高三上学期期末质量检测物理Word版含答案

高三上学期期末质量检测
物理试题
二．选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，14～18题只有一个选项正确，19～21题有多个选项正确。

全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分)
14.阻值为R的电炉丝通以大小为I的恒定电流时其电功率为P，当把它接在某正弦交流电源两端时其电功率也为P。

则该交流电源电压的最大值为
A.
2
2
IR2IR C.IR D.2IR
15.如图所示，两小球A、B分别从距地面高度h、2h处以速度v A、v B水平抛出，均落在水平面上CD间的中点P，它们在空中运动的时间分别为t A、t B。

不计空气阻力，下列说法正确的是
A.:2
A B
t t=
B.:1:2
A B
t t=
C.:2
A B
v v=
D.:1:2
A B
v v=
16.2017年诺贝尔物理学奖颁给LIGO科学合作组织的三位主要成员，以表彰他们对引力波研究的卓越贡献。

在物理学中，引力波是指时空弯曲中的涟漪，通过波的形式从辐射源向外传播，并以引力辐射的形式传输能量。

2015年9月，LIGO科学合作组织成功探测到来自于13亿年前两个黑洞合并时产生的引力波信号。

假设两黑洞合并前绕它们连线的某一点在万有引力作用下做匀速圆周运动，不计其它天体的影响，下列判断正确的是
A.合并前两黑洞间的万有引力越来越小
B.合并前两黑洞旋转的周期越来越大
C.合并前两黑洞旋转的线速度越来越大
D.合并前后两黑洞的总质量保持不变
17.如图甲所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，接着又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复。

通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图象如图乙所示，不计空气阻力，下列判断正确的是
A.t1时刻小球速度最大
B.t2时刻小球机械能最大
C.t1～t2时间内，小球的速度先减少后增加
D.t2～t3时间内，小球的加速度先减少后增加
18.一匀强电场的方向平行于xoy平面，如图所示，平面内a、b、c三点的坐标分别为（-48,64）、（48,36）、（0,100），三点的电势分别为18V，11V，27V。

下列说法正确的是
A.坐标原点处的电势为0V
B.电场强度的大小为25V/m
C.电子在a点的电势能为18eV
D.电子从c点运动到b点，电场力做功为16eV
19.一辆CRH2型动车组的总质量M=2.0×105kg，额定输出功率为4800kW。

假设该动车组在水平轨道上运动时的最大速度为270km/h，受到的阻力f与速度v满足f=kv，g取10m/s2。

下列说法正确的是
A.该动车组以最大速度行驶时的牵引力为6.4×104N
B.从题中给出的数据可算出k=1.0×103N⋅s/m
C.当匀速行驶的速度为最大速度一半时，动车组受到的阻力为1.6×104N
D.当匀速行驶的速度为最大速度一半时，动车组的输出功率为1200kW
20.如图所示，接有恒定电源的两平行金属板M、N水平放置，板长为L，两板间距为1.5L，在两板间施加垂直纸面的匀强磁场（未画出）。

开始时开关S断开，将一束质量为m、电量为-q的粒子从两板左侧边界某点以初速度v水平射入，粒子正好垂直到达N板的右边缘；接着闭合开关S，粒子恰能沿水平方向运动；若撤去磁场，粒子正好到达M板的右边缘。

不计粒子重力，下列判断正确的是
A.电源电压为
2 3
2 mv q
B.匀强磁场的方向垂直纸面向外
C.粒子射入的位置到M板的距离为
2
L
D.粒子到达M板的时间与到达N板的时间之比为:2
π
21.如图甲所示，一质量为M的长木板静置于光滑水平面上，上面放一质量为m的滑块。

t=0时刻，滑块受到水平向右的拉力F随时间t的变化规律为F=kt，其中k=2N/s，用传感器测出滑块加速度a，得到的a-F图象如图乙所示。

设滑块与木板之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2，下列判断正确的是
A.滑块的质量等于0.5kg
B.滑块与木板保持相对静止的时间为3s
C.滑块与木板之间的动摩擦因数为0.2
D.拉力等于6N时木板的速度为1.5m/s
第II卷
三、非选择题：第22题~第26题为物理试题；第27题~第30题为化学试题；第31题~第35题为生物试题。

22.(6分)图甲是测量圆盘转动角速度的实验装置。

水平放置的圆盘绕通过圆心的竖直轴匀速转动，圆盘转动时其边缘上固定的挡光片从光电门的狭缝中经过时，光电数字计时器可显示出光线被遮住的时间。

图乙是用螺旋测微器测得挡光片的宽度，读数为mm;图丙是用游标卡尺测得圆盘的直径，读数为cm；若光电数字计时器显示的时间为50.0ms，则圆盘匀速转动的角速度为rad/s(保留两位有效数字)。

23.(9分)在“测量电池的电动势和内阻”实验中，测量对象为两节干电池。

为了提高实验精度，采用如图甲所示电路，提供的器材如下：
量程3V的电压表V；
量程0.6A的电流表A(具有一定内阻)；
定值电阻R0(阻值未知，约几欧姆)；
滑动变阻器R1(0~10Ω)
滑动变阻器R2(0~200Ω)
单刀单掷开关S1、单刀双掷开关S2，导线若干。

(1)为方便实验调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用(选填“R1”或“R2”)。

(2)开始实验之前，S1、S2都处于断开状态。

①闭合S1，S2接通1，电路中电压表、电流表的示数如图乙所示，电流表的读数为A，电压表的读数为V。

②闭合S1，S2接通2，改变滑动变阻器的阻值，测得多组电压表、电流表的读数如下表：
③在图丙所示的坐标系中描点作图，由图象得两节新电池总电动势为V,总内阻为Ω。

(结果保留至小数点后第二位)
(3)请说出该测量电路的优点。

(写出一条即可)
24. (12分)智能分拣设备迅速将包裹分拣装车。

若把智能分拣设备简化成如图所示的水平传输装置，皮带在电动机的带动下保持v=1m/s的速度向右运动，现将一质量为m=2kg的包裹轻放在皮带上，包裹和皮带间的动摩擦因数μ=0.5。

包裹从轻放在皮带上到相对皮带静止的过程中，设皮带足够长，取g=10m/s2，求：
(1)包裹滑动时加速度a的大小；
(2)包裹滑动的时间t；
(3)包裹位移x的大小。

25.(16分)如图所示，PM是半径为R的光滑四分之一绝缘轨道，在该轨道内有垂直纸面向外的匀强次大红，磁感应强度大小为B。

MN水平且足够长，PM下端与MN相切于M点。

质量为m的带正电小球b静止在水平轨道上，质量为2m、电荷量为q的带正电小球a从P点静止释放，在a球进入水平轨道后，a、b两小球间只有静电力作用，且a、b两小球始终没有接触。

带电小球均可视为点电荷，设小球b离M点足够远，重力加速度为g。

求：
(1)小球a刚到达M点时速度大小及对轨道的压力大小；
(2)a、b两小球系统的电势能最大值E P；
(3)a、b两小球最终的速度v a、v b的大小。

(1)小车刚进入磁场时的速度v1大小；
(2)小车匀速运动的速度v2大小。

(3)若小车从刚进入磁场到匀速运动时所用的时间为t，这过程中通过线框的电量q。

参考答案
本答案供阅卷评分时参考，考生若写出其它正确解法，可参照评分标准给分。

一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．B 15．A 16．C 17．D 18．B 19．AD 20．AC 21．BCD
二、实验题：本题共2小题，第22题6分，第23题9分，共15分。

22．（6分） 7.980 20.26 1.6 （每空2分）
23．（9分） （1）R 1 （每空1分）
（2）①0.30（或0.300） 1.20 （每空1分）③ 3.10~3.20 1.00~1.30 （每空2分）
（3）保护安培表；消除安培表内阻造成的系统误差；等效内阻变大等；答案合理同样给分 （2分）
三、计算题：本题共3小题，第24题12分，第25题16分，第26题19分，共47分。

24．（12分）
（1）据牛顿第二定律f mg ma μ== ①
解得：25/a m s = ②
（2）0.2v t s a =
= ③ (3) 210.12
x at m == ④ 评分参考：第（1）第（2）第（3）问各4分，其他正确解答参照给分。

25．（16分）
（1）由动能定理有()21222M mgR m v =
①
解得：M v ②
由牛顿第二定律有222M M mv N mg qv B R
--= ③
解得：6N mg =+ ④
根据牛顿第三定律得小球对轨道的压力为：6N mg '=+⑤
（2）两球速度相等时系统电势能最大，由动量守恒定律有23M mv mv =共 ⑥ 根据能量转化与守恒定律有()()2211E 2322p M m v m v =
-共 ⑦ 解得：2E 3
p mgR = ⑧ （3）由动量守恒定律和能量转化与守恒定律有22M a b mv mv mv =+ ⑨
()()22211122222
M a b m v m v mv =+ ⑩
解得：43b M v v == ○11 4
3b M v v == ○12 评分参考：第（1）问7分，①③式2分，②④⑤式各1分；第（2）问5分，⑥⑦式2分，
⑧式1分；第（3）问4分，⑨⑩○11○12各1分。

其他正确解答参照给分。

26．（19分）
（1）由动能定理有211()sin 2
mg d L mv θ-= ①
解得1v = ②
（2）由电磁感应定律有2E nBLv = ③
E I R
= ④ F nBIL =安 ⑤
匀速运动时有sin F mg θ
=安 ⑥ 联立③~⑥解得：2222
sin mgR v n B L θ= ⑦ （3）由动量定理有 21sin mgt F t mv mv θ-
∆=-∑安 ⑧ nBiL t nBLq ∆=∑ ⑨
联立：222sin (sin mg mR q t nBL n B L θθ=- ⑩ 评分参考：第（1）问5分，①式3分②式2分；第（2）问7分，③④⑤式各1分，⑥⑦式
各2分；第（3）问7分，⑧式3分；⑨⑩式各2分。

其他正确解答参照给分。