甘肃省高台县第一中学2014-2015学年高一上学期期末考试物理试题
甘肃省高台县第一中学高一 物理上册第一学期期末考试题( Word版含答案)
甘肃省高台县第一中学高一 物理上册第一学期期末考试题（ Word 版含答案）一、选择题1．如图所示，质量均为m 的A 、B 两球之间系着一根不计质量的弹簧，放在光滑的水平面上，A 球紧靠竖直墙壁，今用水平力F 将B 球向左推压弹簧，平衡后，突然将F 撤去，在这瞬间，以下说法正确的是A ．B 球的速度为零，加速度大小为F m B ．B 球的速度为零，加速度为零C ．A 立即离开墙壁D ．在A 离开墙壁后，A 、B 两球均向右做匀速运动2．如图所示，水平力F 把一个物体紧压在竖直墙上，物体静止不动，则可知A ．F 增大时静摩擦力也增大B ．静摩擦力方向竖直向上C ．静摩擦力方向竖直向下D ．因为静摩擦力大于重力，所以没有下滑3．放假了，小明斜拉着拉杆箱离开校园。
如图所示，小明的拉力大小为F ，方向沿拉杆斜向上，与水平地面夹角为θ．与拉杆箱竖直静止在水平地面且不受拉力相比，此时拉杆箱对水平面的压力（ ）A ．减少了sin F θB ．增大了sin F θC ．减小了cos F θD ．增大了cos F θ 4．下列物理量中不属于矢量的是（ ）A ．速率B ．速度C ．位移D ．静摩擦力5．如图所示，质量为8 kg 的物体A 静止在竖直的轻弹簧上面。
质量为2 kg 的物体B 用细线悬挂起来，A 、B 紧挨在一起但A 、B 之间无压力。
某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间，B 对A 的压力大小为(取g ＝10 m/s 2)( )A．100 N B．20 N C．16 N D．0 N6．把一个小球放在玻璃漏斗中，晃动漏斗，可以使小球沿光滑的漏斗壁在某一水平面内做匀速圆周运动．小球的向心力是由什么力提供的（）A．重力B．支持力C．重力和支持力的合力D．地转偏向力7．一汽车通过拱形桥顶点时速度为10 m/s，车对桥顶的压力为车重的3/4，如果要使汽车在桥顶对桥面没有压力，车速至少为;A．15 m/s B．20 m/sC．25 m/s D．30 m/s8．滑块以某一初速度冲上斜面做匀减速直线运动，到达斜面顶端时的速度为零．已知滑块通过斜面中点时的速度为v，则滑块在前一半路程中的平均速度大小为（）A．21vB．（2+1）v C．2vD．1 2 v9．翻滚过山车是大型游乐园里比较刺激的一种娱乐项目．如图所示，过山车（可看成质点）从高处冲下，过M点时速度方向如图所示．在圆形轨道内经过A、B、C三点，下列说法正确的是A．过山车运动到最高点B时，速度和加速度的大小均为零B．过山车受到重力、弹力、摩擦力和向心力C．过山车经过A、C两点时的速度相同D ．过山车做变加速运动 10．一物体挂在弹簧秤下，弹簧秤的上端固定在电梯的天花板上，在下列哪种情况下弹簧秤的读数最小( )A ．电梯匀加速上升，且3g a =B ．电梯匀加速下降，且3g a =C ．电梯匀减速上升，且2g a = D ．电梯匀减速下降，且2g a = 11．下列关于力的说法中，正确的是（ ）A ．力不能离开施力物体和受力物体而独立存在B ．马拉车前进，马对车有拉力作用，但车对马没有拉力作用C ．力是物体运动的原因，物体不受力的作用，就一定处于静止状态D ．只有两个物体直接接触时才会产生力的作用12．如图所示,气球静止时对其受力情况分析，正确的是（ ）A ．受重力、绳子拉力和空气浮力作用B ．受重力、绳子拉力作用C ．受重力、绳子拉力和空气作用力D ．受重力、空气浮力、空气作用力及绳子拉力作用13．下列说法正确的是（ ）A ．高速行驶的公共汽车紧急刹车时，乘客都要向前倾倒，说明乘客受到惯性力的作用B ．短跑运动员最后冲刺时，速度很大，很难停下来，说明速度越大，惯性越大C ．惯性的大小仅与质量有关，质量越大，惯性越大．D ．把手中的球由静止释放后，球能竖直下落，是由于球具有惯性的缘故14． 下列两个实验中体现出的共同的物理思想方法是（ ）A．极限法B．控制变量法C．放大法D．等效替代法15．汽车以20m/s的速度做匀速直线运动。
甘肃省张掖市高台一中高一物理上学期期末试卷(含解析)-人教版高一全册物理试题
甘肃省张掖市高台一中2014-2015学年高一上学期期末物理试卷一、选择题〔共20小题，1-15题只有一个选项符合题目要求，每一小题2分，16-10题有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的2分〕1．〔2分〕关于物体的惯性，如下说法中正确的答案是〔〕A．运动速度大的物体不能很快地停下来，是因为物体的速度越大，惯性也越大B．静止的火车启动时，速度变化慢，是因为静止的物体惯性大的缘故C．乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小D．在宇宙飞船中的物体不存在惯性2．〔2分〕王飞同学练习拉单杠时，两臂平行握住单杠，在他两臂逐渐分开的过程中，手臂的拉力〔〕A．逐渐变大B．逐渐变小C．先变小后变大D．先变大后变小3．〔2分〕物体受10N的水平拉力作用，恰能沿水平面匀速运动，某时刻撤去这个拉力，物体将〔〕A．匀速运动B．立即停止运动C．产生加速度，做匀减速运动D．产生加速度，做匀加速运动4．〔2分〕如下列图，三个共点力F1、F2与 F3作用在同一个质点上，其中，F1与F2共线且反向，F3与F1垂直，F1=6N、F2=2N、F3=3N．如此质点所受的合力为〔〕A．7N B．11N C．1N D．5N5．〔2分〕如下列图，在水平方向推力F1和F2作用下，水平桌面上的木块向右做匀速直线运动．F1=10N，F2=2N．从撤去F1，到木块停止运动前，木块所受的摩擦力f的大小和方向分别为〔〕A．f=8N，方向向右B．f=8N，方向向左C．f=10N，方向向左D．f=2N，方向向右6．〔2分〕将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，v﹣t 图象如下列图，以下判断正确的答案是〔〕A．前3s内货物处于失重状态B．最后2s内货物只受重力作用C．最后2s内货物处于超重状态D．前3s内与最后2s内货物的平均速度一样7．〔2分〕如下说法中不正确的答案是〔〕A．书放在水平桌面上受到的支持力，是由于书发生了微小形变而产生的B．用细木棍拨动浮在水中的圆木，圆木受到的弹力是由于细木棍发生形变而产生的C．绳对物体的拉力方向总是沿着绳而指向绳收缩的方向D．支持力的方向总是垂直于支持面而指向被支持的物体8．〔2分〕列说法中正确的答案是〔〕A．物体有加速度，速度就增加B．物体的速度变化越快，加速度就越大C．物体的速度变化量△v越大，加速度就越大D．物体运动的加速度等于零，如此物体一定静止9．〔2分〕小球从空中自由下落，与水平地面碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如下列图．取g=10m/s2．如此〔〕A．小球第一次着地前速度的大小为3m/sB．小球第一次反弹初速度的大小为5m/sC．小球能弹起的最大高度为0.45mD．小球能弹起的最大高度为1.25m10．〔2分〕如下列图，与水平面夹角为30°的固定斜面上有一质量m=1.0kg的物体．细绳的一端与物体相连，另一端经摩擦不计的定滑轮与固定的弹簧秤相连．物体静止在斜面上，弹簧秤的示数为4.9N．关于物体受力的判断〔取g=9.8m/s2〕，如下说法正确的答案是〔〕A．斜面对物体的摩擦力大小为零B．斜面对物体的摩擦力大小为4.9N，方向竖直向上C．斜面对物体的支持力大小为4.9N，方向竖直向上D．斜面对物体的支持力大小为4.9N，方向垂直斜面向上11．〔2分〕做匀减速直线运动的质点，它的位移随时间变化的规律是s=24t﹣1.5t2〔m〕，当质点的速度为零，如此t为多少〔〕A．1.5s B．8s C．16s D．24s12．〔2分〕一质量为3kg的物体受到两个共点力作用，大小分别是6N和9N，如此物体的加速度〔〕A．最小是2m/s2B．最大是6m/s2C．可能是3m/s2D．可能是8m/s213．〔2分〕如下列图，质量为m的木块在置于水平桌面的木板上滑行，木板静止，它的质量M=3m，木块与木板间、木板与桌面间的动摩擦因数均为μ，那么木板所受桌面给的摩擦力大小是〔〕A．mgμB．2mgμC．3mgμD．4mgμ14．〔2分〕如下列图是采用动力学方法测量空间站质量的原理图，假设飞船质量为3.0×103kg，其推进器的平均推力为900N，在飞船与空间站对接后，推进器工作5s内，测出飞船和空间站速度变化是0.05m/s，如此空间站的质量为〔〕A．9.0×104kg B．8.7×104kg C．6.0×104kg D．6.0×103kg15．〔2分〕根据牛顿运动定律可知，如下说法正确的答案是〔〕A．篮球撞到墙上后被弹回来，墙却没有移动，是因为碰撞过程中墙给篮球的弹力大于篮球对墙的压力B．铁块掉到水中能够加速下沉，是因为铁块的重力大于铁块受到的浮力C．只有两个物体都处于平衡状态时，作用力和反作用力才会大小相等D．篮球比赛中，运动员用力蹬地跳起的过程中，人受到的支持力大于人对地面的压力16．〔4分〕小明站在电梯内的体重计上，电梯静止时体重计示数为50kg，假设电梯运动过程中，他看到体重计的示数为60kg时，g=10m/s2．下面说法中正确是〔〕A．电梯可能正加速上升，加速度大小为2m/s2B．电梯可能正加速下降，加速度大小为2m/s2C．此时小明的体重并没有增加，只是他对体重计的压力变大了D．电梯一定在减速下降，加速度大小为2m/s217．〔4分〕质量为m的木块在拉力F的作用下，在水平地面上做匀速运动，如下列图，木块与地面间的动摩擦因数为μ，那么物体受到的滑动摩擦力大小为〔〕A．μmg B．FcosθC．μ〔mg﹣Fsinθ〕D．μ〔mg+Fsinθ〕18．〔4分〕如下列图，一质量为m的物体沿倾角为θ的斜面匀速下滑．如下说法正确的答案是〔〕A．物体所受合力为0B．物体所受合力为mgsinθC．摩擦力大小与物体下滑速度大小无关D．物体匀速下滑速度越大，如此物体所受摩擦力越小19．〔4分〕某人在地面上用弹簧秤称得体重为490N．他将弹簧秤移至电梯内称其体重，t0至t3时间段内，弹簧秤的示数如下列图，电梯运行的v﹣t图可能是〔取电梯向上运动的方向为正〕〔〕A．B．C．D．20．〔4分〕如下列图，用一根细绳和一根轻直杆组成三角支架，绳的一端绕在手指上B点，杆的一端顶在掌心O处，当在A处挂上重物时，整个系统处于静止状态，此时杆OA处于水平状态，绳与杆分别对手指和手掌有力的作用，对这两个作用力的说法正确的答案是〔〕A．绳对手指的拉力沿AB方向〔与图示方向相反〕B．绳对手指的拉力沿BA方向〔如图示方向〕C．绳子对A点的作用力和杆对A点的作用力的合力方向竖直向上D．绳子对A点的作用力和杆对A点的作用力的合力大小大于重物的重力二、实验题：〔此题每空2分.共14分〕21．〔4分〕某同学探究弹簧弹力和弹簧伸长的关系．实验装置如下列图，刻度尺〔最小刻度为毫米〕的0刻度线与弹簧上端对齐．实验中，通过改变弹簧下端所悬挂钩码的质量，改变弹簧弹力，并记录下此时弹簧长度，进而求得弹簧的劲度系数k．重力加速度g取10m/s2．〔1〕如图是在弹簧下端悬挂质量为350g钩码时实验装置的示意图，此时弹簧的实际长度为cm；〔2〕假设弹簧原长为7.80cm，如此根据此次测量的数据，求得弹簧的劲度系数k=N/m．〔保存2位有效数字〕22．〔10分〕某同学验证物体质量一定时加速度与合力的关系，实验装置如图1所示．主要思路是，通过改变悬挂小钩码的质量，改变小车所受拉力，并测得小车的加速度．将每组数据在坐标纸上描点、画线，观察图线特点．〔1〕实验中应该满足：钩码的质量m和小车质量M的关系为：．〔2〕如图2示为本实验中得到的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔T=0.10s，其中x1=7.05cm、x2=7.68cm、x3=8.33cm、x4=8.95cm、x5=9.61cm、x6=10.26cm．为了尽量减小误差，如此用T、x1、x2…x6表示小车加速度大小a=，计算得加速度大小a=m/s2〔计算结果保存两位有效数字〕．〔3〕经过6次实验，获得了6组对应的小车所受合力F、小车加速度a的数据，在坐标纸上描点、画线，得到如图3所示的a﹣F图线．发现图线不过原点，经排查发现：并非人为的偶然误差所致，那么，你认为出现这种结果的原因可能是：．学习牛顿第二定律后，你认为，图中图线的斜率表示．三、计算题：〔本大题共4小题，共36分．解答应写出必要的文字说明、示意图、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分．有数值计算的问题，答案中必须明确写出数值和单位．〕23．〔8分〕我国已于2012年11月完成舰载机阻拦着舰〔示意图见图〕试验!与岸基飞机着陆时可减速平飞不同，舰载机着舰时，一旦飞机尾钩未能挂住阻拦索，如此必须快速拉升逃逸．假设航母静止，“歼﹣15〞着舰速度为30m/s，钩住阻拦索后能匀减速滑行45m停下．假设没有钩住阻拦索，必须加速到50m/s才能安全飞离航母，航母甲板上用于战机加速的长度仅有200m．〔1〕求“歼﹣15〞在钩住阻拦索后的减速过程中的加速度大小与滑行时间．〔2〕假设没有钩住阻拦索，战机要安全飞离航母，如此“歼﹣15〞在甲板上做匀加速运动的加速度至少多大？24．〔8分〕如下列图，物体甲重20N，物体乙重100N，乙与水平桌面间的最大静摩擦力是30N，轻绳OA与竖直方向的夹角θ=37°，物体甲、乙均处于静止状态．〔sin 37°=0.6，cos 37°=0.8〕求：〔1〕轻绳OA、OB受到的拉力是多大；〔2〕物体乙受到的摩擦力是多大，方向如何．25．〔8分〕一矿井深45m，在井口每隔一定时间自由落下一个小球，当第7个小球从井口下落时，第一个小球恰好落至井底，g=10m/s2，问：〔1〕相邻两个小球下落的时间间隔是多少？〔2〕这时第3个小球和第5个小球相距多远？26．〔12分〕总质量为m=60kg的滑雪者以初速度v0=8m/s沿倾角为θ=37°的斜面向上自由滑行，滑雪者能沿斜面上滑的最大距离是4m．sin 37°=0.6．g取10m/s2不计空气阻力．试求：〔1〕滑雪者沿斜面上滑时的加速度a1是多少？〔2〕雪橇与斜面间的动摩擦因数μ；〔3〕假设滑雪者滑行至最高点后掉转方向向下自由滑行，求他下滑时的加速度a2；〔4〕滑雪者滑到起点时的速度大小．甘肃省张掖市高台一中2014-2015学年高一上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔共20小题，1-15题只有一个选项符合题目要求，每一小题2分，16-10题有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的2分〕1．〔2分〕关于物体的惯性，如下说法中正确的答案是〔〕A．运动速度大的物体不能很快地停下来，是因为物体的速度越大，惯性也越大B．静止的火车启动时，速度变化慢，是因为静止的物体惯性大的缘故C．乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小D．在宇宙飞船中的物体不存在惯性考点：惯性．分析：惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大．解答：解：A、惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，与物体的运动状态无关．故A错误；B、静止的火车启动时，速度变化慢，是因为火车的质量大的原因，不能说是静止的物体惯性大的缘故．故B错误；C、乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的质量小，惯性小．故C正确；D、惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，与物体的运动状态以与位置无关．故D错误．应当选：C点评：惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，与物体的运动状态无关．2．〔2分〕王飞同学练习拉单杠时，两臂平行握住单杠，在他两臂逐渐分开的过程中，手臂的拉力〔〕A．逐渐变大B．逐渐变小C．先变小后变大D．先变大后变小考点：合力的大小与分力间夹角的关系．专题：平行四边形法如此图解法专题．分析：两手间距增大时，增大了手臂之间的夹角，两只手臂所受的力T的合力F与运动员重力平衡，由此可知合力F大小不变，由于夹角的增大，合力保持不变，只每只手臂所受力T是增大的．解答：解：运动员所受T的合力F与运动员重力大小相等方向相反，故夹角增大时合力大小不变；手臂间距增大时，相当于在力图中两力T之间的夹角θ增大，假设力T大小不变，如此其合力F随夹角的增大而减小，现要保持合力F大小不变，当夹角增大时，如此T增大．应当选：A．点评：两个力合成时，分力大小不变，合力随分力间夹角的增大而减小，能反推出：假设保持合力不变，分力如此随夹角的增大而增大．3．〔2分〕物体受10N的水平拉力作用，恰能沿水平面匀速运动，某时刻撤去这个拉力，物体将〔〕A．匀速运动B．立即停止运动C．产生加速度，做匀减速运动D．产生加速度，做匀加速运动考点：物体做曲线运动的条件．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：当物体做匀速直线运动时，物体所受合外力一定为0，撤去一个力后，物体受力不平衡，必定产生加速度，当物体的运动方向与合力方向一致时，物体做加速运动；当物体的运动方向与合力方向相反时，物体将做减速运动．解答：解：当物体做匀速直线运动时，物体所受合外力一定为0，撤去拉力，物体在水平方向上只受摩擦力作用，立即产生加速度，而摩擦力的方向与物体的相对运动方向相反，故物体做匀减速运动，直到静止，故C正确，ABD错误．应当选：C点评：解决此题应明确，当物体做匀速直线运动时，物体所受合外力一定为0，如此可由二力平衡求得摩擦力，当物体所受力的合力不为零时，物体的运动状态一定改变．4．〔2分〕如下列图，三个共点力F1、F2与 F3作用在同一个质点上，其中，F1与F2共线且反向，F3与F1垂直，F1=6N、F2=2N、F3=3N．如此质点所受的合力为〔〕A．7N B．11N C．1N D．5N考点：力的合成．专题：受力分析方法专题．分析：先将F1和F2进展合成，再将这个合力与F3进展合成，结合平行四边形定如此分析即可．解答：解：力F1和F2共线，方向相反，合力为：F12=F1﹣F2=6﹣2=4N再将该合力与F3合成，合力为：F=应当选：D．点评：三力合成时，可以先合成两个力，然后将该合力与第三个力合成，得到合力，根底题．5．〔2分〕如下列图，在水平方向推力F1和F2作用下，水平桌面上的木块向右做匀速直线运动．F1=10N，F2=2N．从撤去F1，到木块停止运动前，木块所受的摩擦力f的大小和方向分别为〔〕A．f=8N，方向向右B．f=8N，方向向左C．f=10N，方向向左D．f=2N，方向向右考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：撤去F1前木块做匀速直线运动，合力为零，可求出木块所受的滑动摩擦力大小，撤去F1的瞬间，其他力没有变化，再分析此时的合力和摩擦力大小．解答：解：木块在水平推力F1、F2的作用下处于匀速直线运动状态，由共点力平衡可得，木块所受的滑动摩擦力f1=F1﹣F2=10﹣2=8N，方向水平向左．撤去F1后，木块所受的其他力没有改变，如此合外力F=f1+F2=10N，方向向左，木块所受的滑动摩擦力f1=F1﹣F2=10﹣2=8N，方向水平向左．．应当选：B．点评：此题根据平衡条件分析木块的摩擦力，关键抓住撤去F1的瞬间，木块所受的其他力没有改变，运用平衡条件推论也可判断．6．〔2分〕将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，v﹣t图象如下列图，以下判断正确的答案是〔〕A．前3s内货物处于失重状态B．最后2s内货物只受重力作用C．最后2s内货物处于超重状态D．前3s内与最后2s内货物的平均速度一样考点：匀变速直线运动的图像；超重和失重．专题：运动学中的图像专题．分析：超重是物体所受的拉力或支持力大于物体所受重力的现象；当物体做向上加速运动或向下减速运动时，物体均处于超重状态，相反，当物体向上减速运动或向下加速运动时，物体均处于失重状态，根据图象判断物体的运动情况，然后判断物体的超重与失重情况．匀变速运动的平均速度可由公式=求解．解答：解：A、前3s内货物做匀加速直线运动，受重力和拉力两个力作用．拉力大于重力，处于超重状态，故A错误．BC、最后2s内货物做匀减速运动向上运动，加速度a=﹣=﹣3m/s2故不是只受重力，物体处于失重状态，故BC错误．D、前3s内的平均速度==3m/s，后2s内的平均速度==3m/s，两段时间内的平均速度一样．故D正确．应当选：D点评：此题关键是根据v﹣t图象得到物体的运动情况，然后进一步判断超、失重情况，注意只要加速度向上，物体就处于超重状态．加速度向下，物体就处于失重状态．7．〔2分〕如下说法中不正确的答案是〔〕A．书放在水平桌面上受到的支持力，是由于书发生了微小形变而产生的B．用细木棍拨动浮在水中的圆木，圆木受到的弹力是由于细木棍发生形变而产生的C．绳对物体的拉力方向总是沿着绳而指向绳收缩的方向D．支持力的方向总是垂直于支持面而指向被支持的物体考点：弹性形变和范性形变；物体的弹性和弹力．专题：受力分析方法专题．分析：解答此题应掌握：弹力是由于施力物体发生形变后想要恢复原状而对和它接触的物体产生的力．解答：解：A、书放在水平桌面上受到的支持力，是由于桌面发生了微小形变而产生的，故A错误B、用细木棍拨动浮在水中的圆木，木棍形变产生弹力才能拨动圆木，故B正确C、绳的拉力时由于被拉伸而产生的，绳子有向后收缩的趋势，由此产生拉力，故绳对物体的拉力方向总是沿着绳而指向绳收缩的方向，故C正确D、由支持力的概念可知，支持力的方向总是垂直于支持面而指向被支持的物体，故D正确此题选错误的，应当选：A点评：此题考查弹力产生的原因，知道是由于发生形变的物体想要恢复原状而对与它接触的物体产生弹力．8．〔2分〕列说法中正确的答案是〔〕A．物体有加速度，速度就增加B．物体的速度变化越快，加速度就越大C．物体的速度变化量△v越大，加速度就越大D．物体运动的加速度等于零，如此物体一定静止考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度是速度变化快慢的物理量，当加速度与速度同向时，速度是增加的；当两者方向反向时，如此速度是减小的．当加速度不变时，如此速度是均匀变化；当加速度变化时，如此速度是非均匀变化的．解答：解：A、物体有加速度，速度就一定变化，当两者同向时速度增加，当两者反向时速度减小．故A错误；B、物体的速度变化越快，即速度的变化率越大，如此加速度就越大，故B正确；C、物体的速度变化量△v虽越大，但时间不知道变还是不变，如此加速度如何变也是不清楚的，故C错误；D、物体运动的加速度等于零，如此速度一定不变，但不一定静止，匀速直线运动速度也不变．故D错误；应当选：B点评：加速度与速度两物理量没有直接联系，速度大可能加速度等于零，而速度等于零时可能加速度却很大．9．〔2分〕小球从空中自由下落，与水平地面碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如下列图．取g=10m/s2．如此〔〕A．小球第一次着地前速度的大小为3m/sB．小球第一次反弹初速度的大小为5m/sC．小球能弹起的最大高度为0.45mD．小球能弹起的最大高度为1.25m考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：根据速度图象直接读出小球第一次反弹的初速度大小．根据“面积〞求出物体在某一段时间内发生的位移．解答：解：A、B由图看出，在t=0.6s末小球第一次反弹，第一次反弹初速度的大小为3m/s．故A正确，B错误．C、D图象在0.6s﹣0.8s表示小球反弹，图线的“面积〞等于小球能弹起的最大高度，由几何知识得到，小球能弹起的最大高度：=0.45m，故C正确，D错误应当选：AC点评：此题解题的关键在于正确理解图象的意义，熟练掌握运用图象处理物理问题的能力．10．〔2分〕如下列图，与水平面夹角为30°的固定斜面上有一质量m=1.0kg的物体．细绳的一端与物体相连，另一端经摩擦不计的定滑轮与固定的弹簧秤相连．物体静止在斜面上，弹簧秤的示数为4.9N．关于物体受力的判断〔取g=9.8m/s2〕，如下说法正确的答案是〔〕A．斜面对物体的摩擦力大小为零B．斜面对物体的摩擦力大小为4.9N，方向竖直向上C．斜面对物体的支持力大小为4.9N，方向竖直向上D．斜面对物体的支持力大小为4.9N，方向垂直斜面向上考点：共点力平衡的条件与其应用；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对物体受力分析，求出物体重力与斜面方向上的分力大小，与弹簧的拉力比拟判断出摩擦力的大小和方向．根据共点力平衡求出支持力的大小．解答：解：A、物体重力沿斜面方向下的分力G x=mgsin30°=4.9N，与弹簧的弹力相等，根据共点力平衡，知物体不受摩擦力作用．故A正确，B错误．C、根据共点力平衡得，N=mgcos30°=N，方向垂直于斜面向上．故C、D错误．应当选：A．点评：解决此题的关键能够正确地进展受力分析，运用共点力平衡进展求解．11．〔2分〕做匀减速直线运动的质点，它的位移随时间变化的规律是s=24t﹣1.5t2〔m〕，当质点的速度为零，如此t为多少〔〕A．1.5s B．8s C．16s D．24s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式x=求出初速度和加速度，再根据匀变速直线运动的速度时间公式v=v0+at求出质点速度为零所需的时间．解答：解：根据x==24t﹣1.5t2知，初速度v0=24m/s，加速度a=﹣3m/s2．根据速度时间公式v=v0+at得，t==8s．故B正确，A、C、D错误．应当选：B．点评：解决此题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式x=和速度时间公式v=v0+at．12．〔2分〕一质量为3kg的物体受到两个共点力作用，大小分别是6N和9N，如此物体的加速度〔〕A．最小是2m/s2B．最大是6m/s2C．可能是3m/s2D．可能是8m/s2考点：牛顿第二定律；力的合成．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体在两个共点力作用下，根据力的合成的合力范围，由牛顿第二定律确定加速度的大小可能值．解答：解：两个共点力合成时，合力的大小范围为F1+F2≥F合≥|F1﹣F2|，所以1N和3N的合力范围为15N≥F合≥3N，根据牛顿第二定律知，物体产生的加速度大小范围为5m/s2≥a≥1m/s2，对照选项，C正确，ABD不在此范围内故无可能．应当选：C点评：此题借助牛顿第二定律考查两个力合成时的合力范围，掌握合力范围和牛顿第二定律是解决问题的关键．13．〔2分〕如下列图，质量为m的木块在置于水平桌面的木板上滑行，木板静止，它的质量M=3m，木块与木板间、木板与桌面间的动摩擦因数均为μ，那么木板所受桌面给的摩擦力大小是〔〕A．mgμB．2mgμC．3mgμD．4mgμ考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：先对小滑块受力分析，受重力、长木板的支持力和向右的滑动摩擦力；再对长木板受力分析，受到重力、小滑块的对长木板向下的压力、小滑块对其向左的滑动摩擦力、地面对长木板的支持力和向右的静摩擦力；然后根据共点力平衡条件判断．解答：解：对小滑块受力分析，受重力mg、长木板的支持力F N和向右的滑动摩擦力f1，有：f1=μF NF N=mg得：f1=μmg再对长木板受力分析，受到重力Mg、小滑块的对长木板向下的压力F N、小滑块对其向左的滑动摩擦力f1、地面对长木板的支持力F N′和向右的静摩擦力f2，根据共点力平衡条件，有：f1=f2得：f2=μmg应当选：A．点评：滑动摩擦力与正压力成正比，而静摩擦力随外力的变化而变化，故静摩擦力通常可以根据共点力平衡条件求解，或者结合运动状态，然后根据牛顿第二定律列式求解．14．〔2分〕如下列图是采用动力学方法测量空间站质量的原理图，假设飞船质量为3.0×103kg，其推进器的平均推力为900N，在飞船与空间站对接后，推进器工作5s内，测出飞船和空间站速度变化是0.05m/s，如此空间站的质量为〔〕A．9.0×104kg B．8.7×104kg C．6.0×104kg D．6.0×103kg考点：牛顿运动定律的应用-连接体；加速度．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：由加速度公式可求得整体的加速度；由牛顿第二定律可求得整体的质量，如此可求得空间站的质量．解答：解：整体的加速度a===0.01m/s2；由牛顿第二定律F=ma可知空间站的质量M=﹣m=kg﹣3.0×103kg=8.7×104kg应当选B．点评：牛顿第二定律的应用中要注意灵活选取研究对象，并注意在公式应用时的同体性，即公式中的各量均为同一物体所具有的．15．〔2分〕根据牛顿运动定律可知，如下说法正确的答案是〔〕A．篮球撞到墙上后被弹回来，墙却没有移动，是因为碰撞过程中墙给篮球的弹力大于篮球对墙的压力B．铁块掉到水中能够加速下沉，是因为铁块的重力大于铁块受到的浮力C．只有两个物体都处于平衡状态时，作用力和反作用力才会大小相等D．篮球比赛中，运动员用力蹬地跳起的过程中，人受到的支持力大于人对地面的压力考点：牛顿第二定律；作用力和反作用力；牛顿第三定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，在任何情况下都相等．根据牛顿第二定律知，物体的加速度与合力的方向一样，铁块加速下沉，合力方向向下．解答：解：A、球与墙碰撞过程中，球对墙的力和墙对球的力是作用力和反作用力，大小相等．故A错误．。
甘肃省张掖市高台一中2015-2016学年高一上学期期末物
2015-2016学年甘肃省张掖市高台一中高一（上）期末物理试卷一、单选题（共10个小题，每小题3分，共30分）1．下列说法中正确的是（）A．学校作息时间表上的“学生上第一节课的时间为8：10”是指时间间隔B．甲、乙两人均以相同的速度向正东行走，若以甲为参考系，则乙是静止的C．研究杂技演员走钢丝的表演时，杂技演员可以当作质点来处理D．质点运动的位移大小可能大于路程2．某人站在奥星楼房顶层从O点竖直向上抛出一个小球，上升最大高度为20m，然后落回到抛出点O下方25m的B点，则小球在这一运动过程中通过的路程和位移分别为（规定竖直向上为正方向）（）A．25m、25m B．65m、25m C．25m、﹣25m D．65m、﹣25m3．下列说法正确的是（）A．瞬时速度指质点在某一时刻或某一位置的速度B．平均速度就是速度的平均值，它只有大小没有方向，是标量C．若物体在某段时间内的平均速度等于零，则它在这段时间内任一时刻的瞬时速度一定等于零D．赛车飞跃某栏杆时的速度为80m/s，表示的是平均速度4．如图为一物体做直线运动的v﹣t图象，根据图象做出的以下判断中，正确的是（）A．物体始终沿正方向运动B．物体先沿负方向运动，在t=2s后开始沿正方向运动C．在t=2s前物体位于出发点负方向上，在t=2s后位于出发点正方向上D．在t=4s时，物体距出发点最远5．水平地面上斜放着一块木板（斜面AB，见图），上面放一个木块．设木块对斜面的压力为N，木块所受重力沿斜面的分力为F．若使斜面的B端逐渐放低时，将会产生下述的哪种结果（）A．N增大，F增大B．N增大，F减小C．N减小，F增大D．N减小，F减小6．一物体受到轻绳的拉力作用由静止开始前进，先做加速运动，然后改为匀速运动；再改做减速运动，则下列说法中正确的是（）A．加速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力B．减速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力C．只有匀速前进时，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小才相等D．不管物体如何前进，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小总相等7．如图所示，一小球用两根轻绳挂于天花板上，球静止，绳1倾斜，绳2恰竖直．则小球所受的作用力有（）A．1个 B．2个 C．3个 D．4个8．如图所示，一木箱置于水平地面上，小孩用80N的水平力推重力为200N的木箱，木箱不动；当小孩用100N的水平力推木箱，木箱恰好能被推动；当木箱被推动之后，小孩只要用90N的水平推力就可以使木箱沿地面匀速前进，以下是对上述过程作出的计算和判断，其中正确的是（）A．木箱与地面间的动摩擦因数μ=0.45B．木箱与地面间的最大静摩擦力大小为90NC．木箱与地面间的摩擦力大小始终为80ND．木箱与地面间的滑动摩擦力大小为100N9．下列说法正确的是（）A．牛顿第一定律是科学家凭空想象出来的，没有实验依据B．牛顿第一定律无法用实验直接验证，因此是不成立的C．静止的火车启动时，速度变化慢，是因为静止的物体惯性大的缘故D．乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小10．用三根轻绳将质量为m的物块悬挂在空中，如图所示．已知ac和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°，则ac绳和bc绳中的拉力分别为（）A．mg，mg B．mg，mg C．mg，mg D．mg，mg二、多选题（共4个小题，每小题4分，共16分，每个题全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）11．初始静止在光滑水平面上的物体，受到一个方向不变，大小逐渐减小的水平力的作用，则这个物体运动情况为（）A．速度不断增大，但增大得越来越慢B．加速度不断增大，速度不断减小C．加速度不断减小，速度不断增大D．加速度不变，速度先减小后增大12．如图所示，一小球自空中自由落下，与正下方的直立轻质弹簧接触，直至速度为零的过程中，关于小球运动状态的下列几种描述中，正确的是（）A．接触后，小球做减速运动，加速度的绝对值越来越大，速度越来越小，最后等于零B．接触后，小球先做加速运动，后做减速运动，其速度先增加后减小直到为零C．接触后，速度为零的地方就是弹簧被压缩最大之处，加速度为零的地方也是弹簧被压缩最大之处D．接触后，小球速度最大的地方就是速度等于零的地方13．如图所示，质量为m的物体在恒力F作用下沿水平地面做匀速直线运动，物体与地面间动摩擦因数为μ，则物体受到的摩擦力的大小为（）A．FsinθB．FcosθC．μ（mg+Fsinθ）D．μ（mg﹣Fsinθ）14．某人在地面上用弹簧秤称得体重为490N．他将弹簧秤移至电梯内称其体重，t0至t3时间段内，弹簧秤的示数如图所示，电梯运行的v﹣t图可能是（取电梯向上运动的方向为正）（）A．B．C．D．三、填空题（共3个大题，7个空，每个空2分，共14分）15．（8分）某实验小组利用图1所示的装置探究加速度与力、质量的关系．（1）下列做法正确的是（填字母代号）．A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B．在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码盘通过定滑轮拴在木块上C．实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D．通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度E．“平衡摩擦力”的本质就是想法让小车受到的摩擦力为零（2）实验时，某同学得到一条纸带，如图2所示，每5个计时点取一个计数点，记为图中0、1、2、3、4、5、6点．测得相邻两个计数点间的距离分别为s1=0.96cm，s2=2.88cm，s3=4.80cm，s4=6.72cm，s5=8.64cm，s6=10.56cm，打点计时器的电源频率为50Hz．计算此纸带的加速度大小a=m/s2，打计数点“4”时纸带的速度大小v4=m/s．（保留两位有效数字）（3）在验证质量一定时，加速度a和合外力F的关系时，某学生根据实验数据作出了如图3所示的a﹣F图象，图象不过原点其原因是．16．在“探究弹力与弹簧伸长量的关系”实验中，由实验测得某弹簧所受弹力F和弹簧的长度L的关系图象如图所示，则：（1）该弹簧的原长L0=cm（2）该弹簧的劲度系数为K=N/m．17．在“验证力的平行四边形定则”的实验中，某同学的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的图示，下列说法中正确的是（）A．图乙中的F是力F1和F2合力的理论值，F′是力F1和F2合力的实际测量值B．图乙的F′是力F1和F2合力的理论值，F是力F1和F2合力的实际测量值C．在实验中，如果将细绳也换成橡皮条，那么对实验结果没有影响D．在实验中，如果将细绳也换成橡皮条，那么对实验结果有影响四、计算题（共5个小题，共40分；要求写出必要的文字叙述和物理过程，只有答案，不得分）18．（7分）在平直的高速公路上，一辆汽车以30 m/s的速度匀速行驶，因前方发生事故，司机立即刹车，直到汽车停下．已知汽车的质量为2.0×103 kg，刹车时汽车受到的阻力为2.0×104 N．求：（1）刹车后汽车运动的加速度大小；（2）汽车在2s内的位移；（3）汽车在5 s内的位移．19．（7分）如图所示，水平传送带以2m/s的速度匀速运动，传送带长AB=20m，今在其左端将一工件轻轻放在上面，工件被带动，传送到右端，已知工件与传送带间的动摩擦因数μ=0.1，（g=10m/s2）试求：工件由传送带左端运动到右端的时间．20．（8分）一质量为m=2kg的物体悬挂在电梯内的弹簧秤上．电梯从t=0时刻由静止开始上升，在0到6s内弹簧秤示数F的变化如图所示．试问：在这段时间内电梯上升的高度是多少？（重力加速度g取10m/s2．）21．（8分）质量为m=2kg的物体，静止放在水平面上，它们之间的动摩擦因数μ=0.5，现对物体施加F=20N的作用力，方向与水平面成θ=37°角斜向上，如图所示，（sin 37°=0.6，cos37°=0.80，g取10m/s2）求：（1）物体运动的加速度；（2）物体在力F作用下5s内通过的位移；（3）如果力F的作用经5s后撤去，则物体在撤去力F后还能滑行的距离．22．（10分）如图，在倾角θ=37°的足够长的固定的斜面底端有一质量m=1.0kg 的物体，物体与斜面间动摩擦因数μ=0.25，现用轻细绳将物体由静止沿斜面向上拉动，拉力F=10.0N，方向平行斜面向上，经时间t1=4.0s绳子突然断了，（sin37°=0.60，cos37°=0.80，g=10m/s2）求：（1）绳断前物体加速度大小；（2）绳断时物体的速度大小；（3）从绳子断开到物体再返回到斜面底端的运动时间？2015-2016学年甘肃省张掖市高台一中高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（共10个小题，每小题3分，共30分）1．下列说法中正确的是（）A．学校作息时间表上的“学生上第一节课的时间为8：10”是指时间间隔B．甲、乙两人均以相同的速度向正东行走，若以甲为参考系，则乙是静止的C．研究杂技演员走钢丝的表演时，杂技演员可以当作质点来处理D．质点运动的位移大小可能大于路程【考点】质点的认识；位移与路程；时间与时刻．【分析】当物体的大小和形状对所研究的问题没有影响或影响可以忽略不计时物体能被看作质点处理．说“太阳从东方升起”是以地球为参考系的．学校作息时间表上的数字均表示时刻．【解答】解：A、学校作息时间表上的数字均表示时刻，不是时间间隔．故A错误．B、甲、乙两人以相同的速度向东行走，若以甲为参考系，则乙相对于甲的位置是不变的，所以乙相对于甲是静止的．故B正确．C、研究杂技演员走钢丝的表演时，杂技演员的大小和形状不能忽略，不可以当作质点来处理．故C错误．D、质点运动的位移大小小于等于路程，不能大于路程．故D错误．故选：B【点评】本题考查质点、参考系、时刻和时间等多个知识点，比较简单．要理解物体看作质点的条件，具体问题具体分析，不能教条．2．某人站在奥星楼房顶层从O点竖直向上抛出一个小球，上升最大高度为20m，然后落回到抛出点O下方25m的B点，则小球在这一运动过程中通过的路程和位移分别为（规定竖直向上为正方向）（）A．25m、25m B．65m、25m C．25m、﹣25m D．65m、﹣25m【考点】自由落体运动；位移与路程．【分析】路程等于物体运动轨迹的长度，位移的大小等于初位置到末位置的距离，方向由初位置指向末位置．【解答】解：物体上升20m，由下降45m到达0点下方的B点，路程s=20+45m=65m．初位置到末位置的距离为25m，方向竖直向下，所以位移x=﹣25m．故D正确，A、B、C错误．故选D．【点评】解决本题的关键区分路程和位移，路程是标量，位移是矢量．3．下列说法正确的是（）A．瞬时速度指质点在某一时刻或某一位置的速度B．平均速度就是速度的平均值，它只有大小没有方向，是标量C．若物体在某段时间内的平均速度等于零，则它在这段时间内任一时刻的瞬时速度一定等于零D．赛车飞跃某栏杆时的速度为80m/s，表示的是平均速度【考点】平均速度；瞬时速度．【分析】速度是表示物体运动快慢的物理量；平均速度是位移与时间的比值，是矢量；瞬时速度对应某一时刻或位置．【解答】解：A、瞬时速度指质点在某一时刻或某一位置的速度，是矢量，故A 正确；B、平均速度是位移与时间的比值，是矢量，不一定等于速度的平均值，故B错误；C、若物体在某段时间内的平均速度等于零，则它在这段时间内的位移为零，即初位置与末位置重合，但这段时间内任一时刻的瞬时速度不一定为零，故C错误；D、赛车飞跃某栏杆时的速度为80m/s，是与时刻（位置）对应，是瞬时速度，故D错误；故选：A【点评】本题考查了学生对速度公式的掌握和运用，属于基础题目，要会区分瞬时速度和平均速度．4．如图为一物体做直线运动的v﹣t图象，根据图象做出的以下判断中，正确的是（）A．物体始终沿正方向运动B．物体先沿负方向运动，在t=2s后开始沿正方向运动C．在t=2s前物体位于出发点负方向上，在t=2s后位于出发点正方向上D．在t=4s时，物体距出发点最远【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】速度图象反映了物体的速度随时间的变化情况，速度的正负表示速度的方向，即运动方向．图象与t轴围成的图形面积表示位移，图形在t轴上方位移为正，图形在t轴下方位移为负．【解答】解：A、B、速度的正负表示物体的运动方向，可知物体在前2s内沿负方向运动，后2s内沿正方向运动，速度方向相反．故A错误．B正确；C、根据图象与t轴围成的图形面积表示位移，图形在t轴上方位移为正，图形在t轴下方位移为负．可知，在t=2 s前物体位于出发点负方向上，在t=2s后仍位于出发点负方向上，在t=4s时，位移为0，回到出发点，故C错误；D、在t=2s时，物体离出发点最远，在t=4s时，物体离出发点的位移最小，为零．故D错误．故选：B．【点评】本题要正确理解速度、位移的正负的含义，理解速度图象与时间轴围成面积的含义是解决此题的关键．5．水平地面上斜放着一块木板（斜面AB，见图），上面放一个木块．设木块对斜面的压力为N，木块所受重力沿斜面的分力为F．若使斜面的B端逐渐放低时，将会产生下述的哪种结果（）A．N增大，F增大B．N增大，F减小C．N减小，F增大D．N减小，F减小【考点】共点力平衡的条件及其应用．【分析】对物体进行受力分析，然后通过正交分解求出重力的沿木板方向和垂直木板方向的分力，最后根据倾角的变化判断出木块对斜面的压力为N，木块所受重力沿斜面的分力F的变化情况．【解答】解：设木板与水平面的倾角为θ，对物体进行受力分析可知物体受竖直向下的重力mg，所以N=mgcosθ在沿斜面方向有F=mgsinθ，由题意可知θ逐渐减小，故N逐渐增大，F逐渐减小．故选B．【点评】本类题目的解题步骤：确定研究对象，对研究对象进行受力分析，再进行正交分解，写出所求力的数学表达式，从而可以根据角度的变化情况判断出力的变化情况．6．一物体受到轻绳的拉力作用由静止开始前进，先做加速运动，然后改为匀速运动；再改做减速运动，则下列说法中正确的是（）A．加速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力B．减速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力C．只有匀速前进时，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小才相等D．不管物体如何前进，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小总相等【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】绳拉物体的力与物体拉绳的力是一对作用力与反作用力，它们总是大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，与运动状态无关．【解答】解：绳拉物体的力与物体拉绳的力是一对作用力与反作用力，它们总是大小相等、方向相反、作用在通一条直线上，与运动状态无关．故选D．【点评】该题考查了牛顿第三定律：作用力与反作用力的关系，难度不大，属于基础题．7．如图所示，一小球用两根轻绳挂于天花板上，球静止，绳1倾斜，绳2恰竖直．则小球所受的作用力有（）A．1个 B．2个 C．3个 D．4个【考点】力的合成与分解的运用．【分析】根据物体处于平衡，通过假设法判断绳子是否有拉力，从而确定小球受到几个力作用．【解答】解：物体受重力和绳2的拉力，两个力作用在同一条直线上，因为物体处于平衡状态，合力为零，若绳1有拉力，则小球不可能平衡，所以绳1没有拉力，知小球受到2个力作用．故B正确，A、C、D错误．故选：B．【点评】本题通过平衡的方法，运用假设法判断绳1是否有拉力，这是我们判断物体是否受弹力和摩擦力一种常用的方法．8．如图所示，一木箱置于水平地面上，小孩用80N的水平力推重力为200N的木箱，木箱不动；当小孩用100N的水平力推木箱，木箱恰好能被推动；当木箱被推动之后，小孩只要用90N的水平推力就可以使木箱沿地面匀速前进，以下是对上述过程作出的计算和判断，其中正确的是（）A．木箱与地面间的动摩擦因数μ=0.45B．木箱与地面间的最大静摩擦力大小为90NC．木箱与地面间的摩擦力大小始终为80ND．木箱与地面间的滑动摩擦力大小为100N【考点】静摩擦力和最大静摩擦力；滑动摩擦力．【分析】当木箱恰好能被推动时，木箱受到的地面的静摩擦力达到最大值，等于此时的水平推力．当木箱匀速前进时，水平方向受到的推力与滑动摩擦力平衡，大小相等，由摩擦力公式f=μN求出木箱与地面间的动摩擦因数．【解答】解：A、D由题，木箱沿地面匀速前进时水平推力为F=90N，由平衡条件得到，滑动摩擦力大小为f=F=90N，木箱对地面的压力大小N=G=200N，则木箱与地面间的动摩擦因数=0.45．故A正确，D错误．B、当小孩用100N的水平力推木箱，木箱恰好能被推动，此时木箱受到的地面的静摩擦力达到最大值，大小等于推力，即为100N．故B错误．C、当木箱保持静止时，木箱所受的摩擦力随着推力的增大而增大，当木箱滑动后，摩擦力大小不变．故C错误．故选A【点评】对于静摩擦力的可变性和被动性，可结合平衡条件加深理解．基础题．9．下列说法正确的是（）A．牛顿第一定律是科学家凭空想象出来的，没有实验依据B．牛顿第一定律无法用实验直接验证，因此是不成立的C．静止的火车启动时，速度变化慢，是因为静止的物体惯性大的缘故D．乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小【考点】牛顿第一定律；惯性．【分析】一切物体，不论是运动还是静止、匀速运动还是变速运动，都具有惯性，惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关，质量越大、惯性越大；惯性的大小和物体是否运动、是否受力以及运动的快慢是没有任何关系的．【解答】解：AB、牛顿第一定律不是实验得出的，但是在大量实验事实的基础上通过推理而概况出来的，有着重要意义，故A错误，B错误；C、静止的火车启动时，速度变化慢，是因为火车质量大，惯性大，惯性大小的唯一量度是质量，与速度大小无关，故C错误；D、质量是惯性大小的量度，质量小，惯性小，运动状态容易改变；故乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的质量小，惯性小；故D正确；故选：D【点评】需要注意的是：物体的惯性的大小只与质量有关，与其他都无关．而经常出错的是认为惯性与物体的速度有关．10．用三根轻绳将质量为m的物块悬挂在空中，如图所示．已知ac和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°，则ac绳和bc绳中的拉力分别为（）A．mg，mg B．mg，mg C．mg，mg D．mg，mg 【考点】共点力平衡的条件及其应用．【分析】对c点进行受力分析．根据平衡条件和三角函数表示出力与力之间的关系．【解答】解：对结点C受力分析，受到三根绳子拉力，将F a和F b合成为F，根据三力平衡得出：F=F c=mg已知ac和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°，所以α=30°根据三角函数关系得出：F a=F•cosα=mgF b=F•sinα=mg故选：A．【点评】该题的关键在于能够对结点c进行受力分析，利用平衡状态条件解决问题．力的计算离不开几何关系和三角函数．二、多选题（共4个小题，每小题4分，共16分，每个题全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）11．初始静止在光滑水平面上的物体，受到一个方向不变，大小逐渐减小的水平力的作用，则这个物体运动情况为（）A．速度不断增大，但增大得越来越慢B．加速度不断增大，速度不断减小C．加速度不断减小，速度不断增大D．加速度不变，速度先减小后增大【考点】加速度．【分析】根据物体所受的合力判断加速度的变化，结合加速度方向与速度方向的关系判断速度的变化．【解答】解：光滑水平面上的物体所受的合力等于该外力的大小，外力减小，根据牛顿第二定律知，加速度逐渐减小，因为加速度方向与速度方向相同，则速度逐渐增大，即做加速度逐渐减小的加速运动，速度增加的越来越慢．故AC正确，BD错误．故选：AC．【点评】解决本题的关键知道加速度方向与合力方向相同，加速度随着合力的变化而变化，当加速度方向与速度方向相同，速度增大，当加速度方向与速度方向相反，速度减小．12．如图所示，一小球自空中自由落下，与正下方的直立轻质弹簧接触，直至速度为零的过程中，关于小球运动状态的下列几种描述中，正确的是（）A．接触后，小球做减速运动，加速度的绝对值越来越大，速度越来越小，最后等于零B．接触后，小球先做加速运动，后做减速运动，其速度先增加后减小直到为零C．接触后，速度为零的地方就是弹簧被压缩最大之处，加速度为零的地方也是弹簧被压缩最大之处D．接触后，小球速度最大的地方就是速度等于零的地方【考点】牛顿第二定律．【分析】小球自由落下，接触弹簧时有竖直向下的速度，接触弹簧后，弹簧被压缩，弹簧的弹力随着压缩的长度的增大而增大．以小球为研究对象，开始阶段，弹力小于重力，合力竖直向下，与速度方向相同，小球做加速运动，合力减小；当弹力大于重力后，合力竖直向上，小球做减速运动，合力增大．【解答】解：A、小球与弹簧接触后，开始重力大于弹力，加速度向下，做加速运动，加速度减小．当加速度减小到零以后，弹力大于重力，加速度向上，做减速运动到零．故A错误，B正确．C、当速度为零，弹簧压缩到最低点，此时合力不为零，加速度不为零．故C错误．D、小球先做加速运动再做减速运动，当加速度为零，即重力与弹簧弹力相等时，速度最大．故D正确．故选：BD．【点评】含有弹簧的问题，是高考的热点．关键在于分析小球的受力情况，来确定小球的运动情况，抓住弹力是变化的这一特点．不能简单认为小球一接触弹簧就做减速运动．13．如图所示，质量为m的物体在恒力F作用下沿水平地面做匀速直线运动，物体与地面间动摩擦因数为μ，则物体受到的摩擦力的大小为（）A．FsinθB．FcosθC．μ（mg+Fsinθ）D．μ（mg﹣Fsinθ）【考点】滑动摩擦力；共点力平衡的条件及其应用．【分析】本题的关键是正确对物体进行受力分析，利用正交分解法，根据平衡条件和滑动摩擦力公式求解即可．【解答】解：AB、对物体受力分析如图，由于匀速运动所以物体所受的合力为零，在水平方向有摩擦力f=F cosθ，故B正确，A错误；CD、再由f=μF N，F N=mg+Fsinθ可知，摩擦力f=μ（mg+Fsinθ），所以C正确，D错误．故选：BC．【点评】解决动力学问题的关键是正确进行受力分析和物理过程分析，然后根据相应规律列方程求解．14．某人在地面上用弹簧秤称得体重为490N．他将弹簧秤移至电梯内称其体重，t0至t3时间段内，弹簧秤的示数如图所示，电梯运行的v﹣t图可能是（取电梯向上运动的方向为正）（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．【分析】由图可知各段上物体的受力情况，则由牛顿第二定律可求得物体的加速度，即可确定其运动情况，画出v﹣t图象．【解答】解：由图可知，t0至t1时间段弹簧秤的示数小于G，故合力为G﹣F=50N，物体可能向下加速，也可能向上减速；t1至t2时间段弹力等于重力，故合力为零，物体可能为匀速也可能静止；而t2至t3时间段内合力向上，故物体加速度向上，电梯可能向上加速也可能向下减速；AD均符合题意；故选AD．【点评】本题考查图象与牛顿第二定律的综合，关键在于明确加速度的方向，本题易错在考虑不全面上，应找出所有的可能性再确定答案．三、填空题（共3个大题，7个空，每个空2分，共14分）15．某实验小组利用图1所示的装置探究加速度与力、质量的关系．（1）下列做法正确的是AD（填字母代号）．。
人教版高一必修一物理期末试卷
2014-2015学年第一学期 期末考试高一《物理》期末试题卷命题学校： 命题教师：考生须知：1.本试卷考试时间90分钟，总分100分。
2.本试卷由试卷和和答题卷两部分组成，其中试卷共 6 页，答题卷共 2 页。
要求在答题卷上答题，在试卷上答题无效。
3.答题前，请先在答题卷上认真填写考场、考号、姓名、年级、班级等信息。
4.答题时请用蓝黑墨水钢笔或碳素笔作答；请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写答案无效，在草稿纸、试卷上答题无效。
第Ⅰ卷 （选择题 共 45 分）一、选择题（本题共25小题，每题2分，共50分，每小题只有一个正确答案，请将答案填在答案卷相应的位置）1．人们对力的认识经历了漫长而曲折的过程，很多物理学家为此付出了艰辛的努力，将下列三个代表人物按照历史发展的先后顺序依次排列，其中正确的一组是( )A ．①②③B ．③①②C ．②③①D ．①③②2．一辆汽车在平直路面上以10m/s 的速度运动，若刹车时的加速度大小为2m/s 2，则在刹车后4s ，汽车的速度、位移分别是( )Ａ．2m/s 56m B ．18m/s 56m C ．2m/s 24m D ．18m/s 24m 3．下列关于惯性的说法中，正确的是( ) Ａ．物体只有在突然运动或突然停止时才有惯性 Ｂ．物体的质量越大或速度越大，其惯性也就越大Ｃ．在太空中飞行的航天飞机内的物体，其惯性因物体失重而消失 Ｄ．惯性是物体的属性，与物体是否受力和运动无关4．用40 N 的水平力F 拉一个静止在光滑水平面上、质量为20 kg 的物体，力F 作用3 s 后撤去，则第5 s 末物体的速度和加速度的大小分别是( ) A ．v ＝6 m/s ，a ＝0 B ．v ＝10 m/s ，a ＝2 m/s 2C ．v ＝6 m/s ，a ＝2 m/s 2D ．v ＝10 m/s ，a ＝0 5．根据牛顿第一定律，下列说法不正确的是( )A ．运动员冲刺到终点后，不能马上停下来，还要向前跑一段距离B ．自行车紧急刹车。
甘肃省高台县第一中学2015届高三上学期期末考试理综试卷.pdf
A．根据玻尔理论，氢原子在辐射光子的同时，轨道也在连续地减小
B. 放射性物质的温度升高，则半衰期减小
相似性。某兴趣小组用如图所示装置进行Mg与SO2反应的实验。（1）选择制取SO2的合适试剂
（填编号）。
①浓HCl
②浓H2SO4
③Na2SO3固体④CaSO3固体（2）优化
，装置C中NaOH溶液的作用是
。
（3）甲同学推测Mg与SO2的反应与CO2相似，则该反应方程式为
乙同学的推测是：2Mg+3SO22MgSO3+S；丙
后代的血型及比例是
，其中A型血后代中与父母基因型相同的个体占是
。
31．（
（I）___________，维持该必要条件的主要调节机制是__________________________调节网络。
（2）________________调节。
（）
组别手术处理方法相同条件下喂养一段时间后，卵巢平均重量（mg）（rag）1682162A36933切除垂体，同时定期注
。
（2）在一定条件下，容积固定的密闭容器中进行上述反应，NO的浓度与时间关系如图所示，则NO的a、b、c三点的
反应速率v（a正）、v（b逆）、v（c正）的大小关系
是
。
（3）t℃时，在容积固定的密闭容器中发生上述反应，容器内各物质的浓度如下表：
第2min到第4min，反应速率v（O2）= ；
同学的推测是：3Mg+SO22MgO+MgS，要验证甲、乙、丙三位同学的推测是否正确，丁同学作如下实验探究：
已知：MgSO3和MgS都是微溶于水，能与酸发生复分解反应放出气体；H2S气体通入CuSO4溶液中出现黑色沉淀。
限选试剂：2mol/L HCl、2mol/L H3、蒸馏水、2mol/L NaOH、品红溶液、澄清石灰水、2mol/L CuSO4仪器和用品自
甘肃省张掖市高台县第一中学2013-2014学年高一物理上学期期末考试试题新人教版
甘肃省张掖市高台县第一中学2013-2014学年高一上学期期末考试物理试题新人教版一、单选题（本题共15小题，每题3分，共45分）1. 如图所示，质量为m的物体A以一定初速度v沿粗糙斜面上滑，物体A在上滑过程中受到的力有 ( )A．向上的冲力、重力、斜面的支持力和沿斜面向下的摩擦力B．重力、斜面的支持力和下滑力C．重力、对斜面的正压力和沿斜面向下的摩擦力D．重力、斜面的支持力和沿斜面向下的摩擦力2．关于下列力的说法中，正确的是（）A．合力必大于分力B．运动物体所受摩擦力的方向一定和它运动方向相反C．物体受摩擦力时一定受弹力，且这两个力的方向一定相互垂直D．处于完全失重状态下的物体不受重力作用3.物体静止在水平桌面上，物体对水平桌面的压力（）(1)就是物体的重力 (2)等于物体所受重力(3)这压力是由于桌面的形变而产生的(4)这压力是由于物体的形变而产生的A. (1)(4)B.(1)(3)C.(2)(3)D.(2)(4)4.如图所示，a，b，c三根绳子完全相同，其中b绳水平，c绳下挂一重物.若使重物逐渐加重，则这三根绳子中最先断的是（）A．a绳 B．b绳C．c绳 D．无法确定5．如图所示是物体做直线运动的vt图象，由图象可得到的正确结论是( )A．t＝1 s时物体的加速度大小为1.0 m/s2B．t＝5 s时物体的加速度大小为0.75 m/s2C．第3 s内物体的位移为1.5 mD．物体在加速过程的位移比减速过程的位移大6.宇航员在航天飞机中处于完全失重的状态。
关于超重和失重，下列说法中正确的是（）A．超重就是物体受的重力增加了B．失重就是物体受的重力减小了C．完全失重就是物体一点重力都不受了D．不论超重、失重，甚至完全失重，物体所受的重力是不变的7.一个质量为60千克的人，在地球上的重力约为600N，当他登上月球时（月球的表面重力加速度约为地球表面的1/6），他的质量和重力分别为（）A.60kg 600NB.60kg 100NC.10kg 600ND. 10kg 100N8．在行车过程中，遇到紧急刹车，乘员可能受到伤害。
甘肃省张掖市高台县第一中学2015届高三上学期9月月考物理试题Word版含答案
甘肃省高台一中2014年9月高三月考物理试题一、选择题1、一质量为m 的物体恰好静止在倾斜角为θ的斜面上，现对物体施加一个垂直向下的恒力F ，如图所示，则物块（ ）A ．仍处于静止状体B ．沿斜面加速下滑C ．受到的摩擦力不变D ．受到的合外力增大2、如右图所示为物体做直线运动的v t -图象，若将该物体的运动过程用x t -图象表示出来（其中x 为物体相对出发点的位移）， 则下面四幅图描述正确的是（ ）A B C D3、如图所示，A 、B 两物块叠加放在一起，在粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀速直线运动，运动过程总B 受到的摩擦力（ ） A ．方向向左 大小不变B ．方向向左 逐渐减小C ．方向向右 大小不变D ．方向向右 逐渐减小4、一个朝着某方向做直线运动的物体，在时间t 内的平均速度是v ，紧接着2t内的平均速度是2v，则物体在这段时间内的平均速度是（ ） A ．v B ．23v C ．43v D ．56v5、物体受到几个恒力的作用而作匀速直线运动。
如果撤掉其中的一个力而其他几个力保持不变，则（ ）A ．物体的运动方向一定不变B ．物体的动能一定不变C ．物体的速度的变化率一定不变D ．物体的速度一定不变6、三段不可伸长的细绳,,OA OB OC 能承受的最大拉力相同均为200N ，它们共同悬挂一重物，如图所示其中OB 是水平的，A 端、B 端固定，30θ=，则O 点悬挂的重物G 不能超过（ ） A ．100NB ．173NC ．346ND ．200N7、如图甲所示，足够长的水平传送带以02/v m s =的速度匀速运行，0t =时，在最左端轻放一个小滑块，2t s =时，传送带突 然制动停止，已知滑块与传送带之间的滑动摩擦因数为0.2μ=，210/g m s =。
在图乙中，关于滑块相对底面运动的v t -图像正确的是（ ）A B C D8、运动员手持球拍托球沿水平面均加速直线先前跑，设球拍和球质量分别为,M m ，球拍平面和水平面之间夹角为θ，球拍与球保持相对静止，它们间摩擦剂空气阻力不计，重力加速度为g ，则（ ） A ．运动员的加速度为sin g θB ．球拍对求的作用力cos mgθC ．运动员对球拍的作用力大小为cos mg θD ．运动员对球拍的作用力斜向前上方，且与水平方向夹角为θ9、为了让乘客乘车更为舒适，某探究小组设计了一种新的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图所示，当此车加速上坡时，乘客（ ）A ．处于失重状态B ．不受摩擦力的作用C ．收到向前（水平向右）的摩擦力作用D ．所受力的合力垂直向上10、如图甲是某景点的山坡滑道图片，为了探究滑行者在滑道直线部分AE 滑行的时间，技术人员通过测量绘制出如图乙所示的示意图，AC 是滑道的垂直高度，D 点是AC 竖直线上的一点，且有AD=DE=10m ，滑道AE 可视为光滑，滑行者从坡顶A 点由静止开始演滑道AE 向下作直线滑动，g 取210/m s ，则滑行者在滑道AE 上滑行的时间为（ ）A B ．2sC D ． 二、多选题11、如图所示的甲、乙丙、丁4中情况，光滑的斜面的倾角都是30，球的质量都是m ，球都是用轻绳系住处于平衡状态，则（ ） A ．甲图中球对斜面的压力最大B ．乙图中球对斜面的压力最大C ．丙图中球对斜面的压力最小D ．丁图中球对斜面的压力最小12、某同学站在观光电梯地板上，用加速度传感器记录了电梯由静止开始运动的加速度随之间变化情况，以竖直向上为正方向，根据图像提供的信息，可以判断下列说法中正确的是（ ）A ．在5~15s s 内，观光电梯在加速上升，该同学处于超重状态B ．在15~20s s 内，观光电梯停下来，该同学处于平衡状态C ．在25~30s s 内，观光电梯在减速上升，该同学处于失重状态D ．在35t s 时，电梯的速度为013、某学习小组为了体验最大静摩擦力与滑动摩擦力的临界状态，进行了如下的实验：一位同学开始静坐在长直木板上，让另一同学将长直木板的一端水平位置缓慢向上提起，且保持另一端不动，如图（甲）所示，实验过程中，坐在长直木板上的同学收到支持力N F ，合外力e F 、重力沿斜面方向的分力1G 、摩擦力f F 随角度θ的变化关系，在图（乙） 所示的四个图象中正确的是（ ）14、在空军演习中，某空降兵从飞机上跳下，他从跳离飞机到落地的过程中沿竖直方向运动的v t -图象如图所示，则下列说法正确的是（ ） A ．0~10s 内空降兵和伞整体所受重力大于空气阻力B ．第10s 末空降兵打开降落伞，此后作匀速运动至第15s 末C ．10~15s s 空降兵竖直方向的加速度向上，加速度大小在逐渐减小D ．15s 后空降兵报纸匀速下落，此过程中机械能守恒 第Ⅱ卷 （非选择题共64分）15、（6分）右图是《探究力的平行四边形定则》实验的示意图（1）实验中要注意 A 固定有白纸的图板必须竖直放置B 用两弹簧测力计拉橡皮条时，两弹簧测力计的示数必须相同C 弹簧测力计必须与木板平面平行（2）做实验室，要先后用两个和一个弹簧测力计拉橡皮条，用两个测力计互成角度拉橡皮条时，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O ，这时除了读出两个测力计的示数，还需要记下 和16、（8分）研究性学习小组的同学探究小车质量不变时其加速度与力的关系，在实验室设计了一套如图所示的装置，图中A 为小车，B 为打点计时器，C 为力传感器，P为小桶（内有沙子），M 是一端带有定滑轮的足够长的水平放置的木板（1）要顺利完成该实验，除图中实验仪器和低压交流电源（含导线）外， 还需要的实验仪器是 （填“刻度尺”“天平”或“秒表”） （2）在已经平衡了小车与木板间摩擦的情况下，按上述方案做实验， 是否要求沙捅和沙的总质量远小于车的质量 （填“是”或“否”）（3）已知交流电源的频率为50Hz ，某次实验得到的纸带如图所示，图中相邻计数点之间还有4个点为画出。
甘肃省张掖市高台县第一中学2014届高三物理上学期第二次月考试题新人教版
甘肃省张掖市高台县第一中学2014届高三物理上学期第二次月考试题新人教版注意事项：1. 本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2. 回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号框涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号框。
写在本试卷上无效。
3. 答第Ⅱ卷时，将答案写在试卷上，试卷密封线内答题无效。
一．选择题：本题共15小题，共50分。
在每小题给出的四个选项中，第1-10题只有一项符合题目要求，每小题3分。
第11-15题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．许多物理学家的科学研究推动了物理学的发展，促进了人类文明．以下对几位物理学家所作的科学探究，叙述正确的是（ ）A ．牛顿用实验的方法测出引力常量GB ．伽利略用斜面实验和逻辑推理证明了所有自由落体运动的加速度相同C ．开普勒用数据归纳的研究方法发现了万有引力定律D ．胡克用逻辑推理的方法得出了胡克定律2．下列关于重心、弹力和摩擦力的说法，正确的是( )A ．物体的重心一定在物体的几何中心上B ．劲度系数越大的弹簧，产生的弹力越大C ．动摩擦因数与物体之间的压力成反比，与滑动摩擦力成正比D ．静摩擦力的大小是在零和最大静摩擦力之间发生变化3．两个分别带有电荷量－Q 和＋5Q 的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F ，两小球相互接触后将其固定距离变为r ／2，则两球间库仑力的大小为（ ）A ．516FB ． 5FC ．45FD ．165F 4. 如图所示，一个小球质量为m ，初始时静止在光滑的水平轨道上，现以水平力击打小球，使小球能够通过半径为R 的竖直光滑轨道的最高点C ，则水平力对小球所做的功至少为 ( )A ．mgRB ．2mgRC ．2.5mgRD ．3mgR5.“快乐向前冲”节目中有这样一种项目，选手需要借助悬挂在高处的绳飞跃到鸿沟对面的平台上。
甘肃省张掖市高台一中高一物理上学期第二次月考试卷(含解析)
2013-2014学年甘肃省张掖市高台一中高一（上）第二次月考物理试卷一、单选题（每小2分，共28分）1．（2分）（2014秋•碑林区期末）两个物体相互接触，关于接触处的弹力和摩擦力，以下说法正确的是（）A．一定有弹力，但不一定有摩擦力B．如果有弹力，则一定有摩擦力C．如果有摩擦力，则一定有弹力D．如果有摩擦力，则其大小一定与弹力成正比2．（2分）（2013秋•姜堰市期中）甲、乙两车沿平直公路通过同样的位移，甲车在前半段位移上以v1=40km/h的速度运动，后半段位移上以v2=60km/h的速度运动；乙车在前半段时间内以v1=40km/h的速度运动，后半段时间以v2=60km/h的速度运动，则甲、乙两车在整个位移中的平均速度大小的关系是（）A．v甲=v乙B． v甲＞v乙C．v甲＜v乙 D．因不知为是和时间无法确定3．（2分）（2013秋•新乐市校级期末）如图所示，在μ=0.1的水平面上向右运动的物体，质量为20kg．在运动过程中，还受到一个水平向左的大小为10N的拉力F的作用，则物体受到的滑动摩擦力为（g=10N/kg）（）A．10N，向右B．10N，向左 C．20N，向右D． 20N，向左4．（2分）（2012秋•集宁区校级期末）P、Q、R三点在同一条直线上，一物体从P点静止开始做匀加速直线运动，经过Q点的速度为v，到R点的速度为3v，则PQ：QR等于（）A．1：8 B．1：6 C．1：5 D． 1：35．（2分）（2011秋•兖州市期中）如图所示的是A、B两个质点作匀速直线运动的位移﹣时间图线．则以下判断正确的是（）A．在运动过程中，A质点总比B质点快B．在时间0﹣t1内，两质点发生的位移相同C．当t=t1时，两质点的速度相等D．当t=t1时，A、B两质点的加速度都大于零6．（2分）（2014秋•正定县校级期末）如图所示，小球系在细绳的一端，放在光滑的斜面上，用力将斜面在水平桌面上缓慢地向左推移，使小球上升（斜面最高点足够高）．那么，在斜面运动过程中，绳的拉力将（）A．先增大后减小B．先减小后增大C．一直增大D．一直减小7．（2分）（2012秋•城关区校级期末）一光滑大圆球固定在地上，O点为其球心，一根轻细绳跨在圆球上，绳的两端分别系有质量为m1和m2的小球（小球半径忽略不计），当它们处于平衡状态时，质量为m1的小球与O点的连线与竖直方向的夹角θ=60°，两小球的质量比m1：m2为（）A．B．C．D．8．（2分）（2013秋•越秀区校级期末）如图所示．用力F推放在光滑水平面上的物体P、Q、R，使其做匀加速运动，若P和Q之间的相互作用力为6N，Q和R之间的相互作用力为4N，Q的质量是2kg，那么R的质量为（）A．2kg B．3kg C．4kg D．5kg9．（2分）（2013秋•扬州期中）如图所示，一只半球形碗放在水平桌面上，半径为R，质量为m的一只蚂蚁能停在图中的A点，半径OA与水平线的夹角为θ，则蚂蚁所受到的摩擦力为（）A．mgcosθB．mgsinθC．mgtanθD．10．（2分）（2013秋•西山区校级期末）一物体受绳的拉力作用由静止开始前进，先做加速运动，然后改做匀速运动，再改做减速运动，则下列说法中正确的是（）A．加速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力B．减速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力C．只有匀速前进时，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小才相等D．不管物体如何前进，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小总相等11．（2分）（2012秋•如东县校级期末）斜面体M放在水平面上，物体m放在斜面上，m受到一个如图所示的水平向右的力F，m和M始终保持静止，这时m受到的摩擦力大小为F1，M受到水平面的摩擦力大小为F2，当F变大时，则（）A．F1变大，F2不一定变大B． F2变大，F1不一定变大C．F1与F2都不一定变大D． F1与F2都一定变大12．（2分）（2011秋•武侯区期中）把一木块放在水平桌面上保持静止，下列说法正确的是（）A．木块对桌面的压力就是木块受的重力，施力物体是地球B．木块对桌面的压力在数值上等于木块受到的重力C．木块对桌面的压力是弹力，是由于桌面发生形变而产生的D．木块对桌面的压力与桌面对木块的支持力平衡13．（2分）（2014秋•南关区校级期末）一小球从空中由静止下落，已知下落过程中小球所受阻力与速度的平方成正比，设小球离地足够高，则（）A．小球在做减速运动B．小球一直在做加速运动C．小球先加速后匀速D．小球先加速后减速14．（2分）（2013秋•温州校级期中）如图所示，物块M在静止的足够长的传送带上以速度v 匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v，则传送启动后（）A．M下滑的速度不变B．M静止在传送带上C．M先向下减速运动，后向上加速，最后与传送带一起向上运动D．M可能沿斜面向上运动二、双选题（每小4分，共16分．选不全得2分，有错选不得分）15．（4分）（2014秋•娄底期末）如图所示，皮带运输机将物体匀速地送往高处，下列结论正确的是（）A．物体受到与运动方向相同的摩擦力作用B．传送的速度越大，物体受到的摩擦力越大C．物体所受的摩擦力与传送的速度无关D．若匀速向下传送货物，物体所受的摩擦力沿皮带向下16．（4分）（2013秋•广州期末）如图，质量为m的物体在与水平方向成α角的拉力作用下做匀速直线运动，物体与水平面间的动摩擦因数为μ，则物体所受摩擦力的大小为（）A．FcosαB．FsinαC．μmg D．μ（mg﹣Fsinα）17．（4分）（2013秋•高台县校级月考）如图所示，汽车在水平公路上做匀变速直线运动，质量为m的小球悬挂在车顶上，发现悬线偏离竖直方向的夹角为θ，汽车运动的速度的大小为v（v≠0），加速度的大小为a（a≠0），其方向分别如箭头所示．则汽车运动的情况可能是（）A．B． C．D．18．（4分）（2013•秀峰区校级模拟）如图所示，电梯与地面的夹角为30°，质量为m的人站在电梯上．当电梯斜向上作匀加速运动时，人对电梯的压力是他体重的1.2倍，那么，电梯的加速度a的大小和人与电梯表面间的静摩擦力f大小分别是（）A．a=B．a=C．f=D． f=三、填空题（每空2分，共20分）19．（4分）（2011•昌平区学业考试）某同学在“探究弹力与弹簧伸长的关系”时发现，在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧伸长（选填“成正比”或“成反比”）；如所用弹簧的劲度系数为100N/m，弹簧的下端拴一个重为2N的小球，小球处于静止状态，如图所示．则弹簧的伸长量为m．20．（4分）（2012秋•城关区校级期末）质量为3kg的物体静止在水平地面上，现用水平力F 作用5s后撤去，物体运动的速度图象如图，则物体与水平地面间的动摩擦因数μ=，水平力F= N．（取g=10m/s2）21．（4分）（2012秋•城关区校级期末）如图所示，质量分别为2m和m的两个物体A和B，用轻弹簧连在一起，放在光滑的水平面上．在水平拉力F的作用下，两物体相对静止一起向右做匀加速运动，则弹簧的弹力的大小为；若某时突然撤去F，则撤去F的瞬间物体B的加速度a B= ．22．（10分）（2013秋•于都县期末）图为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置示意图A．实验小组利用此装置来探究：在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量间的关系．图中打点计时器的电源为50Hz的交流电源．①实验中，为了保证在改变小车中砝码的质量时，小车所受的拉力近似不变，则应满足的条件是：小吊盘和盘中物块的质量之和小车和砝码的总质量．（填“接近于”、“远大于”或“远小于”）②下图B是实验小组得到的一条纸带，两个相邻计数点的间距为s1、s2．由图可读出s1=cm，由此求得加速度的大小a=m/s2．（保留小数点后两位有效数字）③图C为实验小组以小车和砝码总质量为横坐标，小车的加速度a为纵坐标，在坐标纸上作出的a﹣关系图线．由图可分析得出：加速度与质量成关系，（填“成正比”或“成反比”）；图线不过原点说明实验有误差，引起这一误差的主要原因是平衡摩擦力时长木板的倾角（填“过大”或“过小”）．四、计算题（本题有4小题，共36分．要求写出必要的文字说明、主要方程式和重要演算步骤，有数值计算的要明确写出数值和单位，只有最终结果的不得分．）23．（7分）（2013秋•东河区校级期末）为了安全，在公路上行驶的汽车之间应保持必要的距离，已知某高速公路的低速道最高限速v=90km/h．假设前方车辆因故障突然停止，后车司机从发现这一情况，经操纵刹车，到汽车开始减速所经历的时间（即反应时间）t=0.40s．刹车时汽车受到阻力的大小f为汽车重力的0.50倍．该高速公路上汽车间的距离s至少应为多少？（取重力加速度g=10m/s2）24．（10分）（2007•上海）如图1，固定光滑细杆与地面成一定倾角，在杆上套有一个光滑小环，小环在沿杆方向的推力F作用下向上运动，推力F与小环速度v随时间变化规律如图2所示，取重力加速度g=10m/s2．求：（1）小环的质量m；（2）细杆与地面间的倾角α．25．（9分）（2012秋•新建县校级期末）如图所示，水平面上有一重40N的物体，受到F1=12N 和F2=6N的水平力作用而保持静止．已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.2，求：（1）此时物体所受的摩擦力多大？（2）将F1撤去后，物体所受的摩擦力为多大？（3）将F2撤去后，物体所受的摩擦力为多大？26．（8分）（2013秋•桃城区校级期中）如图所示，原长分别为L1=0.1m和L2=0.2m、劲度系数分别为k1=100N/m和k2=200N/m的轻质弹簧竖直悬挂在天花板上．两弹簧之间有一质量为m1=0.2kg的物体，最下端挂着质量为m2=0.1kg的另一物体，整个装置处于静止状态．g=10N/kg（1）这时两个弹簧的总长度为多大？（2）若用一个质量为M的平板把下面的物体竖直缓慢地向上托起，直到两个弹簧的总长度等于两弹簧的原长之和，求这时平板施加给下面物体m2的支持力多大？2013-2014学年甘肃省张掖市高台一中高一（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（每小2分，共28分）1．（2分）（2014秋•碑林区期末）两个物体相互接触，关于接触处的弹力和摩擦力，以下说法正确的是（）A．一定有弹力，但不一定有摩擦力B．如果有弹力，则一定有摩擦力C．如果有摩擦力，则一定有弹力D．如果有摩擦力，则其大小一定与弹力成正比考点：滑动摩擦力；物体的弹性和弹力．专题：摩擦力专题．分析：要解答本题要掌握：摩擦力和弹力之间关系，有摩擦力一定有弹力，有弹力不一定有摩擦力，摩擦力方向和弹力方向垂直，静摩擦力大小和弹力无关，滑动摩擦力和弹力成正比．解答：解：A、物体之间相互接触不一定有弹力，故A错误；B、有弹力不一定有摩擦力，因为物体之间不一定粗糙也不一定有相对运动或相对运动趋势，故B错误；C、有摩擦力物体之间一定有挤压，因此一定有弹力，故C正确；D、静摩擦力大小与物体之间弹力无关，滑动摩擦力与弹力成正比，故D错误．故选C．点评：本题考察了弹力、摩擦力的基本概念，对于这两种力，一定要明确其产生条件，大小和方向，并能熟练应用．2．（2分）（2013秋•姜堰市期中）甲、乙两车沿平直公路通过同样的位移，甲车在前半段位移上以v1=40km/h的速度运动，后半段位移上以v2=60km/h的速度运动；乙车在前半段时间内以v1=40km/h的速度运动，后半段时间以v2=60km/h的速度运动，则甲、乙两车在整个位移中的平均速度大小的关系是（）A．v甲=v乙B． v甲＞v乙C．v甲＜v乙 D．因不知为是和时间无法确定考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据平均速度的公式分别求出甲乙两车在整个位移中的平均速度，再比较．解答：解：甲的平均速度=48km/h．乙的平均速度=50km/h．所以v甲＜v乙．故A、B、D错误，C正确．故选C．点评：解决本题的关键理解平均速度的定义，平均速度等于总位移除以总时间．3．（2分）（2013秋•新乐市校级期末）如图所示，在μ=0.1的水平面上向右运动的物体，质量为20kg．在运动过程中，还受到一个水平向左的大小为10N的拉力F的作用，则物体受到的滑动摩擦力为（g=10N/kg）（）A．10N，向右B．10N，向左 C．20N，向右D． 20N，向左考点：滑动摩擦力．分析：滑动摩擦力的大小只与摩擦因数和正压力的大小有关，摩擦因数知道了，只要把物体对地面的正压力的大小求出来就能计算滑动摩擦力的大小了．解答：解：由于物体放在水平面上，所以物体对水平面的压力和物体的重力的大小相等，由滑动摩擦力公式f=μF N得：f=μF N=0.1×200N=20N．由于物体向右运动，滑动摩擦力的方向与相对运动的方向相反，所以滑动摩擦力的方向向左．故选：D．点评：本题主要是考查学生对滑动摩擦力的理解，应用滑动摩擦力的公式来计算．4．（2分）（2012秋•集宁区校级期末）P、Q、R三点在同一条直线上，一物体从P点静止开始做匀加速直线运动，经过Q点的速度为v，到R点的速度为3v，则PQ：QR等于（）A．1：8 B．1：6 C．1：5 D． 1：3考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：利用匀变速直线运动的速度位移公式x=解决．解答：解：PQ间的位移x1==；QR间的位移x2==．所以x1：x2=1：8．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移速度公式x=．这个公式的优越性就是不涉及时间．5．（2分）（2011秋•兖州市期中）如图所示的是A、B两个质点作匀速直线运动的位移﹣时间图线．则以下判断正确的是（）A．在运动过程中，A质点总比B质点快B．在时间0﹣t1内，两质点发生的位移相同C．当t=t1时，两质点的速度相等D．当t=t1时，A、B两质点的加速度都大于零考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：匀速直线运动的位移﹣时间图线斜率表示速度．位移等于坐标的变化量．t=t1时，两质点的位移相等，到达同一位置相遇．加速度都等于零．解答：解：A、A图线的斜率大于B图线的斜率，则A的速度大于B的速度．故A正确．B、位移等于坐标的变化量．在时间0﹣t1内，A的位移大于B的位移．故B错误．C、t=t1时，两质点的位移相等，到达同一位置相遇．A的速度仍大于B的速度．故C错误．D、两物体均做匀速直线运动，加速度都等于零．故D错误．故选A点评：图象是高考的热点，每年考题中都会涉及图象问题，常有三类问题：读图、绘图、用图．6．（2分）（2014秋•正定县校级期末）如图所示，小球系在细绳的一端，放在光滑的斜面上，用力将斜面在水平桌面上缓慢地向左推移，使小球上升（斜面最高点足够高）．那么，在斜面运动过程中，绳的拉力将（）A．先增大后减小B．先减小后增大C．一直增大D．一直减小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：将斜面在水平桌面上缓慢地向左推移，所以小球始终处于平衡状态，对小球进行受力分析画图分析即可．解答：解：将斜面在水平桌面上缓慢地向左推移，所以小球始终处于平衡状态，受力分析并合成如图：由平衡条件得：F′=G，即：支持力N和拉力T的合力大小和方向均不发生变化．当斜面在水平桌面上缓慢地向左推移时，细线与竖直方向的夹角逐渐变大，T的方向发生变化，画出平行四边形如图所示：由图看出：拉力先减小后变大，支持力一直在变大．故选：B点评：本题是受力平衡的应用之一：动态分析，常用的方法是解析式法和画图法，本题应用画图法分析即可．7．（2分）（2012秋•城关区校级期末）一光滑大圆球固定在地上，O点为其球心，一根轻细绳跨在圆球上，绳的两端分别系有质量为m1和m2的小球（小球半径忽略不计），当它们处于平衡状态时，质量为m1的小球与O点的连线与竖直方向的夹角θ=60°，两小球的质量比m1：m2为（）A．B．C．D．考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：两物体均处于静止状态，可分别对两物体进行受力分析应用平衡条件列式求解．解答：解：对质量为m2的物体受力分析：受重力和拉力，由平衡条件得：绳上的拉力大小T=m2g对质量为m1的物体受力分析并合成如图：由平衡条件得：F′=m1g因为角θ是60°，由三角函数关系，根据平衡条件有对m1：T=m1gsinθ=m1g．而T=m2g所以两小球的质量比m1：m2为，故选D．点评：本题关键是先对两物体受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解．8．（2分）（2013秋•越秀区校级期末）如图所示．用力F推放在光滑水平面上的物体P、Q、R，使其做匀加速运动，若P和Q之间的相互作用力为6N，Q和R之间的相互作用力为4N，Q的质量是2kg，那么R的质量为（）A．2kg B．3kg C．4kg D．5kg考点：牛顿第二定律．分析：三个物体一起运动，说明它们的加速度是一样的，分析Q的受力，可以求得共同的加速度，再用隔离法分析R的受力，就可求得R的质量．解答：解：对Q受力分析由牛顿第二定律可得，6﹣4=2a，所以a=1m/s2，对R，由牛顿第二定律可得，4=ma，其中a=1m/s2，所以m=4kg，所以C正确．故选：C．点评：本题主要是对整体法和隔离法的应用，分析整体的受力时采用整体法可以不必分析整体内部的力，分析单个物体的受力时就要用隔离法．9．（2分）（2013秋•扬州期中）如图所示，一只半球形碗放在水平桌面上，半径为R，质量为m的一只蚂蚁能停在图中的A点，半径OA与水平线的夹角为θ，则蚂蚁所受到的摩擦力为（）A．mgcosθB．mgsinθC．mgtanθD．考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：运用隔离法，在A点对小蚂蚁受力分析，根据平衡条件求解F f．解答：解：对蚂蚁块，分析受力情况，如图所示：重力mg、容器的支持力F N和摩擦力F f，由平衡条件得知，摩擦力F f=mgcosθ．故A正确，BCD错误；故选：A点评：本题主要考查了物体的受力分析和共点力平衡条件的应用问题，注意正确运用三角函数计算．10．（2分）（2013秋•西山区校级期末）一物体受绳的拉力作用由静止开始前进，先做加速运动，然后改做匀速运动，再改做减速运动，则下列说法中正确的是（）A．加速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力B．减速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力C．只有匀速前进时，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小才相等D．不管物体如何前进，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小总相等考点：牛顿第三定律；作用力和反作用力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：绳拉物体的力与物体拉绳的力是一对作用力与反作用力，它们总是大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，与运动状态无关．解答：解：绳拉物体的力与物体拉绳的力是一对作用力与反作用力，它们总是大小相等、方向相反、作用在通一条直线上，与运动状态无关．故选：D．点评：该题考查了牛顿第三定律：作用力与反作用力的关系；明确在任何情况下，牛顿第三定律都是适用的．11．（2分）（2012秋•如东县校级期末）斜面体M放在水平面上，物体m放在斜面上，m受到一个如图所示的水平向右的力F，m和M始终保持静止，这时m受到的摩擦力大小为F1，M受到水平面的摩擦力大小为F2，当F变大时，则（）A．F1变大，F2不一定变大B． F2变大，F1不一定变大C．F1与F2都不一定变大D． F1与F2都一定变大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对物体m受力分析，受推力、重力、支持力，可能有摩擦力，受推力、重力、支持力，可能有摩擦力，按照效果讨论摩擦力情况；然后对整体受力分析，得到M与地面间摩擦力情况．解答：解：对物体m受力分析，受推力、重力、支持力，可能有摩擦力，受推力、重力、支持力，可能有摩擦力，设斜面倾角为θ，则在斜面方向上有：①当mgsinθ＞Fcosθ时，摩擦力沿着斜面向上，大小为F1=mgsinθ﹣Fcosθ，当F增大时，F1变小；②当mgsinθ=Fcosθ时，摩擦力为零，F增大时，F1变大；③当mgsinθ＜Fcosθ时，摩擦力沿着斜面向下，大小为F1=Fcosθ﹣mgsinθ，F增大时，F1变大；故A错误，B正确．对整体受力分析，则有F2=F，则F2一定变大，故B正确故选B．点评：本题关键是灵活地选择研究对象进行受力分析，要注意静摩擦力随着外力的变化而变化．12．（2分）（2011秋•武侯区期中）把一木块放在水平桌面上保持静止，下列说法正确的是（）A．木块对桌面的压力就是木块受的重力，施力物体是地球B．木块对桌面的压力在数值上等于木块受到的重力C．木块对桌面的压力是弹力，是由于桌面发生形变而产生的D．木块对桌面的压力与桌面对木块的支持力平衡考点：物体的弹性和弹力；共点力平衡的条件及其应用．专题：弹力的存在及方向的判定专题．分析：木块放在水平桌面上保持静止，木块对桌面的压力大小等于木块受的重力，不能说压力就是重力，压力的施力物体是木块．木块对桌面的压力是弹力，是由于木块发生形变而产生的，压力与支持力是一对作用力与反作用力，不可能平衡．解答：解：A、木块放在水平桌面上保持静止，木块对桌面的压力大小等于木块受的重力，不能说压力就是重力，压力的施力物体是木块．故A错误．B、根据平衡条件可知：桌面对木块的支持力大小等于木块的重力，而桌面对木块的支持力与木块对桌面的压力是一对作用力与反作用力，大小相等，则木块对桌面的压力在数值上等于木块受到的重力．故B正确．C、木块对桌面的压力是弹力，是由于木块发生形变而产生的．故C错误．D、压力与支持力是一对作用力与反作用力，作用在两个不同物体上，不可能平衡．故D 错误．故选B点评：本题中木块对桌面的压力大小与木块受的重力大小相等，但施力物体、受力物体不同，性质不同，产生的原因不同，不能说“压力就是重力”．13．（2分）（2014秋•南关区校级期末）一小球从空中由静止下落，已知下落过程中小球所受阻力与速度的平方成正比，设小球离地足够高，则（）A．小球在做减速运动B．小球一直在做加速运动C．小球先加速后匀速D．小球先加速后减速考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据小球的受力，通过牛顿第二定律确定加速度的方向，结合加速度方向与速度方向的关系判断小球的运动规律．解答：解：对小球受力分析知，小球的加速度a=，速度增大，加速度减小，当加速度减小到零，重力与阻力相等，做匀速直线运动．所以小球先加速后匀速．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道加速度与合力的方向相同，当加速度的方向与速度方向相同时，做加速运动，当加速度的方向与速度方向相反时，做减速运动．14．（2分）（2013秋•温州校级期中）如图所示，物块M在静止的足够长的传送带上以速度v 匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v，则传送启动后（）A．M下滑的速度不变B．M静止在传送带上C．M先向下减速运动，后向上加速，最后与传送带一起向上运动D．M可能沿斜面向上运动考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：传送带静止时，物体受重力、支持力和向上的滑动摩擦力处于平衡，做匀速直线运动，当传送带运动时，分析物块所受的摩擦力方向，从而确定M的运动情况．解答：解：M开始受重力、支持力和向上的滑动摩擦力做匀速直线运动，当传送带速度向上时，M相对于传送带向下滑，所受的摩擦力仍然沿传送带向上，所以M仍然做匀速直线运动，速度不变．故A正确，B、C、D错误．故选：A．点评：解决本题的关键通过分析M所受摩擦力的方向，判断出物体的运动规律．二、双选题（每小4分，共16分．选不全得2分，有错选不得分）15．（4分）（2014秋•娄底期末）如图所示，皮带运输机将物体匀速地送往高处，下列结论正确的是（）A．物体受到与运动方向相同的摩擦力作用B．传送的速度越大，物体受到的摩擦力越大C．物体所受的摩擦力与传送的速度无关D．若匀速向下传送货物，物体所受的摩擦力沿皮带向下考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：本题主要考察摩擦力产生的条件，正确分析相对运动的方向或趋势，从而判断摩擦力的方向．也可以利用共点力平衡来判断摩擦力的方向解答：解：A、运送过程中，物体相对于传送带有向下运动的趋势，物体所受摩擦力方向向上，故A正确B、物体匀速上升由平衡条件可知摩擦力的大小等于物体所受重力沿斜面下滑的分量，与传送速度无关，故B错误C正确D、无论把物体匀速运往高处还是匀速运往地面，物体在重力的作用下，都有沿皮带向下的运动趋势，物体都会受到沿皮带向上的摩擦力，故D错误故选AC．点评：牢记摩擦力产生的条件：1、物体要相互接触（故摩擦力是接触力的一种）；2、接触面要相互作用的弹力；3、接触面要粗糙；4、要有相对运动或相对运动趋势．再者就是要会判断摩擦力的方向，与相对运动的方向或相对运动趋势的方向相反或用共点力的平衡来判断．16．（4分）（2013秋•广州期末）如图，质量为m的物体在与水平方向成α角的拉力作用下做匀速直线运动，物体与水平面间的动摩擦因数为μ，则物体所受摩擦力的大小为（）。
【物理】甘肃省张掖市高台一中2014-2015学年高一(上)期中试卷
2014-2015学年甘肃省张掖市高台一中高一（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（1-12为单项选择题每题3分，13-15为多项选择题每题4分，共48分）1．（3分）（2014秋•高台县校级期中）下列关于矢量和标量的说法正确的是（）A．取定正方向，做直线运动的甲、乙两物体的位移x甲=3m，x乙=﹣5m，因为甲的位移为正，乙的位移为负，所以x甲＞x乙B．甲、乙两运动物体的位移大小均为50m，这两个物体的位移必定相同C．温度计读数有正、有负，所以温度也是矢量D．温度计读数的正、负号表示温度高低，不表示方向，温度是标量考点：矢量和标量．分析：物理量按有无方向分矢量和标量，矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量．矢量的大小是其绝对值．解答：解：A、位移是矢量，其大小是其绝对值，则知甲的位移小于乙的位移．故A错误．B、位移是矢量，只有大小和方向都相同时，位移才相同，所以两运动物体的位移大小均为50m，这两个物体的位移不一定相同．故B错误．C、D、温度是标量，其正负表示温度的高低，不表示方向，故C错误，D正确．故选：D点评：本题关键要掌握矢量与标量的概念，明确它们之间的区别：矢量有方向，标量没有方向．2．（3分）（2014•满洲里市校级模拟）若规定向东方向为位移的正方向，今有一个皮球停在水平面上某处，轻轻踢它一脚，使它向东做直线运动，经5m时与墙相碰后又向西做直线运动，经7m而停下．则上述过程中皮球通过的路程和位移分别是（）A．12m；2m B．12m；﹣2m C．﹣2m；2m D． 2m；2m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移是矢量，有大小也有方向；路程是指物体所经过的路径的长度，路程是标量，只有大小，没有方向．解答：解：皮球向东运动，经过5m，与墙相碰后又向西运动，经7m后停下，所以总的路程为12m；位移是指从初位置到末位置的有向线段，皮球的总的运动过程是向西运动了2m，所以位移为﹣2m，所以B正确．故选B．点评：本题就是对位移和路程的考查，掌握住位移和路程的概念就能够解决了．3．（3分）（2014秋•高台县校级期中）下列说法中可能不是匀速直线运动的是（）A．任意相等时间内发生的位移相等的运动B．加速度为零的运动C．速度大小不变的运动D．任意时间内的平均速度都相等的运动．考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：匀速直线运动是物体速度保持不变的运动，及物体在相同时间内通过相同的位移．匀速直线运动的加速度为0．解答：解：A、在任意相等时间内发生位移都相等的运动就是匀速直线运动，故A是；B、匀速直线运动的速度保持不变，故加速度为0，故加速度为0的运动为匀速直线运动，故B是；C、速度大小不变的运动不一定是匀速直线运动，如匀速圆周运动速度大小保持不变，但不是匀速直线运动，故C可能不是；D、任意时间内的平均速度都相等及任意时间内物体的位移都相同，故这样的运动肯定是匀速直线运动．不题选择可能不是匀速直线运动的是，故选：C．点评：掌握匀速直线运动的定义是解决问题的关键，注意题中加速度为0的运动，因强调是运动，故排除物体静止状态．4．（3分）（2014秋•高台县校级期中）关于平均速度和瞬时速度的说法正确的是（）A．瞬时速度是物体在某一段时间内或某一段位移内的速度B．瞬时速度可看作时间趋于无穷小时的平均速度C．瞬时速度和平均速度都能精确的描述物体做变速直线运动的快慢D．平均速度即为速度的平均值考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：瞬时速度是在某一时刻的速度，平均速度是物体在运动时间内发生的位移与所用时间的比值；故瞬时速度对应时间轴上的点，平均速度对应时间轴上的一段时间．而瞬时速度可以精确地反映物体的运动情况；而平均速度只能粗略地反映物体的运动．解答：解：A、瞬时速度是在某一时刻的速度，某一段时间内或某一段位移内的速度是平均速度，所以A错误；B、瞬时速度可看作时间趋于无穷小时的平均速度，故B正确；C、瞬时速度可以精确地反映物体的运动情况；而平均速度只能粗略地反映物体的运动，故C错误；D、仅仅对于匀变速直线运动平均速度才等于速度的平均值，故D正确；故选：B．点评：瞬时速度和平均速度是运动学的基本概念，要加深对它们的理解．属于基础题目．5．（3分）（2014秋•高台县校级期中）一个物体以5m/s的速度垂直于墙壁的方向与墙壁相撞后，以3m/s的速度反弹回来，若物体与墙壁相互作用的时间为0.2s，且相互作用力的大小不变，取碰撞前的初速度方向为正方向，那么物体在与墙作用的过程中，它的加速度为（）A．10m/s2B．﹣10m/s2C．40m/s2D．﹣40m/s2考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：由于速度是矢量，对于速度的变化量我们应该采用平行四边形法则．对于同一直线上的速度变化量的求解，我们可以运用表达式△v=v2﹣v1，但必须规定正方向．解答：解：取碰撞前初速度的方向为正方向，则物体与墙壁碰撞的过程中速度的变化为：△v=v2﹣v1=﹣3﹣5=﹣8m/s物体的加速度为：a=m/s2故选：D．点评：对于矢量的加减，我们要考虑方向，应该规定正方向．6．（3分）（2010•闵行区三模）伽利略为了研究自由落体的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”，从而创造了一种科学研究的方法．利用斜面实验主要是考虑到（）A．实验时便于测量小球运动的速度和路程B．实验时便于测量小球运动的时间C．实验时便于测量小球运动的路程D．斜面实验可以通过观察与计算直接得到落体的运动规律考点：自由落体运动．专题：实验题；自由落体运动专题．分析：伽利略对自由落体运动规律研究应当结和当时科学发展的实际水平，应当加深对物理学史的研究．解答：解：伽利略最初假设自由落体运动的速度是随着时间均匀增大，但是他所在的那个时代还无法直接测定物体的瞬时速度，所以不能直接得到速度随时间的变化规律．伽利略通过数学运算得到结论：如果物体的初速度为零，而且速度随时间的变化是均匀的，那么它通过的位移与所用的时间的二次方成正比，这样，只要测出物体通过通过不同位移所用的时间，就可以检验这个物体的速度是否随时间均匀变化．但是物体下落很快，当时只能靠滴水计时，这样的计时工具还不能测量自由落体运动所用的较短的时间．伽利略采用了一个巧妙的方法，用来“冲淡”重力．他让铜球沿阻力很小的斜面滚下，二小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所以时间长，所以容易测量．故选B．点评：伽利略对自由落体规律的研究为我们提供正确的研究物理的方法、思路、理论，他创造了一套对近代科学的发展极为有益的科学方法．7．（3分）（2013秋•渭滨区校级期末）下列关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A．物体运动的速度改变越大，它的加速度一定越大B．物体运动的加速度为零，它的速度也一定为零C．物体运动的速度改变越小，它的加速度一定越小D．加速度的大小是表示物体运动速度随时间变化率的大小考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据加速度的定义式a=可知加速度与物体的速度的变化率成正比，与速度的变化量不成正比例关系，与速度的大小也不成正比例关系．解答：解：A、根据a=可知加速度a由速度的变化量△v和速度发生改变所需要的时间△t共同决定，虽然△v大，但△t更大时，a可以很小．故A错误．B、物体运动的加速度为零，它的速度不一定为零，例如匀速直线运动，故B错误C、根据a=可知加速度a由速度的变化量△v和速度发生改变所需要的时间△t共同决定，虽然△v小，但△t更小时，a可以很大．故C错误．D、加速度的大小是表示物体运动速度随时间变化率的大小，故D正确故选D．点评：握加速度的定义式a=中各个物理量的含义以及各个物理量之间的关系是解决此类问题的关键，是正确理解加速度的定义的基础．8．（3分）（2014秋•高台县校级期中）飞机着陆后以6m/s2的加速度做匀减速直线运动，若其着陆时的速度为60m/s，求它着陆后12s末的速度（）A．132m/s B．12m/s C．﹣12m/s D． 0考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的速度时间公式求出飞机速度减为零的时间，判断飞机是否停止，再结合速度时间公式求出飞机着陆后的速度．解答：解：飞机速度减为零的时间t=，可知飞机着陆后12s末的速度为零．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：本题考查了运动学中的“刹车问题”，是道易错题，注意飞机速度减为零后不再运动．9．（3分）（2014秋•高台县校级期中）一辆汽车在4s内做匀加速直线运动，初速度为2m/s，末速度为10m/s，在这段时间内（）A．汽车的位移为24mB．汽车的加速度为3m/s2C．汽车的平均速度为8m/sD．汽车在中间时刻的速度为7m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车的加速度，根据平均速度的推论求出汽车的平均速度大小，从而得出汽车的位移．解答：解：A、汽车的位移：x=t=×4=24m，故A正确；B、汽车的加速度：a===2m/s2，故B错误；C、汽车的平均速度：===6m/s，故C错误；D、中间时刻的瞬时速度：v中间==6m/s，故D错误；故选：A．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．10．（3分）（2014秋•高台县校级期中）某物体做直线运动的速度图象如图所示，下列说法中正确的是（）A．4s末物体回到出发点B． 6s 末物体距出发点最远C．前2s物体的位移为8m D． 8s末物体距出发点最远考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：由速度﹣时间的斜率等于加速度分析物体在8s时间内加速度的大小．物体在前4s 内，沿正方向运动，后4s内沿负方向返回，4s末物体距出发点最远．解答：解：A、由速度图象与时间轴围成的面积表示位移且在时间轴上方位移为正，下方位移为负，可知：4s末物体距出发点最远，故A错误B错误；C、前2s物体的位移为x=×2×8=8m，故C正确；D、由速度图象与时间轴围成的面积表示位移且在时间轴上方位移为正，下方位移为负，可知：8s末物体位移为0，又回到了出发点，故D错误．故选：C．点评：本题是速度﹣时间图象问题，抓住图象的数学意义来理解其物理意义：斜率表示加速度，面积表示位移．11．（3分）（2011•天津）质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位），则该质点（）A．第1s内的位移是5mB．前2s内的平均速度是6m/sC．任意相邻的1s内位移差都是1mD．任意1s内的速度增量都是2m/s考点：匀变速直线运动的公式．分析：根据匀变速直线运动的位公式对比即可得出结论．解答：解：A、将t=1代入即可求出第1s内的位移是x=6m，A错误；B、前2s内的平均速度为m/s，B错误；C、与对比可知a=2m/s2，则△s=aT2=2m，C错误；D、由加速的定义式可知D选项正确．故选：D．点评：本题考查的就是匀变速直线运动的公式的应用，根据公式即可求得，比较简单．12．（3分）（2011秋•望城县校级期末）物体从距地面某高处开始做自由落体运动，若下落前一半路程所用的时间为t，则物体下落全程所用的时间为（）A．B．4t C．2t D．考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：对前一半位移和全部位移过程分别根据位移时间公式列方程，然后联立求解．解答：解：设总位移为2h，前一半位移，有h=全部位移，有2h=解得：t′=故选A．点评：本题关键是对前一半位移和总位移运用位移时间公式列式求解，难度不大，属于基础题．13．（4分）（2014秋•确山县校级期中）一个做匀加速直线运动的物体先后经过A、B两点的速度分别为v1和v2，则下列结论中正确的有（）A．物体经过AB位移中点的速度大小为B．物体经过AB位移中点的速度大小为C．物体通过AB这段位移的平均速度为D．物体通过AB这段位移所用时间的中间时刻的速度为考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：对于匀变速直线运动，平均速度等于中间时刻的速度，也等于初末速度的平均值，即：==；对于匀变速直线运动，中间位置的速度等于初末速度的方均根，即=．解答：解：C、D、物体做匀加速直线运动，先后经过A、B两点时的速度分别为v1和v2，故平均速度为=；而平均速度等于中间时刻的速度，故物体经过AB这段位移所用时间的中间时刻的速度为，故A错误，C正确，D正确；A、B、对于匀变速直线运动，中间位置的速度等于初末速度的方均根，故=，故A错误，B正确；故选：BCD．点评：本题关键要记住匀变速直线运动的中间时刻速度和中间位置速度的推论公式，基础题．14．（4分）（2014秋•高台县校级期中）做匀变速直线运动的物体初速度为12m/s，在第6s 内的位移比第5s内的位移多4m，关于物体运动情况的说法正确的是（）A．物体的加速度为4m/s2B．物体5s末的速度是32m/sC．物体5、6两秒内的位移是72mD．物体从14m的A点运动到32m的B点所用的时间是2s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出物体的加速度，根据速度时间公式求出物体在5s末的速度．根据平均速度的推论求出5、6两秒内的位移．根据速度位移公式求出物体在A、B的速度，结合平均速度推论求出运动的时间．。
2014年甘肃省张掖市高台一中高考物理一模试卷
2014年甘肃省张掖市高台一中高考物理一模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共15.0分)1.在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等．以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是()A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B.根据速度定义式v=，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法C.在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D.在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法2.如图所示，质量为m、长为L的直导线用两绝缘细线悬挂于水平轴OO′上，并处于匀强磁场中．当导线中通以沿x正方向的电流I，且导线保持静止时，悬线与竖直方向夹角为θ．则磁感应强度的最小值及对应的方向为()A.，y轴正向B.tanθ，z轴负向C.sinθ，沿悬线向下D.cosθ，沿悬线向上3.如图所示，空间中的M、N处存在两个被固定的、等量同种正点电荷，在它们的连线上有A、B、C三点，已知MA=CN=NB，MA＜NA．现有一正点电荷q，关于在电场中移动电荷q，下列说法中正确的是()A.沿半圆弧l将q从B点移到C点，电场力不做功B.沿曲线r将q从B点移到C点，电场力做正功C.沿曲线s将q从A点移到C点，电场力不做功D.沿直线将q从A点移到B点，电场力做负功4.如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动．在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ＜tanθ，则下图中能客观地反映小木块的1，3，5速度随时间变化关系的是()A. B. C. D.5.如图所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的小球，小球与一轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，已知杆与水平面之间的夹角θ＜45°，当小球位于B点时，弹簧与杆垂直，此时弹簧处于原长．现让小球自C点由静止释放，在小球滑到杆底端的整个过程中，关于小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能，下列说法正确的是()A.小球的动能与重力势能之和保持不变B.小球的动能与重力势能之和先增大后减少C.小球的动能与弹簧的弹性势能之和保持不变D.小球的重力势能与弹簧的弹性势能之和保持不变二、多选题(本大题共2小题，共12.0分)6.在军事演习中，某空降兵从飞机上跳下，先做自由落体运动，在t1时刻速度达较大值v1时打开降落伞，做减速运动，在t2时刻以较小速度v2着地．他的速度图象如图所示．下列关于该空降兵在0～t1和t1～t2时间内的平均速度的结论正确的是()A.0～t1，=B.t1～t2，=C.t1～t2，＞D.t1～t2，＜7.美国科学家通过射电望远镜观察到宇宙中存在一些离其他恒星较远的、由质量相等的三颗星组成的三星系统：三颗星位于同一直线上，两颗环绕星围绕中央星在同一半径为R的圆形轨道上运行．设每个星体的质量均为M，忽略其它星体对它们的引力作用，则()A.环绕星运动的角速度为B.环绕星运动的线速度为C.环绕星运动的周期为4πD.环绕星运动的周期为2π8.如图所示，AOC是光滑的直角金属导轨，AO沿竖直方向，OC沿水平方向，ab是一根金属直棒，如图立在导轨上紧靠A0，它从静止开始在重力作用下运动，运动过程中b 端始终在OC上，a端始终在A0上，直到ab完全落在OC上．整个装置放在一匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，则ab棒在运动过程中()A.感应电流方向始终是b-aB.感应电流方向先是b→a，后变为a→bC.受磁场力方向与ab垂直，如图中箭头所示方向D.受磁场力方向与ab垂直，开始如图中箭头所示方向，后来变为与箭头所示方向相反六、多选题(本大题共1小题，共6.0分)13.两个相距较远的分子仅在分子力作用下由静止开始运动，直至不再靠近．在此过程中，下列说法正确的是()A.分子力先增大，后一直减小B.分子力先做正功，后做负功C.分子动能先增大，后减小D.分子势能先增大，后减小八、多选题(本大题共1小题，共6.0分)15.如图所示，一列简谐横波沿x轴正向传播，从波传到x=1m的P点时开始计时，已知在t=0.4s时PM间第一次形成图示波形，此时x=4m的M点正好在波谷．下列说法中正确的是()A.P点的振动周期为0.4sB.P点开始振动的方向沿y轴正方向C.当M点开始振动时，P点正好在波峰D.这列波的传播速度是10m/sE.从计时开始的0.4s内，P质点通过的路程为30cm十、多选题(本大题共1小题，共6.0分)17.卢瑟福通过实验首次实现了原子核的人工转变，其核反应方程为：e+→+，下列说法正确的是()A.卢瑟福通过该实验提出了原子的核式结构模型B.实验中是用α粒子轰击氮核的C.卢瑟福通过该实验发现了质子D.原子核在人工转变的过程中，电荷数一定守恒E.原子核在人工转变的过程中，产生质量亏损，能量不守恒四、实验题探究题(本大题共2小题，共20.0分)9.某同学探究恒力做功和物体动能变化间的关系，方案如图1所示．他想用钩码的重力表示小车受到的合外力，为减小这种做法带来的误差，实验中要采取的两项措施是：①a；b．②如图2所示是某次实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是计数点，相邻计数点间的时间间隔为T．距离如图．则打B点时的速度为v B= ；要验证合外力的功与动能变化间的关系，测得位移x和速度v1，v2后，还要测出的物理量有10.现要测电阻R0阻值和干电池组的电动势E及内阻r．给定的器材有：两个理想电压表(量程均为3V)，理想电流表(量程为0.6A)，滑动变阻器R，待测的电阻R0，两节串联的电池，电键S及导线若干．某同学设计一个如图(a)所示的电路同时测电阻R0阻值和电池组的电动势及内阻，调节变阻器，两电压表和电流表分别测得多组U1、U2、I的读数，并作出U1-I图(图线2)和U2-I图(图线1)，见图(b)．(1)由图可知得出电阻R0阻值为Ω，电池组E的电动势为V，内阻为Ω．(2)若上述电路中少了一个电压表，仍可用一个电路同时测电阻R0阻值和干电池组的电动势E及内阻．请你在线框中画出电路图，并写出简单的实验步骤实验步骤：．五、计算题(本大题共2小题，共15.0分)11.跳伞运动员从跳伞塔上跳下，当降落伞全部打开时，伞和运动员所受的空气阻力大小跟下落速度的平方成正比，即f=kv2，已知比例系数k=20N•s2/m2．运动员和伞的总质量m=72kg，设跳伞塔足够高且运动员跳离塔后即打开伞，取g=10m/s2，求：(1)跳伞员的下落速度达到3m/s时，其加速度多大？(2)跳伞员最后下落速度多大？(3)若跳伞塔高200m，则跳伞员从开始跳下到即将触地的过程中，损失了多少机械能？12.如图甲所示，x轴正方向水平向右，y轴正方向竖直向上．在xoy平面内有与y轴平行的匀强电场，在半径为R的圆形区域内加有与xoy平面垂直的匀强磁场．在坐标原点O处放置一带电微粒发射装置，它可以连续不断地发射具有相同质量m、电荷量q(q＞0)和初速为v0的带电粒子．已知重力加速度大小为g．(1)当带电微粒发射装置连续不断地沿y轴正方向发射这种带电微粒时，这些带电微粒将沿圆形磁场区域的水平直径方向离开磁场，并继续沿x轴正方向运动．求电场强度和磁感应强度的大小和方向．(2)调节坐标原点．处的带电微粒发射装置，使其在xoy平面内不断地以相同速率v0沿不同方向将这种带电微粒射入第1象限，如图乙所示．现要求这些带电微粒最终都能平行于x轴正方向运动，则在保证匀强电场、匀强磁场的强度及方向不变的条件下，应如何改变匀强磁场的分布区域？并求出符合条件的磁场区域的最小面积．七、计算题(本大题共1小题，共6.0分)14.如图，两个侧壁绝热、顶部和底部都导热的相同气缸直立放置，气缸底部和顶部均有细管连通，顶部的细管带有阀门K．两气缸的容积均为V0，气缸中各有一个绝热活塞(质量不同，厚度可忽略)．开始时K关闭，两活塞下方和右活塞上方充有气体(可视为理想气体)，压强分别为p0和；左活塞在气缸正中间，其上方为真空；右活塞上方气体体积为．现使气缸底与一恒温热源接触，平衡后左活塞升至气缸顶部，且与顶部刚好没有接触；然后打开K，经过一段时间，重新达到平衡．已知外界温度为T0，不计活塞与气缸壁间的摩擦．求：(i)恒温热源的温度T；(ii)重新达到平衡后左气缸中活塞上方气体的体积V x．九、计算题(本大题共1小题，共5.0分)16.如图所示，真空中有一个半径为R，折射率为n=的透明玻璃球．一束光沿与直径成θ0=45°角的方向从P点射入玻璃球，并从Q点射出，求光线在玻璃球中的传播时间．十一、计算题(本大题共1小题，共6.0分)18.两物块A、B用轻弹簧相连，质量均为2kg，初始时弹簧处于原长，A、B两物块都以v=6m/s的速度在光滑的水平地面上运动，质量4kg的物块C静止在前方，如图所示．B与C碰撞后二者会粘在一起运动．求在以后的运动中：(1)当弹簧的弹性势能最大时，物块A的速度为多大？(2)系统中弹性势能的最大值是多少？。
甘肃省张掖市高台县第一中学2013-2014学年高一物理上学期期中试题新人教版
甘肃省张掖市高台县第一中学2013-2014学年高一物理上学期期中试题新人教版一.单选题(本题共12小题,每题3分,共36分)1.关于质点，下列各种说法中正确的是： ( )A．质量很小的物体一定可视为质点；B.体积很小的物体可视为质点；C.质量和体积都很小的物体一定可视为质点；D.质量和体积都很大的物体有时也可视为是质点。
2.做匀加速直线运动的质点，速度由v增大到2v，这段时间内的位移为X。
则质点的速度由4v增大到8v，这段时间内质点的位移是（）A. 64XB. 16XC. 4XD. 2X3．若规定向东方向为位移的正方向，今有一个皮球停在水平面上某处，轻轻踢它一脚，使它向东做直线运动，经5 m时与墙相碰后又向西做直线运动，经7 m而停下.则上述过程中皮球通过的路程和位移分别是（）A.12 m；－2 mB.12m； 2mC.－2 m；2 mD. 2 m；2 m4．下面的几个速度中表示平均速度的是（）A. 子弹射出枪口的速度是700 m/sB. 汽车延直线从甲站行驶到乙站的速度是40 km/hC．汽车通过站牌时的速度是72 km/hD．小球第3 s末的速度是6 m/s5．下列运动不可能出现的是 ( )A.物体的加速度增大，速度反而减小B. 物体的加速度减小，速度反而增大C. 物体的速度为零时，加速度却不为零D. 物体的加速度始终不变，速度也始终不变6．一质点从t＝0开始从原点以初速度为0出发，沿X轴运动，其v-t 图如图所示，则（）A．t＝0.5 s时离原点最远B．t＝1.5s时离原点最远C．t＝2 s时回到原点 D．t＝1s时回到原点7．唐代诗人李白的“飞流直下三千尺，疑是银河落九天”，描述了庐山瀑布的美景，如果三尺为1米，则水落到地面的速度约为（设初速度为零，g=10m/s2）（）A．100m/s； B.140m/s； C.200m/s； D.2000m/s；8.甲、乙两物体先后从同一地点出发,沿一条直线运动,它们的v-t图象如图所示,由图可知 ( )A.甲快,且早出发,所以乙追不上甲；B.t=20s时,乙追上了甲；C.在t=20s之前,甲比乙运动的快;在t=20s之后乙比甲运动快；D.由于乙在t=10s时才开始运动,所以t=10s时,甲在乙前面,它们之间距离为乙追上甲前最大。
甘肃省高台县第一中学高一 物理上册第一学期期末考试题( Word版含答案)
甘肃省高台县第一中学高一物理上册第一学期期末考试题（ Word版含答案）一、选择题1．如图所示，小孩用玩具手枪在同一位置沿水平方向先后射出两粒弹珠，击中竖直墙上M、N两点（空气阻力不计），初速度大小分别为v M、v N，、运动时间分别为t M、t N，则A．v M=v N B．v M>v NC．t M>t N D．t M=t N2．足球运动员已将足球踢向空中，如图所示，下列描述足球在向斜上方飞行过程中某时刻的受力图中，正确的是（G为重力，F为脚对球的作用力，Ff为空气阻力）（）A．B．C．D．3．下列说法正确的是A．物体的惯性大小只与本身的质量有关，质量大的物体惯性大，质量小的物体惯性小B．同一物体在地球上不同的位置受到的重力是不同的，所以它的惯性也随位置的变化而变化C．一个小球竖直上抛，抛出后能继续上升，是因为小球运动过程中受到了向上的推力D．运动越快的汽车越不容易停下来，是因为汽车运动得越快，惯性越大4．关于力学单位制下列说法正确的是（）A．kg、m/s、N是导出单位B．kg、s、J是基本单位C．只有在国际单位制中，牛顿第二定律的表达式才是F=maD．在国际单位制中，质量的基本单位是kg，也可以是g5．下列关于弹力的说法中正确的是（）A．直接接触的两个物体间必然有弹力存在B．不接触的物体间也可能存在弹力C．只要物体发生形变就一定有弹力D．直接接触且发生弹性形变的物体间才产生弹力6．如图是力学中的两个实验装置，其中包含相同物理思想方法是（）A．极限的思想方法B．放大的思想方法C．控制变量的方法D．猜想的思想方法7．某中学举行秋学期运动会，在100m竞赛中，测得某一运动员5s瞬时速度为10.4m/s，10s末到达终点的瞬时速度为10.2m/s。
则他在此竞赛中的平均速度为（）A．10.2m/s B．10m/s C．10.3m/s D．10.4m/s8．下面哪一组单位属于国际单位制中基本物理量的基本单位（）A．m、kg、S B．g、m/s2、SC．m、N、s D．kg、m/s、S9．如图所示，小明用与水平方向成θ角的轻绳拉木箱，沿水平面做匀速直线运动，此时绳中拉力为F，则木箱所受合力大小为( )A．FsinθB．F C．FcosθD．010．如图所示，物块a静止在水平地面上，物块b叠放在物体a上。
甘肃省张掖市高台一中2015届高三物理上学期8月质检试卷(含解析)
2014-2015学年甘肃省张掖市高台一中高三（上）质检物理试卷（8月份）二、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，14-18只有一个选项正确，19-21有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）（2011•海南模拟）如图所示，圆柱体的A点放有一质量为M的小物体P，使圆柱体缓慢匀速转动，带动P从A点转到A′点，在这个过程中P始终与圆柱体保持相对静止．那么P所受静摩擦力f的大小随时间t的变化规律是（）A．B．C．D．2．（6分）（2014秋•高台县校级月考）一喷泉射出的水上升的高度为h，出口的横截面积为s，已知水的密度为ρ，由空中水的质量为（）A．ρsh B．2ρsh C．3ρsh D． 4ρsh3．（6分）（2009•广东）表面粗糙的斜面固定于地面上，并处于方向垂直纸面向外、强度为B的匀强磁场中．质量为m、带电量为+Q的小滑块从斜面顶端由静止下滑．在滑块下滑的过程中，下列判断正确的是（）A．滑块受到的摩擦力不变B．滑块到达地面时的动能与B的大小无关C．滑块受到的洛伦兹力方向垂直斜面向下D．B很大时，滑块可能静止于斜面上4．（6分）（2014秋•高台县校级月考）如图所示，在同一轨道平面上的三个人造地球卫星A、B、C在某一时刻恰好在同一直线上，下列说法正确的有（）A．根据v=，可知v A＜v B＜v CB．根据万有引力定律，F A＞F B＞F CC．向心加速度a A＞a B＞a CD．卫星中的物体对地面的压力等于地球对物体的万有引力5．（6分）（2015•鄂州三模）如图所示，在AB间接入正弦交流电U1=220V，通过理想变压器和二极管D1、D2给阻值R=20Ω的纯电阻负载供电，已知D1、D2为相同的理想二极管，正向电阻为0，反向电阻无穷大，变压器原线圈n1=110匝，副线圈n2=20匝，Q为副线圈正中央抽头，为保证安全，二极管的反向耐压值至少为U0，设电阻R上消耗的热功率为P，则有（）A．U0=40V，P=80W B． U0=40V，P=80WC．U0=40V，P=20W D． U0=40V，P=20W6．（6分）（2009•沈阳二模）如图所示，光滑绝缘细杆AB，水平放置于被固定的带负电荷的小球的正上方，小球的电荷量为Q，可视为点电荷．a、b是水平细杆上的两点，且在以带负电小球为圆心的同一竖直圆周上．一个质量为m、电荷量为q的带正电的小圆环（可视为质点）套在细杆上，由a点静止释放，在小圆环由a点运动到b点的过程中，下列说法中正确的是（）A．小圆环所受库仑力的大小先增大后减小B．小圆环的加速度先增大后减小C．小圆环的动能先增大后减小D．小圆环与负电荷组成的系统电势能先增大后减小7．（6分）（2014秋•高台县校级月考）在光滑绝缘水平面上，一轻绳拉着一个带电小球绕竖直方向的轴O在匀强磁场中做顺时针方向的水平匀速圆周运动，磁场方向竖直向下，其俯视图如图所示．若小球运动到A点时，绳子突然断开，关于小球在绳断开后可能的运动情况，以下说法正确的是（）A．小球做顺时针方向的匀速圆周运动，周期变小B．小球做顺时针方向的匀速圆周运动，周期不变C．小球仍做逆时针方向的匀速圆周运动，速度增大D．小球仍做逆时针方向的匀速圆周运动，但半径减小8．（6分）（2014秋•高台县校级月考）如图所示，相距为d的两条水平虚线L1、L2之间是方向水平向里的匀强磁场，磁感应强度为B，质量为m、电阻为R的正方形线圈abcd边长为L （L＜d），将线圈在磁场上方高h处由静止释放，cd边刚进入磁场时速度为v0，cd边刚离开磁场时速度也为v0，则线圈穿越磁场的过程中（从cd边刚入磁场一直到ab边刚离开磁场）（）A．感应电流做功为mglB．感应电流做功为2mgdC．线圈的最小速度可能为D．线圈的最小速度一定为三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～12第题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．（6分）（2014秋•高台县校级月考）（1）某同学探究恒力做功和物体动能变化间的关系，方案如图1所示．他想用钩码的重力表示小车受到的合外力，为减小这种做法带来的误差，实验中要采取的两项措施是：a ；b ．（2）如图2所示是某次实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是计数点，相邻计数点间的时间间隔为T．距离如图．则打B点时的速度为v B= ．10．（10分）（2015•广东校级模拟）某同学用伏安法测一节干电池的电动势E和内电阻r，所给的其它器材有：A．电压表V：0～3～15VB．电流表A：0～0.6～3AC．变阻器R1：（20Ω，1A）D．变阻器R2：（1000Ω，0.1A）E．电键S和导线若干（1）实验中电压表应选用的量程为（填0～3V或0～15V）；电流表应选用的量程为（填0～0.6A或0～3A）；变阻器应选用；（2）根据实验要求连接实物电路图（图1）；（3）实验测得的6组数据已在U﹣I图2中标出，如图2所示．请你根据数据点位置完成U ﹣I图线，并由图线求出该电池的电动势E= V，电阻r= Ω．11．（13分）（2014秋•高台县校级月考）如图所示，水平传送带长L=2.45m，以速度V1=4m/s 顺时针运动，倾斜的传送带足够长，与水平面的夹角θ=37°，以速度V2=2m/s 顺时针运动，两传送带连接处平滑过渡，把一物块无初速从左端放上传送带，物块与传送带间的动摩擦因数μ=0.5，求：（1）物块到水平传送带右端的速度．（2）从物块开始滑上倾斜传送带开始计时，2S内物块距底端的最大距离．12．（18分）（2013秋•安徽期末）在如图所示的空间区域里，y轴左方有一匀强电场，场强方向跟y轴正方向成60°，大小为E=4.0×105N/C；y轴右方有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B=0.20T．有一质子以速度v=2.0×106m/s，由x轴上的A点（10cm，0）沿与x 轴正方向成30°斜向上射入磁场，在磁场中运动一段时间后射入电场，后又回到磁场，经磁场作用后又射入电场．已知质子质量近似为m=1.6×10﹣27kg，电荷q=1.6×10﹣19C，质子重力不计．求：（1）质子在磁场中做圆周运动的半径．（2）质子从开始运动到第二次到达y轴所经历的时间．（计算结果保留3位有效数字）（3）质子第三次到达y轴的位置坐标．三、（二）选考题（共45分．请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题作答，如果多做，则每学科按所做的第一题计分．）【选修3-3】13．（6分）（2014•思明区校级模拟）下列说法正确的是（）A．物体的温度越高，分子热运动就越剧烈，每个分子动能也越大B．布朗运动就是液体分子的热运动C．一定质量的理想气体从外界吸收热量，其内能可能不变D．根据热力学第二定律可知热量只能从高温物体传到低温物体，但不可能从低温物体传到高温物体14．（9分）（2013•辽宁一模）如图所示，用销钉固定的光滑绝热活塞把水平放置的绝热气缸分隔成容积相同的A、B两部分，A、B缸内分别封闭有一定质量的理想气体．初始时，两部分气体温度都为t0=27℃，A部分气体压强为p A0=2×105Pa，B部分气体压强为p B0=1×105Pa．拔去销钉后，保持A部分气体温度不变，同时对B部分气体加热，直到B内气体温度上升为t=127℃，停止加热，待活塞重新稳定后，（活塞厚度可忽略不计，整个过程无漏气发生）求：（1）A部分气体体积与初始体积之比V A：V A0；（2）B部分气体的压强p B．四、选择题（共2小题，每小题0分，满分0分）15．（2013•新市区校级模拟）如图所示，简谐横波a沿x轴正方向传播，简谐横波b沿x轴负方向传播，波速都是10m/s，振动方向都平行于y轴，t=0时刻，这两列波的波形如图所示．下图是画出平衡位置在x=2m处的质点，从t=0开始在一个周期内的振动图象，其中正确的是（）A．B．C．D．16．（2011•娄底校级模拟）如图所示，有一截面是直角三角形的棱镜ABC，∠A=30°．它对红光的折射率为n1．对紫光的折射率为n2．在距AC边为d处有一与AC平行的光屏．现有由以上两种色光组成的很细的光束垂直AB边射入棱镜．（1）红光和紫光在棱镜中的传播速度比为多少？（2）为了使红光能从AC面射出棱镜，n1应满足什么条件？（3）若两种光都能从AC面射出，求在光屏MN上两光点间的距离．五、选择题（共2小题，每小题0分，满分0分）17．（2010•孝南区校级模拟）下列说法正确的是（）A．卢瑟福通过α粒子散射实验，否定了汤姆生的原子结构模型，提出了原子的核式结构学说B．麦克斯韦电磁场理论指出：变化的电场产生变化的磁场，变化的磁场产生变化的电场C．受爱因斯坦量子论的启发，普朗克在对光电效应的研究中，提出了光子说D．光的干涉、衍射现象证明了光是一种波，但德布罗意的“物质波”假设否定了光是一种波18．（2014春•沿河县校级期末）如图所示，光滑曲面轨道的水平出口跟停在光滑水平面上的平板小车上表面相平，质量为m的小滑块从光滑轨道上某处由静止开始滑下并滑上小车，使得小车在光滑水平面上滑动．已知小滑块从高为H的位置由静止开始滑下，最终停到小车上．若小车的质量为M．g表示重力加速度，求：（1）滑块滑上小车后，小车达到的最大速度v（2）若滑块和车之间的动摩擦因数为μ，则车的长度至少为多少？2014-2015学年甘肃省张掖市高台一中高三（上）质检物理试卷（8月份）参考答案与试题解析二、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，14-18只有一个选项正确，19-21有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）（2011•海南模拟）如图所示，圆柱体的A点放有一质量为M的小物体P，使圆柱体缓慢匀速转动，带动P从A点转到A′点，在这个过程中P始终与圆柱体保持相对静止．那么P所受静摩擦力f的大小随时间t的变化规律是（）A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；滑动摩擦力；带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：对物块P进行受力分析，求出摩擦力的表达式即可求解．解答：解：物块P受三个力的作用，竖直向下的重力G，沿半径指向外的支持力F N，沿切线方向的静摩擦力F f，因圆柱体缓慢移动，所以物块P在任意位置所受合力为零，对三力正交分解，设重力G与支持力F N方向所夹锐角为θ，则F f=mgsin θ，从A转至A′的过程中，θ先减小后增大，F f先减小后增大，且按照正弦规律变化，故A正确．故选A．点评：该题主要考查了同学们受力分析的能力，要想求解一个物理量的变化情况，就要求出该物理量的表达式，难度适中．2．（6分）（2014秋•高台县校级月考）一喷泉射出的水上升的高度为h，出口的横截面积为s，已知水的密度为ρ，由空中水的质量为（）A．ρsh B．2ρsh C．3ρsh D． 4ρsh考点：竖直上抛运动．分析：喷泉喷出的水做竖直上抛运动，根据水柱高度求解出初速度和水的运动时间，然后根据空中水的体积等于水的初速度乘以时间再乘以出口面积，最后根据质量等于密度乘以体积求解出空中水的质量．解答：解：水柱高达h，根据，得下降时间为：．根据上抛运动的对称性，上升时间等于下降时间，故上抛的总时间为：t′=2t=根据，可得：故空中水的体积为：V=SL=Sv t t′==4hS故M=ρV=4ρhS；故选：D点评：本题要注意空中的水柱并非圆柱体，要根据流量等于初刻速度乘以时间后再乘以喷泉出口的面积为S求出流量，最后根据m=ρV求质量．3．（6分）（2009•广东）表面粗糙的斜面固定于地面上，并处于方向垂直纸面向外、强度为B的匀强磁场中．质量为m、带电量为+Q的小滑块从斜面顶端由静止下滑．在滑块下滑的过程中，下列判断正确的是（）A．滑块受到的摩擦力不变B．滑块到达地面时的动能与B的大小无关C．滑块受到的洛伦兹力方向垂直斜面向下D．B很大时，滑块可能静止于斜面上考点：安培力；牛顿第二定律．专题：压轴题．分析：小滑块向下运动的过程中受到重力，支持力，垂直斜面向下的洛伦兹力，摩擦力，向下运动的过程中，速度增大，洛伦兹力增大，支持力增大，滑动摩擦力增大，当加速度减到0时，做匀速运动．解答：解：小滑块受力如图所示；A、F洛=QVB，滑动摩擦力F=μF N=μ（mgcosθ+QvB），随速度增加而变大，A错误．B、若滑块滑到底端已达到匀速运动状态，摩擦力F=mgsinθ=μ（mgcosθ+QvB），则v=（﹣cosθ），可看v随B的增大而减小，B越大滑块动能越小；若在滑块滑到底端时还处于加速运动状态，则B越大时，滑动摩擦力F越大，滑块克服阻力做功越多，由动能定理可知，滑块到达斜面底端的速度越小，动能越小，B错误．C、滑块沿斜面向下运动，由左手定则可知，洛伦兹力垂直于斜面向下，故C正确；D、滑块之所以开始能动，是因为重力的沿斜面的分力大于摩擦力，滑块沿斜面向下做加速运动，当摩擦力、重力的分力与洛伦兹力合力为零时，滑块做匀速直线运动，速度不会为零，不会静止在斜面上，B很大时，一旦运动，不会停止，最终做匀速直线运动，故D错误．故选C．点评：解决本题的关键知道洛伦兹力的方向和洛伦兹力的大小以及能够正确的受力分析，理清物体的运动状况．4．（6分）（2014秋•高台县校级月考）如图所示，在同一轨道平面上的三个人造地球卫星A、B、C在某一时刻恰好在同一直线上，下列说法正确的有（）A．根据v=，可知v A＜v B＜v CB．根据万有引力定律，F A＞F B＞F CC．向心加速度a A＞a B＞a CD．卫星中的物体对地面的压力等于地球对物体的万有引力考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：根据卫星的速度公式比较三颗卫星的速度大小．由万有引力定律比较万有引力的大小．卫星的向心加速度等于a=，再比较向心加速度的大小．解答：解：A、由万有引力提供向心力有：=m=ma，可得：v=．故v A＞v B＞v C，不可用v=比较v的大小，因卫星所在处的g不同，故A错误；C、由a=，可得a A＞a B＞a C，故C正确；B、万有引力F=，但不知各卫星的质量大小关系，无法比较F A、F B、F C的大小，故B错误；D、卫星中的物体处于完失重状态，对地面的压力为零，故D错误．故选：C．点评：对于卫星的线速度、周期、角速度、向心加速度等物理量的比较，只要抓住卫星的速度公式v=比较出线速度的大小，其他量可以根据圆周运动知识理解并比较．5．（6分）（2015•鄂州三模）如图所示，在AB间接入正弦交流电U1=220V，通过理想变压器和二极管D1、D2给阻值R=20Ω的纯电阻负载供电，已知D1、D2为相同的理想二极管，正向电阻为0，反向电阻无穷大，变压器原线圈n1=110匝，副线圈n2=20匝，Q为副线圈正中央抽头，为保证安全，二极管的反向耐压值至少为U0，设电阻R上消耗的热功率为P，则有（）A．U0=40V，P=80W B． U0=40V，P=80WC．U0=40V，P=20W D． U0=40V，P=20W考点：变压器的构造和原理；闭合电路的欧姆定律．专题：压轴题；交流电专题．分析：根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，二极管的作用是只允许正向的电流通过，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．解答：解：在AB间接入正弦交流电U1=220V，变压器原线圈n1=110匝，副线圈n2=20匝，有：，得有效值U2=40V．而二极管的反向耐压值至少为U0，它是最大值，所以U0=，Q为副线圈正中央抽头，则R两端电压为20V，所以R消耗的热功率为故选：C点评：本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系，同时对于二极管和电容器的作用要了解．6．（6分）（2009•沈阳二模）如图所示，光滑绝缘细杆AB，水平放置于被固定的带负电荷的小球的正上方，小球的电荷量为Q，可视为点电荷．a、b是水平细杆上的两点，且在以带负电小球为圆心的同一竖直圆周上．一个质量为m、电荷量为q的带正电的小圆环（可视为质点）套在细杆上，由a点静止释放，在小圆环由a点运动到b点的过程中，下列说法中正确的是（）A．小圆环所受库仑力的大小先增大后减小B．小圆环的加速度先增大后减小C．小圆环的动能先增大后减小D．小圆环与负电荷组成的系统电势能先增大后减小考点：库仑定律；牛顿第二定律；动能定理的应用；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：小圆环受到重力、支持力与库仑力，由于重力与支持力均不做功，仅在库仑引力作用下运动，库仑引力先做正功后做负功，则环的动能先增大后减小，而环与电荷组成的系统电势能先减小后增大；由于两者间距先变小后变大，则库仑力大小先增加后减小．解答：解：A、小圆环沿光滑直杆运动，两者间距先减小后增大，由库仑定律可知，库仑力先增大后减小．故A正确；B、小圆环沿光滑直杆运动，两者间距先减小后增大，由库仑定律可知，库仑力先增大后减小．而库仑力沿杆方向的分力提供合力，虽然库仑力先大后小，但其分力却是先变小后变大，则加速度也是先减小后增大．故B错误；C、小圆环沿光滑直杆运动，库仑力与速度方向的夹角先小于90°后大于90°，则库仑力先做正功后做负功．所以小圆环的动能先增大后减小．故C正确；D、小圆环沿光滑直杆运动，库仑力与速度方向的夹角先小于90°后大于90°，则库仑力先做正功后做负功．由于只有库仑力做功，所以小圆环的动能先增大后减小，则小圆环与负电荷组成的系统电势能先减小后增大．故D错误；故选：AC．点评：考查库仑定律与牛顿第二定律，及运用力的分解，同时还应用力的做功，特别注意功的正负．并当只有电场力做功时，动能与电势能相互转化．7．（6分）（2014秋•高台县校级月考）在光滑绝缘水平面上，一轻绳拉着一个带电小球绕竖直方向的轴O在匀强磁场中做顺时针方向的水平匀速圆周运动，磁场方向竖直向下，其俯视图如图所示．若小球运动到A点时，绳子突然断开，关于小球在绳断开后可能的运动情况，以下说法正确的是（）A．小球做顺时针方向的匀速圆周运动，周期变小B．小球做顺时针方向的匀速圆周运动，周期不变C．小球仍做逆时针方向的匀速圆周运动，速度增大D．小球仍做逆时针方向的匀速圆周运动，但半径减小考点：洛仑兹力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：运动的带点粒子在磁场中受力洛伦兹力的作用，分小球带正电和负电两种情况进行讨论，用左手定则判断洛伦兹力的方向，根据向心力公式分析绳子所受的力，绳子断开后，绳子的拉力为零，小球仅受洛伦兹力，根据受力情况判断小球的运动情况即可．解答：解：若小球带负电，小球所受洛仑兹力指向圆心，当绳子断后，小球继续顺时针运动，洛仑兹力提供向心力，小于或等于原来的向心力，所以小球的半径可能不变或变大，周期可能不变或变大．当小球队带正电时，洛仑兹力背离圆心，当绳子断后，小球做逆时针运动，洛仑兹力提供向心力，小于、大于或等于原来的向心力都有可能，但小球的速度不会变．故BD正确，AC错误；故选：BD．点评：解题的关键是能正确分析向心力的来源，知道如何判断洛伦兹力的方向，难度适中．8．（6分）（2014秋•高台县校级月考）如图所示，相距为d的两条水平虚线L1、L2之间是方向水平向里的匀强磁场，磁感应强度为B，质量为m、电阻为R的正方形线圈abcd边长为L （L＜d），将线圈在磁场上方高h处由静止释放，cd边刚进入磁场时速度为v0，cd边刚离开磁场时速度也为v0，则线圈穿越磁场的过程中（从cd边刚入磁场一直到ab边刚离开磁场）（）A．感应电流做功为mglB．感应电流做功为2mgdC．线圈的最小速度可能为D．线圈的最小速度一定为考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：线圈由静止释放，其下边缘刚进入磁场和刚穿出磁场时刻的速度是相同的，又因为线圈全部进入磁场不受安培力，要做匀加速运动，线圈进入磁场先要做减速运动．解答：解：A、B、根据能量守恒，研究从cd边刚进入磁场到cd边刚穿出磁场的过程：动能变化量为0，重力势能转化为线框进入磁场的过程中产生的热量，Q=mgd．cd边刚进入磁场时速度为v0，cd边刚离开磁场时速度也为v0，所以从cd边刚穿出磁场到ab边离开磁场的过程，线框产生的热量与从cd边刚进入磁场到ab边刚进入磁场的过程产生的热量相等，所以线圈从cd边进入磁场到ab边离开磁场的过程，产生的热量Q′=2mgd，感应电流做的功为2mgd．故A错误，B正确．C、线框可能先做减速运动，在完全进入磁场前已做匀速运动，刚完全进入磁场时的速度最小，则 mg=BIL=BL，则最小速度 v=．故C正确．D、因为进磁场时要减速，线圈全部进入磁场后做匀加速运动，则知线圈刚全部进入磁场的瞬间速度最小．设线圈的最小速度为v m．线圈从开始下落到线圈刚完全进入磁场的过程，根据能量守恒定律得：mg（h+L）=Q+由上可知，Q=mgd解得线圈的最小速度为：v m=．故D正确．故选：BCD．点评：解决本题的关键根据根据线圈下边缘刚进入磁场和刚穿出磁场时刻的速度都是v0，且全部进入磁场将做加速运动，判断出线圈进磁场后先做变减速运动，也得出全部进磁场时的速度是穿越磁场过程中的最小速度．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～12第题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．（6分）（2014秋•高台县校级月考）（1）某同学探究恒力做功和物体动能变化间的关系，方案如图1所示．他想用钩码的重力表示小车受到的合外力，为减小这种做法带来的误差，实验中要采取的两项措施是：a 平衡摩擦力；b 钩码的质量远小于小车的质量．（2）如图2所示是某次实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是计数点，相邻计数点间的时间间隔为T．距离如图．则打B点时的速度为v B= ．考点：探究功与速度变化的关系．专题：实验题．分析：小车在水平木板运动时水平方向上受到绳的拉力和摩擦力，想用钩码的重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；其次：必须要满足钩码的质量远小于小车的总质量．根据匀变速直线运动中，时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，可以得出B点的瞬时速度大小．解答：解：（1）由于小车在运动的过程中受到阻力，为了减小阻力的影响，需平衡摩擦力．设钩码的质量为m，小车的质量为M，对系统运用牛顿第二定律得，a=，则绳子的拉力T=Ma=，当m＜＜M时，绳子的拉力等于钩码的重力．所以用钩码的重力表示小车受到的合外力，采取的两项措施为：①平衡摩擦力，②钩码的质量远小于小车的质量．（2）根据匀变速直线运动中，时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，得出B点的瞬时速度大小分别为：v B==，故答案为：（1）①平衡摩擦力，②钩码的质量远小于小车的质量．（2）点评：正确利用所学物理规律解决实验问题，熟练应用物理基本规律，因此这点在平时训练中要重点加强．10．（10分）（2015•广东校级模拟）某同学用伏安法测一节干电池的电动势E和内电阻r，所给的其它器材有：A．电压表V：0～3～15VB．电流表A：0～0.6～3AC．变阻器R1：（20Ω，1A）D．变阻器R2：（1000Ω，0.1A）E．电键S和导线若干（1）实验中电压表应选用的量程为0～3V （填0～3V或0～15V）；电流表应选用的量程为0～0.6A （填0～0.6A 或0～3A）；变阻器应选用R1；（2）根据实验要求连接实物电路图（图1）；（3）实验测得的6组数据已在U﹣I图2中标出，如图2所示．请你根据数据点位置完成U ﹣I图线，并由图线求出该电池的电动势E= 1.5 V，电阻r=0.50 Ω．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：根据电池的电动势和图中的电流值可选取电流表及电压表；滑动变阻器在本实验中作为限流使用，故应选取大于内阻的滑动变阻器；用直线将各点相连，注意让各点尽量分布在直线两侧；由图象与纵坐标的交点可求得电动势；图象的斜率表示电池的内电阻．解答：解：（1）由图可知，电流小于0.6A，故电流表应选用的量程为0﹣0.6A；而电池的电动势约为1.5V，故电压表应选用的量程为 0﹣3V；为了调节方便并能减小误差，故变阻器应选用R1；（2）对照电路原理图，连接实物图，如图所示：（3）描点作图，如图所示：图象的横轴截距表示电动势，故电动势为1.50V；斜率绝对值表示电源内电阻，故r===0.50Ω故答案为：（1）0～3V；0～0.6A；R1；（2）电路图如图所示；（3）1.5；0.50．点评：本题考查测电动势和内阻实验的数据处理，注意要结合公式理解图象的斜率及截距的含义．11．（13分）（2014秋•高台县校级月考）如图所示，水平传送带长L=2.45m，以速度V1=4m/s 顺时针运动，倾斜的传送带足够长，与水平面的夹角θ=37°，以速度V2=2m/s 顺时针运动，两传送带连接处平滑过渡，把一物块无初速从左端放上传送带，物块与传送带间的动摩擦因数μ=0.5，求：（1）物块到水平传送带右端的速度．（2）从物块开始滑上倾斜传送带开始计时，2S内物块距底端的最大距离．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．。
15学年上学期高一期末考试物理试题(附答案)(14)
甘肃省永昌县第一中学14—15学年上学期高一期末考试物理试题第I卷选择题一、选择题（本题有15小题，每小题3分，共45分。
每小题只有一个选项符合题意) 1．在力学单位制中，选定下列哪一组物理量的单位作为基本单位()A．长度、质量和时间B．力、长度和时间C．速度、质量和时间D．位移、质量和速度2．小球从离地板5m高的地方落下，又被地板弹回，在离地板2m高处被接住，则小球通过的路程和位移的大小分别是()A．7m，7m B．7m，3m C．5m，2m D．5m，3m3．匀变速直线运动是()①位移随时间均匀变化的直线运动②速度随时间均匀变化的直线运动③加速度随时间均匀变化的直线运动④加速度的大小和方向恒定不变的直线运动A．①②B．②③C．②④D．③④4．关于力和运动关系，下列说法中正确的是()A．合外力等于零时，物体的加速度一定等于零B．合外力不等于零时，物体的速度才能不等于零C．合外力等于零时，物体的速度一定等于零D．合外力越大，物体的速度一定越大5．关于惯性在实际中的应用，下列说法中错误的是()A．运动员在掷标枪时的助跑是为了利用惯性B．运动员在跳远时的助跑是为了增大起跳时的惯性C．手扶拖拉机的飞轮做得很重，是为了增大它转动的惯性D．战斗机在空战时，甩掉副油箱是为了减小惯性，提高飞行的灵活性6．如图是一物体做直线运动的v－t图象，由图象可得()A．t＝1 s时物体的加速度大小为1.0 m/s2B．t＝5 s时物体的加速度大小为0.75 m/s2C．第3 s内物体的位移为1.5 mD．物体在加速过程的位移比减速过程的位移大7．三个共点力F1、F2、F3，其中F1=1N，方向正西；F2=1N，方向正北；若三个力的合力大小是2N，方向正北，则F3的大小和方向是()A．1N 方向东北B．1N，方向正南C．2N，方向东北D，方向东北8．一物体静止于水平地面上，则下列说法中正确的是（ ）A ．物体对地面的压力和物体受到的重力是一对作用力和反作用力B ．物体对地面的压力和地面对物体的支持力是一对平衡力C ．物体受到的重力和地面对物体的支持力是一对平衡力D ．物体受到的重力和地面对物体的支持力是一对作用力和反作用力9．沿同一固定的光滑斜面让不同质量的物体分别从斜面上下滑，则下列说法中正确的是( )A ．质量越大，初速度越大，下滑加速度越大B ．质量越小，初速度越大，下滑加速度越大C ．质量越大，初速度越大，下滑加速度越大D ．无论质量如何，初速度如何，下滑的加速度都相同10．两辆汽车的质量m 1＜m 2，匀速行驶时的速度v 1＞v 2，两辆汽车与平直路面间的动摩擦因数都相同，关闭发动机后，两辆汽车行驶的时间分别为t 1、t 2，则t 1与t 2的关系为( )A ．t 1＞t 2B ．t 1＜t 2C ．t 1＝t 2D ．无法确定11．在有空气阻力的情况下，竖直上抛一个小球，上升阶段的加速度为a 1，下落阶段的加速度为a 2，上升的时间为t 1，下落回原处的时间为t 2，那么( )A ．a 1＝a 2，t 1＝t 2B ．a 1>a 2，t 1>t 2C ．a 1>a 2，t 1<t 2D ．a 1<a 2，t 1<t 212．如图甲、乙所示，弹簧测力计和细线的重力及一切摩擦均不计，物体的重力G ＝1 N ，则弹簧测力计A 和B 的示数分别为( )A ．1 N ，0B ．0，1 NC ．0，2 ND ．1 N ，1 N13．一物体在几个力的共同作用下做匀速直线运动，若其中一个向东的力逐渐减小直至为零，则在此过程中，物体的加速度( )A ．方向一定向东且逐渐增大B ．方向一定向西且逐渐增大C ．方向一定向西且逐渐减小D ．方向一定向东且逐渐减小14．如图所示，五个质量相等的物体静止在光滑的水平面上，现向右施加大小为F 、方向水平向右的恒定推力，则第2个物体对第3个物体的作用力的大小等于( )A ．15FB ．25FC ．35FD ．45F 15．如图所示，天花板上用细绳悬挂着两个用轻弹簧相连的质量相同的小球，两小球均保持静止。
张掖市高台一中2015届高三上学期期末考试物理试题及答案
2014-2015学年甘肃省张掖市高台一中高三（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．（6分）如图甲所示，质量为m物块静止在粗糙的与水平面夹角为θ的斜面上．当受到平行于斜面向上的外力F的作用，F按图乙所示规律变化时，斜面和物块始终处于静止状态，物块与斜面间的摩擦力F f大小变化规律可能是图中的（）A．B．C．D．考点：共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：当F小于重力沿斜面方向分力mgsinθ时，物体有沿斜面向下运动的趋势，则受沿斜面向上的摩擦力，当F增大到等于mgsinθ时摩擦力为零，当F大于mgsinθ是物体有沿斜面向上的摩擦力，根据平衡条件列等式分析．解答：解：当F＜mgsinθ时，根据平衡条件：F+f=mgsinθ，可见F增大则f减小，当F=mgsinθ时，根据平衡条件，f=0，F＞mgsinθ时，根据平衡条件：F=mgsinθ+f，可见F增大f增大，故B项符合；故选：B．点评：本题采用定量分析与定性相结合的方法分析物体所受的摩擦力情况．从数学角度得到解析式选择图象，是常用的方法．2．（6分）（2013•沧州二模）a、b两物体的质量分别为m1、m2，由轻质弹簧相连．当用恒力F竖直向上拉着 a，使a、b一起向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x1；当用大小仍为F的恒力沿水平方向拉着 a，使a、b一起沿光滑水平桌面做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x2，如图所示．则（）A．x1一定等于x2B．x1一定大于x2C．若m1＞m2，则 x1＞x2D．若m1＜m2，则 x1＜x2考点：牛顿第二定律；胡克定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先对AB整体进行分析，可以得出整体运动的加速度；再对隔离出受力最少的一个进行受力分析，由牛顿第二定律可得出弹簧弹力，则可得出弹簧的形变量．解答：解：在竖直面内，对整体有：F﹣（m1+m2）g=（m1+m2）a1；对b分析有kx1﹣m2g=m2a1；解得：x1==水平面上，对整体有：F=（m1+m2）a2；对b有：kx2=m2a2解得：x2=所以x1=x2故A正确．故选：A．点评：本题注意应用整体与隔离法，一般在用隔离法时优先从受力最少的物体开始分析，如果不能得出答案再分析其他物体；本题中注意竖直面内时F作用的物体发生了变化，若F仍作用在B上，则形变量是不变的，可以通过分析得出结论．3．（6分）如图所示，离水平地面一定高处水平固定一内壁光滑的圆筒，筒内固定一轻质弹簧，弹簧处于自然长度．现将一小球从地面上某一点P处，以某一初速度斜向上抛出，小球恰好能水平进入圆筒中，不计空气阻力．则下列说法中正确的是（）A．小球抛出点P离圆筒的水平距离越远，抛出的初速度越大B．小球从抛出点P运动到圆筒口的时间与小球抛出时的初速度方向有关C．弹簧获得的最大弹性势能E P与小球抛出点位置P无关D．小球从抛出到将弹簧压缩到最短的过程中，小球的机械能守恒考点：平抛运动；弹性势能；机械能守恒定律．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动可以沿水平和竖直方向正交分解，根据运动学公式结合几何关系可以列式求解；小球抛出到将弹簧压缩过程，小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能总量守恒．解答：解：A、小球抛出后，竖直方向是上抛运动，水平方向是匀速运动，故v y2=2ghx=v x th=gt2v=故v=，故A正确；B、小球抛出后，竖直方向是上抛运动，水平方向是匀速运动，故h=gt2故t=，故B错误；C、小球抛出到将弹簧压缩过程，小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能总量守恒，小球的动能转化为重力势能和弹簧的弹性势能，与抛出点有关，故C错误；D、小球抛出到将弹簧压缩过程，小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能总量守恒，小球的机械能不守恒，故D错误；故选：A．点评：本题关键抓住机械能守恒定律求解，同时不忘用正交分解法将平抛运动分解为直线运动研究．4．（6分）我国科学考察队在地球的两极地区进行科学观测时，发现带电的太空微粒平行于地面进入两极区域上空，受空气和地磁场的影响分别留下的一段弯曲的轨迹，若垂直地面向下看，粒子在地磁场中的轨迹如图甲、乙所示，则（）A．甲、乙两图电带电粒子动能越来越小，是因为洛伦兹力对粒子均做负功B．图甲表示在地球的南极处，图乙表示在地球的北极处C．图甲飞入磁场的粒子带正电，图乙飞入磁场的粒子带正电D．甲、乙两图中，带电粒子受到的洛伦兹力都是越来越大考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据地球磁场的分布，由左手定则可以判断粒子的受力的方向，从而可以判断粒子的运动的方向．在由洛伦兹力提供向心力，则得运动半径与速度成正比，与磁感应强度及电量成反比．解答：解：A、由于粒子受到的洛伦兹力始终与速度垂直，所以洛伦兹力不做功，故A错误；B、垂直地面向下看由于地球的南极处的磁场向上，地球北极处的磁场方向向下，故B正确；C、由左手定则可得，甲图中的磁场的方向向上，偏转的方向向右，所以飞入磁场的粒子带正电；同理由左手定则可得乙图中飞入磁场的粒子也带正电．故C正确；D、从图中可知，粒子在运动过程中，可能受到空气的阻力对粒子做负功，所以其动能减小，运动的半径减小，根据公式：f=qvB，带电粒子受到的洛伦兹力都是越来越小．故D错误．故选：BC点评：本题就是考查左手定则的应用，掌握好左手定则即可判断粒子的受力的方向．同时利用洛伦兹力提供向心力，推导出运动轨迹的半径公式来定性分析．5．（6分）（2014•南开区二模）我国研制并成功发射的“嫦娥二号”探测卫星，在距月球表面高度为h的轨道上做匀速圆周运动，运行的周期为T．若以R表示月球的半径，则（）A．卫星运行时的向心加速度为B．物体在月球表面自由下落的加速度为C．卫星运行时的线速度为D．月球的第一宇宙速度为考点：万有引力定律及其应用；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．专题：万有引力定律在天体运动中的应用专题．分析：嫦娥二号距月球的轨道半径（R+h），周期T均为已知，应用万有引力提供向心力整理可得GM的表达式，再应用万有引力提供向心力解得所要求解的物理量．解答：解：已知嫦娥二号距月球的轨道半径（R+h），周期T；万有引力提供向心力，得：=ma向=①A、所以卫星运行时的向心加速度：a向=，故A错误．B、物体在月球表面自由下落的加速度为：G=ma，解得：a=，故B错误．C、卫星运行时的线速度为：v=，故C错误．D、月球的第一宇宙速度：G=m，解得：V2=；②由①得：GM=③由②③解得：v2=，故D正确．故选：D点评：要解出一个物理量大小，我们应该把这个物理量先表示出来，再代入数值．向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．6．（6分）两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L，底端接阻值为R的电阻．将质量为m的金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端，金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，如图所示，除电阻R外其余电阻不计．现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放，则（）A．释放瞬间金属棒的加速度等于重力加速度gB．金属棒向下运动时，流过电阻R的电流方向为a→bC．金属棒的速度为v时，电路中的电功率为D．电阻R上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少量考点：导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：导体棒下落过程中切割磁感线，回路中形成电流，根据右手定责可以判断电流的方向，正确分析安培力变化可以求解加速度的变化情况，下落过程中正确应用功能关系可以分析产生热量与重力势能减小量的大小关系．解答：解：A、金属棒释放瞬间，速度为零，感应电流为零，由于弹簧处于原长状态，因此金属棒只受重力作用，故其加速度的大小为g，故A正确；B、根据右手定责可知，金属棒向下运动时，流过电阻R电流方向为b→a，故B错误；C、当金属棒的速度为v时，E=BLv，安培力大小为：，故C正确；D、当金属棒下落到最底端时，重力势能转化为弹性势能和焦耳热，所以电阻R上产生的总热量小于金属棒重力势能的减少，故D错误．故选：AC．点评：根据导体棒速度的变化正确分析安培力的变化往往是解决这类问题的重点，在应用功能关系时，注意弹性势能的变化，这点是往往被容易忽视的．7．（6分）（2013•湖南模拟）如图所示，边长为L的正方形单匝线圈abcd，电阻r，外电路的电阻为R，a、b的中点和cd的中点的连线OO′恰好位于匀强磁场的边界线上，磁场的磁感应强度为B，若线圈从图示位置开始，以角速度ω绕轴OO′匀速转动，则以下判断正确的是（）A．图示位置线圈中的感应电动势最大为E m=BL2ωB．闭合电路中感应电动势的瞬时值表达式为e=BL2ωsinωtC．线圈从图示位置转过180°的过程中，流过电阻R的电荷量为q=D．线圈转动一周的过程中，电阻R上产生的热量为Q=考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：当线圈与磁场平行时感应电动势最大，由公式E m=BSω求解感应电动势的最大值．图中是中性面，线框在匀强磁场中匀速转动，产生正弦式交变电流，根据e=E m sinωt 可列出感应电动势的瞬时表达式，根据感应电荷量q=，求通过电阻R的电荷量．最大值是有效值的倍，求得电动势有效值，根据焦耳定律求电量Q．解答：解：A、图示位置线圈中没有任何一边切割磁感线，感应电动势为零，故A错误．B、当线圈与磁场平行时感应电动势最大，最大值为E m=BSω=Bω，瞬时值表达式为e=E m sinωt=BL2ωsinωt．故B正确．C、线圈从图示位置转过180°的过程中，穿过线圈磁通量的变化量大小为△Φ=2BS=2B=BL2，流过电阻R的电荷量为q==，故C错误．D、感应电动势的有效值为E=，感应电流有效值为I=，R产生的热量为Q=I2RT，T=，联立得Q=．故D正确．故选：BD．点评：本题要掌握正弦式交变电流瞬时值表达式，注意计时起点，掌握感应电荷量的经验公式q=，知道用有效值求热量．8．（6分）（2014•龙子湖区二模）如图甲所示，MN为很大的薄金属板（可理解为无限大），金属板原来不带电．在金属板的右侧，距金属板距离为d的位置上放入一个带正电、电荷量为q的点电荷，由于静电感应产生了如图甲所示的电场分布．P是点电荷右侧，与点电荷之间的距离也为d的一个点，几位同学想求出P点的电场强度大小，但发现问题很难．几位同学经过仔细研究，从图乙所示的电场得到了一些启示，经过查阅资料他们知道：图甲所示的电场分布与图乙中虚线右侧的电场分布是一样的．图乙中两异号点电荷量的大小均为q，它们之间的距离为2d，虚线是两点电荷连线的中垂线．由此他们分别求出了P点的电场强度大小，一共有以下四个不同的答案（k为静电力常量），其中正确的是（）A．B．C．D．考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据题意，图甲所示的电场分布与图乙中虚线右侧的电场分布是一样的，只要求出乙图上+q右侧距离为d处的场强，即等于P的场强．根据等量异号电荷的电场分布特点和场强的叠加进行求解．解答：解：根据P点的电场线方向可以得P点的电场强度方向是垂直于金属板向右，两个异号点电荷电荷量的大小均为q，它们之间的距离为2d，乙图上+q右侧d处的场强大小为E=k﹣k=k根据题意可知，P点的电场强度大小与乙图上+q右侧d处的场强大小相等，即为k．故选：A．点评：常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性．二、解答题（共4小题，满分32分）9．某个同学分别做“探究加速度与力、质量关系”的实验．如图甲所示是该同学探究小车加速度与力的关系的实验装置，他将光电门固定在水平轨道上的B点，用不同重物通过细线拉同一小车，每次小车都从同一位置A由静止释放．（1）若用游标卡尺测出光电门遮光条的宽度d如图乙所示，则d= 1.050 cm；实验时将小车从图示位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间△t，则小车经过光电门时的速度为（用字母表示）（2）测出多组重物的质量m和对应遮光条通过光电门的时间△t，并算出相应小车经过光电门时的速度v，通过描点作出线性图象，研究小车加速度与力的关系．处理数据时应作出v2﹣m （选填“v﹣m”或“v2﹣m”）图象．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：（1）游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读，由于遮光条通过光电门的时间极短，可以用平均速度表示瞬时速度．（2）由题意可知，该实验中保持小车质量M不变，因此有：v2=2as=m，可知画出v2﹣m图象可以直观的得出结论．解答：解：（1）游标卡尺的主尺读数为10mm，游标读数为0.05×10mm=0.50mm，所以最终读数为：10mm+0.50mm=10.50mm=1.050cm；数字计时器记录通过光电门的时间，由位移公式计算出物体通过光电门的平均速度，用该平均速度代替物体的瞬时速度，故在遮光条经过光电门时滑块的瞬间速度为：v=．（2）每次小车都从同一位置A由静止释放，测出小车上遮光条通过光电门时的速度v，在小车质量M远远大于重物的质量m时，小车所受拉力可认为等于mg，由v2=2as，mg=Ma可得v2=m，即v2与m成正比，因此处理数据时应作出v2﹣m图象．故答案为：（1）1.050，（2）v2﹣m．点评：常用仪器的读数要掌握，这是物理实验的基础．处理实验时一定要找出实验原理，根据实验原理我们可以寻找需要测量的物理量和需要注意的事项．10．（2013•天津三模）实际电压表内阻并不是无限大，可等效为理想电流表与较大的电阻的串联．现要测量一只量程已知的电压表的内阻，器材如下：A．待测电压表（量程3V，内阻约3kΩ待测）一只；B．电流表（量程3A，内阻0.01Ω）一只；C．电池组（电动势约为3V，内阻不计）；D．滑动变阻器一个；E．变阻箱（可以读出电阻值，0﹣9999Ω）一个；F．开关和导线若干．某同学利用上面所给器材，进行如下实验操作：（1）该同学设计了如图a、图b两个实验电路．为了更准确地测出该电压表内阻的大小，你认为其中相对比较合理的是图b （填“图a”或“图b”）电路．（2）用你选择的电路进行实验时，闭合电键S，改变阻值，记录需要直接测量的物理量：电压表的读数U和电阻箱的读数R （填上文字和符号）；（3）由所测物理量选择下面适当坐标轴，能作出相应的直线图线，最方便的计算出电压表的内阻： C ；（A）U﹣I （B）（C）（D）U﹣R（4）设直线图象的斜率为k、截距为b，请写出待测电压表内阻表达式R V= ．考点：伏安法测电阻；验证机械能守恒定律．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）电压表内阻很大，串联接入电路后电流很小，电流表示数几乎为零，无法准确读数，因此不能用伏安法测电压表内阻，应使用电压表与电阻箱组成电路测电压表内阻．（2）实验时需要测出电压表示数与对应的电阻箱阻值．（3）应用图象法处理实验数据时，图象为直线最简单，根据闭合电路的欧姆定律求出电压与电阻箱阻值关系，然后作出合适的图象．（4）根据函数表达式求出斜率k与截距b的表达式，然后求出电压表内阻．解答：解：（1）图a所示电路滑动变阻器与电压表串联接入电路，电源电动势为3V，电压表内阻约为3KΩ，由于电压表内阻太大，电路电流很小几乎为零，电流表无法准确读数，因此甲电路不合理；由于电阻箱电阻最大阻值为9999Ω，改变电阻箱阻值可以改变电压表示数，测出多组实验数据，因此比较合理的实验电路是b图．（2）选用图a所示实验电路，闭合电键S，改变阻值，记录需要直接测量的物理量：电压表的读数U和电阻箱阻值R．（3）电压表内阻约为3KΩ，电源内阻约为1Ω，相对于电压表内阻来说电源内阻可以忽略不计，由闭合电路欧姆定律可得：E=U V+IR=U+R，则：=R+应用图象法处理实验数据时，应作出﹣R图象，故选C．（4）由=R+可知，﹣R图象的斜率：k=，截距b=，则电压表内阻R V=；故答案为：（1）图b；（2）电阻箱的阻值R；（3）C；（4）．点评：本题考查了实验电路的选择、实验步骤、实验数据处理等；应用图象法处理实验数据时，要选择合适的变量，使图象为直线，图象是直线，图象比较直观、易于实验数据的处理．11．（14分）有一质量为2kg的小球串在长为1m的轻杆顶部，轻杆与水平方向成θ=37°角．（1）若静止释放小球，1s后小球到达轻杆底端，则小球到达杆底时它所受重力的功率为多少？（2）小球与轻杆之间的动摩擦因数为多少？（g=l0m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）考点：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律；功的计算．专题：功率的计算专题．分析：（1）静止释放小球，小球沿杆向下做匀加速运动，由s=t求出小球到达杆底时速率，由P=mg•vsin53°求出重力的功率．（2）由a=求出小球下滑的加速度，由牛顿第二定律和摩擦力公式求解小球与轻杆之间的动摩擦因数．解答：解：（1）由s=得 v=m/s=2m/s小球到达杆底时它所受重力的功率为P=mg•vsin53°=2×10×2×0.6W=24W （2）小球下滑的加速度为a1==2m/s2，根据牛顿第二定律得mgsinθ﹣f1=ma1，解得，f1=8N又f1=μN1=μmgcosθ解得，μ=0.5答：（1）若静止释放小球，1s后小球到达轻杆底端，则小球到达杆底时它所受重力的功率为24W；（2）小球与轻杆之间的动摩擦因数为0.5．点评：本题运用牛顿第二定律和运动学结合研究动力学问题，难度不大，属于基础题．12．（18分）如图所示，一面积为S的单匝圆形金属线圈与阻值为R的电阻连接成闭合电路，不计圆形金属线圈及导线的电阻．线圈内存在一个方向垂直纸面向里、磁感应强度大小均匀增加且变化率为k的磁场B t．电阻R两端并联一对平行金属板M、N，两板间距为d，N板右侧xOy坐标系（坐标原点O在N板的下端）的第一象限内，有垂直纸面向外的匀强磁场，磁场边界OA和y轴的夹角∠AOy=45°，AOx区域为无场区．在靠近M板处的P点由静止释放一质量为m、带电荷量为+q的粒子（不计重力），经过N板的小孔，从点Q（0，L）垂直y 轴进入第一象限，经OA上某点离开磁场，最后垂直x轴离开第一象限．求：（1）平行金属板M、N获得的电压U；（2）粒子到达Q点时的速度大小（3）yOA区域内匀强磁场的磁感应强度B；（4）粒子从P点射出到到达x轴的时间．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：电磁感应与电路结合．分析：（1）根据法拉第电磁感应定律，求出闭合电路的电动势，即得到平行金属M、N获得的电压U；（2）由动能定理求出粒子经过MN间的电场加速度获得的速度．（3）正确画出粒子在磁场中的运动轨迹，根据几何关系找出粒子运动的半径的大小，根据牛顿第二定律和向心力公式求得磁场的磁感应强度；（4）粒子从P点射出到到达x轴的时间为三段运动过程的时间之和．解答：解：根据法拉第电磁感应定律，闭合线圈产生的感应电动势为：E===kS ①因平行金属板M、N与电阻并联，故M、N两板间的电压为：U=U R=E=kS ②（2）带电粒子在M、N间做匀加速直线运动，有qU=mv2 ③所以：v=（3）带电粒子进入磁场区域的运动轨迹如图所示，有qvB=m④由几何关系可得：r+rcot45°=l ⑤联立②③④⑤得：B=；（4）粒子在电场中做匀加速直线运动，则有d=at12根据牛顿第二定律得：q=ma粒子在磁场中，有：T=t2=T粒子在第一象限的无场区中，有s=vt3由几何关系得：s=r粒子从P点射出到到达x轴的时间为：t=t1+t2+t3联立以上各式可得：t=（2d+）；答：（1）平行金属板M、N获得的电压U为kS；（2）粒子到达Q点时的速度大小是；（3）yOA区域内匀强磁场的磁感应强度B=；（4）粒子从P点射出到到达x轴的时间为（2d+）点评：本题是粒子在磁场中匀速圆周运动和电磁感应的综合．磁场中圆周运动常用方法是画轨迹，由几何知识求半径．【物理---选修3-4】（15分）13．（6分）（2013•湖北模拟）如图甲为一列沿x轴传播的简谐波在t=0.1s时刻的波形图．图乙表示该波传播的介质中x=2m处的质点a从t=0时起的振动图象．则（）A．波传播的速度为20m/sB．波沿x轴正方向传播C．t=0.25s时，质点a的位移沿y轴负方向D．t=0.25s时，x=4m处的质点b的加速度沿y轴负方向考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．专题：振动图像与波动图像专题．分析：本题要在乙图上读出a质点在t=0时刻的速度方向，在甲图上判断出波的传播度方向；由甲图读出波长，由乙图读出周期，即求出波速和频率；解答：解：A、由乙图知，质点的振动周期为T=0.2s，由甲图知，波长λ=4m，则波速为：．故A正确；B、由乙图知，t=0时刻，质点a向下运动，在甲图上，由波形的平移可知，该波沿x轴正方向传播，故B正确；C、由乙图知，质点的振动周期为T=0.2s，所以质点a在t=0.25s的时刻的振动情况与t=0.5s时刻的振动情况相同，即处于负的最大位移处，所以位移沿y轴负方向．故C正确；D、由图甲可知，a质点和b质点的平衡位置相距半个波长，振动情况总是相反，所以在振动过程中任意时刻的位移都相反，所以质点b处于正的最大位移处，加速度沿y 轴负方向．故D正确．故选：ABCD点评：本题关键要把握两种图象的联系，能根据振动图象读出质点的速度方向，在波动图象上判断出波的传播方向．14．（9分）某同学欲测直角棱镜ABC的折射率．他让一束平行光以一定入射角从空气投射到三棱镜的侧面AB上（不考虑BC面上的光束反射），经棱镜两次折射后，又从另一侧面AC 出射．逐渐调整在AB面上的入射角，当侧面AC上恰无出射光时，测出此时光在AB面上的入射角为α．①在右面图上画出光路图．②若测得α=60，写出折射率n计算公式，并求出n值．考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：①光线经过棱镜两次折射后从AC侧面射出时，恰无射出光，说明在AC面上恰好发生了全反射，折射角为90°，画出光路图．②在AC面上和AB面上，分别运用折射定律列式；根据几何关系得到AC面上折射角与AB面上入射角之间的关系，联立即可求得n．解答：解：①光路如图．②在AC面上，有：sinγ=根据几何知识得β+γ=则得 cosβ=sinγ=sinβ==在AB面上：=n则 sinα=nsinβ=折射率值为：n==答：①在图丙上画出光路图如图所示．②若测得入射角α=60°，折射率n的值是．点评：本题要根据光的折射规律的作图，知道全反射现象，并能结合数学知识求解折射率，画光线时，注意要标出光的传播方向．【物理---选修3-5】（15分）15．（2013•罗山县一模）下列说法正确的是（）A．根据玻尔理论，氢原子在辐射光子的同时，轨道也在连续地减小B．放射性物质的温度升高，则半衰期减小C．用能量等于氘核结合能的光子照射静止氘核，不可能使氘核分解为一个质子和一个中子D．某放射性原子核经过2次α衰变和一次β衰变，核内质子数减少3个E．根据玻尔理论，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小．考点：玻尔模型和氢原子的能级结构．专题：原子的能级结构专题．分析：玻尔理论认为原子的能量是量子化的，轨道半径也是量子化的；半衰期由原子核本身决定，与原子的物理、化学状态无关；。
甘肃省高台县第一中学高一分班考物理试卷及答案
甘肃省高台县第一中学高一分班考物理试卷及答案一、选择题1．通过可直接感知的现象，推测无法直接感知的物理规律，这是物理学中常用的探究方法。
小明观察到图所示的现象，并进行了初步推测，其中不符合．．．事实的是（）A．甲图中，风吹树摇，风停树静。
推测：力是物体运动的原因B．乙图中，将两个表面光滑的铅块相互紧压后，会粘在一起。
推测：分子间有引力C．丙图中，温度计放在红光外侧时示数会增大。
推测：红光外侧有人眼看不见的光D．丁图中，注少量水的易拉罐加热后，封住罐口并冷却，罐变瘪。
推测∶大气有压强2．如图所示电路，闭合开关，甲、乙两灯泡均发光，过一会儿，其中一个灯泡突然熄灭，一只电表指针仍明显偏转，另一只电表示数为零，造成此现象的原因可能是（）A．甲灯泡短路B．乙灯泡短路C．甲灯泡断路D．乙灯泡断路3．小明把上钩后的鱼匀速拉出水面过程中，会感觉鱼逐渐“变重”，关于小明用该鱼竿钓鱼的过程，下列说法正确的是（）A．鱼竿是省力杠杆，鱼受到的浮力逐渐增大B．鱼竿是省力杠杆，细绳上的拉力逐渐减小C．鱼竿是费力杠杆，鱼受到的重力逐渐增大D．鱼竿是费力杠杆，细绳上的拉力逐渐增大4．在课外活动中，小明对水滴下落的规律进行了探究，如图是用频闪照相机每隔相同时间拍摄的同一水滴下落时的不同位置。
由图可知（）A．以水龙头为参照物，水滴是静止的B．水滴做加速直线运动C．水滴做匀速直线运动D．水滴先做加速后做匀速直线运动5．在盛满不同液体的相同的溢水杯中，放入两个完全相同的小球，如图所示。
当小球静止时，甲、乙两杯中溢出液体的重力分别为0.5N和0.4N，则下列说法错误的是（）A．甲球受到的浮力大于乙球受到的浮力B．乙球受到的浮力等于0.4NC．甲杯液体的密度大于乙杯液体的密度D．小球的质量为40g6．小明在淹城春秋民俗文化区游玩时，发现一种木制玩具青蛙刮鼓，用木棒在木制青蛙背上摩擦，就会发出类似青蛙的叫声，有时还能引起周围青蛙的附和共鸣，下列说法正确的是（）A．青蛙刮鼓发出的声音是由木棒振动产生的B．模拟青蛙的叫声是指音色相近C．能引起周围背蛙的附和共鸣说明声音能传递能量D．青蛙刮鼓发出的声音一定是噪声7．图甲是模拟调光灯。
【物理】甘肃兰州第一中学2014-2015学年高一上期期末考试卷(精校解析版)
挂图或试题答案．如图所示．关于小磁铁，下列说法中正确的是（
）
A ．磁铁受到的电磁吸引力大于受到的弹力才能被吸在黑板上
B．磁铁受到五个力的作用 C．磁铁与黑板间在水平方向上存在两对作用力与反作用力
D ．磁铁受到的支持力与黑板受到的压力是一对平衡力 【答案】 C 【解析】 因磁铁在水平方向受力平衡， 故磁铁受到的电磁吸引力等于受到的弹力，
时，弹簧与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是（
）
A ．两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为
gsin θ
B．B 球的受力情况未变，瞬时加速度为零
C．A 球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为 2gsin θ D．弹簧有收缩的趋势， B 球的瞬时加速度向上， A 球的瞬时加速度向下， A、B 两球瞬
）
A ． 8m/s2
B ． 5m/s2
C．1m/s 2
D ． 7m/s2
【答案】 A
【解析】设物体为质量为 m，根据牛顿第二定律得： F1 =ma1，F 2=ma 2；则 F 1 和 F2 共同
作用于该物体时合力范围为： F 2-F1≤F 合≤F2+F 1，代入得： m≤F 合≤６m；又由牛顿第二定律得 加速度的范围为： 12m/s2≤a≤ 6m/2s
F2- mg=ma
③
代入数据解得 m=2kg ； k=500N/m=5N/cm ； a=5m/s 2 故 B 错误， C D 正确；故选： CD ．
10．建筑工人用如图所示的定滑轮装置运送建筑材料．质量为
70.0 kg 的建筑工人站在
地面上，通过定滑轮将 20.0 kg 的建筑材料以 0.5 m/s2 的加速度竖直加速拉升，忽略绳子和
5 m/s2
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甘肃省高台县第一中学2014-2015学年高一上学期期末考试物理试题1.关于物体的惯性，下列说法中正确的是（ ）A.运动速度大的物体不能很快地停下来，是因为物体的速度越大，惯性也越大B.静止的火车启动时，速度变化慢，是因为静止的物体惯性大的缘故C.乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小D.在宇宙飞船中的物体不存在惯性2．李平同学在单杠上练习引体向上时，两臂平行握住单杠并保持静止，在他两臂逐渐分开的过程中，手臂的拉力（ ）A.逐渐变大B.逐渐变小C.先变小，后变大D.先变大，后变小3．物体受10 N 的水平拉力作用，恰能沿水平面匀速运动，当撤去这个拉力后物体将 ( ) A ．匀速运动 B ．立即停止运动 C ．产生加速度，做匀减速运动D ．产生加速度，做匀加速运动4.如图所示，三个共点力F 1、F 2与 F 3作用在同一个质点上，其中，F 1与F 2共线且反向，F 3与F 1垂直，F 1=6N 、F 2=2N 、F 3=3N 。
则质点所受的合力为（ ） A ．7N B ．11N C ．1N D ．5N5．如图所示，在水平方向推力F 1和F 2作用下，水平桌面上的木块向右做匀速直线运动。
F 1＝10N ，F 2＝2N 。
从撤去F 1，到木块停止运动前，木块所受的摩擦力f 的大小和方向分别为（ ）A ．f ＝8N ，方向向右B ．f ＝8N ，方向向左C ．f ＝10N ，方向向左D ．f ＝2N ，方向向右6. 将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，t v -图象如图所示,以下判断正确的是（ ） A ．前s 3内货物处于失重状态B ．最后s 2内货物只受重力作用C．最后s2内货物处于超重状态D．前s3内与最后s2内货物的平均速度相同7．下列说法中错误的是（）A．书放在水平桌面上受到的支持力，是由于书发生了微小形变而产生的B．用细木棍拨动浮在水中的圆木，圆木受到的弹力是由于细木棍发生形变而产生C．绳对物体的拉力方向总是沿着绳而指向绳收缩的方向D．支持力的方向总是垂直于支持面而指向被支持的物体8．下列说法正确的是（）A．物体有加速度，速度就增加B．物体的速度变化越快，加速度就越大C．物体的速度变化量Δv越大，加速度就越大D．物体运动的加速度等于零，则物体一定静止9．小球从空中自由下落，与水平地面碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如图所示。
取g=10m/s2。
则（）A．小球第一次着地前速度的大小为3 m/sB．小球第一次反弹初速度的大小为5 m/sC．小球能弹起的最大高度为0.45mD．小球能弹起的最大高度为1.25m10. 如图所示，与水平面夹角为30°的固定斜面上有一质量m＝1.0 kg的物体．细绳的一端与物体相连，另一端经摩擦不计的定滑轮与固定的弹簧秤相连．物体静止在斜面上，弹簧秤的示数为4.9 N。
关于物体受力的判断(取g＝9.8 m/s2)，下列说法正确的是()A．斜面对物体的摩擦力大小为零B．斜面对物体的摩擦力大小为4.9 N，方向竖直向上9.4N，方向竖直向上C．斜面对物体的支持力大小为3D．斜面对物体的支持力大小为4.9 N，方向垂直斜面向上11．做匀减速直线运动的质点，它的位移随时间变化的规律是x=24t-1. 5t2(m)，当质点的速度为零，则t为多少（）A．1.5s B．8s C．16s D．24s12．一质量为3kg的物体受到两个共点力作用，大小分别是 6 N 和9 N，则物体的加速度（）A ．最小是 2m/s 2B ．最大是 6 m/s 2C ．可能是3m/s 2D ．可能是8m/s 213．如图所示，质量为m 的木块在置于桌面上的木板上滑行，木板静止，它的质量M=3m 。
已知木块与木板间、木板与桌面间的动摩擦因数均为μ。
则木板所受桌面的摩擦力大小为： A ．μmg B ．2μmg C ．3μmg D ．4μmg 14.如图所示是采用动力学方法测量空间站质量的原理图，若已知飞船质量为3.0×103Kg,其推进器的平均推力F 为900N,在飞船与空间站对接后，推进器工作5秒内，测出飞船和空间站速度变化是0.05m/s,则空间站的质量为（ ）A ．6.0×103KgB ．6.0×104KgC ．9.0×104KgD ．8.7×104Kg15.根据牛顿运动定律可知，下列说法正确的是（ ）A ．篮球撞到墙上后被弹回来，墙却没有移动，是因为碰撞过程中墙给篮球的弹力大于篮球对墙的压力B ．铁块掉到水中能够加速下沉，是因为铁块的重力大于铁块受到的浮力C ．只有两个物体都处于平衡状态时，作用力和反作用力才会大小相等D ．篮球比赛中，运动员用力蹬地跳起的过程中，人受到的支持力大于人对地面的压力 *16.小明站在电梯内的体重计上，电梯静止时体重计示数为50kg ，若电梯运动过程中，他看到体重计的示数为60 kg 时，下面说法中正确是( ) A ．电梯可能正加速上升，加速度大小为2m/s 2 B ．电梯可能正加速下降，加速度大小为2m/s 2C ．此时小明的体重并没有增加，只是他对体重计的压力变大了D ．电梯一定在减速下降，加速度大小为2m/s 2*17.质量为m 的木块在拉力F 的作用下，在水平地面上做匀速运动，如图所示，已知木块与地面间的动摩擦因数为μ，那么物体受到的滑动摩擦力大小为（ ）A ．μmg B. Fcos θ C ．μ（mg －Fsin θ） D. μ（mg+Fsin θ）*18.如图所示，一质量为的物体沿倾角为的斜面匀速下滑。
下列说法正确的是（ ） A ．物体所受合力为0 B ．物体所受合力为mgsin θC ．摩擦力大小与物体下滑速度大小无关D ．物体匀速下滑速度越大，则物体所受摩擦力越小*19.某人在地面上用弹簧秤称得体重为490N 。
他将弹簧秤移至电梯内称其体重，在t 0至t 3时间段内，弹簧秤的示数如图所示，电梯运行的v-t 图可能是（取电梯向上运动的方向为正） *20．如图所示，用一根细绳和一根轻直杆组成三角支架，绳的一端绕在手指上B 点，杆的一端顶在掌心O 处，当在A 处挂上重物时，整个系统处于静止状态，此时杆OA 处于水平状态，绳与杆分别对手指和手掌有力的作用，对这两个作用力的说法正确的是 A ．绳对手指的拉力沿AB 方向（与图示方向相反） B ．绳对手指的拉力沿BA 方向（如图示方向）C ．绳子对A 点的作用力和杆对A 点的作用力的合力方向竖直向上D ．绳子对A 点的作用力和杆对A 点的作用力的合力大小大于重物的重力第Ⅱ卷（非选择题，共50分）二、实验题 ：(本题每空2分.共14分）21.某同学探究弹簧弹力和弹簧伸长的关系。
实验装置如图所示，刻度尺（最小刻度为毫米）的0并记录下此时弹簧长度，进而求得弹簧的劲度系数k 。
重力加速度g 10m/s 2。
（1）右图是在弹簧下端悬挂质量为350g 钩码时实验装置的示意图，此时弹簧的实际长度为 cm ；（2）若已知弹簧原长为7.80cm ，则根据此次测量的数据，求得弹簧的劲度系数k= N/m 。
（保留2位有效数字）图30.51.22.某同学验证物体质量一定时加速度与合力的关系，实验装置如图1所示。
主要思路是，通过改变悬挂小钩码的质量，改变小车所受拉力，并测得小车的加速度。
将每组数据在坐标纸上描点、画线，观察图线特点。
（1）实验中应该满足：钩码的质量m和小车质量为：。
（2）如图2所示为本实验中得到的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔T=0.10s，其中x1=7.05cm、x2=7.68cm、x3=8.33cm、、x5=9.61cm、x6=10.26cm。
为了尽量减小误差，则用T、x1、x2…x6表示小车加速度大小a= ，计算得加速度大小a= m/s2（计算结果保留两位有效数字）。
（3）经过6次实验，获得了6组对应的小车所受合力F、小车加速度a的数据，在坐标纸上描点、画线，得到如图3所示的a-F图线。
发现图线不过原点，经排查发现：并非人为的偶然误差所致，那么，你认为出现这种结果的原因可能是：学习牛顿第二定律后，你认为，图3中图线的斜率表示三、计算题：（本大题共4小题，共36分。
解答应写出必要的文字说明、示意图、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分。
有数值计算的问题，答案中必须明确写出数值和单位。
)23.（8 分）我国已于2012年11月完成舰载机阻拦着舰(示意图见图)试验!与岸基飞机着陆时可减速平飞不同，舰载机着舰时，一旦飞机尾钩未能挂住阻拦索，则必须快速拉升逃逸。
假设航母静止，“歼–15”着舰速度为30 m/s，钩住阻拦索后能匀减速滑行45 m停下。
若没有钩住阻拦索，必须加速到50 m/s才能安全飞离航母，航母甲板上用于战机加速的长度仅有200m。
（1）求“歼–15”在钩住阻拦索后的减速过程中的加速度大小及滑行时间。
（2）若没有钩住阻拦索，战机要安全飞离航母，则“歼–15”在甲板上做匀加速运动的加速度至少多大?24.（8分）如图所示，物体甲重20 N，物体乙重100N，乙与水平桌面间的最大静摩擦力是30 N，轻绳OA与竖直方向的夹角θ＝37°，物体甲、乙均处于静止状态．(已知sin 37°＝0．6，cos 37°＝0．8)求：（1）轻绳OA、OB受到的拉力是多大；（2）物体乙受到的摩擦力是多大，方向如何．25.（8分）一井深45米，在井口每隔一定时间自由落下一小球，当第7个小球从井口开始下落时，第一个小球恰好落至井底，问：（1）相邻两个小球下落的时间间隔是多少?（2）这时第3个小球和第5个小球相距多远？26．（12分）总质量为m＝60 kg的滑雪者以初速度v0＝8 m/s沿倾角为θ＝37°的斜面向上自由滑行，已知滑雪者能沿斜面上滑的最大距离是4m．（sin 37°＝0．6，cos 37°＝0．8 ，g取10 m/s2不计空气阻力）试求：(1) 滑雪者沿斜面上滑时的加速度a1是多少？(2) 雪橇与斜面间的动摩擦因数μ；(3) 若滑雪者滑行至最高点后掉转方向向下自由滑行，求他下滑时的加速度a2；(4) 滑雪者滑到起点时的速度大小．高一物理答案1-15AADCB BCDAB CDABC16.AC 17.CD 18.BC 19.AD 20.AC21.（1）14.84 （2）5022.（1）m远小于M （2）0.64⑵第4个小球的速度为（1分）第3个小球与第5个小球间的距离（2分）而（1分）所以，由以上三式得（1分）26.解析：（1）上滑过程中，滑雪者沿斜面向上做匀减速直线运动加速度a1＝＝-8m/s2，方向沿斜面向下（2）对人进行受力分析,如右图mgsinθ＋Ff＝ma1，a1与合力方向相同，取正．FN＝mgcosθFf＝μFN由以上各式解得：μ=（a1-gsinθ）/(g·cosθ)=0.25 （3）滑雪者沿斜面下滑时，对人受力分析如右图所示。