高二物理综合卷03

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新教材高二物理精品测试题动量三习题答案.docx

体的摩擦力方向一直水平向右，选项 C 正确，D 错误．
9、答案 AD 解析取运动员为研究对象，由动量定理得：(F－mg)Δt＝mv－0，I＝FΔt＝mv＋mgΔt，运
动员没有离开地面，地面对运动员的弹力做功为零，所以 A、D 选项正确。
10、答案：ABD 解析：.根据题图可知，碰前 A 球的速度 vA＝－3 m/s，碰前 B 球的速度 vB＝2 m/s，碰
2、答案 C 解析解题的关键是弄清两个过程中重力的冲量方向相同，其总冲量应是两段时间内冲量
的代数和。由冲量的定义得：上滑过程中，重力的冲量 I1＝mgt1，方向竖直向下。下滑过程中，重力的冲
量 I2＝mgt2，方向竖直向下，则整个运动过程中，重力的冲量大小为 I＝I1＋I2＝mg(t1＋t2)。
3、答案 B 解析以 v 或 2v 抽纸条时，纸条给铁块的摩擦力不变，以 2v 抽纸条时，纸条对铁块的作用
后 A、B 两球共同的速度 v＝－1 m/s，故碰撞前、后 A 球的动量变化量为ΔpA＝mv－mvA＝4 kg·m/s，选项 A
正确；A 球的动量变化量为 4 kg·m/s，碰撞过程中动量守恒，B 球的动量变化为－4 kg·m/s，根据动量定理，
碰撞过程中 A 球对 B 球所施的冲量为－4 N·s，选项 B 正确；由于碰撞过程中动量守恒，有 mvA＋mBvB＝(m
p2 落过程是平抛运动，由图知 va>vb，因此 ma<mb，由 Ek＝知 Eka>Ekb，即 C 项正确，D 项错误；由于 va>vb，
2m
而下落过程中两块在竖直方向的速度增量为 gt 是相等的，因此落地时仍有 va′>vb′，即 A 项正确，B 项错误。
12、答案 ABC 解析选 A 船、B 船和人这三个物体为一系统，则它们的初始总动量为 0。由动量守

湖北省高二下学期物理期末复习模块3—4综合复习检测试卷(有答案)

湖北省高二下学期物理期末复习模块3—4综合复习检测试卷(时间：90分钟满分：100分)一、选择题(共14小题，1～9小题只有一个选项正确，每小题3分，共27分.10～14小题有多个选项正确，每小题4分，共20分。

)1．下列有关物理学史，不符合．．．事实的是()A．麦克斯韦建立了电磁场理论并预言了电磁波的存在B．伽利略认为，力学规律在任何惯性系中都是相同的C．赫兹首先捕捉到了电磁波D．牛顿发现了单摆周期公式2．关于电磁波，下列说法正确的是()A．雷达是用X光来测定物体位置的设备B．使电磁波随各种信号而改变的技术叫做解调C．用红外线照射时，大额钞票上用荧光物质印刷的文字会发出可见光D．变化的电场产生磁场9．如图所示为某质点沿x轴做简谐运动的图象，下列说法中正确的是()A．在t＝4 s时质点速度最大，加速度为0B．在t＝1 s时，质点速度和加速度都达到最大值C．在0到1 s时间内，质点速度和加速度方向相同D．在t＝2 s时，质点的位移沿x轴负方向，加速度也沿x轴负方向10．如图所示为一列沿x轴正向传播的简谐横波在t＝0时刻的图象，振源周期为1 s，以下说法正确的是()A．质点b的振幅为0B．经过0.25 s，质点b沿x轴正向移动0.5 mC．从t＝0时刻起，质点c比质点a先回到平衡位置D．在t＝0时刻，质点a、c所受的回复力大小之比为1∶2 11．如图所示，是一列简谐横波在某时刻的波形图，该波沿x轴负向传播，这列波传播的速度为v＝10 m/s，那么，经过t＝1.45 s后，质点a的振动图象是图中的()6．关于图四幅图所涉及物理知识的论述中，正确的是()A．甲图中，沙漠中的“蜃景”现象是光的衍射现象引起的B．乙图中，演示简谐运动的图像实验中，若匀速拉动木板的速度较大，则由图像测得简谐运动的周期较大C．丙图中，可利用薄膜干涉检查样品的平整度D．丁图中，由图可知当驱动力的频率f跟固有频率f0相差越大，振幅越大7．关于下列光学现象，说法正确的是()A．水中蓝光的传播速度比红光快B．光从空气射入玻璃时可能发生全反射C．在岸边观察前方水中的一条鱼，鱼的实际深度比看到的要深D．分别用蓝光和红光在同一装置上做双缝干涉实验，用红光时得到的条纹间距更宽8.a、b两束色光(红光和紫光)，分别沿半径方向射向圆柱形的玻璃砖，其出射光线都是由圆心O沿OP 方向射出，如图所示，则下列说法中正确的是()A．b在介质中的折射率比a大B．若用b光做单缝衍射实验，要比用a时中央条纹更宽C．做双缝干涉实验中，用a光比用b光条纹宽D．a光在玻璃中的速度较小E．b光发生全反射的临界角较大3．下列有关光现象的说法中正确的是()A．同种介质中，光波长越短，传播速度越大B．薄膜干涉条纹可以看作是等厚线C．眼睛直接观察全息照片可以看到立体图象D．宇航员驾驶一艘接近光速的宇宙飞船飞行时，他不能感知自身质量的增大4．以下说法正确的是()A．光的偏振现象说明光是横波B．电磁波是电子的运动产生的C．地面上静止的人观察一条沿自身长度方向高速运动的杆，其长度总比杆静止时的长度小D．激光具有单色性好、方向性强、亮度高等特点，是进行全息照相的理想光源5．关于振动和波动，下列说法正确的是()A．单摆做简谐运动的周期与摆球的质量有关B．部队过桥不能齐步走而要便步走，是为了避免桥梁发生共振现象C．在波的干涉中，振动加强的点位移不一定始终最大D．各种波均会发生偏振现象E．我们在地球上接收到来自遥远星球的光波的波长变长，可以判断该星球正在离我们远去12．一列横波在t＝0时刻的波形如图中实线所示，在t＝1 s时刻的波形如图中虚线所示，由此可以判定此波的()A．波长一定是4 cmB．周期一定是4 sC．振幅一定是2 cmD．传播速度一定是1 cm/s二、填空题(每小题6分，共18分)13．用半圆形玻璃砖测定玻璃折射率的方法如下：①把半圆形玻璃砖放在白纸上，定出其圆心O，在白纸上用铅笔描下其直径和圆心位置，让一束光沿与直径垂直的方向穿入玻璃砖的圆弧部分射到圆心O，如图所示．②不改变入射光的方向和位置，让玻璃砖以O点为轴逆时针转动到从玻璃砖平面一侧恰好看不到出射光为止．③用铅笔描下此时玻璃砖直径的位置，移去玻璃砖测出玻璃砖转过的角度β，由β计算出折射率．这种测量方法是利用光的________现象测定玻璃折射率的，当玻璃砖转过的角度β时的入射角叫________．若已知β＝42°，且sin 42°＝0.67，则玻璃的折射率n＝________.14．在“用双缝干涉测光的波长”实验中，将双缝干涉实验仪按要求安装在光具座上(如图所示)，并选用缝间距d＝0.2 mm的双缝屏．从仪器注明的规格可知，像屏与双缝屏间的距离L＝700 mm.然后，接通电源使光源正常工作．(1)已知测量头主尺的最小刻度是毫米，副尺上有50分度．某同学调整手轮后，从测量头的目镜看去，第1次映入眼帘的干涉条纹如图甲(a)所示，图甲(a)中的数字是该同学给各暗纹的编号，此时图甲(b)中游标尺上的读数x1＝1.16 mm；接着再转动手轮，映入眼帘的干涉条纹如图乙(a)所示，此时图乙(b)中游标尺上的读数x2＝________ mm；(2)利用上述测量结果，经计算可得两个相邻明纹(或暗纹)间的距离Δx＝________ mm；这种色光的波长λ＝________ nm.15．在“用单摆测定重力加速度”的实验中：(1)某同学用秒表测得单摆完成40次全振动的时间如图所示，则单摆的周期为________s.(2)实验中对提高测量结果精度有利的建议是________．A．单摆的摆线不能太短B．单摆的摆球密度尽可能大C．单摆的摆角越大越好D．从平衡位置开始计时，测量一次全振动的时间作为摆动周期(3)若单摆在任意摆角θ时的周期公式可近似为T＝T0[1＋a sin2(θ2)]，式中T0为摆角趋近于0°时的周期，a为常数；为了用图象法验证该关系式，需要测量的物理量有________；某同学在实验中得到了如图所示的图线，则图线的斜率表示________．三、计算题(共3小题，共34分)16．(10分)如图所示，在某一均匀介质中，A 、B 是振动情况完全相同的两个波源，其简谐运动表达式均为x ＝0.1sin (20πt ) m ，介质中P 点与A 、B 两波源间的距离分别为4 m 和5 m ，两波源形成的简谐波分别沿AP 、BP 方向传播，波速都是10 m/s. (1)求简谐横波的波长；(2)P 点的振动________(填“加强”或“减弱”)．17．(12分)如图所示，玻璃棱镜ABCD 可以看成是由ADE 、ABE 、BCD 三个直角三棱镜组成，一束单色细光束从AD 面入射，在棱镜中的折射光线如图中ab 所示，ab 与AD 面的夹角为60°，玻璃的折射率n ＝ 2.求： (1)这束入射光线的入射角为多大；(2)该束光线第一次从CD 面射出时的折射角．18．(12分)在某介质中形成一列简谐波，t ＝0时刻的波形如图15中的实线所示． (1)若波向右传播，零时刻刚好传到B 点，且再经过0.6 s ，P 点也开始起振，求： ①该列波的周期T ；②从t ＝0时刻起到P 点第一次达到波峰时止，O 点对平衡位置的位移y 0及其所通过的路程s 0各为多少？ (2)若该列波的传播速度大小为20 m/s ，且波形中由实线变成虚线需要经历0.525 s 时间，则该列波的传播方向如何？参考答案1D 2D 3C 4D 5D 6C 7CD 8AC 9BD 10ACD 11BCE 12AC13. 解析由题意知，将玻璃砖缓慢转过β角时，观察者在玻璃砖平面一侧恰好看不到出射光线，说明光线在玻璃砖的平面发生了全反射，此时入射角恰好等于临界角，即i ＝C ＝β，由sin C ＝1n ，得折射率n＝1sin C ＝1sin β＝1.49. 答案全反射临界角 1.4914. 解析由游标尺的读数规则可知：x 2＝(15＋1×0.02)mm ＝15.02 mm ；图9(a)中暗纹与图10(a)中暗纹间的间隔为6个，故Δ x ＝x 2－x 16＝2.31 mm ；由Δx ＝l d λ可知λ＝d ·Δxl ＝6.6×102 nm.答案 (1)15.02 (2)2.31 6.6×10215. 解析 (1)从图11中读出时间为：t ＝60 s ＋15.6 s ＝75.6 s ，单摆的周期为：T ＝t n ＝75.640 s ＝1.89 s.(2)摆线太短，不容易控制摆角，会引起较大的误差．摆球的密度大，空气阻力的影响较小，误差较小．摆角较大，单摆的运动不是简谐运动．测量一次全振动的时间作为摆动周期误差较大．选项A 、B 正确． (3)为了验证该关系式，需要测量的物理量为周期T 和摆角θ，由公式T ＝T 0[1＋a sin 2(θ2)]可得：sin 2(θ2)＝1aT 0T －1a ，结合图象可知图象的斜率表示1aT 0.答案 (1)1.89 (2)AB (3)T (或t 、n )和θ1aT 016. 解析 (1)设简谐波的波速为v ，波长为λ，周期为T ，由题意知T ＝0.1 s ① 由波速公式v ＝λT ②代入数据得λ＝1 m ③ 答案 (1)1 m (2)加强17. 解析 (1)设光在AD 面的入射角、折射角分别为θ1、θ2，则θ2＝30°根据n ＝sin θ1sin θ2解得：sin θ1＝n sin θ2＝22，θ1＝45° (2)光路图如图所示，光线ab 在AB 面的入射角为45°设玻璃的临界角为C，则sin C ＝1n ＝22，C ＝45°因此光线ab 在AB 面会发生全反射由几何关系得光线ab 在CD 面的入射角θ1′＝30° 根据折射定律可知，光线ab 在CD 面的折射角θ2′＝45°. 答案 (1)45° (2)45°18. 解析 (1)由图象可知波长为：λ＝2 m ，振幅为：A ＝2 cm ，当波向右传播时，B 点的起振方向竖直向下，包括P 点在内的各质点的起振方向均为竖直向下．①波传播的速度为：v ＝x BP Δt 1＝60.6 m/s ＝10 m/s ，由波速公式v ＝λT ，解得波的周期为：T ＝λv ＝210 s ＝0.2 s.②由t ＝0至P 点第一次到达波峰止，经历的时间为：Δt 2＝Δt 1＋34T ＝0.75 s ＝(3＋34)T ，而t ＝0时O 点的振动方向竖直向上(沿y 轴正方向)，故经Δt 2时间，O 点振动到波谷，即位移：y 0＝－2 cm ，通过的路程为：s 0＝Δt 2T×4A ＝0.3 m.(2)当波速v ＝20 m/s 时，经历0.525 s 时间，波沿x 轴方向传播的距离为：x ＝v t ＝10.5 m ，即：x ＝(5＋14)λ，结合波的图象得出波沿x 轴负方向传播．答案 (1)①0.2 s ②－2 cm 0.3 m (2)沿x 轴负方向传播。

2021-2022学年四川省内江市第六中学高二(上)期末综合科理综物理试题(解析版)

A. 若磁场正在减弱，则电容器正在充电，电流由a向b
B. 若磁场正在减弱，则电场能正在增大，电容器上板带正电
C. 若磁场正在增强，则电场能正在减少，电容器上板带正电
D. 若磁场正在增强，则电容器正在充电，电流方向由a向b
【答案】C
【解析】
【详解】AB．若磁场在减弱，则磁场能在减小，电场能在增大，电容器在充电。根据磁感线的方向，由右手螺旋定则可以判断出电流方向由b向a。由于是充电的过程，电流向正极板流动，故上板带负电，A、B错误；
A.若圆盘转动的角速度恒定，则电流大小恒定
B.若从上向下看，圆盘顺时针转动，则电流沿a到b的方向流动
C.若圆盘转动方向不变，角速度大小发生变化，则电流方向可能发生变化
D.若圆盘转动的角速度变为原来的2倍，则电流在R上的热功率也变为原来的2倍
【答案】AB
【解析】
【详解】A.由电磁感应定律得
，，
故ω一定时，电流大小恒定，选项A正确；
3．考试结束，监考员将答题卡收回。
第Ⅰ卷（选择题）
一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~5
小题只有一个选项符合题目要求，第6~8小题有多个选项符合题目要求。全部选对的得6
分，选对但不全得3分，有选错得得0分。
1.新冠肺炎疫情突发，中华儿女风雨同舟、守望相助，筑起了抗击疫情的巍峨长城。志愿者用非接触式体温测量仪，通过人体辐射的红外线测量体温，防控人员用紫外线灯在无人的环境下消杀病毒，为人民健康保驾护航。红外线和紫外线都是电磁波，下列关于电磁波的说法不正确的是（）
【答案】①.向右②.BD##DB③.下④.S
【解析】
【详解】（1）[1]如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，说明线圈B中磁通量增加，产生的感应电流使指针向右偏转，那么合上开关后，将A线圈迅速插入B线圈中，线圈B中的磁通量也增加，产生的感应电流方向相同，故电流计指针也将向右偏转；

高二物理综合测试(3-2,3-3,3-5)

高二物理学期阶段综合复习1．某一闭合电路中感应电动势的大小，跟穿过这一闭合电路的：A．磁通量的大小有关； B．磁通量的变化大小有关；C．磁通量的变化快慢有关； D．磁场的磁感应强度大小有关。

2．由楞次定律可得，感应电流的磁场一定是：A．阻碍引起感应电流的磁通量； B．与引起感应电流的磁场方向相反；C．阻碍引起感应电流的磁通量的变化； D．与引起感应电流的磁场方向相同。

3．关于自感现象，下列说法中正确的是：A．自感现象是线圈自身的电流发生变化而引起的电磁感应现象；B．自感电动势总是阻碍原电流的增大；C．自感电动势的方向总是与原电流的方向相反；D．自感电动势的方向总是与原电流的方向相同；4．若线圈中的电流强度均匀增大，则这个线圈的：A．自感系数也将均匀增大； B．自感电动势也将均匀增大；C．磁通量也将均匀增大； D．自感系数、自感电动势都保持不变。

5．某交流发电机正常工作时，电动势e=E m sinωt，若将线框转速提高一倍，其他条件不变，则电动势的变化规律是：A．e’=E m sinωt； B．e’=E m sin2ωt；C．e’=2E m sinωt；D．e’=2E m sin2ωt。

6．理想变压器原副线圈两侧一定不同的物理量是：A．交变电流的频率； B．交变电流的功率； C．磁通量的变化率； D．交变电流的峰值。

7．远距离输送一定功率的交变电流，若输电电压提高k倍，则：A．输电导线的电功率损失不变； B．输电导线的电压损失不变；C．输电导线的电功率损失是原来的1/k2； D．输电导线的电压损失是原来的1/k2；8．线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动而产生交变电流的过程中，当线圈平面转到与中性面重合时：A．穿过线圈的磁通量最大，线圈中的感应电动势最大；B．穿过线圈的磁通量为零，线圈中的感应电动势为零；C．穿过线圈的磁通量为零，线圈中的感应电动势最大；D．穿过线圈的磁通量最大，线圈中的感应动势为零。

物理必修三综合复习卷(12月24日答案解析讲评)(赣州市信丰一中2022-2023学年高二第一学期)

必修三综合复习卷一、单选题1．如图，水平桌面上平放一矩形导线框abcd，O为线框中心。

匀强磁场竖直向上，下列操作可使线框中产生感应电流的是（）A．线框水平向右平动B．线框竖直向上平动C．线框绕过O点的竖直轴转动D．线框以ab为轴转动2．手机通信是靠电磁波传播信息的。

从理论上预言电磁波存在和第一次用实验证实电磁波存在的物理学家分别是（）A．安培法拉第B．麦克斯韦法拉第C．法拉第赫兹D．麦克斯韦赫兹3．如图所示，将灯泡的灯丝与小灯泡串联接入电路，闭合开关使小灯泡发光。

用酒精灯给灯丝加热，下列正确的是（）A．小灯泡变暗，灯丝电阻率变大B．小灯泡变暗，灯丝电阻率变小C．小灯泡变亮，灯丝电阻率变大D．小灯泡变亮，灯丝电阻率变小4．一电源电动势为6V，内阻不能忽略，将其和一标有“6V；3W”的小灯泡构成闭合回路，则（）A．小灯泡两端电压等于6VB．流过小灯泡的电流为0.5AC．小灯泡两端电压小于电源路端电压D．小灯泡比正常发光略暗5．两根长直导线a、b平行放置，如图所示为垂直于导线的截面图，图中O点为两根导线连线的中点，M、N为a、b连线的中垂线上的两点，且与a、b等距，两导线中通有等大、同向的恒定电流。

已知直线电流在某点产生的磁场的磁感应强度B的大小跟该点到通电导线的距离r成反比，则下列说法中正确的是（）A．M点和N点的磁感应强度大小相等，方向相同B．M点和N点的磁感应强度大小相等，方向相反C．在线段MN上各点的磁感应强度都不可能为零D．若在N点放一小磁针，静止时其北极沿NO由N点指向O点6．利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内阻，要求尽量减小实验误差。

根据实验数据作出U-I 图像如图所示，该电池的电动势，内阻分别为（）A．1.45V，1.30ΩB．1.45V，2.90ΩC．0.45V，2.8ΩD．0.5V 1.45Ω7．在如图所示的电路中，闭合开关S，把滑动变阻器R1的滑片向上滑动的过程中，若电源内阻不能忽略，则下列说法正确的是（）A．电压表的示数变小，电流表示数变大B．电压表的示数变大，电流表示数变小C．没有电流通过R2D．R2中有由a到b的电流8．如图所示为a、b两个导体的伏安特性曲线，由图象分析可知（）A．Ra＞RbB．Ra＜RbC．若将两个导体串联起来，总电阻的伏安特性曲线应在a线上侧D．若将两个导体串联起来，总电阻的伏安特性曲线应在a、b两条线之间9．用两个相同的小量程电流表G，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，若A1量程大于A2，将A1、A2接入如图甲、乙所示的电路中，闭合电键后，下列有关说法正确的是（）A．G改装成A1、A2时要串联电阻，A1串联的电阻大B．图甲中A1、A2的指针偏角相同C．G改装成A1、A2时要并联电阻，A1并联的电阻大D．图乙中A1、A2的指针偏角相同二、多选题10．下列说法正确的是（）A．甲图中导线通电后，其正下方小磁针的N极向纸面里转动B．如图乙所示，如果长为l、通过电流为I的短直导线在该磁场中所受磁场力的大小为F，则可测出该处磁感应强度必为B=FIlC ．如图丙所示，绕虚线轴转动的线圈平面S转到图示位置时，穿过线圈平面的磁通量为0D．如图丁所示，闭合线圈在匀强磁场中两个图示位置间来回水平运动，由于在做切割磁感线运动，会在线圈中产生感应电流11．如图所示，在竖直放置的平行板电容器的金属板内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球，带电小球静止时绝缘细线与金属板的夹角为θ。

高二物理下学期第二次月考试卷_03

嗦夺市安培阳光实验学校宁夏大学附中高二（下）第二次月考物理试卷一、选择题（每小题4分，共48分）1．（4分）（2014春•兴庆区校级月考）关于电流的概念，下列说法中正确的是（）A．导体中有电荷运动就形成电流B．电流是一个矢量，其方向就是正电荷定向运动的方向C．在国际单位制，电流是一个基本物理量，其单位安培是基本单位D．对于导体，只要其两端电势差为零，电流也必为零考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：导体中有电荷运动不一定能形成电流．电流的方向就是正电荷定向运动的方向，但电流是标量．在国际单位制中，电流是一个基本物理量，其单位安培是基本单位．对于导体，其两端电势差为零，电流不一定为零．解答：解：A、导体中有电荷运动不一定能形成电流，电荷要发生定向移动才能形成电流．故A错误．B、电流的方向就是正电荷定向运动的方向，但电流运算时遵守的代数加减法则，所以电流不是矢量，是标量．故B错误．C、在国际单位制中，电流是一个基本物理量，其单位安培是基本单位．故C正确．D、对于导体，其两端电势差为零，电流可能为零，也可能不为零（超导现象）．故D错误．故选：C点评：本题考查对电流产生条件、方向、单位等知识的掌握情况．电流的方向与矢量的方向，它表示电荷的流向，运算时按照代数法则，不是平行四边形定则．2．（4分）（2011秋•迎泽区校级期中）一段粗均匀的金属导体的横截面积是S，导体单位长度内的自由电子数为n，金属内的自由电子的电荷量为e，自由电子做无规则热运动的速度为v0，导体中通过的电流为I．则下列说法中正确的有（）A．自由电子定向移动的速度为v0B．自由电子定向移动的速度为v=C．自由电子定向移动的速度为真空中的光速cD．自由电子定向移动的速度为v=考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：已知电流及电子的电量等，根据电流的微观表达式可求得电子定向移动的速率．解答：解：A、自由电子定向移动的速度与自由电子做无规则热运动的速度是两回事，故A错误．B、D、电流的微观表达式为：I=nve，则v=；故D正确，B错误；C、自由电子定向移动的速度小于真空中的光速c，故C错误．故选：D．点评：本题要求能掌握电流的微观表达式，同时注意区分电子的定向移动速率、无规则热运动的速率以及电能的传导速率．3．（4分）（2012秋•凉州区校级期中）以下说法中正确的是（） A．在外电路中和电源内部，正电荷都受静电力作用，所以能不断定向移动形成电流B．静电力与非静电力都可以使电荷移动，所以本质上都是使电荷的电势能减少C．在电源内部正电荷能从负极到正极是因为电源内部只存在非静电力而不存在静电力D．静电力移动电荷做功，电势能减少，非静电力移动电荷做功，电势能增加考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电源内部非静电力克服电场力做功，将正电荷从负极移到正极；将其他形式的能转化为电能．解答：解：A、在电源内部，正电荷受到静电力和非静电力作用，从负极移动到正极，故A错误；B、非静电力克服电场力做功，把其它形式的能转化为电势能，静电力移动电荷做功电势能减少，故B错误，D正确．C 、在电源内部正电荷能从负极到正极同时受到静电力和非静电力作用，故C 错误．故选：D点评：本题要求同学们知道电源内部的能量是怎样转化的，理解非静电力克服电场力做功，把其它形式的能转化为电势能，静电力移动电荷做功电势能减少．4．（4分）（2014春•兴庆区校级月考）下列关于电动势E 的说法中正确的是（）A ．电动势E 的大小与非静电力所做的功W 的大小正成比，与移动电荷量q 的大小成反比B ．电动势E 是由电源本身决定的，跟电源的体积和外电路均无关C ．电动势E 是表征电源把其他形式的能力转化为电能本领大小的物理量D ．电动势E 的单位与电势差的单位相同，故两者在本质上相同考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电源没有接入外电路时两极间的电压等于电源电动势．电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，电动势与外电路无关．接在电源两极间的电压表测得的电压小于电源的电动势．解答：解：A 、电动势E 的大小与非静电力做功W 及移送电荷量的大小无关；故A 错误；B 、电动势E 是由电源本身的因素决定的，跟电源的体积和外电路都无关；故B 正确；C 、电动势E 是表征电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量；故C 正确；D 、电动势E 是表征电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量，而电势差是两点之间电势的差，电动势E 的单位与电势差的单位相同，但两者在本质上不相同；故D 错误；故选：BC点评：本题考查对电源电动势的理解，要抓住电动势的物理意义、定义和欧姆定律来强化理解．5．（4分）（2014秋•邗江区校级期中）下列说法正确的是（）A ．由R=知，一段导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流成反比B ．比值反映了导体阻碍电流的性质，即电阻R=C ．导体中电流越大，导体电阻越小D ．由I=知，通过一段导体的电流跟加在它两端的电压成正比考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：解答本题需掌握：（1）欧姆定律的内容：一段导体中的电流跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比．（2）电阻是导体本身的一种属性，与材料、长度、横截面积、温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关；（3）导体两端的电压是由电源提供的，电压的大小取决于电源本身．解答：解：A 、电阻是导体本身的一种属性，与材料、长度、横截面积、温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关，只能用公式R=求解，故A 错误；B 、比值反映了导体阻碍电流的性质，叫做电阻，即电阻R=，故B 正确；C 、电阻是导体本身的一种属性，与导体两端的电压和通过的电流无关，故C 错误；D 、同一导体电阻恒定，由I=知，通过一段导体的电流跟加在它两端的电压成正比，故D 正确；故选BD ．点评：知道影响导体电阻的因素、掌握欧姆定律即可正确解题，本题是一道基础题．6．（4分）（2011秋•临夏市校级期末）下列说法中正确的是（）A ．电荷在某处不受电场力的作用，则该处的电场强度为零B ．一小段通电导线在某处不受安培力的作用，则该处磁感应强度一定为零C ．把一个试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值表示该点电场的强弱D ．把一小段通电导线放在磁场中某处，所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比值表示该处磁场的强弱考点：电场强度；磁感应强度．分析：电场最基本的特性是对放入电场中的电荷有力的作用；通电导线与磁场平行时不受安培力；E=是电场强度的定义式；磁感应强度的定义式：B=，定义的前提条件是通电导线与磁场垂直．由这些知识解答即可．解答：解：A 、由E=得：F=qE ，得知电荷在某处不受电场力的作用，则该处的电场强度为零．故A 正确．B、一小段通电导线在某处不受安培力的作用，该处磁感应强度不一定为零，也可能是由于通电导线与磁场平行，但该处磁感应强度不为零．故B错误．C、E=是电场强度的定义式，电场强度E反映电场的强弱和方向，由此式知：把一个试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值﹣﹣电场强度，即表示电场的强弱，故C正确．D、只有通电导线垂直放入磁场中时，通电导线所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比值表示该处磁场的强弱．故D错误．故选：AC点评：本题要明确电场强度和磁感应强度都采用比值法定义，E、B都反映场的强弱，但磁感应强度的定义式有条件：通电导线与磁场垂直，而电场强度的定义式没有条件．7．（4分）（2013秋•陈仓区校级期末）R1与R2并联在电路中，通过R1与R2的电流之比为1：2，则当R1与R2串联后接入电路中时，R1和R2两端电压之比U1：U2为（）A．1：2 B．2：1 C．1：4 D．4：1考点：串联电路和并联电路；欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由并联电路的电流规律可得出两电阻的比值；由串联电路的电压规律可得出电压之比．解答：解：并联电路中电阻之比等于电流的反比，故=；由串联电路的规律可知，电压之比等于电阻之比，故U1：U2=2：1；故选B．点评：本题考查串并联电路的电流及电压规律，属基础内容，应熟纪并能灵活应用．8．（4分）（2012秋•长校级期中）下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中正确的是（）A．电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多B．W=UIt适用于任何电路，而W=I2Rt=t只适用于纯电阻的电路C．在不是纯电阻的电路中，UI＞I2RD．焦耳热Q=I2Rt适用于任何电路考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电功是表示电流做功的多少，电功率是表示电流做功的快慢，焦耳定律是表示电流产生的热量的多少．解答：解：A、电功率越大，表示电流做功越快，但是电路中产生的焦耳热量的多少还与做功的时间的长短有关，所以A错误；B、公式W=UIt是计算电路的总功的大小，适用于任何的电路，当为纯电阻电路时，根据欧姆定律I=，可以推到出W=I2Rt ，，所以W=I2Rt ，只能适用于纯电阻电路，所以B正确．C、在不是纯电阻的电路中，UI表示的是总的功率的大小，而I2R只是电路中发热的功率，还有对外做功的功率的大小，所以UI＞I2R，所以C正确；D、焦耳热Q=I2Rt适用于任何电路中的焦耳热量的计算，所以D正确．故选BCD．点评：每个公式的使用的条件是不同的，掌握住公式的使用的条件，这是做题的前提条件．9．（4分）（2014春•兴庆区校级月考）一个可以的线圈L2和一个固定的线圈L1互相绝缘，垂直放置，且两个线圈都通过如图所示方向的电流时，则从左向右看，线圈L2将（）A．不动B．顺时针转动C．逆时针转动D．向纸外平动考点：平行通电直导线间的作用．分当平行的直导线中的电流方向相同时，这两条直导线就会互相的吸引，当平行的直导线中的电流方向相析：反时，这两条直导线就会互相的排斥．解答：解：由于L1和L2中的电流的方向是相同的，它们会互相吸引，由于L1是不动的，所以L2会向L1靠近，所以从左向右看，线圈L2将顺时针转动，所以B正确．故选：B．点评：掌握住平时总结的结论，在做选择题题目的时候可以快速而且准确的得到答案，所以掌握住平时总结的小结论是非常有用的．10．（4分）（2011秋•平川区校级期末）如图所示的四种情况中，匀强磁场磁感应强度相同，导体长度相同，通过的电流也相同，导体受到的磁场力最大，且方向沿着纸面的情况是（）A．甲、乙B．丙、丁C．甲、丙D．乙、丁考点：左手定则．分析：本题考查了如何利用左手定则判断通电导体所受安培力作用，应用时注意：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内，让磁感线进入手心，并使四指指向电流方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向，同时注意应用公式F=BIL进行计算时，注意公式中要求电流和磁场垂直．解答：解：根据左手定则可知：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内，让磁感线进入手心，并使四指指向电流方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向，由此可知甲图中，安培力安培力方向垂直纸面向里，大小为F=BILcos30°，乙图中安培力在纸面内垂直于磁场向下，大小为F=BIL，丙图中电流和磁场方向相同，不受安培力作用，丁图中，安培力方向在纸面内垂直于电流方向斜向上，大小为F=BIL，所以导体受到的磁场力最大，且方向沿着纸面的情况是乙图和丁图，故ABC错误，D正确．故选D．点评：本题比较简单，考查了安培力的大小与方向问题，要熟练应用左手定则判断安培力方向，应用公式F=BIL 时注意公式适用条件和公式中各个物理量的含义．11．（4分）（2011春•重庆期末）一太阳能电池板，测得它的开路电压为800mV，短路电流为40mA，若将该电池板与一阻值为20Ω的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（）A．0.10V B．0.20V C．0.30V D．0.40V考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由开路电路等于电源的电动势，求出电动势，由短路电流求出电源的内阻．再根据欧姆定律求出电流和路端电压．解答：解：电源没有接入外电路时，路端电压值等于电动势，则电动势E=800mV由闭合电路欧姆定律得短路电流I短=则电源内阻r==Ω=20Ω该电源与20Ω的电阻连成闭合电路时，电路中电流I==mA=20mA故路端电压U=IR=400mV=0.4V，故D正确．故选：D．点评：对于电动势的概念要理解：电动势等于外电压和内电压之和，当外电路开路时，内电压为零，开路电路等于电源的电动势．12．（4分）（2002•上海）在如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时（）A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小考点：闭合电路的欧姆定律．专题：压轴题．分析：由图可知R2与R3并联后与R1串联，电压表测量路端电压；由滑片的移动可得出滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路的欧姆定律可得出总电流的变化，由U=E﹣Ir可得出路端电压的变化；将R1作为内阻处理，则可得出并联部分电压的变化，求得R2中电流的变化，由并联电路的电流规律可得出电流表示数的变化．解答：解：当滑片向b端滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，则由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，故内压增大；因此路端电压减小，故电压表示数减小；将R1等效为内阻，则可知并联部分电压一定减小，故流过R2的电流减小，因总电流增大，故电流表示数增大；故B正确，ACD错误；故选B．点评：闭合电路的欧姆定律一般按先分析外电路，再分析内电路，最后再分析外电路的思路进行；若电阻与电源串联，可以等效为内阻处理．二、实验题（11分×2=22分）13．（11分）（2009•上海）（1）用多用表的欧姆档测量阻值约为几十kΩ的电阻Rx，以下给出的是可能的操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆档调零旋钮，把你认为正确的步骤前的字母按合理的顺序填写在下面的横线上cabe ．a．将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，断开两表笔b．将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出Rx的阻值后，断开两表笔c．旋转S使其尖端对准欧姆档×1kd．旋转S使其尖端对准欧姆档×100e．旋转S使其尖端对准交流500V档，并拔出两表笔根据如图所示指针位置，此被测电阻的阻值约为30K Ω．（2）（多选题）下述关于用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是AC（A）测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量（B）测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果（C）测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开（D）测量阻值不同的电阻时都必须重新调零．考点：欧姆表的原理．分析：欧姆表是测量电阻的仪表，把被测电阻串联在红黑表笔之间，欧姆表电流是从黑表笔流出红表笔流入，（1）用欧姆表测电阻，每次换挡后和测量前都要重新调零（指欧姆调零）．（2）测电阻时待测电阻不仅要和电源断开，而且要和别的元件断开．（3）测量时注意手不要碰表笔的金属部分，否则将人体的电阻并联进去，影响测量结果．（4）合理选择量程，使指针尽可能在中间刻度附近，解答：解：（1）测量几十kΩ的电阻Rx我们一般选择较大的档位先粗测，使用前应先进行调零，然后依据欧姆表的示数，在更换档位，重新调零，在进行测量；使用完毕应将选择开关置于OFF位置或者交流电压最大档，拔出表笔．欧姆表的示数乘以相应档位的倍率即为待测电阻的阻值30kΩ．（2）欧姆档更换规律“大小，小大”，即当指针偏角较大时，表明待测电阻较小，应换较小的档位；反之应还较大的档位．电流总是从红表笔流入从黑表笔流出多用电表，每次换挡一定要进行欧姆调零，测量电阻一定要断电作业．故答案为：（1）c、a、b、e，30k，（2）A、C，点评：（1）实际应用中要防止超量程，不得测额定电流极小的电器的电阻（如灵敏电流表的内阻）．（2）测量完毕后，应拔出表笔，选择开关置于OFF挡位置，或交流电压最高挡；长期不用时，应取出电池，以防电池漏电．（3）欧姆表功能：测量电阻、测二极管正负极．（4）用法：最好指针打到中间将误差减小14．（11分）（2014秋•校级月考）在“用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻”的实验中，供选用的器材有：A．电流表（量程：0～0.6A，RA=1Ω） B．电流表（量程：0～3A，RA=0.6Ω）C．电压表（量程：0～3V，RV=5kΩ） D．电压表（量程：0～15V，RV=10kΩ）E．滑动变阻器（0～10Ω，额定电流1.5A）F．滑动变阻器（0～2kΩ，额定电流0.2A）G．待测电流（一节一号干电池）、开关、导线若干．（1）请在虚线框（图乙）内画出能使本实验测量精确程度高的实验电路．（2）电路中电流表应选用 A ，电压表应选用 C ，滑动变阻器应选用E ．（用字母代号填写）（3）如图甲所示为实验所需器材，请按原理图连接出正确的是实验电路．（4）引起该实验系统误差的主要原因是电压表的分流．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：在选择电压表和电流表时一是注意安全性不能超过量程，二是注意要使指针偏转尽量大些，在三分之二左右偏转，滑动变阻器若采用限流接法，要选择阻值大于待测电阻的，但是并非越大越好，太大不便于调节，由此原则可正确选择电表；根据测电源电动势和内阻的原理图可正确连接实物图．解答：解：（1）电源内阻较小，故采用电流表外接法，电路图如下：（2）在“用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻”的实验中，待测电动势不会超过3V，电流不到1A，因此压表应选用的量程为0～3V，电流表应选用的量程为0～0.6A，电源内阻一般几欧姆，因此选择R1即可．故答案为：A，C，E．（3）由此连接实物图如下所示：（4）引起实验误差的主要原因是由于电压表的分流；故答案为：（1）见图；（2）A，C，E；（3）如图．（4）电压表的分流．点评：电学实验中选择仪表是常见的一种题型，要求学生能按照安全性和准确性的要求进行分析，先确定出必须用到的器材，再去根据题目中给出的条件去判断电流表和电压表或者欧姆表，连接实物图时要根据原理图进行连接．三、计算题（10分×3=30分）15．（10分）（2013秋•校级期末）质量为m=0.02kg的通电细杆ab置于倾角为θ=37°的平行放置的导轨上，导轨的宽度d=0.2m，杆ab与导轨间的动摩擦因数μ=0.4，磁感应强度B=2T的匀强磁场与导轨平面垂直且方向向下，如图所示．现调节滑动变阻器的触头，试求出为使杆ab静止不动，通过ab杆的电流范围为多少？考点：安培力．分析：当电流较大时，导体有向上的运动趋势，所受静摩擦力向下，当静摩擦力达到最大时，安培力最大，电流最大．当电流最小时，有向上的最大静摩擦力，根据共点力平衡，结合安培力的大小公式，求出通过ab杆的电流范围．解答：解：当电流较大时，导体有向上的运动趋势，所受静摩擦力向下，当静摩擦力达到最大时，磁场力为最大值F1，此时通过ab的电流最大为Imax；同理，当电流最小时，应该是导体受向上的最大静摩擦力，此时的安培力为F2，电流为Imin．正确地画出两种情况下的受力图如图所示，由平衡条件列方程求解．根据第一幅受力图列式如下：F1﹣mgsinθ﹣f1=0N1﹣mgcosθ=0f1=μN1F1=BImaxd解上述方程得：Imax=0.46A根据第二幅受力图F2﹣mgsinθ+f2=0N2﹣mgcosθ=0f2=μN2F2=BImind解上述方程得：Imin=0.14A则通过ab杆的电流范围为：0.14A≤I≤0.46A．答：通过ab杆的电流范围为0.14A≤I≤0.46A．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，抓住两个临界状态，运用共点力平衡进行求解．知道电流最大时有向下的最大静摩擦力，电流最小时，有向上的最大静摩擦力．16．（10分）（2014春•兴庆区校级月考）一台电风扇的额定功率是60W，内阻为2Ω，当它接在220V的电压下正常运转，求：（1）电风扇正常运转时，通过它的电流多大？每秒钟有多少电能转化为机械能？（2）若接上电源后，电风扇因故不能转动，这时通过它的电流多大？电风扇实际消耗的电功率多大？此时可能会发生什么问题？考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：（1）由功率公式P=UI可求得通过它的电流；由W=Pt及能量守恒可求得转化的能量；（2）若电风扇不能转动时，可以看作纯电阻电路；由功率公式可求得实际功率．解答：解：（1）由P=UI可知；I===0.27A；产生的热量Q=I2Rt；则转化的机械能E=Pt﹣Q=60﹣0.272×2=59.85J；（2）电风扇不转时，由欧姆定律可知：I′===110A；实际功率P′===24200W；电风扇会被烧坏；答：（1）通过的电流为0.27A；转化的机械能为59.85J；（2）通过的电流为110A；实际功率为24200W；电风扇会被烧坏．点评：本题考查电动机的功率问题，要注意风扇被卡住时才能应用欧姆定律求解，同时要注意功率公式的应用．17．（10分）（2014春•兴庆区校级月考）一个用满偏电流为3mA的电流表改装成的欧姆表，调零后用它测量500Ω的电阻时，指针恰好指在刻度盘的正中间．如用它测量一个未知电阻时，指针指在1mA处，则被测电阻的阻值是多少？考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：欧姆表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，应用闭合电路欧姆定律分析答题．解答：解：欧姆调零时：Ig==0.003A，测500欧姆电阻时：Ig=0.0015A=，测未知电阻时：I=0.001A=，解得：R=1000Ω；答：被测电阻的阻值是1000欧姆．点评：本题考查了求被测电阻的阻值，知道欧姆表的工作原理、应用闭合电路的欧姆定律即可正确解题．。

高二物理周练试卷3

咸宁高中2012年高二物理周练试卷命题：朱必胜审题：曹野 2012-11-11一、选择题（本题共12小题，每题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．物理学的基本原理在生产生活中有着广泛应用。

下面列举的四种器件中，利用电磁感应原理工作的是（）A 、磁流体发电机B 、电磁炉C 、质谱仪D 、回旋加速器2．一束带电粒子从静止开始经同一电场加速后垂直进入同一匀强磁场中。

若它们在磁场中做圆周运动的半径相同，则它们在磁场中具有相同的（）A ．速率B ．动能C ．动量大小（质量与速度大小的乘积）D ．周期3．如图电源电动势为ε，a 、b 为平行金属板，静电计的外壳接地，合上开关S 后，静电计指针张开一个较小的角度，能使角度增大的办法是（）A ．使a 、b 板的距离增大一些B ．使a 、b 板的正对面积减小一些C ．断开S 后使a 、b 间距增大一些D ．断开S 后使a 、b 板正对面积减小一些4．如图所示，一平行板电容器充电后与电源断开，正极板接地，在两极板之间有一正点电荷（电量很小）固定在P 点，如图所示，以E 表示两板间电场强度，表示负极板的电势，ε表示正电荷在P 点的电势能，将正极板移到图中虚线所示的位置，则（）A ．E 变大、降低B ．E 不变、升高C ．E 变小、ε变小D ．升高、ε变大5．某居民家中的电路如图所示，开始时各部分工作正常，将电饭煲的插头插入三孔插座后，正在烧水的电热壶突然不能工作，但电灯仍能正常发光．拨出电饭煲的插头，把试电笔插入插座的左、右插孔，氖管均能发光，则此电路中电路 ( )A ．仅电热壶所在的C 、B 两点间发生了断路故障 B ．仅电热壶所在的C 、B 两点间发生了短路故障 C ．仅导线AB 断路D ．因插座用导线接地，所以发生了上述故障6．如图所示，在U －I 图象上，a 、b 、c 各点均表示该电路中的一个确定的工作状态，α＝β＝45°，则下列说法正确的是 ( )A ．在b 点时，电源有最小的输出功率B ．在b 点时，电源的总功率最大C ．从a→b ，β增大，电源的总功率和输出功率都增大D ．从b→c ，β增大，电源的总功率和输出功率都减小7．如下图甲所示，R 为电阻箱(0～99.9 Ω)，置于阻值最大位置，R x 为未知电阻，(1)断开S 2，闭合S 1，逐次减小电阻箱的阻值，得到一组R 、I 值，并依据R 、I 值作出了如图乙所示的R －1I图线，(2)断开S 2，闭合S 1，当R 调至某一位置时，电流表的示数I 1＝1.0 A ；保持电阻箱的位置不变，断开S 1，闭合S 2，此时电流表的示数为I 2＝0.8 A ，据以上数据可知 ( )A ．电源电动势为3.0 VB ．电源内阻为0.5 ΩC ．R x 的阻值为0.5 ΩD ．S 1断开、S 2接通时，缓慢减小 R ，电源输出功率减小8．质量为m ，电量为q 的带正电小物块在磁感强度为B ，方向垂直纸面向里的匀强磁场中，沿动摩擦因数为μ的绝缘水平面以初速度v 0开始向左运动，如图所示．物块经时间t 移动距离S 后停了下来，设此过程中，q 不变，则（）A ． g v S μ220>B ．gv S μ220<C ． )(00B qv mg mv t +>μ D ． )(00B qv mg mv t +<μ9．MN 板两侧都是磁感强度为B 的匀强磁场，方向如图，带电粒子（不计重力）从a 位置以垂直B 方向的速度V 开始运动，依次通过小孔b 、c 、d ，已知ab = bc = cd ，粒子从a 运动到d 的时间为t ，则粒子的荷质比为（）A 、tB π4 B 、tB34π C 、π2tB D 、tB π3 10．如图所示为一理想变压器，S 为一单刀双掷开关，P 为滑动变阻器的滑动片，U 1为加在原线圈两端的电压，I 1为原线圈中的电流。

高中选修第三册物理《全册综合》高二(下)期末物理试题(解析版)

第二学期期末考试高二物理一、单项选择题1.下列说法正确的是（）A. 布朗运动反映了微粒中分子运动的不规则性B. 对于一定质量的大量气体分子，在一定温度时，处于一定速率范围内的分子数所占的百分比是不确定的C. 能量的耗散是从能量的转化角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性D. 只要有足够高的技术条件，绝对零度是可以达到的【答案】C【解析】【详解】A．布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动，间接反映了液体分子运动的不规则性，选项A错误；B．对于一定种类的大量气体分子存在统计规律，在一定温度时，处于一定速率范围内的分子数所占百分比是确定的，故B错误；C．由热力学第二定律可知，能量耗散是从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性，故C正确；D．绝对零度是低温的极限，是不可以达到的，选项D错误。

故选C。

2.某汽车后备箱内安装有撑起箱盖的装置，它主要由汽缸和活塞组成．开箱时，密闭于汽缸内的压缩气体膨胀，将箱盖顶起，如图所示．在此过程中，若缸内气体与外界无热交换，忽略气体分子间相互作用，则缸)内气体(A. 对外做正功，分子的平均动能减小B. 对外做正功，内能增大C. 对外做负功，分子的平均动能增大D. 对外做负功，内能减小【答案】A【分析】根据热力学第一定律公式△U=W+Q，公式中△U表示系统内能的增加量，W表示外界对系统做的功，Q表示系统吸收的热量，题中气体膨胀对外界做功，即气体对外界做负功，故W＜0，气体与外界无热交换，故Q=0，从而判断出气体内能的变化，也就得到分子的平均动能的变化情况．【详解】密闭于气缸内的压缩气体膨胀对外做正功，即外界对气体做负功，因而W＜0，缸内气体与外界无热交换说明Q=0，忽略气体分子间相互作用，说明内能是所有分子动能的总和．根据热力学第一定律△U=W+Q，可知内能增加量△U＜0，故内能减小，分子平均动能减小，温度降低．所以只有A正确；故选A．点评：热力学第一定律的公式△U=W+Q中，△U表示系统内能的增加量，W表示外界对系统做的功，当系统对外界做功时，W取负值，Q表示系统吸收的热量，当系统放出热量时，Q取负值．3.卢瑟福α粒子散射实验的结果（）A. 证明了质子的存在B. 证明了原子核是由质子和中子组成的C. 证明了原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在一个很小的核里D. 证明了原子中的电子只能在某些轨道上运动【答案】C【解析】【详解】卢瑟福α粒子散射实验的结果证明了原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在一个很小的核里，并没有证明原子核是由质子和中子组成的，也不能证明质子的存在。

学易金卷：2020-2021学年高二物理上学期期末测试卷03(人教版)(解析版)

学易金卷：2020-2021学年高二物理上学期（人教版）期末测试卷03考试范围：选修3-1，选修3-2 电磁感应，选修3-5 第十六章动量守恒定律一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。

每个题目只有一个选项符合要求，选对得4分，选错得0分。

1．如图所示为点电荷a、b所形成的电场线分布，以下说法正确的是（）A．a、b均是正电荷B．a、b均是负电荷C．A点场强大于B点场强D．A点电势高于B点电势【答案】D【详解】AB．电场线从正电荷或无穷远出发，终止于负电荷或者无穷远，所以a应为正电荷b为负电荷，故AB错误；C．电场线越密集，场强越大，A点场强小于B点场强，故C选项错误；D．沿电场线方向电势逐渐降低，A点电势高于B点电势，故D选项正确。

故选D。

2．如图所示，在一矩形区域内，不加磁场时，不计重力的带电粒子以某一初速度垂直左边界射入，穿过此区域的时间为t。

若加上磁感应强度为B、垂直纸面向外的匀强磁场，带电粒子仍以原来的初速度入射，粒子飞出磁场时偏离原方向60°，利用以上数据可求出下列物理量中的（）①带电粒子的比荷②带电粒子在磁场中运动的周期③带电粒子的初速度④带电粒子在磁场中运动的半径A．①②B．①③C．②③D．①④【答案】 A【详解】由带电粒子在磁场中运动的偏转角可知，带电粒子运动轨迹所对的圆心角为60°，由几何关系得磁场宽度sin 60sin 60mv d r qB=︒=︒由于未加磁场时：d =vt ，解得sin 60q m Bt︒=①正确；已经求出比荷，由2m T qB π=，②正确；粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：2mv qvB r = ，mv r qB =根据向右条件无法求出粒子的初速度，也无法求出粒子轨道半径③④错误故选A3．动量相等的甲、乙两车刹车后分别沿两水平路面滑行。

若两车质量之比:23m m =甲乙：，路面对两车的阻力相同，则甲、乙两车的滑行距离之比为（）A ．3：2B ．2：3C ．9：4D ．4：9【答案】 A【详解】由公式p mv==f ma22v ax=联立方程，解得3:2x x =甲乙：故选A 。

2023-2024学年高二上学期物理必修三期末复习卷

2023-2024学年高二物理下学期必修三期末复习卷一、选择题1．关于电场强度和磁感应强度，下列说法正确的是（）A ．电场强度的定义式E ＝Fq ，适用于任何电场B ．由真空中点电荷的电场强度公式E ＝kQr 2可知，当r→0时，E→∞C ．由公式B ＝FIL 可知，一小段通电导线在某处若不受磁场力，则说明此处一定无磁场 D ．磁感应强度的方向就是置于该处的通电导线所受的力的方向 2、如图所示，各电场中A 、B 两点电场强度相同的是（）3．如图所示，A 是带正电的球，B 为不带电的导体，A 、B 均放在绝缘支架上，M 、N 是导体B 中的两点，以无限远处为电势零点，当导体B 达到静电平衡后，说法正确的是（） A ．M 、N 两点电场强度大小的关系为E M >E NB ．M 端感应出负电荷，N 端感应出正电荷，所以M 、N 两点电势高低的关系为φN >φMC ．若用导线将M 、N 两端连起来，将发生电荷中和现象D ．感应电荷在M 、N 两点产生的电场强度为MN E E ''> 4、如图所示，线圈abcd 在磁场区域ABCD 中，线圈中没有感应电流产生的是（） A.把线圈变成圆形(周长不变) B.使线圈在磁场中加速平移 C.使磁场增强或减弱D.使线圈以过a 、b 的直线为轴旋转5、如图所示电路中，电源的电动势为E ，内阻为r ，电压表和电流表均为理想电表。

当开关闭合后，两灯泡均能发光。

在将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，下列说法正确的是（） A.灯泡L 1、L 2均变暗B.电流表A 的读数变大，电压表V 的读数变小C.灯泡L1变亮，灯泡L2变暗D.电流表A的读数变小，电压表V的读数也变小6.如图所示，a、b、c、d、e、f是以O为球心的球面上的点，平面aecf与平面bedf垂直，分别在b、d两点处放有等量同种点电荷－Q，取无穷远处电势为零，则下列说法正确的是（）A．a、e、c、f四点电场强度相同B．a、e、c、f四点电势不同C．电子沿直线a→O→c运动过程中，静电力先做负功后做正功D．质子沿球面曲线a→e→c运动过程中，电势能先增加后减少7．（多选）如图所示的电路中，电源电动势为12V，内阻为2Ω，白炽灯的灯丝电阻R L为16Ω，电动机M线圈的电阻为2Ω。

高二物理合格考复习试卷三

复习试卷三1．下列物理量中，属于矢量的是A ．质量B ．时间C ．路程D ．速度2．如图1所示，书本放置在课桌上，力F 为桌面对书本的支持力，则F 的反作用力是A ．书本所受的重力B ．课桌所受的重力C ．书本对桌面的压力D ．地面对课桌的支持力3．如图2所示，小孩从滑梯上滑下。

忽略空气阻力，小孩在匀速下滑时A ．只受重力和支持力B ．只受重力和摩擦力C ．只受支持力和摩擦力D ．只受重力、支持力和摩擦力4.如图3所示，物体受到两个相互垂直的共点力F 1和F 2的作用，其大小分别为30N 和40N ，它们合力的大小为 A ．10N B ．50NC ．70ND ．1200N雨滴在高空形成后，由静止开始沿竖直方向下落，雨滴受到空气阻力的作用。

当雨滴速度为v 0时开始计时，其运动的速度v 随时间t 的变化关系如图6所示，经过时间t 1，速度达到v 1。

假设在0～t 1时间内雨滴的质量不变。

5．在0～t 1时间内，雨滴运动的速度A ．不变B ．减小C ．增大D ．先增大后减小 6．在0～t 1时间内，雨滴运动的加速度A ．不变B ．减小C ．增大D ．先增大后减小 7．在0～t 1时间内，雨滴受到的阻力A ．不变B ．减小C ．增大D ．先增大后减小8.小明在社会实践时发现一口深井。

为了估测井口到水面的距离，小明将一小石块从井口由静止释放，同时利用智能手机开始计时，经过2.0s 听到石块击水的声音。

已知当地的重力加速度大小为9.8m/s 2。

该井口到水面的距离约为A ．5mB ．10mC ．20mD ．40m10.小明家住在第16层。

他放学后，乘坐竖直电梯从第1层直达第16层。

假设电梯刚起动时做加速运动，中间一段时间内做匀速运动，最后一段时间内做减速运动。

在电梯上升过程中，下列说法中正确的是A ．电梯加速运动时，小明处于失重状态B ．电梯加速运动时，小明处于超重状态C ．电梯匀速运动时，小明处于失重状态D ．电梯匀速运动时，小明处于超重状态如图9所示，在光滑水平面上，一质量为m 的物体，在水平恒力F 的作用下，以初速度v 0做匀加速直线运动，经过时间t ，位移为x ，速度达到v t 。

人教版高二物理选修3-3综合检测试卷【答案+解析】

人教版高二物理选修3-3综合检测试卷一、单选题(共6小题,每小题5分,共30分)1.一定质量的气体经历一缓慢的绝热膨胀过程.设气体分子间的势能可忽略，则在此过程中()A．外界对气体做功，气体分子的平均动能增加B．外界对气体做功，气体分子的平均动能减少C．气体对外界做功，气体分子的平均动能增加D．气体对外界做功，气体分子的平均动能减少2.用显微镜观察悬浮在水中的花粉，发现花粉微粒不停地做无规则运动，这是布朗运动．这里的“布朗运动”指的是()A．水分子的运动B．花粉分子运动C．花粉微粒的运动D．花粉微粒和花分子的运动3.房间里气温升高3 ℃时，房间内的空气将有1%逸出到房间外，由此可计算出房间内原来的温度是()A．－7 ℃B． 7 ℃C． 17 ℃D． 27 ℃4.一定质量的气体从状态a，经历如图所示的过程，最后到达状态c，设a、b、c三状态下的密度分别为、ρb、ρc，则()A．ρa>ρb>ρcB．ρa＝ρb＝ρcC．ρa<ρb＝ρcD．ρa>ρb＝ρc5.当两个分子从相距很远处逐渐靠拢直到不能再靠拢的全过程中，分子力做功和分子势能的变化情况是()A．分子力一直做正功，分子势能一直减小B．分子力一直做负功，分子势能一直增加C．先是分子力做正功，分子势能减小，后是分子力做负功，分子势能增加D．先是分子力做负功，分子势能增加，后是分子力做正功，分子势能减小6.有甲、乙两个分子，甲分子固定不动，乙分子由无穷远处逐渐向甲靠近，直到不再靠近为止，在这整个过程中，分子势能的变化情况是()A．不断增大B．不断减小C．先增大后减小D．先减小后增大二、多选题(共7小题,每小题5.0分,共35分)7.(多选)如图所示为竖直放置的上细下粗的密闭细管，水银柱将气体分隔为A、B两部分，初始温度相同．使A、B升高相同温度达到稳定后，体积变化量为ΔVA、ΔVB，压强变化量ΔpA、ΔpB，对液面压力的变化量为ΔFA、ΔFB，则()A．水银柱向上移动了一段距离B．ΔVA<ΔVBC．ΔpA>ΔpBD．ΔFA＝ΔFB8.(多选)有两个分子，它们之间的距离大于10r0，其中一个分子以一定的初动能向另一个分子靠近，在两个分子间的距离逐渐减小的过程中，下列说法正确的是()A．r>r0时，分子势能不断减小，分子动能不断增大B．r＝r0时，分子势能为零，分子动能最大C．r<r0时，分子势能增大，分子动能减小D．r具有最小值时，分子动能最小，分子温度最低9.(多选)关于液体的表面张力，下列说法中正确的是()A．液体表面层内的分子分布比液体内部要密B．液体表面层内分子间的引力大于斥力C．表面张力就其本质而言，就是万有引力D．表面张力的方向与液面相切，与分界线垂直10.(多选)一定质量的气体做等压变化时，其V－t图象如图所示，若保持气体质量不变，而改变气体的压强，再让气体做等压变化，则其等压线与原来相比，下列可能正确的是()A．等压线与V轴之间夹角变小B．等压线与V轴之间夹角变大C．等压线与t轴交点的位置不变D．等压线与t轴交点的位置一定改变11.(多选)关于热力学温标和摄氏温标，下列说法正确的是()A．热力学温标中的每1 K与摄氏温标中每1 ℃大小相等B．热力学温度升高1 K大于摄氏温度升高1 ℃C．热力学温度升高1 K等于摄氏温度升高1 ℃D．某物体摄氏温度为10 ℃，即热力学温度为10 K12.(多选)非晶体具有各向同性的特点是由于()A．非晶体在不同方向上物质微粒的排列情况不同B．非晶体在不同方向上物质微粒的排列情况相同C．非晶体内部结构的无规则性D．非晶体内部结构的有规则性13.(多选)下面关于气体压强的说法正确的是()A．气体对器壁产生的压强是由于大量气体分子频繁碰撞器壁而产生的B．气体对器壁产生的压强等于作用在器壁单位面积上的平均作用力C．从微观角度看，气体压强的大小跟气体分子的平均动能和分子密集程度有关D．从宏观角度看，气体压强的大小跟气体的温度和体积有关三、实验题(共2小题,每小题10.0分,共20分)14.在“用油膜法估测分子的大小”实验中，在玻璃板上描出油膜的轮廓，随后把玻璃板放在坐标纸上，其形状如图所示，坐标纸上正方形小方格的边长为10 mm，该油酸膜的面积是________ m2；若一滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是4×10－6mL，则油酸分子的直径是________ m．(上述结果均保留1位有效数字)四、计算题(共3小题,每小题18.0分,共54分)16.如图所示，一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再从状态B变化到状态C.已知状态A 的温度为480 K．求：(1)气体在状态C的温度；(2)试分析从状态A变化到状态B的整个过程中，气体是从外界吸收热量还是放出热量．17.如图甲所示，内壁光滑的导热汽缸竖直浸放在盛有冰水混合物的水槽中，用不计质量的活塞封闭压强为1.0×105Pa、体积为2.0×10－3m3的理想气体，现在活塞上方缓慢倒上沙子，使封闭气体的体积变为原来的一半，然后将汽缸移出水槽，缓慢加热，使气体温度变为127 ℃.(1)求汽缸内气体的最终体积；(2)在图乙上画出整个过程中汽缸内气体的状态变化(外界大气压强为1.0×105Pa)．18.如图所示，均匀薄壁U形管竖直放置，左管上端封闭，右管上端开口且足够长，用两段水银封闭了A、B两部分理想气体，下方水银的左右液面高度相差ΔL＝10 cm，右管上方的水银柱高h＝14 cm，初状态环境温度为27 ℃，A部分气体长度l1＝30 cm，外界大气压强p0＝76 cmHg.现保持温度不变，在右管中缓慢注入水银，使下方水银左右液面等高，然后给A部分气体缓慢升温，使A 部分气体长度回到30 cm.求：(1)右管中注入的水银高度是多少？(2)升温后的温度是多少？答案解析1.【答案】D【解析】绝热过程是指气体膨胀过程未发生热传递.膨胀过程气体体积增大，气体对外界做正功，外界对气体做负功，W<0，由ΔU＝W＝U2－U1知，气体内能减小.由于气体分子间的势能可忽略，分子总数不变，所以气体分子的平均动能减小.2.【答案】C【解析】3.【答案】D【解析】以升温前房间里的气体为研究对象，由盖—吕萨克定律：＝，解得：T＝300 K，t＝27 ℃，所以答案选D．4.【答案】D【解析】一定质量的气体从a到b温度不变，压强减小，体积增大，由ρ＝可知ρa>ρb，由状态b 到c等容变化，密度不变，ρb＝ρc，故D项正确．5.【答案】C【解析】分子距离较远时，分子力表现为引力，靠拢过程中引力做正功，分子势能减小，分子力表现为斥力后分子力做负功，分子势能增大，C对．6.【答案】D【解析】当乙分子由无穷远处向r0移动时，分子力做正功，分子势能减小；当乙分子由r0向甲分子继续靠近时，要克服分子斥力做功，分子势能增大．所以移动的整个过程，分子势能是先减小后增大，选项D正确．7.【答案】AC【解析】假定水银柱不动，升高相同的温度，对气体A：＝，得＝，同理知＝，又因为pA>pB，故pA′－pA>pB′－pB，所以水银柱向上移动，水银柱上下液面压强差更大，所以ΔpA>ΔpB，因此A、C两项正确；因为水银不可压缩，故ΔVA＝ΔVB，B项错误；因为ΔFA＝ΔpA·SA，ΔFB＝ΔpB·SB，故D项错．故正确答案为A、C．8.【答案】AC【解析】r＝r0时分子势能最小(与分子势能为0不是一回事)；对单个分子而言温度是没有意义的，故选项B、D错误．在r>r0时，分子力表现为引力，分子间的距离减小时，分子力做正功，分子势能减小，分子动能增大，选项A正确；在r<r0时，分子力表现为斥力，分子间的距离减小，分子力做负功，分子势能增大，分子动能减小，选项C正确．9.【答案】BD【解析】在液体与气体相接触的表面层中，液体分子的分布较内部稀疏，分子力表现为引力，A项错，B项对；表面张力的实质是分子力，方向与液面相切，与分界线垂直，C项错，D项对.10.【答案】ABC【解析】对于一定质量气体的等压线，其V－t图象的延长线一定与t轴交于－273.15 ℃点，故C 正确，D错误；由于题目中没有给出压强p的变化情况，因此A、B都有可能，故选A、B、C. 11.【答案】AC【解析】热力学温标和摄氏温标尽管是不同标准下的计数方式，但仅是起点不同，热力学温标中变化1 K与摄氏温标中变化1 ℃是相同的，故A、C对，B错．摄氏温度为10 ℃的物体，热力学温度为283 K，D错．12.【答案】BC【解析】非晶体的各向同性是非晶体内部结构的无规则性使不同方向上物质微粒的排列情况相同.13.【答案】ABCD【解析】气体压强是大量气体分子频繁碰撞器壁而产生的，大小等于器壁单位面积上的平均作用力．一定气体的压强大小，微观上取决于分子的平均动能和分子的密集程度，宏观上取决于气体的温度和体积．14.【答案】8×10－35×10－10【解析】正方形小方格的个数约为80个，油膜的面积为：S＝80×102mm2＝8×10－3m2油酸分子的直径为：d＝＝m＝5×10－10m15.【答案】5．0×10－10m【解析】V＝××10－6m3＝10－10m3d＝＝m＝5．0×10－10m16.【答案】(1)160 K (2)见解析【解析】(1)A、C两状态体积相等，则有＝得TC＝TA＝K＝160 K.(2)由理想气体状态方程得＝得TB＝TA＝K＝480 K由此可知A、B两状态温度相同，故内能相等，因VB>VA，从A到B气体对外界做功．要使A、B两状态内能不变，气体必须从外界吸收热量．17.【答案】(1)1.47×10－3m3(2)见解析图【解析】(1)在活塞上方倒沙的全过程中温度保持不变，即p0V0＝p1V1解得p1＝p0＝×1.0×105Pa＝2.0×105Pa在缓慢加热到127 ℃的过程中压强保持不变，则＝所以V2＝V1＝×1.0×10－3m3≈1.47×10－3m3.(2)整个过程中汽缸内气体的状态变化如图所示18.【答案】(1)30 cm (2)117 ℃【解析】(1)设右管中注入的水银高度是Δh，对A部分气体分析，其做等温变化，根据玻意耳定律有p1V1＝p2V2p1＝p0＋14 cmHg＋10 cmHg，p2＝p0＋14 cmHg＋ΔhV1＝l1S，V2＝(l1－ΔL)S代入数据解得再加入的水银高Δh＝30 cm.(2)设升温前温度为T0，升温后温度为T，缓慢升温过程中，对A部分气体分析，升温前V2＝(l1－ΔL)S，p2＝p0＋14 cmHg＋Δh升温结束后V3＝l1S，p3＝p0＋14 cmHg＋Δh＋ΔL由理想气体状态方程得＝T0＝300 K解得T＝390 K则升温后的温度为t＝117 ℃.。

高二物理第一次月考卷03(考试版)(新高考通用,人教版2019必修第三册、选择性必修第一册第一章)

2024-2025学年高二物理上学期第一次月考卷03（考试时间：75分钟试卷满分：100分）注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

写在本试卷上无效。

3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

4．测试范围：人教版2019必修第三册、选择性必修第一册第一章。

5．难度系数：0.7。

6．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第Ⅰ卷一、选择题：本题共10小题，共46分。

在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分，第8~10题有多项符合题目要求。

每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。

1．下列说法中正确的是（）A ．元电荷就是质子，带有191.6C -´的正电荷B ．同一个带电的橡胶球有时可以被看作是点电荷，有时不可以被看作是点电荷C ．物体所带的电荷量可以是任意值D ．摩擦起电，是因为摩擦创造了新的电荷2．下列关于电流的说法中正确的是（）A ．根据q I t=，可知I 与q 成正比B ．电流既有大小，又有方向，是矢量C ．负电荷定向移动的方向为电流的方向D ．单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大3．关于电场强度，下列说法正确的是（）A ．电场中某点先后放入正、负试探电荷，受到的电场力反向，所以两种情况下电场强度方向相反B ．电场强度公式2Q E kr =表明，当r 减半时，电场强度变为原来的4倍C ．电场强度公式F E q=表明，q 减半，则该处的电场强度变为原来的2倍D ．匀强电场中电场强度处处相同，所以任何电荷在其中受力都相同4．三个完全相同的金属球A 、B 和C ，其中A 球带电量为+Q ，B 球带电量为－2Q ，C 球不带电。

(word版)高二物理选修31综合练习卷3(含答案),文档

2021-2021年度第一学期高二物理期末练习卷3〔时间：120分钟总分值：100分〕命题人：梁国柱第一卷(选择题共48分)一、选择题(此题有12小题，每题4分，共48分．其中1～9题为单项选择题，10～12题为多选题)q、q，它们相距较近，保持静止．今释放q且q 只在q1．真空中两个电性相同的点电荷11222的库仑力作用下运动，那么q2在运动过程中的速度随时间变化规律正确的选项是()2．A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以给定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度—时间图象如下列图．那么在图中这一电场可能是()3．如下列图，一个带负电的油滴以初速v0从P点斜向上进入水平方向的匀强电场中，倾斜角θ＝45°，假设油滴到达最高点时速度大小仍为v0，那么油滴最高点的位置在()A．P点的正上方B．P点的右上方C．P点的左上方D．上述情况都可能4．.如下列图，沿x轴正向的匀强电场E中，有一动点 A以O为圆心，r＝OA为半径做逆时针转动一周，O与圆周上的 A点的连线OA与x轴正向(E方向)成θ角，那么此圆周上各点与A点间最大的电势差为()A．U＝ErB．U＝Er(sin＋θ1)C．U＝Er(cos＋θ1)D．U＝2Er5．如图，两根相互平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流．A、O、B在M、N的连线上，O为MN的中点，C、D位于MN的中垂线上，且A、B、C、D到O点的距离均相等．关于以上几点处的磁场，以下说法正确的是()A．O点处的磁感应强度为0B．A、B两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C．C、D两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D．A、C两点处的磁感应强度的方向不同6．关于带电粒子所受洛伦兹力F、磁感应强度B和粒子速度v三者方向之间的关系，以下说法正确的选项是()A．F、B、v三者必定均保持垂直B．F必定垂直于B、v，但B不一定垂直于vC．B必定垂直于F、v，但F不一定垂直于vD．v必定垂直于F、B，但F不一定垂直于B7．如图，是磁电式电流表的结构，蹄形磁铁和铁芯间的磁场是均匀地辐向分布，线圈中a、b两条导线长均为l，通以图示方向的电流I，两条导线所在处的磁感应强度大小均为 B.那么()．该磁场是匀强磁场．线圈平面总与磁场方向垂直．线圈将逆时针方向转动D．a、b导线受到的安培力大小总为IlB8.如下列图，两根平行放置的长直导线a和b载有大小相同、方向相反的电流，a受到的磁场力大小为F1，当参加一与导线所在平面垂直的匀强磁场后，a受到的磁场力大小为F2，那么此时b受到的磁场力大小变为()A．F2B．F1－F2C．F1＋F2D．2F1－F29．如以下列图所示是磁感应强度B、正电荷速度v和磁场对电荷的作用力F三者方向的相互关系图(其中B、F、v两两垂直)．其中正确的选项是()10．(多项选择)空间存在匀强电场，有一电荷量为＋q、质量为m的粒子从O点以速率v0射入电场，运动到A点时速率为2v0.另一电荷量为－q、质量为m的粒子以速率2v0，仍从O点射入电场，运动到B点时速率为3v0，假设忽略重力，那么()A．在O、A、B三点中，B点电势最高-1-B．在O、A、B三点中，A点电势最高C．OA间电势差比BO间电势差大D．OA间电势差比BO间电势差小11．(多项选择)如下列图，把一个带电小球A固定在光滑的水平绝缘桌面上，在桌面的另一处放置带电小球B.现给B一个沿垂直AB方向的速度v0，B球将()A．假设A、B为异种电荷，B球一定做圆周运动B．假设A、B为异种电荷，B球可能做加速度、速度均变小的曲线运动C．假设A、B为同种电荷，B球一定做远离A球的变加速曲线运动D．假设A、B为同种电荷，B球的动能一定会减小12．(多项选择)如下列图，正方形容器处于匀强磁场中，一束电子从孔a垂直于磁场沿ab方向射入容器中，其中一局部从c孔射出，一局部从d孔射出，容器处于真空中，那么以下结论中正确的是()v：v＝2：1A．从两孔射出的电子速率之比c dB．从两孔射出的电子在容器中运动的时间之比t c：t d＝1：22：1C．从两孔射出的电子在容器中运动的加速度大小之比a：a＝c dD．从两孔射出的电子在容器中运动的角速度之比ωc：ωd＝2：1第二卷(非选择题共52分)二、实验题(此题有2小题，共14分，请将答案写在题中的横线上)13．〔4分〕(1)如图是多用电表的刻度盘，中选用量程为50mA的电流挡测量电流时，表针指示图示位置，那么所测电流为________mA；(1)(2)假设选用倍率为“×100〞的电阻挡测量电阻时，表针也指示在图示同一位置，那么所测电(2)阻的阻值为________Ω.(3)(3)如果要用此多用电表测量一个约×104Ω的电阻，为了使测量比较精确，应选的欧姆挡是________(选填“×10〞、“×100〞或“×1k〞)．换挡结束后，实验操作中首先要进行(4)的步骤是________．(5)14．〔10分〕利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内电阻．要求尽量减小实验误差．(6)应该选择的实验电路是以下列图中的________________(选填“甲〞或“乙〞)．(2)现有电流表(0～A)、开关和导线假设干，以及以下器材：A．电压表(0～15V) B．电压表(0～3V)C．滑动变阻器(0～50Ω)D．滑动变阻器(0～500Ω)实验中电压表应选用________；滑动变阻器应选用________．(选填相应器材前的字母) (3)某位同学记录的6组数据如下表所示，其中5组数据的对应点已经标在图2的坐标纸上，请标出余下一组数据的对应点，并画出U-I图线.序号123456电压U(V)电流I/(A)(4)根据(3)中所画图线可得出干电池的电动势E＝________V，内电阻r＝________Ω.(5)实验中，随着滑动变阻器滑片的移动，电压表的示数U及干电池的输出功率P都会发生变化．以下的各示意图中正确反映P－U关系的是________．-2-\三、计算题(此题有4小题，共38分，解容许写出必要的文字说明﹑方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)15．如下列图，一个质量为×10－4kg的带电小球，穿过一根光滑的绝缘杆，置于场强为×102N/C的水平向右的匀强电场中，杆与水平面夹角为53°，小球刚好匀速下滑，问：(1)小球带何种电荷、电荷量为多少？(2)杆上A、B两点相距10cm，小球由A运动至B电场力所做的功为多大？A、B两点的电势差U AB为多大？(sin53°＝，cos53°＝0.6)16．.如下列图，导轨间的距离L＝m，B＝2T，ab棒的质量m＝1kg，物块重G＝3N，ab棒与导轨间的动摩擦因数μ＝，电源的电动势E＝10V，r＝Ω，导轨的电阻不计，ab棒电阻也不计，问R的取值范围怎样时棒处于静止状态？(g取10m/s2)17.如下列图，在x轴上方有匀强电场，场强为E，在x轴下方有匀强磁场，磁感应强度为B，方向如下列图．在x轴上有一点M，离O点距离为L，现有一带电荷量为＋q、质量为m的粒子，从静止开始释放后能经过M点，如果此粒子放在y轴上，其坐标应满足什么关系？(重力不计)18．电视机的显像管中，电子束的偏转是用磁偏转技术实现的．电子束经过电压为U的加速电场后，进入一圆形匀强磁场区域，如下列图．磁场方向垂直于圆面．磁场区的中心为O，半径为r.当不加磁场时，电子束将通过O点而打到屏幕的中心M点．为了让电子束射到屏幕边缘P，需要加磁场，使电子束偏转一角度θ，此时磁场的磁感应强度B应为多少？(电子的质量为m、电荷量为e)32021-2021年度第一学期高二物理期末练习卷4参考答案一、选择题题号123456789101112答案A A C C C B D A D AD BCAB二、填空题14、mA～mA都正确)(2)1500(3)×1k欧姆调零15、【解析】(1)干电池内电阻较小，远小于电压表内阻，选用甲电路时电源内电阻的测量值相对误差小．(2)一节干电池的电动势只有V左右，故电压表应选用量程较小的B，为调节方便，滑动变阻器应选用总阻值较小的 C.作图过程略，图见答案．(4)由U＝E－Ir知U-I图线在U轴上的截距表示E、斜率的绝对值表示r，由图线可得EV，r＝Ω.(5)由P＝IU＝E－U×U＝1(UE－U2)可知，P－U图线是一条开口向下的抛物线，应选C.r r【答案】(1)甲(2)B C(3)如下列图～～0.85) (5)C15【解析】(1)有小球匀速下滑可判断其受力如下列图那么有：Eqmg＝tan53°q＝mgtan53°2CE＝×10－53小球所带电荷为负电．小球由A运动到BW AB＝－qELcos53°＝－8×10－5J，-3-U AB ＝W AB＝12V.－q【答案】(1)2×10－5C 负电3 (2)－8×10－5J12V16【解析】依据物体平衡条件可得：恰不右滑时：G －mg μ－BLI 1＝0① 恰不左滑时：G ＋mg μ－BLI 2＝0②依据闭合电路欧姆定律可得： E ＝I 1(R 1＋r)③E ＝I 2(R 2＋r)④联立①③得：R 1＝BLE/(G －mg μ)－r ＝Ω 联立②④得：R 2＝BLE/(G ＋mg μ)－r ＝Ω所以R 的取值范围为 Ω≤R ≤Ω.【答案】 Ω≤R ≤Ω17【解析】由于此粒子从静止开始释放，又不计重力，要能经过 M 点，其起始位置只能在匀强电场区域，其具体过程如下：先在电场中沿 y 轴向下做加速运动，进入匀强磁场中运动半个圆周再进入电场做减速运动，速度为零后又回头进入磁场，其轨迹如下列图 (没有画出电场和磁场方向 )，故有：L ＝2nR(n＝1,2,3，)①又因在电场中，粒子进入磁场时的速度为1 mv 2②v ，那么有：qE ·y ＝m v 2 2在磁场中，又有： Bqv ＝R③B 2qL 2由①②③得y ＝8n 2mE (n ＝1,2,3，)．B 2ql 2【答案】 y ＝8n 2mE (n ＝1,2,3 )18【解析】电子在磁场中沿圆弧ab 运动，圆心为 C ，半径为 R.以v 表示电子进入磁场时的速度，m 、e 分别表示电子的质量和电荷量，那么 1mv 2θr ，由以上 eU ＝mv 2，evB ＝ R ，又有tan ＝2 2R 1 2mU θ各式解得B ＝re tan 2.【答案】1 2mUθre tan 2-4-。

高中物理模块综合测试卷3高二3物理试题

实蹲市安分阳光实验学校模块综合测试卷时间：90分钟分值：100分第Ⅰ卷(选择题共48分)一、选择题(本题有12小题，每小题4分，共48分．其中1～8题为单选题，9～12题为多选题)1．关于下列四幅图说法不正确的是( )A．原子中的电子绕原子核高速运转时，运行轨道的半径是任意的B．光电效说明了光具有粒子性C．电子束通过铝箔时的衍射图样证实了电子具有波动性D．发现少数α粒子发生了较大偏转，说明原子的质量绝大集中在很小空间范围【解析】原子中的电子绕核旋转的轨道是特的，不是任意的，选项A错误．易知B正确．电子能通过铝箔衍射，说明电子也有波动性，C正确．发现少数α粒子大角度偏转，说明原子的正电荷和大质量集中在很小空间范围内，D正确．【答案】A2．在天然放射性物质附近放置一带电体，带电体所带的电荷很快消失的根本原因是( )A．γ射线的贯穿作用B．α射线的电离作用C．β射线的贯穿作用D．β射线的作用【解析】本题考查三种射线的特点．由于α粒子电离作用较强，能使空气分子电离，电离产生的电荷与带电体的电荷．故正确选项为B.【答案】B3．当具有5.0 eV能量的光子照射到某金属表面后，从金属表面逸出的电子具有最大的初动能是1.5 eV.为了使这种金属产生光电效，入射光的最低能量为( )A．1.5 eV B．3.5 eVC．5.0 eV D．6.5 eV【解析】本题考查光电效方程及逸出功．由E k＝hν－W，得W＝hν－E k ＝5.0 eV－1.5 eV＝3.5 eV，则入射光的最低能量为hνmin＝W＝3.5 eV，故正确选项为B.【答案】B4．已知氢原子的基态能量为E1，激发态能量为E n，其中n＝2,3….用h表示普朗克常量，c表示真空中的光速．能使氢原子从第一激发态电离的光子的最大波长为( )选项A ，虽然满足机械能不增加的条件，但仔细分析，发现v A ′＞v B ′，显然不符合实际情况，故本题正确答案为选项B.【答案】 B7．一中子与一质量数为A (A >1)的原子核发生弹性正碰．若碰前原子核静止，则碰撞前与碰撞后中子的速率之比为( )A.A ＋1A －1 B.A －1A ＋1C.4A A ＋12 D.A ＋12A －12【解析】中子和原子核发生弹性正碰，动量守恒，能量守恒，则mv ＝mv 1＋Amv 2，12mv 2＝12mv 21＋12Amv 22，联立方程可得：v v 1＝A ＋1A －1，选项A 正确，选项BCD错误．【答案】 A8．已知钙和钾的截止频率分别为7.73×1014Hz 和5.44×1014Hz ，在某种单色光的照射下两种金属均发生光电效，比较它们表面逸出的具有最大初动能的光电子，钙逸出的光电子具有较大的( )A ．波长B ．频率C ．能量D ．动量【解析】由光电效方程E km ＝hν－W ＝hν－hν0钙的截止频率大，因此钙中逸出的光电子的最大初动能小，其动量p ＝2mE km ，故动量小，由λ＝hp，可知波长较大，则频率较小，选项A 正确．【答案】 A9．下列说法正确的是( )A ．普朗克在研究黑体辐射时提出了能量子假说B ．卢瑟福将量子观点引入到原子模型中，解释了氢原子的发光现象C ．汤姆孙在研究γ射线时发现了电子D ．我国家钱三强和何彗夫妇研究铀核裂变时，发现了铀核也可能分裂成三或四【解析】玻尔将量子观点引入到原子模型中，解释了氢原子的发光现象，故选项B 错误；汤姆孙通过对阴极射线的研究发现了电子，故选项C 错误，选项A 、D 说法正确．【答案】 AD 10.如图所示，质量为m 的小球从距离地面高H 的A 点由静止开始释放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用到达距地面深度为h 的B 点速度减为零．不计空气阻力，重力加速度为g .关于小球下落的整个过程，下列说法中正确的是( )(1)下面是的主要步骤：①安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平；②向气垫导轨通入压缩空气；③把打点计时器固在紧靠气垫导轨左端弹射架的外侧，将纸带穿过打点计时器与弹射架并固在滑块1的左端，调节打点计时器的高度，直至滑块拖着纸带移动时，纸带始终在水平方向；④使滑块1挤压导轨左端弹射架上的橡皮绳；⑤把滑块2放在气垫导轨的中间；⑥先________，然后________，让滑块带动纸带一起运动；⑦取下纸带，重复步骤④⑤⑥，选出理想的纸带如图b所示；⑧测得滑块1的质量为310 g，滑块2(包括橡皮泥)的质量为205 g.完善步骤⑥的内容．(2)已知打点计时器每隔0.02 s打一个点，计算可知两滑块相互作用以前系统的总动量为________kg·m/s；两滑块相互作用以后系统的总动量为________kg·m/s(保留三位有效数字)．(3)试说明(2)中两结果不完全相的主要原因是________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________【解析】 (1)时先接通打点计时器的电源，再放开滑块．(2)作用前系统的总动量为滑块1的动量，p 0＝m 1v 0，v 0＝0.20.1m/s ＝2 m/s ，p 0＝0.310×2 kg·m/s＝0.620 kg·m/s.作用后系统的总动量为滑块1和滑块2的动量和，且此时两滑块具有相同的速度v ，v ＝0.1680.14m/s ＝1.2 m/s ，p ＝(m 1＋m 2)v ＝(0.310＋0.205)×1.2 kg·m/s＝0.618 kg·m/s.(3)存在误差的主要原因是纸带与打点计时器限位孔有摩擦．【答案】 (1)⑥接通打点计时器的电源放开滑块1 (2)0.620 0.618 (3)纸带与打点计时器限位孔有摩擦15．(10分)氢原子处于基态时，原子的能级为E 1＝－13.6 eV ，普朗克常量h ＝6.63×10－34J·s，当氢原子在n ＝4的激发态时，问：(1)要使氢原子电离，入射光子的最小能量是多少？ (2)能放出的光子的最大能量是多少？【解析】 (1)由氢原子的能级公式得E 4＝142E 1＝－0.85 eV故要使处在n ＝4能级的氢原子电离，入射光子的最小能量为0.85 eV.(2)由hν＝E m －E n 可知hν＝E 4－E 1＝12.75 eV即处于n ＝4的氢原子跃迁到n ＝1时放出光子的能量最大为12.75 eV.【答案】 (1)0.85 eV (2)12.75 eV16．(13分)用中子轰击锂核(63Li)发生核反，产生氚和α粒子并放出4.8 MeV 的能量．(1)写出核反方程式；(2)求上述反中的质量亏损为多少(保留两位有效数字)；(3)若中子与锂核是以大反向的动量相碰，则α粒子和氚的动能之比是多少？【解析】 (1)63Li ＋10n→31H ＋42He ＋4.8 MeV(2)Δm ＝ΔE c 2＝4.8×106×1.6×10－193×1082kg≈8.5×10－30kg(3)设m 1、m 2、v 1、v 2分别为氦核、氚核的质量和速度，由动量守恒律得 0＝m 1v 1＋m 2v 2氦核、氚核的动能之比E k1：E k2＝m 1v 222m 1：m 2v 222m 2＝m 2：m 1＝3：4.【答案】 (1)见解析 (2)8.5×10－30kg (3)3：417. (14分)如图所示，一轻质弹簧的一端固在滑块B 上，另一端与滑块C 接触但未连接，该整体静止放在离地面高为H ＝5 m 的光滑水平桌面上．现有一滑块A 从光滑曲面上离桌面h ＝1.8 m 高处由静止开始滑下，与滑块B 发生碰撞并粘在一起压缩弹簧推动滑块C 向前运动，经一段时间，滑块C 脱离弹簧，继续在水平桌面上匀速运动一段后从桌面边缘飞出．已知m A ＝1 kg ，m B ＝2 kg ，m C ＝3 kg ，g ＝10 m/s 2，求：(1)滑块A 与滑块B 碰撞结束瞬间的速度； (2)被压缩弹簧的最大弹性势能；(3)滑块C 落地点与桌面边缘的水平距离．【解析】 (1)滑块A 从光滑曲面上h 高处由静止开始滑下的过程，机械能守恒，设其滑到底面的速度为v 1，由机械能守恒律有：m A gh ＝12m A v 21，解得：v 1＝6 m/s滑块A 与B 碰撞的过程，A 、B 系统的动量守恒，碰撞结束瞬间具有共同速度设为v 2，由动量守恒律有：m A v 1＝(m A ＋m B )v 2，解得：v 2＝13v 1＝2 m/s.(2)滑块A 、B 发生碰撞后与滑块C 一起压缩弹簧，压缩的过程机械能守恒，被压缩弹簧的弹性势能最大时，滑块A 、B 、C 速度相，设为速度v 3，由动量守恒律有：m A v 1＝(m A ＋m B ＋m C )v 3，解得：v 3＝16v 1＝1 m/s由机械能守恒律有：E p ＝12(m A ＋m B )v 22－12(m A ＋m B ＋m C )v 23解得：E p ＝3 J.(3)被压缩弹簧再次恢复自然长度时，滑块C 脱离弹簧，设滑块A 、B 的速度为v 4，滑块C 的速度为v 5，分别由动量守恒律和机械能守恒律有：(m A ＋m B )v 2＝(m A ＋m B )v 4＋m C v 5 12(m A ＋m B )v 22＝12(m A ＋m B )v 24＋12m C v 25 解得：v 4＝0，v 5＝2 m/s滑块C 从桌面边缘飞出后做平抛运动：s ＝v 5t ；H ＝12gt 2解得：s ＝2 m.【答案】 (1)2 m/s (2)3 J (3)2 m。

高二物理第三次理综检测

物理试题班级姓名一. 选择题：1. 质量为m 的钢球自高处落下,以速率V 1碰地,V2.在碰撞过程中,地面对钢球冲量的方向和大小为: A . 向下,m(V 1-V 2) B . C . 向上,m(V 1-V 2) D . 2．关于公式ν=λ f ，正确的说法是（）A ．ν=λ f 适用于一切波B ．由ν=λ f 知，fC ．由ν、λ、 fD ．由ν=λ f 知，波长是2m 的声波比波长是4m 3．如图所示，为某质点沿x 轴做简谐振动的图象，法中正确的是（）A ．在t =4s 时质点速度最大，加速度为0B ．在t =1s 时，质点速度和加速度都达到以最大值C ．在0到1s 时间内，质点速度和加速度方向相同D ．在t =2s 时，质点的位移沿x 轴负方向。

加速度也沿x 4．下列哪些情况中，观察者感到声音的音调变高了（A.声源静止，观察者向着声源运动 B.C.观察者静止，声源向着观察者运动 D.5. 下列说法正确的是（） A.B.物体的温度越高，其分子的平均动能越大C.物体中所有分子动能的总和叫做物体的内能D.只有热传递才能改变物体的内能6. 用r 表示两分子之间的距离，E p 之间引力等于斥力，设两个分子间相距较远时，E p =0，则A ．当分子间距r 变小时，引力减小，斥力增大 B ．当r>r 0时，引力大于斥力，r 增大时分子力做负功，E p C ．当r<r 0时，引力大于斥力，r 减小时分子力做负功，E p D ．当r=r 0时， E p =0 7．在热力学第一定律表达式ΔU=W+Q 中，关于ΔU 、W 、Q末端的地方,让A 球仍从位置G 由静止开始滚下,和B 球碰撞后,A 、B 球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹.重复这种操作10次.图1中O 点是水平槽末端R 在记录纸上垂直投影点.B 球落点痕迹如图2所示,其中米尺水平放置,且平行于G 、R 、O 所在的平面,米尺的零点与O 点对齐. (1) 碰撞后B 球的水平射程应取为_______cm .(2) 在以下选项中,哪些是本次实验必须进行的测量?(填选项号)_______ A . 水平槽上未放B 球时,测量A 球落点位置到O 点的距离 B . A 球与B 球碰撞后,测量A 球落点位置到O 点的距离 C. 测量A 球或B 球的直径三、计算题：15．（10分）把质量2g 的带负电小球A 。

高中物理高二物理上学期精选测试卷综合测试卷(word含答案)

高中物理高二物理上学期精选测试卷综合测试卷（word 含答案）一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，a 、b 、c 、d 四个质量均为 m 的带电小球恰好构成“三星拱月”之形，其中 a 、b 、c 三个完全相同的带电小球在光滑绝缘水平面内的同一圆周上绕 O 点做半径为 R 的匀速圆周运动，三小球所在位置恰好将圆周等分。

小球 d 位于 O 点正上方 h 处，且在外力 F 作用下恰处于静止状态，已知 a 、b 、c 三小球的电荷量大小均为 q ，小球 d 的电荷量大小为 6q ，h ＝2R 。

重力加速度为 g ，静电力常量为 k 。

则（）A ．小球 a 一定带正电B ．小球 c 的加速度大小为2233kq mRC ．小球 b 2R mRq kπD ．外力 F 竖直向上，大小等于mg ＋226kq R【答案】BD 【解析】【分析】【详解】A ．a 、b 、c 三小球所带电荷量相同，要使三个做匀速圆周运动，d 球与a 、b 、c 三小球一定是异种电荷，由于d 球的电性未知，所以a 球不一定带正电，故A 错误。

BC ．设 db 连线与水平方向的夹角为α，则223cos 3R h α==+ 226sin 3R h α=+＝对b 球，根据牛顿第二定律和向心力得：22222264cos 2cos302cos30()q q q k k mR ma h R R Tπα⋅-︒==+︒ 解得23RmRT q kπ=2233kqamR=则小球c的加速度大小为233kqmR，故B正确，C错误。

D．对d球，由平衡条件得2226263sinq q kqF k mg mgh R Rα⋅=+=++故D正确。

故选BD。

2．如图所示，用两根等长的绝缘细线各悬挂质量分别m A和m B的小球，分别带q A和q B的正电荷，悬点为O，当小球由于静电力作用张开一角度时，A球悬线与竖直线夹角为α，B 球悬线与竖直线夹角为β，则（）A．sinsinABmmβα=B．sinsinA BB Am qm qβα=C．sinsinABqqβα=D．两球接触后，再静止下来，两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α'、β'，有sin sinsin sinααββ'='【答案】AD【解析】【分析】【详解】AB．如下图，对两球受力分析，根据共点力平衡和几何关系的相似比，可得A m g OP F PA =库，B m g OPF PB=库由于库仑力相等，联立可得A B m PBm PA= 由于sin cos OA PA αθ⋅=，sin cos OB PB βθ⋅=，代入上式可得sin sin A B m m βα= 所以A 正确、B 错误；C ．根据以上分析，两球间的库仑力是作用力与反作用力，大小相等，与两个球带电量的多少无关，所以不能确定电荷的比例关系，C 错误；D ．两球接触后，再静止下来，两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α'、β'，对小球A 、B 受力分析，根据上述的分析，同理，仍然有相同的关系，即sin sin A B m m βα'='联立可得sin sin sin sin ααββ'='D 正确。

2018-2019年人教版物理高二上学期综合检测卷三(附答案)

2018-2019年人教版物理高二上学期综合检测卷三一、单选题(48分)1．(3分)关于电源的电动势，下列说法中正确的是（）A.电动势公式中W与电压中的W是一样的，都是电场力做的功B.不管外电路的电阻如何变化，电源的电动势不变C.电动势就是电压，它们之间无区别D.外电路全部断开时，电动势将变为零2．(3分)某同学利用如图所示的电路描绘小灯泡的伏安特性曲线。

在实验中，他将滑动变阻器的滑片从左端匀速滑向右端，发现电流表的指针始终在小角度偏转，而电压表的示数开始时变化很小，但当滑片接近右端时电压表的示数迅速变大。

为了便于操作并减小误差，你认为应采取的措施是（）A.换用最大阻值更大的滑动变阻器，将导线a的M端移到电流表“3”接线柱上B.换用最大阻值更大的滑动变阻器，将导线b的N端移到电流表“0.6”接线柱上C.换用最大阻值更小的滑动变阻器，将导线a的M端移到电流表“3”接线柱上D.换用最大阻值更小的滑动变阻器，将导线b的N端移到电流表“0.6”接线柱上3．(3分)在高能物理研究中，回旋加速器起着重要作用，其工作原理如图所示：D1和D2是两个中空、半径固定的半圆金属盒，它们之间有一定的电势差，两个半圆盒处于与盒面垂直的匀强磁场中；中央O处的粒子源产生的α粒子，在两盒之间被电场加速，α粒子进入磁场后做匀速圆周运动。

忽略α粒子在电场中的加速时间，不考虑相对论效应，下列说法正确的是（）A.α粒子在磁场中运动的周期越来越大B.α粒子运动半个圆周之后，电场的方向不必改变C.磁感应强度越大，α粒子离开加速器时的动能就越大D.两盒间电势差越大，α粒子离开加速器时的动能就越大4．(3分)示波管是一种多功能电学仪器，它的工作原理可以等效成下列情况：如图所示，真空室中电极K发出电子（初速度不计），经过电压为U1的加速电场后，由小孔S沿水平金属板A、B间的中心线射入板中．金属板长为L，相距为d，当A、B间电压为U2时电子偏离中心线飞出电场打到荧光屏上而显示亮点。

2021-2022高二物理教科版选修3-3综合检测卷(二) Word版含解析

综合检测卷(二)(时间：90分钟满分：100分)一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分)1.把墨汁用水稀释后取出一滴放在显微镜下观看，如图1所示，下列说法中正确的是()图1A.在显微镜下既能看到水分子也能看到悬浮的小炭粒，且水分子不停地撞击炭粒B.小炭粒在不停地做无规章运动，这就是所说的布朗运动C.越小的炭粒，运动越明显D.在显微镜下看起来连成一片的液体，实际上就是由许很多多静止不动的水分子组成的答案BC解析水分子在显微镜下是观看不到的，故A错.据布朗运动的含义知道B、C正确.水分子不是静止不动的，D错.2.液体与固体具有的相同特点是()A.都具有确定的外形B.体积都不易被压缩C.物质分子的位置都确定D.物质分子都在固定位置四周振动答案B解析液体与固体具有的相同特点是都不易被压缩，选项B正确.3.下列说法中正确的是()A.给轮胎打气的过程中，轮胎内气体内能不断增大B.洒水车在不断洒水的过程中，轮胎内气体的内能不断增大C.太阳下暴晒的轮胎爆破，轮胎内气体内能减小D.拔火罐过程中，火罐能吸附在身体上，说明火罐内气体内能减小答案ACD解析给轮胎打气的过程中，轮胎内气体质量增加，体积几乎不变，压强增加，温度上升，内能增加，选项A正确；洒水车内水渐渐削减，轮胎内气体压强渐渐减小，体积增大，对外做功，气体内能减小，选项B错误；轮胎爆破的过程中，气体膨胀对外做功，内能减小，选项C正确；火罐内气体温度渐渐降低时，内能减小，选项D正确.4.某自行车轮胎的容积为V，里面已有压强为p0的空气，现在要使轮胎内的气压增大到p，设充气过程为等温过程，空气可看作抱负气体，轮胎容积保持不变，则还要向轮胎充入温度相同，压强也是p0的空气的体积为()A.p0p V B.pp0VC.(pp0－1)V D.(pp0＋1)V答案C解析设要向轮胎充入体积为V′的空气，由玻意耳定律，p0V＋p0V′＝pV，解得V′＝(pp0－1)V，选项C正确.5.如图2所示，拧紧瓶盖，气球恰好悬浮于水中.设初始时瓶中气体、水及外界大气的温度相同.当用手挤压“可乐瓶”的上半部分时，下列说法正确的是()图2A.快速挤压时，瓶内气体压强变大B.快速挤压时，瓶内气体温度不变C.快速挤压时，瓶内气体体积不变D.缓慢挤压时，气球下降答案AD解析快速挤压气体时，外界对它做功，来不及热传递，由ΔU＝W＋Q知，内能增大，温度上升，体积变小，瓶内压强变大，则A项对，B、C两项错；缓慢挤压时，温度不变，体积变小，瓶内压强变大，对气球来说，压强也增大，温度不变，体积必定减小，则重力mg大于浮力ρgV气球，气球下降，则D项正确.6.如图3所示，内壁光滑、导热良好的汽缸中用活塞封闭有肯定质量的抱负气体.当环境温度上升时，缸内气体()。