(物理)50套初中物理欧姆定律及解析

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初二物理欧姆定律试题答案及解析

初二物理欧姆定律试题答案及解析

初二物理欧姆定律试题答案及解析1.在图所示的电路中,电源电压不变。

闭合电键S,当滑动变阻器的滑片P向右移动时,电流表A的示数将_________;电压表V1与电流表A示数的比值将___________。

(均选填“变小”、“不变”或“变大”)【答案】变小;不变【解析】由电路图可知,两电阻R1R2串联,电压表V1测定值电阻R1的电压,当滑动变阻器的滑片P向右移动时,滑动变阻器接入电路的阻值变大,由可知电源电压不变,电阻变大,电流变小,电流表示数变小。

电压表V1与电流表A示数的比值,就是定值电阻R1的阻值,所以比值不变。

【考点】动态电路分析、欧姆定律点评:本题考查了动态电路分析、欧姆定律,首先分析电路的连接方式,再根据欧姆定律逐一分析各用电器的电流、电压的变化。

2.如图所示,电源两端的电压不变,当滑动变阻器的滑片P向左移动时,电压表V和电流表A 的示数变化情况是A.V示数不变,A示数变大B.V示数变大,A示数变小C.V示数变小,A示数变大D.V示数变大,A示数变大【答案】D【解析】当滑片左移时,滑动变阻器接入电阻减小,则由欧姆定律可得,电路中电流变大;R两端的电压增大,则电压表示数变大。

3.电阻R1=5Ω,R2=10Ω,如果并联在电路中,则通过电阻R1、R2的电流之比是,R1、R2两端的电压之比是 .【答案】 1:1,1:2【解析】因两电阻串联,故通过两电阻的电流相等,即电流之比为1:1;欧姆定律U=IR得:U1=IR1,U2=IR2,即电压之比:U1/U2=R1/R2="5Ω/10Ω" ="1/2"4.在如图所示的电路中,电源电压为6伏且不变,电阻R1的阻值为20欧。

闭合S,电流表的示数为0.1安。

求:(1)电压表的示数.(2)电阻R2的阻值.【答案】(1) 2V(2)40Ω【解析】(1)R1两端的电压U1=IR1=0.1A×20Ω=2V;电压表是测量电阻R1两端的电压,所以其示数是2V,(2)电阻R2两端的电压U2=U-U1=6V-2V=4V;电阻R2的阻值R2=U2/I ="4V/0.1A"=40Ω.5.一个电阻两端加上30V电压时,通过它的电流是6A,现给它两端加上15V电压时,它的电阻是A.0.2ΩB.2.5ΩC.5ΩD.7.5Ω【答案】 C【解析】(1)电阻阻值R="U/I" ="30V/6A" =5Ω;(2)电阻两端电压变为15V后,电阻的材料、长度、横截面积不变,电阻阻值不变,仍为5Ω.6.将R1、R2(R1>R2)按照下图中四种不同接法分别接在下图中MN两端(电源电压恒定不变),则当开关闭合后,电流表示数最大的接法()【答案】C【解析】电源电压不变,电流表示数最大,就是电阻最小。

【物理】 初中物理欧姆定律试题(有答案和解析)及解析

【物理】 初中物理欧姆定律试题(有答案和解析)及解析

【物理】初中物理欧姆定律试题(有答案和解析)及解析一、欧姆定律选择题1.为了能自动记录跳绳的次数,某科技小组设计了一种自动计数器,其简化电路如图甲所示。

R1是一种光敏元件,每当绳子挡住了射向R1的红外线时,R1的电阻会变大,自动计数器会计数一次,信号处理系统能记录AB间每一时刻的电压。

若已知电源电压为12V,某一时段AB间的电压随时间变化的图象如图乙所示,则下列说法正确的是()A. AB两端电压为6V时,跳绳自动计数器会计数一次B. 绳子挡住了射向R1的红外线时,R1和R2的阻值相等C. 绳子没有挡住射向R1的红外线时,R1的阻值是R2的3倍D. 绳子挡住了射向R1的红外线时,R1的阻值会变为原来的5倍【答案】D【解析】【解答】解(1)当绳子挡住了射向R1的红外线时,R1电阻变大,计数器会计数一次,信号处理系统记录的是AB间每一时刻的电压(AB间的电压即R2两端的电压),因为R1、R2串联,根据串联电路的分压原理可知,此时R2两端的电压较低,所以应该是AB 两端电压为2V时,跳绳自动计数器会计数一次,A不符合题意;因为电源电压12V,所以此时R1两端电压是12V-2V=10V,根据串联电路电流处处相等:,解得R1=5R2, B不符合题意;由乙图可以看出,当没有挡住射向R1的激光,U2'=U AB'=6V,由串联电路的分压原理可知此时两电阻相等,C不符合题意;且R1=5R1',即绳子挡住了射向R1的红外线时,R1的阻值会变为原来的5倍,D符合题意。

故答案为:D。

【分析】两电阻串联,AB间电压为R2两端电压,射向R1的激光被挡时它的电阻变化,由串联电路分压原理,结合图象分析射向R1的激光被挡和没挡时AB间电压以及两电阻的大小关系从而解题.2.某兴趣小组为了研究电子温控装置,连接成如图所示电路,R1为热敏电阻,热敏电阻的阻值随温度的升高而减小,闭合开关,当温度降低时,下列说法中正确的是()A. 电压表V2和电流表A示数均变大B. 电压表V1和电流表A示数之比不变C. 电压表V2和电流表A的乘积不变D. 电压表V2变化量和电流表A变化量之比不变【答案】D【解析】【解答】解:由电路图可知,R1与R2并联后再与R0串联,电压表V1测并联部分的电压,电压表V2测R0两端的电压,电流表测干路中的电流.(1)因热敏电阻的阻值随温度的升高而减小,所以,当温度降低时,热敏电阻R1的阻值变大,并联部分的电阻变大,电路中的总电阻变大,由I= 可知,干路中的电流变小,即电流表A的示数变小,由U=IR可知,R0两端的电压变小,即电压表V2的示数变小,故A错误;由电压表V2示数变小、电流表A示数变小可知,电压表V2和电流表A的乘积变小,故C 错误;因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,并联部分的电压变大,即电压表V1的示数变大,由电压表V1的示数变大、电流表A示数变小可知,电压表V1和电流表A示数之比变大,故B错误;(2)设温度变化前后,干路中的电流分别为I1、I2,则电压表V2示数的变化量:△U2=I2R0﹣I1R0=(I2﹣I1)R0=△IR0,即 =R0,且R0的阻值不变,所以,电压表V2变化量和电流表A变化量之比不变,故D正确.故选D.【分析】由电路图可知,R1与R2并联后再与R0串联,电压表V1测并联部分的电压,电压表V2测R0两端的电压,电流表测电路中的电流.(1)根据热敏电阻阻值与温度的关系得出当温度降低时其阻值的变化,进一步可知并联部分的电阻变化和电路中总电阻的变化,根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化,然后得出电压表V2和电流表A 的乘积变化;根据串联电路的电压特点和并联电路的电压特点可知电压表V1的示数变化,然后得出电压表V1和电流表A示数之比变化;(2)设出温度变化前后电路中的电流,根据欧姆定律得出电压表示数和电流表示数与R0的阻值关系,然后得出电压表V2变化量和电流表A变化量之比的变化.3.有两只分别标有”6V3W“和”9V3W“的小灯泡L1、L2,不考虑温度对灯丝电阻的影响,下列说法正确的是()A. L1和L2正常工作时的电流一样大B. L1和L2串联在一起同时使用时,两灯一样亮C. L1和L2并联在一起同时使用时,两灯消耗的功率一样大D. 将L1串联在一个12Ω的电阻,接在电源电压为12V的电路中,L1也能正常发光【答案】D【解析】【解答】解:A.由P=UI可得,两灯泡正常发光时的电流分别为:I1= = =0.5A,I2= = = A,所以两灯泡正常发光时的电流不一样,故A错误;B.由P=UI= 可得,两灯泡的电阻分别为:R1= = =12Ω,R2= = =27Ω,两灯泡串联时通过的电流相等,但灯泡的电阻不同,由P=I2R可知,两灯泡的实际功率不相等,亮度不同,故B错误;C.L1和L2并联在一起同时使用时,它们两端的电压相等,但灯泡的电阻不同,由P= 可知,两灯泡消耗的电功率不相等,故C错误;D.将L1串联在一个12Ω的电阻时,电路中的总电阻R总=R1+R=12Ω+12Ω=24Ω,电路中的电流I= = =0.5A,因电路中的电流和灯泡L1正常发光时的电流相等,所以L1能正常发光,故D正确.故选D.【分析】(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等,根据P=UI求出两灯泡的正常发光时的电流,然后比较两者的关系;(2)根据P=UI= 求出两灯泡的电阻,根据串联电路的电流特点和P=I2R比较两灯泡的实际功率关系,实际功率大的灯泡较亮;(3)L1和L2并联在一起同时使用时,它们两端的电压相等,根据P= 比较两灯泡消耗的电功率关系;(4)将L1串联在一个12Ω的电阻时,根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流,然后与灯泡L1正常发光时的电流相比较判断其是否能正常发光.4.如图所示的电路,闭合开关S,当滑片P向左移动时,不考虑灯丝电阻受温度影响.下列说法正确的是()A. 小灯泡变亮B. 电流表示数变大C. 电压表示数变小D. 电路的总功率不变【答案】D【解析】【解答】解:因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路,所以,滑片移动时,接入电路中的电阻不变,此时灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联,电压表测滑片右侧部分两端的电压,电流表测电路中的电流,由I= 可知,电路中的电流不变,即电流表的示数不变,故B错误;因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小,所以,由P=I2R可知,灯泡的实际功率不变,亮暗不变,故A错误;由P=UI可知,电路的总功率不变,故D正确;当滑片P向左移动时,电压表并联部分的电阻变大,由U=IR可知,电压表的示数变大,故C错误.故选D.【分析】根据电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知滑片移动时接入电路中的电阻不变,此时灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联,电压表测滑片右侧部分两端的电压,电流表测电路中的电流,根据欧姆定律可知电路中电流的变化,根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化,进一步判断亮暗的变化,根据P=UI可知电路总功率的变化,根据滑片的移动可知滑片右侧部分电阻的变化,根据欧姆定律可知电压表示数的变化.5.如图所示的电路中,电源电压不变,开关s闭合,滑片P移动到b点时,R1消耗的功率为P1;滑片P移到小中点时,R1消耗的功率为 =2:9,滑片P在b点和在中点时,R2消耗的功率之比为()A. 1:2B. 2:5C. 2:9D. 4:9【答案】D【解析】【解答】设滑片P移到变阻器b点和中点时电路中的电流分别为I1、I2;已知P1:P′1=2:9,由P=I2R可得:,设滑动变阻器R2的最大阻值为R,滑片P在中点和在b端时,R2消耗的功率之比: × ,故答案为:D.【分析】根据电路图可知,电阻R1与变阻器R2串联,电压表测量R1两端电压,电流表测量电路中的电流,结合电功率的计算方法P=I2R即可求得比值.6.如图甲所示的电路中,R1为定值电阻,R2为滑动变阻器,电源电压不变。

初三物理——欧姆定律含答案

初三物理——欧姆定律含答案

初三物理欧姆定律一、考点、热点回顾(一)知识框架R一定时,I与U成正比探究电流跟电压、电阻的关系U一定时,I与U成反比内容:导体中的电流跟导体两端的电压成正比,跟导体的电阻成反比①公式中的I、U和R必须是在同一段电路中公式:(变形式,)②I、U和R中已知任意的两个量就可求另一个量③计算时单位要统一。

成立条件:I、U、R是对应同一个导体或同一部分电路上的物理量原理:伏安法测电阻电路图:应用实验步骤:串联电路:R=R1+R2+R3+……+R n串、并联电路的电阻并联电路: = = …… =欧姆定律的规律:①同一个电阻,阻值不变,与电流和电压无关, 但加在这个电阻两端的电压增大时,通过的电流也增大。

(R=U/I)②当电压不变时,电阻越大,则通过的电流就越小。

(I=U/R)③当电流一定时,电阻越大,则电阻两端的电压就越大。

(U=IR)人体的安全电压≤36V安全用电不能用湿手触摸用电器注意防雷(二)探究电阻上的电流跟两端电压的关系1、电流与电压的关系实验目的研究电路中的电流与电路两端的电压的关系实验实验器材电源、开关、导线、电流表、电压表、定值电阻、滑动变阻器实验步骤 ①按照电路图连接实物图②闭合开关后,调节滑动变阻器滑片,使定值电阻两端的电压成整倍数变化③根据电压表和电流表的示数,读出每次定值电阻两端的电压值与通过定值电阻的电流值,并记录在表格中电路图分析论证 在电阻不变的情况下,通过电阻的电流与电阻两端的电压有关,电流随电压的增大而增大,成正比关系。

图2、电流与电阻的关系实验目的 研究电路中的电流与电阻的关系实验电路图实验器材 电源、开关、导线、电流表、电压表、n 个阻值不同的定值电阻、滑动变阻器实验步骤 ①按照电路图连接实物图②闭合开关后,换不同的定值电阻,使电阻成整倍变化 ③调节滑动变阻器滑片,保持定值电阻的两端电压不变 ④把对应着不同阻值的电流值记录在表格中分析论证电流和电阻有关,当电阻两端的电压一定时,电流随电阻的增大而减小,即电流与电阻成反比。

物理欧姆定律题20套(带答案)

物理欧姆定律题20套(带答案)

物理欧姆定律题20套(带答案)一、欧姆定律选择题1.如图甲所示,电源电压恒为9V,滑动变阻器的最大阻值为100Ω,电流在0.1A~0.4A之间时电子元件均能正常工作.若通过此电子元件的电流与其两端电压的关系如图乙所示,则下列判断正确的是()A. 电子元件工作时,电阻保持不变B. 为使电子元件处于正常工作状态,变阻器的阻值范围应控制在12.5Ω~70ΩC. 当P在中点时,电子元件与滑动变阻器的电压之比为1︰1D. 电子元件处于正常工作状态时,电路消耗的最小功率为3.6W【答案】 B【解析】【解答】(1)从图象可知,电子元件的电阻是在变化的,故A错误;(2)电子元件处于正常工作状态时,电路电流最小为0.1A,电子元件两端的最小电压为2V,所以滑动变阻器两端的最大电压为U1=9V-2V=7V,此时滑动变阻器接入电路的电阻最大,R大===70Ω,电路电流最大为0.4A,电子元件两端的最大电压为4V,所以滑动变阻器两端的最小电压为U2=9V-4V=5V,滑动变阻器接入电路的电阻最小,R小===12.5Ω.所以滑动变阻器的阻值范围应控制在12.5欧~70欧,故B正确;(3)因为电子元件与滑动变阻器串联,通过的电流相等,所以电子元件与滑动变阻器串联两端的电压之比就等于两电阻之比,因无法判断电子元件与滑动变阻器电阻的大小关系,所以无法判断它们两端电压的关系,故C错误;(4)当电路消耗的功率最小时,电路电流最小,为I小=0.1A,电路消耗的最小功率P=UI小=9V×0.1A=0.9W,故D错误.故选B.【分析】(1)从图象可知,电流与电子元件两端的电压不是正比关系,电子元件处于正常工作状态时,电路消耗的最小功率根据公式P=UI可求.(2)当P在中点时,无法判断电子元件与滑动变阻器电阻的大小关系,根据电阻的分压特点可知无法确定当P在中点时电子元件与滑动变阻器的电压之比.(3)由图象可知,电路电流最小为0.1A,电流最大为0.4A,找到对应的电压,根据串联电路电压的规律求出滑动变阻器两端的电压,进一步求出滑动变阻器接入电路的电阻.2.如图所示电路,电源电压不变,闭合开关S,当滑片P置于变阻器的B端时,电压表的示数为6V,在10s内定值电阻R1产生的热量为36J;当滑片P置于变阻器的中点时,电压表的示数变化了2V.下列结果正确的是()A. R1先后两次消耗的电功率之比为3:4B. 滑动变阻器R2的最大阻值为10ΩC. 电源电压为10VD. R1的阻值为20Ω【答案】 B【解析】【解答】由电路分析可知,R1与滑动变阻器串联,电压表测量滑动变阻器两端的电压,当滑片P置于变阻器的B端时滑动变阻器的阻值最大,根据Q= 得R2= =10Ω,B符合题意;滑片P置于变阻器的B端时电路中的电流I1= =0.6A,U总=U1+U2=0.6AR1+6V……①,当R1=10Ω时电压表的示数=6V-2V=4V,此时电路中的电流I’= =0.8A,U总=U1+U2=0.8AR1+4V……②,根据P=I2R得P1:P1’=(0.3A)2R1:(0.4A)2R1=9:16,A不符合题意;解由①②组成的方程组得:电源电压为12V、R1的阻值为10Ω,C、D不符合题意。

九年级物理上册《欧姆定律》知识解析

九年级物理上册《欧姆定律》知识解析

《欧姆定律》知识全解
1.理解欧姆定律,进行简单的计算。

2.通过实验探究,找出电流跟电压和电阻的关系,学习科学探究方法。

本节重点是探究电流与电压和电阻的关系和欧姆定律以及应用,主要考查探究电流跟电压、电阻的关系。

运用欧姆定律进行分析或计算,动态电路的分析等。

①欧姆定律适用于从电源正极到负极之间的整个电路或其中某一部分电路,但前提是该电路为纯电阻电路。

②欧姆定律中电流、电压和电阻三个量都是对同一导体和同一段电路的同一时刻而言的。

③欧姆定律中提到的“通过导体中的电流跟导体两端电压成正比,跟导体电阻成反比”是有前提条件的,即当导体的电阻一定时,通过它的电流跟它两端电压成正比;当导体两端电压一定时,通过它的电流跟它的电阻成反比。

物理欧姆定律题20套(带答案)及解析

物理欧姆定律题20套(带答案)及解析

物理欧姆定律题20套(带答案)及解析一、欧姆定律选择题1.如图所示是小刚同学测定小灯泡电功率的电路图,当闭合开关时,发现灯L不亮,电流表有明显示数,电压表示数为零,若故障只出现在灯L和变阻器R中的一处,则下列判断正确的是()A. 灯L断路B. 灯L短路C. 变阻器R断路D. 变阻器R 短路【答案】B【解析】【解答】A. 灯L断路时,电压表串联在电路中,会有示数,而电压表的电阻很大,所以电流表无示数,A不符合题意;B. 灯L短路时,电压表同时被短路,不会有示数,此时电路是通路,所以电流表会有示数,B符合题意;C. 变阻器R断路时,整个电路是断路状态,两电表都不会有示数,C不符合题意;D. 变阻器R短路时,只有灯连接在电路中,电压表和电流表都应该有示数,D不符合题意;故答案为:B。

【分析】本题利用了串联电路的电流特点分析电路故障,小灯泡不发光说明灯泡短路或电路中电流过小或电路某处断路.2.如图所示,若电路中电源两端的电压保持不变,闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P从b端向a端滑动的过程中()A. 电压表V1的示数变大,电流表A的示数变大B. 电压表V2的示数变大,电流表A的示数变小C. 电压表V1的示数变大,电流表A的示数变小D. 电压表V2的示数变大,电流表A的示数变大【答案】 A【解析】【解答】解:由图知,定值电阻R1和滑动变阻器R2串联,V1测量R1两端的电压,电压表V2测量R2两端的电压,电流表测量串联电路中的电流。

当滑动变阻器的滑片P从b端向a端滑动的过程中,滑动变阻器的电阻变小,由串联分压的规律可知,变阻器分担的电压变小,即电压表V2示数变小;电源电压不变,所以定值电阻两端的电压就变大,即电压表V1示数变大;定值电阻的阻值不变,滑动变阻器的电阻变小,所以整个电路的总电阻变小,电源电压不变,由欧姆定律可知,电路中的电流就变大,即电流表的示数就变大。

BCD不符合题意,A 符合题意。

故答案为:A。

物理欧姆定律专题练习(及答案)含解析精选全文

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可编辑修改精选全文完整版物理欧姆定律专题练习(及答案)含解析一、欧姆定律选择题1.在综合实践活动课上,小明把一只用半导体材料制成的电阻R x与滑动变阻器R串联接在电压恒为6V的电路中,如图甲所示.闭合开关,滑动变阻器的滑片P由a端向b端移动的过程中,电流表和电压表示数变化情况如图乙所示,针对该实验过程,下列结果正确的是()A. R x是定值电阻,其阻值为6ΩB. 电路消耗的最小功率为0.6WC. 滑动变阻器的最大阻值为50ΩD. 当P从a端移向b端时,R x的阻值变大【答案】 B【解析】【解答】由电路图可知,电阻R x与滑动变阻器R串联,电压表测滑动变阻器两端的电压;当滑动变阻器的滑片P位于a端,滑动变阻器接入电路的阻值最大,电路总电阻最大,电路中的电流最小,由图象可知,最小电流I最小=0.1A,电路消耗的功率最小:P最小=UI最小=6V×0.1A=0.6W,故B正确.当电路中的电流最小时,对应电压表示数U滑=4.5V,由欧姆定律得,滑动变阻器的最大阻值:,故C错误.根据串联电路电压规律可知,电阻R x两端的电压:Ux=U-U滑=6V-5.0V=1V,此时R x的阻值:当滑动变阻器的滑片P位于b端,滑动变阻器接入电路的阻值为零,电路总电阻最小,电路中的电流最大,由图象可知,最大电流I最大=1.0A,则电阻R x两端的电压:U x′=U=6V,此时R x的值由上述可知,R x不是定值电阻,故A错误.当P从a端移向b端时,R x的阻值变小,故D错误.故答案为:B.【分析】分析电路图确定滑动变阻器和R x的连接方式及电压表所测的电压,分析出滑片在a端和b端时滑动变阻器应用的阻值,由图象乙确定出对应的电流值,由欧姆定律和电功率的公式进行计算即可解答.2.有两只分别标有”6V3W“和”9V3W“的小灯泡L1、L2,不考虑温度对灯丝电阻的影响,下列说法正确的是()A. L1和L2正常工作时的电流一样大B. L1和L2串联在一起同时使用时,两灯一样亮C. L1和L2并联在一起同时使用时,两灯消耗的功率一样大D. 将L1串联在一个12Ω的电阻,接在电源电压为12V的电路中,L1也能正常发光【答案】D【解析】【解答】解:A.由P=UI可得,两灯泡正常发光时的电流分别为:I1= = =0.5A,I2= = = A,所以两灯泡正常发光时的电流不一样,故A错误;B.由P=UI= 可得,两灯泡的电阻分别为:R1= = =12Ω,R2= = =27Ω,两灯泡串联时通过的电流相等,但灯泡的电阻不同,由P=I2R可知,两灯泡的实际功率不相等,亮度不同,故B错误;C.L1和L2并联在一起同时使用时,它们两端的电压相等,但灯泡的电阻不同,由P= 可知,两灯泡消耗的电功率不相等,故C错误;D.将L1串联在一个12Ω的电阻时,电路中的总电阻R总=R1+R=12Ω+12Ω=24Ω,电路中的电流I= = =0.5A,因电路中的电流和灯泡L1正常发光时的电流相等,所以L1能正常发光,故D正确.故选D.【分析】(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等,根据P=UI求出两灯泡的正常发光时的电流,然后比较两者的关系;(2)根据P=UI= 求出两灯泡的电阻,根据串联电路的电流特点和P=I2R比较两灯泡的实际功率关系,实际功率大的灯泡较亮;(3)L1和L2并联在一起同时使用时,它们两端的电压相等,根据P= 比较两灯泡消耗的电功率关系;(4)将L1串联在一个12Ω的电阻时,根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流,然后与灯泡L1正常发光时的电流相比较判断其是否能正常发光.3.如图所示的电路,闭合开关S,当滑片P向左移动时,不考虑灯丝电阻受温度影响.下列说法正确的是()A. 小灯泡变亮B. 电流表示数变大C. 电压表示数变小D. 电路的总功率不变【答案】D【解析】【解答】解:因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路,所以,滑片移动时,接入电路中的电阻不变,此时灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联,电压表测滑片右侧部分两端的电压,电流表测电路中的电流,由I= 可知,电路中的电流不变,即电流表的示数不变,故B错误;因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小,所以,由P=I2R可知,灯泡的实际功率不变,亮暗不变,故A错误;由P=UI可知,电路的总功率不变,故D正确;当滑片P向左移动时,电压表并联部分的电阻变大,由U=IR可知,电压表的示数变大,故C错误.故选D.【分析】根据电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知滑片移动时接入电路中的电阻不变,此时灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联,电压表测滑片右侧部分两端的电压,电流表测电路中的电流,根据欧姆定律可知电路中电流的变化,根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化,进一步判断亮暗的变化,根据P=UI可知电路总功率的变化,根据滑片的移动可知滑片右侧部分电阻的变化,根据欧姆定律可知电压表示数的变化.4.对于某一确定的导体,影响该导体电流大小的物理量是()A. 通电时间B. 电荷量C. 电压D. 质量【答案】 C【解析】【解答】解:(1)由欧姆定律可知,对于某一导体,通过导体的电流与导体两端的电压成正比,所以对于某一确定的导体,通过导体电流大小决定于导体两端的电压,故C正确;(2)导体电阻和电压决定了通过导体的电流大小,即在一定时间内通过导体横截面的电荷量的多少,电流的大小与质量无关,故ABD错误.故选C.【分析】对于某一导体,电阻一定,通过导体的电流与导体两端的电压成正比,据此分析选择.5.在如图所示电路中,电源电压相同且不变,电路元件均完好,电流表A1的示数比A2大,下列方案中有可能使两电流表示数相同的有()方案:①用一个更小的电阻替换R3②将如图(a)中的R2与(b)中的R1互换③用一个更大的电阻替换R2④将如图(a)中的R1与(b)中的R3互换A. 0个B. 1个C. 2个D. 3个【答案】C【解析】【解答】a图R1、R2并联,电流表A1在干路上,b图R1、R3串联,电源电压相同且不变,电流表A1的示数比A2大,要使两电流表示数相同,可以减小A1的示数或者增大A2的示数,根据欧姆定律可知,可以用一个更小的电阻替换R3或者用一个更大的电阻替换R2,故①③符合题意;因R1、R2、R3的大小未知,故②④不确定。

[人教版]九年级物理+17.2 欧姆定律 【解析版】

[人教版]九年级物理+17.2 欧姆定律 【解析版】

17.2欧姆定律一、欧姆定律1.欧姆定律的内容是:导体中的电流,跟导体两端的电压成比,跟导体的电阻成比。

公式为,式中I的单位是,U的单位是,R的单位是。

【答案】对于某导体来说,通过它的电流跟与它两端的电压成正比,这就是欧姆定律。

I=U/R,安培,伏特、欧姆。

【解析】导体中的电流,跟导体两端的电压成正比,跟导体的电阻成反比。

公式为I=U/R。

电流单位安培,电压单位伏特,电阻单位欧姆。

2.对于欧姆定律公式I=U/R的理解,以下说法中错误的是()A.导体中的电流与导体的电阻及其两端的电压有关B.对某一导体来说,导体中的电流与其两端电压成正比C.在电压相同的条件下,不同导体中的电流与导体的电阻成反比D.由I=U/R可推出R=U/I,说明R与U成正比,与I成反比【答案】D【解析】A.导体中的电流与导体的电阻及其两端的电压有关,根据I=U/R可知,A正确;B.对某导体来说,电阻不变,根据I=U/R可知,导体中的电流与其两端电压成正比,B正确;C.在电压相同时,根据I=U/R可知,不同导体中的电流与导体的电阻成反比,C正确;D.电阻是导体本身的一种性质,大小只由导体本身的因素决定,而与其两端的电压与通过导体的电流大小无关,由I=U/R可推出R=U/I,说明同一导体,U/I是一个定值,所以D错误。

所以选D。

3.如图所示,电源电压保持不变,开关S闭合后,把滑片P向左移动时,滑动变阻器接入电路的阻值将______,电压表的示数将______(均填“变大”或“变小”)。

【答案】变小,变大。

【详解】滑动变阻器与定值电阻串联,滑动变阻器接入的是左边部分,故滑片左移时,滑动变阻器阻值变小,电路总电阻变小,根据I=U/R 可知,电流变大,由欧姆定律可知定值电阻两端电压变大,即电压表示数变大。

4.如图所示电路,当开关S 、S 1均闭合时,电压表的读数是12V ,开关S 1断开时,电压表的读数是4V 。

如果电源电压不变,则电源电压为_________V ,开关S 1断开后,电阻R 2两端的电压为_________V 。

初三物理欧姆定律试题答案及解析

初三物理欧姆定律试题答案及解析

初三物理欧姆定律试题答案及解析1.(9分)如图,图甲和图乙是利用热敏电阻来测量温度的原理图.电源电压均为15V且保持不变,R为定值电阻,热敏电阻R的阻值随温度的变化关系如图丙所示.则:(1)图甲中,当温度为20℃时,电流表的示数为0.2A,这时热敏电阻两端的电压、热敏电阻消耗的功率、定值电阻R的阻值分别是多少?(2)图乙中,当电压表的示数为7.5V时,此时的温度是多少?【答案】(1)热敏电阻两端的电压11V,热敏电阻消耗的功率2.2W,定值电阻R的阻值是20Ω(2)图乙中,当电压表的示数为7.5V时,此时的温度是60℃【解析】(1)图甲中热敏电阻与定值电阻串联,电流表测电路中的电流。

由图丙可知:当温度为20℃时,R=55Ω,串联电路中的电流I=0.2A,故热敏电阻两端的电压:UR=IR=0.2A×55Ω=11V热敏电阻消耗的功率:PR =URI=11V×0.2A=2.2W,因为串联电路中的总电压等于各部分电路两端电压之和,所以定值电阻两端电压:U0=U总-UR=15V-11V=4V,定值电阻的阻值:(2)图乙中热敏电阻与定值电阻串联,电压表测定值电阻两端电压,由(1)中的计算可知R0=20Ω。

当电压表的示数为7.5V时,即R两端的电压为7.5V,所以此时通过电阻的电流(即串联电路中的电流):,热敏电阻两端的电压:U热=U总-U表=15V-7.5V=7.5V,热敏电阻的电阻:,由图丙可知,当R热=20Ω时,温度为60℃.【考点】电功率的计算、欧姆定律的应用2.干电池本身有一定的电阻,可以等效为一个没有电阻的理想干电池和一个定值电阻串联而成,将n节干电池串联成如图所示的电源。

使用该电源组成如图所示的电路,闭合电键S,在变阻器滑片P从A端滑到R端的全过程中,电路中部分物理量的变化规律分别如图(a)、(b)、(c)所示,其中图(a)为电压表示数与电流表示数的对应关系图线,图(b)为电池组输出电功率与电压表示数的关系图线,图(c)为电池组输出电能的效率η与变阻器接入电路电阻的关系图线。

中考物理复习专题练习—欧姆定律(含解析)

中考物理复习专题练习—欧姆定律(含解析)

中考物理复习专题练习—欧姆定律(含解析)1.一根导线的电阻是12Ω,当其两端的电压为6V 时,通过导线的电流为0.5A ;若它两端的电压为18V ,则通过导线的电流是______A ,此时导线的电阻是______Ω;若通过导线的电流为零,则导线的电阻是______Ω。

【答案】 1.5 12 12【详解】[1][2][3]因电阻是导体本身的一种性质,与导体两端的电压和通过的电流无关,所以,当它两端的电压为18V 或通过导线的电流为零时,导体的电阻仍为12Ω不变,当导线两端加18V 的电压时,通过导体的电流为18V 1.5A 12ΩU I R === 2.在图中,闭合开关前应将变阻器的滑片调到_____端(选填“最上”或“最下”)。

当滑片P 向下移动时,滑动变阻器接入电路中的电阻变_____,电流表的示数变_____,灯泡亮度变____。

【答案】 最下 大 小 暗【详解】[1]在图中,闭合开关前应将变阻器的滑片调到阻值最大的一端,即最下端。

[2][3][4]由图可知,该电路为串联电路,电压表测量滑动变阻器两端的电压,电流表测量电路中的电流;当滑片P 向下移动时,滑动变阻器接入电路中的电阻变大,电路中总电阻变大,根据欧姆定律可知,电路中的电流变小,电流表的示数变小;通过灯泡的电流变小,灯泡亮度变暗。

3.某导体两端电压是2V 时,通过它的电流是200mA ,该导体的电阻是___________;当它两端电压为0V 时,该导体的电阻为___________。

【答案】 【答案】 10Ω 10Ω【详解】[1]由U I R =可得,导体的电阻为 2V =10Ω0.2AU R I == [2]因电阻是导体本身的一种性质,与两端的电压和通过的电流无关,所以当导体两端的电压为0V 时,导体的电阻仍为10Ω不变。

4.小明做实验时,连接了如图所示的电路,电源电压保持不变。

闭合开关S 时,三个电表的示数分别为0.2A 、2V 、5V ,但当时没有记录清楚每个数据对应哪一个电表。

中考物理欧姆定律综合题附答案解析

中考物理欧姆定律综合题附答案解析

一、初中物理欧姆定律问题1.如图所示的电路图中,电源电压保持不变,闭合开关S后,将滑动变阻器R2的滑片P 向左滑动,下列说法正确的是:A.电流表A的示数变小,电压表V1的示数不变B.电流表A的示数变小,电压表V1的示数变大C.电压表V1与电压表V2的示数之和不变D.电压表V2与电流表A的示数之比不变【答案】A【解析】【分析】【详解】R1和R2是串联,V1测量的是电源电源,V2测量的是R2两端的电压,闭合开关S后,将滑动变阻器R2的滑片P向左滑动,电流表A的示数变小,电压表V1的示数不变所以A是正确的.2.如图a所示是电阻甲和乙的I—U图像,下列说法不正确的是()A.电阻甲为定值电阻,电阻乙的阻值随着温度的升高而减小B.当电阻甲两端电压为1V时,R甲=5Ω,此时甲的实际电功率为0.2WC.如图b所示,当开关闭合,电路电流为0.5A时,电路总电阻是10ΩD.如图c所示,当开关闭合,电源电压为2V时,电路总功率为0.8W【答案】D【解析】【分析】(1)根据欧姆定律可知,电阻一定时,通过电阻的电流与电阻两端的电压成正比,据此结合图像分析甲、乙电阻是否变化,再根据乙电阻热功率与阻值的关系分析作答;(2)由图像可知,当甲两端的电压为1V 时对应的电流,根据欧姆定律求出R 甲,根据P UI =求出此时甲的实际电功率;(3)甲和乙串联,由图b 读出电路电流为0.5A 时甲和乙电阻两端的电压,利用欧姆定律可求出R 乙,根据串联电路的电阻特点可得总电阻;(4)甲和乙并联,由图c 读出电源电压为2V 时甲和乙电阻对应的电流,再根据并联电路的电流特点得出总电流,再根据P UI =求出此时电路的总功率。

【详解】A .由图a 可知,甲对应的电流与电压成正比,根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变;随着电压的增加,乙电阻的热功率增加,温度升高,其阻值变小,故A 正确,不符合题意;B .由图a 可知,当甲两端的电压为1V 时,通过的电流为0.2A ,根据欧姆定律可得1V052AΩ.U R I ===甲甲甲 此时甲的实际电功率1V 0.2A 0.2W P U I ==⨯=甲甲甲故B 正确,不符合题意;C .如图b 所示,甲、乙串联,通过两电阻的电流相等,当电路电流为0.5A 时,由图a 可知,甲和乙两端的电压均为2.5V ,根据UR I=可知,此时甲乙的阻值相同,则电路总电阻 5Ω5Ω10ΩR R R =+=+=甲乙故C 正确,不符合题意;D .如图c 所示,甲、乙并联,两电阻两端的电压相等,当电源电压为2V 时,由图a 可知0.4A I =甲,0.2A I =乙根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知,干路电流0.4A 0.2A 0.6A I I I =+=+=甲乙则此时电路的总功率2V 0.6A 1.2W P UI ==⨯=故D 错误,符合题意。

初三物理欧姆定律试题答案及解析

初三物理欧姆定律试题答案及解析

初三物理欧姆定律试题答案及解析1.在如图所示的电路中,电源电压保持不变,电阻的阻值为20Ω。

闭合开关S,电流表的示数为0.3A,电流表的示数为0.2A。

求:⑴电源电压U;⑵电阻的阻值。

(4分)【答案】(1)6V (2)30Ω【解析】(1)读题知;由并联电路两端总电压与各支路两端电压相等得电源电压:(2)由电路图可见电阻与电阻并联,所以【考点】并联电路电压规律,欧姆定律,2.小明同学用如图所示的电路测定小灯泡的功率。

电路中电源电压恒为4.5V,电压表的量程为0~3V,电流表的量程为0~0.6A。

滑动变阻器的规格为“20Ω lA”,灯泡标有“2.5V 1.25W”字样。

若闭合开关,两电表的示数均不超过所选量程,灯泡两端的电压不允许超过额定值,不考虑灯丝电阻的变化,则下列说法中正确的是()A.滑动变阻器的电阻允许调节的范围是2.5~20ΩB.电流表示数的变化范围是0.18~0.6AC.灯泡的最小功率是0.81WD.该电路的最大功率是2.25W【答案】D【解析】滑片向右移动时,滑动变阻器接入电路的电阻减小,电流表和电压表的示数都增大,如果考虑电流表的安全,电路中的最大电流是0.6A,小灯泡的额定电流为,所以电路中允许通过的最大电流为0.5A,此时电路中的总电阻为:,小灯泡灯丝电阻为,滑动变阻器接入电路的阻值为,这时小灯泡正常发光,电压表的示数为2.5V,所以电压表也不会被烧坏,综上所述,滑动变阻器允许接入电路的最大阻值为,A错;由对选项A的分析可知,电路中的最大电流为0.5A,B错;当滑动变阻器全部接入电路时,电路中电流最小,为,灯泡消耗的电功率最小,,C错;电路的最大功率为【考点】电功率欧姆定律3.如图所示的电路中,电源两端电压为U且保持不变,定值电阻R1与R3的阻值不随温度变化。

闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P分别置于a点和b点,电压表V1、V2和 V3示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2和ΔU3,电阻R1、R2、R3电功率变化量的绝对值分别为ΔP1、ΔP2和ΔP3,滑动变阻器的滑片P在a、b两点时电流表的示数分别为Ia 和Ib。

(物理)物理欧姆定律题20套(带答案)及解析

(物理)物理欧姆定律题20套(带答案)及解析

(物理)物理欧姆定律题20套(带答案)及解析一、欧姆定律选择题1.在如图所示的电路中,电源电压保持不变,当开关S由断开到闭合,电流表两次示数之比是1:5.闭合S后,R1与R2的阻值之比和电功率之比分别是()A. 4:1;1:4B. 1:4;4:1C. 1:5;5:1D. 5:1;1:5【答案】 A【解析】【解答】解:当开关断开时,由欧姆定律可得:I1=;当开关闭合时,通过R2的电流I2=;则电流表的示数I=I1+I2=;由题意知:===;则解得:5R2=R1+R2;即=;由功率公式P=得:R1消耗的电功率P1=;R2消耗的电功率P2=;则功率之比:==;故答案为:A【分析】当开关断开时,电路中只有R1接入,则由欧姆定律可得出电流与电阻的关系;当开关闭合后,两电阻并联,因电源电压不变,则可由欧姆定律可求得通过R2的电流,由并联电路的电流的规律可求得总电流与两电阻的关系;两电阻并联,则由功率公式P=可求得功率关系。

2.我国刑法规定,从201年5月1日起,驾驶员醉酒后驾车要负刑事责任.为了打击酒驾行为,交警常用酒精浓度监测仪对驾驶人员进行酒精测试,如图甲所示是一款酒精浓度监测仪的简化电路图,其电源电压保持不变,R0为定值电阻,R为酒精气体浓度传感器(气敏电阻),R的阻值与酒精浓度的关系如图乙所示.当接通电源时,下列说法正确的是()A. 当酒精浓度减小时,R的阻值减少B. 当酒精浓度增大时,电压表的示数与电流表的示数的比值变大C. 当酒精浓度增大时,电压表的示数变大D. 当酒精浓度增大时,电流表的示数变小【答案】 C【解析】【解答】解:根据图象可知酒精气体的浓度越小传感器的电阻越大,故A错误;由电路图可知,定值电阻与传感器的电阻串联,电压表测量定值电阻两端的电压,所以电压表的示数与电流表的示数的比值为定值电阻的阻值,它是不变的,故B错误;由题知,酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的增大而减小,测试到的酒精气体浓度越大,酒精气体传感器的电阻越小,根据欧姆定律可知,电路电流越大,定值电阻两端的电压越大,即电压表示数越大;故C 正确;当酒精气体浓度增大时,酒精气体传感器的电阻减小,根据欧姆定律可知,电阻减小,电路电流增大,电流表示数增大,故D错误.故选C.【分析】由电路图可知,定值电阻与传感器的电阻串联,电压表测量定值电阻两端的电压;根据图象可知酒精气体的浓度越小传感器的电阻越大,由欧姆定律可知电路中的电流的变化、定值电阻两端电压的变化,再由串联电路的电压特点可知传感器两端的电压变化.3.小华设计了一种输液提示器,能在护士站观察到药液量的变化。

欧姆定律中考专题(答案解析)

欧姆定律中考专题(答案解析)

欧姆定律专题:电表示数的变化一、选择题(共15小题,每小题4分,满分60分)1.(4分)(2006•泉州)如图所示,R为定值电阻,电源电压不变,当滑动变阻器R'的滑片向右移动时,下列说法中,正确的是()1题2题3题A.电流表示数变大、电压表示数变小B.电流表示数变小、电压表示数变大C.电流表、电压表示数都变小D.电流表、电压表示数都变大2.(4分)(2006•无锡)如图电路,电源电压不变,开关S闭合,在滑动变阻器滑片P向右移动的过程中,以下判断正确的是()A.电压表示数不变B.电压表示数变大C.电压表示数变小D.电压表示数先变大后变小3.(4分)(2006•呼和浩特)小丽同学设计了如图所示的电路,当地闭合开关s后,电压表的读数将()A.变小B.不变C.变大D.无法判断4.(4分)如图所示,电源电压不变,闭合开关S后,当滑动变阻器的滑片P向上滑时,下列判断正确的是()4题5题6题A.三只电表的示数都增大B.三只电表的示数都变小C.电表A1的示数变小,电表V和A2的示数不变D.电表A和A2的示数都变小,电表V的示数不变5.(4分)如图所示,电源电压保持不变,闭合开关后,滑动变阻器的滑片向上移动,则()A.电流表示数增大,电压表V1示数增大,V2示数减小B.电流表示数减小,电压表V1示数减小,V2示数增大C.电流表和电压表V1的示数不变,电压表V2的示数减小D.电流表和电压表V1V2示数都不变6.(4分)(2008•泉州)在如图所示的电路中,当开关S断开,甲、乙两表为电流表时,示数之比为I甲:I乙=2:3,当开关S闭合,甲、乙两表为电压表时,则两表的示数之比U甲:U乙为()A.2:1 B.3:1 C.1:3 D.3:27.(4分)如图所示的电路中,R为定值电阻,R1为滑动变阻器,当变阻器的滑片P由中点c向b端滑动时,电流表和电压表的示数变化情况是()7题8题9题A.电压表的示数变大,电流表的示数变小B.电压表的示数不变,电流表的示数变大C.电压表的示数变小,电流表的示数不变D.电压表的示数不变,电流表的示数变小8.(4分)(2009•常德)如图所示电路中,电源电压保持不变,当开关S闭合,滑动变阻器的滑片P向右移动时,电表的示数变化情况是()A.电流表示数不变,电压表示数不变B.电流表示数减小,电压表示数增大C.电流表示数增大,电压表示数增大D.电流表示数减小,电压表示数不变9.(4分)(2008•通辽)如图所示的电路中.电源电压不变,R为定值电阻,当开关S闭合后,滑片P从右端向左端移动的过程中,下列说法正确的是()A.电流表示数逐渐变小B.电压表示数不变C.电压表示效变大D.电压表示数变小10.(4分)(2008•淄博)如图为李明同学的实验电路.当闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P向右滑动时,观察到的现象是()A.电压表的示数减小,电流表的示数增大B.电压表的示数增大,电流表的示数减小C.电压表和电流表的示数都增大D.电压表和电流表的示数都减小11.(4分)(2006•眉山)如图所示,电源电压保持不变,当开关S闭合时,滑动变阻器R1的滑片P从b端滑到a端的过程中,下列说法正确的是()A.电压表、电流表的示数均变小B.电压表、电流表的示数均不变C.电压表的示数不变,电流表的示数变小D.电压表的示数变小,电流表的示数不变12.(4分)如图所示电路,电源电压不变,当开关闭合,滑动变阻器的滑片P向右移动时,下列判断正确的是()12题13题14题15题A.电压表示数变大B.电流表A1的示数变小C.灯泡变暗D.电流表A2的示数变小13.(4分)如图所示,当开关s闭合时,两个电流表的示数变化情况正确的是()A.两个电流表示数都变大B.两个电流表示数都变小C.电流表A1示数不变,电流表A2示数变小D.电流表A1示数不变,电流表A2示数变大14.(4分)(2008•宁波)如图所示,电源电压保持不变.闭合开关S,在滑动变阻器的滑片由中点向右移动的过程中,下列说法错误的是()A.灯泡L的亮度不变B.电流表A1示数变大C.电流表A2示数变小D.电压表V示数不变15.(4分)(2008•烟台)如图所示,电源电压不变,闭合开关S后,滑动变阻器滑片自a向b移动的过程中()A.电压表V1示数变大,V2示数变大,电流表A的示数变大B.电压表V1示数不变,V2示数变大,电流表A的示数变小C.电压表V1示数不变,V2示数变小,电流表A的示数变大D.电压表V1示数变小,V2示数变大,电流表A的示数变小二、填空题(共2小题,每小题5分,满分10分)16.(5分)如图所示电路,开关S闭合后,电流表的示数_________(填“变大”“变小”或“不变”);若电流表示数变化了0.1 A,则电阻R=_________Ω(电源电压保持不变)17.(5分)(2009•防城港)如图所示电路中,闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P向左滑动时,电流表的示数_________,电压表的示数_________.(选填“不变”、“变大”或“变小”)2010年欧姆定律专题:电表示数的变化参考答案与试题解析一、选择题(共15小题,每小题4分,满分60分)1.(4分)(2006•泉州)如图所示,R为定值电阻,电源电压不变,当滑动变阻器R'的滑片向右移动时,下列说法中,正确的是()A.电流表示数变大、电压表示数变小B.电流表示数变小、电压表示数变大C.电流表、电压表示数都变小D.电流表、电压表示数都变大考点:滑动变阻器的使用;欧姆定律的应用。

中考物理欧姆定律的综合复习含答案解析

中考物理欧姆定律的综合复习含答案解析

一、初中物理欧姆定律问题1.灯泡L的电流随电压变化关系如图甲所示,现把灯泡L接入如图乙所示的电路中,电路中电源的电压保持不变,闭合开关S,滑动变阻器的滑片P向左滑动时,下列判断正确的是A.电路消耗的总功率保持不变B.电压表与电流表示数的比值变小C.电流表的示数增大,电压表的示数减小D.灯泡电阻的改变量小于滑动变阻器接入电路电阻的改变量【答案】D【解析】【分析】【详解】AC.灯与R串联,电压表测L的电压,电流表测电路的电流,滑动变阻器的滑片P向左滑动时,变阻器连入的电阻变小,电路的总电阻变小,由欧姆定律,电路的电流变大,根据 ,电路消耗的总功率变大;通过灯的电流变大,灯的电压变大,故AC错误;P UIB.由欧姆定律,电压表与电流表示数的比值即灯的电阻,如下所示,通过灯的电流随电压变大而变大,而且电压的增大量大于电流的增大量,由欧姆定律,灯的电阻变大,即电压表与电流表示数的比值变大,B错误;D.电路的总电阻变小,故灯泡电阻的增大量小于滑动变阻器接入电路电阻的减小量,即灯泡电阻的改变量小于滑动变阻器接入电路电阻的改变量,D正确。

故选D。

2.用电流表和电压表测电阻时,电压表和电流表有如图所示的两种接法。

关于这两种接法,下列说法中正确的是()A.甲图适合测量阻值较大的电阻,误差会减小B.乙图适合测量阻值较大的电阻,误差会减小C.若考虑甲图电流表本身的电阻,则测量值与真实值相比偏小D.若考虑乙图电压表本身的电阻,则测量值与真实值相比偏大【答案】A【解析】【分析】【详解】A.由图甲所示电路图可知,电流表采用内接法,由于电流表的分压作用,所测电压偏大,试验误差是由电流表的分压造成的,当待测电阻阻值远大于电流量表内阻时,即甲图适合测量阻值较大的电阻,误差会减小,故A正确;B.由图乙所示电路图可知,电流表采用外接法,由于电压表的分流作用,使所测电流偏大,实验误差来源于电压表分流,当电压表内阻远大于待测定值阻值时,即乙图适合测量阻值较小的电阻,误差会减小,故B错误;C.甲电路是安培表内接法,如果不考虑操作的偶然误差,按甲、乙两种电路进行实验,甲图中电压表两侧的电压是待测电阻上的电压与电流表上的电压的和,所以甲图中电阻测量值R A RU U URR R+=>甲即测量值与真实值相比偏大,故C错误;D.乙电路是安培表外接法,流过电流表的电流是待测电阻上的电流与电压表上电流的和,所以乙图中电阻测量值R V RU URI I I=<+乙即测量值与真实值相比偏小,故D错误。

中考物理欧姆定律复习含答案解析

中考物理欧姆定律复习含答案解析

一、初中物理欧姆定律的实际应用问题1.如图所示的电路中,闭合开关S ,当滑动变阻器R 3滑动触头向下移动时,四个理想电表的示数都发生了变化,电表的示数分别用I 、U 1、U 2、U 3表示,电表的示数变化量大小分别用∆I 、∆U 1、∆U 2、∆U 3表示,下列判断正确的是( )A .U 2变大,I 变大B .U 2 变大,I 变小C .2U I 变大,2U I ∆∆不变 D .3U I 变大,3U I∆∆不变 【答案】D【解析】【分析】【详解】AB .分析电路图知,三个电阻串联在电路中,电压表V 1测电阻R 2和滑动变阻器R 2的总电压,V 2测电阻R 2的电压,V 3测变阻器R 3的电压。

当滑动变阻器的触头向下移动时,滑动变阻器接入电路中的电阻变大,则电路中的总电阻变大,据欧姆定律得,电路中的电流变小,而电阻R 2的阻值不变,其两端的电压U 2应变小,故AB 都错误;C .据题意得22U R I =,而R 2是定值电阻,所以2U I 不变,2U I ∆∆不变,故C 错误; D .据题意得33U R I =,而R 3的阻值变大,则3U I 变大,3U I∆∆不变,故D 正确。

故选D 。

2.小明设计了一个用电压表的示数变化反映环境温度变化的电路,其电路图如图甲所示。

其中,电源两端电压U =4V (恒定不变),电压表量程为0~3V ,R 0是阻值为300Ω的定值电阻,R 1是热敏电阻,其阻值随环境温度变化的关系如图乙所示,则下列说法正确的是( )A .R 1的阻值随温度升高而减小B .环境温度升高时,电路的总功率变小C .此电路所允许的最高环境温度是80℃D .当环境温度为40℃时,R 1两端的电压为2V【答案】AC【解析】【详解】 A .由乙图可知,随温度升高R 1的阻值逐渐降低,故A 正确;B .由于电源电压不变,当环境温度升高时,R 1的阻值变小,电路总电阻变小,则由2U P R=可知,电路总功率变大,故B 错误; C .由于温度越高R 1阻值越小,则由串联分压可知,R 0两端电压越大,由于电压表测量R 0两端电压,量程为0~3V ,则电压最大不超过3V ,当电压表为3V 时,对应环境最高温度,此时电路电流为01003V 0.01A 300ΩU I I I R ===== 则此时R 1阻值为 1114V 3V 100Ω0.01AU R I -=== 由乙图得对应最高温度为80℃,故C 正确;D .当环境温度为40℃时,由乙图得R 1阻值为200Ω,则电路总阻值为500Ω,电路电流为4V 0.008A 500ΩU I R '===总 由于串联,则流过R 1电流为0.008A ,此时R 1两端电压为1110.008A 200Ω=1.6V U I R '''==⨯故D 错误。

中考物理总复习:欧姆定律(基础)知识讲解及答案

中考物理总复习:欧姆定律(基础)知识讲解及答案

中考总复习:欧姆定律(基础)【考纲要求】1、欧姆定律公式及计算。

2、电阻的测量。

3、串、并联电路的特点。

4、含有变阻器电路的分析。

【知识网络】【考点梳理】要点一、欧姆定律1、探究电流与电压、电阻的关系①提出问题:电流与电压电阻有什么定量关系?②制定计划,设计实验:要研究电流与电压、电阻的关系,采用的研究方法是:控制变量法。

即:保持电阻不变,改变电压研究电流随电压的变化关系;保持电压不变,改变电阻研究电流随电阻的变化关系。

③进行实验,收集数据信息:(会进行表格设计) ④分析论证:(分析实验数据寻找数据间的关系,从中找出物理量间的关系,这是探究物理规律的常用方法。

)⑤得出结论:在电阻一定的情况下,导体中的电流与加在导体两端的电压成正比;在电压不变的情况下,导体中的电流与导体的电阻成反比。

2、内容:导体中的电流,跟导体两端的电压成正比,跟导体的电阻成反比。

3、公式:RU I4、符号的意义及单位:U —电压—伏特(V ), R —电阻—欧姆(Ω), I —电流—安培(A )5、同体性:使用欧姆定律公式RUI =时,应注意公式中I 、U 、R 应该对应同一段导体或者同一段电路,即满足“同体性”。

6、同时性:公式中I 、U 、R 除满足公式中的“同体性”之外,还应是同一段导体在同一时刻的电流,电压,电阻。

即满足同时性。

7、单位:运用该式时,式中各量的单位只能是安培,伏特,欧姆。

8、欧姆定律的成立的条件:只能在“纯电阻电路”中成立,对于含有电动机的电路,欧姆定律就不成立。

9、欧姆定律公式变形:可得公式:IUR =,它反映了电阻可用导体两端电压和导体中的电流的比值表示,但是因为电阻是导体本身的一种性质,因此它既不和U 成正比,也不和I 成反比,这一点和欧姆定律有明显区别。

要点二、电阻的测量—伏安法测电阻1、实验原理:根据欧姆定律的变形公式IUR =,测出两端的电压和通过的电流,就可以求出它的电阻,这种测量电阻的方法叫伏安法。

(物理)物理部分电路欧姆定律专项习题及答案解析及解析

(物理)物理部分电路欧姆定律专项习题及答案解析及解析

(物理)物理部分电路欧姆定律专项习题及答案解析及解析一、高考物理精讲专题部分电路欧姆定律1.如图所示,电源两端电压U 保持不变.当开关S 1闭合、S 2断开,滑动变阻器接入电路中的电阻为R A 时,电压表的示数为U 1,电流表的示数为I 1,电阻R 1的电功率为P 1,电阻R A 的电功率为P A ;当开关S 1、S 2都闭合,滑动变阻器接入电路中的电阻为R B 时,电压表的示数U 2为2V ,电流表的示数为I 2,电阻R B 的电功率为P B ;当开关S 1闭合、S 2断开,滑动变阻器滑片P 位于最右端时,电阻R 2的电功率为8W .已知:R 1:R 2=2:1,P 1:P B =1:10,U 1:U 2=3:2.求:(1)电源两端的电压U ;(2)电阻R 2的阻值;(3)电阻R A 的电功率P A .【答案】(1)U=12V (2)R 2=2Ω (3)4.5W【解析】(1)已知: U 1∶U 2=3∶2R 1∶R 2=2∶1由图甲、乙得:U 1=I 1(R 1 + R 2 )U 2=I 2 R 2 解得:12I I =12已知:P 1∶P B =1∶10由图甲、乙得:P 1 = I 12R 1P B = I 22R B解得:R 1 =25R B 由电源两端电压U 不变 I 1(R 1+R 2+R A ) = I 2(R 2+R B )解得:R A =9R 2 由图乙得:2U U =22BR R R + U 2=2V 解得:U =12V(2)由图丙得:2U U '=212R R R +解得:U 2' = 4VP 2=8WR 2 =222U P '=2(4V)8W= 2Ω (3)由U 1∶U 2=3∶2解得:U 1=3VU A =U -U 1=9VR A =9R 2=18ΩP A =2A AU R =4.5W 【点睛】本题是有关欧姆定律、电功率的综合计算题目.在解题过程中,注意电路的分析,根据已知条件分析出各种情况下的等效电路图,同时要注意在串联电路中各物理量之间的关系,结合题目中给出的已知条件进行解决.2.图示为汽车蓄电池与车灯、小型启动电动机组成的电路,蓄电池内阻为0.05Ω,电表可视为理想电表。

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(物理)50套初中物理欧姆定律及解析一、欧姆定律选择题1.如图1所示,电源电压恒为6V,R为热敏电阻,其阻值随温度变化如图2所示,R0是阻值为10Ω的定值电阻,闭合开关S,通过分析,下列说法错误的是()A. 图1中的R0有保护电路的作用B. 温度升高时,电压表的示数会变小C. 温度为40℃时,电流表的示数为0.2AD. 温度降低时,电压表与电流表示数的比值变小【答案】D【解析】【解答】解:A、由图可知,R与R0串联在电路中,当热敏电阻随温度的升高而过小时,电路中的总电阻R串=R+R0而不致过小,因此R0起到保护电路的作用,故A不符合题意;B、由图2而知,当温度升高时,R会变小,根据串联电路的分压特点可知,热敏电阻两端的电压会变小,即电压表示数会变小,故B不符合题意;C、由图可知,温度为40℃时,热敏电阻的值为R=20Ω,则电流表示数I= ==0.2A,故C不符合题意;D、由图可知,电压表测R两端电压U,电流表测电路电流即R电流I,由欧姆定律可知,=R,即电压表与电流表示数的比值表示的是热敏电阻的值,当温度降低时,由图2可知,其阻值变大,即电压表与电流表的示数比值变大,故D符合题意.故选D.【分析】(1)根据图1中的电路连接方式,由图2可知,热敏电阻随温度的升高而减小,此时电路中的电流会增大,据此分析;(2)温度升高时,由图2分析热敏电阻的变化,再判断电路中总电阻的改变,由欧姆定律判断电压表示数变化情况;(3)由图2中的数据,根据串联电路的特点进行计算;(4)分析电压表与电流表示数比值所表示的量,结合图2进行判断.2.如甲图所示的电路中,电源电压为8V恒定不变,R0为定值电阻,R为滑动变阻器,闭合开关S后,在滑片P滑动过程中,电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示,根据图象信息可知,下列判断错误的是()A. R0的阻值是5ΩB. 电路的最大总功率12.8WC. R0的最小功率是1.6WD. 滑动变阻器最大阻值是35Ω【答案】 C【解析】【解答】解:由电路图可知,R0与R串联,电压表测变阻器R两端的电压,电流表测电路中的电流。

(1)当滑动变阻器接入电路的电阻为0时,电路为R0的简单电路,电路中的电流最大,此时电路的总功率最大,由乙图可知,电路中的最大电流I大=1.6A,由I=可得,R0的阻值:R0===5Ω,A符合题意;电路的最大总功率:P大=UI大=8V×1.6A=12.8W,B符合题意;(2)当滑动变阻器接入电路的电阻最大时,电压表的示数最大,电流表的示数最小,R0的功率最小,由乙图可知,电路中的最小电流I小=0.2A,变阻器R两端的电压U R=7V,则R0的最小功率:P0小=I小2R0=(0.2A)2×5Ω=0.2W,C不符合题意;滑动变阻器的最大阻值:R大===35Ω,D符合题意。

故答案为:C。

【分析】结合电路图,理清元件的连接方式及电表的测量对象,当滑动变阻器接入电路的电阻为0时,电路中的电流最大,此时电路的功率最大,根据图象读出电路中的最大电流,根据欧姆定律求出R0的阻值,利用P=UI求出电路的最大功率;当滑动变阻器接入电路的电阻最大时,电压表的示数最大,电流表的示数最小,R0的功率最小,根据图象读出电路的最小电流和变阻器两端的电压,根据P=UI=I2R求出R0的最小功率,再利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值.3.如图所示电路,电源电压不变,闭合开关S,当滑片P置于变阻器的B端时,电压表的示数为6V,在10s内定值电阻R1产生的热量为36J;当滑片P置于变阻器的中点时,电压表的示数变化了2V.下列结果正确的是()A. R1先后两次消耗的电功率之比为3:4B. 滑动变阻器R2的最大阻值为10ΩC. 电源电压为10VD. R1的阻值为20Ω【答案】 B【解析】【解答】由电路分析可知,R1与滑动变阻器串联,电压表测量滑动变阻器两端的电压,当滑片P置于变阻器的B端时滑动变阻器的阻值最大,根据Q= 得R2= =10Ω,B符合题意;滑片P置于变阻器的B端时电路中的电流I1= =0.6A,U总=U1+U2=0.6AR1+6V……①,当R1=10Ω时电压表的示数=6V-2V=4V,此时电路中的电流I’= =0.8A,U总=U1+U2=0.8AR1+4V……②,根据P=I2R得P1:P1’=(0.3A)2R1:(0.4A)2R1=9:16,A不符合题意;解由①②组成的方程组得:电源电压为12V、R1的阻值为10Ω,C、D不符合题意。

故答案为:B。

【分析】根据Q= 求出R2的值,根据欧姆定律I= 求出滑片P置于变阻器的B端和位于中点时电路中的电流,根据P=I2R得出R1的功率之比,根据串联电路电压的规律列出方程①②,求出电源电压、R1的阻值。

4.灯L1标有“6V 6W”字样,灯L2标有“12V 12W”字样,将L1、L2连成如图所示电路,闭合开关S,两灯都能发光,则()A. 灯L2比L1亮B. 灯L1、L2实际电压之比为1:2C. 若一电表示数突然减小,另两电表示数不变,则可能是灯L2灯丝断了D. 若将灯L1、L2串联后接入电路,两灯都能发光,则实际功率之比为1:2【答案】 D【解析】【解答】解:由P=可知,灯泡电阻:R1===6Ω,R2===12Ω;由图示电路图可知,两灯泡并联,电压表测电源电压,电流表A1测干路电流,电流表A2测L2支路电流;A、两灯泡并联,灯泡两端电压U相等,R1<R2,由P=可知:P1>P2,灯L1比L2亮,故A错误;B、两灯泡并联,它们两端的电压相等,灯泡实际电压之比为1:1,故B错误;C、电压表测电源电压,电流表A1测干路电流,电流表A2测L2支路电流,如果灯L2灯丝断了,通过L2的电流为零,两电流表示数都变小,电压表示数不变,不符合题意,故C错误;D、若将灯L1、L2串联后接入电路,通过两灯泡的电流I相等,两灯都能发光,则实际功率之比:===,故D正确;故选D.【分析】已知灯泡额定电压与额定功率,应用电功率公式求出灯泡的电阻,然后应用串并联电路特点与电功率公式比较灯泡实际功率大小,再分析答题.5.如图所示的四个电路中,电源电压都相同且不变,电阻R的阻值均相等. 闭合电键S 后,电流表示数最小的是()A. B. C. D.【答案】 A【解析】【解答】A图中电流表与一个电阻串联后又与开关并联,所以开关闭合后将其短路,电流表的示数为零;B图中开关闭合后,两电阻并联,电流表测量干路电流,示数为:;C图中两电阻串联,开关闭合后,电流表示数为:;D图中两电阻并联,电流表测量一个支路的电流,示数为: .所以A图中电流表示数最小,故答案为:A .【分析】A、开关闭合后,为上面的电阻的简单电路,电流表与下面的电路被短路,电流表示数为零;BCD、开关闭合后,根据电路的连接方式,利用欧姆定律分别列出电流的表达式,再比较大小 .6.如图所示,A是悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁,B是螺线管。

闭合开关,待弹簧测力计示数稳定后,将滑动变阻器的滑片缓慢向右移动的过程中,下列说法正确的是()A. 电压表示数变大,电流表示数也变大B. 电压表示数变小,电流表示数也变小C. 螺线管上端是N极,弹簧测力计示数变小D. 螺线管上端是S极,弹簧测力计示数变大【答案】C【解析】【解答】由图知道,定值电阻R0与滑动变阻器、螺线管串联,电压表测量的是R 两端的电压;当将滑动变阻器的滑片P向右滑动时,滑动变阻器R阻值变小,由串联电路电阻的特点可知,则电路中的总电阻变小,电路的电流变大,由串联电路分压特点得电压表示数变小,通电螺线管的磁性增强,由右手螺旋法则判断螺线管的上端为N极,和上面的磁极相互排斥,通电螺线管的磁性增强,排斥力变大,弹簧测力计示数变小。

故答案为:C。

【分析】(1)影响电磁铁磁性强弱的因素有:电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯。

线圈的匝数一定,电流越大磁性越强;(2)运用安培定则(用右手握螺线管,让四指弯向螺线管中电流方向,则大拇指所指的那端就是螺线管的北极)判断通电螺线管的极性;(3)磁极间的相互作用:同名磁极相互排斥,异名磁极相互吸引。

(4)当变阻器R的滑片缓慢向右移动,滑动变阻器接入电路的电阻变小,根据欧姆定律和串联电路电压的特点可知电路电流表和电压表示数的变化.7.如何利用阻值已知的电阻R0和一只电流表或一只电压表,测出未知电阻Rx的阻值,同学们设计了如图所示四种电路(电源电压未知),其中不可行的方法有()A. (1)(2)B. (1)(3)C. (2)(4)D. (2)(3)【答案】 B【解析】【解答】解:(1)开关S1闭合,S2断开时,R0和R x串联,电流表可以测出通过R x的电流I x;再S2闭合时为R x的简单电路,不能直接或间接测量出R x的电压,所以不能求出R x的电阻;(2)开关S0闭合,S接1时电路为R0的简单电路,电流表测电路中的电流,根据欧姆定律求出电源的电压;当S接2时电路为未知电阻R x的简单电路,电流表测通过R x的电流I x,根据R x= 求出电阻;(3)开关S0闭合,S接1时和S接2时电压表V的正负接线柱会连接错误,故无法测出正确的使用;(4)开关S1和S2都闭合时,R0被短路,电压表测量电源电压U;只闭合S1时,R0和R x串联,电压表直接测量R x两端的电压U x;根据串联电路中总电压等于各分电压之和求出定值电阻两端的电压U0=U﹣U x,根据I0= 求出通过定值电阻的电流即为通过R x电流,根据R x= 求出电阻.综上可知,B符合题意,ACD不符合题意.故答案为:B.【分析】在单表测量电阻的实验中,都会用到定值电阻,用串联电路的电流相等或并联电路的电压相等得出未知电阻的电流或电压,利用欧姆定律求电阻.8.如图所示电路中,电源两端电压保待不变,R1为定值电阻,R2为滑动变阻器.闭合开关S后,滑动变阻器滑片P自b向a移动的过程中()A. 电压表V1的示数变大,电路消耗的总功率变小B. 电压表V2的示数不变,电路消耗的总功率变大C. 电流表A的示数变大,电压表V1的示数与电流表A的示数之比变大D. 电流表A的示数变大,电压表V2的示数与电流表A的示数之比变大【答案】 B【解析】【解答】由电路图可知,R1与R2串联,电压表V1测R2两端的电压,电压表V2测电源的电压,电流表测电路中的电流,因电源两端电压保待不变,所以,滑片移动时,电压表V2的示数不变,滑动变阻器滑片P自b向a移动的过程中,接入电路中的电阻变小,电路中的总电阻变小,由I=U/R可得,电路中的电流变大,即电流表A的示数变大,由U=IR可知,R1两端的电压变大,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,R2两端的电压变小,即电压表V1的示数变小,故A错误;因电压表V1的示数变小,电压表V2的示数不变,电流表的A的示数变大,所以,电压表V1的示数与电流表A的示数之比变小,电压表V2的示数与电流表A的示数之比变小,故CD错误;由P=UI可得,电路消耗的总功率变大,故B正确,故答案为:B.【分析】本题考查学生对电路的动态分析能力。

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