2015年江西省九江一中高考物理一模试卷和答案
2015年高考物理试卷全国卷1(解析版)
2015年高考物理试卷全国卷1(解析版)1.两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行。
一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子(不计重力),从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后,粒子的 A .轨道半径减小,角速度增大 B .轨道半径减小,角速度减小 C .轨道半径增大,角速度增大 D .轨道半径增大,角速度减小 【答案】D【解析】由于磁场方向与速度方向垂直,粒子只受到洛伦兹力作用,即2v qvB m R=,轨道半径mvR qB=,洛伦兹力不做功,从较强到较弱磁场区域后,速度大小不变,但磁感应强度变小,轨道半径变大,根据角速度vRω=可判断角速度变小,选项D 正确。
【学科网定位】磁场中带电粒子的偏转【名师点睛】洛伦兹力在任何情况下都与速度垂直,都不做功,不改变动能。
2.如图所示,直线a 、b 和c 、d 是处于匀强电场中的两组平行线,M 、N 、P 、Q 是它们的交点,四点处的电势分别为M φ、N φ、P φ、P φ。
一电子由M 点分别运动到N 点和P 点的过程中,电场力所做的负功相等,则A .直线a 位于某一等势面内,Q M φφ>B .直线c 位于某一等势面内,N M φφ>C .若电子有M 点运动到Q 点,电场力做正功D .若电子有P 点运动到Q 点,电场力做负功 【答案】B【解析】电子带负电荷,从M 到N 和P 做功相等,说明电势差相等,即N 和P 的电势相等,匀强电场中等势线为平行的直线,所以NP 和MQ 分别是两条等势线,从M 到N ,电场力对负电荷做负功,说明MQ 为高电势,NP 为低电势。
所以直线c 和d 都是位于某一等势线内,但是M Qφφ=,M N φφ>,选项A 错,B 对。
若电子从M 点运动到Q 点,初末位置电势相等,电场力不做功,选项C 错。
电子作为负电荷从P 到Q 即从低电势到高电势,电场力做正功,电势能减少,选项D 错。
【考点定位】等势面和电场线 【名师点睛】匀强电场和点电荷的电场以及等量同种点电荷和等量异种点电荷的电场线及等势面分布情况要熟记。
2015年高考物理真题及问题详解
2015·新课标Ⅰ卷第1页2015年普通高等学校招生全国统一考试(新课标Ⅰ卷)理综物理部分本试卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.满分110分.第Ⅰ卷(选择题 共48分)一、选择题(本题共8小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,第19~21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.)14.两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行.一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子(不计重力),从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后,粒子的( )A .轨道半径减小,角速度增大B .轨道半径减小,角速度减小C .轨道半径增大,角速度增大D .轨道半径增大,角速度减小15.如图,直线a 、b 和c 、d 是处于匀强电场中的两组平行线,M 、N 、P 、Q 是它们的交点,四点处的电势分别为φM 、φN 、φP 、φQ .一电子由M 点分别运动到N 点和P 点的过程中,电场力所做的负功相等.则( )A .直线a 位于某一等势面,φM >φQB .直线c 位于某一等势面,φM >φNC .若电子由M 点运动到Q 点,电场力做正功D .若电子由P 点运动到Q 点,电场力做负功16.一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3∶1,在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻,原线圈一侧接在电压为220 V 的正弦交流电源上,如图所示,设副线圈回路中电阻两端的电压为U ,原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k ,则( )A .U =66 V ,k =19B .U =22 V ,k =19C .U =66 V ,k =13D .U =22 V ,k =1317.如图,一半径为R 、粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置,直径POQ 水平.一质量为m 的质点自P 点上方高度R 处由静止开始下落,恰好从P 点进入轨道.质点滑到轨道最低点N 时,对轨道的压力为4mg ,g 为重力加速度的大小.用W 表示质点从P 点运动到N 点的过程中克服摩擦力所做的功.则( )A .W =12mgR ,质点恰好可以到达Q 点B .W >12mgR ,质点不能到达Q 点C .W =12mgR ,质点到达Q 点后,继续上升一段距离 D .W <12mgR ,质点到达Q 点后,继续上升一段距离 18.一带有乒乓球发射机的乒乓球台如图所示.水平台面的长和宽分别为L 1和L 2,中间球网高度为h .发射机安装于台面左侧边缘的中点,能以不同速率向右侧不同方向水平发射乒乓球,发射点距台面高度为3h .不计空气的作用,重力加速度大小为g .若乒乓球的发射速率v 在某围,通过选择合适的方向,就能使乒乓球落到球网右侧台面上,则v 的最大取值围是( )A.L 12 g 6h <v <L 1 g 6hB.L 14 g h <v < 4L 21+L 22g 6hC.L 12 g 6h <v <12 4L 21+L 22g 6h D.L 14 g h <v <12 4L 21+L 22g 6h19.1824年,法国科学家阿拉果完成了著名的“圆盘实验”.实验中将一铜圆盘水平放置,在其中心正上方用柔软细线悬挂一枚可以自由旋转的磁针,如图所示.实验中发现,当圆盘在磁针的磁场中绕过圆盘中心的竖直轴旋转时,磁针也随着一起转动起来,但略有滞后.下列说确的是( )A.圆盘上产生了感应电动势B.圆盘的涡电流产生的磁场导致磁针转动C.在圆盘转动的过程中,磁针的磁场穿过整个圆盘的磁通量发生了变化D.圆盘中的自由电子随圆盘一起运动形成电流,此电流产生的磁场导致磁针转动20.如图(a),一物块在t=0时刻滑上一固定斜面,其运动的v-t图线如图(b)所示.若重力加速度及图中的v0、v1、t1均为已知量,则可求出( )A.斜面的倾角B.物块的质量C.物块与斜面间的动摩擦因数D.物块沿斜面向上滑行的最大高度21.我国发射的“嫦娥三号”登月探测器靠近月球后,先在月球表面附近的近似圆轨道上绕月运行;然后经过一系列过程,在离月面4 m高处做一次悬停(可认为是相对于月球静止);最后关闭发动机,探测器自由下落.已知探测器的质量约为1.3×103kg,地球质量约为月球的81倍,地球半径约为月球的3.7倍,地球表面的重力加速度大小约为9.8 m/s2.则此探测器( )A.在着陆前的瞬间,速度大小约为8.9 m/sB.悬停时受到的反冲作用力约为2×103NC.从离开近月圆轨道到着陆这段时间,机械能守恒D.在近月圆轨道上运行的线速度小于人造卫星在近地圆轨道上运行的线速度2015·新课标Ⅰ卷第2页第Ⅱ卷(非选择题共62分)二、非选择题(包括必考题和选考题两部分.第22题~第25题为必考题,每个试题考生都必须作答.第33题~第35题为选考题,考生根据要求作答)(一)必考题(4题,共47分)22.(6分)某物理小组的同学设计了一个粗测玩具小车通过凹形桥最低点时的速度的实验.所用器材有:玩具小车、压力式托盘秤、凹形桥模拟器(圆弧部分的半径为R=0.20 m).完成下列填空:(1)将凹形桥模拟器静置于托盘秤上,如图(a)所示,托盘秤的示数为1.00 kg;(2)将玩具小车静置于凹形桥模拟器最低点时,托盘秤的示数如图(b)所示,该示数为________kg;(3)将小车从凹形桥模拟器某一位置释放,小车经过最低点后滑向另一侧.此过程中托盘秤的最大示数为m序号1234 5m(kg) 1.80 1.75 1.85 1.75 1.90(4);小车通过最低点时的速度大小为________m/s.(重力加速度大小取9.80 m/s2,计算结果保留2位有效数字)23.(9分)图(a)为某同学改装和校准毫安表的电路图,其中虚线框是毫安表的改装电路.(1)已知毫安表表头的阻为100 Ω,满偏电流为1 mA;R1和R2为阻值固定的电阻.若使用a和b两个接线柱,电表量程为3 mA;若使用a和c两个接线柱,电表量程为10 mA.由题给条件和数据,可以求出R1=________Ω,R2=________Ω.(2)现用一量程为3 mA、阻为150 Ω的标准电流表○A 对改装电表的3 mA挡进行校准,校准时需选取的刻度为0.5 mA、1.0 mA、1.5 mA、2.0 mA、2.5 mA、3.0 mA.电池的电动势为1.5 V,阻忽略不计;定值电阻R0有两种规格,阻值分别为300 Ω和1 000 Ω;滑动变阻器R有两种规格,最大阻值分别为750 Ω和3 000 Ω.则R0应选用阻值为________Ω的电阻,R应选用最大阻值为________ Ω的滑动变阻器.(3)若电阻R1和R2中有一个因损坏而阻值变为无穷大,利用图(b)的电路可以判断出损坏的电阻.图(b)中的R′为保护电阻,虚线框未画出的电路即为图(a)虚线框的电路.则图中的d点应和接线柱______(填“b”或“c”)相连.判断依据是:________________________.2015·新课标Ⅰ卷第3页24.(12分)如图,一长为10 cm的金属棒ab用两个完全相同的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中;磁场的磁感应强度大小为0.1 T,方向垂直于纸面向里;弹簧上端固定,下端与金属棒绝缘,金属棒通过开关与一电动势为12 V的电池相连,电路总电阻为2 Ω.已知开关断开时两弹簧的伸长量为0.5 cm;闭合开关,系统重新平衡后,两弹簧的伸长量与开关断开时相比均改变了0.3 cm.重力加速度的大小取10 m/s2.判断开关闭合后金属棒所受安培力的方向,并求出金属棒的质量.25.(20分)一长木板置于粗糙水平地面上,木板左端放置一小物块;在木板右方有一墙壁,木板右端与墙壁的距离为4.5 m ,如图(a)所示.t =0时刻开始,小物块与木板一起以共同速度向右运动,直至t =1 s 时木板与墙壁碰撞(碰撞时间极短).碰撞前后木板速度大小不变,方向相反;运动过程中小物块始终未离开木板.已知碰撞后1 s 时间小物块的v -t 图线如图(b)所示.木板的质量是小物块质量的15倍,重力加速度大小g 取10 m/s 2.求:(1)木板与地面间的动摩擦因数μ1及小物块与木板间的动摩擦因数μ2;(2)木板的最小长度;(3)木板右端离墙壁的最终距离.(二)选考题(共15分,请考生从给出的3道题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分)33.[选修3-3](15分)(1)(5分)下列说确的是________(填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分)A .将一块晶体敲碎后,得到的小颗粒是非晶体B .固体可以分为晶体和非晶体两类,有些晶体在不同方向上有不同的光学性质C .由同种元素构成的固体,可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体D .在合适的条件下,某些晶体可以转变为非晶体,某些非晶体也可以转变为晶体E .在熔化过程中,晶体要吸收热量,但温度保持不变,能也保持不变(2)(10分)如图,一固定的竖直汽缸由一大一小两个同轴圆筒组成,两圆筒中各有一个活塞.已知大活塞的质量为m 1=2.50 kg ,横截面积为S 1=80.0 cm 2;小活塞的质量为m 2=1.50 kg ,横截面积为S 2=40.0 cm 2;两活塞用刚性轻杆连接,间距保持为l =40.0 cm ;汽缸外大气的压强为p =1.00×105 Pa ,温度为T =303 K .初始时大活塞与大圆筒底部相距l2,两活塞间封闭气体的温度为T 1=495 K .现汽缸气体温度缓慢下降,活塞缓慢下移,忽略两活塞与汽缸壁之间的摩擦,重力加速度大小g 取10 m/s 2.求:(ⅰ)在大活塞与大圆筒底部接触前的瞬间,汽缸封闭气体的温度;(ⅱ)缸封闭的气体与缸外大气达到热平衡时,缸封闭气体的压强.34.[选修3-4](15分)(1)(5分)在双缝干涉实验中,分别用红色和绿色的激光照射同一双缝,在双缝后的屏幕上,红光的干涉条纹间距Δx1与绿光的干涉条纹间距Δx2相比,Δx1________Δx2(填“>”、“=”或“<”).若实验中红光的波长为630 nm,双缝与屏幕的距离为1.00 m,测得第1条到第6条亮条纹中心间的距离为10.5 mm,则双缝之间的距离为________mm.(2)(10分)甲、乙两列简谐横波在同一介质中分别沿x轴正向和负向传播,波速均为v=25 cm/s.两列波在t=0时的波形曲线如图所示.求:(ⅰ)t=0时,介质中偏离平衡位置位移为16 cm的所有质点的x坐标;(ⅱ)从t=0开始,介质中最早出现偏离平衡位置位移为-16 cm的质点的时间.35.[选修3-5](15分)(1)(5分)在某次光电效应实验中,得到的遏止电压U c与入射光的频率ν的关系如图所示.若该直线的斜率和截距分别为k和b,电子电荷量的绝对值为e,则普朗克常量可表示为________,所用材料的逸出功可表示为________.(2)(10分)如图,在足够长的光滑水平面上,物体A、B、C位于同一直线上,A位于B、C之间.A的质量为m,B、C的质量都为M,三者均处于静止状态.现使A以某一速度向右运动,求m和M之间应满足什么条件,才能使A只与B、C各发生一次碰撞.设物体间的碰撞都是弹性的.2015·新课标Ⅰ卷第4页2015年普通高等学校招生全国统一考试(新课标Ⅱ卷)理综物理部分本试卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.满分110分.第Ⅰ卷(选择题 共48分)2015·新课标Ⅱ卷 第1页一、选择题(本题共8小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,第14~17题只有一项符合题目要求,第18~21题有多项符合题目要求,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)14.如图,两平行的带电金属板水平放置.若在两板中间a 点从静止释放一带电微粒,微粒恰好保持静止状态.现将两板绕过a 点的轴(垂直于纸面)逆时针旋转45°,再由a 点从静止释放一同样的微粒,该微粒将( )A .保持静止状态B .向左上方做匀加速运动C .向正下方做匀加速运动D .向左下方做匀加速运动15.如图,直角三角形金属框abc 放置在匀强磁场中,磁感应强度大小为B ,方向平行于ab 边向上,当金属框绕ab 边以角速度ω逆时针转动时,a 、b 、c 三点的电势分别为U a 、U b 、U c .已知bc 边的长度为l .下列判断正确的是( )A .U a >U c ,金属框中无电流B .U b >U c ,金属框中电流方向沿a b c aC .U bc =-12Bl 2ω,金属框中无电流 D .U bc =12Bl 2ω,金属框中电流方向沿a c b a 16.由于卫星的发射场不在赤道上,同步卫星发射后需要从转移轨道经过调整再进入地球同步轨道.当卫星在转移轨道上飞经赤道上空时,发动机点火,给卫星一附加速度,使卫星沿同步轨道运行.已知同步卫星的环绕速度约为3.1×103 m/s ,某次发射卫星飞经赤道上空时的速度为 1.55×103 m/s ,此时卫星的高度与同步轨道的高度相同,转移轨道和同步轨道的夹角为30°,如图所示,发动机给卫星的附加速度的方向和大小约为( )A .西偏北方向,1.9×103 m/sB .东偏南方向,1.9×103 m/sC .西偏北方向,2.7×103 m/sD .东偏南方向,2.7×103 m/s17.一汽车在平直公路上行驶.从某时刻开始计时,发动机的功率P 随时间t 的变化如图所示.假定汽车所受阻力的大小f 恒定不变.下列描述该汽车的速度v 随时间t 变化的图线中,可能正确的是( )18.指南针是我国古代四大发明之一.关于指南针,下列说确的是( )A .指南针可以仅具有一个磁极B .指南针能够指向南北,说明地球具有磁场C .指南针的指向会受到附近铁块的干扰D .在指南针正上方附近沿指针方向放置一直导线,导线通电时指南针不偏转19.有两个匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ,Ⅰ中的磁感应强度是Ⅱ中的k 倍.两个速率相同的电子分别在两磁场区域做圆周运动.与Ⅰ中运动的电子相比,Ⅱ中的电子( )A .运动轨迹的半径是Ⅰ中的k 倍B .加速度的大小是Ⅰ中的k 倍C .做圆周运动的周期是Ⅰ中的k 倍D .做圆周运动的角速度与Ⅰ中的相等20.在一东西向的水平直铁轨上,停放着一列已用挂钩连接好的车厢.当机车在东边拉着这列车厢以大小为a 的加速度向东行驶时,连接某两相邻车厢的挂钩P 和Q 间的拉力大小为F ;当机车在西边拉着车厢以大小为23a 的加速度向西行驶时,P 和Q 间的拉力大小仍为F .不计车厢与铁轨间的摩擦,每节车厢质量相同,则这列车厢的节数可能为( )A .8B .10C .15D .182015·新课标Ⅱ卷 第2页21.如图,滑块a 、b 的质量均为m ,a 套在固定竖直杆上,与光滑水平地面相距h ,b 放在地面上.a 、b 通过铰链用刚性轻杆连接,由静止开始运动.不计摩擦,a 、b 可视为质点,重力加速度大小为g .则( )A .a 落地前,轻杆对b 一直做正功B .a 落地时速度大小为 2ghC .a 下落过程中,其加速度大小始终不大于gD .a 落地前,当a 的机械能最小时,b 对地面的压力大小为mg第Ⅱ卷(非选择题 共62分)二、非选择题(包括必考题和选考题两部分.第22~25题为必考题,每个试题考生都必须作答.第33~35题为选考题,考生根据要求作答)(一)必考题(共4题,共47分)22.(6分)某同学用图(a)所示的实验装置测量物块与斜面之间的动摩擦因数.已知打点计时器所用电源的频率为50 Hz,物块下滑过程中所得到的纸带的一部分如图(b)所示,图中标出了五个连续点之间的距离.(1)物块下滑时的加速度a=________ m/s2,打C点时物块的速度v=________ m/s;(2)已知重力加速度大小为g,为求出动摩擦因数,还必须测量的物理量是________(填正确答案标号).A.物块的质量B.斜面的高度C.斜面的倾角23.(9分)电压表满偏时通过该表的电流是半偏时通过该表电流的两倍.某同学利用这一事实测量电压表的阻(半偏法),实验室提供的器材如下:待测电压表○V(量程3 V,阻约为3 000 Ω),电阻箱R0(最大阻值为99 999.9 Ω),滑动变阻器R1(最大阻值100 Ω,额定电流2 A),电源E(电动势6 V,阻不计),开关两个,导线若干.(1)虚线框为该同学设计的测量电压表阻的电路图的一部分,将电路图补充完整.(2)根据设计的电路,写出实验步骤:________________________________________________________________________.(3)将这种方法测出的电压表阻记为R V′,与电压表阻的真实值R V相比,R V′________R V(填“>”、“=”或“<”),主要理由是________________________________________________________.24.(12分)如图,一质量为m、电荷量为q(q>0)的粒子在匀强电场中运动,A、B为其运动轨迹上的两点,已知该粒子在A点的速度大小为v0,方向与电场方向的夹角为60°;它运动到B点时速度方向与电场方向的夹角为30°.不计重力.求A、B两点间的电势差.25.(20分)下暴雨时,有时会发生山体滑坡或泥石流等地质灾害.某地有一倾角为θ=37°⎝ ⎛⎭⎪⎫sin 37°=35的山坡C ,上面有一质量为m 的石板B ,其上下表面与斜坡平行;B 上有一碎石堆A(含有大量泥土),A 和B 均处于静止状态,如图所示.假设某次暴雨中,A 浸透雨水后总质量也为m (可视为质量不变的滑块),在极短时间,A 、B 间的动摩擦因数μ1减小为38,B 、C 间的动摩擦因数μ2减小为0.5,A 、B 开始运动,此时刻为计时起点;在第2 s 末,B 的上表面突然变为光滑,μ2保持不变.已知A 开始运动时,A 离B 下边缘的距离l =27 m ,C 足够长,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力.取重力加速度大小g =10 m/s 2.求:(1)在0~2 s 时间A 和B 加速度的大小;(2)A 在B 上总的运动时间.2015·新课标Ⅱ卷 第3页(二)选考题(共15分,请考生从给出的3道题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分)33.[选修3-3](15分)(1)(5分)关于扩散现象,下列说确的是________.(填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分)A .温度越高,扩散进行得越快B .扩散现象是不同物质间的一种化学反应C .扩散现象是由物质分子无规则运动产生的D .扩散现象在气体、液体和固体中都能发生E .液体中的扩散现象是由于液体的对流形成的(2)(10分)如图,一粗细均匀的U 形管竖直放置,A 侧上端封闭,B 侧上端与大气相通,下端开口处开关K 关闭;A 侧空气柱的长度为l =10.0 cm ,B 侧水银面比A 侧的高h =3.0 cm.现将开关K 打开,从U 形管中放出部分水银,当两侧水银面的高度差为h 1=10.0 cm 时将开关K 关闭.已知大气压强p 0=75.0 cmHg.(ⅰ)求放出部分水银后A 侧空气柱的长度.(ⅱ)此后再向B 侧注入水银,使A 、B 两侧的水银面达到同一高度,求注入的水银在管的长度.34.[选修3-4](15分)(1)(5分)如图,一束光沿半径方向射向一块半圆柱形玻璃砖,在玻璃砖底面上的入射角为θ,经折射后射出a、b两束光线.则________.(填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分)A.在玻璃中,a光的传播速度小于b光的传播速度B.在真空中,a光的波长小于b光的波长C.玻璃砖对a光的折射率小于对b光的折射率D.若改变光束的入射方向使θ角逐渐变大,则折射光线a首先消失E.分别用a、b光在同一个双缝干涉实验装置上做实验,a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距(2)(10分)平衡位置位于原点O的波源发出的简谐横波在均匀介质中沿水平x轴传播,P、Q为x轴上的两个点(均位于x轴正向),P与O的距离为35 cm,此距离介于一倍波长与二倍波长之间.已知波源自t=0时由平衡位置开始向上振动,周期T=1 s,振幅A=5 cm.当波传到P点时,波源恰好处于波峰位置;此后再经过5 s,平衡位置在Q处的质点第一次处于波峰位置.求:(ⅰ)P、Q间的距离;(ⅱ)从t=0开始到平衡位置在Q处的质点第一次处于波峰位置时,波源在振动过程过的路程.2015·新课标Ⅱ卷第4页35.[选修3-5](15分)(1)(5分)实物粒子和光都具有波粒二象性.下列事实中突出体现波动性的是________.(填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分)A.电子束通过双缝实验装置后可以形成干涉图样B.β射线在云室中穿过会留下清晰的径迹C.人们利用慢中子衍射来研究晶体的结构D.人们利用电子显微镜观测物质的微观结构E.光电效应实验中,光电子的最大初动能与入射光的频率有关,与入射光的强度无关(2)(10分)两滑块a、b沿水平面上同一条直线运动,并发生碰撞;碰撞后两者粘在一起运动;经过一段时间后,从光滑路段进入粗糙路段.两者的位置x随时间t变化的图像如图所示.求:(ⅰ)滑块a、b的质量之比;(ⅱ)整个运动过程中,两滑块克服摩擦力做的功与因碰撞而损失的机械能之比.2015年普通高等学校招生全国统一考试(卷)理综物理部分2015·卷第1页本试卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.满分110分.第Ⅰ卷(选择题共42分)一、选择题(本题共7小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)14.距地面高5 m的水平直轨道上A、B两点相距2 m,在B点用细线悬挂一小球,离地高度为h,如图.小车始终以4 m/s的速度沿轨道匀速运动,经过A点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下,小车运动至B点时细线被轧断,最后两球同时落地.不计空气阻力,取重力加速度的大小g=10 m/s2.可求得h等于( )A.1.25 m B.2.25 mC.3.75 m D.4.75 m15.如图,拉格朗日点L1位于地球和月球连线上,处在该点的物体在地球和月球引力的共同作用下,可与月球一起以相同的周期绕地球运动.据此,科学家设想在拉格朗日点L1建立空间站,使其与月球同周期绕地球运动.以a1、a2分别表示该空间站和月球向心加速度的大小,a3表示地球同步卫星向心加速度的大小.以下判断正确的是( )A.a2>a3>a1 B.a2>a1>a3C.a3>a1>a2 D.a3>a2>a116.如图,滑块A置于水平地面上,滑块B在一水平力作用下紧靠滑块A(A、B接触面竖直),此时A恰好不滑动,B刚好不下滑.已知A与B间的动摩擦因数为μ1,A与地面间的动摩擦因数为μ2,最大静摩擦力等于滑动摩擦力.A与B的质量之比为( )A.1μ1μ2B.1-μ1μ2μ1μ2C.1+μ1μ2μ1μ2D.2+μ1μ2μ1μ217.如图,一均匀金属圆盘绕通过其圆心且与盘面垂直的轴逆时针匀速转动.现施加一垂直穿过圆盘的有界匀强磁场,圆盘开始减速.在圆盘减速过程中,以下说确的是( ) A.处于磁场中的圆盘部分,靠近圆心处电势高B.所加磁场越强越易使圆盘停止转动C.若所加磁场反向,圆盘将加速转动D.若所加磁场穿过整个圆盘,圆盘将匀速转动18.直角坐标系xOy中,M、N两点位于x轴上,G、H两点坐标如图.M、N两点各固定一负点电荷,一电量为Q的正点电荷置于O点时,G点处的电场强度恰好为零.静电力常量用k 表示.若将该正点电荷移到G点,则H点处场强的大小和方向分别为( )A.3kQ4a2,沿y轴正向 B.3kQ4a2,沿y轴负向C.5kQ4a2,沿y轴正向 D.5kQ4a2,沿y轴负向19.如图甲,R0为定值电阻,两金属圆环固定在同一绝缘平面.左端连接在一周期为T0的正弦交流电源上,经二极管整流后,通过R0的电流i始终向左,其大小按图乙所示规律变化.规定圆环a端电势高于b端时,a、b间的电压u ab为正,下列u ab-t图像可能正确的是( )20.如图甲,两水平金属板间距为d,板间电场强度的变化规律如图乙所示.t=0时刻,质量为m的带电微粒以初速度v0沿中线射入两板间,0~T3时间微粒匀速运动,T时刻微粒恰好经金属板边缘飞出.微粒运动过程中未与金属板接触.重力加速度的大小为g .关于微粒在0~T 时间运动的描述,正确的是( )A .末速度大小为2v 0B .末速度沿水平方向C .重力势能减少了12mgd D .克服电场力做功为mgd 2015·卷 第2页第Ⅱ卷(非选择题 共68分)二、非选择题(其中第21~24题为必做部分,第37~39题为选做部分)【必做部分】(56分)21.(10分)某同学通过下述实验验证力的平行四边形定则.实验步骤:①将弹簧秤固定在贴有白纸的竖直木板上,使其轴线沿竖直方向.②如图甲所示,将环形橡皮筋一端挂在弹簧秤的秤钩上,另一端用圆珠笔尖竖直向下拉,直到弹簧秤示数为某一设定值时,将橡皮筋两端的位置标记为O 1、O 2,记录弹簧秤的示数F ,测量并记录O 1、O 2间的距离(即橡皮筋的长度l ).每次将弹簧秤示数改变0.50 N ,测出所对应的l ,部分数据如下表所示:F /(N) 0 0.50 1.00 1.50 2.00 2.50l /(cm) l 0 10.97 12.02 13.00 13.98 15.05③找出②中F =2.50 N 时橡皮筋两端的位置,重新标记为O 、O ′,橡皮筋的拉力记为F OO ′.④在秤钩上涂抹少许润滑油,将橡皮筋搭在秤钩上,如图乙所示.用两圆珠笔尖成适当角度同时拉橡皮筋的两端,使秤钩的下端达到O 点,将两笔尖的位置标记为A 、B ,橡皮筋OA 段的拉力记为F OA ,OB 段的拉力记为F OB .完成下列作图和填空:(1)利用表中数据在给出的坐标纸上画出F -l 图线,根据图线求得l 0=________cm.(2)测得OA =6.00 cm ,OB =7.60 cm ,则F OA 的大小为________N.(3)根据给出的标度,在图中上作出F OA 和F OB 的合力F ′的图示.。
江西省九江一中高三理综(物理部分)第二次适应性考试试卷
2015年九江一中高三年级第二次适应性考试理科综合试卷物理部分二、选择题(本题包括8小题。
每小题6分,共48分。
每小题给出的四个选项中,第14-18题只有一项符合题目要求,第19-21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全得3分,有选错或不答的得0分)14.1665年牛顿开始着手研究行星绕太阳运行的力学关系,最终得到了太阳与行星之间的引力关系2RGMmF =,可以完全解释行星的运动。
进一步研究:拉住月球使它围绕地球运动的力,与拉着苹果下落的力,以及地球、众行星与太阳之间的作用力都遵循这一规律吗?于是巧妙地进行了地-月检验研究:假设拉住月球使它围绕地球运动的力与地球上物体受到的引力是同一种力,已知月球绕地球运行轨道半径是地球半径的60倍,月球轨道上一个物体的受到的引力与它在地面附近时受到的引力之比为2601。
牛顿时代已经较精确的测量了地球表面的重力加速度、地月之间的距离和月球绕地球运行的公转周期,通过比较对应物理量间的关系,上述假设就得到了很好的证明。
请你分析牛顿进行比较的物理量是( ) A .加速度B .相互作用的引力C .苹果物体和月球运动的线速度D .苹果物体和月球运动的角速度15.轻杆的一端安装有一个小滑轮P ,用手握住杆的另一端支撑着悬挂重物的轻绳,如图所示.现使杆和竖直方向的夹角缓慢减小,则下列关于杆对滑轮P 的作用力的下列判断正确的是( )A .变大B .不变C .变小D .无法确定 16.目前世界上输送功率最大的直流输电工程——哈(密)郑(州)特高压直流输电工程已正式投运。
高压直流输电具有无感抗、无容抗、无同步问题等优点。
已知某段直流输电线长度l =200m,通有从西向东I=4000A 的恒定电流,该处地磁场的磁感应强度B=5×10—5T,磁倾角(磁感线与水平面的夹角)为5° (siin5°≈0.1)。
不考虑磁偏角(磁感线与南北方向的的夹角)则该段导线所受安培力的大小和方向为( )A . 40N,向北与水平面成85°角斜向上方B . 4N,向北与水平面成85°角斜向上方C . 4N,向南与水平面成5°角斜向下方D . 40N,向南与水平面成5°角斜向下方 17.对于真空中电荷量为q 的静止点电荷而言,当选取离点电荷无穷远处的电势为零时,离点电荷距离为r 处的电势为φ=kq/r (k 为静电力常量),如图所示,两电荷量大小均为Q 的异种点电荷相距为d ,现将一质子(电荷量为e )从两电荷连线上的A 点沿以负电荷为圆心、半径为R 的半圆形轨迹ABC 移到C 点,在质子从A 到C 的过程中,系统电势能的变化情况为( ) A .减少222R d kQeR- B .增加222R d kQeR + C .减少222R d kQe - D .增加222R d kQe +18.第一宇宙速度又叫做环绕速度,第二宇宙速度又叫做逃逸速度。
2015年高考物理全国卷1及答案解析_共10页
第Ⅰ卷(选择题)2015 年理综全国卷 1 物理部分二、选择题:本题共8 小题,每小题 6 分。
在每小题给出的四个选项中。
第l4~18 题只有一项符合题目要求。
第l9~21 题有多项符合题目要求。
全部选对的得 6 分。
选对但不全的得 3 分。
有选错的得0 分。
14.两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行。
一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子(不计重力),从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后,粒子的A .轨道半径减小,角速度增大B.轨道半径减小,角速度减小C.轨道半径增大,角速度增大D.轨道半径增大,角速度减小15.如图,直线a、b 和c、d 是处于匀强电场中的两组平行线,M 、N、P、Q 是它们的交点,四点处的电势分别为M、N 、P 、Q 。
一电子由M 点分别运动到N 点和P 点的过程中,电场力所做的负功相等。
则A .直线 a 位于某一等势面内,M > QB.直线 c 位于某一等势面内,M > NC.若电子由M 点运动到Q 点,电场力做正功D.若电子由P 点运动到Q 点,电场力做负功16.一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3:l,在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻,原线圈一侧接在电压为220 V 的正弦交流电源上,如图所示。
设副线圈回路中电阻两端的电压为U,原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k。
则19 A.U=66V ,k=19 B.U=22V ,k=C.U=66V ,k=13 D.U=22V ,k=1317.如图,一半径为R、粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置,直径POQ 水平。
一质量为m 的质点自P 点上方高度R 处由静止开始下落,恰好从P 点进入轨道。
质点滑到轨道最低点N 时,对轨道的压力为 4 mg,g 为重力加速度的大小。
用W 表示质点从P 点运动到N 点的过程中克服摩擦力所做的功。
则12A.W=mgR,质点恰好可以到达Q 点1B.W>2 mgR,质点不能到达Q 点12C.W=mgR,质点到达Q 点后,继续上升一段距离1D.W<2 mgR,质点到达Q 点后,继续上升一段距离18.一带有乒乓球发射机的乒乓球台如图所示。
江西省重点中学十校联考高三物理一模试题(含解析)
2015年江西省重点中学十校联考高考物理一模试卷一、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分.在每小题给出的四个选项中,第1~5题只有一项符合题目要求,第6~8题有多个选项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.1.(6分)(2015•江西校级一模)下列说法正确的是()A.速度变化越快的物体惯性越小B.物体做曲线运动的条件是所受合外力的方向和速度的方向不垂直也不在一条直线上 C.学校餐厅的吊扇在工作时向下挤压空气,空气对吊扇产生向上的推力,减轻了吊杆对吊扇的拉力,所以,即使吊杆略有松动也是安全的D.法拉第发现电磁感应定律,并制作了世界上第一台发电机【考点】:物体做曲线运动的条件;作用力和反作用力.【分析】:物体的惯性与运动的状态无关;物体做曲线运动的条件是所受合力与速度不在同一直线上;吊扇工作时向下压迫空气,空气对吊扇产生竖直向上反作用力;法拉第发现电磁感应定律,并制作了世界上第一台发电机.【解析】:解:A、物体的惯性与运动的状态无关;故A错误;B、物体做曲线运动的条件是所受合力与速度不在同一直线上,可以相互垂直;故B错误;C、吊扇工作时向下压迫空气,使空气向下运动,空气对吊扇产生竖直向上反作用力﹣﹣的托力,减轻了吊杆对电扇的拉力;故C正确;D、法拉第发现电磁感应定律,并制作了世界上第一台发电机.故D正确.故选:CD【点评】:该题考查惯性、物体做曲线运动的条件、作用力与反作用力等知识点,都是力学中的基础概念,要加强对它们的理解.2.(6分)(2015•江西校级一模)趣味运动会上运动员手持网球拍托球沿水平面匀加速跑,设球拍和球质量分别为M、m,球拍平面和水平面之间夹角为θ,球拍与球保持相对静止,它们间摩擦力及空气阻力不计,则()A.运动员的加速度为gtanθB.球拍对球的作用力为mgC.运动员对球拍的作用力为(M+m)gcosθD.若加速度大于gsinθ,球一定沿球拍向上运动【考点】:牛顿第二定律;物体的弹性和弹力.【专题】:牛顿运动定律综合专题.【分析】:由题,不计摩擦力,分析网球的受力情况,作出力图,根据牛顿第二定律求解加速度和球拍对球的作用力;分析网球竖直方向的受力情况,判断球能否向上运动.【解析】:解:A、B、C对网球:受到重力mg和球拍的支持力N,作出力图如图,根据牛顿第二定律得:Nsinθ=maNcosθ=mg解得,a=gtanθ,N=,故A正确、B错误;以球拍和球整体为研究对象,如图2,根据牛顿第二定律得:运动员对球拍的作用力为F=,故C错误.D、当a>gtanθ时,网球将向上运动,由于gsinθ与gtanθ的大小关系未知,故球不一定沿球拍向上运动.故D错误.故选:A.【点评】:本题是两个作用下产生加速度的问题,分析受力情况是解答的关键,运用正交分解,根据牛顿第二定律求解3.(6分)(2015•江西校级一模)如图所示,固定斜面倾角为θ,整个斜面分为AB、BC两段,且1.5AB=BC.小物块P(可视为质点)与AB、BC两段斜面之间的动摩擦因数分别为μ1、μ2.已知P由静止开始从A点释放,恰好能滑动到C点而停下,那么θ、μ1、μ2间应满足的关系是()A.tanθ= B.tanθ=C.tanθ=2μ1﹣μ2 D.tanθ=2μ2﹣μ1【考点】:动能定理的应用.【专题】:动能定理的应用专题.【分析】:对物块进行受力分析,分析下滑过程中哪些力做功.运用动能定理研究A点释放,恰好能滑动到C点而停下,列出等式找出答案.【解析】:解:A点释放,恰好能滑动到C点,物块受重力、支持力、滑动摩擦力.设斜面AC长为L,运用动能定理研究A点释放,恰好能滑动到C点而停下,列出等式:mgLsinθ﹣μ1mgcosθ×L﹣μ2mgcosθ×L=0﹣0=0解得:tanθ=故选:A.【点评】:了解研究对象的运动过程是解决问题的前提,根据题目已知条件和求解的物理量选择物理规律解决问题.要注意运动过程中力的变化.4.(6分)(2015•江西校级一模)如图所示,在一个匀强电场中有一个四边形ABCD,M为AD的中点,N为BC的中点,一个电荷量为3.0×10﹣7C带正电的粒子,从A点移动到B点,电场力做功为W AB=3.0×10﹣8J;将该粒子从D点移动到C点,电场力做功为W DC=5.0×10﹣8J.下列说法正确的是()A. A、B两点之间的电势差为10VB.若将该粒子从M点移动到N点,电场力做功W MN=4.0×10﹣8JC.若将该粒子从M点移动到N点,电场力做功W MN=8.0×10﹣8JD.若A、B之间的距离为1cm,该电场的场强一定是E=10V/m【考点】:电势差与电场强度的关系;电势差.【专题】:电场力与电势的性质专题.【分析】: M为AD的中点,N为BC的中点,根据公式U=Ed可知,匀强电场中沿着电场线方向,两点间的电势差与两点间的距离成正比,则M点的电势等于AD两点电势的平均值,N的电势等于BC两点电势的平均值,根据电场力公式W=qU,可得到W MN与W AB、W DC的关系.由于电场强度方向未知,不能求解场强的大小.由公式W=qU,可求出M、N间电势差.【解析】:解:A、,故A错误.B、C:因为电场是匀强电场,在同一条电场线上,M点的电势是A、D两点电势的平均值;N 点的电势是B、C两点电势的平均值,即,,所以:W MN=qU MN=q(φM﹣φN)=q()==4×10﹣8J,故B正确、C错误.D、A、B两点之间的电势差为0.1 V,但电场方向不一定沿着AB方向,故D错误.故选:B【点评】:本题关键抓住M、N的电势与A、B电势和D、C电势的关系,根据电场力做功公式求解W MN.运用公式U=Ed时,要正确理解d的含义:d是沿电场方向两点间的距离.5.(6分)(2015•江西校级一模)如图所示,有两个相邻的有界匀强磁场区域,磁感应强度的大小均为B,磁场方向相反,且与纸面垂直,磁场区域在x轴方向宽度均为a,在y轴方向足够宽.现有一高为a的正三角形导线框从图示位置开始向右沿x轴方向匀速穿过磁场区域.若以逆时针方向为电流的正方向,在选项图中,线框中感应电流i与线框移动的位移x 的关系图象正确的是()A. B. C.D.【考点】:导体切割磁感线时的感应电动势;楞次定律.【专题】:压轴题.【分析】:本题导体的运动可分为三段进行分析,根据楞次定律可判断电路中感应电流的方向;由导体切割磁感线时的感应电动势公式可求得感应电动势的大小.【解析】:解:线框从开始进入到全部进入第一个磁场时,磁通量向里增大,则由楞次定律可知,电流方向为逆时针,故B一定错误;因切割的有效长度均匀增大,故由E=BLV可知,电动势也均匀增加;而在全部进入第一部分磁场时,磁通量达最大,该瞬间变化率为零,故电动势也会零,故A错误;当线圈开始进入第二段磁场后,线圈中磁通量向里减小,则可知电流为顺时针,故D错误,C 正确;故选C.【点评】:本题为选择题,而过程比较复杂,故可选用排除法解决,这样可以节约一定的时间;而进入第二段磁场后,分处两磁场的线圈两部分产生的电流相同,且有效长度是均匀变大的,当将要全部进入第二磁场时,线圈中电流达最大2I.6.(6分)(2015•江西校级一模)“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星,被称为“太空110”,它可在太空中给“垃圾”卫星补充能源,延长卫星的使用寿命,假设“轨道康复者”的轨道半经为地球同步卫星轨道半径的五分之一,其运动方向与地球自转方向一致,轨道平面与地球赤道平面重合,下列说法正确的是()A.“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的25倍B.“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的倍C.站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向西运动D.“轨道康复者”可在高轨道上加速,以实现对低轨道上卫星的拯救【考点】:人造卫星的加速度、周期和轨道的关系.【专题】:人造卫星问题.【分析】:根据万有引力提供向心力,结合轨道半径的关系得出加速度和周期的关系.根据“轨道康复者”的角速度与地球自转角速度的关系判断赤道上人看到“轨道康复者”向哪个方向运动.【解析】:解:A、根据=ma得:a=,因为“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一,则“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的25倍.故A正确.B、根据=m得:v=,因为“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一,则“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的倍.故B正确.C、因为“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动的周期小于同步卫星的周期,则小于地球自转的周期,所以“轨道康复者”的角速度大于地球自转的角速度,站在赤道上的人用仪器观察到“轨道康复者”向东运动.故C错误.D、“轨道康复者”要在原轨道上减速,做近心运动,才能“拯救”更低轨道上的卫星.故D 错误.故选:AB.【点评】:解决本题的关键知道万有引力提供向心力这一重要理论,并能灵活运用,以及知道卫星变轨的原理,知道当万有引力大于向心力,做近心运动,当万有引力小于向心力,做离心运动.7.(6分)(2015•江西校级一模)水平地面上有两个固定的、高度相同的粗糙斜面甲和乙,底边长分别为L1、L2,且L1<L2,如图所示.两个完全相同的小滑块A、B(可视为质点)与两个斜面间的动摩擦因数相同,将小滑块A、B分别从甲、乙两个斜面的顶端同时由静止开始释放,取地面所在的水平面为参考平面,则()A.从顶端到底端的运动过程中,由于克服摩擦而产生的热量一定相同B.滑块A到达底端时的动能一定比滑块B到达底端时的动能大C.两个滑块从顶端运动到底端的过程中,重力对滑块A做功的平均功率比滑块B的大 D.两个滑块加速下滑的过程中,到达同一高度时,机械能可能相同【考点】:功能关系;电功、电功率.【分析】:重力做功只与始末位置有关,据此确定重力做功情况,由于重力做功相同,故重力的平均功率与物体下滑时间有关,根据下滑时间确定重力做功功率,同时求得摩擦力做功情况,由动能定理确定物体获得的动能及动能的变化量,根据摩擦力做功情况判断产生的热量是否相同.【解析】:解:A、A、B滑块从斜面顶端分别运动到底端的过程中,摩擦力做功不同,所以克服摩擦而产生的热量一定不同,故A错误;B、由于B物块受到的摩擦力f=μmgcosθ大,且通过的位移大,则克服摩擦力做功多,滑块A克服摩擦力做功少,损失的机械能少,根据动能定理,可知滑块A到达底端时的动能一定比B到达底端时的动能大,故B正确;C、整个过程中,两物块所受重力做功相同,但由于A先到达低端,故重力对滑块A做功的平均功率比滑块B的大,故C正确;D、两个滑块在斜面上加速下滑的过程中,到达同一高度时,重力做功相同,由于乙的斜面倾角大,所以在斜面上滑行的距离不等,即摩擦力做功不等,所以机械能不同,故D错误.故选:BC.【点评】:本题主要考查动能定理和功能关系.关键要明确研究的过程列出等式表示出需要比较的物理量.8.(6分)(2015•江西校级一模)图甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比为n1:n2=5:1,电阻R=20Ω,L1、L2为规格相同的两只小灯泡,S1为单刀双掷开关.原线圈接正弦交变电源,输入电压u随时间t的变化关系如图乙所示.现将S1接1、S2闭合,此时L2正常发光的功率为P,下列说法正确的是()A.输入电压u的表达式u=20sin50πVB.只断开S2后,L1、L2的功率均小于C.只断开S2后,原线圈的输入功率大于D.若S1换接到2后,R消耗的电功率为0.8W【考点】:变压器的构造和原理;电功、电功率.【专题】:交流电专题.【分析】:根据电压与匝数成正比,电流与匝数成反比,变压器的输入功率和输出功率相等,逐项分析即可得出结论.【解析】:解:A、周期是0.02s,ω==100π,所以输入电压u的表达式应为u=20sin(100πt)V,A错误;B、只断开S2后,负载电阻变大为原来的2倍,电压不变,副线圈电流变小为原来的一半,L1、L2的功率均变为额定功率的四分之一,B错误;C、只断开S2后,原线圈的输入功率等于副线圈的功率都减小,C错误;D、若S1换接到2后,电阻R电压有效值为4V,R消耗的电功率为=0.8W,D正确.故选:D.【点评】:掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系,本题即可得到解决.二、非选择题(一)必考题9.(6分)(2015•江西校级一模)某同学设计了以下的实验来验证机械能守恒定律:在竖直放置的光滑的塑料米尺上套一个磁性滑块m,滑块可沿米尺自由下落.在米尺上还安装了一个连接了内阻很大数字电压表的多匝线框A,线框平面在水平面内,滑块可穿过线框,如图所示.把滑块从米尺的0刻度线处释放,记下线框所在的刻度h和滑块穿过线框时的电压U.改变h,调整线框的位置,多做几次实验.记录各次的h,U.(1)如果采用图象法对得出的数据进行分析论证,用U2﹣h 图线(选填”U﹣h”或“U2﹣h”)更容易得出结论.(2)影响本实验精确程度的因素主要是空气阻力(至少列举一点).【考点】:验证机械能守恒定律.【专题】:实验题;机械能守恒定律应用专题.【分析】:(1)由机械能守恒推导出滑块下落h时的速度,然后由法拉第电磁感应定律推导出电压U和h的关系式,(2)由于阻力的存在,会存在一定误差.【解析】:解:(1)mgh=mv2得:v=根据法拉第电磁感应定律:U=BLv=BLU2=2B2L2gh每次滑落时B、L相同,故U2与h成正比,如果采用图象法对得出的数据进行分析论证,线性图线会更直观,故用U2﹣h图象;(2)由于空气阻力等的影响,使滑块下落时减少的重力势能不能完全转化为动能带来实验误差.故答案为:(1)U2﹣h;(2)空气阻力.【点评】:解答实验问题的关键是明确实验原理、实验目的,了解具体操作,同时加强应用物理规律处理实验问题的能力.10.(9分)(2015•江西校级一模)要测量电压表V1的内阻RV,其量程为2V,内阻约2KΩ.实验室提供的器材有:电流表A,量程0.6A,内阻约为0.1Ω;电压表V2,量程5V,内阻约为5KΩ;定值电阻R1,阻值为30Ω;定值电阻R2,阻值为3KΩ;滑动变阻器R3,最大阻值100Ω,额定电流1.5A;电源E,电动势6V,内阻约0.5Ω;开关S一个,导线若干.(1)有人拟将待测电压表V1和题中所给的电流表A串连接入电压合适的测量电路中,测出V1的电压和电流,再计算出R V.该方案实际上不可行,其最主要的原因是由于电压表的内阻很大,流过的电流较小,待测电压表V1和电流表A串连接入电压合适的测量电路中,电流表A 不能准确测量出流过电压表V1的电流(2)请从上述器材中选择必要的器材,设计一个测量电压表V1内阻R V的实验电路.要求测量尽量准确,实验必须在同一电路中,且在不增减元件的条件下完成.试画出符合要求的实验电路图(图中电源与开关已连接好),并标出所选元件的相应字母代号.(3)由上问写出电压表V1内阻R V的表达方式,说明式中各测量量的物理意义.【考点】:伏安法测电阻.【专题】:实验题;压轴题;恒定电流专题.【分析】:(1)由于电压表的内阻很大,流过的电流较小,待测电压表V1和电流表A串连接入电压合适的测量电路中,电流表A不能准确测量出流过电压表V1的电流.(2)由于电压表V1接入电路后,由电流通过时其两端电压可以直接读出,因而利用串联分压的特点,选用标准电压表V2和定值电阻R2,反复测量通过滑动变阻器R3控制即可.(3)根据串联电路特点可以求出电压表内阻的表达式,从而进一步,明确各个物理量的含义.【解析】:解:(1)由于电压表的内阻很大,流过的电流较小,待测电压表V1和电流表A 串连接入电压合适的测量电路中,电流表A不能准确测量出流过电压表V1的电流.故其原因是:由于电压表的内阻很大,流过的电流较小,待测电压表V1和电流表A串连接入电压合适的测量电路中,电流表A不能准确测量出流过电压表V1的电流.(2)由于电压表V1接入电路后,由电流通过时其两端电压可以直接读出,因而利用串联分压的特点,选用标准电压表V2和定值电阻R2,反复测量通过滑动变阻器R3控制即可.测量电压表V1内阻R v的实验电路如图所示:(3)根据串联电路的特点有:,式中U1表示V1的电压,U2表示V1和R2串联的总电压.故电压表内阻的表达式为:;中U1表示V1的电压,U2表示V1和R2串联的总电压.【点评】:本题在课本基础实验的基础上有所创新,只要明确了实验原理,熟练应用电路的串并联知识,即可正确解答.11.(13分)(2015•江西校级一模)一质量m=1.0kg的滑块以一定的初速度冲上一倾角为37°足够长的斜面,某同学利用DIS实验系统测出了滑块冲上斜面过程中多个时刻的瞬时速度,如图所示为通过计算机绘制出的滑块上滑过程的v﹣t图象(g取10m/s2).求:(1)滑块与斜面间的动摩擦因数;(2)滑块从出发点返回到底端整个过程中损失的机械能;(3)求1s末重力的瞬时功率.【考点】:功率、平均功率和瞬时功率;牛顿第二定律.【专题】:功率的计算专题.【分析】:(1)根据速度时间图线求出滑块匀减速运动的加速度大小和上滑的位移,结合牛顿第二定律求出动摩擦因数的大小.(2)根据牛顿第二定律求出下滑的加速度,结合速度位移公式求出下滑到初始位置的速度大小.由动能定理可求摩擦力做的功,由能量的转化和守恒可知,摩擦力做的哦概念股等于损失的机械能,进而可得滑块从出发点返回到底端整个过程中损失的机械能;(3)根据运动学求得1s末的速度,由P=mgsinθ•v可得重力的瞬时功率.【解析】:解:(1)由图象知:a=m/s2,上滑的长度:x===1.2m,上滑时,分析受力:mg sin37°+µmgcos37°=ma,代入数据解得:µ=0.5.(2)下滑时,根据牛顿第二定律得:mgsin37°﹣µmgcos37°=ma′,代入数据解得:a′=2m/s2根据v2=2a′x,代入数据解得:v=m/s.由动能定理可得:=9.2J,摩擦力做的功等于机械能的损失9.2J.(3)1s末的速度为:v1=a′t=2×1=2m/s,故此时重力的瞬时功率为:P=mgsinθ•v=1×10×0.6×2=12W.答:(1)滑块与斜面间的动摩擦因数为0.5;(2)滑块从出发点返回到底端整个过程中损失的机械能为9.2J;(3)求1s末重力的瞬时功率为12W.【点评】:本题考查了牛顿第二定律和速度图象的综合,知道图线斜率表示加速度,图线与时间轴围成的面积表示位移,结合牛顿第二定律和运动学公式求解是关键,加速度是联系力学和运动学的桥梁.12.(19分)(2015•江西校级一模)如图所示,空间存在一个半径为R0的圆形匀强磁场区域,磁场的方向垂直于纸面向里,磁感应强度的大小为B,有一个粒子源在纸面内沿各个方向以一定速率发射大量粒子,粒子的质量为m、电荷量为+q.将粒子源置于圆心,则所有粒子刚好都不离开磁场,不考虑粒子之间的相互作用.(1)求带电粒子的速率.(2)若粒子源可置于磁场中任意位置,且磁场的磁感应强度大小变为B,求粒子在磁场中最长的运动时间t.(3)若原磁场不变,再叠加另一个半径为R1(R1>R0)圆形匀强磁场,磁场的磁感应强度的大小为,方向垂直于纸面向外,两磁场区域成同心圆,此时该离子源从圆心出发的粒子都能回到圆心,求R1的最小值和粒子运动的周期T.【考点】:带电粒子在匀强磁场中的运动.【专题】:带电粒子在磁场中的运动专题.【分析】:(1)根据几何关系,结合洛伦兹力提供向心力,由牛顿第二定律,即可求解;(2)由几何关系,可求出运动轨迹的圆心角,根据周期公式,即可求解;(3)根据矢量法则,可确定磁场方向与大小,再由几何关系,结合周期公式,即可求解.【解析】:解:(1)粒子离开出发点最远的距离为轨道半径的2倍,由几何关系,则有R0=2r,r=0.5R0根据半径公式得:r=解得v=(2)磁场的大小变为B后,由半径公式r=可知粒子的轨道半径变为原来的=2倍,即为R0,根据几何关系可以得到,当弦最长时,运动的时间最长,弦为2 R0时最长,圆心角90°解得:t=T==(3)根据矢量合成法则,叠加区域的磁场大小为,方向向里,R0以为的区域磁场大小为,方向向外.粒子运动的半径为R0,根据对称性画出情境图,由几何关系可得R1的最小值为:(+1)R0;根据周期公式,则有:T==答:(1)带电粒子的速率为.(2)若粒子源可置于磁场中任意位置,且磁场的磁感应强度大小变为B,粒子在磁场中最长的运动时间t为.(3)R1的最小值为(+1)R0;粒子运动的周期T为.【点评】:对于带电粒子在磁场的圆周运动,要由洛伦兹力提供圆周运动向心力,根据轨迹关系求出粒子进入磁场中的速度方向,再根据速度关系求出质子在电场中做何种运动,然后根据运动性质求解.选考题:【物理-选修3-3】(15分)13.(6分)(2015•江西校级一模)下列说法中正确的是()A.只要知道气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数,就可以算出气体分子的体积B.悬浮在液体中的固体微粒越小,布朗运动就越明显C.一定质量的理想气体,保持气体的压强不变,温度越高,体积越大D.一定温度下,饱和汽的压强是一定的E.由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离,液面分子间只有引力,没有斥力,所以液体表面具有收缩的趋势【考点】: * 液体的表面张力现象和毛细现象;温度是分子平均动能的标志.【分析】:阿伏伽德罗常数是指1摩尔气体含有分子个数;布朗运动是指微粒在分子撞击下的运动,微粒越大运动越不明显;相同温度下,相同气体的饱和汽压是相同的;压强取决于温度和体积;分子间既有引力又有斥力,当间距小于平衡位置时,斥力较显著.【解析】:解:A、摩尔体积除以阿伏伽德罗常数算出的是气体分子占据的空间,气体分子间的空隙很大,所以气体分子占据的空间不等于气体分子的体积.故A错误;B、悬浮在液体中的固体微粒越小,来自各方向的撞击抵消的越少,撞击越不平衡;则布朗运动就越明显.故B正确;C、一定质量的理想气体,保持气体的压强不变,温度越高,体积越大.故C正确;D、当温度不变时,饱和汽的压强也是不变的;故D正确;E、分子间的引力和斥力是同时存在的;有引力的同时也一定有斥力;故E错误;故选:BCD【点评】:解答本题知道固体、液体、气体分子的模型及运动特点;知道布朗运动其实是分子撞击布朗颗粒而产生的运动;知道温度是分子平均动能的标志,注意平时加强识记.14.(9分)(2015•江西校级一模)如图所示,一直立的气缸用一质量为m的活塞封闭一定质量的理想气体,活塞横截面积为S.气体最初的体积为V0,气体最初的压强为;气缸内壁光滑且气缸是导热的.开始活塞被固定,打开固定螺栓K,活塞下落,经过足够长时间后活塞停在B处.设周围环境温度保持不变.已知大气压强为P0,重力加速度为g,求:活塞停在B点时活塞下落的距离h.【考点】:理想气体的状态方程.【专题】:理想气体状态方程专题.【分析】:由平衡条件求出气体压强,由玻意耳定律求出气体体积;【解析】:解:设活塞在B处时封闭气体的压强为P,活塞处于平衡状态,由平衡条件得:P0S+mg=PS…①解得:P=P0+,由玻意耳定律得:=PV…②,其中V=Sh2;V0=Sh1;联立得:h=h1﹣h2=答:活塞下落的高度为【点评】:本题考查了求气体体积,应用玻意耳定律与热力学第一定律即可正确解题,求出气体的压强是正确解题的关键.【物理-选修3-4】(15分)15.(2015•江西校级一模)以下说法中不正确的有()A.作简谐运动的物体每次通过同一位置时都具有相同的加速度和速度B.横波在传播过程中,波峰上的质点运动到相邻的波峰所用的时间为一个周期C.一束光由介质斜射向空气,界面上可能只发生反射现象而没有折射现象D.水面油膜呈现彩色条纹是光的干涉现象,这说明了光是一种波E.在电场周围一定存在磁场,在磁场周围一定存在电场【考点】:电磁波的产生;光的干涉.【分析】:根据简谐运动的周期性分析物体通过同一位置时加速度和速度是否相同.横波在传播过程中,质点不向前移动.光由介质斜射向空气,界面上可能只发生反射现象而没有折射现象.水面油膜呈现彩色条纹是光的干涉现象,这说明了光是一种波.在电场周围不一定存在磁场,在磁场周围不一定存在电场.【解析】:解:A、作简谐运动的物体每次通过同一位置时都具有相同的加速度,而速度有两种方向,可能不同.故A错误.B、横波在传播过程中,波峰上的质点只在自己的平衡附近振动,不向前移动.故B错误.。
【名师解析】江西省高安中学、九江一中、新余一中、临川一中等2015届高三一模考试物理试卷
【名师解析】江西省高安中学、九江一中、新余一中、临川一中等2015届高三一模考试物理试卷一、选择题(共8小题,每小题给出的四个选项中,第1-5题只有一项符合题目要求,第6-8题有多项符合题目要求。
全部选对得6分,选对但不全的3分,有选错的得0分)1.(6分)(2015•高安市一模)关于物理学的研究和科学家做出的贡献,下列说法错误的是()A.牛顿发现万有引力定律并精确测出了引力常量,“笔尖下行星”即海王星就是根据万有引力定律发现的B.根据速度的定义式,当△t非常小时,就可以表示物体在t时刻的瞬时速度,该定义运用了极限思维法C.伽利略首先建立了平均速度,瞬时速度,以及加速度等描述运动的基本概念D.法拉第最早提出电荷周围产生电场观点【考点】:物理学史.【分析】:根据物理学史和常识解答,记住著名物理学家的主要贡献即可.【解析】:解:A、牛顿发现万有引力定律,卡文迪许精确测出了引力常量,“笔尖下行星”即海王星就是根据万有引力定律发现的,故A错误;B、根据速度的定义式v=,当△t非常小时,就可以表示物体在t时刻的瞬时速度,该定义运用了极限思维法,故B正确;C、伽利略首先建立了平均速度,瞬时速度,以及加速度等描述运动的基本概念,故C正确;D、法拉第最早提出电荷周围产生电场观点,故D正确;本题选错误的,故选:A.【点评】:本题考查物理学史,是常识性问题,对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆,注意知识的积累.2.(6分)(2015•高安市一模)a、b、c三个物体在同一条直线上运动,三个物体的位移﹣时间图象如图所示,图象c是一条抛物线,坐标原点是抛物线的顶点,下列说法中正确的是()A.a、b两物体都做匀速直线运动,两个物体的速度相同B.a、b两物体都做匀变速直线运动,两个物体的加速度相同C.在0~5s内,当t=5s时,a、b两个物体相距最远D.物体c一定做变速曲线运动【考点】:匀变速直线运动的图像;匀变速直线运动的位移与时间的关系.【专题】:运动学中的图像专题.【分析】:位移图象倾斜的直线表示物体做匀速直线运动,图象的斜率大小等于速度大小,斜率的正负表示速度方向.分析在0~5s内a、b两物体之间距离的变化.图象c是一条抛物线表示匀加速运动.【解析】:解:A、B位移图象倾斜的直线表示物体做匀速直线运动,则知a、b两物体都做匀速直线运动.由图看出斜率看出,a、b两图线的斜率大小、正负相反,说明两物体的速度大小相等、方向相反.故A错误,B错误.C、a物体沿正方向运动,b物体沿负方向运动,则当t=5s时,a、b两个物体相距最远.故C正确.D、对于匀加速运动位移公式x=v0t+at2,可见,x﹣t图象是抛物线,所以物体c一定做匀加速运动.故D错误.故选:C.【点评】:本题是为位移﹣﹣时间图象的应用,要明确斜率的含义,并能根据图象的信息解出物体运动的速度大小和方向.3.(6分)(2015•高安市一模)一轻绳系住一质量为m的小球悬挂在O点,在最低点现给小球一水平初速度,小球恰能在竖直平面内绕O点做圆周运动,若在水平半径OP的中点A 处钉一枚光滑的钉子,仍在最低点给小球同样的初速度,则小球向上通过后P点后将绕A 点做圆周运动,则到达最高点N时,绳子的拉力大小为()A.0 B.3mg C.2mg D.4mg【考点】:向心力.【专题】:匀速圆周运动专题.【分析】:小球在最高点时,由重力和轻绳的拉力的合力提供小球的向心力,根据牛顿第二定律求解绳子的拉力大小.【解析】:解:小球恰能在竖直平面内绕O点做圆周运动,在最高点由重力提供向心力,则有mg=m解得:v=,根据机械能守恒,在最高点N的速度为v′,则:根据向心力公式:T+mg=,联立得:T=3mg故选:B【点评】:圆周运动往往与其他知识综合在一起,本题是圆周运动与机械能守恒定律的综合.常见问题,不难.4.(6分)(2015•高安市一模)如图所示,放在水平桌面上的木块A处于静止状态,所挂的砝码和托盘的总质量为0.6kg,弹簧测力计读数为2N,滑轮摩擦不计.若轻轻取走盘中的部分砝码,使总质量减少到0.3kg时,将会出现的情况是(g=10m/s2)()A.A向左运动B.弹簧测力计的读数将变化C.A对桌面的摩擦力变小D.A所受的合力将要变大【考点】:共点力平衡的条件及其应用;摩擦力的判断与计算.【专题】:共点力作用下物体平衡专题.【分析】:对A受力分析可得出A受到的静摩擦力,根据静摩擦力与最大静摩擦力的关系可得出最大静摩擦力;再根据变化之后的受力情况可判断A的状态及读数的变化.【解析】:解:初态时,对A受力分析有:得到摩擦力F f=F1﹣F2=6﹣2=4N,说明最大静摩擦力F max≥4N,当将总质量减小到0.3kg时,拉力变为3N,物体仍静止,合力仍为零;弹簧测力计的示数不变,故摩擦力变化F f′=1N.故ABD错误,C正确.故选:C.【点评】:本题考查静摩擦力的计算,要注意静摩擦力会随着外力的变化而变化,但不会超过最大静摩擦力.弹簧的弹力取决于弹簧的形变量,形变量不变,则弹力不变.5.(6分)(2015•高安市一模)图中的虚线a、b、c、d表示匀强电场中的4个等势面.两个带电粒子M、N(重力忽略不计)以平行于等势面的初速度射入电场,运动轨迹分别如图中MPN和NQM所示.已知M是带负电的带电粒子.则下列说法中正确的是()A.N一定也带负电B.a点的电势高于b点的电势C.带电粒子N的动能减小电势能增大D.带电粒子N的动能增大电势能减小【考点】:电势差与电场强度的关系;电势能.【专题】:电场力与电势的性质专题.【分析】:由于电荷只受电场力作用,电场力将指向运动轨迹的内侧.同时注意电场线和等势线垂直,说明电场沿水平方向,正电荷沿轨迹MPN运动,则电场力一定水平向右,从而确定了电场的方向【解析】:解:A、电场线和等势线垂直,所以电场沿水平方向,从正电荷M的轨迹MPN 可知,电场力水平向右,故电场的方向水平向右.N电荷受电场力方向指向其轨迹内侧,故受电场力水平向左,所以N带负电,故A错误.B、电场线水平向右,沿电场线电势降低,所以等势面a的电势高于等势面b的电势.故B 正确;C、D电场力对N粒子做正功,其电势能减小,动能增加,故C错误,D正确;故选:BD.【点评】:本题通过带电粒子在电场中的运动考查了电势、电势能、电场力等问题,解决这类问题的突破口是:做曲线运动的物体所受合外力指向其轨迹内侧.6.(6分)(2015•高安市一模)如图所示,半径为R的光滑圆环竖直放置,环上套有质量分别为m和2m的小球A和B,A、B之间用一长为R的轻杆相连.开始时A在圆环的最高点,现将A、B静止释放,则()A.B球从开始运动至到达圆环最低点的过程中,杆对B球所做的总功为零B.A球运动到圆环的最低点时,速度为零C.在A、B运动的过程中,A、B组成的系统机械能守恒D.B球可以运动到圆环的最高点【考点】:机械能守恒定律;功的计算.【专题】:机械能守恒定律应用专题.【分析】:把AB看成一个系统,只有重力做功,系统机械能守恒,根据机械能守恒定律求出B球到达最低点的速度,对B球运用动能定理即可求解杆对B球所做的总功;设B球到右侧最高点时,AB与竖直方向夹角为θ,圆环圆心处为零势能面.系统机械能守恒,根据机械能守恒定律即可求解.【解析】:解:ABC、在A、B运动的过程中,A、B组成的系统只有重力做功,机械能守恒,则有:m A gR+m B gR=m A v A2+m B v B2又因为v A=v B得:v A=对B球,根据动能定理,m B gR+W=m B v B2而v B=解得:W=0,故A、C正确,B错误;C、设B球到右侧最高点时,AB与竖直B方向夹角为θ,如图,圆环圆心处为零势能面.系统机械能守恒,m A gR=m B gRcosθ﹣m A gRsinθ代入数据得,θ=30°所以B球在圆环右侧区域内能达到的最高点与竖直方向夹角为30°,故D错误;故选:AC.【点评】:本题主要考查了机械能守恒定律以及动能定理的直接应用,要求同学们能选取适当的研究对象,选择恰当的规律解答.7.(6分)(2015•高安市一模)如图所示,两个有界匀强磁场,磁感应强度大小分别为B和2B,方向分别垂直纸面向里和向外,其宽度均为L,距磁场区域的左侧L处,有一边长为L 的正方形导体线框,总电阻为R,且线框平面与磁场方向垂直,线框一边平行于磁场边界,现用外力F使线框以图示方向的速度v匀速穿过磁场区域,以初始位置为计时起点,规定:线框中电流沿逆时针方向时的电动势E为正,磁感线垂直纸面向里时磁通量Φ为正,外力F向右为正.则以下关于线框中的磁通量Φ、感应电动势E、外力F和电功率P随时间变化的图象中正确的是()A.B.C.D.【考点】:导体切割磁感线时的感应电动势;闭合电路的欧姆定律.【专题】:电磁感应与图像结合.【分析】:线框以速度v匀速穿过磁场区域,穿过线框的磁通量由磁场与面积决定,而面积却由线框宽度与位移决定,但位移是由速度与时间决定,所以磁通量是磁场、线框宽度、速度及时间共同决定.由于线框匀速穿过方向不同的磁场,因此当在刚进入或刚出磁场时,线框的感应电流大小相等,方向相同.当线框从一种磁场进入另一种磁场时,此时有两边分别切割磁感线,产生的感应电动势正好是两者之和,所以电流是两者之和,且方向相反.线框中有感应电流,则由左手定则可确定安培力的方向,通过安培力公式可得出力的大小.由电功率的表达式可知与电流的平方成正比,因此可得出电功率与时间的关系【解析】:解:A、在﹣2时间内:磁通量Φ=BS=BLv(t﹣),随着时间均匀增大,在t=2时刻,线框完全进入第一个磁场,磁通量为BL2;在2﹣•时间内:线框从第一个磁场开始进入第二磁场,磁通量存在抵消,磁通量均匀减小,在t=•时刻,当线框从一种磁场进入另一种磁场正好处于一半时,磁通量为零.在•﹣3时间内:磁通量反向均匀增大,在t=3时刻,线框完全进入第二个磁场,磁通量反向最大为﹣BL2;在3﹣4时间内,线框穿出第二个磁场,磁通量均匀减小,在t=4时刻,磁通量为零.故A正确.B、在﹣2时间内:根据法拉第电磁感应定律得知,线框中产生的感应电动势E=BLv,保持不变;在2﹣3时间内:线框开始进入第二个磁场时,两端同时切割磁感线,电动势方向相同,串联,电路中总的感应电动势应为2BLV,故B错误;C、由于线框匀速运动,外力与安培力总保持平衡,根据楞次定律判断可知安培力的方向总是水平向左,则外力F方向总是水平向右,始终为正值.在﹣2时间内:F=BIL=BL=;在2﹣•时间内:F=2BL=4;在2﹣3时间内:F=BIL=BL=;故C错误.D、在﹣2时间内:P=Fv=BILv=BL v=;在2﹣•时间内:P=Fv=2BL v=4;在•﹣3时间内:P=Fv=BILv=BL=;故D正确.故选:AD.【点评】:电磁感应与图象的结合问题,近几年高考中出现的较为频繁,在解题时涉及的内容较多,同时过程也较为复杂;故在解题时要灵活,可以选择合适的解法,如排除法等进行解答.8.(6分)(2015•高安市一模)一台理想变压器的原、副线圈的匝数比是5:1,原线圈接入电压为220V的正弦交流电,各元件正常工作,一只理想二极管和一个滑动变阻器R串联接在副线圈上,如图所示,电压表和电流表均为理想交流电表.则下列说法正确的是()A.原、副线圈中的电流之比为5:1B.电压表的读数约为44VC.若滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω,则1 分钟内产生的热量为2904 JD.若将滑动变阻器的滑片向上滑动,电压表读数不变【考点】:变压器的构造和原理.【专题】:交流电专题.【分析】:根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等,二极管的作用是只允许正向的电流通过,再根据电压与匝数成正比即可求得结论.【解析】:解:A、原线圈接入电压为220V的正弦交流电,原、副线圈的匝数比是5:l,则副线圈电压为44V,原、副线圈中的电流与匝数成反比,所以电流之比为1:5,A错误;B、原、副线圈的电压与匝数成正比,所以副线圈两端电压为44 V,由于副线圈接着二极管,它具有单向导电性,根据电流的热效应知,解得:U=22=31.11V,故B错误;C、由B求得电压表两端电压有效值为:U有效=22V,则1 min内产生的热量为:Q==2904 J,故C正确;D、将滑动变阻器滑片向上滑动,接入电路中的阻值变小,电流表的读数变大,但对原、副线圈两端的电压无影响,即电压表的读数不变,所以D正确.故选:CD【点评】:本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系,同时对于二极管和电容器的作用要了解.三、非选择题:包括必考题和选考题两部分.必考题,每个试题考生都必须作答.选考题,考生根据要求作答.(一)必考题9.(6分)(2015•高安市一模)一水平放置的圆盘绕过其圆心的竖直轴匀速转动.盘边缘上固定一竖直的挡光片.圆盘转动时挡光片从一光电数字计时器的光电门的狭缝中经过,如图1所示.光电数字计时器可显示出光线被遮住的时间.挡光片的宽度和圆盘直径分别用螺旋测微器和20分度的游标卡尺测得,结果分别是:宽度为8.115mm,直径为20.235 cm.若光电数字计时器所显示的时间为50.0×10﹣3s,则圆盘转动的角速度为 1.48rad/s (保留3位有效数字).【考点】:线速度、角速度和周期、转速;刻度尺、游标卡尺的使用;螺旋测微器的使用.【专题】:匀速圆周运动专题.【分析】:(1)由螺旋测微器读出整毫米数,由可动刻度读出毫米的小部分.即可得到挡光片的宽度.(2)图中20分度的游标卡尺,游标尺每一分度表示的长度是0.05mm.由主尺读出整毫米数,游标尺上第8条刻度线与主尺对齐,则读出毫米数小数部分为7×0.05mm=0.35mm.(3)由v=求出圆盘转动的线速度,由v=ωr,求出角速度ω.【解析】:解:(1)由螺旋测微器读出整毫米数为8mm,由可动刻度读出毫米的小部分为0.115mm.则挡光片的宽度为D=8.115mm.(2)由主尺读出整毫米数为202mm,游标尺上第8条刻度线与主尺对齐,读出毫米数小数部分为7×0.05mm=0.35mm,则圆盘的直径为d=20.235mm=20.235cm.(3)圆盘转动的线速度为v=…①由v=ωr,得角速度ω=…②又r=联立得ω=代入解得,ω=1.45rad/s故答案为:8.115;20.235;1.45【点评】:螺旋测微器和游标卡尺的读数是基本功,要熟悉读数的方法.题中还要掌握圆周运动的线速度与角速度的关系v=ωr.10.(9分)(2015•高安市一模)一个未知电阻R x,阻值大约为10kΩ﹣20kΩ,为了较为准确地测定其电阻值,实验室中有如下器材:电压表V1(量程3V、内阻约为3kΩ)电压表V2(量程15V、内阻约为15kΩ)电流表A1(量程200μA、内阻约为100Ω)电流表A2(量程0.6A、内阻约为1Ω)电源E(电动势为3V)滑动变阻器R(最大阻值为20Ω)开关S(1)在实验中电压表选V1,电流表选A1.(填V1、V2,A1、A2)(2)为了尽可能减小误差,请你在虚线框中画出本实验的电路图.(3)测得电阻值与真实值相比偏大(填偏大偏小相等)【考点】:伏安法测电阻.【专题】:实验题.【分析】:(1)、根据待测电阻的大小和电源的电动势大小,估测电路中的最大电流,在不烧坏电表的前提下,电压表、电流表的指针偏转角度越大越好,由此可正确选择电表;(2)、由于所给滑动变阻器太小,待测电阻很大,因此该实验采用滑动变阻器的分压接法和电流表的内接法.(3)、根据电路图,应用欧姆定律分析实验误差.(1)、电源电动势为3V,电压表选择V1;电路最大电流约为:I===3×10【解析】:解:﹣4A=0.3mA=300μA,为减小误差,电流表选:A1.(2)由题意可知,待测电阻阻值远大于滑动变阻器最大阻值,为进行多次测量,滑动变阻器应采用分压接法;由题意可知,待测电阻阻值远大于电流表内阻,电流表应采用内接法,电路图如图所示:(3)、由图示电路图可知,电流表采用内接法,由于电流表分压作用,电压测量值大于真实值,由欧姆定律可知,电阻测量值大于真实值.故答案为:(1)、V1;A1;(2)、电路图如上图所示;(3)、偏大.【点评】:本题考查了实验器材的选取、设计实验电路图,是实验的常考问题,一定要掌握;本题难度不大,熟练掌握基础知识即可正确解题.11.(14分)(2015•高安市一模)如图所示,某物块(可看成质点)从A点沿竖直光滑的圆弧轨道,由静止开始滑下,圆弧轨道的半径R=0.25m,末端B点与水平传送带相切,物块由B点滑上粗糙的传送带.若传送带静止,物块滑到传送带的末端C点后做平抛运动,落到水平地面上的D点,已知C点到地面的高度H=20m,C点到D点的水平距离为X1=4m,g=10m/s2.求:(1)物块滑到C点时速度的大小;(2)若传送带顺时针匀速转动,且物块最后的落地点到C点水平距离不随传送带转动速度变化而改变.试讨论传送带转动速度的范围.【考点】:动能定理;平抛运动.【专题】:机械能守恒定律应用专题.【分析】:(1)滑块离开C后做平抛云的,应用平抛运动规律可以求出到达C时的速度.(2)由动能定律求出滑块到达B点的速度,然后应用匀变速运动的速度位移公式求出速度.【解析】:解:(1)从C到D做平抛运动,竖直方向有:H=gt2,代入数据解得:t=2s,水平方向上有:x1=v1t,代入数据解得:v1=2m/s;(2)从A到B,由动能定理得:mgR=mv22﹣0,代入数据解得:v2=m/s,要求落点不随传送带的速度改变而改变,则物块一直处于加速或者减速若物体在传送带上一直减速,则传送带的速度v≤v1=2m/s,若物体在传送带上一直加速,到C点时速度为v3,由运动学规律有:v12﹣v22=﹣2as,v32﹣v22=2as,代入数据解得:v3=m/s,则传送带的速度v≥m/s;答:(1)物块滑到C点时速度的大小为2m/s;(2)论传送带转动速度的范围是:v≥m/s.【点评】:本题主要考查了动能定理、平抛运动的基本规律,运动学基本公式的应用,要注意传动带顺时针转动时,要分析物体的运动情况,再根据运动学基本公式求解.12.(18分)(2015•高安市一模)如图所示,坐标系xOy在竖直平面内,x轴沿水平方向.x >0的区域有垂直于坐标平面向外的匀强磁场,磁感应强度大小为B1;第三象限同时存在着垂直于坐标平面向外的匀强磁场和竖直向上的匀强电场,磁感应强度大小为B2,电场强度大小为E.x>0的区域固定一与x轴成θ=30°角的绝缘细杆.一带电小球a沿细杆匀速滑下,从N点恰能沿圆周轨道到x轴上的Q点,且速度方向垂直于x轴.已知Q点到坐标原点O的距离为l,重力加速度为g,B1=7E,B2=E.空气阻力忽略不计,求:(1)带电小球a的电性及其比荷;(2)带电小球a与绝缘细杆的动摩擦因数μ;(3)当带电小球a刚离开N点时,从y轴正半轴距原点O为h=的P点(图中未画出)以某一初速度平抛一个不带电的绝缘小球b,b球刚好运动到x轴与向上运动的a球相碰,则b球的初速度为多大?【考点】:带电粒子在匀强磁场中的运动;带电粒子在匀强电场中的运动.【专题】:带电粒子在复合场中的运动专题.【分析】:(1)粒子在第3象限做匀速圆周运动,重力和电场力平衡,洛伦兹力提供向心力,根据平衡条件求解电场强度;(2)带电小球在第3象限做匀速圆周运动,画出轨迹,结合几何关系得到半径,然后结合牛顿第二定律求解速度;带电小球a穿在细杆上匀速下滑,受重力、支持力和洛伦兹力,三力平衡,根据共点力平衡条件并结合合成法列式求解;(3)绝缘小球b做平抛运动,根据平抛运动的分运动公式求解运动到x轴的时间;小球a 在第3象限做圆周运动,第2象限做竖直上抛运动,分阶段求解出其经过x轴的时间,然后根据等时性列式.【解析】:解:(1)由带电小球在第三象限内做匀速圆周运动可得:带电小球带正电,且mg=qE,解得:(2)带电小球从N点运动到Q点的过程中,有:由几何关系有:联解得:带电小球在杆上匀速时,由平衡条件有:mgsinθ=μ(qvB1﹣mgcosθ)解得:(3)带电小球在第三象限内做匀速圆周运动的周期:带电小球第一次在第二象限竖直上下运动的总时间为:绝缘小球b平抛运动垤x轴上的时间为:两球相碰有:联解得:n=1设绝缘小球b平抛的初速度为v0,则:解得:答:(1)带电小球a的电性及其比荷是;(2)带电小球a与绝缘细杆的动摩擦因数μ是;(3)b球的初速度为;【点评】:本题多物体、多过程、多规律,是典型的三多问题;关键是明确两个小球的运动规律,然后分阶段根据牛顿第二定律、平衡条件、运动学公式、平抛运动的分运动公式列式求解,较难.(二)选考题:共45分.请考生从给出的3道物理题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分.[物理--选修3-3】(15分)13.(6分)(2015•高安市一模)下列说法正确的是()A.温度越高,扩散现象越不明显B.橡胶无固定熔点,是非晶体C.做功和热传递是改变物体内能的两种方式D.布朗运动是液体中分子无规则运动的反映E.第二类永动机是不能制造出来的,尽管它不违反热力学第一定律,但它违反热力学第二定律【考点】:热力学第一定律;改变内能的两种方式;* 晶体和非晶体.【分析】:温度越高,分子的运动越激烈,扩散现象越明显;改变内能的方式有做功和热传递;非晶体的特点是无固定熔点,布朗运动是固体小颗粒的运动,间接反映了液体分子的无规则运动,第二类永动机是不能制造出来的,它违反热力学第二定律.【解析】:解:A、温度越高,分子的运动越激烈,扩散现象越明显,故A错误;B、非晶体的特点是无固定熔点,故B正确;C、改变内能的方式有做功和热传递.故C正确;D、布朗运动是固体小颗粒的运动,间接反映了液体分子的无规则运动,故D错误;E、第二类永动机是不能制造出来的,尽管它不违反热力学第一定律,但它违反热力学第二定律,故E正确;故选:BCE【点评】:本题考查了扩散现象、晶体与非晶体的区别、布朗运动、热力学第一定律、热力学第二定律的知识,是难度不大基础题.在平时的学习过程中多加积累即可.14.(9分)(2015•高安市一模)如图所示为0.5mol某种气体的p﹣t图线,图中p0为标准大气压.试求:①气体在标准状况下的体积是多少L?②在B状态时的体积是多少L?【考点】:理想气体的状态方程.【专题】:理想气体状态方程专题.【分析】:由图可知图象为P﹣t图象,根据图象可知压强与摄氏温度的关系;知道1mol 任何气体在标准状况下的体积为22.4L,根据气体状态方程=C和已知的变化量去判断其它的物理量.【解析】:解:(1)1mol任何气体在标准状况下的体积都是22.4L,0.5mol气体在标准状况下的体积是11.2L.(2)根据气体状态方程=C知:在P﹣T图象中等容线为过原点的直线,其中T为热力学温度温度.所以在图中,虚线及延长线为等容线,A点的体积为11.2L.A到B,压强不变,根据气体状态方程=C得:=则得V B===14L.答:(1)气体在标准状况下的体积是11.2L;(2)在B状态时的体积是14L.【点评】:本题考查气体的状态方程中对应的图象,在P﹣T图象中等容线为过原点的直线.P ﹣t图象中过﹣273℃点的直线表示等容变化.【物理--选修3-4】(15分)15.(2015•高安市一模)某横波在介质中沿x轴传播,图甲是t=1s时的波形图,图乙是介质中x=2m处质点的振动图象,则下列说法正确的是()A.波沿x轴正向传播,波速为1m/sB.t=2s时,x=2m处质点的振动方向为y轴负向C.在t=1s到t=2s的时间内,x=0.5m处的质点运动速度一直增大。
【解析】江西省九江一中2015届高三上学期第一次模拟物理试卷 Word版含解析[ 高考]
江西省九江一中2015届高考物理一模试卷一、选择题(本题共8小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,第14~18小题只有一项符合题目要求,第19~21小题有多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错或不选的得0分)1.在物理学的发展过程中,许多物理学家都做出了重要的贡献,他们也创造出了许多物理学研究方法,下列关于物理学研究方法的叙述中正确的是( )A.质点、元电荷等都是理想化模型B.物理学中所有物理量都是采用比值法定义的C.伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索物理规律的科学方法D.重心、合力和交变电流的峰值等概念的建立都体现了等效替代的思想2.如图所示,一根细线下端拴一个金属小球P,细线的上端固定在金属块Q上,Q放在带小孔(小孔光滑)的水平桌面上,小球在某一水平面内做匀速圆周运动(圆锥摆).现使小球改到一个更2014-2015学年高一些的水平面上做匀速圆周运动(图中P′位置),两次金属块Q都静止在桌面上的同一点,则后一种情况与原来相比较,下面的判断中正确的是( )A.细线所受的拉力变小B.小球P运动的角速度变小C.Q受到桌面的静摩擦力变大D.Q受到桌面的支持力变大3.一根质量为m、长为L的均匀链条一半放在光滑的水平桌面上,另一半悬在桌边,桌面足够高,如图a所示.若将一个质量为m小球分别拴在链条左端和右端,如图b、图c所示.约束链条的挡板光滑,三种情况均由静止释放,当整根链条刚离开桌面时,关于它们的速度关系,下列判断中正确的是( )A.v a=v b=v c B.v a<v b<v c C.v c>v a>v b D.v a>v b>v c4.假设火星可视为质量均匀分布的球体,已知“火卫一”(火星的卫星)绕火星做圆周运动的半径为R,周期为T,火星的半径为R0,自转周期为T0,则火星表面的重力加速度在赤道处大小与两极处大小的比值为( )A.B.C.1﹣D.1﹣5.如图所示,两根完全相同、轴线在同一水平面内的平行长圆柱上放一均匀木板,木板的重心与两圆柱等距,其中圆柱的半径r=2cm,木板质量m=5kg,木板与圆柱间的动摩擦因数μ=0.2,两圆柱以角速度ω绕轴线作相反方向的转动.现施加一过木板重心且平行圆柱轴线的拉力F于木板上,使其以速度v=0.6m/s沿圆柱表面作匀速运动.取g=10m/s2.下列说法中正确的是( )A.若ω=0,则水平拉力F=20NB.若ω=40rad/s,则水平拉力F=6NC.若ω=40rad/s,木板移动距离x=0.5m,则拉力所做的功为4JD.不论ω为多大,所需水平拉力恒为10N6.如图,将小砝码置于桌面上的薄纸板上,用水平向右的拉力将纸板迅速抽出,砝码的移动很小.这就是大家熟悉的惯性演示实验.若砝码和纸板的质量分别为M和m.各接触面间的动摩擦因数均为μ,砝码与纸板左端的距离及桌面右端的距离均为d.现用水平向右的恒定拉力F拉动纸板,下列说法正确的是( )A.纸板相对砝码运动时,纸板所受摩擦力的大小为μ(M+m)gB.要使纸板相对砝码运动,F一定大于2μ(M+m)gC.若砝码与纸板分离时的速度小于,砝码不会从桌面上掉下D.当F=μ(2M+3m)g时,砝码恰好到达桌面边缘7.如图所示是小型交流发电机的示意图,线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动,线圈的匝数为n、电阻为r,外接电阻为R,其他电阻不计.线圈从图示位置(线圈平面平行于磁场方向)开始转过时的感应电流为I.下列说法中正确的是( )A.电流表的读数为2IB.转动过程中穿过线圈的磁通量的最大值为C.从图示位置开始转过的过程中,通过电阻R的电荷量为D.线圈转动一周的过程中,电阻R产生的热量为8.如图xoy平面为光滑水平面,现有一长为d宽为L的线框MNPQ在外力F作用下,沿正x轴方向以速度v做匀速直线运动,空间存在竖直方向的磁场,磁感应强度B=B0cos x(式中B0为已知量),规定竖直向下方向为磁感应强度正方向,线框电阻为R,t=0时刻MN边恰好在y轴处,则下列说法正确的是( )A.外力F为恒力B.t=0时,外力大小F=C.通过线圈的瞬时电流I=D.经过t=,线圈中产生的电热Q=二、解答题(共4小题,满分47分)9.某同学利用图示装置来研究机械能守恒问题,设计了如下实验.A、B是质量均为m的小物块,C是质量为M的重物,A、B间由轻弹簧相连,A、C间由轻绳相连.在物块B下放置一压力传感器,重物C下放置一速度传感器,压力传感器与速度传感器相连.当压力传感器示数为零时,就触发速度传感器测定此时重物C的速度.整个实验中弹簧均处于弹性限度内,重力加速度为g.实验操作如下:(1)开始时,系统在外力作用下保持静止,细绳拉直但张力为零.现释放C,使其向下运动,当压力传感器示数为零时,触发速度传感器测出C的速度为v.(2)在实验中保持A,B质量不变,改变C的质量M,多次重复第(1)步.①该实验中,M和m大小关系必需满足M__________ m(选填“小于”、“等于”或“大于”)②为便于研究速度v与质量M的关系,每次测重物的速度时,其已下降的高度应__________(选填“相同”或“不同”)③根据所测数据,为得到线性关系图线,应作出__________(选填“v2﹣M”、“v2﹣”或“v2﹣”)图线.④根据③问的图线知,图线在纵轴上截距为b,则弹簧的劲度系数为__________(用题给的已知量表示).10.有一阻值在500Ω左右的定值电阻,额定功率为0.20W,现用电流表和电压表测量它的阻值,备有如下器材:A.电流表:量程0﹣30mA,内阻约20ΩB.电流表:量程0﹣300mA,内阻约1ΩC.电压表:量程0﹣3V,内阻约2.5kΩD.电压表:量程0﹣15V,内阻约20kΩE.变阻器:阻值范围0﹣20Ω,额定电流2AF.电源:输出电压12V,内阻不计另有开关和导线若干.①测量时,为使被测电阻不被烧坏,实验中被测电阻两端的电压应控制在__________V以下,据此电流表应选用__________(用器材序号填写)②为了减小测量误差,并能方便的进行多次测量取平均值,在如图所给的四种测量电路中,应选用__________③在操作、测量与计算均无误的情况下,若实验中选择了C所示的电路,测得的结果是488Ω,若选择了D所示的电路,测得的结果是519Ω,则__________A.该电阻的真实阻值更接近519Ω,且应略小于519ΩB.该电阻的真实阻值更接近519Ω,且应略大于519ΩC.该电阻的真实阻值更接近488Ω,且应略大于488ΩD.该电阻的真实阻值更接近488Ω,且应略小于488Ω④对于该待测电阻的I﹣U图线,理想情况下I﹣U图线用实线所示,若选择用图B进行实验,所绘制的I﹣U图线用虚线表示,则在如图所示的几个图线总可能正确的是__________.11.如图所示,A、B两物块用一根轻绳跨过定滑轮相连,其中A带负电,电荷量大小为q.A 静止于斜面的光滑部分(斜面倾角为37°,其上部分光滑,下部分粗糙且足够长,粗糙部分的摩擦系数为μ,上方有一个平行于斜面向下的匀强电场),轻绳拉直而无形变.不带电的B、C通过一根轻弹簧拴接在一起,且处于静止状态,弹簧劲度系数为k.B、C质量相等,均为m,A的质量为2m,不计滑轮的质量和摩擦,重力加速度为g.(1)电场强度E的大小为多少?(2)现突然将电场的方向改变180°,A开始运动起来,当C刚好要离开地面时(此时B 还没有运动到滑轮处,A刚要滑上斜面的粗糙部分),请求出此时B的速度大小.(3)若(2)问中A刚要滑上斜面的粗糙部分时,绳子断了,电场恰好再次反向,请问A 再经多长时间停下来?12.(18分)如图所示,倾角θ=30°的足够长平行导轨MN、M′N′与水平放置的平行导轨NP、N′P′平滑连接,导轨间距均为L,MM′间接有阻值为R的电阻,轨道光滑且电阻不计.倾斜导轨MN、M′N′之间(区域Ⅰ)有方向垂直导轨平面向上的匀强磁场,水平部分的ee′ff′之间(区域Ⅱ)有竖直向上、磁感应强度为B2的匀强磁场,磁场宽度为d.质量为m、电阻为r、长度略大于L的导体棒ab从靠近轨道上端的某位置由静止开始下滑,棒始终与导轨垂直并接触良好,经过ee′和ff′位置时的速率分别为v和.已知导体棒ab进入区域Ⅱ运动时,其速度的减小量与它在磁场中通过的距离成正比,即△v∝△x.(1)求区域Ⅰ匀强磁场的磁感应强度B1;(2)求导体棒ab通过区域Ⅱ过程中电阻R产生的焦耳热;(3)改变B1使导体棒ab不能穿过区域Ⅱ,设导体棒ab从经过ee′到停止通过电阻R的电量为q,求B1的取值范围,及q与B1的关系式.三、[物理--选修3-4]13.下列说法中正确的是( )A.当一列声波从空气中传入水中时波长一定会变B.在机械横波传播方向上的某个质点的振动速度就是波的传播速度C.a、b两束光照射同一双缝干涉装置在屏上得到的干涉图样中,a光的相邻亮条纹间距小于b光的相邻亮条纹间距,则可以判断水对a光的折射率比b光大D.肥皂泡呈现彩色条纹是光的折射现象造成的E.麦克斯韦预言了电磁波的存在,赫兹通过实验证实14.半径为R的固定半圆形玻璃砖的横截面如图所示,O点为圆心,OO′为直径MN的垂线.足够大的光屏PQ紧靠在玻璃砖的右侧且与MN垂直.一光束沿半径方向与OO′成θ=30°射向O点,光屏PQ区域出现两个光斑.当θ逐渐增大到45°时,光屏上的两个光斑恰好变成一个.试求:①圆形玻璃砖材料的折射率n;②当光束沿半径方向与OO′成θ=30°射向O点时,光屏PQ区域两个光斑的距离.四、【物理--选修3-5】15.下列说法正确的是( )A.人类关于原子核内部的信息,最早来自天然放射现象B.在α、β、γ三种射线中γ射线电离作用最强C.光电效应现象中,极限波长越大的金属材料逸出功越大D.较重的核分裂成中等质量大小的核,核子的比结合能都会增加E.放射性同位素Th经α、β衰变会生成Rn,其衰变方程Th→Rn+xα+yβ其中x=3,y=2.16.某同学做了“测定玩具枪子弹与透明物块相互作用力”的实验,如图所示,将质量为m 的子弹以速度v0沿水平方向射入固定在光滑水平面上质量为M的透明物块中,测得子弹射入的深度为d,设子弹与物块之间的相互作用力的大小与物块的运动状态无关.请你帮该同学计算:Ⅰ.子弹与透明物块之间的相互作用力f的大小;Ⅱ.若物块不固定,子弹仍以原来的速度射入物块,求子弹射入物块的深度d′.江西省九江一中2015届高考物理一模试卷一、选择题(本题共8小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,第14~18小题只有一项符合题目要求,第19~21小题有多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错或不选的得0分)1.在物理学的发展过程中,许多物理学家都做出了重要的贡献,他们也创造出了许多物理学研究方法,下列关于物理学研究方法的叙述中正确的是( )A.质点、元电荷等都是理想化模型B.物理学中所有物理量都是采用比值法定义的C.伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索物理规律的科学方法D.重心、合力和交变电流的峰值等概念的建立都体现了等效替代的思想考点:物理学史.专题:常规题型.分析:根据物理学史和常识解答,记住著名物理学家的主要贡献即可.解答:解:A、理想化模型是抓主要因素,忽略次要因素得到的,质点是理想化模型,元电荷不是理想化模型,故A正确;B、物理学中物理量定义的方法有多种,比值定义法只是一种,并不是所有的物理量都是用比值法定义的.故B错误.C、伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索物理规律的科学方法,故C正确;D、重心、合力和交变电流的有效值等概念的建立都体现了等效替代的思想,交变电流的峰值不属于等效替代的概念,故D错误.故选:AC点评:本题考查物理学史,是常识性问题,对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆,这也是考试内容之一.2.如图所示,一根细线下端拴一个金属小球P,细线的上端固定在金属块Q上,Q放在带小孔(小孔光滑)的水平桌面上,小球在某一水平面内做匀速圆周运动(圆锥摆).现使小球改到一个更2014-2015学年高一些的水平面上做匀速圆周运动(图中P′位置),两次金属块Q都静止在桌面上的同一点,则后一种情况与原来相比较,下面的判断中正确的是( )A.细线所受的拉力变小 B.小球P运动的角速度变小C.Q受到桌面的静摩擦力变大D.Q受到桌面的支持力变大考点:向心力;摩擦力的判断与计算.专题:匀速圆周运动专题.分析:金属块Q保持在桌面上静止,根据平衡条件分析所受桌面的支持力是否变化.以P 为研究对象,根据牛顿第二定律分析细线的拉力的变化,判断Q受到桌面的静摩擦力的变化.由向心力知识得出小球P运动的角速度、周期与细线与竖直方向夹角的关系,再判断其变化.解答:解:A、设细线与竖直方向的夹角为θ,细线的拉力大小为T,细线的长度为L.P 球做匀速圆周运动时,由重力和细线的拉力的合力提供向心力,如图,则有:T=,mgtanθ=mω2Lsinθ,得角速度ω=,周期T=使小球改到一个更2014-2015学年高一些的水平面上作匀速圆周运动时,θ增大,cosθ减小,则得到细线拉力T增大,角速度增大,周期T减小.对Q球,由平衡条件得知,Q受到桌面的静摩擦力变大,故AB错误,C正确;D、金属块Q保持在桌面上静止,根据平衡条件得知,Q受到桌面的支持力等于其重力,保持不变.故D错误.故选:C点评:本题中一个物体静止,一个物体做匀速圆周运动,分别根据平衡条件和牛顿第二定律研究,分析受力情况是关键.3.一根质量为m、长为L的均匀链条一半放在光滑的水平桌面上,另一半悬在桌边,桌面足够高,如图a所示.若将一个质量为m小球分别拴在链条左端和右端,如图b、图c所示.约束链条的挡板光滑,三种情况均由静止释放,当整根链条刚离开桌面时,关于它们的速度关系,下列判断中正确的是( )A.v a=v b=v c B.v a<v b<v c C.v c>v a>v b D.v a>v b>v c考点:机械能守恒定律.专题:机械能守恒定律应用专题.分析:在运动的过程中,对整个系统而言,机械能守恒.抓住系统重力势能的减小量等于动能的增加量,分别求出离开桌面时的速度.解答:解:铁链释放之后,到离开桌面,由于桌面无摩擦,对两次释放,桌面下方L 处为0势能面.则释放前,系统的重力势能为第一次,E p1=mgL+mg •=第二次,E p2=(m+m )gL+mg •+mg =第三次,E p3=mgL+mg •+mg =mgL 释放后E p1'=mgE p2'=mgL+mg =mgLE p3'=mgL则损失的重力势能△E p1=mgL△E p2=mgL△E p3=mgL那么△E p1=mv a 2△E p2=(2m )v b 2△E p3=(2m )v c 2解得:v a 2=v b 2=gLv c 2=gL 显然 v c 2>v a 2>v b 2,所以v c >v a >v b ,故选:C点评:解决本题的关键知道系统机械能守恒,抓住系统重力势能的减小量等于系统动能的增加量进行求解.4.假设火星可视为质量均匀分布的球体,已知“火卫一”(火星的卫星)绕火星做圆周运动的半径为R ,周期为T ,火星的半径为R 0,自转周期为T 0,则火星表面的重力加速度在赤道处大小与两极处大小的比值为( )A.B.C.1﹣D.1﹣考点:万有引力定律及其应用.专题:万有引力定律的应用专题.分析:在赤道上,万有引力一个分力等于重力,另一个分力提供向心力,在两极,万有引力等于重力.结合火卫一的轨道半径和周期求出火星的质量,根据万有引力和重力的关系求出重力加速度的比值.解答:解:在赤道上的物体,有:,在两极,有:联立两式,根据,解得GM=,代入可得=1﹣.故选:D.点评:解决本题的关键知道万有引力与重力的关系,知道赤道上万有引力等于重力和向心力之和,两极万有引力等于重力.5.如图所示,两根完全相同、轴线在同一水平面内的平行长圆柱上放一均匀木板,木板的重心与两圆柱等距,其中圆柱的半径r=2cm,木板质量m=5kg,木板与圆柱间的动摩擦因数μ=0.2,两圆柱以角速度ω绕轴线作相反方向的转动.现施加一过木板重心且平行圆柱轴线的拉力F于木板上,使其以速度v=0.6m/s沿圆柱表面作匀速运动.取g=10m/s2.下列说法中正确的是( )A.若ω=0,则水平拉力F=20NB.若ω=40rad/s,则水平拉力F=6NC.若ω=40rad/s,木板移动距离x=0.5m,则拉力所做的功为4JD.不论ω为多大,所需水平拉力恒为10N考点:动能定理的应用.专题:动能定理的应用专题.分析:应用滑动摩擦力公式求出滑动摩擦力大小,然后应用平衡条件求出拉力大小,再应用功的计算公式分析答题.解答:解:当ω=40rad/s,圆柱转动的线速度大小为v′=ωr=0.8m/s木板的速度v=6m/s,则木板所受的滑动摩擦力与F的夹角为(180°+37°)木板在垂直与轴线方向受到两轴的滑动摩擦力大小相等方向相反,在垂直与轴线方向上受到的滑动摩擦力为零,在平行于轴线方向上,木板受到的滑动摩擦力f=μmg=0.2×5×10=10N,木板做匀速直线运动,由平衡条件得:F=fsin37°=6N,木板移动距离x=0.5m拉力做功:W=Fx=6×0.5=3J,故ACD错误,B正确;故选:B.点评:本题考查了求摩擦力大小,物体所受的滑动摩擦力大小与物体的运动速度无关,应用滑动摩擦力公式与功的计算公式即可正确解题.6.如图,将小砝码置于桌面上的薄纸板上,用水平向右的拉力将纸板迅速抽出,砝码的移动很小.这就是大家熟悉的惯性演示实验.若砝码和纸板的质量分别为M和m.各接触面间的动摩擦因数均为μ,砝码与纸板左端的距离及桌面右端的距离均为d.现用水平向右的恒定拉力F拉动纸板,下列说法正确的是( )A.纸板相对砝码运动时,纸板所受摩擦力的大小为μ(M+m)gB.要使纸板相对砝码运动,F一定大于2μ(M+m)gC.若砝码与纸板分离时的速度小于,砝码不会从桌面上掉下D.当F=μ(2M+3m)g时,砝码恰好到达桌面边缘考点:牛顿第二定律;匀变速直线运动的速度与时间的关系.专题:牛顿运动定律综合专题.分析:应用摩擦力公式求出纸板与砝码受到的摩擦力,然后求出摩擦力大小.根据牛顿第二定律求出加速度,要使纸板相对于砝码运动,纸板的加速度应大于砝码的加速度,然后求出拉力的最小值.当F=μ(2M+3m)g时,根据牛顿第二定律分析求出砝码和纸板加速度,结合运动学公式求出分离时砝码的速度,结合速度位移公式求出砝码速度减为零的位置,从而判断出砝码的位置.解答:解:A、对纸板分析,当纸板相对砝码运动时,所受的摩擦力μ(M+m)g+μMg,故A错误.B、设砝码的加速度为a1,纸板的加速度为a2,则有:f1=Ma1,F﹣f1﹣f2=ma2发生相对运动需要a2>a1代入数据解得:F>2μ(M+m)g,故B正确.C、若砝码与纸板分离时的速度小于,砝码匀加速运动的位移小于,匀减速运动的位移小于,则总位移小于d,不会从桌面掉下,故C正确.D、当F=μ(2M+3m)g时,砝码未脱离时的加速度a1=μg,纸板的加速度=2μg,根据,解得t=,则此时砝码的速度,砝码脱离纸板后做匀减速运动,匀减速运动的加速度大小a′=μg,则匀减速运动的位移,而匀加速运动的位移,可知砝码离开桌面,故D错误.故选:BC.点评:本题考查了求拉力大小,应用摩擦力公式求出摩擦力大小,知道拉动物体需要满足的条件,应用牛顿第二定律与运动学公式即可正确解题.7.如图所示是小型交流发电机的示意图,线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动,线圈的匝数为n、电阻为r,外接电阻为R,其他电阻不计.线圈从图示位置(线圈平面平行于磁场方向)开始转过时的感应电流为I.下列说法中正确的是( )A.电流表的读数为2IB.转动过程中穿过线圈的磁通量的最大值为C.从图示位置开始转过的过程中,通过电阻R的电荷量为D.线圈转动一周的过程中,电阻R产生的热量为考点:交流发电机及其产生正弦式电流的原理;焦耳定律;正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率.专题:交流电专题.分析:由瞬时电流值可求得电流的最大值,再由最大值表达式可求得磁通量的最大值;再由电量的表达式可求得电量;由Q=EIt可求得产生的热量.解答:解:A、发电机电流的表达式i=I m cosωt;转过时的感应电流为I,即I m cos=I;解得:I m=2I;电流表的示数为有效值,故示数为:=I;故A错误;B、最大电流为2I,最大电动势E m=2I(r+R)=nBSω;解得:BS=;故B正确;C、转过的过程中,磁通量的变化量△Φ=BS;则由q=可得,通过电阻R的电荷量q=;故C正确;D、电动势最大值E m=2I(r+R);线圈转动一周时,产生的热量Q=EIt==;故D正确;故选:BCD.点评:本题考查交变电流最大值、有效值的理解和应用的能力,对于交流电表的测量值、计算交流电功率、电功等都用到有效值8.如图xoy平面为光滑水平面,现有一长为d宽为L的线框MNPQ在外力F作用下,沿正x轴方向以速度v做匀速直线运动,空间存在竖直方向的磁场,磁感应强度B=B0cos x(式中B0为已知量),规定竖直向下方向为磁感应强度正方向,线框电阻为R,t=0时刻MN边恰好在y轴处,则下列说法正确的是( )A.外力F为恒力B.t=0时,外力大小F=C.通过线圈的瞬时电流I=D.经过t=,线圈中产生的电热Q=考点:导体切割磁感线时的感应电动势;闭合电路的欧姆定律;焦耳定律;安培力.专题:电磁感应与电路结合.分析:由题意明确感应电动势的规律,根据导体切割磁感线规律和交流电有效值的计算方法可求得电流及热量.解答:解:A、由于磁场是变化的,故切割产生的感应电动势也为变值,安培力也会变力;故要保持其匀速运动,外力F不能为恒力;故A错误;B、t=0时,左右两边的磁感应强度均为B0,方向相反,则感应电动势E=2B0LV;拉力等于安培力即F=2B0IL=;故B错误;C、由于两边正好相隔半个周期,故产生的电动势方向相同,经过的位移为vt;瞬时电动势E=2B0Lvcos;瞬时电流I=;故C正确;D、由于瞬时电流成余弦规律变化,故可知感应电流的有效值I=;故产生的电热Q=I2Rt=;故D正确;故选:CD.点评:本题考查电磁感应及交流电规律,要注意交流电有效值定义在本题中的迁移应用;本题选题新颖,是道好题.二、解答题(共4小题,满分47分)9.某同学利用图示装置来研究机械能守恒问题,设计了如下实验.A、B是质量均为m的小物块,C是质量为M的重物,A、B间由轻弹簧相连,A、C间由轻绳相连.在物块B下放置一压力传感器,重物C下放置一速度传感器,压力传感器与速度传感器相连.当压力传感器示数为零时,就触发速度传感器测定此时重物C的速度.整个实验中弹簧均处于弹性限度内,重力加速度为g.实验操作如下:(1)开始时,系统在外力作用下保持静止,细绳拉直但张力为零.现释放C,使其向下运动,当压力传感器示数为零时,触发速度传感器测出C的速度为v.(2)在实验中保持A,B质量不变,改变C的质量M,多次重复第(1)步.①该实验中,M和m大小关系必需满足M大于m(选填“小于”、“等于”或“大于”)②为便于研究速度v与质量M的关系,每次测重物的速度时,其已下降的高度应相同(选填“相同”或“不同”)③根据所测数据,为得到线性关系图线,应作出v2﹣(选填“v2﹣M”、“v2﹣”或“v2﹣”)图线.④根据③问的图线知,图线在纵轴上截距为b,则弹簧的劲度系数为(用题给的已知量表示).考点:验证机械能守恒定律.专题:实验题.分析:①若要使B处压力传感器示数为零,必须满足M大于m的条件;②根据胡克定律,不论M质量如何,要使压力传感器为零,从而得出下落的高度大小如何;③选取A、C及弹簧为系统,根据机械能守恒定律,列式,即可求得结果;④根据③问的表达式,结合图象的含义,即可求解.解答:解:①根据题意,确保压力传感器的示数为零,因此弹簧要从压缩状态到伸长状态,那么C的质M要大于A的质量m;②要刚释放C时,弹簧处于压缩状态,若使压力传感器为零,则弹簧的拉力为F=mg,因此弹簧的形变量为△x=△x1+△x2==;不论C的质量如何,要使压力传感器示数为零,则A物体上升了,则C下落的高度为,即C下落的高度总相同;③选取A、C及弹簧为系统,根据机械能守恒定律,则有:(M﹣m)g×=;整理可知,v2=﹣;为得到线性关系图线,因此应作出v2﹣的图象;④由上表达式可知,=b;解得:k=;故答案为:①大于;②相同;③v2﹣;④.点评:考查胡克定律与机械能守恒定律的应用,理解弹簧有压缩与伸长的状态,掌握依据图象要求,对表达式的变形的技巧.。
【数学】江西省九江市2015届高三第一次高考模拟统一考试(理).docx
江西省九江市 2015 届高三第一次高考模拟统一考试(理)本试卷分第 I 卷(选择题) 和第 II 卷(非选择题) 两部分. 全卷满分 150 分,时间 120 分钟.第 I 卷(选择题,共 60 分)一、选择题(本大题共12 小题,每小题 5 分,满分 60 分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. )1、已知全集UR,集合2,5 , e U,12,,则( )A . 2,5B . 1,2C .2D .z2 i1 i,则 z 的共轭复数为(2、设复数)13 i13 iC . 1 3iD . 1 3iA .2 2B .2 2tan 35 ,则 sin 2()3、已知151588A .17B . 17C .17D .174、已知随机变量 服从正态分布5,4 ,且kk4,则k的值为()A .6B .7C .8D .95 、 已 知 函 数fxsin 2x() 的 图 象 向 左 平 移6个 单 位 后 得 到g xcos2x6,则的值为()22A .3B .3C .3D .36、在如下程序框图中,输入f 0 xsin 2x1,若输出的f ix是 28sin 2x 1 ,则程序框图中的判断框应填入()A.i 6B.i7C.i 8D.i 97、已知抛物线的方程为y 22 px(p0p, 2 p),过抛物线上一点和抛物线的焦点F作直线l交抛物线于另一点,则 F :F()A. 1: 2B. 1: 3C. 1: 2D. 1: 38、若实数x,y满足xz2x y3y 1 ,则x y的最小值为()53A.3B.2C.5 1D.29、如图,网格纸上小正方形边长为 1 ,粗线是一个棱锥的三视图,则此棱锥的表面积为()A.64 2 2 3B. 8 4 2C. 6 6 2D. 6 2 2 4 3x2y21F1,F2分别为双曲线的左、右焦点,为双曲线 16910、已知点右支上一点,点为FF12 的内心,若SF1SF28,则FF12 的面积为()A.27B.10C.8D.611、平面截球的球面得圆,过圆心的平面与的夹角为6,且平面截球的球面得圆.已知球的半径为5,圆的面积为9,则圆的半径为()A.3B.13C.4D.2112 、已知定义在R 上的函数,当x 0,2时,fx8 1x 1,且对任意的实数x 2n2,2n 12(nf x 1 f x1,且n 2),都有22,若g x f x log ax有且仅有三个零点,则a的取值范围为()A . 2,102, 10C . 2,10D .2, 10B .第 II 卷(非选择题,共90 分)本卷包括必考题和选考题两部分. 第 13-21 题为必考题, 每个试题考生都必须作答.第 22-24题为选考题,学生根据要求作答.二、填空题(本大题共4 小题,每小题5 分,共 20 分.)2x 12 x 6213、.(用数字作答)的展开式中 x的系数为14、已知直线yx 1 f x1 e x是函数a 的切线,则实数a.1 a m1 1a na 1n ,a nn),则数列a n15 、等差数列 中,2015 ,m ( m的公差为 .16、如图,在C中,三内角,,C的对边分别为 a , b , c ,且 a2b2c2bc , a 3 , S 为C的面积,圆是C 的外接圆,是圆 上一动点,当S3 coscos C取得最大值时,的最大值为.三、解答题(本大题共 6 小题,共 70 分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. )17 、( 本 小 题 满分 12 分 ) 已 知 各 项 不 为 零 的 数 列a n的 前 n 项 和 为S n, 且 满 足Sna1a n1 .1求数列a n的通项公式;2设数列b n满足 a nb nlog 2a n,求数列b n的前 n 项和 n.18(、本小题满分 12 分)如图所示,在长方体CDC D 中,D(0),、F 分别是C和 D 的中点,且 F平面CD.1求的值;2求二面角C的余弦值.19、(本小题满分 12 分)心理学家分析发现视觉和空间能力与性别有关,某数学兴趣小组为了验证这个结论,从兴趣小组中按分层抽样的方法抽取50名同学(男 30女 20),给所有同学几何题和代数题各一题,让各位同学自由选择一道题进行解答.选题情况如右表:(单位:人)几何题代数题总计男同学22830女同学81220总计3020501能否据此判断有97.5%的把握认为视觉和空间能力与性别有关?2经过多次测试后,甲每次解答一道几何题所用的时间在57分钟,乙每次解答一道几何题所用的时间在68分钟,现甲、乙各解同一道几何题,求乙比甲先解答完的概率.3现从选择做几何题的8名女生中任意抽取两人对她们的答题情况进行全程研究,记甲、乙两女生被抽到的人数为,求的分布列及数学期望.附表及公式k2k0.150.100.050.0250.0100.0050.001 k 2.072 2.706 3.841 5.024 6.6357.87910.82822n ad bca b c d a c b d.20、(本小题满分12 分)已知椭圆C的中心在坐标原点,右焦点为 F 1,0 ,、是椭圆C 的左、右顶点,D 是椭圆C上异于、的动点,且D面积的最大值为 2 .1求椭圆C的方程;2是否存在一定点x,0(0 x2),使得当过点的直线l与曲线C相交于,1122两点时,为定值?若存在,求出定点和定值;若不存在,请说明理由.f x ab ln xg x 1x a b21、(本小题满分12 分)设函数x,2(其中 e 为自然对数的底数,a,bR 且 a0 ),曲线yf x在点 1, f1处的切线方程为y ae x 1 .1求 b 的值;x1,x 与 g x有且只有两个交点,求a的取值范围.2若对任意e,f请考生在第22-24 题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分.22、(本小题满分10 分)选修4-1:几何证明选讲如图,已知是的直径,CD是的切线,C为切点,D CD 交于点 ,连接C 、 C 、 C 、 C ,延长交 CD 于 F .1证明: C C ;2证明:CFC .23、(本小题满分 10 分)选修 4-4:坐标系与参数方程x 12t已知直线 l 的参数方程为y2t( t 为参数),以坐标原点为极点, x 轴正半轴为极轴,sin建立极坐标系,曲线C的极坐标方程是1 sin 2.1写出直线 l 的极坐标方程与曲线C的普通方程;2若点是曲线 C 上的动点,求到直线 l 的距离的最小值,并求出点的坐标.24、(本大题满分 10 分)选修 4-5:不等式选讲已知函数 f x x 3 xa .1 1 f x当a 2时,解不等式2 ;2 若存在实数 a ,使得不等式f x a成立,求实数 a 的取值范围.参考答案及评分标准一、选择题 :本大题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分.在每小题给出的四个选项中,只有一 是符合 目要求的 .1.解:B [1,2] , AB {2},故 C.z2 i (2 i)(1 i)1 3 i 2.解:1 i22 2 ,故 B.2sin cos2tan2 ( 3)15sin 2 =3 5sin 2 cos 2 tan 2 1( 2 117)3.解:5,故 B.(k4) k54.解:2k 7故 B.g( x)=sin[2( x) ]g (x) cos(2x2))=sin(2 x5.解:由 意得6又63+ =2 k2=2k=33 , kZ3即3故 C.6. 解 :i1 , f 1(x)2cos(2 x1); i 2 , f 2( x)22 sin(2 x1); i3,f 3 (x)23 cos(2x1); i 4 , f 4(x)24 sin(2 x1);⋯;i 8 , f 8(x)28sin(2 x1), 束,故B.y 2 2 pxl : y 2 2( xp )y 2 2( xp ) N ( p,2p)7.解:2 立方程2 ,得42NFp p 3 pMFpp 3 pNF : FM1: 2,故 C.424,22x y 3 0yx y 3x, y 足0 y 1C B 8.解:依 意,得 数,画出可行域如 所示,x其中 A(3,0) , C (2,1)O A2y 15APzxBy 1[ ,2]1y3x1,故 A.x9.解:直观图如图所示四棱锥P ABCDSPABSPADSPDC12 2 221SPBC2 22 2 sin 6002 32S四边形 ABCD2 2 2 4 22+23,故选 A.故此棱锥的表面积为6+410.解:设内切圆的半径为R ,a4,b 3,c 5S PMF 1 S PMF 281( PF 1PF 2 )R88R 22即 aRSMF F1 2c R10M AN1 22,故选 B.BOOA 5, AM3OM411.解:如图,NMO3ONOM sin23又3又 OB 5 NBOB 2 ON 213,故选 B.12.解:如图所示,易得a 1log a 4 4依题意得 log a 10 2 ,2 a 10,故选 D.二、填空题 :本大题共 4 小题,每小题5 分,共 20 分 .13. 解: x2的系数为 2C 6125 ( 1)1 C 62 24 ( 1)2144 .f (x 0 )1 x 0 11 xx 1解:设切点为 (x 0, y 0 ),则 e, e x 0e 0 ,x214.aa ,又 aa e 2a m 11 1 ( n 1)d1 1 1(m 1)da n2015m(m n)dm15. 解:2015n ,nd1mna m1 (m 1)11 1 1d 1 2015mn n解得mn2015 ,即2015 .cosA b 2 c 2 a 21 2a 2b 2c 22bc2A16.解:bc3a 322R2sin A设圆O的半径为 R ,则sinR 13S3 cos B cosC1 3 cos B cosC3 3 cos B cosCbc sin Abc243 sin B sin C 3 cos BcosC3 cos( B C )BC3 cosB cosC 取得最大值当6 时, S建立如图直角坐标系,3 1)3 1)则 A(0,1) B(, C (, P(cos,sin ) ,则,2 2 ,2 2 ,设 PA PB(cos ,sin1)(cos3,sin1)22 3cos3sin3 3 3 cos() 222 23cos() 13 + 3 当且仅当3 时, PA PB 取最大值 2 .。
2015年高考理综全国卷1(含详细答案)
理科综合能力测试试卷 第1页(共52页)理科综合能力测试试卷 第2页(共52页)绝密★启用前 2015年普通高等学校招生全国统一考试(全国新课标卷1)理科综合能力测试使用地区:陕西、山西、河南、河北、湖南、湖北、江西本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
第Ⅰ卷1至5页,第Ⅱ卷6至16页,共300分。
考生注意:1. 答题前,考生务必将自己的准考证号、姓名填写在答题卡上。
考生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“准考证号、姓名、考试科目”与考试本人准考证号、姓名是否一致。
2. 第Ⅰ卷每小题选出答案后,用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。
第Ⅱ卷用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答,在试题卷上作答,答案无效。
3. 考试结束,监考员将试题卷、答题卡一并收回。
可能用到的相对原子质量:H —1 C —12 N —14 O —16 Cl —35.5 K —39Cr —52 Fe —56 Cu —64 Br —80 Ag —108 I —127第Ⅰ卷(选择题 共126分)本卷共21小题,每小题6分,共126分。
一、选择题(本大题共13小题,每小题6分,共78分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的) 1. 下列叙述错误的是( )A. DNA 与ATP 中所含元素的种类相同B. 一个tRNA 分子中只有一个反密码子C. T 2噬菌体的核酸由脱氧核糖苷酸组成D. 控制细菌性状的基因位于拟核和线粒体中的DNA 上 2. 下列关于植物生长素的叙述,错误的是( )A. 植物幼嫩叶片中的色氨酸可转变为生长素B. 成熟茎韧皮部中的生长素可以进行非极性运输C. 幼嫩细胞和成熟细胞对生长素的敏感程度相同D. 豌豆幼苗切段中乙烯的合成受生长素浓度的影响3. 某同学给健康实验兔静脉滴注0.9%的Na Cl 溶液(生理盐水)20 mL 后,会出现的现象是 ( )A. 输入的溶液会从血浆进入组织液B. 细胞内液和细胞外液分别增加10 mLC. 细胞内液Na +的增加远大于细胞外液Na +的增加D. 输入的Na +中50%进入细胞内液,50%分布在细胞外液 4. 下列关于初生演替中草本阶段和灌木阶段的叙述,正确的是( )A. 草本阶段与灌木阶段群落的丰富度相同B. 草本阶段比灌木阶段的群落空间结构复杂C. 草本阶段比灌木阶段的群落自我调节能力强D. 草本阶段为灌木阶段的群落形成创造了适宜环境5. 人或动物PrP 基因编码一种蛋白(c PrP ),该蛋白无致病性。
2015年江西省九江市高考物理一模试卷
2015年江西省九江市高考物理一模试卷学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________一、单选题(本大题共5小题,共30.0分)1.下列说法正确的是()A.安培发现了电流的磁效应,揭示了电现象和磁现象之间的联系B.库仑通过研究电荷间作用力的规律,总结出库仑定律,并测定了元电荷C.牛顿发现了万有引力定律,并测出了引力常量D.伽利略科学思想方法的核心是把实验和逻辑推理(包括数学推演)和谐地结合起来,从而有力地推进人类科学认识的发展【答案】D【解析】解:A、丹麦的物理学家奥斯特发现了电流的磁效应,揭示了电现象和磁现象之间的联系.故A错误;B、库仑通过研究电荷间作用力的规律,总结出库仑定律,但没有测定元电荷.故B错误.C、牛顿发现了万有引力定律,没有测出引力常量,故C错误.D、伽利略科学思想方法的核心是把实验和逻辑推理(包括数学推演)和谐地结合起来,从而有力地推进人类科学认识的发展,故D正确;故选:D.根据物理学史和常识解答,记住著名物理学家的主要贡献即可.本题考查物理学史,是常识性问题,对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆,这也是考试内容之一.2.如图为两个物体A和B在同一直线上沿同一方向同时作匀加速运动的v-t图线,已知已知在第3s末两个物体在途中相遇.则下列说法正确的是()A.两物体从同一地点出发B.出发时B在A前3m处C.3s末两个物体相遇后,两物体可能再相遇D.运动过程中B的加速度大于A的加速度【答案】B【解析】解:A、由图象的“面积”读出两物体在3s内的位移不等,而在第3s末两个物体相遇,可判断出两物体出发点不同.故A错误.B、两物体在3s内的位移分别为x A=,x B=,则出发时B在A前3m处.故B正确.C、3s末两个物体相遇后,A的速度大于B的速度,两物体不可能再相遇.故C错误.D、由A的斜率大于B的斜率可知A的加速度大于B的加速度.故D错误.故选B由图象的“面积”读出两物体在3s内的位移不等,而在第3s末两个物体相遇,可判断出两物体出发点不同,相距的距离等于位移之差.3s末两个物体相遇后,A的速度大于B的速度,两物体不可能再相遇.由A的斜率大于B的斜率可知A的加速度大于B的加速度.对于速度-时间图象要注意:不能读出物体运动的初始位置.两物体相遇要位移关系.3.如图所示为一正点电荷M和一无限大的金属板N形成的电场,a、b、c为电场中的三点,则下列说法正确的是()A.a、c两点的电场强度大小关系为E a>E cB.a、b两点的电势关系为φa<φbC.一负点电荷在a点处的电势能大于它在b点处的电势能D.若将某正点电荷由a点移到c点,电场力做负功【答案】A【解析】解:A、电场线密的地方电场的强度大,电场线疏的地方电场的强度小,则a、c两点的电场强度大小关系为E a>E c,故A正确.B、沿电场方向电势降低,所以a点电势比b点的电势高,即φa<φb,故B错误.C、由图可知,负点电荷子从a到b过程中,电场力做负功,电势能增加,即在a点处的电势能小于它在b点处的电势能,故C错误.D、由图可判断,正点电荷由电势高的a点移到电势低的c点,电场力做正功,故D错误.故选:A.电场线密的地方电场的强度大,电场线疏的地方电场的强度小,电场力做正功,电势能减小,电场力做负功,电势能增加.加强基础知识的学习,掌握住电场线的特点,注意沿着电场线,电势降低,并掌握电场力做功与电势能的变化,同时理解电势能的高低还与电荷的电性有关.4.“神舟七号”飞船绕地球运转一周需要时间约90min,“嫦娥二号”卫星在工作轨道绕月球运转一周需要时间约118min(“神舟七号”和“嫦娥二号”的运动都可视为匀速圆周运动),已知“嫦娥二号”卫星与月球中心的距离约为“神舟七号”飞船与地球中心距离的,根据以上数据可求得()A.月球与地球的质量之比B.“嫦娥二号”卫星与“神舟七号”飞船的质量之比C.月球与地球的第一宇宙速度之比D.月球表面与地球表面的重力加之比【答案】A【解析】=×,是定值,解:A、根据万有引力提供向心力G=m r,得M=,所以月地即可以计算出月球与地球的质量之比,故A正确.B、“嫦娥二号”卫星与“神舟七号”飞船是环绕天体,质量在等式两边约去了,故不计算它们的质量,故B错误.C、根据第一宇宙速度的公式v=,由于不知道月球和地球的半径,故无法计算月球与地球的第一宇宙速度之比,故C错误.D、星球表面的重力加速度g=,由于不知道月球和地球的半径,故无法计算月球表面与地球表面的重力加速度之比,故D错误.故选:A.根据万有引力提供向心力G=m r,结合题中数据可以计算月球和地球的质量之比.根据万有引力提供向心力只能计算中心天体的质量,环绕天体的质量无法计算.由于不知道月球和地球的半径,故无法计算月球与地球的第一宇宙速度之比,也无法计算月球表面与地球表面的重力加速度之比.要知道卫星运动时,万有引力提供向心力,会根据此关系列出方程,并能根据各种表达式进行分析.5.一质量为m的质点以速度v0运动,在t=0时开始受到恒力F作用,速度大小先减小后增大,其最小值为v0.质点从开始受到恒力作用到速度最小的过程中的位移大小为()A. B. C. D.【答案】D【解析】解:质点速度大小先减小后增大,减速运动的最小速度不为0,说明质点不是做直线运动,是做类平抛运动.设恒力与初速度之间的夹角是θ,最小速度为:v1=v0sinθ=0.5v0可知初速度与恒力的夹角为30°.在沿恒力方向上有:v0cosθ-•t=0,x=•t,在垂直恒力方向上有:y=•t,质点的位移为:s=,联解可得发生的位移为:s=故选:D.由题意可知,物体做类平抛运动,根据运动的合成与分解,结合力的平行四边形定则与运动学公式,即可求解.本题考查平抛运动的处理规律,要注意掌握合成法则与运动学公式的应用,注意分运动与合运动的等时性.二、多选题(本大题共3小题,共18.0分)6.如图所示为理想变压器的示意图,其原副线圈的匝数比为3:1,电压表和电流表均为理想电表,原线圈接图乙所示的正弦交流电,图甲中R x为热敏电阻(其阻值随温度的升高而变小),R为定值电阻,下列说法正确的是()A.电压表的示数为12VB.若R x处的温度升高,则电流表的示数变小C.若R x处的温度升高,则变压器的输入功率变大D.变压器原、副线圈中的磁通量随时间的变化率之比为1:1【答案】ACD【解析】解:A、原线圈接的正弦交流电,由题知最大电压有效值36V,所以副线圈电压为12V,故A正确;B、R t处温度升高时,阻值减小,电流表的示数变大,但不会影响输入电压值,根据P=UI 知输入功率等于输出功率都变大,B错误C正确;D、变压器原、副线圈中的磁通量随时间的变化率之比为1:1,故D正确;故选:ACD由变压器原理可得变压器原、副线圈中的电压之比,R t处温度升高时,阻值减小,根据负载电阻的变化,可知电流、电压变化.准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系,是解决本题的关键.7.如图所示,在光滑绝缘的水平面上方,有两个方向相反的水平方向匀磁场,PQ为两个磁场的边界,磁场范围足够大,磁感应强度的大小分别为B1=B、B2=2B.一个竖直放置的边长为a、质量为m、电阻为R的正方形金属线框,以速度v垂直磁场方向从图中实线位置开始向右运动,当线框运动到分别有一半面积在两个磁场中时,线框的速度为,则下列结论中正确的是()A.此过程中通过线框截面的电量为 B.此过程中回路产生的电能为mv2 C.此时线框的电流为 D.此时线框中的电功率为【答案】BC【解析】解:A、感应电动势为:E=,感应电流为:I=,电荷量为:q=I△t,解得:q=,故A错误.B、由能量守恒定律得,此过程中回路产生的电能为:E=mv2-m()2=mv2,故B正确;C、此时感应电动势:E=2B a+B a=B av,线框电流为:I==,故C正确;D、此时线框的电功率为:P=I2R=,故D错误;故选:BC.根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律和电量q=I△t相结合求解电量.此时线框中感应电动势为E=2B a,感应电流为I=,线框所受的安培力的合力为F=2BI a,再由牛顿第二定律求解加速度.根据能量守恒定律求解产生的电能.由P=I2R求解电功率.本题考查电磁感应规律、闭合电路欧姆定律、安培力公式、能量守恒定律等等,难点是搞清楚磁通量的变化.8.将一长木板静止放在光滑的水平面上,如图甲所示,一个小铅块(可视为质点)以水平初速度v0由木板左端向右滑动,到达右端时恰能与木板保持相对静止.现将木板分成A和B两段,使B 的长度和质量均为A的2倍,并紧挨着放在原水平面上,让小铅块仍以初速度v0由木块A的左端开始向右滑动,如图乙所示.若小铅块相对滑动过程中所受的摩擦力始终不变,则下列有关说法正确的是()A.小铅块将从木板B的右端飞离木板B.小铅块滑到木板B的右端前就与木板B保持相对静止C.甲、乙两图所示的过程中产生的热量相等D.图甲所示的过程产生的热量大于图乙所示的过程产生的热量【答案】BD【解析】解:A、在第一次在小铅块运动过程中,小铅块与木板之间的摩擦力使整个木板一直加速,第二次小铅块先使整个木板加速,运动到B部分上后A部分停止加速,只有B部分加速,加速度大于第一次的对应过程,故第二次小铅块与B木板将更早达到速度相等,所以小铅块还没有运动到B的右端,两者速度相同.故A错误,B正确.C、根据摩擦力乘以相对位移等于产生的热量,第一次的相对路程大小大于第二次的相对路程大小,则图甲所示的过程产生的热量大于图乙所示的过程产生的热量.故C错误,D正确.故选;BD.比较两次运动的区别,木块一直做匀减速直线运动,木板一直做匀加速直线运动,第一次在小铅块运动过程中,整个木板一直加速,第二次小铅块先使整个木板加速,运动到B部分上后A部分停止加速,只有B部分加速,加速度大于第一次的对应过程,通过比较小铅块的位移确定是否飞离木板.根据摩擦力乘以相对位移等于热量比较小铅块在木板B上和木板A上产生的热量.解决本题的关键理清铅块和木板的运动过程,通过比较位移的关系判断是否脱离,以及掌握功能关系Q=fs相对.五、多选题(本大题共1小题,共6.0分)13.用等长的绝缘丝线分别悬挂两个质量、电荷量都相同的带电小球A、B(均可视为质点且不计两球之间的万有引力),两线上端固定在同一点O,把B球固定在O点的正下方,当A球静止时,两悬线夹角为θ,如图所示,若在其他条件不变,只改变下列某些情况,能够保持两悬线夹角θ不变的方法是()A.同时使两悬线的长度都减半B.同时使A球的质量、电荷量都减半C.同时使A、B两球的质量、电荷量都减半D.同时使两悬线的长度和两球的电荷量都减半【答案】BD【解析】解:小球A受力平衡,受重力、静电斥力和拉力,三力平衡,重力和静电斥力的合力沿着绳子伸长的方向,只要重力和静电斥力的合力方向不变,球就能保持平衡;A、同时使两悬线长度减半,若角度θ不变,球间距减半,根据公式F=k,静电斥力增加为4倍,故重力和静电斥力的合力方向一定改变,不能在原位置平衡,故A错误;B、同时使A球的质量和电荷量减半,A球的重力和静电力都减小为一半,故重力和静电斥力的合力方向不变,球能保持平衡,故B正确;C、同时使两球的质量和电荷量减半,A球的重力减小为一半,静电力都减小为四分之一,故故重力和静电斥力的合力方向一定改变,不能在原位置平衡,故C错误;D、同时使两悬线长度和两球的电荷量减半,球间距减为一半,根据公式F=k,静电力不变,故重力和静电斥力的合力方向不变,球能保持平衡,故D正确;故选:BD.小球A受力平衡,受重力、静电斥力和拉力,三力平衡,结合平衡条件分析即可.本题关键是明确小球间静电力和重力的合力方向不变时,球就能在原位置保持平衡,不难.三、实验题探究题(本大题共2小题,共15.0分)9.利用如图甲所示装置,测定小滑块与木板间动摩擦因素μ,AB、CD是材持相同的木板,用长度可忽略的光滑小圆弧相连,AB倾斜足够角度,CD足够长水平放置,实验步骤如下:(1)在AB上某处标记,并测量该标点离CD的高度,记为h.(2)将物块从标记处静止释放,物块沿AB下滑,最终停止在CD上某处.(3)为测定μ,还需测量的一个物理量是______ ,记为y.(4)改变AB上的标记,重复(1)(2)(3).(5)将各组h,y数据描在h-y坐标中,得到如图乙所示,测得该图线斜率为k,则μ= ______ .【答案】小滑块在AB上释放点与在CD上停止处间的水平距离;【解析】解:设斜面坡角为θ,小滑块在AB上释放点与在CD上停止处间的水平距离为y,对从释放点到停止点的全部过程,运用动能定理,有:mgh--=0解得:μ=故y=h故h-y图象的斜率为:k=故μ=故答案为:(3)小滑块在AB上释放点与在CD上停止处间的水平距离;(5).对从释放点E到停止点F的全部过程根据动能定理列式分析,得到动摩擦因素的表达式即可分析.本题关键是根据动能定理列式分析,明确“物体沿斜面下滑过程,克服摩擦力做功的表达式W f=μmgx,x为初、末位置的水平距离”的结论,基础题目.10.某物理课外兴趣小组研究某受污染水的水质,取水样装入特制的两端带有金属盖的瓶子中,测定它的电阻率,测出了瓶子的长度和内径后,再测定其电阻.(1)他先用多用电表进行估测,按照正确的步骤操作后,测量的结果如图甲所示,请你读出其阻值大小为______ ,他将选择开关旋转到______ 挡测量结果准确些.(2)为了使测量的结果更准确,该同学接着利用下列器材进行测量.A.电流表A1(量程2m A、内阻r1=50Ω)B.电流表A2(量程4m=A、内阻r2约为30Ω)C.定值电阻R0=2000ΩD.滑动变阻器R,最大阻值约为10ΩE.直流电源E(电动势3V)F、开关S、导线若干①请你在图乙虚线框内画出测量电阻R x的一种实验电路图(图中元件用题干中相应的英文字母标注)②用已知量和测量的量I1、I2表示R x,其表达式R x= ______ .【答案】1000Ω;×100;【解析】解:(1)电阻的大小等于指针示数乘以倍率,示数为100.0,倍率为×10,得出水样的电阻约为:1000Ω;为测量更准确,应让指针在中间刻度附近,故应该选用×100倍率更好一些.(2)由于没有电压表,故而定值电阻和电流表要组合实现电压表的功能,故要求此电流表内阻必须已知,故电流表A1要和定值电阻串联,来实现电压表的功能;因为要精确测量电阻值,需要电路中电压有较大的变化范围,而滑动变阻器阻值又远小于待测电阻,所以连线时滑动变阻器要用分压接法;因为水的电阻为1000Ω,接近组合后的电压表内阻,则采用电流表内接法,电路连接如图左所示.由欧姆定律可得:.故答案为:(1)1000Ω;×100.(2)①如图:②.(1)由图可以读出欧姆表读数,再乘以倍率即为电阻大小;由于读数偏大,故应该选择更大的倍率来测量.(2)由于没有电压表,故而定值电阻和电流表要组合实现电压表的功能,故要求此电流表内阻必须已知,由此可以确定两只电流表的位置.由于滑动变阻器阻值较小,必修用分压式接法;当待测电阻与电压表内阻接近时,电流表应用内接法.根据欧姆定律可以得到被测电阻的阻值.对实验问题,关键是明确实验原理,然后根据相应规律求解即可,要熟记伏安法测量电阻时电流表内接法与外接法选择的依据,以及滑动变阻器应采用分压式的几种情况:测量电路要求电流从零调,滑动变阻器的全电阻远小于待测电阻阻值等.四、计算题(本大题共2小题,共25.0分)11.一条平直公路上,甲汽车停要斑马线处等红绿灯,当绿灯亮起时甲汽车立即开始匀加速,加速度a=2m/s2,此时甲车后面距甲车尾L=10m处有另一辆乙车正以v0=10m/s 的速度匀速驶来,问:(1)若乙车不采取刹车措施,通过计算判断两车是否相撞?(2)若不相撞则求两车之间最小距离,若会相撞则乙车必须采取刹车措施才能避免,乙车刹车时加速度至少多大?【答案】解:(1)设经时间t,两车速度相等速度关系即at=10解得t==5s甲车位移x甲===25m乙车位移x乙=vt=10×5=50m因为25m+10m<50m,所以会相撞(2)设乙车刹车加速度为a乙,设经时间t′,两车速度相等速度关系为at′=v0-a乙t′,即2t′=10-a乙t′①位移关系x甲+L=x乙即′+10=10t′乙′②联立①②解得a乙=3m/s2答:(1)若乙车不采取刹车措施,因为25m+10m<50m,所以会相撞.(2)若不相撞则求两车之间最小距离,若会相撞则乙车必须采取刹车措施才能避免,乙车刹车时加速度至少为3m/s2【解析】(1)两车速度相等前,乙车的速度大于甲车的速度,两者距离越来越大,速度相等后,汽车的速度大于摩托车的速度,两者距离越来越小,知两车速度相等时,相距最远,根据位移关系判定两车是否会相撞;(2)设乙车刹车加速度为a乙,设经时间t’,抓住两车速度相等时两车位移相等的临界条件求解.本题考查运动学中的追及问题,知道两车速度相等时,两车位移关系是判定是否相撞的临界条件.12.如图,质量为M的足够长金属导轨abcd放在光滑的足够大的绝缘斜面上,斜面倾角为θ.一电阻不计,质量为m的导体棒PQ放置在导轨上,始终与导轨接触良好,PQ bc构成矩形,棒与导轨间动摩擦因数为μ,棒左下侧有两个固定于斜面的立柱.导轨bc段长为L,开始时PQ左下方导轨的总电阻为R,右上方导轨电阻不计.以ef为界,其左侧匀强磁场方向垂直斜面向上,右侧匀强磁场平行斜面向下,磁感应强度大小均为B,现在静止释放导轨,导轨下滑.求导轨的加速度a与速度v的关系式,a=?并说明运动的性质.【答案】解:设某时刻的速度为vE=BL v感应电流为I=导体棒受到的安培力为安f=在下滑过程中由牛顿第二定律可得M gsinθ-f-F安=M a解得a=安=轨道最速度增大加速度减小的变加速运动当a=0时,v=以后做匀速运动答:导轨的加速度a与速度v的关系式,a=,当a=0时,做匀速运动.求出导体棒产生的感应电流,由牛顿第二定律即可求得加速度与速度之间的关系;本题主要考查了在安培力作用下的牛顿第二定律,受力分析是关键六、计算题(本大题共1小题,共16.0分)14.如图所示,PQ是两块平行金属板,大量带负电粒子不断地通过P极板的小孔以速度v0=2.0×104m/s垂直金属板飞入,通过Q极板上的小孔后,沿OO′垂直进入足够长的匀强磁场中,磁感应强度为B=1.0T,宽度d=1.6m,粒子比荷=5×104C/kg,不计粒子的重力和粒子间的相互作用,若在两极板间加一正弦交变电压U=9.6×104sin314t(V),则磁场边界的哪些区域有粒子飞出.(每个粒子在电场中运动时,可认为电压是不变的)【答案】解:(1)当U=0时,由qv0B=m,得R0=,代入解得R0=0.4m(2)加速电压最大时,U大=9.6×104V-,v大=105m/s由动能定理得:q U大=大最大的轨迹半径为R大=大=2m=1.2m由几何上勾股定理得大=0.8m处有粒子飞出磁场边界.所以在O′点的右方R大-大(3)由于R0=0.4m,R大=2m,所以必有R=1.6m作图几何得,O′右方[0.8m~1.6m]之间有带负电粒子飞出(4)作图几何得,O点右方最远处为2R=3.2m.(5)若能减速到零,-q U′=0-,得U’=0.4×104VU′小于U大,所以粒子速度可以减小到零,故R小=0所以,在O点右方[0~3.2m]之间有带负电粒子飞出.答:在O点右方[0~3.2m]之间有带负电粒子飞出.【解析】当U=0时,根据洛伦兹力提供向心力,列式求出轨迹半径.当在两极板间加一正弦交变电压U=9.6×104sin314t(V),根据动能定理求出粒子获得的最大速度,由半径公式求解磁场中最大的轨迹半径,由几何知识求解飞出磁场时的位置.从而可得解.本题主要考查了带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的问题,要求同学们能根据粒子运动的轨迹,熟练运用几何关系解题。
2015年高考真题全国一卷理综卷(物理)详细解析
绝密★启封并使用完毕前本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分,共40题,共300分,共16页。
考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项:1.答题前,现将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔记清楚。
3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无线;再猜告知、试题卷上答题无效。
4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5.保持卡面清洁,不要折叠、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
可能用到的相对原子质量:H 1 C 12 N 14 O 16 F 19 Na 23 AI 27 P 31 S 32 CL 35.5 Ca 40 Fe 56 Zn 65 Br 80第I卷一、选择题:本题共13小题,每小题6分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的二、选择题:本题共8小题,每小题6分。
在每小题给出的四个选项中,第14~17题只有一项符合题目要求,第18~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
14. 如图,两平行的带电金属板水平放置。
若在两板中间a点从静止释放一带电微粒,微粒恰45,再由a点从静止释好保持静止状态。
现将两板绕过a点的轴(垂直于纸面)逆时针旋转°放一同样的微粒,改微粒将A.保持静止状态 B.向左上方做匀加速运动C.向正下方做匀加速运动D.向左下方做匀加速运动【答案】D【解析】试题分析:现将两板绕过a点的轴(垂直于纸面)逆时针旋转时,两板间的电场强度不变,电场力也不变,所以现将两板绕过a点的轴(垂直于纸面)逆时针旋转后,带电微粒受两大小相等的力的作用,合力方向向左下方,故微粒将向左下方做匀加速运动,故D正确,A、B、C 错误。
考点:电容器;电场力;力的平衡15. 如图,直角三角形金属框abc放置在匀强磁场中,磁感应强度大小为B,方向平行于ab 边向上。
【最新经典文档】年全国大联考高考物理一模试卷(解析版)
5 题只有一项符合题目要求,第 6~8 题有多项符合题目要求.全部选对的得 6
分,选对但不全的得 3 分,有选错的得 0 分.
1.(6 分)物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识,推动了科学技术的创新
和革命,促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步.下列表述错误的是(
)
A.英国物理学家卡文迪许用实验的方法测出了引力常量 G
a(/ m?s 0.60 0.40 0.30 0.20 0.10 ﹣ 2)
m/kg /kg ﹣1
0.10 0.15 0.20 0.30 0.60 10 6.7 5.0 3.3 1.7
( 3)根据你作出的 a﹣图象可知加速度 a 与
(填 “m”或“)”成正比.
8.(9 分)要测量一节干电池的电动势和内阻 (电动势约为 1.5V、内阻约为 1Ω).实
( 2)物块 Q 的质量 m0.
10.( 19 分)如图所示,在坐标系的第一象限被垂直于 x 轴的虚线 a、 b 分成三 个区域,虚线 a、b 的横坐标分别为 l、2l,直线 OP与 x 轴之间的夹角为 45°.三 个区域分别有水平向左, 水平向右和竖直向上的匀强电场, 各电场的电场强度大 小未知; 虚线 a 的右侧、 虚线 b 的左侧有垂直于 xOy 平面向内的, 大小未知的匀 强磁场 B1.虚线 b 的右侧有另一垂直 xOy 平面向外的,大小未知的匀强磁场 B2,
F 之后
三、非选择题:包括必考题和选考题两部分.第 22 题~第 32 题为必考题,每
个试题考生都必须作答, 第 33 题~第 40 题为选考题, 考生根据要求作答.(一)
必考题(共 129 分)
7.(6 分)如图甲所示为探究加速度与质量关系的实验装置示意图.
( 1)在平衡摩擦力后,保持悬挂钩码的质量不变,改变小车上砝码的质量从而
2015年普通高等学校招生全国统一考试物理真题详解1卷(答案)
2015年普通高等学校招生全国统一考试(课标全国卷Ⅰ)14.D因洛伦兹力不做功,故带电粒子从较强磁场区域进入到较弱的磁场区域后,其速度大小不变,由r=知,轨道半径增大;由角速度ω=知,角速度减小,选项D正确。
15.B由电子从M点分别运动到N点和P点的过程中,电场力所做的负功相等可知,φM>φN=φP,故过N、P点的直线d位于某一等势面内,则与直线d平行的直线c也位于某一等势面内,选项A错、B正确;φM=φQ,则电子由M点运动到Q点,电场力不做功,选项C错误;由于φP<φM=φQ,电子由P点运动到Q点,电势能减小,电场力做正功,选项D错误。
16.A设原线圈中电流为I,由=知副线圈中的电流I2=3I,由题意知副线圈中电阻两端的电压U=3IR,则原线圈回路中R两端的电压U'=IR=,原线圈两端的电压U1=3U,由闭合电路中电压关系可知U1+U'=220 V,即+3U=220 V,U=66 V,原线圈回路中电阻消耗的功率P1=I2R,副线圈回路中电阻消耗的功率P2=(3I)2R,=k==,选项A正确。
评析此题为常见题型,但原线圈回路加一电阻,使试题难度大为增加。
17.C质点由静止开始下落到最低点N的过程中由动能定理:mg·2R-W=mv2质点在最低点:F N-mg=由牛顿第三定律得:F N=4mg联立得W=mgR,质点由N点到Q点的过程中在等高位置处的速度总小于由P点到N 点下滑时的速度,故由N点到Q点过程克服摩擦力做功W'<W,故质点到达Q点后,会继续上升一段距离,选项C正确。
18.D乒乓球做平抛运动,落到右侧台面上时经历的时间t1满足3h=g。
当v取最大值时其水平位移最大,落点应在右侧台面的台角处,有v max t1=,解得v max=;当v 取最小值时其水平位移最小,发射方向沿正前方且恰好擦网而过,此时有3h-h=g,=v min t2,解得v min=。
【物理】江西省九江市第一中学2015-2016年高二下学期第一次月考试题
江西省九江市第一中学2015-2016年高二下学期第一次月考物理试题一、单选题:共8题1. 质量为5kg的物体,原来以v=5m/s的速度做匀速直线运动,现受到跟运动方向相同的冲量15N-s的作用,物体的动量大小变为A. 8。
加燔B.16。
烁嘛C.40赫嘛D.10 :--【答案】C【解析】本题考查动量定理的知识,意在考查学生的应用能力。
以物体为研究对象,以物体的初速度方向为正方向,由动量定理得:I=p - mv,则物体末动量:p=l+mv=5X 5+15 kg?m/s =40kg?m/s , C 正确。
综上本题选C。
2. 质量为ma=1kg, mb=2kg的a、b两小球在光滑的水平面上发生碰撞,碰撞前后两球的位移一时间图象如图所示,则可知碰撞属于A.弹性碰撞B.非弹性碰撞C.完全非弹性碰撞D.条件不足,不能判断【答案】A【解析】本题考查动量守恒的知识,意在考查学生的分析能力。
根据x- t图象可知:a球的初速度为:va=3m/s, b球的初的速度为vb=0 ,碰撞后a球的速度为:va' - 1m/s碰撞后b球的速度为:vb' =2m/s1 1 1 1 1- - ~ " ■两球碰撞过程中,动能变化量为:△ Ek= -mava2+0 - -mava 2亠"=X1 X32 —X1 X12 --X 2x 22 kg?m/s =0则知碰撞前后系统的总动能不变,此碰撞是弹性碰撞, 题选A。
3. 如图所示,两个小球A、B在光滑水平地面上相向运动,它们的质量分别为mA = 4kg, mB = 2kg ,以水平向右为正方向,其速度分别是vA = 3m/s, vB = -3m/s,则它们发生正碰后,速度的可能值分别为A. vA '= 1m/s, vB'= 1m/sB.vA'= -3m/s, vB '= 9m/sC.vA'= 2 m/s, vB '= -1m/sD.vA '= -1 m/s, vB' = -5m/s【答案】A【解析】本题考查动量守恒的知识,意在考查学生的应用能力。
2015年高考物理全国卷1及标准答案解析
第Ⅰ卷(选择题)2015年理综 全国卷1 物理部分二、选择题:本题共8小题,每小题6分。
在每小题给出的四个选项中。
第l4~18题只有一项符合题目要求。
第l9~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分。
选对但不全的得3分。
有选错的得0分。
14.两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行。
一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子(不计重力),从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后,粒子的A.轨道半径减小,角速度增大B.轨道半径减小,角速度减小C.轨道半径增大,角速度增大 D.轨道半径增大,角速度减小15.如图,直线a 、b和c 、d是处于匀强电场中的两组平行线,M 、N、P 、Q 是它们的交点,四点处的电势分别为M ϕ、N ϕ、P ϕ、Q ϕ。
一电子由M 点分别运动到N 点和P 点的过程中,电场力所做的负功相等。
则A.直线a位于某一等势面内,M ϕ>Q ϕB.直线c 位于某一等势面内,M ϕ>N ϕ C.若电子由M 点运动到Q点,电场力做正功D .若电子由P 点运动到Q 点,电场力做负功16.一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3:l,在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻,原线圈一侧接在电压为220 V 的正弦交流电源上,如图所示。
设副线圈回路中电阻两端的电压为U ,原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k 。
则A .U=66V ,k=19B.U =22V ,k=错误! C .U=66V ,k =错误! D.U=22V ,k=错误!17.如图,一半径为R、粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置,直径P OQ水平。
一质量为m 的质点自P 点上方高度R处由静止开始下落,恰好从P点进入轨道。
质点滑到轨道最低点N 时,对轨道的压力为4 mg,g为重力加速度的大小。
用W 表示质点从P 点运动到N点的过程中克服摩擦力所做的功。
则A .W =错误!mgR ,质点恰好可以到达Q点B .W>错误!mg R,质点不能到达Q 点C.W =错误!m gR ,质点到达Q点后,继续上升一段距离D.W<错误!m gR,质点到达Q 点后,继续上升一段距离18.一带有乒乓球发射机的乒乓球台如图所示。
2015年全国卷1(物理)含答案
绝密★启用前2015年普通高等学校招生全国统一考试理科综合·物理(全国Ⅰ卷)注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号。
回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效。
3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
二、选择题:本题共8小题,每小题6分,在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
14. 两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同,方向平行。
一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子(不计重力),从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后,粒子的【D】A. 轨道半径减小,角速度增大B. 轨道半径减小,角速度减小C. 轨道半径增大,角速度增大D. 轨道半径增大,角速度减小15. 如图,直线a、b和c、d是处于匀强电场中的两组平行线,M、N、P、Q是它们的交点,四点处的电势分别为φM、φN、φP、φQ,一电子由M点分别运动到N点和P点的过程中,电场力所做的负功相等。
则【B】A. 直线a位于某一等势面内,φM>φQB. 直线c位于某一等势面内,φM>φNC. 若电子由M点运动到Q点,电场力做正功D. 若电子由P点运动到Q点,电场力做负功16. 一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3∶1,在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻,原线圈一侧接在电压为220 V的正弦交流电源上,如图所示。
设副线圈回路中电阻两端的电压为U,原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k,则【A】A. U =66 V, k =19B. U =22 V , k =19C. U =66 V , k =13D. U =22 V , k =1317. 如图,一半径为R 、粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置,直径POQ 水平。
【精品】2015年江西省三县部分高中高考物理一模试卷含答案
2015年江西省三县部分高中高考物理一模试卷一、选择题:本题共8小题,每小题6分,在每小题给出的四个选项中,第1-5题只有一个符合题目要求,第6-8题有多项符合题目要求,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分1.(6分)概念是物理学内容的基础和重要组成部分,以下有关物理概念的描述正确的是()A.比值定义法是物理概念中常用的一种定义新物理量的方法,即用两个已知物理量的比值表示一个新的物理量,如电容的定义C=,表示C与Q成正比,与U 成反比,这就是比值定义的特点B.不计空气阻力和浮力的影响,斜向上抛出一物体,则物体在空中的运动是一种匀变速运动C.静止的物体可能受到滑动摩擦力,运动的物体不可能受到静摩擦力D.圆周运动是一种加速度不断变化的运动,其向心力就是物体受到的力的合力2.(6分)在光滑的绝缘水平面上,由两个质量均为m带电量分别为+q和﹣q 的甲、乙两个小球,在力F的作用下匀加速直线运动,则甲、乙两球之间的距离r为()A.q B.C.2q D.2q3.(6分)如图,由两种材料做成的半球面固定在水平地面上,球右侧面是光滑的,左侧面粗糙,O点为球心,A、B是两个相同的小物块(可视为质点),物块A静止在左侧面上,物块B在图示水平力F作用下静止在右侧面上,A、B处在同一高度,AO、BO与竖直方向的夹角均为θ,则A、B分别对球面的压力大小之比为()A.sin2θ:1 B.sinθ:1 C.cos2θ:1 D.cosθ:14.(6分)科学家经过深入观测研究,发现月球正逐渐离我们远去,并且将越来越暗.有地理学家观察了现存的几种鹦鹉螺化石,发现其贝壳上的波状螺纹具有树木年轮一样的功能,螺纹分许多隔,每隔上波状生长线在30条左右,与现代农历一个月的天数完全相同.观察发现,鹦鹉螺的波状生长线每天长一条,每月长一隔.研究显示,现代鹦鹉螺的贝壳上,每隔生长线是30条,中生代白垩纪是22条,侏罗纪是18条,奥陶纪是9条.已知地球表面的重力加速度为10m/s.地球半径为6400kin,现代月球到地球的距离约为38万公里.始终将月球绕地球的运动视为圆周轨道,由以上条件可以估算奥陶纪月球到地球的距离约为()A.8.4×108m B.1.7×108m C.1.7×107m D.8.4×107m5.(6分)在水平的足够长的固定木板上,一小物块以某一初速度开始滑动,经一段时间t后停止.现将该木板改置成倾角为45°的斜面,让小物块以相同的初速度沿木板上滑.若小物块与木板之间的动摩擦因数为μ.则小物块上滑到最高位置所需时间与t之比为()A.B.C.D.6.(6分)如图所示一劲度系数为K的轻质弹簧,上端固定,下端连着一质量为m的物块A,A放在托盘B上,初始时全部静止,弹簧处于自然长度,现设法控制B的运动,使A匀加速下降,用x表示弹簧伸长量,用a表示A的加速度,则在能保持A匀加速下降的整个过程中(始终在弹簧弹性限度内),重力加速度为g,下列说法正确的有()A.B对A的作用力随弹簧伸长量x线性递增B.若a=,则弹簧最大形变量为C.B对A的最大作用力为m(g+a)D.物块A的重力势能减少了(g﹣a)7.(6分)如图所示,物块A放在直角三角形斜面体B上面,B放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁,初始时A、B静止;现用力F沿斜面向上推A,但AB并未运动.下列说法正确的是()A.A、B之间的摩擦力可能大小不变B.A、B之间的摩擦力一定变小C.B与墙之间可能没有摩擦力D.弹簧弹力一定不变8.(6分)如图所示,两光滑平行导轨水平放置在匀强磁场中,磁场垂直导轨所在平面,金属棒ab可沿导轨自由滑动,导轨一端跨接一个定值电阻R,导轨电阻不计.现将金属棒沿导轨由静止向右拉,若保持拉力F值定,经时间t1后速度为v,加速度为a1,最终以速度2v做匀速运动:若保持拉力的功率恒定,棒由静止经时间t2后速度为v,加速度为a2,最终也以速度2v做匀速运动,则()A.t2=t1B.t1>t2C.a2=2a1D.a2=3a1二、非选择题:包括必考题和选考题两部分。
2015年江西省中考物理一模试卷和答案
2015年江西省中考物理一模试卷一.填空题(每空1分,共20分)1.(2分)物理课中使用幻灯机投影,投影屏幕上得到了放大的(选填“虚像”或“实像”);投影屏幕使用粗糙的白布做成,这是利用光在白布上发生(选填“漫反射”或“镜面反射”),可以使教室里各个座位上的同学都能看到画面。
2.(2分)我国研发的北斗卫星导航系统是利用提供导航服务的,渔民是利用声呐装置发射和接收来探测鱼群位置的。
(选填“超声波”、“次声波”或“电磁波”)3.(2分)今年5月,扬州市实施了人工降雨。
气象部门用火箭将碘化银洒向云层,碘化银吸附水汽,加速水蒸气成小水滴,或加速水蒸气成冰晶(均填物态变化名称)。
4.(2分)如图所示的游戏情境,小孩将毽子向上踢出,表明力可以改变物体的;毽子被踢出后,由于会继续向上运动。
5.(2分)如图所示,火柴头在火柴盒上轻轻划过就能擦燃,这是通过的方式改变了物体的能。
6.(2分)诗句“枯藤老树昏鸦”中,以老树为参照物,枯藤是的,诗句“小桥流水人家”中,以小桥为参照物是运动的。
7.(2分)在进行英语听力测试时,各考场的有线扬声器是同时开播,也是同时停播的。
它们的连接方式是联,原因是它们(选填“能”或“不能”)独立工作。
8.(2分)小华用牙膏探究物体的沉与浮。
如图所示,牙膏悬浮在水中,牙膏所受浮力(小于/等于/大于)重力。
向水中加入食盐并使其溶解,牙膏将(上浮/下沉)。
9.(2分)电能表是用来测量的仪表,荣荣家的电能表的表盘如图所示,她想知道电能表是否准确,于是将一只标有“220V 60W”的白炽灯单独接入电路,此时灯泡正常发光,检测中发现2min电能表的转盘转了7转,由此判断转盘转速偏。
10.(2分)如图所示,电源电压不变,当开关S1、S2同时闭合时,电流表的示数是0.3A,电压表的示数是6V,R1Ω,若两表互换位置,当开关S2闭合、S1断开时,电流表示数是0.2A,R2消耗的功率为W。
二、选择题(共20分,第11-14小题,每小题只有一个正确答案,每小题3分;第15,16小题为不定项选择.每小题有一个或几个正确答案,每小题3分.全部选择正确得4分.不定项选择正确但不全得2分,不选、多选或错选得0分)11.(3分)如图所示,下列用电器的额定电流最接近4A的是()A.家用电冰箱B.电视机C.节能灯D.电压力锅12.(3分)在我们的生活和生产中,经常要对物质进行分类。
九江市第一中学2015-2016学年高一上学期期末考试物理试题及答案
九江一中2015-2016年度上学期期末高一物理试卷命题人:高一物理备课组审题人:高一物理备课组一、单项选择题:(每题只有一个选项是正确的,每题4分,8×4分=32分)1.甲乙两队进行拔河比赛,甲队胜乙队负,则下列说法正确的是()A、甲队对乙队的拉力大于乙队对甲队的拉力B、甲队对乙队的拉力与地面对乙队的摩擦力大小相等,它们是一对平衡力C、甲队对乙队的拉力与乙队对甲队的拉力是一对平衡力D、甲队对乙队的拉力与乙队对甲队的拉力大小相等,它们是一对作用力和反作用力2.如图所示,小球A静止放在小车的光滑底板上(设小车底板足够长),当小车受到水平向右的力F作用时,小车从静止开始在水平面上做加速直线运动,则小球A相对于地的运动情况()A.做匀速直线运动B.处于静止状态C.做与小车同方向速度越来越大的直线运动D.做与小车反方向速度越来越大的直线运动3.图中弹簧秤、绳和滑轮的重量均不计,绳与滑轮间的摩擦力不计,物体的质量都是m,在图甲、乙、丙三种情况下,弹簧秤的读数分别是F1、F2、F3,则( )A. F3 = F1 > F2B. F1 > F2 = F3C. F1 = F2 = F3D.F3 > F1 = F24.一河宽60m,船在静水中的速度为4m/s,水流速度为3m/s,则()A.过河的最短时间为15s,此时的位移是75mB.过河的最短时间为12s,此时的位移是60mC.过河的最小位移是75m,所用时间是15sD.过河的最小位移是60m,所用时间是12s5.如右图所示,静止的倾斜传送带上有一木块正在匀速下滑,当传送带突然顺时针转动后,下列说法正确的是()A.木块所受摩擦力变大B. 木块到底部所走位移变大C.木块到底部所用时间变长D.木块到底部所用的时间不变6.有一直角V形槽固定在水平面上,其截面如图所示,BC面与水平面间夹角为60°,有一质量为m的正方体均匀木块放在槽内,木块与AB面间的动摩擦因数为μ,与BC面间无摩擦,现用垂直于纸面向里的力推木块使之沿槽运动,则木块受的摩擦力为()A.μmg B.μmg C.μmg D.μmg7.如图所示,质量不计的光滑定滑轮,用轻绳悬挂于B点。
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2015年江西省九江一中高考物理一模试卷一、选择题(本题共8小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,第14~18小题只有一项符合题目要求,第19~21小题有多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错或不选的得0分)1.(6分)在物理学的发展过程中,许多物理学家都做出了重要的贡献,他们也创造出了许多物理学研究方法,下列关于物理学研究方法的叙述中正确的是()A.质点、元电荷等都是理想化模型B.物理学中所有物理量都是采用比值法定义的C.伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索物理规律的科学方法D.重心、合力和交变电流的峰值等概念的建立都体现了等效替代的思想2.(6分)如图所示,一根细线下端拴一个金属小球P,细线的上端固定在金属块Q上,Q放在带小孔(小孔光滑)的水平桌面上,小球在某一水平面内做匀速圆周运动(圆锥摆).现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动(图中P′位置),两次金属块Q都静止在桌面上的同一点,则后一种情况与原来相比较,下面的判断中正确的是()A.细线所受的拉力变小B.小球P运动的角速度变小C.Q受到桌面的静摩擦力变大D.Q受到桌面的支持力变大3.(6分)一根质量为m、长为L的均匀链条一半放在光滑的水平桌面上,另一半悬在桌边,桌面足够高,如图a所示.若将一个质量为m小球分别拴在链条左端和右端,如图b、图c所示.约束链条的挡板光滑,三种情况均由静止释放,当整根链条刚离开桌面时,关于它们的速度关系,下列判断中正确的是()A.v a=v b=v c B.v a<v b<v c C.v c>v a>v b D.v a>v b>v c4.(6分)假设火星可视为质量均匀分布的球体,已知“火卫一”(火星的卫星)绕火星做圆周运动的半径为R,周期为T,火星的半径为R0,自转周期为T0,则火星表面的重力加速度在赤道处大小与两极处大小的比值为()A.B.C.1﹣D.1﹣5.(6分)如图所示,两根完全相同、轴线在同一水平面内的平行长圆柱上放一均匀木板,木板的重心与两圆柱等距,其中圆柱的半径r=2cm,木板质量m=5kg,木板与圆柱间的动摩擦因数μ=0.2,两圆柱以角速度ω绕轴线作相反方向的转动.现施加一过木板重心且平行圆柱轴线的拉力F于木板上,使其以速度v=0.6m/s 沿圆柱表面作匀速运动.取g=10m/s2.下列说法中正确的是()A.若ω=0,则水平拉力F=20NB.若ω=40rad/s,则水平拉力F=6NC.若ω=40rad/s,木板移动距离x=0.5m,则拉力所做的功为4JD.不论ω为多大,所需水平拉力恒为10N6.(6分)如图,将小砝码置于桌面上的薄纸板上,用水平向右的拉力将纸板迅速抽出,砝码的移动很小.这就是大家熟悉的惯性演示实验.若砝码和纸板的质量分别为M和m.各接触面间的动摩擦因数均为μ,砝码与纸板左端的距离及桌面右端的距离均为d.现用水平向右的恒定拉力F拉动纸板,下列说法正确的是()A.纸板相对砝码运动时,纸板所受摩擦力的大小为μ(M+m)gB.要使纸板相对砝码运动,F一定大于2μ(M+m)gC.若砝码与纸板分离时的速度小于,砝码不会从桌面上掉下D.当F=μ(2M+3m)g时,砝码恰好到达桌面边缘7.(6分)如图所示是小型交流发电机的示意图,线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动,线圈的匝数为n、电阻为r,外接电阻为R,其他电阻不计.线圈从图示位置(线圈平面平行于磁场方向)开始转过时的感应电流为I.下列说法中正确的是()A.电流表的读数为2IB.转动过程中穿过线圈的磁通量的最大值为C.从图示位置开始转过的过程中,通过电阻R的电荷量为D.线圈转动一周的过程中,电阻R产生的热量为8.(6分)如图xoy平面为光滑水平面,现有一长为d宽为L的线框MNPQ在外力F作用下,沿正x轴方向以速度v做匀速直线运动,空间存在竖直方向的磁场,磁感应强度B=B0cos x(式中B0为已知量),规定竖直向下方向为磁感应强度正方向,线框电阻为R,t=0时刻MN边恰好在y轴处,则下列说法正确的是()A.外力F为恒力B.t=0时,外力大小F=C.通过线圈的瞬时电流I=D.经过t=,线圈中产生的电热Q=二、解答题(共4小题,满分47分)9.(6分)某同学利用图示装置来研究机械能守恒问题,设计了如下实验.A、B是质量均为m的小物块,C是质量为M的重物,A、B间由轻弹簧相连,A、C 间由轻绳相连.在物块B下放置一压力传感器,重物C下放置一速度传感器,压力传感器与速度传感器相连.当压力传感器示数为零时,就触发速度传感器测定此时重物C的速度.整个实验中弹簧均处于弹性限度内,重力加速度为g.实验操作如下:(1)开始时,系统在外力作用下保持静止,细绳拉直但张力为零.现释放C,使其向下运动,当压力传感器示数为零时,触发速度传感器测出C的速度为v.(2)在实验中保持A,B质量不变,改变C的质量M,多次重复第(1)步.①该实验中,M和m大小关系必需满足M m(选填“小于”、“等于”或“大于”).②为便于研究速度v与质量M的关系,每次测重物的速度时,其已下降的高度应(选填“相同”或“不同”).③根据所测数据,为得到线性关系图线,应作出(选填“v2﹣M”、“v2﹣”或“v2﹣”)图线.④根据③问的图线知,图线在纵轴上截距为b,则弹簧的劲度系数为(用题给的已知量表示).10.(9分)有一阻值在500Ω左右的定值电阻,额定功率为0.20W,现用电流表和电压表测量它的阻值,备有如下器材:A.电流表:量程0﹣30mA,内阻约20ΩB.电流表:量程0﹣300mA,内阻约1ΩC.电压表:量程0﹣3V,内阻约2.5kΩD.电压表:量程0﹣15V,内阻约20kΩE.变阻器:阻值范围0﹣20Ω,额定电流2AF.电源:输出电压12V,内阻不计另有开关和导线若干.①测量时,为使被测电阻不被烧坏,实验中被测电阻两端的电压应控制在V以下,据此电流表应选用(用器材序号填写)②为了减小测量误差,并能方便的进行多次测量取平均值,在如图所给的四种测量电路中,应选用③在操作、测量与计算均无误的情况下,若实验中选择了C所示的电路,测得的结果是488Ω,若选择了D所示的电路,测得的结果是519Ω,则A.该电阻的真实阻值更接近519Ω,且应略小于519ΩB.该电阻的真实阻值更接近519Ω,且应略大于519ΩC.该电阻的真实阻值更接近488Ω,且应略大于488ΩD.该电阻的真实阻值更接近488Ω,且应略小于488Ω④对于该待测电阻的I﹣U图线,理想情况下I﹣U图线用实线所示,若选择用图B进行实验,所绘制的I﹣U图线用虚线表示,则在如图所示的几个图线总可能正确的是.11.(14分)如图所示,A、B两物块用一根轻绳跨过定滑轮相连,其中A带负电,电荷量大小为q.A静止于斜面的光滑部分(斜面倾角为37°,其上部分光滑,下部分粗糙且足够长,粗糙部分的摩擦系数为μ,上方有一个平行于斜面向下的匀强电场),轻绳拉直而无形变.不带电的B、C通过一根轻弹簧拴接在一起,且处于静止状态,弹簧劲度系数为k.B、C质量相等,均为m,A的质量为2m,不计滑轮的质量和摩擦,重力加速度为g.(1)电场强度E的大小为多少?(2)现突然将电场的方向改变180°,A开始运动起来,当C刚好要离开地面时(此时B还没有运动到滑轮处,A刚要滑上斜面的粗糙部分),请求出此时B的速度大小.(3)若(2)问中A刚要滑上斜面的粗糙部分时,绳子断了,电场恰好再次反向,请问A再经多长时间停下来?12.(18分)如图所示,倾角θ=30°的足够长平行导轨MN、M′N′与水平放置的平行导轨NP、N′P′平滑连接,导轨间距均为L,MM′间接有阻值为R的电阻,轨道光滑且电阻不计.倾斜导轨MN、M′N′之间(区域Ⅰ)有方向垂直导轨平面向上的匀强磁场,水平部分的ee′ff′之间(区域Ⅱ)有竖直向上、磁感应强度为B2的匀强磁场,磁场宽度为d.质量为m、电阻为r、长度略大于L的导体棒ab从靠近轨道上端的某位置由静止开始下滑,棒始终与导轨垂直并接触良好,经过ee′和ff′位置时的速率分别为v和.已知导体棒ab进入区域Ⅱ运动时,其速度的减小量与它在磁场中通过的距离成正比,即△v∝△x.(1)求区域Ⅰ匀强磁场的磁感应强度B1;(2)求导体棒ab通过区域Ⅱ过程中电阻R产生的焦耳热;(3)改变B1使导体棒ab不能穿过区域Ⅱ,设导体棒ab从经过ee′到停止通过电阻R的电量为q,求B1的取值范围,及q与B1的关系式.三、[物理--选修3-4](15分)13.(6分)下列说法中正确的是()A.当一列声波从空气中传入水中时波长一定会变B.在机械横波传播方向上的某个质点的振动速度就是波的传播速度C.a、b两束光照射同一双缝干涉装置在屏上得到的干涉图样中,a光的相邻亮条纹间距小于b光的相邻亮条纹间距,则可以判断水对a光的折射率比b光大D.肥皂泡呈现彩色条纹是光的折射现象造成的E.麦克斯韦预言了电磁波的存在,赫兹通过实验证实14.(9分)半径为R的固定半圆形玻璃砖的横截面如图所示,O点为圆心,OO′为直径MN的垂线.足够大的光屏PQ紧靠在玻璃砖的右侧且与MN垂直.一光束沿半径方向与OO′成θ=30°射向O点,光屏PQ区域出现两个光斑.当θ逐渐增大到45°时,光屏上的两个光斑恰好变成一个.试求:①圆形玻璃砖材料的折射率n;②当光束沿半径方向与OO′成θ=30°射向O点时,光屏PQ区域两个光斑的距离.四、【物理--选修3-5】(15分)15.下列说法正确的是()A.人类关于原子核内部的信息,最早来自天然放射现象B.在α、β、γ三种射线中γ射线电离作用最强C.光电效应现象中,极限波长越大的金属材料逸出功越大D.较重的核分裂成中等质量大小的核,核子的比结合能都会增加E.放射性同位素Th经α、β衰变会生成Rn,其衰变方程Th→Rn+xα+yβ其中x=3,y=2.16.某同学做了“测定玩具枪子弹与透明物块相互作用力”的实验,如图所示,将质量为m的子弹以速度v0沿水平方向射入固定在光滑水平面上质量为M的透明物块中,测得子弹射入的深度为d,设子弹与物块之间的相互作用力的大小与物块的运动状态无关.请你帮该同学计算:Ⅰ.子弹与透明物块之间的相互作用力f的大小;Ⅱ.若物块不固定,子弹仍以原来的速度射入物块,求子弹射入物块的深度d′.2015年江西省九江一中高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题(本题共8小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,第14~18小题只有一项符合题目要求,第19~21小题有多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错或不选的得0分)1.(6分)在物理学的发展过程中,许多物理学家都做出了重要的贡献,他们也创造出了许多物理学研究方法,下列关于物理学研究方法的叙述中正确的是()A.质点、元电荷等都是理想化模型B.物理学中所有物理量都是采用比值法定义的C.伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索物理规律的科学方法D.重心、合力和交变电流的峰值等概念的建立都体现了等效替代的思想【解答】解:A、理想化模型是抓主要因素,忽略次要因素得到的,质点是理想化模型,元电荷不是理想化模型,故A错误;B、物理学中物理量定义的方法有多种,比值定义法只是一种,并不是所有的物理量都是用比值法定义的。