高二物理下学期周练试题(5.)高二全册物理试题

嗦夺市安培阳光实验学校第二学期高二物理周练试题（5.15）
一、选择题
1．17世纪，意大利物理学家伽利略根据实验指出：在水平面上运动的物体之所以会停下，是因为受到摩擦阻力的缘故。

这里的实验是指“伽利略斜面实验”，
关于该实验，你认为下列陈述错误
．．的是( )
A．该实验是理想实验，是在思维中进行的，无真实的实验基础，故其结果是荒谬可笑的
B．该实验是以可靠的事实为基础，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，从而更深刻地反映自然规律
C．该实验否定了亚里士多德“力是维持物体运动的原因”的错误观念
D．该实验为牛顿第一定律的提出提供了有力的实验依据
2．家庭电路的交变电流图象为如图所示中的( )
A. B. C. D.
3．如图所示，甲、乙两人分别站在赤道和纬度为45°的地面上，则（）
A. 甲的线速度大
B. 乙的线速度大
C. 甲的角速度大
D. 乙的角速度大
4．如图，两平行金属导轨固定在水平面上，匀强磁场方向垂直导轨平面向下，金属棒ab、cd与导轨垂直构成闭合回路，且两棒都可沿导轨无摩擦滑动。

用与导轨平行的水平恒力F向右拉cd棒，经过足够长时间以后（）
A．两棒间的距离保持不变B．两棒都做匀速直线运动
C．两棒都做匀加速直线运动
D．ab棒中的电流方向由a流向b
5．如图所示的装置可以用来测定磁场的磁感应强度，天平右臂下面挂一个矩形线圈，宽为L，共n匝，线圈的下半部分悬在匀强磁场中，磁场方向垂直于纸面。

当线圈中通有图示方向的电流I时，天平左右两盘中各加上质量分别为m1和m2的砝码后，天平平衡；当电流反向时（大小不变），右盘中再加质量为m 的砝码后，天平重新平衡。

由此可知
A. 磁感应强度的方向垂直纸面向里，大小为
B. 磁感应强度的方向垂直纸面向里，大小为
C. 磁感应强度的方向垂直纸面向外，大小为
D. 磁感应强度的方向垂直纸面向外，大小为
6．有一宇宙飞船到了某行星上（该行星没有自转运动），以速度v接近行星表面匀速飞行，测出运动的周期为T，已知引力常量为G，则可得（）
A. 该行星的半径为
B. 该行星的平均密度为
C. 无法测出该行星的质量
D. 该行星表面的重力加速度为
7．如图所示，一个重60N的物体置于光滑的水平面上，当用一个F=20N的力竖直向上拉物体时，物体所受的合力为
A．0N
B．40N，方向竖直向下
C．40N，方向竖直向上
D．80N，方向竖直向上
8．在粗糙的水平面上，物体在水平推力的作用下由静止开始做匀加速直线运动，作用一段时间后，将水平推力逐渐减小到零(物体一直在运动)，那么，在水平推力减小到零的过程中：( )
A．物体的加速度逐渐减小，速度逐渐减小
B．物体的加速度逐渐减小，速度逐渐增大
C．物体的加速度先增大后减小，速度先增大后减小
D．物体的加速度先减小后增大，速度先增大后减小
9．如图所示，在细绳的O处用水平力F缓慢拉起重物，在此过程中，绳的拉力F1和水平力F2的变化情况是（）
A．F1、F2都变小
B．F1、F2都变大
C．F1变小，F2变大
D．F1变大，F2变小
10．下图中能产生感应电流的是（）
A ．
B ．
C ．
D ．
11．两个相同的金属小球（可以看作点电荷），带电量之比为1∶3，相距为r，两者相互接触后在放回原来的位置上，则它们间的库仑力可能为原来的（）A ． B ． C ． D ．
12．如图所示，在地面上以速度v0抛出质量为m的物体，抛出后物体落到比地面低h的海平面上; 若以地面为参考平面且不计空气阻力，则下列说法中正确的是（）
A．物体到海平面时的势能为mgh
B．重力对物体做的功为-mgh
C ．物体在海平面上的动能为mv02
D ．物体在海平面上的机械能为mv02
13．两个共点力同向时合力为a，反向时合力为b，当两个力垂直时合力大小为（）
A ．
B ．
C ．
D ．
14．
A. 若v1、t1已知，则汽车作匀加速运动的加速度为
B. 若v1、t1和v2已知，则汽车的额定功率
C. 若v1、t1已知，则汽车运动的最大速度
D. 在t l到t2时间内，汽车的平均速度
15．已知一足够长的传送带与水平面的倾角为，以恒定的速度顺时针转动。

某时刻在传送带适当的位置放上具有一定初速度质量为m的小物块，如图甲所示。

以此时为t=0时刻，小物块的速度随时间的变化关系如图乙所示（甲图中取沿传送带向上的方向为正方向，乙图中）。

则下列判断正确的是
A．0～t1，内传送带对小物块做正功
B ．小物块与传送带间的动摩擦因数>tan
C．0～t2内传送带对小物块做功为
D．0～t2内小物块与传送带间因摩擦产生的热量大于小物块动能的减少量16．如图所示，质量为 m 的小滑块（可视为质点），从 h 高处的 A 点由静止开始沿斜面下滑，停在水平地面上的 B 点（斜面和水平面之间有小圆弧平滑连接）．要使物体能原路返回，在 B 点需给物体的瞬时冲量最小应是（）
A. 2m
B. m
C.
D. 4m
17．如图甲所示为氢原子的能级图，图乙为氢原子的光谱图。

已知谱线b是氢原子从n=5的能级跃迁到n=2的能级时的辐射光，则谱线a是氢原子（）
A. 从n=1的能级跃迁到n=2的能级时的辐射光
B. 从n=3的能级跃迁到n=1的能级时的辐射光
C. 从n=4的能级跃迁到n=1的能级时的辐射光
D. 从n=4的能级跃迁到n=2的能级时的辐射光
18．如图所示，平行于y轴的导体棒以速度v向右做匀速直线运动，经过半径为R、磁感应强度为B的圆形匀强磁场区域，导体棒中的感应电动势E与导体棒位置x关系的图像是
A.
B.
C.
D.19．下列说法中，不正确的是：（）
A．物体某一时刻的速度很大，而加速度可以等于零；
B．物体某一时刻速度等于零，而加速度可以不等于零；
C．物体速度变化很大，而加速度变化不一定很大；
D．物体速度不变化，而加速度可以变化很大。

20．如图所示光滑管形圆轨道半径为R（管径远小于R），小球a、b大小相同，质量均为m，其直径略小于管径，能在管中无摩擦运动．两球先后以相同速度v 通过轨道最低点，且当小球a在最低点时，小球b在最高点，以下说法正确的是
A．当小球b在最高点对轨道无压力时，小球a比小球b所需向心力大5 mg B．当v ＝时，小球b在轨道最高点对轨道无压力
C．速度v 至少为，才能使两球在管内做圆周运动
D．只要v ≥，小球a对轨道最低点的压力比小球b对轨道最高点的压力都大6 mg
二、实验题
21．用螺旋测微器测圆柱体的直径时，示数如图甲所示，此示数为 mm，用20分度的游标卡尺测量某物体的厚度时，示数如图乙所示，此示数为mm．图丙为正在测量中的多用电表表盘，如果是用“Ω×10”档测量某电阻丝电阻，则读数为Ω．
三、计算题
22．一弹性小球自4．9m高处自由下落，当它与水平地面每碰一次，速度减小到碰前的7/9，试求小球开始下落到停止运动所用的时间。

参考答案
1．A
【解析】
试题分析：“伽利略斜面实验”是将事实进行合理外推，从而得出了“力是改变物体运动状态的原因”、“物体运动状态的维持不需要力的作用”，即如果不受外力，物体将始终保持静止或者匀速直线运动状态不变，故错误的是A。

考点：物理学常识
2．A
【解析】家庭电路的交变电流为正弦交流电，故A正确。

3．A
【解析】甲乙两物体角速度一样，同时由图可知：乙随地球转动的半径比甲小，根据：v=ùr，可知甲的线速度大，故选项BCD错误，A正确。

故选A。

4．C
【解析】
试题分析：若两金属棒间距离保持不变，回路的磁通量不变，没有感应电流产生，两棒都不受安培力，则cd将做匀加速运动，两者距离将增大．所以自相矛盾，因此两棒间的距离不可能保持不变．故A错误．若金属棒ab做匀速运动，所受的安培力为零，ab中电流为零，则cd中电流也为零，cd不受安培力，而cd还受到F作用，cd将做匀加速运动．所以自相矛盾．故B错误．当两棒的运动稳定时，两棒速度之差一定，回路中产生的感应电流一定，两棒所受的安培力都保持不变，一起以相同的加速度做匀加速运动，故C正确．由于两者距离不断增大，穿过回路的磁通量增大，由楞次定律判断可知，金属棒ab上的电流方向是由b向A．故D错误．故选C。

考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律
5．B
【解析】试题分析：当B的方向垂直纸面向里，开始线圈所受安培力的方向向下，电流方向相反，则安培力方向反向，变为竖直向上，相当于右边少了两倍的安培力大小，所以需要在右边加砝码．则有mg=2NBIL，所以．故B正确．考点：物体的平衡；安培力
【名师点睛】解决本题的关键掌握安培力方向的判定，以及会利用力的平衡去求解问题；要知道天平平衡后，当电流反向（大小不变）时，安培力方向反向，则右边相当于多了或少了两倍的安培力大小；此题难度不大.
6．ABD
【解析】试题分析：A．根据周期与线速度的关系T=可得：R=，故A正确；
C ．根据万有引力提供向心力=m可得：M=，故C错误；
B．由M=πR3•ρ得：ρ=，故B正确；
D ．行星表面的万有引力等于重力，=m=mg得：g=，故D正确．
故选：ABD
7．A
【解析】
8．D
【解析】
试题分析：根据牛顿第二定律知，，推力逐渐减小，加速度逐渐减小，当
推力与摩擦力相等时加速度减小到零，此时物体的速度最大；然后当推力小于摩擦力时，加速度变为反向，随推力的减小，加速度逐渐变大，物体的速度逐渐减小，故D正确，ABC错误．故选D.
考点：牛顿第二定律的应用
【名师点睛】此题是牛顿第二定律的应用习题；解决本题的关键知道当推力减小时合力的变化情况，从而知道加速度的变化情况；加速度的方向与合力的方向相同，当加速度的方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度的方向与速度方向相反，物体做减速运动。

9．B
【解析】对结点进行受力
缓慢拉起重物的过程中，角增大，cos减小，重力不变，所以F1变大；sin 增大，所以F2变大；选B.
10．B
【解析】
试题分析：A中线圈不闭合，不能产生感应电流，选项A错误；B中磁通量发生变化，会产生感应电流，选项B正确；C中磁通量为零，不能产生感应电流，选项C错误；D中磁通量不变，不能产生感应电流，选项D错误；故选B．
考点：电磁感应现象
【名师点睛】本题的解题关键是掌握产生感应电流的条件：穿过闭合电路的磁能量发生变化，明确磁通量的含义，并能用来进行判断。

11．CD
【解析】试题分析：设其中两球电量分别为q和3q ，根据库仑定律，开始库仑力。

若两球带同种电荷，电量均分，两球电量都为2q ，库仑力
，则；若两球带异种电荷，电量先中和再均分，两球
电量都为q ，库仑力，则。

故A、B错误，C、D正确。

考点：库仑定律
12．
【解析】
试题分析：以地面为零势能面，海平面低于地面h，所以物体在海平面上时的重力势能为-mgh，选项A错误．重力做功与路径无关，至于始末位置的高度差有关，抛出点与海平面的高度差为h，并且重力做正功，所以整个过程重力对物体做功为mgh，选项B错误．由动能定理W=E k2-E k1，有E k2=E k1+W=mv02+mgh，选项C错误．整个过程机械能守恒，即初末状态的机械能相等，以地面为零势能面，抛出时的机械能为mv02，所以物体在海平面时的机械能也为mv02，选项D正确．故选D．
考点：机械能守恒定律
【名师点睛】此题应用了动能定理解决重力势能的变化与重力做功的关系，动能定理揭示了外力对物体所做总功与物体动能变化之间的关系，它描述了力在空间的积累效果，力做正功，物体的动能增加，力做负功，动能减少．动能定理解决的问题不受运动形式和受力情况的限制．还有就是重力势能的变化与零势能面的选取无关。

13．B
【解析】
试题分析：两力同向时，有：F1+F2=a；
两力反向时，有：F1﹣F2=b；
解得：F1=，F2=；
两个力垂直时，有：F=
解得：F=；
故选：B.
14．AC
【解析】试题分析：根据图像可知，速度时间图像为倾斜的直线，是匀加速直线运动，加速度等于斜率所以答案A 对。

汽车匀加速启动，时刻开始达到额定功率，此后开始加速度逐渐减小的加速运动直到加速度等于0即时
刻开始匀速直线运动。

分析时刻，可得，额定功率
答案B 错。

时刻汽车速度达到最大答案C对。

在t l 到t2时间内平均速度等于速度时间图像与时间轴围成面积与时间的比值，如果
是匀速直线运动平均速度，但是t l到t2时间速度时间图像与时间围成的
面积比匀变速直线运动围成的面积大一次平均速度大，即，答案D错
考点：机动车匀加速启动的速度时间图像
15．BD 【解析】
试题分析：由图知，物块先向下运动后向上运动，则知传送带的运动方向应向上．0～t1内，物块对传送带的摩擦力方向沿传送带向下，则物块对传送带做负功．故A错误．在t1～t2内，物块向上运动，则有μmgcosθ＞mgsinθ，得μ＞tanθ．故B正确．0～t2内，由图“面积”等于位移可知，物块的总位移沿斜面向下，高度下降，重力对物块做正功，设为W G，根据动能定理得：W+W G = mv22-mv12，则传送带对物块做功W ≠
mv22-mv12．故C错误．物块的重力势能减小、动能也减小都转化为系统产生的内能，则由能量守恒得知，系统产生的热量大小一定大于物块动能的变化量大小．故D正确．故选BD.
考点：动能定理；能量守恒定律.
16．A
【解析】滑块从A到B过程，根据动能定理，有，滑块从B返回A过程，根据动能定理，有：，联立解得：，在B点需给物体的瞬时冲量等于动量的增加量，故，故A正确。

17．D
【解析】谱线a 是氢原子从的能级跃迁到的能级时的辐射光，波长大于谱线b，所以a光的光子频率小于b光的光子频率．所以a光的光子能量小于n=5和n=2间的能级差，比到的能量小且又最接近的，就是和
间的能级差，故D正确，ABC错误。

点睛：氢原子能级跃迁时，两能级间的能级差越大，辐射的光子能量越大，则光子频率越大，波长越小。

18． A
【解析】
如图所示，设导体棒运动到位置x处，由几何关系可得导体棒切割磁感线的有效长度为
，
产生的感应电动势为
整理后可得，从方程可以看出，感应电动势E与导体棒位置x关系的图像是一个椭圆，故正确的选项为A。

19．D
【解析】
试题分析：A、物体以很大的速度做匀速直线运动，某一时刻的速度很大，加速度却为零；正确不选
B、物体刚启动时，速度为零，加速度不为零；正确不选
C、物体速度变化量虽然很大，但时间若很长，加速度也不一定很大；正确不选
D、物体速度不变化，表示物体做匀速直线运动，加速度为零，是不变的；错误应选
故选D
考点：加速度和速度的关系
点评：加速度的大小与速度、速度的变化量无直接关系．加速度是反映速度变化快慢的物理量，加速度大，只能说明速度变化越快，不能说明速度变化越大，也不能说明物体运动越快，因此要正确区分速度v、速度变化量∆v和加速度a 的不同．
20．BD
【解析】
试题分析：b 在最高点无压力时，由重力提供向心力即，解得，a在最低点时的速度为v，从a到b 由动能定理得：
解得，由此可得B正确。

在a 点时的向心力为，由圆周运动公式：带入解得：，那么向心力之差：故A错误。

小球要想做完整的圆周运动就必须过最高点，
在最高点有：当N=mg时,速度v有最小值且为零，
从a到b 由动能定理得：解得，所以速度大于等于时就可以在管内做圆周运动，故C错误。

由以上可知当v ≥时小球可以做完整的圆周运动，在最高点b对轨道的压力为N1，速度为v1，在最低点a对轨道的压力为N2，速度为v2，
在b点有：在a 点有：
从a到b由动能定理得：
联立以上各式可得：故D正确。

所以B、D正确，A、C 错误。

考点：圆周运动公式、动能定理
【名师点睛】要使小球能通过最高点，只要小球的速度大于零即可；而当向心
力等于重力时，小球对轨道没有压力，由向心力公式可求得小球在最高点时速度；再由机械能守恒可求得小球在最低点时的速度，及最低点时所需要的向心力，即可求得最低点与最高点处压力的差值。

小球在竖直面内的圆周运动，若是用绳拴着只有重力小于等于向心力时，小球才能通过；而用杆或在管内运动的小球，只要速度大于零，小球即可通过最高点。

21．6.125，63.60，60
【解析】解：螺旋测微器的固定刻度读数6mm，可动刻度读数为0.01×
12.5=0.125mm，所以最终读数为：6mm+0.125mm=6.125mm；
游标卡尺的主尺读数为6.3cm，游标尺上第12个刻度与主尺上某一刻度对齐，因此游标读数为0.05×12mm=0.60mm=0.060cm，
所以最终读数为：6.3cm+0.060cm=6.360cm．
欧姆表表盘的刻度为6.0，选择的是“Ω×10”档，所以读数是：6.0×10=60Ω
故答案为：6.125，63.60，60
【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．
22．8s
【解析】
试题分析：小球第一次下落历为：落地前的速度v=gt=9．8m/s 第一次碰地弹起的速度上升落回的时间
第二次碰地弹起的速度上升到落回的时间
$来第n 次碰地弹起的速度上升到落回的时间
从开始到最终停止经历的时间为：
考点：匀变速直线运动的规律
【名师点睛】对于反复性复杂运动，分段求解，多求几段，耐心地寻找到规律，是等比还是等差，再求解；很多期望一眼看到底，而急于求成，会适得其反。