2015年湖南省普通高中高考物理三模试卷和答案
【精编】2015年湖南省普通高中高考物理三模试卷与解析
2015年湖南省普通高中高考物理三模试卷一、选择题1．（3分）如图所示，物体沿三条不同的路径由A运动到B，下列关于他们的位移的说法中正确的是（）A．沿Ⅰ较大B．沿Ⅱ较大C．沿Ⅲ较大D．一样2．（3分）关于参考系，下列说法中正确的是（）A．参考系必须是静止不动的物体B．参考系必须是正在做匀速直线运动的物体C．参考系必须是固定在地面上的物体D．描述物体的运动时，参考系可以任意选择3．（3分）作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30N和40N，如果它们的夹角是90°，则这两个力的合力大小为（）A．10N B．35N C．50N D．70N4．（3分）伽利略的理想实验证明了（）A．要使物体运动就必须有力的作用，没有力的作用物体就静止B．要使物体静止就必须有力的作用，没有力的作用物体就运动C．物体不受力作用时，一定处于静止状态D．物体运动不需要力来维持5．（3分）如图是甲、乙两物体相对同一原点的s﹣t图象，则下列说法正确的是（）A．甲、乙都做变速直线运动B．甲、乙运动的出发点相距s1C．甲比乙早出发t1时间D．乙比甲的运动要快些6．（3分）下列运动中，物体的运动状态不变的是（）A．匀速直线运动B．匀加速直线运动C．匀减速直线运动 D．自由落体运动7．（3分）静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力．当力刚开始作用的瞬间，下列说法正确的是（）A．物体同时获得速度和加速度B．物体立即获得加速度，但速度仍为零C．物体立即获得速度，但加速度仍为零D．物体的速度和加速度仍为零8．（3分）一个物体做自由落体运动，v﹣t图象正确的是（）A．B． C． D．9．（3分）以20m/s的速度做匀速直线运动的汽车，制动后能在2m内停下来，如果该汽车以40m/s的速度行驶，则它的制动距离应该是（）A．2m B．4m C．8m D．16m10．（3分）下列关于惯性的说法中，正确的是（）A．人走路时没有惯性，被绊倒时有惯性B．百米赛跑到终点时不能立即停下是由于惯性，停下时就没有惯性了C．物体没有受外力作用时有惯性，受外力作用后惯性被克服了D．物体的惯性与物体的运动状态及受力情况均无关11．（3分）关于摩擦力，下列说法中错误的是（）A．运动鞋底的花纹是为了增大鞋底与地面间的摩擦力B．冬天下雪后，常见民警在汽车上坡的地方洒上一些炉灰，目的是增大车轮与地面之间的摩擦C．生活中离不开摩擦，摩擦越大越好D．工厂工人师傅用的锉刀表面总是凹凸不平的，目的是为了增大锉刀与工件之间的摩擦12．（3分）如图所示，放置在水平地面上的物体受水平推力作用后仍保持静止．此物体共受到的力有（）A．重力、水平推力B．重力、支持力和水平推力C．水平推力、静摩擦力D．重力、支持力、水平推力和静摩擦力13．（3分）如图所示，地球赤道上的山丘、近地资源卫星和同步通信卫星均在赤道平面内绕地心做匀速圆周运动．设山丘e、近地资源卫星p和同步通信卫星q的圆周运动速率依次为v1、v2、v3，向心加速度依次为a1、a2、a3，则（）A．v1＞v2＞v3B．v1＜v3＜v2C．a1＞a2＞a3D．a2＞a3＞a114．（3分）下列两个实验中体现出的共同的物理思想方法是（）A．极限法B．放大法C．控制变量法D．等效替代法15．（3分）一个绕中心线AB以一定的角速度转动的圆环，P、Q为环上两点，位置如图所示，下列说法正确的是（）A．P、Q两点的角速度相等 B．P、Q两点的线速度相等C．P、Q两点的角速度之比为：1 D．P、Q两点的线速度之比为1：1 16．（3分）如图，物体A和B的重力分别为11N和7N，不计弹簧秤、细线的重力和一切摩擦，则地面对A的支持力和弹簧秤的读数为（）A．0N，7N B．4N，7N C．0N，18N D．4N，18N二、非选择题17．（4分）物体受到F1=3N，F2=7N两个力的作用，则它们的合力的最大值是N．最小值是N．18．（4分）一物体做匀加速的直线运动，初速度为3m/s，加速度为2m/s2，该物体在第3s末的速度是m/s．高物体在第3s内通过的位移是m．19．（4分）电火花打点计时器的电源是（填“交流”或“直流”）电源，通常的工作电压为220V，实验室使用我国民用电时，每隔s打一次点．20．（4分）在20m高的地方以6m/s的初速度水平抛出，则物体在空中运动的时间是s，从抛出点到落地点发生的水平位移是m（忽略空气阻力，取g=10m/s2）21．（7分）质量为5.0kg的物体，从离地面36m高处，由静止开始匀加速下落，经3s落地，g取10m/s2，试求：（1）物体下落的加速度的大小；（2）下落过程中物体所受阻力的大小．22．（7分）一同学从倾角为30°的斜坡顶端平抛一小石块，小石块的质量为10g，它恰好落在斜坡的底端，如果斜坡高度为1.8m．求：（1）小石块的落地时间；（2）小石块的着地时的动能．[选修1-1]23．（3分）研究电磁感应现象并得到重要结论的科学家是（）A．洛伦兹B．库仑C．奥斯特D．法拉第24．（3分）关于点电荷的说法，正确的是（）A．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B．体积很大的带电体一定不能看作点电荷C．点电荷一定是电量很小的电荷D．体积很大的带电体只要距离满足一定条件也可以看成点电荷25．（3分）某同学发现有人触电，他应采取的措施是（）A．不假思索地去把触电人用手拉开B．当做没看见C．迅速找一根木棒，把人和电线分离D．立即大声喊人，让别人来处理26．（3分）磁场中某处的磁感线如图所示，则（）A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bC．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处小27．（4分）在某段电路中，一定值电阻阻值为2Ω，通过它的电流为1A，则该电阻的热功率为W，电阻在1min内产生的热量为J．28．（6分）如图所示，一根长为L=0.2m的直导线放在水平方向的匀强磁场中，导线水平且与磁场方向垂直，导线中通有向右的电流．（1）若匀强磁场的磁感应强度大小B=0.5T，导线中电流I=0.5A，试计算导线所受安培力；（2）将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线是否受安培力？[选修2-1]29．在如图各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A．B．C．D．30．（3分）在“测定电源电动势和内阻”的实验中，针对两个不同的电源得出如图所示的1、2两条图线，则两个电源的电动势E1和E2、内阻r1和r2满足关系（）A．E1＞E2，r1＞r2B．E1＞E2，r1＜r2C．E1＜E2，r1＞r2D．E1＜E2，r1＜r2 31．（3分）四种电场的电场线如图所示，一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，且加速度越来越大，由此可以判断，该电荷所在电场是图中的（）A．B． C．D．32．（3分）随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多．下列电器中主要应用电流热效应的是（）A．电风扇B．电饭煲C．录音机D．电视机33．（4分）如图所示，放在马蹄形磁铁两极之间的导体棒ab，当通有自b到a 的电流时受到向右的安培力作用，则磁铁的上端是极．如磁铁上端是S 极，导体棒中的电流方向自a到b，则导体棒受到的安培力方向向．34．（6分）一带电粒子的质量为m，电量为q，以速度v垂直射入磁感应强度为B的匀强磁场中，求：①粒子做匀速圆周运动的半径R②粒子运动的周期T．2015年湖南省普通高中高考物理三模试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）如图所示，物体沿三条不同的路径由A运动到B，下列关于他们的位移的说法中正确的是（）A．沿Ⅰ较大B．沿Ⅱ较大C．沿Ⅲ较大D．一样【解答】解：物体沿三条不同的路径由A运动到B，起点和终点的位置都相同，则位移一定相同．故选D2．（3分）关于参考系，下列说法中正确的是（）A．参考系必须是静止不动的物体B．参考系必须是正在做匀速直线运动的物体C．参考系必须是固定在地面上的物体D．描述物体的运动时，参考系可以任意选择【解答】解：A、参考系不一定必须是静止不动的，如研究炸弹的运动时，可以将运动的飞机作为参考系，故A错误；B、任何物体均可作为参考系，匀速直线运动的物体也可以，但并不是必须这样，故B错误；C、参考系的选取是任意的，应根据所研究的问题灵活选取，并不是一定是选取地面上的物体为参考系，故C错误；D、参考系的选取是任意的，故任何物体都可以作为参考系，故D正确；故选：D．3．（3分）作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30N和40N，如果它们的夹角是90°，则这两个力的合力大小为（）A．10N B．35N C．50N D．70N【解答】解：分力的大小分别是30N和40N，合力的大小为F=N=50N，所以C正确．故选：C．4．（3分）伽利略的理想实验证明了（）A．要使物体运动就必须有力的作用，没有力的作用物体就静止B．要使物体静止就必须有力的作用，没有力的作用物体就运动C．物体不受力作用时，一定处于静止状态D．物体运动不需要力来维持【解答】解：A、B、伽利略的理想斜面实验证明力不是维持物体运动的原因，没有力作用的物体能保持原来的运动状态．故AB错误．C、物体不受外力作用时，可能处于静止状态，也可能处于匀速直线运动状态．故C错误．D、伽利略的理想斜面实验证明了运动的物体具有惯性，物体不受外力作用时，总是保持原来的匀速直线运动状态或静止状态．故D正确．故选：D5．（3分）如图是甲、乙两物体相对同一原点的s﹣t图象，则下列说法正确的是（）A．甲、乙都做变速直线运动B．甲、乙运动的出发点相距s1C．甲比乙早出发t1时间D．乙比甲的运动要快些【解答】解：A、x﹣t图象的斜率等于物体运动的速度，由图可知两图象的斜率保持不变，故运动的速度不变，两物体都做匀速直线运动．故A错误；B、由图可知甲从原点出发，乙从距原点s1处出发．故两物体的出发点相距s1．故B正确；C、甲在t1时刻开始运动，而乙在t=0时刻开始运动，故甲比乙迟出发t1时间．故C错误．D、甲图象的斜率的绝对值大于乙图象的斜率的绝对值，所以甲的速度大于乙的速度，则甲比乙的运动要快．故D错误；故选：B．6．（3分）下列运动中，物体的运动状态不变的是（）A．匀速直线运动B．匀加速直线运动C．匀减速直线运动 D．自由落体运动【解答】解：物体的运动状态保持不变，那么物体速度的大小和方向都不能发生变化，A、物体匀速直线时，它的速度的大小和方向都不变，故A正确；B、匀加速直线运动时，速度大小在变化，运动状态变化，故B错误；C、匀减速直线运动时，速度大小在变化，运动状态变化，故C错误；D、自由落体运动时，速度在增大，运动状态变化，故D错误．故选：A7．（3分）静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力．当力刚开始作用的瞬间，下列说法正确的是（）A．物体同时获得速度和加速度B．物体立即获得加速度，但速度仍为零C．物体立即获得速度，但加速度仍为零D．物体的速度和加速度仍为零【解答】解：由牛顿第二定律可知，有了力的作用，物体就有了加速度，但是，在力刚开始作用的瞬间，物体还没有运动，所以物体的速度为零，故B正确．故选：B．8．（3分）一个物体做自由落体运动，v﹣t图象正确的是（）A．B． C． D．【解答】解：自由落体运动是初速度为零、加速度为g的匀加速直线运动，其速度时间关系公式为v=gt=10t，故其v﹣t图是一条通过原点的直线，故ABD均错误，C正确；故选：C．9．（3分）以20m/s的速度做匀速直线运动的汽车，制动后能在2m内停下来，如果该汽车以40m/s的速度行驶，则它的制动距离应该是（）A．2m B．4m C．8m D．16m【解答】解：设刹车过程的加速度大小为a，方向与汽车的初速度方向相反，已知汽车的初速度v0=20m/s，末速度v=0，位移x=2m，由位移速度关系式：v2﹣v02=﹣2ax，整理：a==100m/s2，①第二过程中已知汽车的初速度v01=40m/s，末速度v=0，加速度为a，设位移为X由位移速度关系式得：0﹣v012=﹣2aX整理得：X=②把①代入②得：X=8m故选：C10．（3分）下列关于惯性的说法中，正确的是（）A．人走路时没有惯性，被绊倒时有惯性B．百米赛跑到终点时不能立即停下是由于惯性，停下时就没有惯性了C．物体没有受外力作用时有惯性，受外力作用后惯性被克服了D．物体的惯性与物体的运动状态及受力情况均无关【解答】解：A、一切物体，不论是运动还是静止、匀速运动还是变速运动，都具有惯性，故A错误；B、百米赛跑到终点时不能立即停下是由于惯性，停下时还有惯性，故B错误；C、任何物体在任何情况下都有惯性，惯性是物体本身的一种基本属性，故C错误；D、物体的惯性与物体的运动状态及受力情况均无关，故D正确；故选：D．11．（3分）关于摩擦力，下列说法中错误的是（）A．运动鞋底的花纹是为了增大鞋底与地面间的摩擦力B．冬天下雪后，常见民警在汽车上坡的地方洒上一些炉灰，目的是增大车轮与地面之间的摩擦C．生活中离不开摩擦，摩擦越大越好D．工厂工人师傅用的锉刀表面总是凹凸不平的，目的是为了增大锉刀与工件之间的摩擦【解答】解：A、运动鞋底的花纹是为了增大鞋底与地面间的摩擦力；故A正确；B、下雪后，常见民警在汽车上坡的地方洒上一些炉灰，目的是增大车轮与地面之间的摩擦，故B正确；C、生活中离不开摩擦，但摩擦越大，也不一定越好，汽车行驶；故C错误；D、工人师傅用的锉刀表面总是凹凸不平的，目的是为了增大锉刀与工件之间的摩擦，故D正确．本题选择错误的，故选：C．12．（3分）如图所示，放置在水平地面上的物体受水平推力作用后仍保持静止．此物体共受到的力有（）A．重力、水平推力B．重力、支持力和水平推力C．水平推力、静摩擦力D．重力、支持力、水平推力和静摩擦力【解答】解：首先物体受重力、支持力，由题意还受水平推力，则物体有沿推力运动的趋势，而没有运动说明物体受到了与推力方向相反的静摩擦力．故D正确ABC错误．故选：D．13．（3分）如图所示，地球赤道上的山丘、近地资源卫星和同步通信卫星均在赤道平面内绕地心做匀速圆周运动．设山丘e、近地资源卫星p和同步通信卫星q的圆周运动速率依次为v1、v2、v3，向心加速度依次为a1、a2、a3，则（）A．v1＞v2＞v3B．v1＜v3＜v2C．a1＞a2＞a3D．a2＞a3＞a1【解答】解：A、B、山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据v=，由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故V1＜V3；根据卫星的线速度公式v=，由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的线速度大于同步通信卫星的线速度，即V3＜V2；故V1＜V3＜V2，故A错误，B 正确；C、D、山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据a=ω2r=，由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故山丘e的轨道加速度小于同步通信卫星q的加速度，即a1＜a3；根据加速度公式a=，由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的加速度小于同步通信卫星的加速度，即a3＜a2；故a1＜a3＜a2，故C错误，D正确；故选：BD．14．（3分）下列两个实验中体现出的共同的物理思想方法是（）A．极限法B．放大法C．控制变量法D．等效替代法【解答】解：图甲中将桌面在力F作用下发生的形变通过反射光线在屏上光斑移动显示出来，采用放大法．图乙中，用手压琉璃瓶，琉璃瓶发生微小的变形，体积减小，由于管子很细，管中水位上升明显，即通过细管将瓶子的形变显示出来，采用的也是放大法．故选：B．15．（3分）一个绕中心线AB以一定的角速度转动的圆环，P、Q为环上两点，位置如图所示，下列说法正确的是（）A．P、Q两点的角速度相等 B．P、Q两点的线速度相等C．P、Q两点的角速度之比为：1 D．P、Q两点的线速度之比为1：1【解答】解：AC、P、Q两点共轴转动，角速度大小相等．故A正确，C错误．BD、设圆环的半径为R，根据几何知识可得：P、Q转动的半径分别为：r P=Rsin60°r Q=Rsin30°P、Q两点角速度相等，根据v=rω知，P、Q两点的线速度之比为：v P：v Q=r P：r Q=Rsin60°：Rsin30°=：1．故BD错误．故选：A16．（3分）如图，物体A和B的重力分别为11N和7N，不计弹簧秤、细线的重力和一切摩擦，则地面对A的支持力和弹簧秤的读数为（）A．0N，7N B．4N，7N C．0N，18N D．4N，18N【解答】解：对物体研究：物体受到重力、细线的拉力和地面的支持力作用而平衡．细线的拉力为：F=G B=7N则地面的支持力为：F N=G A﹣F=G A﹣G B=4N弹簧秤的读数等于细线的拉力，或等于B的重力，即为7N．故选：B二、非选择题17．（4分）物体受到F1=3N，F2=7N两个力的作用，则它们的合力的最大值是10 N．最小值是4N．【解答】解：二力合成时合力范围：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|；故合力最大3N+7N=10N，最小7N﹣3N=4N，之间任意结果都可以；故答案为：10，4．18．（4分）一物体做匀加速的直线运动，初速度为3m/s，加速度为2m/s2，该物体在第3s末的速度是9m/s．高物体在第3s内通过的位移是8m．【解答】解：第3s末的速度为：v=v0+at=3+2×3m/s=9m/s．第3s内的位移为：．故答案为：9，8．19．（4分）电火花打点计时器的电源是交流（填“交流”或“直流”）电源，通常的工作电压为220V，实验室使用我国民用电时，每隔0.02s打一次点．【解答】解：实验室所用电火花计时器是使用的电压为220V的交流电源，我国民用电的频率是50Hz，所以它每隔0.02s打一个点．故答案为：交流，0.02．20．（4分）在20m高的地方以6m/s的初速度水平抛出，则物体在空中运动的时间是2s，从抛出点到落地点发生的水平位移是12m（忽略空气阻力，取g=10m/s2）【解答】解：由h=得t===2s从抛出点到落地点发生的水平位移为：x=v0t=6×2m=12m故答案为：2，12．21．（7分）质量为5.0kg的物体，从离地面36m高处，由静止开始匀加速下落，经3s落地，g取10m/s2，试求：（1）物体下落的加速度的大小；（2）下落过程中物体所受阻力的大小．【解答】解：（1）由得，a=．故物体下落的加速度大小为8m/s2．（2）根据牛顿第二定律得，mg﹣f=ma则f=mg﹣ma=50﹣5×8N=10N故下落过程中物体所受阻力的大小为10N．22．（7分）一同学从倾角为30°的斜坡顶端平抛一小石块，小石块的质量为10g，它恰好落在斜坡的底端，如果斜坡高度为1.8m．求：（1）小石块的落地时间；（2）小石块的着地时的动能．【解答】解：（1）根据，t=．故小石块的落地时间为0.6s．（2）小球的水平位移为x=hcot30°=1.8m．所以水平速度竖直分速度v y=gt=10×0.6m/s=6m/s则落地的速度m/s．则故小石块的着地时的动能为0.315J．[选修1-1]23．（3分）研究电磁感应现象并得到重要结论的科学家是（）A．洛伦兹B．库仑C．奥斯特D．法拉第【解答】解：经过十年坚持不懈的努力，1831年英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象．故选：D．24．（3分）关于点电荷的说法，正确的是（）A．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B．体积很大的带电体一定不能看作点电荷C．点电荷一定是电量很小的电荷D．体积很大的带电体只要距离满足一定条件也可以看成点电荷【解答】解：A、B当体积很小的带电体相距很近，以至于带电体的大小和形状对带电体间作用力影响不能忽略时，此带电体不能看成点电荷，而体积很大的带电体，如果带电体间的距离远大于带电体本身的尺寸，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体也可以看成点电荷．故AB错误．C、点电荷不一定电量很小的电荷．故C错误．D、体积很大的带电体只要距离足够大，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体就可以看成点电荷．故D正确．故选D25．（3分）某同学发现有人触电，他应采取的措施是（）A．不假思索地去把触电人用手拉开B．当做没看见C．迅速找一根木棒，把人和电线分离D．立即大声喊人，让别人来处理【解答】解：A、当发现有人触电时，应该立即采取的措施是：迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，不能用手拉开电线和触电的人，这样自己也会触电，更不能用剪刀割断导线，剪刀是导体，自己也会触电，故A错误，C正确；B、遇到这种情况应及时帮助，不能装作没看见；也不能喊人让别人来处理，这样由于耽误时间，可能造成人的死亡；故BD错误；故选：C．26．（3分）磁场中某处的磁感线如图所示，则（）A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bC．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处小【解答】解：A、磁感线的疏密表示磁场的强弱，由图可知b处的磁感线密，所以b处的磁场强．故A错误，B正确；C、电流受到的安培力：F=BILsinθ，与磁感应强度的大小、电流的大小以及电流与磁场方向之间的夹角有关，所以同一通电导线放在a处受力不一定比放在b 处小，也不一定比放在b处大．故CD错误．故选：B27．（4分）在某段电路中，一定值电阻阻值为2Ω，通过它的电流为1A，则该电阻的热功率为2W，电阻在1min内产生的热量为120J．【解答】答：电阻阻值为2Ω，通过它的电流为1A，则该电阻的热功率：P=I2R=2×12=2W电阻在1min内产生的热量：Q=I2Rt=12×2×60=120J故答案为：2，12028．（6分）如图所示，一根长为L=0.2m的直导线放在水平方向的匀强磁场中，导线水平且与磁场方向垂直，导线中通有向右的电流．（1）若匀强磁场的磁感应强度大小B=0.5T，导线中电流I=0.5A，试计算导线所受安培力；（2）将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线是否受安培力？【解答】解：（1）当磁场方向与电流方向垂直时，根据F=BIL得：F=5×10﹣2 N（2）导线不受安培力作用．答：（1）若匀强磁场的磁感应强度大小B=0.5T，导线中电流I=0.5A，导线所受安培力5×10﹣2 N；（2）将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线不受安培力[选修2-1]29．在如图各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A．B．C．D．【解答】解：A，A、B两者点处于同一圆周上，根据公式E=k，电场强度大小，但方向不同．故A错误；B，由图，AB两点的电场强度方向，根据公式E=k可知，电场大小不同，故B错误；C、在匀强电场中，各处的电场强度处处相同．故C正确；D、由图A、B 两点电场强度不同，大小也不同，E A＜E B．故D错误．故选：C．30．（3分）在“测定电源电动势和内阻”的实验中，针对两个不同的电源得出如图所示的1、2两条图线，则两个电源的电动势E1和E2、内阻r1和r2满足关系（）A．E1＞E2，r1＞r2B．E1＞E2，r1＜r2C．E1＜E2，r1＞r2D．E1＜E2，r1＜r2【解答】解：当外电阻无穷大时，路端电压等于电源的电动势，故U﹣I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，由图可知，2的电动势较大；U=E﹣Ir可知图象中的斜率表示电源的内阻，2的斜率较大，故2的内阻较大，故D正确，ABC错误；故选D．31．（3分）四种电场的电场线如图所示，一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，且加速度越来越大，由此可以判断，该电荷所在电场是图中的（）A．B． C．D．【解答】解：根据一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，知电场力的方向由M指向N，所以电场强度的方向由N指向M．由M到N，加速度越来越大，知电场力越来越大，所以电场强度越来越大，所以M出要比N出疏．故D正确，A、B、C错误．故选D．32．（3分）随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多．下列电器中主要应用电流热效应的是（）A．电风扇B．电饭煲C．录音机D．电视机【解答】解：电饭锅工作时，电能转化为内能，利用电流的热效应．符合题意．电风扇工作时，主要是电能转化为机械能．录音机工作时，电能主要转化为声能．电视机主要将电能转化为声能和光能．故B正确，ACD错误．故选：B．33．（4分）如图所示，放在马蹄形磁铁两极之间的导体棒ab，当通有自b到a 的电流时受到向右的安培力作用，则磁铁的上端是N极．如磁铁上端是S极，导体棒中的电流方向自a到b，则导体棒受到的安培力方向向右．【解答】解：电流方向由b到a，安培力向右，根据左手定则，知磁场方向竖直向下，所以磁铁上端是N极．磁铁上端是S极，电流方向自a到b，根据左手定则，知安培力方向向右．故答案为：N，右．。
湖南省郴州市2015届高考物理模拟试题(三)(含解析)
2015届高三物理信息题（三）1、如图甲所示，万能角度尺是利用游标读数原理来直接测量工件角度或进行划线的一种角度量具。
它有一个可转动的圆盘（即主尺），在圆盘的边缘标有表示圆心角的刻度，在圆盘的外侧有一个固定不动的圆弧状的游标尺。
如图乙所示，主尺上29°对应的弧长与游标尺上30格对应的弧长相等。
图乙中万能角度尺所测量的角度为。
【解析】其读数方法与游标卡尺完全相同。
先从尺身上读出游标零刻度线指示的整度数，即“度”的数值；然后看游标上的第几条刻度线与尺身上的刻度线对齐，就能确定“分”的数值。
被测角度数值为“度”的数值与“分”的数值相加。
即46°＋2′*15＝46°30′.【答案】46°30′2、如图甲为多用电表的示意图，现用它测量一个阻值约为20 Ω的电阻，测量步骤如下：(1)调节__________，使电表指针对准________的“0”刻线(选填“电阻”或“电流”)．(2)将选择开关旋转到“Ω”挡的________位置(选填“×1”“×10”“×100”或“×1k”)．(3)将红、黑表笔分别插入“＋”“－”插孔，并将两表笔短接，调节__________,使电表指针对准________(选填“电阻”或“电流”)的“0”刻线．(4)将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表读数如图乙所示，该电阻的阻值为________Ω.此时表笔电势高选填（“红”、“黑”）。
(5)测量完毕，将选择开关旋转到“OFF”位置．【答案】（1）定位螺丝电流（2）×1 （3）调零旋钮（4）22.0 黑3、某研究性学习小组用如图所示的装置验证“加速度与合外力的关系”．装置右侧部分没有画出，轨道倾角可调．(1)他们提出了如下实验方案：用钩码通过跨过定滑轮的细绳拉小车，使小车产生加速度．第一次用质量为10 g的钩码拉小车，小车上放质量为40 g的砝码；第二次用质量为20 g的钩码拉小车，小车上放质量为30 g的砝码；第三次用质量为30 g的砝码拉小车，小车上放质量为20 g的砝码．每次实验都保证小车与砝码总质量M和钩码质量m之和不变．关于同学们提出的实验方案，下列说法正确的是( )A．无需平衡摩擦力B．无需考虑M≫m的条件C．做实验时应先放开小车，再接通打点计时器(2)下图是某次实验中打出的纸带的一部分，纸带上的点是计数点，相邻两个计数点间还有四个计时点没有画出，测得相邻两个计数点之间的距离如图所示，打点计时器所用电源频率为50 Hz，则小车的加速度大小是______ m/s2(计算结果保留2位有效数字)．若在此次实验中，所用钩码质量为20 g，车上放入的砝码质量为30 g，取g＝10 m/s2，则实验中所用小车质量为________g.(3)下图甲、乙分别是甲、乙两个同学根据自己所测数据作出的a—F图像．甲同学所作图线不过坐标原点的原因可能是__________________________，乙同学所作图线不过坐标原点的原因可能是__________________________．【解析】(1)在忽略摩擦力的条件下，对小车和砝码有T＝Ma，对钩码有mg－T＝ma，解得mg＝(M＋m)a，说明取小车(含砝码)和钩码为研究对象时，钩码重力相当于系统受到的合力，因此不需要小车与砝码总质量M远大于钩码质量m，但必须平衡摩擦力，选项A错误，选项B正确；打点计时器刚开始打点时的振动频率不稳定，因此使用打点计时器时应先接通打点计时器，再放开小车，选项C错误．(2)相邻计数点间的时间间隔T＝0.02 s×5＝0.10 s，逐差法可求得a＝0.80 m/s2.将a＝0.80 m/s2代,入mg＝(M＋m)a得M＝0.23 kg＝230 g，因此小车质量为200 g.(3)图甲说明力F达到一定数值时才产生加速度，说明实验过程阻力较大，可能没有平衡摩擦力或平衡过程中木板倾角过小，平衡摩擦力不足；图乙说明力F为零时系统就具有一定的产生加速度，说明平衡摩擦力过程中木板倾角过大，摩擦力平衡过度．【答案】见解析。
2015年湖南省益阳市箴言中学高考物理三模试卷
2015年湖南省益阳市箴言中学高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题(本大题共9小题，共36.0分)1.伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展．利用如图所示的装置做如下实验：小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升．斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐减低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3．根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是（）A.如果斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置B.如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态C.如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D.小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小【答案】A【解析】解：A、如果斜面光滑，小球不会有能量损失，将上升到与O点等高的位置，故A正确；B、通过推理和假想，如果小球不受力，它将一直保持匀速运动，得不出静止的结论，故B错误；C、根据三次实验结果的对比，不可以直接得到运动状态将发生改变的结论，故C错误；D、受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小是牛顿第二定律的结论，与本实验无关，故D错误．故选：A．小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升，阻力越小则上升的高度越大，伽利略通过上述实验推理得出运动物体如果不受其他物体的作用，将会一直运动下去．要想分清哪些是可靠事实，哪些是科学推论要抓住其关键的特征，即是否是真实的客观存在，这一点至关重要，这也是本题不易判断之处；伽利略的结论并不是最终牛顿所得出的牛顿第一定律，因此，在确定最后一空时一定要注意这一点2.如图所示，有一质量不计的杆AO，长为R，可绕A自由转动．用绳在O点悬挂一个重为G的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在以O点为圆心的圆弧形墙壁上的C点．当点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中（保持OA与地面夹角θ不变），OC绳所受拉力的大小变化情况是（）A.逐渐减小B.逐渐增大C.先减小后增大D.先增大后减小【答案】C【解析】解：对G分析，G受力平衡，则拉力等于重力；故竖直绳的拉力不变；再对O点分析，O受绳子的拉力OA的支持力及OC的拉力而处于平衡；受力分析如图所示；将F和OC绳上的拉力合力，其合力与G大小相等，方向相反，则在OC上移的过程中，平行四边形的对角线保持不变，平行四边形发生图中所示变化，则由图可知OC的拉力先减小后增大，图中D点时力最小；故选：C．先对G受力分析可知竖直绳上的拉力不变，再对结点O分析可得出受力的平行四边形；根据C点的移动利用图示法可得出OC拉力的变化．本题利用了图示法解题，解题时要注意找出不变的量作为对角线，从而由平行四边形可得出拉力的变化．3.我国蹦床队组建时间不长，但已经在国际大赛中取得了骄人的成绩，前不久又取得北京奥运会的金牌．假如运动员从某一高处下落到蹦床后又被弹回到原来的高度，其整个过程中的速度随时间的变化规律如图所示，其中oa段和cd段为直线，则根据此图象可知运动员（）A.在t1～t2时间内所受合力逐渐增大B.在t2时刻处于平衡位置C.在t3时刻处于平衡状态D.在t4时刻所受的弹力最大【答案】B【解析】解：A、在t1～t2时间内做加速度逐渐减小的加速运动，所受的合力逐渐减小．故A错误．B、在t2时刻重力和弹力相等，速度最大，该位置为平衡位置．故B正确．C、在t3时刻到达最低点，速度为零，加速度不为零，不是平衡状态．故C错误．D、在t4时刻弹力与重力相等，不是最大，在最低点弹力最大．故D错误．故选：B．运动员在某一个高度落下，先向下做自由落体运动，与蹦床接触后，先做加速度减小的加速运动，当重力与弹力相等时，速度最大，然后做加速度逐渐增大的减速运动，到达最低点，速度为零．解决本题的关键通过图线得出运动员的运动情况，结合牛顿第二定律进行分析．4.如图所示电路中，A、B两灯均正常发光，R为一滑动变阻器，P为滑动片，若将滑动片向下滑动，则（）A.A灯变亮B.B灯变亮C.R1上消耗功率变大D.总电流变小【答案】C【解析】解：将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，总电流I增大，则R1上消耗功率变大．路端电压U=E-I r，I增大，U减小，则A灯变暗．B灯与变阻器并联的电压U并=E-I（R1+r），I增大，则U并减小，所以B灯变暗．故选C将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析R1上消耗功率的变化．根据总电流的变化分析并联部分电压的变化，判断B灯亮度的变化．对于电路中动态变化分析问题，一般先确定局部电阻的变化，再确定总电阻的变化，到总电流、总电压的变化，再回到局部电路研究电压、电流的变化．5.埃隆•马斯克首次对媒体透露了在火星建立社区的“火星移民”计划．假设火星移民通过一代又一代坚韧不拔的努力，不仅完成了“立足”火星的基本任务，而且还掌握了探测太空的完整技术．已知火星半径是地球半径的，火星质量是地球质量的，在地球上发射人造地球卫星时的最小发射速度为v，则火星人在火星上发射人造火星卫星时的最小发射速度为（）A.vB.vC.vD.v【答案】B【解析】解：根据万有引力提供向心力得：，解得最小的发射速度为：v=，因为火星半径是地球半径的，火星质量是地球质量的，则火星上发射的最小速度是地球上的倍，即．故B正确，A、C、D错误．故选：B．根据万有引力提供向心力得出发射的最小速度，从而结合半径之比、质量之比求出发射的最小速度之比，得出火星人在火星上发射人造火星卫星时的最小发射速度．解决本题的关键发射的最小速度等于环绕中心天体表面做圆周运动的速度，结合万有引力提供向心力进行求解．6.M、N是某电场中一条电场线上的两点，若在M点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线由M点运动到N点，其电势能随位移变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（）A.电子在N点的动能小于在M点的动能B.该电子运动的加速度越来越小C.该电场一定是匀强电场D.电子运动的轨迹为曲线【答案】B【解析】解：A、由于电势能减小，知电场力做正功，因为电子仅受电场力，根据动能定理，知动能增大，即N点的动能大于M点的动能．故A错误．C、图线切线的斜率逐渐减小，则电场力逐渐减小，电场强度逐渐减小，不是匀强电场．故C错误．B、电场力逐渐减小，根据牛顿第二定律知，加速度逐渐减小．故B正确．D、若电场线是直线，在M点释放一个初速度为零的电子，电子的运动轨迹为直线．故D错误．故选：B．电场力做功等于电势能的减小量，E p-x图线切线的斜率表示电场力的大小，通过斜率的大小判断电场力的变化，从而得出加速度的变化．根据电场力的变化判断动能的变化．解决本题的关键知道图线切线的斜率表示电场力，通过电场力的大小判断电场强度、加速度的变化，通过电场力做功判断动能的变化．7.太极球是广大市民中较流行的一种健身器材．将太极球简化成如图所示的平板和小球，熟练的健身者让球在竖直面内始终不脱离板而做匀速圆周运动，且在运动到图中的A、B、C、D位置时球与板间无相对运动趋势．A为圆周的最高点，C为最低点，B、D与圆心O等高．球的质量为m，重力加速度为g，则（）A.在C处板对球所需施加的力比A处大6mgB.球在运动过程中机械能守恒C.球在最低点C的速度最小值为D.板在B处与水平方向倾斜角θ随速度的增大而减小【答案】C【解析】解：A、设球运动的线速率为v，半径为R，则在A处时：①在C处时：②由①②式得：F=2mg，即在C处板对球所需施加的力比A处大mg，故A错误．B、球在运动过程中，动能不变，势能时刻变化，故机械能不守恒，故B错误．C、球在任意时刻的速度大小相等，即球在最低点C的速度最小值为等于在最高点最小速度，根据，得，故C正确．D、根据重力沿水平方向的分力提供向心力，即mgtanθ=故v=，故板在B处与水平方向倾斜角θ随速度的增大而增大，故D错误．故选：C．人在运动过程中受重力和支持力，由向心力公式可以求在各点的受力情况．本题考查了向心力公式的应用，重点要对物体的受力做出正确的分析，列式即可解决此类问题．8.a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点．电场线与矩形所在平面平行．已知a点的电势为20V，b点的电势为24V，d点的电势为4V，如图，由此可知c点的电势为（）A.4VB.8VC.12VD.24V【答案】B【解析】解：根据在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分将线段bd五等分，如图所示，则U be=U bd=×（24-4）=4v，故U be=φb-φe=4v，故φf-φd=4v，故φe=24-4=20v．φf=8v．故φa=φe，连接cf，则cf∥ae，故c点的电势φc=φf=8v．故B正确．故选B．在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分，故可将bd五等分，求出e、f的电势，连接ae和cf，则cf∥ae，φc=φf=8v．①在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分；②在匀强电场中电场线平行且均匀分布故等势线平行且均匀分布．以上两点是解决此类题目的金钥匙．9.如图，平行板电容器经开关K与电池连接，a处有一带电量非常小的点电荷．K是闭合的，U a表示a点的电势，f表示点电荷受到的电场力．现将电容器的B板向下稍微移动，使两板间的距离增大，则（）A.U a变大，f变大B.U a变大，f变小C.U a不变，f不变D.U a不变，f变小【答案】B【解析】解：由于开关K闭合，且电容器两极板始终与电源的两极相连，故电容器两极板之间的电压U AB保持不变．随B极板下移两极板之间的距离增大，根据E=可知两极板之间的电场强度E减小，由于U A a=E h A a，由于电场强度E减小，故U A a减小，由于U AB=U A a+U a B，所以U a B增大，由题图可知电源的负极接地，故B极板接地，所以B板的电势为0即U B=0，又U a B=U a-U B，所以U a=U a B增大．而点电荷在a点所受的电场力f=q E，由于E 减小，所以电场力f减小．故B正确．故选B．要求a点的电势如何变化，首先要确定电势为0的位置即零电势点，由于电容与电源相连故两极板之间的电压不变，而两极板之间的距离增大，故两极板之间的电场强度减小，所以A a之间的电势差减小，所以a B之间的电压增大．由于两极板之间的场强减小故试探电荷所受的电场力减小．本题难度较大，涉及知识面大，需要认真分析．方法是：先找不变量（U AB），再找容易确定的物理量（E和U A a），最后求出难以确定的量（确定U a B不能用U a B=E h a B，因为E 和h a B一个变大另一个变小）．二、多选题(本大题共3小题，共12.0分)10.如图所示，MPQO为有界的竖直向下的匀强电场（边界上有电场），电场强度为E=，ACB为光滑固定的半圆形轨道，轨道半径为R，A、B为圆水平直径的两个端点，AC为圆弧．一个质量为m，电荷量为-q的带电小球，从A点正上方高为H=R处由静止释放，并从A点沿切线进入半圆轨道，不计空气阻力及一切能量损失，关于带电小球的受力及运动情况，下列说法正确的是（）A.小球到达C点时对轨道压力为2mgB.小球在AC部分运动时，加速度不变C.适当增大E，小球到达C点的速度可能为零D.若E=，要使小球沿轨道运动到C，则应将H至少调整为【答案】AD【解析】解：A、小球进入半圆轨道，电场力和重力平衡，小球做匀速圆周运动，根据动能定理知，mg H=mv A2-0，解得：v A=．根据牛顿第二定律得：N=m，则小球到达C点时对轨道的压力为2mg．故A正确．B、小球在AC部分做匀速圆周运动，加速度大小不变，方向始终指向圆心．故B错误．C、若电场力小于重力，根据动能定理知，小球到达C点的速度不可能为零．若小球所受的电场力大于重力，根据径向的合力通过向心力，在最低点的速度不可能为零．故C错误．D、若E=，在最低点轨道的作用力为零，根据牛顿第二定律得，q E-mg=m，解得：v C=，根据动能定理得：mg（H+R）-q ER=mv C2-0，解得：H=R．所以H至少为R．故D正确．故选：AD．根据重力和电场力的关系，判断出小球进入圆弧轨道后的运动规律，结合径向的合力提供向心力分析．根据动能定理，结合牛顿第二定律判断C点的速度能否为零．当电场力是重力的2倍时，根据最低点弹力为零求出最小速度，结合动能定理求出H的至少高度．本题考查了带电小球在电场和重力场中的运动，综合运用了动能定理、牛顿第二定律等知识，综合性强，对学生的能力要求较高，需加强这类题型的训练．11.如图所示，物块A放在直角三角形斜面体B上面，B放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁，初始时A、B静止，弹簧处于竖直．现用力F沿斜面向上推A，但AB并未运动．下列说法正确的是（）A.施加F前，竖直墙壁对B的摩擦力可能向下B.施加F前，弹簧弹力大小一定等于A、B两物体重力大小之和C.施加F后，A、B之间的摩擦力大小可能为零D.施加F后，B与竖直墙壁之间可能没有摩擦力【答案】BC【解析】解：A、施加F前，对整体受力分析，一定受重力、弹簧弹力，若竖直方向受静摩擦力，则也一定受墙向右的弹力，但若受向右的弹力，则没有向左的力与之平衡，合力不可能为零，故整体不受墙的弹力，也不受静摩擦力；故A错误；B、施加F前，对整体受力分析，受重力、弹簧弹力，根据平衡条件弹簧弹力大小一定等于A、B两物体重力大小之和，B正确；C、当施加F后，仍然处于静止，开始A所受的静摩擦力大小为m A gsinθ，若F=m A gsinθ，则A、B之间的摩擦力为零，故C正确．D、对整体分析，由于AB不动，弹簧的形变量不变，则弹簧的弹力不变，开始弹簧的弹力等于A、B的总重力，施加F后，弹簧的弹力不变，总重力不变，根据平衡知，则B与墙之间一定有摩擦力．故D错误．故选：BC．隔离对A分析，通过A受力平衡判断A、B之间摩擦力的变化．通过对整体分析，抓住AB不动，弹簧的弹力不变，判断B与墙之间有无摩擦力．解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡进行求解，以及掌握整体法和隔离法的运用．12.如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上，A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，现对A施加一水平拉力F，则（）A.当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B.当F=μmg时，A的加速度为μgC.当F＞3μmg时，A相对B滑动D.无论F为何值，B的加速度不会超过μg【答案】BCD【解析】解：A、设B对A的摩擦力为f1，A对B的摩擦力为f2，地面对B的摩擦力为f3，由牛顿第三定律可知f1与f2大小相等，方向相反，f1和f2的最大值均为2μmg，f3的最大值为，．故当0＜F≤时，A、B均保持静止；继续增大F，在一定范围内A、B将相对静止以共同的加速度开始运动，故A错误；B、设当A、B恰好发生相对滑动时的拉力为F′，加速度为a′，则对A，有F′-2μmg=2ma′，对A、B整体，有F′-′，解得F′=3μmg，故当＜F≤3μmg时，A相对于B静止，二者以共同的加速度开始运动；当F＞3μmg时，A 相对于B滑动．当F=时，A、B以共同的加速度开始运动，将A、B看作整体，由牛顿第二定律有F-=3ma，解得a=，故B、C正确．D、对B来说，其所受合力的最大值F m=2μmg-，即B的加速度不会超过，故D正确．故选：BCD．根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．然后通过整体法隔离法逐项分析．本题考查牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．三、计算题(本大题共1小题，共6.0分)13.某同学利用自己设计的弹簧弹射器测量弹簧的弹性势能．装置如图所示．水平放置的弹射器将质量为m的静止小球弹射出去．测出小球通过两个竖直放置的光电门的时间间隔为t，甲、乙光电门间距为L，忽略一切阻力．①小球被弹射出的速度大小v= ______ ，求得静止释放小球时弹簧弹性势能E P= ______ ；（用题目中的字母符号表示）②由于重力作用，小球被弹射出去后运动轨迹会向下有所偏转，这对实验结果______ 影响（选填“有”或“无”）．【答案】；；无【解析】解：（1）由图可知，弹簧在小球进入光电门之前就恢复形变，故其弹射速度为通过光电门的水平速度：，由能量守恒得：（2）由力作用的独立性可知，重力不影响弹力做功的结果，有没有重力做功，小球的水平速度不会变化故答案为：①②③无（1）由图可知，弹簧在小球进入光电门之前就恢复形变，故其弹射速度为通过光电门的水平速度，由此可得速度，再由能量守恒可得弹性势能（2）由图中给的数据带入弹性势能表达式可得劲度系数（3）由力作用的独立性可知，对结果无影响本题重点是要弄清小球的射出速度就是在光电门间匀速运动的速度，在由平抛规律可得结果．四、实验题探究题(本大题共1小题，共8.0分)14.为了测量一微安表头A的内阻，某同学设计了如图所示的电路．图中，A0是标准电流表，R0和R N分别是滑动变阻器和电阻箱，S和S1分别是单刀双掷开关和单刀开关，E是电池．完成下列实验步骤中的填空：（1）将S拨向接点1，接通S1，调节R0，使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时______ 的读数I；（2）然后将S拨向接点2，调节______ ，使______ ，记下此时R N的读数；（3）多次重复上述过程，计算R N读数的______ ，此即为待测微安表头内阻的测量值．【答案】标准电流表；R N；标准电流表的读数仍为I；平均值【解析】解：（1）将S拨向接点1，接通S1，调节R0使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时标准电流表读数I；（2）然后将S拨向接点2，调节R N，使标准电流表的读数仍为I，记下此时R N的读数；（3）多次重复上述过程，计算R N读数的平均值，此即为待测微安表头内阻的测量值．故答案为：（1）标准电流表（2）R N，标准电流表的读数仍为I（3）平均值先接通1，使待测电表有一示数，再接通2调节电阻箱使待测电表的示数相同，此时电阻箱的示数即为待测电表的内阻．本题考查了一种新的实验方法测量电表的内阻，要能够根据实验原理图知道实验的原理和步骤．五、填空题(本大题共1小题，共8.0分)15.如图所示，质量为m，电荷量为q的带电粒子以初速v0进入场强为E的匀强电场中，极板的长度为L，电容器极板中央到光屏的距离也是L，已知带电粒子打到光屏的P点，求偏移量OP的大小．【答案】解：水平方向：粒子做匀速直线运动，则有：t=竖直方向：粒子做初速度为零的匀加速直线运动．加速度为：a=设粒子射出电场时，速度偏向角为θ，则有：tanθ==代入得：tanθ=故有：OP=L tanθ=答：偏移量OP的大小为．【解析】带电粒子垂直射入匀强电场中，做类平抛运动，平行于板的方向做匀速直线运动，由板长和初速度求出时间．根据牛顿张第二定律求出加速度，将射出电场的速度分解，求出偏转角θ的正切，由OP=L tanθ求解OP．本题是应用推论求解的，也可以求出偏转距离和偏转角的正切，根据数学知识求解OP．也可以用三角形相似法求解OP．六、计算题(本大题共3小题，共30.0分)16.如图所示，在光滑绝缘水平桌面上有两个静止的小球A和B，B在桌边缘，A和B均可视为质点，质量均为m=0.2kg，A球带正电，电荷量q=0.1C，B球是绝缘体不带电，桌面距地面的高h=0.05m．开始时A、B相距L=0.1m，在方向水平向右、大小E=10N/C的匀强电场的电场力作用下，A开始向右运动，并与B球发生正碰，碰撞中A和B之间速度交换，A和B之间无电荷转移．求：（1）A经过多长时间与B碰撞？（2）A、B落地点之间的距离是多大？【答案】解：（1）A在电场作用下做初速度为零的匀加速直线运动，根据动能定理有：q EL=代入数据解得：v0=1m/s由L=得：t===0.2s．（2）碰撞中A和B之间速度交换：v A=0，v B=1m/s．则A球和B球发生碰撞后，B做平抛运动，A在竖直方向上做自由落体运动，在水平方向上初速度为零的匀加速运动，两球在竖直方向都做自由落体运动，运动时间相等，则有：h=gt2，得t===0.1s则A球落地时水平位移为：x A=at2==0.025mB球落地时水平位移为：x B=v B t=1×0.1m=0.1m故A、B两小球的落地点之间的距离为：S=x B-x A=0.075m答：（1）在小球A与B相碰前A的速率为1m/s；（2）A、B两小球的落地点之间的距离是0.075m．【解析】（1）A球在电场力作用下做匀加速运动，根据动能定理和位移公式求出时间．（2）碰撞过程中，A、B的总动能无损失，动能守恒，动量也守恒，根据两大守恒列式，求出碰撞后两球的速率．碰撞后，B做平抛运动，A在竖直方向上做自由落体运动，在水平方向上初速度为零的匀加速运动，两者运动时间相等，由竖直方向上自由落体运动，根据高度h求出时间，由运动学公式分别两球的水平位移，即可求出A、B两小球的落地点之间的距离．题两球发生弹性碰撞，质量相等，交换速度，作为一个重要结论要记牢．碰撞后两球运动情况的分析是难点，也是解题的关键，运用运动的分解法研究．17.近期，为提高警惕保卫祖国，我国海军进行了登陆演练．如图所示，假设一艘战舰因吨位大吃水太深，只能停锚在离海岸登陆点s=1km处．登陆队员需要从较高的军舰甲板上，利用绳索下滑到登陆快艇上再行登陆接近目标，若绳索两端固定好后，与竖直方向的夹角θ=37°，甲板到快艇的竖直高度H=24m．队员下滑时，先从静止开始匀加速滑到某最大速度，再握紧绳索增大摩擦匀减速滑至快艇，速度刚好为零，重力加速度g=10m/s2，cos37°=0.6，问：（1）若登陆队员在绳索上运动的总时间为t1=4s，且加速过程与减速过程中的加速度大小相等，请指出队员滑到何处速度最大，并求出最大速度的值和加速度大小．（2）若快艇额定功率为5k W，载人后连同装备总质量为103kg，从静止开始以最大功率向登陆点加速靠近，到达岸边时刚好能达到最大速度10m/s，快艇在水中受到的阻力恒定，求快艇运动的时间t2．【答案】解：（1）运动员滑到绳索中点处速度最大，设运动员沿绳索滑行最大速度为v m，加速度大小为a，有：，代入数据解得：v m=15m/s，，代入数据解得：a=7.5m/s2；（2）加速度过，由动能定理得：，加到最大速度：v=10m/s时，P=fv，代入数据解得：；答：（1）队员滑到绳索中点处速度最大，最大速度的值为15m/s，加速度大小为7.5m/s2．（2）艇运动的时间t2．为110s．【解析】（1）由几何关系可得绳索长度，根据运动的对称性分析得出速度最大处，由位移与平均速度关系即可求解；（2）由动能定理与达到最大速度时功率与阻力的关系，可联合求得结果．本题考查了求最大速度、加速度、运动时间，分析清楚运动过程、应用匀变速直线运动的运动学公式、动能定理即可正确解题．。
2015年湖南省五市十校联考高考物理模拟试卷(3月份)
2015年湖南省五市十校联考高考物理模拟试卷（3月份）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.在物理学发展史上伽利略、牛顿等许许多多科学家为物理学的发展做出了巨大贡献．以下选项中符合他们观点的是（）A.人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方B.两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受的力越大速度就越大C.两物体从同一高度自由下落，较轻的物体下落较慢D.一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来；这说明：静止状态才是物体不受力时的“自然状态”【答案】A【解析】解：A、人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，人保持起跳时车子的速度，水平速度将车子的速度，所以将落在起跳点的后方．符合伽利略、牛顿的惯性理论．故A正确．B、力越大，物体运动的速度越大，不是伽利略、牛顿的观点．故B错误．C、伽利略、牛顿认为重物与轻物下落一样快，所以此选项不符合他们的观点．故C错误．D、此选项说明力是维持物体运动的原因，是亚里士多德的观点，不是伽利略、牛顿的观点．故D错误．故选A人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方，符合伽利略、牛顿的惯性理论．两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受的力越大速度就越大，不符合伽利略、牛顿的观点．伽利略、牛顿认为重物与轻物下落一样快、力不是维持物体运动的原因．根据伽利略、牛顿的观点判断选项的正误．本题要对亚里士多德的观点和伽利略、牛顿的观点关于力和运动关系的观点有了解．可以根据牛顿的三大定律进行分析．2.如图，由两种材料做成的半球面固定在水平地面上，球右侧面是光滑的，左侧面粗糙，O点为球心，A、B是两个相同的小物块（可视为质点），物块A静止在左侧面上，物块B在图示水平力F作用下静止在右侧面上，A、B处在同一高度，AO、BO与竖直方向的夹角均为θ，则A、B分别对球面的压力大小之比为（）A.sin2θ：1 B.sinθ：1 C.cos2θ：1 D.cosθ：1【答案】C【解析】解：分别对A、B两个相同的小物块受力分析如图，由平衡条件，得：N=mgcosθ同理N′=由牛顿第三定律，A、B分别对球面的压力大小为N、N′；则它们之比为′，故C正确故选C分别对A、B两个相同的小物块受力分析，由受力平衡，求得所受的弹力，再由牛顿第三定律，求A、B分别对球面的压力大小之比．考查了受力分析，注意各力的方向，灵活利用平衡条件．3.某运动员（可看作质点）参加跳台跳水比赛，t=0是其向上起跳离开跳台瞬间，其速度与时间关系图象如图所示，则（）A.t1时刻开始进入水面B.t2时刻开始进入水面C.t3时刻已浮出水面D.0～t2时间内，运动员处于超重状态【答案】B【解析】解：A、B、D从开始到t2时刻，v-t图象为直线，说明整个过程中的加速度是相同的，加速度向下，处于失重状态，所以在0-t2时间内人在空中，先上升后下降，t1时刻到达最高点，t2之后速度减小，开始进入水中，所以AD错误，B正确；C、t3时刻，人的速度减为零，此时人处于水下的最深处，故C错误．故选：B．在v-t图象中，直线的斜率表示加速度的大小，速度的正负代表运动的方向，根据v-t 图象可以分析人的运动的情况，即可进行选择．本题主要就是考查学生对速度时间图象的理解，要知道在速度时间的图象中，速度的正负表示运动方向，直线的斜率代表的是加速度的大小，图象的面积代表的是位移．4.如图甲所示，一理想变压器给一个小灯泡供电．当原线圈输入如图乙所示的交变电压时，额定功率10W的小灯泡恰好正常发光，已知灯泡的电阻为40Ω，图中电压表为理想电表，下列说法正确的是（）A.变压器输入电压的瞬时值表达式为μ=220sinπt（V）B.电压表的示数为220VC.变压器原、副线圈的匝数比为11：1D.变压器的输入功率为110W【答案】C【解析】解：A、由图象可知，ω=，故A错误B、原线圈输入电压为220V，电压表示数为灯泡的额定电压U==20V，故B错误C、由B分析，结合变压比公式得，=，故C正确D、变压器的输入功率与输出功率相等，为10W，故D错误故选C根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比，与匝数成反比，即可求得结论掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题5.如图所示，a、b、c、d为某匀强电场中的四个点，且ab∥cd、ab⊥bc，bc=cd=2ab=2l，电场线与四边形所在平面平行．已知φa=20V，φb=24V，φd=8V．一个质子经过b点的速度大小为v0，方向与bc夹角为45°，一段时间后经过c点，e为质子的电量，不计质子的重力，则（）A.c点电势为14VB.质子从b运动到c所用的时间为C.场强的方向由a指向cD.质子从b运动到c电场力做功为12e V【答案】B【解析】解：A、三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线四等分，如图所示，已知a点电势为20V，b点电势为24V，d点电势为8V，且ab∥cd，ab⊥bc，2ab=cd=bc=2L，因此根据几何关系，可得M点的电势为20V，与a点电热势相等，从而连接a M，即为等势面；三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线中点o的电势与c相等，为16V．故A错误．B、质子从b→c做类平抛运动，沿初速度方向分位移为l，此方向做匀速直线运动，则t=，则B正确．C、oc为等势线，其垂线bd为场强方向，b→d，故C错误．D、电势差U bc=8V，则质子从b→c电场力做功为8e V．故D错误．故选：B．连接bd，bd连线的中点O电势与C点相等，是16V；质子从b→c做类平抛运动，根据v0方向的分位移为l，求出时间；作出等势线oc，y就能判断场强方向；根据动能定理可求出b到c电场力做的功．本题关键是找等势点，作等势线，并抓住等势线与电场线垂直的特点，问题就变得简单明晰．二、多选题(本大题共3小题，共18.0分)6.如图所示，一导线弯成直径为d的半圆形闭合回路．虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场，方向垂直于回路所在的平面．回路以速度v向右匀速进入磁场，直径CD始终与MN垂直．从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，下列说法中正确的是（）A.感应电流方向为逆时针方向B.CD段直导线始终不受安培力C.感应电动势的最大值E=B dvD.感应电动势的平均值=πB dv【答案】AD【解析】解：A、在闭合电路进入磁场的过程中，通过闭合电路的磁通量逐渐增大，根据楞次定律可知感应电流的方向为逆时针方向不变，A正确．B、根据左手定则可以判断，受安培力向下，故B错误．C、当半圆闭合回路进入磁场一半时，即这时等效长度最大为，这时感应电动势最大E=B dv，C错误．D、由法拉第电磁感应定律可得感应电动势平均值===πB dv，故D正确．故选：AD．由楞次定律可判断电流方向，由左手定则可得出安培力的方向；由E=BL v，分析过程中最长的L可知最大电动势；由法拉第电磁感应定律可得出电动势的平均值．本题注意以下几点：（1）感应电动势公式=来计算平均值；（2）利用感应电动势公式E=B lv计算时，l应是等效长度，即垂直切割磁感线的长度．7.一质量为m的小球套在倾斜放置的固定光滑杆上，一根轻质弹簧的一端悬挂于O点，另一端与小球相连，弹簧与杆在同一竖直平面内，将小球沿杆拉到与弹簧水平的位置由静止释放，小球沿杆下滑，当弹簧位于竖直位置时，小球速度恰好为零，此时小球下降的竖直高度为h，如图所示．若全过程中弹簧处于伸长状态且处于弹性限度内，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A.当弹簧与杆垂直时，小球动能最大B.当小球沿杆方向的合力为零时，小球动能最大C.在小球自开始下滑至滑到最低点的过程中，弹簧所做的负功小于mghD.在小球自开始下滑至滑到最低点的过程中，弹簧弹性势能的增加量等于mgh【答案】BD【解析】解：AB、弹簧与杆垂直时，弹力方向与杆垂直，合外力方向沿杆向下，小球继续加速，速度没有达到最大值．故A错误，B正确；CD、小球运动过程中，只有重力和弹簧弹力做功，系统机械能守恒，初末位置动能都为零，所以弹簧的弹性势能增加量等于重力势能的减小量，即为mgh，故C错误，D正确．故选：BD弹簧与杆垂直时，合外力方向沿杆向下，小球继续加速，速度没有达到最大值，运动过程中，只有重力和弹簧弹力做功，系统机械能守恒，根据机械能守恒定律分析即可求解．本题主要考查了机械能守恒定律的直接应用，要求同学们能正确分析小球的受力情况和运动情况，难度不大，属于基础题．8.某国际研究小组观测到了一组双星系统，它们绕二者连线上的某点做匀速圆周运动，双星系统中质量较小的星体能“吸食”质量较大的星体的表面物质，达到质量转移的目的．根据大爆炸宇宙学可知，双星间的距离在缓慢增大，假设星体的轨道近似为圆，则在该过程中（）A.双星做圆周运动的角速度不断减小B.双星做圆周运动的角速度不断增大C.质量较大的星体做圆周运动的轨道半径减小D.质量较大的星体做圆周运动的轨道半径增大【答案】AD【解析】解：AB、设质量较小的星体质量为m1，轨道半径为r1，质量大的星体质量为m2，轨道半径为r2．双星间的距离为L．转移的质量为△m．根据万有引力提供向心力对m1：=（m1+△m）ω2r1…①对m2：=（m2-△m）ω2r2…②由①+②得：ω=，总质量m1+m2不变，两者距离L增大，则角速度ω变小．故A正确、B错误．CD、由②式可得，把ω的值代入得：，因为，L增大，故r2增大．即质量较大的星体做圆周运动的轨道半径增大，故C错误、D正确．故选：AD．双星绕两者连线的一点做匀速圆周运动，由相互之间万有引力提供向心力，根据万有引力定律、牛顿第二定律和向心力进行分析．本题是双星问题，要抓住双星系统的条件：角速度与周期相同，运用牛顿第二定律采用隔离法进行研究．五、多选题(本大题共1小题，共6.0分)13.有关分子的热运动和内能，下列说法正确的是（）A.一定质量的气体，温度不变，分子的平均动能不变B.物体的温度越高，分子热运动越剧烈C.物体的内能是物体中所有分子热运动动能和分子势能的总和D.布朗运动是由悬浮在液体中的微粒之间的相互碰撞引起的E.外界对物体做功，物体的内能必定增加【答案】ABC【解析】解：A、温度是分子平均动能的标志，所以温度不变，分子的平均动能不变，A正确；B、物体的温度越高，分子热运动越剧烈，B正确；C、物体的内能就是物体内部所有分子的动能和分子势能的总和，C正确；D、布朗运动是由液体分子之间的不规则运动引起的，D错误；E、改变内能的方式有做功和热传递，外界对物体做功，物体的内能不一定增加，E错误；故选：ABC温度是分子平均动能的标志，内能是所有分子的动能和所有分子势能的总和，布朗运动反应了液体分子的无规则运动，改变内能的方式有做功和热传递．本题考查了分子平均动能的唯一标志是温度，还有物体的内能、改变内能的方式有做功和热传递、布朗运动等知识点，难度不大．七、多选题(本大题共1小题，共4.0分)15.一列简谐横波在x轴上传播，某时刻的波形图如图所示，图中每小格代表1m，a、b、c为三个质点，a正向上运动．由此可知（）A.该波沿x轴正方向传播B.c正向上运动C.该时刻以后，b比c先到达平衡位置D.该时刻以后，b比c先到达离平衡位置最远处E.a质点振动一个周期，波传播的距离为8m【答案】ACE【解析】解：A、a点正向上运动，振动比左侧邻近的波峰迟，所以该波沿x轴正方向传播，故A正确．B、C波向右传播，由波形的平移法可知此时b向上运动，c正向下运动，所以b比c先到平衡位置，故B错误，C正确．D、由质点的运动方向判断可知，c比b先到达离平衡位置最远处．故D错误．E、a质点振动一个周期，波传播一个波长的距离，即为8m，故E正确．故选：ACE由a点的振动方向向上，通过比较质点振动先后判断波的传播方向，从而确定出各个质点的运动方向，即可比较各质点回到平衡位置的先后．简谐横波传播的过程中，介质中质点只在各自的平衡位置附近振动，不随波迁移．本题关键要熟练运用质点的带动法和波形平移法判断波的传播方向和质点的振动方向，知道波在一个周期内传播的距离是一个波长，波的基本特征是质点不随波迁移．九、多选题(本大题共1小题，共4.0分)17.下列说法正确的是（）A.根据玻尔理论，氢原子在辐射光子的同时，轨道也在连续地减小B.放射性物质的温度升高，则半衰期减小C.用能量等于氘核结合能的光子照射静止氘核，不可能使氘核分解为一个质子和一个中子D.某放射性原子核经过2次α衰变和一次β衰变，核内质子数减少3个E.根据玻尔理论，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小．【答案】CDE【解析】解：A、玻尔理论认为原子的能量是量子化的，轨道半径也是量子化的，故氢原子在辐射光子的同时，轨道不是连续地减小，故A错误．B、半衰期是放射性元素的原子核有半数发生衰变时所需要的时间，由原子核本身决定，与原子的物理、化学状态无关，故B错误；C、核子结合成原子核与原子核分解为核子是逆过程，质量的变化相等，能量变化也相等，故用能量等于氘核结合能的光子照射静止氘核，还要另给它们分离时所需要的足够的动能（光子方向有动量），所以不可能使氘核分解为一个质子和一个中子，故C正确；D、根据质量数和电荷数守恒，某放射性原子核经过2次α衰变质子数减少4，一次β衰变质子数增加1，故核内质子数减少3个，D正确；E、能级跃迁时，由于高能级轨道半径较大，速度较小，电势能较大，故氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小，故E正确；故选：CDE．玻尔理论认为原子的能量是量子化的，轨道半径也是量子化的；半衰期由原子核本身决定，与原子的物理、化学状态无关；核子结合成原子核与原子核分解为核子是逆过程，质量的变化相等，能量变化也相等；根据质量数和电荷数守恒判断；玻尔理论由玻尔提出．是在卢瑟福原子模型基础上加上普朗克的量子概念后建立的．明确α衰变，β衰变的实质，知道原子的能量是量子化的，轨道半径也是量子化的．三、实验题探究题(本大题共2小题，共15.0分)9.如图1所示的装置，可用于探究恒力做功与速度变化的关系．水平轨道上安装两个光电门，小车上固定有力传感器和挡光板，细线一端与力传感器连接，另一端跨过定滑轮挂上砝码盘．实验首先保持轨道水平，通过调整砝码盘里砝码的质量让小车做匀速运动以实现平衡摩擦力，再进行后面的操作，并在实验中获得以下测量数据：小车、力传感器和挡光板的总质量M，平衡摩擦力时砝码和砝码盘的总质量m0，挡光板的宽度d，光电门1和2的中心距离s．（1）该实验是否需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于车的质量______ （填“需要”或“不需要”）（2）实验需用游标卡尺测量挡光板的宽度d，如图2所示，d= ______ mm（3）某次实验过程：力传感器的读数为F，小车通过光电门1和2的挡光时间分别为t1、t2（小车通过光电门2后，砝码盘才落地），已知重力加速度为g，则对该小车实验要验证的表达式是______ ．【答案】不需要；5.50；【解析】解：解：（1）该实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，不是将砝码和砝码盘的重力作为小车的拉力，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量．（2）游标卡尺的主尺读数为5mm，游标读数等于0.05×10mm=0.50mm，所以最终读数为：5mm+0.50mm=5.50mm．（3）由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度．滑块通过光电门1速度为：，滑块通过光电门2速度为：，根据功能关系需要验证的关系式为：．故答案为：（1）不需要；（2）5.50；（3）．（1）该实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量．（2）游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．游标的零刻度线超过主尺上的刻度数为主尺读数，游标读数等于分度乘以对齐的根数．（3）光电门测速度的原理是用平均速度来代替瞬时速度，根据功能关系可以求出需要验证的关系式．了解光电门测量瞬时速度的原理，实验中我们要清楚研究对象和研究过程，对于系统我们要考虑全面，同时明确实验原理是解答实验问题的前提．10.LED绿色照明技术已经走进我们的生活．某实验小组要精确测定额定电压为3V的LED灯正常工作时的电阻，已知该灯正常工作时电阻大约500Ω，电学符号与小灯泡电学符号相同．实验室提供的器材有：A．电流表A1（量程为0至50m A，内阻R A1约为3Ω）B．电流表A2（量程为0至3m A，内阻R A2=15Ω）C．定值电阻R1=697ΩD．定值电阻R2=1985ΩE．滑动变阻器R（0至20Ω）一只F．电压表V（量程为0至12V，内阻R V=1kΩ）G．蓄电池E（电动势为12V，内阻很小）F．开关S一只（1）如图所示，请选择合适的器材，电表1为______ ，电表2为______ ，定值电阻为______ ．（填写器材前的字母编号）（2）将采用的电路图补充完整．（3）写出测量LED灯正常工作时的电阻表达式R x= ______ （填字母），当表达式中的______ （填字母）达到______ ，记下另一电表的读数代入表达式，其结果为LED灯正常工作时电阻．【答案】F；B；D；；I2；1.5m A【解析】解：（1）（2）要精确测定额定电压为3V的LED灯正常工作时的电阻，需测量LED灯两端的电压和通过LED灯的电流，由于电压表的量程较大，测量误差较大，不能用已知的电压表测量LED两端的电压，可以将电流表A2与定值电阻串联改装为电压表测量电压；==1000Ω，A2的内阻为15Ω，则定值电阻应选D；改装电压表的内阻：R=额满偏LED灯正常工作时的电流约为I===6m A左右，电流表的量程较小，电流表不能精确测量电流，可以用电压表测量电流；因为滑动变阻器阻值远小于LED的电阻，所以滑动变阻器采用分压式接法．电路图如图所示，由以上分析可知，电表1为F，电表2为B，定值电阻为D．（3）根据闭合电路欧姆定律知，灯泡两端的电压U=I2（R+R A2），通过灯泡的电流I=-I2，所以LED灯正常工作时的电阻R X==．改装后的电压表内阻为R V=1985+15Ω=2000Ω，则当I2=1.5m A时，LED灯两端的电压为3V，达到额定电压，测出来的电阻为正常工作时的电阻．故答案为：（1）F；B；D；（2）电路图如图所示；（2）；I2；1.5m A．滑动变阻器阻值远小于LED的电阻，所以滑动变阻器采用分压式接法．LED灯的额定电压为3V，题目所给的电压表量程太大，测量不准确，需通过电流表和定值电阻改装一个电压表，因为通过LED的电流较小，可以用题目中的电压表当电流表使用．根据闭合电路欧姆定律求出LED正常工作时的电阻，根据欧姆定律得出LED电压为3V时，得到LED的电阻．本题的难点在于电流表的量程偏小，无法测电流，电压表的量程偏大，测量电压偏大，最后需通过改装，用电流表测电压，电压表测电流．四、计算题(本大题共2小题，共32.0分)11.如图所示，在高速公路某处安装了一台500万像素的固定雷达测速仪，可以准确抓拍超速车辆以及测量运动车辆的加速度．若汽车距测速仪355m时刻测速仪发出超声波，同时汽车由于紧急情况而急刹车，当测速接收到反射回来的超声波信号时，汽车恰好停止，此时汽车距测速仪335m，已知声速为340m/s．（1）求汽车刹车过程中的加速度；（2）若该路段汽车正常行驶时速度要求在60km/h～110km/h，则该汽车刹车前的行驶速度是否合法？【答案】解：（1）根据题意，超声波和汽车运动过程的示意图，如图所示．超声波从B发出到A与被A反射到被B接收所需的时间相等，在整个这段时间内汽车的位移x=355-335m=20m．初速度为零的匀变速直线运动，在开始相等时间内的位移之比为1：3，所以x1=5m，x2=15m，则超声波被A接收时，AB的位移x′=335+5m=340m，′=s=1s．则t=2T=2s．所以超声波从B发出到被A接收所需的时间T=声根据△x=a T2得，a===10m/s2．（2）由A车刹车过程中的位移x=，解得刹车前的速度v0=20m/s=72km/h车速在规定范围内，是合法的．答：（1）汽车刹车过程中的加速度为10m/s2；（2）若该路段汽车正常行驶时速度要求在60km/h～110km/h，则该汽车刹车前的行驶速度合法．【解析】（1）从B发出超声波到接收到反射回来的超声波信号这段时间内，求出A的位移，由于超声波从B发出到A与被A反射到被B接收所需的时间相等，根据匀变速直线运动的推论求出超声波从B发出到A这段时间内A的位移，从而得出超声波从B到A的位移，根据声速求出运行的时间，从而再根据△x=a T2求出汽车运动的加速度．（2）根据速度位移公式求出刹车前的速度，进而判断是否合法．解决本题的关键理清运动过程，抓住超声波从B发出到A与被A反射到被B接收所需的时间相等，运用匀变速直线运动的规律进行求解．12.如图所示，空间存在匀强电场和匀强磁场，电场方向为y轴正方向，磁场方向垂直于xy平面（纸面）向外，电场和磁场都可以随意加上或撤除，重新加上的电场或磁场与撤除前的一样．一带正电荷的粒子从坐标原点O（0，0）点以一定的速度v0平行于x轴正向入射．这时若只有磁场，粒子将做半径为R0的圆周运动；若同时存在电场和磁场，粒子恰好做直线运动．现在只加电场，当粒子从O点运动到x=R0平面（图中虚线所示）时，立即撤除电场同时加上磁场，粒子继续运动，其轨迹与x轴交于M点，不计重力，求：（1）粒子到达x=R0平面时的速度．（2）M点的横坐标x M．【答案】解：（1）粒子做直线运动时，有：q E=q B v0只有磁场时粒子做圆周运动，有：q B v0=m只有电场时，粒子做类平抛运动，则有：q E=maR0=v0tv y=at解得：v y=v0粒子的速度大小为：v==v0速度方向与x轴的夹角为：θ=（2）当粒子从运动到x=R0平面，粒子与x轴的距离为：H=at2=．撤去电场加上磁场后，有：q B v=m解得：R=R0此时粒子的运动轨迹如图所示．圆心C位于与速度v方向垂直的直线上，该直线与x轴和y轴的夹角均为．由几何关系可得C点的坐标为：x C=2R0y C=-过C点作x轴的垂线，在△CDM中，有：l CM=R=R0l CD=解得：l DM==R0M点的横坐标为：x M=2R0+R0．答：（1）粒子到达x=R0平面时的速度大小为v0，速度方向与x轴的夹角为．（2）M点的横坐标x M是2R0+R0．【解析】（1）做直线运动时电场力等于洛伦兹力，做圆周运动洛伦兹力提供向心力，只有电场时，粒子做类平抛运动，联立方程组即可求解；（2）撤电场加上磁场后做圆周运动洛伦兹力提供向心力，求得R，再根据几何关系即可求解．该题是带电粒子在混合场中运动的问题，要求同学们理解仅有电场时，粒子做类平抛运动，只有磁场时做匀速圆周运动，再根据圆周运动和平抛运动的基本公式及几何关系解题，本题难度较大．六、计算题(本大题共1小题，共9.0分)。
湖南省浏阳一中2015届高三下学期3月调研考试物理Word版含答案
2015年3月高三模拟考试理科综合试题（物理）本试卷分选择题和非选择题两部分，共l6页。
时量150分钟，满分300分。
可能用到的相对原子质量：C－12O－16 Na－23 S－32 Cl－35.5 Fe－56Ba－137第Ⅰ卷（选择题共126分）二、本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．在物理学发展史上，伽利略、牛顿等许许多多科学家为物理学的发展做出了巨大贡献。
以下选项中符合伽利略和牛顿的观点的是:A．人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方B．两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受力越大则速度就越大C．两物体从同一高度做自由落体运动，较轻的物体下落较慢D．一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来，这说明：静止状态才是物体不受力时的“自然状态”。
15．如图所示，由两种材料制成的半球面固定在水平地面上，右侧面是光滑的，左侧面是粗糙的，O点为球心，A、B是两个相同的小物块(可视为质点)，小物块A静止在左侧面上，小物块B在图示水平力F作用下静止在右侧面上，A、B处在同一高度，AO、BO与竖直方向的夹角均为θ，则A、B对球面的压力大小之比为:A．sin2θ∶1 B．sin θ∶1C．cos2θ∶1 D．cos θ∶116．某运动员(可看作质点)参加跳台跳水比赛，t＝0是其向上起跳离开跳台瞬间，其速度与时间关系图象如图所示，则:A．t1时刻开始进入水面B．t2时刻开始进入水面C．t3时刻已浮出水面D．0～t2时间内，运动员处于超重状态17．如图甲所示，一理想变压器给一个小灯泡供电．当原线圈输入如图乙所示的交变电压时，额定功率为10W的小灯泡恰好正常发光，已知灯泡的电阻为40Ω，图中电压表为理想电表，下列说法正确的是:A ．变压器输入电压的瞬时值表达式为)(sin 2220v t u π=B ．电压表的示数为220VC ．变压器原、副线圈的匝数比为11:1D ．变压器的输入功率为110W18．如图所示，a 、b 、c 、d 为某匀强电场中的四个点，且ab ∥cd 、ab ⊥bc ，bc ＝cd ＝2ab ＝2l ，电场线与四边形所在平面平行。
2015年高考第三次模拟考试试题 高三物理
2015年高考第三次模拟考试试题高三物理本卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共100分，考试时间为90分钟。
第Ⅰ卷(选择题共48分)注意事项：本卷共16题。
每题3分，在每题给出的四个选项中，1-11题只有一个选项正确；12-16题有的有多个选项正确，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
1．下列说法正确的是 ( )C ．两个初速度不为零的匀变速直线运动的合运动一定也是匀变速直线运动D ．物体受一恒力作用，可能做匀速圆周运动2．在同一水平直线上的两位置分别沿同方向抛出两小球A 和B ，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力.要使两球在空中相遇，则必须 ( ) A ．甲先抛出A 球 B ．先抛出B 球 C ．同时抛出两球 D ．使两球质量相等3．2013年4月4日至12日CCTV 新闻频道播出《探潮亚马孙》节目，揭开亚马孙大潮的神秘面纱，在发生的大潮日，亚马孙河会出现长50公里，高五公尺的巨浪，是全世界最长，也最危险的海浪。
为了拍摄大潮更近距离的视频，在拍摄过程中一个摄像机架在行驶在潮前的摩托艇上。
摩托艇在某段时间内水平方向和竖直方向的位移分别为x= -2t 2-6t 、y=0.05t 2+4t(t 的单位是s,，x 、y 的单位是m)，则关于摩托艇在该段时间内的运动，下列说法正确的是 ( ) A ．摩托艇在水平方向的分运动是匀减速直线运动 B ．t=0时摩托艇的速度为0 C ．摩托艇的运动是匀变速曲线运动 D ．摩托艇运动的加速度大小为4m/s 24．一水平抛出的小球落到一倾角为θ的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如图中虚线所示．小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为 ( )A ．tan θB ．2tan θ C.1tan θD.12tan θ5．如图甲所示，一轻杆一端固定在O 点，另一端固定一小球，在竖直平面内做半径为R 的圆周运动。
小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为N ，小球在最高点的速度大小为v ，N-v 2图像如乙图所示。
全国大联考】2015届高三第三次联考物理试题 Word版含解析
全国大联考】2015届高三第三次联考物理试题 Word版含解析2015届高三第三次联考物理试卷考生注意：1.本试卷共100分，考试时间90分钟。
2.在答题前，考生务必填写密封线内的项目。
3.请将试卷答案填在试卷后面的答题卷上。
4.本试卷主要考试内容：必修1(20%)、必修2(80%)。
第I卷(选择题共40分)选择题部分共10小题。
在每小题给出的四个选项中，1-6小题只有一个选项是正确的，7-10小题有多个选项是正确的。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得分。
1.在“探究弹性势能的表达式”的活动中，为计算弹簧弹力所做的功，将拉伸弹簧的过程分为很多小段，弹力在每小段可以认为是XXX。
用各小段做功的代数和表示弹力在整个过程所做的功。
物理学中把这种研究方法叫做“微元法”。
以下几个实例中应用到这一思想方法的是：A。
根据加速度的定义a=Δv/Δt。
当Δt非常小，就可以表示物体在t时刻的瞬时加速度。
B。
在推导匀变速直线运动的位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加。
C。
在探究加速度、力和质量三者之间关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系。
D。
在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用点来代替物体，即质点。
答案：B解析：A为极限法；B为微元法；C为控制变量法；D为理想模型法。
本题应选B。
2.某人在地面上最多能举起60 XXX的重物。
要使此人在升降机中恰能举起100 kg的重物，已知重力加速度g=10 m/s²，则下列说法可能正确的是：A。
升降机正加速上升，加速度大小为4 m/s²。
B。
升降机正加速下降，加速度大小为4 m/s²。
C。
升降机正减速下降，加速度大小为4 m/s²。
D。
升降机正减速上升，加速度大小为6 m/s²。
答案：B解析：依题意，此人最大的挺举能力为600 N。
2015年湖南省永州市新田一中高考物理三模试卷和答案
2015年湖南省永州市新田一中高考物理三模试卷一、选择题（每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对得4分，对而不全得2分．）1．（4分）质量为m的物体，受到水平拉力F作用，在粗糙水平面上运动，下列说法正确的是（）A．如果物体做加速运动，则拉力F一定对物体做正功B．如果物体做减速运动，则拉力F一定对物体做正功C．如果物体做减速运动，则拉力F可能对物体做正功D．如果物体做匀速运动，则拉力F一定对物体做正功2．（4分）一本书放在水平桌面上，针对书和桌面的受力有下列说法，正确的是（）A．书对桌面的压力就是书的重力B．书受到的支持力、桌面受到的压力都是弹力C．书受到的支持力与桌面受到的压力是一对平衡力D．书的重力和桌面受到的压力是一对作用力与反作用力3．（4分）如图，质量为的m木块，放在倾角为θ的光滑斜面上，当斜面沿水平方向向左做匀加速直线运动而木块与斜面保持相对静止时，下列判断正确的是（）A．木块所受的弹力mgcosθ B．木块所受的弹力C．木块的加速度为gsinθD．木块的加速度为gtanθ4．（4分）利用速度传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的图象，某同学在一次实验中得到的运动小车的v﹣t图象如图所示，由此可以知道（）A．小车先做加速运动，后做减速运动B．小车运动的最大速度约为0.8m/sC．小车的最大位移是0.8mD．小车做曲线运动5．（4分）一辆警车在平直的公路上以40m/s的速度巡逻，突然接到报警，在前方不远处有歹徒抢劫，该警车要尽快赶到出事地点且到达出事地点时的速度也为40m/s，有三种行进方式：a一直匀速直线运动；b先加速再减速；c先减速再加速，则（）A．a种方式先到达B．b种方式先到达C．c种方式先到达D．无法确定6．（4分）两根长度相同、材料相同的细绳悬挂一块小黑板（如图4），以下四种挂法中，最容易拉断细绳的挂法是（）A．B．C．D．7．（4分）我国未来将建立月球基地，并在绕月轨道上建造空间站，如图所示，关闭动力的航天飞机在月球引力作用下向月球靠近，并将与空间站在B处对接，已知空间站绕月轨道半径为r，周期为T，引力常量为G，下列说法中错误的是（）A．图中航天飞机正加速飞向B处B．航天飞机在B处由椭圆轨道进入空间站轨道必须点火减速C．根据题中条件可以算出月球质量D．根据题中条件可以算出空间站受到月球引力的大小8．（4分）如图所示，直线AB和CD表示彼此平行且笔直的河岸．若河水不流动，小船船头垂直河岸由A点匀速驶向对岸，小船的运动轨迹为直线P．若河水以稳定的速度沿平行河岸方向流动，且整个河中水的流速处处相等，现仍保持小船船头垂直河岸，由A点匀速驶向对岸，则小船实际运动的轨迹应该是图中的（）A．直线R B．曲线Q C．直线P D．曲线S9．（4分）如图所示，质量为m的物体用细绳经过光滑小孔牵引在光滑水平面上做匀速圆周运动，拉力为某个值F时，转动半径为R，当拉力逐渐减小到时，物体仍做匀速圆周运动，半径为2R，则外力对物体所做的功大小是（）A．B． C． D．010．（4分）已知引力常数G和下列各组数据，能计算出地球质量的是（）A．地球绕太阳运行的周期及地球离太阳的距离B．月球绕地球运行的周期及月球离地球的距离C．人造地球卫星在地面附近绕行的速度及运行周期D．若不考虑地球自转，己知地球的半径及重力加速度11．（4分）如图所示，通过定滑轮悬挂两个质量为m1、m2的物体（m1＞m2），不计绳子和滑轮质量、绳子与滑轮间的摩擦，同时静止释放两物，m1向下运动一段距离的过程中，下列说法中正确的是（）A．m1势能的减少量等于m2动能的增加量B．m1势能的减少量等于m2势能的增加量C．m1机械能的减少量等于m2机械能的增加量D．m1机械能的减少量大于m2机械能的增加量12．（4分）一质量为M的无底箱放在水平地面上，一轻质弹簧一端悬于木箱的上端，另一端挂这一质量为m的小球，小球上下振动时，箱子从没离开地面，当箱子对地面压力为零的瞬间，小球的加速度大小和方向分别为（）A．，向下B．，向下C．，向上D．，向上二．探究实验题（本大题2小题，共14分）13．（8分）在《探究加速度与力、质量的关系》实验中．（1）某组同学用如图所示装置，采用控制变量的方法，来研究小车质量不变的情况下，小车的加速度与小车受到力的关系．下列措施中不需要或不正确的是A．首先要平衡摩擦力，使小车受到合力就是细绳对小车的拉力．B．平衡摩擦力的方法就是，在塑料小桶中添加砝码，使小车能匀速滑动．C．每次改变拉小车拉力后都需要重新平衡摩擦力D．实验中通过在塑料桶中增加砝码来改变小车受到的拉力E．每次小车都要从同一位置开始运动F．实验中应先放小车，然后再开打点计时器的电源（2）实验中，得到图乙二个实验图线a、b，描述加速度与质量关系的图线是；加速度与力的关系图线是；图线也可以描述加速度与质量的倒数关系．14．（6分）在“验证机械能守恒定律”的实验中，质量m=1kg的物体自由下落，得到如图所示的纸带，相邻计数点间的时间间隔为0.04s．那么从打点计时器打下起点O到打下B点的过程中，物体重力势能的减少量△E p=J，此过程中物体动能的增加量△E k=J．由此可得到的结论是．（g=9.8m/s2，保留三位有效数字）三、解答题（本题共4小题，共48分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15．（12分）如图，从地面上方某点，将一小球以5m/s的初速度沿水平方向抛出．小球经过1s落地．不计空气阻力，g=10m/s2．则（1）小球抛出时离地面的高度是多少？（2）小球从抛出点到落地点的水平位移大小是多少？（3）小球落地时的速度大小是多少？16．（10分）图中，AB=AC=H，开始时绳AC处于竖直方向，小车从静止出发在水平路面上运动到B点时速度为v，在此过程中绳子对挂在井底、质量为m的物体做了多少功？17．（14分）某兴趣小组对一辆自制遥控小车的性能进行研究．他们让这辆小车在水平的直轨道上由静止开始运动，并将小车运动的全过程记录下来，通过处理转化为v﹣t图象，如图所示（除2s﹣10s时间段图象为曲线外，其余时间段图象均为直线）．已知在小车运动的过程中，2s﹣14s时间段内小车的功率保持不变，在14s末停止遥控而让小车自由滑行，小车的质量为1.0kg，可认为在整个运动过程中小车所受到的阻力大小不变．求：（1）小车所受到的阻力大小；（2）小车匀速行驶阶段的功率；（3）小车在变加速运动过程中位移的大小．18．（12分）半径为R=0.9m的光滑半圆形轨道固定在水平地面上，与水平面相切于A点，在距离A点1.3m处有一可视为质点的小滑块，质量为m=0.5kg，小滑块与水平面间的动摩擦因数为μ=0.2，施加一个大小为F=11N的水平推力，运动到A点撤去推力，滑块从圆轨道最低点A处冲上竖直轨道．（g=10m/s2）问：（1）滑块在B处对轨道的压力；（2）滑块通过B点后的落地点到B点的水平距离．2015年湖南省永州市新田一中高考物理三模试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对得4分，对而不全得2分．）1．（4分）质量为m的物体，受到水平拉力F作用，在粗糙水平面上运动，下列说法正确的是（）A．如果物体做加速运动，则拉力F一定对物体做正功B．如果物体做减速运动，则拉力F一定对物体做正功C．如果物体做减速运动，则拉力F可能对物体做正功D．如果物体做匀速运动，则拉力F一定对物体做正功【解答】解：A、判断一个力对物体做正功还是负功，看F与s之间的夹角。
2015年湖南省衡阳市高考物理模拟试卷和答案
2015年湖南省衡阳市高考物理模拟试卷一、选择题（共16小题，每小题3分，满分48分）1．（3分）下列物理量中，属于标量的是（）A．位移B．力C．电场强度D．功率2．（3分）某物体运动的v﹣t图象如图所示，则物体做（）A．往复运动B．变速直线运动C．朝某一方向直线运动D．不能确定物体运动情况3．（3分）一个木箱在水平力F的作用下沿粗糙水平地面滑动，运动方向与F方向相反，有四位同学作出它的受力情况分别如图中所示，其中正确的是（）A．B． C．D．4．（3分）关于平抛运动，下列说法中正确的是（）A．平抛运动是匀速运动B．平抛运动是加速度不断变化的运动C．平抛运动是匀变速曲线运动D．做平抛运动的物体落地时速度方向一定是竖直向下的5．（3分）将原长10cm的轻质弹簧竖直悬挂，当下端挂200g的钩码时，弹簧的长度为12cm，则此弹簧的劲度系数为（）A．1N/m B．10N/m C．100N/m D．1000N/m6．（3分）一质点沿直线运动，其v﹣t图如图所示，由图象可知（）A．在0～2秒内质点做匀加速直线运动B．在0～2秒内质点做匀减速直线运动C．在2～4秒内质点做匀加速直线运动D．在2～4秒内质点做匀减速直线运动7．（3分）物体做匀速圆周运动时，保持不变的量是（）A．动能B．速度C．加速度D．合外力8．（3分）如图，用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，下列说法中正确的是（）A．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对作用力和反作用力B．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对作用力和反作用力C．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对平衡力D．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力9．（3分）起重机以10kW的恒定功率将地面上质量为50kg的物体由静止向上吊起，则物体可以达到的最大速度是（不计空气阻力，g=10m/s2）（）A．200m/s B．30m/s C．25m/s D．20m/s10．（3分）某物体在地面上受到地球对它的万有引力为F，若此物体受到的引力减小到，则此物体距离地面的高度应为（R为地球半径）（）A．R B．2R C．4R D．8R11．（3分）“探究做功与物体速度变化的关系”的实验装置如图所示，用该装置实验时，不可缺少的操作是（）A．测出小车的质量B．测出橡皮筋的伸长量C．用量角器测出长木板的倾角D．改变橡皮筋条数后将小车从同一位置释放12．（3分）如图所示，小强正在荡秋千．关于绳上a点和b点的线速度和角速度，下列关系正确的是（）A．v a=v b B．v a＞v b C．ωa=ωb D．ωa＜ωb13．（3分）将一个大小为8N的力分解成两个分力，下列各组值不可能的是（）A．1N和10N B．10N和10N C．10N和15N D．15N和20N14．（3分）我国发射的“神舟七号”载人飞船，与“神舟六号”船相比，它在较低的轨道上绕地球做匀速圆周运动，如图所示，下列说法正确的是（）A．“神舟七号”的速率较大B．“神舟七号”的速率较小C．“神舟七号”的周期更长D．“神舟七号”的周期与“神舟六号”的相同15．（3分）如图所示，物体在光滑斜面上由静止开始下滑，在下滑过程中，以下说法正确的是（）A．重力做正功B．重力做负功C．支持力做正功D．支持力做负功16．（3分）一石块从楼顶自由落下，不计空气阻力，取g=10m/s2，石块在下落过程中，第3s末的速度大小为（）A．10m/s B．15m/s C．20m/s D．30m/s二、必考题（共6小题，满分30）17．（4分）如图为某同学在实验中打出的一条纸带，计时器打点的时间间隔为0.02s．他从比较清晰的点起，每五个点取一个计数点，则相邻两计数点间的时间间隔为s．为了由v﹣t图象求出小车的加速度，他量出相邻两计数点间的距离，分别求出打各计数点时小车的速度．其中打计数点3时小车的速度为m/s．18．（4分）如图所示，一辆汽车在水平路面上行驶时对路面的压力（选填“大于”、“等于”或“小于”）汽车所受的重力；通过拱形路面最高处时对路面的压力（选填“大于”、“等于”或“小于”）汽车所受的重力．19．（4分）质量为2千克的物体做自由落体运动．在下落过程中，头2秒内重力的做的功是J，第2秒内重力的功率是W．（g取10m/s2）20．（4分）小颖在田径绕400m环形跑道跑了4圈，则她的位移大小是m，路程是m．21．（7分）一个物体置于光滑的水平面上，受到6N水平拉力作用从静止出发，经2s，速度增加到24m/s（g取10m/s2）．（1）物体的质量是多大？（2）力大小不变，方向竖直向上作用在该物体上，使它由静止到4m/s的过程中，物体上升高度多大？22．（7分）如图所示，质量m=50kg的跳水运动员从距水面高h=10m的跳台上以v0=5m/s的速度斜向上起跳，最终落入水中．若忽略运动员的身高．取g=10m/s2，求：（1）运动员在跳台上时具有的重力势能（以水面为参考平面）；（2）运动员起跳时的动能；（3）运动员入水时的速度大小．三、选考题：[选修1－1]（共6小题，满分22分）23．（3分）在国际单位制中，电容的单位是（）A．法拉B．伏特C．安培D．欧姆24．（3分）在一电场线上的A点，电场强度为2×103N/C，方向水平向左，现将电量为6×10﹣6C的正电荷放在A点，受到的电场力为（）A．1.2×10﹣2N，方向水平向右B．1.2×10﹣2N，方向水平向左C．1.2×102N，方向水平向右D．1.2×10﹣2N，方向水平向左25．（3分）如图为探究产生电磁感应现象条件的实验装置，下列情况中不能引起电流计指针转动的是（）A．闭合电键瞬间B．断开电键瞬间C．闭合电键后拔出铁芯瞬间D．断开电键使变阻器的滑动头向右移动26．（3分）微波炉加热食物利用那种方式加热（）A．电热丝B．电磁感应C．红外线D．微波27．（4分）一交流电的瞬时值表达式为：μ=110cos100πt，则此交流电电压的有效值为V，如果用此交流电给一电动机（所需电压有效值为380V）供电使其正常工作，则需用一个（填“升压”、“降压”）变压器．28．（6分）把一根长度为0.1m、通电电流为5A的直导线，沿着不同的方向放置在磁感应强度为B的匀强磁场中．（1）如果导线在磁场中沿着垂直磁场的方向放置，测得该直导线受到的安培力的大小为F=0.5N，求匀强磁场的磁感应强度大小．（2）如果导线在磁场中沿着平行于磁场的方向放置，求该直导线受到的安培力的大小．四、[选修3－1]（共6小题，满分0分）29．通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为Q，若电阻为2R，电流强度为，则在时间t内产生的热量为（）A．B．2Q C．4Q D．30．真空中有两个点电荷相隔一定距离r，相互作用力为F，若其中一个电荷的电量变为原来的4倍，为要保持原来的作用力大小不变，则两个电荷间的距离变为原来的多少倍（）A．4 B．2 C．1 D．831．下图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点，其中a、b两点电场强度相同的是（）A．B． C．D．32．如图所示的电路，闭合开关S后，调节滑动变阻器R，使滑片向上移动，关于两灯泡L1、L2的亮度变化情况，下列说法正确的是（）A．L1、L2均变暗B．L1变亮，L2变暗C．L1、L2均变亮D．L1变暗、L2变亮33．一不计重力的带电粒子以初速度v0垂直进入一个磁感应强度为B的匀强磁场中运动，此粒子质量为m，带电量为q，粒子将作匀速圆周运动，则此圆周运动的半径为，周期为．34．如图所示，两根光滑平行的金属导轨相距L，固定在水平面上，导轨之间接有电源和开关，整个装置处于磁感应强度为B，方向与导轨平行的匀强磁场中，当开关S闭合时，一根垂直放在导轨上的导体棒MN恰好对金属导轨没有压力，若导体棒MN的质量为m，电阻为R，电源的内阻为r，其余部分电阻忽略不计．求：（1）通过导体棒MN的电流大小；（2）电源的电动势．2015年湖南省衡阳市高考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（共16小题，每小题3分，满分48分）1．（3分）下列物理量中，属于标量的是（）A．位移B．力C．电场强度D．功率【解答】解：位移、力和电场强度都是有大小又有方向，相加时遵循平行四边形定则的矢量，只有功率是只有大小，没有方向的标量．故D正确．故选D2．（3分）某物体运动的v﹣t图象如图所示，则物体做（）A．往复运动B．变速直线运动C．朝某一方向直线运动D．不能确定物体运动情况【解答】解：v﹣t图象的正负表示速度的方向，故物体的运动方向在周期性改变，不是朝某一方向做直线运动，而是做往复运动，故A正确，BCD错误；故选：A．3．（3分）一个木箱在水平力F的作用下沿粗糙水平地面滑动，运动方向与F方向相反，有四位同学作出它的受力情况分别如图中所示，其中正确的是（）A．B． C．D．【解答】解：木箱沿粗糙水平地面滑动，受到重力G、水平地面的支持力N和水平拉力F作用，与F相同方向上的摩擦力，力图如C所示．故选：C4．（3分）关于平抛运动，下列说法中正确的是（）A．平抛运动是匀速运动B．平抛运动是加速度不断变化的运动C．平抛运动是匀变速曲线运动D．做平抛运动的物体落地时速度方向一定是竖直向下的【解答】解：A、平抛运动的加速度为g，方向始终竖直向下，所以平抛运动是匀变速曲线运动．故A、B错误，C正确．D、平抛运动在水平方向的速度不变，最终落地的速度是水平方向和竖直方向速度的合速度，根据平行四边形定则，落地的速度方向不可能竖直向下的．故D 错误．故选C．5．（3分）将原长10cm的轻质弹簧竖直悬挂，当下端挂200g的钩码时，弹簧的长度为12cm，则此弹簧的劲度系数为（）A．1N/m B．10N/m C．100N/m D．1000N/m【解答】解：重物受力平衡，故F=mg=200×﹣3×10N=2N由F=k（L﹣L0）得：k===100N/m故选：C6．（3分）一质点沿直线运动，其v﹣t图如图所示，由图象可知（）A．在0～2秒内质点做匀加速直线运动B．在0～2秒内质点做匀减速直线运动C．在2～4秒内质点做匀加速直线运动D．在2～4秒内质点做匀减速直线运动【解答】解：A、0﹣2s内，速度随时间均匀增加，质点做匀加速直线运动，故A 正确，B错误．C、2﹣4s内，速度随时间不变，质点做匀速直线运动，故C、D错误．故选：A．7．（3分）物体做匀速圆周运动时，保持不变的量是（）A．动能B．速度C．加速度D．合外力【解答】解：在描述匀速圆周运动的物理量中，线速度、向心加速度、向心力这几个物理量都是矢量，虽然其大小不变但是方向在变，因此这些物理量是变化的；动能是标量只与速度的大小有关，所以动能不变，所以A正确，BCD错误．故选：A．8．（3分）如图，用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，下列说法中正确的是（）A．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对作用力和反作用力B．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对作用力和反作用力C．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对平衡力D．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力【解答】解：对小球受力分析，受地球对其的重力，细线对其向上的拉力，小球保持静止状态，加速度为零，合力为零，故重力和拉力是一对平衡力；细线的拉力的反作用力是小球对细线的向下的拉力，这两个力是一对相互作用力，等值、反向、共线；故小球对细线的拉力等于小球的重力，但重力和拉力不是同一个力；故选D．9．（3分）起重机以10kW的恒定功率将地面上质量为50kg的物体由静止向上吊起，则物体可以达到的最大速度是（不计空气阻力，g=10m/s2）（）A．200m/s B．30m/s C．25m/s D．20m/s【解答】解：物体达到最大速度时，拉力等于重力即F=mg有P=FV=mgV得额V==m/s=20m/s故选D．10．（3分）某物体在地面上受到地球对它的万有引力为F，若此物体受到的引力减小到，则此物体距离地面的高度应为（R为地球半径）（）A．R B．2R C．4R D．8R【解答】解：根据万有引力定律表达式得：，其中r为物体到地球中心的距离．某物体在地球表面，受到地球的万有引力为F，此时r=R；若此物体受到的引力减小为，根据得出此时物体到地球中心的距离r′=2R，所以物体距离地面的高度应为R．故选：A11．（3分）“探究做功与物体速度变化的关系”的实验装置如图所示，用该装置实验时，不可缺少的操作是（）A．测出小车的质量B．测出橡皮筋的伸长量C．用量角器测出长木板的倾角D．改变橡皮筋条数后将小车从同一位置释放【解答】解：A、本实验是为了探究做功与物体速度变化的关系，只要保证小车的质量不变即可，不需要测量小车的质量，故A错误．BD、实验中改变拉力做功时，为了能定量，所以用不同条数的橡皮筋且拉到相同的长度，这样橡皮筋对小车做的功就有倍数关系．而不需要测量出每根橡皮筋做功的数值，即不需要测量橡皮筋的伸长量．每次只要保证从同一位置由静止释放这样开始时橡皮筋的形变量相同，过程中每根橡皮筋做的功就相同．故B错误、D正确．C、平衡摩擦力时，把木板的一段垫高，使得小车做匀速运动即可，不需要用量角器测出长木板的倾角，故C错误．故选：D．12．（3分）如图所示，小强正在荡秋千．关于绳上a点和b点的线速度和角速度，下列关系正确的是（）A．v a=v b B．v a＞v b C．ωa=ωb D．ωa＜ωb【解答】解：ABCD、荡秋千可视为同轴转动，所以a、b两点角速度相同；据v=ωr 和a、b两点的半径不同，所以有：v b＞v a，故ABD错误，C 正确故选：C．13．（3分）将一个大小为8N的力分解成两个分力，下列各组值不可能的是（）A．1N和10N B．10N和10N C．10N和15N D．15N和20N【解答】解：A、1N与10N的合力范围是9N≤F≤11N．不可能为8N．故A错误．B、10N与10N的合力范围是0N≤F≤20N．可能为8N．故B正确．C、10N与15N的合力范围是5N≤F≤25N．可能为8N．故C正确．D、15N与20N的合力范围是5N≤F≤35N．可能为8N．故D正确．本题选不可能的，故选：A14．（3分）我国发射的“神舟七号”载人飞船，与“神舟六号”船相比，它在较低的轨道上绕地球做匀速圆周运动，如图所示，下列说法正确的是（）A．“神舟七号”的速率较大B．“神舟七号”的速率较小C．“神舟七号”的周期更长D．“神舟七号”的周期与“神舟六号”的相同【解答】解：根据万有引力等于向心力得：=m=mA、v=，轨道半径越小，速度越大，所以“神舟七号”的速率较大，故A正确，B错误；C、T=2π，轨道半径越小，周期越小．所以“神舟七号”的周期更短，故CD错误；故选：A．15．（3分）如图所示，物体在光滑斜面上由静止开始下滑，在下滑过程中，以下说法正确的是（）A．重力做正功B．重力做负功C．支持力做正功D．支持力做负功【解答】解：A、物体的重力竖直向下，重力与位移的夹角小于90°，则可知重力做正功；故A正确，B错误；C、由于支持力一直和运动方向相互垂直，故支持力不做功；故CD错误；故选：A．16．（3分）一石块从楼顶自由落下，不计空气阻力，取g=10m/s2，石块在下落过程中，第3s末的速度大小为（）A．10m/s B．15m/s C．20m/s D．30m/s【解答】解：石块从楼顶自由落下，石块下落3s末的速度为：v=gt=10×3m/s=30m/s，故D正确．故选：D二、必考题（共6小题，满分30）17．（4分）如图为某同学在实验中打出的一条纸带，计时器打点的时间间隔为0.02s．他从比较清晰的点起，每五个点取一个计数点，则相邻两计数点间的时间间隔为0.1s．为了由v﹣t图象求出小车的加速度，他量出相邻两计数点间的距离，分别求出打各计数点时小车的速度．其中打计数点3时小车的速度为0.46m/s．【解答】解：计时器打点的时间间隔为0.02s．他从比较清晰的点起，每五个点取一个计数点，则相邻两计数点间的时间间隔为：T=0.02×5=0.1s；由匀变速直线运动的推论可知，打计数点3时小车的速度为：=故答案为：0.1；0.46．18．（4分）如图所示，一辆汽车在水平路面上行驶时对路面的压力等于（选填“大于”、“等于”或“小于”）汽车所受的重力；通过拱形路面最高处时对路面的压力小于（选填“大于”、“等于”或“小于”）汽车所受的重力．【解答】解：汽车在水平路面上行驶时对路面的压力等于其重力；汽车通过凸圆弧形路面顶部时，由汽车的重力和桥面的支持力的合力提供汽车的向心力，即：mg﹣F N=m解得：F N=mg﹣m有：F N＜mg根据牛顿第三定律可知，汽车对路面的压力为：F N′=F N＜mg．故答案为：等于，小于．19．（4分）质量为2千克的物体做自由落体运动．在下落过程中，头2秒内重力的做的功是400J，第2秒内重力的功率是300W．（g取10m/s2）【解答】解：（1）前2s内的位移为，h=，重力做功为W=mgh=2×10×20J=400J（2）第2s内的位移为第2s内的重力做功的平均功率为P=故答案为：400、30020．（4分）小颖在田径绕400m环形跑道跑了4圈，则她的位移大小是0m，路程是1600m．【解答】解：小颖在田径场绕400m环形跑道跑了4圈，首末位置重合，则位移的大小为0m，路程等于1600m．故答案为：0，160021．（7分）一个物体置于光滑的水平面上，受到6N水平拉力作用从静止出发，经2s，速度增加到24m/s（g取10m/s2）．（1）物体的质量是多大？（2）力大小不变，方向竖直向上作用在该物体上，使它由静止到4m/s的过程中，物体上升高度多大？【解答】解：（1）加速度为：由牛顿第二定律得质量为：即物体的质量是0.5kg．（2）由牛顿第二定律得：F﹣mg=ma代入数据得：a=2m/s2即物体的加速度为2m/s2．由运动学公式2ax=v2代入数据得：x=4m即物体上升的高度为4m．答：（1）物体的质量是0.5kg；（2）力大小不变，方向竖直向上作用在该物体上，使它由静止到4m/s的过程中，物体上升高度是4m．22．（7分）如图所示，质量m=50kg的跳水运动员从距水面高h=10m的跳台上以v0=5m/s的速度斜向上起跳，最终落入水中．若忽略运动员的身高．取g=10m/s2，求：（1）运动员在跳台上时具有的重力势能（以水面为参考平面）；（2）运动员起跳时的动能；（3）运动员入水时的速度大小．【解答】解：（1）取水面为参考平面，人的重力势能是E p=mgh=5000J；（2）由动能的公式得E k==625J；（3）在整个过程中，只有重力做功，机械能守恒，由，解得v=15m/s，答：（1）运动员在跳台上时具有的重力势能是5000J；（2）运动员起跳时的动能是625J；（3）运动员入水时的速度大小是15m/s．三、选考题：[选修1－1]（共6小题，满分22分）23．（3分）在国际单位制中，电容的单位是（）A．法拉B．伏特C．安培D．欧姆【解答】解：A、在国际单位制中，电容的单位是法拉，故A正确．B、伏特是电压的单位，故B错误．C、安培是电流的单位，故C错误．D、欧姆是电阻的单位，故D错误．故选：A．24．（3分）在一电场线上的A点，电场强度为2×103N/C，方向水平向左，现将电量为6×10﹣6C的正电荷放在A点，受到的电场力为（）A．1.2×10﹣2N，方向水平向右B．1.2×10﹣2N，方向水平向左C．1.2×102N，方向水平向右D．1.2×10﹣2N，方向水平向左【解答】解：电量为6×10﹣6C的正电荷放在A点受到的电场力为：F=qE=2×103×6×10﹣6 N=1.2×10﹣2N，方向与A点的场强方向相同，即水平向左．故选：B25．（3分）如图为探究产生电磁感应现象条件的实验装置，下列情况中不能引起电流计指针转动的是（）A．闭合电键瞬间B．断开电键瞬间C．闭合电键后拔出铁芯瞬间D．断开电键使变阻器的滑动头向右移动【解答】解：当回路闭合时，只要线圈中的磁通量发生变化，就能形成感应电流，指针便能偏转，在闭合、断开电键瞬间或者抽出铁心瞬间均有感应电流产生，故ABC错误；若断开电键，即使线圈中的磁通量变化也不会有感应电流产生，故D正确．故选D．26．（3分）微波炉加热食物利用那种方式加热（）A．电热丝B．电磁感应C．红外线D．微波【解答】解：微波炉采用的是微波使水分子发生共振的性质，从而产生大量的热量而使食物加热；故选：D．27．（4分）一交流电的瞬时值表达式为：μ=110cos100πt，则此交流电电压的有效值为110V，如果用此交流电给一电动机（所需电压有效值为380V）供电使其正常工作，则需用一个升压（填“升压”、“降压”）变压器．【解答】解：该交流电电压的有效值为：，给电机供电电压为380V，而交流电压为110V，所以要升压变压器．故答案为：110，升压．28．（6分）把一根长度为0.1m、通电电流为5A的直导线，沿着不同的方向放置在磁感应强度为B的匀强磁场中．（1）如果导线在磁场中沿着垂直磁场的方向放置，测得该直导线受到的安培力的大小为F=0.5N，求匀强磁场的磁感应强度大小．（2）如果导线在磁场中沿着平行于磁场的方向放置，求该直导线受到的安培力的大小．【解答】解：（1）如果导线在磁场中沿着垂直磁场的方向放置，测得该直导线受到的安培力的大小为：F=0.5N，B==1T（2）导线在磁场中沿着平行于磁场的方向放置，此时导线受到的安培力为0；答：（1）如果导线在磁场中沿着垂直磁场的方向放置，测得该直导线受到的安培力的大小为0.5N，匀强磁场的磁感应强度大小为1T．（2）如果导线在磁场中沿着平行于磁场的方向放置，该直导线受到的安培力的大小为0．四、[选修3－1]（共6小题，满分0分）29．通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为Q，若电阻为2R，电流强度为，则在时间t内产生的热量为（）A．B．2Q C．4Q D．【解答】解：根据Q=I2Rt得，电阻变为原来的2倍，电流强度变为原来的，时间不变，则热量变为：=Q．故选：A．30．真空中有两个点电荷相隔一定距离r，相互作用力为F，若其中一个电荷的电量变为原来的4倍，为要保持原来的作用力大小不变，则两个电荷间的距离变为原来的多少倍（）A．4 B．2 C．1 D．8【解答】解：由库仑定律的公式F=k，知其中一个电荷的电量变为原来的4倍，为要保持原来的作用力大小不变，则两个电荷间的距离变为原来的2倍．故选：B31．下图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点，其中a、b两点电场强度相同的是（）A．B． C．D．【解答】解：A、a、b两点到负电荷的距离相等，由E=k可知，电场强度大小相等，但方向不同，则电场强度不同，故A错误．B、两等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，根据对称性和电场线的分布可知，a、b两点的电场强度大小不等、方向相同，则电场强度不同，故B错误．C、由电场线的疏密看出，a点和b点电场强度大小相等，但方向相反，所以电场强度不同．故C错误．D、平行金属板内部是匀强电场，a、b两点的电场强度相同．故D正确．故选：D．32．如图所示的电路，闭合开关S后，调节滑动变阻器R，使滑片向上移动，关于两灯泡L1、L2的亮度变化情况，下列说法正确的是（）A．L1、L2均变暗B．L1变亮，L2变暗C．L1、L2均变亮D．L1变暗、L2变亮【解答】解：两个灯泡串联后与滑动变阻器串联，接在电源两端，若滑片向上移动，则动变阻器的滑片使其接入电路的阻值减小，根据闭合电路欧姆定律，电流增大，根据公式P=I2R，两个灯泡的功率增大，故两个灯泡亮度变亮．故选：C33．一不计重力的带电粒子以初速度v0垂直进入一个磁感应强度为B的匀强磁场中运动，此粒子质量为m，带电量为q，粒子将作匀速圆周运动，则此圆周运动的半径为，周期为．【解答】解：粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qv0B=m，解得：r=，周期：T==；故答案为：；．34．如图所示，两根光滑平行的金属导轨相距L，固定在水平面上，导轨之间接有电源和开关，整个装置处于磁感应强度为B，方向与导轨平行的匀强磁场中，当开关S闭合时，一根垂直放在导轨上的导体棒MN恰好对金属导轨没有压力，若导体棒MN的质量为m，电阻为R，电源的内阻为r，其余部分电阻忽略不计．求：（1）通过导体棒MN的电流大小；（2）电源的电动势．【解答】解：（1）根据共点力平衡可得：BIL=mg解得：（2）由闭合电路的欧姆定律得：E=I（R+r）E=答：（1）通过导体棒MN的电流大小为；（2）电源的电动势为．。
2015年湖南省衡阳市高考物理三模试卷
2015年湖南省衡阳市高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.一个物体沿直线运动，描绘出物体的-t图象如图所示，则下列判断正确的是（）A.物体做匀速直线运动B.物体做变加速直线运动C.物体的初速度大小为-1m/sD.物体的加速度大小为1m/s2【答案】D【解析】解：由数学知识可得：=（0.5t+0.5）m/s，则得：x=0.5t2+0.5t由匀变速直线运动的位移公式x=v0t+可知物体做匀加速直线运动，初速度为v0=0.5m/s，物体的加速度大小为1m/s2．故ABC错误，D正确．故选：D．根据数学知识写出x与t的关系式，再求出v与t的关系，从而判断物体的运动性质和加速度．解决本题的关键是运用数学知识写出x与t的关系式，采用比对法分析物体的运动性质．2.质量均为m的滑块A、B紧靠着一起从固定斜面顶端由静止开始下滑，它们与斜面之间的摩擦因数分别为μ1和μ2，且μ1＞μ2．在此过程中，物块B对A的压力为（）A. B.（μ1-μ2）mgcosθC.mgsinθ-μ1mgcosθD.0【答案】A【解析】解：整体由牛顿第二定律得：2mgsinθ-μ1mgcosθ-μ2mgcosθ=2ma对A由牛顿第二定律得：F+mgsinθ-μ1mgcosθ=ma联立解得：F=．故选：A．先以两个物体整体为研究对象，由牛顿第二定律求出加速度，再隔离其中一个物体研究，求出1施于2的作用力大小．本题是连接体问题，考查灵活选择研究对象的能力，往往用整体法求加速度，而求内力时必须用隔离法．3.如图所示，两个等量异种点电荷+Q和-Q分别位于空间中正方体ABCD-EFGH中顶点B、D处，O点为ABCD的中心，则下列说法正确的是（）A.A、C两点场强相等，电势不等B.O点电势高于G点电势C.将正试探电荷从F点沿直线移到H点，电场力做正功D.将一正试探电荷在O点的电势能小于在H点的电势能【答案】C【解析】解：A、根据等量异种电荷电场线的分布情况可知：A点与C点的场强大小相等，方向相同，都平行于BD，AC在等势面上，电势相同．故A错误．B、O点的电势为零，G点电势也为零，故B错误．C、将正试探电荷从F点沿直线移到H点，正电荷沿电场线方向运动，电场力做正功．故C正确．D、将一正试探电荷从O点移到H点沿电场线方向运动，电场力做正功，故电势能减小，试探电荷在O点的电势能大于在H点的电势能．故D错误．故选：C一对等量异种电荷在空间产生的电场具有对称性，根据电场线的分布情况和对称性，分析场强大小和方向，判断电场力大小和方向的关系．根据等势面分布情况，判断电势关系，确定电势能的关系．本题的解题关键是抓住对称性进行分析，等量异种电荷电场线和等势线的分布情况是考试的热点，要熟悉，并能在相关问题中能恰到好处地应用4.“轨道康复者”简称“CX”，它可在太空中给“垃圾卫星”补充能量，延长卫星的寿命，假设“CX”正在地球赤道平面内的圆周轨道上运行，运行方向与地球自转方向一致．轨道半径为地球同步卫星轨道半径的，则（）A.“CX”的速率是地球同步卫星速率的倍B.“CX”的加速度是地球同步卫星加速度的5倍C.“CX”相对于地球赤道上的观测者向西运动D.“CX”要实现对更低轨道上“垃圾卫星”的拯救必须直接加速【答案】A【解析】解：A、根据万有引力提供向心力，得，“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，知“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星速度的倍，故A正确；B、根据万有引力提供向心力，得a=，“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，知“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的25倍，故B错误；C、轨道半径越大，角速度越小，同步卫星和地球自转的角速度相同，所以空间站的角速度大于地球自转的角速度，所以站在地球赤道上的人观察到cx向东运动．故C错误；D、“轨道康复者”要在原轨道上加速将会做离心运动，到更高的轨道上，故D错误．故选：A．根据“轨道康复者”在某一位置受到的重力提供它做圆周运动的向心力，可知运行加速度和所在高度出的重力加速度的关系．根据万有引力提供向心力分析．同步卫星和地球自转的角速度相同，比较出“轨道康复者”和同步卫星的角速度大小，就可以判断出“轨道康复者”相对于地球的运行方向．解决本题的关键掌握万有引力等于重力和万有引力提供向心力．以及“轨道康复者”处于完全失重状态，靠地球的万有引力提供向心力，做圆周运动．5.如图所示，等腰三角形内分布有垂直于纸面向外的匀强磁场，它的底边在x轴上且长为2L，高为L，纸面内一边长为L的正方形导线框沿x轴正方向做匀速直线运动穿过匀强磁场区域，在t=0时刻恰好位于如图所示的位置，以顺时针方向为导线框中电流的正方向，下面四幅图中能够正确表示导线框中的电流-位移（I-x）关系的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：位移在0～L过程：磁通量增大，由楞次定律判断感应电流方向为顺时针方向，为正值．I=，l=x则I=x位移在L～2L过程：磁通量先增大后减小，由楞次定律判断感应电流方向先为顺时针方向，为正值，后为逆时针方向，为负值，故ACD错误．位移在2L～3L过程：磁通量减小，由楞次定律判断感应电流方向为逆时针方向，为负值．I=（2L-x）故选：B．将整个过程分成三个位移都是L的三段，根据楞次定律判断感应电流方向．由感应电动势公式E=B lv，l是有效切割长度，分析l的变化情况，确定电流大小的变化情况．本题考查对感应电势势公式E=B lv的理解．l是有效的切割长度，可以利用排除法做此题．二、多选题(本大题共3小题，共18.0分)6.如图所示，一粗糙程度处处相同的竖直半圆形框架ABC固定在水平面上，框架下面放一块厚度忽略不计的金属板，金属板的中心O点位于框架的圆心处，框架上套有一个重力不计的轻圆环，用轻弹簧把圆环与金属板的O点连接，开始轻弹簧处于水平拉紧状态．用一个始终沿框架切线方向的拉力F拉动圆环从左侧水平位置缓慢绕框架运动，直到轻弹簧达到竖直位置，金属板始终保持静止状态，则在整个过程中（）A.水平面对金属板的支持力逐渐减小B.水平面对金属板的摩擦力逐渐增大C.拉力F大小不变D.框架对圆环的摩擦力逐渐增大【答案】AC【解析】解：A、B、弹簧的长度不变，故弹簧的弹力大小不变，设为F′；先对属板受力分析，受重力、支持力，弹簧的拉力和向右的静摩擦力，如图；根据平衡条件，有水平方向：f=F cosθ①竖直方向：N+F′sinθ=mg②由②式，得到：N=mg-F′sinθ，随着θ的变大，支持力不断减小，故A正确；由①式，随着θ的变大，静摩擦力逐渐减小，故B错误；C、D、对轻环受力分析，受弹簧的拉力，框架的支持力，拉力和滑动摩擦力，根据平衡条件，有F=f′③f′=μF′④解得：F=μF′，故拉力大小不变，故C正确；由④式，滑动摩擦力不变，故D错误；故选：AC弹簧的长度不变，故弹簧的弹力大小不变；先对属板受力分析，受重力、支持力，弹簧的拉力和向右的静摩擦力，根据平衡条件列式求解；再对轻环受力分析，受弹簧的拉力，框架的支持力，拉力和滑动摩擦力，根据平衡条件列式求解．本题关键是对先后对俩个物体受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解，要注意弹簧的弹力不变．7.蹦极模型简化如图甲所示，蹦极比赛中，质量60kg的运动员系在橡皮绳上，橡皮绳另一端固定在O点，运动员从O点由静止下落，下落过程中运动员的速度与下落距离间的关系如图乙所示，橡皮绳的自然长度为12m，且始终在弹性限度内，弹力大小遵循胡克定律，不计橡皮绳的质量及空气阻力，重力加速度g=10m/s2，则（）A.在下落过程中运动员的机械能守恒B.运动员下落过程中的最大加速度大小约为20m/s2C.当橡皮绳上的拉力为1275N时，物体的速度大小约为15m/sD.运动员下落过程中橡皮绳的弹性势能最大值约为1×104J【答案】BC【解析】解：A、下降过程中只有重力和弹力做功，运动员和橡皮绳的机械能守恒，减少的重力势能转化为橡皮绳的弹性势能，根据机械能守恒定律得：最大弹性势能E p=mgh=60×10×36J=2.16×104J，故AD错误；B、根据牛顿第二定律得：F-mg=ma，即：1800-60×10=60a，解得：a=20m/s2，故B 正确．C、当橡皮绳上的拉力为1275N时，由F=k△x3，解得橡皮绳的伸长量△x3=16m，运动员下落的距离x=28m，由图乙可知，对应的速度大小约为15m/s，故C正确．故选：BC根据运动学知识得速度最大时a=0，由牛顿第二定律得此时重力等于弹簧弹力，解得劲度系数，有图象得到各个状态时的伸长量，求得对应的力，根据牛顿第二定律和机械能守恒定律求解相应问题．本题是胡克定律与能量相结合的题目，根据运动图象确定重力和弹力关系，解得弹簧的劲度系数是解题的关键．8.某同学在一次探究性活动中设计了如图所示装置-用金属制成的“线性”霍尔元件来测量图中的电流I，下列中说法正确的是（）A.实验前开关S应接到位置b端B.实验时，开关S接在b端，电表指针偏转仍然很小，则应将开关S改接到a位置C.电表的正接线柱应于f端相连D.ef之间应接入电压表，且将其刻度值转化为电流值，才可直接读出待测电流的数值【答案】ABD【解析】解：A、实验前由于不知道霍尔电压是否会超出电压表的量程，所以为保护电路，要让测量电路中的电流值适当小一些，开关S应接到位置b端．故A正确；B、实验时，开关S接在b端，电表指针偏转仍然很小，说明加在霍尔元件上的磁场比较小，所以应将开关S改接到a位置，增大加在霍尔元件上的磁场．故B正确；C、由题图可知，通上如图的电流时，线圈产生的磁场的方向向下，所以加在霍尔元件上的磁场的方向向上，电流的方向向里，根据左手定则可知，电子受到的洛伦兹力的方向向右，所以右端的电势低，电表的正接线柱应于e端相连．故C错误；D、运动电荷最终电荷在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，设霍尔元件的长宽高分别为a、b、d，则有：，电流的微观表达式为：I=nev S=nevbd，所以有：U=．可知电表上测量的霍尔电压与磁场B成正比，B越大，左、右表面的电势差U越大．而磁场是由流过线圈中的电流产生的，磁场与流过线圈的电流成正比，所以可知霍尔电压与流过线圈的电流成正比．所以ef之间应接入电压表，且将其刻度值转化为电流值，就可直接读出待测电流的数值．故D正确．故选：ABD为保护电路，要让测量电路中的电流值适当小一些；关键安培定则判断出线圈中的磁场的方向，然后结合霍尔效应判断出霍尔电压的正负极；结合电流表与电压表的原理即可解答．本题考查霍尔效应的原理，要求能够理解电子受到电场力和洛伦兹力平衡，并能够应用．另外，该题中的霍尔元件是金属制成，所以在霍尔元件中的载流子是带负电的电子，这是容易出错的地方．五、多选题(本大题共1小题，共6.0分)13.下列说法中正确的是（）A.对于一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热B.当液晶中电场强度不同时，液晶对不同颜色光的吸收强度不同C.气体分子热运动的平均动能减少，气体的压强一定减小D.可利用高科技手段，将流散的内能全部收集加以利用，而不引起其他变化E.即使气体的温度很高，仍有一些分子的运动速率是非常小的【答案】ABE【解析】解：A、对于一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，对外做功；同时根据理想气体的状态方程：=C可知，气体的温度一定升高，则内能一定增大．根据热力学第一定律，那么它一定从外界吸热，故A正确；B、当液晶中电场强度不同时，它对不同颜色的光吸收强度不同，就能显示各种颜色，故B正确；C、气体分子热运动的平均动能减少则温度降低，而根据据理想气体的状态方程：=C可知，气体的压强不一定减小，故C错误，D、根据热力学第二定律可知，不可能将流散的内能全部收集加以利用，而不引起其他变化，故D错误，E、即使气体的温度很高，根据分子速率的分布规律可知，仍有一些分子的运动速率是非常小的，故E正确；故选：ABE结合理想气体的状态方程分析气体的状态参量的变化，结合热力学第一定律分析内能的变化；液晶的光学性质具有各向异性；不可能将流散的内能全部收集加以利用，而不引起其他变化；分子的运动速率的分布特点满足麦克斯韦分布律．本题综合考查了理想气体的状态方程、热力学第一定律、热力学第二定律、液晶的特点以及速率的分布规律等知识，知识点多，需要我们全面掌握．七、多选题(本大题共1小题，共4.0分)15.一列简谐横波沿x轴正方向传播，在x=12m处的质元的振动图线如图1所示，在x=18m处的质元的振动图线如图2所示．下列说法正确的是（）A.该波的周期为12sB.x=12m处的质元在平衡位置向上振动时，x=18m处的质元在波峰C.在0～4s内x=12m处和x=18m处的质元通过的路程均为6cmD.该波的波长可能为8mE.该波的传播速度可能为2m/s【答案】ABD【解析】解：A、由图可知，该波的周期为12s．故A正确；B、由图可知，t=3s时刻，x=12m处的质元在平衡位置向上振动时，x=18m处的质元在波峰，故B正确；C、据图2知t=2s时，在x=18m处的质元的位移为零，正通过平衡位置向上运动，在t=4s时刻，在x=18m处的质元的位移大于2cm，所以在0～4s内x=18m处的质元通过的路程小于6cm．故C错误；D、由两图比较可知，x=12m处比x=18m处的质元早振动9s，即，所以两点之间的距离为：（n=0、1、2、3…）所以：（n=0、1、2、3…）n=0时，波长最大，为：m．故D正确；E、波的速度：m/s（n=0、1、2、3…）n=0时，最大速度：v=m/s；故E错误；故选：ABD．首先明确两种图象的意义，获取相关信息，如波长、周期和振幅；利用波速、波长和周期的关系求波速；利用质点的振动情况，判断波的传播方向．首先明确两个图象的区别和联系，据图求出波长、周期是解题的前提，灵活应用波的传播方向与质点的振动关系是解题的核心．九、多选题(本大题共1小题，共4.0分)17.如图为氢原子能级图．下列说法正确的是（）A.一个处于n=3能级的氢原子，可以吸收一个能量为0.7e V的光子B.一个处于n=3能级的氢原子，可以吸收一个能量为2e V的光子C.大量处于n=3能级的氢原子，跃迁到基态的过程中可以释放出3种频率的光子D.氢原子从高能级向低能级跃迁的过程中释放的光子的能量不可能大于13.6e VE.用能量为10e V和3.6e V的两种光子同时照射大量氢原子，有可能使处于基态的氢原子电离【答案】BCD【解析】解：A、根据△E=E m-E n，可知，0.7e V不在△E范围内．故A错误；B、n=3能级的氢原子，E3=-1.51e V，当吸收能量为2e V的光子，出现电离现象．故B 正确；C、根据=3知，这些n=3能级的氢原子可以辐射出三种不同频率的光子．故C正确；D、根据辐射的光子能量等于两能级间的能级差，可知，从高能级向低能级跃迁的过程中释放的光子的能量最大值仍小于13.6e V，故D正确；E、由于氢原子的能级，基态的氢原子为能级为-13.6e V，要出现电离，则光子的能量即为13.6e V，因此10e V和3.6e V的两种光子不可能出现电离现象．故E错误．故选：BCD．根据数学组合公式求出氢原子可能辐射光子频率的种数．能级间跃迁时，辐射的光子能量等于两能级间的能级差，能级差越大，辐射的光子频率越高．解决本题的关键知道光电效应的条件以及知道能级间跃迁时辐射或吸收的光子能量等于两能级间的能级差，注意电离时，吸引能量可以大于能级之差．三、实验题探究题(本大题共2小题，共15.0分)9.下面几个实验都用了打点计时器：（1）若需完成“探究小车速度随时间变化的规律”实验，则应选择装置______ （填“甲”、“乙”或“丙”），该实验是否需要平衡摩擦阻力？______ （填“是”或“否”）．（2）如图丁为某同学在一次实验中打出的一条纸带的部分，若所用电源的频率为50H z，根据测量结果，打C点时纸带的对应速度为______ m/s（保留三位有效数字）．【答案】丙；否；1.50【解析】解：（1）在探究小车速度随时间变化的规律的实验中，小车存在阻力，对其规律的研究没有影响，因此不需要平衡摩擦力；而乙图则为验证机械能是否守恒的实验，对于甲是平衡摩擦力的，故“探究小车速度随时间变化的规律”实验，则应选择装丙图；（2）相邻的计数点间的时间间隔T=0.02s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：V C===1.50m/s故答案为：（1）丙、否；（2）1.50．（1）在探究中，是否存在阻力，对速度随时间变化的规律研究没有影响，从而根据实验原理，确定属于什么实验装置；（2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．10.某同学动手制作了一个电源，该同学想测量这个电源的电动势E和内阻r，但是从实验室只借到一个开关、一个电阻箱（最大阻值为999.9Ω，可当标准电阻用），一只电流表（量程I g=0.6A，内阻r g=0.1Ω）和若干导线．①请根据图1中提供的器材设计测定电源电动势E和内电阻r的电路图，并根据电路图连接图1中的实物图．②接通开关，逐次改变电阻箱的阻值R，读出与R对应的电流表的示数I，并作好记录．当电阻箱的阻值R=2.6Ω时，其对应的电流表的示数如图2所示．则示数为______ A．处理实验数据时，首先计算出每个电流值I的倒数；再制作R-坐标图，如图3所示，图中已标注出了（R，）的几个与测量对应的坐标点．③在图3上把描绘出的坐标点连成图线．④根据图3描绘出的图线可得出这个电池的电动势E= ______ V，内电阻r= ______ Ω．【答案】0.50；1.5；0.40【解析】解：（1）由于没有电压表，故采用电阻箱的方式连接即可，故实验电路接法如下图所示；（2）电流表量程为0.6A，最小分度为0.02A，故读数为0.50A；（3）用直线将各点连接起来，误差明确较大的点舍去，得出图线如下图所示；（4）由闭合电路欧姆定律可知：E=I（R+r），R=-r，故图象与纵坐标的交点r=0.3Ω；即内电阻为：r=0.40Ω图象的斜率表示电源的电动势，故：E=1.5V；故答案为：（1）电路图如图所示；（2）0.50；（3）图象如图所示；（4）1.5；0.40（1）电阻箱可以读出电阻，则本实验中不需要电压表，故将电流表、电阻箱及电源串联即可；（2）根据电表的量程可确定最小分度，则可得出读数；（3）用平滑的导线将各点连接即可，注意误差较大的点要舍去；（4）由闭合电路欧姆定律可得出电阻与电流的关系，则结合图象可得出电动势和内电阻．本题应注意电阻箱由于电阻可读，由可以用来与电流表结合实验得出电源的电动势和内电阻；注意在利用图线进行数据处理时，只要写出纵横坐标所代表物理量之间的函数关系及可明确斜率以及截距的物理意义．四、计算题(本大题共2小题，共32.0分)11.我国自主研发制造的新型舰载机歼-31即将服役，某次飞行训练，飞行员乘坐在总质量m=2×104kg的训练飞机上，飞机以300m/s的速度沿30°倾角匀速爬升到8000m高空时，经过一小段圆弧调整后迅速向上拉起，沿竖直方向以v0=300m/s的初速度向上做匀减速直线运动，匀减速的加速度大小为g，当飞机到最高点后立即掉头向下，沿竖直方向以加速度g做加速运动，在这段时间内创造出完全失重的环境，当飞机离地2000m高时，为了安全必须拉起，之后又可一次次重复为飞行员提供失重训练，每次飞机速度到达450m/s后必须终止失重训练（否则飞机可能失控），求：（整个运动空间重力加速度g=10m/s2）（1）飞机一次上下运动飞行员创造的完全失重的时间；（2）若飞机飞行时所受的空气阻力f=kv2（k=0.5N•s2/m2），飞机从最高点下降到离地4500m时飞机发动机的推力．【答案】解：（1）上升时间t1===30s上升高度h1==4500m竖直下落当速度达到450m/s时，下落高度为：h2==10125m此时离地高度△h=h+h1-h2=8000+4500-10125m=2375m＞2000m所以t2==45s飞机一次上下为航天员创造的完全失重时间为t=t1+t2=30s+45s=75s（2）飞机离地4500m＞2375m时，仍处于完全失重状态，飞机自由下落的高度为h2=4500m+8000m-4500m=8000m此时飞机的速度v2==400m/s由于飞机加速度为g，所以推力F推应与空气阻力大小相等F推=F=kv22=0.5×4002N=8×104N答：（1）飞机一次上下运动飞行员创造的完全失重的时间为75s；（2）飞机从最高点下降到离地4500m时飞机发动机的推力为8×104N．【解析】（1）匀减速上升和匀加速下降都是失重状态，加速度大小为g正是完全失重，故时间为两次的时间之和；（2）求出飞机下降到离地4500m时的速度，结合飞机的加速度为g，由牛顿第二定律求解飞机发动机的推力知道匀减速上升和匀加速下降都是失重状态，注意牛顿第二定律的瞬时性以及合理选择运动学方程．12.如图所示，一对加有恒定电压的平行金属极板竖直放置，板长、间距均为d．在右极板的中央有个小孔P，小孔右方半径为R的圆形区域内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，区域边界刚好与右极板在小孔在P处相切，一排宽度也为d的带负电粒子以速度V0竖直向上同时进入两极板间后，只有一个粒子通过小孔P进入磁场，其余全部打在右极板上，且最后一个到达极板的粒子刚好打在右极板的上边缘．已知这排粒子中每个粒子的质量均为m、电荷量大小均为q，磁场的感应强度大小为，不计粒子的重力及粒子间的相互作用力，求：（1）板间的电压大小U；（2）通过小孔P的粒子离开磁场时到右极板的距离L；（3）通过小孔P的粒子在电场和磁场中运动的总时间t总．【答案】解：（1）粒子在电场力作用下，做类平抛运动，根据牛顿第二定律与运动学公式，则有：水平方向有：；竖直方向有：d=v0t；而a=；解得：U=；（2）粒子从P点进入磁场时的速度大小，设为v，则有：v==v0；且速度与竖直板夹角为45°；根据圆周运动的半径公式，则有：r=而磁场的感应强度大小为：B=，解得：r=R；根据几何关系，可知，离开磁场时到右极板的距离为：L==R；（3）粒子在电场力作用下，做类平抛运动，所需要时间为：t1==；而粒子在磁场中，与水平方向夹角为45°，那么出磁场时，也与水平方向夹角为45°，因此在磁场中运动时间为：t2===；那么通过小孔P的粒子在电场和磁场中运动的总时间为：t总=t1+t2=；答：（1）板间的电压大小；（2）通过小孔P的粒子离开磁场时到右极板的距离R；（3）通过小孔P的粒子在电场和磁场中运动的总时间．【解析】（1）根据粒子做类平抛运动，结合运动的合成与分解，及牛顿第二定律与运动学公式，即可求解；（2）根据速度的合成法则，结合圆周运动的半径公式，即可求解；（3）根据粒子在电场中，由运动学公式求得运动的时间，再根据在磁场中，轨迹对应的圆心角，求得在磁场中运动时间，最后即可求解总时间．考查粒子在电场中类平抛运动与磁场中匀速圆周运动，掌握牛顿第二定律与运动学公式的应用，理解向心力表达，注意结合几何关系画出运动轨迹是解题的关键．六、计算题(本大题共1小题，共9.0分)14.如图所示，一直立气缸由两个横截面积不同的圆筒连接而成，活塞A、B间封闭有一定质量的理想气体，A的上方和B的下方分别与大气相通．两活塞用长为L=30cm的不可伸长的细线相连，可在缸内无摩擦地上下滑动．当缸内封闭气体的温度为T1=300K时，活塞A、B的平衡位置如图所示．已知活塞A、B的质量均为m=1.0kg，横截面积分别为S A=20cm2、S B=10cm2，大气压强为P0=1.0×105P a，重力加速度为g=10m/s2．（1）活塞A、B在图示位置时，求缸内封闭气体的压强；（2）现对缸内封闭气体缓慢加热，为使气缸不漏气，求缸内封闭气体的最高温度．【答案】解：（1）活塞A、B均静止，都处于平衡状态，由平衡条件得：。
2015年普通高等学校全国统一考试信息卷三理综物理试题含答案
2015年普通高等学校全国统一考试信息卷三理综物理试题绝密★启用前2015年普通高等学校全国统一考试信息卷三理科综合能力测试本试卷分为第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分。
第I卷1至6页，第II卷7至17页，共300分。
考生注意：1. 答题前，考生务必将自己的准考证号、姓名填写在答题卡。
考生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“准考证号、姓名、考试科目”与考生本人准考证号、姓名是否一致。
2. 第I卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
第II卷用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答，在试题卷上作答，答案无效。
3.考试结束，监考员将试题卷、答题卡一并收回。
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14—18小题只有一项符合题目要求，第19—21小题只有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.物理学家通过艰苦的实验来探究自然的物理规律，为人类的科学事业做出了巨大贡献，值得我们敬仰。
下列描述中符合物理学史实的是A．开普勒发现了行星运动三定律，从而提出了日心说B．牛顿发现了万有引力定律但并未测定出引力常量GC．奥斯特发现了电流的磁效应并提出了分子电流假说D．法拉第发现了电磁感应现象并总结出了判断感应电流方向的规律15.如果把水星和金星绕太阳的运动视为匀速圆周运动, 从水星与金星在一条直线上开始计时, 若天文学家测得在相同时间内水星转过的角度为θ1;金星转过的角度为θ2(θ1、θ2均为锐角), 则由此条件不可求得A. 水星和金星绕太阳运动的周期之比B. 水星和金星的密度之比C. 水星和金星到太阳的距离之比D. 水星和金星绕太阳运动的向心加速度大小之比16.利用如图所示的实验装置可以测量磁感应强度。
其中2为力敏传感器，3为数字电压表，5为底部长为L的线框。
当外界拉力作用于力敏传感器的弹性梁上时，数字电压表上的读数U 与所加外力F成正比，即U=KF，式中K为比例系数。
湖南省郴州市高三物理下学期第三次模拟试卷(含解析)
湖南省郴州市2015届高考物理三模试卷一、选择题（本共8小题，每小题6分，满分48分，在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求，全选对的得6分，选对但不全的的3分，有选错的的0分）1．在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是( )A．伽利略把斜面实验的结果合理外推，发现了自由落体运动规律和行星运动的规律B．牛顿通过实验测出了引力常量并进行了著名的“月﹣地检验”C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因并提出了惯性定律D．安培提出了分子电流假说，并在磁场与电流的相互作用方面做出了杰出的贡献2．如图示是一对等量异种点电荷的电场线分布图，图中两点电荷P、Q连线长度为r，M点、N点到两点电荷P、Q的距离都为r，S点到点电荷Q的距离也为r，由此可知( )A．M点的电场强度为2kB．M、N、S三点的电势可能相等C．把同一试探电荷放在M点，其所受电场力等于放在S点所受的电场力D．沿图中虚线，将一试探电荷从N点移到M点，电场力一定不做功3．有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，b处于地面附近近地轨道上正常运动，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，设地球自转周期为24h，所有卫星均视为匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则有( )A．a的向心加速度等于重力加速度gB．b在相同时间内转过的弧长最长C．c在4 h内转过的圆心角是D．d的运动周期有可能是23h4．某同学表演魔术时，将一小型条形磁铁藏在自己的袖子里，然后对着一悬挂的金属小球指手画脚，结果小球在他神奇的功力下飘动起来．假设当隐藏的小磁铁位于小球的左上方某一位置C时，金属小球恰能静止于Q点，CQ连线与竖直方向的夹角θ=30°，小球偏离竖直方向的夹角也是30°，如图所示．已知小球的质量为m，悬挂小球的细线长L，该同学（含磁铁）的质量为M，则( )A．图示位置悬挂小球的细线的拉力大小为mgB．图示位置该同学受到地面的支持力为MgC．图示位置该同学受到地面的摩擦力为mgD．小球从最低点位置缓慢上升到图示位置的过程中，磁力对小球不做功5．如图甲，矩形导线框abcd放在匀强磁场中，磁感线方向与线圈平面垂直，磁感应强度B 随时间变化的图象如图乙所示，t=0时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向里．若规定导线框中感应电流逆时针方向为正，则在0～4s时间内，线框中的感应电流I，以及线框的ab边所受安培力F随时间变化的图象为下图中的（安培力取向上为正方向）( )A．B．C．D．6．如图，一理想变压器原线圈接正弦交变电源，副线圈接有三盏相同的灯（不计灯丝电阻的变化），灯上均标有（36V，6W）字样，此时L1恰正常发光，图中两个电表均为理想电表，其中电流表显示读数为0.5A，下列说法正确的是( )A．原、副线圈匝数之比为3：1B．变压器的输入功率为12WC．电压表的读数为18VD．若L3突然断路，则L1变暗，L2变亮，输入功率减小7．如图，竖直向上的匀强电场中，绝缘轻质弹簧竖直立于水平地面上，上面放一质量为m 的带正电小球，小球与弹簧不连接，施加外力F将小球向下压至某位置静止．现撤去F，使小球沿竖直方向运动，在小球由静止到离开弹簧的过程中，重力、电场力对小球所做的功分别为W1和W2，小球离开弹簧时的速度为v，不计空气阻力，则上述过程中( )A．小球的重力势能增加﹣W1B．小球的电势能减少W2C．小球的机械能增加W1+mv2D．小球与弹簧组成的系统机械能守恒8．如图所示，质量为3m的重物与一质量为m的线框用一根绝缘细线连接起来，挂在两个高度相同的定滑轮上，已知线框电阻为R，横边边长为L，水平方向匀强磁场的磁感应强度为B，磁场上下边界的距离、线框竖直边长均为h．初始时刻，磁场的下边缘和线框上边缘的高度差为2h，将重物从静止开始释放，线框穿出磁场前，若线框已经做匀速直线运动，滑轮质量、摩擦阻力均不计．则下列说法中正确的是( )A．线框进入磁场时的速度为B．线框穿出磁场时的速度为C．线框通过磁场的过程中产生的热量Q=8mgh﹣D．线框进入磁场后，若某一时刻的速度为v，则加速度为a=g﹣二、非解答题：包括必考题和选考题两部分，第9-12题为必考题，每个试题考生必须作答，第13题-第18题为为选考题，考生根据要求作答。
湖南省永州市高三理综(物理部分)第三次模拟考试试题(含解析)新人教版
2015年湖南省永州市高考物理三模试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）（2015•永州三模）如图所示，一劲度系数为k的轻质弹簧两端分别与竖直墙壁和物块连接，弹簧、地面水平．A、B是物块能保持静止的位置中离墙壁最近和最远的两点，A、B 两点离墙壁的距离分别是x1、x2．则物块与地面的最大静摩擦力为（）A．k（x2﹣x1）B．k（x2+x1）C．D．【考点】：摩擦力的判断与计算．【专题】：摩擦力专题．【分析】：分别对物体处于对A、B点时进行受力分析，根据平衡条件列方程即可求解．【解析】：解：水平方向上，物块在A点受弹簧弹力和地面的摩擦力，方向相反，根据平衡条件有：k（x0﹣x1）=f同理，在B点根据水平方向上，受力平衡有：k（x2﹣x0）=f联立解得：物块与地面的最大静摩擦力为f=；故选：C．【点评】：本题考查了平衡条件以及胡克定律的直接应用，同时注意胡克定律中的形变量与长度的区别．2．（6分）（2015•永州三模）一质量为m的铁块以初速度v1沿粗糙斜面上滑，经过一段时间又返回出发点，整个过程铁块速度随时间变化的图象如图所示，下列说法正确的是（）A．铁块上滑过程与下滑过程满足v1t1=v2（t2﹣t1）B．铁块上滑过程处于超重状态C．铁块上滑过程与下滑过程的加速度方向相反D．铁块上滑过程损失的机械能为mv12【考点】：功能关系；牛顿第二定律．【分析】：由图象可知道，物体在0﹣t1内减速上升，在t1～t2内匀加速下降，加速度始终向下；超重加速度向上，失重状态的加速度的方向向下；v﹣t图象面积可以表示位移知速度关系；由能量是守恒的知机械能的损失．【解析】：解：A、速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，由图可知，上滑的位移为：v1t1，下滑的位移为v2（t2﹣t1），经过一段时间又返回出发点说明v1t1=v2（t2﹣t1），故A 正确；B、上滑过程匀减速上滑，加速度方向沿斜面向下，下滑过程匀加速下降则加速度方向沿斜面向下，故上滑和下滑过程加速度方向相同，物体都处于失重状态，故B错误，C错误；D、根据能量守恒知上滑损失机械能为：△E=Ek1﹣mgh=，故D错误；故选：A【点评】：该题通过速度图象考查力学的各种关系，图象简洁明了，能够直接得出物体各过程的运动规律，结合牛顿第二定律和功能关系求解，综合性较强．3．（6分）（2015•永州三模）如图所示，a、b两小球分别从半圆轨道顶端和斜面顶端以大小相等的初速度v0同时水平抛出，已知半圆轨道的半径与斜面竖直高度相等，斜面底边长是其竖直高度的2倍，若小球a能落到半圆轨道上，小球b能落到斜面上，则（）A．b球一定先落在斜面上B．a球可能垂直落在半圆轨道上C．a、b两球可能同时落在半圆轨道和斜面上D．a、b两球不可能同时落在半圆轨道和斜面上【考点】：平抛运动．【专题】：平抛运动专题．【分析】：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，将圆轨道和斜面重合在一起进行分析比较，即可得出正确答案．【解析】：解：将圆轨道和斜面轨道重合在一起，如图所示，交点为A，初速度合适，可知小球做平抛运动落在A点，则运动的时间相等，即同时落在半圆轨道和斜面上．若初速度不适中，由图可知，可能小球先落在斜面上，也可能先落在圆轨道上．故C正确，A、D错误．若a球垂直落在半圆轨道上，根据几何关系知，速度方向与水平方向的夹角是位移与水平方向的夹角的2倍，而在平抛运动中，某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，两者相互矛盾，所以a球不可能垂直落在半圆轨道上，故B错误．故选：C．【点评】：本题考查平抛运动比较灵活，学生容易陷入计算比较的一种错误方法当中，不能想到将半圆轨道和斜面轨道重合进行分析比较．4．（6分）（2015•永州三模）带电质点P1固定在光滑的水平绝缘桌面上，另有一个带电质点P2在桌面上运动，某一时刻质点P2的速度沿垂直于P1P2的连线方向，如图所示，关于质点P2以后的运动情况，下列说法正确的是（）A．若P1、P2带异种电荷，可能做加速度变大，速度变小的曲线运动B．若P1、P2带异种电荷，速度大小和加速度大小可能都不变C．若P1、P2带同种电荷，可能做速度变小的曲线运动D．若P1、P2带同种电荷，可能做加速度变大的曲线运动【考点】：元电荷、点电荷；物体做曲线运动的条件．【分析】：分P1和P2为同种电荷和异种电荷两种情况来讨论，当为同种电荷时，P2要远离P1，当为异种电荷的时候，根据库仑力和向心力的大小关系来分别讨论可能的运动情况．【解析】：解：A、若P1、P2为同种电荷，P1、P2之间的库仑力为引力，当P1、P2之间的库仑力大于需要的向心力的时候，P2球做向心运动，加速度变大，速度变大．故A错误．B、若P1、P2为异种电荷，P1、P2之间的库仑力为吸引力，当P1、P2之间的库仑力恰好等于向心力的时候，P2球就绕着P1做匀速圆周运动，此时P2速度的大小和加速度的大小都不变，故B正确．CD、若P1、P2为同种电荷，P1、P2之间的库仑力为排斥力，并且力的方向和速度的方向不再一条直线上，所以质点P2一定做曲线运动，由于两者之间的距离越来越大，它们之间的库仑力也就越来越小，所以P2的加速度在减小．速度增大，故CD错误；故选：B．【点评】：当P1、P2为异种电荷的时候，质点P2可能做向心运动也可能做离心运动，当库仑力恰好等于向心力的时候，P2就绕着P1做匀速圆周运动．5．（6分）（2015•永州三模）如图所示，一理想变压器的原、副线圈匝数之比为n1：n2=10：1，原线圈接入电压u=220sin100πt（V）的交流电源，交流电压表和电流表对电路的影响可忽略不计，定值电阻R0=10Ω，可变电阻R的阻值范围为0～10Ω，则（）A．副线圈中交变电流的频率为100HzB．t=0.02s时，电压表的示数为0C．调节可变电阻R的阻值时，电流表示数的变化范围为1.1A～2.2AD．当可变电阻阻值为10Ω时，变压器的输入电功率为24.2W【考点】：变压器的构造和原理；电功、电功率；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】：交流电专题．【分析】：根据电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．【解析】：解：A、电流的频率是由电压决定的，所以原副线圈中电流的频率是一样的，都为50Hz，故A错误．B、电压表的示数为电路的有效电压的大小，原线圈的有效电压为220V，根据电压与匝数成正比知电压表的示数为22V，故B错误．C、当R′的阻值为零时，副线圈电流为I=2.2A，当R′的阻值为10Ω时，副线圈电流为I′=1.1A，电流与匝数成反比，电流表示数的变化范围为0.11A～0.22A，故C错误．D、当可变电阻阻值为10Ω时，变压器的输入电功率等于输出功率P=I2R=1.12×20=24.2W，故D正确．故选：D．【点评】：掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，会从交流电表达式中获取有用的物理信息即可得到解决．6．（6分）（2015•永州三模）如图所示，两星球相距为L，质量比为mA：mB=1：9，两星球半径远小于L．从星球A沿A、B连线向B以某一初速度发射一探测器．只考虑星球A、B对探测器的作用，下列说法正确的是（）A．探测器的速度一直减小B．探测器在距星球A为处加速度为零C．若探测器能到达星球B，其速度可能恰好为零D．若探测器能到达星球B，其速度一定大于发射时的初速度【考点】：万有引力定律及其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：根据万有引力与探测器速度方向的关系，判断探测器的速度变化；抓住探测器所受的合力为零，根据万有引力定律求出加速度为零的位置．根据万有引力做功情况判断探测器到达星球B时的速度与初速度的关系．【解析】：解：A、探测器从A向B运动，所受的万有引力合力先向左再向右，则探测器的速度先减小后增大．故A错误．B、当探测器合力为零时，加速度为零，则有：，因为mA：mB=1：9，则rA：rB=3：1，知探测器距离星球A的距离为x=．故B正确．C、探测器到达星球B的过程中，由于B的质量大于A的质量，从A到B万有引力的合力做正功，则动能增加，所以探测器到达星球B的速度一定大于发射时的速度．故C错误，D正确．故选：BD．【点评】：解决本题的关键知道合力的方向与速度方向相同，做加速运动，合力的方向与速度方向相反，做减速运动．当合力为零，加速度为零．7．（6分）（2015•永州三模）如图所示，甲、乙两传送带与水平面的夹角相同，都以恒定速率v向上运动．现将一质量为m的小物体（视为质点）轻轻放在A处，小物体在甲传送带上到达B处时恰好达到传送带的速率v；在乙传送带上到达离B处竖直高度为h的C处时达到传送带的速率v，已知B处离地面的高度均为H．则在小物体从A到B的过程中（）A．小物体与甲传送带间的动摩擦因数较小B．两传送带对小物体做功相等C．两传送带消耗的电能相等D．两种情况下因摩擦产生的热量相等【考点】：功能关系；功的计算．【分析】：由题，甲图中小物体从底端上升到顶端B速度与传送带速度相同，乙图中上升到C 处速度与传送带速度相同，两种过程，初速度、末速度相等，位移不同，由运动学公式列式比较加速度的大小，由牛顿第二定律比较动摩擦因数的大小．动能定理表达式不同．本题的关键是比较两种情况下产生的热量关系，要根据相对位移．【解析】：解：A、根据公式v2=2ax，可知物体加速度关系a甲＜a乙，再由牛顿第二定律μmgcosθ﹣mgsinθ=ma，得知μ甲＜μ乙，故A正确；B、传送带对小物体做功等于小物块的机械能的增加量，动能增加量相等，重力势能的增加量也相同，故两种传送带对小物体做功相等，故B正确；C、D、由摩擦生热Q=fS相对知，甲图中：=，Q甲=f1S1=vt1﹣=f1，f1﹣mgsinθ=ma1=m乙图中：Q乙=f2S2=f2，f2﹣mgsinθ=ma2=m解得：Q甲=mgH+mv2，Q乙=mg（H﹣h）+mv2，Q甲＞Q乙，故D错误；根据能量守恒定律，电动机消耗的电能E电等于摩擦产生的热量Q与物块增加机械能之和，因物块两次从A到B增加的机械能相同，Q甲＞Q乙，所以将小物体传送到B处，两种传送带消耗的电能甲更多，故C错误，D错误；故选：AB．【点评】：解决该题关键要能够对物块进行受力分析，运用运动学公式和牛顿第二定律找出相对位移和摩擦力的关系．注意传送带消耗电能和摩擦生热的关系及求法．8．（6分）（2015•永州三模）如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上，存在着两个磁感应强度大小均为B的匀强磁场区域．区域Ⅰ的磁场方向垂直斜面向上，区域Ⅱ的磁场方向垂直斜面向下，磁场边界MN、PQ、GH均平行于斜面底边，MP、PG均为L．一个质量为m、电阻为R、边长也为L的正方形导线框，由静止开始沿斜面下滑，下滑过程中ab边始终与斜面底边平行．t1时刻ab边刚越过GH进入磁场Ⅰ区域，此时导线框恰好以速度v1做匀速直线运动；t2时刻ab边下滑到PQ与MN的中间位置，此时导线框又恰好以速度v2做匀速直线运动．重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．当ab边刚越过PQ时，导线框的加速度大小为a=gsin θB．导线框两次做匀速直线运动的速度之比v1：v2=4：1C．从t1到t2的过程中，导线框克服安培力做的功等于机械能的减少量D．从t1到t2的过程中，有的机械能转化为电能【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；功能关系．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：当ab边刚越过GH进入磁场I时做匀速直线运动，安培力、拉力与重力的分力平衡，由平衡条件和安培力公式结合求解线圈ab边刚进入磁场I时的速度大小；当线圈进入磁场II做匀速运动的过程中，再次根据平衡条件求解速度；从t1到t2的过程中，减小的机械能全部转化为电能．【解析】：解：A、当ab边刚越过PQ时，由于两个边的切割磁感线的电动势方向相同，故电流增加为2倍，ab边的安培力增加为2倍，cd边也有了安培力，故加速度不为gsinθ，故A 错误；B、第一次，根据平衡条件，有：mgsinθ﹣=0第二次，根据平衡条件，有：mgsinθ﹣2×=0联立解得：v1：v2=4：1，故B正确；C、从t1到t2的过程中，根据功能关系，导线框克服安培力做功的大小等于机械能的减少，故C正确；D、从t1到t2的过程中，有+mg•△h的机械能转化为电能，故D错误；故选：BC【点评】：本题从力和能量两个角度分析电磁感应现象，安培力的表达式F=是常用的经验公式，要记牢．运用动能定理时，要分析所有力做功情况，不能遗漏．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．（6分）（2015•永州三模）如图甲是实验室测定水平面和小物块之间动摩擦因数的实验装置，曲面AB与水平面相切于B点且固定．带有遮光条的小物块自曲面上面某一点释放后沿水平面滑行最终停在C点，P为光电计时器的光电门，已知当地重力加速度为g．（1）利用游标卡尺测得遮光条的宽度如图乙所示，则遮光条的宽度d= 1.060cm；（2）实验中除了测定遮光条的宽度外，还需要测量的物理量有BC；A．小物块质量m B．遮光条通过光电门的时间tC．光电门到C点的距离s D．小物块释放点的高度h（3）为了减小实验误差，同学们采用图象法来处理实验数据，他们根据（2）测量的物理量，建立图丙所示的坐标系来寻找关系，其中合理的是B．【考点】：探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】：实验题．【分析】：（1）游标卡尺的读数时先读出主尺的刻度，然后看游标尺上的哪一个刻度与主尺的刻度对齐，最后读出总读数；（2）根据题目的叙述，确定实验的原理，然后确定待测量与摩擦力的公式；（3）根据实验的原理确定处理实验数据的方法．【解析】：解：（1）主尺的刻度：1cm，游标尺上的第12个刻度与主尺的刻度对齐，读数是：0.05×12=0.60mm，总读数：10mm+0.60mm=10.60mm=1.060cm；（2）实验的原理：根据遮光条的宽度与滑块通过光电门的时间即可求得滑块的速度：v=；B到C的过程中，摩擦力做功，根据动能定理得：﹣μmgs=0﹣mv2；联立以上两个公式得动摩擦因数的表达式：μ=；还需要测量的物理量是：光电门P与C之间的距离s，与遮光条通过光电门的时间t，故BC正确，AD错误．（3）由动摩擦因数的表达式可知，μ与t2和s的乘积成反比，所以s与的图线是过原点的直线，应该建立的坐标系为：纵坐标用物理量，横坐标用物理量s，即B正确，ACD错误．故答案为：（1）1.060；（2）BC；（3）B．【点评】：本题通过动能定理得出动摩擦因数的表达式，从而确定要测量的物理量．要先确定实验的原理，然后依据实验的原理解答即可．10．（9分）（2015•永州三模）一位同学想测量一个量程约为5V有清晰刻度但没有示数、内电阻约为10kΩ的电压表Vx的内阻，可以使用的实验器材如下：A．电源（电动势约15V，内电阻小于2Ω）B．标准电压表V0（量程为15V，内电阻约30kΩ）C．电阻箱（阻值范围0～9 999.9Ω）D．电阻箱（阻值范围0～99 999.9Ω）E．滑动变阻器（阻值为0～20Ω）F．滑动变阻器（阻值为0～20kΩ）G．开关S和导线若干该同学的实验操作过程为：（1）将实验仪器按图甲所示电路连接，电阻箱R1应选D，滑动变阻器R0应选E（选填仪器前的字母序号）；（2）将电阻箱R1的阻值调至最大，将滑动变阻器的滑片P移至滑动变阻器接近右端处，闭合开关S；接着调节电阻箱，直至电压表Vx满偏，记录此时电阻箱的阻值和标准电压表V0的示数；（3）向左移动滑片P至滑动变阻器的另一位置，再次调节电阻箱R1直至电压表Vx满偏，记录此时电阻箱的阻值和标准电压表V0的示数；（4）重复步骤（3）3～5次；（5）该同学将实验中记录的各组电阻箱的阻值R和标准电压表V0的示数U的数据在U﹣R 坐标系中正确地描好了点（如图乙），请你在图中完成U﹣R图线；（6）根据图线可以求得电压表Vx的内电阻为9kΩ．（结果保留一位有效数字）【考点】：伏安法测电阻．【专题】：实验题．【分析】：由所给电路及实验过程可知其实验原理：U0的求数为U，R1的示数为R，则，图象法处理数据在U﹣R图象中纵截距为Ux，斜率为．则可求Ux与Rx．再由串并联特点选择相应的器材．根据对应的图象中的斜率可求得待测电阻的阻值．【解析】：解：（1）因要测电压表的电阻约为10kΩ，所串联电阻分压由所给的数据可达电压表的2倍，则其阻值要达到20kΩ，故选D，滑动变阻器用的分压式接法，选小电阻便于调节．故选E．（5）图线如图（6）因，由图知纵截距为4.5V其为量程，斜率为可得：Rx=9kΩ故答案为：（1）D E（5）如上图（6））9【点评】：本题考查电阻的测量，重点在于考查对实验电路的理解，要求能掌握结合图象处理实验数据的能力，并学会求分压电阻．11．（13分）（2015•永州三模）某汽车训练场地有如图设计，在平直的道路上，依次有编号为A、B、C、D、E的五根标志杆，相邻杆之间的距离△L=12.0m．一次训练中，学员驾驶汽车以57.6km/h的速度匀速向标志杆驶来，教练与学员坐在同排观察并记录时间．当教练经过O点时向学员发出指令：“立即刹车”，同时用秒表开始计时．学员需要经历△t=0.5s的反应时间才开始刹车，刹车后汽车做匀减速直线运动，停在D标杆附近．教练记录自己经过B、C杆时秒表的读数分别为tB=4.5s，tC=6.5s，已知LOA=44m，教练距车头的距离△s=1.5m．求：（1）学员的反应时间△t和刹车后汽车做匀减速运动的加速度大小a；（2）汽车停止运动时，车头离标志杆D的距离△x．【考点】：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与位移的关系．【专题】：直线运动规律专题．【分析】：（1）学员甲在反应时间△t内，汽车做仍匀速运动，刹车后做匀减速运动．汽车从O到标志杆B的过程中和汽车从O到标志杆C的过程中分别列位移方程，联立求解速度和加速度．（2）先求出汽车从开始到停下运动的距离，在根据位移关系求汽车停止运动时车头前端面离D的距离．【解析】：解：（1）汽车从O到标志杆B的过程中：LOA+△L=v0△t+v0（tB﹣△t）﹣（tB﹣△t）2汽车从O到标志杆C的过程中：LOA+2△L=v0△t+v0（tC﹣△t）﹣（tC﹣△t）2联立方程组得：v0=16m/sa=2m/s2（2）汽车从开始到停下运动的距离：可得x=72m因此汽车停止运动时车头前端面在CD之间离DLOA+3△L﹣s﹣x=44+36﹣2﹣72=6.5m．答：（1）刹车前汽车做匀速运动的速度大小为16m/s，汽车开始刹车后做匀减速直线运动的加速度大小a为2m/s2；（2）汽车停止运动时车头前端面离D的距离为6m．【点评】：此题要理解反应时间内汽车继续做匀速运动，还要养成画运动过程示意图，找位移之间的关系．此题有一定的难度．12．（19分）（2015•永州三模）在真空中，边长为3L的正方形区域ABCD分成相等的三部分，左右两侧为匀强磁场，中间区域为匀强电场，如图所示．左侧磁场的磁感应强度大小为B1=，方向垂直纸面向外；右侧磁场的磁感应强度大小为B2=，方向垂直于纸面向里；中间区域电场方向与正方形区域的上下边界平行．一质量为m、电荷量为+q的带电粒子从平行金属板的正极板开始由静止被加速，加速电压为U，加速后粒子从a点进入左侧磁场，又从距正方形上下边界等间距的b点沿与电场平行的方向进入中间区域的电场中，不计粒子重力，求：（1）a点到A点的距离；（2）电场强度E的取值在什么范围内时粒子能从右侧磁场的上边缘CC1间离开；（3）改变中间区域的电场方向和场强大小，粒子可从D点射出，粒子在左右两侧磁场中运动的总时间是多少．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：（1）根据动能定理求出粒子经加速电场加速后的速度，结合洛伦兹力提供向心力，通过半径公式和几何关系求出a点到A点的距离；（2）作出粒子在右侧磁场中沿半径为Rn和Rm的两临界轨道从上边缘CC1离开磁场时的轨迹，通过半径公式、动能定理以及几何关系求出电场强度的取值范围；（3）作出粒子的运动轨迹，根据周期公式以及粒子在磁场中的圆心角求出粒子在左右两侧磁场中运动的总时间．【解析】：解：（1）粒子在金属板电场加速时①粒子在左侧磁场中运动时，有②③a到A点的距离④由①～④式解得．（2）如图甲所示，粒子在右侧磁场中沿半径为Rn和Rm的两临界轨道从上边缘CC1离开磁场时，有⑤Rm=L ⑥又⑦⑧粒子在中间电场运动时⑨⑩由①⑤⑦⑧⑨⑩式解得，电场强度的取值范围为（3）粒子在左右磁场运动⑪⑫必须改变中间区域的电场方向并取定电场E的某一恰当确定数值，粒子才能沿如图乙所示的轨迹从D点射出．由①～③式可得α=60°，有⑬由⑪⑫⑬式解得．答：（1）a点到A点的距离为；（2）电场强度E的取值在范围内时粒子能从右侧磁场的上边缘CC1间离开；（3）粒子在左右两侧磁场中运动的总时间是．【点评】：本题是带电粒子在组合场中运动的问题，解题关键是画出粒子的运动轨迹，运用几何知识，结合半径公式和周期公式进行求解．(二）选考题，请考生从以下三个模块中任选一模块作答[物理--选修3-3]（15分）13．（6分）（2015•永州三模）以下说法正确的是（）A．晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点B．外界对物体做功，物体内能一定增加C．布朗运动是悬浮在液体中的小颗粒的运动，它说明液体分子永不停息地做无规则热运动D．当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小E．知道水蒸气的摩尔体积和水分子的体积，可计算出阿伏加德罗常数【考点】：* 晶体和非晶体；物体的内能．【分析】：晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；根据热力学第一定律：△U=W+Q判断物体的内能的变化；布朗运动和扩散现象都是分子无规则热运动的体现；【解析】：解：A、单晶体和多晶体都有固定的熔点，而非晶体没有固定的熔点，故A正确；B、外界对物体做功，若同时物体放出热量，物体内能不一定增加，故B错误；C、布朗运动是悬浮在液体中的小颗粒的运动，它说明液体分子永不停息地做无规则热运动．故C正确；D、当分子间的距离增大时，分子之间的引力和斥力均同时减小，但斥力减小的更快，当合力表现为引力时，分子势能增加，当合力表现为斥力时，分子势能减小，故D正确；E、固体液体的分子间距离较小，但气体分子间距离较大，故知道水蒸气的摩尔体积和水分子的体积，不可计算出阿伏加德罗常数，故E错误；故选：ACD【点评】：该题考查晶体与非晶体的特点、热力学第一定律、布朗运动、分子力和分子势能等知识点，都是一些记忆性的知识点的内容，做好这一类的题目，关键要多看课本，熟悉基础知识．14．（9分）（2015•永州三模）如图所示，结构相同的绝热汽缸A与导热汽缸B均固定于地面，由刚性杆连接的绝热活塞与两汽缸间均无摩擦．已知两汽缸的横截面积之比SA：SB=2：1，两汽缸内均装有处于平衡状态的某理想气体，开始时汽缸中的活塞与缸底的距离均为L，温度均为T0，压强均等于外界大气压p0．缓慢加热A中气体，停止加热达到稳定后，A中气体压强为原来的1.2倍．设环境温度始终保持不变，求：（i）停止加热达到稳定后，A、B汽缸中的气体压强之比；（ii）稳定后汽缸A中活塞距缸底的距离．【考点】：理想气体的状态方程．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：①中活塞在气体变化前后都是受力平衡，对活塞受力分析，利用力平衡可求得②AB气体的变化中，B的变化是等温变化较简单，利用B的变化求得B变化后的LB，又因为AB两部分的总长度是定值，可解的A距底端的距离．【解析】：解：（i）膨胀后A的压强pA=1.2p0…①加热后活塞平衡时，有：（pA﹣p0）SA=（pB﹣p0）SB…②则膨胀后B的压强为：pB=1.4p0…③由①～③式解得：pA：pB=6：7（ii）设稳定后A、B两汽缸中活塞距缸底的距离分别为LA、LB，对B，有：p0LSB=1.4p0LBSB…④又：LA+LB=2L…⑤由③④⑤式解得：LA=L答：（i）停止加热达到稳定后，A、B汽缸中的气体压强之比为6：7；（ii）稳定后汽缸A中活塞距缸底的距离为．【点评】：对连接体问题中，连接体在气体变化前后受力都平衡，所以对连接体利用受力平衡求解就很简单了，再者在两部分气体中，利用变化简单的气体，求解气体状态参量，会减少很多繁琐的过程．[物理--选修3-4]（15分）15．（2015•永州三模）一振动周期为T，位于x=0处的波源从平衡位置开始沿y轴正反方向做简谐运动，该波源产生的简谐横波沿x轴正方向传播，波速为v，关于在x=处的质点P，下列说法正确的是（）A．质点P振动周期为T，速度的最大值为vB．若某时刻质点P的速度方向沿y轴负方向，则该时刻波源速度方向沿y轴正方向。
物理高考模拟卷-高三物理试题及答案-永州市高三第三次模拟考试理综试题
2015年湖南省永州市高考物理三模试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）（2015•永州三模）如图所示，一劲度系数为k的轻质弹簧两端分别与竖直墙壁和物块连接，弹簧、地面水平．A、B是物块能保持静止的位置中离墙壁最近和最远的两点，A、B两点离墙壁的距离分别是x1、x2．则物块与地面的最大静摩擦力为（）A． k（x2﹣x1） B． k（x2+x1） C． D．【考点】：摩擦力的判断与计算．【专题】：摩擦力专题．【分析】：分别对物体处于对A、B点时进行受力分析，根据平衡条件列方程即可求解．【解析】：解：水平方向上，物块在A点受弹簧弹力和地面的摩擦力，方向相反，根据平衡条件有：k（x0﹣x1）=f同理，在B点根据水平方向上，受力平衡有：k（x2﹣x0）=f联立解得：物块与地面的最大静摩擦力为f=；故选：C．【点评】：本题考查了平衡条件以及胡克定律的直接应用，同时注意胡克定律中的形变量与长度的区别．2．（6分）（2015•永州三模）一质量为m的铁块以初速度v1沿粗糙斜面上滑，经过一段时间又返回出发点，整个过程铁块速度随时间变化的图象如图所示，下列说法正确的是（）A．铁块上滑过程与下滑过程满足v1t1=v2（t2﹣t1）B．铁块上滑过程处于超重状态C．铁块上滑过程与下滑过程的加速度方向相反D．铁块上滑过程损失的机械能为mv12【考点】：功能关系；牛顿第二定律．【分析】：由图象可知道，物体在0﹣t1内减速上升，在t1～t2内匀加速下降，加速度始终向下；超重加速度向上，失重状态的加速度的方向向下；v﹣t图象面积可以表示位移知速度关系；由能量是守恒的知机械能的损失．【解析】：解：A、速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，由图可知，上滑的位移为：v1t1，下滑的位移为v2（t2﹣t1），经过一段时间又返回出发点说明v1t1=v2（t2﹣t1），故A 正确；B、上滑过程匀减速上滑，加速度方向沿斜面向下，下滑过程匀加速下降则加速度方向沿斜面向下，故上滑和下滑过程加速度方向相同，物体都处于失重状态，故B错误，C错误；D、根据能量守恒知上滑损失机械能为：△E=E k1﹣mgh=，故D错误；故选：A【点评】：该题通过速度图象考查力学的各种关系，图象简洁明了，能够直接得出物体各过程的运动规律，结合牛顿第二定律和功能关系求解，综合性较强．3．（6分）（2015•永州三模）如图所示，a、b两小球分别从半圆轨道顶端和斜面顶端以大小相等的初速度v0同时水平抛出，已知半圆轨道的半径与斜面竖直高度相等，斜面底边长是其竖直高度的2倍，若小球a能落到半圆轨道上，小球b能落到斜面上，则（）A． b球一定先落在斜面上B． a球可能垂直落在半圆轨道上C． a、b两球可能同时落在半圆轨道和斜面上D． a、b两球不可能同时落在半圆轨道和斜面上【考点】：平抛运动．【专题】：平抛运动专题．【分析】：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，将圆轨道和斜面重合在一起进行分析比较，即可得出正确答案．【解析】：解：将圆轨道和斜面轨道重合在一起，如图所示，交点为A，初速度合适，可知小球做平抛运动落在A点，则运动的时间相等，即同时落在半圆轨道和斜面上．若初速度不适中，由图可知，可能小球先落在斜面上，也可能先落在圆轨道上．故C正确，A、D错误．若a球垂直落在半圆轨道上，根据几何关系知，速度方向与水平方向的夹角是位移与水平方向的夹角的2倍，而在平抛运动中，某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，两者相互矛盾，所以a球不可能垂直落在半圆轨道上，故B错误．故选：C．【点评】：本题考查平抛运动比较灵活，学生容易陷入计算比较的一种错误方法当中，不能想到将半圆轨道和斜面轨道重合进行分析比较．4．（6分）（2015•永州三模）带电质点P1固定在光滑的水平绝缘桌面上，另有一个带电质点P2在桌面上运动，某一时刻质点P2的速度沿垂直于P1P2的连线方向，如图所示，关于质点P2以后的运动情况，下列说法正确的是（）A．若P1、P2带异种电荷，可能做加速度变大，速度变小的曲线运动B．若P1、P2带异种电荷，速度大小和加速度大小可能都不变C．若P1、P2带同种电荷，可能做速度变小的曲线运动D．若P1、P2带同种电荷，可能做加速度变大的曲线运动【考点】：元电荷、点电荷；物体做曲线运动的条件．【分析】：分P1和P2为同种电荷和异种电荷两种情况来讨论，当为同种电荷时，P2要远离P1，当为异种电荷的时候，根据库仑力和向心力的大小关系来分别讨论可能的运动情况．【解析】：解：A、若P1、P2为同种电荷，P1、P2之间的库仑力为引力，当P1、P2之间的库仑力大于需要的向心力的时候，P2球做向心运动，加速度变大，速度变大．故A错误．B、若P1、P2为异种电荷，P1、P2之间的库仑力为吸引力，当P1、P2之间的库仑力恰好等于向心力的时候，P2球就绕着P1做匀速圆周运动，此时P2速度的大小和加速度的大小都不变，故B正确．CD、若P1、P2为同种电荷，P1、P2之间的库仑力为排斥力，并且力的方向和速度的方向不再一条直线上，所以质点P2一定做曲线运动，由于两者之间的距离越来越大，它们之间的库仑力也就越来越小，所以P2的加速度在减小．速度增大，故CD错误；故选：B．【点评】：当P1、P2为异种电荷的时候，质点P2可能做向心运动也可能做离心运动，当库仑力恰好等于向心力的时候，P2就绕着P1做匀速圆周运动．5．（6分）（2015•永州三模）如图所示，一理想变压器的原、副线圈匝数之比为n1：n2=10：1，原线圈接入电压u=220sin100πt（V）的交流电源，交流电压表和电流表对电路的影响可忽略不计，定值电阻R0=10Ω，可变电阻R的阻值范围为0～10Ω，则（）A．副线圈中交变电流的频率为100HzB． t=0.02s时，电压表的示数为0C．调节可变电阻R的阻值时，电流表示数的变化范围为1.1A～2.2AD．当可变电阻阻值为10Ω时，变压器的输入电功率为24.2W【考点】：变压器的构造和原理；电功、电功率；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】：交流电专题．【分析】：根据电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．【解析】：解：A、电流的频率是由电压决定的，所以原副线圈中电流的频率是一样的，都为50Hz，故A错误．B、电压表的示数为电路的有效电压的大小，原线圈的有效电压为220V，根据电压与匝数成正比知电压表的示数为22V，故B错误．C、当R′的阻值为零时，副线圈电流为I=2.2A，当R′的阻值为10Ω时，副线圈电流为I′=1.1A，电流与匝数成反比，电流表示数的变化范围为0.11A～0.22A，故C错误．D、当可变电阻阻值为10Ω时，变压器的输入电功率等于输出功率P=I2R=1.12×20=24.2W，故D正确．故选：D．【点评】：掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，会从交流电表达式中获取有用的物理信息即可得到解决．6．（6分）（2015•永州三模）如图所示，两星球相距为L，质量比为m A：m B=1：9，两星球半径远小于L．从星球A沿A、B连线向B以某一初速度发射一探测器．只考虑星球A、B对探测器的作用，下列说法正确的是（）A．探测器的速度一直减小B．探测器在距星球A为处加速度为零C．若探测器能到达星球B，其速度可能恰好为零D．若探测器能到达星球B，其速度一定大于发射时的初速度【考点】：万有引力定律及其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：根据万有引力与探测器速度方向的关系，判断探测器的速度变化；抓住探测器所受的合力为零，根据万有引力定律求出加速度为零的位置．根据万有引力做功情况判断探测器到达星球B时的速度与初速度的关系．【解析】：解：A、探测器从A向B运动，所受的万有引力合力先向左再向右，则探测器的速度先减小后增大．故A错误．B、当探测器合力为零时，加速度为零，则有：，因为m A：m B=1：9，则r A：r B=3：1，知探测器距离星球A的距离为x=．故B正确．C、探测器到达星球B的过程中，由于B的质量大于A的质量，从A到B万有引力的合力做正功，则动能增加，所以探测器到达星球B的速度一定大于发射时的速度．故C错误，D正确．故选：BD．【点评】：解决本题的关键知道合力的方向与速度方向相同，做加速运动，合力的方向与速度方向相反，做减速运动．当合力为零，加速度为零．7．（6分）（2015•永州三模）如图所示，甲、乙两传送带与水平面的夹角相同，都以恒定速率v向上运动．现将一质量为m的小物体（视为质点）轻轻放在A处，小物体在甲传送带上到达B处时恰好达到传送带的速率v；在乙传送带上到达离B处竖直高度为h的C处时达到传送带的速率v，已知B处离地面的高度均为H．则在小物体从A到B的过程中（）A．小物体与甲传送带间的动摩擦因数较小B．两传送带对小物体做功相等C．两传送带消耗的电能相等D．两种情况下因摩擦产生的热量相等【考点】：功能关系；功的计算．【分析】：由题，甲图中小物体从底端上升到顶端B速度与传送带速度相同，乙图中上升到C处速度与传送带速度相同，两种过程，初速度、末速度相等，位移不同，由运动学公式列式比较加速度的大小，由牛顿第二定律比较动摩擦因数的大小．动能定理表达式不同．本题的关键是比较两种情况下产生的热量关系，要根据相对位移．【解析】：解：A、根据公式v2=2ax，可知物体加速度关系a甲＜a乙，再由牛顿第二定律μmgcosθ﹣mgsinθ=ma，得知μ甲＜μ乙，故A正确；B、传送带对小物体做功等于小物块的机械能的增加量，动能增加量相等，重力势能的增加量也相同，故两种传送带对小物体做功相等，故B正确；C、D、由摩擦生热Q=fS相对知，甲图中：=，Q甲=f1S1=vt1﹣=f1，f1﹣mgsinθ=ma1=m乙图中：Q乙=f2S2=f2，f2﹣mgsinθ=ma2=m解得：Q甲=mgH+mv2，Q乙=mg（H﹣h）+mv2，Q甲＞Q乙，故D错误；根据能量守恒定律，电动机消耗的电能E电等于摩擦产生的热量Q与物块增加机械能之和，因物块两次从A到B增加的机械能相同，Q甲＞Q乙，所以将小物体传送到B处，两种传送带消耗的电能甲更多，故C错误，D错误；故选：AB．【点评】：解决该题关键要能够对物块进行受力分析，运用运动学公式和牛顿第二定律找出相对位移和摩擦力的关系．注意传送带消耗电能和摩擦生热的关系及求法．8．（6分）（2015•永州三模）如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上，存在着两个磁感应强度大小均为B的匀强磁场区域．区域Ⅰ的磁场方向垂直斜面向上，区域Ⅱ的磁场方向垂直斜面向下，磁场边界MN、PQ、GH均平行于斜面底边，MP、PG均为L．一个质量为m、电阻为R、边长也为L的正方形导线框，由静止开始沿斜面下滑，下滑过程中ab边始终与斜面底边平行．t1时刻ab边刚越过GH进入磁场Ⅰ区域，此时导线框恰好以速度v1做匀速直线运动；t2时刻ab边下滑到PQ与MN的中间位置，此时导线框又恰好以速度v2做匀速直线运动．重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．当ab边刚越过PQ时，导线框的加速度大小为a=gsin θB．导线框两次做匀速直线运动的速度之比v1：v2=4：1C．从t1到t2的过程中，导线框克服安培力做的功等于机械能的减少量D．从t1到t2的过程中，有的机械能转化为电能【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；功能关系．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：当ab边刚越过GH进入磁场I时做匀速直线运动，安培力、拉力与重力的分力平衡，由平衡条件和安培力公式结合求解线圈ab边刚进入磁场I时的速度大小；当线圈进入磁场II做匀速运动的过程中，再次根据平衡条件求解速度；从t1到t2的过程中，减小的机械能全部转化为电能．【解析】：解：A、当ab边刚越过PQ时，由于两个边的切割磁感线的电动势方向相同，故电流增加为2倍，ab边的安培力增加为2倍，cd边也有了安培力，故加速度不为gsinθ，故A错误；B、第一次，根据平衡条件，有：mgsinθ﹣=0第二次，根据平衡条件，有：mgsinθ﹣2×=0联立解得：v1：v2=4：1，故B正确；C、从t1到t2的过程中，根据功能关系，导线框克服安培力做功的大小等于机械能的减少，故C正确；D、从t1到t2的过程中，有+mg•△h的机械能转化为电能，故D错误；故选：BC【点评】：本题从力和能量两个角度分析电磁感应现象，安培力的表达式F=是常用的经验公式，要记牢．运用动能定理时，要分析所有力做功情况，不能遗漏．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．（6分）（2015•永州三模）如图甲是实验室测定水平面和小物块之间动摩擦因数的实验装置，曲面AB与水平面相切于B点且固定．带有遮光条的小物块自曲面上面某一点释放后沿水平面滑行最终停在C点，P为光电计时器的光电门，已知当地重力加速度为g．（1）利用游标卡尺测得遮光条的宽度如图乙所示，则遮光条的宽度d= 1.060 cm；（2）实验中除了测定遮光条的宽度外，还需要测量的物理量有BC ；A．小物块质量m B．遮光条通过光电门的时间tC．光电门到C点的距离s D．小物块释放点的高度h（3）为了减小实验误差，同学们采用图象法来处理实验数据，他们根据（2）测量的物理量，建立图丙所示的坐标系来寻找关系，其中合理的是 B ．【考点】：探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】：实验题．【分析】：（1）游标卡尺的读数时先读出主尺的刻度，然后看游标尺上的哪一个刻度与主尺的刻度对齐，最后读出总读数；（2）根据题目的叙述，确定实验的原理，然后确定待测量与摩擦力的公式；（3）根据实验的原理确定处理实验数据的方法．【解析】：解：（1）主尺的刻度：1cm，游标尺上的第12个刻度与主尺的刻度对齐，读数是：0.05×12=0.60mm，总读数：10mm+0.60mm=10.60mm=1.060cm；（2）实验的原理：根据遮光条的宽度与滑块通过光电门的时间即可求得滑块的速度：v=；B到C的过程中，摩擦力做功，根据动能定理得：﹣μmgs=0﹣mv2；联立以上两个公式得动摩擦因数的表达式：μ=；还需要测量的物理量是：光电门P与C之间的距离s，与遮光条通过光电门的时间t，故BC 正确，AD错误．（3）由动摩擦因数的表达式可知，μ与t2和s的乘积成反比，所以s与的图线是过原点的直线，应该建立的坐标系为：纵坐标用物理量，横坐标用物理量s，即B正确，ACD错误．故答案为：（1）1.060；（2）BC；（3）B．【点评】：本题通过动能定理得出动摩擦因数的表达式，从而确定要测量的物理量．要先确定实验的原理，然后依据实验的原理解答即可．10．（9分）（2015•永州三模）一位同学想测量一个量程约为5V有清晰刻度但没有示数、内电阻约为10kΩ的电压表V x的内阻，可以使用的实验器材如下：A．电源（电动势约15V，内电阻小于2Ω）B．标准电压表V0（量程为15V，内电阻约30kΩ）C．电阻箱（阻值范围0～9 999.9Ω）D．电阻箱（阻值范围0～99 999.9Ω）E．滑动变阻器（阻值为0～20Ω）F．滑动变阻器（阻值为0～20kΩ）G．开关S和导线若干该同学的实验操作过程为：（1）将实验仪器按图甲所示电路连接，电阻箱R1应选 D ，滑动变阻器R0应选 E （选填仪器前的字母序号）；（2）将电阻箱R1的阻值调至最大，将滑动变阻器的滑片P移至滑动变阻器接近右端处，闭合开关S；接着调节电阻箱，直至电压表V x满偏，记录此时电阻箱的阻值和标准电压表V0的示数；（3）向左移动滑片P至滑动变阻器的另一位置，再次调节电阻箱R1直至电压表V x满偏，记录此时电阻箱的阻值和标准电压表V0的示数；（4）重复步骤（3）3～5次；（5）该同学将实验中记录的各组电阻箱的阻值R和标准电压表V0的示数U的数据在U﹣R 坐标系中正确地描好了点（如图乙），请你在图中完成U﹣R图线；（6）根据图线可以求得电压表V x的内电阻为9 kΩ．（结果保留一位有效数字）【考点】：伏安法测电阻．【专题】：实验题．【分析】：由所给电路及实验过程可知其实验原理：U0的求数为U，R1的示数为R，则，图象法处理数据在U﹣R图象中纵截距为U x，斜率为．则可求U x与R x．再由串并联特点选择相应的器材．根据对应的图象中的斜率可求得待测电阻的阻值．【解析】：解：（1）因要测电压表的电阻约为10kΩ，所串联电阻分压由所给的数据可达电压表的2倍，则其阻值要达到20kΩ，故选D，滑动变阻器用的分压式接法，选小电阻便于调节．故选E．（5）图线如图（6）因，由图知纵截距为4.5V其为量程，斜率为可得：R x=9kΩ故答案为：（1）D E（5）如上图（6））9【点评】：本题考查电阻的测量，重点在于考查对实验电路的理解，要求能掌握结合图象处理实验数据的能力，并学会求分压电阻．11．（13分）（2015•永州三模）某汽车训练场地有如图设计，在平直的道路上，依次有编号为A、B、C、D、E的五根标志杆，相邻杆之间的距离△L=12.0m．一次训练中，学员驾驶汽车以57.6km/h的速度匀速向标志杆驶来，教练与学员坐在同排观察并记录时间．当教练经过O点时向学员发出指令：“立即刹车”，同时用秒表开始计时．学员需要经历△t=0.5s 的反应时间才开始刹车，刹车后汽车做匀减速直线运动，停在D标杆附近．教练记录自己经过B、C杆时秒表的读数分别为t B=4.5s，t C=6.5s，已知L OA=44m，教练距车头的距离△s=1.5m．求：（1）学员的反应时间△t和刹车后汽车做匀减速运动的加速度大小a；（2）汽车停止运动时，车头离标志杆D的距离△x．【考点】：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与位移的关系．【专题】：直线运动规律专题．【分析】：（1）学员甲在反应时间△t内，汽车做仍匀速运动，刹车后做匀减速运动．汽车从O到标志杆B的过程中和汽车从O到标志杆C的过程中分别列位移方程，联立求解速度和加速度．（2）先求出汽车从开始到停下运动的距离，在根据位移关系求汽车停止运动时车头前端面离D的距离．【解析】：解：（1）汽车从O到标志杆B的过程中：L OA+△L=v0△t+v0（t B﹣△t）﹣（t B﹣△t）2汽车从O到标志杆C的过程中：L OA+2△L=v0△t+v0（t C﹣△t）﹣（t C﹣△t）2联立方程组得：v0=16m/sa=2m/s2（2）汽车从开始到停下运动的距离：可得x=72m因此汽车停止运动时车头前端面在CD之间离DL OA+3△L﹣s﹣x=44+36﹣2﹣72=6.5m．答：（1）刹车前汽车做匀速运动的速度大小为16m/s，汽车开始刹车后做匀减速直线运动的加速度大小a为2m/s2；（2）汽车停止运动时车头前端面离D的距离为6m．【点评】：此题要理解反应时间内汽车继续做匀速运动，还要养成画运动过程示意图，找位移之间的关系．此题有一定的难度．12．（19分）（2015•永州三模）在真空中，边长为3L的正方形区域ABCD分成相等的三部分，左右两侧为匀强磁场，中间区域为匀强电场，如图所示．左侧磁场的磁感应强度大小为B1=，方向垂直纸面向外；右侧磁场的磁感应强度大小为B2=，方向垂直于纸面向里；中间区域电场方向与正方形区域的上下边界平行．一质量为m、电荷量为+q的带电粒子从平行金属板的正极板开始由静止被加速，加速电压为U，加速后粒子从a点进入左侧磁场，又从距正方形上下边界等间距的b点沿与电场平行的方向进入中间区域的电场中，不计粒子重力，求：（1）a点到A点的距离；（2）电场强度E的取值在什么范围内时粒子能从右侧磁场的上边缘CC1间离开；（3）改变中间区域的电场方向和场强大小，粒子可从D点射出，粒子在左右两侧磁场中运动的总时间是多少．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：（1）根据动能定理求出粒子经加速电场加速后的速度，结合洛伦兹力提供向心力，通过半径公式和几何关系求出a点到A点的距离；（2）作出粒子在右侧磁场中沿半径为R n和R m的两临界轨道从上边缘CC1离开磁场时的轨迹，通过半径公式、动能定理以及几何关系求出电场强度的取值范围；（3）作出粒子的运动轨迹，根据周期公式以及粒子在磁场中的圆心角求出粒子在左右两侧磁场中运动的总时间．【解析】：解：（1）粒子在金属板电场加速时①粒子在左侧磁场中运动时，有②③a到A点的距离④由①～④式解得．（2）如图甲所示，粒子在右侧磁场中沿半径为R n和R m的两临界轨道从上边缘CC1离开磁场时，有⑤R m=L ⑥又⑦⑧粒子在中间电场运动时⑨⑩由①⑤⑦⑧⑨⑩式解得，电场强度的取值范围为（3）粒子在左右磁场运动⑪⑫必须改变中间区域的电场方向并取定电场E的某一恰当确定数值，粒子才能沿如图乙所示的轨迹从D点射出．由①～③式可得α=60°，有⑬由⑪⑫⑬式解得．答：（1）a点到A点的距离为；（2）电场强度E的取值在范围内时粒子能从右侧磁场的上边缘CC1间离开；（3）粒子在左右两侧磁场中运动的总时间是．【点评】：本题是带电粒子在组合场中运动的问题，解题关键是画出粒子的运动轨迹，运用几何知识，结合半径公式和周期公式进行求解．(二）选考题，请考生从以下三个模块中任选一模块作答[物理--选修3-3]（15分）13．（6分）（2015•永州三模）以下说法正确的是（）A．晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点B．外界对物体做功，物体内能一定增加C．布朗运动是悬浮在液体中的小颗粒的运动，它说明液体分子永不停息地做无规则热运动D．当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小E．知道水蒸气的摩尔体积和水分子的体积，可计算出阿伏加德罗常数【考点】： * 晶体和非晶体；物体的内能．【分析】：晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；根据热力学第一定律：△U=W+Q判断物体的内能的变化；布朗运动和扩散现象都是分子无规则热运动的体现；【解析】：解：A、单晶体和多晶体都有固定的熔点，而非晶体没有固定的熔点，故A正确；B、外界对物体做功，若同时物体放出热量，物体内能不一定增加，故B错误；C、布朗运动是悬浮在液体中的小颗粒的运动，它说明液体分子永不停息地做无规则热运动．故C正确；D、当分子间的距离增大时，分子之间的引力和斥力均同时减小，但斥力减小的更快，当合力表现为引力时，分子势能增加，当合力表现为斥力时，分子势能减小，故D正确；E、固体液体的分子间距离较小，但气体分子间距离较大，故知道水蒸气的摩尔体积和水分子的体积，不可计算出阿伏加德罗常数，故E错误；故选：ACD【点评】：该题考查晶体与非晶体的特点、热力学第一定律、布朗运动、分子力和分子势能等知识点，都是一些记忆性的知识点的内容，做好这一类的题目，关键要多看课本，熟悉基础知识．14．（9分）（2015•永州三模）如图所示，结构相同的绝热汽缸A与导热汽缸B均固定于地面，由刚性杆连接的绝热活塞与两汽缸间均无摩擦．已知两汽缸的横截面积之比S A：S B=2：1，两汽缸内均装有处于平衡状态的某理想气体，开始时汽缸中的活塞与缸底的距离均为L，温度均为T0，压强均等于外界大气压p0．缓慢加热A中气体，停止加热达到稳定后，A中气体压强为原来的1.2倍．设环境温度始终保持不变，求：（i）停止加热达到稳定后，A、B汽缸中的气体压强之比；（ii）稳定后汽缸A中活塞距缸底的距离．。
湖南省箴言中学2015届高三上第三次模拟考试物理试题及答案
v t 1 t 2 t 3t 4 t 5 abcd0 t益阳市箴言中学2015届高三第三次模拟考试物理时量90分钟 满分100分一．选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，1至9小题只有一个选项是正确的，10至12小题有多个选项是正确的，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。
请把答案填涂在答题卷的答题卡上。
）1、伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展。
利用如图所示的装置做如下实验:小球从左侧斜面上的O 点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升。
斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐减低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3。
根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是A .如果斜面光滑，小球将上升到与O 点等高的位置B .如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态C .如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D .小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小２、如图所示，有一质量不计的杆AO ，长为R ，可绕A 自由转动．用绳在O 点悬挂一个重为G 的物体，另一根绳一端系在O 点，另一端系在以O 点为圆心的圆弧形墙壁上的C 点．当点C 由图示位置逐渐向上沿圆弧CB 移动过程中(保持OA 与地面夹角θ不变)，OC 绳所受拉力的大小变化情况是 ( ) A ．逐渐减小 B ．逐渐增大 C ．先减小后增大 D ．先增大后减小３、我国蹦床队组建时间不长，但已经在国际大赛中取得了骄人的成绩．假如运动员从某一高处下落到蹦床后又被弹回到原来的高度，其整个过程中的速度随时间的变化规律如图所示，其中oa 段和cd 段为直线，则根据此图象可知运动员 A ．在t 1 ~ t 2时间内所受合力逐渐增大 B ．在t 2时刻处于平衡位置 C ．在t 3时刻处于平衡状态a b cd D ．在t 4时刻所受的弹力最大4、如图所示电路中.A 、B 两灯均正常发光，R 为一滑动变阻器，P 为滑动片，若将滑动片向下滑动，则( ) A.A 灯变亮 B.B 灯变亮 C.R 1上消耗功率变大 D.总电流变小５、埃隆·马斯克首次对媒体透露了在火星建立社区的“火星移民”计划．假设火星移民通过一代又一代坚韧不拔的努力，不仅完成了“立足”火星的基本任务，而且还掌握了探测太空的完整技术．已知火星半径是地球半径的1/2，火星质量是地球质量的1/10，在地球上发射人造地球卫星时的最小发射速度为v ，则火星人在火星上发射人造火星卫星时的最小发射速度为 A ．55v B ．105v C ．22v D ．v 5６、M 、N 是某电场中一条电场线上的两点，若在M 点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线由M 点运动到N 点，其电势能随位移变化的关系如题3图所示，则下列说法正确的是 A ．电子在N 点的动能小于在M 点的动能 B ．该电子运动的加速度越来越小 C ．该电场一定是匀强电场D ．电子运动的轨迹为曲线７、太极球是广大市民中较流行的一种健身器材．将太极球简化成如题4图所示的平板和小球，熟练的健身者让球在竖直面内始终不脱离板而做匀速圆周运动，且在运动到图中的A 、B 、C 、D 位置时球与板间无相对运动趋势．A 为圆周的最高点，C 为最低点，B 、D 与圆心O 等高．球的质量为m ，重力加速度为g ，则 A ．在C 处板对球所需施加的力比A 处大6mg B ．球在运动过程中机械能守恒 C ．球在最低点C 的速度最小值为gR D ．板在B 处与水平方向倾斜角 随速度的增大而减小８、a 、b 、c 、d 是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点。
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2015年湖南省普通高中高考物理三模试卷一、选择题1．（3分）如图所示，物体沿三条不同的路径由A运动到B，下列关于他们的位移的说法中正确的是（）A．沿Ⅰ较大B．沿Ⅱ较大C．沿Ⅲ较大D．一样2．（3分）关于参考系，下列说法中正确的是（）A．参考系必须是静止不动的物体B．参考系必须是正在做匀速直线运动的物体C．参考系必须是固定在地面上的物体D．描述物体的运动时，参考系可以任意选择3．（3分）作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30N和40N，如果它们的夹角是90°，则这两个力的合力大小为（）A．10N B．35N C．50N D．70N4．（3分）伽利略的理想实验证明了（）A．要使物体运动就必须有力的作用，没有力的作用物体就静止B．要使物体静止就必须有力的作用，没有力的作用物体就运动C．物体不受力作用时，一定处于静止状态D．物体运动不需要力来维持5．（3分）如图是甲、乙两物体相对同一原点的s﹣t图象，则下列说法正确的是（）A．甲、乙都做变速直线运动B．甲、乙运动的出发点相距s1C．甲比乙早出发t1时间D．乙比甲的运动要快些6．（3分）下列运动中，物体的运动状态不变的是（）A．匀速直线运动B．匀加速直线运动C．匀减速直线运动 D．自由落体运动7．（3分）静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力．当力刚开始作用的瞬间，下列说法正确的是（）A．物体同时获得速度和加速度B．物体立即获得加速度，但速度仍为零C．物体立即获得速度，但加速度仍为零D．物体的速度和加速度仍为零8．（3分）一个物体做自由落体运动，v﹣t图象正确的是（）A．B． C． D．9．（3分）以20m/s的速度做匀速直线运动的汽车，制动后能在2m内停下来，如果该汽车以40m/s的速度行驶，则它的制动距离应该是（）A．2m B．4m C．8m D．16m10．（3分）下列关于惯性的说法中，正确的是（）A．人走路时没有惯性，被绊倒时有惯性B．百米赛跑到终点时不能立即停下是由于惯性，停下时就没有惯性了C．物体没有受外力作用时有惯性，受外力作用后惯性被克服了D．物体的惯性与物体的运动状态及受力情况均无关11．（3分）关于摩擦力，下列说法中错误的是（）A．运动鞋底的花纹是为了增大鞋底与地面间的摩擦力B．冬天下雪后，常见民警在汽车上坡的地方洒上一些炉灰，目的是增大车轮与地面之间的摩擦C．生活中离不开摩擦，摩擦越大越好D．工厂工人师傅用的锉刀表面总是凹凸不平的，目的是为了增大锉刀与工件之间的摩擦12．（3分）如图所示，放置在水平地面上的物体受水平推力作用后仍保持静止．此物体共受到的力有（）A．重力、水平推力B．重力、支持力和水平推力C．水平推力、静摩擦力D．重力、支持力、水平推力和静摩擦力13．（3分）如图所示，地球赤道上的山丘、近地资源卫星和同步通信卫星均在赤道平面内绕地心做匀速圆周运动．设山丘e、近地资源卫星p和同步通信卫星q的圆周运动速率依次为v1、v2、v3，向心加速度依次为a1、a2、a3，则（）A．v1＞v2＞v3B．v1＜v3＜v2C．a1＞a2＞a3D．a2＞a3＞a114．（3分）下列两个实验中体现出的共同的物理思想方法是（）A．极限法B．放大法C．控制变量法D．等效替代法15．（3分）一个绕中心线AB以一定的角速度转动的圆环，P、Q为环上两点，位置如图所示，下列说法正确的是（）A．P、Q两点的角速度相等 B．P、Q两点的线速度相等C．P、Q两点的角速度之比为：1 D．P、Q两点的线速度之比为1：1 16．（3分）如图，物体A和B的重力分别为11N和7N，不计弹簧秤、细线的重力和一切摩擦，则地面对A的支持力和弹簧秤的读数为（）A．0N，7N B．4N，7N C．0N，18N D．4N，18N二、非选择题17．（4分）物体受到F1=3N，F2=7N两个力的作用，则它们的合力的最大值是N．最小值是N．18．（4分）一物体做匀加速的直线运动，初速度为3m/s，加速度为2m/s2，该物体在第3s末的速度是m/s．高物体在第3s内通过的位移是m．19．（4分）电火花打点计时器的电源是（填“交流”或“直流”）电源，通常的工作电压为220V，实验室使用我国民用电时，每隔s打一次点．20．（4分）在20m高的地方以6m/s的初速度水平抛出，则物体在空中运动的时间是s，从抛出点到落地点发生的水平位移是m（忽略空气阻力，取g=10m/s2）21．（7分）质量为5.0kg的物体，从离地面36m高处，由静止开始匀加速下落，经3s落地，g取10m/s2，试求：（1）物体下落的加速度的大小；（2）下落过程中物体所受阻力的大小．22．（7分）一同学从倾角为30°的斜坡顶端平抛一小石块，小石块的质量为10g，它恰好落在斜坡的底端，如果斜坡高度为1.8m．求：（1）小石块的落地时间；（2）小石块的着地时的动能．[选修1-1]23．（3分）研究电磁感应现象并得到重要结论的科学家是（）A．洛伦兹B．库仑C．奥斯特D．法拉第24．（3分）关于点电荷的说法，正确的是（）A．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B．体积很大的带电体一定不能看作点电荷C．点电荷一定是电量很小的电荷D．体积很大的带电体只要距离满足一定条件也可以看成点电荷25．（3分）某同学发现有人触电，他应采取的措施是（）A．不假思索地去把触电人用手拉开B．当做没看见C．迅速找一根木棒，把人和电线分离D．立即大声喊人，让别人来处理26．（3分）磁场中某处的磁感线如图所示，则（）A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bC．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处小27．（4分）在某段电路中，一定值电阻阻值为2Ω，通过它的电流为1A，则该电阻的热功率为W，电阻在1min内产生的热量为J．28．（6分）如图所示，一根长为L=0.2m的直导线放在水平方向的匀强磁场中，导线水平且与磁场方向垂直，导线中通有向右的电流．（1）若匀强磁场的磁感应强度大小B=0.5T，导线中电流I=0.5A，试计算导线所受安培力；（2）将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线是否受安培力？[选修2-1]29．在如图各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A．B．C．D．30．（3分）在“测定电源电动势和内阻”的实验中，针对两个不同的电源得出如图所示的1、2两条图线，则两个电源的电动势E1和E2、内阻r1和r2满足关系（）A．E1＞E2，r1＞r2B．E1＞E2，r1＜r2C．E1＜E2，r1＞r2D．E1＜E2，r1＜r2 31．（3分）四种电场的电场线如图所示，一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，且加速度越来越大，由此可以判断，该电荷所在电场是图中的（）A．B． C．D．32．（3分）随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多．下列电器中主要应用电流热效应的是（）A．电风扇B．电饭煲C．录音机D．电视机33．（4分）如图所示，放在马蹄形磁铁两极之间的导体棒ab，当通有自b到a 的电流时受到向右的安培力作用，则磁铁的上端是极．如磁铁上端是S 极，导体棒中的电流方向自a到b，则导体棒受到的安培力方向向．34．（6分）一带电粒子的质量为m，电量为q，以速度v垂直射入磁感应强度为B的匀强磁场中，求：①粒子做匀速圆周运动的半径R②粒子运动的周期T．2015年湖南省普通高中高考物理三模试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）如图所示，物体沿三条不同的路径由A运动到B，下列关于他们的位移的说法中正确的是（）A．沿Ⅰ较大B．沿Ⅱ较大C．沿Ⅲ较大D．一样【解答】解：物体沿三条不同的路径由A运动到B，起点和终点的位置都相同，则位移一定相同．故选D2．（3分）关于参考系，下列说法中正确的是（）A．参考系必须是静止不动的物体B．参考系必须是正在做匀速直线运动的物体C．参考系必须是固定在地面上的物体D．描述物体的运动时，参考系可以任意选择【解答】解：A、参考系不一定必须是静止不动的，如研究炸弹的运动时，可以将运动的飞机作为参考系，故A错误；B、任何物体均可作为参考系，匀速直线运动的物体也可以，但并不是必须这样，故B错误；C、参考系的选取是任意的，应根据所研究的问题灵活选取，并不是一定是选取地面上的物体为参考系，故C错误；D、参考系的选取是任意的，故任何物体都可以作为参考系，故D正确；故选：D．3．（3分）作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30N和40N，如果它们的夹角是90°，则这两个力的合力大小为（）A．10N B．35N C．50N D．70N【解答】解：分力的大小分别是30N和40N，合力的大小为F=N=50N，所以C正确．故选：C．4．（3分）伽利略的理想实验证明了（）A．要使物体运动就必须有力的作用，没有力的作用物体就静止B．要使物体静止就必须有力的作用，没有力的作用物体就运动C．物体不受力作用时，一定处于静止状态D．物体运动不需要力来维持【解答】解：A、B、伽利略的理想斜面实验证明力不是维持物体运动的原因，没有力作用的物体能保持原来的运动状态．故AB错误．C、物体不受外力作用时，可能处于静止状态，也可能处于匀速直线运动状态．故C错误．D、伽利略的理想斜面实验证明了运动的物体具有惯性，物体不受外力作用时，总是保持原来的匀速直线运动状态或静止状态．故D正确．故选：D5．（3分）如图是甲、乙两物体相对同一原点的s﹣t图象，则下列说法正确的是（）A．甲、乙都做变速直线运动B．甲、乙运动的出发点相距s1C．甲比乙早出发t1时间D．乙比甲的运动要快些【解答】解：A、x﹣t图象的斜率等于物体运动的速度，由图可知两图象的斜率保持不变，故运动的速度不变，两物体都做匀速直线运动．故A错误；B、由图可知甲从原点出发，乙从距原点s1处出发．故两物体的出发点相距s1．故B正确；C、甲在t1时刻开始运动，而乙在t=0时刻开始运动，故甲比乙迟出发t1时间．故C错误．D、甲图象的斜率的绝对值大于乙图象的斜率的绝对值，所以甲的速度大于乙的速度，则甲比乙的运动要快．故D错误；故选：B．6．（3分）下列运动中，物体的运动状态不变的是（）A．匀速直线运动B．匀加速直线运动C．匀减速直线运动 D．自由落体运动【解答】解：物体的运动状态保持不变，那么物体速度的大小和方向都不能发生变化，A、物体匀速直线时，它的速度的大小和方向都不变，故A正确；B、匀加速直线运动时，速度大小在变化，运动状态变化，故B错误；C、匀减速直线运动时，速度大小在变化，运动状态变化，故C错误；D、自由落体运动时，速度在增大，运动状态变化，故D错误．故选：A7．（3分）静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力．当力刚开始作用的瞬间，下列说法正确的是（）A．物体同时获得速度和加速度B．物体立即获得加速度，但速度仍为零C．物体立即获得速度，但加速度仍为零D．物体的速度和加速度仍为零【解答】解：由牛顿第二定律可知，有了力的作用，物体就有了加速度，但是，在力刚开始作用的瞬间，物体还没有运动，所以物体的速度为零，故B正确．故选：B．8．（3分）一个物体做自由落体运动，v﹣t图象正确的是（）A．B． C． D．【解答】解：自由落体运动是初速度为零、加速度为g的匀加速直线运动，其速度时间关系公式为v=gt=10t，故其v﹣t图是一条通过原点的直线，故ABD均错误，C正确；故选：C．9．（3分）以20m/s的速度做匀速直线运动的汽车，制动后能在2m内停下来，如果该汽车以40m/s的速度行驶，则它的制动距离应该是（）A．2m B．4m C．8m D．16m【解答】解：设刹车过程的加速度大小为a，方向与汽车的初速度方向相反，已知汽车的初速度v0=20m/s，末速度v=0，位移x=2m，由位移速度关系式：v2﹣v02=﹣2ax，整理：a==100m/s2，①第二过程中已知汽车的初速度v01=40m/s，末速度v=0，加速度为a，设位移为X由位移速度关系式得：0﹣v012=﹣2aX整理得：X=②把①代入②得：X=8m故选：C10．（3分）下列关于惯性的说法中，正确的是（）A．人走路时没有惯性，被绊倒时有惯性B．百米赛跑到终点时不能立即停下是由于惯性，停下时就没有惯性了C．物体没有受外力作用时有惯性，受外力作用后惯性被克服了D．物体的惯性与物体的运动状态及受力情况均无关【解答】解：A、一切物体，不论是运动还是静止、匀速运动还是变速运动，都具有惯性，故A错误；B、百米赛跑到终点时不能立即停下是由于惯性，停下时还有惯性，故B错误；C、任何物体在任何情况下都有惯性，惯性是物体本身的一种基本属性，故C错误；D、物体的惯性与物体的运动状态及受力情况均无关，故D正确；故选：D．11．（3分）关于摩擦力，下列说法中错误的是（）A．运动鞋底的花纹是为了增大鞋底与地面间的摩擦力B．冬天下雪后，常见民警在汽车上坡的地方洒上一些炉灰，目的是增大车轮与地面之间的摩擦C．生活中离不开摩擦，摩擦越大越好D．工厂工人师傅用的锉刀表面总是凹凸不平的，目的是为了增大锉刀与工件之间的摩擦【解答】解：A、运动鞋底的花纹是为了增大鞋底与地面间的摩擦力；故A正确；B、下雪后，常见民警在汽车上坡的地方洒上一些炉灰，目的是增大车轮与地面之间的摩擦，故B正确；C、生活中离不开摩擦，但摩擦越大，也不一定越好，汽车行驶；故C错误；D、工人师傅用的锉刀表面总是凹凸不平的，目的是为了增大锉刀与工件之间的摩擦，故D正确．本题选择错误的，故选：C．12．（3分）如图所示，放置在水平地面上的物体受水平推力作用后仍保持静止．此物体共受到的力有（）A．重力、水平推力B．重力、支持力和水平推力C．水平推力、静摩擦力D．重力、支持力、水平推力和静摩擦力【解答】解：首先物体受重力、支持力，由题意还受水平推力，则物体有沿推力运动的趋势，而没有运动说明物体受到了与推力方向相反的静摩擦力．故D正确ABC错误．故选：D．13．（3分）如图所示，地球赤道上的山丘、近地资源卫星和同步通信卫星均在赤道平面内绕地心做匀速圆周运动．设山丘e、近地资源卫星p和同步通信卫星q的圆周运动速率依次为v1、v2、v3，向心加速度依次为a1、a2、a3，则（）A．v1＞v2＞v3B．v1＜v3＜v2C．a1＞a2＞a3D．a2＞a3＞a1【解答】解：A、B、山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据v=，由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故V1＜V3；根据卫星的线速度公式v=，由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的线速度大于同步通信卫星的线速度，即V3＜V2；故V1＜V3＜V2，故A错误，B 正确；C、D、山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据a=ω2r=，由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故山丘e的轨道加速度小于同步通信卫星q的加速度，即a1＜a3；根据加速度公式a=，由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的加速度小于同步通信卫星的加速度，即a3＜a2；故a1＜a3＜a2，故C错误，D正确；故选：BD．14．（3分）下列两个实验中体现出的共同的物理思想方法是（）A．极限法B．放大法C．控制变量法D．等效替代法【解答】解：图甲中将桌面在力F作用下发生的形变通过反射光线在屏上光斑移动显示出来，采用放大法．图乙中，用手压琉璃瓶，琉璃瓶发生微小的变形，体积减小，由于管子很细，管中水位上升明显，即通过细管将瓶子的形变显示出来，采用的也是放大法．故选：B．15．（3分）一个绕中心线AB以一定的角速度转动的圆环，P、Q为环上两点，位置如图所示，下列说法正确的是（）A．P、Q两点的角速度相等 B．P、Q两点的线速度相等C．P、Q两点的角速度之比为：1 D．P、Q两点的线速度之比为1：1【解答】解：AC、P、Q两点共轴转动，角速度大小相等．故A正确，C错误．BD、设圆环的半径为R，根据几何知识可得：P、Q转动的半径分别为：r P=Rsin60°r Q=Rsin30°P、Q两点角速度相等，根据v=rω知，P、Q两点的线速度之比为：v P：v Q=r P：r Q=Rsin60°：Rsin30°=：1．故BD错误．故选：A16．（3分）如图，物体A和B的重力分别为11N和7N，不计弹簧秤、细线的重力和一切摩擦，则地面对A的支持力和弹簧秤的读数为（）A．0N，7N B．4N，7N C．0N，18N D．4N，18N【解答】解：对物体研究：物体受到重力、细线的拉力和地面的支持力作用而平衡．细线的拉力为：F=G B=7N则地面的支持力为：F N=G A﹣F=G A﹣G B=4N弹簧秤的读数等于细线的拉力，或等于B的重力，即为7N．故选：B二、非选择题17．（4分）物体受到F1=3N，F2=7N两个力的作用，则它们的合力的最大值是10 N．最小值是4N．【解答】解：二力合成时合力范围：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|；故合力最大3N+7N=10N，最小7N﹣3N=4N，之间任意结果都可以；故答案为：10，4．18．（4分）一物体做匀加速的直线运动，初速度为3m/s，加速度为2m/s2，该物体在第3s末的速度是9m/s．高物体在第3s内通过的位移是8m．【解答】解：第3s末的速度为：v=v0+at=3+2×3m/s=9m/s．第3s内的位移为：．故答案为：9，8．19．（4分）电火花打点计时器的电源是交流（填“交流”或“直流”）电源，通常的工作电压为220V，实验室使用我国民用电时，每隔0.02s打一次点．【解答】解：实验室所用电火花计时器是使用的电压为220V的交流电源，我国民用电的频率是50Hz，所以它每隔0.02s打一个点．故答案为：交流，0.02．20．（4分）在20m高的地方以6m/s的初速度水平抛出，则物体在空中运动的时间是2s，从抛出点到落地点发生的水平位移是12m（忽略空气阻力，取g=10m/s2）【解答】解：由h=得t===2s从抛出点到落地点发生的水平位移为：x=v0t=6×2m=12m故答案为：2，12．21．（7分）质量为5.0kg的物体，从离地面36m高处，由静止开始匀加速下落，经3s落地，g取10m/s2，试求：（1）物体下落的加速度的大小；（2）下落过程中物体所受阻力的大小．【解答】解：（1）由得，a=．故物体下落的加速度大小为8m/s2．（2）根据牛顿第二定律得，mg﹣f=ma则f=mg﹣ma=50﹣5×8N=10N故下落过程中物体所受阻力的大小为10N．22．（7分）一同学从倾角为30°的斜坡顶端平抛一小石块，小石块的质量为10g，它恰好落在斜坡的底端，如果斜坡高度为1.8m．求：（1）小石块的落地时间；（2）小石块的着地时的动能．【解答】解：（1）根据，t=．故小石块的落地时间为0.6s．（2）小球的水平位移为x=hcot30°=1.8m．所以水平速度竖直分速度v y=gt=10×0.6m/s=6m/s则落地的速度m/s．则故小石块的着地时的动能为0.315J．[选修1-1]23．（3分）研究电磁感应现象并得到重要结论的科学家是（）A．洛伦兹B．库仑C．奥斯特D．法拉第【解答】解：经过十年坚持不懈的努力，1831年英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象．故选：D．24．（3分）关于点电荷的说法，正确的是（）A．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B．体积很大的带电体一定不能看作点电荷C．点电荷一定是电量很小的电荷D．体积很大的带电体只要距离满足一定条件也可以看成点电荷【解答】解：A、B当体积很小的带电体相距很近，以至于带电体的大小和形状对带电体间作用力影响不能忽略时，此带电体不能看成点电荷，而体积很大的带电体，如果带电体间的距离远大于带电体本身的尺寸，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体也可以看成点电荷．故AB错误．C、点电荷不一定电量很小的电荷．故C错误．D、体积很大的带电体只要距离足够大，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体就可以看成点电荷．故D正确．故选D25．（3分）某同学发现有人触电，他应采取的措施是（）A．不假思索地去把触电人用手拉开B．当做没看见C．迅速找一根木棒，把人和电线分离D．立即大声喊人，让别人来处理【解答】解：A、当发现有人触电时，应该立即采取的措施是：迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，不能用手拉开电线和触电的人，这样自己也会触电，更不能用剪刀割断导线，剪刀是导体，自己也会触电，故A错误，C正确；B、遇到这种情况应及时帮助，不能装作没看见；也不能喊人让别人来处理，这样由于耽误时间，可能造成人的死亡；故BD错误；故选：C．26．（3分）磁场中某处的磁感线如图所示，则（）A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bC．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处小【解答】解：A、磁感线的疏密表示磁场的强弱，由图可知b处的磁感线密，所以b处的磁场强．故A错误，B正确；C、电流受到的安培力：F=BILsinθ，与磁感应强度的大小、电流的大小以及电流与磁场方向之间的夹角有关，所以同一通电导线放在a处受力不一定比放在b 处小，也不一定比放在b处大．故CD错误．故选：B27．（4分）在某段电路中，一定值电阻阻值为2Ω，通过它的电流为1A，则该电阻的热功率为2W，电阻在1min内产生的热量为120J．【解答】答：电阻阻值为2Ω，通过它的电流为1A，则该电阻的热功率：P=I2R=2×12=2W电阻在1min内产生的热量：Q=I2Rt=12×2×60=120J故答案为：2，12028．（6分）如图所示，一根长为L=0.2m的直导线放在水平方向的匀强磁场中，导线水平且与磁场方向垂直，导线中通有向右的电流．（1）若匀强磁场的磁感应强度大小B=0.5T，导线中电流I=0.5A，试计算导线所受安培力；（2）将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线是否受安培力？【解答】解：（1）当磁场方向与电流方向垂直时，根据F=BIL得：F=5×10﹣2 N（2）导线不受安培力作用．答：（1）若匀强磁场的磁感应强度大小B=0.5T，导线中电流I=0.5A，导线所受安培力5×10﹣2 N；（2）将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线不受安培力[选修2-1]29．在如图各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A．B．C．D．【解答】解：A，A、B两者点处于同一圆周上，根据公式E=k，电场强度大小，但方向不同．故A错误；B，由图，AB两点的电场强度方向，根据公式E=k可知，电场大小不同，故B错误；C、在匀强电场中，各处的电场强度处处相同．故C正确；D、由图A、B 两点电场强度不同，大小也不同，E A＜E B．故D错误．故选：C．30．（3分）在“测定电源电动势和内阻”的实验中，针对两个不同的电源得出如图所示的1、2两条图线，则两个电源的电动势E1和E2、内阻r1和r2满足关系（）A．E1＞E2，r1＞r2B．E1＞E2，r1＜r2C．E1＜E2，r1＞r2D．E1＜E2，r1＜r2【解答】解：当外电阻无穷大时，路端电压等于电源的电动势，故U﹣I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，由图可知，2的电动势较大；U=E﹣Ir可知图象中的斜率表示电源的内阻，2的斜率较大，故2的内阻较大，故D正确，ABC错误；故选D．31．（3分）四种电场的电场线如图所示，一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，且加速度越来越大，由此可以判断，该电荷所在电场是图中的（）A．B． C．D．【解答】解：根据一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，知电场力的方向由M指向N，所以电场强度的方向由N指向M．由M到N，加速度越来越大，知电场力越来越大，所以电场强度越来越大，所以M出要比N出疏．故D正确，A、B、C错误．故选D．32．（3分）随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多．下列电器中主要应用电流热效应的是（）A．电风扇B．电饭煲C．录音机D．电视机【解答】解：电饭锅工作时，电能转化为内能，利用电流的热效应．符合题意．电风扇工作时，主要是电能转化为机械能．录音机工作时，电能主要转化为声能．电视机主要将电能转化为声能和光能．故B正确，ACD错误．故选：B．33．（4分）如图所示，放在马蹄形磁铁两极之间的导体棒ab，当通有自b到a 的电流时受到向右的安培力作用，则磁铁的上端是N极．如磁铁上端是S极，导体棒中的电流方向自a到b，则导体棒受到的安培力方向向右．【解答】解：电流方向由b到a，安培力向右，根据左手定则，知磁场方向竖直向下，所以磁铁上端是N极．磁铁上端是S极，电流方向自a到b，根据左手定则，知安培力方向向右．故答案为：N，右．34．（6分）一带电粒子的质量为m，电量为q，以速度v垂直射入磁感应强度为B的匀强磁场中，求：。