考物理试卷（理科）.10.9一．单项选择题（本题共8小题，每小题只有一个正确答案，每小题4分，共32分） 1、有三个相同的金属小球（可视为质点）A 、B 、C ，其中A 、B 两球带电情况完全相同，C 球不带电．将A 、B 两球相隔一定距离固定起来，两球间的库仑力是F 。

现使C 球先和A 接触，再与B 接触，然后移去C ，则A 、B 间的库仑力变为（）A 、2/FB 、8/3FC 、4/FD 、10/F2．一带负电荷的质点，只在电场力作用下沿曲线abc 从a 运动到c ，已知质点的速率是递减的。

关于b 点处电场强度E 的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b 点的切线）（）3.如图所示，一平行板电容器两极板间距为d ，极板面积为S ，电容为C 。

对此电容器充电后断开电键，当增加两板间距时，电容器极板间的（） A ．电场强度不变，电势差变大B ．电场强度不变，电势差不变C ．电场强度减小，电势差不变D ．电场强度减小，电势差减小4.如图所示，A 、B 为两个等量同种点电荷，a 、O 、b 在点电荷A 、B 的连线上，c 、O 、d 在该连线的中垂线上，且Oa=Ob=Oc=Od ，则（） A ．a 、b 两点的场强相同，电势也相同 B ．c 、d 两点的场强不相同，电势不相同C ．O 点是A 、B 连线上电势最低的点，也是A 、B 连线上场强最小的点D ．O 点是中垂线cd 上电势最高的点，也是中垂线上场强最大的点sC5．如图所示，在竖直向上的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细绳的一端系着一个带电小球，另一端固定于O 点，小球在竖直平面内做匀速圆周运动，最高点为a ，最低点为b ．不计空气阻力，则（） A ．小球带负电 B ．小球所受电场力跟重力平衡C ．小球在从a 点运动到b 点的过程中，电势能减小D ．小球在运动过程中机械能守恒6.如图所示，为真空中某一点电荷Q 产生的电场，a 、b 分别是其电场中的两点，其中a 点的场强大小为E a ，方向与a 、b 连线成120°角；b 点的场强大小为E b ，方向与a 、b 连线成150°角。

2024-2025学年广东省揭阳市惠来县第一中学高二(上)月考物理试卷(10月)(含答案)

2024-2025学年广东省揭阳市惠来县第一中学高二（上）月考物理试卷（10月）一、单选题：本大题共7小题，共28分。

1.下列说法正确的是( )A. 电场和电场线一样，是人为设想出来的，其实并不存在B. 根据F=k q1q2，当两点电荷间的距离趋近于零时，电场力将趋向无穷大r2C. 由R=ρL可知，将一根粗细均匀的电阻丝对折后，电阻率将变为原来的四分之一SD. 当两个带电体的大小及形状对它们之间的相互作用力的影响可以忽略时，这两个带电体才可以看成点电荷2.一电子射入固定在O点的点电荷的电场中，电子仅在电场力的作用下运动，其运动轨迹如图中虚线所示。

图中的实线是以O为圆心等间距的同心圆，c是粒子运动轨迹与最小圆的切点，a，b是粒子运动轨迹与另外两个圆的交点，则下列说法中正确的是A. 电子的加速度a a<a b<a cB. 电子的电势能E Pa>E Pb>E PcC. 电势φa<φb<φcD. 电势差U ac=2U ab3.如果空气中的电场很强，使得气体分子中带正、负电荷的微粒所受的相反的静电力很大，以至于分子破碎，于是空气中出现了可以自由移动的电荷，那么空气变成了导体。

这种现象叫做空气的“击穿”。

已知高铁上方的高压电接触网的电压为27.5 kV，阴雨天时当雨伞伞尖周围的电场强度达到2.5×104V/m时空气就有可能被击穿。

因此乘客阴雨天打伞站在站台上时，伞尖与高压电接触网的安全距离至少为( )A. 1.1mB. 1.6mC. 2.1mD. 2.7m4.目前许多国产手机都有指纹解锁功能，用的指纹识别传感器是电容式传感器，如图所示。

指纹的凸起部分叫“嵴”，凹下部分叫“峪”。

传感器上有大量面积相同的小极板，当手指贴在传感器上时，这些小极板和正对的皮肤表面部分形成大量的小电容器，这样在嵴处和峪处形成的电容器的电容大小不同，此时传感器给所有的电容器充电后达到某一电压值，然后，电容器放电，电容小的电容器放电时间较短，根据放电时间的不同，就可以探测到嵴和峪的位置，从而形成指纹图像数据。