四川省乐山市高二物理上学期第二次月考(12月)试题

四川省乐山市2017-2018学年高二物理上学期第二次月考（12月）试
题
（试卷总分110分，考试时间90分钟）
第I 卷（选择题，共56分）
本卷共14题，每题4分，共56分．(在每小题给出的四个选项中，第1~10题只有一个选项是正确的，第11~14题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)
1．关于磁感线的描述，下列哪些是正确的( ) A ．磁感线从磁体的N 极出发到磁体的S 极终止
B ．自由转动的小磁针放在通电螺线管内部，其N 极指向螺线管的南极
C ．磁感线上每一点的切线方向就是该点的磁场方向
D ．通电直导线的磁感线分布是以导线上任意点为圆心垂直于导线的多组等间距同心圆 2．下图中标出了磁场B 的方向、通电直导线中电流I 的方向以及通电直导线所受磁场力F 的方向，其中正确的是
3．如图所示，两电荷量均为+q 的小球用长为l 的轻质绝缘细绳连接，静止在光滑的绝缘水平面上．两个小球的半径r <<l ．k 表示静电力常量．则轻绳的张力大小为
A ． 0
B ．22l kq
C ．222l kq
D ．2l
kq
4．如图所示，真空中一质量为m 、带电荷量为—q 的液滴以初速度v 0与水平方向成α角斜向
上射入匀强电场中做直线运动，重力加速度大小为g ，则
A ．液滴不可能做匀加速直线运动
B ．匀强电场的最小电场强度为
q
mg
cos C ．当电场强度大小为
q
mg
时，液滴做匀速直线运动 D ．液滴的加速度大小一定小于g
5．如图所示，两个电阻串联后接在电路中a 、b 两点，已知a 、b 两点间电压不变。

某同学把一个实验室里的电压表并联在R 1两端时，读数为5 V ；将该电压表并联在R 2两端时，读数为4V ，则a 、b 两点间电压
A ．大于9V
B ．等于9 V
C ．小于9V
D ．无法确定
6．如图所示，虚线是用实验方法描绘出的某一静电场的一簇等势线及其电势的值，一带电粒子只在电场力作用下飞经该电场时，恰能沿图中的实线从A 点运动到C 点，则下列判断正确的是
A ．粒子一定带正电
B ．粒子在A 点的电势能大于在
C 点的电势能
C ．A 点的场强大于C 点的场强
D ．粒子从A 点到B 点电场力所做的功大于从B 点到C 点电场力所做的功 7．如图所示的电路中，电源电动势为6V ，当开关S 接通后，灯泡L 1和L 2都不亮，
用电压表测得各部分电压是U ab ＝6 V ，U ad ＝0，U cd ＝6 V ，由此可判断 A ．L 1、L 2灯丝断路 B ．L 1灯丝断路 C ．滑动变阻器断路 D ．L 2灯丝断路
8．带有等量异种电荷的两平行金属板水平放置，a 、b 、c 三个α粒子(重力忽略不计)先后从同一点O 沿水平方向进入电场，其运动轨迹如图所示，其中b 恰好沿下
极板的边缘飞出电场。

下列说法正确的是
A ．b 在电场中运动的时间大于a 在电场中运动的时间
B ．b 在电场中运动的时间等于c 在电场中运动的时间
C ．进入电场时c 的速度最大，a 的速度最小
D．a打在负极板上时的速度与b飞离电场时的速度大小相等
9．一金属直棒MN两端接有细导线，悬挂于线圈上方，MN与线圈轴线处于同一竖直平面
内，如图所示，为使MN垂直纸面向外运动，可以
A．将a、c端接在电源正极，b、d端接在电源负极
B．将a、d端接电源正极，b、c端接电源负极
C．将b、d端接在电源正极，a、c端接在电源负极
D．将b、c端用导线连接，a端接电源正极，d端接电源负极
10．如图所示,当电路中滑动变阻器R2的滑动触头P向下滑动时
( )
A.电容器C的电容增大
B.电压表的读数减小
C.R1消耗的功率增大
D.电容器C两极板间的电场强度增大
11．如图所示，直线b为电源的U－I图象，直线a为电阻R的U－I图象，用该电源和电阻R 组成闭合电路，下列说法正确的是（）
A．此时电源的输出功率为4W B．此时电源的效率为33.3%
C．若R可调节，则该电源的最大输出功率为4.5 W D．该电源的内阻为1Ω
12．两个带等量正电的点电荷，固定在图中P、Q两点，MN为PQ连线的中垂线，交PQ于O点，
A为MN上的一点．一带负电的试探电荷q，从A点由静止释放，只在静电力作
用下运动，取无限远处的电势为零，则
A．q由A向O的运动是匀加速直线运动
B．q由A向O运动的过程电势能逐渐减小
C．q运动到O点时电势能为零
D．q运动到O点时的动能最大
13．如图所示，把一个带正电的小球a放在光滑的绝缘斜面上，
欲使小球a能静止在斜面上，现在直线MN上放一个带电小球b，
则b可能
A．带正电，放在A点 B．带正电，放在B点
C．带负电，放在C点 D．带负电，放在D点
14．如图所示，绝缘轻弹簧的下端固定在斜面底端，弹簧与斜面平行，带电小球Q(可视为质
点)固定在光滑绝缘斜面上的M点，且在通过弹簧中心的直线ab
上．现把与Q大小相同、电性相同的小球P从N点由静止释放，在
小球P与弹簧接触到压缩到最短的过程中(弹簧始终在弹性限度内)，以下说法正确的是A．小球P和弹簧组成的系统机械能守恒
D．小球P和弹簧刚接触时其速度最大
C．小球P的动能与弹簧弹性势能的总和增大
D．小球P的加速度先减小后增大
第II卷(非选择题共54分)
15.（4分）某探究性学习小组利用如图所示的电路测量电池的电动势和内阻。

其中电流表A1的内阻r1=1.0 kΩ，电阻R1=9.0 kΩ，为了方便读数和作图，给电池串联一个R0=3.0 Ω的电阻。

按图示电路进行连接后，通过多次改变滑动变阻器触头位置，得到电流表A1和A2的多组I1、I2数据，作出图象如右图。

由I1–I2图象得到的电池的电动势E=_________V，内阻r=__________Ω。

（小数点后保留两位数字）
16.（每空2分，作图和连线各3分，共16分）
某同学为了测定一只电阻的阻值，采用了如下方法：
（1）用多用电表粗测：多用电表电阻挡有4个倍率：分别为×1 k、×100、×10、×1。

该同学选择×100倍率，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大．为了较准确地进行测量，应该将选择开关置于（填×1 k、×10、×1）的倍率。

重新欧姆调零后得到如图所示读数，则该电阻读数为Ω。

（2）该同学用伏安法继续测定这只电阻的阻值，要求电阻两端的
电压由零开始连续变化，除被测电阻外，还有如下实验仪器：
A．直流电源(电压3 V，内阻不计) B．电压表V1(量
程：0～3V，内阻约为15 kΩ)
C.电压表V2(量程：0～15 V，内阻约为25 kΩ)
D.电流表A1 (量程：0～150 mA，内阻约为1 Ω)
E．电流表A2 (量程：0～15 mA，内阻约为20 Ω) F．滑动变阻器(0～20 Ω,1.0A) G．滑动变阻器(500 Ω，0.2 A) H．电键一只，导线若干在上述仪器中，电压表应选择________ (填“B”或“C”)，电流表应选择________(填“D”或“E”)．滑动变阻器应选择________(填F或G)。

请在下面方框内画出电路原理图，完成所
给的实验器材的实物图的连接。

17．(10分)如图所示，一质量为m的带电荷量为q的小球，用长为L的绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，静止时细线与竖直方向成θ角．(重力加速度为g)
(1)作出小球受力图，并判断小球带何种电荷；
(2)求电场强度E；
(3)在图示位置，若将细线突然剪断，小球做何种性质的运动?求加速度a的大小．
18．(12分)如图所示的电路利用电动机提升重物，已知电源电动势E＝6 V，电源内阻r＝1 Ω，电阻R＝3 Ω，重物质量m＝0.10 kg，当将重物固定时，电压表的示数为5 V，当重物不固定，且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为5.5 V，求
（1）电动机线圈的电阻R
1;
(2)电动机以稳定的速度匀速提升重物时，消耗的电功率
(3) 重物匀速上升时的速度大小(不计摩擦，g取10 m/s2)．
19．(12分)如图所示区域Ⅰ、Ⅱ分别存在着匀强电场E1、E2。

已知区域Ⅰ宽L＝0.8m，区域Ⅱ足够宽，E1＝102kV/m且与水平成45°角斜向右上方，E2＝2kV/m方向水平向左。

绝缘薄板B ＝1.6kg置于光滑水平面上，其左端
长d＝2.8m质量m
与区域Ⅰ的左边界平齐。

带电量为q＝＋1.6×10—3C
质量m A＝1.6kg的带电体A可视为质点，与木板间的动
摩擦因数μ＝0.1，置于木板的最左端由静止释放。

(g ＝10m/s 2
)求： (1)带电体A 进入区域Ⅱ时的速度？ (2)木板B 的最终速度？
(3)整个过程由于摩擦产生的热量？
参考答案
第I 卷（选择题，共56分）
本卷共14题，每题4分，共56分．在每小题给出的四个选项中，第1~10题只有一个选项是正确的，第11~14题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．
第II 卷(非选择题 共54分)
15、(4分)E =1.41V （1.36~1.44均可），r =0.5Ω（0.4~0.6均可）。

16、（共16分，每空2分，作图和连线各3分，）
（1） ×10 ； 220 （2） B ； E ; F ;
17．(10分) 解：解：小球处于静止状态，可知小球受到重力、细线的拉力和电场力，三力平衡，受力分析如图所示．
(1)由图可知，电场力与电场方向相反，该小球带负电 (2分) (2)由图分析可知 mg qE =
θtan (2分) 解得：θtan q
mg
E =
(2分) (3)将细线突然剪断，小球仅受到重力、电场力作用，且力的大小保持恒定．因此小球做初速度为零的匀加速直线运动， 且θ
cos mg
F =
合 (2分)
由牛顿第二定律得:θ
cos g
a =
(2分) 18.（12分）解：（1）当将重物固定时I ＝r
U
E -＝1 A (2分)
R ＋R 1＝U/I ＝5 Ω，R 1＝2 Ω (2分)
(2)当重物不固定时I′＝
E U r
'-＝0.5 A (2分)； 2
2M P U I I R W '''=-= (2分) (3) 21 1.5M P P I R W '=-=机
(2分)； P mgv =机 ，解得v ＝1.5 m/s (2分)
19、(12分)【分析】试题分析：（1）由牛顿第二定律求出加速度，然后应用速度位移公式求出速度．（2）分别对A 、B 、AB 系统由牛顿第二定律求出加速度，然后应用运动学公式求出B 的速度．
解：（1）由牛顿第二定律得：，代入数据解得：，
由匀变速运动的速度位移公式得：，代入数据解得：
；
（2）由牛顿第二定律得： 对A ：，代入数据解得：
，
对B ：
，
设经时间t ，A 、B 速度相等，设为，速度相等后加速度为
， 由匀变速运动的速度位移公式得，代入数据解得t=1s ， 由位移公式得：， 代入数据解得：，则：
；
又d
、
，故当A 到达薄板右端时两者速度相等，
由牛顿第二定律得，代入数据解得， 由速度位移公式得：，由速度公式得：
，解得
；
（3）由公式相对fx Q =
第一个阶段A 物体向右边加速到4m/s 过程中，f=0，0Q 1= 第二阶段A 向右减速，B 向右加速过程中，J 2.3x f fx Q 2=∆==相对 第三阶段AB 一起向有减速到0，反向加速过程中，没有相对位移，0Q 3=
综上所述，J 2.3Q =总 【答案】（1）4m/s ；（2）
m/s （3）J 2.3Q =总。