高二理部重点班第四次周考物理试题
物理周考(4)有答案
永州四中 高二物理 周考（4）一、单选题（本大题共8小题，每小题4分，共32分）1．对光的理解，下列说法错误的是（ ）A ．个别光子的行为表现出粒子性，大量光子的行为表现出波动性B ．光的波动是光子本身的一种属性，不是光子之间的相互作用引起的C ．光表现出波动性时，就不具有粒子性了；光表现出粒子性时，就不再具有波动性了D ．光的波动二象性应理解为：在某种场合下光的波动性表现得明显，在另外的某种场合下，光的粒子性表现得明显2．下列说法中准确的是（ ）A ．光照到某金属上不能发生光电效应，是因为该光波长太短B ．由α粒子散射的实验数据能够估测原子核半径的大小C ．电子束穿过铝箔的衍射实验证实了电子的粒子性D ．原子的能量是不连续的，能级越高越稳定3．如图所示，小球A 、B 均静止在光滑水平面上。
现给A 球一个向右的初速度，之后与B 球发生对心碰撞。
下列关于碰后情况，说法准确的是（ ）A ．碰后小球A 、B 一定共速B ．若A 、B 球发生完全非弹性碰撞，A 球质量等于B 球质量， A 球将静止C ．若A 、B 球发生弹性碰撞，A 球质量小于B 球质量，无论A 球初速度大小是多少，A 球都将反弹D ．若A 、B 球发生弹性碰撞，A 球质量充足大，B 球质量充足小，则碰后B 球的速度能够是A 球的3倍 4．“爆竹声中一岁除，春风送暖入屠苏”，爆竹声响是辞旧迎新的标志，是喜庆心情的流露．有一个质量为3m 的爆竹斜向上抛出，到达最高点时速度大小为0v 、方向水平向东，在最高点爆炸成质量不等的两块，其中一块质量为2m ，速度大小为v ，方向水平向东，则另一块的速度是（ ）A ．03v v -B ．023v v -C ．032v v -D ．02v v +5．如图，置于光滑水平面上的两物体A 、B 质量分别为m A 、m B （m A ＞m B ），相距较远。
将两个大小均为F 的力同时沿水平方向分别作用在A 、B 上，当两物体发生大小相等的位移时撒去F 之后，两物体发生碰撞并粘在一起，两物体将（ ）A．向右运动B．向左运动C．停止运动D．条件不足，不能确定运动方向6．质量为M的小车静止在光滑水平面上，车上是一个四分之一圆周的光滑轨道，轨道下端切线水平，轨道半径为R，质量为m的小球由轨道最高点静止释放。
高二物理下学期第四次周考试题word版本
2016-2017学年高二下期第四次周考物理试题第Ⅰ卷（选择题共64分）一、选择题（16小题，每小题4分，1～10题为单选,11～16题为多选）1.下列说法正确的是（）A．天然放射现象的发现，揭示了原子核是由质子和中子组成的B．卢瑟福的α粒子散射实验揭示了原子核有复杂结构C．玻尔的原子结构理论在卢瑟福的核式结构学说基础上引进了量子观点D．α射线，β射线，γ射线本质上都是电磁波，且γ射线的波长最短2.在光滑的水平面上，有A，B两个小球向右沿同一直线运动，取向右为正方向，两球的动量分别为P A=5kg•m/s，P B=7kg•m/s，如图，若A追上B并发生正碰，则碰后两球的动量增量△PA，△P B可能是（）A．△P A=3kg•m/s，△P B=3kg•m/sB．△P A=﹣3kg•m/s，△P B=3kg•m/sC．△P A=3kg•m/s，△P B=﹣3kg•m/sD．△P A=﹣10kg•m/s，△P B=10kg•m/s3.如图所示，倾斜的传送带保持静止，一木块从顶端以一定的初速度匀加速下滑到底端．如果让传送带沿图中虚线箭头所示的方向匀速运动，同样的木块从顶端以同样的初速度下滑到底端的过程中，与传送带保持静止时相比（）A．木块在滑到底端的过程中，摩擦力的冲量不变B．木块在滑到底端的过程中，摩擦力的冲量变大C．木块在滑到底端的过程中，木块克服摩擦力所做功变大D．木块在滑到底端的过程中，系统产生的内能数值将变小4.如图所示，质量分别为m和m的A、B两物块用轻弹簧相连，放在光滑水平面上，A靠紧竖直墙．现用力F向左缓慢推物块B压缩弹簧，当力F做功为W时，突然撤去F，在A物体开始运动以后，弹簧弹性势能的最大值是（）A. WB.WC. WD.W5.如图所示，今有一子弹穿过两块静止放置在光滑水平面上的相互接触质量分别为m和2m的木块A、B，设子弹穿过木块A、B的时间分别为t1和t 2，木块对子弹的阻力恒为F f ，则子弹穿过两木块后，木块A 的速度大小是（ ）A．B．C．D．6.如图所示，质量为m 的圆环套在光滑的水平直杆上，一轻绳一端连接在环上，另一端连有一质量也为m 的小球，绳长为L ，将球放在一定高度，绳刚好拉直且绳与竖直方向的夹角为θ=53°，将小球由静止释放，小球到最低点时绳的拉力为F1，若将圆环固定，再将小球由开始的位置释放，小球到最低点时绳的拉力为F2，则为（ ）A ．B ．C ．D ．7.如图所示，足够长的长木板A 静止在光滑的水平地面上，质量为1kg 的物体B 以v 0=3m/s 水平速度冲上A ，由于摩擦力作用，最后停止在木板A上．若从B 冲到木板A 上到相对木板A 静止这段时间内摩擦力对长木板的冲量大小为2N •s ，则A 、B 最后的共同速度及长小板的质量分别为（ ）受外力的冲量分别是（ ）A ． 10N •s ，10 N •sB ． 10N •s ，﹣10N •sC ． 0，10N •sD ． 0，﹣10 N •s9.下列说法中正确的是（ ）A ．由玻尔理论可知，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能减小，电势能减小B ．如果用紫光照射某种金属发生光电效应，改用绿光照射这种金属一定不发生光电效应C ．氢原子吸收一个光子跃迁到激发态后，在向低能级跃迁时放出光子的频率可能小于入射光子的频率D ．Se →Kr+2e 是重核裂变10.如图，竖直平面内有一半径为1.6m 、长为10cm 的圆弧轨道，小球置于圆弧端点并从静止释放，取g=10m/s 2，小球运动到最低点所需的最短时间为（ ）碰撞前后画出的位移x ﹣时间t 图象，由图可知（ ）A ．这两个小球的碰撞是弹性的B ．碰撞过程中，B 损失的动能是3JC ．碰撞前后，A 的动能不变D ．两个小球在碰撞前后动量不守恒12.1999年9月18日，中共中央、国务院、中央军委在人民大会堂隆重表彰研制“两弹一星”作出突出贡献的科学家，下列核反应方程中属于“两弹一星”的核反应 方程式的和反应种类是（ ）A ．N+He →O+H 裂变 B．U+n →Sr+Xe+10n 裂变 C ．U →Th+He 衰变 D ．H+H →He+n 聚变13.如图是“牛顿摆”装置，5个完全相同的小钢球用轻绳悬挂在水平支架上，5根轻绳互相平行，5个钢球彼此紧密排列，球心等高．用1、2、3、4、5分别标记5个小钢球．当把小球1向左拉起一定高度，如图甲所示，然后由静止释放，在极短时间内经过小球间的相互碰撞，可观察到球5向右摆起，且达到的最大高度与球1的释放高度相同，如图乙所示．关于此实验，下列说法中正确的是（ ）A ． 上述实验过程中，5个小球组成的系统机械能守恒，动量守恒B ． 上述实验过程中，5个小球组成的系统机械能守恒，动量不守恒C ．如果同时向左拉起小球1、2、3到相同高度（如图丙所示），同时由静止释放，经碰撞后，小球3、4、5一起向右摆起，且上升的最大高度与小球1、2、3的释放高度相同D ．如果同时向左拉起小球1、2、3到相同高度（如图丙所示），同时由静止释放，经碰撞后，小球4、5一起向右摆起，且上升的最大高度高于小球1、2、3的释放高度14.如图所示，水平地面上固定有两块木板AB 、BC ，两块木板紧挨在一起，木板AB 的长度是BC 的3倍．一颗子弹以初速度v 0从A 端水平射入木板，并恰能从C 端射出，经历的时间为t ，子弹在木板中的运动可以看成匀减速运动，则下列说法中正确的是（ ）A ．子弹到达B点时的速度为B ．子弹到达B点时的速度为C ．子弹从A 到B所用的时间为D ．子弹从A 到B所用的时间为15.质量为M 的物块以速度v 运动，与质量为m 的静止物块发生正碰，碰撞后两者的动量正好相等．两者质量之比M/m 可能为( )A ．2B ．3C ．3.5D ．416.如图所示，光滑水平面上，质量为m l 的足够长的木板向左匀速运动．t=0时刻，质量为m 2的木块从木板的左端向右以与木板相同大小的速度滑上木板．t 1时刻，木块和木板相对静止，共同向左匀速运动，以v 1和a 1表示木板的速度和加速度，以v 2和a 2表示木块的速度和加速度，以向左为正方向．则下列图中正确的是（ ）BC二、填空题17.（9分）甲同学想在家里做用单摆测定重力加速度的实验，但没有合适的摆球，他找到了一块大小为3cm左右，外形不规则的大理石块代替小球．他设计的实验步骤是：A．将石块用细线系好，结点为M，将细线的上端固定于O点（如图所示）B．用刻度尺测量OM间细线的长度L作为摆长C．将石块拉开一个大约α=30°的角度，然后由静止释放D．从摆球摆到最高点时开始计时，测出30次全振动的总时间t，由T=得出周期．①则该同学以上实验步骤中有错误的是．②若该同学用OM的长作为摆长，这样做引起的系统误差将使重力加速度的测量值比真实值偏大或偏小）．③如果该同学改正了错误，改变OM间细线的长度做了2次实验，记下每次相应的线长度l1、l2和周期T1、T2，则由上述四个量得到重力加速度g的表达式是．三、计算题（本题共3道小题,共37分）18.（10分）如图所示，光滑水平面上有一平板车，车上固定一竖直直杆，杆的最高点O通过一长为L的轻绳拴接一个可视为质点的小球，小球的质量为小车（包括杆的质量）质量的一半，悬点O距离地面的高度为2L，轻绳水平时，小球与小车速度均为零．释放小球，当小球运动到最低点时，轻绳断开．重力加速度为g．求：（1）小球运动到最低点时速度大小；（2）小球从释放到落地的过程中，小车向右移动的距离．19.（12分）如图（俯视）所示，质量为m、半径为R的质量分布均匀的圆环静止在粗糙的水平桌面上，一质量为2m的光滑小球以v0的水平速度通过环上的小孔正对环心射入环内，与环发生第一次碰撞后到第二次碰撞前小球恰好不会从小孔中穿出。
江西省宜春中学高二上学期第四次周考物理试题 含答案
二、（本大题共8小题，每小题6分，共48分．其中14-18题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，19-21题有多个选项是正确的，全选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分．把答案前的字母填在答题卡相应的表格中）14．如图所示，虚线是某电场的等势线及其电势的值，一带电粒子只在电场力作用下以一定的速度沿实线从A点飞到C点时恰好速度变为零，则A．A点的电场强度大于C点的电场强度B．粒子在A点的电势能大于在C点的电势能C．该粒子一定带负电D．粒子从A点到B点电场力对它所做的功大于从B到C点电场力对它所做的功15．平行板电容器充电后断开电源，现将其中一块金属板远离另一板平移一小段距离。
此过程中电容器的电容C、两极板带电量Q、两板间电场强度E、两板间电压U随两板间距离d 的关系，表示正确的是16．安培提出了著名的分子电流假说，根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流．设电量为e的电子以速率v绕原子核沿顺时针方向做半径为r的匀速圆周运动，关于该环形电流的说法，正确的是A．电流强度为，电流方向为顺时针B．电流强度为，电流方向为顺时针C．电流强度为，电流方向为逆时针D．电流强度为，电流方向为逆时针17．将两个相同的灵敏电流计表头，分别改装成一只电压表和一只较大量程的电流表，一个同学在做实验时误将这两个表串联起来，则A．改装成电流表的表头指针有偏转改装成电压表的表头指针几乎不偏转B．改装成电压表的表头指针有偏转改装成电流表的表头指针几乎不偏转C．两表头指针都不偏转D．两表头指针偏角相同18．如图所示电路中，电源内阻不能忽略，当变阻器R的滑片向下移动时电路中的电压表V1、V2和电流表A的示数变化情况是A．V1示数变大，V2示数变小，A示数变小B．V1示数变小，V2示数变大，A示数变大C．V1示数变小，V2示数变大，A示数变小D．.V1示数变大，V2示数变小，A示数变大19．某同学从电子市场购买一款手机电池板如图所示，他根据电池板上的标识，所做判断正确的是A．该电池的电动势为4.2VB．该电池的电动势为3.7VC．该电池一次可以提供的最大电能为8.4×103JD．该电池一次可以提供的最大电能为2.664×104J20．下面关于电阻率的说法中正确的是A．电阻率与导体的长度及横截面积有关B．电阻率表征了导体导电能力的强弱，并且与温度有关C．电阻率大的导体，电阻不一定大D．金属导体的电阻率在任何温度下都不可能为零21．某空间区域的竖直平面内存在电场，其中竖直的一条电场线如图1中虚线所示．一个质量为m、电荷量为q的带正电小球，在电场中从O点由静止开始沿电场线竖直向下运动，以O为坐标原点，取竖直向下为x轴的正方向，小球的机械能E与位移x的关系如图2所示．则（不考虑空气阻力）A．电场强度大小恒定，方向沿x轴负方向B．从O到x1的过程中，小球的速率越来越大，加速度越来越大C．从O到x1的过程中，相等的位移内，小球克服电场力做的功越来越大D．到达x1位置时，小球速度的大小为三、填空题（本大题有3小题,每空3分,共21分）22．（1）欧姆表调零后，用“×10”档测量一个阻值未知的电阻阻值，发现指针偏转角度很小，则下列说法和做法中正确的是（）A．这个电阻的阻值很小B．这个电阻的阻值很大C．为测得更准确些，应当换用“×1”档，并且重新调零后进行测量D．为测得更准确些，应当换用“×100”档，并且重新调零后进行测量（2）如图为换挡并调零后正在测量中的该多用电表表盘，则该电阻读数为。
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高二物理第四次周练答案一、单项选择题1解析：选A.电势、电势能、电势差是从能的角度描述电场，只有大小，没有方向，是标量；电场强度不但有大小也有方向，叠加满足平行四边形定则，是矢量，故只有A 正确．2解析：选C.几个点电荷同时存在时，电场中任一点的场强等于这几个点电荷各自在该点产生的电场强度的矢量和，B 、D 各自在正方形中心产生的场强等大反向，合场强为零，A 、C 两点的电荷在正方形中心的场强均为E ＝kq ⎝ ⎛⎭⎪⎫22a 2＝2kq a 2，方向相同，合场强E 总＝2E ＝4kq a 2，故C 对，A 、B 、D 错．3． 解析：选C.电场强度由电场本身的性质决定，与试探电荷无关，故选C.4．解析：选C.带电粒子在电场力作用下从a 点运动至b 点．根据动能定理有：qU ab ＝12mv 2b －12mv 2a ，即q (φa －φb )＝12mv 2b －12mv 2a ，解得q m ＝v 2a －v 2b 2φb －φa，故选C. 5解析：选A.由v －t 图可知，微粒的速度减小，加速度增大，可知微粒所受电场力方向由B 指向A ，从A 到B 运动过程中电场力大小逐渐变大，结合粒子带负电，可以判断电场线方向由A 指向B ，且越来越密，A 对，B 、C 、D 错．6．解析：选D.1、3两点的电场强度都等于两点电荷在该点的电场强度之和，根据对称性可知两点电场强度一定相同，所以选项A 正确.5、6两点的电场强度方向都是水平向左，根据对称性可以判断两点的电场强度大小相同，所以选项B 正确．由于中垂线为等势面，所以4、5两点的电势相同，所以选项C 正确．由于两点电荷连线的电场线方向由正电荷指向负电荷，所以3点电势要高于1点电势，所以选项D 错误．二、不定项选择题7．解析：选BD.放电极接电源负极带负电，所以带电尘埃带上负电，集尘极带正电，故电场方向由集尘极指向放电极，B 选项正确，A 、C 选项错误；同一位置场强相同，尘埃带电量越多所受电场力越大，故D 选项正确．8． 解析：选CD.由于不知场强方向，故A 错．由电场线疏密得C 正确．由轨迹可以判断电场力对a 做正功，对b 也做正功，因此a 、b 速度都增加，电势能都减小，B 错D 正确．9．解析：选CD.电荷初速度为零时，运动方向由所受静电力的方向决定，负电荷大体是逆着电场强度的方向运动，静电力做正功，电势能减小，正电荷顺着电场强度的方向运动，沿着运动的方向，电势降低，C 、D 正确．电荷初速度不为零时，运动方向由初速度方向和所受静电力的方向决定，可能做加速运动，也可能做减速运动，可能朝电势低的地方运动，也可能朝电势高的地方运动，A 、B 错误．10．解析：选AB.若a 、b 两点在同一条电场线上，则U ＝Ed ＝2.0 V ，故a 、b 两点的电势差最大值为2.0 V ，故选A 、B. 11． 解析：选AD.高度缩小则离子偏转角度减小，由tan θ＝U 偏l2dU 加分析可得，U 偏变小或U 加变大都能导致θ减小．A 、D 正确．12．解析：选AD.小球速度最大时合外力为零，则有mg ＝qE ，A 正确；由动能定理可得：qU OC －mgh ＝0即q (φO －φC )＝mgh ，所以φC ＝－mgh q，D 项正确． 三、计算题13解析：(1)设A 点距P 板的距离为d 1.因Q 板接地，即φQ ＝0.U PQ ＝φP －φQ ＝－50 V.故φP ＝－50 V(1分)又U AP ＝Ed 1(1分)E ＝U QP d(1分)所以U AP ＝U QP d ·d 1＝500.1×0.04 V＝20 V(1分)又U AP ＝φA －φP ，所以φA ＝－30 V ．(1分)(2)设Q 板向左移动5 cm 后，两极板相距为d 2. 则U AP ′＝U QP d 2·d 1＝500.05×0.04 V＝40 V(2分)又U AP ′＝φA ′－φP ，所以φA ′＝－10 V ．(1分) 答案：(1)－50 V －30 V (2)－10 V 14解析：(1)由动能定理得：mgL sin60°－qU BA ＝0(4分)所以U BA ＝3mgL /(2q )．(1分)(2)U BA ＝EL (1－cos60°)(4分)得：E ＝3mg /q .(1分) 答案：(1)3mgL 2q (2)3mgq。
高二物理上学期第四周周测试卷高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校顺德区李兆基中学高三（上）第四周周测物理试卷一、单项选择（5×6=30）1．某同学在学习了直线运动和牛顿运动定律知识后，绘出了沿直线运动的物体的位移x、速度v、加速度a随时间变化的图象如图所示，若该物体在t=0时刻，初速度为零，则下列图象中该物体在0﹣4s内位移一定不为零的是（）A ．B ．C ．D ．2．如图所示，长为L的轻杆，一端固定一个质量为m的小球，另一端固定在水平转轴O上，杆随转轴O在竖直平面内匀速转动，角速度为ω，某时刻杆对球的作用力恰好与杆垂直，则此时杆与水平面的夹角是（）A ．sinθ=B ．tanθ=C ．sinθ=D ．tanθ=3．A．P0=mB．P0=mC．P0=m D．P0=m4．如图所示，曲线Ⅰ是一颗绕地球做圆周运动卫星轨道的示意图，其半径为R；曲线Ⅱ是一颗绕地球做椭圆运动卫星轨道的示意图，O点为地球球心，AB为椭圆的长轴，两轨道和地心都在同一平面内，己知在两轨道上运动的卫星的周期相等，万有引力常量为G，地球质量为M，下列说法正确的是（）A．椭圆轨道的长轴长度为RB．卫星在Ⅰ轨道的速率为v0，卫星在Ⅱ轨道B点的速率为v B，则v0＜v BC．卫星在Ⅰ轨道的加速度大小为a0，卫星在Ⅱ轨道A点加速度大小为a A，则a0＜a AD．若OA=0.5R，则卫星在B点的速率v B ＞5．如图所示，D、A、B、C四点的水平间距相等，DA、AB、BC在竖直方向上的高度差之比为1：4：9．在A、B、C三点分别放置相同的小球，释放三个压缩的弹簧，小球沿水平方向弹出，小球均落在D点，不计空气阻力，则下列关于A、B、C三点处的小球说法正确的是（）A．三个小球在空中运动的时间之比为1：2：3B．三个小球弹出时的动能之比为1：4：9C．三个小球在空中运动过程中重力做功之比为1：5：14D．三个小球落地时的动能之比为2：5：10二、不定项选择（3×6=18）6．如图所示，质量为m的物体（可视为质点）以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其减速的加速度为，此物体在斜面上能够上升的最大高度为h，则在这个过程中物体（）A．重力势能增加了mgh B ．机械能损失了C．动能损失了mgh D ．克服摩擦力做功7．一质量为0.2kg的物体在水平面上运动，它的两个正交分速度图线分别炎如图所示，由图可知（）A．开始4s内物体的位移为16mB．开始4s 内物体的位移为C．从开始至6s末物体一直做曲线运动D．开始4s内物体做曲线运动，接着2s内物体做直线运动8．光滑水平桌面上放置一长木板，长木板上表面粗糙，上面放置一小铁块，现有一水平向右的恒力 F 作用于铁块上，以下判断正确的是（）A．铁块与长木板都向右运动，且两者一定保持相对静止B．若水平力足够大，铁块与长木板间有可能发生相对滑动C．若两者保持相对静止，运动一段时间后，拉力突然反向，铁块与长木板间有可能发生相对滑动D．若两者保持相对静止，运动一段时间后，拉力突然反向，铁块与长木板间仍将保持相对静止三、实验题（15分）9．保持不变的条件下，改变m和m′的大小，测出不同m下系统的加速度，然后通过实验数据的分析就可求出滑块与木板间的动摩擦因数．（1）该同学手中有打点计时器、纸带、10个质量均为100克的砝码、滑块、一端带有定滑轮的长木板、细线，为了完成本实验，得到所要测量的物理量，还应有．A．秒表 B．毫米刻度尺 C．天平 D．低压交流电源（2）实验中，该同学得到一条较为理想的纸带，如图2所示，从清晰的O点开始，每隔4个点取一计数点（中间4个点没画出），分别记为A、B、C、D、E、F，各计数点到O点的距离为OA=1.61cm，OB=4.02cm，OC=7.26cm，OD=11.30cm，OE=16.14cm，OF=21.80cm，打点计时器打点频率为50Hz，则由此纸带可得到打E点时滑块的速度v= m/s，此次实验滑块的加速度a= m/s2．在实验数据处理中，该同学以m为横轴，以系统的加速度a为纵轴，绘制了如图3所示的实验图线，结合本实验可知滑块与木板间的动摩擦因数μ=．（g取10m/s2）四、计算题（47分）10．现有甲、乙两汽车正沿同一平直马路同向匀速行驶，甲车在前，乙车在后，它们行驶的速度均为10m/s．当两车快要到一十字路口时，甲车司机看到绿灯已转换成了黄灯，于是紧急刹车（反应时间忽略不计），乙车司机为了避免与甲车相撞也紧急刹车，但乙车司机反应较慢（反应时间为0.5s）．已知甲车紧急刹车时制动力为车重的0.4倍，乙车紧急刹车时制动力为车重的0.5倍，g取10m/s2．（1）若甲车司机看到黄灯时车头距警戒线15m，他采取上述措施能否避免闯警戒线？（2）为保证两车在紧急刹车过程中不相撞，甲、乙两车行驶过程中至少应保持多大距离？11．如图所示，位于竖直平面内的粗糙斜轨道AB与光滑水平轨道BC及竖直光滑半圆形轨道CD平滑连接，半圆轨道的直径DC垂直于BC，斜轨道的倾角θ=37°，圆形轨道的半径为R．一质量为m的小滑块（可看作质点）从高为H 的斜轨道上的P点由静止开始下滑，然后从直轨道进入圆形轨道运动，运动到圆形轨道的最高点D时对轨道的压力大小恰与重力相等，小滑块过最高点D后做平抛运动，恰好垂直撞击在斜轨道的Q点．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度为g，求：（1）滑块运动到圆形轨道最高点时的速度大小．（2）滑块与斜轨道间的动摩擦因数μ．（3）水平轨道BC的长度．12．小物块运动到B的瞬时速度v B大小及与水平方向夹角θ；（2）小物块在圆弧轨道BC上滑到C时对轨道压力Nc大小；（3）若小物块与墙壁碰撞后速度反向、大小变为碰前的一半，且只会发生一次碰撞，那么小物块与轨道CD之间的动摩擦因数μ应该满足怎样的条件．顺德区李兆基中学高三（上）第四周周测物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择（5×6=30）1．某同学在学习了直线运动和牛顿运动定律知识后，绘出了沿直线运动的物体的位移x、速度v、加速度a随时间变化的图象如图所示，若该物体在t=0时刻，初速度为零，则下列图象中该物体在0﹣4s内位移一定不为零的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】加速度与力、质量的关系式；匀变速直线运动的图像．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】速度时间图线的正负值表示物体运动的方向，通过位移时间图线的位移的增加还是减小判断运动的方向．【解答】解：A、在0﹣2s内，位移先增大再减小，知运动的方向发生改变．故A错误．B、在0﹣2s内速度为正值，向正方向运动，在2﹣4s内速度为负值，向负方向运动，运动方向发生改变．故B错误．C、0﹣1s内加速度不变，做匀加速直线运动，1﹣2s内加速度方向，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2s末速度为零．在一个周期内速度的方向不变．故C正确．D、在0﹣1s内，向正方向做匀加速直线运动，1﹣2s内加速度方向，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2s末速度为零，2﹣3s内向负方向做匀加速直线运动，运动的方向发生变化．故D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键知道速度时间图线和位移时间图线的物理意义，以及知道它们的区别，并且能很好运用．2．如图所示，长为L的轻杆，一端固定一个质量为m的小球，另一端固定在水平转轴O上，杆随转轴O在竖直平面内匀速转动，角速度为ω，某时刻杆对球的作用力恰好与杆垂直，则此时杆与水平面的夹角是（）A ．sinθ=B．tanθ=C ．sinθ=D ．tanθ=【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】小球做匀速圆周运动，靠合力提供向心力，根据重力、杆子的作用力的合力指向圆心，求出杆与水平面的夹角．【解答】解：小球所受重力和杆子的作用力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律有：mgsinθ=mLω2，解得sin．故A正确，B、C、D错误．故选A．【点评】解决本题的关键知道小球做匀速圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解．3．A．P0=mB．P0=mC．P0=mD．P0=m【考点】功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的图像．【专题】功率的计算专题．【分析】在匀速阶段用额定功率表示出阻力，在匀加速阶段由图象求的加速度，由牛顿第二定律求的牵引力，匀加速达到最大时此时达到额定功率即可求得【解答】解：下车达到最大速度时牵引力等于阻力即在匀加速阶段由牛顿第二定律得F﹣f=ma由图象可知a=在t1时刻匀加速到最大故P0=Fv1联立解得P0=m故选：A【点评】本题的关键是理解机车的启动过程，这道题是以恒定加速度启动，公式p=Fv，p指实际功率，F表示牵引力，v表示瞬时速度．当牵引力等于阻力时，机车达到最大速度．根据v﹣t图象要能判断机车所处的运动状态4．如图所示，曲线Ⅰ是一颗绕地球做圆周运动卫星轨道的示意图，其半径为R；曲线Ⅱ是一颗绕地球做椭圆运动卫星轨道的示意图，O点为地球球心，AB为椭圆的长轴，两轨道和地心都在同一平面内，己知在两轨道上运动的卫星的周期相等，万有引力常量为G，地球质量为M，下列说法正确的是（）A．椭圆轨道的长轴长度为RB．卫星在Ⅰ轨道的速率为v0，卫星在Ⅱ轨道B点的速率为v B，则v0＜v BC．卫星在Ⅰ轨道的加速度大小为a0，卫星在Ⅱ轨道A点加速度大小为a A，则a0＜a AD．若OA=0.5R，则卫星在B点的速率v B ＞【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】人造卫星问题．【分析】根据开普勒定律比较长轴与R的关系，根据万有引力的大小，通过牛顿第二定律比较加速度，结合速度的大小比较向心加速度的大小．【解答】解：A 、根据开普勒第三定律得=k，a为半长轴，己知卫星在两轨道上运动的卫星的周期相等，所以椭圆轨道的长轴长度为2R，故A错误；B、B点为椭圆轨道的远地点，速度比较小，v0表示做匀速圆周运动的速度，v0＞v B．故B错误；C、根据牛顿第二定律得a=，卫星在Ⅰ轨道距离地心的距离大于卫星在Ⅱ轨道A点距离地心的距离，所以a0＜a A，故C正确；D、若OA=0.5R，则OB=1.5R，人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，=v=，如果卫星以OB为轨道半径做匀速圆周运动，v==，在Ⅱ轨道上，卫星在B点要减速，做近心运动，所以卫星在B点的速率v B ＜，故D错误；故选：C．【点评】本题考查万有引力定律、开普勒第三定律、牛顿第二定律等知识，知道卫星变轨的原理是解决本题的关键．5．如图所示，D、A、B、C四点的水平间距相等，DA、AB、BC在竖直方向上的高度差之比为1：4：9．在A、B、C三点分别放置相同的小球，释放三个压缩的弹簧，小球沿水平方向弹出，小球均落在D点，不计空气阻力，则下列关于A、B、C三点处的小球说法正确的是（）A．三个小球在空中运动的时间之比为1：2：3B．三个小球弹出时的动能之比为1：4：9C．三个小球在空中运动过程中重力做功之比为1：5：14D．三个小球落地时的动能之比为2：5：10【考点】功的计算；功能关系．【分析】研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，根据竖直位移可确定各自运动的时间之比，从而求出各自抛出速度之比，根据W=mgh求功之比，根据E k =mv2动能的比值．由机械能守恒知末动能的比例．【解答】解：A、DA、AB、BC竖直方向高度差之比为1：4：9，高度之比为1：5：14，由h=，A、B、C三个小球运动的时间之比为1：：，故A错误；B、A、B、C三个小球的水平位移之比1：2：3，由x=vt知可得初速度之比为1：：，根据动能之比不是1：4：9，故B错误；C、根据W=mgh知重力做功之比为：1：5：14，故C正确；D、根据动能定理知mgh=E k2﹣E k1，由于质量相等且已知高度之比，可得落地时动能之比即为（mgh+E k1）：（5mgh+E k1）：（10mgh+E k1），故D错误；故选：C．【点评】本题就是对平抛运动规律的直接考查，突破口是由高度确定运动的时间．所以掌握住平抛运动的规律及运动学公式就能轻松解决．二、不定项选择（3×6=18）6．如图所示，质量为m的物体（可视为质点）以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其减速的加速度为，此物体在斜面上能够上升的最大高度为h，则在这个过程中物体（）A．重力势能增加了mgh B ．机械能损失了C．动能损失了mgh D ．克服摩擦力做功【考点】功能关系；牛顿第二定律．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】重力势能的增加量等于克服重力做的功；动能变化等于力的总功；机械能变化量等于除重力外其余力做的功．【解答】解：A 、加速度，解得：摩擦力；物体在斜面上能够上升的最大高度为h，所以重力势能增加了mgh，故A正确；B 、机械能的损失量为，故B正确；C 、动能损失量为克服合外力做的功的大小，故C错误；D 、克服摩擦力做功，故D错误．故选AB．【点评】本题关键根据功能关系的各种具体形式得到重力势能变化、动能变化和机械能变化．7．一质量为0.2kg的物体在水平面上运动，它的两个正交分速度图线分别炎如图所示，由图可知（）A．开始4s内物体的位移为16mB．开始4s 内物体的位移为C．从开始至6s末物体一直做曲线运动D．开始4s内物体做曲线运动，接着2s内物体做直线运动【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】物体参与了两个运动，根据v﹣t图象知道，一个是先匀速直线运动，再匀减速，另一个是先匀加速直线运动，再匀减速直线运动．根据运动的合成去求解有关的物理量．清楚物体做曲线运动的条件．【解答】解：A、图象与时间轴围成的面积为物体运动的位移，开始4s内物体x方向位移8m，y方向位移8m，所以开始4s 内物体的位移为，故A错误，B正确．C、开始时物体初速度方向为x方向，加速度方向为y方向，两者不在一条直线上，所以物体做曲线运动，4s末物体的速度方向与x 方向夹角的正切值为=2，加速度方向与x 方向夹角的正切值为=2，所以速度方向与加速度方向在同一条直线上，所以物体要做直线运动．故C错误，D正确．故选BD．【点评】能从图象中获取尽量多的信息是解决图象问题的关键．对于矢量的合成应该运用平行四边形法则．8．光滑水平桌面上放置一长木板，长木板上表面粗糙，上面放置一小铁块，现有一水平向右的恒力 F 作用于铁块上，以下判断正确的是（）A．铁块与长木板都向右运动，且两者一定保持相对静止B．若水平力足够大，铁块与长木板间有可能发生相对滑动C．若两者保持相对静止，运动一段时间后，拉力突然反向，铁块与长木板间有可能发生相对滑动D．若两者保持相对静止，运动一段时间后，拉力突然反向，铁块与长木板间仍将保持相对静止【考点】滑动摩擦力；静摩擦力和最大静摩擦力．【专题】摩擦力专题．【分析】当两者保持相对静止时，具有相同的加速度，小铁块与木板之间的摩擦力为静摩擦力，一旦摩擦力达到最大静摩擦力，两者将发生相对滑动．【解答】解：A、设木板的质量为M，小铁块的质量为m，它们之间的最大静摩擦力为f，根据牛顿第二定律知，当两者的加速度a=时，即F=（m+M）a=，则F时，两者发生相对滑动．故A错误，B正确．C、若两者保持相对静止，知两者之间的摩擦力小于最大静摩擦力，拉力反向，则整体加速度反向，此时两者摩擦力的大小不变，方向改变，仍然保持相对静止．故C错误，D正确．故选BD．【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律求解，注意整体法和隔离法的运用．三、实验题（15分）9．保持不变的条件下，改变m和m′的大小，测出不同m下系统的加速度，然后通过实验数据的分析就可求出滑块与木板间的动摩擦因数．（1）该同学手中有打点计时器、纸带、10个质量均为100克的砝码、滑块、一端带有定滑轮的长木板、细线，为了完成本实验，得到所要测量的物理量，还应有BD ．A．秒表 B．毫米刻度尺 C．天平 D ．低压交流电源（2）实验中，该同学得到一条较为理想的纸带，如图2所示，从清晰的O点开始，每隔4个点取一计数点（中间4个点没画出），分别记为A、B、C、D、E、F，各计数点到O点的距离为OA=1.61cm，OB=4.02cm，OC=7.26cm，OD=11.30cm，OE=16.14cm，OF=21.80cm，打点计时器打点频率为50Hz，则由此纸带可得到打E点时滑块的速度v= 0.53 m/s，此次实验滑块的加速度a= 0.81 m/s2．在实验数据处理中，该同学以m为横轴，以系统的加速度a 为纵轴，绘制了如图3所示的实验图线，结合本实验可知滑块与木板间的动摩擦因数μ=0.3 ．（g取10m/s2）【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】实验题；定性思想；实验分析法；摩擦力专题．【分析】（1）本实验中需要交流电源和长度的测量工具．（2）每隔4个点取一计数点，相邻计数点之间的时间间隔为0.1s，由匀加速规律可得，用平均速度等于中间时刻的瞬时速度求解速度、用△x=at2求解加速度．（3）对系统应用牛顿第二定律，得到图线的纵轴截距为﹣μg，可解得动摩擦因数．【解答】解：（1）A、打点计时器通过打点即可知道时间，故不需要秒表，故A 错误．B、实验需要测量两点之间的距离，故需要毫米刻度尺，故B正确．C、本实验中可以不测滑块的质量，而且砝码的质量已知，故天平可以不选，故C错误．D、打点计时器要用到低压交流电源，故D正确．故选：BD（2）每隔4个点取一计数点，相邻计数点之间的时间间隔为0.1s，故用平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得：v E===0.53m/s；由△x=at2可得：a===0.81m/s2；（3）对ABC系统应用牛顿第二定律可得：a==，所以，a﹣﹣t图象中，纵轴的截距为﹣μg，故﹣μg=﹣3，μ=0.3故答案为：（1）BD （2）0.53 0.81 （3）0.3．【点评】本题考查动摩擦因数的测量实验；要求能熟悉纸带的处理方法，注意时间的数值和长度的单位、逐差法等；对于图象问题，要注意分析截距、斜率、面积等的含义．四、计算题（47分）10．现有甲、乙两汽车正沿同一平直马路同向匀速行驶，甲车在前，乙车在后，它们行驶的速度均为10m/s．当两车快要到一十字路口时，甲车司机看到绿灯已转换成了黄灯，于是紧急刹车（反应时间忽略不计），乙车司机为了避免与甲车相撞也紧急刹车，但乙车司机反应较慢（反应时间为0.5s）．已知甲车紧急刹车时制动力为车重的0.4倍，乙车紧急刹车时制动力为车重的0.5倍，g取10m/s2．（1）若甲车司机看到黄灯时车头距警戒线15m，他采取上述措施能否避免闯警戒线？（2）为保证两车在紧急刹车过程中不相撞，甲、乙两车行驶过程中至少应保持多大距离？【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）甲刹车时，水平方向受到制动力，根据牛顿第二定律求出甲刹车时的加速度．由运动学速度﹣位移关系式求出速度减小到零时的位移大小，与15m比较，确定甲车能否避免闯警戒线．（2）由乙车制动力，根据牛顿第二定律求出乙刹车时的加速度．当两车恰好相撞时的条件：速度相等，根据速度公式求出所用时间，应用位移公式求出两车的位移，再求解两车行驶过程中至少应保持的距离．【解答】解：（1）根据牛顿第二定律可得：甲车紧急刹车的加速度a1===4m/s2这段时间滑行距s=将数据代入解得：s=12.5m因为s＜15m，所以甲车司机能避免闯警戒线．（2）设甲、乙两车行驶过程中至少应保持距s0，在乙车刹车t2时间两车恰好相撞，则有：乙车紧急刹车的加速度为a2===5m/s2v0﹣a1（t2+t0）=v0﹣a2t2代入解得t2=2s乙车通过的位移大小 s乙=v0t0+v0t2﹣a2t22=15m甲车通过的位移大小 s甲=v0（t0+t2）﹣a1（t0+t2）2=12.5m．代入解得 s0=s乙﹣s甲=（15﹣12.5）m=2.5m答：（1）若甲车司机看到黄灯时车头距警戒线15m，他采取上述措施能避免闯警戒线．（2）为保证两车在紧急刹车过程中不相撞，甲、乙两车行驶过程中至少应保持2.5m距离．【点评】本题第（1）问也可以用动能定理求解：﹣f1s=0﹣，s=12.5m．第（2）问关键是抓住恰好相撞的条件：两车速度相同．11．如图所示，位于竖直平面内的粗糙斜轨道AB与光滑水平轨道BC及竖直光滑半圆形轨道CD平滑连接，半圆轨道的直径DC垂直于BC，斜轨道的倾角θ=37°，圆形轨道的半径为R．一质量为m的小滑块（可看作质点）从高为H 的斜轨道上的P点由静止开始下滑，然后从直轨道进入圆形轨道运动，运动到圆形轨道的最高点D时对轨道的压力大小恰与重力相等，小滑块过最高点D后做平抛运动，恰好垂直撞击在斜轨道的Q点．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度为g，求：（1）滑块运动到圆形轨道最高点时的速度大小．（2）滑块与斜轨道间的动摩擦因数μ．（3）水平轨道BC的长度．【考点】动能定理；向心力．【专题】动能定理的应用专题．【分析】（1）D点由向心力公式可得速度大小．（2）由动能定理可求得摩擦力做功，其中摩擦力做功含有摩擦因数．（3）由平抛运动可得水平向与竖直向的位移，结合图中的几何关系可求得距离．【解答】解：（1）在D点：2mg=则（2）由P到D ，由动能定理： x AB 而解得：（3）在Q点的水平速度v Q平=v D =由垂直撞击可知滑块运动到Q 时的竖直分速度为：由此可得平抛运动的时间为：t==平抛运动的水平位移为：平抛运动的竖直分位移为：y DF ==Q点的高度：h QE=2R﹣y DF =则水平轨道BC的长度：L==答：（1）滑块运动到圆形轨道最高点时的速度大小为．（2）滑块与斜轨道间的动摩擦因数为．（3）水平轨道BC 的长度为【点评】本题考查动能定理及竖直面内的圆周运动，选择合适的过程，并注意竖直面内圆周运动的临界条件即可求解12．小物块运动到B的瞬时速度v B大小及与水平方向夹角θ；（2）小物块在圆弧轨道BC上滑到C时对轨道压力Nc大小；（3）若小物块与墙壁碰撞后速度反向、大小变为碰前的一半，且只会发生一次碰撞，那么小物块与轨道CD之间的动摩擦因数μ应该满足怎样的条件．【考点】机械能守恒定律；向心力．【专题】计算题；定量思想；寻找守恒量法；机械能守恒定律应用专题．【分析】（1）小球做平抛运动，根据机械能守恒定律列式求解小物块运动到B 的瞬时速度v B大小，运用运动的分解法求解速度与水平方向的夹角；（2）先根据能量关系列式求解C点的速度，在C点，支持力和重力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律、第三定律列式求解；（3）分μ取得最大值和最小值讨论，根据能量守恒列出能量等式解决问题．要考虑物块可能的滑过的路程．【解答】解：（1）解法一：小物块由A运动到B的过程中做平抛运动，设初速度为v0．由机械能守恒得E P =mv，v0=2m/sE P+mg（h1﹣h2）=mv，v B=4m/s（2分）根据平抛运动规律有：cosθ===0.5，θ=60°解法二：小物块由A运动到B的过程中做平抛运动，机械能守恒E P =mv，v0=2m/s小物块由A运动到B的过程中做平抛运动，在竖直方向上根据自由落体运动规律可知，小物块由A运动到B的时间为：t==s≈0.346s根据平抛运动规律有：tanθ=，解得：θ=60° v B ==4m/s（2）根据图中几何关系可知，h2=R（1﹣cos∠BOC），解得：R=1.2m根据能的转化与守恒可知，E P+mgh1=mv，vc=2m/s对小球在圆弧轨道C点应用牛顿运动定律N c﹣mg=得 N c =10+=33.3N（3）依据题意知，①μ的最大值对应的是物块撞墙前瞬间的速度趋于零，根据能量关系有：mgh1+E p＞μmgL代入数据解得：μ＜②对于μ的最小值求解，首先应判断物块第一次碰墙后反弹，能否沿圆轨道滑离B点，设物块碰前在D处的速度为v2，由能量关系有：mgh1+E p =μmgL+mv22第一次碰墙后返回至C处的动能为：E kC =mv22﹣μmgL可知即使μ=0，有： mv22=14J ， mv22=3.5J＜mgh2=6J，小物块不可能返滑至B点故μ的最小值对应着物块撞后回到圆轨道最高某处，又下滑经C恰好至D点停止，因此有：。
2021年高二下学期第四次周考物理试题(重点班) 含答案
2021年高二下学期第四次周考物理试题（重点班）含答案一、选择题（每题4分，1至8题为单选，9至12题为多选，共48分）1. 关于速度和加速度的关系,下列说法中正确的是( )A.速度变化越大,加速度就越大B.速度变化越快,加速度越大C.加速度大小不变,速度方向也保持不变D.加速度大小不断变小,速度大小也不断变小2．在一个原子核衰变为一个原子核的过程中，发生β衰变的次数为( )A．6次B．10次C．22次D．32次3．如图所示，以9.8米/秒的水平初速度抛出的物体，飞行一段时间后，垂直地撞在倾角θ为30°的斜面上．可知物体完成这段飞行的时间是( )A．秒B．秒C．秒D．2秒4．ab是长为l的均匀带电细杆，P1、P2是位于ab所在直线上的两点，位置如图6-2-8所示.ab 上电荷产生的静电场在P1处的场强大小为E1，在P2处的场强大小为E2.则以下说法正确的是( )图6-2-8A.两处的电场方向相同，E1＞E2B.两处的电场方向相反，E1＞E2C.两处的电场方向相同，E1＜E2D.两处的电场方向相反，E1＜E25．如图所示是一种理想自耦变压器示意图．线圈绕在一个圆环形的铁芯上，P是可移动的滑动触头．AB间接交流电压u，输出端接有两个相同的灯泡L1和L2，Q为滑动变阻器的滑动触头．当开关S闭合，P处于如图所示的位置时，两灯均能发光．下列说法正确的是( )A．P不动，将Q向右移动，变压器的输入功率变大B．P、Q都不动，断开开关S，L1将变暗C．P不动，将Q向左移动，两灯均变暗D．Q不动，将P沿逆时针方向移动，变压器的输入功率变大6．中国已投产运行的1000kV特高压输电是目前世界上电压最高的输电工程。
假设甲、乙两地原采用500kV的超高压输电，输电线上损耗的电功率为P。
在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1000kV特高压输电，若不考虑其他因素的影响，则输电线上损耗的电功率将变为( )A．P/4 B．P/2 C．2P D．4P7．两个电荷量相等但电性相反的带电粒子a、b分别以速度va和vb射入匀强磁场，两粒子的入射方向与磁场边界的夹角分别为30°和60°，磁场宽度为d，两粒子同时由A点出发，同时到达B点，如图所示，则( )A．a粒子带正电，b粒子带负电B．两粒子的轨道半径之比Ra∶Rb＝∶1C．两粒子的质量之比ma∶mb＝1∶2D．两粒子的速度之比va∶vb＝1∶28．如图所示为氢原子的能级示意图，一群氢原子处于n=3的激发态，在向较低能级跃迁的过程中向外发出光子，用这些光照射逸出功为2.49eV的金属钠，说法正确的是( )A．这群氢原子能发出三种频率不同的光，其中从n=3跃迁到n=2所发出的光波长最短B．这群氢原子能发出两种频率不同的光，其中从n=3跃迁到n=1所发出的光频率最小C．金属钠表面所发出的光电子的最大初动能为9.60eVD．金属钠表面所发出的光电子的最大初动能为11.11eV9．甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道。
2021年高二上学期第四周周测物理试题 含答案
2021年高二上学期第四周周测物理试题 含答案一．单选题。
1.如 图所示电路中，L 是一电阻可忽略不计的电感线圈，a 、b 为L 上的左右两端点， A 、B 、C 为完全相同的三个灯泡，原来电键K 是闭合的，三个灯泡均在发光。
某时刻将电键K 打开，则下列说法正确的是( ) A ．a 点电势高于b 点，A 灯闪亮后缓慢熄灭B ．b 点电势高于a 点，B 、C 灯闪亮后缓慢熄灭 C ．a 点电势高于b 点，B 、C 灯闪亮后缓慢熄灭D ．b 点电势高于a 点，B 、C 灯不会闪亮只是缓慢熄灭2. 如图7所示，间距为L 、电阻不计的足够长平行光滑金属导轨水平放置，导轨左端用一阻值为R 的电阻连接，导轨上横跨一根质量为m 、电阻也为R 的金属棒，金属棒与导轨接触良好。
整个装置处于竖直向上、磁感应强度为B 的匀强磁场中。
现使金属棒以初速度v 沿导轨向右运动，若金属棒在整个运动过程中通过的电荷量为q 。
下列说法正确的是( )A ．金属棒在导轨上做匀减速运动B ．整个过程中金属棒克服安培力做功为12mv 2C ．整个过程中金属棒在导轨上发生的位移为qR BLD ．整个过程中电阻R 上产生的焦耳热为12mv 23. 如图所示，正方形线圈abcd 位于纸面内，边长为L ，匝数为N ，过ab 和cd 中点的连线OO′恰好位于垂直纸面向里的匀强磁场的右边界上，磁感应强度为B ，则穿过线圈的磁通量为( )A.BL 22B.NBL 22C ．BL 2D ．NBL 24. 两根通电直导线M 、N 都垂直纸面固定放置，通过它们的电流方向如图所示，线圈L的平面跟纸面平行，现将线圈从位置A 沿M 、N 连线中垂线迅速平移到位置B ，则在平移过程中，线圈中的感应电流( )A ．沿顺时针方向，且越来越小B ．沿逆时针方向，且越来越大C ．始终为零D ．先顺时针，后逆时针5把一个电热器接到10 V 直流电源上，产生的热量为Q ，若把它接到按正弦规律变化的交流电源上，在相同时间内产生的热量为Q /2.则该交变电流的 ( )A ．峰值是10 2 V;B ．角速度一定是100n rad/sC ．峰值是10 V ;D ．有效值是10 V6、电阻R 1、R 2与交流电源按照图6甲所示方式连接，R 1＝10 Ω，R 2＝20 Ω.合上开关S 后，通过电阻R 2的正弦交变电流i 随时间t 变化的情况如图乙所示．则 ( )图6A ．通过R 1的电流有效值是65 AB ．R 1两端的电压有效值是6 VC ．通过R 2的电流最大值是65 2 AD ．R 2两端的电压最大值是6 2 V 二．多选题。
2021年高二上学期物理周练四 含答案
2021年高二上学期物理周练四含答案一、选择题（本题共14小题，每小题4分，共56分．在每个小题给出的四个选项中，1-8小题只有一个选项正确，9-14小题有多个选项正确；选全的得4分，选对但不全的得2分，选错和不选的得0分．）1．如图所示是某电场中的几条电场线，在电场中有A、B两点，试比较两点的电场强度E大小和电势高低，其中正确的是（）A．EA ＞EB，A＞B；B．EA＞EB，A＜B；C．EA ＜EB，A＞B；D．EA＜EB，A＜B．2．如图所示，小磁针正上方的直导线与小磁针平行，当导线中有电流时，小磁针会发生偏转。
首先观察到这个实验现象的物理学家和观察到的现象是（）A．物理学家伽利略，小磁针的N极垂直转向纸内B．天文学家开普勒，小磁针的S极垂直转向纸内C．大物理学家牛顿，但小磁针静止不动D．物理学家奥斯特, 小磁针的N极垂直转向纸内3.如图所示,当磁场的磁感应强度B在逐渐增强的过程中,内外金属环上的感应电流的方向应为( )A．内环顺时针方向,外环逆时针方向B．内环逆时针方向,外环顺时针方向C．内外环均顺时针方向D．内外环均逆时针方向4．如图是铁棒甲与铁棒乙内部各分子电流取向的示意图，甲棒内部各分子电流取向是杂乱杂乱无章的，乙棒内部各分子电流取向大致相同，则下列说法中正确的是（）A、两棒均显磁性B、两棒均不显磁性C、甲棒不显磁性，乙棒显磁性D、甲棒显磁性，乙棒不显磁性5．如图8所示，当磁铁突然向铜环运动时，铜环的运动情况是( )A ．向右摆动B ．向左摆动C ．静止D ．无法判定6.将电量为310-6C 的负电荷,放在电场中A 点,受到的电场力大小为610-3N,方向水平向右，将电量为610-6C 的正电荷放在A 点，受到的电场力为( ) A ．1.210-2N ，方向水平向右 B ．1.210-2N ，方向水平向左 C ．1.2102N ，方向水平向右D ．1.2102N ，方向水平向左7．在同一平面有四根彼此绝缘的通电直导线，如图所示．四根导线中电流I 4＝I 3>I 2>I 1，要使O 点磁场增强，则应切断哪一根导线中的电流 （）A ．I 1B ．I 2C ．I 3D ．I 48．如图4所示，在两水平极板间存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向下，磁场方向垂直于纸面向里．一带电粒子以某一速度沿水平直线通过两极板，若不计重力，下列四个物理量中哪一个改变时，粒子运动轨迹不会改变 （） A ． 粒子所带的电荷量 B ．粒子速度的大小C. 电场强度 D ．磁感应强度9．如图所示的电路中，电源的电动势E 和内电阻r 恒定不变，电灯L 恰能正常发光，如果变阻器的滑片向b 端滑动，则（ ） A ．电灯L 更亮，安培表的示数减小 B ．安培表的示数减小，路端电压减小 C ．安培表的示数减小，路端电压增大 D ．电灯L 变暗，安培表的示数增大10．如图10所示，在匀强磁场B 的区域中有一光滑斜面体，其上放了一根导线，当通以图图4++++++++--------示方向的电流I后，导线恰能保持静止，则磁感应强度B的方向可能是（）A．垂直纸面向外 B．垂直斜面向下C．竖直向下 D．水平向左11．关于磁通量的概念，以下说法中正确的是（）A.磁通量发生变化，可能是磁场发生变化引起的B.磁感应强度越大，穿过闭合回路的磁通量也越大C.磁感应强度越大，线圈面积越大，则穿过线圈的磁通量也越大D.穿过线圈的磁通量为零，但该处的磁感应强度不一定为零12．下列关于静电学公式的理解，正确的是（）A．只对点电荷成立 B．只对匀强电场成立C．对一切电场成立 D．对一切电场成立13．关于感应电动势大小的下列说法中，正确的是（）A．线圈中磁通量变化率越大，线圈中产生的感应电动势一定越大B．线圈中磁通量越大，产生的感应电动势一定越大C．线圈放在磁感强度越强的地方，产生的感应电动势一定越大D．线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势越大14．如图所示，图中虚线是匀强磁场区的边界，一个闭合线框自左至右穿过该磁场区，线框经过图示的哪些位置时有感应电流( )A．在位置1 B．在位置2C．在位置3 D．在位置4班级：姓名：座号：得分：题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答案二、实验题（本大题共11小空，每空3分，共33分）15..某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A．被测干电池一节B．电流表：量程0～0.6 A，内阻C．电流表：量程0～3 A，内阻约为D．电压表：量程0～3 V，内阻未知E．电压表：量程0～15 V，内阻未知F．滑动变阻器：0～10 Ω，2 A G．滑动变阻器：0～100 Ω，1 AH．开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差．在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻．(1)实验中：电流表选______电压表选_______，变阻器选用______；(2)实验电路图应选择下图中的（填“甲”或“乙”）(3)根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U－I图象，则干电池的电动势E ＝___ ___V，内电阻r＝__ __ Ω.16.一根长O.2m的导线.通以3A的电流后垂直放进磁场，它受到安培力是610-2N，则磁场的磁感应强度B是________T；当导线的长度在原位置缩短为原来的一半时，磁感应强度为________T.17.在下图中分别作出通电导线电流方向、通电导线受安培力方向、正电荷受洛伦兹力方向三、计算题（本大题共1小题，共11分。
高二物理第四次周末练习题
高二物理第四次周末练习题一、选择题：1.下列四幅图的有关说法中正确的是 ▲A ．若两球质量相等，碰后m 2的速度一定为vB ．射线甲由 粒子组成，每个粒子带两个单位正电荷C ．在光颜色保持不变的情况下，入射光越强，饱和光电流越大D ．链式反应属于重核的裂变 2.下列说法正确的是垒．A ．温度越高，放射性元素的半衰期越长B ．天然放射现象说明原子核内部是有结构的C ．汤姆生通过α粒子散射实验提出了原子的核式结构D ．重核的裂变和轻核的聚变过程都有质量亏损，都向外界放出核能3．用中子轰击铝27，其核反应方程：（1）2713Al+10n →2411Na+X ； 2411Na 具有放射性，其核反应方程为：（2）2411Na →2412Mg+Y ，则 A ．X 是42He B ．Y 是10n C ．（1）是α衰变 D ．（2）是β衰变 4、下列说法中正确的是( )A ．汤姆孙通过对阴极射线的研究发现了电子，从而揭示了原子核是有复杂结构的B ．在单缝衍射实验中，假设只让一个光子通过单缝，则该光子不可能落在暗条纹处C ．黑体辐射的强度与波长的关系是：随着温度的升高，各种波长的辐射都增加，辐射强度极大值的光向波长较短的方向移动D ．用质子流工作的显微镜比用相同速度的电子流工作的显微镜分辨率低4．图示为气垫导轨上两个滑块A 、B 相互作用前后运动过程的频闪照片，频闪的频率为10 Hz 。
A 、B 之间夹着一根被压缩的轻质弹簧并用绳子连接，开始时它们处于静止状态。
绳子烧B.放射线在磁场中偏转A.球m 1以v 碰静止球m 2 UIOU C强黄光 弱黄光C.光电流与电压的关系 中子中子中子中子D.链式反应示意图甲乙丙断后，两个滑块向相反方向运动。
已知滑块A、B的质量分别为200g、300g。
根据照片记录的信息，可判断A．A、B两滑块均做匀速直线运动 B．B滑块的速度大小为6cm/sC．A、B两滑块的动量相同 D．A滑块的动量变化量与B滑块的动量变化量之和为零5．某金属在光的照射下产生光电效应，其遏止电压U c与入射光频率v的关系图象如图所示。
高二物理上学期第四次周考试卷高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校一高高二（上）第四次周考物理试卷一、选择题（本大题共13小题．每小题4分．在每小题给出的四个选项中．1-9小题只有一项符合题目要求，10-13小题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．有关电压与电动势的说法中正确的是（）A．电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法B．电动势就是电源两极间的电压C．电动势公式E=中的W与电压U=中的W是一样的，都是电场力做的功D．电动势与电压从能量转化的角度来说有本质的区别2．安培提出了著名的分子电流假说，根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流．设带电荷量为e的电子以速率v绕原子核沿顺时针方向做半径为r 的匀速圆周运动，其电流的等效电流强度I和方向为（）A ．顺时针B ．顺时针C ．逆时针D ．逆时针3．关于电功和电热，下面说法正确的是（）A．任何电路中的电功W=UIt，电热Q=I2Rt且W=QB．．任何电路中的电功W=UIt，电热Q=I2Rt但W有时不等于QC．．电功W=UIt在任何电路中都适用，Q=I2Rt只在纯电阻电路中适用D．．电功W=UIt，电热Q=I2Rt，只适用于纯电阻电路4．如图所示，一幢居民楼里住着生活水平各不相同的24户居民，所以整幢居民楼里有各种不同的电器，例如电炉、电视机、微波炉、电脑等等．停电时，用多用电表测得A、B间的电阻为R；供电后，各家电器同时使用，测得A、B 间电压为U，进线电流为I，则计算该幢居民楼用电的总功率可以用的公式是（）A．P=I2R B．P=C．P=IU D．以上公式都可以5．电路中有一段金属丝长为L，电阻为R，要使电阻变为4R，下列可行的方法是（）A．将金属丝拉长至2LB．将金属丝拉长至4LC．将金属丝对折后拧成一股D．将金属丝两端的电压提高到原来的4倍6．有二个标有“110V，25W”和“110V，60W”字样的灯泡，要把它们接在220V 的电源上，灯泡既正常发光，又最省电的连接方式是图中的哪一个？（）A ．B ．C ．D ．7．如图所示为有两个量程的电压表，当使用a、b两个端点时，量程为0～10V，当使用a、c两个端点时，量程为0～100V．已知表头内阻R g为100Ω，满偏电流I g为1mA，则关于R g、R1、R2的关系正确的是（）A．R1=100R g B．R2=1000R g C．R1=99R g D．R2=999R g8．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数减小B．电流表读数减小C．质点P将向上运动D．R3上消耗的功率逐渐增大9．关于磁感应强度，下列说法正确的是（）A．磁感应强度只是描述磁场的强弱的物理量B．通电导线所受磁场力为零，该处磁感应强度一定为零C．通电导线所受磁场力为零，该处磁感应强度不一定为零D．放置在磁场中lm的导线，通过lA的电流，受到的力为1N时，该处磁感应强度就是1T10．如图所示是一电路板的示意图，a、b、c、d为接线柱，a、d与220V的交流电源连接，ab间、bc间、cd间分别连接一个电阻．发现电路中没有电流，为检查电路故障，用一交流电压表分别测得b、d两点间以及a、c两点间的电压均为220V，由此可知（）A．ab间电路通，cd间电路不通 B．ab间电路不通，bc间电路通C．ab间电路通，bc间电路不通 D．bc间电路不通，cd间电路通11．在如图所示的电路中，输入电压U恒为8V，灯泡L标有“3V 6W”字样，电动机线圈的电阻R M=1Ω．若灯泡恰能正常发光，下列说法正确的是（）A．电动机的输入电压是5VB．流过电动机的电流是2AC．电动机的效率是80%D．整个电路消耗的电功率是10W12．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．则下列说法中正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．对应P点，小灯泡的电阻为R=C．对应P点，小灯泡的电阻为R=D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积13．如图中电源的电动势为6V，内阻为1Ω，R1为2Ω，R2全阻值为3Ω，下列说法错误的是（）A．当R2为1Ω时，R1消耗的功率最大B．通过改变R2的阻值，路端电压的最大值为5V，最小值为4VC．R2的阻值越小，R1消耗的功率越大D．当R2的阻值为3Ω时，R2消耗的功率最大二、填空题（本题共2小题，共16分，其中第13题6分，第12题10分．请把答案填在答题卡相应位置）14．某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率．步骤如下：（1）用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，可知其长度为cm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，可知其直径为mm；（3）用多用电表的电阻“×1”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙，则该电阻的阻值约为Ω．15．某同学利用一只电流表和一个电阻箱测定电源的电动势和内电阻，使用的器材还有开关一个、导线若干，实验原理如图1所示．（1）在图2 （甲）的实物图中，已正确连接了部分电路，请完成其余电路的连接．（2）调节电阻箱，示数如图（乙）所示，读得电阻值是Ω．（3）接通开关，多次改变电阻箱的阻值R，同时读出对应的电流表的示数I，并作记录，画出R﹣关系图线，如图2 （丙）所示．则图线斜率的物理意义是；若电流表内阻R A=0.1Ω．由图线求得电源的电动势E= V，内阻r= Ω．16．如图所示电路中，甲、乙两个毫安表的内阻均为6Ω，R3=R4=12Ω，S断开时，AB之间电阻为3Ω，S闭合时，甲、乙两个毫安表的示数之比为1：2，求R1、R2的阻值各为多少？17．在如图所示的电路中，电源的电动势ε=3.0V，内阻r=1.0Ω，电阻R1=10Ω，R2=10Ω，R3=30Ω，R4=35Ω；电容器的电容C=100μF，电容器原来不带电．求接通电键S后流过R4的总电量．18．如图所示为电动机提升重物的装置，电动机线圈电阻为r=1Ω，电动机两端电压为5V，电路中的电流为1A，物体A重20N，不计摩擦力，求：（1）电动机线圈电阻上消耗的热功率是多少？（2）电动机的输入功率和输出功率各是多少？（3）10s内，可以把重物A匀速提升多高？（4）这台电动机的机械效率是多少？一高高二（上）第四次周考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共13小题．每小题4分．在每小题给出的四个选项中．1-9小题只有一项符合题目要求，10-13小题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．有关电压与电动势的说法中正确的是（）A．电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法B．电动势就是电源两极间的电压C．电动势公式E=中的W与电压U=中的W是一样的，都是电场力做的功D．电动势与电压从能量转化的角度来说有本质的区别【考点】电源的电动势和内阻．【分析】电压与电动势的单位相同，但物理意义不同．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量．电动势定义式公式E=中的W是非静电力做功，电压U=中的W是静电力做功．电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压．【解答】解：A、电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，是两个不同的物理量．故A错误．B、根据闭合电路欧姆定律，路端电压U=E﹣Ir，只有当外电路断开时，I=0，路端电压等于电动势．当外电路接通时，路端电压即电源两极间的电压小于电动势，故B错误．C、电动势定义式公式E=中的W是非静电力做功，电压U=中的W是静电力做功．故C错误．D、电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电动势反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小，从能量转化的角度来说有本质的区别．故D正确．故选：D．2．安培提出了著名的分子电流假说，根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流．设带电荷量为e的电子以速率v绕原子核沿顺时针方向做半径为r 的匀速圆周运动，其电流的等效电流强度I和方向为（）A ．顺时针B ．顺时针C ．逆时针D ．逆时针【考点】电流、电压概念．【分析】电子绕核运动可等效为一环形电流，电子运动周期T=，根据电流的定义式I=求解电流强度．电子带负电，电流方向与电子定向移动的方向相反【解答】解：电子绕核运动可等效为一环形电流，电子运动周期为 T=根据电流的定义式得：电流强度为 I=因为电子带负电，所以电流方向与电子定向移动方向相反，即沿逆时针方向，故C正确．故选：C3．关于电功和电热，下面说法正确的是（）A．任何电路中的电功W=UIt，电热Q=I2Rt且W=QB．．任何电路中的电功W=UIt，电热Q=I2Rt但W有时不等于QC．．电功W=UIt在任何电路中都适用，Q=I2Rt只在纯电阻电路中适用D．．电功W=UIt，电热Q=I2Rt，只适用于纯电阻电路【考点】电功、电功率；焦耳定律．【分析】电功公式W=UIt和电热公式Q=I2Rt都适用于任何电路；在纯电阻电路中，电功等于电热，在非纯电阻电路中，电功大于电热．【解答】解：A、C、D、任何电路中电功公式W=UIt，电热公式Q=I2Rt都适用，但两者不一定相等，只有在纯电阻电路中 W=Q，故A错误．B、任何电路中的电功W=UIt，电热Q=I2Rt，在非纯电阻电路中电能一部分转化为内能，还有一部分转化为其他形式的能，所以此时W大于Q，故B正确．故选：B4．如图所示，一幢居民楼里住着生活水平各不相同的24户居民，所以整幢居民楼里有各种不同的电器，例如电炉、电视机、微波炉、电脑等等．停电时，用多用电表测得A、B间的电阻为R；供电后，各家电器同时使用，测得A、B 间电压为U，进线电流为I，则计算该幢居民楼用电的总功率可以用的公式是（）A．P=I2R B．P=C．P=IU D．以上公式都可以【考点】电功、电功率．【分析】该幢楼内用电器有纯电阻的用电器，也有非纯电阻的用电器，总功率P=UI．【解答】解：A、B、C由题可知，该幢楼内用电器有纯电阻的用电器，也有非纯电阻的用电器，则该幢楼居民用电的总功率为P=UI．由于欧姆定律不成立，U＞IR，则P＞I2R，P=不再成立．故AB错误，C正确．D、由上述分析可知D错误．故选：C．5．电路中有一段金属丝长为L，电阻为R，要使电阻变为4R，下列可行的方法是（）A．将金属丝拉长至2LB．将金属丝拉长至4LC．将金属丝对折后拧成一股D．将金属丝两端的电压提高到原来的4倍【考点】电阻定律．【分析】根据R=知，电阻与导线的长度和横截面积有关，根据该公式确定可行的方法．【解答】解：A、将金属丝拉长至2L ，体积不变，则横截面积变为原来的，根据R=知，电阻变为原来的4倍．故A正确．B、将金属丝拉长至4L ，体积不变，则横截面积变为原来的，根据R=知，电阻变为原来的16倍．故B错误．C、将金属丝对折后拧成一股，长度变为原来的一半，横截面积变为原来的2倍，根据R=知，电阻变为原来的．故C错误．D、将金属丝两端的电压提高到原来的4倍，电阻不变．故D错误．故选A．6．有二个标有“110V，25W”和“110V，60W”字样的灯泡，要把它们接在220V 的电源上，灯泡既正常发光，又最省电的连接方式是图中的哪一个？（）A ．B ．C ．D ．【考点】电功、电功率．【分析】（1）根据串联电路电阻的分压特点可知，电压相等时，电阻也要相等．（2）已知电源电压相等，根据公式R=，可知，电路中电阻越大，消耗的功率就越小，先根据公式R=分别求出两只灯泡的电阻，再求出A、B、C、D图总电阻进行比较，即可得出结论．【解答】解：根据公式R=可知，“110V，25W”的灯泡的电阻R A ==484Ω“110V，60W”灯泡的电阻R B ==201.7Ω知A电阻大于B电阻．A、由公式I=I A+I B得灯泡A和灯泡B并联后的电流是二者电流之和，由P=I2R知R上损失功率多；B、图是灯泡A和电阻并联后，然后和B串联，接到220V的电源上，根据串联电路的分压特点可知两灯泡两端的电压都可以等于110V，所以能正常工作，且总电流小，电阻损失功率小，故B正确；C、图是灯泡B和电阻R并联后又和灯泡A串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡B与电阻R并联后和灯泡A的电阻相等；但并联电路中，电阻越并越小，小于任何一个分电阻，所以此电路中灯泡A和灯泡B也不能正常工作，故C错误；D、图是灯泡A和灯泡B分别与一个电阻串联，串联电路，电阻越串越大；可以使灯泡A和灯泡B都能使灯正常发光，但消耗的功率多，D错误．故选：B．7．如图所示为有两个量程的电压表，当使用a、b两个端点时，量程为0～10V，当使用a、c两个端点时，量程为0～100V．已知表头内阻R g为100Ω，满偏电流I g为1mA，则关于R g、R1、R2的关系正确的是（）A．R1=100R g B．R2=1000R g C．R1=99R g D．R2=999R g【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】将电流表改装成电压表时应串联大电阻，示数为表头及电阻两端的总电压，而流过表头的电流与电阻的电流相等．【解答】解：当使用a、b两个端点时，由欧姆定律得 U1=10V=I g（R1+R g），解得：R1=﹣R g =﹣100=9900（Ω）=99R g．当使用a、c两个端点时，由欧姆定律得 U2=100V=I g（R2+R1+R g），解得：R2=﹣R1﹣R g =﹣9900﹣100=90000Ω=900R g．故选：C．8．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数减小B．电流表读数减小C．质点P将向上运动D．R3上消耗的功率逐渐增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由图可知电路结构，由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析质点的受力情况可知质点的运动情况．【解答】解：由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故B错误；因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小，故A正确；因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故C错误；因R3两端的电压减小，由P=可知，R3上消耗的功率减小；故D错误；故选A．9．关于磁感应强度，下列说法正确的是（）A．磁感应强度只是描述磁场的强弱的物理量B．通电导线所受磁场力为零，该处磁感应强度一定为零C．通电导线所受磁场力为零，该处磁感应强度不一定为零D．放置在磁场中lm的导线，通过lA的电流，受到的力为1N时，该处磁感应强度就是1T【考点】磁感应强度．【分析】磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度．比值与磁场力及电流元均无关．电流元所受磁场力是由左手定则来确定．【解答】解：A、磁感应强度是描述磁场的强弱和方向的物理量，由磁场自身决定，故A错误；B、C、当电流元与磁场平行时，不是安培力，故B错误，C正确；D、放置在磁场中lm的导线，通过lA的电流，受到的力为1N时，根据公式F=BILsinθ，该处磁感应强度至少为1I，当电流元与磁场垂直时，说明磁感应强度为1T；故D错误；故选：C．10．如图所示是一电路板的示意图，a、b、c、d为接线柱，a、d与220V的交流电源连接，ab间、bc间、cd间分别连接一个电阻．发现电路中没有电流，为检查电路故障，用一交流电压表分别测得b、d两点间以及a、c两点间的电压均为220V，由此可知（）A．ab间电路通，cd间电路不通 B．ab间电路不通，bc间电路通C．ab间电路通，bc间电路不通 D．bc间电路不通，cd间电路通【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】电压表是一个内阻很大的元件，使用时应将其与被测电路并联，当将其与其他元件串联时，其示数将接近电源电压，造成元件无法正常工作．根据电压表的这一特点，结合电路的连接变化可依次做出判断，并推理出故障的原因．【解答】解：用电压表测得a、c两点间的电压为220V，说明c、d间是连通的；用电压表测得b、d两点间的电压为220V，说明a、b间是连通的，综合两次的测量结果可以看出，只有当b、c间不通时，才会出现上述情况．因此CD正确．故选CD．11．在如图所示的电路中，输入电压U恒为8V，灯泡L标有“3V 6W”字样，电动机线圈的电阻R M=1Ω．若灯泡恰能正常发光，下列说法正确的是（）A．电动机的输入电压是5VB．流过电动机的电流是2AC．电动机的效率是80%D．整个电路消耗的电功率是10W【考点】电功、电功率．【分析】由电路图可知，灯泡与电动机串联；由串联电路特点可以求出灯泡正常发光时电动机两端电压；由P=UI的变形公式求出灯泡正常发光时的电流．由P=I2R求出电动机的热功率，然后求出电动机的机械功率，由效率公式求出电动机的效率；由P=UI 求出电路的总功率．【解答】解：A、灯泡正常发光时的电压等于其额定电压，电动机电压U M=U﹣U L=8V ﹣3V=5V，故A正确；B、灯泡正常发光，则电路电流I===2A，故B正确．C、电动机的总功率为：P=U M I=5×2W=10W ，电动机的输出功率为：，故电动机的效率为：η=，故C错误；D、整个电路消耗的功率P总=UI=8V×2A=16W，故D错误；故选：AB．12．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．则下列说法中正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．对应P点，小灯泡的电阻为R=C．对应P点，小灯泡的电阻为R=D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积【考点】电功、电功率．【分析】由图看出此灯泡是非线性元件，根据电阻是指对电流的阻碍作用判断灯泡电阻与电压之间的关系；找到P点对应的电压和电流，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻；由功率公式可知功率对应图线的“面积”．【解答】解：A、由图象可知，灯泡的电阻等于R=，等于图线上的点与原点O 连线斜率的倒数，由数学知识可知，电压增大，此斜率减小，则灯泡的电阻增大．故A正确；B、C由图象可知，P点对应的电压为U1，电流为I2，则灯泡的电阻R=≠，故B正确、C错误；D、因P=UI，所以图象中矩形PQOM所围的面积为对应P点小灯泡的实际功率，故D正确．故选ABD．13．如图中电源的电动势为6V，内阻为1Ω，R1为2Ω，R2全阻值为3Ω，下列说法错误的是（）A．当R2为1Ω时，R1消耗的功率最大B．通过改变R2的阻值，路端电压的最大值为5V，最小值为4V C．R2的阻值越小，R1消耗的功率越大D．当R2的阻值为3Ω时，R2消耗的功率最大【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【分析】（1）R1为定值电阻，当电流最大时其功率最大．（2）当外电路的电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，由功率公式代入数据计算即可．（3）把R1看成是电源的一部分，此时等效电源的电动势没变，内阻为R1+r，所以当R2=R1+r时，电阻R2的电功率最大，代入相关公式计算即可．【解答】解：A、R1为定值电阻，故当滑动变阻器阻值为0时，电路中电流最大，R1的功率最大，故A错误，C正确；B 、当滑动变阻器全部接入时，路端电压最大，最大值为： =5V；最滑动变阻器接入电阻最小时，路端电压最小；最小值为： =4V；故B正确；D、当R2=R1+r=1+2=3Ω 电阻R2的电功率最大，故D正确；本题选错误的；故选：A．二、填空题（本题共2小题，共16分，其中第13题6分，第12题10分．请把答案填在答题卡相应位置）14．某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率．步骤如下：（1）用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，可知其长度为 5.015 cm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，可知其直径为 1.025 mm；（3）用多用电表的电阻“×1”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙，则该电阻的阻值约为22 Ω．【考点】用多用电表测电阻．【分析】（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数．（2）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．（3）欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数．【解答】解：（1）由图示游标卡尺可知，其示数为：50mm+3×0.05mm=50.15mm=5.015cm；（2）由图示螺旋测微器可知，其示数为：1mm+2.5×0.01mm=1.025mm；（3）用多用电表的电阻“×1”挡，由图示可知，待测电阻阻值为：22×1=22Ω；故答案为：（1）5.015；（2）1.025；（3）22．15．某同学利用一只电流表和一个电阻箱测定电源的电动势和内电阻，使用的器材还有开关一个、导线若干，实验原理如图1所示．（1）在图2 （甲）的实物图中，已正确连接了部分电路，请完成其余电路的连接．（2）调节电阻箱，示数如图（乙）所示，读得电阻值是 2.3 Ω．（3）接通开关，多次改变电阻箱的阻值R，同时读出对应的电流表的示数I，并作记录，画出R﹣关系图线，如图2 （丙）所示．则图线斜率的物理意义是电源电动势；若电流表内阻R A=0.1Ω．由图线求得电源的电动势E= 1.4 V，内阻r= 0.4 Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）根据实验电路图连接实物电路图．（2）电阻箱各旋钮示数与倍率的乘积之和是电阻箱的示数．（3）由闭合电路欧姆定律求出R与的关系表达式，然后答题．根据图象数据求出电源电动势与内阻．【解答】解：（1）根据图1所示实验电路图连接实物电路图，如图所示．（2）由图2所示电阻箱可知，电阻箱示数为2×1Ω+3×0.1Ω=2.3Ω．（3）由闭合电路欧姆定律可得：E=I（r+R+R A），则R=﹣r﹣R A，则R﹣图象的斜率是E，即电源电动势；由图2丙所示图象可知，电源电动势E===1.4V；图象在横轴上的截距为0.5，即r+R A=0.5，则电源内阻r=0.5﹣0.1=0.4Ω．故答案为：（1）如图所示；（2）2.3；（3）电源电动势；1.4；0.6．16．如图所示电路中，甲、乙两个毫安表的内阻均为6Ω，R3=R4=12Ω，S断开时，AB之间电阻为3Ω，S闭合时，甲、乙两个毫安表的示数之比为1：2，求R1、R2的阻值各为多少？【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】题中毫安表有内阻，应看作能测量电流的电阻对待，根据欧姆定律分别表示出两个毫安表电流的表达式，结合AB间的电阻是由毫安表乙与电阻R1并联，再与R2串联，联立即可求解．【解答】解：断开时，A、B间的电阻为3Ω，于是+R2=3Ω ①S闭合时，设流过甲表的电流为I，则流过乙表的电流为2I，于是I（R A+R4）=2IR A+（2I+）R2②由此可解得 R1=3Ω，R2=1Ω答：R1、R2的阻值各为3Ω和1Ω．17．在如图所示的电路中，电源的电动势ε=3.0V，内阻r=1.0Ω，电阻R1=10Ω，R2=10Ω，R3=30Ω，R4=35Ω；电容器的电容C=100μF，电容器原来不带电．求接通电键S后流过R4的总电量．【考点】闭合电路的欧姆定律；电容；串联电路和并联电路．【分析】由电路图可知，C与R3并联；由串并联电路的可求得总电阻，则由欧姆定律可求得电路中的电流；则可求得与R3两端的电压，因电容与R3并联，故R3两端的电压即为电容器两端电压；由电容的定义式可求得电容器的电量．【解答】解：由电阻的串并联公式，得闭合电路的总电阻为由欧姆定律得，通过电源的电流电源的端电压U=ε﹣Ir电阻R3两端的电压电容器上的带电量Q=CU'，而充电电流全部通过R4，通过R4的总电量就是电容器的电量Q=CU′由以上各式并代入数据解得Q=2.0×10﹣4C．18．如图所示为电动机提升重物的装置，电动机线圈电阻为r=1Ω，电动机两端电压为5V，电路中的电流为1A，物体A重20N，不计摩擦力，求：（1）电动机线圈电阻上消耗的热功率是多少？（2）电动机的输入功率和输出功率各是多少？（3）10s内，可以把重物A匀速提升多高？（4）这台电动机的机械效率是多少？【考点】电功、电功率；功能关系．【分析】（1）根据P热=I2r求解热功率；（2）根据P=UI求解电功率，根据P出=P﹣P热求解输出功率；（3）根据P出t=mgh列式求解高度；（4）机械效率η=×100%．【解答】解：（1）根据焦耳定律，热功率为：P热=I2r=12×1W=1W．（2）输入功率为：P入=IU=1×5W=5W，输出功率为：P出=P入﹣P Q=5W﹣1W=4W；（3）电动机的输出功率用来提升重物在10s内，有：P出t=mgh．解得：h==2m．（4）机械效率为：η=×100%=100%=80%．答：（1）电动机线圈电阻消耗的热功率为1W；（2）电动机输入功率为5W，输出功率为4W；（3）10s内电动机可以把重物匀速提升2m；（4）这台电动机的机械效率是80%．。
高二第四次阶段考试物理试题
M N 高二第四次阶段考试物理试题一、不定项选择题（每小题4分，共15题，60分） 1、下列说法正确的是：（ ）A 、电荷在电场中某处不受电场力的作用，则该处的电场强度为零B 、一小段通电导线在某处不受安培力作用，则该处磁感应强度一定为零C 、把一个试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值表示该点电场的强弱D 、把一小段通电导线放在磁场中某处，它所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比值表示该处磁场的强弱2、如图所示，通有恒定电流的导线MN 与闭合金属框共面，第一次将金属框由I 平移到II ，第二次将金属框绕cd 边翻转到II ，设先后两次通过金属框的磁通量变化分别为ΔΦ1和ΔΦ2，则（ ）A 、ΔΦ1>ΔΦ2B 、ΔΦ1=ΔΦ2C 、ΔΦ1<ΔΦ2D 、不能判定3、如图所示的电路中，当开关S 断开时，螺线管中的小磁针的N 极指向如图所示，则当开关S 闭合后，小磁针静止时，N 极的指向为（ ）A 、垂直纸面向里B 、垂直纸面向外C 、水平向右D 、水平向左4、如图所示，用细绳悬于O 点的可自由转动的通电导线AB 放在蹄形磁铁的上方，当导线中通以图示方向的电流时，从上向下看，AB 的转动方向及细绳中张力变化情况为（ ）A 、AB 顺时针转动，张力变大B 、AB 逆时针转动，张力变小C 、AB 顺时针转动，张力变小D 、AB 逆时针转动，张力变大5、从太阳表面抛出的带电粒子（主要为质子和电子）形成的“太阳风”以400km/s 的速度吹向地球，在太阳活动期的风速可高达1000-2000km/s ，地球磁场可以有效地改变这些太阳风中大多数带电粒子的运动方向，使它们不能到达地面，这对地球上的生命有十分重要的意义。
假设有一个带正电的粒子正垂直于地面向赤道射来，在地球磁场的作用下，它将（ ） A 、向东偏转 B 、向南偏转 C 、向西偏转 D 、向北偏转6、由集中不同的粒子组成的带电粒子束，以相同的速度v 从同一点垂直磁场方向射入同一匀强磁场，结果所有的粒子沿同一圆周做匀速圆周运动（不计重力），这是因为它们具有相同的（ ）A 、动能B 、电荷量C 、质量D 、比荷7、如图所示，光滑固定导轨M 、N 水平放置，两根导体棒P 、Q 平行放置于导轨上，形成一个闭合回路，一条形磁铁从高处下落接近回路时（ ）A 、P 、Q 将相互靠拢B 、P 、Q 将相互远离C 、磁铁的加速度仍为gD 、磁铁的加速度小于g8、穿过单匝闭合线圈的磁通量每秒钟均匀增大2Wb ，则（ ）A 、线圈中的感应电动势将均匀增大B 、线圈中的感应电流将均匀增大C 、线圈中的感应电动势将保持2V 不变D 、线圈中的感应电流将保持2A 不变 9、如图所示，线框三条竖直边长度和电阻均相同，横边电阻不计，它以速度v 匀速向右平动，当ab 边刚进入虚线内匀强磁场时，ab 间的电势差为U ，当cd 边刚进入磁场时，cd 间的电势差为（ ）A 、2UB 、UC 、U 23 D 、U 2110、一飞机在北半球的上空以速度v 水平飞行，飞机机身长为a ，翼展为b ；该空间地磁场磁感应强度的水平分量为B 1，竖直分量为B 2；驾驶员左侧机翼的端点用A 表示，右侧机翼的端点用B 表示，用E 表示飞机产生的感应电动势，则（ ）A .E =B 1vb ，且A 点电势低于B 点电势 B .E =B 1vb ，且A 点电势高于B 点电势C .E =B 2vb ，且A 点电势低于B 点电势D .E =B 2vb ，且A 点电势高于B 点电势11、如图，闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的N 极朝下。
2020-2021学年高二上学期第四次双周考物理试题含答案解析
【全国百强校】湖北省沙市中学【最新】高二上学期第四次双周考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板A与一灵敏静电计相连，极板B接地．若极板B稍向上移动一点，由观察到的静电计指针变化作出平行板电容器电容变小的结论的依据是（）A．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变大B．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变小C．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变小D．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变大2．如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行极板间的电场中，入射方向跟极板平行．整个装置处在真空中，电子的重力不计．在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转位移h变大的是A．U1变大B．U1变小C．U2变大D．U2变小3．如图所示，实线为电场线，虚线表示等势面，相邻两个等势面之间的电势差相等，有一个运动的负电荷经过等势面L3上某点时的动能为20J，运动至等势面L1上的某一点时动能变为0，若取L2为零等势面，则此电荷的电势能为4J时，其动能为（）A ．16 JB ．10 JC ．6 JD ．4 J4．两个定值电阻R 1、R 2串联后接在输出电压U =12V 的直流电源上，且电源电压保持不变。
把一个内阻不是远大于R 1、R 2的电压表接在R 1的两端（如图所示），电压表的示数为8V ，如果把此电压表改接在R 2两端，则电压表的示数将（ ）A ．小于4VB ．等于4VC ．大于4V 、小于8VD ．等于或大于8V5．如图所示，直线a 为某电源与可变电阻连接成闭合电路时的路端电压U 与干路电流I 的关系图象，直线b 为电阻R 两端电压的U 与通过它的电流I 的图象，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的效率分别为（ ）A ．4 W 、33.3%B ．2 W 、33.3%C ．4 W 、67%D ．2 W 、67%6．如图，电路中定值电阻阻值R 大于电源内阻阻值r ．将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表123V V V 、、示数变化量的绝对值分别为123V V V ∆∆∆、、，理想电流表A 示数为I 、变化量的绝对值为I ∆，则（ ）A ．1V I 、2V I 、3V I都不变 B ．1V I ∆∆、2V I ∆∆、3V I ∆∆都不变，且3V I ∆∆最大 C ．321V V V ∆>∆>∆D ．当滑动变阻器接入电路中的电阻等于R ＋r 时，R 消耗的电功率最大7．如图为一逻辑电路，根据电路图完成它的真值表。
高二物理上学期第四次周考试题高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校宣化第一中学高二物理上学期第四次周考试题1.关于电源的电动势，下列说法正确的是A. 电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B. 同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C. 电源的电动势是描述电源把其他形式的能转化为电势能的本领大小的物理量D. 在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大2.关于三个公式；；下列说法正确的是A. 公式适用于任何电路的电热功率计算B. 公式适用于任何电路的电热功率计算C. 公式适用于任何电路的电热功率计算D. 上述没有一个是正确的3.某一直流电动机提升重物的装置，如图所示，重物的质量，电源提供给电动机的电压为，不计各种摩擦，当电动机以的恒定速率向上提升重物时，电路中的电流强度，则电动机的线圈电阻为取A. B. C. D.4.如图是根据某次实验记录数据画出的图象，下列关于这个图象的说法中正确的是A. 纵轴截距表示待测电源的电动势，即VB. 横轴截距表示短路电流，即AC. 根据，计算出待测电源内电阻为D. 根据，计算出待测电源内电阻为5.两只灯泡A和B额定电压都是110V，A的额定功率为60W，B的额定功率为100W，为了把它们接在220V电路上都能正常发光，并要电路中消耗的电功率最小，应采用下面的哪种接法？A. B.C. D.6.关于电功和电热，下面说法不正确的是A. 任何电路中的电功，电热且B. 任何电路中的电功，电热但W有时不等于QC. 电功在任何电路中都适用，只在纯电阻电路中适用D. 电功，电热，只适用于纯电阻电路7.如图所示，直线OAC为某一直流电源上总功率随电流I变化的图线，曲线OBC表示同一直流电源内部热功率随电流I 变化的图线．若A、B的横坐标为1A，那么AB线段表示的功率为A. 1 WB. 6 WC. 2 WD. W8.如图所示电路中灯泡和都不亮，用伏特表测得各部分的电压分别是：，，，，已知a、b间电压为U，则产生故障应是A. 灯泡断路B. 灯泡断路C. 变阻器断路D. 电源短路9.如图所示电路，当滑线变阻器的滑动触头向b端移动时A. 电压表的读数增大，电流表的读数减小B. 电压表和电流表的读数减小C. 电压表和电流表的读数增大D. 电压表的读数减小，电流表的读数增大10.如图所示，电路中的A、B两灯都发光，若将滑动片向下滑动，则以下的叙述中正确的是A. A灯变暗，B灯变亮，R消耗的功率变大B. B灯变暗，A灯变亮，R消耗的功率变大C. A、B灯都变暗，R消耗功率变大D. A、B灯都变亮，R消耗的功率变小11.用伏安法测定电源电动势和内电阻实验中，所测电源为两节干电池，串联电池组的内电阻估计为几欧以下。
2021年高二上学期第4次周考物理试题 含答案
2021年高二上学期第4次周考物理试题含答案一．选择题（1-4为单选，5-6为多选，每题8分，共48分）1．下列说法中错误的是( )A．一个电阻和一根无电阻的理想导线并联，总电阻为零B．并联电路任一支路的电阻都大于电路的总电阻C．并联电路任一支路电阻增大(其他支路不变)，则总电阻也增大D．并联电路任一支路电阻增大(其他支路不变)，则总电阻一定减小2．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A 2，若把A1、A2分别采用串联或并联的方式接入电路，如图6(a)、(b)所示，则闭合开关后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是( )图6A．图(a)中的A1、A2的示数相同B．图(a)中的A1、A2的指针偏角相同C．图(b)中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图(b)中的A1、A2的指针偏角相同3．用电流表和电压表测量电阻Rx的阻值．如图1所示，分别将图(a)和(b)两种测量电路连接到电路中，按照(a)图时，电流表示数为 4.60 mA，电压表示数为2.50 V；按照(b)图时，电流表示数为5.00 mA，电压表示数为2.30 V，比较这两次结果，正确的是( )图1A．电阻的真实值更接近543 Ω，且大于543 ΩB．电阻的真实值更接近543 Ω，且小于543 ΩC．电阻的真实值更接近460 Ω，且大于460 ΩD．电阻的真实值更接近460 Ω，且小于460 Ω4.四个相同的小量程电流表（表头）分别改装成两个电流表A1、A2和两个电压表V 1、V2.已知电流表A1的量程大于A2的量程，电压表V1的量程大V2的量程，改装好后把它们按图示接入电路，则（）①电流表A1的读数大于电流表A2的读数②电流表A1的指针偏转角小于电流表A2的指针偏转角③电压表V1的读数小于电压表V2的读数④电压表V1的指针偏转角等于电压表V2的指针偏转角A.①② B．②③ C．③④ D．①④5．电阻R1、R2、R3串联在电路中．已知R1＝10 Ω、R3＝5 Ω，R1两端的电压为6V，R2两端的电压为12 V，则( )A．电路中的电流为0.6 AB．电阻R2的阻值为20 ΩC．三只电阻两端的总电压为21 VD．电阻R3两端的电压为4 V6.一个T型电路如图所示，电路中的电阻R1=10，R2=120，R3=40.另有一测试电源电动势为100 V，内阻忽略不计。
2021年高二物理上学期第四次周考试题
2021年高二物理上学期第四次周考试题一、选择题（每小题4分，共48分。
多选项已在题号后标出）1．关于电场强度和磁感应强度，下列说法正确的是（）A．电场强度的定义式适用于任何电场B．由真空中点电荷的电场强度公式可知，当r→0时，E→无穷大C．由公式可知，一小段通电导线在某处若不受磁场力，则说明此处一定无磁场D．磁感应强度的方向就是置于该处的通电导线所受的安培力方向2．（多选）如右图，真空中三个点电荷A、B、C，可以自由移动，依次排列在同一直线上，都处于平衡状态，若三个电荷的带电量、电性及相互距离都未知，但AB＞BC，则根据平衡条件可断定（）A．A、B、C分别带什么性质的电荷 B．A、B、C中哪几个带同种电荷，哪几个带异种电荷C．A、B、C中哪个电量最大D．A、B、C中哪个电量最小3．如图所示，在真空中有两个等量的正电荷q1和q2，分别固定在A、B两点，DCE为AB连线的中垂线，现将一个正电荷q由c点沿CD移到无穷远，则在此过程中（）A．电势能逐渐减小B．电势能逐渐增大C．q受到的电场力逐渐减小D．q受到的电场力先逐渐增大4．如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为1m的正六边形的六个顶点，A、B、C三点电势分别为10V、20V、30V，则下列说法正确的是（）A．B、E一定处在同一等势面上B．匀强电场的场强大小为10V/mC．正点电荷从E点移到F点，则电场力做负功D．电子从F点移到D点，电荷的电势能增加20eV5．（多选）一束带电粒子沿水平方向飞过小磁针上方，并与磁针指向平行，能使磁针的S极转向纸内，如右图所示，那么这束带电粒子可能是（）A．向右飞行的正离子束B．向左飞行的正离子束C．向右飞行的负离子束D．向左飞行的负离子束6．有一个直流电动机，把它接入0.2V电压的电路中电机不转，测得流过电动机的电流是0.4A；若把电动机接入2.0V电压的电路中，正常工作时的电流是1.0A，此时，电动机的输出功率是；如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住，电动机的发热功率是，则（）A．B．C．D．=7．如图所示电路图中，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，电源内阻不可忽略，当滑动变阻器的滑动片向右移动时，电流表、电压表可视为理想电表，关于电流表和电压表示数的变化情况的分析，正确的是（）A．电流表和电压表读数均增大B．电流表和电压表读数均减小C．电压表V1的示数变化量大于电压表V2的示数变化量D．电流表读数变小，电压表V2读数变大，V1读数减小8．（多选）如图所示，在倾角为的光滑斜面上，放置一根长为L，质量为m的导体棒。
湖北省沙市中学高二物理上学期第四次周练试题新人教版
第四次双周练物理试卷总分：110分 时间：70分钟考试时间：2013年10月31日一、选择题，每小题4分共44分1．下列关于电场强度的两个表达式E=F/q 和E=kQ/r 2的叙述，正确的是（ ） A ．E=F/q 是电场强度的定义式，F 是放在电场中的电荷所受的力，q 是产生电场的电荷的电量B ．E=F/q 是电场强度的定义式，F 是放入电场的电荷所受的力，q 是放入电场中的电荷的电量，它适合于任何电场C ．E=kQ/r 2是点电荷场强的计算公式，Q 是产生电场的电荷量，它不适用于匀强电场 D ．从点电荷场强计算式分析，库仑定律表达式221r q q k F =中22r q k 是点电荷q 2产生的电场在点电荷q 1处的场强大小，而21rq k是点电荷q 1产生的电场在点电荷q 2处的场强大小。
2．如图所示，水平天花板下用长度相同的绝缘细线悬挂起来的两个相同的带电介质小球A 、B ，左边放一个带正电的固定球Q +时，两悬线都保持竖直方向。
下面说法中正确的是（ ）A ．A 球带正电，B 球带负电，并且A 球带电荷量较大 B ．A 球带负电，B 球带正电，并且A 球带电荷量较小C ．A 球带负电，B 球带正电，并且A 球带电荷量较大D ．A 球带正电，B 球带负电，并且A 球带电荷量较小3．一个质量为m ，带电量为+q 的小球自由下落一段时间后，进入一个水平向右的匀强电场，场强大小为E=mg/q ，则下列四个图中，能正确表示小球在电场中运动轨迹的是（ ）4．如图所示的各情况下，关于a 、b 两点的场强关系和电势关系判断正确的是（ ）A ．平行金属板带等量异种电荷时，极板之间的a 、b 两点场强和电势都相等B ．处于静电平衡状态下导体内部的任意两点a 、b 场强和电势都相等C ．离点电荷等距离的任意两点a 、b 场强不等，电势相等D ．两个等量异号的电荷，在其连线的中垂线上关于连线对称的a 、b 两点场强和电势都相等5．如图所示，在等量正点电荷形成的电场中，它们连线的中垂线ab 上有一电子，从静止开始由a 点运动到b 点的过程中（a 、b 相对O 点对称），下列说法中正确的是 （ ）A ．电子的电势能始终增加B ．电子的电势能始终减少C ．电子的电势能先减少后增加D ．电子的电势能先增加后减少6．如图所示，虚线是用实验方法描绘出的某一静电场的一簇等势线，已标明其电势，图中的实线是一带电粒子只在电场力的作用下飞经该电场时的一段轨迹，A 、B 是轨迹上的两点。
人教版高中物理-有答案-湖北省荆州市沙市某校高二(下)第四次周练物理试卷
湖北省荆州市沙市某校高二（下）第四次周练物理试卷二、选择题（每小题6分，共48分．14、15、16、17为单选题，18、19、20、21为多选题，有错误选项得零分，不全对得3分）1. 如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，由此可知（）A.带电粒子在R点时的速度大小大于在Q点时的速度大小B.带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能大C.带电粒子在R点时的动能与电势能之和比在Q点时的小，比在P点时的大D.带电粒子在R点时的加速度大小小于在Q点时的加速度大小2. 如图所示，在垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场区域中，有一个均匀导线制成的单匝直角三角形线框，现用外力使线框以恒定的速度v沿垂直磁场方向向右运动，运动中线框的AB边始终与磁场右边界平行．已知AB=BC=l，线框导线的总电阻为R，则线框离开磁场的过程中（）A.线框A、B两点间的电压不变B.通过线框截面的电荷量为Bl22RC.线框所受外力的最大值为√2B2l2vRD.线框的热功率与时间成正比3. 如图所示，半圆玻璃砖的半径R=10cm，折射率为n=√3，直径AB与屏幕垂直并接触于A点．激光a以入射角i=30∘射向半圆玻璃砖的圆心O，结果在水平屏幕MN上出现两个光斑．则两个光斑之间的距离．（）A.20√33cm B.5√3cm C.40√33cm D.20√3cm4. 关于洛伦兹力，以下说法正确的是（）A.带电粒子运动时不受洛伦兹力作用，则该处的磁感强度为零B.磁感强度、洛伦兹力、粒子的速度三者之间一定两两垂直C.洛伦兹力不会改变运动电荷的速度D.洛伦兹力对运动电荷一定不做功5. 下列说法中正确的是（）A.光纤通信的工作原理是全反射，光纤通信具有容量大、抗干扰性强等特点B.自然光斜射到玻璃、水面、木质桌面时，反射光和折射光都是偏振光C.经过同一双缝干涉实验装置所得干涉条纹，红光条纹宽度大于绿光条纹宽度D.紫光比红光更容易发生衍射现象6. 如图所示，LC振荡电路某时刻的情况，以下说法错误的是（）A.电容器正在充电B.电感线圈中的电流正在增加C.电感线圈中的磁场能正在增加D.此时刻自感电动势正在阻碍电流增大7. 如图所示的电路中，是压敏电阻，其阻值随所受压力F的增大而减小．闭合开关S后，在缓慢增大F的过程中，下列判断正确的是（）A.灯泡L1亮度将变大B.灯泡L2亮度将变大C.电容器C所带电荷量将增大D.电源的输出功率一定减小8. 在某一均匀介质中由波源O发出的简谐横波在x轴上传播，某时刻的波形如图，其波速为5m/s，则下列说法正确的是（）A.此时P、Q两点运动方向相同B.再经过0.5s质点N刚好在(−5m, 20cm)位置C.能与该波发生干涉的横波的频率一定为3HzD.波的频率与波源的振动频率无关二、解答题（共6小题，满分62分）某同学利用单摆测定当地重力加速度，发现单摆静止时摆球重心在球心的正下方，他仍将从悬点到球心的距离当作摆长L，通过改变摆线的长度，测得6组L和对应的周期T，画出L−T2图线，然后在图线上选取A、B两个点．坐标如图所示，他采用恰当的数据处理方法，则计算重力加速度的表达式应为g=________．请你判断该同学得到的实验结果与摆球重心就在球心处的情况相比，将________．（填“偏大”、“偏小”或“相同”）某同学为了研究小灯泡在不同状态下的电阻，进行了如下实验：（1）用多用电表的欧姆挡测量小灯泡的电阻，当选用“×10”挡测量时发现偏角过大，此时应选用________挡（填写“×1”或“×100”），然后需将红、黑表笔________，进行欧姆调零，再进行测量，测量完成后，将选择开关拨向________位置．（2）该同学用内阻约为几十欧的电流表，内阻约为几千欧的电压表等仪器，测定在不同工作状态下小灯泡的电阻，请画出测量电路的原理图．如图甲所示为一列简谐横波在t=20s时的波形图，图乙是这列波中P点的振动图像，根据两个图像计算回答：（1）介质中P、Q两点相比较，哪一个质点首先发生振动？（2）该波首次在P、Q两点间传播时，传播时间是多少？该传播时间内质点M通过的路程是多少？如图所示，一带电微粒质量为m＝2.0×10−11kg、电荷量为q＝+1.0×10−5C，从静止开始经电压为U1＝100V的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角θ＝60∘，接着沿半径方向进入一个垂直纸面向外的圆形匀强磁场区域，微粒射出磁场时的偏转角也为θ＝60∘．已知偏转电场中金属板的长为L＝R，圆形匀强磁场的半径为R＝10√3cm，重力忽略不计．求：（1）带电微粒经加速电场后的速率；（2）两金属板间偏转电场的电场强度E的大小；（3）匀强磁场的磁感应强度的大小．如图所示，两束单色光a、b从水面下射向A点，光线经折射后合成一束光c，则下列说法正确的是()A.用同一双缝干涉实验装置分别以a、b光做实验，a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距B.用a、b光分别做单缝衍射实验时它们的衍射条纹宽度都是均匀的C.在水中a光的速度比b光的速度小D.在水中a光的临界角大于b光的临界角某种材料的三棱镜截面如图所示，∠A=90∘，∠B=60∘一束垂直于BC边的直线光束从AB边上的某点入射，折射光线经过三棱镜BC边反射后，从AC边垂直射出，已知真空中的光速c=3×108m/s．求：①三棱镜的折射率；②光在棱镜中传播的速度．参考答案与试题解析湖北省荆州市沙市某校高二（下）第四次周练物理试卷二、选择题（每小题6分，共48分．14、15、16、17为单选题，18、19、20、21为多选题，有错误选项得零分，不全对得3分）1.【答案】A【考点】电场线电场强度【解析】根据轨迹弯曲的方向可知，电场力的方向沿电场线向右，根据受力的方向与运动方向之间的关系，判断出电场力做功的正负，从而判断出电荷电势能和动能的变化；总能量守恒；由电场线疏密确定出，P点场强大，电场力大，加速度大．【解答】解：AB．电荷做曲线运动，电场力指向曲线的内侧，所以电场力的方向沿电场线向右，若粒子从P运动到Q，电场力做负功，电势能增大，动能减小，R点速度大于Q点速度，若粒子从Q运动到P，则电场力做正功，电势能减小，动能增大，Q点速度小于R点速度，P点时的电势能比在Q点时的电势能小，故A正确，B错误；C．只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，故带电质点在P点的动能与电势能之和等于在Q点的动能与电势能之和，保持不变，故C错误；D．由电场线疏密确定出，R点场强大比Q大，电场力大，加速度大，故D错误．故选：A．2.【答案】B【考点】单杆切割磁感线闭合电路的欧姆定律电磁感应中的能量问题【解析】当线框出磁场时，切割磁感线的有效长度逐渐增大，因此AB之间电压逐渐增大；根据感应电量q=△ΦR，分析磁通量变化量关系，来求解感应电量；分析线框的受力情况，当安培力最大时，外力最大；求出感应电流然后求出热功率的表达式，可判断线框的热功率与时间的关系．【解答】解：A、当线框出磁场时，导线框的有效切割长度逐渐增大，则电路中的电流逐渐增大，因此线框A、B两点间的电压逐渐增大，故A错误；B、通过线框截面的电荷量为：Q=It=△Φ△tR ×△t=△ΦR=Bl22R，故B正确；C、回路中的最大电流为：I=BlvR ，因此最大安培力为：F安=B2l2vR，由于线框匀速运动，因此外力最大值为B 2l2vR，故C错误；D、导线框的有效切割长度逐渐增大，电路中电流不是恒定电流，故线框的热功率与时间不成正比，故D错误．故选：B．3.【答案】C【考点】光的折射现象【解析】激光a射向半圆玻璃砖的圆心O，在AB面上产生了折射和反射，结果在水平屏幕MN上出现两个光斑，作出光路图．根据折射定律求出折射角．根据反射定律求出反射角，由几何知识求出两个光斑之间的距离L．【解答】解：画出如图光路图．设折射角为r，根据折射定律得n=sin rsin i代入解得r=60∘由几何知识得，△OPQ为直角三角形，∠APO=r=60∘．根据反射定律和几何知识得知，∠AQO=i=30∘所以两个光斑PQ之间的距离L=PA+AQ=R tan30∘+2R sin60∘解得L=40√33cm．故C正确，A、B、D错误．故选C．4.【答案】D【考点】洛伦兹力【解析】运动电荷在磁场中受到的磁场力为洛伦兹力，其方向由左手定则来确定，而大小则是由F=Bqv求得．【解答】解：A、带电粒子运动方向与磁场平行时，粒子不受洛伦兹力作用，但该处有磁感应强度存在，故A错误；B、由左手定则可得洛伦兹力垂直于磁场与运动电荷方向所构成的平面，但磁感应强度并不一定与粒子速度垂直．故B错误；C、洛伦兹力始终与粒子的速度方向垂直，所以它不会改变速度的大小，但改变速度方向．故C错误；D、洛伦兹力始终与粒子的速度方向垂直，所以它不会改变速度的大小，因此它对运动电荷一定不做功．故D正确；故选：D5.【答案】A,B,C【考点】光导纤维及其应用电磁波谱【解析】A、光纤通信利用光的全反射传递信息；B、自然光斜射到玻璃表面时，反射光和折射光都是偏振光λ，结合波长的长短，即可求解．C、根据公式△x=LdD、根据发生明显的衍射的条件可以判定【解答】解：A、光纤通信的工作原理是全反射，光纤通信具有容量大、抗干扰性强等优点，故A正确；B、自然光斜射到玻璃表面时，反射光和折射光都是偏振光．故B正确λ，红光的波长比绿光长，则红光的干涉条纹间距比绿光宽，故C C、根据公式△x=Ld正确D、波发生明显的衍射现象的条件是：当孔、缝的宽度或障碍物的尺寸与波长相比差不多或比波长更小，紫光波长最小，故最不容易发生衍射现象，故D错误；故选：ABC6.【答案】A【考点】法拉第电磁感应定律电容【解析】在LC振荡电路中，当电容器充电时，电流在减小，电容器上的电荷量增大，磁场能转化为电场能；当电容器放电时，电流在增大，电容器上的电荷量减小，电场能转化为磁场能．【解答】解：图示时刻，电容器上极板带正电．通过图示电流方向，知电容器放电时，电流在增大；电容器上的电荷量减小，电场能转化为磁场能；线圈中的感应电动势总是阻碍电流的增大．故A错误，BCD正确．本题选错误的，故选：A．7.【答案】A,C闭合电路的欧姆定律电容器【解析】在缓慢增大F的过程中，R的阻值变小，电路中总电阻变小，总电流增大，看灯泡是否变亮，可以看通过灯泡的电流是否变大，或灯泡两端的电压是否变大，电容器的电荷量Q=UC，当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大．【解答】解：A、在缓慢增大F的过程中，R的阻值变小，电路中总电阻变小，总电流增大，所以通过灯泡L1的电流变大，所以灯泡L1亮度将变大，故A正确；B、总电流增大，所以并联部分的电压U=E−I(r+R1)增大，所以灯泡L2两端的电压减小，通过灯泡L2的电流减小，故灯泡L2亮度将变小，故B错误；C、总电流增大，而通过灯泡L2的电流减小，所以通过灯泡L3的电流将增大，所以灯泡L3两端的电压增大，电容器两端的电压增大，根据Q=UC可知电容器C所带电荷量将增大，故C正确；D、当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，由于不知道外电阻与内阻的关系，所以不能判断电源的输出功率一定减小，故D错误．故选AC8.【答案】A,B【考点】波长、频率和波速的关系横波的图象【解析】由波源O发出的简谐横波在x轴上向右、左两个方向传播，左右对称．由图读出波长，由v=λT求出周期，根据时间与周期的关系，分析经过0.5s质点N的位置．波的频率f=1T，当两列波的频率相同时能发生干涉．波的频率与波源的振动频率决定．【解答】解：A、根据对称性可知，此时P(−2m, 0cm)、Q(2m, 0cm)两点运动方向相同．故A正确．B、由图知波长λ=2m，周期为T=λv =25s，时间t=0.5s=114T，波传到N点时间为T，波传到N点时，N点向上运动，则经过0.5s质点N刚好在波峰，其坐标为(−5m, 20cm)．故B正确．C、该波的频率为f=1T=2.5Hz，能与该波发生干涉的横波的频率一定为2.5Hz．故C 错误．D、波的频率由波源的振动频率决定，与介质无关．故D错误．故选：AB．二、解答题（共6小题，满分62分）【答案】4π2(L B−L A)T B2−T A2,相同用单摆测定重力加速度【解析】由单摆周期公式的变形公式求出L−T2关系表达式，然后根据图像求出重力加速度，然后判断测量值与真实值间的关系．【解答】解：由单摆周期公式T=2π√lg 可知，l=g4π2T2，则k=g4π2，g=4π2k；由图像可知，图像的斜率k=L B−L AT B2−T A2，则g=4π2(L B−L A)T B2−T A2；由l=g4π2T2=kT2，l与T2成正比，k=g4π2是比例常数，由图像可知l与T2成正比，由于单摆摆长偏大还是偏小不影响图像的斜率k，因此摆长偏小不影响重力加速度的测量值，用图线法求得的重力加速度准确，该同学得到的实验结果与摆球重心就在球心处的情况相比，将相同．故答案为：4π2(L B−L A)T B2−T A2，相同．【答案】×1,短接,OFF或交流电压最高挡（2）电路图如图所示．【考点】伏安法测电阻【解析】（1）该题考查了多用电表欧姆档的使用方法，根据电流的大小选择欧姆档的倍率，从准确性上要重新欧姆调零，从安全性上来选择最终开关的位置．（2）由第一问得到的小灯泡的电阻，与电压表和电流表的内阻相比较，选择电流表是内接还是外接；根据题意要求选择分压电路还是限流电路．【解答】解：（1）当选用×l0Ω挡测量时发现偏角过大，说明通过的电流过大，此时要减小倍率，应选择×1挡，当换挡后，一定要重新调零，方法是红黑表笔短接，进行欧姆调零；用完后为了仪表安全，若多用电表有OFF挡，一定要将选择开关拔向OFF挡位置，若没有OFF挡，就将选择开关拨向交流电压的最高挡．（2）有第一问可知小灯泡的电阻大约为十几欧姆，电流表的内阻约为几十欧姆，电压表的内阻约为几千欧姆，所以应选择电流表外接；该题要求测定在不同工作状态下小灯泡的电阻，所以滑动变阻器要以分压电路的方式接入电路．电路的原理图与实物图如右图所示．【答案】（1）介质中P、Q两点相比较，Q点首先振动．（2）该波首次在P、Q两点间传播时，传播时间是11s，该传播时间内质点M通过的路程是0.8cm．【考点】波长、频率和波速的关系横波的图象【解析】（1）由图甲读出简谐波的波长，由由图乙得简谐横波中质点的振动周期及t=20s时P点的速度方向，即可判断出波的传播方向，从而确定P、Q两点发生振动的先后．（2）由公式v=λT求解波传播的速度，根据波在同一介质中匀速传播，求解波从P传到Q时间，得到波M传到Q的时间，根据时间与周期的关系分析质点M通过的路程．【解答】解：（1）由图甲得简谐横波的波长λ=100cm，由图乙得简谐横波中质点的振动周期T=2s，所以波中P点从t=20s=10T时起的振动规律和从t=0时起的振动规律相同，又因t=20s时P点正在平衡位置，振动方向沿y轴正方向，故波的传播方向沿x轴负方向，介质中P、Q两点相比较，Q点首先振动．（2）因为简谐横波的传播速度v=λT =1002cm/s=50cm/s，所以该波在P、Q两点间的传播时间t=sυ=650−10050s=11s；所以波从M传到P的时间为一个周期，通过的路程是S=4A=4×0.2cm=0.8cm．答：（1）介质中P、Q两点相比较，Q点首先振动．（2）该波首次在P、Q两点间传播时，传播时间是11s，该传播时间内质点M通过的路程是0.8cm．【答案】（1）带电微粒经U1＝100V的电场加速后的速率是1.0×104m/s；（2）两金属板间偏转电场的电场强度E是2000V/m；（3）匀强磁场的磁感应强度的大小是0.13T．【考点】动能定理的应用带电粒子在电场与磁场的组合场中的运动【解析】（1）根据动能定理求解带电微粒经U1＝100V的电场加速后的速率；（2）带电微粒在偏转电场中只受电场力作用，做类平抛运动，运用运动的分解法研究：在水平方向微粒做匀速直线运动，在竖直方向做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解电场强度．（3）带电微粒进入磁场后做匀速圆周运动，轨迹对应的圆心角就等于速度的偏向角，作出轨迹，得到轨迹的圆心角，由几何知识求出轨迹半径，由牛顿第二定律求解磁感应强度的大小．【解答】解：（1）设带电微粒经加速电场加速后速度为υ1，根据动能定理得：qU1=12mv21，解得：v1=√2U1qm=1.0×104m/s；（2）带电微粒在偏转电场中只受电场力作用，做类平抛运动，试卷第11页，总13页在水平方向上有：v1=L，t带电微粒在竖直方向做匀加速直线运动，加速度为a，出电场时竖直方向速度为v2，，竖直方向上有：υ2=at，a=qEm由几何关系得：tanθ=v2，v1，由题意知θ=60∘，联立得tanθ=EL2U1联立并代入数据得：E＝2×103V/m；=2.0×104m/s，（3）设粒微进入磁场时的速度大小为v，则有：v=v1cosθ由运动的对称性可知，入射速度的延长线过磁场区域的圆心，则出射速度的反向延长线也过磁场区域的圆心，微粒在磁场中的运动轨迹示意图如图所示，则轨迹半径为：r＝R tan60∘＝0.3m，qυB=m v2，r≈0.13T．得：B=mvqr【答案】A,D【考点】光的折射现象光通过棱镜时的偏折和色散【解析】通过光路图，判断出水对两束光的折射率大小，从而知道两束光的频率大小，根据折射率和频率大小去判断出在水中的速度大小，以及临界角和发生光的干涉的条纹间距λ，由公式可得，条纹间距与波长、屏间距成与波长的关系．干涉条纹的间距△x=Ld正比，与双缝间距d成反比．【解答】解：由图可知，单色光a偏折程度小于b的偏折程度，所以a光的折射率小于b光的折射率．因此可假设a为红光，b为紫光；A、用同一双缝干涉实验装置分别以a、b光做实验，则红光的波长比紫光长，所以红光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距，故A正确；B、用a、b光分别做单缝衍射实验时它们的衍射条纹宽度是不均匀，中央宽两边窄，故B错误；C、在水中a光的折射率小于b光的折射率，所以a光的速度大于b光的速度，故C错误；D、单色光a偏折程度小于b的偏折程度，所以a光的折射率小于b光的折射率，由公式可得，在水中a光的临界角大于b光的临界角，故D正确；sin C=1n试卷第12页，总13页故选：AD．【答案】①三棱镜的折射率是√3；②光在棱镜中传播的速度是√3×108m/s．【考点】光的折射现象【解析】①作出光路图，根据几何知识求出光线通过AB面时的入射角i和折射角r，由n=sin isin r求解的折射率．②由v=cn求解光在棱镜中传播的速度．【解答】解：①由题，作出光路图，根据几何知识得光线在AB面折射时的入射角i=60∘，折射角r=30∘，则三棱镜的折射率为n=sin isin r =sin60∘sin30∘=√3②光在棱镜中传播的速度为v=cn=√3×108m/s试卷第13页，总13页。
人教版高中物理-有答案-江西省吉安市某校高二(上)第四次周考物理试卷
江西省吉安市某校高二（上）第四次周考物理试卷一．选择题：（1-7为单选题，8-12为多选题．每小题4分，48分）1. 如图所示，a、b分别表示由相同材料制成的两条长度相同、粗细均匀电阻丝的伏安特性曲线，下列判断中正确的是（）A.a代表的电阻丝较粗B.b代表的电阻丝较粗C.a电阻丝的阻值小于b电阻丝的阻值D.图线表示的电阻丝的阻值与电压成正比2. 如图所示，一簇电场线关于y轴对称分布，O是坐标原点，M、N、P、Q是以O为圆心的一个圆周上的四个点，其中M、N在y轴上，Q点在x轴上，则（）A.将一负电荷从M点移到P点，电场力做正功B.M点的电势比P点的电势高C.一正电荷在O点时的电势能小于在Q点时的电势能D.OM间的电势差等于NO间的电势差3. 对于如图所示电场中的A、B、C三点，下列判断正确的是（）A.A点的电势最低B.B点的电场强度最大C.正电荷在A点受到的电场力最大D.负电荷在C点具有的电势能最大4. 如图所示是一个平行板电容器，其板间距为d，电容为C，带电荷量为Q，上极板带正电．现将一个试探电荷+q由两板间的A点移动到B点，如图所示，A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30∘，则电场力对试探电荷+q所做的功等于（）A.qCsQd B.qQsCdC.qQs2CdD.qCs2Qd5. 如图A、B是场源电荷Q的电场中的两点，将一负电荷q从A移到B，下列正确的是（）A.电场力做正功，电势能增加B.A点电势比B点高C.电场力不做功，电势能减少D.A点电势比B点低6. 两个固定的等量异种点电荷，在他们连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如图所示，若取无穷远处电势ϕ=0，则下列说法正确的是（）A.a点电势比b点电势高B.a、b、c三点与无穷远处电势相等C.a、b两点场强方向相同，a点场强比b点大D.a、c两点场强方向相同，a点场强比c点大7. 在如图所示的电路中，R1、R2、R3和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为E，内阻为r．设电流表A1的读数为I1，A2的读数为I2，电压表V的读数为U．当R5的滑触点向图中b端移动时（）A.I1变大，I2变小，U变小B.I1变大，I2变小，U变大C.I1变小，I2变大，U变小D.I1变小，I2变大，U变大8. 如图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电量为10−6C的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A点运动到B点时（轨迹为虚线1、2中的某一条）动能减少了10−5J，已知A点的电势为−10V，则以下判断正确的是（）A.B点电势为0VB.B点电势为−20VC.微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示D.微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示9. 关于物理学史，下列说法中正确的是（）A.电荷量e的数值最早是由美国物理学家密立根测得的B.奥斯特发现了磁场对电流的作用力C.库仑引入“电场”的概念来描述电场的真实存在D.库仑在前人工作的基础上，通过实验研究确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用力的规律10. 如图所示电路中，平行板电容器极板水平放置，板间有一质量为m的带电油滴悬浮在两板间静止不动．要使油滴向上运动，可采用的方法是（）A.只把电阻R1阻值调大B.只把电阻R2阻值调大C.只把电阻R3阻值调大D.只把电阻R4阻值调大11. 如图所示，用甲、乙、丙三个电动势E相同而内电阻r不同的电源，分别给定值电阻R供电．已知甲、乙、丙三个电源内阻的大小关系为r甲>r乙=R>r丙，则将R先后接在这三个电源上时的情况相比，下列说法中正确的是（）A.接在甲电源上时，通过R的电流最大B.接在丙电源上时，通过R的电流最大C.三个电源中，乙电源的输出功率最大D.三个电源中，丙电源的输出功率最大12. 如图所示，用绝缘细线拴一个带负电的小球，带电量为q，让它在竖直向下的匀强电场中（场强为E）绕O点做竖直平面内的匀速圆周运动，a、b两点分别是圆周的最高点和最低点，不计空气阻力．则下列说法中正确的是（）A.小球质量为qEgB.小球在运动中机械能守恒C.小球经过a点时，机械能最大D.小球经过a点时，电势能最大二、实验，填空题：（每空3分，共24分）如图，螺旋测微器的读数为________mm．标卡尺的读数为________mm．(1)某同学在做多用电表测电阻的实验中：测量某电阻时，用“×10Ω”档时发现指针偏转角度过大，他应该换用________档（填“×1Ω”或“×100Ω”）．(2)把量程为3mA的电流表改装成欧姆表，其结构如图所示，其中电源电动势E=3V．改装后，将原来电流表3mA的刻度定为电阻的“0”刻度，欧姆表的中值电阻为________Ω，2mA刻度处标________Ω．两位同学在实验室利用如图(a)所示的电路测定定值电阻R0、电源的电动势E和内电阻r．调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，一个同学记录了电流表A和电压表V1的测量数据，另一同学记录的是电流表A和电压表V2的测量数据．并根据数据描绘了如图(b)所示的两条U−I直线．回答下列问题：（1）根据甲乙两同学描绘的直线，可知正确的是________A.甲同学是根据电压表V1和电流表A的数据B.甲同学是根据电压表V2和电流表A的数据C.乙同学是根据电压表V1和电流表A的数据D.乙同学是根据电压表V2和电流表A的数据（2）根据图(b)，求出定值电阻R0﹦________Ω，电源内电阻的阻值r﹦________Ω三.计算题：（9+9+10=28分）一束电子流在U1＝500V的电压作用下得到一定速度后垂直于平行板间的匀强电场飞入两板间的中央，如图所示。
河北省石家庄精英中学2022-2023学年高二上学期第四次调研考试物理试卷
石家庄精英中学2022-2023学年第一学期第四次调研考试高二物理试题考生注意:1.本试卷满分100分,考试时间75分钟。
2.考生作答时,请将答案答在答题卡上。
选择题每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑;非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案．．．．．．．．．．．无效．．,．在试题卷、草稿纸上作答无效。
．．．．．．．．．．．．．．第Ⅰ卷一、选择题：本题14小题，共45分。
在每小题给出的四个选项中，其中1-11题为单选，每题3分;12-14题为多选，全部选对的得4分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1.物理学重视逻辑,崇尚理性,其理论总是建立在对事实观察的基础上。
下列说法正确的是()A.天然放射现象说明原子核内部是有结构的B.电子的发现使人们认识到原子具有核式结构C.α粒子散射实验的重要发现是电荷是量子化的D.密立根油滴实验表明核外电子的轨道是不连续的2．实物粒子和光都具有波粒二象性，以下说法正确的是（）A ．电子束通过双缝实验装置后可以形成干涉图样及穿过铝箔后的衍射图样，证明光具有波动性B ．β射线在云室中穿过会留下清晰的径迹，证明实物粒子具有波动性C ．人们利用慢中子衍射来研究晶体的结构，证明实物粒子具有波动性D ．光电效应揭示了光的粒子性，而康普顿效应则反映了光的波动性3．“测温枪”（学名“红外线辐射测温仪”）具有响应快、非接触和操作方便等优点。
它是根据黑体辐射规律设计出来的，能将接收到的人体热辐射转换成温度显示。
若人体温度升高，则人体热辐射强度I 及其极大值对应的波长λ的变化情况是（）A ．I 增大，λ增大B ．I 增大，λ减小C ．I 减小，λ增大D ．I 减小，λ减小4．快递公司用充气的塑料袋包裹物品，一个塑料袋内气体在标准状况下体积为448mL ，已知气体在标准状态下的摩尔体积V 0＝22.4L/mol ，阿伏加德罗常数N A ＝6.0×1023mol ﹣1，则塑料袋内气体分子数为（）A ．1.2×1021个B ．1.2×1022个C ．1.2×1023个D ．1.2×1024个5．如图所示为某一定质量的气体分子在两种不同温度下的速率分布图象，下列说法中不．正确．．的是（）A ．图中状态①的气体分子平均动能比状态②的大B ．图中状态①曲线下的面积比状态②曲线下的面积一样C ．图中曲线给出了任意速率区间的某气体分子数占总分子数的百分比D ．此气体若是理想气体，则在图中状态①的内能比状态②的内能小6.某同学用显微镜观察用水稀释的墨汁中小炭粒的运动情况，在两次实验中分别追踪小炭粒a 、b 的运动，每隔30s 把炭粒的位置记录下来，然后用线段把这些位置按时间顺序依次连接起来，得到如图所示的两颗炭粒运动的位置连线图，其中P 、Q 两点是是炭粒a 运动的位置连线上的两点，则下列说法中正确的是（）A ．若水温相同，则炭粒b 颗粒较大B ．若两炭粒颗粒大小相同，则炭粒a 所处的水中水温更低C ．两颗炭粒运动的位置连线图反映了碳分子的运动是无规则运动D ．炭粒a 在P 、Q 两点间的运动一定是直线运动7．在垂直纸面向外的匀强磁场中，某静止的原子核发生了α或β衰变，衰变后α或β粒子和反冲核的轨迹如图所示，两图中大圆和小圆的半径之比为45：1，下列说法正确的是（）A ．一个原子核在一次衰变中可同时放出α、β和γ三种射线B ．升高温度或增大压强可以改变原子核的半衰期C ．甲图是β衰变的轨迹，乙图是α衰变的轨迹D ．甲图可能表示46号元素发生了衰变，乙图可能表示92号元素发生了衰变8．如图所示，玻璃瓶A 、B 中装有质量相等、温度分别为60℃的热水和0℃的冷水，下列说法不．正确．．的是（）A ．因质量相等，故A 瓶中水的内能比B 瓶中水的内能大B ．A 瓶中水分子间的平均距离比B 瓶中水分子间的平均距离小C ．若把A 、B 两只玻璃瓶并靠在一起，则A 、B 瓶内水的内能都将发生改变，这种改变内能的方式叫热传递D ．若把A 、B 两只玻璃瓶并靠在一起，它们的状态都会发生变化，直到二者温度相同时，两系统便达到了热平衡，达到热平衡的两个系统都处于平衡态.9．如图，气缸内封闭一定质量的气体，气缸内壁光滑。
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项城二高2013---2014学年下期高二理部（重点班）第四次周考命题人：姜艳辉审核人：付超群 2014-3-19（满分100分时间90分钟）一、选择题（每小题4分，共48分。
第1、3、4、7、8、9、10题为单选题，其余为多选题，多选题选不全者得2分，错选不得分。
）1.做简谐振动的单摆摆长不变，若摆球质量增加为原来的4倍，摆球经过平衡位置时速度减小为原来的1/2，则单摆振动的（）A．频率、振幅都不变B．频率、振幅都改变C．频率不变、振幅改变D．频率改变、振幅不变2.某质点做简谐运动，其位移随时间变化的关系式为x＝Asin4t，则质点（）A.第1 s末与第3 s末的位移相同B.第1 s末与第3 s末的速度相同C.3 s末至5 s末的位移方向都相同D.3 s末至5 s末的速度方向都相同3.将一根长为100多厘米的均匀弦线,沿水平的x轴放置,拉紧并使两端固定,如图(a)所示.现对离固定的右端25 cm处(取该处为原点O)的弦上一点施加一个沿垂直于弦线方向（即y轴方向)的扰动,其位移随时间的变化规律如图(b)所示.该扰动将沿弦线传播而形成波(孤立的脉冲波).已知该波在弦线中的传播速度为2 cm/s,则表示自O点沿弦向右传播的波在t=3 s时的波形图是 ( )4.图示为一列沿x轴负方向传播的简谐横波，实线为t＝0时刻的波形图，虚线为t＝0.6 s时的波形图，波的周期T＞0.6 s，则（）A.波的周期为2.4 sB.在t＝0.9s时，P点沿y轴正方向运动C.经过0.4s，P点经过的路程为4mD.在t＝0.5s时，Q点到达波峰位置5.图甲为一列简谐横波在t=0.10s时刻的波形图，P是平衡位置为x=1 m处的质点，Q是平衡位置为x=4 m处的质点，图乙为质点Q的振动图象，则（）A.t=0.15s时，质点Q的加速度达到正向最大B.t=0.15s时，质点P的运动方向沿y轴负方向C.从t=0.10s到t=0.25s，该波沿x轴正方向传播了6 mD.从t=0.10s到t=0.25s，质点P通过的路程为30 cm6.如图所示，S 1、S 2是两个相干波源，它们振动同步且振幅相同。
实线和虚线分别表示在某一时刻它们所发出的波的波峰和波谷。
关于图中所标的a 、b 、c 、d 四点，下列说法中正确的有( )A ．该时刻a 质点振动最弱，b 、c 质点振动最强，d 质点振动既不是最强也不是最弱B ．该时刻a 质点振动最弱，b 、c 、d 质点振动都最强C ．a 质点的振动始终是最弱的， b 、c 、d 质点的振动始终是最强的D ．再过T /4后的时刻a 、b 、c 三个质点都将处于各自的平衡位置，因此振动最弱 7. 有一束单色光从A 穿过B 再折向C ，如图所示，下面说法中正确的是( )．A ．介质B 的折射率最大 B ．介质C 的折射率最大 C ．光在介质A 中的速度最大D ．光在介质C 中的速度最大8．对下列自然现象描述正确的是（ ）A ．在海面上，向远方望去，有时能看到远方的景物悬在空中．同样，在沙漠中也能观察到同样的现象B ．在沙漠中，向远方望去，有时能看到远方景物的倒影．同样，在海面上也能观察到同样的现象C ．在海面上，向远方望去，有时能看到远方的景物悬在空中．在沙漠中，向远方望去，有时能看到远方景物的倒影D ．在海面上，向远方望去，有时能看到远方景物的倒影．在沙漠中，向远方望去，有时能看到远方的景物悬在空中9.已知一束单色光在水中的传播速度是真空中的43,则( ) A.这束光在水中传播时的波长为真空中的43 B.这束光在水中传播时的频率为真空中的43C.对于这束光,水的折射率为43D.从水中射向水面的光线,一定可以进入空气中10．“城市让生活更美好”是2010年上海世博会的口号，在该届世博会上，光纤通信网覆盖所有场馆，为各项活动提供了安全可靠的通信服务．光纤通信利用光的全反射将大量信息高速传输．如图所示，一条圆柱形的光导纤维，长为L ，它的玻璃芯的折射率为n 1，外层材料的折射率为n 2，光在空气中的传播速度为c ，若光从它的一端射入经全反射后从另一端射出所需的最长时间为t ，则下列说法中正确的是(图中所示的φ为全反射的临界角，其中sin φ＝n 2n 1)( )．A ．n 1>n 2，t ＝n 1Ln 2cB ．n 1>n 2，t ＝n 21Ln 2cC ．n 1<n 2，t ＝n 1Ln 2cD ．n 1<n 2，t ＝n 21Ln 2c11.如图所示为一直角棱镜的横截面，∠bac ＝90°，∠abc ＝60°.一平行细光束从O 点沿垂直于bc 面的方向射入棱镜．已知棱镜材料的折射率n ＝2，若不考虑原入射光在bc 面上的反射光，则有光线( )． A ．从ab 面射出B ．从ac 面射出C ．从bc 面射出，且与bc 面斜交D ．从bc 面射出，且与bc 面垂直12.在杨氏双缝干涉实验中，如果 ( )（A ）用白光作为光源，屏上将呈现黑白相间的条纹 （B ）用红光作为光源，屏上将呈现红黑相间的条纹（C ）用红光照射一条狭缝，用紫光照射另一条狭缝，屏上将呈现彩色条纹 （D ）用紫光作为光源，遮住其中一条狭缝，屏上将呈现间距不等的条纹二、填空题（共12分。
把正确答案填在题中的横线上）13.（4分）沿x 轴正方向传播的简谐横波在t =0时的波形如图所示,P 、Q两个质点的平衡位置分别位于x =3.5 m 和x =6.5 m 处.在t 1=0.5 s 时,质点P 恰好此后第二次处于波峰位置;则t 2=s 时,质点Q 此后第二次在平衡位置且向上运动;当t 3=0.9 s 时,质点P 的位移为cm .14．（4分）在双缝干涉实验中，用频率ν=5×1014Hz 的单色光照射双缝，若在屏上P 点到双缝之差为0．9μm ，则P 点将出现______条纹．若将整个装置放入n=2的介质中进行上述实验，则P 点将出现______条纹．15．(4分)空中有一只小鸟，距水面3 m ，其正下方距水面4 m 深处的水中有一条鱼．已知水的折射率为43，则鸟看水中的鱼离它________m ，鱼看天上的鸟离它________m.三、计算题（共40分，写出必要的文字、图示说明和重要的演算步骤，否则不得分）16.（10分）一根弹性绳沿x 轴方向放置,左端在原点O ,用手握住绳的左端使其沿y 轴方向做周期为1 s 的简谐运动,于是在绳上形成一列简谐波,求:(1)若从波传到平衡位置在x =1 m 处的M 质点时开始计时,那么经过的时间Δt 等于多少时,平衡位置在x =4.5 m 处的N 质点恰好第一次沿y 轴正向通过平衡位置? (2)从绳的左端点开始做简谐运动起,当它通过的总路程为88 cm 时,N 质点振动通过的总路程是多少?17.（10分）如图所示,一不透明的圆柱形容器内装满折射率为2的透明液体,容器底部正中央O点处有一点光源S,平面镜MN与底面成45°角放置.若容器高为2 dm,底边半径为(1+3) dm,OM=1 dm,在容器中央正上方1 dm处水平放置一足够长的刻度尺.求光源S发出的光线经平面镜反射后,照射到刻度尺上的长度.(不考虑容器侧壁和液面的反射)18.（10分）一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30o，斜边AB＝a。
棱镜材料的折射率为n=。
在此截面所在的平面内，一条光线以45o的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求光线从棱镜射出的点的位置（不考虑光线沿原来路返回的情况）。
19．（10分）如图13－1－15所示，玻璃棱镜ABCD可以看成是由ADE、ABE、BCD三个直角三棱镜组成．一束频率为5.3×1014 Hz的单色细光束从AD面入射，在棱镜中的折射光线如图中ab所示，ab与AD面的夹角α＝60°.已知光在真空中的速度c＝3×108 m/s，玻璃的折射率n＝1.5，求：(1)这束入射光线的入射角多大？(2)光在棱镜中的波长是多大？(3)该束光线第一次从CD面出射时的折射角．(结果可用三角函数表示)项城二高2013---2014学年下期高二理部（重点班）第二次周考物理答题卡一、选择题（每小题4分，共48分。
第1、3、4、7、8、9、10题为单选题，其余为多选题，多选题选不全者得2分，错选不得分。
）1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12二、填空题（共12分，每空2分）13.（4分），14.（4分），15．（4分），三、计算题（共40分）16.（10分）解：17.（10分）解：18.（10分）解：19.（10分）解：物理参考答案一、选择题（一、选择题（每小题4分，共48分。
多选题全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的或不答的得0分。
）） 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 CADCDABBCBCABBDBD二、填空题（共22分，每空2分） 13.（4分） 0.6 ， 2 14．（4分）暗 ，明 15．（4分）6 ， 8 三、计算题（共30分） 16.答案 (1)2.25(2)16 m17.解析：作图找出发光点S 在平面镜中的像点S′,连接S′M,延长交直尺于H 点,MH 沿竖直方向.连接S′P,在Rt △PRS′中,PR=3 dm,∠r=30°.由折射定律可得：risin sin =n 解得：sini=2/2,∠i=45° 刻度尺上被照亮的范围 QH=1 dm+3dm=(1+3) dm. 18.解析：设入射角为i ，折射角为r ，由折射定律得sin sin in r= ① 由已知条件及①式得030r = ②如果入射光线在法线的右侧，光路图如图1所示。
设出射点为F ，由几何关系可得38AF a = ③即出射点在AB 边上离A 点38a 的位置。
如果入射光线在法线的左侧，光路图如图2所示。
设折射光线与AB 的交点为D 。
由几何关系可知，在D 点的入射角060θ= ④设全发射的临界角为c θ，则1sin c nθ=⑤ 由⑤和已知条件得045c θ= ⑥因此，光在D 点全反射。
设此光线的出射点为E ，由几何关系得∠DEB=090a 2BD AF =- ⑦0sin30BE BD = ⑧联立③⑦⑧式得18BE a = ⑨即出射点在BC 边上离B 点18a 的位置。
19.解析：(1)设光在AD 面的入射角、折射角分别为θ1、θ2，θ2＝30°根据n ＝sin θ1sin θ2得sin θ1＝n sin θ2＝1.5×sin30°＝0.75，θ1＝arcsin0.75.(2)根据n ＝cv 得v ＝c n ＝3×1081.5 m/s ＝2×108 m/s ，根据v ＝λf 得λ＝v f ＝2×1085.3×1014 m ≈3.77×10－7m. (3)光路如图所示，光线ab 在AB 面的入射角为45°， 设玻璃的临界角为C ，则sin C ＝1n ＝11.5≈0.67sin45°＞0.67，因此光线ab 在AB 面会发生全反射 光线在CD 面的入射角θ2′＝θ2＝30°根据n ＝sin θ1sin θ2，光线在CD 面的出射光线与法线的夹角θ1′＝θ1＝arcsin0.75.答案：(1)arcsin0.75 (2)3.77×10－7 m (3)arcsin0.75。