2017-2018学年山西省大同三中高二下学期4月月考物理试题(扫描版)

参考答案

1．B

【解析】A 、图（a ）中的线框绕E 点转动，通过线框的磁通量都没变化，所以线框中没有感应电流．在转动的过程中每条边都在做切割磁感线运动，则每条边都相当于电源，根据右手定则，可以判断出电源的正负极，知C 点比F 点高U ，D 点也比F 点高U ．所以C 、D 两点电势相等．故A 错误，B 正确．C 、图（b ）中的线框向右平动，通过线框的磁通量都没变化，所以线框中没有感应电流．在平动的过程中CE 边、DF 边在做切割磁感线运动，则两条边相当于电源，根据右手定则，可以判断出电源的正负极，F 点比D 点电势高，C 点和F 点相等，所以C 点电势比D 点电势高．故C 、D 错误．故选B ．

【点睛】解决本题的关键掌握产生感应电流的条件：当通过闭合回路的磁通量发生变化，就会产生感应电流．以及会用右手定则判断相当于电源部分的正负极．

2．D

【解析】欲使a 相对b 电势最高，即ab 间电动势最大，t 1、t 3时刻电流i 最大但电流的变化率最小，感应电动势为零，故选项A 、C 错误；t 2时刻电流的变化率最大，线圈中磁通量变化率也最大，但此时穿过线圈的磁通量减小到零，由楞次定律可知此时刻b 点电势高于a 点，故选项B 错误；当t 4时刻，由楞次定律可知，ab 中感应电动势a 点高于b 点，且电动势最大，故选项D 正确．

3．C

【解析】A ．由题可知，原线圈两端的电压的有效值为100V ，根据变压比，副线圈两端的电压为50V ，由于电容器和电阻都会阻碍电流，因此灯泡两端的电压小于50V ，不会正常发光，A 错误；

B ．由于电容器能通交流电，因此电阻R 中的电流小于灯泡中的电流，B 错误；

C ．增大照射光的强度照射光敏电阻，光敏电阻的阻值减小，对电流的阻碍减小，因此灯泡中的电流增大，灯泡会变亮，C 正确；

D ．断开电键S ，由于电容器能通过交流电，因此灯泡不会熄灭，D 错误。

故选：C 。

4．C

【解析】交流电的特点是电流方向变化；电流的变化周期是0.02s ，根据有效值的定义得：

22

2T R I R T ⋅=⋅，带入数据解得： I=1A ，电流通过100Ω的电阻时，1s 内产生热量为100J. 5．D

【解析】AB 、在电路甲中，断开S ，由于线圈产生自电动势，阻碍电流变小，导致A 灯的电流只能逐渐变小，所以A 灯将逐渐变暗，故AB 错误；

CD 、在电路乙中，由于电阻R 和自感线圈L 的电阻值都很小，所以通过灯泡的电流比线圈的电流小，断开S 时，由于线圈阻碍电流变小，导致A 灯将变得更亮，然后逐渐变暗，故C 错误，D 正确；

故选D 。

【点睛】本题是断电自感的原型题，任何断电自感的问题均由此演化而来；要理清断电前、后瞬间各部分

的电流方向和大小情况。

6．B

【解析】试题分析：线圈的感抗与交流电的频率成正比，电容器的容抗与频率成反比，而电阻与频率没有关系．交流电频率增大，灯泡变暗，阻抗变大，变亮，阻抗变小．即可进行分析．

交流电频率增大，灯a 变暗，阻抗变大，说明I 是电感线圈，灯b 变亮，阻抗变小，说明II 是电容器．灯c 亮度不变，说明III 为电阻．故C 正确．

7．C

【解析】第1s 内，磁场的方向垂直于纸面向内，且均匀减小，所以产生恒定的电流，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针方向；第2s 内，磁场的方向垂直于纸面向外，且均匀增加，所以产生恒定的电流，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针方向．由BS E t t

∆Φ∆==∆∆可知，这2s 内感应电动势恒定，故产生的电流大小不变，方向一直为顺时针，C 正确．

8．D

【解析】试题分析：棒在竖直向上的恒力F 作用下加速上升的一段时间内，F 做正功，安培力做负功，重力做负功，动能增大．根据动能定理分析力F 做的功与安培力做的功的代数和．

棒受重力G 、拉力F 和安培力的作用．由动能定理，得，即力F 做的功与安培力做功的代数和等于机械能的增加量．移项得：

，即力F 做的功等于电阻R 上放出的热量和棒的机械能增加量之和，D 正确．

9．B

【解析】第一次线圈产生的热量： ()223111124B l v B l v l Q R v R

⋅⋅==；第二次线圈产生的热量： ()223222222B l v B l v l Q R v R ⋅⋅==

；第三次线圈产生的感应电动势有效值3E == ，产生的热量：

)2233

33312l l v B l v Q R v R

ππ⋅⋅== 因Q 1=Q 2=Q 3则：v 1:v 2:v 3=π∶2π∶4，故选B.

10．AD

【解析】试题分析：当闭合电路的磁通量发生变化时，线圈中出现感应电流，从而会导致指针偏转． 先闭合2S ，构成闭合电路，当后闭合1S 的瞬间时，通过线圈A 的电流增大，导致穿过线圈B 的磁通量发生变化，从而产生感应电流，则指针发生偏转，A 正确；当12S S 、闭合后，稳定后线圈B 中没有磁通量的变化，因而线圈B 中没有感应电流，在断开2S 的瞬间，当然指针也不偏转，B 错误；先闭合1S ，后闭合2S 的瞬间，穿过线圈B 的磁通量没有变化，则不会产生感应电流，C 错误；当12S S 、闭合后，在断开1S 的瞬间，导致穿过线圈B 的磁通量发生变化，因而出现感应电流，D 正确．

11．AD

【解析】当飞机在北半球飞行时，由于地磁场的存在，且地磁场的竖直分量方向竖直向下，由右手定则可判知，在北半球，不论沿何方向水平飞行，都是飞机的左方机翼电势高，右方机翼电势低，即总有1φ比2φ高，故AD 正确，BC 错误；

故选AD 。

【点睛】由于地磁场的存在，当飞机在北半球水平飞行时，两机翼的两端点之间会有一定的电势差，相当于金属棒在切割磁感线一样．由右手定则可判定电势的高低。

【答案】BC

【解析】

试题分析：根据楞次定律，当接通开关瞬间时，导致穿过线圈的磁通量向左增大，则铜环中的感应电流的磁场的方向向右，从左侧看，铜环的感应电流顺时针，故A 错误，B 正确；当接通开关瞬间时，导致穿过线圈的磁通量向左增大，根据楞次定律可知，铜环的面积有收缩的趋势，故C 正确，D 错误。

考点：楞次定律

【名师点睛】考查楞次定律与左手定则的应用，掌握右手螺旋定则内容，注意左手定则与右手定则的区别，同时注意磁通量的概念。

13．AD 【解析】原线圈接的图乙所示的正弦交流电，由图知最大电压，周期0.02s ，故角速度是

，

，当t=0.01s 时，u=0，此时穿过该线圈的磁通量最大，矩形线圈平面与磁场方向垂直，

故A 正确，B 错误；原副线圈电压比不变，故的示数不变，副线圈的电压不变，当温度升高时，副线圈的阻值减小，电流增大，故R 电压增大，则示数减小，则电压表、示数的比值增大，故C 错误．温度升高时，阻值减小，电流增大，而输出电压不变，所以变压器输出功率增大，而输入功率等于输出功率，所以输入功率增大，故D 正确；故选AD ．

14．AC

【解析】

试题分析：对金属杆，根据平衡方程，结合安培力公式，则有：mgsin α=B 1IL ，解得： 1sin mg I B L

α=，选项A 正确；由楞次定律可知，通过金属杆的电流方向是从b 到a ，选项B 错误；由法拉第电磁感应定律，则有：22BL E kL t t φ

===； 且闭合电路欧姆定律，E I R r =+ 故：31sin kB L E R r r I mg α=-=-，故选项C 正确，D 错误；故选AC ．

考点：物体的平衡；法拉第电磁感应定律

【名师点睛】考查平衡条件的内容，掌握法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律的应用，注意运算的正确性是解题的关键。

15．（1）0.2V ，方向顺时针（2）