江西省赣州市2019-2020学年中考物理模拟试题含解析

江西省赣州市2019-2020学年中考物理模拟试题
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．电动机是一种高效率，低污染的动力设备，广泛地应用在日常生活和生产实践中．下列家用电器中应用了电动机的是（）
A．洗衣机B．电饭锅C．电热水壶D．电热毯
A
【解析】
【详解】
洗衣机通电时，滚筒会发生转动，表明洗衣机内部有电动机，所以洗衣机应用了电动机；
电饭锅、电热水壶、电热毯通电时，电能转化为热，它们是利用了电流的热效应．
故选A．
2．飞机黑匣子的电路等效为两部分，一部分为信号发射电路，可用等效电阻R1表示，用开关S1控制，30天后自动断开，R1停止工作；另一部分为信息储存电路，可用等效电阻R2，用开关S2控制，能持续工作6年，如图所示．关于黑匣子的等效电路中正确的是
A．B． C． D．
B
【解析】
【分析】
【详解】
A图中的开关S1控制整个电路，故不符合题意；B图中两个电阻并联，两个开关各控制一个电阻，并且符合题目中所描述的所有内容，故符合题意；C图中的开关S1控制整个电路，故不符合题意；D图中的开关S1控制整个电路，故不符合题意；故应选B．
3．有经验的渔民都知道．只有瞄准鱼的下方才能把鱼叉到，如图所示．下列四幅光路图，能够正确说明叉到鱼的道理的是( )
A．B．C．D．
C
【解析】
水中鱼反射出的光，在水面处发生了折射，折射角大于入射角，人认为光是沿直线传播的，所以逆着折射光线看上去，看到的是变浅的鱼的虚像，所以有经验的渔民应该用鱼叉瞄准看到鱼的下方位置，才能将鱼叉到；如图所示：
由此可知，B 、D 选项光的传播方向错误，A 选项折射角等于入射角，故错误，只有C 选项正确，故选C ．
4．如图所示，电源电压保持不变，R 1：R 1：R 3＝1：1：1．闭合开关S 1、S 1，电压表V 1、V 1的示数分别为U 1、U 1，电流表A 的示数为I ，只闭合开关S 1，电压表V 1、V 1的示数分别为U 1′、U 1′，电流表A 的示数为I ′，则下列说法中错误．．
的是
A ．U 1：U 1＝1：1
B ．U 1′：U 1′＝1：3
C ．I ：I ′＝4：1
D ．U 1：U 1′＝1：3
C
【解析】
【分析】
【详解】 闭合开S 1、S 1,等效电路图如图1所示;只闭合开关S 1，等效电路图如图1所示：
已知R 1：R 1：R 3＝1：1：1，由I ＝U R 可得：11122211U IR R U IR R ＝＝＝,故A 正确；'111'223231()3U I R R U I R R R R ++''＝＝＝,故B 正确；1231212123
21
U
R R R R R I U I R R R R R ++++++'＝＝＝,故C 错误；
()222'22323212133
U IR R I U I R R I R R ''⨯⨯++＝＝＝＝,故D 正确．故选C. 5．如图所示，小磁针N 极的指向和通电螺线管的磁感线方向均正确的是
A ．
B ．
C ．
D ．
C
【解析】
【详解】
AB ．图中电流方向和线圈的绕法都相同，且电流从左后方流入、右前方流出，根据安培定则，通电螺线管的右端为N 极，螺线管的左端为S 极．小磁针右上端为N 极．在磁体外部，磁感线方向由N 极指向S 极，则磁感线方向向左．故AB 错误．
C ．根据安培定则，通电螺线管的左端为N 极，右端为S 极．则小磁针右上端为S 极．在磁体外部，磁感线方向由N 极指向S 极，则磁感线方向向右．故C 正确．
D ．由图，根据安培定则，通电螺线管的右端为N 极，左端为S 极．则小磁针右上端为N 极．在磁体外部，磁感线方向由N 极指向S 极，则磁感线方向向左．故D 错误．
6． “控制变量法”是初中常见研究方法．下列教材中的探究实验，不需要控制“电流一定”的是（ ） A ．探究电功与电压的关系
B ．探究通电导体产生的热量与电阻的关系
C ．探究导体电阻与长度的关系
D ．探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系
C
【解析】
【详解】
A ．由W ＝UIt 可知，要探究电功与电压的关系，需使电流和通电时间一定．故A 不符合题意；
B ．由Q ＝I 2Rt 可知，通电导体产生的热量与电路中的电流、导体的电阻和通电时间有关，要探究热量与电阻的关系，需控制电流和通电时间一定．故B 不符合题意；
C．电阻与导体的长度、材料、横截面积和温度有关，与电流大小无关，探究与长度的关系，不用控制电流一定．故C符合题意；
D．电磁铁磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关，要探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，需控制电路中的电流相同．故D不符合题意．
7．如图，人驾驶电动平衡车前进．下列说法正确的是（）
A．以平衡车为参照物，车上的人是运动的
B．平衡车行驶时只能将机械能转化为电能
C．人受到的重力和支持力是一对相互作用力
D．车对人的支持力和人对车的压力是一对相互作用力
D
【解析】
【分析】
①研究对象相对于参照物的位置发生变化，是运动状态；位置没有变化，是静止状态；
②电动机是电能转化为机械能的机器；
③相互作用力发生在两个物体之间，分别作用在这两个物体上．
【详解】
A、人驾驶电动平衡车前进过程中，相对于平衡车，车上的人位置没有变化，所以是静止的．故A错误；
B、平衡车靠电动机提供动力，电动机工作过程中消耗电能，得到机械能．故B错误；
C、人受到的重力是地球施加的，人是受力物体；车对人的支持力受力物体还是人，所以这两个力是一对平衡力，不是相互作用力．故C错误；
D、车对人的支持力和人对车的压力作用点分别在人和车上，同时产生，同时消失，是一对相互作用力．故D正确．
故选D．
【点睛】
此题考查了物体运动状态的判断、能量转化及平衡力和相互作用力的区别．要知道二力平衡是一个物体受到两个力的作用，而相互作用力作用在两个物体上．
8．下列操作正确的是
A．
B．
C．
D．
D
【解析】
【分析】
掌握测量工具的使用方法．据此分析．
【详解】
A在使用时，将手的一部分接触笔尾金属体，用笔尖接触被测的导线．（手指千万不能碰到笔尖）．故A错误；B温度计测容器中液体温度时，温度计不要碰到容器底．故B错误；C用弹簧测力计测钩码受到的力时，应竖直向上拉弹簧测力计．故C 错误；D用刻度尺测物体长度读数时眼睛正对刻度尺．故D正确．故选D.
9．如图所示，用铅笔芯做成一个滑动变阻器，移动左端的铜环可以改变铅笔芯接入电路的长度．开关闭合后，铜环从A端向B端滑动，电压表示数和小灯泡亮度的变化情况是（）
A．电压表示数变小，灯变亮B．电压表示数变大，灯变暗
C．电压表示数变小，灯变暗D．电压表示数变大，灯变亮
A
【解析】
【详解】
铜环从A端向B端滑动，会使铅笔芯连入电路中的电阻减少，电路中的电流增大，从而会造成灯泡的亮度变亮；电压表与滑动变阻器并联，电压表是测量滑动变阻器两端的电压，在灯泡的电阻不变（忽略温度对电阻的影响）时，电流与两端电压成正比，灯泡中的电流变大了，其实灯泡两端的电压也增大了，灯泡与滑动变阻器串联，灯泡两端电压与滑动变阻器两端电压之和等于电源电压；电源电压不变，灯泡两端电压增大了，滑动变阻器两端电压减小，所以电压表的示数减小了．
10．下面是某位同学对部分诗句中蕴涵的物理知识的理解：①“露似珍珠月似弓”﹣﹣露实际是小水珠，是由冰熔化形成；②“夜半钟声到客船”﹣﹣人能辨别传来的是“钟”声是根据声音的音调来判断的；③“坐地日行八万里，巡天遥看万千河”﹣﹣“坐地”是人对于地球是静止的；④“孤帆一片日边来”﹣﹣“孤帆”运动，是以江岸为参照物的．其中正确的是（ ）
A ．①②
B ．②③
C ．③④
D ．①④
C
【解析】
【详解】
“露似珍珠月似弓”--露实际是小水珠，是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故①错误；
“夜半钟声到客船”--人能辨别传来的是“钟”声是根据声音的音色来判断的，故②错误；
“坐地日行八万里，巡天遥看万千河”--“坐地”是人对于地球是静止的，故③正确；
“孤帆一片日边来”--“孤帆”运动，是以江岸为参照物的，故④正确，
综上所述只有C 正确，故选C 。

二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．在“探究凸透镜成像规律”的实验中，将蜡烛放在凸透镜前某一位置时，恰好在凸透镜后20cm 处的光屏上出现一个与该烛焰等大德像，下列判断正确的是
A ．该凸透镜的焦距是10cm
B ．该凸透镜的焦距是20cm
C ．当物距是15cm 时，成放大的像，投影仪就是根据这一原理制成的
D ．当物体从距凸透镜20cm 处远离透镜移动时，所成的像逐渐变小
ACD
【解析】
【分析】
根据题中“在“探究凸透镜成像规律”的实验中……，下列判断正确的是”可知，本题考查凸透镜成像规律及其应用。

根据凸透镜成像规律进行分析判断。

【详解】
AB 、距离凸透镜20cm 处的光屏上得到一个清晰的与物体等大的像，所以v ＝20cm ＝2f ，则f ＝10cm ，故A 正确，B 错误；
C 、当物距是15cm 时，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，故光屏上呈现倒立、放大的实像，投影仪就是根据这一原理制成的，故C 正确；
D 、已知凸透镜的焦距为10cm ，当物体从距凸透镜20cm 处远离透镜移动时，根据凸透镜成实像时“物远像近像变小”，所成的像逐渐变小，故D 正确。

12．如图所示电路，电源电压为U ，小灯泡标有“00U P ”（已知0U U ）。

实验操作正确并保证电路元
件安全，则在闭合开关S 后，移动滑片P 的过程中，电流表的最小示数为I ，电流表的示数最大变化了I ∆，电压表2V 的示数最大变化了U ∆。

设灯丝电阻不随温度而改变，下列说法正确的是（ ）
A ．小灯泡电阻为00
P U B ．滑动变阻器的最大阻值为2max U R I
∆=∆ C ．电压表1V 的示数最小值可表示为1min I U U I
=⋅∆∆ D ．电压表2V 的最大示数和最小示数的比值
2max 02min 0
U U U U U U U ∆+-=- CD
【解析】
【详解】 A ．小灯泡标有“00U P ”，所以小灯泡的电阻20L 0
U R P =，故A 错误。

B ．根据串联电路的电压等于各部分电压之和，电压表2V 的示数最大变化了U ∆，则灯泡两端的电压也变化了U ∆，电流化了I ∆，灯丝电阻不随温度而改变，则L U R I
∆=∆，滑动变阻器的最大阻值为2max 02max U U U U R I I
-+∆==，故B 错误。

C ．电压表1V 测灯泡两端的电压，电路中最小电流为I ，所以电压表1V 的示数最小值
1min L U I U IR I U I I
∆===∆∆∆，故C 正确。

D ．由题意可知，电压表V 2测滑动变阻器两端的电压，电压表2V 的最小示数 2min 0U U U =-，电压表2V 的最大示数2max
0U U U U =-+∆，则电压表2V 的最大示数和最小示数的比值2max 02min 0
U U U U U U U ∆+-=-，故D 正确。

13．小强同学用图的电路图进行实验，得到了如下数据：当滑片P 在某一端点时，电流表示数为0.3A ，小灯泡的功率为0.9W ，当滑片P 移到中点时，电压表示数变化了2V ，此时小灯泡恰好正常发光，且功率
为2W 。

请根据以上数据判断下列说法正确的是：
A ．电源电压为9V
B ．小灯泡正常发光时的电阻为10Ω
C ．小灯泡正常发光时的电阻为12.5Ω
D ．滑动变阻器的最大阻值为20Ω
ACD
【解析】
【详解】
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。

当滑片P 在某一端点时，电流表示数为0.3A ，小灯泡消耗的功率为0.9W ；
当滑片P 移至中点时，电压表示数变化了2V ，此时小灯泡恰好正常发光，且消耗的功率为2W ， 由小灯泡消耗的功率变大可知，电路中的电流I ＝0.3A 时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大， 由P ＝UI 可得，此时灯泡两端的电压：L L 0.9W 3V 0.3A
P U I ===， 当滑片P 移到中点时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，灯泡两端的电压变大，由电压表示数变化了2V 可知，此时灯泡两端的电压U L ′＝U L +2V ＝3V+2V ＝5V ，
因此时灯泡正常发光，且灯泡的功率P L ′＝2W ， 所以，由2
U P UI R
==可得，灯泡正常发光时的电阻： '22L 'L?()5V 12.5Ω2W
L U R P ===（），故B 错误，C 正确； 当滑片P 在最右端时，灯泡两端的电压U L ＝3V ，电路中的电流I ＝0.3A ，
因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，由U I R
=可得，电源的电压： U ＝U L +IR ＝3V+0.3A×R 滑 …………………①
当滑片P 移到中点时，灯泡两端的电压U L ′＝5V ，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流：'
L
L
5V?
0.4A
12.5
Ω
U
I
R
===
'，
电源的电压：'
L
U5V0.4A
22
R R
U I
=+⨯=+⨯
'滑滑………………………②
因电源的电压不变，所以，
3V+0.3A×R滑＝5V0.4A
2
R
+
⨯滑，
解得：R滑＝20Ω，故D正确；
电源的电压U＝U L+IR＝3V+0.3A×20Ω＝9V，故A正确；
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．发电机的工作原理______．能说明直流电动机工作原理的是图中的______图．
电磁感应乙
【解析】
据课本知识可知，发电机是利用电磁感应现象的原理制成的；甲图中没有电源，即线圈做切割磁感线运动会产生电流，即发电机原理；乙中有电源，即通电后磁场中的线圈会受力运动，所以乙是直流电动机的工作原理图．
15．如图所示，台秤上放置一个装有适量水的烧杯，已知烧杯和水的总重为2牛，将一重力为1.2牛、体积为2×10﹣4米3的长方体实心物块A用细线吊着，将其一半浸入水中，则A受到的浮力为_____牛。

当把细线剪断后，静止时A漂浮在水中且水未溢出，则A受到的浮力为____牛，台秤的示数为_____牛。

1 1.
2 3.2
【解析】
【详解】
（1）根据F浮＝ρ液gV排，物体A的一半浸入水中时受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝
1.0×103kg/m3×10N/kg×
1
2
×2×10−4m3＝1N，则此时物体A共受到重力、浮力和细线的拉力作用,且G＝F浮+F拉，则细线对物体A的拉力为F拉＝G−F浮＝1.2N−1N＝0.2N；
（2）物体A的质量：m＝
1.2
10/
G N
g N kg
＝＝0.12kg，物体A的密度：ρ
43
0.12
210
m kg
V m
＝＝
-
⨯
＝0.6×103kg/m3<ρ
水
所以，当把细线剪断后，物体A在水中漂浮，则F′浮＝G＝1.2N；
（3）根据力的作用的相互性可知,物体A对水向下的作用力F压＝F′浮＝1.2N，根据力的平衡的条件可知,托盘台秤的示数等于烧杯和水的重力、物体A对水向下的作用力之和,即F＝G总+F压＝2N+1.2N＝3.2N。

16．学校的操场上挂着扬声器(喇叭)，通过话筒和扬声器等的共同作用可以改变说话者发出声音的______ (选填乐音的三要素)。

如图是扬声器的构造示意图，它主要由固定的永久磁体、线圈和锥形纸盆构成。

当线圈中通有随声音变化的电流时，_____，从而带动纸盆也来回振动，于是扬声器就发出了声音。

响度线圈在磁场中受力的作用不断地来回振动
【解析】
【详解】
扬声器的使用主要是使声音传播的更远些，使远处的听众能更清晰的听到声音，扬声器振动幅度增加，故改变的是声音的响度，如图，扬声器中的线圈中通过变化电流时，线圈会受到永久磁铁的磁场力的作用，而带动与线圈相连的纸盆振动，将电信号转化成声信号，由于通过线圈的交变电流方向不断变化，线圈就不断地来回运动，带动纸盆振动发声，故当线圈中通有随声音变化的电流时，线圈在磁场中受力的作用不断地来回振动。

17．中国人民解放军海军成立70 周年之际，我国举行海上阅兵活动．海军舰艇采用前后编队形式（如图所示），而不采用“并排”航行，是因为当两舰艇并排高速行驶时，两舰艇之间液体流速________，压强________，容易发生碰撞事故．
大小
【解析】
【详解】
流体压强和流速的关系：流速大的地方压强小，流速小的地方压强大；两船并排行驶时，两船之间的水流速变大，中间压强要小于外面的压强，从而使两船逐渐靠近，有相撞的危险．
18．有一个质量540g，体积360cm3的空心铝球，其空心部分的体积是________ cm3；如果在空心部分注满水后，总质量是________ g．（铝的密度2.7×103kg／m3）
160 700
【解析】
【详解】
铝球实心部分体积为：，则空心部分的体积是：
360cm3-200cm3=160cm3；空心部分注满水，水的质量为：m水=，
1g/cm3×160cm3=160g，则总质量为540g+160g=700g。

四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．某款油电混合动力小汽车，具有省油、能量利用率高等特点，其相关信息如表1 所示．对该汽车做测试，只调整轮胎气压，测得单个轮胎数据如表2所示：
表1
驱动模式纯电动启动、低速油电混动中速
纯燃油高速
表2
次数 1 2 3
轮胎气压/×l05Pa 4.6 8.1 10.5
地面的受力面积/×l0-2m2 3.6 3.0 2.4
对地压强/×l05Pa 5.0 6.0 7.5
（每次单个轮胎对地压力不变）
（1）求单个轮胎对地的压力为多少？
（2）根据表2，要减小空车停在水平路面时的对地压强，提出可行的方法
（3）某次道路测试中，该车以中速匀速行驶170km，共消耗汽油10L．测试过程中，内燃机既向车轮提供能量，又向蓄电池充电，同时蓄电池又将部分能量通过电动车向轮胎输送，此时内燃机和电动机共同驱动车辆前进．求：
①在水平道路中速匀速行驶测试中，若平均阻力为1000N，牵引力做的功是多少？
②在水平道路中速匀速行驶测试中，若该车内燃机的效率为53%，此过程最终使蓄电池增加了多少能量？（忽略蓄电池和电动机的热损失，q汽油=4.6×l07J/kg，ρ汽油=0.7×l03kg/m3）
（1）1.8×104N；（2）要减小对地压强，应增大地面的受力面积，减小轮胎气压；（3）①1.7×108J；②6.6×105J
【解析】
【分析】
【详解】
（1）单个轮胎对地的压力：F=pS=5×
l05Pa×3.6×l0-2m 2=1.8×104N ； （2）由表格数据可知，轮胎气压越大，地面的受力面积越小，对地压强越大，则空车停在水平路面时，对地面的压力不变，要减小对地压强，应增大地面的受力面积，减小轮胎气压；
（3）①由题可知，汽车做匀速直线运动，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小是相等的，可得牵引
力F 牵=f=1000N ，汽车牵引力做的功W 机械=F 牵s=1000N×
170×103m=1.7×108J ； ②汽车消耗汽油的质量m 汽油=ρ汽油V=0.7×103kg/m 3×10×10-3m 3=7kg ，
汽油完全燃烧放出的热量Q 放=mq 汽油=7kg×
4.6×107J/kg=3.22×108J ， 内燃机输出的有用能量W 有用=Q 放η=3.22×108J×
53%=1.7066×108J ； 最终蓄电池增加的能量W=W 有用-W 机械=1.7066×
108J-1.7×108J=6.6×105J ． 答：（1）单个轮胎对地的压力为1.8×
104N ； （2）要减小对地压强，应增大地面的受力面积，减小轮胎气压；
（3）①牵引力做的功是1.7×
108J ； ②此过程最终使蓄电池增加了6.6×105J 能量．
20．如果只有重力做功，物体的动能和重力势能可以相互转化，但机械能的总量保持不变，在物理学中把这个规律叫做机械能守恒定律。

已知物体的重力势能表达式为P E mgh =，动能表达式为2k 12E mv =，其中m 为物体的质量，h 为物体距离水平地面的高度，v 为物体的运动速度。

如图所示，将一质量为0.3kg 的物体从距离地面20m 的高空静止释放，让小球自由下落，不计空气阻力。

求：
（1）小球落地时的速度是多大？
（2）如果小球从开始下落到落地用时2s ，重力做功的功率是多大？
（1）20m/s （2）30W
【解析】
【详解】
（1）物体从高处下落机械能守恒，则：mgh=12
mv 2，解得2gh 210N /kg 20m ⨯⨯； （2）重力做的功：W=Gh=mgh=0.3kg ×10N/kg ×20m=60J ，重力做功的功率：P=W t =60J 2s =30W 。

21．现在城区很多家庭都用上了燃气，那么燃气的热值是多少呢？小雨经过上网搜索，找到了如下一组数据：把100kg 的水从10℃加热到70℃，燃气热水器需要消耗1m 3燃气，已知燃气热水器的效率约为80%，
请你帮助小雨计算：100kg水从10℃加热到70℃需要吸收的热量；燃气的热值。

[气体的热值以J/m3为单位，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]
(1)2.52×107J (2) 3.15×107J/ m3
【解析】
【详解】
（1）100kg水从10℃加热到70℃需要吸收的热量Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（70℃-10℃）=2.52×107J；
（2）燃气完全燃烧放出的热量Q放=Q
η
吸=
7
2.5210J
80%
⨯
=3.15×107J，燃气的热值
q=Q
V
放=
7
3
3.1510J
1m
⨯
=3.15×107J/ m3。

五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．如图是小明房间的壁灯电路，为了再安装一个插座给书桌上的台灯独立供电，他决定将插座连接到a、b、c、d中的某两个接线柱上，请在图中画出符合要求的接法．导线不能交叉．
（________）
【解析】
【分析】
【详解】
根据要求，安装一个插座给书桌上的台灯独立供电，所以插座和电灯并联，开关控制电灯，因此插座并联在a、d两个接线柱上，电路图如下：
23．在图中，O点表示杠杆的支点，画出力F的力臂并用字母L表示．
【解析】
【详解】
试题分析：力臂是从支点到力的作用线的距离．由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂．
反向延长F的作用线，由支点O向F的作用线做垂线，垂线段的长度为F的力臂．如图所示：
考点：此题考查的是力臂的画法．
点评：此题主要考查了有关力臂的画法，首先要掌握力臂的概念，找出支点和力的作用线．从而正确地画出力臂．
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．在探究“杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有：杠杆：（杠杆上每小格长为2cm）、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个（N+钩码NXN lN）。

（1）实验前，杠杆静止在如图15甲所示的位置，此时杠杆处于（选填“平衡”或“不平衡”）状态。

（2）实验时，使杠杆在水平位置平衡，主要是为了便于测量大小，因此应将如图甲所示杠杆左端的平衡螺母适当往（选填“左”或“右”）调。

（3）杠杆在水平位置平衡后，小明在杠杆A点处挂上2个钩码，做为动力F1，B点处挂上l个钩码，做为阻力F2，杠杆恰好在水平位置平衡，如图乙所示，分别测量出两个力的力臂L1和L2，计算后发现：F1L1= F2 L2，便得出杠杆的平衡条件是：F1 L1= F2 L2。

但小红认为小明这种实验处理方法是不完善的，理由是（4）接着，小明提出新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立?”于
是小明利用如图甲所示装置进行探究，在杠杆D点处挂上2个钩码，用弹簧测力计在C点处竖直向上拉使杠杆在水平位置处于平衡状态，此时弹簧测力计的示数如图甲所示，则弹簧测力计的拉力是 N。

以弹簧测力计的拉力为动力F1/，钩码重力为阻力F2/，多次调整力和力臂的大小进行测量，发现：F1/ L1/
总是大于F2/ L2/，其原因主要是受作用的影响。

（5）小明将图甲中弹簧测力计拉力的作用点从C点移到E点，使杠杆仍在水平位置平衡，如图乙所示，请推算：此时弹簧测力计的拉力是 N。

（1）平衡（2）力臂右（3）没有经过多次测量就得出结论，实验没有普遍性（4）3.3 杠杆重力（5）1.1
【解析】
试题分析：（1）由于杠杆此时静止不动，所以处于平衡状态；（2）杠杆在水平位置平衡时，力臂的大小可以直接从杠杆上读出来，便于测量；图15甲杠杆的右端较高，所以应把左端的平衡螺母向右调；（3）在物理实验中，为了得出较为准确的结论或具有普遍性的结论，需要进行多次的实验才能得出来，而本题中只做了一次实验，就得出的结论不具有普遍性；（4）由图示可知，此时测力计的示数为3.3N，由于杠杆本身也具有重力，当支点不在中点时，杠杆本身的重力对杠杆的影响将不能忽略，所以会得两边的乘积不相等的结果；（5）当测力计的位置移动时，力臂增大了三倍，根据杠杆的平衡条件可知，力的大小要减小为原来的三分之一，等于1.1N。

【考点定位】杠杆的平衡条件
25．探究磁体与通电螺线管周围的磁场
（1）小明用小磁针探究磁体周围磁场如图1所示，实验时将小磁针先后放在条形磁体周围不同位置处，记录小磁针在各处静止时N极的指向．通过实验可知，磁场具有方向，磁场中各点的磁场方向一般______（选填“相同”或“不同”）．
（2）小红用铁屑探究磁体周围的磁场如图2所示
①将玻璃板平放在磁体上，并在玻璃板上均匀撒上一层铁屑，轻轻敲击玻璃板，铁屑由于______会与玻璃
杯分离，铁屑在磁场中被_______成一个个小磁针，从而在磁场中有序地排列起来．观察铁屑的分布情况，利用铁屑将原来_________（存在/不存在）的磁场显示出来．
②再在玻璃板上放一些小磁针，记录这些小磁针静止时N极的指向．
不同惯性磁化存在
【解析】
【分析】
【详解】
(1)磁场是有方向的，在磁场的不同位置，其磁场方向一般不同．
(2) 轻轻敲击玻璃板，玻璃板振动，铁屑由于惯性仍保持静止会与玻璃杯分离，铁屑在磁场中会被磁体磁化，成为一个个小磁针，从而在磁场中有序地排列起来．
磁场虽然看不到、摸不着，但客观存在于磁体周围空间，从铁屑分布情况可以看出磁场的大致分布情况，铁屑分布较密的地方磁场较强，铁屑分布较疏的地方磁场较弱．
26．小明同学捡到一块金属块，他想通过测量金属块的密度判断这个金属块的材料是什么，小明可用的实验仪器有托盘天平和弹簧测力计．
①小明将天平放在水平实验台上后，接下来将游码的左侧跟标尺的________对齐，再调节平衡螺母，使天平平衡．
②用调节好的天平测量金属块质量，正确操作后天平再次达到平衡，如题16–2图甲所示，此时读出该金属块的质量为______g，重力为_____N（g=10N/kg）
③在实验过程中，小明将金属块挂与弹簧测力计上，然后放在水中直至完全浸没，此时弹簧测力计读数如题图乙所示为________N．
④小明通过查阅密度表得知如下几种金属的密度（见下表），通过科学的计算，可以求出金属的密度，则该金属块的材料是_____．
金属铅铜钢铁铝
密度
11.3×1038.9×1037.9×103 2.7×103
（kg/m3）
零刻度线2702.71.7铝
【解析】
【分析】。