辽宁省瓦房店市2017-2018学年高二物理10月月考试题(含解析)

辽宁省瓦房店市2017-2018 学年高二物理月考试题（含分析）一、选择题：此题共12 小题，每题 4 分， 1-7 单项选择， 8-12 多项选择，共48 分。

1．对于电流，以下说法中正确的选项是（）
A.经过导线截面的电荷量越多，电流越大
B.电子运动的速率越大，电流越大
C.单位时间内经过导体截面的电荷量越多，导体中的电流越大
D.电流是矢量
【答案】 C
【分析】
试题剖析 : 电流的定义式为I q
A ，电荷量的多少不可以决定电流的大小还要考虑时间，因此
t
错误； C正确；正电荷的定向挪动方向为电流方向，是标量，因此 D 错误；电流的微观表达式I nvsq ，电流的大小遇到四个要素的限制，因此 B 错误。

考点：此题考察了对电流的理解。

2．一带电粒子仅在电场力的作用下从A 点运动到 B 点，其速度图象如下图．则以下说法中
不正确的选项是
（）
A. A 点的场强必定大于 B点的场强
B. A 点的电势必定比 B 点的电势高
C.粒子在 A 点的电势能必定大于在 B 点的电势能
D.电场力必定对粒子做正功
【答案】 B
【分析】
试题剖析:由图像可知，带电粒子做加快度减小的加快运动，依据
a qE
, a A a B ,可得 E A E B，因此A正确；依据动能定理 qU AB
1
mv B2
1
mv A2粒子m22
带电性质未知，没法判断U AB的正负，即没法判断两点电势高低，因此B错误 ; 只有电场力做功，动能和电势能之和不变，因此CD正确。

考点：此题考察了对电场的理解。

3．如下图的电路中，各个电阻都是2Ω，电流表内阻不计，在、
C 两点间加6V 电压时，
B
则电流表的示数为（）
A． 1A B． 0.5A C．1.5A D ．2A．
【答案】 A
【分析】
试题剖析 : 电路的连结方式为两个电阻并联再和一个电阻串连，电流在支路上，
R总 6 ，I U2A ，因此I支I 总1A ，A正确。

总
2
R 总
考点：此题考察了对电路连结方式。

4．如下图， C 为两极板水平搁置的平行板电容器．闭合开关S，当滑动变阻器R1、 R2的滑片处于各自的中点地点时，悬在电容器 C 两极板间的带电灰尘P 恰巧处于静止状态，要使尘
埃 P 向下加快运动，以下方法中独一可行的是
A．把R1的滑片向左挪动
B．把R2的滑片向左挪动
C．把R2的滑片向右挪动
D．把闭合的开关S 断开
【答案】 B
【分析】
试题剖析 :R1和电容器是串连关系，不过起到接通电容器作用改变该电阻不会影响电容器板
间电场，带电灰尘依旧静止， A 错误；对于带电灰尘U q mg ，增添R2能够增添板间电压，
d
反之能够减小电压，当减小电压时，灰尘将向下加快运动，因此 B 正确，Ｃ错误；断开开关，电容器充电，极板电压增添，灰尘将向上做加快运动，因此 D 错误。

考点：此题考察含容电路以及简单的静力学均衡。

5. 某种金属导体的 U— I 图象如下图，图象上与横轴成β 角。

对于导体的以下说法正确的选项是（A 点和原点的连线与横轴成
）
角， A点的切线
A．欧姆定律对于该种导体是不合用的C．在 A 点，导体的电阻等于 tan βB．该导体的电阻随电压的增大而增大D．在 A 点，导体的电阻等于tan
【答案】B
【分析】
试题剖析:欧姆定律对金属导体是完好合用的，因此A错误；U I图像的斜率表示了电阻的
大小变化规律，从图像能够看出，斜率愈来愈大，即电阻愈来愈大，因此 B 正确；因纵横坐标的单位未知，故不可以确立角度的正切值为电阻，CD错误。

考点：此题考察了对电阻伏安特征曲线的理解。

6．空间有一沿x 轴对称散布的电场，其电场强度E
随
x 变化的图象如下图．以下说法中正
确的是（）
A．O点的电势最低
B．x2点的电势最高
C．x1和－x1两点的电势相等
D．x1和x3两点的电势相等
【答案】 C
【分析】
试题剖析 :由图知，O点双侧电场强度方向相反，因电场强度的方向沿x 轴，故 O点可能电势最低，也可能电势最高， A 选项不正确； x1、 x2、 x3三点在同一电场线上，由沿电场线方向电
势渐渐降低可知，不论O点右边电场强度沿x 轴向右仍是向左，x2点电势都不是最高，x1、x3两点的电势也不相等，故B、 D 不正确；由图知，电场强度在O点双侧对称，故x1、－ x1两点电势相等， C 正确
考点：此题考察了对电场强度的理解。

7.ab是长为L的平均带电细杆，P1和P2是位于ab所在线上两点，ab上电荷产生静电场在P1处场强盛小为E1，在P2处场强盛小为E2，则正确的选项
是（
）
A．两处的电场方向同样， E ﹥ E B．两处的电场方向相反， E ﹥ E
1212
C．两处的电场方向同样， E ﹤ E D．两处的电场方向相反， E ﹤ E
1212
【答案】 D
【分析】
考点：此题考察了电场强度及其叠加原理。

8．对于电动势以下说法正确的选项是（）
A.电源电动势等于电源正负极之间的电势差
B.用电压表直接丈量电源两极获得的电压数值，实质上总略小于电源电动势正确值
C.电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，因此它的数值与外电路的构成相关
D. 电源电动势总等于电路中经过 1 C 的正电荷时，电源供给的能量
【答案】 BD
【分析】
试题剖析 : 电源电动势等于电源开路是的正负极之间的电势差，因此Ａ错误；电压表不是理
想表，因此直接测电压电路中有电流，电源内电压不是零，因此丈量值要小于电源电动势，
Ｂ正确；依据闭合电路的欧姆定律， E U 外U 内，也外电路是纯电阻仍是非纯电阻电路无
关，因此Ｃ错误；电动势定义式 E W非
1 C 的正电荷时，非静电力
，电源电动势等于挪动
q
做的功，也就是电源供给的能量，Ｄ正确。

考点：此题考察了对电动势的理解。

9．传感器是一种收集信息的重要器件，右图所示是一种测定压力的电容式传感器．当待测压力 F 作用于可动膜片电极上时，以下说法中正确的选项是
A．若 F 向上压膜片电极，电路中有从 a 到b 的电流B．若 F 向上压膜片电极，电路中有从 b 到a 的电流C．若F向上压膜片电极，电路中不会出现电流
D．若电流表有示数，则说明压力 F 发生变化
【答案】 BD
【分析】
试题剖析 : 若向上压膜片电极时，减小了板间距，依据
S
，电容增添， Q CU ，电C
4 kd
压不变，电容增添则电容器充电，电路中产生顺时针方向的电流，因此 B 正确， AC 错误；同理，只需有电流，就说明必定有压力变化，因此 D 正确。

考点：此题考察了电容器的理解。

10．如下图，图线a是某一电源的U-I曲线，图线b是必定值电阻的U-I 曲线．若将该电源与该定值电阻连成闭合电路（已知该电源的内阻r= 2.0Ω），则（）
A．该定值电阻为6Ω
B．该电源的电动势为20V
C．将 3 只这类电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大
D．将 2 只这类电阻串连作为外电阻，电源输出功率最大
【答案】 ABC
【分析】
试题剖析 : 依据欧姆定律U15U rV
R6,E U20 ，AB 正确，当外电阻和内
I 2.5I
阻相等时，电源的输出功率最大，三个这类电阻并联总电阻和内阻相等，因此 C 正确。

考点：此题考察了电阻的伏安特征曲线和电源的外特征曲线。

11．电子在电场中运动时，仅受电场力作用，其由a点运动到b点的轨迹如图中虚线所示．图
中一组平行等距实线可能是电场线，也可能是等势线，则以下说法中正确的选项是（）
A．不论图中实线是电场线仍是等势线， a 点的电势都比 b 点低
B．不论图中实线是电场线仍是等势线， a 点的场强都比 b 点小
C．假如图中实线是电场线，则电子在 a 点动能较小
D．假如图中实线是等势线，则电子在 b 点动能较小．
【答案】 CD
【分析】
考点：此题考察了对电场的理解。

12．如下图，电源电动势为E，内电阻为r ．当滑动变阻器的触片P 从右端滑到左端时，发
现电压表V1、 V2示数变化的绝对值分别为U1和U2，以下说法中正确的选项是（）
A．小灯泡L1、 L3变暗，L2变亮B．小灯泡L3变暗， L1、 L2变亮
C．U1<U2D．U1＞U2
BD
【答案】
【分析】
试题剖析 : 电路的连结方式为， L1和 L3并联在与 L2串连， V1测并联部分电压， V2测 L2电压，当触片从右端滑到左端时，滑动变阻器连入电阻减小，致使总电阻变小，总电流会变大，所
以 L2变亮； V2示数增添， U 内=Ir增添，依据闭合电路欧姆定律V1示数减小，I3U 1，L3变
R3
暗， I 2I1I 3，因此L1变亮；Ａ错误，Ｂ正确；依据闭合电路欧姆定律U 1U 2U内
即
U1U 2故D正确。

考点：此题考察了对电路动向变化。

二、此题共 3 小题，此中第13 题 8 分，第 14,15 题各 4 分，共 16 分。

13．在做“描述小灯泡的伏安特征曲线”的实验时，所用器械有：电动势为 6 V的电源，额
定电压为 2.5 V 的小灯泡，以及切合实验要求的滑动变阻器、电流表、电压表、开关和导线，
要求能测出尽可能多的数据，图 8 甲所示是没有连结完的实物电路。

（已连结好的导线有a、b、c、 d、e、 f 六根）
（ 1）请你用笔划线取代导线，将实物电路连结完好。

（ 2）连好电路，闭合开关，挪动滑片P 到某处，电压表的示数为 2.2 V ，若要丈量小灯泡的
额定功率，应将滑片P 向 ________（填“左”或“右”）端滑动。

（ 3）经过挪动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表示数，并绘制成了如图乙所示
的 U－ I 图线，依据信息，可计算出小灯泡的额定功率为________W。

（ 4）小灯泡的U－ I 图线是曲线而不是过原点的直线，原由是__________ 。

【答案】（ 1）看法析（ 2）右（3）0.5（4）灯丝的电阻会随温度的高升而增大
【分析】
试题剖析 :（1）如下图
（ 2）滑动变阻器接入的是右半部分，丈量小灯泡的额定功率，一定增添小灯泡的电压，即减
小电路总电阻，减小变阻器电阻，滑片右滑。

（ 3）P UI 2.5 0.20.5w
（4）灯丝时金属资料，温度高升，电阻率增添，电阻增添。

考点：此题考察了描述小灯泡的伏安特征曲线。

14．在显像管的电子枪中电子进入电压为U 的加快电场，设其初速度为0，经加快后形成横截面积为 S，电流为 I 的电子束。

已知电子的电量为e，质量为 m，则在刚出加快电场时，一小段长为△L 的电子束内电子个数是__________?
【答案】I
L m e2eU
【分析】
试题剖析:电子先经过加快电场加快，eU1mv 2；形成电子束，依据电流定义式
2
I Q Ne
，两式联立可得，N
I L m t L e2eU v
考点：此题考察了电场力做功和电流的定义。

15．如下图，一段长为a，宽为 b，高为 c（ a>b>c）的导体，将此中的两个对峙面接入电路中时，最大的电阻为R，则最小的电阻为__________
【答案】c2
2
R a
【分析】
试题剖析 :依据电阻定律 R l
，最大电阻时，接入电路的长度最大，横截面积最小，S
R a
；最小电阻时，接入电路的长度最小，横截面积最大，
R
min
c
；两个公式联bc ab
立可得 R min c2R。

a 2
考点：此题考察了对电阻定律的理解。

三、此题 3 小题，共10+10+16=36 分。

解答应写出必需的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数值的计算题- 答案中一定明确写出数值和单位，或按题目要求作答。

16．如下图，质量为m的小球 A 穿在绝缘细杆上，杆的倾角为α ，小球A带正电，电荷量
为 q.在杆上 B 点处固定一个电荷量为 Q的正电荷．将 A 由距 B 竖直高度为 H处无初速开释，
小球 A 下滑过程中电荷量不变．不计 A 与细杆间的摩擦，整个装置处在真空中．已知静电力常量
k 和重力加快度 g.求：
（ 1）A球刚开释时的加快度是多大？
（ 2）当A球的动能最大时，A球与B点的距离．
.
kQqsin 2αkQq
【答案】（ 1） gsin α －2（ 2）
mgsin α
mH
【分析】
Qq
试题剖析 : （ 1）由牛顿第二定律可知mgsin α － F＝ma，依据库仑定律 F＝ k r2，r ＝ H/sin α，得
a＝ gsin α －kQqsin 2α
2.
mH
（ 2）当A球遇到协力为零、加快度为零时，动能最大．
设此时 A 球与 B点间的距离为
kQq kQq d，则 mgsin α＝d2，解得 d＝mgsin α
考点：此题考察了对证点的理解。

17．电动自行车供给能量的装置为装在电池盒内的电池组，当它给电动机供电时，电动机将
带动车轮转动。

假定有一辆电动自行车，人和车的总质量为120kg。

当该车在水平川面上以5m/s 的速度匀速行驶时，它遇到的阻力约等于人和车总重的0.02倍，此时电池组加在电动机两头的电压为36V，经过电动机的电流为5A。

若连结导线的电阻不计，传动装置耗费的能量不计， g 取 10m/s2。

求：
（1）电动机输出的机械功率；（ 2）电动机线圈的电阻。

【答案】（ 1） 120W （ 2） 2.4 Ω
【分析】
试题剖析 :（1）当电动自行车匀速行驶时，牵引力等于阻力，有：
F=F 阻=0.02mg
电动机输出的机械功率P 出 =Fv
代入数据解得P 出 =120W
（ 2）电动机的输入功率P=IU
电动机内部的热功率P r =I 2r
由能量守恒定律有IU=P 出 +I 2r
因此
IU kmgv
r I 2
代入数据解得r=2.4 Ω
考点：此题考察了对功和功率的应用。

18．如图（ a）所示，水平搁置的平行金属板AB 间的距离 d=0.1m，板长 L=0.3m，在金属板的左端竖直搁置一带有小孔的挡板，小孔恰巧位于AB 板的正中间，距金属板右端x=0.5m 处竖
直搁置一足够大的荧光屏，此刻AB板间加如图（ b）所示的方波形电压，已知
02
U =1.0×10 V，
在挡板的左边，有大批带正电的同样粒子以平行于金属板方向的速度连续射向挡板，粒子的
质量 m=1.0×10 -7 kg，电荷量 q=1.0 ×10 -2 C，速度大小均为 v0=1.0 ×10 4m/s，带电粒子的重力不计，则：
（ 1）求电子在电场中的运动时间；
（ 2）求在 t=0 时辰进入的粒子打在荧光屏上的地点到O点的距离；
（ 3）若撤去挡板，求荧光屏上出现的光带长度。

【答案】（ 1）t L310 5 s （2）0.085m（3）0.095m
v0
【分析】
试题剖析 :
（ 1）t L 3 10 5 s。

v0
（ 2）电子在电场运动时间一共是3 10 5 s，依据两极板电压图像b，竖直方向此中
0 2 10 5 s 时间内电子匀加快运动，210 5 s 3 10s 时间电子匀减速直线运动，由
于电压大小同样，因此加快度大小相等
走开电场后到金属板的过程，水平方向匀速直线运动x v0 t
竖直方向匀速直线运动y v y t 0.05m y y 0.085m
，
若粒子进入的地点适合，粒子能够从极板的上面缘走开电场。

t 2 10 5 s时辰进入的粒子反向偏转过程中位移最大是速度减小到0 的时候，若粒子地点合
适，粒子此时恰巧抵达下极板，随后开始加快，时间为打在下极板上而不可以走开电场。

次粒子正向偏移为
t 1 10 5 s，此粒子下边的粒子将y
1
a (1 10 5 ) 20.005m
2
依据走开粒子速度大小方向同样，判断打在荧光屏上面的光带长度为 d y 0.095m 考点：此题考察了带电粒子在电场中的偏转。