福建省厦门外国语学校2018_2019学年高一物理下学期第一次月考试题(含解析)

福建省厦门外国语学校2018-2019学年高一下学期3月阶段性测试

物理试题

一、单项选择题（每题只有一个选项符合题意，每题4分，共32分）

1.某同学将10kg的桶装水从一楼搬到二楼，用时约30s，则该同学对桶装水做功的平均功率约为（）

A. 0.1W

B. 1W

C. 10W

D. 30W

【答案】C

【解析】

每层楼估测为高3m，则该同学将10kg的桶装水从一楼搬到二楼做的功为：W=mgh=10×10×3J=300J，对桶装水做功的平均功率为：。故选C。

【点睛】本题通过平均功率的定义式进行估算，关键同学们要了解楼高的大约值，

2.火箭发射回收是航天技术的一大进步。如图所示，火箭在返回地面前的某段运动，可看成先匀速后减速的直线运动，最后撞落在地面上。不计火箭质量的变化，则

A. 火箭在匀速下降过程中机械能守恒

B. 火箭在减速下降过程中携带的检测仪器处于失重状态

C. 火箭在减速下降过程中合力做功，等于火箭机械能的变化

D. 火箭着地时，火箭对地的作用力大于自身的重力

【答案】D

【解析】

【详解】火箭匀速下降过程中.动能不变.重力势能减小，故机械能减小，A错误:

火箭在减速下降时.携带的检测仪器受到的支持力大于自身重力力.故处在超重状态.B错误.由功能关系知.合力做功等于火箭动能变化.而除重力外外的其他力做功之和等于机械能变化，故C错误.

火箭着地时.加速度向上.所以火箭对地面的作用力大子自身重力，D正确.

3.如图，倾角θ=37°的光滑斜面固定在水平面上，斜面长L=0.75m，质量m=1.0kg的物块从

斜面顶端无初速度释放，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g取10m/s2，则（）

A. 物块从斜面顶端滑到底端的过程中重力做功为7.5J

B. 物块滑到斜面底端时的动能为1.5J

C. 物块从斜面顶端滑到底端的过程中重力的平均功率为24W

D. 物块滑到斜面底端时重力的瞬时功率为18W

【答案】D

【解析】

【详解】A、重力做的功为 ,故A错误;

B、根据动能定理可得 ,故B错误

C、由受力分析可以知道

得:

平均功率为 ,故C错误

D、物体运动斜面低端时的瞬时速度为

瞬时功率为，故D对；

故选D

【点睛】根据牛顿第二定律求出物块下滑的加速度,然后有运动学公式求出下滑时间和速度，在利用动能定理求动能的大小。

4.一小物块沿斜面向上滑动，然后滑回到原处。物块初动能为E k0，与斜面间的动摩擦因数不变，则该过程中，物块的动能E k与位移x的关系图线是

A. B.

C. D.

【答案】C

【解析】

向上滑动的过程中，根据动能定理有，当E k=0时

，同理，下滑过程中，由动能定理有

，当x=0时，故选C。

5.如图是一汽车在平直路面上启动的速度-时间图象，t1时刻起汽车的功率保持不变．由图象可知（）

A. 0-t1时间内，汽车的牵引力增大，加速度增大，功率不变

B. 0-t1时间内，汽车的牵引力不变，加速度不变，功率不变

C. t1-t2时间内，汽车的牵引力减小，加速度减小

D. t1-t2时间内，汽车的牵引力不变，加速度不变

【答案】C

【解析】

【详解】0～t1时间内，汽车的速度是均匀增加的，是匀加速直线运动，汽车的牵引力不变，加速度不变，由P=Fv知功率增大，故AB错误。t1～t2时间内，汽车的功率保持不变，速度在增大，由P=Fv知汽车的牵引力在减小，由牛顿第二定律知F-f=ma，知加速度减小，故C正确，D错误。故选C。

6.如图所示，水平传送带保持2m/s的速度运动，一质量为1kg的物体与传送带间的动摩擦因数为0.2．现将该物体无初速地放到传送带上的A点，在运动到了距A点2m的B点这个过程中，传送带对该物体做的功为（）（不计空气阻力）

A. 0.5J

B. 2 J

C. 2.5J

D. 5 J

【答案】A

【解析】

试题分析：物体刚被放到传送带上时，物体与传送带间有相对滑动的现象，故物体此时受到的向右的力为摩擦力，大小为f=mgμ=1kg×10N/kg×0.2=2N，产生的加速度为

a==2m/s2，如果物体一直以该加速度加速1m时的未速度为v2=2as=2×2m/s2×1m=4m2/s2，可见该未速度为2m/s，大于1m/s，故在这1m的过程中，物体先是被加速，加速到1m/s然后再匀速，在物体做匀速直线运动的过程中，物体与皮带之间的摩擦力为0，这段时间皮带对物体不做功，皮带对物体做功的过程就是物体被加速的过程。

由动能定理可得，皮带对该物体做的功W=mv2=×1kg×1m/s2=0.5J，A是正确的。

考点：功、动能定理，牛顿第二定律的计算等。

7.如图所示，水平地面上一辆汽车正通过一根跨过定滑轮不可伸长的绳子提升竖井中的重物，不计绳重及滑轮的摩擦，在汽车向右以V0匀速前进的过程中，以下说法中正确的是（）

A. 当绳与水平方向成θ角时，重物上升的速度为

B. 当绳与水平方向成θ角时，重物上升的速度为

C. 汽车的输出功率将保持恒定

D. 被提起重物的动能不断增大

【答案】D

【解析】

【详解】将汽车的速度v0沿绳子的方向和垂直于绳子的方向进行正交分解，如图所示，

则有：重物上升的速度 v物=v0cosθ，故AB错误。汽车向右匀速前进的过程中，角度θ逐渐减小，cosθ增大，所以v物增大，重物加速上升，克服重力做功的功率增大，根据能量守恒定律知，汽车的输出功率增大，故C错误。重物加速上升，动能不断增大，故D正确。故选D。

8.如图所示，绝缘细杆倾斜放置，小球M套在杆上可沿杆滑动，用弹簧与固定小球N相连，杆和弹簧处于同一竖直平面内，现使M从A位置由静止释放，M运动到B点时弹簧与杆垂直且为原长，运动到C点时速度减为零，M在A、C两点时弹簧长度相同．下列说法正确的是

A. M在A、C两点，整个系统机械能相等

B. M在A、C两点的加速度大小一定相等

C. M从A到C的过程，重力势能减少量等于其克服摩擦力做的功

D. M从A到B的过程，小球重力势能减少量与弹簧弹性势能的减少量之和等于M在B点处的动能

【答案】C

【解析】

【详解】M在A、C两点时，系统的动能为零，弹性势能相等，但是重力势能不相等，则整个系统机械能不相等，选项A错误；设M运动到A、C两点时弹簧的弹力大小为F，摩擦力大小为f。杆与水平方向的夹角设为α；根据牛顿第二定律得：M在A点有：mgsinα+Fcosα-f=ma A。M在C点有：Fcosα+f-mgsinα=ma C．对比可知，由于f与mgsinα的大小关系不能判断，所以a A与a C的大小关系不能确定，故B错误。M从A到C的过程，重力做正功，弹簧的弹力做功为零，摩擦力做负功，动能不变，根据功能原理可知，重力势能减少量等于克服摩擦力做的功，故C正确。M从A到B的过程，小球重力势能减少量与弹簧弹性势能的减少量之和等于M在B点处的动能和M克服摩擦力做的功之和，故D错误。故选C。