2025届吉林省辽源市东辽县一中高一物理第一学期期中调研模拟试题含解析

2025届吉林省辽源市东辽县一中高一物理第一学期期中调研模拟试题
注意事项：
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。

在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1、以下是必修课本中四幅插图，关于这四幅插图下列说法正确的是（）
A．甲图中，赛车的质量不是很大，却安装着强劲的发动机，可以获得很大的惯性
B．乙图中，高大的桥要造很长的引桥，从而减小桥面的坡度，目的是增加车辆重力垂直桥面方向的分力，保证行车方便与安全
C．丙图中，传送带靠静摩擦力把货物送到高处
D．丁图中，汽车轮胎的花纹不同会影响轮胎受到的摩擦力．地面与轮胎间的摩擦力越大汽车越容易启动，但是刹车越困难
2、下列物理量为标量的是（）
A．平均速度 B．速率 C．加速度 D．位移
3、如图所示，电灯悬于两墙壁之间，保持O点及OB绳的位置不变，而将绳端A点向上移动，则（）
A．绳OB所受的拉力逐渐减小
B．绳OA所受的拉力先减小后增大
C．绳OA所受的拉力逐渐增大
D．绳OA所受的拉力先增大后减小
4、对于下列体育比赛的论述，说法正确的是（）
A．某场篮球比赛打了二个加时赛，共需10min，指的是时刻
B．运动员铅球成绩为4.50m，指的是铅球位移的大小为4.50m
C．运动员跑完1500m比赛，指的是路程大小为1500m
D．足球比赛挑边时，上抛的硬币落回地面猜测正反面，该硬币可以看做质点
5、下列说法正确的是（）
A．子弹出枪口时的速度是800m/s ，此速度指的是平均速度
B．物体做直线运动，通过的路程等于位移大小
C．研究地球绕太阳的公转时可以把地球看成质点
D．火车在福州站停车15分钟指的是时刻
6、小李讲了一个龟兔赛跑的故事，按照小李讲的故事情节，兔子和乌龟的位移图象如图所示，由图可知
A．兔子和乌龟是同时同地出发
B．乌龟做的是匀速直线运动，兔子是沿着折线跑的
C．兔子和乌龟在比赛途中相遇过两次
D．乌龟先通过预定位移到达终点
7、2009年1月，中国海军护航舰艇编队用时10天抵达亚丁湾、索马里海域为中国商船护航．如图所示，此次护航从三亚启航，经南海、马六甲海峡，穿越印度洋，总航程四千五百海里．关于此次护航，下列说法正确的是
A．当研究护航舰艇的运行轨迹时，可以将其看做质点
B．“四千五百海里”指的是护航舰艇的航行位移
C．“四千五百海里”指的是护航舰艇的航行路程
D．根据题中数据我们可以求得此次航行的平均速度
8、甲、乙两物体，甲的质量为2kg ，乙的质量为4kg ，甲从20m 高处自由落下，1s 后乙从10m 高处自由落下，不计空气阻力，在两物体落地之前，下列说法中正确的是（ ） A ．任意时刻两物体的速度差相同 B ．乙的加速度是甲的加速度两倍
C ．两物体从起点各自下落1m 时的速度是相同的
D ．落地之前甲和乙的高度之差保持不变 9、下列数据属于“时刻”的是（ ） A ．3s 内
B ．第3s 初
C ．3s 末
D ．前3s 内
10、如图甲所示，一物块在0t =时刻，以初速度0v 从足够长的粗糙斜面底端向上滑行，物块速度随时间变化的图象如图乙所示，0t 时刻物块到达最高点，03t 时刻物块又返回底端．由此可以确定（）
A ．物体冲上斜面的最大位移
B ．物块返回底端时的速度
C ．物块所受摩擦力大小
D ．斜面倾角θ 二、实验题
11、（4分）某同学用如图所示的实验装置来验证“探究共点力合成的规律”．弹簧测力计A 挂于固定点P ，下端用细线挂一重物M .弹簧测力计B 的一端用细线系于O 点，手持另一端使结点O 静止在某位置．分别读出弹簧测力计A 和B 的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O 点的位置和拉线的方向．
(1)本实验用的弹簧测力计示数的单位为N ，图中的示数为________N(保留两位有效数字)． (2)下列的一些做法中，是该实验中必须的实验要求是________．(请填写选项前对应的字母) A ．实验中必须保证OB 水平 B ．应测量重物M 所受的重力
C．拉线方向应与木板平面平行D．改变拉力，进行多次实验，每次都要使AO与OB的夹角不变
(3)某次实验中，该同学发现弹簧测力计A的指针稍稍超出量程，你的解决办法是____________.
12、（10分）(1)在“探究小车速度随时间变化规律的实验中下列说法正确的是（_______）
A、电火花计时器正常工作时,其打点的周期取决于交流电压的高低
B、电火花计时器应接在220的交流电源上工作
C、打点计时器连续工作时间很短,应注意打点之后要立即关闭电源
D、开始实验时,应先接通电源,后释放小车
(2)某同学实验中,由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带如图所示,已知连续打点间隔为T,纸带每间隔4个点取一计数点,其中，，，，，，则打D点处瞬时速度大小是________m/s,计算小车运动的加速度的表达式为________ （用题中所给字母表示)，加速度大小是
________(计算结果均保留两位有效数字)
(3)另一个同学在测定时,得到了几条较为理想的纸带,依打点时间顺序编号为0、1、2、3、4、5,由于不小心,纸带被撕
断了,如下图所示。

则在B、C、D三段纸带中选出从纸带A上撕下的那段应是__________
三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
13、（9分）一辆汽车以108km/h的速度行驶，现因紧急事故急刹车并最终停止运动．已知汽车刹车过程的加速度的大小为6m/s2，则从开始刹车经过7s汽车通过的距离是多少？
14、（14分）一小球从斜面的顶端由静止开始沿斜面匀加速滚下来，依次通过A、B、C三点，已知AB=12m，BC=20m，小球通过AB、BC所用的时间都是2s，求
：
（1）小球运动的加速度多大？
（2）小球通过A点时的速度多大？
（3）A点距小球出发点的距离是多少？
15、（13分）某研究性学习小组利用力传感器研究小球与竖直挡板间的作用力，实验装置如图所示，已知斜面倾角为370，光滑小球的质量m=2kg，力传感器固定在竖直挡板上。

求：
（1）当整个装置静止时，力传感器的示数；
（2）当整个装置向右做匀加速直线运动时，力传感器示数为25N，此时装置的加速度大小；
（3）某次整个装置在水平方向做匀加速直线运动时，力传感器示数恰好为0N，此时整个装置的运动方向如何？加速度为多大。

参考答案
一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。

在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1、C
【解析】
惯性的大小只与物体的质量有关，与力没有关系，故A错误；乙图中，高大的桥要造很长的引桥，从而减小桥面的坡度，这样可以减小车辆重力沿桥面方向的分力，保证行车方便与安全，故B错误；丙图中，传送带靠静摩擦力把货物送到高处，选项C正确；丁图中，汽车轮胎的花纹不同会影响轮胎受到的摩擦力．地面与轮胎间的摩擦力越大汽车越容易启动，刹车时也不容易打滑，即容易刹车，选项D错误；故选C.
2、B
【解析】
试题分析：平均速度、加速度、位移有大小和方向，速率只有大小没有方向，速率为标量，B正确。

考点：本题考查标、矢量。

3、D
【解析】
试题分析：以结点O为研究对象，O点受力平衡.
由图可知，将绳端A 点向上移动时，绳子OB 上的拉力逐渐减小，OA 上的拉力先减小后增大，故D 正确． 考点：动态平衡． 4、C
【解析】某场篮球比赛打了二个加时赛，共需10min ，指的是时间．故A 错误．运动员铅球成绩为4.50m ，指的是水平方向的位移大小为4.50m ．故B 错误．运动员跑完1500m 比赛，指的是路程大小为1500m ．故C 正确．足球比赛挑边时，上抛的硬币落回地面猜测正反面，该硬币不可以看做质点，否则没有正反面，故D 错误．故选C
点睛：本题考查对物体看成质点的条件的理解和判断能力，区分时间和时刻、路程和位移，知道只有在单向直线运动中，物体的位移大小等于其路程． 5、C
【解析】研究地球绕太阳的公转时，地球的大小可忽略，故C 正确；物体只有作单方向的直线运动时，通过的路程等于位移大小，故B 错误；子弹出枪口时的速度是800m/s ，此速度指的是出某一位置的速度即为瞬时速度，故A 错误；火车在福州站停车15分钟指的是时间间隔，故D 错误。

点晴：本题考查了路程和位移的区别与联系，位移大小与路程只有在质点作单方向的直线运动时才相等；物体能看成质点的条件：当物体的形状，大小对我们所研究的问题影响不大，或者可以忽略时，物体可以看做一个有质量的点。

6、CD 【解析】
A ．由图读出，兔子和乌龟是从同地不同时刻出发的，兔子在乌龟出发后1t 时间出发，故A 错误；
B ．乌龟做的是匀速直线运动，兔子先做匀速直线运动，在35t t 时间内静止不动，5t 时刻以后又沿原方向做匀速直线运动，兔子不是沿着折线跑的，故B 错误；
C ．在2t 和4t 两个时刻，兔子和乌龟位置坐标相同，两者相遇，说明兔子和乌龟在比赛途中相遇过两次，故C 正确；
D ．由图看出，6t 时刻，乌龟已经到达终点，而兔子还没有，所以乌龟先通过预定位移到达终点，故D 正确； 故选CD 。

7、AC 【解析】
试题分析：当研究护航舰艇的运行轨迹时，护航舰艇的形状和大小是次要因素，可以忽略，能看做质点，A 正确；“四千五百海里”指的是护航舰艇的运动轨迹的长度，指路程，B 错误C 正确；题中只知道路程，不知道位移，所以只能
求出平均速率，不能求解平均速度
考点：考查了路程和位移，质点，平均速度和平均速率 8、AC
【解析】因为甲乙物体同时做自由落体运动，它们的初速度为零，加速度为g ，甲任意时刻的速度为：v=gt ，乙任意时刻的速度v′=g （t ﹣1），所以两物体下落过程中，任意时刻两物体的速度差：△v=v ﹣v′=g ，是相同的，故A 正确；甲乙物体同时做自由落体运动，加速度都是重力加速度g ．故B 错误；下落1m 时，由位移速度关系式：v 2=2ax ，可解得各自下落1m 时，它们的速度相同，故C 正确．经过时间t 时，甲的位移为 ，所以甲离地面的高度为h=20﹣
，
乙的位移为
，所以甲离地面的高度为h′=10﹣
，所以落地前甲和乙的高度之差△h=h ﹣h′=15﹣gt ，
随着时间增大而减小，故D 错误．故选AC. 9、BC 【解析】
时刻表示一个时间点，3s 内和前3s 内都是一个时间段，表示时间间隔；第3s 初和3s 末表示时间点，是时刻，故BC 正确，AD 错误。

故选BC 。

10、ABD 【解析】
根据图线的“面积”可以求出物体冲上斜面的最大位移为00
2
v t x =
，故A 正确 由于下滑与上滑的位移大小相等，根据数学知识可以求出物块返回底端时的速度．设物块返回底端时的速度大小为v
，则0
002
22
v t v t ⋅= ，得到02v
v =，故B 正确；
根据动量定理得：上滑过程：-（mgsinθ+μmgcosθ）•t 0=0-mv 0 ①，下滑过程：（mgsinθ-μmgcosθ）•2t 0=m 0
2
v ②，由①②解得：
00334mv f mgcos mgsin t μθθ==-
，由于质量m 未知，则无法求出f ．得到0
58v sin gt θ= ，可以求出斜面倾角θ故C 错
误，D 正确．故选ABD 【点睛】
本题抓住速度图象的“面积”等于位移分析位移和物体返回斜面底端的速度大小．也可以根据牛顿第二定律和运动学结合求解f 和sinθ．
二、实验题
11、3.6 BC 将A 更换成较大量程的弹簧测力计或减小重物M 的质量
【解析】
(1)[1]由图示可知，弹簧测力计分度值为0.2N，其示数为3.6N．
(2)[2]A．该实验中不一定需要OB水平。

故A不符合题意。

B．弹簧测力计A和B的示数分别为两细线的力的大小，同时画出细线的方向即为力的方向，虽悬挂重物的细线方向确定，但大小却不知，所以要测重物重力。

故B符合题意。

C．拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性。

故C符合题意。

D．该实验中AO与OB的夹角大小不会影响实验结果。

故D不符合题意。

(3)[3]当弹簧测力计A超出其量程，则说明弹簧测力计B与重物这两根细线的力的合力已偏大又由于挂重物的细线力的方向已确定，所以要么减小重物的重量，要么改变测力计B拉细线的方向，或改变弹簧测力计B拉力的大小，从而使测力计A不超出量程
12、BCD0.860.64C
【解析】
利用该实验的操作步骤和电火花计时器的工作原理和注意事项分析求解，如打点计时器的使用交流电源，打点周期有交流电的频率决定；在匀变速直线运动中，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出D点的瞬时速度，通过连续相等时间内的位移之差是一恒量可求出加速度的大小；由于作匀变速直线运动的物体在连续相等的时间内通过的位移差等于恒量，故有，求出x45的大小即可；
【详解】
解：(1)A、电火花打点计时器使用50赫兹的交流电，打点周期固定且为0.02s，与其它物理量无关，由交流电的频率决定，故A错误；
B、电火花打点计时器使用220V交流电，故B正确；
C、电火花打点计时器使用220V交流电，并且在使用时只能连续工作很短时间，打点之后要立即关闭电源，故C正确；
D、实验操作中，先接通电源，后释放小车，这样可以提高纸带利用率，在纸带上尽量多的打点，故D正确；
故选BCD；
(2)在匀变速直线运动中，某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，因此有：
根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小，得：
为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值：
代入数据得：
(2)由于作匀变速直线运动的物体在连续相等的时间内通过的位移差等于恒量故有
，所以
，故
，故C 符合，即C 正确。

三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位 13、75m 【解析】
108km/h=30m/s ， 汽车速度减为零的时间
000-30
s=5s<7s -6
v t a -=
=， 则7s 内的位移等于5s 内的位移，
()22011
+305+-65m=75m 22
x v t at ==⨯⨯⨯；
14、（1）2m/s 2（2）4m/s （3）4m
【解析】（1）由题意可知，A 到B 和B 到C 的时间是一样的，由△x=at 2 可得小球运动的加速度
222
2
2012
/2/2
x a m s m s t -=
＝
＝ （2）小球在A 点的速度为v A ，则根据位移时间关系有：AB ＝v A t +
12
at 2
得 小球在A 点的速度22
11
122222/4/2
A B at v A
m s m s t --⨯⨯＝＝＝ （3）小球从静止开始运动，根据速度位移关系有：v A 2＝2aL
可得小球在A 点上方运动的位移2
2
44222
A v L m m a =
⨯＝＝ 点睛：本题是对匀变速直线运动的规律的考查，运用匀变速直线运动的位移时间关系和速度位移关系以及相邻的相同时间内的位移差值定值来求解本题．
15、（1） F=15N （2） a=5m/s 2 （3）a =7.5m/s 2 【解析】
（1） 以小球为研究对象，设小球与力传感器间的作用力大小为F ，小球与斜面之间的弹力大小为F N ： 由几何关系
可得F=mg tan370
解得：F=15N
（2）对小球：竖直方向：F N cos370=mg
水平方向：F-F N sin370=m a
解得：a=5m/s2
（3）水平向左运动，要使力传感器示数为0，则有：
F N cos37°=mg；
F N sin37°=ma；
则
解得：a=7.5m/s2
【点睛】
本题考查牛顿第二定律及共点力平衡条件的应用，要注意正确受力分析，明确物体的受力情况，再由牛顿第二定律列式求解.。