湖南省湘西市自治州民族中学高一物理知识点试题含解析

湖南省湘西市自治州民族中学高一物理知识点试题含
解析
一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意
1. 如图所示是一个由电池、电阻R与平行板电容器组成的串联电路。

在增大电容器两极板间距离的过程中（）
A．电阻R中没有电流通过
B．电容器的电容变小
C．电阻R中有从a流向b的电流
D．电阻R中有从b流向a的电流
参考答案：
BC
2. 原来静止的列车在水平轨道上启动后就保持恒定的功率前进，在其后的一段较短的时间内(列车所受阻力恒定) （）
A列车做匀加速直线运动。

B列车的加速度逐渐减小。

C列车的速度先增大后减小。

D列车的加速度先增大后减小。

参考答案：
B
3. 某质点做直线运动的速度v和时间t的关系如图所示，那么该质点在3 s内通过
的位移大小是( ).
A.4.5 m B．3 m C.1 m D．0.5 m
参考答案：
A
4. 一个质点正在做匀加速直线运动，用固定的照相机对该质点进行闪光照相，相邻两次闪光的时间间隔为1s．分析照片发现，质点在第1次、第2次闪光的时间间隔内移动了0.2m；在第3次、第4次闪光的时间间隔内移动了0.8m．由上述条件可知（）A．质点运动的加速度是0.6 m/s2
B．质点运动的加速度是0.4 m/s2
C．第1次闪光时质点的速度是0.1 m/s
D．第2次闪光时质点的速度是0.35 m/s
参考答案：
D
【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．
【分析】根据△x=at2可求得加速度；再对1、2两点由位移公式可求得第1次闪光时的速度；根据速度公式可求得第2次闪光时的速度．
【解答】解：AB、由题意可知：x1=0.2m，x3=0.8m，T=1s，则有：x3﹣x1=0.6m=2at2；则at2=0.3m；则可求得：a=0.3m/s2，故AB错误；
C、设第一次曝光时的速度为v1，
由x1=v1t+at2解得：v1=0.05m/s，故C错误；
D、第2次闪光点的速度是：v2=v1+at=0.05+0.3×1=0.35m/s，故D正确
故选：D．
5. （单选）如图所示，汽车在—段丘陵地匀速行驶时，由于轮胎太旧，容易发生爆胎，爆胎可能性最大的地点是
A．a点B．b点
C．c点D．d点
参考答案：
B
二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分
6. 质量为5kg的小车在光滑的水平面上，在水平恒力F的作用下从静止开始做匀加速直线运动.若它在2s末速度为4m／s，则这段时间里力F对小车做功的平均功率是______W。

参考答案：
7. 如图所示，在皮带传送装置中，右边两轮是连在一起同轴转动，图中三个轮的半径关系为：RA＝RC＝2RB，皮带不打滑，则三轮边缘上一点的线速度之比vA：vB：vC＝______；角速度之比ωA：ωB：ωC＝_____________；向心加速度之比aA：aB：aC＝______ _______。

参考答案：
1：1：2 1：2：2 1：2：4
8. 如图所示，质量均匀分布的长方体，高为a，宽为b，放在倾角可以调节的长木板上，长方体与长木板间的动摩擦因数为μ，使倾角θ从零逐渐增大，当，
μ______时，长方体先发生滑动；而当μ______时，则长方体先发生倾倒.
参考答案：
,>
9. 某探究性学习小组欲探究光滑斜面上物体下滑的加速度与物体质量及斜面倾角是否有关。

实验室提供如下器材：表面光滑的长木板(长度已知)，小车，质量为的钩码若干个，方木块(备用于垫木板)，米尺，秒表
实验过程：
第一步：在保持斜面倾角不变时，探究加速度与质量的关。

实验中，通过向小车放入钩码来改变物体质量，只要测出小车由斜面顶端滑至底端所用时间，就可以由运动学公式求出a=________。

某同学记录的数据如下表所示:
M M+m M+2m
1 1.4
2 1.41 1.42
2 1.40 1.42 1.39
3 1.41 1.38 1.42
根据以上信息，我们发现，在实验误差范围内质量改变之后平均下滑时间 (填“改变”或“不改变”)，经过分析得出加速度与质量的关系为。

第二步：在物体质量不变时，探究加速度与倾角的关系。

实验中通过改变方木块垫放位置来调整长木板的倾角，由于没有量角器，因此，通过测量出木板顶端到水平面高度h，求出倾角α的正弦值。

某同学记录了高度和加速度的对应值，并在坐标纸上建立适当的坐标轴后描点作图如图11所示，请根据他所作的图线求出当地的重力加速度g= m/s2，进一步分析可知，光滑斜面上物体下滑的加速度与倾角的关系式为。

参考答案：
不改变无关9.80a=gsinα
10. .一辆汽车在平直公路上做匀变速直线运动，公路边每隔15m有一棵树，如图所示，汽车通过AB两相邻的树用了3s，通过BC两相邻的树用了2s，则汽车运动的加速度a=______m/s2, 通过树B时的速度Vb=_______m/s。

参考答案：
1m/s2 6.5m/s
11. （填空）（2011秋?金华期末）一个皮球从5m高的地方落下，碰撞又反弹起1m，通过的路程是6m，该球经过一系列碰撞后，最终停在地面上，在整个运动过程中皮球的位移是5m．
参考答案：
6，5．
位移与路程
解：皮球从5m高的地方落下，碰撞又反弹起1m，通过的路程s=5+1m=6m，经过一系列碰撞后，最终停在地面上，在整个运动过程中皮球的位移是5m，方向竖直向下．
故答案为：6，5．
12. (4分)如图所示，你的左手拿一块表，右手拿一支彩色画笔。

你的同伴牵动一条宽约1 cm的长纸带，使纸带在你的笔下沿着直线向前移动。

每隔1s你用画笔在纸带上点一个点。

你还可以练习在1s内均匀地点上两个点。

这样，就做成了一台
简单的“打点计时器”。

由实验可知纸带速度越大，相邻两点的距离越________，纸带的速度与相邻两点所表示的时间__________（填“有”或“没有”）影响。

参考答案：
远、没有
13. 在光滑水平面上，物体受两个相互垂直的大小分别为F1=3 N和F2=4 N 的恒力，其合力在水平方向上，物体从静止开始沿合力方向运动了10 m，则合力做功为_______J
参考答案：
50J
三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分
14. 在距离地面5 m处将一个质量为1 kg的小球以10 m/s的速度水平抛出，若g＝10
m/s2。

求：
（1）小球在空中的飞行时间是多少？
（2）水平飞行的距离是多少米？
（3）小球落地时的速度？
参考答案：
（1）1s，（2）10m，（3）m/s
............
（2）小球在水平方向上做匀速直线运动，得小球水平飞行的距离为：
s＝v0t＝10×1 m＝10
m。

（3）小球落地时的竖直速度为：v y＝gt＝10
m/s。

所以，小球落地时的速度为：v＝m/s＝
10m/s，
方向与水平方向的夹角为45°向下。

15. 一颗在赤道上空运行的人造卫星，其轨道半径为r=2R(R为地球半径)，卫星的转动方向与地球自转方向相同.已知地球自转的角速度为，地球表面处的重力加速度为g.求：
(1)该卫星所在处的重力加速度g′；
(2)该卫星绕地球转动的角速度ω；
(3)该卫星相邻两次经过赤道上同一建筑物正上方的时间间隔.
参考答案：
（1）（2）（3）
【详解】(1)在地球表面处物体受到的重力等于万有引力mg=，
在轨道半径为r=2R处,仍有万有引力等于重力mg′=，
解得：g′=g/4；
(2)根据万有引力提供向心力，
mg=，
联立可得ω=，
(3)卫星绕地球做匀速圆周运动，建筑物随地球自转做匀速圆周运动，当卫星转过的角度与建筑物转过的角度之差等于2π时，卫星再次出现在建筑物上空
以地面为参照物，卫星再次出现在建筑物上方时，建筑物随地球转过的弧度比卫星转过弧度少2π.
即ω△t?ω0△t=2π
解得：
【点睛】（1）在地球表面处物体受到的重力等于万有引力mg=，在轨道半径为2R
处，仍有万有引力等于重力mg′=，化简可得在轨道半径为2R 处的重力加速度；（2）人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力
，结合黄金代换计算人造卫星绕地球转动的角速度ω；
（3）卫星绕地球做匀速圆周运动，建筑物随地球自转做匀速圆周运动，当卫星转过的角度与建筑物转过的角度之差等于2π时，卫星再次出现在建筑物上空．
四、计算题：本题共3小题，共计47分
16. 一火车以2 m/s的初速度，的加速度做匀加速直线运动，求：
（1）火车在第3 s末的速度是多少？
（2）在前4 s内的平均速度是多少？
（3）在第5 s内的位移是多少？
参考答案：
17. 甲车以10 m/s的速度在平直的公路上匀速行驶，乙车以4 m/s的速度与甲车平行同向做匀速直线运动．甲车经过乙车旁边时开始以0.5 m/s2的加速度刹车，从甲车刹车开始计时，求：
(1)乙车在追上甲车前，两车相距的最大距离；
(2)乙车追上甲车所用的时间．
参考答案：
(1)当甲车速度减至等于乙车速度时两车的距离最大，设该减速过程所用时间为t，则有
v乙＝v甲－at，解得t＝12 s，
此时甲、乙间距离为v甲t－at2－v乙t＝36 m
(2)设甲车减速到零所需时间为t1，则有t1＝＝20 s
t1时间内，x甲＝t1＝×20 m＝100 m
x乙＝v乙t1＝4×20 m＝80 m
此后乙车运动时间t2＝＝ s＝5 s
故乙车追上甲车需t1＋t2＝25 s.
18. 如图所示，水平台面AB距地面的高度h=0.80m．有一滑块从A点以v0=6.0m/s的初速度在台面上做匀变速直线运动，滑块与平台间的动摩擦因数μ=0.25．滑块运动到平台边缘的B点后水平飞出．已知AB=2.2m．不计空气阻力，g取10m/s2，求：
（1）滑块从B点飞出时的速度大小
（2）滑块落地点到平台边缘的水平距离．
参考答案：
解：（1）由牛顿第二定律有：μ m g=m a
运动学公式有：v t2﹣v02=﹣2 a x
解得滑块从B点飞出时的速度大小为：v t=5.0 m/s
（2）由平抛运动公式有：
x=v t t
解得滑块落地点到平台边缘的水平距离为：x=2.0 m
答：（1）滑块从B点飞出时的速度大小5.0 m/s
（2）滑块落地点到平台边缘的水平距离2.0 m．
【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；平抛运动．
【分析】了解研究对象的运动过程是解决问题的前提，根据题目已知条件和求解的物理量选择物理规律解决问题．
选取合适的研究过程，运用动能定理解题．
清楚物体水平飞出做平抛运动，根据平抛运动规律解题．。