广东省深圳市南山区2024学年高三下学期考前模拟考试卷物理试题

广东省深圳市南山区2024学年高三下学期考前模拟考试卷物理试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、关于自由落体运动，平抛运动和竖直上抛运动，以下说法正确的是
A．只有前两个是匀变速运动
B．三种运动，在相等的时间内速度的增量大小相等，方向不同
C．三种运动，在相等的时间内速度的增量相等
D．三种运动在相等的时间内位移的增量相等
2、如图所示，电灯悬挂于两壁之间，更换水平绳OA使连接点A向上移动而保持O点的位置不变，则A点向上移动时（）
A．绳OA的拉力逐渐增大
B．绳OA的拉力逐渐减小
C．绳OA的拉力先增大后减小
D．绳OA的拉力先减小后增大
3、图示为一种应用逻辑电路制作的简易走道灯的电路图，虚线框内的C是一门电路，R0和R1中有一个是定值电阻，另一个是光敏电阻（受光照时阻值减小），R2是定值电阻。

当走道里光线较暗或将手动开关S接通时灯泡L都会点亮，则电路中（）
A．C是“或门”，R0是光敏电阻
B．C是“或门”，R1是光敏电阻
C．C是“与门”，R0是光敏电阻
D．C是“与门”，R1是光敏电阻
4、如图所示，质量相等的A、B两个小球悬于同一悬点O，且在O点下方垂直距离h=1m处的同一水平面内做匀速圆周运动，悬线长L1＝3m，L2＝2m，则A、B两小球（）
A．周期之比T1：T2＝2：3 B．角速度之比ω1：ω2＝3：2
C．线速度之比v1：v2＝8：3D．向心加速度之比a1：a2＝8：3
5、如图是飞机在上海市由北往南飞行表演过程画面，当飞机从水平位置飞到竖直位置时，相对于飞行员来说，关于飞机的左右机翼电势高低的说法正确的是（）
A．不管水平飞行还是竖直向上飞行，都是飞机的左侧机翼电势高
B．不管水平飞行还是竖直向上飞行，都是飞稱的右机翼电势高
C．水平飞行时，飞机的右侧机翼电势高，竖直向上飞行时，飞机的左侧机翼电势高
D．水平飞行时，飞机的左侧机翼电势高；竖直向上飞行时，飞机的右侧机翼电势高
θ>．小球自M点由静止滑下，小球经过O点时无机6、如图所示，同种材料制成的轨道MO和ON底端由对接且a
械能损失，以v、s、a、f分别表示小球的速度、位移、加速度和摩擦力四个物理量的大小．下列图象中能正确反映小球自M点到左侧最高点运动过程的是( )
A．B．
C．D．
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、下列说法正确的是。

A．物体的内能增大，其温度一定升高
B．热量不可能由低温物体传给高温物体而不发生其他变化
C．液晶既像液体一样具有流动性，又和某些晶体一样具有光学性质的各向异性
D．“用油膜法估测分子的大小”的实验中，油酸分子的直径等于纯油酸体积除以相应油酸膜的面积
E.绝热气缸中密封的理想气体在被压缩过程中，气体分子运动剧烈程度降低
8、一列横波沿x轴传播，在某时刻x轴上相距s=4m的两质点A、B（波由A传向B）均处于平衡位置，且A、B间只有一个波峰，经过时间t=1s，质点B第一次到达波峰，则该波的传播速度可能为（）
A．1m/s B．1.5m/s C．3m/s D．5m/s
9、如图所示，x轴与水平传送带重合，坐标原点O在传动带的左端，传送带右端A点坐标为X A=8m，匀速运动的速度V0=5m/s，一质量m=1kg的小物块，轻轻放在传送带上OA的中点位置，小物块随传动带运动到A点后，冲上光滑斜面且刚好能够到达N点处无机械能损失，小物块与传送带间的动摩擦因数μ=0.5，斜面上M点为AN的中点，重力加速度g=10m/s2。

则下列说法正确的是（）
A．N点纵坐标为y N=1.25m
B．小物块第一次冲上斜面前，在传送带上运动产生的热量为12.5J
C．小物块第二次冲上斜面，刚好能够到达M点
D．在x=2m位置释放小物块，小物块可以滑动到N点上方
10、下列说法正确的是
A．做简谐振动的物体，速度和位移都相同的相邻时间间隔为一个周期
B．当障碍物的尺寸小于波长或与波长差不多时才能发生衍射
C．波的周期与波源的振动周期相同，波速与波源的振动速度相同
D．电磁波在与电场和磁场均垂直的方向上传播
E.相对论认为时间和空间与物质的运动状态有关
三、实验题：本题共2小题，共18分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．（6分）如图所示，一端固定滑轮的长木板放在桌面上，将光电门固定在木板上的B点，用重物通过细线拉小车，且重物与力的传感器相连，若利用此实验装置做“探究合外力做的功与物体动能改变量的关系实验”，小车质量为M，保持小车质量不变，改变所挂重物质量m进行多次实验，每次小车都从同一位置A由静止释放（g取10m/s2）．
（1）完成该实验时，____________（填“需要”或“不需要”）平衡摩擦力；
（2）在正确规范操作后，实验时除了需要读出传感器的示数F，测出小车质量M，通过光电门的挡光时间t及遮光条的宽度d，还需要测量的物理量是________。

由实验得到合外力对小车做的功与小车动能改变量的关系式为________（用测得的物理量表示）。

12．（12分）有一个量程为3V、内电阻约为4000Ω的电压表，现用如图所示的电路测量其内电阻
(1)实验中可供选择的滑动变阻器有两种规格，甲的最大阻值为2000Ω，乙的最大阻值为10Ω。

应选用________。

（选填“甲”或“乙”）
(2)实验过程的主要步骤如下，请分析填空。

A．断开开关S，把滑动变阻器R的滑片P滑到_________端；（选填“a”或“b”）
B．将电阻箱R'的阻值调到零；
C．闭合开关S，移动滑片P的位置，使电压表的指针指到3V
D．开关S处于闭合状态保持滑片P的位置不变，调节电阻箱R'的阻值使电压表指针指到_______V，读出此时电阻箱R'的阻值，此值即为电压表内电阻的测量值
(3)电压表内电阻的测量值R测和真实值R真相比，有R测________R真。

（选填“>”或“<”）
四、计算题：本题共2小题，共26分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13．（10分）质量为m的小滑块自圆弧形轨道上端由静止滑下，如图所示，圆弧形轨道半径为R，高度为h。

A点为弧形轨道与水平桌面的平滑连接点。

滑块离开桌面后恰好落入静止在水平地面上的装满沙的总质量为M的小车中，桌
面到小车上沙平面的高度也是h。

木块落入车内与沙面接触直到相对静止经过的较短时间为t。

试回答下列问题：（所有接触面的摩擦不计，重力加速度g已知，小车高度不计。

）
(1)滑块经过A点前后对轨道和桌面的压力F1、F2各多大？
(2)小车最终的速度是多大？
(3)滑块落入车中直到相对车静止的过程中小车对地面的平均压力多大？
14．（16分）如图所示，水平传送带与固定斜面平滑连接，质量为m＝1kg的小物体放在斜面上，斜面与水平方向的夹角为θ＝37°，若小物体受到一大小为F＝20N的沿斜面向上的拉力作用，可以使小物体从斜面底端A由静止向上加速滑动。

当小物体到达斜面顶端B时，撤去拉力F且水平传送带立即从静止开始以加速度a0＝1m/s2沿逆时针方向做匀加速运动，当小物体的速度减为零时刚好滑到水平传送带的右端C处。

小物体与斜面及水平传送带间的动摩擦因数均为µ＝0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，AB间距离L＝5m，导槽D可使小物体速度转为水平且无能量损失，g＝10m/s2。

已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求：
(1)小物体运动到B点的速度
(2)小物体从A点运动到C点的时间
(3)小物体从B点运动到C点的过程中，小物体与传送带间由于摩擦而产生的热量Q
15．（12分）如图所示，光滑水平面上静止放着长L=2.0m，质量M=3.0kg的木板，一个质量m=1.0kg的小物体(可视为质点)放在离木板右端d=0.40m处，小物体与木板之间的动摩擦因数μ=0.1。

现对木板施加F=10.0N水平向右的拉力，使其向右运动。

g取10m/s2.求：
(1)木板刚开始运动时的加速度大小；
(2)从开始拉动木板到小物体脱离木板，拉力做功的大小；
(3)为使小物体能脱离木板，此拉力作用时间最短为多少？
参考答案
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C
【解题分析】
A．平抛运动、竖直上抛运动、斜抛运动和自由落体运动都是仅受重力，加速度为g，方向不变，都是匀变速运动。

故A错误；
BC．速度增量为△v=g△t，故速度增量相同，故B错误，C正确；
D．做自由落体运动的位移增量为
△h＝1
2
g(t+△t)2−
1
2
gt2＝gt△t+
1
2
g△t2，
竖直上抛运动的位移增量为
△h′＝v0(t+△t)− 1
2
g(t+△t)2−vt+
1
2
gt2=v0△t−gt△t−
1
2
g△t2
两者不等，故D错误；
故选C。

2、D
【解题分析】
以O点为研究对象，根据受力平衡，有：
由图可知，绳子OB上的拉力逐渐减小，OA上的拉力先减小后增大。

A．绳OA的拉力逐渐增大，与分析不符，故A项错误；
B．绳OA的拉力逐渐减小，与分析不符，故B项错误；
C．绳OA的拉力先增大后减小，与分析不符，故C项错误；
D ．绳OA 的拉力先减小后增大，与分析相符，故D 项正确。

3、A
【解题分析】
当电键闭合时，输入为高电势，当光线较暗时，光敏电阻较大，输入端为高电势，因为当走道里光线较暗时或是将手动开关S 接通时，灯都会亮，可知只要有一个条件满足，事件就能发生，知该门电路是“或”门电路。

当有光照时，光敏电阻阻值较小，输入端B 端需要输入低电势，所以光敏电阻不能放在1R 的位置，可以放在0R 的位置，A 正确，BCD 错误。

故选A 。

4、C
【解题分析】
AB ．小球做圆周运动所需要的向心力由重力mg 和悬线拉力F 的合力提供，设悬线与竖直方向的夹角为θ。

对任意一球受力分析，由牛顿第二定律有：
在竖直方向有
F cosθ-mg =0…①
在水平方向有
2
24sin sin F m L T
πθθ= …② 由①②得
2T = 分析题意可知，连接两小球的悬线的悬点距两小球运动平面的距离为h=L cosθ，相等，所以周期相等
T 1：T 2=1：1
角速度
2T
πω＝ 则角速度之比
ω1：ω2=1：1
故AB 错误；
C ．根据合力提供向心力得
2
tan tan v mg m h θθ
=
解得
tan v =
根据几何关系可知
1tan h
θ==
2tan h θ==
故线速度之比
12v v =:
故C 正确；
D ．向心加速度：a=vω，则向心加速度之比等于线速度之比为
12a a =:故D 错误。

故选C 。

5、D
【解题分析】
地磁场在北半球有竖直向下和由南向北的水平分量，水平由北向南飞行时，飞机的两翼切割竖直向下的磁感线，根据右手定则可知，左侧机翼电势高；竖直向上飞行时，两翼切割水平方向的磁感线，根据右手定则可知，机翼右侧电势高，D 正确，ABC 错误。

故选D 。

6、D
【解题分析】
A.由于在两个斜面上都是匀变速运动，根据位移时间关系公式，可知位移--时间图象是曲线，故A 错误；
B.小球先做匀加速运动，a =g sinθ-μg cosθ，后做匀减速运动，加速度大小为a =g sinα+μg c osα，而g sinα+μg cosα＞g sinθ-μg cosθ，因而B 错误；
C.根据f =μN =μmg cosθ可知：当θ＞α时，摩擦力μmg cosθ＜μmg cosα，则C 错误；
D.小球运动过程中，在两个斜面上都受到恒力作用而沿斜面做匀变速直线运动，速度先增加后减小，根据速度时间关系公式，可知两段运动过程中的v-t 图都是直线，且因为在OM 上的加速度较小，则直线的斜率较小，故D 正确；
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BCD
【解题分析】
A ．物体的内能增大，温度不一定升高，如冰块融化时，分子势能增加，内能增加，温度不变，A 错误；
B ．热量不能自发地从低温物体传给高温物体，但在引起其他变化的情况下可以由低温物体传给高温物体，B 正确；
C ．液晶是一种特殊的物态，它既像液体一样具有流动性，又跟某些晶体一样具有光学性质的各项异性，C 正确；
D ．“用油膜法估测分子的大小”的实验中，油酸分子直径等于纯油酸体积除以相应油酸膜的面积，即： V D S
= D 正确；
E ．绝热汽缸中密封的理想气体在被压缩过程中，根据热力学第一定律：
U Q W ∆=+ 0Q =，外界对气体做功，所以内能增大，温度升高，气体分子运动剧烈程度增大，E 错误。

故选BCD 。

8、AC
【解题分析】
根据题意画出A 、B 间只有一个波峰的所有波形如图所示。

由于波的传播方向由A 到B ，可分为下列四种情形：
a 图中，λ=8m ；经过时间t =1s ，质点B 第一次到达波峰，可知T =4s ，则波速
8m/s=2m/s 4
v T λ
== b 图中，λ=4m ；经过时间t =1s ，质点B 第一次到达波峰，可知
31s 4T =，4s 3
T = 则波速
4m/s=3m/s 43
v T λ
==
c 图中，λ=4m ；经过时间t =1s ，质点B 第一次到达波峰，可知4s T =，则波速
4m/s=1m/s 4
v T λ
==
d 图中，8m 3
λ=；经过时间t =1s ，质点B 第一次到达波峰，可知 31s 4T =，4s 3T = 则波速 8
3m/s=2m/s 4
3
v T λ== 故AC 正确，BD 错误。

故选AC 。

9、AB
【解题分析】
A ．小物块在传送带上匀加速运动的加速度
a=μg =5 m/s 2
小物块与传送带共速时，所用的时间
05s 1s 5
v t a === 运动的位移
202512.5m 4m 252
2A v x X a ====⨯＜ 故小物块与传送带达到相同速度后以v 0=5 m/s 的速度匀速运动到Q ，然后冲上光滑斜面到达N 点，由机械能守恒定律得
2012
N mv mgy = 解得
y N =1.25 m
选项A 正确；
B ．小物块与传送带速度相等时，传送带的位移
x=v 0t =5×1=5m
传送带受摩擦力的作用，小物块在传送带上运动产生的热量 Q =f （x -△x ）=μmg （x -△x ）=0.5×10×2.5=12.5J
选项B 正确；
C．物块从斜面上再次回到A点时的速度为5m/s，滑上传送带后加速度仍为5m/s2，经过2.5m后速度减为零，然后反向向右加速，回到A点时速度仍为5m/s，则仍可到达斜面上的N点，选项C错误；
D．在x=2m位置释放小物块，则小滑块在传送带上仍滑动2.5m后与传送带相对静止，则到达A点时的速度等于5m/s，则小物块仍可以滑动到N点，选项D错误。

故选AB。

10、ADE
【解题分析】
A．做简谐振动的物体，两相邻的位移和速度始终完全相同的两状态间的时间间隔为一个周期，故A正确；
B．当障碍物的尺寸小于波长或与波长差不多时才能发生明显衍射，故B错误；
C．波的周期与波源的振动周期相同，波速是波在介质中的传播速度，在均匀介质中波速是不变的，而波源的振动速度是波源做简谐运动的速度，是时刻变化的，故C错误；
D．电磁波在与电场和磁场均垂直的方向上传播，电磁波是横波，故D正确；
E．相对论认为时间和空间与物质的运动状态有关，故E正确。

故选ADE。

三、实验题：本题共2小题，共18分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、需要A、B的间距x
【解题分析】
（1）本实验需要平衡摩擦力，如果存在摩擦力，则细线对小车的拉力就不是小车的合外力，则合外力的功无法具体计算。

（2）小车通过光电门的速度为，根据动能定理：，所以还需要测量的量是A、B的间距x，根据上式可得：合外力对小车做的功与小车动能改变量的关系式为
12、乙b 1.5 >
【解题分析】
(1)[1]滑动变阻器在电路中为分压使用，为保证测量电路供电电压不受滑片P位置的影响，减小实验误差，滑动变阻器的最大电阻应远小于测量电路的电阻，故应选择10 的，即应选用乙；
(2)[2]在闭合S前，滑动变阻器滑片应移到某一端使电压表示数为0，即滑片应移到b端；
[3]当电阻箱阻值为0时，电压表满偏为3V；接入电阻箱后认为电路测量部分的总电压不变，仍为3V；当电压表读数为1.5V时，电阻箱两端电压也为1.5V，则电压表内电阻与电阻箱阻值相等；
(3)[4]电阻箱与电压表串联后，测量电路的电阻增加，则测量电路两端的总电压稍大于3.0V，则电阻箱两端的电压稍大于1.5V，则电阻箱的阻值大于电压表的阻值，即有
R 测R >真
四、计算题：本题共2小题，共26分。

把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13、 (1)12h F mg mg R =+⋅
，2F =mg ；；(3)Mg mg +。

【解题分析】
(1)滑块沿弧形轨道下滑的过程中 212
A mgh mv =
A v 经过A 点前的瞬间：
21A v F mg m R
-= 所以：
12h F mg mg R
=+⋅， 经过A 点后，滑块沿桌面匀速直线运动，所以经过A 点的瞬间：
2F =mg ；
(2)滑块离开桌面做平抛运动
212h gt =
t =落入车内时，竖直方向分速度
y v gt ==
水平方向分速度
x A v v ==滑块与小车水平方向动量守恒，则：
()x mv m M v =+
解得：
A mv v M m ==+ (3)由动量定理：
()y F mg t mv -==解得：
=+F mg 由牛顿第三定律可知，小车对地的压力
'=++F Mg mg 。

14、 (1)10m/s ；(2)3s ；(3)60J
【解题分析】
(1)小物体受到沿斜面向上的拉力作用时，对其进行受力分析，由牛顿第二定律可得 1cos37sin37F mg mg ma μ-︒-︒=
解得
2110m/s a =
从A 到B 过程中由运动学公式可得
212B v a L =
解得
10m/s B v =
(2)从A 到B 过程中由运动学公式可得
11B v a t =
小物体在BC 段，由牛顿第二定律可得
2mg ma μ=
由运动学公式可得
22B v a t =
小物体从A 到C 过程中的时间
t 总12t t =+
联立解得
t 总3s =
(3)小物体在BC 段，小物体向右运动，传送带逆时针运动，对小物块 212212
x a t = 对传送带
220212
x a t = 小物体相对于传送带的位移
12x x x ∆=+
小物体与传送带间由于摩擦而产生的热量
Q mg x μ=∆
解得
60J Q =
15、（1）3m/s 2，（2）24J ，（3）0.8s 。

【解题分析】
(1)对木板，根据牛顿第二定律有：
F mg Ma μ-=
解得：a =3m/s 2；
(2)对小物体，根据牛顿第二定律有
μmg = ma 物
解得：a 物=1m/s 2
设小物体从木板上滑出所用时间为t 0：
22001122
L d at a t -=-物 木板的位移：
201 2.4m 2
x at ==板 拉力做功：
W = Fx 板=24J ；
(3)设最短作用时间为t ，则撤去拉力F 前的相对位移
2211122
x at a t ∆=-物 设撤去拉力F 后，再经过时间t '小物体和木板达到共同速度v 共，且小物体和木板恰好将要分离，该阶段木板加速度大小为a '：
对木板，根据牛顿第二定律有
μmg = Ma ' 解得：21m /s 3
a '= 由速度关系得：
a t a t at a t '''+=-物物
撤去拉力F 后的相对位移：
2221122x att a t a tt a t ⎛⎫∆='-''-'+' ⎪⎝⎭
物物 由位移关系得：
12x x L d ∆+∆=-
解得：t =0.8s 。