宁夏回族自治区银川一中2022届高三上学期第五次月考物理试题 Word版含答案

R 1
R 2
S
C A
V
q
O
W
D
Q
I B
O
A
P
I 2 O
U
C
O
I
励磁线圈
（前后各一个）
电子枪
玻璃泡 v
B
二．选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求；
第18～21题有多项符合题目要求。

全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．2021年10月银川一中团委组织同学志愿者前往盐池县冯记沟乡进行助学帮扶活动，当车辆行驶在坎坷的
山路上时坐在前排的同学看到司机师傅总是在上坡的时候换成低挡而到了平直的路上时又换成了高挡，于是他们几个人形成的小组进行了争辩，关于他们的争辩最符合物理原理的是 A ．上坡的时候换成低挡是为了增加汽车发动机的功率； B ．上坡的时候换成低挡是为了增大汽车的牵引力； C ．上坡的时候换成低挡是为了同学们认真观赏沿途的美景； D ．在平直的路面上换成高挡可以减小汽车发动机的功率
15．一质点做匀加速直线运动时，速度变化△v 时发生位移x 1，紧接着速度变化同样的△v 时发生位移x 2，则
该质点的加速度为
A ．()2
1211v x x ⎛⎫∆+ ⎪⎝⎭ B ．()2
212v x x ∆- C ．()21211v x x ⎛⎫∆- ⎪
⎝⎭
D ．()2
21v x x ∆-
16．如图所示，两根相距Ｌ平行放置的光滑导电轨道，与水平面的夹角为θ，轨道处于磁感应强度为Ｂ、方
向垂直轨道向上的匀强磁场中，一根质量为m 、电阻为r 的通电金属杆ab 位于导轨上。

若金属杆ab 恰好在导轨上处于静止状态，则关于通过金属杆ab 的电流的方向和大小的说法正确的是 A ．方向由b 到a ，大小BL mg I θ
sin = B ．方向由b 到a ，大小BL
mg
I = C ．方向由a 到b ，大小BL mg I θ
tan = D ．方向由a 到b ，大小BL
mg I θ
cos =
17．如图所示为洛伦兹力演示仪的结构图。

励磁线圈产生的匀强磁场方向垂直纸面对外，电子束由电子枪产生，
其速度方向与磁场方向垂直。

电子速度的大小和磁场强弱可分别由通过电子枪的加速电压和励磁线圈的电流来调整。

下列说法正确的是
A ．仅增大励磁线圈中电流，电子束径迹的半径变大
B ．仅提高电子枪加速电压，电子束径迹的半径变大
C ．仅增大励磁线圈中电流，电子做圆周运动的周期将变大
D ．仅提高电子枪加速电压，电子做圆周运动的周期将变大
18．如图所示，I 为电流表示数，U 为电压表示数，P 为定值电阻R 2消耗的功率，Q 为电容器C 所带的电荷量，
W 为电源通过电荷量q 时电源做的功。

当变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中，下列图象能正确反映各物
理量关系的是
19．行星绕太阳公转轨道是椭圆，冥王星公转周期为T 0，其近日点距太阳的距离为a ，远日点距太阳的距离为b ，
半短轴的长度为c ，如图所示．若太阳的质量为M ，万有引力常数为G ，忽视其它行星对它的影响，则 A ．冥王星从B→C→D 的过程中，速率渐渐变小 B ．冥王星从A→B→C 的过程中，万有引力对它做负功 C ．冥王星从A→B 所用的时间等于4
T D ．冥王星在B 点的加速度为
2
24)(4c
b a GM
+- 20．如图所示，在竖直平面内xoy 坐标系中分布着与水平方向夹45°角的匀强电场，将一质量为m 、带电量为
q 的小球，以某一初速度从O 点竖直向上抛出，它的轨迹恰好满足抛物线方程y=kx 2
，且小球通过点P(
k 1,k
1
)．已知重力加速度为g ，则 A ．电场强度的大小为
q
mg
B ．小球初速度的大小为
k
g 2 C ．小球通过点P 时的动能为
k
mg
45 D ．小球从O 点运动到P 点的过程中，电势能削减
k
mg
2 21．如图所示，木板OA 可绕轴O 在竖直平面内转动，某争辩小组利用此装置探究物块在方向始终平行于木板向
上、大小为F=8N 的力作用下加速度与倾角的关系．已知物块的质量m=1kg ，通过DIS 试验，描绘出了如图（b ）所示的加速度大小a 与倾角θ的关系图线（θ＜90°，且θ1和θ2对应的a 均为0）．若物块与木板间的动摩擦因数为0.2，假定物块与木板间的最大静摩擦力始终等于滑动摩擦力，g 取10m/s 2
．则下列说法中不正确．．．的是
A ．由图象可知木板与水平面的夹角处于θ1和θ2之间时，物块所受摩擦力肯定为零
B ．由图象可知木板与水平面的夹角大于θ2时，物块所受摩擦力肯定沿木板向上
C ．依据题意可以计算得出物块加速度a 0的大小为6m/s 2
D ．依据题意可以计算当θ=45°时，物块所受摩擦力为F f =μmgcos 45°=2N
B a
b θ
θ
A
V
R
S
E R 0
A V
A
B
+
P
-
— 3V R 0
15V
0.6A 3A
—
I/A
0.1
0.2
0.3
0.4
0.5
U/V
2.0
1.0
广州卓越训练培训中心
李咏华作图
•+ -
m q S 1 S 2
M
N
A 1
A 2
d 6L
L
L
B 0 Ⅰ
Ⅱ
P
第Ⅱ卷
三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。

第22—32题为必考题，每个试题考生都做答；第33题—39题为
选考题，考生依据要求作答。

(一)必考题(共129分) 22．(7分)
某同学利用图示的装置来争辩机械能守恒问题，设计了 如下试验，A 、B 是质量均为m 的小物块，C 是质量为M 的重物。

A 、B 间有轻质弹簧相连，A 、C 间有轻质细绳相连。

在物块B 下放置一压力传感器，重物C 下放置一速度传感器， 压力传感器和速度传感器相连，当压力传感器速度为零时， 就触发速度传感器测定此时重物C 的速度。

整个试验中弹 簧均处于弹性限度内，重力加速度为g ，试验操作如下：
（1）开头时，系统在外力作用下保持静止，细绳拉直但张力为零，现释放C ，使其向下运动，当压力传感器示数为零时，触发速度传感器测出C 的速度为v 。

（2）试验中保持A 、B 质量不变，转变C 的质量M ，多次重复第（1）步。

①该试验中，M 和m 的关系必需满足M m （选填“小于”、“等于”或“大于”） ②为便于争辩速度v 与质量M 的关系，每次测重物的速度时，其已下降的高度应 （选填“相同”或“不同”）
③依据所测数据，为得到线性关系图线，应作出 （选填“M v -2
”、 “M
v 1
2
-”或“m
M v +-
1
2
”）图线。

④依据第③问的图线知图线在纵轴上的截距为b ，则弹簧的劲度系数为 （用题给的已知量表示） 23.（8分）
用如图所示的电路，测定一节干电池的电动势和内阻。

电池的内阻较小，为了防止在调整滑动变阻器时造成短路，电路中用一个定值电阻R 0起爱护作用。

除电池、开关和导线外，可供使用的试验器材还有： (a)电流表（量程0.6A 、3A ）； (b)电压表（量程3V 、15V ）；
(c)定值电阻（阻值1Ω、额定功率5W ） (d)定值电阻（阻值10Ω、额定功率10W ） (e)滑动变阻器（阻值范围0—10Ω、额定电流2A ） (f)滑动变阻器（阻值范围0—100Ω、额定电流1A ）
（1）要正确完成试验，电压表的量程应选择 V ，电流表的量程应选择 A ；R 0应选择 Ω的定值电阻，R 应选择阻值范围是 Ω的滑动变阻器。

（2）预备使用的实物电路如图所示，请将电流表、电压表接入电路的正确位置。

（用笔画线代替导线） （3）电路连接完成后，闭合开关之前，滑动变阻器的滑片触头P 应在 端。

（填“A”或“B”）
（4）某同学处理数据后将U —I 描点在坐标纸上，并作出了一条直线，如图所示，请指出图象中不恰当的地方。

（至少说出一处）。

24．(14分)
2022年12月26日，我国东部14省市ETC 联网正式启动运行，ETC 是电子不停车收费系统的简称。

汽车分别通过ETC 通道和人工收费通道的流程如图所示。

假设汽车以v 1=15m ／s 朝收费站正常沿直线行驶，假如过ETC 通道，需要在收费站中心线前l0 m 处正好匀减速至v 2=5 m ／s ，匀速通过中心线后，再匀加速至v 1正常行驶；
假如过人工收费通道，需要恰好在中心线处匀减速至零，经过20 s 缴费成功后，再启动汽车匀加速至v 1正常行驶。

设汽车加速和减速过程中的加速度大小均为l m ／s 2。

求 （1）汽车过ETC 通道时，从开头减 速到恢复正常行驶过程中的位移大小？ （2）汽车过ETC 通道和通过人工收 费通道开头减速的位置相对于收费站中 心线分别是多少？
（3）汽车通过ETC 通道比通过人工 收费通道节省的时间是多少？
25.（18分）
如图所示，足够大的平行挡板A 1、 A 2竖直放置，间距6L ，两板间存在两 个方向相反的匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ， 以水平面MN 为抱负分界面，Ⅰ区的 磁感应强度为B 0，方向垂直纸面对外， A 1、A 2上各有位置正对的小孔S 1、S 2， 两孔与分界面MN 的距离均为L ，质
0 P Q 6 -10
10
12
6
18
y/cm x/m
量为m 、电量为+q 的粒子经宽度为d 的匀强电场由静止加速后，沿水平方向从S 1进入Ⅰ区，并直接偏转到MN 上的P 点，再进入Ⅱ区，P 点与A 1板的距离是L 的k 倍，不计重力，遇到挡板的粒子不予考虑。

（1）若k=1，求匀强电场的电场强度E ；
（2）若2<k<3，且粒子沿水平方向从S 2射出，求出粒子在磁场中的速度大小v 与k 的关系式和Ⅱ区的磁感应强度B 与k 的关系式。

33.【物理——选修3-3】（15分）
（1）（5分）下列说法正确的是（ ）（选填正确答案标号．选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得6分．每错选一个扣3分，最低得分为0分）
A ．硬币漂移在水面上，主要是由于硬币受到水的浮力的作用
B ．肯定质量抱负气体在等压变化时，若上升相同的温度，则增加的体积肯定相同
C ．分子间的引力和斥力，都随着分子间距离的增大而增大，减小而减小
D ．分子间距离减小时，分子间的势能可能增大
E ．用油膜法粗测出阿伏伽德罗常数的试验的前提条件是把油膜看成单分子层，每个油分子看成球形 （2）（10分）如图所示的粗细均匀的薄壁U 型管，左管上端封闭， 右管开口且足够长。

温度为t 1=27℃时右管内水银面比左管高h=4cm, 左管内空气柱长度为L=40cm 。

大气压p0=76cmHg 。

现使左管内空气 柱的温度缓慢下降。

则当左管内液面上升h 1=4cm 时，管内气体的温度 t 2为多少℃？
34．【物理一选修3-4】（15分）
（1）（5分）下列说法正确的是（ ）（选填正确答案标号．选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得6分．每错选一个扣3分，最低得分为0分） A ．光由一种介质进入另一种介质时频率不变 B ．机械波在介质中传播的速度与波的频率有关 C ．电磁波和机械波都需要通过介质传播
D ．依据麦克斯韦电磁场理论，电磁波中的电场和磁场相互垂直，电磁波是横波
E ．当声源和观看者背向运动时，观看者接收到的频率小于声源的频率
（2）（10分）一列简谐横波沿X 轴正向传播,t = 0时的图像如图所示,，此时刻后介质中P 质点回到平衡位置的最短时间为0.2S,Q 质点回到平衡位置的最短时间为1s ，已知t=0时两质点相对平衡位置的位移相同，则
(1)波的传播周期为多少秒？ 传播速度是多大？
(2)写出质点P 经过平衡位 置向上运动时的振动方程；
(3)从t=0时刻算起经过多 长时间质点Q 其次次回到平衡位置？ 35.【物理一选修3-5】（15分）
（1）（5分）下列说法正确的是（ ）（选填正确答案标号．选对一个得2分，选对2个得4分，选对3个得6分．每错选一个扣3分，最低得分为0分）
A ．放射性元素的半衰期与原子所处的化学状态和外部条件无关
B ．β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子时所产生的
C ．结合能越大，原子中核子结合的越坚固，原子核越稳定
D ．各种气体原子的能级不同，跃迁时放射光子的能量（频率）不同，因此利用不同的气体可以制成五颜六色的霓虹灯
E ．依据波尔理论，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放肯定频率的光子，同时电子的动能减小，电势能增大
（2）（10分）如图所示，可视为质点的小物块A 、B 的质量分别为m 和3m ，静止放在光滑水平地面上，物块A 、B 间夹有一小块炸药（炸药的质量可以忽视不计）。

某时刻炸药爆炸使物块A 、B 脱离，然后物块A 与一质量为2m 且以速度v o 向右滑动的物块C 发生碰撞，物块A 、C 碰撞后，物块A 、B 、C 具有相 同的速度。

若炸药爆炸释放的化学能全部转化 为物块A 、B 的机械能，求炸药爆炸时释放的 化学能。

银川一中2022届高三第五次月考物理部分试卷答案 14 15 16 17 18 19 20 21 B
D
A
B
AB
BD
BC
AD
（3）m
M v +-12
（3分） （4）b mg 24（2分）
23（每小题2分，共计8分）.(1)3， 0.6，1，0~10 (2)如右图 （3）B
(4)纵坐标的标度不恰当，纵坐标的起始坐标可以从 1.0开头，使所画的直线布满整个坐标图
24、(14分)（1）过ETC 通道时，减速的位移和加速的位移相等，均为：
a
v v S 23
2
211-=
（2分） 所以总的位移： m
21010211=+=S S 总
（2分）
（2）过ETC 通道时，开头减速时距离中心线110m （2分）
过人工收费通道时，开头减速时距离中心线a
v x 22
12==112.5m （2分）
（3）过ETC 通道时;s 2210
22
211=+⨯-=v a v v t （1分） 过人工收费通道时: s
502021
2=+⨯=
a v t
（1分） m
2252221
2=⨯=
a v
S
（1分） 二者的位移差:m 1521022512=-=-=S S S ∆ （1分） 在这段位移内过ETC 通道时是匀速直线运动，所以:
27s 1
12=+
-=）（v S
t t t ∆∆ （2分）
25 （18分）解析：（1）(6分)粒子在电场中，由动能定理有 qEd=12
mv 2
-0 ①（ 2分）
粒子在Ⅰ区洛伦兹力供应向心力
qvB 0＝m v
2
r
② （ 1分） 当k =1时，由几何关系得
r=L ③ （ 1分） 由①②③解得
E=qB 02L 22md
④ （ 2分） （2）（12分）由于2<k <3时，由题意可知粒子在Ⅱ区只能发生一次偏转， （ 1分）
由几何关系可知
(r-L )2
+(kL )2
=r 2
⑤ 解得r =(k 2
+1)
2
L ⑥ （ 2分）
由②⑥解得v=(k 2
+1)qB 0L
2m ⑦ （1分）
粒子在Ⅱ区洛伦兹力供应向心力
qvB ＝m v 2
r 1
⑧ （1分）
由对称性及几何关系可知： k (3-k ) = r
r 1
⑨ （2分）
解得r 1=(3-k ) (k 2
+1)
2k L ⑩（ 2分） 又由于bq
mv r =1 （1分）
所以：03B k
k
B -= （ 2分） 33、（1）BDE
（2）（2）解：由抱负气体状态方程：
C T
PV
= 有：
2
2
2111T V P T V P =….3分 其中 P 1=P 0+h P 2=P 0-h 1 V 1=LS V 2=(L-h 1)S T 1=273+t 1 T 2=273+t 2 ……………….. 各1分 解得：t 2=-30℃………1分 34、（1）ADE
（2）①由题意可知，此时P 点正在向下运动，Q 点正在向上运动，所以：s T 6.04
1= 所以s T 4.2= T
v λ
= 得：v=5m/s
②)6
5
sin(10t x P π=cm
③经过T=2.2s 质点Q 其次次回到平衡位置 35.（1）ABD
（2）解析：炸药爆炸时，有动量守恒定律可得：A B mv mv =3 （2分） A 、C 碰撞过程中满足动量守恒定律： B A mv mv mv 3-20= （2分） 联立解得：0v v A = 03
1
v v B =
（2分） 依据能量守恒定律爆炸释放的化学能：2232
121B A mv mv E +=
（2分）
2
E （2分）
mv
解得：2
3。