江苏省姜堰二中高一物理上学期12月月质量检测考试试题卷 含解析

江苏省姜堰二中高一物理上学期12月月质量检测考试试题卷含解析
一、选择题
1．从牛顿第二定律知道，无论怎样小的力都可以使物体产生加速度．可是当我们用一个很小的水平力去推很重的桌子时，却推不动它，这是因为（）
A．牛顿第二定律不适用于静止物体
B．根据a=F/m和判断，加速度很小，速度增量很小，眼睛不易觉察到
C．推力小于静摩擦力，加速度是负值
D．重力、地面支持力、推力和静摩擦力的合力等于零．根据牛顿第二定律加速度等于零，所以原来静止的桌子还是静止的
2．将一小球以5m/s的速度水平抛出，经过1s小球落地，不计空气阻力g=10m/s2．关于这段时间小球的运动，下列说法正确的是（）
A．小球着地速度是10m/s
B．小球竖直方向的位移是10m
C．小球着地速度是5m/s
D．小球水平方向位移是5m
3．如图所示，当小车向右加速运动时，物块M相对车厢静止于竖直车厢壁上，当车的加速度增大时，则（）
A．物块M受摩擦力增大B．物块M对车厢壁的压力增大
C．物块M沿车厢向下运动D．物块M沿车厢向上运动
4．如图所示，竖直放置的玻璃管内放置着一片树叶和一个小石子，现将玻璃管迅速翻转180°，玻璃管内非真空，下列说法正确的是（）
A．树叶和小石子同时落到底部
B．小石子在下落过程中，处于失重状态
C．树叶在下落过程中，处于超重状态
D．将玻璃管抽成真空，重复上述实验，在树叶和小石子下落过程中，树叶和小石子都处于超重状态
5．滑块以某一初速度冲上斜面做匀减速直线运动，到达斜面顶端时的速度为零．已知滑块通过斜面中点时的速度为v，则滑块在前一半路程中的平均速度大小为（）
A．21 2
v
B．（2+1）v C．2v
D．1 2 v
6．某中学举行秋学期运动会，在100m竞赛中，测得某一运动员5s瞬时速度为10.4m/s，10s末到达终点的瞬时速度为10.2m/s。

则他在此竞赛中的平均速度为（）
A．10.2m/s B．10m/s C．10.3m/s D．10.4m/s
7．由吴京主演的《攀登者》，重现了中国人攀登珠穆朗玛峰的英勇历史，体现了中国人不畏艰险，自强自立的爱国精神。

如图为影片中登山队员的登山的照片。

已知其中一名队员重为G，静止时，绳子与竖直方向的夹角为60o,绳子拉力也为G，则此时山峰对该队员的作用力（）
A．就是山峰对该对员的支持力
B．大小为3 2 G
C．大小为G
D．方向可能水平向左
8．下列说法正确的是
A．米、牛顿、秒是国际单位制中的基本单位
B．力、速度、路程均为矢量
C．只有细小的物体才可看成质点
D．静止的物体也有惯性
9．两根长度不同的细线下面分别悬挂两个小球，细线上端固定在同一点，若两个小球以相同的角速度绕共同的竖直轴在水平面内做匀速圆周运动，则两个摆球在运动过程中，相对位置关系示意图正确的是图中的（）
A．B．
C．D．
10．如图所示，风力发电机的叶片在风力推动下转动，带动发电机发电。

图中M、N为同一个叶片上的两点，下列判断正确的是
A．M点的线速度小于N点的线速度
B．M点的角速度小于N点的角速度
C．M点的向心加速度大于N点的向心加速度
D．M点的周期大于N点的周期
11．运动的小车所受的合外力越大时（）
A．它的速度也越大B．它的位移也越大
C．它的速度变化也越快D．它的速度变化也越大
12．如图所示，物体A和B受到的重力分别为10N和8N，不计弹黄秤和细线的重力和一切摩擦，则弹簧秤的读数为（）
A．18N B．8N C．2N D．10N
13．在科学研究中，可以用风力仪直接测量风力的大小，其原理如图所示，仪器中有一根轻质金属丝，悬挂着一个空心金属球，无风时金属丝竖直下垂；当受到沿水平方向吹来的风时，金属丝偏离竖直方向一个角度θ，风力仪根据偏角θ的大小指示出风力大小．若
m=1kg，θ=30°，g取10m/s2．则风力大小为（）
A．5N B．53N C 10
3
3
N D．103N
14．小明回老家过年时恰逢亲成家建房，工人正在给房屋上梁只见工人用铁锤竖直向上连续敲击木楔，木楔缓慢地将横梁抬起，如图所示开始时绳子与墙壁的夹角α小于木楔的尖角β，若不考虑横梁与木楔之间的摩擦，在α还未超过β的过程中（）
A．绳子拉力变大，墙壁与木楔的摩擦力变大 B．绳子拉力变大，墙壁与木楔的摩擦力不变C．绳子拉力变小，墙壁与木楔的摩擦力变小 D．绳子拉力变小，墙壁与木楔的摩擦力变大15．如图所示，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相同的光滑轨道，甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由向B处，滑过B处时的速率相等，下列说法正确的是
（）
A．甲比乙先到达B处B．甲通过的位移比乙通过的位移小C．甲、乙下滑的加速度大小时刻相等D．甲、乙在同一时刻总能到达同一高度16．汽车以20m/s的速度做匀速直线运动。

刹车后的加速度大小为5m/s2。

那么刹车后2s 内与刹车后6s内汽车通过的位移之比为（）
A．1：1 B．1：3 C．3：4 D．5：21
17．如图所示，一斜面固定在水平地面上，一个物块以一定的初速度从斜面的底端沿斜面向上运动。

在物块沿斜面上滑过程中，关于物块的受力情况，下列说法正确的是()
A．物块处于超重状态
B．物块受到4个力的作用
C．物块受到沿斜面向上的动力的作用
D．物块受到沿斜面向下的摩擦力的作用
18．一物体放在升降机地板上，当升降机作变速运动时，物体相对升降机静止。

当升降机运动时，下列说法中正确的是（）
A．物体所受重力发生变化
B．加速向上时，物体所受重力大于所受支持力
C．加速向下时，物体所受重力与地板支持力是一对平衡力
D．无论怎样运动，物体压地板的力与物体所受支持力大小相等
19．关于伽利略对自由落体运动的研究，下列说法符合历史事实的是（）
A．伽利略认为在同一地点，重的物体和轻的物体下落快慢不同
B．伽利略让铜球从斜面滚下，测出了其运动速度与下落时间成正比
C．伽利略通过实验直接证实了自由落体运动是初速为零的匀加速直线运动
D．伽利略通过实验发现了路程与时间平方成正比的规律，建立了匀加速运动的概念
20．如图所示，一位同学坐在匀速行驶的高铁上，他把一枚硬币竖直放置在光滑水平的窗台上。

当列车减速进站时，他看到硬币的运动情况是（ ）
A ．仍静止不动
B ．向前运动
C ．向后运动
D ．无法判定
二、多选题
21．如图，斜面粗糙，滑槽B 放在斜面上，槽内有一物体A 。

B 与斜面间的动摩擦因数1μ，A 与B 之间的摩擦因数为2μ，初始时A 物体放在B 槽内的中间位置且不与B 的前后挡板接触，现在将A B 、两物体同时由静止释放，最终达到平衡时A B 、两物体相对静止一起沿斜面下滑，则下列说法正确的是（）
A ．若12μμ>，则稳定后物体A 贴靠着
B 的前挡板
B ．若12μμ>，则从释放开始物体A 将一直相对于B 静止
C ．无论12μμ、，有什么关系，稳定后物体A 都不会贴着B 的后挡板
D ．物体A 有可能贴着B 的后挡板与B 一起匀加速下滑
22．如图所示，水平传送带长为L ，运动速率恒为v ，在其左端无初速放上可视为质点的小木块，若小木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则小木块从左到右的运动时间可能是（ ）
A ．L v
B ．L v +2v g μ
C ．2L g μ
D ．2L v
23．如图，半圆柱体半径为4R ，固定在水平面上。

竖直挡板紧靠柱体低端，使半径为R 的光滑小球停在柱体与挡板之间，球与柱体接触点为M 。

现将挡板保持竖直，缓慢的向右移动距离R 后保持静止，球与柱体接触点为N （未画出）。

以下判断正确的是（ ）
A ．挡板移动过程中，挡板对小球的弹力变小
B ．挡板移动过程中，柱体对小球的弹力变大
C ．小球在M 、N 两点所受挡板的作用力大小之比为3∶4
D ．小球在M 、N 两点所受柱体的作用力大小之比为3∶4
24．如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放两个质量均为M 的物体A ，B （B 物体与弹簧连接），弹簧的劲度系数为k ，初始时物体处于静止状态.现用竖直向上的拉力F 作用在物体A 上，使物体A 开始向上做加速度为a 的匀加速运动，测得两个物体的v t -图象如图乙所示（重力加速度为g ），则（ ）
A ．施加外力前，弹簧的形变量为2Mg k
B ．外力施加的瞬间，A ，B 间的弹力大小为M g a -（）
C ．A ，B 在1t 时刻分离，此时弹簧弹力恰好为零
D ．弹簧恢复到原长时，物体B 的速度达到最大值
25．质量为m 的球置于斜面上，被一个竖直挡板挡住．现用一个力F 拉斜面，使斜面在水平面上向右做加速度为a 的匀加速直线运动，忽略一切摩擦，以下说法正确的是（ ）
A ．若加速度增大，竖直挡板对球的弹力增大
B ．若加速度足够大，斜面对球的弹力可能为零
C ．斜面和挡板对球的弹力及球的重力的的合力等于ma
D ．无论加速度大小如何，斜面对球一定有弹力的作用，而且该弹力是一个定值
三、实验题
26．在“探究加速度与力、质量的关系”时采用如图所示的实验装置，小车及车中砝码质量为M ，砂桶及砂的质量为m 。

（1）若已平衡摩擦力，在小车做匀加速直线运动过程中，绳的张力大小F T＝________，当M与m的大小满足________时，才可认为绳子对小车的拉力大小等于砂和砂桶的重力。

（2）某同学在保持砂和砂桶质量m一定的条件下，探究小车加速度a与质量M的关系，其具体操作步骤如下，则做法合理的有（____）
A．平衡摩擦力时，砂桶应用细线通过定滑轮系在小车上且小车后面的纸带也必须连好B．每次改变小车质量M时，都需要重新平衡摩擦力
C．实验时，先接通计时器的电源，再放开小车
D．用天平测出m及M，直接用公式a＝求出小车运动的加速度
27．在探究求合力的方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳．实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度的拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条．
（1）实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的_____（填字母代号）．
A．将橡皮条拉伸相同长度即可 B．将橡皮条沿相同方向拉到相同长度
C．将弹簧秤都拉伸到相同刻度 D．将橡皮条和绳的结点拉到相同位置
（2）同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是____（填字母代号）．
A．两细绳必须等长
B．弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行
C．用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大
D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些
28．某同学用图（a）所示的实验装置验证牛顿第二定律：
(1)通过实验得到如图（b）所示的a—F图像，造成图线不经过原点这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面的倾角________（填“偏大”或“偏小”）；
(2)该同学在平衡摩擦力后进行实验，把砝码和盘的总重视为拉力大小，为了便于探究和减小误差，应使小车质量M与砝码和盘的总质量m满足____________的条件；
(3)该同学从打下的若干纸带中选出了如图所示的一条（每两点间还有4个点未画出），图中上部的数字为相邻两个计数点间的距离。

打点计时器的电源频率为50Hz。

由这些已知数据计算：（结果保留3位有效数字）
①小车匀变速直线运动的加速度a＝ ________m/s2.；
②与纸带上C点相对应的瞬时速度v＝______ m/s。

29．(1)如图为某小球做平抛运动时，用闪光照相的方法获得的相片的一部分，图中背景方
格的边长为5cm，g=10m/s2，则
①小球平抛的初速度v0=______m/s；
②闪光频率f=______Hz；
③小球过A点的速率v A=______m/s。

(2)下列哪个因素不会使“研究平抛物体的运动”实验误差增大______
A．小球与斜槽之间有摩擦
B．安装斜槽时其末端切线不水平
C．建立坐标系时，以斜槽末端端口位置为坐标原点
D．根据曲线计算平抛运动的初速度时，在曲线上取作计算的点离原点O较近
四、解答题
30．太空中质量为3×103kg的宇宙飞船，开动推进器竖直向上运动，3s后速度达到
1.2m/s。

求：
(1)飞船在3s内运动加速度的大小
(2)飞船在3s内运动路程的大小
(3)飞船受到推力的大小。

α=︒的光滑31．如图所示，一小球自平台上水平抛出，恰好落在临近平台的一倾角为53
h=，重力加速度斜面顶端，并刚好沿光滑斜面下滑，已知斜面顶端与平台的高度差0.8m
2
g=，sin530.8
10m/s
︒=，求：
︒=，cos530.6
(1)小球水平抛出的初速度v0是多少？
(2)斜面顶端与平台边缘的水平距离s是多少？
(3)若斜面顶端高H=20.8m，则小球离开平台后经过多长时间t到达斜面底端？
32．可爱的企鹅喜欢在冰面上游玩，如图所示，有一企鹅在倾角为370的斜面上，靠脚爪抓冰面，先以加速度a=0.5m/s2，从冰面底部由静止开始沿直线向上匀加速“奔跑”， t=8s 时，突然卧倒，以肚皮贴着冰面向前滑行，最后退滑到出发点，完成一次游戏（企鹅在滑动过程中姿势保持不变）．若企鹅肚皮与冰面间的动摩擦因数μ=0.25，已知
sin37o=0.6，cos37o=0.8 . 求：
（1）企鹅向上匀加速“奔跑”的位移大小；
（2）从静止开始10s内企鹅的位移和路程．
33．平地面上有一固定的磁场斜面，倾角为θ=37°，一质量m=1kg滑块在平行于斜面向上的恒定拉力F作用下从静止开始沿斜面向上做匀加速度直线运动，滑块与斜面间的动摩擦因数μ=0.5．从滑块由静止开始运动时计时，在4s末撤去恒定拉力F，滑块刚好可以滑到斜面顶端，滑块在0到4s内v-t图像如图乙所示，求：
（1）滑块前4s的加速度以及前4s内位移的大小；
（2）拉力F的大小；
（3）滑块经过斜面上距斜面顶点0.2m处所对应的时刻？
【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除
一、选择题
1．D
解析：D
【解析】
静止物体，加速度为零，合力为零，牛顿第二定律同样适用于静止物体，故A错误；根据F
，可知，物体合力为零，加速度为零，而不是加速度很小，眼睛不易觉察到，故B a
m
错误；推力不大于阻力，加速度为零，故C错误；由于水平推力不大于桌子的最大静摩擦力，推不动桌子，桌子的合力等于零，由牛顿第二定律可知，加速度等于零，故D正确．所以D正确，ABC错误．
2．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
小球做平抛运动
水平方向上：0s v t = 竖直方向上：212
h gt = y gt =v
小球最后的速度为v =
解得： 5h m = ； 5s m = ； /v s = ，故D 正确；ABC 错误
故选D
【点睛】
根据小球运动的时间求出小球抛出点的高度,结合初速度和时间求出水平位移.通过速度时间公式求出竖直分速度,根据平行四边形定则求出小球落地的速度大小
3．B
解析：B
【解析】
【详解】
A ．当加速度增大时，物块在竖直方向上的合力仍然为零，摩擦力始终等于重力，可知摩擦力的大小不变，故A 错误。

BCD ．在水平方向上，对物块有：N ＝Ma ，加速度增大，则车厢对物块的弹力增大，物块M 对车厢的压力增大，则最大静摩擦力增大，物块仍然相对于车厢静止，故B 正确，CD 错误。

故选B 选项。

4．B
解析：B
【解析】
【详解】
A ．在非真空的情况下，树叶受到的阻力相对于重力来说较大，加速度较小，所以石子先到达玻璃管底端，故A 错误
B ．小石子和树叶都向下加速运动，加速度向下，都处于失重状态，故B 正确，
C 错误；
D ．在抽成真空的情况下，小石子和树叶都做自由落体运动，加速度相同，都处于完全失重状态，故D 错误．
故选B ．
5．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
设初速度为v0，减速位移为
L，由速度位移关系可得：2
02
v aL
-=-，2
02
2
L
v a
-=-，
由匀变速直线运动的推论0
2
2(21) 222
L v v v v v
v
+++
===；故选A.
【点睛】
匀变速直线运动过程中合理应用速度位移公式和中间位移速度公式可以有效提高解题速度．
6．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
由平均速度的定义，总的位移是100m，总的时间是10s，所以V＝x
t
＝10m/s，故B正
确，ACD错误。

故选B选项。

7．C
解析：C
【解析】
【详解】
A.山峰对该队员的作用力是山峰对该队员的支持力和摩擦力的合力，故A错误；
BCD.以该队员为研究对象，受力情况如图所示：
根据几何关系可得绳子拉力T的方向与重力G的方向夹角为120°，且大小相等，所以山峰对该队员的作用力F、重力G和绳子拉力T构成等边三角形，则F=G，方向与拉力和重力的合力方向相反，故C正确，BD错误。

8．D
解析：D
【解析】
【详解】
A．国际单位制中的基本单位为千克、米、秒等，牛顿是导出单位，故A错误；
B．力和速度是有大小和方向，属于矢量；路程只有大小无方向，属于标量，故B错误；C．物体能否看成质点是视问题而定，物体的大小和形状对所研究的问题产生影响小，占次要因素就能看成质点，故C错误；
D ．物体的惯性由质量决定，与速度无关，静止的物体惯性表现为继续保持静止，变速的物体表现为反抗，故D 正确；
故选D 。

9．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
对于圆锥摆，细线的拉力和重力的合力来提供小球的向心力，设细线长为L ，摆球质量为m ，细线与竖直方向的夹角为θ，小球与悬挂点的竖直高度为h ，则有
mg tan θ=mrω2
r =L sin θ
h =L cos θ
联立解得
2g
h ω=
由题知两球的角速度相同，故两球的高度相同，故选B 。

10．A
解析：A
【解析】
【详解】
BD ．由于M 、N 是同轴转动，故两点的转动的角速度相等，周期相等，故BD 错误； A ．由于M 、N 两点的转动的角速度相等，M 点转动的半径小，根据v=rω知，M 点的线速度小于N 点的线速度，故A 正确。

C ．M 、N 的角速度相等，M 点的转动半径小，根据a=rω2知，M 点的向心加速度小于N 点的加速度，故C 错误。

11．C
解析：C
【解析】
【详解】
A ．当合力方向与速度方向相反，小车做减速运动，故A 错误；
B ．当合力方向与速度方向相反，小车做减速运动，速度减到0，再反向加速，故B 错误；
C ．由牛顿第二定律可知，合力越来越大，加速度越来越大，则速度变化也越快，故C 正确；
D ．加速度越来越大，但速度变化不一定越大，还与时间有关，故D 错误。

故选C 。

12．B
解析：B
【解析】
【分析】
弹簧秤在一对拉力作用下保持静止，合力为零，弹簧秤的示数等于其中一个拉力的大小，根据二力平衡去分析即可．
【详解】
物体B处于静止状态，对B受力分析，B受到绳子的拉力和重力作用，弹簧右端受到的力大小为8N，故绳子拉力为8N．又因为弹簧秤处于静止状态，所以弹簧秤受力是平衡的，弹簧右端受到的拉力是8N，则左端的拉力为8N，读数是8N，故B项正确．
13．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
以小球为研究对象，受力分析如图，
由水平方向上的合力F x合和竖直方向上的合力F y合分别等于零，即：F x合=Tsinθ-F=0
F y合=Tcosθ-mg=0
有：Tsinθ=F，Tcosθ=mg
两式相比，得：F=mgtanθ
带入数据解得：
103
F N
，故ABD错误，C正确．故选C．
14．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
以横梁为研究对象，横梁受到重力、斜劈的支持力N和绳子的拉力F，如图所示：
木楔缓慢地将横梁抬起的过程中，支持力方向不变，根据图示情况可知，绳子拉力逐渐减小、支持力逐渐增大；再以斜劈为研究对象，受力分析如图所示：
由于N 逐渐增大，则N 在竖直方向向下的分力增大，根据竖直方向受力平衡可知，f 逐渐增大．故D 正确，ABC 错误．故选D ．
15．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
甲的切向加速度先比乙的大，速度增大的比较快，开始阶段的相同时间内位移比较大，故甲总是先达到同一高度的位置，则甲比乙先到达B 处．故A 正确，D 错误； 甲、乙通过的位移相等．故B 错误； 由受力分析及牛顿第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小，故C 错误． 故选A ．
16．C
解析：C
【解析】
【详解】 汽车刹车到停止所需的时间：
004s v t a
=
= 则刹车后2s 内的位移： 2022130m 2
x v t at =-= 刹车后6s 内的位移等于刹车后4s 内的位移，刹车减速至0的逆过程视为初速度为0的匀加速直线运动，则：
x′=
2
2
v
a
=40m
则刹车后2s内与刹车后6s内汽车通过的位移大小之比为3：4，ABD错误，C正确。

17．D
解析：D
【解析】
【详解】
A．物块加速度方向沿斜面向下，加速度有竖直向下的分量，物体处于失重状态，故A错误；
B C．物块受到重力、支持力、摩擦力三个力的作用，没有受到沿斜面向上的动力作用，故BC错误；
D．物块沿斜面向上减速运动，受到沿斜面向下的摩擦力的作用，故D正确。

故选择D选项。

18．D
解析：D
【解析】
【详解】
A．物体的重力为G mg
，即物体的重力与物体运动状态无关，则重力不变，故A错误；B．物体加速向上时，物体所受重力小于所受支持力,合力提供了向上运动的加速度,故B错误;
C．升降机向下加速运动时，物体受到的合外力的方向向下，地板对物体的支持力小于物体的重力，故C错误；
D．由牛顿第三定律可知，物体压地板的力与物体所受支持力大小相等，故D正确。

故选D。

19．D
解析：D
【解析】
【详解】
A．亚里士多德认为在同一地点重的物体和轻的物体下落快慢不同，伽利略认为同一地点轻重物体的下落是相同的，故A错误；
B．伽利略让铜球从斜面滚下，猜想运动速度与下落时间成正比，并未直接进行验证，而是在斜面实验的基础上的理想化推理，故B错误；
C．伽利略根据光滑斜面上铜球下滑的运动规律，外推得出了自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，并不是用实验直接证实得到这个结论的，故C错误；
D．伽利略从对落体运动和斜面运动的一般观察开始，通过实验发现了路程与时间平方成正比的规律，从而建立了匀加速运动的概念，故D正确。

故选D。

20．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
ABCD.硬币原来做匀速运动，当汽车减速时，由于惯性硬币要保持原来的运动状态不变，则硬币向前运动，故B 正确ACD 错误。

故选B 。

二、多选题
21．AC
【解析】
【详解】
若，设稳定后整体的加速度为a ，对整体，根据牛顿第二定律有：
解得：
设档板对A 没有作用力，根据牛顿第二定律有：
解得：
而A 、B 间的最大静摩擦力为：
则，说明档板B 对
解析：AC
【解析】
【详解】
若12μμ>，设稳定后整体的加速度为a ，对整体，根据牛顿第二定律有：
()()()1sin cos A B A B A B m m g m m g m m a θμθ+-+=+
解得：1sin cos a g g θμθ=-
设档板对A 没有作用力，根据牛顿第二定律有：
1sin A A m g f m a θ-=
解得：11cos A f m g μθ=
而A 、B 间的最大静摩擦力为：
1max 2cos A f m g μθ=
则111max 2cos cos A A f m g f m g μθμθ=>=，说明档板B 对A 有沿斜面向上的弹力作用，即稳定后A 贴着B 的前档板一起向下匀加速度，故一开始时，A 的加速度大于B 的加速度，当A 与B 的前档板接触时，两者加速度相等；
若12μμ<，设档板对A 没有作用力，根据牛顿第二定律有：
1sin A A m g f m a θ-=
解得：11cos A f m g μθ=
而A 、B 间的最大静摩擦力为：
1max 2cos A f m g μθ=
则111max 2cos cos A A f m g f m g μθμθ=<=，说明档板对A 没有作用力，即一开始时A 就相对B 静止，一起向下做匀加速直线运动，综上分析可知，无论12μμ、有什么关系，稳定后物体A 都不会贴着B 的后挡板，AC 正确，BD 错误。

故选AC 。

22．BCD
【解析】
【详解】
小木块在传送带上的运动有以下几种可能：①木块先做匀加速直线运动，后做匀速运动；②只做匀加速运动，但到达最右端的速度小于传送带的速度；③只做匀加速运动，但到达最右端的速度等
解析：BCD
【解析】
【详解】
小木块在传送带上的运动有以下几种可能：①木块先做匀加速直线运动，后做匀速运动；②只做匀加速运动，但到达最右端的速度小于传送带的速度；③只做匀加速运动，但到达最右端的速度等于传送带的速度；
B. 小木块放到传送带上之后，若L 较长，木块先做匀加速直线运动，后做匀速运动，运动到最右端时间2
22v L v L v g t g v v g
μμμ-=+=+ ，故B 正确； C. 小木块放到传送带上之后，若L
较短，木块只做匀加速运动，运动到最右端时间t =C 正确； D. 小木块放到传送带上之后，若L 可能为某一个值，木块只做匀加速运动，且运动到最右端时，速度就是传送带的速度v ，运动时间2L L t v v =
=，故D 正确； A. 由BCD 分析可知，A 错误。

23．BD
【解析】
【分析】
【详解】。