0910学年江西新余一中高二下学期第二次段考物理试题及答案

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江西省新余市第一中学高二物理下学期入学考试试题

新余一中高二年级2016—2017学年度下学期入学考试物理试题考试时间：90分钟试卷总分：100分 2017年2月12日一、选择题（每小题4分,共40分,1--7题是单选题，8—10题是多选题）1．关于电场强度的叙述正确的是（）A．电场中某点的场强大小与该点的检验电荷所受电场力成正比，与其电量成反比B．将放在电场中某点的电荷q改为－q ,则该点的电场强度大小不变，方向与原来相反C．电场中某点的场强与该点有无检验电荷无关D．电场中某点的场强方向就是检验电荷在该点所受电场力的方向2．如图物体B的上表面水平，当A、B相对静止沿斜面匀速下滑时，斜面C保持静止不动，则正确的是（）A．物体B、C都只受4个力作用 B．物体B的上表面一定是粗糙的C．物体C受水平面的摩擦力方向一定水平向右D．水平面对物体C的支持力小于三物体的重力大小之和3、我国计划将“神舟十号”、“嫦娥三号”等航天器送入太空，已知地球和月球的半径之比为a，“神舟十号”绕地球表面附近运行的周期与“嫦娥三号”绕月球表面附近运行的周期之比为b，则( )A．“神舟十号”绕地球表面运行的角速度与“嫦娥三号”绕月球表面运行的角速度之比为b B．地球和月球的质量之比为b2/a3C．地球和月球的第一宇宙速度之比为a/bD．地球表面的重力加速度与月球表面的重力加速度之比为b2/a4．将一带电量为—q的检验电荷从无限远处移到电场中的A点，该过程中电场力做功为W，则检验电荷在A点的电势能及电场中A点的电势分别为（）A．E P =W，φA =W/q B．E P =W，φA=—W/qC．E P =—W，φA =W/q D．E P =—W，φA =—W/q5．如图是电场中的一条电场线，重力不计的电子从a点由静止释放，它将沿直线向b点运动，则可判断（）a bA．该电场一定是匀强电场 B．场强E a一定小于E bC．两点的电势φa一定高于φb D．电子具有的电势能E Pa一定大于E Pb.6．一灵敏电流表的满偏电流I g=1mA，内阻为200Ω。

高中江西省新余市高二(下)期末物理试题[答案解析]

江西省新余市【精品】高二（下）期末物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列说法符合事实的是A ．普朗克大胆地把光的波粒二象性推广到实物粒子提出假设：实物粒子也具有波动性B ．汤姆孙通过对阴极射线的观察，发现了阴极射线是由带负电的微粒组成，并测出了该种微粒的电荷量C ．卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究证实了原子核内部有质子和中子D ．爱因斯坦为了解释光电效应的实验规律提出了光子说2．一个小球从地面上A 点以斜向上的初速度0v 抛出，0v 的方向与水平方向的夹角为θ，小球在空中运动的最高点和A 点的连线与水平方向的夹角为α，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A ．θ一定时，0v 越大，α越大B ．θ一定时，0v 越大，α越小C ．0v 一定时，θ越大，α越小D ．0v 一定时，θ越大，α越大 3．物体以初速度V 0沿粗糙斜面向上滑行，达到最高点后自行返回原点，在这一过程中，物体的速度—时间图线是：（）A ．B ．C ．D ．4．【精品】1月3日10时26分，“嫦娥四号”探测器成功在月球背面着陆，标志着我国探月航天工程达到了一个新高度，图示为“嫦娥四号”到达月球背面的巡视器．已知地球和月球的半径之比约为4:1，其表面重力加速度之比约为6:1．则地球和月球相比较，下列说法中最接近实际的是（）A ．地球的密度与月球的密度比为3：2B ．地球的质量与月球的质量比为64：1C ．地球的第一宇宙速度与月球的第一宇宙速度比为8：1D ．苹果在地球表面受到的引力与它在月球表面受到的引力比为60：15．在图中所示的电路中，当滑动变阻器的滑动触片向b 端移动时 ( )A ．伏特表V 读数增大，电容C 的电荷量在减小B ．安培表A 的读数增大，电容C 的电荷量在增大C ．伏特表V 的读数增大，安培表A 的读数减小D ．伏特表V 的读数减小，安培表A 的读数增大6．如图所示的区域内有垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度为B ．电阻为R 、半径为L 、圆心角为45°的扇形闭合导线框绕垂直于纸面的O 轴以角速度ω匀速转动（O 轴位于磁场边界）．则线框内产生的感应电流的有效值为A ．22BL R ωBCD ．24BL Rω二、多选题7．已知x 轴上电场方向与x 轴方向平行，x 轴上各点电势如图所示，x =0处电势为5V ，一电子从x =-2cm 处由静止释放，则下列说法正确的是A ．x =0处电场强度为零B ．电子在x =-2cm 处的加速度小于电子在x =-1cm 处的加速度C．该电子运动到x=0处时的动能为3 eVD．该电子不可能运动到x=2cm处8．如图光滑水平桌面上两平行虚线之间有竖直向下的匀强磁场，桌面上一闭合金属线框获得水平初速度后进入磁场，通过磁场区域后穿出磁场．线框开始进入到刚好完全进入磁场和开始离开到刚好完全离开磁场的这两个过程相比较A．线框中产生的感应电流方向相反B．线框中产生的平均感应电动势大小相等C．线框中产生的焦耳热相等D．通过线框导线横截面的电荷量相等9．新冠病毒疫情期间，医用的额温枪被我们熟悉。

江西省新余市第一中学最新高二物理下学期4月月考试题含解析

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x L d
可知，相邻条纹的间距变小，则第二条暗纹的中点在 P 点的下方．故 AB 错误，C 正确; D.当改用频率较高的单色光，则波长变小时，出现明(暗）条纹的间距宽度变小，若将屏向双缝方向远离一些即可看到第二个亮条纹的位置，故 D 错误. 故选 C．
5。如图所示,磁感应强度方向垂直固定斜面向上，大小随时间变化的规律为 B 2 2t T ,将一根长 0.３
ｖ=λf=1ｍ／s 所以从 t=0．1s 到０.2s 时间内，波传播的距离为
△ｘ=v△t=1×0。１m=0。1m 故Ｄ正确. 故选ＢＣD．二、实验题（共 1５分,其中 11 题的每小题为 3 分，1２题的每空为１分) １1。在“用单摆测定重力加速度”的实验中，（1）为了尽量减小实验误差,以下做法正确的是______. A。选用轻且不易伸长的细线组装单摆 B．选用密度和体积都较小的摆球组装单摆Ｃ．使摆球在同一竖直平面内做小角度摆动 D。选择最大位移处作为计时起点 (2）一位同学在实验中误将 49 次全振动计为 5０次，其他操作均正确无误，然后将数据代入单摆周期公式求出重力加速度，则计算结果比真实值＿＿__＿__＿（填“偏大"或“偏小”）。 (3）为了进一步提高实验精确度，可改变几次摆长 L 并测出相应的周期 T，从而得出一组对应的 L 与Ｔ的数据,再以Ｌ为横轴、T2 为纵轴建立直角坐标系，得到如图所示的图线，并求得该图线的斜率为 k，则重
7。某种金属发生光电效应时,光电子的最大初动能 Ek 与入射光频率的关系如图示，E、 v0 为已知量,
由图线信息可知( ）
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Ａ. 逸出功W0 E Ｂ．图象的斜率表示普朗克常量的倒数

【水印已去除】2018-2019学年江西省新余市分宜中学高二(下)第二次段考物理试卷

2018-2019学年江西省新余市分宜中学高二（下）第二次段考物理试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．（4分）下列说法中正确的是（）A．弹簧振子的运动是简谐运动B．简谐运动就是指弹簧振子的运动C．简谐运动是匀变速运动D．单摆简谐运动的回复力是重力和拉力的合力2．（4分）一弹簧振子做简谐运动，其位移x与时间t的关系曲线如图所示，由图可知（）A．质点的振动频率是4HzB．t＝2s时，质点的加速度最大C．质点的振幅为5cmD．t＝3s时，质点所受合力为正向最大3．（4分）甲、乙两个单摆在同一地点做简谐振动，在相等的时间内，甲完成10次全振动，乙完成20次全振动．已知甲摆摆长为1m，则乙摆的摆长为（）A．2m B．4m C．0.5m D．0.25m4．（4分）A、B两个弹簧振子，A的固有频率为f，B的固有频率为4f，若它们均在频率为3f的策动力作用下作受迫振动，则（）A．振子A的振幅较大，振动频率为fB．振子B的振幅较大，振动频率为3fC．振子A的振幅较大，振动频率为3fD．振子B的振幅较大，振动频率为4f5．（4分）已知在某时刻的波的图象如图所示，且M点的振动方向向上，下述说法中正确的是（）A．A点振动落后于M点，波向左传播B．A点振动超前于M点，波向左传播C．B点振动落后于M点，波向右传播D．B点振动超前于M点，波向右传播6．（4分）如图所示，将半圆形玻璃砖放在竖直面内，它左方有较大的光屏P，线光源S可沿玻璃砖圆弧移动，它发出的光束总是射向圆心O，若S从图中A向B处移动，在P上先看到七色光带，以后各色光陆续消失，则此七色光带从下到上的排列顺序以及最早消失的光是（）A．红光→紫光，红光B．紫光→红光，红光C．红光→紫光，紫光D．紫光→红光，紫光7．（4分）登山运动员在登雪山时要注意防止紫外线的过度照射，尤其是眼睛更不能长时间被紫外线照射，否则将会严重地损伤视力．有人想用薄膜干涉的原理设计一种能大大减小紫外线对眼睛伤害的眼镜，他选用的薄膜材料的折射率n＝1.5，所要消除的紫外线的频率ν＝8.1×1014 Hz，那么他设计的这种“增反膜”的厚度至少是（）A．9.25×10﹣8 m B．1.85×10﹣7 mC．1.23×10﹣7 m D．6.18×10﹣8 m8．（4分）一机械波相隔时间t的两个时刻的波形图象分别为图中实线和虚线所示，如波速为1m/s，那么t的值可能是（）A．1s B．2s C．3s D．4s9．（4分）下列说法中正确的是（）A．一切波都能发生干涉、衍射现象B．只有两列横波相遇时才能发生干涉C．在障碍物的后面可以听到前面人说话的声音是衍射现象D．发生多普勒效应时，观察者接收的频率发生了变化，是波源的频率变化的缘故10．（4分）如图所示，一条光线从空气中垂直射到棱镜界面BC上，棱镜的折射率为，这条光线离开棱镜时与界面夹角为（）A．30°B．45°C．60°D．90°11．（4分）在杨氏双缝干涉实验中，如果（）A．用白光作为光源，屏上将呈现黑白相间的条纹B．用红光作为光源，屏上将呈现红黑相间的条纹C．用红光照射一条狭缝，用紫光照射另一条狭缝，屏上将呈现彩色条纹D．用紫光作为光源，遮住其中一条狭缝，屏上将呈现间距不等的条纹12．（4分）如图所示一束红光和一束蓝光平行入射到三棱镜上，经三棱镜折射后汇聚于光屏M上的一点N，这两束单色光分别用a、b表示．对于这两束光的颜色以及在玻璃中的传播速度，下列说法中正确的是（）A．a为红光，在玻璃中的传播速度小于b光B．a为蓝光，在玻璃中的传播速度小于b光C．b为红光，在玻璃中的传播速度小于a光D．b为蓝光，在玻璃中的传播速度小于a光二、填空题（共2小题，每小题8分，满分12分）13．（8分）弹簧振子从距离平衡位置5cm处由静止释放4s内完成5次全振动，则这个弹簧振子的振幅为，振动的周期为；4s末振子的位移大小为；4s内振子通过的距离为。

2020-2021学年江西省新余市第一中学高二下学期第二次段考物理试卷

【最新】江西省新余市第一中学高二下学期第二次段考物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．如图所示，两个闭合圆形线圈A, B的圆心重合，放在同一个水平面内，线圈B中通如图所示的电流，设t=0时电流沿逆时针方向（图中箭头所示）．对于线圈A在t1～t2时间内的下列说法中正确的是（）A．有顺时针方向的电流，且有扩张的趋势B．有顺时针方向的电流，且有收缩的趋势C．有逆时针方向的电流，且有扩张的趋势D．有逆时针方向的电流，且有收缩的趋势2．图为用电源、电磁继电器、滑动变阻器、绿灯泡、小电铃、半导体热敏电阻、开关、导线等组成的一个高温报警器电路图，要求是：正常情况绿灯亮，有险情时电铃报警，则图中的甲、乙、丙分别是（）A．小电铃、半导体热敏电阻、绿灯泡B．半导体热敏电阻、小电铃、绿灯泡C．绿灯泡、小电铃、半导体热敏电阻D．半导体热敏电阻、绿灯泡、小电铃3．如图所示，为某一交流电的电流-时间图像（前半周期为正弦交流电），则一周期内该电流的有效值为A ．12I 0B ．√52I 0C ．52I 0D ．32I 0 4．如图所示，一理想变压器由一个初级线圈和两个次级线圈组成，当此变压器工作时，初级和次级线圈的匝数、电流、电压均在图中标出，则下列几组关系式中正确的是（）A ．1122U n U n =， 1133U n U n =B ．231231n n I I I n +=+ C ．n 1I 1+n 3I 3=n 2I 2 D ．1122I n I n =， 3121n I I n = 5．质量为m 的运动员从下蹲状态竖直向上起跳，经过时间t ，身体伸直并刚好离开地面，离开地面时速度为v 在时间t 内（）A ．地面对他的平均作用力为mgB ．地面对他的平均作用力为m v tC ．地面对他的平均作用力为m （g -v t） D ．地面对他的平均作用力为m （g +v t ） 6．两球A 、B 在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，m A =1kg ，m B =2kg ，v A =6m/s ，v B =2m/s 。

江西省新余市高二物理下学期第二次段考试题

2016－2017学年度下学期高二年级第二次段考物理试题题号一二三四总分得分一、单选题(本大题共7小题，共28.0分)1.如图甲所示，两个闭合圆形线圈A、B的圆心重合，放在同一水平面内，线圈B中通以如图乙所示的交变电流，设t=0时电流沿逆时针方向（图中箭头所示）．对于线圈A，在t1～t2时间内，下列说法中正确的是（）A.有顺时针方向的电流，且有扩张的趋势B.有顺时针方向的电流，且有收缩的趋势C.有逆时针方向的电流，且有扩张的趋势D.有逆时针方向的电流，且有收缩的趋势2.如图为电源、电磁继电器、滑动变阻器、绿灯泡、小电铃、半导体热敏电阻、开关、导线等组成的一个高温报警器电路图，要求是：正常情况绿灯亮，有险情时电铃报警，则图中的甲、乙、丙分别是（）A.小电铃、半导体热敏电阻、绿灯泡B.半导体热敏电阻、小电铃、绿灯泡C.绿灯泡、小电铃、半导体热敏电阻D.半导体热敏电阻、绿灯泡、小电铃3.如图所示为某一线圈交流电的电流-时间图象（前半周期为正弦波长为），则一周期内该电流的有效值为（）A.I0B.I0C.I0D.I04.如图所示，一理想变压器由一个初级线圈和两个次级线圈组成，当此变压器工作时，初级和次级线圈的匝数、电流、电压均在图中标出，则下列几组关系式中正确的是（）A.=，=B.=，= C.n1I1+n3I3=n2I2 D.=5.质量为m的运动员从下蹲状态竖直向上起跳，经过时间t，身体伸直并刚好离开地面，离开地面时速度为v在时间t内（）A.地面对他的平均作用力为mgB.地面对他的平均作用力为C.地面对他的平均作用力为m（-g）D.地面对他的平均作用力为m（g+）6.两球A、B在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，m A=1kg，m B=2kg，v A=6m/s，v B=2m/s．当A追上B并发生碰撞后，两球A、B速度的可能值是（）A.v A′=5m/s，v B′=2m/sB.v A′=2m/s，v B′=4m/sC.v A′=-4m/s，v B′=7m/sD.v A′=7m/s，v B′=1.5m/s7.一质点以坐标原点为中心位置在y轴上做简谐运动，其振动图线如图所示，振动在介质中产生的简谐横波沿x轴正方向传播，波速为1m/s．此质点从t=0开始振动，经过0.3s后此质点立即停止运动，则在t=0.4s时刻，波形图将是下图中的（）A. B. C. D.二、多选题(本大题共3小题，共12.0分)8.关于机械波，下列说法正确的是（）A.机械波的传播方向就是介质中质点的振动方向B.机械波的传播伴随着振动能量的传递C.机械波传播的是振动这种运动形式，质点并不随波迁移D.波不但能传递能量，也能传递信息9.如图所示的电路中，电感L的自感系数很大，电阻可忽略，D为理想二极管，则下列说法正确的有（）A.当S闭合时，L1立即变亮，L2逐渐变亮B.当S闭合时，L1一直不亮，L2逐渐变亮C.当S断开时，L2立即熄灭D.当S断开时，L1突然变亮，然后逐渐变暗至熄灭10.质量为2m的物体A以速度υ0碰撞静止的物体B，B的质量为m，则碰撞后B的速度可能为（）A.υ0B.2υ0C.υ0D.υ0三、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)11.在测定金属的电阻率的实验中，所用测量仪器均已校准：（1）用螺旋测微器测金属丝的直径如图甲所示，则该金属丝的直径为：d= ______ mm；（2）用欧姆表“×1”挡测量该金属丝的电阻，指针所指位置如图乙所示，则该金属丝的阻值约为______ Ω；（3）用伏安法测金属丝的电阻R x，现备有下列器材供测量该电阻丝的电阻时选用，为减小实验误差，应选用的器材有 ______ ．（只填器材对应的序号）A．电流表A1（量程0.6A、内阻约为0.5Ω）B．电流表A2（量程：3A、内阻约为0.1Ω）C．电压表V1（量程：3V、内阻约为6kΩ）D．电压表V2（量程15V、内阻约为30kΩ）E．滑动变阻器R1（阻值为0～1kΩ，额定电流为0.5A）F．滑动变阻器R2（阻值为0～20Ω，额定电流为2A ）G．电池组E（电动势3V，内阻约为1Ω）H．开关S一个，导线若干某小组同学用伏安法利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下：次数 1 2 3 4 5 6 7U/V 0.10 0.30 0.70 1.00 1.50 2.00 2.48I/A 0.020 0.060 0.140 0.210 0.320 0.400 0.520根据表中的数据，为了尽量减小实验误差，请你在图丙的虚线框内画出该小组同学设计的实验电路图．（4）请根据改组同学测得的数据，在图丁中作出该电阻的U-I图线，并根据你作出的U-I 图象得到该金属丝的阻值R x= ______ Ω（保留两位有效数字）．12.用如图所示为验证碰撞中的总动量守恒的实验装置，质量为m1的钢球A用细线悬挂于O点，质量为m2的钢球B放在小支柱N上，使悬线在A球静止释放前伸直，且线与竖直方向的夹角为α，A球释放后摆到最低点时恰好与B球正碰，碰撞后，A球把轻质指示针OC推移到与竖直方向夹角为β处，B球落到地面上，地面上铺有一张盖有复写纸的白纸D，保持α角度不变，多次重复上述实验，白纸上记录到多个B球的落地点．（1）实验中还需要测量的物理量有哪些？ ______（2）写出验证总动量守恒的表达式： ______ ．四、计算题(本大题共4小题，共40.0分)13.如图所示，实线表示简谐波在t=0时刻的波形图，虚线表示0.5s后的波形图，若简谐波周期T大于0.3s，则这列波传播的速度可能是多少？14.如图所示，质量为m的人和质量均为M的两辆小车A、B处在一直线上，人以速度v0跳上小车A，为了避免A、B相撞，人随即由A车跳上B车，问人至少要以多大的速度从A车跳向B车才能避免相撞？15.如图所示，质量M=9kg的长平板小车B静止在光滑水平面上，小车右端固定一轻质弹簧，质量m=0.9kg的木块A（可视为质点）紧靠弹簧放置并处于静止状态，A与弹簧不栓接，弹簧处于原长状态．木块A右侧车表面光滑，木块A左侧车表面粗糙，动摩擦因数μ=0.8．一颗质量m0=0.1kg的子弹以v0=120m/s的初速度水平向右飞来，瞬间击中木块并留在其中．如果最后木块A刚好不从小车左端掉下来．求：（1）小车最后的速度（2）最初木块A到小车左端的距离．16.如图所示，两根间距为L的金属导轨MN和PQ，电阻不计，左端弯曲部分光滑，水平部分导轨与导体棒间的滑动摩擦因数为μ，水平导轨左端有宽度为d、方向竖直向上的匀强磁场Ⅰ，右端有另一磁场Ⅱ，其宽度也为d，但方向竖直向下，两磁场的磁感强度大小均为B0，相隔的距离也为d．有两根质量为m、电阻均为R的金属棒a和b与导轨垂直放置，b棒置于磁场Ⅱ中点C、D处．现将a棒从弯曲导轨上某一高处由静止释放并沿导轨运动下去．（1）当a棒在磁场Ⅰ中运动时，若要使b棒在导轨上保持静止，则a棒刚释放时的高度应小于某一值h0，求h0的大小；（2）若将a棒从弯曲导轨上高度为h（h＜h0）处由静止释放，a棒恰好能运动到磁场Ⅱ的左边界处停止，求a棒克服安培力所做的功；（3）若将a棒仍从弯曲导轨上高度为h（h＜h0）处由静止释放，为使a棒通过磁场Ⅰ时恰好无感应电流，可让磁场Ⅱ的磁感应强度随时间而变化，将a棒刚进入磁场Ⅰ的时刻记为t=0，此时磁场Ⅱ的磁感应强度为B0，试求出在a棒通过磁场Ⅰ的这段时间里，磁场Ⅱ的磁感应强度随时间变化的关系式．【答案】1.D2.B3.B4.A5.D6.B7.C8. BCD9.BD 10.AC11.0.398；6.0；ACFGH；5.012.B球离地高度H．B球平抛的水平位移S．摆线的长度L；m A=m A+m B S13.解：由图线可直接读出波长λ=8m．（1）若波需要传播，则传播的距离为：，所以：，所以：T==当n=0时，T=；当n=1时，T=＜0.3s，不符合题意．则波速：v=m/s（2）当波向左传播时，传播的距离为：，所以：所以：T==当n=0时，T=2；当n=1时，T=s＞0.3s；当n=1时，T=s＜0.3s，不符合题意．所以：m/s；m/s答：这列波传播的速度可能是12m/s向右，或向左为4m/s或向左为20m/s．14.解：设人跳离A车时的速度为V1，A车的速度为V2，人落在B车上B车的速度为V3则人跳上A车后由动量守恒有：mv0=m V1+M A V2①人跳离A车时由动量守恒有：m V1=（M B+m）V3②两车避免相撞的条件是：V3≥V2③由①②③解得V1≥答：人至少要以的速度从A车跳向B车才能避免相撞．15.解：（1）当平板车与木块速度相同时，弹簧被压缩到最短，设此时速度为V1，以木块、木板、弹簧为系统，系统动量守恒，以木块的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m0v0=（M+m+m0）v1v1=1.2m/s（2）子弹进入木块的过程中动量守恒，得：m0v0=（m+m0）v2v2=12m/s根据能量守恒得：（m+m0）v22-（M+m+m0）v12=μ（m+m0）g LL=8.1m答：（1）小车最后的速度是1.2m/s，（2）最初木块A到小车左端的距离是8.1m．16.解：（1）因为a棒进入磁场Ⅰ后做减速运动，所以只要刚进入时b棒不动，b就可以静止不动．对a棒：由机械能守恒：mgh0=mv02，对回路：ε=BL v0，I=对b棒：BIL=μmg联立解得：h0=（2）由全过程能量守恒与转化规律：mgh=μmg2d+W克A解得：W克A=mgh-μmg2d（3）a棒通过磁场Ⅰ时恰好无感应电流，说明感应电动势为零，根据法拉第电磁感应定律ε=，在△t≠0的前提下，△Φ=0即Φ保持不变对a棒：由机械能守恒：mgh=mv2a棒进入磁场Ⅰ后，由牛顿第二定律得：a=μg经过时间t，a棒进入磁场Ⅰ的距离为x=vt-at2磁通量Φ=B0（d-x）L-B L又最初磁通量为Φ0=B0d L-B0L=B0d L=Φ联立解得：B=B0-．答：（1）h0的大小为．（2）a棒克服安培力所做的功为mgh-μmg2d．（3）磁场Ⅱ的磁感应强度随时间变化的关系式B=B0-．【解析】1. 解：线圈B中的电流产生磁场，当B中的电流反向增加时，根据安培定则线圈中的磁场的方向向里，随电流的增加而增加，所以根据楞次定律A中感应电流的磁场故向外，电流的方向沿着逆时针方向．由于磁场的强度随电流的增加而增加，所以线圈A有收缩趋势．故四个答案中，只有D正确，其他三个都错误．故选：D线圈B中的电流产生磁场，磁场变化，在A中产生感应电流，它的方向，可以根据楞次定律进行判断．该题考查安培定则和楞次定律的应用，属于基础题型，简单题目．2. 解：根据要求，在常温下热敏电阻甲阻值较大，电磁铁磁性较弱，不能将衔铁吸下，此时绿灯所在电路接通，绿灯亮，所以为是绿灯；温度升高，热敏电阻阻值较小，控制电路电流增大时，电磁铁磁性增大，将衔铁吸下，丙电路断开，乙电路接通电铃响，所以乙为小电铃，B正确．故选B掌握电磁继电器的组成及工作原理，其主要组成部分为电磁铁，电磁继电器就是利用电磁铁来控制电路的，当控制电路电流较小时，电磁铁磁性较弱，不能将衔铁吸下；当控制电路电流增大时，电磁铁磁性增大，将衔铁吸下．此题考查了电磁继电器的构造及工作原理，并考查了并联电路电压的关系；电磁继电器是利用电磁铁来工作的自动开关．3. 解：设交流电电流的有效值为I，周期为T，电阻为R．则有：I2RT=解得：I=故选：B．根据有效值的定义求解．取一个周期时间，将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值．求交流电的有效值，往往根据电流的热效应，由有效值的定义求解．中等难度．4. 解：A、根据电压与匝数成正比，有、，故A正确；B、由于副线圈是两个，电流与匝数不再成反比，故B错误；C、根据理想变压器输入功率等于输出功率，所以有，电压与匝数成正比联立得得，故C错误；D、变形得=，由C分析知，D 错误；故选：A根据电压与匝数成正比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决5. 解：人的速度原来为零，起跳后变化v，则由动量定理可得：-mgt=△mv=mv所以：=m（g+）；故D正确，ABC错误；故选：D已知初末速度，则由动量定理可求得地面对人的平均作用力．在应用动量定理时一定要注意冲量应是所有力的冲量，不要把重力漏掉．6. 解：两球碰撞过程系统动量守恒，以两球的初速度方向为正方向，如果两球发生完全非弹性碰撞，由动量守恒定律得：m A v A+m B v B=（m A+m B）v，代入数据解得：v=m/s，如果两球发生弹性碰撞，m A v A+m B v B=m A v A′+m B v B′，由机械能守恒定律得：m A v A2+m B v B2=m A v A′2+m B v B′2，代入数据解得：v A′=m/s，v B′m/s，则碰撞后A、B的速度：m/s≤v A≤m/s，m/s≤v B≤m/s，故选：B．两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒；碰撞过程中系统机械能可能有一部分转化为内能，根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能；同时考虑实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度．本题碰撞过程中动量守恒，同时要遵循能量守恒定律，不忘联系实际情况，即后面的球不会比前面的球运动的快！7. 解：根据振动图象得知，t=0时刻质点沿y轴正方向振动，即波源的起振方向沿y轴正方向，则介质中各质点的起振方向均沿y轴正方向，与波最前头的质点振动方向相同．起振后0.3s此质点立即停止运动，形成波长的波形．由振动图象读出周期T=0.4s，波长λ=v T=0.4m，则再经过0.1s后，即t=0.4s时波总共传播的距离为S=vt=0.4m，传到x=0.4x 处，故C正确，ABD错误．故选：C．根据振动图象t=0时刻质点的振动方向确定波传播时各质点起振的方向．由振动图象读出周期，求出波长，分析再经过0.1s后，即总共经过0.4s时波传播的距离，确定波形图．本题要抓住质点的振动与波动之间关系的理解．根据时间与周期的关系、波传播距离与波长的关系分析．8. 解：A、横波振动方向垂直于波的传播方向；而纵波的传播方向与质点的振动方向在同一条直线上；故A错误；B、波机械波的传播伴随着振动形式以及能量的传递；故B正确；C、在波的传播中质点在自已的平衡位置附近振动，不会随波向远方传播；故C正确；C、波不但能够传递能量，而且可以传递信息；故D正确；故选：BCD波传播的是能量或振动形式不是质点；波分为横波和纵波；振源停止振动时，介质中的波动断续传播．波传播的振动形式及能量．本题考查波的产生、传播等，要注意明确波传播的是能量或运动形式，质点不会随波前进；同时波可以传播能量．9. 解：A、闭合开关的瞬间，由于二极管具有单向导电性，所以无电流通过L1，由于线圈中自感电动势的阻碍，L2灯逐渐亮，故A错误，B正确．C、D、闭合开关，待电路稳定后断开开关，线圈L产生自感电动势，两灯串联，所以L1突然变亮，然后逐渐变暗至熄灭．故C错误，D正确．故选：BD当开关接通和断开的瞬间，流过线圈的电流发生变化，产生自感电动势，阻碍原来电流的变化，根据自感现象的规律，以及二极管具有单向导电性进行分析．对于线圈要抓住双重特性：当电流不变时，它是电阻不计的导线；当电流变化时，产生自感电动势，相当于电源；同时运动注意二极管的作用．10. 解：A球和B球碰撞的过程中动量守恒，选A原来的运动方向为正方向如果发生完全非弹性碰撞，由动量守恒定律得：2mv0=（2m+m）v2，解得：v2=；如果发生完全弹性碰撞，由动量守恒定律得：2mv0=2mv1+mv2，由能量守恒定律得：•2mv02=•2mv12+mv22，解得：v2=v0，则碰撞后B的速度为：v0≤v2≤v0，故AC正确，BD错误．故选：AC．AB两球碰撞过程中遵守动量守恒，在两球碰撞的过程中，有可能会存在能量的损失，根据动量守恒和碰撞前后总动能不增加，以及碰后同向运动时，A球的速度不可能大于B球速度进行分析．解决碰撞问题，往往要根据三个规律进行分析：一、系统的动量守恒；二、总动能不增加；三、符合实际运动的情况．11. 解：（1）固定刻度读数为0mm，可动刻度读数为0.01mm×39.8=0.398mm，则电阻丝的直径为：d=0mm+0.398mm=0.398mm（2）由图示欧姆表可知，电阻丝的阻值为6.0×1=6.0Ω．（3）电源电压为3V，电压表采用C，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中的最大电流为：，所以电流表应选A；由于要求“测得多组数据”，所以变阻器应用分压式接法，应选择阻值小的变阻器F；由于满足，所以电流表应用外接法，即电路应是分压外接法，应选用的器材有ACFGH，电路图如图所示：（4）根据描点法作出图象，如图所示：由图线可得该金属丝的阻值：R x=．故答案为：（1）0.398；（2）6.0；（3）ACFGH．如图所示；（4）如图所示；5.0．（1）螺旋测微器的读数由固定刻度与可动刻度读数之和，需要估读到0.001mm；（2）根据欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数．（3）通过估算电路中的最大电流来选择电流表量程；根据要求“测得多组数据”可知．变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器方便调节，画出电路图；（4）根据描点法作出图象，图象的斜率表示电阻．解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．以及螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．若有“测得多组数据”要求或要求电流从零调时，变阻器应用分压式接法，选择阻值小的变阻器时方便调节．12. 解：（小球从A处下摆过程只有重力做功，机械能守恒，由机械能守恒定律得：m A g L（1-cosα）=m A v A2-0，解得：v A=，则：P A=m A v A=m A；小球A与小球B碰撞后继续运动，在A碰后到达最左端过程中，机械能再次守恒，由机械能守恒定律得：-m A g L（1-cosβ）=0-m A v A′2，解得：v A′=，P A′=m A v A′=m A；碰前小球B静止，则P B=0；碰撞后B球做平抛运动，水平方向：S=v B′t，竖直方向H=gt2，解得：v B′=S，则碰后B球的动量：P B′=m B v B′=m B S；实验需要测量的量有：B球离地高度H．B球平抛的水平位移S．摆线的长度L；需验证的表达式为：m A=m A+m B S；故答案为：（1）（1）B球离地高度H．B球平抛的水平位移S．摆线的长度L（2）m A=m A+m B S；明确实验原理，A球下摆过程机械能守恒，根据守恒定律列式求最低点速度；球A上摆过程机械能再次守恒，可求解碰撞后速度；碰撞后小球B做平抛运动，根据平抛运动的分位移公式求解碰撞后B球的速度，然后验证动量是否守恒即可．本题根据机械能守恒以及平抛运动规律来验证动量守恒定律的实验；解题的关键是要明确两小球的运动过程以及过程中机械能何时守恒，动量何时守恒．13.已知两个时刻的波形，波的传播方向可能沿向右，也可能向左．当波向右传播时，传播的最短距离是波长，当波向左传播时，传播的最短距离是波长，根据时间与周期的关系，求出周期，再求波速．本题是利用波的时间周期性，求出周期，再求解波速的，也可以根据空间的周期性，求出波传播距离的通项，再求解波速，注意T＜△t＜2T这个条件的应用．14.人跳上A车根据动量守恒求得人和A车的共同速度，人跳离A车后根据动量守恒求得车的速度和人的速度，再根据人和B车组成的系统水平方向动量守恒求得人和B车的共同速度，再根据不相撞的条件求解速度满足的条件．本题抓住人和车水平方向满足动量守恒，关键是选择好动量守恒的系统，再根据避免碰撞的速度条件求解．不难属于基础题．15.平板车与木块组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出速度．由动能的计算公式可以求出动能．由能量守恒定律可以求出木块A到小车左端的距离．本题考查了求速度、动能、弹性势能，分析清楚物体运动过程、应用动量守恒定律、能量守恒定律即可正确解题．16.（1）根据b棒受力平衡求出电流的大小，通过闭合电路欧姆定律求出感应电动势的大小，从而求出a棒的速度，根据机械能守恒定律求出a棒下降的高度．（2）在运动的过程中，b棒不动，根据能量守恒定律求出整个过程克服安培力所做的功．（3）棒通过磁场Ⅰ时恰好无感应电流，说明感应电动势为零，即整个回路中的磁通量不变．a 棒进入磁场做匀减速直线运动，b棒静止，根据磁通量不变求出磁场Ⅱ的磁感应强度随时间变化的关系式．本题综合考查了机械能守恒定律、能量守恒定律、法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律等，综合性较强，对学生能力要求较高，需加强这方面的训练．。

江西省新余市第一中学最新高二下学期第二次段考物理试题

A．４ＩＲ＋
Ｂ. ‫ﻩ‬
C．4IR‫ﻩ‬D。ＩR+
2 / 10
物理精品资料 8.一列简谐横波，在 t ＝ 0．6 ｓ时刻的图像如图甲所示，波上Ａ质点的振动图像如图乙所示，则以下说法正确的是( ） A。这列波沿 x 轴正方向传播，波速是
50
m/s
3 Ｂ．从 t = ０。6 s 开始，紧接着的 Δｔ＝ 0．6 s 时间内,A 质点通过的路
A.
‫ﻩ‬B．
C．
‫ﻩ‬D。
7。如图所示,理想变压器的原副线圈的匝数比 n１:n2=2：１,原线圈接正弦式交流电，副线圈接电动机
电动机线圈电阻为 R,当输入端接通电源后,电流表读数为 I，电动机带动一质量为 m 的重物以速度 v
匀速上升，若电动机因摩擦造成的能量损失不计,则图中电压表的读数为（）
)
A。通过 R 的电流方向为由内向外
3 / 10
物理精品资料 B。通过Ｒ的电流方向为由外向内
C.R 上产生的热量为
D．流过Ｒ的电量为
二、填空题（本大题包括 3 小题，４分+5 分+7 分=1６分。) 11．(4 分)若多用电表的电阻挡有三个倍率，分别是×1、 ×10、×１00。现用×１０挡测
（3）某小组改变摆线长度 L0，测量了多组数据，在进行数据处理时,甲同学把摆线长Ｌ0 作为摆长,直接利用公式求出各组重力加速度，再求出平均值;乙同学作出 T— L0 图像后求出斜率,然后算出重力加速度，两位同学处理数据的方法对结果的影响是：甲 ,乙 . （填“偏大”、“偏小”或“无影响”)
程是 4 ｍ C.从 t = 0．6 s 开始，质点 P 比质点Ｑ早 0.４s 到达波峰位置Ｄ.从 t = ０.６ s 开始,再经 0.15ｓ质点 Q 第

江西省新余市2019-2020学年高二下学期期末2份物理学业质量监测试题

2019-2020学年高二下学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共8小题1．下列说法中正确的是( )A．居里夫人首先发现了天然放射现象B．卢瑟福在粒子散射实验中发现了电子C．原子核发生衰变时，放射出的高速电子来源于绕原子核做圆周运动的核外电子D．铀（）经过8次α衰变和6次β衰变变成铅（）2．如图所示，两端开口的U型均匀玻璃管开口向上竖直放置，由两段水银封闭了一段空气柱，稳定后，空气柱的长度L=12 cm,a、b两水银面的高度差h=19 cm.现从U型管左端再注入一段长为19 cm的水银柱，并保持空气柱温度不变，再次稳定后，空气柱的长度为（已知外界大气压相当于76 cm高水银柱产生的压强，U型管内水银不会溢出）A．8 cm B．10 cmC．12 cm D．14.4 cm3．一平行电容器两极板之间充满云母介质，接在恒压直流电源上，若将云母介质移出，则电容器（）A．极板上的电荷量变大，极板间的电场强度变大B．极板上的电荷量变小，极板间的电场强度变大C．极板上的电荷量变大，极板间的电场强度不变D．极板上的电荷量变小，极板间的电场强度不变4．如图所示为α粒子散射实验装置，α粒子打到荧光屏上都会引起闪烁，若将带有荧光屏的显微镜分别放在图中A、B、C、D四处位置．则这四处位置在相等时间内统计的闪烁次数可能符合事实的是()A．1 305、25、7、1B．202、405、625、825C．1 202、1 010、723、203D．1 202、1 305、723、2035．如图甲分子固定在坐标原点O ，乙分子位于x 轴上，甲分子对乙分子的作用力与两分子间距离的关系如图中曲线所示，F ＞0为斥力，F ＜0为引力．a 、b 、c 、d 为x 轴上四个特定的位置．现把乙分子从a 处由静止释放，则以下判断正确的是（）①乙分子由a 到b 做加速运动，由b 到c 做减速运动②乙分子由a 到c 做加速运动，到达c 时速度最大③乙分子由a 到b 的过程中，两分子间的分子势能一直减小④乙分子由b 到d 的过程中，两分子间的分子势能一直增大．A ．①②B ．③④C ．①④D ．②③6．下列几个现象中，能反映光具有粒子性的是A ．光的衍射B ．光的折射C ．光电效应D ．光的偏振7．如图所示，A 、B 两个大小相同、质量不等的小球放在光滑水平地面上，A 以3m/s 的速率向右运动，B 以1m/s 的速率向左运动，发生正碰后A 、B 两小球都以2m/s 的速率反弹，则A 、B 两小球的质量之比为（）A ．3：5B ．2：3C ．1：3D ．3：28．将一小物体以初速度v 0竖直向上抛出，若物体所受的空气阻力的大小不变，则小物体到达最高点的最后一秒和离开最高点的第一秒时间内通过的路程s 1和s 2，速度的变化量△v 1和△v 2的大小关系（）A ．s 1=s 2B ．s 1＜s 2C ．△v 1＞△v 2D ．△v 1＜△v 2二、多项选择题：本题共4小题9．倾角为37θ︒＝的斜面与水平面保持静止，斜面上有一重为G 的物体A ，物体A 与斜面间的动摩擦因数0.5μ＝．现给A 施以一水平力F ，如右图所示．设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等（sin 37°＝1．6，cos 37°＝1．8），如果物体A 能在斜面上静止，水平推力F 与G 的比值可能是（）A ．3B ．2C ．1D ．1．510．下列核反应方程属于衰变的是A ．23411120H H He+n +→B ．234234090911Th Pa+e -→C ．6662429272Cu Co+He →D ．235114489192056360U+n Ba+Kr+3n →11．一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直水平面，圆锥筒固定，有质量相同的小球A 和B 沿着筒的内壁在水平面内做匀速圆周运动，如图所示，A 的运动半径较大，则（）A ．A 球的角速度必小于B 球的角速度B ．A 球的线速度必小于B 球的线速度C ．A 球的运动周期必大于B 球的运动周期D ．A 球对筒壁的压力必大于B 球对筒壁的压力12．处于第2激发态的大量氢原子向低能级跃迁辐射多种频率的光子，已知普朗克常量为h ，氢原子能级公式为E=，不同轨道半径为r n =n 2r 1，E 1为基态能量，r 1为第Ⅰ轨道半径，n=1，2，3…．则下列说法中正确的是（）A ．共产生3种频率的光子B ．产生光子最大波长为λm =C ．处于第2激发态和处于基态电子做圆周运动速度之比为1：2D ．电子由第2激发态跃迁到基态时，电势能减小，动能增加，总能量减小三、实验题:共2小题13．在“用单摆测定重力加速度”的实验中：(1)为了减小测量周期的误差，计时开始时，摆球应是经过最___________（填“高”或“低”）点的位置，且用秒表测量单摆完成多次次全振动所用的时间．（1）为了提高实验精度，在试验中可改变几次摆长l，测出相应的周期Ｔ，从而得出一组对应的l和T的数值，再以l为横坐标T1为纵坐标，将所得数据连成直线如图所示，利用图线的斜率k可求出重力加速度的表达式为g=________，可求得g=_________m/s1．（保留三位有效数字）14．利用打点计时器测定匀加速直线运动小车的加速度，已知交流电频率为50 Hz，如题图给出了该次实验中从0点开始每5个点取一个计数点的纸带，其中0、1、2、3、4、5、6都为记数点。

江西省新余一中09-10高二物理下学期第一次段考测试新人教版

h dB江西省新余一中09-10学年高二下学期第一次段考物理试卷（磁场电磁感应交流电传感器机械振动）一、选择题（本题共10小题，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．） 1 下列说法不．正确的．．．一项．．是（） A ．话筒是一种常用的声传感器，其作用是将电信号转换为声信号B ．电熨斗能自动控制温度的原因是它装有双金属片温度传感器，这种传感器作用是控制电路的通断C ．电子秤所使用的测力装置是力传感器，它是把力信号转化为电压差信号D ．金属热电阻随温度的升高其阻值逐渐升高2．如图所示，在e 、f 间接上交流电源，保持电压最大值不变，使其频率增大，发现各灯的亮度变化情况是：灯1变暗，灯2变亮，灯3不变。

则黑箱a 、b 、c 中所接元件可能是（） A ．a 为电阻，b 为电容器，c 为电感线圈 B ．a 为电阻，b 为电感线圈，c 为电容器 C ．a 为电容器，b 为电感线圈，c 为电阻 D ．a 为电感线圈，b 为电容器，c 为电阻3如图所示，正弦式交变电压U 的最大值为311V ，负载电阻 R=440Ω，若不考虑电表内阻对电路的影响，则交流电压表和电流表的读数分别为（）A ．311V ，0.707AB ．220V ，0.5AC ．311V ，D ．220V ，0.707A 4如图所示，矩形线圈 abcd 在匀强磁场中可以分别绕轴，电阻为2R 的金属棒ab 放在导轨上，与导轨接触良好，由静止释放，下滑距离S 后速度最大，则 A ．下滑过程电阻R 消耗的最大功率为R L B Sin g m 22222θB ．下滑过程电阻R 消耗的最大功率为R L B Sin g m 222223θC ．下滑过程安培力做功24422329R LB Sin g m θ D ．下滑过程安培力做功 -⋅θSin mgS 24422329RL B Sin g m θ 10．如图所示，两条水平虚线之间有垂直于纸面向里，宽度为d ，磁感应强度为B 的匀强磁场．质量为m ，电阻为R 的正方形线圈边长为L （L ＜d ），线圈下边缘到磁场上边界的距离为h ．将线圈由静止释放，其下边缘刚进入磁场和刚穿出磁场时刻的速度都是v ，则在整个线圈穿过磁场的全过程中（从下边缘进入磁场到上e a b c d × × ×× × × × × × × × × v e a b c d × × × × × × × × × × × × v e a b c d × × × × × × × × ×× × × v e a b c d × × × × × × × × × × × × v A BCD边缘穿出磁场），下列说法中正确的．．．一项．．是（） A ．线圈可能一直做匀速运动 B ．线圈可能先加速后减速 C ．线圈的最小速度一定是mgR/B 2L 2 D ．线圈的最小速度一定是()L d h g +-2二．实验题16分11．在“利用单摆测定重力加速度”的实验中，只要测出多组单摆的摆长和运动周期T ，作出T 2-图象，图象是一条过坐标原点的直线，某同学根据实验数据作出的图象如图甲所示（1）造成图象不过坐标点的原因可能是（）A 以摆线长代替摆长（漏了小球半径）B 以摆线长小球直径代替摆长（多加了小球半径）（2）由图象求出的重力加速度g=____________m/2（取π2=）（3）用游标为50分度的卡尺的（填图中的A 或B ）测脚测定小球的直径，（4）示数如图乙中b ，由图读出小球的直径为 mm 三．计算题（44分） 12．（10分）如图所示,变压器的原线圈及两个副线圈匝数比为n 1∶n 2∶n 3=4∶2∶1,所连接的三个小灯泡消耗的功率相同,则：（1）流过每个灯泡的电流之比I 1∶I 2∶I 3是多少（2）三个灯泡的电阻之比为R 1:R 2:R 3是多少13 （10分）如图所示，竖直平行导轨间距L = 0.20m ，导体棒ab 与导轨接触良好且无摩擦，ab 的电阻R=Ω，质量m = 0.01kg ，导轨的电阻不计，整个装置处在与轨道平面垂直的匀强磁场中，磁感应强度B = ．现将 ab 棒由静止释放，不计空气阻力，设导轨足够长．求:（1）求ab 棒运动的最大速度．（g 取10m/2）（2）ab 棒释放后其加速度a 与运动速度v 的函数关系式，图甲 × × ×× × × ba1 2 4 5 6 7 0 8 9 103 3 0 1 2456789 0A B0 1 2 2 3 b图乙14（12分）如图（甲）所示，边长为L=2.5m 、质量m=0.50kg 的正方形绝缘金属线框，平放在光滑的水平桌面上，磁感应强度B=的匀强磁场方向竖直向上，金属线框的一边ab 与磁场的边界MN 重合在力F 作用下金属线框由静止开始向左运动，在内从磁场中拉出．测得金属线框中的电流随时间变化的图像如图（乙）所示已知金属线框的总电阻为R=Ω （1）试判断金属线框从磁场中拉出的过程中，线框中的感应电流方向（2）t=时，金属线框的速度（3）已知在外力F 做功，那么，金属框从磁场拉出过程线框中产生的焦耳热是多少15（12分）如图所示的匀强磁场区域abcd 为一边长为L 的正方形，磁感应强度大小为B ，一电荷量为q ，质量为m 、重力不计的带电粒子，从ad 边的中点o 与ad 边成30°的角且垂直于磁场方向射入。

江西省新余市高二物理下学期期末试卷(含解析)

2015-2016学年江西省新余市高二（下）期末物理试卷一、选择题1．以下涉及物理学史的四个重大发现符合事实的是（）A．楞次发现了电流热效应的规律B．库仑总结出了点电荷间相互作用的规律C．焦耳发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕D．亚里士多德将斜面实验的结论合理外推，证明了自由落体运动是匀变速直线运动2．某物体沿一直线运动，其速度图象如图所示，则下列说法中正确的是（）A．第2s内和第3s内速度方向相反B．第2s内和第3s内的加速度方向相反C．第4s内速度方向与加速度方向相反D．第5s内加速度方向与速度方向相同3．如图所示，斜劈形物体的质量为M，放在水平地面上，质量为m的粗糙物块以某一初速度沿斜劈的斜而向上滑，至速度为零后又加速返回，而斜劈始终保持静止．物块m向上、向下滑动的整个过程中（）A．地面对斜劈M的摩擦力方向先向左后向右B．地面对斜劈M的摩擦力方向没有改变C．地面对斜劈M的支持力等于（M+m）gD．物块m向上、向下滑动时加速度大小不同4．如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时（）A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小5．如图所示小球沿水平面通过O点进入半径为R的半圆弧轨道后恰能通过最高点P，然后落回水平面，不计一切阻力，下列说法正确的是（）A．小球落地点离O点的水平距离为RB．小球落地点时的动能为C．小球运动到半圆弧最高点P时向心力恰好为零D．若将半圆弧轨道上的圆弧截去，其他条件不变，则小球能达到的最大高度比P点高0.5R6．两条导线互相垂直，相隔一段较小的距离，如图所示；其中一条AB是固定的，另一条CD 能自由转动，当直流电流按图示方向通入两条导线时，CD导线将（）A．逆时针方向转动，同时靠近导线ABB．顺时针方向转动，同时靠近导线ABC．逆时针方向转动，同时离开导线ABD．顺时针方向转动，同时离开导线AB7．如图所示，理想变压器的副线圈上通过输电线接有三个灯炮L1、L2和L3，输电线的等效电阻为R，原线圈接有一个理想电流表，开始时，开关S接通，当S断开时，以下说法中正确的是（）A．原线圈两端P、Q间的输入电压减小B．等效电阻R上消耗的功率变大C．原线圈中电流表示数增大D．灯炮L1和L2变亮8．一理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=11：5，原线圈与正弦交流电源连接，输入电压U 如图所示，副线圈仅接一个10Ω的电阻，则（）A．流过电阻的电流是0.2AB．变压器的输入功率是1×103WC．经过1分钟电阻发出的热量是6×104JD．与电阻并联的电压表示数是100V9．如图1所示，一正方形金属线框位于有界匀强磁场区域内，线框的右边紧贴着磁场边界，t=O时刻对线框施加一水平向右的外力F，让线框从静止开始做匀加速直线运动，在t0时刻穿出磁场；图2为外力F随时间变化的图象，若线框质量为m、电阻为R，图象中的F0、t0也为已知量，由此可知（）A．线框穿出磁场时的速度v=B．线框穿出磁场时的速度v=C．匀强磁场的磁感应强度B=D．匀强磁场的磁感应强度B=10．转笔（Pen Spinning）是一项用不同的方法与技巧、以手指来转动笔的休闲活动，如图所示．转笔深受广大中学生的喜爱，其中也包含了许多的物理知识，假设某转笔高手能让笔绕其上的某一点O做匀速圆周运动，下列有关该同学转笔中涉及到的物理知识的叙述正确的是（）A．笔杆上的点离O点越近的，做圆周运动的向心加速度越小B．笔杆上的各点做圆周运动的向心力是由万有引力提供的C．若该同学使用中性笔，笔尖上的小钢珠有可能因快速的转动做离心运动被甩走D．若该同学使用的是金属笔杆，且考虑地磁场的影响，由于笔杆中不会产生感应电流，因此金属笔杆两端一定不会形成电势差二、实验题11．用游标为20公分的游标卡尺测量某物体长度，其示数如图所示，由图可知该物体长度为mm．12．用螺旋测微器测量某金属丝直径的结果如图所示．该金属丝的直径是mm．13．某同学通过实验研究小灯泡的电压与电流的关系．可用的器材如下：电源（电动势3V，内阻1Ω）、电键、滑动变阻器（最大阻值20Ω）、电压表、电流表、小灯泡、导线若干．（1）实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡的U﹣I图象如图a所示，则可知小灯泡的电阻随电压增大而（填“增大”、“减小”或“不变”）．（2）根据图a，在图b中把缺少的导线补全，连接成实验电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）．（3）若某次连接时，把AB间的导线误接在AC之间，合上电键，任意移动滑片发现都不能使小灯泡完全熄灭，则此时的电路中，小灯泡可能获得的最小功率是W（本小题若需要作图，可画在图a中）．三、论述、计算题14．飞机着陆后做匀变速直线运动，速度逐渐减小，已知飞机着陆时的速度为60m/s，若前5s内通过的位移为225m，则飞机的加速度大小为多少？此后飞机还要滑行多少秒才能停止运动？15．如图所示，轻杆AB长l，两端各连接一个小球（可视为质点），两小球质量关系为m B=m A=m，轻杆绕距B端处的O轴在竖直平面内逆时针自由转动．当轻杆由水平位置转至竖直位置的运动过程中，求杆对A球所做功．16．如图所示，直角坐标系xOy位于竖直平面内，在水平的x轴下方存在匀强磁场和匀强电场，磁场的磁感应为B，方向垂直xOy平面向里，电场线平行于y轴．一质量为m、电荷量为q的带正电的小球，从y轴上的A点水平向右抛出，经x轴上的M点进入电场和磁场，恰能做匀速圆周运动，从x轴上的N点第一次离开电场和磁场，MN之间的距离为L，小球过M点时的速度方向与x轴的方向夹角为θ．不计空气阻力，重力加速度为g，求（1）电场强度E的大小和方向；（2）小球从A点抛出时初速度v0的大小；（3）A点到x轴的高度h．四、选做题【物理-选修3-4】17．如图所示，一束光从空气沿与玻璃球直径AB成60°角的方向射入．已知玻璃球的折射率为，直径长度为D，光在空气中的速度为c．那么光线进入玻璃球后与直径AB的夹角为，光线在玻璃球中传播的时间为．18．如图为一列简谐横波在t1=0时刻的波形图象，此时波中质点M正处于平衡位置，运动方向沿y轴负方向，到t2=0.55s时质点M恰好第三次到达y轴正方向最大位移处．试求：（1）该波传播方向；（2）该波波速大小．（3）从t1=0到t3=1.2s，波中质点N走过的路程和相对于平衡位置的位移分别是多少？五、【物理-选修3-4】19．已知氢原子的基态能量为E1=﹣13.6eV，激发态能量为E n=，其中n=2，3 …．氢原子从第三激发态（n=4）向基态跃迁所发出的所有光子中，最短的波长为m；上述所有光子中，照射到铷金属表面，逸出的光电子中最大初动能的最小值为eV．（普朗克常量h=6.63×10﹣34J•s，铷的逸出功W=2.13eV）．20．如图所示，粗糙斜面与光滑水平面通过可忽略的光滑小圆弧平滑连接，斜面倾角α=37°．A、B是两个质量均为m=1kg的小滑块（可视为质点），C为左侧附有胶泥的竖直薄板（质量均不计），D是两端分别水平连接B和C的轻质弹簧．当滑块A置于斜面上且受到大小F=4N、方向垂直斜面向下的恒力作用时，恰能沿斜面向下匀速运动．现撤去F，让滑块A 从斜面上距底端L=1m处由静止下滑，求：（g=10m/s2，sin37°=0.6）（1）滑块A到达斜面底端时的速度大小；（2）滑块A与C接触粘在一起后，A、B和弹簧构成的系统在作用过程中，弹簧的最大弹性势能．2015-2016学年江西省新余市高二（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．以下涉及物理学史的四个重大发现符合事实的是（）A．楞次发现了电流热效应的规律B．库仑总结出了点电荷间相互作用的规律C．焦耳发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕D．亚里士多德将斜面实验的结论合理外推，证明了自由落体运动是匀变速直线运动【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答本题．【解答】解：A、楞次发现了感应电方向遵守的规律﹣﹣楞次定律，故A错误．B、库仑运用扭秤实验总结出了点电荷间相互作用的规律，故B正确．C、奥斯特发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕，故C错误．D、伽利略将斜面实验的结论合理外推，证明了自由落体运动是匀变速直线运动，故D错误．故选：B．2．某物体沿一直线运动，其速度图象如图所示，则下列说法中正确的是（）A．第2s内和第3s内速度方向相反B．第2s内和第3s内的加速度方向相反C．第4s内速度方向与加速度方向相反D．第5s内加速度方向与速度方向相同【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】速度时间图象反映了物体各个不同时刻的速度情况，图线的斜率表示加速度、图线与时间轴包围的面积表示位移；从图中直接得出物体的运动规律即可．【解答】解：A、第2s内和第3s内速度同为正方向，故A错误；B、物体前2s做匀加速直线运动，加速度为，第3s做匀减速直线运动，加速度为，故B正确；C、第四秒内物体沿负方向做匀加速直线运动，故加速度与速度同方向，故C错误；D、第5s内物体沿反方向做匀减速直线运动，故加速度与速度反方向，故D错误；故选B．3．如图所示，斜劈形物体的质量为M，放在水平地面上，质量为m的粗糙物块以某一初速度沿斜劈的斜而向上滑，至速度为零后又加速返回，而斜劈始终保持静止．物块m向上、向下滑动的整个过程中（）A．地面对斜劈M的摩擦力方向先向左后向右B．地面对斜劈M的摩擦力方向没有改变C．地面对斜劈M的支持力等于（M+m）gD．物块m向上、向下滑动时加速度大小不同【考点】共点力平衡的条件及其应用；牛顿第二定律．【分析】物体先减速上滑，后加速下滑，加速度一直沿斜面向下；对整体受力分析，然后根据牛顿第二定律求解地面对物体M的摩擦力和支持力；【解答】解：物体先减速上滑，后加速下滑，加速度一直沿斜面向下，对整体受力分析，受到总重力、支持力和向左的静摩擦力，根据牛顿第二定律，有x分析：f=masinθ…①y分析：（M+m）g﹣N=（M+m）acosθ…②A、由①式，地面对斜面体的静摩擦力方向一直未变，向左，故A错误；B、由①式，地面对斜面体的静摩擦力方向一直未变，向左，故B正确；C、由②式，地面对物体M的支持力总小于（M+m）g，故C错误；D、物体向上运动时，物体受到的摩擦力的方向向下，得：ma1=mgsinθ+μmgcosθ物体向下滑动时，物体受到的摩擦力的方向向上，得：ma2=mg sinθ﹣μmgcosθ所以m向上、向下滑动时加速度大小不同．故D正确；故选：BD．4．如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时（）A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】电压表测量路端电压．当变阻器R3的滑动头P向b端移动时，分析变阻器接入电路的电阻如何变化，确定外电路总电阻的变化，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，判断电压表示数的变化．由欧姆定律判断并联部分电压的变化，确定通过R2的电流如何变化，由总电流和通过通过R2电流的变化分析电流表示数的变化．【解答】解：当变阻器R3的滑动头P向b端移动时，变阻器接入电路的电阻增大，并联部分的电阻增大，外电路的电阻增大，根据闭合电路的欧姆定律得知，总电流I减小，路端电压增大，则电压表示数变大．并联部分的电压U并=E﹣I（R1+r），I减小，其他量不变，可见，U增大，通过R2的电流I2增大，流过电流表的电流I A=I﹣I2，I减小，I2增大，I A减小，则电并流表示数变小．所以电压表示数变大，电流表示数变小．故选A5．如图所示小球沿水平面通过O点进入半径为R的半圆弧轨道后恰能通过最高点P，然后落回水平面，不计一切阻力，下列说法正确的是（）A．小球落地点离O点的水平距离为RB．小球落地点时的动能为C．小球运动到半圆弧最高点P时向心力恰好为零D．若将半圆弧轨道上的圆弧截去，其他条件不变，则小球能达到的最大高度比P点高0.5R 【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律；向心力．【分析】小球恰好通过最高点P，靠重力提供向心力，根据若牛顿第二定律求出最高点的速度，结合平抛运动的规律求出平抛运动的水平位移，根据动能定理求出落地时的动能．结合动能定理得出将半圆弧轨道上的圆弧截去，其他条件不变，则小球能达到的最大高度比P点高出的距离．【解答】解：A、小球恰能通过最高点，根据牛顿第二定律得：，解得：，根据2R=得：t=，则水平距离为：x=．故A错误．B、根据动能定理得：，解得落地的动能为： =．故B错误．C、小球恰好运动到最高点，重力提供向心力，向心力不为零．故C错误．D、若将半圆弧轨道上的圆弧截去，到达最高点的速度为零，有，未截去前，有：，联立两式解得h﹣2R=0.5R．故D正确．故选：D．6．两条导线互相垂直，相隔一段较小的距离，如图所示；其中一条AB是固定的，另一条CD 能自由转动，当直流电流按图示方向通入两条导线时，CD导线将（）A．逆时针方向转动，同时靠近导线ABB．顺时针方向转动，同时靠近导线ABC．逆时针方向转动，同时离开导线ABD．顺时针方向转动，同时离开导线AB【考点】磁场对电流的作用；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】电流CD处于电流AB产生的磁场中，在CD左右两边各取一小电流元，根据左手定则判断其安培力的方向，从而判断其运动．当CD导线转过90°后，看两电流是同向电流还是异向电流，同向电流相互吸引，异向电流相互排斥．【解答】解：电流AB产生的磁场在右边垂直纸面向里，在左边垂直纸面向外，在CD左右两边各取一小电流元，根据左手定则，左边的电流元所受的安培力方向向下，右边的电流元所受安培力方向向上，知CD导线逆时针方向转动．当CD导线转过90°后，两电流为同向电流，相互吸引．所以导线CD逆时针方向转动，同时靠近导线AB．故A正确，B、C、D错误．故选A．7．如图所示，理想变压器的副线圈上通过输电线接有三个灯炮L1、L2和L3，输电线的等效电阻为R，原线圈接有一个理想电流表，开始时，开关S接通，当S断开时，以下说法中正确的是（）A．原线圈两端P、Q间的输入电压减小B．等效电阻R上消耗的功率变大C．原线圈中电流表示数增大D．灯炮L1和L2变亮【考点】变压器的构造和原理．【分析】与闭合电路中的动态分析类似，可以根据开关通断的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据副线圈电压不变，来分析电阻与灯泡的电流和电压的变化的情况．【解答】解：A、电流表是理想的电流表，所以原线圈两端P、Q间的输入电压不变，所以A错误．B、当S断开后，副线圈上的总电阻增大，所以输出功率变小，原线圈电流变小，输电线上电压损失减小，等效电阻R上的功率变小，灯泡L1和L2两端电压增大，功率增大，故B、C错误，D正确．故选D．8．一理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=11：5，原线圈与正弦交流电源连接，输入电压U 如图所示，副线圈仅接一个10Ω的电阻，则（）A．流过电阻的电流是0.2AB．变压器的输入功率是1×103WC．经过1分钟电阻发出的热量是6×104JD．与电阻并联的电压表示数是100V【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系．【分析】根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．【解答】解：A、由图象可知，原线圈中电压的最大值为220V，所以电压的有效值为220V，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压有效值为=100V，副线圈的电阻为10Ω，所以电流的为10A，所以A错误；B、原副线圈的功率是相同的，由P=UI=100×10W=1×l03W，所以B正确；C、经过1分钟电阻发出的热量是Q=I2Rt=102×10×60=6×104J，故C正确；D、电压表测量的是电压的有效值，所以电压表的读数为100V，故D错误．故选：BC．9．如图1所示，一正方形金属线框位于有界匀强磁场区域内，线框的右边紧贴着磁场边界，t=O时刻对线框施加一水平向右的外力F，让线框从静止开始做匀加速直线运动，在t0时刻穿出磁场；图2为外力F随时间变化的图象，若线框质量为m、电阻为R，图象中的F0、t0也为已知量，由此可知（）A．线框穿出磁场时的速度v=B．线框穿出磁场时的速度v=C．匀强磁场的磁感应强度B=D．匀强磁场的磁感应强度B=【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电磁感应中的能量转化．【分析】当t=0时线框的速度为零，没有安培力，根据牛顿第二定律求出加速度a．线框做匀加速直线运动，由运动学公式求出线框刚出磁场时的速度，得到安培力表达式，由牛顿第二定律即可求出B；【解答】解：A、B，t=0时刻，感应电动势E=0，感应电流I=0，安培力F安=BIl=0由牛顿第二定律得：F0=ma，解得：a=线框做匀加速直线运动，则线框穿出磁场时的速度 v=at0=，故A正确，B错误．C、D，正方形金属线框的边长为 L==线框刚离开磁场时所受的安培力为：F A=BIL由闭合电路的欧姆定律得：I===根据牛顿第二定律得：3F0﹣F A=ma代入得：3F0﹣=m联立求解得：B=，故C正确，D错误．故选：AC10．转笔（Pen Spinning）是一项用不同的方法与技巧、以手指来转动笔的休闲活动，如图所示．转笔深受广大中学生的喜爱，其中也包含了许多的物理知识，假设某转笔高手能让笔绕其上的某一点O做匀速圆周运动，下列有关该同学转笔中涉及到的物理知识的叙述正确的是（）A．笔杆上的点离O点越近的，做圆周运动的向心加速度越小B．笔杆上的各点做圆周运动的向心力是由万有引力提供的C．若该同学使用中性笔，笔尖上的小钢珠有可能因快速的转动做离心运动被甩走D．若该同学使用的是金属笔杆，且考虑地磁场的影响，由于笔杆中不会产生感应电流，因此金属笔杆两端一定不会形成电势差【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】A、根据向心加速度公式a n=ω2R，即可确定向心加速度大小；B、各点做圆周运动的向心力是杆的弹力提供；C、当提供的向心力小于需要向心力，则会出现离心现象；D、根据电磁感应现象，结合地磁场，从而判定是否感应电动势，及感应电流．【解答】解：A、由向心加速度公式a n=ω2R，笔杆上的点离O点越近的，做圆周运动的向心加速度越小，故A正确；B、杆上的各点做圆周运动的向心力是由杆的弹力提供的，与万有引力无关，故B错误；C、当转速过大时，当提供的向心力小于需要向心力，出现笔尖上的小钢珠有可能做离心运动被甩走，故C正确；D、当金属笔杆转动时，切割地磁场，从而产生感应电动势，但不会产生感应电流，故D错误；故选：AC．二、实验题11．用游标为20公分的游标卡尺测量某物体长度，其示数如图所示，由图可知该物体长度为50.15 mm．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．【解答】解：20分度的游标卡尺，精确度是0.05mm，游标卡尺的主尺读数为50mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为3×0.05mm=0.15mm，所以最终读数为：50mm+0.15mm=50.15mm．故答案为：50.15．12．用螺旋测微器测量某金属丝直径的结果如图所示．该金属丝的直径是 3.698 mm．【考点】螺旋测微器的使用．【分析】螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：螺旋测微器固定刻度读书应该为3.5mm，可动刻度读书为0.01×19.8=0.198 最终读数为3.698mm故答案为：3.69813．某同学通过实验研究小灯泡的电压与电流的关系．可用的器材如下：电源（电动势3V，内阻1Ω）、电键、滑动变阻器（最大阻值20Ω）、电压表、电流表、小灯泡、导线若干．（1）实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡的U﹣I图象如图a所示，则可知小灯泡的电阻随电压增大而增大（填“增大”、“减小”或“不变”）．（2）根据图a，在图b中把缺少的导线补全，连接成实验电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）．（3）若某次连接时，把AB间的导线误接在AC之间，合上电键，任意移动滑片发现都不能使小灯泡完全熄灭，则此时的电路中，小灯泡可能获得的最小功率是0.32W（0.30～0.34都对）W（本小题若需要作图，可画在图a中）．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】在小灯泡的U﹣I图象中，图象上的与原点连线的斜率表示小灯泡电阻的大小，所以小灯泡电阻随电流的最大而增大；本题的难点是当把AB间的导线误接在AC之间时，滑动变阻器的连接情况：的滑动触头打到最左端或最右端时变阻器均短路，此时小灯泡功率最大，的滑动触头在中间时，变阻器的有效电阻最大．【解答】解：（1）根据欧姆定律R=知，小灯泡的电阻随电压增大而增大．（2）由于小灯泡的电阻远小于电压表的内阻，电流表应用外接法；又电流与电压从零逐渐增大，故滑动变阻器应用分压式接法，实物图如图，（3）若把AB间的导线误接在AC之间，则当变阻器滑动触头在变阻器中间时阻值最大R==5Ω，此时小灯泡功率最小，把变阻器与电源内阻看成为等效电源的内阻，其电动势为3V，内阻为6Ω，则短路电流==0.5A，在小灯泡的U﹣P图象中，连接U=3V与I=0.5A两点，画出表示电源的U﹣I图象，如图，读出两图线的交点坐标为U=0.88V，I=0.35A，则小灯泡的最小功率为P=UI=0.32W（0.30～0.34都对）．故答案为（1）增大（2）如图（3）0.32W（0.30～0.34都对）三、论述、计算题14．飞机着陆后做匀变速直线运动，速度逐渐减小，已知飞机着陆时的速度为60m/s，若前5s内通过的位移为225m，则飞机的加速度大小为多少？此后飞机还要滑行多少秒才能停止运动？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】知道了初速度、位移、时间，根据，求出加速度．然后求出滑行的总时间，即可求出还要滑行的时间．【解答】解：由，得225=60×a=﹣6m/s2故飞机的加速度大小为6m/s2飞机飞行的总时间=10s．则还需滑行的时间t′=10﹣5s=5s．故飞机还需滑行5s停止运动．15．如图所示，轻杆AB长l，两端各连接一个小球（可视为质点），两小球质量关系为m B=m A=m，轻杆绕距B端处的O轴在竖直平面内逆时针自由转动．当轻杆由水平位置转至竖直位置的运动过程中，求杆对A球所做功．【考点】动能定理的应用；机械能守恒定律．【分析】转动过程中，两球组成的系统只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒定律和两球速度关系，即可求出竖直方向时A球的速度，再对A球运用动能定理，可求解杆对A球做的功．【解答】解：当轻杆由水平位置转至竖直位置的运动过程中，只有重力做功，A、B系统的机械能守恒，则有m A g•l=m B g•l++两球的角速度相等，由v=ωr，r A=2r B得：v A=2v B解得 v A2=mgl对A球由动能定理得m A g•l+W=解得杆对A球所做功 W=﹣mgl答：杆对A球所做功是﹣mgl．16．如图所示，直角坐标系xOy位于竖直平面内，在水平的x轴下方存在匀强磁场和匀强电场，磁场的磁感应为B，方向垂直xOy平面向里，电场线平行于y轴．一质量为m、电荷量为q的带正电的小球，从y轴上的A点水平向右抛出，经x轴上的M点进入电场和磁场，恰能做匀速圆周运动，从x轴上的N点第一次离开电场和磁场，MN之间的距离为L，小球过M点时的速度方向与x轴的方向夹角为θ．不计空气阻力，重力加速度为g，求（1）电场强度E的大小和方向；（2）小球从A点抛出时初速度v0的大小；（3）A点到x轴的高度h．。

江西省新余市第一中学最新高一物理下学期第二次段考试题含解析

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2。一个质量为 2kg 的物体，在 4 个共点力作用下处于平衡状态。现同时撤去大小分别为 8Ｎ和 1２N 的两个力，其余的力保持不变，关于此后该物体运动的说法正确的是（ ) A．一定做匀变速运动, 加速度大小可能等于 10m/s2 B．一定做匀变速直线运动,加速度大小可能是 5m/s2 Ｃ。可能做匀减速直线运动，加速度大小是 1．5m/ｓ2 D. 可能做匀速圆周运动，向心加速度大小是６ｍ／s2 【答案】A 【解析】【详解】由平衡条件得知，余下力的合力与撤去的两个力的合力大小相等、方向相反，则撤去大小分别
为 8Ｎ和 12N 的两个力后 ,物体的合力大小范围为 4N F合 20N ，物体的加速度范围为： 2 m s2 a 10 m s2 A 项:撤去两个力后，一定做匀变速运动,加速度大小可能等于10 m s2 ,故Ａ正确；
B 项：若物体原来做匀速直线运动，撤去的两个力的合力方向与速度方向不在同一直线上时，物体做匀变
A．图甲中，有些火星的轨迹不是直线,说明炽热微粒不是沿砂轮的切线方向飞出的 B. 图乙中，两个影子ｘ，y 轴上的运动就是物体的两个分运动Ｃ. 图丙中，增大小锤打击弹性金属片的力，Ａ球可能比 B 球晚落地Ｄ。图丁中,做变速圆周运动的物体所受合外力Ｆ在半径方向的分力大于它所需要的向心力【答案】B 【解析】【详解】Ａ图中有些火星的轨迹不是直线，是由于受到重力、互相的撞击等作用导致的,故Ａ错误.Ｂ图中两个影子反映了物体在 x，ｙ轴上的分运动，故 B 正确.C 图中 A 球做平抛运动，竖直方向是自由落体运动,B 球同时做自由落体运动，故无论小锤用多大的力去打击弹性金属片,A、Ｂ两球总是同时落地，故 C 错误.Ｄ图中做变速圆周运动的物体所受合外力 F 在半径方向的分力等于所需要的向心力,故 D 错误。故选Ｂ。【点睛】本题要求理解曲线运动的特征,曲线运动的速度方向时刻改变，在曲线上没一点的速度方沿该点的切线方向.

高二物理下学期第二次 (3)

嗦夺市安培阳光实验学校新余一中09-10学年高二下学期第二次段考物理试题考生注意：1．本试题分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，满分100分，考试时间90分钟．答题卷密封线内的规定处．3．请把选择题的答案填写在答题卷相应的表格中。

第I卷选择题部分（共40分）一、本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分。

1、一列波从一种介质进入另一种介质时，下列说法正确的是（）A．频率发生变化，波长和波速不发生变化B．波长发生变化，频率和波速不发生变化C．波速发生变化，频率和波长不发生变化D．波长和波速发生变化，频率不发生变化2、如图所示，为一在水平方向传播的简谐波，已知此时质点Ｆ向下运动，则以下说法正确的是（）Ａ．波向右传播Ｂ．质点Ｈ与Ｆ的运动方向相同Ｃ．质点Ｃ比Ｂ先回到平衡位置Ｄ．此时质点Ｃ的加速度为０3、如图所示，为波沿着一条固定的绳子向右刚传播到B点时的波形，由图可判断出A点刚开始的振动方向是A．向左 B．向右C．向下 D．向上4、一位学生在教室里朗读课文，一位在楼道里走动的人虽不见读书人，却听到了读书声，这是因为（）A．教室的墙壁能传播声波 B．教室的墙壁能反射声波C．发生了声波的衍射现象 D．发生了声波的干涉现象5、如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数比为1：5，原线圈两端的交变电压为202sin100Vu tπ=氖泡在两端电压达到100V时开始发光，下列说法中正确的有（）A．开关接通后，氖泡的发光频率为100HzB．开关接通后，电压表的示数为100 VC．开关断开后，电压表的示数变大D．开关断开后，变压器的输出功率不变6、下列有关光现象的说法中正确的是A．在太阳光照射下，水面上油膜出现彩色花纹是光的色散现象B．在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为黄光，则条纹间距变宽C．光导纤维丝的内芯材料的折射率比外套材料的折射率大D．光的偏振现象说明光是一种纵波A B7、如图所示，在垂直纸面向里的匀强磁场的边界上，有两个质量和电量均相同的正、负离子（不计重力），从O点以相同的速度先后射入磁场中，入射方向与边界成θ角，则正、负离子在磁场中的运动不正确．．．的是A ．运动轨迹的半径相同B．运动时间相同C．重新回到边界时速度的大小和方向相同D．重新回到边界的位置与O点的距离相等8、如图所示，一束白光沿AO方向从真空射入平行玻璃砖中，OC、OD为其折射的可见光的边界光线。

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余市试卷物理一、选择题　2D 3D 4　5B 6D 7B 8AC 9BC 0．ABD 、选择题））（1）（2） 0.5 ）12、）（1） g （2） 0.8 （3） AC ） 10分）（1）＝1.41 m （2）＝20 N [解析] (1)小球从到B过程机械能守恒，有＝① （2分）小球从B到C做平抛运动，在竖直方向上有＝1分）在水平方向上有＝v1分）由式解得＝1.41 m2分） 2)小球下摆到达B点时，绳的拉力和重力的合力提供向心力，有－mg＝m ）由式解得＝20 N 2分）根据牛顿第三定律＝－F 轻绳所受的最大拉力为20 N. 1分）（1）t1=2 s （2）F=045 N t2=s [解析]（1）若F=0，小木块会沿斜面做匀加速直线运动根据牛顿第二定律计算可得 2分）由运动学公式1分）计算可得 1分）（2）若木块沿斜面对角线从点A运动到点C，说明合力方向沿AC方向，设AC与AB的夹角，合位移 1分）几何关系可得：sin 施加的外力为 2分）根据牛顿第二定律计算可得 2分）由运动学公式 1分）计算可得（1分））（1）B=（2） [解析]（1）粒子在时间内，速度方向改变了，故周期 1分）根据洛伦兹力提供向心力得到周期公式 2分）联立得 2分）（2）在同一点射出磁场的两粒子轨迹如图，轨迹所对应的圆心角分别为和，由几何关系有 3分）故 2分））（1）） 10 10 （每空3分）（2）8分）可求得C=45°? 根据得， ∠AOC=，则∠COD=弧AB上有光透出的部分弧长CD为 17.（1）） 8 4 （每空2分）（2）8分）（mA+mB）v0=mAv+mBvB，以B、C组成的系统为研究对象，B与C碰撞过程中，由动量守恒定律得：mBvB=（mB+mC）v，解得，B与C碰撞前B的速度vB=。

江西省新余一中09-10学年高二物理上学期第二次段考新人教版

新余一中2009-2010学年第一学第二次物理段考试题一、选择题：〔不定项选择共40分，每一小题4分，选错不得分，选对但不全的得2分〕1、磁体之间的相互作用是通过磁场发生的。

对磁场认识正确的答案是〔〕A．磁感线有可能出现相交的情况B．磁感线总是由N极出发指向S极C．某点磁场的方向与放在该点小磁针静止时N极所指方向一致D．假设在某区域内通电导线不受磁场力的作用，如此该区域的磁感应强度一定为零2、如下列图的匀强磁场中，已经标出了电流I和磁场B以与磁场对电流作用力F三者方向，其中错误的．．．〔〕．．．答案是3、右图中三条实线a、b、c表示三个等势面。

一个带电粒子射入电场后只在电场力作用下沿虚线所示途径由M点运动到N点，由图可以看出( )A．三个等势面的电势关系是ϕa>ϕb>ϕcB．三个等势面的电势关系是ϕa<ϕb<ϕcC．带电粒子在N点的动能较小，电势能较大D．带电粒子在N点的动能较大，电势能较小4、第4题图所示是一个三输入端复合门电路，当C端输入1，输出端Y输出1时，A、B 端的输入分别可能是( )A、0、0B、0、1C、1、0D、1、15、第5题图中，电源电压为6V，当开关S闭合后，只有一只．．灯泡发光，电压表为理想电压表，电压表的示数为6V，产生这一现象的原因可能是如下哪一个〔〕A．灯L1短路B．灯L2短路C．灯L1开路D．灯L2开路6、第6题图中，Ｒ1＝10Ω，Ｒ2＝16Ω, 开关接１时，电流表示数为0.8A，如此开关接２时，电流表示数可能是〔〕A．0.4A B．0.6A C．0.7A D．0.9 A7、第7题所示，M、N两点分别放置两个等量异种电荷，0为连线的中点，A、B关于0对称，C、D也关于0对称,如此如下说法正确的〔〕A．A、O、B三点电势都相等。

B．电势最高的点是D点。

C．A、B的场强和电势一样。

D．C、D的场强和电势都一样。

8、第8题图所示直线OAC为某一直流电源的总功率P随总电流I变化的图线；抛物线 OBC 为同一电源内部消耗的功率Pr随总电流I变化的图线，如此当通过电源的电流为1A时，该电源的输出功率．．．．为( )A．1W B．3W C．2W D．2.5W9、第9题图是一个将电流表改装成欧姆表的示意图，此欧姆表已经调零，用此欧姆表测一阻值为Ｒ的电阻时，指针偏转至满刻度4/5处，现用该表测一未知电阻，指针偏转到满刻度的1/5处，如此该电阻的阻值为〔〕A．4R B．5R C．10R D．16R10、如如下图所示的电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用ΔU 1、ΔU 2、ΔU 3表示。

江西省新余市2024-2025学年高二上学期第二次段考物理试题(无答案)

新余2024-2025学年上学期高二年级第二次段考物理试卷一、选择题(1-7为单选题每题4分；8-10为多选题每题6分，选对不全得3分，共46分)1. 英国物理学家麦克斯韦总结了人类直至 19世纪中叶对电磁规律的研究成果，得出诸多关于电磁场和电磁波的科学结论。

下列关于电磁场和电磁波的说法中正确的是( )A. 变化的电场所在空间一定会产生变化的磁场B. 电磁波和机械波一样，它们的传播需要介质C. 电磁波传播的速度、波长和频率满足关系式c=λfD. 红外线、可见光、紫外线、超声波都是电磁波2. 关于磁感应强度和磁感线，下列说法正确的是( )A. 磁感线从磁体的N极出发到磁体的 S极终止B. 磁感线上每一点的切线方向跟该点的磁场方向一致知，B与F成正比，与IL成反比C. 由B=FILD. 若长为L、电流为I的导线在某处受到的磁场力为F，则该处的磁感应强度必为FIL3. 一盏规格为“220V, 60W”的白炽灯和一台规格为“220V, 60W”的电风扇并联接入电压恒为220V的交流电中，均正常工作。

则( )A. 白炽灯和电风扇的热功率一定不同B. 白炽灯和电风扇的热功率一定相同C. 白炽灯和电风扇消耗的电功率一定不同D. 白炽灯和电风扇的电阻一定相等4. 如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，由此可知( )A. 带电粒子在 R 点时的加速度小于在Q 点时的加速度B. 带电粒子在 P 点时的电势能比在Q点时的电势能大C. 带电粒子在 R 点时的速度大于在 Q 点时的速度D. 带电粒子在R 点时的动能与电势能之和比在Q 点时的小，比在 P 点时的大5. 如图为多用表欧姆挡的原理图，其中电流表的满偏电流为300μA，内阻r g=100Ω,调零电阻的最大阻值R=50kΩ,串联的固定电阻.R₀=50Ω,电池电动势 E=1.5V。

江西省新余市2023-2024学年高二下学期期末质量检测物理试题

江西省新余市2023-2024学年高二下学期期末质量检测物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．以下说法正确的是（）A．胡椒粒放入沸水中剧烈翻滚的现象说明温度越高布朗运动越剧烈B．水中花粉颗粒越大，与之接触的水分子数目越多，撞击越明显，布朗运动越显著C．同种物质可能以晶体和非晶体两种不同的形态出现D．晶体在熔化过程中温度保持不变，分子平均动能不变，内能不变2．无线话筒是LC振荡电路的一个典型应用。

在LC振荡电路中，某时刻磁场方向、电场方向如图所示，下列说法正确的是（）A．电容器正在放电B．振荡电流正在减小C．线圈中的磁场正在增强D．增大电容器两板距离，LC振荡频率减小3．如图所示为回旋加速器的示意图，两D型盒所在区域加匀强磁场，狭缝（极小）间就有交变电压（电压的大小恒定），将粒子由A点静止释放，经回旋加速器加速后，粒子最终从D型盒的出口引出，已知D型盒的半径为R，粒子的质量和电荷量分别为m、q，磁感应强度大小为B，加速电压为U（不计粒子在电场中的运动时间），则下列说法正确的是（）A．粒子的运动周期为交变电压周期的B．粒子第一次与第二次进入磁场的轨道半径之比为C．粒子的最大动能为D．粒子在回旋加速器中运动的时间为A．甲图中，当ab两点间电压U增大时（其它条件都不变），说明流量减小了B．乙图可判断出通过电阻的电流从 a流向bC．丙图粒子能够向右沿直线匀速通过速度选择器的条件是Ev=，但不能判断粒子的B电性D．丁图中若载流子带负电，稳定时D板电势低A．2F B．2．如图甲所示为一种简单的整变电流变为直流，R为阻值为律变化的电压信号，则下列说法正确的是（）二、多选题8．图示描述了一定质量的理想气体状态变化过程中的四个状态，图中 ab的延长线过原点，则下列说法错误的是（）A．a→b的过程，气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面积的平均次数增大B．b→c的过程，气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面积的平均次数减小C．b、d两状态，气体体积相等D．d→a的过程，气体分子数密度增大，分子的平均速率增大9．如图甲是街头常见的变压器，它通过降压给用户供电，简化示意图如图乙所示，各电表均为理想交流电表，变压器的输入电压 U₁保持不变，输出电压通过输电线输送给用户，A ．电流表A 1示数减小， A ₂示数减小B ．电压表V 2示数不变，V 3示数减小C ．V 3的变化量3UD 与A 1的变化量 1I D 之比不变D ．V 1的示数U 1与A 1的示数1I 之比将增大10．如图所示，有方向垂直于光滑绝缘水平桌面的两匀强磁场，磁感应强度的大小分别为A ．虚线位置时线框的电流方向为顺B ．此时线框的加速度大小为 22B mR(3)某学生在做“用油膜法A．油酸未完全散开B．将上述油酸酒精溶液C．求每滴体积时，1mLD．计算油膜面积时，12．某同学利用如图的装置内阻 r=20Ω的螺线管固定在四、解答题13．如图所示，内壁光滑的薄壁圆柱形导热汽缸开口朝下，活塞距汽缸顶为h ，横截面积为S 。

江西省新余市中心学校高二物理测试题含解析

江西省新余市中心学校高二物理测试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 穿过一个电阻为1欧的闭合线圈的磁通量每秒钟均匀地减少2Wb，则：( )A.线圈中感应电动势每秒钟增加2VB.线圈中感应电流每秒钟减小2AC.线圈中感应电流不变D.以上说法不对参考答案：C2. 如图11所示，在光滑水平桌面上有两个金属圆环，在它们圆心连线中点正上方有一个条形磁铁，当条形磁铁自由下落时，将会出现的情况是[ ]A．两金属环将相互靠拢B．两金属环将相互排斥C．磁铁的加速度会大于g D．磁铁的加速度会小于g参考答案：BD3. 如图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电量为10－6 C的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A点运动到B点时动能减少了10－5 J，已知A点的电势为－10 V，则以下判断正确的是（）A．微粒从A点运动到B点时电势能能减少了10－5 JB．微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示；C．B点电势为零； D．B点电势为－20 V参考答案：4. （多选）质量为0.3kg的弹性小球，在光滑水平面上以6m/s的速度垂直撞到墙上，碰撞后小球沿相反方向运动，反弹后的速度大小与碰撞前相同。

则碰撞前后小球速度变化量的大小为Δv和碰撞过程中墙对小球做功的大小W为（）A．Δv=0B．Δv=12m/s C．W=0 D．W=10.8J参考答案：BC5. 图中，已知交流电原电压电阻R=100Ω，则电流表和电压表的读数分别是A.1.41A,200VB.1.41A,141VC.2A,200VD.2A,141V参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一定质量的某种气体的体积为20L时，压强为1.0×105Pa.当气体发生等温变化，体积减小到16L 时，压强为？参考答案：1.25×105 Pa7. （4分）有三个电阻，阻值分别为3Ω，6Ω和9Ω，把它们联接起来，在可能获得的总电阻中，最大值为________Ω，最小值是________Ω。