2019-2020学年安徽省铜陵市枞阳县浮山中学高二(下)开学物理试卷(附答案详解)
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2019-2020学年安徽省铜陵市枞阳县浮山中学高二(下)
开学物理试卷
1.电磁炉具有无烟、无明火、无污染、不产生有害气体、无微波辐射、高效节能等优
势。
电磁炉是利用电流通过线圈产生磁场,当磁场的磁感线通过含铁质锅底部时,即会产生无数小涡流,使锅体本身自行高速发热,然后再加热锅内食物。
下列相关说法中正确的是()
A. 锅体可以用不导电的陶瓷制成
B. 锅体中的涡流是由恒定的磁场产生的
C. 恒定磁场越强,电磁炉的加热效果越好
D. 提高磁场变化的频率,可提高电磁炉的加热效果
2.如图所示,在条形磁铁的中央位置的正上方水平固定一铜质
圆环。
以下判断中正确的是()
A. 释放圆环,环下落过程中产生感应电流
B. 释放圆环,环下落过程中无感应电流
C. 释放圆环,环下落过程中感应电流大小不变
D. 释放圆环,环下落过程中感应电流逐渐增大
3.如图所示,矩形线圈放置在水平薄木板上,有两块相同的蹄形磁铁,四个磁极之间
的距离相等,当两块磁铁匀速向右通过线圈时,线圈仍静止不动,那么线圈受到木板的摩擦力方向是()
A. 先向左、后向右
B. 先向左、后向右、再向左
C. 一直向右
D. 一直向左
4.2018年全国高考已经结束,高考使用的金属探测器,是在全国高考考生入场前统
一使用的合法预防考生作弊的辅助检测设施。
其结构原理图可简化为下图所示。
探测器运用的是电磁感应的原理,发射线圈(外环)产生垂直于线圈平面大小和方向交替变化的磁场,内环线圈是接收线圈,用来收集被查金属目标发出的磁场(接收线圈能完全屏蔽发射线圈产生的磁场)。
随着磁场方向的反复变化,它会与所遇的任
何导体物发生作用,导致目标物自身也会产生微弱的磁场,来自目标物的磁场进入内环线圈被接收到后,检测器会发出报警声。
某一时刻发射线圈发射一向下的磁场,则下列说怯中正确的是()
A. 如果发射线圈发射的向下磁场增强,則金属物中产生的涡流俯视看沿顺时针方
向
B. 如果发射线圈发射的向下磁场增强,则金属物中涡流产生的磁场也增强
C. 金属物发出的磁场穿过接收线圈时,接收线圈中众产生一个微弱的电流,探测
器相应的元件就是依据这一信号电流做出报警的
D. 金属物发出的磁场穿过接收线圈时,如果接收线圈中产生的微弱电流附视看沿
逆时针方向,则金属物发出的穿过接收线圈的磁场方向向上
5.以下说法正确的是()
A. 交变电流的有效值就是它的平均值
B. 任何交变电流的有效值都是它最大值的1
2
C. 如果交变电流接在电阻R上产生的热量为Q,那么该交变电流的有效值为Q
R
D. 以上说法均不正确
6.在如图(a)的电路中,电阻R2=6R1,D1、D2为理想二极管,当输入图(b)的正弦交
流电时,电压表的示数为()
A. U0
7B. 4U0
7
C. 5U0
7
D. U0
7.如图甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数比n1:n2=3:1,L1、L2为两相同灯
泡,R、L、D和C分别为定值电阻、理想线圈、理想二极管和电容器,其中C=10μF.
当原线圈两端接如图乙所示的正弦交流电压时,下列说法中正确的是()
A. 灯泡L1一定比L2暗
B. 电容器C所带电荷量的最大值为6√2×103C
C. 电容器C放电周期为2×10−2S
D. 副线圈两端的电压最大值为12√2V
8.图甲中理想变压器原副线圈的匝数比为n1:n2=5:1,电阻R=20Ω,L1、L2为
规格相同的两只小灯泡,S1为单刀双掷开关,原线圈接正弦交变电源,输入电压u随时间t的变化关系如图乙所示,现将S1接1,S2闭合,此时L2正常发光,下列说法正确的是()
A. 输入电压u的表达式为u=20√2sin(50πt)V
B. 只断开S2后,L1、L2均正常发光
C. 只断开S2后,原线圈的输入功率将增大
D. 若S1换接到2后,R消耗的电功率为0.8W
9.如图所示,将两端刮掉绝缘漆的导线绕在一把锉刀上,一端接上电池(电池另一极
与锉刀接触),手持导线的另一端,在锉刀上来回划动,由于锉刀表面凹凸不平,就会产生电火花。
则下列说法中正确的是()
A. 产生电火花的回路只由导线与电池组成
B. 若导线端只向一个方向划动也能产生电火花
C. 锉刀采用什么材料制成对实验没有影响
D. 导线端划动的方向与自感电动势的方向无关
10.法拉第发现了电磁感应现象之后,又发明了世界上
第一台发电机──法拉第圆盘发电机,揭开了人类将
机械能转化为电能并进行应用的序幕。
法拉第圆盘
发电机的原理如图所示,将一个圆形金属盘放置在
电磁铁的两个磁极之间,并使盘面与磁感线垂直,
盘的边缘附近和中心分别装有与金属盘接触良好的
电刷A、B,两电刷与灵敏电流计相连。
当金属盘绕中心轴按图示方向转动时,则()
A. 电刷B的电势高于电刷A的电势
B. 若仅将滑动变阻器滑动头向左滑,灵敏电流计的示数将变大
C. 若仅将电刷A向盘边缘移动,使电刷A、B之间距离增大,灵敏电流计的示数将
变大
D. 金属盘转动的转速越大,维持其做匀速转动所需外力做功的功率越小
11.如图所示,电灯A和B与固定电阻的阻值均为R,L是自
感系数较大的线圈,当S1闭合、S2断开且电路稳定时A、
B亮度相同;再闭合S2,待电路稳定后将S1断开;下列
说法中正确的是()
A. B灯立即熄灭
B. A灯将比原来更亮一些后再熄灭
C. 有电流通过B灯,方向为c→d
D. 有电流通过A灯,方向为b→a
12.如图,空间中存在一匀强磁场区域,磁场方向与竖直面(纸面)垂
直,磁场的上、下边界(虚线)均为水平面;纸面内磁场上方有一个
正方形导线框abcd,其上、下两边均与磁场边界平行,边长小于
磁场上、下边界的间距.若线框自由下落,从ab边进入磁场时开始,
直至ab边到达磁场下边界为止,线框下落的速度大小可能()
A. 始终减小
B. 始终不变
C. 始终增加
D. 先减小后增加
13.某小型水电站的发电机输出电压为220V,若输送的总功率为P0,输电电压为U,输
电导线的总电阻为r,升压变压器原副线圈匝数分别为n1和n2,降压变压器原副线圈匝数分别为n3和n4.都是理想变压器,要使额定电压为220V的用电器正常工作,则()
A. 输电线上的电流I=P0
U
B. n2
越大,输电线上损失的功率越大
n1
C. 升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率
D. 升压变压器的输出功率等于降压变压器的输入功率
14.在匀强磁场中,一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动,如图乙所示,产
生的交变电动势随时间变化规律的图象如图甲所示,已知发电机线圈内阻为1.0Ω,外接一只电阻为9.0Ω的灯泡,则()
A. 电压表V的示数为20V
B. 电路中的电流方向每秒改变10次
C. 灯泡实际消耗的功率为36W
D. 值电动势随时间变化的瞬时表达式为e=20cos5πt(V)
15.如图,一理想变压器原、副线圈匝数比为4∶1,原线圈与一可变电阻串联后,接入
一正弦交流电源;副线圈电路中固定电阻的阻值为R0,负载电阻的阻值R=11R0,是理想电压表。
现将负载电阻的阻值减小为R=5R0,保持变压器输入电流不变,此时电压表的读数为5.0V,则()
A. 此时原线圈两端电压的最大值约为34V
B. 此时原线圈两端电压的最大值约为24V
C. 原线圈两端原来的电压有效值约为68V
D. 原线圈两端原来的电压有效值约为48V
16.如图,两根相距l=1m平行光滑长金属导轨电阻不计,被固定在绝缘水平面上,两
导轨左端接有R=2Ω的电阻,导轨所在区域内加上与导轨垂直、方向相反的磁场,
T、B2=0.8T.现有电阻r=1Ω的磁场宽度d相同且为0.6m,磁感应强度大小B1=√2
5
导体棒ab垂直导轨放置且接触良好,当导体棒ab以v=5m/s从边界MN进入磁场后始终作匀速运动,求:
(1)导体棒ab进入磁场B1时拉力的功率;
(2)导体棒ab经过任意一个B2区域过程中通过电阻R的电量;
(3)导体棒ab匀速运动过程中电阻R两端的电压有效值.
17.如图甲所示,足够长的光滑平行金属导轨MN、PQ竖直放置,其宽度L=1m,一
匀强磁场垂直穿过导轨平面,导轨的上端M与P之间连接阻值为R=0.40Ω的电阻,质量为m=0.01kg、电阻为r=0.30Ω的金属棒ab紧贴在导轨上.现使金属棒ab由静止开始下滑,下滑过程中ab始终保持水平,且与导轨接触良好,其下滑距离s与时间t的关系如图乙所示,图象中的OA段为曲线,AB段为直线,导轨电阻不计,g= 10m/s2(忽略ab棒运动过程中对原磁场的影响),求:
(1)磁感应强度B的大小;
(2)金属棒ab在开始运动的第1.7s内,通过电阻R的电荷量;
(3)金属棒ab在开始运动的第1.7s内,电阻R上产生的热量.
18.如图所示,在铁芯上绕着两个线圈A和B,线圈A两端接一电源,线圈B两端接一阻
值为10Ω的电阻R.已知线圈A的匝数为11;线圈B电阻为5Ω、匝数为7、横截面积为
0.3m2.
(1)若A接的是一电动势为11V的电池组,则电阻R两端的电压等于多少?
(2)若A接某电源(电源上端为正极)使铁芯中的磁感应强度B随时间变化如图所示,
求电阻R两端的电压值并指出流经电阻R的电流方向.
(3)求(2)中t=0.35s时刻穿过线圈B的磁通量大小.
19.发电机的输出电压为220V,输出功率为44kW,每条输电线电阻为0.2Ω,求用户得
到的电压和电功率各是多少?如果发电站先用变压比为1:10的升压变压器将电压升高,经同样输电线路,后经过10:1的降压变压器降压后供给用户,则用户得到的电压和电功率各是多少.
20.平板车停在光滑的水平轨道上,车上有一人从固定在车上的货
厢边,沿水平方向顺着轨道方向跳出,落在平板车地板上的A点,
距货厢水平距离为L=4m,如图所示,人的质量为m,车连同
货厢的质量M=4m,货厢的高度为ℎ=1.25m.求:
(1)车在人跳出后到落到地板期间的反冲速度为多少?
(2)人落在车地板上并站定以后,车还运动吗?车在地面轨道上移动的位移是多少?
21.某游乐园入口旁有一喷泉,喷出的水柱将一质量M的卡通玩具稳定地悬停在空中。
为计算方便起见,假设水柱从横截面积为S的喷口持续以速度v0竖直向上喷出;玩具底部为平板(面积略大于S);水柱冲击到玩具底板后,在竖直方向水的速度变为零,在水平方向朝四周均匀散开。
忽略空气阻力。
已知水的密度为ρ,重力加速度大小为g。
求
(i)喷泉单位时间内喷出的水的质量;
(ii)玩具在空中悬停时,其底面相对于喷口的高度。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解:A、B、C、锅体中的涡流是由变化的磁场产生的。
故ABC错误。
D、提高磁场变化的频率,可提高电磁炉的加热效果。
故D正确。
故选:D。
电磁炉又被称为电磁灶,其原理是磁场感应涡流加热,即利用交变电流通过线圈产生交变磁场,从而使金属锅自身产生无数小涡流而直接加热于锅内的食物。
本题要求学生根据题文的信息解答,考查了学生接受信息的能力,掌握电磁炉的应用及工作原理。
2.【答案】B
【解析】
【分析】
圆环竖直向下运动时,通过圆环的磁通量始终为零,不产生感应电流。
解决本题的关键知道产生感应电流的条件,以及掌握条形磁铁的磁感线分布,基础题。
【解答】
圆环竖直向下运动时,通过圆环的磁通量始终为零,不产生感应电流,故ACD错误,B 正确。
故选B。
3.【答案】D
【解析】解:当原磁通量增加时,感应电流的磁场与原来磁场的方向相反,两个磁场产生相互排斥的作用力;当原磁通量减少时,感应电流的磁场就与原来磁场的方向相同,两个磁场产生相互吸引的作用力,所以感应电流总要阻碍导体和磁极间的相对运动。
当磁铁匀速向右通过线圈时,N极靠近线圈,线圈的感应电流总要阻碍磁极的相对运动,给磁极向左的安培力,那么磁极给线圈向右的安培力,线圈静止不动,是因为受到了向左的摩擦力。
当N极离开线圈,线圈的感应电流总要阻碍磁极的相对运动,给磁极向左的安培力,那么磁极给线圈向右的安培力,线圈静止不动,是因为受到了向左的摩
擦力。
所以整个过程线圈所受的摩擦力一直向左。
故D正确。
故选:D。
根据楞次定律:感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的原磁通量的变化,我们可以这样理解:感应电流总要阻碍导体和磁极间的相对运动.分析线圈所受的安培力方向,确定其运动趋势,判断摩擦力方向.
本题根据楞次定律:感应电流总要阻碍导体和磁极间的相对运动,分析线圈所受的安培力方向是本题的解题关键.
4.【答案】C
【解析】解:A、当发射线圈发射的向下磁场增强,根据楞次定律,则感应磁场向上,依据右手螺旋定则,则感应电流方向,俯视看沿逆时针方向,故A错误;
B、如果发射线圈发射的向下磁场增强,则金属物中产生涡流,而不能确定涡流的磁场强弱,故B错误;
C、当接收线圈中产生一个微弱的电流,则探测器相应的元件就是依据这一信号电流,从而发出报警声,故C正确;
D、如果接收线圈中产生的微弱电流附视看沿逆时针方向,则金属物发出的穿过接收线圈的磁场可能方向向上大小减弱,也可能方向向下大小增强,故D错误;
故选:C。
根据右手螺旋定则与楞次定律,结合电磁感应现象原理,即可一一求解。
考查楞次定律的内容,掌握右手螺旋定则的应用,理解电磁感应的原理,及发出报警声的原因。
5.【答案】D
【解析】解:A、交流电的有效值与平均值是两个不同的概念,故A错误。
B、正弦式交流电的有效值是它最大值的
倍,故B错误。
√2
C、如果交变电流接在电阻R上产生的热量为Q,根据Q=I2Rt知,有效值I=√Q
,故C
Rt
错误。
D、由上分析。
故D正确。
故选:D。
正弦式交流电的有效值与峰值的关系为E =
m √2
;让直流和交流分别通过相同的电阻,若
相同周期内产生相同的热量,则直流电电流、电压值为交流电的有效值.
解决本题的关键知道峰值、有效值、瞬时值、平均值的区别,知道它们的联系,基础题.
6.【答案】C
【解析】 【分析】
由题意可知,0−T 2时间内D 2处于导通状态,根据欧姆定律求出电压表读数,T
2−T 时间内电压反向,D 2处于截止状态,根据欧姆定律求出电压表读数。
根据交流电的有效值定义求解R 1两端电压表的读数。
本题考查了二极管的特性、电路结构分析、欧姆定律、串并联电路的特点;认真审题,充分理解题意,知道理想二极管,正向电阻为零,反向电阻为无穷大,分析清楚电路结构是解题的关键。
【解答】
由题意可知,0−T
2时间内两电阻串联, 则电路总电阻R =R 1+R 2 根据欧姆定律得出电压表读数U 1=U
R
1+R 2
R 1=
U 07
T 2
−T 时间内电压反向,回路中只有电阻R 1,
则电路总电阻R′=R 1
根据欧姆定律得出电压表读数U 2=√2U 0√2
=U 0, 根据交流电的有效值定义得
(
U 07
)2
R
⋅T
2+
U 0
2R
⋅T
2=
U 2R
T
解得U =5
7U 0,故ABD 错误,C 正确。
故选C 。
7.【答案】D
【解析】解:原线圈有正弦交流电,则副线圈中也有正弦式交流电。
A 、由于L 1与电阻相串联,而L 2与电感器相串联,灯泡L 1与L 2,是谁亮和暗,取决于电感和电阻谁的阻碍作用大,本题未给条件无法判断,故A 错误;
D、由变压器的变压比U1
U2=n1
n2
可知,副线圈两端的电压的最大值:U2m=n2U1m
n1
=
1
3
×36√2=12√2,故D正确;
B、电容器所带电荷量的最大值:Q=CU2m=10×10−6×12√2=1.2√2×10−4C,故B错误;
C、电容器与二极管串联,含有电容的支路一次充电结束后就相当于断路,不存在周期,故C错误;
故选:D。
二极管具有整流作用,即把交流电变成直流电,电阻两端的电压为有效值,电容通高频阻低频,电感通低频阻高频。
本题考查了变压器的特点,通过交流电的峰值和有效值考查了电功和电功率的计算。
并掌握二极管、电感器、电容器在电路中的作用
8.【答案】D
【解析】
【分析】
根据电压与匝数成正比,电流与匝数成反比,变压器的输入功率和输出功率相等,逐项分析即可得出结论。
掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系,本题即可得到解决。
【解答】
A、周期是0.02s,ω=2π
0.02
=100π,所以输入电压u的表达式应为u=20√2sin(100πt)V,A错误;
B、只断开S2后,负载电阻变大为原来的2倍,电压不变,副线圈电流变小为原来的一半,L1、L2的功率均小于额定功率,B错误;
C、只断开S2后,原线圈的输入功率等于副线圈的功率都减小,C错误;
D、若S1换接到2后,由U1
U2=n1
n2
,电阻R电压有效值为4V,R消耗的电功率为U2
R
=0.8W,
D正确。
故选:D。
9.【答案】BD
【解析】解:A、由图可知,产生电火花的回路由导线、锉刀与电池组成。
故A错误;
B、手执导线的另一端,在锉刀上来回划动时产生的电火花,是由于电路时通时断,在回路中产生自感电动势产生的,与导线运动的方向无关,如导线端只向一个方向划动也能产生电火花。
故B正确;
C、产生电火花的回路由导线、锉刀与电池组成,如果锉刀是绝缘体,则实验不能完成。
故C错误;
D、自感电动势的方向与电流接通或电流断开有关,与导线端划动的方向无关。
故D正确。
故选:BD。
自感是由于导体本身的电流发生变化而产生的电磁感应现象。
根据楞次定律分析自感电动势的方向与引起自感的原电流的方向的关系即可。
本题考查对自感现象的掌握情况,要注意明确自感现象是特殊的电磁感应现象,电动势阻碍遵守法拉第电磁感应定律,其方向遵守楞次定律。
10.【答案】AC
【解析】
【分析】
根据右手螺旋定则确定出螺线管周围的磁场方向,圆盘转到时,靠AB的连线切割磁感线产生感应电动势,根据感应电动势的大小判断灵敏电流计的电流大小。
解决本题的关键知道圆盘发电机的原理,知道圆盘发电机靠切割产生感应电动势,以及掌握右手螺旋定则和右手定则,知道两定则的区别。
【解答】
A.根据右手螺旋定则,左端磁极为N极,右端磁极为S极,圆盘转动,切割磁感线,根据右手定则,感应电动势的方向为A到B,所以B点的电势高于A点电势,故A正确;
B.若仅将滑动变阻器滑动头向左滑,电流减小,磁感应强度减小,切割产生的感应电动势减小,灵敏电流计的示数将变小,故B错误;
C.若仅将电刷A向盘边缘移动,使电刷A、B之间距离增大,切割磁感线的有效长度变大,切割产生的感应电动势增大,灵敏电流计的示数增大,故C正确;
D.金属盘转动的转速越大,则产生的电动势增大,感应电流增大,电功率增大,需要的
维持其做匀速转动所需外力增大,外力的做功的功率增大,故D错误。
故选AC。
11.【答案】AD
【解析】解:S1闭合、S2断开且电路稳定时两灯亮度相同,说明L的直流电阻亦为R.闭合S2后,L与A灯并联,R与B灯并联,它们的电流均相等。
当断开后,L将阻碍自身电流的减小,即该电流还会维持一段时间,在这段时间里,因S2闭合,电流不可能经过B灯和R,只能通过A灯形成b→A→a→L→c→b的电流,所以AD正确C错误;由于自感形成的电流是在L原来电流的基础上逐渐减小的,并没有超过A灯原来电流,故A灯虽推迟一会熄灭,但不会比原来更亮,故B错误。
故选:AD。
在开关闭合瞬间,线圈阻碍电流的增加,断开S1瞬间产生一自感电动势相当于电源,与A组成闭合回路。
做好本类题目要注意:线圈与哪种电器配合,在结合线圈的特点分析哪一端的电势高,从而判断电流的方向。
12.【答案】CD
【解析】
【分析】
ab边进入磁场切割磁感线产生感应电流,线框ab边受到安培力,根据受力分析判断出导体框的运动即可判断;
本题主要考查了线框切割磁场产生感应电流同时受到安培力,根据牛顿第二定律和运动学即可判断速度的变化;
【解答】
导线框开始做自由落体运动,ab边以一定的速度进入磁场,ab边切割磁场产生感应电流,根据左手定则可知ab边受到向上的安培力,当安培力大于重力时,线框做减速运动,当线框完全进入磁场后,线框不产生感应电流,此时只受重力,做加速运动,故先减速后加速运动;还有可能完全进入磁场前,安培力与重力平衡,此后线框匀速运动,直到完全进入磁场,所以也可能先减速,后匀速再加速运动;
当ab边进入磁场后安培力等于重力时,线框做匀速运动,当线框完全进入磁场后,线框不产生感应电流,此时只受重力,做加速运动,故先匀速后加速运动;
当ab边进入磁场后安培力小于重力时,线框做加速运动,当安培力与重力平衡时开始做匀速运动,当线框完全进入磁场后,线框不产生感应电流,此时只受重力,做加速运动,故加速运动,所以线框可能一直加速运动,也可能先加速后匀速再加速。
故CD正确,AB错误。
故选:CD。
13.【答案】AC
【解析】解:A、根据理想变压器的工作原理可知,输入功率和输出功率相等,P0=UI,
,故A正确;
解得输电线上的电流I=P0
U
B、n2
越大,输送电压越大,则输送电流越小,输电线上损失的功率越小,故B错误;
n1
CD、输电线上有损耗,根据能量守恒可知,升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率,故C正确,D错误。
故选:AC。
明确远距离输电原理,知道通过理想升压变压器将电送到用户附近,然后用理想降压变压器向远处用户供电家中,提升电压的目的是降低线路的功率损失,从而提高用户得到的功率。
理想变压器的输入功率与输出功率相等,且没有漏磁现象;远距离输电,由于导线通电发热导致能量损失,所以通过升压变压器提高输送电压,从而实现降低电损耗。
14.【答案】BC
=【解析】解:由甲图知电压峰值为20√2V,周期0.2s,所以有效值为20V,角速度ω=2π
T
10π。
×9=18V,A错误;
A、电压表测的是路端电压U=20
1+9
B、交流电的频率为5Hz,每一周期电流改变两次,所以每秒改变10次,B正确;
W=36W,C正确;
C、灯泡实际消耗的功率为P=182
9
D、线框在如图乙位置时,穿过线框的磁通量为零,线框的感应电动势最大,电动势随时间变化的瞬时值表达式为e=20√2cos10πt(V),D错误;
故选:BC。
由甲图知电压峰值、周期,从而求电压有效值、角速度和频率,交流电每周期方向改变
两次,电压表测量的是路端电压,在图示位置磁通量为零,磁通量的变化率最大.
本题考查了交流电的产生原理,要学会从图象中获取有用物理信息的能力,结合峰值和有效值的关系去分析.
15.【答案】AD
【解析】解:A、B现将负载电阻的阻值减小为R=5R0,保持变压器输入电流不变,此时电压表的读数为5.0V,
根据串并联知识和欧姆定律得副线圈电压U2=5V5R
×6R0=6V,
根据电压与匝数成正比可知,此时原线圈两端电压的有效值U1=4U2=24V,所以此时原线圈两端电压的最大值约为U1m=24√2≈34V,故A正确,B错误;
C、D原来副线圈电路中固定电阻的阻值为R0,负载电阻的阻值R=11R0,
由于保持变压器输入电流不变,所以输出电流也不变,
所以原来副线圈电压U′2=5V5R
×12R0=12V,
根据电压与匝数成正比可知,原线圈两端原来的电压有效值约为48V,故C错误,D正确;
故选:AD。
根据串并联知识和欧姆定律可以求得输出电压的有效值,再根据电压与匝数成正比即可求得结论.
掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系,最大值和有效值之间的关系即可解决本题.
16.【答案】解:(1)在B1中时,E1=B1lv
I1=E1
R+r
F=B1I1l
P=Fv=2
3
W=0.67W
(2)电量q=I2△t2闭合电路欧姆定律I2=B2lv
R+r
位移d=v△t
解得:q=0.16C
(3)导体棒进入B2时,电动势E2=B2lv=4V
设电动势有效值为E,则:E12
R+r ×T
2
+E22
R+r
×T
2
=E2
R+r
×T。