2015-2016学年辽宁省丹东市宽甸一中高二(上)月考物理试卷(1-2单元)
高二物理-2015-2016学年高二上学期第一次月考物理试卷
2015-2016学年高二（上）第一次月考物理试卷一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（本大题23小题，每小题3分，共69分）1．物理学中引入“质点”、“点电荷”等概念，从科学方法上来说是属于( )A．控制变量的方法B．观察实验的方法C．建立理想化模型的方法 D．等效替代的方法2．如图所示，当将带正电的球C移近不带电的枕形绝缘金属导体AB时，枕形导体上的电荷移动情况( )A．枕形金属导体上的正电荷向B端移动，负电荷不移动B．枕形金属导体中的带负电的电子向A端移动，正电荷不移动C．枕形金属导体中的正、负电荷同时分别向B端和A端移动D．枕形金属导体中的正、负电荷同时分别向A端和B端移动3．真空中有两个点电荷，若保持它们之间的距离不变，带电量都减小为原来的一半，则库仑力变为原来的( )A．倍B．倍C．2倍D．4倍4．真空中有完全相同的两个金属球，一个带电量为+2×10﹣5库，另一个带电量为﹣6×10﹣5库．现将两小球看成点电荷，若它们之间的距离为r，它们之间的库仑力为F．现在将两小球互相接触一下再放回到原处，则此时它们之间的库仑力( )A．，斥力B．，引力C．，斥力D．，引力5．如图，A、B、C三点相比，其电场强度( )A．最大的是点A，最小的是点BB．最大的是点B，最小的是点CC．最大的是点C，最小的是点AD．A、B、C三点的电场强度方向相同6．如图所示为磁场、磁场作用力演示仪中的线圈，当在线圈中心处挂上一个小磁针，且与线圈在同一平面内，则当赫姆霍兹线圈中通以如图所示方向的电流时( )A．小磁针N极向里转 B．小磁针N极向外转C．小磁针在纸面内向左摆动D．小磁针在纸面内向右摆动7．下列说法正确的是( )A．电荷在电场中某点受到的电场力大，该点的电场强度就大B．电场强度的方向总跟电场力的方向一致C．负电荷受到的电场力的方向跟电场强度的方向相反D．在匀强电场中，带电粒子受到的电场力一定相同8．某电场的电场线如图所示，电场中M、N两点的场强大小分别为E M和E N，由图可知( )A．E M=E N B．E M＞E NC．E M＜E N D．无法比较E M和E N的大小9．如图所示，环形导线中通有顺时针方向的电流I，则该环形导线中心处的磁场方向为( )A．水平向右 B．水平向左C．垂直于纸面向里D．垂直于纸面向外10．如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以自由转动的小磁针．现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则( )A．小磁针保持不动B．小磁针的N将向下转动C．小磁针的N极将垂直于纸面向里转动D．小磁针的N极将垂直于纸面向外转动11．关于通电直导线周围磁场的磁感线分布，下列示意图中正确的是( )A．B．C．D．12．如图所示，一带正电的物体位于M处，用绝缘丝线系上带正电的小球，分别挂在P1、P2、P3的位置，可观察到小球在不同位置时丝线偏离竖直方向的角度不同．则下面关于此实验得出的结论中正确的是( )A．电荷之间作用力的大小与两电荷间的距离有关B．电荷之间作用力的大小与两电荷的性质有关C．电荷之间作用力的大小与两电荷所带的电量有关D．电荷之间作用力的大小与丝线的长度有关13．下列各图中，正确描绘两个等量正电荷电场线的是( )A．B．C．D．14．在以下列举的应用或现象中，属于静电防止的是( )A．静电复印 B．静电喷涂C．静电除尘 D．油罐车用铁链拖地运行15．关于电场线，下列说法正确的是( )A．电场线是实际存在于电场中的闭合曲线B．同一电场中，电场线越密的地方，电场强度越大C．同一电场中，电场线越疏的地方，电场强度越大D．同一电场中，电场线的疏密程度与电场强度的大小无关16．生产、生活中使用的许多东西都可看作能量转换器，它们把能量从一种形式转化为另一种形式．下列电器或设备在工作过程中把电能大部分转化为动能的是( )A．电冰箱B．电风扇C．发电机D．汽油机17．（单选）随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多．下列电器中主要应用电流热效应的是( )A．电风扇B．电饭煲C．录音机D．电视机18．关于静电，下列说法中不正确的是( )A．干燥天气里脱化纤衣物时常常会看到火花，听到劈啪声B．室内栽花种草可杜绝静电产生C．高压输电导线表面要很光滑，以避免因尖端放电而损失电能D．油罐车尾装一条拖地铁链，有利于消除静电19．有a、b、c、d四个小磁针，分别放置在通电螺线管的附近和内部．当小磁针静止时，小磁针指向如图所示，其中是正确的( )A．a B．b C．c D．d20．如图所示的各电场中，A、B两点场强相同的是( )A．B．C．D．21．关于磁感线，下列说法中正确的是( )A．两条磁感线可以相交B．磁感线是磁场中实际存在的线C．磁感线总是从N极出发，到S极终止D．磁感线的疏密程度反映磁场的强弱22．以下关于电场线的叙述，正确的是( )A．电场线是电荷移动的轨迹B．电场线是仅受电场力作用且从静止开始运动的电荷的运动轨迹C．仅受电场力作用时，电荷不可能沿电场线运动D．电荷的运动轨迹有可能与电场线重合23．在电场中某点放一检验电荷，其电量为q，检验电荷受到的电场力为F，则该点电场强度为E=，那么下列说法正确的是( )A．若移去检验电荷q，该点的电场强度就变为零B．若在该点放一个电量为2q的检验电荷，该点的场强就变为C．若在该点放一个电量为﹣2q的检验电荷，则该点场强大小仍为E，但电场强度的方向变为原来相反的方向D．若在该点放一个电量为﹣的检验电荷，则该点的场强大小仍为E，电场强度的方向也还是原来的场强方向二、填空题：把答案填在相应的横线上．（本大题2小题，共10分）24．电荷既不能创生，也不能消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分，在转移的过程中，电荷的总量保持不变，这个结论叫做__________．25．大量的实验中，人们发现：电荷只有__________种，分别是__________和__________．用毛皮摩擦过的橡胶棒带__________电，用丝绸摩擦过的玻璃棒带__________电．__________电荷相互排斥，异种电荷相互__________．三、计算或论述题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位，（本大题3小题，共21分）26．某导体的电阻为R=4Ω．试求当有I=2A的电流流过时，该导体在1分钟产生的热量Q 和此时的热功率P．27．真空中两个点电荷，相距30cm，它们的电荷量分别是+5.0×10﹣9C和﹣4.0×10﹣9C．（已知k=9.0×109N•m2/C2）问：（1）这两个电荷的相互作用力是引力还是斥力？（2）这两个电荷的相互作用力多大？28．在某一电场中的P点放入一个带电荷量为q=2×10﹣4C的负电荷，所受电场力大小为F=16N，方向水平向左．求P点的电场强度大小及方向．2015-2016学年高二（上）第一次月考物理试卷一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（本大题23小题，每小题3分，共69分）1．物理学中引入“质点”、“点电荷”等概念，从科学方法上来说是属于( )A．控制变量的方法B．观察实验的方法C．建立理想化模型的方法 D．等效替代的方法【考点】物理学史．【分析】物理学中引入了“质点”、“点电荷”、“电场线”等概念，都是在物理学中引入的理想化的模型，是众多的科学方法中的一种．【解答】解：“质点”、“点电荷”等都是为了研究问题简单而引入的理想化模型，所以它们从科学方法上来说属于理想化模型，故C正确．故选：C【点评】理想化的模型是实际物体的简化处理．物理上研究的方法很多，我们在学习物理知识的同时，更要学习科学研究的方法．2．如图所示，当将带正电的球C移近不带电的枕形绝缘金属导体AB时，枕形导体上的电荷移动情况( )A．枕形金属导体上的正电荷向B端移动，负电荷不移动B．枕形金属导体中的带负电的电子向A端移动，正电荷不移动C．枕形金属导体中的正、负电荷同时分别向B端和A端移动D．枕形金属导体中的正、负电荷同时分别向A端和B端移动【考点】静电场中的导体．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】带正电荷的球C移近不带电的枕形金属导体时，发生了静电感应现象，金属导电的实质是自由电子的移动，正电荷不移动；电荷间的相互作用，同号电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．【解答】解：金属导电的实质是自由电子的移动，即负电荷在外电场的作用下枕形金属导体自由电子向A移动，正电荷不移动．故B正确，ACD错误．故选：B．【点评】考查了静电感应时，电荷的移动；重点是金属导电的实质是自由电子的移动，正电荷不移动．3．真空中有两个点电荷，若保持它们之间的距离不变，带电量都减小为原来的一半，则库仑力变为原来的( )A．倍B．倍C．2倍D．4倍【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】当在真空中两个点电荷，其间的库仑力与两点电荷的电量乘积成正比，与间距的平方成反比．【解答】解：A、当控制它们的间距不变时，改变电量均为原来的一半时，则库仑力变为原来的四分之一．故A正确；B、当控制它们的间距不变时，改变电量均为原来的一半时，则库仑力变为原来的四分之一．故B错误；C、当控制它们的间距不变时，改变电量均为原来的一半时，则库仑力变为原来的四分之一．故C错误；D、当控制它们的间距不变时，改变电量均为原来的一半时，则库仑力变为原来的四分之一．故D错误；故选：A【点评】由库仑定律可知，在真空是必须确保电荷量不变，且电荷间距要大是能将带电量看成点来处理．4．真空中有完全相同的两个金属球，一个带电量为+2×10﹣5库，另一个带电量为﹣6×10﹣5库．现将两小球看成点电荷，若它们之间的距离为r，它们之间的库仑力为F．现在将两小球互相接触一下再放回到原处，则此时它们之间的库仑力( )A．，斥力B．，引力C．，斥力D．，引力【考点】库仑定律．【分析】两个完全相同的小球带的是异种电荷，那么当它们接触后，它们带的电荷将先中和，之后再将剩余的电荷量平分．找到小球带的电量的关系之后，根据库仑力的公式就可以求得作用力的大小．【解答】解：设两个球之间的距离为r，根据库仑定律，在它们相接触之前，相互间的库仑力大小F为：F=k，当将它们相接触之后，它们的电荷量先中和，再平分，此时每个球的电荷量为﹣2×10﹣5库，所以，此时两个球之间的相互的排斥力为F′，则F′=k=，所以C正确，ABD错误；故选：C．【点评】解决本题的关键就是掌握住电荷平分的原则，当完全相同的金属小球互相接触时，它们的电荷量将会平分．5．如图，A、B、C三点相比，其电场强度( )A．最大的是点A，最小的是点BB．最大的是点B，最小的是点CC．最大的是点C，最小的是点AD．A、B、C三点的电场强度方向相同【考点】电场强度；电场线．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】电场线的疏密表示电场强度的强弱，该点的切线方向表示电场强度的方向，据此可正确解答．【解答】解：电场线的疏密表示电场强度的相对大小，由图看出，B处电场线最密，场强最大，C处电场线最疏，场强最小，则A、B、C三点电场强度的大小关系，所以E B＞E A＞E C而某点的切线方向表电场强度的方向，因此它们的电场强度不相同，故B正确，ACD错误；故选：B．【点评】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布，明确电场线分布与电场强度之间的关系．6．如图所示为磁场、磁场作用力演示仪中的线圈，当在线圈中心处挂上一个小磁针，且与线圈在同一平面内，则当赫姆霍兹线圈中通以如图所示方向的电流时( )A．小磁针N极向里转 B．小磁针N极向外转C．小磁针在纸面内向左摆动D．小磁针在纸面内向右摆动【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】根据右手螺旋定则判断出环形电流内部和外部的磁场，根据小磁针静止时N极所指的方向为磁场的方向，判断出小磁针N极的偏转．【解答】解：根据右手螺旋定则知，环形电流内部的磁场方向向里，外部的磁场方向向外，则小磁针的N极向纸面里偏转．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】解决本题本题的关键知道小磁针静止时N极的指向表示磁场的方向，以及会运用右手螺旋定则判断电流周围的磁场方向．7．下列说法正确的是( )A．电荷在电场中某点受到的电场力大，该点的电场强度就大B．电场强度的方向总跟电场力的方向一致C．负电荷受到的电场力的方向跟电场强度的方向相反D．在匀强电场中，带电粒子受到的电场力一定相同【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】定性思想；控制变量法；电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度是描述电场强与弱的物理量，大小是由电荷所受电场力与其电量的比值，而方向即为正电荷所受电场力方向【解答】解：A、电荷在电场中某点受到的电场力大，则可能是电荷量多，该点的电场强度是不变的．故A错误；B、电场强度方向即为正电荷所受电场力方向．故B错误；C、电场强度方向即为正电荷所受电场力方向，负电荷受到的电场力的方向跟电场强度的方向相反，故C正确；D、在匀强电场中，同一带电粒子受到的电场力一定相同，不同电荷受到的电场力一定不同，故D错误；故选：C【点评】电场强度的方向为正点电荷在某点所受电场力方向，也可以是电场线某点的切线方向8．某电场的电场线如图所示，电场中M、N两点的场强大小分别为E M和E N，由图可知( )A．E M=E N B．E M＞E NC．E M＜E N D．无法比较E M和E N的大小【考点】电场线；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．【解答】解：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以E M＜E N，所以C正确．故选C．【点评】加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．9．如图所示，环形导线中通有顺时针方向的电流I，则该环形导线中心处的磁场方向为( )A．水平向右 B．水平向左C．垂直于纸面向里D．垂直于纸面向外【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】由右手螺旋定则可判断电流周围磁场的分布．【解答】解：图中电流为环形电流，由右手螺旋定则可得：大拇指指向电流方向，四指弯曲方向在内部向里，所以内部磁场应垂直于纸面向里．故选：C．【点评】右手螺旋定则在应用过程中容易出现错误，要加强练习，增加熟练程度．10．如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以自由转动的小磁针．现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则( )A．小磁针保持不动B．小磁针的N将向下转动C．小磁针的N极将垂直于纸面向里转动D．小磁针的N极将垂直于纸面向外转动【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】小磁针能体现出磁场的存在，且小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，即为磁感应强度的方向．也可为磁感线在该点的切线方向．而电流周围的磁场由右手螺旋定则来确定磁场方向．【解答】解：当通入如图所示的电流时，根据右手螺旋定则可得小磁针的位置的磁场方向是垂直纸面向里，由于小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，所以小磁针的N极将垂直于纸面向里转动．故选：C【点评】右手螺旋定则也叫安培定则，让大拇指所指向为电流的方向，则四指环绕的方向为磁场方向．当导线是环形时，则四指向为电流的方向．11．关于通电直导线周围磁场的磁感线分布，下列示意图中正确的是( )A．B．C．D．【考点】磁现象和磁场．【分析】通电导线周围的磁场方向，由右手螺旋定则来确定．【解答】解：A、伸开右手，大拇指方向为电流方向，则四指环绕方向为逆时针．故A正确；B、伸开右手，大拇指方向为电流方向，则四指环绕方向为逆时针．而图为顺时针，故B错误；C、直导线周围的磁感线应该是一系列的同心圆，故C错误；D、直导线周围的磁感线应该是一系列的同心圆，故D错误；故选：A【点评】右手螺旋定则也叫安培定则，当直导线时，右手大拇指方向为电流的方向，四指环绕方向为磁场方向；当环形导线时，四指环绕方向为电流方向，右手大拇指方向为环内的磁场方向．12．如图所示，一带正电的物体位于M处，用绝缘丝线系上带正电的小球，分别挂在P1、P2、P3的位置，可观察到小球在不同位置时丝线偏离竖直方向的角度不同．则下面关于此实验得出的结论中正确的是( )A．电荷之间作用力的大小与两电荷间的距离有关B．电荷之间作用力的大小与两电荷的性质有关C．电荷之间作用力的大小与两电荷所带的电量有关D．电荷之间作用力的大小与丝线的长度有关【考点】库仑定律．【专题】控制变量法．【分析】解答本题要了解库仑力的推导过程，由于决定电荷之间作用力大小的因素很多，因此需要采用控制变量的方法进行研究．虽然学生现在都知道库仑力的决定因素，但是该实验只是研究了库仑力和距离之间的关系．【解答】解：在研究电荷之间作用力大小的决定因素时，采用控制变量的方法进行，如本实验，根据小球的摆角可以看出小球所受作用力逐渐减小，由于没有改变电性和电量，不能研究电荷之间作用力和电性、电量关系，故BCD错误，A正确．故选A．【点评】控制变量法是高中物理物理中重要研究方法，要了解控制变量法的应用．13．下列各图中，正确描绘两个等量正电荷电场线的是( )A．B．C．D．【考点】电场线；点电荷的场强．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线从正电荷出发，到负电荷终止，电场线不相交，不闭合，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．【解答】解：电场线不相交，AB错误；电场线从正电荷出发，到负电荷终止，C错误，D正确；故选：D【点评】本题考查了电场线的基本特点：电场线从正电荷出发，到负电荷终止，电场线不相交，不闭合，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．14．在以下列举的应用或现象中，属于静电防止的是( )A．静电复印 B．静电喷涂C．静电除尘 D．油罐车用铁链拖地运行【考点】静电现象的解释．【分析】本题考查是关于静电的防止与应用，从各种实例的原理出发就可以判断出答案．【解答】解：A．静电复印是利用异种电荷相互吸引而使碳粉吸附在纸上，属于静电应用，不符合题意；B．喷枪喷出的油漆微粒带正电，因相互排斥而散开，形成雾状，被喷涂的物体带负电，对雾状油漆产生引力，把油漆吸到表面，属于静电应用，不符合题意；C．静电除尘时除尘器中的空气被电离，烟雾颗粒吸附电子而带负电，颗粒向电源正极运动，属于静电应用，不符合题意；D．油罐车上的搭地铁链是为了把产生的静电导走，属于静电的防止，符合题意．故选D．【点评】本题考查是关于静电的防止与应用，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例．15．关于电场线，下列说法正确的是( )A．电场线是实际存在于电场中的闭合曲线B．同一电场中，电场线越密的地方，电场强度越大C．同一电场中，电场线越疏的地方，电场强度越大D．同一电场中，电场线的疏密程度与电场强度的大小无关【考点】电场线．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】电场线的方向是正电荷所受电场力的方向，而正负电荷所受的电场力的方向相反；电场线可以形象描述电场的强弱与方向，人们为描述电场而引入的线，实际上是不存在的；电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强．【解答】解：A、电场线是人们为描述电场而引入的线，是假想的曲线，实际上是不存在的．故A错误．B、C、D、电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强．故B正确，C错误，D错误．故选：B．【点评】记住电场线的特点：电场线的疏密代表电场的强弱，沿电场线方向电势逐渐降低，即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念．16．生产、生活中使用的许多东西都可看作能量转换器，它们把能量从一种形式转化为另一种形式．下列电器或设备在工作过程中把电能大部分转化为动能的是( )A．电冰箱B．电风扇C．发电机D．汽油机【考点】电功、电功率．【分析】电风扇电能主要转化为动能，发电机是将其他能转化为电能，电冰箱将电能转化为内能．汽油机将化学能转化为内能．【解答】解；A、电冰箱将电能转化为内能．故A错误．B、电风扇电能主要转化为动能，故B正确．C、发电机是将其他能转化为电能，故C错误．D、汽油机将化学能转化为内能．故D错误．故选B【点评】能量转换器可根据能量转化和守恒定律来分析能量如何转化，简单的方法是减小的能量转化为增加的能量．17．（单选）随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多．下列电器中主要应用电流热效应的是( )A．电风扇B．电饭煲C．录音机D．电视机【考点】电功、电功率．【分析】电流流过导体时，导体要发热，这种现象是电流的热效应．产生电流的热效应时，电能转化为内能．【解答】解：电饭锅工作时，电能转化为内能，利用电流的热效应．符合题意．电风扇工作时，主要是电能转化为机械能．录音机工作时，电能主要转化为声能．电视机主要将电能转化为声能和光能．故B正确，ACD错误．故选：B．【点评】利用电流的热效应工作的家用电器工作时，电能转化为内能，这是判断的关键．18．关于静电，下列说法中不正确的是( )A．干燥天气里脱化纤衣物时常常会看到火花，听到劈啪声B．室内栽花种草可杜绝静电产生C．高压输电导线表面要很光滑，以避免因尖端放电而损失电能D．油罐车尾装一条拖地铁链，有利于消除静电【考点】* 静电的利用和防止．【分析】本题考查是关于静电的防止与应用，从各种实例的原理出发就可以判断出答案．【解答】解：A．干燥天气里化纤的衣服摩擦后带异种电荷而出现放电现象，从而会看到火花，听到劈啪声，故A不符合题意；B．室内栽花种草可有效防止静电，而不能杜绝静电产生，故B符合题意；C．表面光滑可以减小导线的表面积，这样可以大大减少感应放电，故C不符合题意；D．油罐车在运动的过程中，由于里面的油在晃动，也会摩擦产生静电，后面拖一条的铁链就可以以及时的把产生的静电导走，有利于消除静电，故D不符合题意．故选B．【点评】本题考查是关于静电的防止与应用，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例19．有a、b、c、d四个小磁针，分别放置在通电螺线管的附近和内部．当小磁针静止时，小磁针指向如图所示，其中是正确的( )。
辽宁省丹东宽甸第一中学2016届高三物理第一次月考试试题(无答案)
2016届高三第一次月考物理试卷时间：90分钟总分：100分班级：_____________ 姓名：_____________ 总分：_____________一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。
全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1、下列关于质点的说法正确的是：（）A. 地球很大，一定不能看作质点B. 原子核很小，一定能看作质点C. 同一物体在不同情况下，有时可以看作质点，有时不能看作质点D. 质点只是一种理想化的模型，无任何实际意义2、关于弹力，下列说法正确的是：（）A、相互接触的物体间必定有弹力的作用B、物体对桌面的压力就是木块受的重力，施力物体是地球C、物体对桌面产生的压力是桌面发生微小形变而产生的D、在桌面上的物体对桌面产生的压力就是物体的重力3、关于摩擦力的下列说法，正确的是：（）A、运动的物体不可能受到静摩擦力作用B、静摩擦力总是阻碍物体的运动的C、滑动摩擦力的方向一定与运动方向相反D、静摩擦的方向可能与其运动方向相同4、对下列现象解释正确的是：（）A．在一定拉力作用下，车沿水平面匀速前进，没有这个拉力，小车就会停下来，所以力是物体运动的原因B．向上抛出的物体由于惯性，所以向上运动，以后由于重力作用，惯性变小，所以速度也越来越小C．急刹车时，车上的乘客由于惯性一样大，所以都会向前倾倒D．质量大的物体运动状态不容易改变，是由于物体的质量大，惯性也就大的缘故5、探究弹力和弹簧伸长的关系时，在弹性限度内，悬挂15N重物时，弹簧长度为0.16m；悬挂20N重物时，弹簧长度为0.18m，则弹簧的原长L原和劲度系统k分别为（）A．L原＝0.02m k＝500N／mB．L原＝0.10m k＝500N／mC．L原＝0.02m k＝250N／mD．L原＝0.10m k＝250N／m6、如图所示，在倾角为α的斜面上，放一质量为m 的小球，小球和斜坡及挡板间均无摩擦，当档板绕O 点逆时针缓慢地转向水平位置的过程中，则有：（ ）A 、斜面对球的支持力逐渐增大B 、斜面对球的支持力逐渐减小C 、档板对小球的弹力先减小后增大D 、档板对小球的弹力先增大后减小7、如图所示，A 、B 两物体的质量分别为m A 和m B ，且m A >m B ，整个系统处于静止状态，滑轮的质量和一切摩擦均不计.如果绳一端由Q 点缓慢地向左移到P 点，整个系统重新平衡后，物体A 的高度和两滑轮间绳与水平方向的夹角θ如何变化：（ ）A.物体A 的高度升高，θ角变大B.物体A 的高度降低，θ角变小C.物体A 的高度升高，θ角不变D.物体A 的高度不变，θ角变小8、物体A 、B 、C 叠放在水平桌面上，用水平力F 拉B ，使三者一起匀速向右运动，则：（ ）A 、物体A 对物体B 有向左的摩擦力作用； B 、物体B 对物体C 有向右的摩擦力作用； C 、桌面对物体A 有向左的摩擦力作用；D 、桌面和物体A 之间没有摩擦力的作用。
丹东市宽甸一中2016届高三物理上册第二次半月考试题
2015-2016学年辽宁省丹东市宽甸一中高三（上）第二次半月考物理试卷一、本题共12小题：每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分．1．下面说法正确的是（）A．静止或做匀速直线运动的物体一定不受外力的作用B．物体的速度为零时一定处于平衡状态C．物体的运动状态发生变化时，一定受到外力的作用D．物体的位移方向一定与所受合力方向一致2．下列关于力对物体做功的说法正确的是（）A．摩擦阻力对物体做功的多少与路径无关B．合力不做功，物体必定做匀速直线运动C．在相同时间内作用力与反作用力做功绝对值一定相等，一正一负D．一对作用力和反作用力可能其中一个力做功，而另一个力不做功3．如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P悬于空中，Q放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推Q时，P、Q仍静止不动，则（）A．Q受到的摩擦力一定变小B．Q受到的摩擦力一定变大C．轻绳上拉力一定变小D．轻绳上拉力一定不变4．如图所示，小球质量为m，被三根质量不计的弹簧A、B、C拉住，弹簧间的夹角均为120°，小球平衡时，A、B、C的弹力大小之比为3：3：1，当剪断C瞬间，小球的加速度大小及方向可能为（）①g/2，竖直向下；②g/2，竖直向上；③g/4，竖直向下；④g/4，竖直向上．A．①②B．①④C．②③D．③④5．有一星球的密度跟地球密度相同，但它表面处的重力加速度是地面上重力加速度的4倍，则该星球的质量将是地球质量的（）A．倍B．4倍C．16倍D．64倍6．如图所示，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12m的竖立在地面上的钢管向下滑．已知这名消防队员的质量为60kg，他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零．如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为3s，g取10m/s2，那么该消防队员（）A．下滑过程中的最大速度为4 m/sB．加速与减速过程的时间之比为1：2C．加速与减速过程中所受摩擦力大小之比为2：7D．加速与减速过程的位移之比为1：47．某人把原来静止在地面上的质量为2kg的物体向上提起1m，并使物体获得1m/s的速度，取g=10m/s2，则这个过程中（）A．人对物体做功为21J B．合外力对物体做功为20JC．合外力对物体做功为21J D．物体的重力势能增加20J8．从离地H高处以速度V竖直向下抛出一个小球，若球撞地时无机械能损失，那么此球的回跳高度是（）A．H+B．C．D．上述均有可能9．质量为m的小球从高H处由静止开始自由下落，以地面作为零势能面．当小球的动能和重力势能相等时，重力的瞬时功率为（）A．2mg B．mg C．mg D．mg10．电荷量分别为+q、+q、﹣q的三个带电小球，分别固定在边长均为L的绝缘三角形框架的三个顶点上，并置于场强为E的匀强电场中，如图所示．若三角形绕穿过其中心O垂直于三角形所在平面的轴逆时针转过120°，则此过程中系统电势能变化情况为（）A．增加B．减少C．增加EqL D．减少EqL11．如图，M、N和P是以MN为直径的半圈弧上的三点，O点为半圆弧的圆心，∠AOP=60°．电荷量相等、符号相反的两个点电荷分别置于M、N两点，这时O点电场强度的大小为E1；若将N点处的点电荷移至P点，则O点的场场强大小变为E2，E1与E2之比为（）A．1：2 B．2：1 C．2：D．4：12．图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹．粒子先经过M点，再经过N点．可以判定（）A．M点的电势小于N点的电势B．粒子在M点的电势能小于N点的电势能C．粒子在M点的加速度大于在N点的加速度D．粒子在M点的速度小于在N点受到的速度二、实验题，每空2分，共14分，把答案填在相应的横线上或括号内．13．在“验证机械能守恒定律”的实验中，质量m=1kg的重锤自由下落，纸带上打出一系列的点，如图所示，O点为下落时的起始点，相邻计数点时间间隔为0.02s，长度单位为cm，取g=9.8m/s2．（1）打点计时器打下计数点B时，重锤的速度v B=m/s（保留两位有效数字）．（2）从点O到打下计数点B的过程中，重锤重力势能的减少量△E p=J，动能的增加量△E k=J（保留两位有效数字）．14．如图1为“用DIS（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置．（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持不变，用钩码所受的重力作为，用DIS测小车的加速度．（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a﹣F 关系图线如图2所示．①分析此图2线的OA段可得出的实验结论是．②（单选题）此图2线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是A．小车与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态C．所挂钩码的总质量太大D．所用小车的质量太大．三、本题共3小题，共38分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.15．（12分）（2014•吉林二模）如图所示，在水平地面上固定一倾角θ=37°，表面光滑的足够长斜面体，物体A以v1=6m/s的初速度沿斜面上滑，同时在物体A的正上方，有一物体B以某一初速度水平抛出．如果当A上滑到最高点时恰好被B物体击中．（A、B均可看做质点，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）求：（1）物体A上滑到最高点所用的时间t；（2）物体B抛出时的初速度v2；（3）物体A、B间初始位置的高度差h．16．（12分）（2015春•双鸭山校级期末）如图所示，光滑水平面AB与竖直面内的半圆形轨道在B点衔接，导轨半径为R，一个质量为m的静止物块在A处压缩弹簧，在弹力的作用下获某一向右速度，当它经过B点进入导轨瞬间对导轨的压力为其重力的7倍，之后向上运动恰能完成半圆周运动到达C点，求（1）弹簧对物块的弹力做的功；（2）物块从B到C克服阻力做的功；（3）物块离开C点后落回水平面时动能的大小．17．（14分）（2015春•濮阳期末）如图所示，用长L=0.50m的绝缘轻质细线，把一个质量m=1.0g带电小球悬挂在带等量异种电荷的平行金属板之间，平行金属板间的距离d=5.0cm，两板间电压U=1.0×103V．静止时，绝缘线偏离竖直方向θ角，小球偏离竖直距离a=1.0cm．（θ角很小，为计算方便可认为tanθ≈sinθ，取g=10m/s2，需要求出具体数值，不能用θ角表示）求：（1）两板间电场强度的大小；（2）小球带的电荷量；（3）若细线突然被剪断，小球在板间如何运动？2015-2016学年辽宁省丹东市宽甸一中高三（上）第二次半月考物理试卷参考答案与试题解析一、本题共12小题：每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分．1．下面说法正确的是（）A．静止或做匀速直线运动的物体一定不受外力的作用B．物体的速度为零时一定处于平衡状态C．物体的运动状态发生变化时，一定受到外力的作用D．物体的位移方向一定与所受合力方向一致考点：力的概念及其矢量性；共点力平衡的条件及其应用．分析：（1）据牛顿第一运动定律可知，物体不受任何外力作用时，物体处于静止状态或匀速直线运动状态；（2）力是改变物体运动状态的原因，力不是维持物体运动状态的原因．物体的运动状态发生变化时，一定受到外力的作用解答：解：A、静止或做匀速直线运动的物体可以受到外力，但外力之和为零；故A错误；B、物体速度为零时，可能受到合外力不为零；不一定处于平衡状态；故B错误；C、力是改变物体运动状态的原因，物体的运动状态发生变化时，一定受到外力的作用；故C正确；D、物体的位移方向是由速度决定的，与受力没有关系；故D错误；故选：C点评：本题考查牛顿第一定律的应用，要注意明确力是改变物体运动状态的原因，而不是改变物体运动状态的原因．2．下列关于力对物体做功的说法正确的是（）A．摩擦阻力对物体做功的多少与路径无关B．合力不做功，物体必定做匀速直线运动C．在相同时间内作用力与反作用力做功绝对值一定相等，一正一负D．一对作用力和反作用力可能其中一个力做功，而另一个力不做功考点：功的计算；作用力和反作用力．分析：力做功的正负即决于力和位移的方向关系，结合根据作用力和反作用力、平衡力的性质可以判断两力做功的情况．解答：解：摩擦力做功与物体运动的路径长短有关，故A错误；B、物体做匀速圆周运动时，合力与速度方向始终垂直，故合力不做功，但做曲线运动，故B错误；C、作用力和反作用力的作用点的位移可能同向，也可能反向，大小可以相等，也可以不等，故作用力和反作用力对发生相互作用的系统做功不一定相等，故相互作用力做功之和不一定为零，故C错误，D正确；故选：D点评：作用力与反作用力虽然大小相等，方向相反，但是做功与力的大小以及物体的位移两个因素有关，要综合考虑问题．3．如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P悬于空中，Q放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推Q时，P、Q仍静止不动，则（）A．Q受到的摩擦力一定变小B．Q受到的摩擦力一定变大C．轻绳上拉力一定变小D．轻绳上拉力一定不变考点：共点力平衡的条件及其应用．分析：分别对单个物体进行受力分析，运用力的平衡条件解决问题．由于不知具体数据，对于静摩擦力的判断要考虑全面．解答：解：进行受力分析：对Q物块：当用水平向左的恒力推Q时，由于不知具体数据，Q物块在粗糙斜面上的运动趋势无法确定，故不能确定物块Q受到的摩擦力的变化情况，故A、B错误；对P物块：因为P物块处于静止，受拉力和重力二力平衡，P物块受绳的拉力始终等于重力，所以轻绳与P物块之间的相互作用力一定不变，故C错误，D正确．故选D．点评：对于系统的研究，我们要把整体法和隔离法结合应用．对于静摩擦力的判断要根据外力来确定．4．如图所示，小球质量为m，被三根质量不计的弹簧A、B、C拉住，弹簧间的夹角均为120°，小球平衡时，A、B、C的弹力大小之比为3：3：1，当剪断C瞬间，小球的加速度大小及方向可能为（）①g/2，竖直向下；②g/2，竖直向上；③g/4，竖直向下；④g/4，竖直向上．A．①②B．①④C．②③D．③④考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；胡克定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先小球为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件求出剪断C前弹簧C的弹力，在当剪断C瞬间，A、B的弹力没有变化，小球所受的合力与原来弹簧C的弹力大小相等、方向相反，则得到此瞬间小球的合力，由牛顿第二定律求出加速度．解答：解：设剪断C前弹簧C的弹力大小为F，则A、B的弹力大小均3F．剪断C前：由于A、B两弹力的夹角为120°，它们的合力大小为3F，方向竖直向上，（1）当C弹簧为拉力时，则对小球平衡有：3F=F+mgF=mg当剪断C瞬间，A、B的弹力没有变化，小球所受的合力与原来弹簧C的弹力大小相等、方向相反，即此瞬间小球的合力大小为F=mg，方向竖直向上，由牛顿第二定律得，小球的加速度大小为g，方向竖直向上（2）当C弹簧为推力时，则对小球平衡有3F+F=mg故，F=当剪断C瞬间，A、B的弹力没有变化，小球所受的合力与原来弹簧C的弹力大小相等、方向相反，即此瞬间小球的合力大小为F=，方向竖直向下，故加速度a=，方向竖直向下故选C点评：本题是牛顿运动定律应用中典型的问题瞬时问题，往往先分析状态变化前弹簧的弹力，再分析状态变化瞬间的合力，求出瞬间的加速度，关键要抓住弹簧的弹力不能突变的特点进行分析．5．有一星球的密度跟地球密度相同，但它表面处的重力加速度是地面上重力加速度的4倍，则该星球的质量将是地球质量的（）A．倍B．4倍C．16倍D．64倍考点：万有引力定律及其应用．分析：根据万有引力等于重力，列出等式表示出重力加速度．根据密度与质量关系代入表达式找出半径的关系，再求出质量关系．解答：解：根据万有引力等于重力，列出等式：=mgg=，其中M是地球的质量，r应该是物体在某位置到球心的距离．根据根据密度与质量关系得：M=ρ•πR3，星球的密度跟地球密度相同，===4==64故选D．点评：求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再根据表达式进行比较．6．如图所示，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12m的竖立在地面上的钢管向下滑．已知这名消防队员的质量为60kg，他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零．如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为3s，g取10m/s2，那么该消防队员（）A．下滑过程中的最大速度为4 m/sB．加速与减速过程的时间之比为1：2C．加速与减速过程中所受摩擦力大小之比为2：7D．加速与减速过程的位移之比为1：4考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：由平均速度公式求解最大速度．根据速度公式研究加速与减速过程的时间之比、位移之比．解答：解：A、设下滑过程中的最大速度为v，则消防队员下滑的总位移：x=t1+t2=，解得：v===8m/s，故A错误．B、设加速与减速过程的时间分别为t1、t2，加速度大小分别为a1、a2，则v=a1t1，v=a2t2，解得：t1：t2=a2：a1=1：2．故B正确．C、因t1+t2=3s，则t1=1s，t2=2s．由h==12m，a2：a1=1：2．解得，a1=8m/s2，a2=4m/s2，根据牛顿第二定律得：mg﹣f1=ma₁，f1=m（g﹣a1），f2﹣mg=ma2，f2=m（g+a2）解得，f1：f2=1：7，故C错误．D、加速与减速过程的位移之比为x1：x2=t1：t2=1：2，故D错误；故选：B．点评：本题考查匀变速直线运动的平均速度公式的应用．7．某人把原来静止在地面上的质量为2kg的物体向上提起1m，并使物体获得1m/s的速度，取g=10m/s2，则这个过程中（）A．人对物体做功为21J B．合外力对物体做功为20JC．合外力对物体做功为21J D．物体的重力势能增加20J考点：动能定理的应用．专题：功的计算专题．分析：物体向上运动的过程中，重力做负功﹣mgh，人对物体做正功，两个力的总功等于物体动能的变化，根据动能定理求解人对物体做功和合外力做功．重力对物体做负功，物体的重力势能增加．解答：解：A、设人对物体做功为W，根据动能定理得，W﹣mgh=mv2﹣0，代入解得W=21J，故A正确；B、由动能定理得，合外力做功W合=mv2=×2×12=1J，故BC错误；D、物体向上运动的过程中，重力做负功，为W G=﹣mgh=﹣2×10×1=﹣20J，则物体重力势能增加20J，故D正确；故选：AD．点评：本题考查动能定理和重力做功与重力势能变化关系的应用能力．求合力做功，往往优先考虑动能定理．8．从离地H高处以速度V竖直向下抛出一个小球，若球撞地时无机械能损失，那么此球的回跳高度是（）A．H+B．C．D．上述均有可能考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：整个运动过程中，小球的机械能守恒，根据机械能守恒定律列式即可求解．解答：解：设此球回跳高度是h．据题意，物体与地球碰撞的过程中无机械能损失，则根据机械能守恒定律得：mgH+mv2=mgh解得：h=H+故选：A．点评：本题关键知道小球的机械能守恒，并能正确列式，即可轻松求解．9．质量为m的小球从高H处由静止开始自由下落，以地面作为零势能面．当小球的动能和重力势能相等时，重力的瞬时功率为（）A．2mg B．mg C．mg D．mg考点：功率、平均功率和瞬时功率；自由落体运动；动能和势能的相互转化．分析：根据小球的动能和重力势能相等可以求得此时小球的速度的大小，再根据瞬时功率的公式即可求得此时重力的功率．解答：解：在小球的动能和重力势能相等时，设此时的高度为h，物体的速度为v，则根据机械能守恒可得，mgH=mgh+mV2，由于mgh=mV2，所以mgH=2×mV2，所以此时的速度的大小为V=，此时重力的瞬时功率为P=FV=mgV=mg，所以B正确．故选B．点评：在分析功率的时候，一定要注意公式的选择，P=只能计算平均功率的大小，而P=Fv可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度．10．电荷量分别为+q、+q、﹣q的三个带电小球，分别固定在边长均为L的绝缘三角形框架的三个顶点上，并置于场强为E的匀强电场中，如图所示．若三角形绕穿过其中心O垂直于三角形所在平面的轴逆时针转过120°，则此过程中系统电势能变化情况为（）A．增加B．减少C．增加EqL D．减少EqL考点：电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电荷在匀强电场中，受恒定的电场力，因此由沿电场力方向的位移结合功的表达式，可求出电场力对三个小球做功的大小，再根据W=﹣△E P分析．解答：解：当三角形绕穿过其中心O垂直于三角形所在平面的轴顺时针转动120°时，三个带电小球均须克服电场力做功，其中右上角带正电小球逆电场线移动L，下边带正电小球沿电场线移动，带负电小球沿电场线移动，则转动过程电场力总共做功为：W=﹣qEL+qE﹣qE=﹣qEL，电场力做负功，即电势能增加EqL，C正确．故选：C点评：注意功的表达式中，一要关注力是否是恒力；二要注意功的正负．即可根据力与位移的方向夹角来确定功的正负，当夹角大于90°时，力做负；当夹角小于90°时，力做正功．11．如图，M、N和P是以MN为直径的半圈弧上的三点，O点为半圆弧的圆心，∠AOP=60°．电荷量相等、符号相反的两个点电荷分别置于M、N两点，这时O点电场强度的大小为E1；若将N点处的点电荷移至P点，则O点的场场强大小变为E2，E1与E2之比为（）A．1：2 B．2：1 C．2：D．4：考点：电场强度；电场的叠加．专题：电场力与电势的性质专题．分析：场强是矢量，空间某点的场强是由各个点电荷单独存在时产生的场强的矢量和，遵循平行四边形定则．解答：解：O点场强是两个点电荷单独存在时产生场强的矢量和，由于M、N、P三个点到o的距离是相等的，两个电荷的电量又相等，所以它们在O点产生的电场强度大小相等；设点电荷在O点产生的电场强度为E，则两个电荷在MN时，产生的电场强度方向相同，所以：E1=2E两个点电荷分别在MP点时，场强的方向如图，由几何关系可知：E2=E所以：故选项B正确．另外，若M点是负电荷，N点是正电荷，则M端给O的场强水平向左，P给O的场强沿着PO延长线的方向．二者的和仍然是E．仍然是选项B正确．故选：B点评：场强是矢量，点电荷组产生的场强等同于各个点电荷单独存在时产生的场强的矢量和．12．图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹．粒子先经过M点，再经过N点．可以判定（）A．M点的电势小于N点的电势B．粒子在M点的电势能小于N点的电势能C．粒子在M点的加速度大于在N点的加速度D．粒子在M点的速度小于在N点受到的速度考点：电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据顺着电场线方向电势降低，判断电势的高低．由粒子轨迹的弯曲方向判断电场力方向．电场力方向应指向轨迹的内侧．由电场力做功正负，判断电势能的大小和动能的大小．由电场线的疏密判断场强大小，确定电场力的大小．进而可以判断加速度大小．解答：解：A、根据顺着电场线方向电势降低可知，M点的电势高于N点的电势．故A错误．B、由电场力方向应指向轨迹的内侧得知，粒子所受电场力方向大致斜向左下方，对粒子做正功，其电势能减小，动能增大，则知粒子在M点的电势能大于在N点的电势能，在M点的动能小于在N点的动能．故B错误．C、M点处的电场线较疏，而N点处电场线较密，则M点处的电场强度较小，粒子所受的电场力也较小，根据牛顿第二定律知，在M点的加速度小，故C错误．D、由电场力方向应指向轨迹的内侧得知，粒子所受电场力方向大致斜向左下方，对粒子做正功，其电势能减小，动能增大，则知粒子在M点的电势能大于在N点的电势能，在M点的动能小于在N点的动能，在M点的速度小于在N点受到的速度．故D正确．故选：D点评：本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向判断出粒子所受的电场力方向，再抓住电场线的物理意义判断场强、电势等的大小．二、实验题，每空2分，共14分，把答案填在相应的横线上或括号内．13．在“验证机械能守恒定律”的实验中，质量m=1kg的重锤自由下落，纸带上打出一系列的点，如图所示，O点为下落时的起始点，相邻计数点时间间隔为0.02s，长度单位为cm，取g=9.8m/s2．（1）打点计时器打下计数点B时，重锤的速度v B=0.97m/s（保留两位有效数字）．（2）从点O到打下计数点B的过程中，重锤重力势能的减少量△E p=0.48J，动能的增加量△E k=0.47J（保留两位有效数字）．考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题；机械能守恒定律应用专题．分析：根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，从而得出动能的增加量，结合下降的高度求出重力势能的减小量．解答：解：（1）利用匀变速直线运动的推论v B==0.97m/s（2）重力势能的减小量△E p=mgh=1×9.8×0.0486J=0.48J，动能的增加量△E k=mv B2=×1×（0.97）2=0.47J．故答案为：（1）0.97；（2）0.48；0.47．点评：运用运动学公式和动能、重力势能的定义式解决问题是该实验的常规问题，要注意单位的换算和有效数字的保留，难度不大，属于基础题．14．如图1为“用DIS（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置．（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持小车的质量不变，用钩码所受的重力作为合力，用DIS测小车的加速度．（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a﹣F 关系图线如图2所示．①分析此图2线的OA段可得出的实验结论是小车的质量一定，加速a与合力F成正比．②（单选题）此图2线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是CA．小车与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态C．所挂钩码的总质量太大D．所用小车的质量太大．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：①探究加速度与力的关系，应控制小车的质量保持不变；平衡摩擦力后用钩码的重力作为小车受到的合力；②控制实验所控制的变量，分析图象，根据图象特点得出实验结论；根据实验注意事项分析图象偏离直线的原因．解答：解：（1）探究加速度与力的关系，应保持小车的质量不变，用钩码所受的重力作为小车所受的合力．（2）由图象OA段可知，a与F成正比，即：在小车质量一定时，加速度a与小车受到的合力F成正比；以小车与钩码组成的系统为研究对象，系统所受的合外力等于钩码的重力m钩码g，由牛顿第二定律得：m钩码g=（m小车+m钩码）a，小车的加速度a=g，小车受到的拉力F=m小车a=g，当m钩码＜＜m小车时，可以认为小车受到的合力等于钩码的重力，如果钩码的质量太大，则小车受到的合力小于钩码的重力，实验误差较大，a﹣F图象偏离直线，故C正确．故答案为：（1）小车的质量；合力；（2）小车的质量一定，加速度a与合力F成正比；C．点评：本题考查了控制变量法的应用、实验数据处理、实验误差分析，实验误差分析是本题的难点；应知道当砝码质量远小于小车质量时，可以认为小车受到的拉力等于钩码重力．。
高三物理月考试题及答案-辽宁丹东市2015届高三总复习质量检测(一)理综
2015年辽宁省丹东市高考物理一模试卷一、选择题：本题共8小题．每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分．1．（6分）（2015•丹东一模）如图所示，一定质量的物体通过轻绳悬挂，结点为O．人沿水平方向拉着OB绳，物体和人均处于静止状态．若人的拉力方向不变，缓慢向左移动一小段距离，下列说法正确的是（）A． OA绳中的拉力先减小后增大 B． OB绳中的拉力不变C．人对地面的压力逐渐减小 D．地面给人的摩擦力逐渐增大【考点】：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：将重力进行分解，判断OB拉力的变化，根据平衡条件判断摩擦力的变化．【解析】：解：将重物的重力进行分解，当人的拉力方向不变，缓慢向左移动一小段距离，则OA与竖直方向夹角变大，OA的拉力由图中1位置变到2位置，可见OA绳子拉力变大，OB绳拉力逐渐变大；OA拉力变大，则绳子拉力水平方向分力变大，根据平衡条件知地面给人的摩擦力逐渐增大；人对地面的压力始终等于人的重力，保持不变；故选：D．【点评】：本题考查了动态平衡问题，用图解法比较直观，还可以用函数法．2．（6分）（2015•丹东一模）质量相等的A、B两物体（均可视为质点）放在同一水平面上，分别受到水平恒力F1、F2的作用，同时由静止开始从同一位置出发沿同一直线做匀加速直线运动．经过时间 t0和4t0速度分别达到2v0和v0时分别撤去F1和F2，以后物体继续做匀减速运动直至停止．两物体速度随时间变化的图象如图所示，对于上述过程下列说法中正确的是（）A． A、B的位移大小之比为2：1B．两物体运动的全过程中，合外力对A物体做的功多C．在2t0和3t0间的某一时刻B追上AD．两物体运动过程中，A一直在B的前面【考点】：功的计算；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】：功的计算专题．【分析】：根据动能定理求的合力做功．速度时间图线与时间轴所围成的面积表示位移．根据面积比得出位移比．追上A时，两者位移相等，从图象上去分析在在2t0和3t0间位移是否相等，判断B有无追上A【解析】：解：A、图线与时间轴所围成的面积表示运动的位移，则位移之比为．故A错误．B、合外力做功等于物体等能的变化量，故合外力做功相同，故B错误C、在3t0末，A的位移大于B的位移，此时B未追上A．故C错误D、根据面积表示位移，可知A在停止运动前，位移一直大于B的位移，所以A一直在B的前面．故D正确．故选：D【点评】：解决本题的关键通过图象知道速度﹣时间图线与时间轴所围成的面积表示位移，合外力做功等于物体动能的变化量3．（6分）（2015•丹东一模）如图所示，a、b、c为电场中同一条电场线上的三点，其中b 为a、c的中点．若一个运动的负电荷仅在电场力的作用下先后经过a、b两点，a、b两点的电势分别为，φa=﹣5V，φb=3V，则（）A．该电荷在a点的电势能小于在b点的电势能B． c点电势可能为φc=15VC． b点的场强大于a点的场强D．该电荷在a点的动能大于在b点的动能【考点】：电势能；电场强度．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：题中是一条电场线，无法判断该电场是否是匀强电场，不能确定c点处的电势具体大小．根据负电荷在电势高处电势能小，分析电势能的关系．由能量守恒分析动能关系．【解析】：解：A、由题知φa=﹣5V，φb=3V，则知a点的电势低于b点的电势，根据负电荷在电势高处电势能小，则知该负电荷在a点的电势能大于在b点的电势能，故A错误．B、φa=﹣5V，φb=3V，则ba间的电势差U ba=φb﹣φa=8V．由于只有一条电场线，其疏密情况未知，所以bc间的场强可能大于ab间的场强，由U=Ed知，cb间的电势差大于ba间的电势差，所以cb间的电势差可能等于12V，则φc=15V，故B正确．C、由于只有一条电场线，不能确定电场线的疏密，所以不能判断场强的大小，故b点的场强不一定大于a点的场强，故C错误．D、根据顺着电场线方向电势降低，可知电场线的方向从b指向a，则负电荷从a运动到b，电场力方向沿b到a方向，则电场力做正功，动能增大，所以该电荷在a点的动能小于在b 点的动能．故D错误．故选：B．【点评】：解决本题的关键要掌握电场线的物理意义，明确电场线的疏密可表示电场强度的相对大小，但一条电场线，无法判断电场线的疏密，就无法判断两点场强的大小．但电场线的方向可根据电势的高低判断出来．4．（6分）（2015•丹东一模）如图甲为远距离输电示意图，变压器均为理想变压器．升压变压器原副线圈匝数比为1：100，其输入电压如图乙所示，远距离输电线的总电阻为100Ω．降压变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R1为一定值电阻，R2为用半导体热敏材料制成的传感器，当温度升高时其阻值变小．电压表V显示加在报警器上的电压（报警器未画出）．未出现火警时，升压变压器的输入功率为750kW．下列说法中正确的有（）A．降压变压器副线圈输出的交流电频率为100HzB．未出现火警时，远距离输电线路损耗功率为180kwC．当传感器R2所在处出现火警时，输电线上的电流变大D．当传感器R2所在处出现火警时，电压表V的示数变大【考点】：远距离输电．【专题】：交流电专题．【分析】：由图乙知交流电的周期0.02s，所以频率为50Hz；根据升压变压器的输入电压，结合匝数比求出输出电压，从而得出输送电流，根据输电线的电阻得出损失的功率，根据闭合电路的动态分析判断电流与电压的变化【解析】：解：A、由图乙知交流电的周期0.02s，所以频率为50Hz，A错误；B、由图乙知升压变压器输入端电压有效值为250V，根据电压与匝数成正比知副线圈电压为25000V，所以输电线中的电流为：I===30A，输电线损失的电压为：△U=IR=30×100=3000V，输电线路损耗功率为：△P=△UI=90kW，B错误；D、当传感器R2所在处出现火警时其阻值减小，副线圈两端电压不变，副线圈中电流增大，定值电阻的分压增大，所以电压表V的示数变小，D错误；C、由D知副线圈电流增大，根据电流与匝数成反比知输电线上的电流变大，C正确；故选：C【点评】：解决本题的关键知道：1、输送功率与输送电压、电流的关系；2、变压器原副线圈的电压比与匝数比的关系；3、升压变压器输出电压、降压变压器输入电压、电压损失的关系；4、升压变压器的输出功率、功率损失、降压变压器的输入功率关系5．（6分）（2015•丹东一模）火星探索移民计划“火星一号”，不久前面向全球招募火星移民志愿者，4名华人入选．若志愿者到达火星以后，在火星表面高H处以速度v平抛一小球，测得小球的水平飞行距离为L，将火星视为密度均匀、半径为r的球体，则火星的密度为（） A． B．C． D．【考点】：万有引力定律及其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：志愿者到达火星以后，在火星表面高H处以速度v平抛一小球，根据平抛运动的分运动公式列式求解重力加速度；然后根据重力等于万有引力列式求解火星的密度．【解析】：解：小球做平抛运动，根据分运动公式，有：H=L=vt联立解得：g=在火星表面，重力等于万有引力，故：mg=G其中：M=联立解得：ρ==故选：B．【点评】：本题综合考查了平抛运动和万有引力定律，关键是先根据平抛运动的分运动公式求解重力加速度，再运用重力等于万有引力列式，基础题目．6．（6分）（2015•丹东一模）科学的研究方法促进了人们对事物本质和规律的认识．以下说法正确的是（）A．螺旋测微器的设计采用了螺旋放大法B．合力与分力概念的建立采用了对称法C．交流电的有效值是等效替代法的应用D．对物体具有惯性的研究应用了事实与逻辑推理相结合的方法【考点】：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；合力的大小与分力间夹角的关系．【分析】：在物理实验探究中，我们运用过多种科学研究方法，有比较法、模型法、等效替代法、归纳法、图象法、科学推理法、控制变量法等【解析】：解：A、螺旋测微器的设计主要采用了放大法，故A正确；B、合力与分力概念的建立采用了等效替代法，故B错误；C、确定交流电的有效值应用了等效替代法，故C正确；D、对物体具有惯性的研究应用了事实与逻辑推理相结合的方法，故D正确；故选：ACD．【点评】：控制变量法、转换法、模型法、等效替代法、推理法、类比法等是高中物理研究问题最常用的方法，在解决实际问题中要注意发现和应用．7．（6分）（2015•丹东一模）如图所示，长木板A放在光滑水平地面上，物体B以水平速度v0冲上A后，由于摩擦力作用，最后停止在木板A上．则从B冲到木板A上到相对板A静止的过程中，下述说法中正确是（）A．摩擦力对物体B做负功，对物体A做正功B．物体B动能的减少量等于系统损失的机械能C．摩擦力对A物体做的功等于系统机械能增加量D．物体B损失的机械能等于木板A获得的动能与系统损失的机械能之和【考点】：功能关系；机械能守恒定律．【分析】：对两物体受力分析，B在A上滑行过程中，B对A的滑动摩擦力对A做正功，而A对B的滑动摩擦力对B做负功，并且在此过程中，将有摩擦生热现象，系统内能的增量将等于系统机械能的减少量．【解析】：解：A、B的摩擦力方向向左，位移向右，故摩擦力对物体B做负功，A受B给他的摩擦力向右，位移向右，故摩擦力对物体A做正功，故A正确；B、根据能量守恒定律，物体B动能的减少量等于A的机械能增量和系统损失的机械能之和，故B错误C、根据动能定理，摩擦力对木板A做的功等于A动能的增加，故C错误；D、根据能量守恒定律，物体B损失的机械能等于木板A获得的动能与系统损失的机械能之和，故D正确故选：AD【点评】：注意弄清几个说法的相互关系：B的机械能的减少等于A的机械能的增加与系统内能增加的总和；系统机械能的减少等于系统内能的增加．8．（6分）（2015•丹东一模）如图所示为一种质谱仪示意图，由加速电场、静电分析器和磁分析器组成．若静电分析器通道中心的半径为R，通道内均匀辐射电场在中心线处的电场强度大小为E，磁分析器有范围足够大的有界匀强磁场，磁场感应强度大小为B、方向垂直纸面向外．一质量为m，电荷量为q的粒子从静止开始经加速电场加速后沿中心线通过静电分析器，由P点垂直边界进入磁分析器，最终打在胶片上的Q点．不计粒子重力．下列说法正确的是（）A．粒子带负电B．加速电场的电压U=ERC．直线PQ长度为2BD．若一群粒子从静止开始经过上述过程都落在胶片上同一点，则该群粒子具有相同的比荷【考点】：质谱仪和回旋加速器的工作原理．【分析】：带电粒子在电场中，在电场力做正功的情况下，被加速运动．后垂直于电场线，在电场力提供向心力作用下，做匀速圆周运动．最后进入匀强磁场，在洛伦兹力作用下，做匀速圆周运动．根据洛伦兹力的方向，从而可确定电性，进而可确定极板的电势高低．根据牛顿第二定律可得在电场力作用下做匀速圆周运动的表达式，从而求出加速电压．最后再由牛顿第二定律，洛伦兹力等于向心力可知，运动的半径公式，即影响半径的大小因素．【解析】：解：A、粒子进入静电分析器后在电场力作用下偏转，故可知粒子带正电，故A 错误．B、对于加速过程，有qU=mv2，在静电分析器中，由电场力充当向心力，则有 Eq=m，由上两式可知U=ER，故B正确．C、在磁分析器中粒子由P到Q，直径PQ=2R′==，故C错误．D、若一群离子从静止开始经过上述过程都落在胶片上同一点说明运动的直径相同，由于磁场，电场与静电分析器的半径不变，则该群离子具有相同的比荷，由上式可知．故D正确．故选：BD．【点评】：考查粒子在电场中加速与匀速圆周运动，及在磁场中做匀速圆周运动．掌握电场力与洛伦兹力在各自场中应用，注意粒子在静电分析器中电场力不做功．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．（6分）（2015•丹东一模）在《验证机械能守恒定律》的实验中，重物的质量为m，所用交流电的频率为50Hz，打出了如图所示的一条纸带，其中O为起点，A、B、C为三个连续的计时点．可得（g=10m/s2，重物的质量m取1kg计算）（1）打点计时器打B点时，重物动能为 4.86 J，从开时运动至打点计时器打B点的过程中重物重力势能减小量为 4.85 J．（结果均保留三位有效数字）（2）通过计算结果你能得出的结论：在实验误差允许范围内，重物下落过程中机械能守恒．【考点】：验证机械能守恒定律．【专题】：实验题．【分析】：根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的瞬时速度，从而得出动能的增加量，根据下降的高度求出重力势能的减小量．【解析】：解：（1）重力势能减小量等于：△E p=mgh=1.00×9.8×0.496 J=4.86 J．利用匀变速直线运动的推论有：v B==3.12m/s打点计时器打B点时，重物动能为：E k=E kB=mv B2=1×（3.12）2=4.85 J（2）通过计算结果你能得出的结论：在实验误差允许范围内，重物下落过程中机械能守恒．故答案为：（1）4.86，4.85；（2）在实验误差允许范围内，重物下落过程中机械能守恒．【点评】：要知道重物带动纸带下落过程中能量转化的过程和能量守恒．重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能减小除了转化给了动能还有一部分转化给摩擦产生的内能．10．（10分）（2015•丹东一模）热敏电阻是电阻值对温度极为敏感的一种电阻，热敏电阻包括正温度系数电阻器（PTC）和负温度系数电阻器（NTC），正温度系数电阻器（PTC）在温度升高时电阻值变大，负温度系数电阻器（NTC）在温度升高时电阻值变小，热敏电阻的这种特性，常常应用在控制电路中．（1）某实验小组测出热敏电阻R1的I﹣U图象如图乙曲线Ⅱ所示，请分析说明该热敏电阻是PTC 热敏电阻（填“PTC”或“NTC”）．（2）该小组选用下列器材探究通过热敏电阻R1（常温下阻值约为10Ω）的电流随其两端电压变化的特点．A．电流表A1（量程0.6A，内阻约0.3ΩB．电流表A2（量程100mA，内阻约1Ω）C．电压表V1（量程3.0V，内阻约3kΩ）D．电压表V2（量程15.0V，内阻约10kΩ）E．滑动变阻器R（最大阻值为10Ω）F．滑动变阻器R′（最大阻值为1000Ω）G．电源E（电动势15V，内阻忽略），电键、导线若干．实验中改变滑动变阻器滑片的位置，使加在热敏电阻两端的电压从零开始逐渐增大，请在所提供的器材中选择必需的器材，则电流表应选 A ；电压表选 D ；滑动变阻器选E ．（只需填写器材前面的字母即可）（3）请在所提供的器材中选择必需的器材，在图甲虚线框内画出该小组设计的电路图．（4）若将该热敏电阻接在电动势为10.0V，内阻为25Ω的电源两端，则热敏电阻实际消耗的电功率为 1.0 W．（结果保留两位有效数字）【考点】：描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】：实验题．【分析】：由图象根据欧姆定律判断元件电阻随电压（温度）如何变化，然后确定元件类型．根据电源电动势选择电压表，根据电路电流选择电流表，在保证安全的前提下，应选择最大阻值较小的滑动变阻器．电压与电流从零开始变化，滑动变阻器采用分压接法，根据电阻与电表内阻间的关系确定电流表的接法，作出实验电路图．本题的难点是求热敏电阻的实际功率，方法是在电阻的I﹣U图象中作出表示电源的I﹣U 图象，通过两图线的交点读出电流和电压的值，再根据P=UI来求功率．【解析】：解：（1）测出热敏电阻R1的U一I图线如图乙曲线Ⅱ所示，由图线可知，随电压增大，通过元件的电流增大，它的实际功率P=UI增大，温度升高，根据图线由欧姆定律得，随温度升高（电压变大）元件的电阻变大，则该热敏电阻是PTC热敏电阻．（2）由于实验要求电压从零调，所以变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器E 以方便调节；根据电源电动势为15V可知电压表应选D；电压表的最小电压应为量程的即5V，常温下热敏电阻的电阻为10Ω，所以通过热敏电阻的最小电流应为I min=0.5A，所以电流表应选A．（3）由于热敏电阻的阻值远小于电压表内阻，所以电流表应用外接法，又变阻器采用分压式接法，电路图如图所示：（4）若将该热敏电阻接在电动势为10.0V，内阻为25Ω的电源两端，根据闭合电路欧姆定律得U=10﹣25I，在热敏电阻的I﹣U图象中作出表示电源的I﹣U图象，如图所示，读出两图线的交点坐标分别为I=0.2A，U=5V，所以该热敏电阻消耗的电功率为P=UI=0.2×5=1.0W．故答案为：（1）PTC；（2）A，D，E；（3）如图所示；（4）1.0【点评】：应明确：①当实验要求电压从零调时，变阻器应采用分压式接法，变阻器的阻值越小越方便调节；②当待测电阻阻值远小于电压表内阻时，电流表应用外接法；③根据R=可知，U﹣I图象中，图线上的点与原点连线的斜率等于电阻阻值．11．（13分）（2015•丹东一模）如图所示，一倾角为37°的斜面固定在水平地面上，质量m=2kg的物体在平行于斜面向上的恒力F作用下，从A点由静止开始运动，到达B点时立即撤去拉力F．此后，物体到达C点时速度为零．每隔0.2s通过速度传感器测得物体的瞬时速度，如表给出了部分测量数据（不计空气阻力，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）．试求：t/s 0.0 0.2 0.4 … 2.2 2.4 …v/m•s﹣10.0 1.0 2.0 …3.3 1.3 …（1）斜面的动摩擦因数及恒力F的大小；（2）t=1.5s时物体的瞬时速度．【考点】：牛顿第二定律．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：（1）利用表中的数据，根据加速度的定义求加速度，由根据牛顿第二定律解得μ．（2）先由匀变速运动求出加速度的大小，再由受力分析和牛顿第二定律求出力的大小．（3）利用匀变速直线运动中速度与时间的关系求出F作用的时间，进行判断1.5s处于哪个阶段，再进行求解【解析】：解：（1）减速时，根据加速度定义，有a2===﹣10m/s2由根据牛顿第二定律，有mgsinα+μmgcosα=ma2代入数据，解得μ=0.5加速时，根据加速度定义，有a1==5m/s2再受力分析，根据牛顿第二定律，有F﹣mgsinα﹣μmgcosα=ma1，代入数据F﹣2×10×0.6﹣0.5×2×10×0.8=2×5，解得F=30N（2）设第一价段运动的时间为t1，在B点时二个价段运动的速度相等，所以，有5t1=1.2+10×（2.4﹣t1），t1=1.69s，可见，t=1.5s的时刻处在第一运动价段，因此，v=a1t=5×1.5=7.5m/s答：（1）斜面的摩擦系数为0.5；恒力F的大小为30N；（2）t=1.5s时物体的瞬时速度为7.5m/s．【点评】：本题考查匀变速直线运动规律，是典型的牛顿定律解题中的一类．关键是应用加速度定义和牛顿第二定律表示加速度的大小，这是一道好题12．（18分）（2015•丹东一模）如图所示，两金属板正对并水平放置，分别与平行金属导轨连接，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ区域有垂直导轨所在平面的匀强磁场．金属杆ab与导轨垂直且接触良好，并一直向右匀速运动．某时刻ab进入Ⅰ区域，同时一带正电小球从O点沿板间中轴线水平射入两板间．ab在Ⅰ区域运动时，小球匀速运动；ab从Ⅲ区域右边离开磁场时，小球恰好从金属板的边缘离开．已知板间距为4d，导轨间距为L，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ区域的磁感应强度大小相等、宽度均为d．带电小球质量为m，电荷量为q，ab运动的速度为v0，重力加速度为g．求：（1）磁感应强度的大小；（2）ab在Ⅱ区域运动时，小球的加速度大小；（3）要使小球恰好从金属板的边缘离开，ab运动的速度v0要满足什么条件．【考点】：法拉第电磁感应定律．【专题】：电磁感应中的力学问题．【分析】：（1）根据ab进入Ⅰ区域，同时一带正电小球从O点沿板间中轴线水平射入两板间．ab在Ⅰ区域运动时，小球匀速运动，抓住小球电场力和重力相等、结合切割产生的感应电动势大小以及匀强电场的电场强度公式求出磁感应强度的大小．（2）开始小球所受电场力与重力相等，ab在Ⅱ磁场区域运动时，小球所受的电场力大小不变，方向反向，根据牛顿第二定律求出小球的加速度．（3）ab分别在Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ磁场区域运动时，小球在电场中分别做匀速、类平抛和匀速运动，根据牛顿第二定律结合运动学公式求出ab运动的速度v0要满足的条件．【解析】：解：（1）ab在磁场区域运动时，产生的感应电动势大小为：ε=BLv0…①金属板间产生的场强大小为：…②ab在Ⅰ磁场区域运动时，带电小球匀速运动，有mg=qE…③联立①②③得：…④（2）ab在Ⅱ磁场区域运动时，设小球的加速度a，依题意，有qE+mg=ma…⑤联立③⑤得：a=2g…⑥（3）依题意，ab分别在Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ磁场区域运动时，小球在电场中分别做匀速、类平抛和匀速运动，设发生的竖直分位移分别为SⅠ、SⅡ、SⅢ；ab进入Ⅲ磁场区域时，小球的运动速度为vⅢ．则：SⅠ=0 …⑦SⅡ=…⑧SⅢ=vⅢ…⑨vⅢ=…⑩又：SⅠ+SⅡ+SⅢ=2d联立可得：．答：（1）磁感应强度的大小为．（2）ab在Ⅱ区域运动时，小球的加速度大小为2g．（3）要使小球恰好从金属板的边缘离开，ab运动的速度v0要满足．【点评】：解决本题的关键理清ab棒在匀速直线运动时，小球的运动情况，根据牛顿第二定律和运动学公式综合求解．(二）选考题，请考生从以下三个模块中任选一模块作答【物理-选修3-3】（15分）13．（5分）（2015•丹东一模）下列说法正确的有（）A．某固体物质的摩尔质量为M，密度为ρ，阿伏伽德罗常数为N A，则该物质的分子体积为V0=B．当分子间距离从r0（此时分子间引力斥力平衡）增大到r1时，分子力先减小后增大，则分子势能也先减小后增大C．压缩理想气体，对其做3.5×105J的功，同时气体向外界放出4.2×105J的热量，则气体的内能减少了0.7×105JD．制造电冰箱的经验表明，热量可以从低温物体传递到高温物体E．物理性质各向同性的一定是非晶体，各向异性的一定是晶体【考点】： * 晶体和非晶体；热力学第二定律．【分析】：根据固体的物质的摩尔质量，密度与阿伏伽德罗常数的关系，使用相应的公式推导出该种物质的分子体积，然后进行比较即可判定A；可以根据分子力做功判断分子势能的变化，分子力做正功，分子势能减小，分子力做负功，分子势能增加，判定B．在热力学中，系统发生变化时，设与环境之间交换的热为Q，与环境交换的功为W，可得热力学能（亦称内能）的变化为：△U=Q+W．电冰箱表明热量可以从低温物体传递到高温物体．单晶体是各向异性，多晶体是各向同性；【解析】：解：A、已知某固体物质的摩尔质量为M，密度为p，则该物质的摩尔体积：V=；阿伏伽德罗常数为N A，则该种物质的分子体积为V0=；故A正确；B、r＞r0，分子力表现为引力，r＜r0，分子力表现为斥力，当r从无穷大开始减小，分子力做正功，分子势能减小，当r减小到r0继续减小，分子力做负功，分子势能增加，所以在r0处有最小势能．在r＞r0时，r越大，分子势能越大；而分子间有间隙，存在着相互作用的引力和斥力，当分子间距离增大时，表现为引力，当分子间距离减小时，表现为斥力，而分子间的作用力随分子间的距离增大先减小后增大，再减小；当分子间距等于平衡位置时，引力等于斥力，即分子力等于零；所以当分子间距离从r0（此时分子间引力与斥力平衡）增大到r1时，关于分子力（引力与斥力的合力）变化情况可能是先增大后减小或一直增大；故B错误．C、改变内能的方式有做功和热传递，由热力学第一定律公式有：△U=Q+W=3.5×105J﹣4.2×105J=﹣0.7×105J，说明内能减少0.7×105J，故C正确．D、制造电冰箱的经验表明，热量可以从低温物体传递到高温物体，故D正确．E、单晶体物理性质是各向异性，多晶体是各向同性；故E错误．故选：ACD．。
辽宁省丹东宽甸县第一中学2015_2016学年高二物理上学期第一次月考试题
宽甸一中2014—2015学年度（下）高一第二次考试物理试卷总分：100分 考试时间：90分钟一、选择题（本题共10小题。
1至6题为单选,7至10题为多选，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.真空中三个点电荷位于一条直线上，都只在电场力下处于静止，其中两个电荷停在M 、N两点，所带电量如图所示，关于第三个电荷的电性和所停的位置，下列说法正确的是（ ）A ．为正电荷，可能停在A 处B ．为正电荷，可能停在B 处C ．为负电荷，可能停在B 处D ．为负电荷，可能停在C 处2.如图所示的小磁针，当其正上方有带电粒子通过时，小磁针的S 极向纸内方向偏转，这一带电粒子束（ ）A.由b 向a 飞行时一定是正离子束B.一定都是由a 向b 飞行C.一定都是由b 向a 飞行D.由b 向a 飞行时也可能是负离子束3.利用伏安法测未知电阻时，用图甲测得结果为R1，用图乙测得结果为R2，若待测电阻的真实值为R ，则（ ）A.R1＞R ＞R2 B ．R1＜R ＜R2C ．R1＞R ，R2＞RD ．R1＜R ，R2＜R4.如图，一半径为R 的圆盘上均匀分布着电荷量为Q 的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c 的轴线上有a 、b 、d 三个点，a 和b 、b 和c 、c 和d 间的距离均为R ，在a点处有一电荷量为q 的固定点电荷。
已知b 点处的场强为零，则d 点处场强的大小为(k 为静电力常量) （ ）A.k 错误！未找到引用源。
B. k 错误！未找到引用源。
C. k 错误！未找到引用源。
D. k 错误！未找到引用源。
5.在如图所示的电路中，E 为电源电动势，r 为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器。
当R2的滑片在a 端时合上开关S ，此时三个电表A1、A2和V 的示数分别为I1、I2和U 。
现将R2的滑片向b 端移动，则三个电表示数的变化情况是（ ）A.I1增大，I2不变，U 增大B.I1减小，I2增大，U 减小C.I1增大，I2减小，U 增大D.I1减小，I2不变，U 减小6.三条在同一平面（纸面）内的长直绝缘导线组成一等边三角形，在导线中通过的电流均为I ，方向如图所示。
辽宁省丹东宽甸县第一中学高中物理第一二单元综合测试(无答案)新人教版必修1
第一二单元物理试题（卷面分值：100分 考试时间：40分钟）一、单项选择题（共5题，每题6分，共30分） 1、下列有关质点的说法中正确的是（ ） A 、只有质量和体积都极小的物体才能视为质点B 、研究一列火车过铁路桥经历的时间时，可以把火车视为质点C 、研究自行车的运动时，因为车轮在不停地转动，所以在任何情况下都不能把自行车作为质点D 、虽然地球很大，还在不停地自转，但是在研究地球的公转时，仍然可以把它视为质点 2．如图所示，物体沿两个半径为R 的半圆弧由A 运动到C ，则它的位移和路程分别是（ ） A.0，B.4R 向东，2πRC.4πR 向东，4RD.4R 向东，2πR 向东3.自由落体第5个0.5 s 经过的位移是第1个0.5 s 经过的位移的倍数为（ ）A.5B.9C.10D.254.下列说法正确的是 （ ）A. 加速度增大，速度一定增大。
B. 速度变化量越大，加速度一定越大。
C. 物体有加速度，速度就增大。
D. 物体的速度很大，加速度可能为0。
5.小球A 、B 用长为L 的轻质细绳连接，现提其上端A 球使下端B 球离地面高度为h （如右图），然后由静止释放，则A 、B 两球落地时的速率之差为： （ ）A ．0B ．2gLC ．2ghD ．2gh )h L (2g -+二、多项选择题（共3题，每题6分，共18分）6．相同的三块木块并排固定在水平面上，一颗子弹以速度v0水平射入，若子弹在木块中做匀减速直线运动，且穿过第三块木块后速度恰好为零，则子弹依次射入每块木块时的速度之比和穿过每块木块所用时间之比为（ ）A ．1:2:3::321=v v vB ．1:2:3::321=v v vC ．()()23:12:1::321--=t t t D ．()()1:12:23::321--=t tt7. 两个物体a 、b 同时开始沿同一条直线运动。
从开始运动起计时，它们的位移图象如右图所示。
关于这两个物体的运动，下列说法中正确的是A.开始时a 的速度较大，加速度较小B.a 做反方向匀速运动，b 做正方向匀速运动C.a 、b 速度方向相反，速度大小之比是2∶3D.在t=3s 时刻a 、b 速度相等，恰好相遇8．A、B两个物体在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则( ) A．A、B两物体运动方向相反B．4 s内A、B两物体的位移相同C．4 s时A、B两物体的速度相同D．A物体的加速度比B物体的加速度小三、填空题(共20分)9．(8分) 12. 在平直公路上，汽车以12m/s的速度做匀速直线运动，从某时刻开始刹车，在阻力作用下，汽车以2 m/s2的加速度做匀减速直线运动，则刹车后10s内汽车的位移大小为 m,第10s末的速度为 s10．(12分)如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点之间还有4个点未画出，则相邻计数点时间间隔为 s，其中x1＝7.05 cm，x2＝7.68 cm，x3＝8.33 cm，x4＝8.95 cm，x5＝9.61 cm，x6＝10.26 cm，则A点处瞬时速度的大小是________m/s，加速度的大小是________ m/s2.(计算结果保留两位有效数字)四、计算题（32分，要求有必要的解题过程，只写结果不得分）11、（12分）物体在斜坡顶端以1 m/s的初速度和0.5 m/s2的加速度沿斜坡向下作匀加速直线运动，已知斜坡长24米，求：(1) 物体滑到斜坡底端所用的时间。
高二物理上学期第一次月考试卷高二全册物理试题_2
嗦夺市安培阳光实验学校大名一中 2015～2016 学年度高二上学期第一次月考物理试卷一、选择题：在每小题给出的四个选项中，15 题只有一项是符合题目要求的，160 有多个选项符合要求，每小题3 分，全选对得3 分，选对但不全得2 分，有选错得0 分；共60 分）．1．关于电阻和电阻率的说法中，正确的是（）A．导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻B．由R=可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C．某些金属、合金和化合物的电阻率随温度的降低会突然减小为零，这种现象叫做超导现象．发生超导现象时，温度不为绝对零度D．将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一2．把两根同种材料的电阻丝分别连在两个电路中，A 电阻丝长为L，直径为d，B 电阻丝长为3L，直径为3d．要使两电阻丝在相同时间内产生的热量相等，加在两电阻丝上的电压之比应当满足（）A．U A：U B=1：1 B．U A：U B =：1 C．U A：U B =：3 D．U A：U B=3：43．如图中，AB 间的电压为30V，改变滑动变阻器触头的位置，可以改变CD 间的电压，则U CD 的变化范围是（）A．0～10V B．0～20V C．10～20V D．20～30V4．如图所示，一幢居民楼里住着生活水平各不相同的24 户居民，所以整幢居民楼里有各种不同的电器，例如电炉、电视机、微波炉、电脑等等．停电时，用欧姆表测得A、B 间的电阻为R；供电后，各家电器同时使用，测得A、B 间的电压为U，进线电流为I，在t时间内消耗的电能为W；如图所示，则计算该幢居民楼用电的总功率可以用的公式是（）A．P=I2R B．C．P=UI D．5．如图所示电路中，当变阻器R3 的滑动头P 向b 端移动时（）A ．电压表示数变大，电流表示数变小B ．电压表示数变小，电流表示数变大C ．电压表示数变大，电流表示数变大 D ．电压表示数变小，电流表示数变小6．如图所示为两个不同闭合电路中的两个不同电源的 U ﹣I 图象，则下述说法中不正确的是（ ）A ．电动势 E 1=E 2，发生短路时的电流 I 1＞I 2B ．电动势 E 1=E 2，内阻 r 1＞r 2C ．电动势 E 1=E 2，内阻 r 1＜r 2D ．当电源的工作电流变化相同时，电源 2 的路端电压变化较大7．关于三个公式：①P=UI ，②P=I 2R ③P=，下列叙述正确的是（）A ．公式①适用于任何电路的电热功率B ．公式②适用于任何电路的电热功率C ．公式①、②、③适用于任何电路电功率D ．上述说法都不正确8．鸟儿落在 110kV 的高压输电线上，虽然通电的高压线是裸露电线，但鸟儿仍然安然无恙．这是 因为（）A ．鸟有耐高压的天性B ．鸟脚是干燥的，所以鸟体不导电C ．鸟两脚间的电压几乎为零D ．鸟体电阻极大，所以无电流通过9．如图是一个电路的一部分，其中 R 1=5Ω，R 2=1Ω，R 3=3Ω，I 1=0.2A ，I 2=0.1A ，那么电流表测得 的电流为（）A．0.2 A，方向向右B．0.15 A，方向向左C．0.2 A，方向向左D．0.3 A，方向向右10．图中电阻R1、R2、R3 的阻值相等，电池的内阻不计．开关K接通后流过R2 的电流是K接通前的（）A ．B ．C ．D．11．如图所示的电路中，理想电流表A1 的读数为1.2A，理想电流表A2 的读数为2A，则（）A．R1＜R2，表A的读数为3.2 A B．R1＞R2，表A的读数为3.2 A C．R1=R2，表A的读数为4 A D．R1＞R2，表A的读数无法判断12．如图所示，电动势为E、内阻不计的电源与三个灯泡和三个电阻相接．只合上开关S1，三个灯泡都能正常工作．如果再合上S2，则下列表述正确的是（）A．电源输出功率减小B．L1 上消耗的功率增大C．通过R1 上的电流增大D．通过R3 上的电流增大13．如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动时（）A．电压表V读数先变大后变小，电流表A读数变大B．电压表V读数先变小后变大，电流表A读数变小C．电压表V读数先变大后变小，电流表A读数先变小后变大D．电压表V读数先变小后变大，电流表A读数先变大后变小14．由磁感应强度定义式B =知，磁场中某处的磁感应强度的大小（）A．随着通电导线中电流I的减小而增大 B．随着I L乘积的减小而增大 C．随着通电导线所受磁场力F的增大而增大 D．跟F、I、L 无关15．物理学中有些问题的结论不一定必须通过计算才能验证，有时只需通过一定的分析就可以判断结论是否正确．如图所示为两个彼此平行且共轴的半径分别为R1 和R2 的圆环，两圆环上的电荷量均为q（q＞0），而且电荷均匀分布．两圆环的圆心O1 和O2 相距为2a，联线的中点为O，轴线上的A点在O点右侧与O点相距为r（r＜a）．试分析判断下列关于A点处电场强度大小E的表达式（式中k为静电力常量）正确的是（）A．E=|﹣|B．E=|﹣C．E=|﹣|D．E=|﹣|16．演示位移传感器的工作原理如图所示，物体M在导轨上平移时，带动滑动变阻器的金属杆P，通过电压表显示的数据，来反映物体位移的大小x．假设电压表是理想的，则下列说法正确的是（）A．物体M运动时，电源内的电流会发生变化 B．物体M 不动时，电压表的示数不会发生变化 C．物体M不动时，电路中仍有电流D．物体M不动时，电压表没有示数17．如图所示，调整电路的可变电阻R的阻值，使电压表V的示数增大△U，在这个过程中（）A．通过R1 的电流增加，增加量一定等于B．R2 两端的电压减小，减少量一定等于△U C．通过R的电流增加，增加量一定等于D．通过R2 的电流减小，但减少量一定小于18．用伏安法测未知电阻R x 时，若不知R x 的大约数值，为了选择正确的电流表接法以减小误差，可将仪器如图所示接好，只空出一个电压表的一个接头K，然后将K分别与a，b 接触一下，观察电压表和电流表示数变化情况，则（）A．若电流表示数有显著变化，K 应按a B．若电流表示数有显著变化，K 应按b C．若电压表示数有显著变化，K 应按a D．若电压表示数有显著变化，K 应按b19．关于磁感线，下列说法中正确的是（） A．磁感线上每一点的切线方向就是该点的磁场方向 B．磁感线一定从磁体的N极出发，到S极终止 C．任何磁场的磁感线都是闭合曲线，磁感线在空间不能相交 D．磁感线密处磁场强，磁感线疏处磁场弱20．如图所示，一束带电粒子沿水平方向沿虚线飞过磁针上方，并与磁针方向平行，能使磁针N极转向读者，那么这束带电粒子可能是（）A ．向右飞的正离子B ．向左飞的负离子C ．向右飞的负离子D ．向左飞的正离子二、实验题（第一小题 4 分，第二小题 10 分，共 14 分．把正确答案填在题中的横线上）21．某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如图甲所示，则该金属丝的直径 d=mm ．另一位学生用游标尺上标有 20 等分刻度的游标卡尺测一工件的长度，测得的 结果如图乙所示，则该工件的长度 L = cm ．22．某同学采用如图 1 所示的电路测定电源电动势和内电阻．已知干电池的电动势约为 1.5V ，内阻 约为 1Ω；电压表（0﹣3V ，3k Ω）、电流表（0～0.6A ，1.0Ω）、滑动变阻器有 R 1（10Ω，2A ）和 R 2（100Ω，0.1A ）各一只．①实验中滑动变阻器应选用 （填“R 1”或“R 2”）．②在图 2 中画出实验电路图．③在实验中测得多组电压和电流值，得到如图 3 所示的 U ﹣I 图线，由图可较准确地求出该电源电 动势 E = V ；内阻，r=Ω．三、计算题要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能给分.有数 值计算的题，答案中应明确写出数值和单位.23．如图所示是家用电饭煲的电路图．将电饭煲接到稳压电源上，当开关接通“加热”档时，电热丝 以额定功率给食物加热，当食物蒸熟后，开关接通“保温”档，给食物保温，这时电热丝的功率为其 额定功率的，电流为 1.40A ，已知分压电阻的 阻值 R =100Ω．求：（1）保温时，电阻 R 两端的电压． 稳压电源输出的电压．（3）电热丝的额定功率．24．有一个用直流电动机提升重物的装置，重物的质量m=50kg，电路电压为120V，当电动机以v=0.9m/s 的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流I=5A，（取g=10m/s 2）求：（1）电动机线圈的电阻R等于多少．电动机对该重物的最大提升速度是多少．（3）若因故障电动机不能转动，这时通过电动机的电流是多大，电动机消耗的电功率又为多大．大名一中2015～2016 学年度高二上学期第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：在每小题给出的四个选项中，15 题只有一项是符合题目要求的，160 有多个选项符合要求，每小题3分，全选对得3分，选对但不全得2分，有选错得0分；共60 分）．1．关于电阻和电阻率的说法中，正确的是（）A．导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻B．由R =可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比 C．某些金属、合金和化合物的电阻率随温度的降低会突然减小为零，这种现象叫做超导现象．发生超导现象时，温度不为绝对零度 D．将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一【考点】电阻定律；电阻率与温度的关系．【专题】恒定电流专题．【分析】电阻是导体对电流的阻碍作用．影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积、温度，与通过导体的电流和导体两端的电压无关．【解答】解： A、电阻是导体对电流的阻碍作用，是导体本身的一种特性；其大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关；而与导体两端有无电压、电压高低，导体中有无电流、电流大小无关．故A错误、B 错误． C、由超导现象的定义知，某些金属、合金和化合物的电阻率随温度的降低会突然减小为零，这种现象叫做超导现象．但温度不可能为绝对零度，因绝对零度无法达到，故C正确 D、导线的电阻率有材料本身的特性决定，与导体的电阻、横截面积、长度无关．将一根导线等分为二，则半根导线的电阻是原来的一半，但电阻率不变．所以D错误．故选：C．【点评】欧姆定律也可求电阻，但只能作为比值定义法，应明确电阻与电流、电压等无关．2．把两根同种材料的电阻丝分别连在两个电路中，A 电阻丝长为L，直径为d，B 电阻丝长为3L，直径为3d．要使两电阻丝在相同时间内产生的热量相等，加在两电阻丝上的电压之比应当满足（）A．U A：U B=1：1 B．U A：U B =：1 C．U A：U B =：3 D．U A：U B=3：4 【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】根据电阻定律R=ρ，求出电阻之比，再热量公式Q =t，求出电压之比．【解答】解：根据电阻定律R=ρ 可知，R A：R B=ρ：ρ=3：1，由于是纯电阻，则由 Q = t ，Q 、t 相同得：加在两电阻丝上的电压之比为 U A ：U B =：= ：1． 故选：B ．【点评】本题考查运用比例法解题的能力．对于纯电阻电路，求解热量三个公式通用，即 Q=UIt=I 2Rt=t ．3．如图中，AB 间的电压为 30V ，改变滑动变阻器触头的位置，可以改变 C D 间的电压，则 U CD 的 变化范围是（ ）A ．0～10VB ．0～20VC ．10～20VD ．20～30V【考点】串联电路和并联电路． 【专题】恒定电流专题．【分析】根据串联电路电压与电阻的关系分析得知，当滑动变阻器触头置于变阻器的最上端时， U CD 最大，当滑动变阻器触头置于变阻器的最下端时，U CD 最小，分别求出 U CD 最小值和最大值， 再得到 U CD 的变化范围．【解答】解：当滑动变阻器触头置于变阻器的最上端时，U CD 最大，最大值为 U max ===20V ；当滑动变阻器触头置于变阻器的最下端时，U CD 最小，最小值为U min =，所以 U CD 的变化范围是 10～20V ． 故选 C【点评】本题实质是分压器电路，考查对串联电路电压与电阻成正比特点的理解和应用能力．4．如图所示，一幢居民楼里住着生活水平各不相同的 24 户居民，所以整幢居民楼里有各种不同的 电器，例如电炉、电视机、微波炉、电脑等等．停电时，用欧姆表测得 A 、B 间的电阻为 R ；供电 后，各家电器同时使用，测得 A 、B 间的电压为 U ，进线电流为 I ，在 t 时间内消耗的电能为 W ；如 图所示，则计算该幢居民楼用电的总功率可以用的公式是（ ）A ．P=I 2RB ．C ．P=UID ．【考点】电功、电功率． 【专题】恒定电流专题．【分析】该幢楼内用电器有纯电阻的用电器，也有非纯电阻的用电器，P=UI ．也可以根据功率公式 求出 P ． 【解答】解：A 、B 、C 由题可知，该幢楼内用电器有纯电阻的用电器，也有非纯电阻的用电器， 则该幢楼居民用电的总功率为 P =UI ．由于欧姆定律不成立，U ＞IR ，则 P ＞I 2R ，P=不再成 立．故AB 错误，C 正确．D 、由题，经过一段时间 t ，该幢楼消耗的电能为 W ，则电功为 W ，根据功率公式得：P=，故 D 正确． 故选 C D ．【点评】家用电器有纯电阻用电器，由非纯电阻用电器，求用电器的总功率，应该用公式 P =UI 来 求．5．如图所示电路中，当变阻器 R 3 的滑动头 P 向 b 端移动时（）A ．电压表示数变大，电流表示数变小B ．电压表示数变小，电流表示数变大C ．电压表示数变大，电流表示数变大D ．电压表示数变小，电流表示数变小 【考点】闭合电路的欧姆定律． 【专题】恒定电流专题．【分析】电压表测量路端电压．当变阻器 R 3 的滑动头 P 向 b 端移动时，分析变阻器接入电路的电阻 如何变化，确定外电路总电阻的变化，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，判断电压表示 数的变化．由欧姆定律判断并联部分电压的变化，确定通过 R 2 的电流如何变化，由总电流和通过 通过 R 2 电流的变化分析电流表示数的变化．【解答】解：当变阻器 R 3 的滑动头 P 向 b 端移动时，变阻器接入电路的电阻增大，并联部分的电阻 增大，外电路的电阻增大，根据闭合电路的欧姆定律得知，总电流 I 减小，路端电压增大，则电压表示数变大．并联部分的电压 U 并=E ﹣I （R 1+r ），I 减小，其他量不变，可见，U 并增大，通过 R 2 的电流 I 2 增大，流过电流表的电流 I A =I ﹣I 2，I 减小，I 2 增大，I A 减小，则电流表示数变小．所以电 压表示数变大，电流表示数变小． 故选 A【点评】本题是电路的动态变化分析问题，一般按“局部→整体→局部”的思路分析．干路中电流与变 阻器中电流的变化情况是一致的．6．如图所示为两个不同闭合电路中的两个不同电源的 U ﹣I 图象，则下述说法中不正确的是（ ）A ．电动势 E 1=E 2，发生短路时的电流 I 1＞I 2B ．电动势 E 1=E 2，内阻 r 1＞r 2C ．电动势 E 1=E 2，内阻 r 1＜r 2D ．当电源的工作电流变化相同时，电源 2 的路端电压变化较大 【考点】欧姆定律． 【专题】恒定电流专题．【分析】根据闭合电路欧姆定律，路端电压为：U=E ﹣Ir ；U ﹣I 图象中与 U 轴的交点表示电源的电 动势，与 I 轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻． 【解答】解：A 、B 、C 、U ﹣I 图象中与 U 轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，则知电动势 E 1=E 2，内阻 r 1＜r 2，U ﹣I 图象与 I 轴的交点表示短路电流，故发生短路时的电流 I 1＞I 2，故 A C 正确，B 错误；D 、根据 U =E ﹣Ir 可知，△U=r •△I ，内阻 r 1＜r 2，故当电源的工作电流变化相同时，电源 2 的路端 电压变化较大，故 D 正确；本题选不正确的，故选：B ．【点评】本题的关键是理解对于 U ﹣I 图象中的纵截距表示电源电动势，横截距表示短路电流，斜率 表示电源内阻7．关于三个公式：①P=UI ，②P=I 2R ③P=，下列叙述正确的是（）A ．公式①适用于任何电路的电热功率B ．公式②适用于任何电路的电热功率C ．公式①、②、③适用于任何电路电功率D ．上述说法都不正确【考点】电功、电功率． 【专题】恒定电流专题．【分析】P =IU 适用于任何电路计算电功率；P=I 2R 适用于任何电路计算热功率；P=只能适用于纯 电阻电路．【解答】解：A 、P=IU 适用于任何电路计算电功率，可用于计算纯电阻电路的电热功率，对非纯电 阻电路不能用来计算电热功率．故 A 错误；B 、D 、P=I 2R 由焦耳定律推导出来，适用于任何电路计算热功率；故 B 正确，D 错误； C 、对于纯电阻电路，P=IU 、P=I 2R 和 P =都可以用来求解电功率； 对于非纯电阻电路，只能用 P =IU 求解电功率；故 C 错误； 故选：B ．【点评】对于纯电阻电路，电功与电热相同，三个公式 P =IU ；P=I 2R ；P=通用；而对于非纯电阻 电路，求电热功率只能用 P =I 2R ．8．鸟儿落在110kV 的高压输电线上，虽然通电的高压线是裸露电线，但鸟儿仍然安然无恙．这是因为（）A．鸟有耐高压的天性 B．鸟脚是干燥的，所以鸟体不导电 C．鸟两脚间的电压几乎为零 D．鸟体电阻极大，所以无电流通过【考点】欧姆定律．【分析】解答本题注意，小鸟是站在一根线上，而小鸟的两脚之间的距离很短，则由影响电阻大小的因素可知与鸟并联部分的电阻，则可求得加在鸟身上的电压．【解答】解：鸟的本身是导电的，也不具有耐高压性，能站在电线上的原因是因为小鸟并联在两脚之间的导线上，而导线长度很小，故该部分导体的电阻小，故小鸟两端的电压很小，接近于零，故不会对小鸟造成危害！故选：C．【点评】小鸟和任何动物都一样，体内含有大量的水份，故其导电性与一般动物一样，故鸟也不能同时跨在两根导线上．9．如图是一个电路的一部分，其中R1=5Ω，R2=1Ω，R3=3Ω，I1=0.2A，I2=0.1A，那么电流表测得的电流为（）A．0.2 A，方向向右B．0.15 A，方向向左C．0.2 A，方向向左D．0.3 A，方向向右【考点】串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】分别求出R1 两端的电压和R2 两端的电压，然后判断根据电位确定R3 两端的电压以及电流的方向，再根据求出通过R3 的电流，最后根据节点法确定通过电流表电流的方向和大小．【解答】解：R1 两端的电压U1=I1R1=0.2AX5Ω=1VR2 两端的电压U2=I2R2=0.1AX1Ω=0.1VR1 左端与R2 的左端电位相等，U1＞U2，则R1 右端的电位低于R2 右端的电位．R3 两端的电压U3=U1﹣U2=1V﹣0.1V=0.9V通过R3 的电流I3=，R3 上端电位低，下端电位高，电流方向由下向上．因此用节点法可知通过电流表的电流方向向左．设电流表的示数为I A，对于电流表左端的节点，流入节点的电流等于流出节点的电流．即I A+I2=I3电流表的示数I A=I3﹣I2=0.3A﹣0.1A=0.2A．故C正确，ABD 错误．故选：C【点评】本题考查欧姆定律的应用和电流方向的判断，本题涉及电位的概念，以及节点法判断电流方向以及电流大小，难度较大，要求大家需要掌握更多关于电学的知识．10．图中电阻R1、R2、R3 的阻值相等，电池的内阻不计．开关K接通后流过R2 的电流是K接通前的（）A ．B ．C ．D．【考点】闭合电路的欧姆定律；串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】k 接通前R1 与R2 串联，由欧姆定律可求得电路中的电流；k 接通后，R2 与R3 并联后与R1 串联，由欧姆定律可求得总电流，由并联电路的电流规律可求得流过R2 的电流；则可求得接通后电流与接通前电流的关系．【解答】解：K 接通前，R1、R2 串联，．K 接通后，由并联电路的规律可知故=；故选B．【点评】本题要注意审题，明确要求的是流过R2 的电流，故应通过串并联电路的电流规律即可求得电流的比值．11．如图所示的电路中，理想电流表A1 的读数为1.2A，理想电流表A2 的读数为2A，则（）A．R1＜R2，表A的读数为3.2 A B．R1＞R2，表A的读数为3.2 A C．R1=R2，表A的读数为4 A D．R1＞R2，表A的读数无法判断【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】理想电流表内阻不计，相当于导线．四个电阻实质是并联，电流表A测量干路电流，A1 的读数等于通过上面10Ω电阻与R2 的电流之和，A2 的读数等于通过上面10Ω电阻与R1 的电流之和，根据并联电路的特点进行分析求解．【解答】解：由于是理想电流表，对电路的影响不计，相当于导线，所以四个电阻并联，并联电路电压相等，则知通过两个10Ω电阻的电流相等．设通过R1、R2 和两个10Ω电阻的电流分别为I1、I2 和I3．则有：A1 的读数为 I A1=I2+I3，A2 的读数为 I A2=I1+I3，A 的读数为 I A=I1+I2+2I3，由题：I A1=1.2A，I A2=2A联立得：I A=I A1+I A2=3.2A；I2＜I1，由于R1、R2 并联，电压相等，由U=IR 得：R1＜R2，故A正确．故选：A【点评】解决本题关键要抓住电流表相当于导线，对电流没有影响，同时要判断出每个电流表测量什么电流，即可根据并联电路的规律进行求解．12．如图所示，电动势为E、内阻不计的电源与三个灯泡和三个电阻相接．只合上开关S1，三个灯泡都能正常工作．如果再合上S2，则下列表述正确的是（）A．电源输出功率减小B．L1 上消耗的功率增大C．通过R1 上的电流增大D．通过R3 上的电流增大【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由题，只合上开关S1，三个灯泡都能正常工作，再合上S2，并联部分的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化．由于电源的内阻不计，电源的输出功率 P=EI，与电流成正比．L1 的电压等于并联部分总电压，并联部分的电压随着其电阻的减小而减小，分析L1 上消耗的功率变化，判断通过R3 上的电流变化．【解答】解：A、只合上开关S1，三个灯泡都能正常工作，再合上S2，并联部分的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大．由于电源的内阻不计，电源的输出功率P=EI，与电流成正比，则电源输出功率增大．故A错误．B、由于并联部分的电阻减小，根据串联电路的特点，并联部分分担的电压减小，L1 两端的电压减小，其消耗的功率减小．故B错误．C、再合上S2，外电路总电阻减小，干路电流增大，而R1 在干路中，通过R1 上的电流增大．故C正确．D、并联部分的电压减小，通过R3 上的电流将减小．故D错误．故选：C．【点评】本题要抓住并联的支路增加时，并联的总电阻将减小．同时要注意电源的内阻不计，电源的输出功率P=EI．13．如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动时（）A．电压表V读数先变大后变小，电流表A读数变大 B．电压表V读数先变小后变大，电流表A读数变小 C．电压表V读数先变大后变小，电流表A读数先变小后变大 D．电压表V读数先变小后变大，电流表A 读数先变大后变小【考点】闭合电路的欧姆定律；串联电路和并联电路．【分析】由电路图可知，本题为滑动变阻器的两部分并联，并联后，再与R串联；由几何知识可知滑片移动时总电阻的变化；则由闭合电路欧姆定律可求得电路中电流的变化及路端电压的变化．【解答】解：设滑动变阻器触点以上的电阻为R上，触点以下的电阻为R下．因为滑动变阻器的有效电阻R 并除最初和最终为零外，是R 上和R下并联的结果，﹣﹣﹣﹣①二者之和一定，二者相等时积最大，所以当触点在中间时电阻最大，根据全电路欧姆定律，I 总=﹣﹣﹣﹣﹣②，所以当触点在中间时电流最小，电压表V读数为电源的路端电压，U=E﹣Ir，当触点在中间时路端电压最大，电压表V读数先变大后变小，所以本题选A或C．再算电流表A读数即R下的电流I，根据电阻并联分流公式，﹣﹣﹣﹣﹣③，联立以上3式，解得= ，变化为，当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动时，R 上一直变大而R下一直变小，从上式可以看出，电流表A读数I一直变大，所以本题选A．故选A【点评】本题考查全电路欧姆定律，滑动变阻器，电路分析，并联分流等，难度：较难．电路分析和电压表电流表读数随滑动变阻器触点移动而变化的题目是传统题目，但此题推陈出新，有新意，用新方法，一是应用数学知识：二者和不变，相等时积最大，二是应用数学方法，把最后的I式子变化为最后一式，目的是减少变化量．14．由磁感应强度定义式B= 知，磁场中某处的磁感应强度的大小（）A．随着通电导线中电流I的减小而增大 B．随着I L乘积的减小而增大 C．随着通电导线所受磁场力F的增大而增大 D．跟F、I、L 无关【考点】磁感应强度．【分析】磁感应强度的定义式：B=是采用比值法定义的，B 的大小与F、IL 等无关，由磁场本身决定的，充分理解磁场强度的定义式即可正确解答本题．【解答】解：物理学中B =是采用比值法定义的，磁感应强度的大小由磁场本身决定，与F、I、L的变化无关，故A BC 错误，D 正确．故选：D．【点评】对于概念的理解要深入充分，不能停留在表面，很多概念的定义式和决定式是不同的，如电场强度、磁感应强度、速度、加速度等．15．物理学中有些问题的结论不一定必须通过计算才能验证，有时只需通过一定的分析就可以判断结论是否正确．如图所示为两个彼此平行且共轴的半径分别为R1 和R2 的圆环，两圆环上的电荷量均为q（q＞0），而且电荷均匀分布．两圆环的圆心O1 和O2 相距为2a，联线的中点为O，轴线上的A点在O点右侧与O点相距为r（r＜a）．试分析判断下列关于A点处电场强度大小E的表达式（式中k为静电力常量）正确的是（）A．E=|﹣|B．E=|﹣C．E=|﹣| D．E=|﹣|【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．。
辽宁省丹东宽甸县第一中学2015届高一物理第二次月考(期中)试题
辽宁省丹东宽甸县第一中学2015届高一物理第二次月考（期中）试题（本试题 考试时间90分钟 满分100分）一、选择题：（本题共12×4分=48分。
1至7只有一个选项正确。
8至12有多个选项正确，全对得4分，对而不全得2分，有选错或不答的得0分。
）1、如图所示，质量为m 的物体A 以一定的初速度v 沿粗糙斜面上滑，物体A 在上滑过程受到的力有（ ）A ．冲力、重力、斜面的支持力和摩擦力B ．重力、斜面的支持力C ．重力、对斜面的正压力、沿斜面向下的摩擦力D ．重力、斜面的支持力、沿斜面向下的摩擦力2、关于速度、速度改变量、加速度，正确的说法是（ ）A ．物体运动的速度改变量越大，它的加速度一定越大B ．速度很大的物体，其加速度可以很小，可以为零C ．某时刻物体的速度为零，其加速度不可能很大D ．加速度数值很大时，运动物体的速度一定很快变大3、一个从静止开始作匀加速直线运动的物体,从开始运动起,连续通过三段位移的时间分别是1s 、2s 、3s,这三段位移的长度之比和这三段位移上的平均速度之比分别是（ ）A ．1:22:32，1:2:3B ．1:23:33,1:22:32C ．1:2:3,1:1:1D ．1:3:5，1:2:34、如下图所示，位于固定斜面上的小物块m 受到一水平向右的推力F 的作用. 已知物块m 沿斜面加速下滑. 现保持F 的方向不变，使其减小，则加速度（ ）A ．一定变小B ．一定变大C ．一定不变D ．可能变小，可能变大，也可能不变5、如图所示，放在水平桌面上的木块A 处于静止状态，所挂的砝码和托盘的总质量为0.6kg ，左侧弹簧秤的读数为2N ；若轻轻取走盘中的部分砝码，使其质量减少到0.3kg 时，将会出现的情况是（g=10m/s 2，不计滑轮摩擦）（ ）A ．弹簧秤的读数将变小B ．A 将向左运动C ．A 对桌面的摩擦力不变D ．A 对桌面的摩擦力将变小6、如图所示：一个质量为M 的倒“日”字木框中间套有一质量为m 的圆环静止放在水平面上，现给圆环一向上初速度V ，当圆环向上运动过程中，木框恰好对地面无压力，则此时圆环的加速度为（ ）A 0B gC Mg/mD (m+M)g/m5题图7题图7、．某物体沿一直线运动，其图象如图所示，下列说法中正确的是（ ）A ．第1s 内和第2s 内物体的速度方向相反B ．第1s 内和第3s 内物体的加速度方向相同C ．第2s 内物体的加速度大小为5m/s 2D ．第2s 末物体回到原出发点8、为了求得楼房的高度，在不计空气阻力的情况下，让一个石块从楼顶自由落下，测出下列哪个物理量就能计算出楼房的高度（ ）A.石块下落第一秒所用的时间B.石块落地前的瞬时速度C.石块落地前最后1s 内的位移D.石块通过最后1m 位移的时间9、如图所示，重力为500 N 的人通过跨过定滑轮的轻绳拉起重力为200 N 的物体，当绳与水平面成60°角时，物体静止。
高二物理上学期第一次月考试题高二全册物理试题2_01 (3)
嗦夺市安培阳光实验学校内蒙古乌丹高二物理上学期第一次月考试题第Ⅰ卷（选择题共40分）本卷共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.某一电解电容器如图甲所示，接入如图乙所示的电路，下列说法正确的是( )A．该电容器只有在电压为45 V时，电容才是33 μFB．该电容器能容纳的最大电荷量为3.3×10－5CC．接通电路后，电容器的电容仍是33 μFD．接通电路后，灯泡能持续发亮2.如图所示，带电体Q靠近一个接地空腔正方体导体，空腔里面无电荷，达到静电平衡后，下列物理量中不等于零的是( )A．导体空腔内任意点的场强B．导体空腔内任意点的电势C．导体外表面的电荷量D．导体空腔内表面的电荷量3.如图所示，在一电场强度为E的匀强电场中放一金属空心导体，图中a、b 分别为金属导体内部与空腔中的两点，则( )A．a、b两点的电场强度都为零B．a点电场强度为零，b点不为零C．a点电场强度不为零，b点为零D．a、b两点电场强度均不为零4.如图所示的匀强电场场强为103N/C，ab、cd平行于电场线，ac、bd垂直于电场线，ab＝cd＝4 cm，ac＝bd＝3 cm.则下述计算结果正确的是( )A．a、b之间的电势差为40 VB．a、c之间的电势差为50 VC．将q＝－5×10－3C的点电荷沿矩形路径abdca移动一周，电场力做的功是－0.25 JD．将q＝－5×10－3C的点电荷沿abd从a移到d，电场力做的功是0.25 J5.关于匀强电场中的场强和电势差的关系，下列说法正确的是( )A．任意两点间的电势差等于场强和这两点间距离的乘积B．沿电场线方向，任何相同距离上电势降落必定相等C．电势降低的方向必是场强方向D．在相同距离的两点上，电势差大的场强也大6.下列说法正确的是( )A．由公式E ＝得，电场强度E与电势差UAB成正比，与两点间距离d成反比B．由公式E ＝得，在匀强电场中沿电场线方向上两点间距离越大，电场强度就越小C．在匀强电场中，任意两点间电势差等于场强和这两点间距离的乘积D．公式E ＝只适用匀强电场7.如图所示的电场中，虚线为某带电粒子只在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c是轨迹上的三个点，则( )A．粒子一定带负电B．粒子一定是从a点运动到b点C．粒子在c点的加速度一定大于在b点的加速度D．粒子在电场中c点的速度一定大于在a点的速度8.如图所示，虚线为某点电荷电场的等势面，现有两个重力可忽略不计的带电粒子，其比荷相同，二者以相同的速率从同一等势面的a点进入电场后沿不同的轨迹1和2运动，图中a、b、c、d、e是粒子轨迹与各等势面的交点，则可以判断( )A．两个粒子的电性相同B．经过b、d两点时，两粒子的速率相等C．经过b、d两点时，两粒子的加速度大小相等D．经过c、e两点时，两粒子的电势能相等9.对于电场中A、B两点，下列说法中正确的是( )A．电势差的定义式UAB ＝，说明两点间的电势差UAB与电场力做功WAB成正比，与移动电荷的电荷量q成反比B．A、B两点间的电势差UAB与移动电荷的电荷量q无关C．把负电荷从A点移到B点电场力做正功，则有UAB＞0D．电场中A、B两点间的电势差UAB等于把正电荷q从A点移动到B点时静电力做的功10.两个等量点电荷P、Q在真空中产生的电场线(方向未画出)如图所示，一电子在A、B两点所受的电场力分别为FA和FB，则它们的大小关系为( )A．FA＝FB B．FA＞FBC．FA＜FB D．无法确定第Ⅱ卷（非选择题共60分）本卷共8小题，共60分。
高二物理上学期1月月考试题高二全册物理试题2 (3)
嘴哆市安排阳光实验学校辽宁师大附中高二（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题（本题包括10个小题，每小题6分，共60分．1到6题只有一个选项正确，7到10题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得4分，错选或不选的得0分）1．如图所示，金属棒MN两端由等长的轻质细线水平悬挂，处于竖直向上的匀强磁场中，棒中通以由M向N的电流，平衡时两悬线与竖直方向夹角均为θ．如果仅改变下列某一个条件，θ角的相应变化情况是（）A．棒中的电流变大，θ角变大B．两悬线等长变短，θ角变小C．金属棒质量变大，θ角变大D．磁感应强度变大，θ角变小2．图中a、b、c、d为四根与纸面垂直的长直导线，其横截面位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相同的电流，方向如图所示．一带正电的粒子从正方形中心O点沿垂直于纸面的方向向外运动，它所受洛伦兹力的方向是（）A．向上B．向下C．向左D．向右3．正方形区域ABCD中有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个粒子（不计重力）以一定速度从AB边的中点M沿既垂直于AB边又垂直于磁场的方向射入磁场，正好从AD边的中点N射出．若将磁感应强度B变为原来的2倍，其他条件不变，则这个粒子射出磁场的位置是（）A．A点B．ND之间的某一点C．CD之间的某一点D．BC之间的某一点4．医生做某些特殊手术时，利用电磁血流计来监测通过动脉的血流速度．电磁血流计由一对电极a和b以及磁极N和S构成，磁极间的磁场是均匀的．使用时，两电极a、b均与血管壁接触，两触点的连线、磁场方向和血流速度方向两两垂直，如图所示．由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中运动，电极a、b之间会有微小电势差．在达到平衡时，血管内部的电场可看作是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零．在某次监测中，两触点的距离为3.0mm，血管壁的厚度可忽略，两触点间的电势差为160µV，磁感应强度的大小为0.040T．则血流速度的近似值和电极a、b的正负为（）A．1.3m/s，a正、b负B．2.7m/s，a正、b负C．1.3m/s，a负、b正D．2.7m/s，a负、b正5．物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器，应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点，能使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量，使人类在获得以较高能量带电粒子方面前进了一步，如图所示为一种改进后的回旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场场强大小恒定，且被限制在A、C板间，带电粒子从P．处静止释放，并沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入D形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动，对于这种改进后的回旋加速器，下列说法正确的是（）A．带电粒子每运动一周被加速一次B．P1P2=P2P3C．加速粒子的最大速度与D形盒的尺寸无关D．加速电场方向需要做周期性的变化6．如图所示，为一圆形区域的匀强磁场，在O点处有一放射源，沿半径方向射出速率为v的不同带电粒子，其中带电粒子1从A点飞出磁场，带电粒子2从B点飞出磁场，不考虑带电粒子的重力．则（）A．带电粒子1的比荷与带电粒子2的比荷比值为3：1B．带电粒子1的比荷与带电粒子2的比荷比值为：1C．带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间比值为2：1D．带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间比值为1：27．如图1，两根光滑平行导轨水平放置，间距为L，其间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B．垂直于导轨水平对称放置一根均匀金属棒．从t=0时刻起，棒上有如图2的持续交变电流I、周期为T，最大值为I m，图1中I所示方向为电流正方向．则金属棒（）A．一直向右移动B．速度随时间周期性变化C．受到的安培力随时间周期性变化D．受到的安培力在一个周期内做正功8．空间虚线上方存在匀强磁场，磁感应强度为B；一群电子以不同速率v从边界上的P点以相同的方向射入磁场．其中某一速率v0的电子从Q点射出，如图所示．已知电子入射方向与边界夹角为θ，则由以上条件可判断（）A．该匀强磁场的方向是垂直纸面向里B．所有电子在磁场中的轨迹相同C．速率大于v0的电子在磁场中运动时间长D．所有电子的速度方向都改变了2θ9．如图所示，两金属板间有水平方向（垂直纸面向里）的匀强磁场和竖直向下的匀强电场．一带正电、质量为m的小球垂直于电场和磁场方向从O点以速度v0飞入此区域，恰好能沿直线从P点飞出此区域．如果只将电场方向改为竖直向上，则小球做匀速圆周运动，加速度大小为a1，经时间t1从板间的右端a点飞出，a与P间的距离为y1；如果同时撤去电场和磁场，小球加速度大小为a2，经时间t2从板间的右端b点以速度v飞出，b与P间的距离为y2．a、b两点在图中未标出，则一定有（）A．v0＜v B．a1＞a2C．a1=a2D．t1＜t210．质谱仪是测带电粒子的质量和分析同位素的一种仪器，它的工作原理是带电粒子（不计重力）经同一电场加速后，垂直进入同一匀强磁场做圆周运动，然后利用相关规律计算出带电粒子质量，其工作原理如图所示，虚线为某粒子运动轨迹，由图可知（）A．此粒子带负电B．下极板S2比上极板S1电势高C．若只增大加速电压U的值，则半径r变大D．若只增大入射粒子的质量，则半径r变大二、实验题（本题5个小题，每道小题2分，共10分）11．（10分）（2015秋•辽宁校级月考）某研究性学习小组欲用电压表V、电阻箱R、定值电阻R0、开关S和若干导线测定某电池组的电动势．①在图甲中，根据图乙电路图用笔画线代替导线，将实物图连接成完整的实验电路．②闭合开关S，调整电阻箱阻值R，读出电压表V相应示数U．该学习小组测出大量数据，分析筛选出如表所示的R、U 数据，并计算相应的与的值．请用表中数据在图丙坐标纸上描点，并作用﹣图线．R/Ω166 71.4 50.0 33.3 25.0 20.0U/V 7.7 5.4 4.5 3.6 2.9 2.5I/R（×10﹣2Ω﹣1）0.60 1.40 2.00 3.00 4.00 5.00I/U/V﹣10.13 0.19 0.22 0.28 0.34 0.40③从图线中可求得待测电池组的电动势E= V④根据该小组设计的实验电路，会存在系统误差，试分析测得的电动势比实际电动势偏（填“大”或“小”）．⑤若要测该电池组的内阻，应知道定值电阻的阻值，用多用表测量该定值电阻的表盘指针如图丁所示，欧姆档位如图戊所示，则知定值电阻的阻值是Ω三、计算题．（其中12题14分，13题16分）12．（14分）（2011•潍坊模拟）如图所示，一质量为m的导体棒MN两端分别放在两个固定的光滑圆形导轨上，两导轨平等且间距为L，导轨处在竖直向上的匀强磁场中，当导体棒中通一自右向左的电流I时，导体棒静止在与竖直方向成37°角的导轨上，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）磁场的磁感应强度B；（2）每个圆导轨对导体棒的支持力大小F N．13．（16分）（2013•一模）如图所示，直角坐标系xoy位于竖直平面内，在﹣m≤x≤0的区域内有磁感应强度大小B=4.0×10﹣4T、方向垂直于纸面向里的条形匀强磁场，其左边界与x轴交于P点；在x＞0的区域内有电场强度大小E=4N/C、方向沿y轴正方向的条形匀强电场，其宽度d=2m．一质量m=6.4×10﹣27kg、电荷量q=﹣3.2×10‑19C的带电粒子从P点以速度v=4×104m/s，沿与x 轴正方向成α=60°角射入磁场，经电场偏转最终通过x轴上的Q点（图中未标出），不计粒子重力．求：（1）带电粒子在磁场中运动时间；（2）当电场左边界与y轴重合时Q点的横坐标．辽宁师大附中高二（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题包括10个小题，每小题6分，共60分．1到6题只有一个选项正确，7到10题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得4分，错选或不选的得0分）1．如图所示，金属棒MN两端由等长的轻质细线水平悬挂，处于竖直向上的匀强磁场中，棒中通以由M向N的电流，平衡时两悬线与竖直方向夹角均为θ．如果仅改变下列某一个条件，θ角的相应变化情况是（）A．棒中的电流变大，θ角变大B．两悬线等长变短，θ角变小C．金属棒质量变大，θ角变大D．磁感应强度变大，θ角变小考点：安培力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．分析：对通电导线受力分析，求出夹角的关系表达式，然后根据表达式分析答题．解答：解：导体棒受力如图所示，tanθ==；A、棒中电流I变大，θ角变大，故A正确；B、两悬线等长变短，θ角不变，故B错误；C、金属棒质量变大，θ角变小，故C错误；D、磁感应强度变大，θ角变大，故D错误；故选A．点评：对金属棒进行受力分析、应用平衡条件，根据安培力公式分析即可正确解题．2．图中a、b、c、d为四根与纸面垂直的长直导线，其横截面位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相同的电流，方向如图所示．一带正电的粒子从正方形中心O点沿垂直于纸面的方向向外运动，它所受洛伦兹力的方向是（）A．向上B．向下C．向左D．向右考点：洛仑兹力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据等距下电流所产生的B的大小与电流成正比，得出各电流在O点所产生的B的大小关系，由安培定则确定出方向，再利用矢量合成法则求得B 的合矢量的方向．解答：解：根据题意，由右手螺旋定则知b与d导线电流产生磁场正好相互抵消，而a与c导线产生磁场正好相互叠加，由右手螺旋定则，则得磁场方向水平向左，当一带正电的粒子从正方形中心O点沿垂直于纸面的方向向外运动，根据左手定则可知，它所受洛伦兹力的方向向下．故B正确，ACD错误．故选：B．点评：考查磁感应强度B的矢量合成法则，会进行B的合成，从而确定磁场的大小与方向．3．正方形区域ABCD中有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个粒子（不计重力）以一定速度从AB边的中点M沿既垂直于AB边又垂直于磁场的方向射入磁场，正好从AD边的中点N射出．若将磁感应强度B变为原来的2倍，其他条件不变，则这个粒子射出磁场的位置是（）A．A点B．ND之间的某一点C．CD之间的某一点D．BC之间的某一点考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：解答本题应抓住：粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径公式R=．根据此公式分析，当将磁感应强度B变为原来的2倍时，粒子的轨迹半径如何变化，由几何知识确定这个粒子射出磁场的位置．解答：解：粒子射入磁场中做匀速圆周运动，第一次轨迹的圆心在N点，半径为正方形边长的，若将磁感应强度B变为原来的2倍，根据半径公式R=可知，半径变为正方形边长的，由几何知识得知，粒子转动半周从A点射出磁场．故A正确，BCD错误．故选A点评：本题的解题关键是根据几何关确定圆心的位置，及由半径的公式确定半径的变化．4．医生做某些特殊手术时，利用电磁血流计来监测通过动脉的血流速度．电磁血流计由一对电极a和b以及磁极N和S构成，磁极间的磁场是均匀的．使用时，两电极a、b均与血管壁接触，两触点的连线、磁场方向和血流速度方向两两垂直，如图所示．由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中运动，电极a、b之间会有微小电势差．在达到平衡时，血管内部的电场可看作是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零．在某次监测中，两触点的距离为3.0mm，血管壁的厚度可忽略，两触点间的电势差为160µV，磁感应强度的大小为0.040T．则血流速度的近似值和电极a、b的正负为（）A．1.3m/s，a正、b负B．2.7m/s，a正、b负C．1.3m/s，a负、b正D．2.7m/s，a负、b正考点：霍尔效应及其应用．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：血液中正负离子流动时，会受到洛伦兹力，发生偏转，正离子往哪一个电极偏转，哪一个电极带正电．电极a、b之间会有微小电势差．在达到平衡时，血管内部的电场可看作是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零．根据平衡可求出血流速度．解答：解：血液中正负离子流动时，根据左手定则，正离子受到向上的洛伦兹力，负离子受到向下的洛伦兹力，所以正离子向上偏，负离子向下偏．则a带正电，b带负电．最终血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零，有，所以v=．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键正握左手定则判定洛伦兹力的方向，以及知道最终正负离子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，前后表面形成稳定的电势差．5．物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器，应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点，能使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量，使人类在获得以较高能量带电粒子方面前进了一步，如图所示为一种改进后的回旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场场强大小恒定，且被限制在A、C板间，带电粒子从P．处静止释放，并沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入D形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动，对于这种改进后的回旋加速器，下列说法正确的是（）A．带电粒子每运动一周被加速一次B．P1P2=P2P3C．加速粒子的最大速度与D形盒的尺寸无关D．加速电场方向需要做周期性的变化考点：质谱仪和回旋加速器的工作原理．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：带电粒子经加速电场加速后，进入磁场发生偏转，电场被限制在A、C板间，只有经过AC板间时被加速，所以运动一周加速一次，电场的方向不需改变．当带电粒子离开回旋加速器时，速度最大．解答：解：AD、带电粒子只有经过AC板间时被加速，即带电粒子每运动一周被加速一次．电场的方向没有改变，则在AC间加速．故A正确，D错误．B、根据r=，则P1P2=2（r2﹣r1）=，因为每转一圈被加速一次，根据v2﹣v12=2ad，知每转一圈，速度的变化量不等，且v3﹣v2＜v2﹣v1，则P1P2＞P2P3．故B错误．C、当粒子从D形盒中出来时，速度最大，根据r=得，v=．知加速粒子的最大速度与D形盒的半径有关．故C错误．故选：A．点评：解决本题的关键知道该回旋加速器的原理，知道粒子每转一圈，加速一次，且都在AC间加速，加速的电场不需改变．6．如图所示，为一圆形区域的匀强磁场，在O点处有一放射源，沿半径方向射出速率为v的不同带电粒子，其中带电粒子1从A点飞出磁场，带电粒子2从B点飞出磁场，不考虑带电粒子的重力．则（）A．带电粒子1的比荷与带电粒子2的比荷比值为3：1B．带电粒子1的比荷与带电粒子2的比荷比值为：1C．带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间比值为2：1D．带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间比值为1：2考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由数学知识求出粒子的轨道半径，由牛顿第二定律可以求出粒子的比荷比值，求出粒子做圆周的圆心角，然后求出粒子的运动时间．解答：解：粒子在磁场中做圆周运动，由数学知识可知，粒子做圆周运动转过的圆心角分别是：φA=120°，φB=600°，设粒子的运动轨道半径为r A，r B，r A sin60°=，r A =R，r B sin30°=Rsin60°，r B =R，A、洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m ，=，则粒子1与粒子2的比荷比值为===，故A正确，B错误；C、粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期T=，粒子在磁场中的运动时间：t=T，带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间比值为：==×=×=，故CD错误；故选A．点评：由数学知识求出粒子做圆周运动的轨道半径与粒子转过的圆心角是正确解题的关键．7．如图1，两根光滑平行导轨水平放置，间距为L，其间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B．垂直于导轨水平对称放置一根均匀金属棒．从t=0时刻起，棒上有如图2的持续交变电流I、周期为T，最大值为I m，图1中I所示方向为电流正方向．则金属棒（）A．一直向右移动B．速度随时间周期性变化C．受到的安培力随时间周期性变化D．受到的安培力在一个周期内做正功考点：安培力；功的计算．分析：根据左手定则判断出安培力的方向，结合加速度方向与速度方向的关系判断金属棒的运动规律．从而得出速度、安培力随时间的变化规律．解答：解：A、根据左手定则知，导体棒开始所受的安培力方向水平向右，根据F=BIL 知，安培力在第一个内做匀加速直线运动，在第二个内，安培力方向水平向左，大小不变，做匀减速直线运动，根据运动的对称性知，一个周期末速度为零，金属棒的速度方向未变．知金属棒一直向右移动，先向右做匀加速直线运动，再向右做匀减速运动，速度随时间周期性变化．故A、B正确．C、因为电流周期性变化，则安培力也周期性变化．故C正确．D、在一个周期内，动能的变化量为零，则安培力在一个周期内做功为零．故D错误．故选：ABC．点评：解决本题的关键掌握安培力的方向判断，会根据金属棒的受力情况判断其运动情况是解决本题的基础．8．空间虚线上方存在匀强磁场，磁感应强度为B；一群电子以不同速率v从边界上的P点以相同的方向射入磁场．其中某一速率v0的电子从Q点射出，如图所示．已知电子入射方向与边界夹角为θ，则由以上条件可判断（）A．该匀强磁场的方向是垂直纸面向里B．所有电子在磁场中的轨迹相同C．速率大于v0的电子在磁场中运动时间长D．所有电子的速度方向都改变了2θ考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：电子进入磁场后受到洛伦兹力而做匀速圆周运动，根据左手定则判断磁场方向；电子在磁场中的轨迹与半径有关，由半径公式r=知，速率不同，轨迹半径不同．电子在磁场中速度方向改变的角度等于轨迹的圆心角，而电子运动时间与轨迹的圆心角成正比，据此即可分析电子在磁场中运动的长短．解答：解：A、由图知，电子在P点受到的洛伦兹力方向沿P→O，如图，根据左手定则判断得知：匀强磁场的方向是垂直纸面向里．故A正确．B、电子进入磁场后受到洛伦兹力而做匀速圆周运动，由半径公式r=知，轨迹半径与电子的速率成正比，速率不同，轨迹半径不同，则轨迹就不同．故B 错误．C、D根据圆的对称性可知，所有电子离开磁场时速度方向与PQ线的夹角都是θ，则所有电子的速度方向都改变了2θ，由几何知识得知，所有电子轨迹对应的圆心角都是2θ，则所有电子在磁场中运动的时间都相同．故C错误，D 正确．故选AD点评：本题是磁场中直线边界问题，掌握左手定则和轨迹半径的基础上，抓住圆的对称性，确定速度的偏向角与轨迹的圆心角，即可比较磁场中运动的时间．9．如图所示，两金属板间有水平方向（垂直纸面向里）的匀强磁场和竖直向下的匀强电场．一带正电、质量为m的小球垂直于电场和磁场方向从O点以速度v0飞入此区域，恰好能沿直线从P点飞出此区域．如果只将电场方向改为竖直向上，则小球做匀速圆周运动，加速度大小为a1，经时间t1从板间的右端a点飞出，a与P间的距离为y1；如果同时撤去电场和磁场，小球加速度大小为a2，经时间t2从板间的右端b点以速度v飞出，b与P间的距离为y2．a、b两点在图中未标出，则一定有（）A．v0＜v B．a1＞a2C．a1=a2D．t1＜t2考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：根据题意分析各种情况下的运动形式和所对应的力学方程，开始匀速通过时：qvB=mg+Eq，当粒子做匀速圆周运动时，mg=Eq，qvB=，同时撤去电场和磁场时小球做平抛运动，根据不同规律的特点可正确解答．解答：解：开始匀速通过时：qvB=mg+Eq当小球做匀速圆周运动时，mg=Eq，qvB==ma1，同时撤去电场和磁场时小球做平抛运动，有：mg=ma2因为qvB＞mg，因此a1＞a2，故B正确，C错误；小球做圆周运动时，速度大小不变为v0，小球做平抛运动时，重力做正功，因此速度增大，即v0＜v，故A正确；小球做圆周运动时，从右端出去的时间为：t1=，s为运动的弧长，平抛运动时：t2=，l为两板之间水平位移，由于s＞l，因此t1＞t2，故D错误．故选：AB．点评：解答带电粒子在复合场中运动的关键是对粒子正确进行受力分析，明确运动形式，根据相应的规律求解．10．质谱仪是测带电粒子的质量和分析同位素的一种仪器，它的工作原理是带电粒子（不计重力）经同一电场加速后，垂直进入同一匀强磁场做圆周运动，然后利用相关规律计算出带电粒子质量，其工作原理如图所示，虚线为某粒子运动轨迹，由图可知（）A．此粒子带负电B．下极板S2比上极板S1电势高C．若只增大加速电压U的值，则半径r变大D．若只增大入射粒子的质量，则半径r变大考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；质谱仪和回旋加速器的工作原理．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据动能定理求出粒子进入磁场的速度，根据牛顿第二定律求出轨道半径，从而得知x与什么因素有关．解答：解：根据动能定理得，qU=mv2，由qvB=m得：r=．A、由图结合左手定则可知，该电荷带正电．故A错误．B、粒子经过电场要加速，因正电粒子，所以下极板S1比上极板S2电势低．故B 错误．C、若只增大加速电压U，由上式可知，则半径r变大，故C正确，D、若只增大入射粒子的质量，q不变，由上式可知，则半径也变大．故D正确．故选：CD．点评：解决本题的关键利用动能定理和牛顿第二定律求出P到S1的距离，从而得出x与电荷的比荷有关．二、实验题（本题5个小题，每道小题2分，共10分）11．（10分）（2015秋•辽宁校级月考）某研究性学习小组欲用电压表V、电阻箱R、定值电阻R0、开关S和若干导线测定某电池组的电动势．①在图甲中，根据图乙电路图用笔画线代替导线，将实物图连接成完整的实验电路．②闭合开关S，调整电阻箱阻值R，读出电压表V相应示数U．该学习小组测出大量数据，分析筛选出如表所示的R、U 数据，并计算相应的与的值．请用表中数据在图丙坐标纸上描点，并作用﹣图线．R/Ω166 71.4 50.0 33.3 25.0 20.0U/V 7.7 5.4 4.5 3.6 2.9 2.5I/R（×10﹣2Ω﹣1）0.60 1.40 2.00 3.00 4.00 5.00I/U/V﹣10.13 0.19 0.22 0.28 0.34 0.40③从图线中可求得待测电池组的电动势E= 10 V④根据该小组设计的实验电路，会存在系统误差，试分析测得的电动势比实际电动势偏小（填“大”或“小”）．⑤若要测该电池组的内阻，应知道定值电阻的阻值，用多用表测量该定值电阻的表盘指针如图丁所示，欧姆档位如图戊所示，则知定值电阻的阻值是50 Ω考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：根据电路图，画出的实物图．由闭合电路欧姆定律可得出表达式，再结合图象和数学知识可得出图象的截距及斜率的含义，则可求得电动势和内电阻．根据电表的影响分析误差原因．解答：解：（1）根据电路图，画出的实物图：（2）根据上表所示实验数据，在坐标系中描出对应的点，然后根据坐标系中的点作直线，作出﹣图象：（3）、由闭合电路欧姆定律可得：U=R，变形得：=+，由数学知识可知，图象中的斜率为：k=截距为：b=；由图可知，b=0.1，所以E===10V；（4）因该接法中由于电压表的分流而导致干路电流示数偏小，但电压表是准确的，故图象比真实图象要向上偏，同时，当电路短路时，电压表的分流是可以忽略的，故短路电流是准确的，故图象与横轴的交点不变，所以电动势的测量值小于真实值．内阻小于真实值．（5）由欧姆表的读数方法可知，电阻读数为：5×10=50Ω；故答案为：（1）（2）如上图；（3）10；（4）小；（5）50．点评：应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法，定值电阻串入电路一方向保护电源，同时扩大电源的内阻．同时电源的路端电压与电流图象与电流的交点不一定是短路电流，由电压轴是否是从零开始的．三、计算题．（其中12题14分，13题16分）12．（14分）（2011•潍坊模拟）如图所示，一质量为m的导体棒MN两端分别放在两个固定的光滑圆形导轨上，两导轨平等且间距为L，导轨处在竖直向上的匀强磁场中，当导体棒中通一自右向左的电流I时，导体棒静止在与竖直方向成37°角的导轨上，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）磁场的磁感应强度B；（2）每个圆导轨对导体棒的支持力大小F N．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；电场强度．。
高二物理上学期第一次试卷高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校定州中学2015～2016学年度高二上学期第一次调研物理试卷一、单项选择题（每题3分，共48分）1．关于静电场，下列结论普遍成立的是（）A．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关B．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低C．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向D．将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功为零2．下列是某同学对电场中的概念、公式的理解，其中正确的是（）A．根据电场强度的定义式E=，电场中某点的电场强度和试探电荷的电量成反比B．根据电容的定义式C=，电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C．根据真空中点电荷电场强度公式E=k，电场中某点电场强度和场源电荷的电量无关D．根据电势差的定义式U AB =，带电量为1C正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则A、B点的电势差为﹣1V3．一个电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点，电场力做了5×10﹣6J 的功，那么（）A．电荷在B处时将具有5×10﹣6J的电势能B．电荷在B处将具有5×10﹣6J的动能C．电荷的电势能增加了5×10﹣6JD．电荷的动能增加了5×10﹣6J4．如图所示，有三个质量相等的分别带正电、负电和不带电的粒子从两水平放置的金属板左侧以相同的水平初速度v0先后射入电场中，最后在正极板上打出A、B、C三个点，则（）A．三种粒子在电场中运动时间相同B．三种粒子到达正极板时速度相同C．三种粒子到达正极板时落在A、C处的粒子机械能增大，落在B处粒子机械能不变D．落在C处的粒子带正电，落在B处的粒子不带电，落在A处的粒子带负电5．如图所示的真空空间中，仅在正方体中的黑点处存在着电荷量大小相等的点电荷（电荷的正负图中已标注），则图中a，b两点电场强度和电势均相同的是（）A ．B ．C ．D ．6．某静电场的等势面分布如图所示，下列说法正确的是（）A．A点的电场强度方向为曲线上A点的切线方向B．负电荷在A点的电势能比在C点的电势能大C．将电荷从A点移到B点，电场力一定不做功D．将正电荷由A点移到C点，电场力做负功7．如图所示的直线是真空中某电场的一条电场线，A、B是这条直线上的两点，一带负电粒子以速度v A经过A点向B点运动，经过一段时间后，粒子以速度v B经过B点，且v B与v A方向相反，不计粒子重力，下面说法正确的是（）A．A点的场强小于B点的场强B．A点的电势高于B点的电势C．粒子在A点的速度小于在B点的速度D．粒子在A点的电势能大于在B点的电势能8．如图所示，用静电计测量已充电的平行板电容器两极板间的电势差，现保持A板不动将B板向上移动一段距离，则静电计中指针的张角将（）A．变大B．变小C．先变大后变小D．先变小后变大9．A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度﹣时间图象如图所示．则这一电场可能是下图中的（）A ．B ．C ．D ．10．一段横截面积为0.5m2的导体材料中，每秒种有0.2C正电荷和0.3C负电荷相向运动，则电流强度是（）A．0.2 A B．0.5 A C．0.3 A D．0.1 A11．电场中某个面上所有点的电势都相等，但电场强度都不同，这个面可能是（）A．等量同种电荷的中垂面B．等量异种电荷的中垂面C．以孤立点电荷为球心的某一球面D．匀强电场中的某一等势面12．两个固定的等量异种电荷，在它们连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如图所示，下列说法正确的是（）A．a点的电势比b点电势高B．a、b两点场强方向相同，但是不能比较两点场强的大小C．a、b、c三点与无穷远电势相等D．一带电粒子（不计重力），在a点无初速释放，则它将在a、b段上运动13．空间有一沿x轴对称分布的电场，其电场强度E随x变化的图象如图所示．下列说法正确的是（）A．O点的电势最低 B．x2点的电势最高C．x1和﹣x1两点的电势相等D．x1和x3两点的电势相等14．两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，接通开关K，电源即给电容器充电，达到稳定后．则（）A．保持K接通，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小B．保持K接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的电量增大C．断开K，增大两极板间的距离，则两极板间的电势差减小D．断开K，在两极板间插入一块介质，则两极板间的电势差增大15．板间距为d的平行板电容器所带电荷量为Q时，两极板间电势差为U1，板间场强为E1，现将电容器所带电荷量变为2Q ，板间距变为d，其他条件不变，这时两极板间电势差为U2，板间场强为E2，下列说法正确的是（）A．U2=U1，E2=E1B．U2=U1，E2=2E1C．U2=2U1，E2=2E1D．U2=2U1，E2=4E116．如图所示，绝缘杆两端固定带电小球A和B，轻杆处于水平向右的匀强电场中，不考虑两球之间的相互作用．初始时杆与电场线垂直，将杆右移的同时顺时针转过90°，发现A、B两球电势能之和不变．根据如图给出的位置关系，下列说法正确的是（）A．A一定带正电，B一定带负电B．A、B两球带电量的绝对值之比q A：q B=1：2C．A球电势能一定增加D．电场力对A球和B球都不做功二、多项选择题（每题3分，部分分2分，共21分）17．关于电源，下列说法正确的是（）A．电源是将电能转化为其他形式能的装置B．电源是将其他形式能转化为电能的装置C．电源是把自由电子从正极搬迁到负极的装置D．电源是把自由电子从负极搬迁到正极的装置18．类比法是一种有效的学习方法，通过归类和比较，有助于理解和掌握新概念、新知识．下列类比说法正确的是（）A．点电荷可以与质点类比，都是理想化模型B．电场力做功不可以与重力做功类比，电场力做功与路径有关而重力做功与路径无关C．电场线可以与磁感线类比，都是用假想的曲线形象化地描绘“场”D．机械能守恒定律可以与动量守恒定律类比，都是描述系统在合外力为零时遵循的运动规律19．一条直线上依次有a、b、c三点．ab=bc．在这三点分别放三个点电荷，在静电力的作用下都处于平衡状态．巳知a点电荷带正电，电量为Q则（）A．c点电荷一定带正电B．若b也带正电，那么c带负电C．c所带的电量为9QD．b，c两点电荷电量大小之比为1：920．一点电荷仅受电场力作用，由A点无初速释放，先后经过电场中的B点和C点．点电荷在A、B、C三点的电势能分别用E A、E B、E C表示，则E A、E B和E C间的关系可能是（）A．E A＞E B＞E C B．E A＜E B＜E C C．E A＜E C＜E B D．E A＞E C＞E B21．如图所示，平行金属板内有一匀强电场，一个电量为q、质量为m的带电粒子（重力不计）以速度v0从A点水平射人电场，且刚好以速度v从B点射出，则（）A．若将粒子以速度﹣v0从B点射人电场，它将刚好以速度﹣v从A点射出B．若该粒子以速度﹣v从B点射人电场，它将刚好以速度﹣v0从A点射出C．若将q的反粒（﹣q，m）以速度﹣v0从B点射入电场，它将刚好以速度﹣v 从A点射出D．若将q的反粒子（﹣q，m）以速度﹣v从B点射入电场，它将刚好以速度﹣v0从A点射出22．在竖直向下的匀强电场中，有a、b、c、d四个带电质点，各以水平向左、水平向右、竖直向下和竖直向上的速度做匀速直线运动，不计质点间的相互作用力，则有（）A．c、d带异种电荷B．a、b带同种电荷且电势能均不变C．d的电势能减小，重力势能增大D．c的电势能增大，机械能减小23．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略．一带负电油滴被固定于电容器中的P点．现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（）A．平行板电容器的电容将变小B．静电计指针张角变小C．带电油滴的电势能将减少D．若先将上极板与电源正极的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变三、非选择题24．如图所示，质量为m、电荷量为+q的带电小球拴在一不可伸长的绝缘轻细绳一端，绳的另一端固定于O点，绳长为l．现加一个水平向右的匀强电场，小球静止于与竖直方向成θ=30°角的A点．已知重力加速度为g．求：（1）所加电场的场强E的大小；若将小球拉起至与O点等高的B点后无初速释放，则小球经过最低点C时，绳对小球拉力的大小．25．如图所示，在方向水平向右、大小为E=6×103N/C的匀强电场中有一个光滑的绝缘平面．一根绝缘细绳两端分别系有带电滑块甲和乙，甲的质量为m1=2×10﹣4 kg，带电量为q1=2×10﹣9 C，乙的质量为m2=1×10﹣4 kg，带电量为q2=﹣1×10﹣9 C．开始时细绳处于拉直状态．由静止释放两滑块，t=3s时细绳突然断裂，不计滑块间的库仑力，试求：（1）细绳断裂前，两滑块的加速度；在整个运动过程中，乙的电势能增量的最大值；（3）当乙的电势能增量为零时，甲与乙组成的系统机械能的增量．26．如图所示是示波器的部分构造示意图，真空室中阴极K不断发出初速度可忽略的电子，电子经电压U0=4.55×l03V的电场加速后，由孔N沿长L=0.10m 相距为d=0.020m的两平行金属板A、B间的中心轴线进入两板间，电了穿过A、B板后最终可打在中心为O的荧光屏CD上，光屏CD距A、B板右侧距离S=0.45m．若在A、B间加U AB=27.3V的电压．已知电子电荷最e=1.6×10﹣19C，质量m=9.1×10﹣31kg．求：（1）电子通过孔N时的速度大小；荧光屏CD上的发光点距中心O的距离．定州中学2015～2016学年度高二上学期第一次调研物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每题3分，共48分）1．关于静电场，下列结论普遍成立的是（）A．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关B．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低C．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向D．将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功为零【考点】电势；电场；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】本题主要考查静电场中电场强度和电势的特点，可根据所涉及的知识逐个分析．【解答】解：A、电势差的大小决定于电场线方向上两点间距和电场强度两个因素，故A错误；B、在正电荷的电场中，离正电荷近，电场强度大，电势高，离正电荷远，电场强度小，电势低；而在负电荷的电场中，离负电荷近，电场强度大，电势低，离负电荷远，电场强度小，电势高，故B错误；C、沿电场方向电势降低，而且电势降低最快，故C正确；D、场强与电势无关，故场强为零，电势不一定为零，所以两个场强为零的点间的电势差不一定为零，电场力做功不一定为零，故D错误；故选：C．2．下列是某同学对电场中的概念、公式的理解，其中正确的是（）A．根据电场强度的定义式E=，电场中某点的电场强度和试探电荷的电量成反比B．根据电容的定义式C=，电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C．根据真空中点电荷电场强度公式E=k，电场中某点电场强度和场源电荷的电量无关D．根据电势差的定义式U AB =，带电量为1C正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则A、B点的电势差为﹣1V【考点】电场强度．【分析】电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；用电容器和电势差的定义式即可求解．【解答】解：A、电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，所以不能理解电场中某点的电场强度和试探电荷的电量成反比，故A错误．B、电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量，取决于电容器本身，并不是电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比，故B错误．C、根据点电荷的场强公式E=知：电场强度只由场源电荷电量和位置决定，故C错误．D、据电势差的定义式U AB =知，带电量为1C正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则A、B点的电势差为﹣1V，故D正确．故选：D．【点评】本题关键抓住电场强度是描述电场本身性质的物理量，其大小和方向与试探电荷无关，是电场本身决定；电容取决于电容器本身；灵活应用电势差的定义式．3．一个电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点，电场力做了5×10﹣6J 的功，那么（）A．电荷在B处时将具有5×10﹣6J的电势能B．电荷在B处将具有5×10﹣6J的动能C．电荷的电势能增加了5×10﹣6JD．电荷的动能增加了5×10﹣6J【考点】电势能；动能定理的应用．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点，电场力做了5×10﹣6J的功，电荷的电势能减小5×10﹣6J，根据动能定理得知，动能增加了5×10﹣6J．【解答】解：A、B由题知道电场力做功多少，只能判断电势能与动能的变化量，不能确定电势能与动能的大小．故AB错误．C、电场力做了5×10﹣6J的功，根据功能关系得知，电荷的电势能减小5×10﹣6J．故C错误．D、电荷只在电场力作用下，电场力做了5×10﹣6J的功，合力做功即为5×10﹣6J，根据动能定理得知，动能增加了5×10﹣6J．故D正确．故选D【点评】本题考查对电场力做功与电势能变化关系的理解和动能定理具体应用能力，基本题．4．如图所示，有三个质量相等的分别带正电、负电和不带电的粒子从两水平放置的金属板左侧以相同的水平初速度v0先后射入电场中，最后在正极板上打出A、B、C三个点，则（）A．三种粒子在电场中运动时间相同B．三种粒子到达正极板时速度相同C．三种粒子到达正极板时落在A、C处的粒子机械能增大，落在B处粒子机械能不变D．落在C处的粒子带正电，落在B处的粒子不带电，落在A处的粒子带负电【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】因为上极板带负电，所以平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，负电荷受到向下的电场力．则不带电的小球做平抛运动，带负电的小球做类平抛运动，加速度比重力加速度大，带正电的小球做加速度比重力加速度小的类平抛运动．由此根据平抛和类平抛运动规律求解．【解答】解：A、根据题意，三小球在竖直方向都做初速度为0的匀加速直线运动，球到达下极板时，在竖直方向产生的位移h相等：h=at2，解得：t=；由于平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，向下的合力最小，向下的加速度最小，负电荷受到向下的电场力，向下的合力最大，向下的加速度最大，不带电的小球做平抛运动，加速度为重力加速度g，根据t=得到正电荷运动时间最长，负电荷运动时间最短，不带电的小球所用时间处于中间；故A错误．BC、3种粒子下落过程有重力和电场力做功，它们的初动能相同，根据动能定理合力做功越多则末动能越大，而重力做功相同，A粒子带负电，电场力做正功；B粒子不带电，电场力不做功；C粒子带正电电场力做负功；所以动能E kC ＜E kB＜E kA，故BC错误．D、三粒子水平方向做匀速直线运动，水平位移：x=v0t，由于初速度相同，所用时间越长则水平位移越大，所用A粒子带负电，B粒子不带电，C粒子带正电，故D正确．故选：D．【点评】确认不带电小球做平抛运动，带电小球做类平抛运动，分水平和竖直方向分析小球的运动，水平方向匀速直线运动，竖直方向初速度为0的匀加速直线运动，由运动的合成与分解进行分析．5．如图所示的真空空间中，仅在正方体中的黑点处存在着电荷量大小相等的点电荷（电荷的正负图中已标注），则图中a，b两点电场强度和电势均相同的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】电势；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据点电荷的电场强度公式可得各个点电荷在正方体的顶点的电场场强大小，再根据矢量合成，求出合场强，再根据正电荷的受力判断场强的方向．有U=Φ2﹣Φ1，U=Ed得，Φ2﹣Φ1=Ed可判断电势高低．【解答】解：A 、根据点电荷的电场强度公式可得各个点电荷在正方体的顶点的电场场强大小，可计算得a、b两点电场强度大小相等，根据正电荷的受力判断场强的方向相反，故A错误．B 、根据点电荷的电场强度公式，可求得各个点电荷在a、b两点的电场场强大小，再根据矢量的合成，可得a、b两点的电场场强大小不等，故B不错．C 、根据点电荷的电场强度公式可得各个点电荷在a、b两点的电场场强大小相等，再根据矢量合成，求出合场强相等，再根据正电荷的受力判断场强的方向相同．再根据U=Φ2﹣Φ1，U=Ed得，Φ2﹣Φ1=Ed可判断a、b 两电势相等．故C正确．D 、根据点电荷的电场强度公式可得a、b两点的电场场强大小相等，再根据矢量合成，求出合场强相等，再根据正电荷的受力判断场强的方向不同．故D错误．故选C．【点评】考查了点电荷的电场强度公式，矢量的合成，电势差与电势的关系，电势差与电场强的关系．6．某静电场的等势面分布如图所示，下列说法正确的是（）A．A点的电场强度方向为曲线上A点的切线方向B．负电荷在A点的电势能比在C点的电势能大C．将电荷从A点移到B点，电场力一定不做功D．将正电荷由A点移到C点，电场力做负功【考点】等势面；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线与等势面垂直．正电荷在高电势处电势能大，负电荷在高电势处电势能小．在同一等势面上的各点电势能相等．【解答】解：A、A点的电场强度方向为曲线上A点的垂线方向．故A错误B、因A点电势高于C点电势，则负电荷在A点电势能比在C点的小．故B错误C、因A，B为同电势点，则在两位置电势能相等，故由A到B电场力不做功．故C正确D、将正电荷由A点移到C点，电势能减小，故电场力做正功，故D错误故选C．【点评】电场强度、电势、电势能、电场力做功等概念是本章的重点和难点，要弄清它们之间的区别和联系，并能在实际电场中或者电荷运动过程中弄清它们的变化．7．如图所示的直线是真空中某电场的一条电场线，A、B是这条直线上的两点，一带负电粒子以速度v A经过A点向B点运动，经过一段时间后，粒子以速度v B经过B点，且v B与v A方向相反，不计粒子重力，下面说法正确的是（）A．A点的场强小于B点的场强B．A点的电势高于B点的电势C．粒子在A点的速度小于在B点的速度D．粒子在A点的电势能大于在B点的电势能【考点】电势差与电场强度的关系；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线的疏密代表电场的强弱，由于只有一条电场线，所以无法判断哪个位置电场线更密集．由于带负电的粒子在A点时速度方向向右而到达B点时速度方向向左，故负电荷所受电场力方向向左，场强向右，沿电场线方向电势降低，由于从A到B过程中电场力做负功，粒子的电势能增大，动能减小【解答】解：A、由于只有一条电场线，所以无法判断哪个位置电场线更密集，故无法判断AB两点哪儿场强更大，故A错误．B、由于带负电的粒子在A点时速度方向向右而到达B点时速度方向向左，故负电荷所受电场力方向向左，而负电荷所受电场力的方向与电场的方向相反，故场强向右，所以A点电势高于B点的电势．故B正确．C、由于从A到B过程中电场力做负功，故电荷在A点的动能更大，故粒子在A 点时的速度大于它在B点时的速度，故C错误．D、由于从A到B过程中电场力做负功，故粒子的电势能增大．故D错误．故选：B【点评】物体速度方向的变化说明物体所受的电场力方向向左，这是本题的突破口8．如图所示，用静电计测量已充电的平行板电容器两极板间的电势差，现保持A板不动将B板向上移动一段距离，则静电计中指针的张角将（）A．变大B．变小C．先变大后变小D．先变小后变大【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】静电计指针的张角反应电容器两端间电势差的变化，抓住电容器带电量不变，根据U=，通过电容的变化，判断电势差的变化．【解答】解：将B板竖直向上平移，两板正对面积减小，由C=分析可知电容减小，而电容器的电量不变，根据U=可知板间电压增大，则静电计指针张角增大．故A正确，BCD错误．故选A【点评】解决本题的关键掌握电容器的动态分析，电容器与电源断开，电量保持不变，电容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差不变．9．A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度﹣时间图象如图所示．则这一电场可能是下图中的（）A ．B ．C ．D ．【考点】匀变速直线运动的图像；电场线．【分析】（1）速度﹣﹣时间图象中，图象的斜率表示加速度；电场线分布密集的地方电场强度大，分布稀疏的地方，电场强度小；（3）负电荷受电场力的方向与电场强度方向相反；（4）对只受电场力作用的带电微粒，电场力越大，加速度越大，也就是电场强度越大，加速度越大．【解答】解：由图象可知，速度在逐渐减小，图象的斜率在逐渐增大，故此带负电的微粒做加速度越来越大的减速直线运动，所受电场力越来越大，受力方向与运动方向相反．故选：A．【点评】本题考查了速度﹣﹣时间图象的应用和电场线的相关知识，要明确斜率的含义，要能根据图象判断物体的运动情况，进而分析受力情况．能根据电场线的分布判断电场强度的大小．难度适中．10．一段横截面积为0.5m2的导体材料中，每秒种有0.2C正电荷和0.3C负电荷相向运动，则电流强度是（）A．0.2 A B．0.5 A C．0.3 A D．0.1 A【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】根据电流的定义：单位时间内通过导体横截面的电荷量．【解答】解：电流的定义式是I=，在导电液中，q指正负电荷绝对值的和，所以I==0.5A，B正确．故选：B．【点评】本题需要注意的是对于电解液导电，通过某一横截面的电荷是正负电荷绝对值的和．11．电场中某个面上所有点的电势都相等，但电场强度都不同，这个面可能是（）A．等量同种电荷的中垂面B．等量异种电荷的中垂面C．以孤立点电荷为球心的某一球面D．匀强电场中的某一等势面【考点】等势面．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】在电场中电场线的切向方向表示电场的方向，电场线的疏密表示电场的强弱，等势面与电场线相互垂直．【解答】解：A、等量同种电荷的中垂面是个等势面，但电场强度相等且都为零，故A错误；B、等量异种电荷的中垂面是个等势面，但以两电荷连线为对称线的中垂面上的电场强度都相等，故B错误；C、以孤立点电荷为球心的某一球面上的所有点的电势都相等，但电场强度都不同，故C正确；D、匀强电场中的某一等势面上的电场强度都相等，故D错误；故选C．【点评】本题考查对电场线的认识，由电场线我们应能找出电场的方向、场强的大小及电势的高低．12．两个固定的等量异种电荷，在它们连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如图所示，下列说法正确的是（）A．a点的电势比b点电势高B．a、b两点场强方向相同，但是不能比较两点场强的大小C．a、b、c三点与无穷远电势相等D．一带电粒子（不计重力），在a点无初速释放，则它将在a、b段上运动【考点】电场强度；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，一直延伸到无穷远处．a、b两点场强方向相同，b处电场线较密，场强较大．带电粒子（不计重力），在a点无初速释放，所受的电场力方向与ab连线垂直，不可能沿ab连线运动．【解答】解：A、C等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，一直延伸到无穷远处，即a、b、c三点与无穷远电势相等．故A错误，C正确．B、a、b两点场强方向相同，b处电场线较密，场强较大．故B错误．D、带电粒子（不计重力），在a点无初速释放，所受的电场力方向与ab 连线垂直，不可能沿ab连线运动．故D错误．故选C【点评】本题考查对等量异种电荷等势线与电场线分布的了解与理解程度，基础题．13．空间有一沿x轴对称分布的电场，其电场强度E随x变化的图象如图所示．下列说法正确的是（）A．O点的电势最低 B．x2点的电势最高C．x1和﹣x1两点的电势相等D．x1和x3两点的电势相等【考点】电场；电势．【专题】压轴题．【分析】解答本题需掌握：电场线的切线方向表示空间该点的场强方向；沿着电场线电势越来越低．。
辽宁省丹东宽甸县第一中学高中物理第一、二单元测试题
第一 、二单元测试题一、选择题：（12小题，每小题4分，共48分。
每个小题给出的四个选项中至少有一个是符合题目要求的，选对但不全者得2分，有错选不得分。
）1.下列物体或人，可以看作质点的是（ ）○1研究跳水冠军伏明霞在跳水比赛中的空中姿态 ○2研究奥运冠军王军霞在万米长跑运动中 ○3研究一列火车通过某路口所用的时间 ○4研究我国科学考察船去南极途中 A ．○1○3 B.○2○3 C.○1○4 D.○2○42．在公路的每个路段都有交通管理部门设置的限速标志如图所示，这是告诫驾驶员在这一路段驾驶车辆时 ( )A ．必须以这一规定速度行驶B ．平均速度大小不得超过这一规定数值C ．瞬时速度大小不得超过这一规定数值D ．汽车上的速度计指示值，有时还是可以超过这一规定值的3．从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示。
在0~t 0时间内，下列说法中正确的是 （ ） A.Ⅰ、Ⅱ两个物体的加速度都在不断减小 B.Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小C.Ⅰ物体的位移不断增大，Ⅱ物体的位移不断减小D.Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都不是(v 1+v 2)/24．下列所给的图像中能反映作直线运动物体没有回到初始位置的是（ ）5．质点作直线运动的v -t 图象如图所示，则（ ）A ．6s 内物体做匀变速直线运动B ．2～4s 内物体做匀变速直线运动C ．3s 末物体的速度为零，且改变运动方向D ．2s 末物体的速度大小为4m/s6．如图为质量相等的两个质点A 、B 在同一直线上运动的v -t 图像。
由图可知（ ）A 在t 时刻两个质点在同一位置B 在t 时刻两个质点速度相等C 在0-t 时间内质点B 比质点A 位移大v v 0D 在0-t 时间内质点B 和质点A 平均速度相等7、对于公式v=v 0+at,下列说法正确的是 （ ）A ．使用于任何变速运动B ．只适用于匀加速运动C.适用于任何运动D.适用于任何匀变速直线运动8．光滑斜面的长度为L ，一物体自斜面顶端由静止开始匀加速滑至底端，经历的时间为t ，则下列说法不正确的是( )A ．物体运动全过程中的平均速度是L/tB ．物体在t ／2时的即时速度是2L/tC ．物体运动到斜面中点时瞬时速度是2L/tD ．物体从顶点运动到斜面中点所需的时间是2t/29．(2011·上海模拟)一个从静止开始做匀加速直线运动的物体，从开始运动起，连续通过三段位移的时间分别是1 s 、2 s 、3 s ，这三段位移的长度之比和这三段位移上的平均速度之比分别是（ ）A ．1∶22∶32, 1∶2∶3B ．1∶23∶33,1∶22∶32C ．1∶2∶3,1∶1∶1D ．1∶3∶5,1∶2∶310．如图所示，以8m/s 匀速行驶的汽车即将通过路口，绿灯还有2s将熄灭，此时汽车距离停车线18m.该车加速时最大加速度大小为2m/s 2，减速时最大加速度大小为5m/s 2.此路段允许行驶的最大速度为12.5m/s.下列说法中正确的有（ ）A ．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前汽车可能通过停车线B ．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前通过停车线汽车一定超速C ．如果立即做匀减速运动，在绿灯熄灭前汽车一定不能通过停车线D ．如果距停车线5m 处减速，汽车能停在停车线处11．一个做匀变速直线运动的质点，初速度为0.5 m/s ，在第9 s 内的位移比第5 s 内的位移多4 m ，则该质点的加速度、9 s 末的速度和质点在9 s 内通过的位移分别是( )A ．a ＝1 m/s 2，v 9＝9 m/s ，x 9＝40.5 mB ．a ＝1 m/s 2，v 9＝9 m/s ，x 9＝45 mC ．a ＝1 m/s 2，v 9＝9.5 m/s ，x 9＝45 mD ．a ＝0.8 m/s 2，v 9＝7.7 m/s ，x 9＝36.9 m12．分别让一物体以以下两种情境通过直线上的A 、B 两点，一是物体以速度v 匀速运动，所用时间为t ；二是物体从A 点由静止出发，先匀加速直线运动(加速度为a 1)到某一最大速度v m 后立即做匀减速直线运动(加速度大小为a 2)至B 点速度恰好减为0，所用时间仍为t .则下列说法正确的是 （ ）A ．v m 只能为2v ，与a 1、a 2的大小无关B ．v m 可为许多值，与a 1、a 2的大小有关C ．a 1、a 2须是一定的D ．a 1、a 2必须满足a 1·a 2a 1＋a 2＝2v t第II 卷(非选择题)二、实验题:（本题共1小题，共10分.请把答案填在答题卷的横线上.）13．为了测量物体沿斜面匀加速下滑的加速度，打点计时器打出的纸带如下图所示．已知纸带上各相邻点的时间间隔为T，则可以得出打点计时器在打出C点时小车的速度大小的表达式为________________________________，小车运动的加速度大小的表达式为_______________________________________．三、计算题:（共42分。
年上学期高二第二次月考物理试题(附答案)
2015-2016学年度赤峰二中高二年级12月第二次月考物理卷一、选择题（共48分,12小题,每题4分,选对但不全得2分,错选得0分）1.了解物理规律的发现过程,学会像科学家那样观察和思考,往往比掌握知识本身更重要.以下符合史实的是( )A.焦耳发现了电流磁效应的规律B.库仑总结出了点电荷间相互作用的规律C.楞次发现了电流的磁效应,拉开了研究电与磁相互关系的序幕D.牛顿将斜面实验的结论合理外推,间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动2.如图所示,光滑固定导体轨M 、N 水平放置,两根导体棒P 、Q 平行放于导轨上, 形成一个闭合路,当一条形磁铁从高处下落接近回路时（ ） A.P 、Q 将互相靠拢 B.P 、Q 相互相远离 C.磁铁的加速度仍为g D.磁铁的加速度大于g3.电磁炉热效率高达90%,炉面无明火,无烟无废气,电磁“火力”强劲,安全可靠. 如图所示是描述电磁炉工作原理的示意图,下列说法正确的是（ ） A.当恒定电流通过线圈时,会产生恒定磁场,恒定 磁场越强,电磁炉加热效果好B.电磁炉通电线圈加交流电后,在锅底产生涡流, 进而发热工作C.电磁炉的锅不能用陶瓷锅或耐热玻璃锅,主要 原因这些材料的导热性能较差D.在锅和电磁炉中间放一纸板,则电磁炉不能起到加热作用4.如图所示的电路中,GMR 为一个磁敏电阻,它的阻值随所处空间磁场的增强而增大,电源的内阻不可忽略.闭合开关S 1和S 2后,当滑片P 向右滑动时,则( )第3 题第2题A.L 1、L 2都变暗B.L 1、L 2都变亮C.L 1变暗,L 2变亮D.L 1变亮,L 2变暗5.右图为一理想变压器,K 为单刀双掷开关,P 为滑动变阻器的滑动触头,U 1为加在原线圈两端的电压,Ｉ1为原线圈中的电流强度,则以下不正确的是( )A.保持U 1及P 的位置不变,K 由a 合到b 时Ｉ1将增大B.保持U 1及P 的位置不变,K 由b 合到a 时,R 消耗的功率减小C.保持U 1不变,K 合在a 处,使P 上滑Ｉ1将增大D.保持P 的位置不变,K 合在a 处,若U 1增大,Ｉ1将增大6．图示的电路中，a 、b 、c 为三盏完全相同的灯泡，L 是一个自感系数很大、直流电阻为零的自感线圈，E 为电源，S 为开关.关于三盏灯泡，下列说法正确的是（ ） A. 合上开关，c 、b 先亮，a 后亮 B. 合上开关一会后，b 比a 亮C. 断开开关，b 、c 同时熄灭，a 缓慢熄灭D. 断开开关，c 马上熄灭，a 闪一下后和b 一起缓慢熄灭7.如图甲所示,为一种调光台灯电路示意图,它通过双向可控硅电子器件实现了无级调节亮度.给该台灯接220 V 的正弦交流电后加在灯管两端的电压如图乙所示,则此时交流电压表的示数为（ ）第5题第6题A.220 VB.110 VC.2202 VD.1102V8.如图所示,导体杆op 可绕o 轴沿半径为r 的光滑的半圆形框架在匀强磁场中以角速度ω转动,磁感应强度为B,ao 间接有电阻R,杆和框架电阻不计,则所施外力的功率为（ ）A. B.C. D.9.如图所示,相距为d 的两水平直线L 1和L 2分别是水平向里的匀强磁场的边界,磁场的磁感应强度为B,正方形线框abcd 边长为L(L<d)、质量为m.将线框在磁场上方ab 边距L 1为h 处由静止开始释放,当ab 边进入磁场时速度为V 0,cd 边刚穿出磁场时速度也为V 0.从ab 边刚进入磁场到cd 边刚穿出磁场的整个过程中 ( )A.线框一直都有感应电流B.线框一定有减速运动的过程C.线框不可能有匀速运动的过程D.线框产生的总热量为mg(d+h+L)10.(多选)如图,闭合小金属环从高h 的光滑曲面上端无初速滚下,又沿曲面的另一侧上升,水平方向的磁场与光滑曲面垂直,则 （ ） A.若是匀强磁场,环在左侧滚上的高度小于h B.若是匀强磁场,环在左侧滚上的高度等于h C.若是非匀强磁场,环在左侧滚上的高度小于h D.若是非匀强磁场,环在左侧滚上的高度等于h11. (多选)如图所示,某人在自行车道上从东往西沿直线以速度v 骑行,该处地磁场的水平分量大小为B 1,方向由南向北,竖直分量大小为B 2,方向竖直向下；自行车车把为直把、金属材质,两把手间距为L,只考虑自行车在地磁场中的电磁感应,下列结论正确的是（ ）第9题第8 题第10题A.图示位置中辐条A点电势比B点电势低B.图示位置中辐条A点电势比B点电势高C.自行车左车把的电势比右车把的电势高B2LvD.自行车在十字路口左拐改为南北骑向,则自行车车把两端电动势要降低12. (多选)闭合矩形导线框abcd固定在匀强磁场中,磁场的方向与导线框所在平面垂直,磁感应强度B随时间t变化的规律如右图所示.规定垂直纸面向外为磁场的正方向,线框中顺时针电流的方向为感应电流的正方向,水平向右为安培力的正方向.关于线框中的感应电流i与ad 边所受的安培力F随时间t变化的图像,下列选项正确的是（）第12 题13.(10分)如图所示的电路可用来研究电磁感应现象及判定感应电流的方向．(1).在图中用实线代替导线把它们连成实验电路.(2).将线圈A插入线圈B中,合上开关S,能使线圈B中感应电流的磁场方向与线圈A中原磁场方向相反的实验操作是（）A.插入铁芯FB.拔出线圈AC.使变阻器阻值R变小D.断开开关S(3).某同学第一次将滑动变阻器的触头P从变阻器的左端快速滑到右端,第二次将滑动变阻器的触头P从变阻器的左端慢慢滑到右端,发现电流计的指针摆动的幅度大小不同,第一次比第二次的幅度_____________（填写“大”或“小”）,原因是线圈中的_________________（填写“磁通量”或“磁通量的变化”或“磁通量变化率”）第一次比第二次的大.(4).在电键刚闭合时电流表指针右偏,则电键闭合后滑动变阻器的滑动触头向右移动时,电流计指针将__________（填“左偏”、“右偏”、“不偏”）.14.(8分)某实验小组控制一种热敏电阻的温度特性.现有器材：直流恒流电源(在正常工作状态下输出的电流恒定)、电压表、待测热敏电阻、保温容器、温度计、开关和导线等.第14题(1)若用上述器材测量热敏电阻的阻值随温度变化的特性,请你在图(1)中的实物图上连线.(2)实验的主要步骤：①正确连接电路,在保温容器中注入适量冷水,接通电源,调节并记录电源输出的电流值；②在保温容器中添加少量热水,待温度稳定后,闭合开关,________,________,断开开关.③实验小组算得该热敏电阻在不同温度下的阻值,并据此绘得R－t关系图线.请根据图(2)中的图线写出该热敏电阻的R－t关系式：R＝________＋________t(Ω)保留3位有效数字.三、计算题(要求写出必要的文字说明和解题步骤,只写结果不得分)15.(10分)如图所示为交流发电机示意图,匝数为n=100匝的矩形线圈,边长分别为10 cm和20 cm,内阻为5Ω,在磁感应强度B=0.5 T的匀强磁场中绕OO′轴以rad/s的角速度匀速转动,转动开始时线圈平面与磁场方向平行,线圈通过电刷和外部20Ω的电阻R相接.求电键S合上后,（1）写出线圈内产生的交变电动势瞬时值的表达式；（2）电阻R上所消耗的电功率是多少；（3）从计时开始,线圈转过3/的过程中,通过外电阻R的电量.16.(12分)如图所示,两光滑金属导轨,间距d=0.2 m,在桌面上的部分是水平的,处在磁感应强度B=0.1 T、方向竖直向下的有界磁场中,电阻R=3 Ω,桌面高H=0.8 m,金属杆ab质量m=0.2 kg、电阻r=1 Ω,在导轨上距桌面h=0.2 m高处由静止释放,落地点距桌面左边缘的水平距离第15题s=0.4 m,g=10 m/s 2,求：（1）金属杆刚进入磁场时,R 上的电流大小； （2）整个过程中R 放出的热量.17. (12分)如图所示,两根足够长的光滑金属导轨MN 、PQ 间距为Ｌ=0.5m,其电阻不计,两导轨及其构成的平面均与水平面成30°角.完全相同的两金属棒ab 、cd 分别垂直导轨放置,每棒两端都与导轨始终有良好接触,已知两棒的质量均为0.02kg,电阻均为R=0.1Ω,整个装置处在垂直于导轨平面向上的匀强磁场中,磁感应强度为B=0.2T,棒ab 在平行于导轨向上的力F 作用下,沿导轨向上匀速运动,而棒cd 恰好能保持静止.取g=10m/s 2, 问：（1）通过cd 棒的电流Ｉ是多少,方向如何； （2）棒ab 受到的力F 多大；（3）当电流通过电路产生的焦耳热为Q=0.2J 时,力F 做的功W 是多少.物理参考答案1.B2.A3.B4.D5.C 6．A 7. B 8 c 9.B 10.BC 11. AC 12.AC 13第16题第17题（4）右偏14.(1)如图(2)②读取温度计示数读取电压表示数(3)1000.40015V 80 W 3.5×10-2c16.（1）0.01A（2）0.225J17.（1）1A ,从d到c（2）0.2N（3）0.4J。
高二物理上学期第一次月考试卷(必修)(含解析)-人教版高二必修物理试题
2015-2016学年江苏省盐城市东台市创新学校高二〔上〕第一次月考物理试卷〔必修〕一、此题共21小题，每一小题0分，共69分．在每一小题给出的四个选项中，只有-项符合题意要求．选对得3分，不选、多项选择、错选均不得分．将答案涂写在答题卡上．阅读如下内容，回答1﹣3题问题2012年12月23日，歼﹣15舰载战斗机在“辽宁舰〞上圆满完成着舰试验，成功降落．为了强制飞机在50～70m距离内迅速地从300km/h减速为0，需要通过安装在机体尾部下方经过特殊设计的拦阻挂钩，拉住横置于航母跑道甲板上的拦阻索，利用拦阻力来强行制动．歼﹣15舰载战斗机高空最大速度是2500km/h，航程是4500km〔不空中加油〕，假设战斗机降落时的质量是25000kg．1．歼﹣15舰载战斗机一次加油后在高空以最大速度飞行，可持续飞行长时间为( ) A．1.8hB．5.6 hC．6.48sD．7.2×10﹣3h2．关于歼﹣15舰载战斗机着舰后拦阻索的作用，如下说法中正确的答案是( )A．增加歼﹣15舰载战斗机的惯性B．减少歼﹣15舰载战斗机的惯性C．减少歼﹣15舰载战斗机所受的合力D．增加歼﹣15舰载战斗机所受的阻力3．为保证歼﹣15舰载战斗机安全着舰，歼﹣15舰载战斗机所受的最小阻力为( ) A．1.74×105NB．3.6×106NC．1.0×105ND．1.2×106N4．如下列图，某时刻对称分布在拦阻挂钩两侧的拦阻索之间成120°夹角，假设此时每侧拦阻索上产生的弹力为8×105N，如此拦阻挂钩受到的拉力为( )A．1.6×106NB．8×105NC．8×105ND．4×1055．自由落体运动的v﹣t图象应是( )A．B．C．D．6．一汽车在路面情况一样的公路上直线行驶，下面关于车速、惯性、质量和滑行路程的讨论，正确的答案是( )A．车速越大，它的惯性越大B．质量越大，它的惯性越大C．质量越大，刹车后滑行的路程越长D．车速越大，刹车后滑行的路程越长，所以惯性越大7．伽利略的理想实验证明了( )A．要使物体运动必须有力的作用，没有力的作用物体将要静止B．要使物体静止必须有力的作用，没有力的作用物体将要运动C．物体不受外力作用时，一定处于静止状态D．物体不受外力作用时，总是保持原来的匀速直线运动状态或静止状态8．一汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地，汽车先做匀加速运动历时t，接着做匀减速运动历时2t，开到乙地刚好停止．那么在匀加速运动和匀减速运动两段时间内( )A．加速度大小之比为3：1B．加速度大小之比为2：1C．平均速度大小之比为2：1D．平均速度大小之比为1：29．关于参考系，如下说法中正确的答案是( )A．参考系必须是静止不动的物体B．参考系必须是正在做匀速直线运动的物体C．参考系必须是固定在地面上的物体D．描述物体的运动时，参考系可以任意选择10．国际单位制中规定，力学量所选用的根本量是( ) A．长度、力、时间B．长度、质量、时间C．长度、力、质量、时间D．速度、加速度、力关于加速度11．如下说法中正确的答案是( )A．物体的加速度为零，其速度一定为零B．物体的加速度减小，其速度一定减小C．物体的加速度越小，其速度变化越小D．物体的加速度越大，其速度变化越快12．关于力，以下说法中错误的答案是( )A．力是物体之间的相互作用B．力不但有大小，而且有方向C．力可以用一根带箭头的线段来表示D．性质不同的力，效果一定不同13．关于弹力和摩擦力，如下说法中错误的答案是( ) A．弹力和摩擦力都是接触力B．有摩擦力必有弹力C．有弹力必有摩擦力D．同一接触面上的弹力和摩擦力一定相互垂直14．如下各图象中，能够描述自由落体运动的是( )A．B．C．D．15．伽利略的理想实验证明了( )A．要使物体运动就必须有力的作用，没有力的作用物体就静止B．要使物体静止就必须有力的作用，没有力的作用物体就运动C．物体不受力作用时，一定处于静止状态D．物体不受外力作用时，总是保持原来的匀速直线运动状态或静止状态16．物体同时受到同一平面内的三个力作用，如下几组力中其合力不可能为零的是( ) A．5N、7N、8NB．2N、3N、5NC．1N、5N、10ND．1N、10N、10N17．如下语句中加点局部描绘的运动情景，可以选取山为参考系的是( )A．两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山B．小小竹排江中游，巍巍青山两岸走C．满眼风波多闪灼，看山恰似走来迎D．两岸青山相对出，孤帆一片日边来18．某物体的x﹣t图象如下列图，如此该物体( )A．处于静止状态B．做匀速直线运动C．做变速直线运动D．做匀加速直线运动19．如下列图为“探究求合力的方法〞的实验装置，如此( )A．实验中所用的两根细线越短越好B．弹簧测力计的拉力方向必须与木板平行C．实验中只需记录弹簧测力计拉力的大小D．每次实验中两个分力间的夹角必须大于90°20．做自由落体运动的物体，如果下落过程中某时刻重力突然消失，物体的运动情况将是( )A．悬浮在空中不动B．速度逐渐减小C．保持该时刻速度做匀速直线运动D．无法判断21．如下列图，质量不同的两个小球从同一高度同时做自由落体运动，如此( )A．质量大的下落得快B．质量小的下落得快C．两球下落的时间一样D．两球下落的加速度不同22．如下列图，小强用与水平方向成θ角的轻绳拉木箱，未拉动，此时绳中拉力为F，如此木箱所受摩擦力的大小为( )A．FcosθB．FsinθC．0D．F23．关于物体的惯性，如下说法正确的答案是( )A．足球在静止时没有惯性，运动时才具有惯性B．跳高运动员起跳前要助跑，是为了获得惯性C．赛车在高速行驶时不容易停下来，是由于速度越来越大惯性越大D．百米赛跑运动员到达终点不能立即停下来，是因为运动员具有惯性二、填空题：把答案填在答题卡相应的横线上〔本大题2小题，其中24小题6分，25小题6分，共12分〕．24．小明用打点计时器研究小车的运动，在实验过程中：〔1〕打点计时器应使用__________〔选填“直流〞或“交流〞〕电源．〔2〕他打出一条纸带，按打点先后顺序每5个点取一个计数点，并计算出相应时刻的瞬时速度，如下表所示，请根据表中的数据，在坐标系中作出小车运动的v﹣t图象．计数点 A B C D E F时刻t/s 0 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5瞬时速度v/（m*s﹣1）0.150 0.205 0.270 0.330 0.395 0.450〔3〕由作出的v﹣t图象可以判断，小车做__________〔选填“匀速〞、“匀加速〞或“变加速〞〕直线运动．25．某同学做《共点的两个力的合成》实验作出如下列图的图，其中A为固定橡皮条的固定点，O为橡皮条与细绳的结合点，图中__________是F1、F2合力的理论值，__________是合力的实验值，通过本实验，可以得出结论：在误差允许的范围__________是正确的．三、解答题：本大题共3小题，共19分．解答时要求写出必要的文字说明、方程式和贡要的演算步骤，假设只有最后答案而无演算过程的不得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．26．一辆汽车在平直的路面上匀速运动，由于前方有事，紧急刹车，从开始刹车到车停止，被制动的轮胎在地面上发生滑动时留下的擦痕为14m，轮胎与路面的动摩擦因素为0.7，g取10m/s2．问：〔1〕刹车时汽车的加速度多大？〔2〕刹车前汽车的速度多大？〔3〕刹车后经过1s和3s，汽车的位移分别为多大？27．汽车先以a1=0.5m/s2的加速度由静止开始做匀加速直线运动，在20s末改做匀速直线运动，当匀速运动持续10s后，因遇到障碍汽车便紧急刹车，刹车的加速度为a2=﹣2m/s2，求：〔1〕汽车匀速运动时的速度大小；〔2〕汽车刹车后的6s内所通过的位移；〔3〕在坐标图上画出该汽车运动全过程的速度﹣时间图象．28．如下列图，在水平地面放一质量为1.0kg的木块，木块与地面间的动摩擦因数为0.6，在水平方向上对木块同时施加相互垂直的两个拉力F1、F2，F l=3.0N，F2=4.0N，g取10N/kg，如此：〔1〕木块受到的摩擦力为多少？〔2〕假设将F2顺时针转90°，此时木块在水平方向上受的合力大小为多少？加速度是多少？2015-2016学年江苏省盐城市东台市创新学校高二〔上〕第一次月考物理试卷〔必修〕一、此题共21小题，每一小题0分，共69分．在每一小题给出的四个选项中，只有-项符合题意要求．选对得3分，不选、多项选择、错选均不得分．将答案涂写在答题卡上．阅读如下内容，回答1﹣3题问题2012年12月23日，歼﹣15舰载战斗机在“辽宁舰〞上圆满完成着舰试验，成功降落．为了强制飞机在50～70m距离内迅速地从300km/h减速为0，需要通过安装在机体尾部下方经过特殊设计的拦阻挂钩，拉住横置于航母跑道甲板上的拦阻索，利用拦阻力来强行制动．歼﹣15舰载战斗机高空最大速度是2500km/h，航程是4500km〔不空中加油〕，假设战斗机降落时的质量是25000kg．1．歼﹣15舰载战斗机一次加油后在高空以最大速度飞行，可持续飞行长时间为( )A．1.8hB．5.6 hC．6.48sD．7.2×10﹣3h考点：匀速直线运动与其公式、图像．分析：由题意可明确飞机的速度和航程，如此由速度公式可求得飞行时间．解答：解：航程以与速度，如此由速度公式可得：t===1.8h；应当选：A．点评：此题考查速度公式的应用，此题较长，但只要能抓住主要因素即可顺利求解．2．关于歼﹣15舰载战斗机着舰后拦阻索的作用，如下说法中正确的答案是( )A．增加歼﹣15舰载战斗机的惯性B．减少歼﹣15舰载战斗机的惯性C．减少歼﹣15舰载战斗机所受的合力D．增加歼﹣15舰载战斗机所受的阻力考点：物体的弹性和弹力．分析：根据质量是惯性的量度，与拦阻索的作用是增加阻力，并结合牛顿第二定律，即可求解．解答：解：AB、根据质量是惯性的量度，可知，当着舰后拦阻索的作用，不会导致其质量的变化，故AB错误；CD、当着舰后拦阻索的作用，使得战斗机的阻力增加，从而增加战斗机的合力，故C错误，D 正确；应当选：D．点评：考查惯性与质量的关系，注意力与惯性无关，理解牛顿第二定律的应用．3．为保证歼﹣15舰载战斗机安全着舰，歼﹣15舰载战斗机所受的最小阻力为( ) A．1.74×105NB．3.6×106NC．1.0×105ND．1.2×106N考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据速度位移公式求出匀减速运动的加速度大小，结合牛顿第二定律求出最小阻力大小．解答：解：300km/h=83.3m/s，根据速度位移公式得，匀减速运动的最小加速度大小为：a=，根据牛顿第二定律得阻力为：f=ma=25000×50N=1.25×106N，与D选项接近．应当选：D．点评：此题考查了牛顿第二定律和运动学公式的根本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．4．如下列图，某时刻对称分布在拦阻挂钩两侧的拦阻索之间成120°夹角，假设此时每侧拦阻索上产生的弹力为8×105N，如此拦阻挂钩受到的拉力为( )A．1.6×106NB．8×105NC．8×105ND．4×105考点：合力的大小与分力间夹角的关系．专题：平行四边形法如此图解法专题．分析：根据平行四边形定如此，结合合力的大小，可求出夹角为120°时分力的大小．解答：解：当夹角为为120°时，根据平行四边形定如此，知合力与分力相等，所以F=F1=F2=8×105N，故B正确，ACD错误；应当选：B．点评：解决此题的关键知道合力与分力遵循平行四边形定如此，注意特殊三角形的几何关系的运用．5．自由落体运动的v﹣t图象应是( )A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动的一个特例，其速度时间关系公式为v=gt，然后得到v﹣t关系图象．解答：解：自由落体运动是初速度为零、加速度为g的匀加速直线运动，其速度时间关系公式为v=gt=10t，故其v﹣t图是一条通过原点的直线，故ACD均错误，B正确；应当选B．点评：此题考查了自由落体运动的v﹣t图象，可根据速度时间关系公式得到v﹣t图，根底题．6．一汽车在路面情况一样的公路上直线行驶，下面关于车速、惯性、质量和滑行路程的讨论，正确的答案是( )A．车速越大，它的惯性越大B．质量越大，它的惯性越大C．质量越大，刹车后滑行的路程越长D．车速越大，刹车后滑行的路程越长，所以惯性越大考点：惯性．分析：惯性是指物体具有的保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，质量是物体惯性大小大小的唯一的量度．解答：解：A、B、质量是物体惯性大小的唯一的量度，与物体的运动状态无关，所以A错误，B正确C、D、车速越大，所需制动距离越大，与物体惯性的大小无关，所以C、D错误．应当选：B．点评：质量是物体惯性大小的唯一的量度，与物体的运动状态无关．7．伽利略的理想实验证明了( )A．要使物体运动必须有力的作用，没有力的作用物体将要静止B．要使物体静止必须有力的作用，没有力的作用物体将要运动C．物体不受外力作用时，一定处于静止状态D．物体不受外力作用时，总是保持原来的匀速直线运动状态或静止状态考点：伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．分析：此题考查了伽利略斜面实验的物理意义，伽利略通过“理想斜面实验〞推翻了力是维持运动的原因的错误观点．解答：解：伽利略的斜面实验证明了：运动不需力来维持，物体不受外力作用时，总保持原来的匀速直线运动状态或静止状态，故ABC错误，D正确．应当选：D．点评：伽利略“理想斜面实验〞在物理上有着重要意义，伽利略第一个把实验引入物理，标志着物理学的真正开始．8．一汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地，汽车先做匀加速运动历时t，接着做匀减速运动历时2t，开到乙地刚好停止．那么在匀加速运动和匀减速运动两段时间内( )A．加速度大小之比为3：1B．加速度大小之比为2：1C．平均速度大小之比为2：1D．平均速度大小之比为1：2考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：A、根据加速度a=求加速度大小之比．C、根据平均速度公式去求平均速度之比．解答：解：A、匀加速运动的加速度大小，匀减速运动的加速度大小，所以加速阶段和减速阶段的加速度大小之比为2：1．故B正确，A错误．C、匀加速运动的平均速度，匀减速运动的平均速度．所以平均速度大小之比为1：1．故C、D错误．应当选B．点评：解决此题的关键掌握加速度的定义式，以与匀变速直线运动的平均速度公式．9．关于参考系，如下说法中正确的答案是( )A．参考系必须是静止不动的物体B．参考系必须是正在做匀速直线运动的物体C．参考系必须是固定在地面上的物体D．描述物体的运动时，参考系可以任意选择考点：参考系和坐标系．专题：直线运动规律专题．分析：参考系，是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系．解答：解：A、参考系不一定必须是静止不动的，如研究炸弹的运动时，可以将运动的飞机作为参考系，故A错误；B、任何物体均可作为参考系，匀速直线运动的物体也可以，但并不是必须这样，故B错误；C、参考系的选取是任意的，应根据所研究的问题灵活选取，并不是一定是选取地面上的物体为参考系，故C错误；D、参考系的选取是任意的，故任何物体都可以作为参考系，故D正确；应当选：D．点评：为了研究和描述物体的运动，我们引入了参考系，选择不同的参考系，同一物体相对于不同的参考系，运动状态可以不同，选取适宜的参考系可以使运动的研究简单化．10．国际单位制中规定，力学量所选用的根本量是( )A．长度、力、时间B．长度、质量、时间C．长度、力、质量、时间D．速度、加速度、力关于加速度考点：力学单位制．分析：国际单位制规定了七个根本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光照强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为根本单位，他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔．解答：解：力学中的根本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，故B正确．应当选：B．点评：国际单位制规定了七个根本物理量，这七个根本物理量分别是谁，它们在国际单位制中的单位分别是什么，这都是需要学生自己记住的根本的知识，此题较简单．11．如下说法中正确的答案是( )A．物体的加速度为零，其速度一定为零B．物体的加速度减小，其速度一定减小C．物体的加速度越小，其速度变化越小D．物体的加速度越大，其速度变化越快考点：加速度．分析：速度是表示物体运动的快慢，加速度是表示物体速度变化的快慢，速度变化率也是指速度变化的快慢，所以加速度和速度变化率是一样的．解答：解：A、物体的加速度为零，只是说明物体受到的合力为零，物体的速度不一定为零，如匀速直线运动，所以A错误．B、加速度是表示物体速度变化的快慢，加速度减小只是说明物体的速度变化的慢了，但速度不一定是在减小，仍然可以是在增加，只是增加的慢了，所以B错误．C、物体的加速度越小，其速度变化越慢，如果时间足够长的话，速度的变化量也是可以很大的，所以C错误．D、加速度是表示物体速度变化的快慢，物体的加速度越大，其速度变化越快，所以D正确．应当选D．点评：此题主要是考查学生对于速度、加速度和速变化率的理解，关键是要理解加速度的物理含义，加速度是表示物体速度变化快慢的物理量．12．关于力，以下说法中错误的答案是( )A．力是物体之间的相互作用B．力不但有大小，而且有方向C．力可以用一根带箭头的线段来表示D．性质不同的力，效果一定不同考点：力的概念与其矢量性．分析：力是物体之间的相互作用，力是矢量，不但有大小，而且有方向，力可以用一根带箭头的线段来表示，性质不同的力，可以产生一样的效果．解答：解：A、力是物体之间的相互作用，A正确；B、力是矢量，不但有大小，而且有方向，B正确；C、力可以用一根带箭头的线段来表示，C正确；D、性质不同的力，可以产生一样的效果，D错误；此题选错误的，应当选D点评：此题考查了力的概念和力的性质，难度不大．13．关于弹力和摩擦力，如下说法中错误的答案是( )A．弹力和摩擦力都是接触力B．有摩擦力必有弹力C．有弹力必有摩擦力D．同一接触面上的弹力和摩擦力一定相互垂直考点：滑动摩擦力；物体的弹性和弹力．专题：受力分析方法专题．分析：弹力产生条件为两物体相互接触，发生弹性形变，摩擦力产生条件为：接触面粗糙，接触面有弹力，物体之间有相对运动趋势或相对运动，弹力方向垂直接触面，而摩擦力在接触面内和相对运动或相对运动趋势方向相反，故弹力和摩擦力垂直．解答：解：根据摩擦力和弹力的产生条件可知：弹力、摩擦力都属于接触力，有摩擦力一定有弹力，有弹力不一定有摩擦力，摩擦力方向一定和弹力方向垂直，故ABD正确，C错误．此题选错误的应当选C．点评：弹力、摩擦力是高中阶段的重点知识，也是学生学习的难点，在学习过程中可以通过实例来加强理解．14．如下各图象中，能够描述自由落体运动的是( )A．B．C．D．考点：自由落体运动．专题：运动学中的图像专题．分析：自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，可根据匀加速直线运动图象的特点求解．解答：解：A、A图表示匀速直线运动，而自由落体运动，故A错误；B、B图表示物体静止，而非匀速运动，故B错误；C、C图表示初速度为零的匀加速直线运动，故C正确；D、D图匀速运动，故D错误；应当选：C点评：此题考查了自由落体运动的特点以与v﹣t图象和x﹣t图象的特点，难度不大，属于根底题．15．伽利略的理想实验证明了( )A．要使物体运动就必须有力的作用，没有力的作用物体就静止B．要使物体静止就必须有力的作用，没有力的作用物体就运动C．物体不受力作用时，一定处于静止状态D．物体不受外力作用时，总是保持原来的匀速直线运动状态或静止状态考点：伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．分析：伽利略的理想斜面实验证明力不是维持物体运动的原因．物体不受外力作用时，不一定处于静止状态．解答：解：A、B、伽利略的理想斜面实验证明力不是维持物体运动的原因，没有力作用的物体能保持原来的运动状态．故A错误，B错误．C、物体不受外力作用时，可能处于静止状态，也可能处于匀速直线运动状态．故C错误．D、伽利略的理想斜面实验证明了运动的物体具有惯性，物体不受外力作用时，总是保持原来的匀速直线运动状态或静止状态．故D正确．应当选：D点评：此题考查对伽利略的理想斜面实验意义的理解，此实验否认了力是维持物体运动的原因的理论，说明了力改变物体运动状态的原因．16．物体同时受到同一平面内的三个力作用，如下几组力中其合力不可能为零的是( ) A．5N、7N、8NB．2N、3N、5NC．1N、5N、10ND．1N、10N、10N考点：力的合成．分析：根据力的合成法如此可知：三个力的合力为零时，如此第三个力肯定在第一二两个力的合力范围里，由此判断选项即可．解答：解：三个力合力为0时，如此任意两个力的合力与第三个力大小相等，方向相反，由此可知，任意一个力在另外两个力的合力范围．A、5N和7N的合力范围为：2N﹣12N，8N在合力范围里，故三个力的合力可能为0；B、2N和3N的合力范围为：1N﹣5N，5N在合力范围里，故三个力的合力可能为0；C、1N和5N的合力范围为：4N﹣6N，10N不在合力范围里，故三个力的合力不可能为0；D、1N和10N的合力范围为：9N﹣11N，10N在合力的范围里，故三个力的合力可能为0．应当选：C．点评：熟悉三个力合力最小值的判定方法，熟悉平衡条件的推论即其应用．17．如下语句中加点局部描绘的运动情景，可以选取山为参考系的是( )A．两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山B．小小竹排江中游，巍巍青山两岸走C．满眼风波多闪灼，看山恰似走来迎D．两岸青山相对出，孤帆一片日边来考点：参考系和坐标系．分析：研究物体的运动情况时，需要先选取一个标准做为参照物，物体与参照物的位置发生了变化，物体就是运动的；物体与参照物的位置没有发生变化，物体就是静止的．解答：解：A、由题意可知，舟的运动应是相对于山；故诗人选取的参考系为山与两边的岸；故A正确；B、“巍巍青山两岸走〞是以竹排为参考系的．故B错误；C、“看山恰似走来迎〞选择的参考系是自己或者船与船上静止不动的物体．故C错误；D、“两岸青山相对出〞是相对于船来说的．故D错误．应当选：A点评：此题通过古诗句考查同学们对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论．18．某物体的x﹣t图象如下列图，如此该物体( )A．处于静止状态B．做匀速直线运动C．做变速直线运动D．做匀加速直线运动考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在位移时间图象中倾斜的直线表示做匀速直线运动，平行时间轴时物体静止．解答：解：图象是过原点的倾斜直线，说明物体做匀速直线运动，故ACD错误，B正确，应当选：B．点评：解决此题的关键是知道在位移时间图象中倾斜的直线表示做匀速直线运动，平行时间轴时物体静止；斜率表示速度，属于根底题目．19．如下列图为“探究求合力的方法〞的实验装置，如此( )A．实验中所用的两根细线越短越好B．弹簧测力计的拉力方向必须与木板平行。
高二物理上学期第一次月考试题高二全册物理试题_5
嗦夺市安培阳光实验学校第一学期第一次月考高二物理试卷注意事项：1.本试卷分第I卷和第II卷两部分。
试卷满分100分，考试时间90分钟。
2.请将答案填写在答题卡上。
第I卷选择题一选择题（本大题共12个小题，每题4分，共48分，其中1-8小题为单选，9-12小题为多选）1．关于电源的电动势，下面正确叙述的是：（）A．电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C．电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量D．在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大2. 如图所示，电流表G的内阻不可忽略不计，R1、R2是两个可变电阻，当a、b 间的电压为4 V时，电流表的指针刚好满偏(指针指在刻度盘的最大值处)，当a、b间的电压为3 V时，如果仍要使电流表G的指针满偏，下列方法中可行的是( )①保持R2不变，增大R1②增大R1，减小R2③保持R2不变，减小R1④增大R2，减小R1A．①② B．①④ C．②③ D．③④3. 如图所示，A、B为两个验电器，在B上装有一个几乎封闭的空心金属球C（仅在上端开有小孔），最初B和C带电，A不带电。
D是带有绝缘柄的金属小球。
某同学利用这些器材完成了下面实验：使不带电的D先跟C的外部接触，再让D跟A 的金属球接触，这样操作若干次，发现A的D先跟C的内部接触，再让D跟A的金属球接触，这样操作若干次，发现A 的箔片始终不张开。
通过以上实验，能直接得到的结论是（）A．电荷分布在C的外表面 B．电荷在CC．带电的C是一个等势体 D．电荷总量是守恒的4. 两个分别带有电荷量Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F。
两小球相互接触后将其固定距离变为2r，则两球间库仑力的大小为( )A．112F B．34F C．43F D．12F5. 如图所示，在一个粗糙的绝缘水平面上，彼此靠近地放置两个带电的小物块。
高一物理月考试题及答案-辽宁丹东市宽甸一中2015-2016学年高一上学期月考
2015-2016学年辽宁省丹东市宽甸一中高一（上）月考物理试卷（1-2单元）一、选择题：（12小题，每小题4分，共48分．每个小题给出的四个选项中至少有一个是符合题目要求的，选对但不全者得2分，有错选不得分．）1．下列几种物体或人，可以看作质点的是（）①研究跳水冠军伏明霞在跳水比赛中的空中姿态；②研究奥运冠军王军霞在万米长跑中的位移；③研究一列火车通过某路口所用的时间；④研究我国科学考察船去南极途中的位移．A．①③ B．②③ C．①④ D．②④2．在公路的每个路段都有交通管理部门设置限速标志如图所示，这是告诫驾驶员在这一路段驾驶车辆时（）A．必须以这一规定速度行驶B．平均速度大小不得超过这一规定数值C．瞬时速度大小不得超过这一规定数值D．汽车上的速度计指示值，有时还是可以超过这一规定值的3．从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示．在0～t0时间内，下列说法中正确的是（）A．Ⅰ、Ⅱ两个物体的加速度都在不断减小B．Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小C．Ⅰ物体的位移不断增大，Ⅱ物体的位移不断减小D．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都不是4．下列所给的图象中能反映作直线运动物体回到初始位置的是（）A．B．C．D．5．质点作直线运动的v﹣t图象如图所示（）A．0～6s内物体做匀变速直线运动B．2～4s内物体做匀变速直线运动C．3s末物体的速度为零，且改变运动方向D．2s末物体的速度大小为4m/s6．如图为质量相等的两个质点A、B在同一直线上运动的v﹣t图象，由图可知（）A．在t时刻两个质点在同一位置B．在t时刻两个质点速度相等C．在0﹣t时间内质点B比质点A的位移大D．在0﹣t时间内两质点所受的合外力相等7．对于公式v t=v0+at，下列说法正确的是（）A．适用于任何变速运动B．只适用于匀加速运动C．适用于任何运动D．适用于任何匀变速直线运动8．光滑斜面的长度为L，一物体自斜面顶端由静止开始匀加速滑至底端，经历的时间为t，则下列说法不正确的是（）A．物体运动全过程中的平均速度是B．物体在时的即时速度是C．物体运动到斜面中点时瞬时速度是D．物体从顶点运动到斜面中点所需的时间是9．一个从静止开始做匀加速直线运动的物体，从开始运动起，连续通过三段位移的时间分别是1s、2s、3s，这三段位移的长度之比和这三段位移上的平均速度之比分别是（）A．1：22：321：2：3 B．1：23：331：22：32C．1：2：31：1：1 D．1：3：51：2：310．如图所示，以8m/s匀速行驶的汽车即将通过路口，绿灯还有2s将熄灭，此时汽车距离停车线18m．该车加速时最大加速度大小为2m/s2，减速时最大加速度大小为5m/s2．此路段允许行驶的最大速度为12.5m/s．下列说法中正确的有（）A．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前汽车可能通过停车线B．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前通过停车线汽车一定超速C．如果立即做匀减速运动，在绿灯熄灭前汽车一定不能通过停车线D．如果距停车线5 m处减速，汽车能停在停车线处11．一个做匀变速直线运动的质点，初速度为0.5m/s，第9s内的位移比第5s内的位移多4m，则该质点的加速度、9s末的速度和质点在9s内通过的位移分别是（）A．a=1m/s2，v9=9m/s，x9=40.5mB．a=1m/s2，v9=9m/s，x9=45mC．a=1m/s2，v9=9.5m/s，x9=45mD．a=0.8m/s2，v9=7.7m/s，x9=36.9m12．分别让一物体以以下两种情境通过直线上的A、B两点，一是物体以速度v匀速运动，所用时间为t；二是物体从A点由静止出发，先匀加速直线运动（加速度为a1）到某一最大速度v m后立即做匀减速直线运动（加速度大小为a2）至B点速度恰好减为0，所用时间仍为t．则下列说法正确的是（）A．v m只能为2v，与a1、a2的大小无关B．v m可为许多值，与a1、a2的大小有关C．a1、a2必须是一定的D．a1、a2必须满足二、实验题：（本题共1小题，共10分.请把答案填在答题卷的横线上.）13．（10分）（2015秋•丹东校级月考）为了测量物体沿斜面匀加速下滑的加速度，打点计时器打出的纸带如图所示．已知纸带上各相邻点的时间间隔为T，则可以得出打点计时器在打出C点时小车的速度大小的表达式为，小车运动的加速度大小的表达式为．（为了减小误差，要求所有测量数据都要用到）三、计算题：（共42分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）14．（12分）（2011秋•正定县校级期中）如图所示是F1赛车场上，某型号赛车测试场地数据时的运动情景，试求：（1）该车接近维修站时紧急刹车，加速度大小是6m/s2，如果必须在2s内停下来，赛车的行驶速度最高不能超过多少？（2）如果该车以5m/s2的加速度加速行驶了6s，驶过180m，汽车开始的速度为多少？（3）如果该车在5s内从静止开始匀加速到100km/h，此过程中位移为多少？15．（16分）（2011秋•兖州市期中）如图所示，轻杆BC用细绳AB悬挂，杆与绳的全长AC=9.4m，一同学在C点的正下方D点水平观察，CD距离为0.4m．由静止释放轻绳和轻杆，让其做自由落体运动，已知细绳从他的眼前通过的时间为0.4s，且细绳下落的过程中始终保持竖直，取g=10m/s2，求轻杆的长度为多少？16．（14分）（2010秋•清流县校级期末）经检测汽车A的制动性能：以标准速度20m/s在平直公路上行使时，制动后40s停下来．现A在平直公路上以20m/s的速度行使发现前方180m 处有一货车B以6m/s的速度同向匀速行使，司机立即制动，能否发生撞车事故？2015-2016学年辽宁省丹东市宽甸一中高一（上）月考物理试卷（1-2单元）参考答案与试题解析一、选择题：（12小题，每小题4分，共48分．每个小题给出的四个选项中至少有一个是符合题目要求的，选对但不全者得2分，有错选不得分．）1．下列几种物体或人，可以看作质点的是（）①研究跳水冠军伏明霞在跳水比赛中的空中姿态；②研究奥运冠军王军霞在万米长跑中的位移；③研究一列火车通过某路口所用的时间；④研究我国科学考察船去南极途中的位移．A．①③ B．②③ C．①④ D．②④考点：质点的认识．分析：当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．解答：解：①郭晶晶在跳水比赛时，由于要看人的身体各部分的动作如何，不能看成质点，故①错误；②奥运会冠军王军霞在万米长跑中，能看成质点，故②正确．③研究一列火车通过某路口所用的时间时，火车的长度不能忽略；不能看作质点；故③错误；④研究我国科学考察船去南极途中的位移时，船的大小可以忽略；可以看作质点；故④正确；故选：D点评：考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．2．在公路的每个路段都有交通管理部门设置限速标志如图所示，这是告诫驾驶员在这一路段驾驶车辆时（）A．必须以这一规定速度行驶B．平均速度大小不得超过这一规定数值C．瞬时速度大小不得超过这一规定数值D．汽车上的速度计指示值，有时还是可以超过这一规定值的考点：平均速度；瞬时速度．专题：直线运动规律专题．分析：从安全角度考虑，公路上通常要有限速标志，限制的是瞬时速度．解答：解：小汽车上被红线划过，表示禁止，旁边的40是表示40km/h，即该段路上瞬时速度不能超过40km/h；故选：C．点评：这是一道联系生活的好题，物理来源于生活，服务于生活，学习物理要紧密联系生活实际．3．从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示．在0～t0时间内，下列说法中正确的是（）A．Ⅰ、Ⅱ两个物体的加速度都在不断减小B．Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小C．Ⅰ物体的位移不断增大，Ⅱ物体的位移不断减小D．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都不是考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度﹣时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，再根据平均速度的定义进行分析．解答：解：A、B、速度﹣时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，故物体Ⅰ做加速度不断减小的加速运动，物体Ⅱ做加速度不断减小的减速运动，故A正确，B错误；C、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，由图象可知：随着时间的推移，Ⅰ、Ⅱ的速度图象与时间轴围城的面积不断变大，故位移不断变大，故C错误；D、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，如果物体的速度从v2均匀减小到v1，或从v1均匀增加到v2，物体的位移就等于图中梯形的面积，平均速度就等于故Ⅰ的平均速度大于，Ⅱ的平均速度小于，故D正确；故选：AD点评：本题关键是根据速度时间图象得到两物体的运动规律，然后根据平均速度的定义和图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小分析处理．4．下列所给的图象中能反映作直线运动物体回到初始位置的是（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：x﹣t图象中的纵坐标表示物体的位置，v﹣t图象中图象与时间轴围成的面积表示物体的位移，分析各图象中的运动过程可得出正确结果．解答：解：A、由图可知，物体开始和结束时的纵坐标均为0，物体先沿正向运动，后沿负向运动，最后回到了初始位置，故A正确；B、由图可知，物体一直沿正方向运动，位移增大，故不可能回到初始位置，故B错误；C、物体第1s内的位移沿正方向，大小为2m，第2s内位移为2m，沿负方向，故2s末物体回到初始位置，故C正确；D、物体做匀变速直线运动，2s末时物体的总位移为零，故物体回到初始位置，故D正确；故选：ACD．点评：图象为物理学中的重要方法，在研究图象时首先要明确图象的坐标，从而理解图象的意义；即可确定点、线、面的含义．5．质点作直线运动的v﹣t图象如图所示（）A．0～6s内物体做匀变速直线运动B．2～4s内物体做匀变速直线运动C．3s末物体的速度为零，且改变运动方向D．2s末物体的速度大小为4m/s考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，速度的符号表示速度的方向；图象的斜率表示加速度，由图象的形状分析物体的运动性质．解答：解：A、0～6s内图象的斜率发生了变化，即加速度发生了变化，所以物体做的是非匀变速直线运动．故A错误．B、2～4s内图象的斜率不变，则物体的加速度不变，物体做匀变速直线运动．故B正确．C、3s末物体的速度为零，3s前速度为正值，3s后速度为负值，所以3s末物体改变运动方向，故C正确，．D、在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，则知2s末物体的速度大小为4m/s，故D正确．故选：BCD．点评：本题是为速度﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，要注意匀变速直线运动的加速度是不变的．6．如图为质量相等的两个质点A、B在同一直线上运动的v﹣t图象，由图可知（）A．在t时刻两个质点在同一位置B．在t时刻两个质点速度相等C．在0﹣t时间内质点B比质点A的位移大D．在0﹣t时间内两质点所受的合外力相等考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：由图象可以看出A物体做初速度为零的匀加速直线运动，B物体先做初速度为零的匀加速直线运动后做匀速直线运动，两个图象的交点表明该时刻速度相等，位移可以通过图线与时间轴包围的面积来求解，合外力根据牛顿第二定律判断．解答：解：A、两质点位移等于图线与时间轴包围的面积，显然B的位移较大，故A错误；B、速度时间图象反映的是质点任意时刻的速度情况，两个图象的交点表明该时刻速度相等，故B正确；C、两质点位移等于图线与时间轴包围的面积，显然B的位移较大，因而C正确；D、由图象可知：A一直做匀加速直线运动，B先做匀加速运动，后做匀速运动，匀加速运动是合外力不等于零，匀速时合外力等于零，所以在0﹣t时间内两质点所受的合外力不相等，故D错误；故选BC．点评：在物理学中图象是描述物理规律的重要方法之一，不仅在力学中，在电磁学、热学中也经常使用．其中在力学中我们经常要用到图象，图象的优点是不仅能够形象、直观地反映出物体的运动规律，图线的斜率，图线与时间轴所围的“面积”等还有特殊的物理意义．7．对于公式v t=v0+at，下列说法正确的是（）A．适用于任何变速运动B．只适用于匀加速运动C．适用于任何运动D．适用于任何匀变速直线运动考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：v t=v0+at是匀变速直线运动的速度公式，只能适用于匀变速直线运动，即匀加速直线运动和匀减速直线运动．解答：解：v t=v0+at是匀变速直线运动的速度公式，只能适用于匀变速直线运动，既能适用于匀加速直线运动，也能适用于匀减速直线运动，但不是任何变速运动，若是非匀变速运动，加速度是变化，不适用．故ABC错误，D正确．故选：D．点评：本题考查匀变速直线运动中的速度公式；解决本题关键要掌握公式v t=v0+at的适用条件：匀变速直线运动．8．光滑斜面的长度为L，一物体自斜面顶端由静止开始匀加速滑至底端，经历的时间为t，则下列说法不正确的是（）A．物体运动全过程中的平均速度是B．物体在时的即时速度是C．物体运动到斜面中点时瞬时速度是D．物体从顶点运动到斜面中点所需的时间是考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，根据速度位移公式求出中间位置的速度．解答：解：A、物体在全过程中的平均速度．故A正确．B、中间时刻的瞬时速度等于整个过程中的平均速度，等于．故B错误．C、设中间速度为v，．，，，联立解得，v=，t=．故C、D正确．本题选错误的，故选B．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的公式和推论，并能灵活运用．9．一个从静止开始做匀加速直线运动的物体，从开始运动起，连续通过三段位移的时间分别是1s、2s、3s，这三段位移的长度之比和这三段位移上的平均速度之比分别是（）A．1：22：321：2：3 B．1：23：331：22：32C．1：2：31：1：1 D．1：3：51：2：3考点：匀变速直线运动规律的综合运用．专题：直线运动规律专题．分析：要求连续的时间不等的三段时间内的位移之比，就要分别求出这三段时间内得位移，要求这三段位移，可以先求第一段的位移，再求前两段的位移，再求前三段的位移，前两段的位移减去第一段的位移，就等于第二段的位移，前三段的位移减去前两段的位移就等于第三段的位移；某段时间内的位移与所用时间的比值就等于该段时间内的平均速度．解答：解：根据x=可得物体通过的第一段位移为：x1=a×12又前3s的位移减去前1s的位移就等于第二段的位移，故物体通过的第二段位移为：x2=a×（1+2）2﹣×a×12=a×8又前6s的位移减去前3s的位移就等于第三段的位移，故物体通过的第三段位移为：x3=a×（1+2+3）2﹣×a×（1+2）2=a×27故x1：x2：x3=1：8：27=1：23：33在第一段位移的平均速度为：1=在第二段位移的平均速度为：=在第三段位移的平均速度为：=故1：：=：：=1：22：32=1：4：9故选：B．点评：本题求解第二段和第三段位移的方法十分重要，要注意学习和积累，并能灵活应用．10．如图所示，以8m/s匀速行驶的汽车即将通过路口，绿灯还有2s将熄灭，此时汽车距离停车线18m．该车加速时最大加速度大小为2m/s2，减速时最大加速度大小为5m/s2．此路段允许行驶的最大速度为12.5m/s．下列说法中正确的有（）A．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前汽车可能通过停车线B．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前通过停车线汽车一定超速C．如果立即做匀减速运动，在绿灯熄灭前汽车一定不能通过停车线D．如果距停车线5 m处减速，汽车能停在停车线处考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式、速度时间公式和速度位移公式判断汽车的位移和末速度．解答：解：AB、若立即做匀加速运动，则2 s末的速度为v=v0+at=8+2×2=12m/s，不超速．2 s内的位移为x=×2 m=20 m，则在绿灯熄灭前汽车可能通过停车线，故A正确，B错误；C、若立即做匀减速运动，在绿灯熄灭前通过的距离x=v0t+at2=8×2+×（﹣5）×4m=6m＜18m，则一定不能通过停车线；若不是以最大加速度减速，而是以很小的加速度减速，那么就能通过停车线．故C错误．D、如果距离停车线5 m处减速，汽车运动的最小距离为x==m=6.4 m＞5m，不能停在停车线处．故D错误．故选：A．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的公式和推论，并能灵活运用．11．一个做匀变速直线运动的质点，初速度为0.5m/s，第9s内的位移比第5s内的位移多4m，则该质点的加速度、9s末的速度和质点在9s内通过的位移分别是（）A．a=1m/s2，v9=9m/s，x9=40.5mB．a=1m/s2，v9=9m/s，x9=45mC．a=1m/s2，v9=9.5m/s，x9=45mD．a=0.8m/s2，v9=7.7m/s，x9=36.9m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；加速度；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据连续相等时间内的位移之差等于恒量求出加速度的大小，通过速度时间公式求出9s末的速度，通过位移时间公式求出9s内的位移．解答：解：根据连续相等时间内的位移之差是一恒量知，，解得a=．则9s末的速度v9=v0+at=0.5+1×9m/s=9.5m/s．9s内的位移m=45m．故C正确，A、B、D错误．故选C．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用．12．分别让一物体以以下两种情境通过直线上的A、B两点，一是物体以速度v匀速运动，所用时间为t；二是物体从A点由静止出发，先匀加速直线运动（加速度为a1）到某一最大速度v m后立即做匀减速直线运动（加速度大小为a2）至B点速度恰好减为0，所用时间仍为t．则下列说法正确的是（）A．v m只能为2v，与a1、a2的大小无关B．v m可为许多值，与a1、a2的大小有关C．a1、a2必须是一定的D．a1、a2必须满足考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：两次运动总位移相等、总时间相等，则平均速度相等，结合匀变速直线运动的推论求解匀加速直线运动的最大速度．解答：解：A、两次运动过程平均速度相等，知平均速度的大小为v．根据匀变速直线运动的推论知，，则与加速度大小无关．故A正确，BC错误；D、根据匀变速直线运动的速度时间关系有：v m=a1t1=a2t2又t=t1+t2，v m=2v所以有：即整理得D正确．故选：AD．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动平均速度的推论，并能灵活运用．二、实验题：（本题共1小题，共10分.请把答案填在答题卷的横线上.）13．（10分）（2015秋•丹东校级月考）为了测量物体沿斜面匀加速下滑的加速度，打点计时器打出的纸带如图所示．已知纸带上各相邻点的时间间隔为T，则可以得出打点计时器在打出C点时小车的速度大小的表达式为v C=，小车运动的加速度大小的表达式为a=．．（为了减小误差，要求所有测量数据都要用到）考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：做匀变速直线运动的物体在某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度；在相邻的相等时间间隔内的位移差是定值，△x=aT2，据此求出瞬时速度与加速度，从而即可求解．解答：解：根据某段时间内的平均速度等于这段时间的中时刻速度，则有：v C=AE=；由加速度表达式，则有：a===．故答案为：v C=；a=．点评：本题考查了求瞬时速度与加速度问题，熟练应用匀变速运动的推论即可正确解题．三、计算题：（共42分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）14．（12分）（2011秋•正定县校级期中）如图所示是F1赛车场上，某型号赛车测试场地数据时的运动情景，试求：（1）该车接近维修站时紧急刹车，加速度大小是6m/s2，如果必须在2s内停下来，赛车的行驶速度最高不能超过多少？（2）如果该车以5m/s2的加速度加速行驶了6s，驶过180m，汽车开始的速度为多少？（3）如果该车在5s内从静止开始匀加速到100km/h，此过程中位移为多少？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）赛车接近维修站时紧急刹车过程做匀减速运动，加速度﹣6m/s2，时间2s和末速度0，由速度公式求出初速度．（2）该车以5m/s2的加速度做匀加速运动，加速行驶了6s，驶过180m，由位移公式求出汽车开始的速度．（3）该车在5s内从静止开始匀加速到100km/h，由平均速度求出位移．解答：解：（1）赛车接近维修站时紧急刹车过程做匀减速运动，加速度a1=﹣6m/s2，时间t1=2s和末速度v1=0，则由v1=v01+a1t1得，v01=v1﹣a1t1=0﹣（﹣6）×2m/s=12m/s．（2）该车以5m/s2的加速度加速行驶了6s，驶过180m，由x=v0t+得v0=，代入解得：v0=15m/s（3）该车在5s内从静止开始匀加速到100km/h，位移为x==69.4m答：（1）该车接近维修站时紧急刹车，加速度大小是6m/s2，如果必须在2s内停下来，赛车的行驶速度最高不能超过12m/s．（2）如果该车以5m/s2的加速度加速行驶了6s，驶过180m，汽车开始的速度为15m/s．（3）如果该车在5s内从静止开始匀加速到100km/h，此过程中位移为69.4m．点评：本题考查灵活选择运动学公式处理问题的能力，比较简单．第（3）问也可以先求加速度，再求位移．15．（16分）（2011秋•兖州市期中）如图所示，轻杆BC用细绳AB悬挂，杆与绳的全长AC=9.4m，一同学在C点的正下方D点水平观察，CD距离为0.4m．由静止释放轻绳和轻杆，让其做自由落体运动，已知细绳从他的眼前通过的时间为0.4s，且细绳下落的过程中始终保持竖直，取g=10m/s2，求轻杆的长度为多少？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：轻绳和轻杆一起做自由落体运动，根据自由落体位移公式，分别研究细绳上端A到达D点需时间和细绳下端B到达D点需时间，求出绳长．解答：解：设杆长为L，细绳上端A到达D点需时间t1，细绳下端B到达D点需时间t2则有：L AC+L CD=L+L CD=由题意t1﹣t2=0.4代入解得：L=4.6m答：轻杆的长度为4.6m．点评：本题考查分析处理自由落体运动的能力．关键抓住细绳从他的眼前通过的时间如何应用．16．（14分）（2010秋•清流县校级期末）经检测汽车A的制动性能：以标准速度20m/s在平直公路上行使时，制动后40s停下来．现A在平直公路上以20m/s的速度行使发现前方180m 处有一货车B以6m/s的速度同向匀速行使，司机立即制动，能否发生撞车事故？考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀速直线运动及其公式、图像．专题：追及、相遇问题．分析：根据汽车A以标准速度行驶时制动的时间，由加速度公式求出汽车的加速度．当A在平直公路上以20m/s的速度行使时，A制动到速度与货车B的速度相同时，若A能超过B车则相撞，否则不能相撞．根据位移速度公式求出，两车速度相同时通过的位移，再判断两车能否相撞．解答：解：汽车A以v0=20m/s的初速做匀减速直线运动经40s停下来．据加速度公式可求出a==﹣0.5m/s2．当A车减为与B车同速时，据=2as可求出A车减为与B车同速时的位移为s1===364m此过程通过的时间为t==28s此时间内B车的位移为s2=v2t=6×28m=168m因为△s=s1﹣s2=364m﹣168m=196m＞180m。
辽宁丹东宽甸第二高中2015-2016学年度高三物理第二次月考试卷
高三上学期第二次月考试题考试时间：90分钟 试题分数：100分一、选择题：（1—8题为单选题，9—13题为多选题。
每题4分，对而不全给 得2分，共52分）1、关于物体的运动和加速度，下列说法正确的是（ ） A ．做直线运动的物体，加速度方向一定不变 B ．做曲线运动的物体，加速度可能不变 C ．做匀速圆周运动的物体，加速度不变 D ．物体运动的加速度不变，其运动状态就不变2．气球下悬挂一物体，当气球以20m/s 的速度上升到某一高度时，悬线断开，物体最后2s 内通过了100m ，(忽略空气阻力，g 取10m/s 2)悬线断开时物体距地面的高度及物体从脱离绳到落地的时间是( )：A,320m,8s, B, 320m,6s, C, 160m,8s, D, 160m,6s 3、如图所示，绳AO 与墙夹37°，绳BO 与墙夹角53°，绳CO 水平， 跨过定滑轮与重物相连，三根绳承受最大拉力相同（不计滑轮的质量 和摩擦，sin37°=0.6，cos37°=0.8）。
现逐渐增大重物的质量，则最 先断的是（ ） A ．BO 绳 B ．AO 绳C ．CO 绳D ．无法判断4．当 t ＝0时，甲乙两汽车从相距70 km 的两地开始相向行驶，它们的v －t 图象如图所示．忽略汽车掉头所需时间．下列对汽车运动状况的 描述正确的是 （ ） A ．在第2小时末，甲乙两车相距60 km B ．在第1小时末，乙车改变运动方向 C ．在第4小时末，甲乙两车相遇D．在前4小时内，乙车运动加速度的大小总比甲车的大0 1 23430 60 －30甲乙 v /(km·h －1)t /h5、如图所示，物体A、B、C叠放在水平桌面上，力F作用在物体C上后，各物体仍保持静止状态，那么以下说法正确的是（）A．C对A的摩擦力水平向左B．B不受摩擦力作用C．A受的各个摩擦力的合力不为零D．A、B、C三个物体组成的整体所受摩擦力为零6、如图所示，沿竖直杆以速度υ匀速下滑的物体A通过轻质细绳拉光滑水平面上的物体B，当细绳与竖直杆间的夹角为θ时，物体B的速度为（）A．B．vsinθC．V D．vcosθ7、如图所示, 横截面为直角三角形的两个相同斜面紧靠在一起，固定在水平面上，小球从左边斜面的顶点以不同的初速度向右水平抛出，最后落在斜面上。
高二物理上学期第一次月考试卷高二全册物理试题__02
嗦夺市安培阳光实验学校内蒙古翁牛特旗乌丹一中高二上学期第一次月考物理试卷一、选择题（共10小题，每小题5分，满分50分.1-6题为单选，7-10题为多选，全部选对的5分，选对但不全的的2分，不选或有错错得0分）1．如图是点电荷电场中的一条电场线，下面说法正确的是（）A．A点场强一定大于B点场强B．在B点静止释放一个电子，将一定向A点运动C．这点电荷一定带正电D．正电荷运动中通过A点时，其运动方向一定沿AB方向2．在点电荷Q的电场中，距Q为r处放一检验电荷q，以下说法中正确的是（）A．r处场强方向仅由Q的正、负决定B．q在r处的受力方向仅由Q的正、负决定C．r处场强的正、负由场强零点的选择决定D．r处场强的正、负由q的正、负决定3．对于静电场，下列说法正确的是（）A．电场强度处处为零的区域，电势也一定处处为零B．电场强度处处相同的区域，电势也一定处处相同C．只受电场力作用，正电荷一定由高电势处向低电势处移动D．负电荷逆着电场线方向移动，电荷的电势能一定减少4．如图所示，有两个完全相同的金属球A、B，B固定在绝缘地板上，A在离B 高H的正上方，由静止释放，与B发生碰撞后回跳高度为h，设碰撞过程中无动能损失，空气阻力不计．（）A．若A、B带等量的同种电荷，则h＞HB．若A、B带等量的同种电荷，则h＜HC．若A、B带等量的异种电荷，则h＞HD．若A、B带等量的异种电荷，则h=H5．a、b两个电容器，a的电容大于b的电容，下列说法正确的是（）A．若它们的带电量相同，则a的两极板的电势差小于b的两极板的电势差B．若它们两极板的电势差相等，则a的带电量小于b的带电量C．a的带电量总是大于b的带电量D．a的两极板的电势差总是大于b的两极板的电势差6．如图所示，让平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度，若不改变A、B两极板带的电量而减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，那么静电计指针的偏转角度（）A．一定减小B．一定增大 C．一定不变D．可能不变7．如图将原来不带电的绝缘导体AB，置于带正电的点电荷C所形成的电场中，达静电平衡后．则有（）A．绝缘导体上A、B两点的电势相等，且都高于大地的电势B．绝缘导体上的感应电荷在导体内部一点D产生的场强大小等于点电荷C 在D点产生场强的大小C．绝缘导体内部各点电场强度都相等，电势都相等D．有电场线终止在绝缘导体的表面上，且与导体表面垂直8．如图所示，一平行板电容器充电后与电源断开，从负极板处由静止释放一个电子，设其到达正极板的速度为v l，加速度为a l，现将两极板间距离增大为原来的2倍，再从负极板处由静止释放一个电子，设其到达正极板的速度为v2，加速度为a2，那么应有（）A．a2=a1B．a2=a1 C．v2=v1D．v2=v19．如图是两个等量异种点电荷形成的电场，AB为中垂线，且AO=BO，则（）A．正电荷从A运动到B，电势能增加B．A．B两点场强相等C．A．B两点电势差为零D．负电荷从A运动到B，电势能增加10．如图所示，虚线表示电场的一簇等势面且相邻等势面间电势差相等，一个α粒子以一定的初速度进入电场后，只在电场力作用下沿实线轨迹运动，α粒子先后通过M点和N点．在这一过程中，电场力做负功，由此可判断出（）A．N点的电势高于M点的电势B．α粒子在N点的电势能比在M点的电势能大C．α粒子在M点的速率小于在N点的速率D．α粒子在M点受到的电场力比在N点受到的电场力大二、填空题（共16分每小题4分，把正确答案填写在题中的横线上）11．两半径同为r=0.01m的金属小球，其中一个带电量q=+5.0×10﹣8C，当两者相距5m时，其间作用力为3.6×10﹣7N的斥力．则当两球相距为0.03m时，其间作用力F（填大于、小于或等于）0.01N．12．匀强电场中有M、N、P三点，连成一个直角三角形，MN=4cm，MP=5cm，如图所示，把一个电量为﹣2×10﹣9C的检验电荷从M点移到N点，电场力做功8×10﹣9J，从M点移到P点电场力做功也是8×10﹣9J．则匀强电场的方向由点指向点，电场强度大小为N/C．13．带正电1.0×10﹣2C的粒子，在电场中只受电场力先后经过A、B两点，飞经A点时动能为10J，飞经B点时动能为4J，则带电粒子从A点到B点过程中电势能增加了J，AB两点电势差U AB=V．14．如图所示，平行板电容器与电源相连，充电平衡后，增大两板间距离，则通过电阻R的瞬时电流方向为．15．如图所示，竖直放置的两块足够长的平行金属板AB，两板间电压为U，A 板电势高于B板，两板间距离为d，在其中用丝线悬挂质量为m的带电小球，丝线跟竖直方向成θ角时小球恰好平衡，距B板为L．问：（1）小球带电荷量是多少？（2）若剪断丝线，小球碰到金属板需多长时间？（3）小球碰到金属板时的速度多大？16．一束电子流在U1=500V的电压作用下加速度后垂直于平行板间的匀强电场飞入两板间的，如图所示．若平行板间的距离d=1cm，板长l=5cm，求：至少在平行板上加多大电压U2才能使电子不再飞出平行板？17．如图所示，在倾角为θ=37°的斜面两端，垂直于斜面方向固定两个弹性板，两板相距d=2m，质量为m=10g，带电量为q=+1×10﹣7C的物体与斜面间的动摩擦因数为μ=0.2，物体从斜面中点以大小为v0=10m/s的速度沿斜面开始运动．若物体与弹性板碰撞过程中机械能不损失，电量也不变，匀强电场（方向与斜面平行）的场强E=2×106N/C，求物体在斜面上运动的总路程．（g取10m/s2sin37°=0.6 cos37°=0.8）内蒙古乌丹一中高二上学期第一次月考物理试卷一、选择题（共10小题，每小题5分，满分50分.1-6题为单选，7-10题为多选，全部选对的5分，选对但不全的的2分，不选或有错错得0分）1．如图是点电荷电场中的一条电场线，下面说法正确的是（）A．A点场强一定大于B点场强B．在B点静止释放一个电子，将一定向A点运动C．这点电荷一定带正电D．正电荷运动中通过A点时，其运动方向一定沿AB方向考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．解答：解：A、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，由于只有一条电场线，不能判断电场线的疏密情况，所以不能判断场强的大小，所以A错误；B、由图可以知道的电场的方向向右，所以当由静止释放一个电子时，电子的受力的方向向左，所以电子将一定向A点运动，所以B正确；C、只有一条电场线不能判断电荷的情况，所以不能判断是不是正电荷产生的，所以C错误；D、正电荷运动中通过A点，此时受到的电场力的方向一定是沿AB方向的，但是电荷的运动的方向不一定沿着AB方向，电荷完全可以做曲线运动，所以D 错误．故选B．点评：本题就是考查学生基础知识的掌握，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．2．在点电荷Q的电场中，距Q为r处放一检验电荷q，以下说法中正确的是（）A．r处场强方向仅由Q的正、负决定B．q在r处的受力方向仅由Q的正、负决定C．r处场强的正、负由场强零点的选择决定D．r处场强的正、负由q的正、负决定考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度反映电场本身的性质，由电场本身决定．正点电荷产生的电场方向离正点电荷而去，负电荷产生的电场方向指向负电荷．电场力由电场和电荷共同决定．解答：解：A、根据物理学的规定可知，r处场强方向仅由Q的正、负决定．故A正确．B、q在r处的受力方向由Q、q的正、负共同决定．故B错误．C、场强与电势没有直接关系，与零电势的选择无关．故C错误．D、r处场强与q的正、负无关，仅由Q的正、负决定．故D错误，故选A．点评：电场强度是反映电场本身性质的物理量，与试探电荷无关，电场力既与场源电荷有关，也试探电荷有关．3．对于静电场，下列说法正确的是（）A．电场强度处处为零的区域，电势也一定处处为零B．电场强度处处相同的区域，电势也一定处处相同C．只受电场力作用，正电荷一定由高电势处向低电势处移动D．负电荷逆着电场线方向移动，电荷的电势能一定减少考点：电场强度；电场线．分析：借助常见的电场分析场强与电势间的关系；利用电势差的定义式和公式U=Ed 分析；利用电势能的公式分析负电荷的运动情况．解答：解：A、处于静电平衡态的导体内部场强为零，且是等势体即电势处处相同，但不一定为零，故A错误．B、电场强度处处相同的区域，电势不一定处处相同，如匀强电场中，沿电场线的方向电势降低．故B错误．C、只受电场力作用，正电荷不一定由高电势处向低电势处移动，还与电荷的初速度的方向有关．故C错误．D、负电荷受力的方向与电场线的方向相反，所以逆着电场线方向移动，运动的方向与电场力的方向相同，电场力做正功，电荷的电势能一定减少，故D 正确．故选：D．点评：本题的关键：明确场强和电势都是描述电场的，二者无直接关系但相互关联；灵活应用电势差公式和电势能公式．4．如图所示，有两个完全相同的金属球A、B，B固定在绝缘地板上，A在离B 高H的正上方，由静止释放，与B发生碰撞后回跳高度为h，设碰撞过程中无动能损失，空气阻力不计．（）A．若A、B带等量的同种电荷，则h＞HB．若A、B带等量的同种电荷，则h＜HC．若A、B带等量的异种电荷，则h＞HD．若A、B带等量的异种电荷，则h=H考点：电势差与电场强度的关系；功能关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：带电小球要分同种还是异种电荷，同种等量电荷相碰后，电荷量不变，电场力整体不做功，相当于只有重力作用；而异种电荷相碰后，电荷量中和，则没有库仑力作用，则上升电场力不做功．解答：解：A．B若两球带等量同种电荷，碰撞前后两球电荷量不变，根据能量守恒，整个过程中，电场力对A球做功为0，所以H=h；故AB错误．C．D若两球带等量异种电荷，碰撞后两球电荷中和，均不带电，碰撞前电场力做正功，碰撞后没有电场力做功，整个过程电场力做正功，电势能减小转化为机械能，根据能量守恒，所以h＞H；故C正确，D错误．故选C点评：考查重力做功与电场力做功，及相碰后电量平分，同时分同种与异种电荷．并要掌握能量守恒的应用．5．a、b两个电容器，a的电容大于b的电容，下列说法正确的是（）A．若它们的带电量相同，则a的两极板的电势差小于b的两极板的电势差B．若它们两极板的电势差相等，则a的带电量小于b的带电量C．a的带电量总是大于b的带电量D．a的两极板的电势差总是大于b的两极板的电势差考点：电容．专题：电容器专题．分析：电容的大小与电容器两端的电压及电容器所带的电量无关，根据Q=CU确定电容器的电量与电容、电压的关系．解答：解：A、根据公式C=，电势差U=，决定电势差的因素有电容器电容量和带电量，若它们的带电量相同，a的电容大于b的电容，则a的两极板的电势差小于b的两极板的电势差．故A正确；B、根据Q=CU，a的电容大于b的电容，若它们两极板的电势差相等，则a的带电量大于b的带电量．故B错误；C、根据Q=CU，a的电容大于b的电容，若极板之间的电势差的关系不知道，则不能确定a的带电量总是大于b的带电量．故C错误；D、根据公式C=，电势差U=，决定电势差的因素有电容器电容量和带电量，电容器的带电量不知道，所以不能确定a的两极板的电势差总是大于b的两极板的电势差．故D错误；故选：A．点评：本题关键明确电容器的电容有电容器本身决定，与带电量和电势差无关，基础题．6．如图所示，让平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度，若不改变A、B两极板带的电量而减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，那么静电计指针的偏转角度（）A．一定减小B．一定增大 C．一定不变D．可能不变考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：静电计测定电容器两板间的电势差，电势差越大，指针的偏转角度越大．由题，平行板电容器带电后电量不变，减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质后，分析电容的变化，再由电容的定义式分析静电计指针的偏转角度的变化．解答：解：由题，减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，根据电容的决定式C=可知，电容增大，电容器的电量不变，由C=得知，板间电势差减小，则静电计指针的偏转角度一定减小．故A正确，BCD错误．故选A点评：对电容的定义式和决定式两个公式要熟练掌握，灵活应用，本题是常见题型．7．如图将原来不带电的绝缘导体AB，置于带正电的点电荷C所形成的电场中，达静电平衡后．则有（）A．绝缘导体上A、B两点的电势相等，且都高于大地的电势B．绝缘导体上的感应电荷在导体内部一点D产生的场强大小等于点电荷C 在D点产生场强的大小C．绝缘导体内部各点电场强度都相等，电势都相等D．有电场线终止在绝缘导体的表面上，且与导体表面垂直考点：静电现象的解释．分析：在外电场的作用下，导体中电荷在导体中重新分布的现象叫做静电感应现象；利用静电感应使金属导体带电的过程叫做感应起电；处于静电平衡的导体上电荷与场源电荷呈现“近异远同”的特点．静电平衡时，导体上的电荷分布有以下三个特点：1．导体内部没有净电荷，正负净电荷只分布在导体的外表面． 2．导体内部场强处处为零，表面场强垂直于表面． 3．在导体表面，越尖锐的地方，电荷的密度（单位面积的电荷量）越大，凹陷的位置几乎没有电荷．解答：解：A、导体左端带负电，远端带正电，而电场线从正电荷出发终止于负电荷；导体是个等势体，其表面是等势面，且都高于大地的电势．故A正确；B、处于静电平衡状态的导体，导体内部场强处处为零，所以绝缘导体上的感应电荷在导体内部一点D产生的场强大小等于点电荷C在D点产生场强的大小．故B正确；C、内部场强处处为零，电场线与导体表面垂直，故处于静电平衡状态的导体是一个等势体，故C正确；D、导体左端带负电，远端带正电，而电场线从正电荷出发终止于负电荷；导体是个等势体，其表面是等势面，比必与电场线垂直，故D也正确；故选：ABCD．点评：本题关键是要明确：（1）静电感应现象；（2）静电平衡的导体的电荷分布特点．8．如图所示，一平行板电容器充电后与电源断开，从负极板处由静止释放一个电子，设其到达正极板的速度为v l，加速度为a l，现将两极板间距离增大为原来的2倍，再从负极板处由静止释放一个电子，设其到达正极板的速度为v2，加速度为a2，那么应有（）A．a2=a1B．a2=a1 C．v2=v1D．v2=v1考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：平行板电容器之间形成匀强电场，电子在电场中做匀加速运动，根据牛顿第二定律求出加速度，根据动能定理求出速度即可求解．解答：解：平行板电容器充电后与电源断开，将两板间距离增为原来的2倍，此时电容器极板上的电荷量不变，所以电场强度E不变，根据公式：U=Ed．极板之间的电势差是用来的2倍．设电容器两端电压为U，距离为d，则：E=根据牛顿第二定律得：可见加速度与极板间距离无关，若将两板间距离增为原来的2倍，则加速度保持不变，即a1=a2，所以A正确B错误；电子从负极移动到正极的过程中运用动能定理得：解得：v=可见，若将两板间距离增为原来的2倍，极板间电势差为原来的2倍，则其到达正极板的速度变为原来的，故C错误D正确．故选：AD．点评：本题主要考查了牛顿第二定律及动能定理的应用，知道平行板电容器充电后与电源断开，此时电容器极板上的电荷量不变．9．如图是两个等量异种点电荷形成的电场，AB为中垂线，且AO=BO，则（）A．正电荷从A运动到B，电势能增加B．A．B两点场强相等C．A．B两点电势差为零D．负电荷从A运动到B，电势能增加考点：电场线．分析：一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，电荷从等势面上的一点移动到另一点，电场力做功为零，结合电势差的定义和电场力做功与电势能变化的关系进行分析即可．解答：解：A、AB是一条等势线，正电荷从A运动到B，电场力不做功，电势能不变．故A错误；B、两个等量异种点电荷形成的电场，两个电荷的连线上下的电场是对称的，AO=BO，那么AB两点的场强就是相等的，故B正确；C、该中垂线是一条等势线，所有点的电势都相等，AB之间的电势差为0，故C正确；D、一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，负电荷从等势面上的A点移动到另一点B，电场力做的功一定为零，故电势能不变，故D错误；故选：BC点评：该题考查常见的电场和电场线，只有掌握两个等量异种点电荷形成的电场的特点，即可正确解答．10．如图所示，虚线表示电场的一簇等势面且相邻等势面间电势差相等，一个α粒子以一定的初速度进入电场后，只在电场力作用下沿实线轨迹运动，α粒子先后通过M点和N点．在这一过程中，电场力做负功，由此可判断出（）A．N点的电势高于M点的电势B．α粒子在N点的电势能比在M点的电势能大C．α粒子在M点的速率小于在N点的速率D．α粒子在M点受到的电场力比在N点受到的电场力大考点：电场线．分析：电场线与等势面垂直，等差等势面的疏密程度也反映电场的强弱，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．根据这些知识分析．解答：解：A、由于带正电的离子，由运动轨迹可知，电场力的方向指向右下方，则电场线的方向指向右下方，根据电场的性质“顺着电场线的方向电势降落”可知N点的电势高于M点的电势，故A正确；B、α粒子从M到N，电场力做负功，所以电势能增加，所以它在N点的电势能比在M点的电势能大，故B正确；C、α粒子从M到N，电场力做负功，速度减小，所以M点的速率大于在N点的速率，故C错误；D、根据电场线或等势面的疏密程度可知N点的电场强，故带电粒子在M点受到的电场力比在N点受到的电场力小，故D错误；故选：AB．点评：电场线与等势面垂直．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．二、填空题（共16分每小题4分，把正确答案填写在题中的横线上）11．两半径同为r=0.01m的金属小球，其中一个带电量q=+5.0×10﹣8C，当两者相距5m时，其间作用力为3.6×10﹣7N的斥力．则当两球相距为0.03m时，其间作用力F小于（填大于、小于或等于）0.01N ．考点：库仑定律．分析：首先根据库仑定律，求出另一个小球所带的电量，然后再次使用库仑定律求出两个点电荷之间的库仑力，最后根据静电感应说明．解答：解：两个电荷之间的距离是5m时，二者之间的距离可以看做远大于小球的半径，两个电荷可以看做点电荷，根据库仑定律：F=当两球相距为0.01m时，若仍然是点电荷，它们之间的作用力：F′=故F′=（）2F==0.01N但是两球相距为0.03m时与小球的半径相差不大，所以小球的大小不能忽略不计，考虑到两个电荷之间是排斥力，所以两个电荷的中心实际距离要大于小球之间的距离，即公式中代入的r2比实际值要小，计算的库仑力的数值比实际值要大．故实际值要小于0.01N．故答案为：小于．点评：该题看似让我们计算另一个库仑力的数值，实际上重点是考查电荷能够看成是点电荷的条件．该题是道容易错误的题目．12．匀强电场中有M、N、P三点，连成一个直角三角形，MN=4cm，MP=5cm，如图所示，把一个电量为﹣2×10﹣9C的检验电荷从M点移到N点，电场力做功8×10﹣9J，从M点移到P点电场力做功也是8×10﹣9J．则匀强电场的方向由N 点指向M点，电场强度大小为100N/C．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据公式U=求出C、A间和C、B间的电势差，找出等势点，确定等势线，根据电场线与等势线垂直，确定电场线的方向，再根据E=求场强大小．解答：解：根据电场力做功的公式得，U MN ==V=﹣4V，而从M移到P时，电场力做功也为8×10﹣9J，所以U MP=﹣4V，所以N、P两点为等势点，且N点的电势大于M点的电势，即场强方向由N指向M；由E===100N/c 故答案为：N，M，100．点评：本题要掌握电势差公式U=，知道电场线与等势面相互垂直而电场线由是由高电势指向低电势；匀强电场中U=Ed中的d应为沿电场方向的有效距离．13．带正电1.0×10﹣2C的粒子，在电场中只受电场力先后经过A、B两点，飞经A点时动能为10J，飞经B点时动能为4J，则带电粒子从A点到B点过程中电势能增加了6J，AB 两点电势差U AB=﹣600V．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：带电粒子从A点到B点的过程中电势能的增加等于动能的减小．由W=qU AB求出AB两点的电势差．电势能增大，电场力做负功．解答：解：根据能量守恒定律得到，带电粒子从A点到B点的过程中电势能的增加等于动能的减小，即△E P=10J﹣4J=6J．电场力做功为W=﹣△E P=﹣6J，AB两点的电势差U AB==V=﹣600V．故答案为：6，﹣600．点评：带电粒子在电场中运动时，若只有电场力，其电势能与动能的总量守恒．求解电势差时，公式中各量要代入符号一并计算．14．如图所示，平行板电容器与电源相连，充电平衡后，增大两板间距离，则通过电阻R的瞬时电流方向为由B到A．考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：电容器与电源相连，电压不变．增大电容器两板间距离的过程中，电容减小，电量减小，电容器放电．根据原来极板的带电情况，分析电流的方向．解答：解：因电容器与电源相连，电容器两端的电压不变；则C减小时，由Q=UC可知，电容器两端的电量减小；则电容器将由从上极板放出的电量，故R中电流由B到A；故答案为：由B到A．点评：本题是电容器动态变化分析问题，关键要抓住不变量．当电容器保持与电源相连时，其电压不变．15．如图所示，竖直放置的两块足够长的平行金属板AB，两板间电压为U，A 板电势高于B板，两板间距离为d，在其中用丝线悬挂质量为m的带电小球，丝线跟竖直方向成θ角时小球恰好平衡，距B板为L．问：（1）小球带电荷量是多少？（2）若剪断丝线，小球碰到金属板需多长时间？（3）小球碰到金属板时的速度多大？考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；牛顿第二定律．分析：（1）先分析小球的受力情况，重力竖直向下，电场力水平向右，绳子拉力沿绳子向上，处于三力平衡状态，根据平衡条件判断电性，求解电荷量；。
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2015-2016学年辽宁省丹东市宽甸一中高二（上）月考物理试卷（1-2单元）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共7小题，共42.0分)1.下列有关质点的说法中正确的是（）A.只有质量和体积都极小的物体才能视为质点B.研究一列火车过铁路桥经历的时间时，可以把火车视为质点C.研究自行车的运动时，因为车轮在不停地转动，所以在任何情况下都不能把自行车作为质点D.虽然地球很大，还在不停地自转，但是在研究地球的公转时，仍然可以把它视为质点【答案】D【解析】解：A、物体能否看成质点，不是看物体的质量和体积大小，是看形状和大小在所研究的问题中能否忽略．故A错误．B、研究火车过桥，火车的长度不能忽略，火车不能看成质点．故B错误．C、研究车轮的转动，车轮的形状不能忽略，自行车不能看成质点．但在研究自行车的运动速度时，就可以忽略自行车的自身大小，则可把自行车作为质点．故C错误．D、地球很大，在研究地球公转时，地球的大小与日地距离比较，可以忽略，可以看出质点．故D正确．故选D．当物体的形状和大小在所研究的问题中可以忽略，物体可以看成质点．解决本题的关键掌握物体能否看出质点的条件，关键看物体的形状和大小在所研究的问题中能否忽略．2.如图所示，物体沿两个半径为R的半圆弧由A运动到C，则它的位移和路程分别是（）A.0，0B.4R，向东，2πR向东C.4πR，向东，4RD.4R，向东，2πR【答案】D【解析】解：物体运动的起点是A，终点是C，则位移大小等于AC，大小x=4R，方向向东．路程S=2πR．故选D位移是从起点到终点的有向线段，路程是物体运动路线的长度．本题是基础题，紧扣位移和路程的概念，抓住位移的方向从起点指向终点．3.自由落体第5个0.5s经过的位移是第1个0.5s经过的位移的倍数为（）A.5B.9C.10D.25B【解析】解：根据得：第1个0.5s经过的位移h1=前5个0.5s经过的位移h5=前4个0.5s经过的位移h4=所以第5个0.5s经过的位移△h=h5-h4=11.25m故==9故选B．先根据公式求出第1个0.5s经过的位移，再根据公式求出前5个0.5s经过的位移和前4个0.5s经过的位移，第5个0.5s经过的位移等于前5个0.5s经过的位移减去前4个0.5s经过的位移．该题主要考查了自由落体运动位移-时间公式的直接应用，难度不大，属于基础题．4.下列说法正确的是（）A.加速度增大，速度一定增大B.速度变化量越大，加速度一定越大C.物体有加速度，速度就增大D.物体的速度很大，加速度可能为0【答案】D【解析】解：A、加速度增大，如果加速度方向与速度方向相反，速度减小，故A错误；B、根据a=可知加速度a由速度的变化量△v和速度发生改变所需要的时间△t共同决定，虽然△v大，但△t更大时，a可以很小．故B错误；C、物体有加速度，如果加速度方向与速度方向相反，速度减小，故C错误；D、物体的速度很大，加速度可能为0，例如匀速直线运动，故D正确；故选：D．根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．加速度是表示速度变化快慢的物理量．把握加速度的定义式a=中各个物理量的含义以及各个物理量之间的关系是解决此类问题的关键，是正确理解加速度的定义的基础．5.如图小球A、B用长为L的轻质细绳连接，现提其上端A球使下端B球离地面高度为h（如图），然后由静止释放，则A、B两球分别将落地时的速率之差为（）A.0B.C.D.【答案】D解：对于A球，根据，解得，对于B球，根据，解得，则两球的速率之差．故D正确，A、B、C错误．故选：D．根据匀变速直线运动的速度位移公式分别求出两球落地的速度，从而得出落地的速率之差．解决本题的关键知道自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，结合速度位移公式进行求解，基础题．6.完全相同的三块木块并排固定在水平面上，一颗子弹以速度v水平射入，若子弹在木块中做匀减速直线运动，且穿过第三块木块后速度恰好为零，则子弹依次射入每块木块时的速度之比或穿过每块木块所用时间之比为（）A.v1：v2：v3=3：2：1B.v1：v2：v3=（-）：（-1）：1C.t1：t2：t3=：：1D.t1：t2：t3=（-）：（-1）：1【答案】D【解析】解：A、采取逆向思维，子弹做初速度为0的匀加速直线运动，根据v2=2ax得，可知：：：：，故A、B错误．C、初速度为0的匀加速直线运动中，在通过相等位移内所用的时间比为1：：…，则则穿过每块木块所用时间之比为t1：t2：t3=（-）：（-1）：1，故C错误，D正确．故选：D．子弹依次射入每块木块做匀减速直线运动到零，采取逆向思维，子弹做初速度为零的匀加速直线运动，根据v2=2ax求出子弹依次射入每块木块的速度比；初速度为0的匀加速直线运动，在通过相等位移内的时间比为1：：…根据该推论得出穿过每块木块所用的时间比．本题采取逆向思维来做比较方便，以及掌握初速度为零的匀变速直线运动的特殊推论，并能灵活运用．7.两个物体a、b同时开始沿同一条直线运动．从开始运动起计时，它们的位移图象如图所示．关于这两个物体的运动，下列说法中正确的是（）A.开始时a的速度较大，b加速度较小B.a做匀减速运动，b做匀加速运动C.a、b速度方向相反，速度大小之比是2：3D.在t=3s时刻a、b速度相等，恰好相遇【答案】C【解析】解：ABC、a、b的位移都随时间均匀变化，都做匀速直线运动，根据位移时间图线的斜率表示速度，可知a、b速度方向相反，a的速度大小为v a==m/s，b的速度大小为v b==1m/s，所以速度大小之比是2：3，b的速度较大，故AB错误，C正确．D、在t=3s时刻a、b到达同一位置，恰好相遇，但b的速度较大，故D错误．故选：C．应到达同一位置．解决本题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示的含义，知道位移时间图线与速度时间图线的区别．二、多选题(本大题共1小题，共6.0分)8.A、B两个物体在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）A.A、B两物体运动方向相反B.4s内A、B两物体的位移相同C.4s时A、B两物体的速度相同D.A物体的加速度比B物体的加速度小【答案】CD【解析】解：A、图象都在时间轴的上方，速度都为正，方向相同，故A错误；B、t=4s时，A图象与时间轴围成的面积小于B图象的面积，故A的位移，小于B的位移，故B错误；C、t=4s时，两图象相交，说明此时两物体的速度相同，故C正确；D、B图线的斜率大于A图线的斜率，故A的加速度小于B的加速度，故D正确；故选：CD．由v-t图象中速度的正负可知两物体的运动方向，斜率等于加速度，可分析加速度的大小，由图象与时间轴围成的面积可知两物体通过的位移关系．对于速度-时间图象关键要明确这几点：（1）每一点的坐标表示该时刻物体的速度，速度的正负表示物体的运动方向；（2）图象的斜率表示物体的加速度；（3）图象与时间轴围成的面积表示物体在这段时间内通过的位移．三、填空题(本大题共2小题，共20.0分)9.在平直公路上，汽车以12m/s的速度做匀速直线运动，从某时刻开始刹车，在阻力作用下，汽车以2m/s2的加速度做匀减速直线运动，则刹车后10s内汽车的位移大小为______ m，第10s末的速度为______ s．【答案】36；0【解析】解：汽车速度减为零的时间，则10s内的位移等于6s内的位移，．10s末的速度为零．故答案为：36，0．根据速度时间公式求出汽车速度减为零的时间，判断汽车是否停止，再结合位移公式和速度公式求出刹车后的位移和速度．本题考查了运动学中的刹车问题，是道易错题，注意汽车速度减为零后不再运动．10.如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点之间还有4个点未画出，则相邻计数点时间间隔为______ s，其中x1=7.05cm，x2=7.68cm，x3=8.33cm，x4=8.95cm，x5=9.61cm，x6=10.26cm，则A点处瞬时速度的大小是______ m/s，加速度的大小是______ m/s2．（计算结果保留两位有效数字）【答案】0.1；0.86m/s；0.64【解析】解：由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上A 点时小车的瞬时速度大小．v A===0.86m/s根据匀变速直线运动的推论公式△x=a T2可以求出加速度的大小，得：x4-x1=3a1T2x5-x2=3a2T2x6-x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）即小车运动的加速度计算表达式为：a===0.0.64m/s2，故答案为：0.1；0.86m/s；0.64根据匀变速直线运动的推论公式△x=a T2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上A点时小车的瞬时速度大小．要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．四、计算题(本大题共2小题，共32.0分)11.物体在斜坡顶端以1m/s的初速度和0.5m/s2的加速度沿斜坡向下作匀加速直线运动，已知斜坡长24米，求：（1）物体滑到斜坡底端所用的时间．（2）物体到达斜坡中点速度．解：（1）物体做匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：x=代入数据得到：24=t+0.25t2解得：t=8s或者t=-12s（负值舍去）（2）物体做匀加速直线运动，根据速度位移关系公式，有：v12=2ax1解得：=答：（1）物体滑到斜坡底端所用的时间为8s．（2）物体到达斜坡中点速度为．【解析】（1）物体做匀加速直线运动，根据位移时间关系公式列式求解时间；（2）根据速度位移关系公式列式求解．本题关键明确物体的运动性质，然后选择恰当的过程并根据运动学公式列式求解．12.一辆汽车正以15m/s的速度在平直的公路上行驶，突然，司机发现正前方15m处有一辆自行车以5m/s的速度做同方向的运动，在反应0.4s后才实施制动（这个时间称为反应时间）．若汽车刹车时能产生的最大加速度为5m/s2，请问汽车是否会撞上自行车？若不相撞，求两车相距最近时的距离；若相撞，求汽车刹车后经多长时间与自行车相撞．【答案】解：汽车在反应时间内的位移：x1=v1t1=15×0.4m=6m．当速度相等时所经历的时间：在2s内汽车的位移：自行车的位移：x3=v2（t2+t1）=5×2.4m=12m因为x3+x0＞x1+x2，所以不会相撞．两者的最小距离：△x=（x3+x0）-（x1+x2）=1m答：两车不相撞，两者之间最小距离为1m．【解析】两车在速度相等前，汽车的速度大于自行车的速度，两者的距离逐渐减小，若不相撞，两者有最小距离，速度相等后，两者的距离逐渐增大．知判断是否相撞，即判断速度相等时汽车与自行车的位移关系．解决本题的关键知道速度大者减速追速度小者，若不相撞，在速度相等时，有最小距离．解得本题也可用相对运动的知识求解，用相对运动的知识求解可减少计算量．。