甘肃省天水市2019-2020学年中考物理仿真第五次备考试题含解析

甘肃省天水市2019-2020学年中考物理仿真第五次备考试题
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．下列估测的数据中最接近实际的是
A．一张标准A4打印纸的厚度大约为1 mm
B．一元硬币的质量约为50 g
C．家用空调制冷时的功率约为10 W
D．一间普通教室内空气的质量大约为300 kg
D
【解析】
【分析】
根据题中“下列估测的数据中最接近实际的是”可知，本题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。

【详解】
A．头发丝的直径在70μm左右，一张纸的厚度与此差不多，在70μm＝0.07mm左右。

故A不符合实际；B．一块橡皮的质量在6g左右，一元硬币的质量与此差不多，在6g左右。

故B不符合实际；
C．空调制冷时的功率约为1000W，故C不符合实际；
D．一间普通教室的体积约为170~200m3，根据密度公式的变形式可得，教室内空气的质量
m=ρV=1.29kg/m3×200m3≈258kg接近300kg，故D最接近实际。

2．在生产、生活中有很多物理知识的应用,下列说法中正确的（）
A．把书包带做得扁而宽,是为了减小书包对人体的压强
B．滑雪板一般都有较大的面积,是为了增大压力
C．菜刀钝了磨一磨,是为了减小对被切物的压强
D．在铁轨下面铺设枕木,是为了减小对地面的压力
A
【解析】
【分析】
【详解】
A．把书包带做得扁而宽，是为了在压力一定时，增大受力面积，从而减小压强．故A正确；
B．滑雪板一般都有较大的面积，在压力一定时，增大受力面积，从而减小压强．故B错误；
C．菜刀钝了磨一磨，是在压力一定时，减小受力面积，从而增大压强．故C错误；
D．在铁轨下面铺设枕木，在压力一定时，增大受力面积，从而减小压强．故D错误．
【点睛】
重点是增大和减小压强的方法，牢记影响压强大小的两个因素，可以通过增大压力或减小受力面积的方法
来增大压强，反之减小压强．
3．如图是足球运动员踢足球时的情景，下列说法正确的是
A．足球在空中飞行的过程中，只受到空气阻力的作用
B．足球在空中飞行的过程中，运动状态一定发生改变
C．脚踢足球时，脚先对球有力的作用，球再对脚有力的作用
D．足球在空中飞行的过程中，若它所受的力全部消失，它一定沿水平方向做匀速直线运动
B
【解析】
【详解】
A、足球在空中飞行的过程中，受到重力和空气阻力的作用，故A错误；
B、足球在空中运动过程中，受到竖直向下的重力与空气的阻力，这两个力不是平衡力，所以足球的运动状态一定发生改变，故B正确；
C、脚踢足球时，脚对球的作用力与球对脚的作用力是相互作用力，是同时产生的，故C错误；
D、空中飞行的足球，若它所受的力全部消失，它将保持原来的运动状态，沿原来的方向做匀速直线运动（不一定是沿水平方向做匀速直线运动），故D错误。

4．关于安全用电，下列说法正确的是
A．将冰箱的三脚插头改为两脚插头使用
B．使用绝缘皮破损的电线供电
C．在高压输电线下钓鱼
D．大功率用电器错时使用
D
【解析】
【详解】
A．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故A错误；
B．电线的绝缘皮破损时应及时更换，否则容易发生触电事故，故B错误；
C．高压线下钓鱼，鱼线很容易接触到高压线，容易会发生触电，故C错误；
D．多个大功率用电器若同时使用，则会使干路中的电流过大，容易引起电路发生火灾，所以，大功率用电器错时使用，故D正确．
5．一支密度计分别放入两种液体中，静止时位置如图所示。

若密度计在甲乙液体中受到的浮力分别是F甲、F乙，甲乙两种液体的密度分别为ρ甲、ρ乙。

下列说法正确的是（）
A．F甲＜F乙
B．F甲＞F乙
C．ρ甲＜ρ乙
D．ρ甲＞ρ乙
C
【解析】解：AB、由于密度计两次静止时都处于漂浮，则F浮=G，
即密度计在两种液体中受到的浮力相等，都等于密度计受到的重力G．故AB错误；
CD、由图知，密度计排开液体的体积：V甲排＞V乙排，
由F浮=ρ液gV排可知：ρ甲＜ρ乙；故C正确，D错误。

故选：C。

点睛：同一密度计在两种液体中都漂浮，所以受到的浮力都等于密度计所受到的重力。

6．冰壶运动员的鞋底一只是塑料的，另一只是橡胶的．他滑行时，橡胶底的鞋比塑料底的鞋受到的摩擦力大．如图，他用b脚蹬冰面后，只用a脚向右滑行，可以确定的是（）
A．滑行时冰对a鞋的摩擦力向右
B．蹬冰时冰对b鞋的摩擦力向左
C．a鞋底是橡胶会滑得更远
D．a鞋底是塑料会滑更远
D
【解析】
【详解】
A．滑行时，a鞋相对于地面向右运动，故冰对a鞋的摩擦力向左，A错误；
B．蹬冰时，b鞋相对于地面向左运动，故冰对b鞋的摩擦力向右，B错误；
C．若a鞋底是橡胶，根据题意可知，橡胶底的鞋所受摩擦力大，会滑得更近，故C错误；
D．a鞋底是塑料，根据题意可知，塑料底的鞋所受摩擦力小，会滑得更远，故D正确．
故选D．
7．下列说法正确的是（）
A．丝绸摩擦过的玻璃棒靠近带正电的物体时会相互排斥
B．摩擦起电的实质是正电荷发生了转移
C．金属导体中自由电子定向移动的方向就是电流的方向
D．家庭中使用的电热水器的发热体用的是超导材料
A
【解析】
【详解】
用丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷为正电荷，用它靠近带正电的物体时，同种电荷会相互排斥，故A正确；摩擦起电的实质是使电子从一个物体转移到另一个物体，故B错误；金属导体中自由电子带负电，电子定向移动的方向与电流的方向相反，故C错误；家庭中使用的电热水器的发热体是利用焦耳定律来工作的，发热体要有电阻，而超导体的电阻为0，故D错误；故应选A．
8．如图所示是力学的四个实验情景，下列关于每个实验的结果预测正确的是
A．甲图中：木块与小车一起向右匀速运动，小车受阻力停止时，木块一定停止
B．乙图中：杠杆不能在水平位置保持平衡，杠杆的左端上升，杠杆的右端下降
C．丙图中：当向玻璃管中吹风时，U形管A管中的水面上升，B管中水面下降
D．丁图中：将容器侧壁的塞子同时拔出，水从a孔喷射最远，从c孔喷射最近
C
【解析】
【分析】
【详解】
A．木块与小车一起向右匀速运动，小车受阻力停止时，木块由于惯性继续向前运动一段距离，故A错误；B．杠杆不能在水平位置保持平衡，左端力和力臂的乘积大于右端力和力臂的乘积，杠杆的左端下降，杠杆的右端上升，故B错误；
C．当向玻璃管中吹风时，A管上方空气流速大于B管上方空气流速，A管上方压强小于B管上方压强，因此U形管A管中的水面上升，B管中水面下降，故C正确；
D．a处深度最小，液体压强最小，c处深度最大，液体压强最大，将容器侧壁的塞子同时拔出，水从a
孔喷射最近，从c孔喷射最远，故D错误。

故选C。

9．如图所示，用一根自重可以忽略不计的撬棒撬动石块，若撬棒C点受到石块的压力为1 500 N，且AB=1.5
m，BC=0.3 m，CD=0.2 m，则撬动石块的力应不小于
A．500 N B．300 N
C．200 N D．150 N
D
【解析】
【分析】
【详解】
图中求撬动石块所用的最小力，就必须确定出最大动力臂和最小阻力臂，该杠杆可以有两个支点：D点和B点；①D点为支点，则作用在A点的最小力应垂直杠杆斜向上，此时AD为动力臂，CD为阻力臂；②B 点为支点，则作用在A点的最小力应垂直杠杆斜向下，此时AB为动力臂，BC为阻力臂；显然第①种情况更省力，根据分析做出图示(如下)；
以D为支点，动力臂l1=AD=AB+BC+CD=1.5m+0.3m+0.2m=2m，阻力臂l2=CD=0.2m；
由杠杆的平衡条件：F1l1=F2l2，得：F1×2m=1500N×0.2m，即：F1=150N．故ABC错误，D正确．10．如图四个装置可以用来研究有关物理现象或说明有关原理，下列表述正确的是（）
A．图①研究电磁感应现象B．图②研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系
C．图③说明电动机原理D．图④说明发电机原理
B
【解析】
【分析】
（1）电流磁效应是指电流能产生磁场；
（2）比较电磁铁磁性强弱一般用不同的电磁铁来吸引大头针；
（3）电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流；
（4）研究磁场对电流的作用要先给导体通电，再将其放入磁场中．
根据不同实验的特点，对照各图进行判断即可．
【详解】
A. 是奥斯特实验，即演示电流的磁效应的实验装置，故A错误；
B. 是演示电磁铁中线圈匝数的多少与磁性强弱的关系的实验装置，故B正确；
C. 是研究电磁感应现象的实验装置，是发电机原理，故C错误；
D. 是演示磁场对电流作用的实验装置，是电动机的原理，故D错误；
故选B.
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要。

下列描述符合史实的是
A．奥斯特发现了电流周围有磁场
B．牛顿发现了万有引力定律和光的色散
C．伽利略测出了大气压强的大小
D．汤姆孙发现了比原子还小得多的电子
ABD
【解析】
【详解】
A、奥斯特发现了电流周围存在磁场，第一次发现了电和磁的联系，故A符合史实；
B、牛顿在力学、光学领域取得了卓越的成就，发现了著名的三大运动定律、万有引力定律及光的色散现象，故B符合史实；
C、托里拆利第一个精确的测量出了大气压强的值，故C不符合史实；
D、汤姆逊发现了电子比原子小得多，故D符合史实。

12．如图所示的电路，电源电压不变．闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从中点滑到a端，不计温度对灯丝电阻的影响．则下列说法正确的是（）
A．电路总电阻变小B．灯L变暗
C．R1的电功率变小D．通过R1的电流不变
AC
【解析】
【分析】
【详解】
由电路图可知,R2与滑动变阻器串联后与R1并联，它们再与灯泡L串联，因无论是串联电路还是并联电路中一个电阻的阻值增大时电路中的总电阻增大，所以，将滑动变阻器的滑片P从中点滑到a端，接入电路
中的电阻变小，电路中的总电阻变小，故A正确；由I＝U
R
可知，电路中的电流变大，灯泡两端的电压
变大，由P＝UI根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，故B错误；根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知，当灯泡两端的电压变大，则并联部分两端的电压变小，
根据P＝
2
U
R
可知R1的电功率变小，故C正确；由I＝
U
R
可知,R1支路的电流变小，故D错误．故选AC.
【点睛】
由电路图可知，R2与滑动变阻器串联后与R1并联，它们再与灯泡L串联，无论是串联电路还是并联电路中一个电阻的阻值增大时电路中的总电阻增大，据此可知滑片移动时电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据P＝UI可知灯泡实际功率的变化，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知亮暗的变化，利用串联电路的电压特点可知并联部分两端的电压变化，根据P＝2
U
R
可知R1的功率的变化；利用欧姆定律可知R1的电流变化．
13．小莉根据表中的数据，得出以下四个结论，其中正确的是
A．用来熔化铜的器皿可以用锡制作
B．质量相等的纯水和煤油，纯水的体积较小
C．体积相等的铜块和铝块，放出相等热量，铝快温度降低得较多
D．质量相等的干泥土和水，吸收相等热量，水温度升高得较多
BC
【解析】
【分析】
【详解】
A．铜的熔点是1083℃，锡的熔点是232℃，用锡制作用熔化铜的器皿，铜还没有达到熔点，器皿（锡）就熔化、漏了，故错误；
B．质量相等的纯水和煤油，由于纯水的密度大于煤油的密度，根据公式
m
V
ρ
=可知，密度大的水的体积
小，故正确；
C．根据Q cmΔt
=，因为放出热量相等，可以得到：
111222
c m t c m t
∆=∆，由
m
V
ρ=得：
111222
c t
V t c V
ρρ
=∆
∆，体积相同得：
111222
c t＝c t
ρρ
∆∆，温度降低情况：
33
122
33
211
3
3
J/（kg℃） 2.710kg/m
0.681
J/（kg℃）
0.8810
0.39108.910kg/m
t c
t c
ρ
ρ
∆⨯
===
⋅
⨯
∆⨯
⨯⨯
<
⋅⨯
，所以铜块温度降低的少，铝块温度降低的多，故正确；
D．根据Q cmΔt
=，吸收热量相等，质量相等，水的比热比干泥土的比热大，水的温度比干泥土升高的小，故错误．
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．体积为1m1的冰块全部熔化成水后，水的质量是_____kg，水的体积是_____m1．（冰的密度为
0.9×101kg/m1）
900 0.9
【解析】
水的质量为m水=m冰=ρ冰V=0.9×101kg/m1×1m1=900kg，水的体积为V水33
900kg
1.010kg m
m
ρ
==
⨯
水
水
∕
=0.9m1.
点睛：（1）已知冰的体积和密度，利用公式m=ρV可以求出质量；（2）已知水的质量和密度，利用V
m
ρ
=
可以得到水的体积．
15．如图所示，若物体M在导轨上平移，带动滑动变阻器的滑片P移动，可反映出物体移动距离的大小。

当M向右移动时，电流表示数_____，电压表示数_____。

（均选填“变大”“变小”或“不变”）
不变变大
【解析】
【详解】
由图知，当物体M向右移动时，滑动变阻器上的滑片右移，但连入电路中的电阻不变，为滑动变阻器的最大值，由欧姆定律可知电路中电流不变，即电流表示数不变；电压表测滑动变阻器左侧接入电阻的电压，
滑片P 左侧部分变长，左侧电阻变大，而电流不变，由U ＝IR 可知，左侧两端的电压变大，即电压表示数变大。

16．有一种“神奇恒温杯”，其双层玻璃杯的夹层中封入适量的海波晶体（熔点为48 ℃）． 开水倒入杯中后，水温会迅速 降至48℃左右，人即可饮用，并能较长时间保持水温不变，这主要是利用海波的___________________________特点． 熔化吸热、凝固放热 【解析】 【详解】
开水倒入杯中后，此时海波晶体被熔化，此过程海波会吸收热量，当水的温度下降到48℃以下时，此时海波会凝固，会放出热量，在此过程中水能较长时间保持水温不变．
17．如图所示，轻质杠杆OA 中点悬挂重为100N 的物体，在A 端施加一竖直向上的力F ，杠杆在水平位置平衡，则力F 的大小是_____，保持F 的方向不变，将杠杆从A 位置匀速提升到B 位置的过程中，力F 将_____（选填“变大”、“变小”、或“不变”，下同）．若本实验中F 的方向始终与棒垂直，则F 将_____．
50N 不变 变小 【解析】 【详解】
如图，杠杆在A 位置，OA OC 2L L ＝，
杠杆平衡，所以OA OC FL GL ＝，所以OC OA 11
100N=50N 22
G GL F L ==⨯＝
； 杠杆在B 位置，OA′为动力臂，OC′为阻力臂，阻力不变为G ，所以''OC D OA B V V ∽，所以
''12OC OA OD OB ：＝：＝： ，
杠杆平衡，所以OA OC '''F L GL ＝，所以OC OA '11
'100N=50N '22
GL F G L ==⨯＝
；由此可知当杠杆从A 位置匀速提到B 位置的过程中，力F 的大小不变；
将杠杆从A 位置匀速提升到B 位置的过程中，如果F 的方向始终与棒垂直，则力F 的力臂不变，阻力G 不变，阻力臂变小，由杠杆平衡条件可得，动力F 将变小．
18．如图是某同学家中的电能表，现用它测量一只灯泡的实际功率．他关掉其他电器只让该灯泡工作，电能表转盘转过30转用时10min，这段时间灯泡消耗的电能是___KW•h，灯泡的实际功率是___W．
0.01 60
【解析】
【详解】
∵每消耗1kw•h的电能，电能表的转盘就转过3000r，
∴电能表的转盘转过30r消耗的电能为：
W=
30r
3000r/kw h⋅
=0.01kw•h=3.6×104J，
而
t=10min=600s，
∴灯泡的实际功率为：
P实际=
4
3.610J
600s
W
t
⨯
==60W．
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．如图所示，为中考体育加试中的“座位体前屈”测试．
（1）假如人的质量为50kg，和地面的接触面积为1500cm1．求：人对地面的压强．（g＝10N/kg）（1）人推力10N，推动手推板前进10cm．求：人对手推板做的功．
（1）1000Pa（1）1J
【解析】
【详解】
（1）人对地面的压强：
p＝F
S
＝
G
S
＝
mg
S
＝
42
50kg10N/kg
250010m
-
⨯
⨯
＝1000Pa．
（1）由题知，人的推力10N，推动手推板前进10cm，
则人对手推板做的功：
W＝F推s═10N×10×10﹣1m＝1J．
20．小信的爸爸开着拖拉机以5m/s的速度在平直的路面上匀速行驶，拖拉机受到的重力为4×105N，履带的着地面积总共为5m2，发动机的输出功率为400kW．在拖拉机上，小信用自己实验箱中的元件连接如
图所示的电路，其中L 是额定电压6V 的拖拉机照明灯泡，保护电阻R 0＝2Ω．闭合开关S ，滑动变阻器的滑片从最右端向最左端移动过程中，小信画出通过灯泡的电流I 与其两端电压U 的关系如图乙所示．试求：
拖拉机静止在水平路面时，对路面的压强是多少？拖拉机匀速行驶
600s ，发动机所做的功是多少？当滑动变阻器连入电路的电阻最大时，通电100s ，电流通过R 0所作的功是多少？
（1）8×104Pa ；（2）2.4×108J ；（3）50J ． 【解析】 【详解】
（1）拖拉机静止在水平路面时，对路面的压力：F=G=4×
105N ， 对路面的压强：542
410N 810Pa 5m
F P S ⨯=⨯== ； （2）由W
P t
=
可得，拖拉机匀速行驶600s ，发动机所做的功：3840010W 600s 2.410J W Pt ==⨯⨯=⨯ ；
（3）由电路图可知，灯泡L 与R 0、R 串联，电压表测L 两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器连入电路的电阻最大时，电路的总电阻最大，电路中的电流最小，由图乙可知，电路中的最小电流I=0.5A ，则通电100s ，电流通过R 0所做的功：22
0000.5A 2Ω100s=50J W U It I R t （）=
==⨯⨯ .
21．某电动观光车的技术参数如下表：根据以上技术参数，解答下列问题：（g 取10N/kg ） 空车质量 1180kg 车身长度 3.8m 满载人员
12人 额定电压 48V 满载时轮胎与地接触面积 4×250 cm 2 最大车速
45km/h 电动机效率
80%
平路连续行驶里程
≤80km
（1）设乘员质量平均为60kg ，求满载时车对水平路面的压强？ （2）求观光车在水平路面上以最大速度匀速行驶5×103m 所用的时间？
（3）若观光车在水平路面匀速行驶时受到的阻力为2×103N ，求观光车匀速行驶5×103m 过程中，牵引力所做的功？
（1）1.9×105Pa 。

（2）400s 。

（3）1×107J 。

【解析】
【详解】
（1）满载时车对地的压力：F＝G＝mg＝（m1+m2）g＝（1180kg+12×60kg）×10N/kg＝1.9×104N;
车对地的压强：P＝F
S
＝
9
7.210J
20%
⨯
＝1.9×105Pa。

（2）最大车速：v＝45km/h＝12.5m/s，所用时间：t＝S
v
＝
3
510m
12.5m/s
⨯
＝400s。

（3）牵引力所做的功：W＝F牵•S＝F阻•S＝2×103N×5×103m＝1×107J。

五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．如图，水平皮带传送装置将货物向右匀速传送，请画出货物受到的力的示意图。

（_____）
【解析】
【详解】
物体的平衡状态是指物体处于静止状态或匀速直线运动状态，处于平衡态的物体在某一方向上受平衡力的作用或者不受外力的作用。

货物随传送带一起沿水平方向向右做匀速运动，则货物在水平方向上不受外力的作用，在竖直方向上物体处于静止状态，则物体受平衡力的作用，即物体的重力和传送带对物体的支持力是一对平衡力。

如下图所示：
23．如图所示，物体M随水平传送带一起做匀速直线运动。

画出M所受力的示意图。

（_______）
【解析】
【详解】
因为物体M随水平传送带一起做匀速直线运动，即物体和传送带相对静止，因此物体在水平方向上不受力的作用，只受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力作用；过M的重心作竖直向下的重力和竖直向上
的支持力；如图所示：
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．小明帮爷爷浇菜园．他从井中提水时发现盛满水的桶露出水面越多，提桶的力就越大．由此他猜想：浮力大小可能与物体排开液体的体积有关．于是他找来一个金属圆柱体、弹簧测力计和烧杯等器材进行了如图所示的探究．
（1）分析图中弹簧测力计示数的变化可知，物体排开液体的体积越大，所受的浮力______．
（2）实验结束后，小明绘制了弹簧测力计对金属圆柱体的拉力和金属圆柱体所受浮力随浸入液体深度变化的曲线，如图所示．（p水=1.0×101kg/m1）分析图象可知：
①线______（选填“a”或“b“）描述的是金属圆柱体所受浮力随深度的变化情况．
②金属圆柱体所受的最大浮力为______N，金属圆柱体的密度为______kg/m1．
越大 a 2.7 2.7×101
【解析】
【详解】
（1）根据图中物体浸入到液体中的体积和弹簧测力计示数的变化，物体浸入到液体中的体积越大，即排开液体的体积越大，弹簧测力计的拉力越小，根据F浮＝G﹣F拉可知，物体重力不变，物体受的浮力会越大，所以所受的浮力的大小与排开液体的体积有关；
（2）①因为在物体全部浸没前，物体进入到液体中的深度越深．排开液体的体积越大，浮力越大；物体全部浸没后，排开液体的体积不变，根据F浮＝ρgV排可知，浮力不再变化；所以图象a符合金属圆柱体所受浮力和浸入深度的关系；
②图象b是弹簧测力计对金属圆柱体的拉力变化图象，物体没有浸入到水中前的拉力即为物体的重力G＝F＝2.7N；
由图象a可知，圆柱体完全浸没后，圆柱体受的浮力为F浮＝1.0N，
由浮力公式F 浮＝ρ水gV 排可知，物体的体积V ＝V 排＝F g 浮水ρ＝33
1.0N 110/10/kg m N kg
⨯⨯＝1×10﹣
4m 1， 重力：G ＝mg ＝ρgV ，
则物体的密度：ρ物＝G gV =432.710/10N N kg m
-⨯＝2.7×101kg/m 1
．
25．小明和小华各自做“验证阿基米德原理”实验，如图（a ）所示为小明实验的示意图，图（b ）所示为小华实验的部分示意图．
①在小明的实验示意图中，弹簧测力计的示数值分别为F 1、F 2和量筒中水面刻度值分别为V 1、V 2，若满足关系式_______时，则可以验证阿基米德原理．
②在小华的实验示意图中，使用了溢水杯和小烧杯，如果小华接着使用电子天平成功完成实验，天平应测量_____中水的质量m 水（选填“溢水杯”或“小烧杯”），若此时图中两弹簧测力计的示数差值△F 跟m
水
满足关系_____时，则可以验证阿基米德原理．
()1221F F V V g ρ-=-水 小烧杯 F m g ∆=水
【解析】 【分析】 【详解】
（1）物体受到的浮力等于物体的重力减掉浸没水中时弹簧测力计的示数，即F 浮=F 1-F 2； 量筒中水面两次示数差(V 2-V 1)表示金属块排开的水的体积，根据m
V
ρ= 和G=mg 可得，金属块排开的水所受重力的表达式为：G 排=m 排g=ρ水gV 排=ρ水g(V 2-V 1)，实验中若 F 1-F 2=ρ水g(V 2-V 1)，则可以验证阿基米德原理；
（2）研究浸没在液体中的物体受到的浮力与它排开的液体所受重力之间的关系时，需要用电子天平测量出小烧杯中溢出水的质量，根据G=mg 知溢出水的重力G 水=m 水g ，比较两弹簧测力计的示数差值△F 跟G 水的关系，若F ∆=m 水g ，则可以验证阿基米德原理．
26．“探究串联电路特点”时小明选用两只规格相同的灯泡连接的电路如图甲所示．
闭合开关S后，发现灯L1
发光，L2不发光．同学们有以下几种猜想：①L2灯丝断了；②L2短路；③灯L2也工作，但L2中电流比L1中电流小．以上猜想中正确有______ （填序号）．为了寻找“串联电路的电流关系”，分别把图中A、B、C各点断开，然后把______ 接入，闭合开关前，发现其中一个电表指针如图乙所示，出现这种现象的原因是______ ．在寻找“串联电路的电压关系”时，小明将电压表并联在L1两端，闭合开关，电压
表示数如图丙所示，为了使实验结果更准确，接下来他应该______ ．正确实验操作后，测得A、B、C 三处的电流记IA、IB、IC，测得AB、BC、AC两点间的电压U AB、U BC、U AC．下列说法正确的是______ A．I A＞I B＞I C B．I A＜I B＜I C C．U AB=U BC=U AC D．U AC=U AB+U BC为了使结论更有普遍性，可采用的方法是：______ ．
A、换用不同规格灯泡多次实验
B、改变电源电压多次实验．
②电流表电流表指针没有调零断开开关,电压表换用0−3V量程,然后再进行实验 D A 【解析】
【详解】
(1)闭合开关S后,发现灯L1发光,L2不发光,说明电路中没有断路,L2不发光,说明是L2短路，故选②；(2)为了探究“串联电路的电流关系”，应该把电流表接入电路；闭合开关前，发现其中一个电表指针如图乙所示，没有指在零刻度上，出现这种现象的原因是没调零；(3)闭合开关，电压表示数如图丙所示，示数较小，说明选择的量程偏大，为了使实验结果更准确，接下来他应该断开开关，选用小量程，即选用0−3V的量程；(4)串联电路中各处的电流都相等；串联电路两端的电压等于各部分电压之和，故D正确，故选D；(5)为了得出普遍结论，应该换用不同规格的灯泡、改变电源电压，重复操作，进行多次实验，故选A.
【点睛】
（1）电路故障包括短路和断路，断路时用电器不能工作；短路时，被短路的用电器不工作，电路中有电流；（2）为了探究“串联电路的电流关系”，应该把电流表接入电路；开关闭合前，电流表应该调零；（3）根据电压表所示信息，可以确定选择量程过大了，接下来应该，断开开关，换用小量程；（4）串联电路中各处的电流都相等；串联电路两端的电压等于各部分电压之和；（5）为了得出普遍结论，应换用不同规格的实验器材进行多次测量。