重庆大学硕士研究生考试汽车理论2002参考答案

2002年重庆大学汽车理论参考答案
一、判断
1—5 × × × √ √ 6—10× √ √ √ √
二、1 行驶车速对滚动阻力系数有很大的影响，随着行驶车速增加，滚动阻力也逐渐的增大。

但在行驶车速达到某一临界车速后，滚动阻力急剧增加，此时轮胎发生驻波现象，轮胎周缘不再是圆形而是明显的波浪状，此时是一种危险的工况。

2 轮胎的结构、帘线和橡胶的品种对滚动阻力都有影响，公认子午线轮胎滚动阻力系数较低，综合性能较好。

3 轮胎的充气压力对滚动阻力系数影响很大，气压降低时，滚动的轮胎变形大，迟滞损失增加，滚动阻力系数增大。

充气压力增大时，轮胎的径向刚度增大，弹性损失将减小，从而滚动阻力系数降低。

三、常用滑行能力来评价汽车底盘技术状况，加强对各成的保养与调整，以保持适当的滑行能力，减少燃油消耗量。

从底盘设计方面来说，汽车前轮定位要正确，制动器摩擦片与制动鼓要有正常的间隙，各相对运动零件滑磨表面光洁，间隙恰当并有充分的润滑油时，底盘的行驶阻力减小，滑行距离便大大增加。

四、1 若给出了汽车期望的最高车速，选择发动机功率应大体等于但不小于以最高车速行驶时行驶阻力功率之和，即
3m a x m a x
1Pe 360076140D T Gf C A μμη≥（+）
2 在实际工作中，还利用现有汽车统计数据初步估计汽车比功率来确定发动机应有功率，比功率是指汽车发动机的额定功率与汽车总质量m 比值，即指车辆单位总质量所具有的发动机额定功率
汽车比功率=3
max max
1000Pe /3.676.114a D a T T
fg C A kw t m m μμηη=+
五、1（1）汽车稳态转向特性有不足转向、中性转向、过多转向。

（2）表征稳态转向特性参数
1212
1
(),()
y K a L
αααα-=
-a 前后轮侧偏角绝对值之差且
12αα>当时，K>0为不足转向 12==αα当时，K 0为中性转向 12αα<当时，K<0为不足转向 0/R R b 转向半径之比
00R 为车速极低，侧向加速度接近时的转向半径，
R 为一定车速下，有一定侧向加速度时的转向半径， 2
01R K u =+且R/
01R
K R >>当时，，为不足转向
01R
K R ==当时，，为中性转向
01R
K R <<当时，，为过多转向
C 静态储备系数
静态储备系数SM 为汽车的中性转向点至汽车前轴的距离'a 和汽车质心至前轴距 离a 之差（'a -a ）与汽车的轴距L 的比值，即
212K a
SM K K L =
-
+
0=00SM SM SM ><时，为不足转向时，为中性转向
时，为过多转向
2悬架导杆系各元件在各种力、力矩作用下发生的变形，引起车轮绕主销或垂直于地 面轴线的转动称为变形转向，其转角叫做变形转向角。

变形转向角若有增加不足转向趋势叫不足变形转向角。

y F δ
∂∂在前悬架加装横向稳定杆后，悬架的刚度变大，变大，即侧向力变形转向
y
=
1000L L y
F F δ
δδ∂⨯∂系数变大，由公式得变形转向角变大，即前轮侧偏角变大
12121
()0y K a L
αααα-->()>0,由K=
可知，为不足转向
六、1因为该汽车后轮驱动，所以极限最大爬坡度
/ 1.2/2.8
0.24
110.620.5 2.8a L q hg L ϕ=
==--
2
2F L Ga
Z =
2=
G a m g a
F L L Z =又 因为汽车后轮驱动，所以
2m a x m g a F F L ϕϕZ ==
W f F F 而忽略、旋转质量的转动惯量后
m a x
=du
F m dt 2
9.81.20.52.1/2.8d u g a m s dt L ϕ⨯⨯===
七、1
040.39(4
2.7)
=
0.325
0.8
L b hg βϕ-⨯--==
0=0.70.325
ϕϕ>=而 所以后轮先抱死，容易发生后轴侧滑使汽车失去方向稳定性，是十分危险
的工况。

2后轴未抱死
/(1)/
(1)r r
r z
a L
a
E hg L L hg ϕβϕβϕ=
=
=
-+-+
22.70.710
6.3/(1)0.6140.70.8d u a g
z g m s d t L h g ϕβϕ⨯⨯==
== -+⨯+⨯
3 有车轮正抱死
2=g 0.7107/
du
m s dt ϕ=⨯= 八、（1）系统振动的微分方程
..
.
1111111()0t m z C z k z k z q +++-= ..
.
111
111t t m z C z k k z k q ++=即（+） ()()
11111=,j wt j wt m z z e q q e ϕϕωϕ++=(2)设以圆频率和相角作简谐运动，即
.
2()
11j
wt z z e ϕω+=-
代入方程得
211111m ()t t z jwCz k k z k q ω-+++= 所以
1
21()m ()t t k z H jw zq q k k jwC ω=
=
-+++
(3)由于车轮部分固有圆周频率
135000335000
w 64.1r a d /s 90
t t k k m ++=
== 所以部分固有频率
11f w 64.110.222t t Hz
ππ==⨯=
1
f =t t
v λ又 f 10.20.757.66/27.5
t t v m s km h λ==⨯= =。