高二物理试卷附答案解析

高二物理试卷附答案解析
考试范围：xxx ；考试时间：xxx 分钟；出题人：xxx 姓名：___________班级：___________考号：___________
1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上
一、选择题
1.LC 振荡电路中，某时刻磁场方向如图5所示，则下列说法正确的是( )
图5
A ．若磁场正在减弱，则电容器上极板带正电
B ．若电容器正在充电，则电容器下极板带正电
C ．若电容器上极板带正电，则线圈中电流正增大
D ．若电容器正放电，则自感电动势正在阻碍电流增大
2.测匀变速直线运动加速度的实验中，接通电源与让纸带随物体开始运动两个操作正确是
A ．先接通电源，后释放纸带
B ．先释放纸带，后接通电源
C ．释放纸带的同时接通电源
D ．先释放纸带或先接通电源都可以
3.如图所示，虚线A.B.c 是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为一个带正电的质点仅在电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，P 、Q 是轨迹上的两点．下列说法中正确的是( )
A ．三个等势面中，等势面a 的电势最高
B ．带电质点一定是从P 点向Q 点运动
C ．带电质点通过P 点时的加速度比通过Q 点时小
D．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时小
4.如图所示，两个小球A、B在光滑水平地面上相向运动，它们的质量分
别为m
A =4kg，m
B
=2kg，以水平向右为正方向，其速度分别是v
A
=3m/s，
v
B
=﹣3m/s．则它们发生正碰后，速度的可能值分别为（）
A．v
A ′="1" m/s，v
B
′="1" m/s
B．v
A ′="﹣3" m/s，v
B
′="9" m/s
C．v
A ′="2" m/s，v
B
′="﹣1" m/s
D．v
A ′="1.1" m/s，v
B
′="0.8" m/s
5.以下说法中正确的是（）
A．水面上的油膜在阳光照射下会呈现彩色，这是光的干涉现象B．麦克斯韦首先预言了电磁波的存在，并通过实验加以证实
C．某种介质中振源振动的越快，机械波传播得就越快
D．运动物体速度可以大于真空中的光速
6.如图所示，以初速度9.8m／s水平抛出的物体，飞行一段时间后垂直撞在倾角为的斜面上，则物体在空中飞行的时间是( )A．s B．s C．S D．2s
7.在绝缘粗糙的斜面上A点处固定一点电荷甲，将一带电小物块乙从斜面上B点处由静止释放，乙沿斜面运动到C点时静止．则（）
A．甲、乙一定带同种电荷
B．B点的电势一定高于C点的电势
C．从B到C的过程中，乙的电势能一定减少
D．从B到C的过程中，乙的机械能的损失量一定等于克服摩擦力做的功
8.扩散现象说明了（）
A．气体没有固定的形状和体积
B．分子间相互排斥
C．分子在不停地运动着
D．不同分子间可相互转换
9.关于热力学第一定律和热力学第二定律，下列论述正确的是( )
A．热力学第一定律指出内能可以与其他形式的能相互转化，而热力学第二定律则指出内能不可能完全转化为其他形式的能，故这两条定律是相互矛盾的
B．内能可以全部转化为其他形式的能，只是会产生其他影响，故两条定律并不矛盾
C．两条定律都是有关能量的转化规律，它们不但不矛盾，而且没有本质区别
D．其实，能量守恒定律已经包含了热力学第一定律和热力学第二定律10.关于磁感应强度，下列说法正确的是（）
A．磁感应强度只是描述磁场的强弱的物理量
B．通电导线所受磁场力为零，该处磁感应强度一定为零
C．通电导线所受磁场力为零，该处磁感应强度不一定为零
D．放置在磁场中lm的导线，通过lA的电流，受到的力为1N时，该处磁感应强度就是1T
二、多选题
11.如图所示，半圆槽光滑、绝缘、固定，圆心是O，最低点是P，直径MN水平，a、b是两个完全相同的带正电小球（视为点电荷），b固定在M点，a从N点静止释放，沿半圆槽运动经过P点到达某点Q（图中未画出）时速度为零。

则小球a( )A．从N到P的过程中，速率先增大后减小
B．从N到Q的过程中，重力与库仑力的合力先增大后减小C．从N到Q的过程中，电势能一直增加
D．从P到Q的过程中，动能减少量小于电势能增加量
12.
如图所示，将条形磁铁插入闭合线圈，第一次用0.2 s，第二次用0.4 s，并且两次插入过程中磁铁相对于线圈的起始和终止位置相同，则( )
A．第一次穿过线圈的磁通量的最大值比第二次的大
B．第一次穿过线圈的磁通量的变化比第二次的快
C．第一次线圈中产生的感应电流比第二次的大
D．第一次线圈中产生的感应电流比第二次的小
13.如图所示是光电管的原理图，已知当有波长为λ
的光照射到阴极K上时，电路中有光电流，则 ()[来
A ．若换用波长为λ1(λ1＞λ0)的光照射阴极K 时，电路中一定没有光电流
B ．若换用波长为λ2(λ2＜λ0)的光照射阴极K 时，电路中一定有光电流
C ．增加电路中电源电压，电路中光电流一定增大
D ．若将电源极性反接，电路中可以有光电流产生
14.如图所示，质量均为M 的A 、B 两滑块放在粗糙水平面上，两轻杆等长，杆与滑块、杆与杆间均用光滑铰链连接，在两杆铰合处悬挂一质量为m 的重物C ，整个装置处于静止状态，设杆与水平面间的夹角为θ。

下列说法正确的是（ ）
A ．当m 一定时，θ越小，滑块对地面的压力越大
B ．当m 一定时，θ越大，轻杆受力越小
C ．当θ一定时，M 越大，滑块与地面间的摩擦力越大
D ．当θ一定时，M 越大，可悬挂重物C 的质量m 越大
15.（1）下列给出多种用伏安法测电池电动势和内阻的数据处理方法，其中既能减小偶然误差又直观、简便的是
A ．测出两组I 、U 的数据，代入方程组和
B ．多测几组I 、U 的数据，求出几组E 、r ，最后分别求出其平均值
C ．测出多组I 、U 的数据，画出U-I 图像，在根据图像求E 、r
D ．多测几组I 、U 的数据，分别求出I 和U 的平均值，用电压表测出断路时的路端电压即为电动势
E ，再利用闭合电路欧姆定律求出内电阻r （2）用如图甲所示的电路测定电池的电动势和内阻，根据测得的数据作出了如图乙所示的U-I 图像，由图像可知
A ．为1．40V
B ．电池内阻值为3．50Ω
C ．外电路短路时的电流为0．40A
D ．电压表的示数为1．20V 时，电流表的示数约为0．10A
三、计算题
16.有两个相同的全长电阻为9Ω的均匀光滑圆环，固定于一个绝缘的水
平台面上，两环分别在两个互相平行的、相距为20cm的竖直面内，两
环的连心线恰好与环面垂直，两环面间有方向竖直向下的磁感应强度
B=0.865T的匀强磁场，两环的最高点A和C间接有一内阻为0.5Ω的电源，连接导线的电阻不计．今有一根质量为10g，电阻为1.5Ω的棒置于两环
内侧且可顺环滑动，而棒恰好静止于如图所示的水平位置，它与圆弧的
两接触点P、Q和圆弧最低点间所夹的弧对应的圆心角均为θ=60°，取重
力加速度g=10m/s2．试求此电源电动势E的大小．（取）
17.如图所示，xOy坐标系的第一象限内，有一边界线OA与y轴的夹角
∠AOy＝45°，边界线的上方与下方分别存在垂直纸面向外与向里的匀强
磁场，磁感应强度大小均为B＝0.25 T．一束带电量q＝8.0×10－19 C、质量m＝8.0×10－26 kg的正离子以v＝5×105 m/s从y轴上坐标为（0,0.4 m）的
Q点垂直y轴射入磁场区．求：
（1）离子在磁场中做圆周运动的半径和周期；
（2）现只改变B的大小，使离子不经过OA边界而直接从y轴离开磁场
区域，则B应满足什么条件？（3）若B＝0.125T,且从离子经过Q点开始计时,则离子在哪些时刻恰好经过OA边界？
四、实验题
18.如下图是“研究平抛物体运动”的实验装置图，通过描点画出平抛小球的运动轨迹．
(1)
以下是实验过程中的一些做法，其中合理的有
________．
a．安装斜槽轨道，使其末端保持水平
b．每次小球释放的初始位置可以任意选择
c．每次小球应从同一高度由静止释放
d．为描出小球的运动轨迹，描绘的点可以用折线连接
(2)实验得到平抛小球的运动轨迹，在轨迹上取一些点，以平抛起点O为坐标原点，测量它们的水平坐标x和竖直坐标y，下图中y－x2图象能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是________．
(3)如图是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹，O为平抛的起点，
在轨迹上任取三点A、B、C，测得A、B两点竖直坐标y
1为5.0 cm、y
2
为
45.0 cm，A、B两点水平间距Δx为40.0 cm.则平抛小球的初速度v
为
________m/s，若C点的竖直坐标y
3为60.0 cm，则小球在C点的速度v
C
为________m/s(结果保留两位有效数字，g取10
m/s2)．
19.（每空3分，共18分）(1)如下图所示为多用电表的指针在正确测量时的示数，若选择开关旋在直流25V挡，被测电压为_____V；若选择开关旋在500mA挡，被测电流为_______A；若选择开关旋在×100Ω挡，被测电阻为__________Ω。

(2)、小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变化，一研究性学习小组在实
验室通过实验研究这一问题，实验室备有的器材是：电压表（3 V，3 kΩ)、电流表（0～0.6 A，0.1Ω)、电池、开关、滑动变阻器、待测小灯泡、导
线若干。

实验时，要求小灯泡两端电压从零逐渐增大到额定电压以上。

（1）他们应选用下图中所示的电路进行实验；
（2）根据实验测得数据描绘出如图所示U－I图象，由图分析可知，小
灯泡电阻随温度T变化的关系是。

（3）已知实验中使用的小灯泡标有1.5 V字样，请你根据上述实验结果
求出小灯泡在1. 5 V电压下的实际功率是W。

五、简答题
20.如图所示，质量为m、电荷量为q的带电粒子，以初速度v
垂直射入场强为E方向竖直向下的匀强电场中，射出电场的即时速度的方向与初速度方向成30°角．在这过程中，不计粒子重力．求：
（1）该粒子在电场中经历的时间； （2）粒子在这一过程中电势能增量．
21.如图，光滑平行金属导轨间距为L ，与水平面夹角为θ，两导轨上端用阻值为R 的电阻相连，该装置处于磁感应强度为B 的匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面。

质量为m 的金属杆ab 以沿导轨平面向上的初速度v 0从导轨底端开始运动，然后又返回到出发位置。

在运动过程中，ab 与导轨垂直且接触良好，不计ab 和导轨的电阻及空气阻力。

（1）求ab 开始运动时的加速度a ；
（2）分析并说明ab 在整个运动过程中速度、加速度的变化情况； （3）分析并比较ab 上滑时间和下滑时间的长短。

六、综合题
22.（10分）如图所示，试说明晶体从开始加热到全部熔化为液体的过程中能的转化情况（分熔化前、熔化时、熔化后三个阶段说明）。

参考答案
1 .BCD
【解析】由电流的磁场方向和安培定则可判断振荡电流方向，由于题目
中未标明电容器两极板带电情况，可分两种情况讨论．(1)若该时刻电容
器上极板带正电，则可知电容器处于放电阶段，电流增大，则C对，A 错；(2)若该时刻电容器下极板带正电，则可知电容器处于充电状态，电
流在减小，则B对，由楞次定律可判定D对．
思路分析：由于题中未标明电容器两极的正负情况,所以可分两种情况讨论; 由电流的磁场方向和安培定则可判断振荡电流方向，
试题点评：本题考查了电磁振荡过程中电容的充放电情况
2 .A
【解析】
试题分析：放开纸带，再接通电源，物体运动开始阶段的状态将无打点
被记录在纸带上，会影响实验数据的处理甚至会找不到可做研究的记录
纸带，故应先接通电源；故A项正确、BCD项错误，应选A。

考点：测匀变速直线运动加速度的实验
【名师点睛】若先放开纸带，再接通电源，运动开始阶段将无打点被记
录在纸带上，会影响实验数据的处理甚至会找不到可做研究的记录纸带，故应先接通电源；
3 .D
【解析】试题分析：作出电场线，根据轨迹弯曲的方向和正电荷可知，电场线向下，故点电势最低，故A错误；根据已知条件无法判断粒子的运动方向，故B错误；等差等势面处密，处电场强度大，电场力大，加速
度大，C错误；正电荷在电势高处电势能大，则该点动能小，故D正确。

考点：等势面、电场强度、电势
【名师点睛】作出电场线，结合能量的观点是解决这类问题常用方法。

4 .A
【解析】以A的初速度方向为正方向，碰前系统总动量为：
p=m
A
v
A
+m
B
v
B
=4×3+2×（-3）=6kg•m/s，碰前总动能为
；
如果v
A
′=1m/s、v
B
′=1m/s，碰后系统动量为6kg•m/s，总动能为3J，系统
动量守恒、动能不增加，符合实际，故A正确；如果v
A
′=-3m/s、
v
B
′=9m/s，碰后系统总动量为6kg•m/s，总动能为99J，系统动量守恒，
动能增加，故B错误；如果v
A
′=2m/s、v
B
′=-1m/s，碰后系统总动量为
6kg•m/s，总动能为9J，系统动量守恒，动能不增加，碰后两球速度方向都不发生改变，会再次发生碰撞，故C错误；如果v
A
′=1.1m/s、
v
B
′=0.8m/s，碰后两球速度同向且v
A
′>v
B
′，故不符合实际，D错误；
故选A.
点睛：对于碰撞过程，往往根据三个规律去分析：一是动量守恒；二是
总动能不增加；三是碰后，不能发生第二次碰撞，若两球分开后同向运动，后面小球的速率不可能大于前面小球的速率.
5 .A
【解析】水面上的油膜在阳光照射下会呈现彩色,这是光的干涉现象，选
项A正确；麦克斯韦首先预言了电磁波的存在,赫兹通过实验加以证实，
选项B错误；机械波的传播速度与介质有关，与振源无关，选项C错误；根据相对论原理，任何运动物体速度都不可能大于真空中的光速，选项
D错误；故选A.
6 .C
【解析】
试题分析：将末速度分解成水平和竖直两个方向如图，
则竖直分速度为，而物体在水平方向的分运动是匀速直线运动，竖直方向的分运动是自由落体运动，则有，则得
，解得，C正确；
考点：考查了平抛运动规律的应用
【名师点睛】解决本题的关键掌握平抛运动的处理方法，将平抛运动分
解为水平方向和竖直方向去分析，在水平方向上做匀速直线运动，在竖
直方向上做自由落体运动．分运动和合运动具有等时性
7 .AC
【解析】试题分析：甲、乙之间的距离增大，而电量都不变，由库仑定律知乙所
受的库仑力逐渐减小。

若两者是异种电荷，乙下滑的加速度将增大，不
可能到C处静止，故知甲乙一定带同种电荷，A对；由于电荷甲的电性
未知，电场线方向未知，无法判断B、C电势的高低，B错；由电场力对
物块乙做正功，乙的电势能一定减小，C对；从B到C的过程中，库仑
力对乙做正功，摩擦力做负功，重力做正功，根据功能关系可知：乙的
机械能的损失量与系统电势能的损失量之和等于克服摩擦力做的功，D 错。

考点：电势差与电场强度的关系、电势、电势能。

8 .C
【解析】扩散现象是指分子间彼此进入对方的现象，可以发生在固体、
液体、气体任何两种物质之间，直接反映了分子的无规则热运动，C对；气体没有固定的形状和体积是因为气体分子间距离很大，分子间作用力
很小，气体分子可以自由向各个方向运动，A错；分子间相互排斥，就
不会彼此进入了，分子间有空隙，积存在引力又存在斥力；B错；转换
是一种化学反应或是原子核反应，这只是彼此进入对方，D错。

思路分析：从扩散现象的本质出发，反映出分子的无规则运动进行判断。

试题点评：考查对扩散现象的理解
9 .B
【解析】
试题分析：热力学第一定律揭示了内能与其他形式能量之间的转化关系，是能量守恒定律在热学中的具体体现．热力学第二定律则进一步阐明了
内能与其他形式能量转化时的方向性，二者表述的角度不同，本质不同，相互补充，并不矛盾，故C、D错误，B
项正确；内能在一定条件下可以
全部转化为机械能，热量也可以由低温物体传递到高温物体，但是要引
起其他变化，如电冰箱制冷机工作还要消耗电能，故A错误．
考点：热力学第一定律热力学第二定律
点评：热力学第一定律和热力学第二定律并不矛盾，对于机械能和内能
的转化所具有的方向性也是存在的
10 .C
【解析】磁感应强度即可描述磁场的强弱还可以描述磁场的方向，A错误，当通电导线与磁场方向平行时，所受安培力也为零，所以通电导线
所受磁场力为零，该处磁感应强度不一定为零，B错误，C正确。

当垂
直放入磁场中lm的导线，通过lA的电流，受到的力为1N时，该处磁感
应强度就是1T，D错误。

11 .AC
【解析】在整个过程中合力先与运动方向的夹角均为锐角，合力做正功；接下来合力与运动方向夹角为钝角，合力做负功，故从N到P的过程中，速率先增大后减小，故A正确；小球由N到Q的过程中，重力竖直向下，而库仑力一直沿二者的连线方向，则重力与库仑力的夹角一直减小，同
时库仑力在增大，故合力一直在增大,故B错误；在下降过程中，速度沿
切线方向，库仑力沿两电荷的连线，则库仑力一直与运动方向夹角大于90°，即库仑力一直做负功，即电势能一直增加，故C正确；从P到Q的过程中，由动能定理可知；故动能的减小量等于重力势
能增加量和电势能的增加量，故动能减少量大于电势能增加量，故D错误。

所以AC正确，BD错误。

12 .BC 【解析】试题分析：两次磁铁的起始和终止位置相同，知磁通量的变化
量相同，根据时间长短判断磁通量变化的快慢，感应电动势的大小与磁
通量的变化率成正比．
磁通量变化相同，第一次时间短，则第一次线圈中磁通量变化较快，而
不是大．故A错误B正确；感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，磁通量的变化率大，感应电动势大，产生的感应电流大，故C正确D错误．
13 .BD
【解析】若换用波长为λ
1
（λ
1
＞λ
）的光的频率有可能大于极限频率，电
路中可能有光电流，故A错误；若换用波长为λ
2
（λ
2
＜λ
）的光的频率一定大于极限频率，电路中一定有光电流，故B正确；光电流的强度与入
射光的强度有关，当光越强时，光电子数目会增多，而电压增加不会改
变光电子数目，则光电流也不会影响，故C错误；将电路中电源的极性
反接，电子受到电场阻力，到达A极的数目会减小，则电路中电流会减小，甚至没有电流，故D正确。

所以BD正确，AC错误。

14 .BD
【解析】
试题分析：对ABC整体分析可知，对地压力为：F
N
=（2M+m）g；与θ
无关；故A错误；将C的重力按照作用效果分解，如图所示：
根据平行四边形定则，有：；故m一定时，θ越大，轻杆受力越小，故B正确；对A分析，受重力、杆的推力、支持力和向
右的静摩擦力，根据平衡条件，有：，与M无关，故C
错误；当θ一定时，M越大，M与地面间的最大静摩擦力越大；则可悬
挂重物C的质量m越大；故D正确；故选BD。

考点：物体的平衡
【名师点睛】本题关键是明确物体的受力情况，然后根据平衡条件列式
分析，要注意明确整体法与隔离法的正确应用。

15 .（1）C（2）A
【解析】
试题分析：（1）图象在数据处理中经常用到，图象法可以减小偶然误差，并且能直观、简单，故很多实验中经常用到这种方法，C正确；
（2）由图示图象可知，电源U-I图象与纵轴交点坐标值为1．40，则电
源的电动势测量值为1．40V，故A正确；电源内阻等于图象斜率的大小，为，故B错误；由图示图象可知，路端电压为1．00V时，电路电流为0．4A，可知外电路发生短路时的电流为
，故C错误；当电压表示数为1．20V时，
，故D正确；
考点：考查了U-I图像
【名师点睛】图象在数据处理中经常用到，图象法可以减小偶然误差，
并且能直观、简单，要明确图象的意义，同时注意纵坐标是否从零开始的，不能相当然的将横坐标的截距当作短路电流．16 .E=6V
【解析】
试题分析：在题图中，从左向右看，棒PQ的受力如下图所示，棒所受的重力和安培力F
B
的合力与环对棒的弹力F
N
是一对平衡力，且
F
B
=mgt anθ=mg
而F
B
=IBL，所以="1" A
在题图所示的电路中两个圆环分别连入电路中的电阻为R，则R=2Ω
由闭合电路欧姆定律得：
E=I（r+2R+R
棒
）="6" V
考点：安培力；闭合电路欧姆定律；共点力作用下物体的平衡
【名师点睛】本题主要考查了安培力、闭合电路欧姆定律、共点力作用下物体的平衡等的综合应用。

属于中等难度的题目。

本题是力学和电路知识的综合，关键运用共点力作用下物体的平衡求解安培力，要掌握安培力公式和欧姆定律，明确电路的连接关系进行解答
17 .（1）0.2 m 8π×10－7 s （2）B≥0.3 T（3）（8n＋2）π×10－7 s（n＝0,1,2，…）
【解析】
试题分析：（1）洛伦兹力充当向心力，故有：
解得R＝0.2 m 周期
（2）临界条件为：在AOy区间内运动轨迹恰好与OA相切，则有
解得
所以B应满足B≥0.3 T.
（3）若B＝0.125 T，正离子在两个磁场做圆周运动的半径和周期分别为：
由几何关系可知，粒子从Q点进入AOy经过之后，垂直OA边界进入AOx区域，再经后垂直OA边界进入AOy区域，再经后又垂直于OA
边界进入AOx区域，所以离子恰好经过OA边界的时刻为
考点：带电粒子在匀强磁场中的运动【名师点睛】本题考查带电粒子在磁场中的运动，在解题时要注意分析
离子的运动过程，从而正确得出离子的运动及受力特点，从而找出合理
的物理规律求解；解题时要注意临界状态的选择；此题有一定的难度，
考查学生的综合分析问题的能力.
18 .（1）ac；（2）c；（3）2.0，4.0
【解析】试题分析：（1）通过调节使斜槽末端保持水平，是为了保证小球做平抛运动，故A正确；因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小
球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故B错误，C 正确；用描点法描绘运动轨迹时，应将各点连成平滑的曲线，不能练成
折线或者直线，故D错误。

（2）物体在竖直方向做自由落体运动，；水平方向做匀速直线运动，；联立可得：，因初速度相同，故为常数，故应为正比例关系，故C正确，ABD错误。

（3）根据平抛运动的处理方法，竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动，
所以，，水平方向的速度，即平抛小球的初速度为，
联立代入数据解得：，若C点的竖直坐标为，则小球在
C点的对应速度：
据公式可得：，所以，所以C点的速度为：。

考点：研究平抛物体的运动
【名师点睛】解决平抛实验问题时，要特别注意实验的注意事项，在平抛运动的规律探究活动中不一定局限于课本实验的原理，要注重学生对探究原理的理解，提高解决问题的能力；灵活应用平抛运动的处理方法是解题的关键。

19 .（1）A (2)T升高R增大（3）0.69
【解析】略
20 .（1）（2）
【解析】（1）带正电的粒子垂直进入电场后做类平抛运动，如图所示：
粒子在垂直电场方向的做匀速直线运动
粒子在电场方向做初速度为0的匀加速直线运动：，
当粒子速度方向与初速度方向成30°角时，如图，，
竖直分速度：，粒子经历的时间：；
（2）在这一过程中，粒子在电场方向偏转的位移
，电场力对粒子做功：，
根据电场力做功与电势能变化的关系知，电场力对粒子做正功，电势能减少，好电势能的增加量。

21 .（1）；（2）见解析；（3）见解析
【解析】（1）ab开始运动时产生的感应电动势：E=BLv
回路中的感应电流：
杆所受的安培力：
由牛顿定律：
解得：
（2）分析如下：杆上滑时：合力，与运动方向相反，杆减速；随着速度的减小，F
安
减小，合力减小，加速度减小；因此杆做加速度减小的减速运动，到达一定高度后速度为零；
在最高点：杆速度为零，加速度为gsinθ，方向沿斜面向下；
杆下滑时：合力，与运动方向相同，杆加速；随着速度的增加，
F
安
增大，合力减小，加速度减小；因此杆做初速度为零，加速度减小的加速运动；。