广东省湛江二中2014_2015学年高一物理下学期4月月考试卷(含解析)

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2014—2015学年度第二学期

2014—2015学年度第二学期高一年级物理（理科）期考试题第I卷（选择题，共38 分）、单选题（以下6个小题的四个选项中只有一个正确答案，请将正确答案的序号填于答题卷中，每小题3分，共18分）1 .以下关于物理学史的叙述，不正确..的是（）A .伽利略通过实验和论证说明了自由落体运动是一种匀变速直线运动B .牛顿发现了万有引力定律，并用扭秤实验测出了万有引力常量的数值，从而使万有引力定律有了真正的使用价值C.法拉第最早引入了场的概念，并提出用电场线描述电场D •库仑总结出了点电荷间相互作用的规律2•右图是一种测定风力的仪器的原理图，质量为m的金属球,固定在一细长的轻金属丝下端，能绕悬点O在竖直平面内转动，无风时金属丝自然下垂，有风时金属丝将偏离竖直方向一定角度0,角0的大小与风力大小F有关，下列关于风力F与0的关系式正确的是（A . F= mg •tan 0B . F = mg •sin 0C. F= mg •cos 0 D . F = mg / cos 03•有A、B两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，下列判断正确的是（)A •电阻A的阻值大于电阻BB •两电阻串联时，电阻A消耗的功率较大C.电阻A和电阻B的阻值都随电压的增大而增大D •两电阻并联时，流过电阻A的电流强度较大4. A和B是两个大小相同的带电介质小球，用等长绝缘细线将它们悬挂在水平杆-上，在两球连线的延长线上A球左侧放一个带正电荷的固定小球C时，如右图/////// 所示，A、B两球的悬线都保持竖直方向，则下列说法中正确的是（）A . A、B两球均带正电B.A、B两球均带负电C . A 带正电，B 带负电D . A 带负电，B 带正电5.如图所示，有一个提升重物用的直流电动机，电阻为r = 0.5 Q,电路中的固定电阻R = 10愆电路两端的电压 U = 160 V ，电压表的示数 U ‘= 110 V , 则下列说法错误的是（D .电动机内阻产生的热功率为12.5W力作用，沿电场线从 a 运动b 至U.在这过程中，电荷的速度-时间图线如图乙所示，比较a 、b 两点电势的高低和场强的大小（、多选题（以下各小题的四个选项中至少有两个正确答案，请将正确答案的序号全部填于答题卡中。

高一物理月考试题及答案-广东湛江二中-2015学年高一下学期月考试卷(4月份)

广东省湛江二中2014-2015学年高一下学期月考物理试卷（4月份）一、单项选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分．）1．（3分）下列说法符合史实的是：（）A．伽利略发现了万有引力定律B．哥白尼发现了行星的运动规律C．牛顿第一次在实验室里通过“扭秤实验”测出了万有引力常量GD．卡文迪许是第一个“称”出地球质量的人2．（3分）由于某种原因，人造地球卫星的轨道半径减小了，那么卫星的（）A．速率变大，周期变小B．速率变小，周期变大C．速率变大，周期变大D．速率变小，周期变小3．（3分）两颗人造卫星A、B绕地球做圆周运动，周期之比为T A：T B=1：8，则轨道半径之比和运动速率之比分别为（）A．R A：R B=4：1，v A：v B=1：2 B．R A：R B=4：1，v A：v B=2：1C．R A：R B=1：4，v A：v B=1：2 D．R A：R B=1：4，v A：v B=2：14．（3分）为了估算一个天体的质量，需要知道绕该天体做匀速圆周运动的另一星球的条件是（）（引力常量G为已知）：①运转周期和轨道半径②质量和运转周期③轨道半径和加速度④环绕速度和质量．A．①或③B．①或④C．②或③D．②或④5．（3分）一颗人造卫星在地球引力作用下，绕地球做匀速圆周运动，已知地球的质量为M，地球的半径为R，卫星的质量为m，卫星离地面的高度为h，引力常量为G，则地球对卫星的万有引力大小为（）A．B．C．D．6．（3分）某天体绕一恒星沿椭圆轨道运动，当它们之间的距离为r时，相互间的万有引力为F，当它们间的距离为2r 时，相互间的万有引力（）A．等于F B．大于F C．小于F D．不确定7．（3分）一个行星，其半径是地球的半径的3倍，质量是地球的25倍，则它表面的重力加速度是地球表面重力加速度的（）A．6倍B．4倍C．倍D．12倍8．（3分）举世瞩目的“神舟”十号航天飞船的成功发射，显示了我国航天事业取得的巨大成就．已知地球的质量为M，引力常量为G，设飞船绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r，则飞船在圆轨道上运行的速率为（）A．B．C．D．9．（3分）如图所示，a、b、c是在地球大气层外圆形轨道上运动的3颗卫星，下列说法正确的是（）A．b、c的线速度大小相等，且大于a的线速度B．b、c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度C．a加速可追上bD．若a卫星由于某原因，轨道半径缓慢减小，则其线速度将减小10．（3分）某行星的卫星，在靠近行星表面的轨道上运行，已知引力常量G，若要计算该行星的密度，唯一要测出的物理量是（）A．行星的半径B．卫星的半径C．卫星的线速度D．卫星绕行星运动的周期二、多项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分．每题至少有两个选项正确，请把正确的全选出来，全对的每题得4分，选对不全的得2分，有选错或不选的得0分）11．（4分）经长期观测人们在宇宙中已经发现了“双星系统”．“双星系统”由两颗相距较近的恒星组成，每个恒星的线度远小于两个星体之间的距离，而且双星系统一般远离其他天体．如图所示，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力作用下，绕连线上的O点做周期相同的匀速圆周运动．现测得两颗星之间的距离为L，质量之比为m1：m2=3：2．则可知（）A．m1、m2做圆周运动的线速度之比为3：2B．m1、m2做圆周运动的角速度之比为3：2C．m1做圆周运动的半径为D．m2做圆周运动的半径为12．（4分）设土星绕太阳的运动为匀速圆周运动，若测得土星到太阳的距离为R，土星绕太阳运动的周期为T，万有引力常量G已知，根据这些数据，能够求出的量有（）A．土星线速度的大小B．土星加速度的大小C．土星的质量D．太阳的质量13．（4分）已知下面的哪组数据，可以算出地球的质量M地（引力常量G为已知）（）A．月球绕地球运动的周期T及月球到地球中心的距离R1B．地球绕太阳运行周期T2及地球到太阳中心的距离R2C．人造卫星在地面附近的运行速度v3和运行周期T3D．地球绕太阳运行的速度v4及地球到太阳中心的距离R414．（4分）关于地球的第一宇宙速度，下列说法中正确的是（）A．它是人造地球卫星环绕地球运转的最大速度B．它是人造地球卫星环绕地球运转的最小速度C．它是能使卫星进入近地轨道最小发射速度D．它是能使卫星进入轨道的最大发射速度15．（4分）两颗人造地球卫星，质量之比m1：m2=1：2，轨道半径之比R1：R2=3：1，下面有关数据之比正确的是（）A．周期之比T1：T2=3：1 B．线速度之比v1：v2=3：1C．向心力之比为F1：F2=1：18 D．向心加速度之比a1：a2=1：916．（4分）用m表示地球同步卫星的质量，h表示它离地面的高度，R0表示地球的半径，g0表示地球表面的重力加速度，ω0为地球自转的角速度，M表示地球的质量，若该卫星所受地球的万有引力为F，则（）A．F=B．F=C．F=mω0（R0+h）D．F=mω02h三、计算题（本题共4小题，共46分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）17．（10分）一颗质量为m的卫星围绕地球，在距离地球表面h高处，以周期T做匀速圆周运动，已知地球半径为R，引力常量为G，求：地球的质量M．18．（10分）已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，一颗质量为m的近地卫星围绕地球做圆周运动，试推导：地球的第一宇宙速度v的表达式．19．（10分）英国剑桥大学著名物理学家霍金，被誉为继爱因斯坦之后最杰出的物理学家，霍金曾预言地球将在200年内毁灭，只有移民其它星球才能使人类继续生存，这个预言引起了美国的极大兴趣．美国航天局利用“先驱者号”探测器发现了一颗适合人类移民的宜居星球，已知地球与该宜居星球的质量之比为8：1，半径之比为32：1，在地球表面发射人造卫星，至少要7.9km/s的速度，求：在该宜居星球上发射一颗环绕宜居星球表面运行的卫星需要多大速度？20．（16分）宇航员在地球表面以一定初速度竖直上抛一小球，经过时间t小球落回原处；若他在某星球表面以相同的初速度竖直上抛同一小球，需经过时间5t小球落回原处．（取地球表面重力加速度g=10m/s2，空气阻力不计）（1）求该星球表面附近的重力加速度g′；（2）已知该星球的半径与地球半径之比为R星：R地=1：4，求该星球的质量与地球质量之比M星：M地．广东省湛江二中2014-2015学年高一下学期月考物理试卷（4月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分．）1．（3分）下列说法符合史实的是：（）A．伽利略发现了万有引力定律B．哥白尼发现了行星的运动规律C．牛顿第一次在实验室里通过“扭秤实验”测出了万有引力常量GD．卡文迪许是第一个“称”出地球质量的人考点：万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、牛顿发现了万有引力定律，故A错误；B、开普勒发现了行星的运动规律，故B错误；C、卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量，故C错误；D、卡文迪许也是第一个“称”出地球质量的人，故D正确；故选：D．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．（3分）由于某种原因，人造地球卫星的轨道半径减小了，那么卫星的（）A．速率变大，周期变小B．速率变小，周期变大C．速率变大，周期变大D．速率变小，周期变小考点：万有引力定律及其应用；线速度、角速度和周期、转速．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、周期的表达式进行讨论即可．解答：解：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有F=F向=m=m r得：v=T=所以当轨道半径减小时，其速率变大，周期变小．故选A．点评：本题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、周期的表达式，再进行讨论．3．（3分）两颗人造卫星A、B绕地球做圆周运动，周期之比为T A：T B=1：8，则轨道半径之比和运动速率之比分别为（）A．R A：R B=4：1，v A：v B=1：2 B．R A：R B=4：1，v A：v B=2：1C．R A：R B=1：4，v A：v B=1：2 D．R A：R B=1：4，v A：v B=2：1考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．分析：根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式进行讨论即可．解答：解：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有F=F向F=GF向=m=mω2r=m（）2r因而G=m=mω2r=m（）2r=ma解得v=①T==2π②ω=③a=④由②式可得卫星的运动周期与轨道半径的立方的平方根成正比，由T A：T B=1：8可得轨道半径R A：R B=1：4，然后再由①式得线速度v A：v B=2：1．所以正确答案为C项．故选D．点评：本题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进行讨论．4．（3分）为了估算一个天体的质量，需要知道绕该天体做匀速圆周运动的另一星球的条件是（）（引力常量G为已知）：①运转周期和轨道半径②质量和运转周期③轨道半径和加速度④环绕速度和质量．A．①或③B．①或④C．②或③D．②或④考点：万有引力定律及其应用；向心力．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力提供向心力，结合轨道半径和周期、或加速度求出中心天体的质量．解答：解：已知运转周期和轨道半径，根据得，该天体的质量M=，故①正确．已知星球的质量和轨道半径，无法求出中心天体的质量，故②错误．已知轨道半径和加速度，根据，天体的质量M=，故③正确．已知环绕速度和质量，无法求出中心天体的质量，故④错误．故选：A．点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一重要理论，并能灵活运用，注意环绕天体的质量被约去，在万有引力提供向心力表达式中不起作用．5．（3分）一颗人造卫星在地球引力作用下，绕地球做匀速圆周运动，已知地球的质量为M，地球的半径为R，卫星的质量为m，卫星离地面的高度为h，引力常量为G，则地球对卫星的万有引力大小为（）A．B．C．D．考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：万有引力的大小公式为F=，r为卫星到地心的距离．解答：解：根据万有引力的大小公式为F=，r=R+h．所以F=．故C正确，A、B、D错误．故选：C点评：解决本题关键掌握万有引力的大小公式F=，以及知道r为卫星到地心的距离．6．（3分）某天体绕一恒星沿椭圆轨道运动，当它们之间的距离为r时，相互间的万有引力为F，当它们间的距离为2r 时，相互间的万有引力（）A．等于F B．大于F C．小于F D．不确定考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力定律的内容（万有引力是与质量乘积成正比，与距离的平方成反比．）解决问题．解答：解：根据万有引力定律得：甲、乙两个质点相距r，它们之间的万有引力为F=当它们间的距离为2r 时，相互间的万有引力小于F．故选C．点评：要求解一个物理量大小变化，我们应该把这个物理量先表示出来，再根据已知量进行判断．7．（3分）一个行星，其半径是地球的半径的3倍，质量是地球的25倍，则它表面的重力加速度是地球表面重力加速度的（）A．6倍B．4倍C．倍D．12倍考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据重力近似等于万有引力，分析星球表面的重力加速度与星球质量、半径的关系，运用比例法求解该行星的表面重力加速度与地球的表面重力加速度的比值．解答：解：此行星的半径是地球半径的3倍，设任意星球的质量为M，半径为R，质量为m的物体在星球表面时，星球对物体的万有引力近似等于物体的重力，则有：，解得：，该行星表面重力加速度与地球表面重力加速度之比为：，故C正确故选C点评：本题根据重力等于万有引力推导出的表达式GM=R2g，常常称为黄金代换式，是卫星问题经常用到的表达式．8．（3分）举世瞩目的“神舟”十号航天飞船的成功发射，显示了我国航天事业取得的巨大成就．已知地球的质量为M，引力常量为G，设飞船绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r，则飞船在圆轨道上运行的速率为（）A．B．C．D．考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：研究飞船绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式．根据等式表示出飞船在圆轨道上运行的速率．解答：解：研究飞船绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：解得：故选：A点评：向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．9．（3分）如图所示，a、b、c是在地球大气层外圆形轨道上运动的3颗卫星，下列说法正确的是（）A．b、c的线速度大小相等，且大于a的线速度B．b、c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度C．a加速可追上bD．若a卫星由于某原因，轨道半径缓慢减小，则其线速度将减小考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式进行讨论即可解答：解：A、人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有F=F向F=G=m=mω2r=m（）2r=ma解得v=①a=②根据题意r a＜r b=r cb、c两卫星的线速度、周期、加速度均相等，其中线速度与加速度比a卫星大，故AB正确；C、a加速，万有引力不够提供向心力，做离心运动，离开原轨道，所以会与b相遇．故C 正确．D、卫星由于某原因，轨道半径缓慢减小，根据公式，v=，则线速度增大．故D错误故选：ABC．点评：本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度、角速度、周期和加速度的表达式，再进行讨论10．（3分）某行星的卫星，在靠近行星表面的轨道上运行，已知引力常量G，若要计算该行星的密度，唯一要测出的物理量是（）A．行星的半径B．卫星的半径C．卫星的线速度D．卫星绕行星运动的周期考点：万有引力定律及其应用；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力提供向心力去求行星的质量，根据密度公式表示出密度．解答：解：根据密度公式得：A、已知行星的半径，不知道质量，无法求出行星的密度，故A错误．B、已知卫星的半径，无法求出行星的密度，故B错误．C、已知飞船的运行速度，根据根据万有引力提供向心力，列出等式可以表示出行星的质量，但是代入密度公式无法求出行星的密度，故C错误．D、根据根据万有引力提供向心力，列出等式：得行星的质量：M=代入密度公式得：ρ=，故D正确．故选：D点评：运用物理规律表示出所要求解的物理量，再根据已知条件进行分析判断，难度不大，属于基础题．二、多项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分．每题至少有两个选项正确，请把正确的全选出来，全对的每题得4分，选对不全的得2分，有选错或不选的得0分）11．（4分）经长期观测人们在宇宙中已经发现了“双星系统”．“双星系统”由两颗相距较近的恒星组成，每个恒星的线度远小于两个星体之间的距离，而且双星系统一般远离其他天体．如图所示，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力作用下，绕连线上的O点做周期相同的匀速圆周运动．现测得两颗星之间的距离为L，质量之比为m1：m2=3：2．则可知（）A．m1、m2做圆周运动的线速度之比为3：2B．m1、m2做圆周运动的角速度之比为3：2C．m1做圆周运动的半径为D．m2做圆周运动的半径为考点：万有引力定律及其应用；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：万有引力定律在天体运动中的应用专题．分析：双星在相互之间的万有引力作用下，绕连线上的O点做周期相同的匀速圆周运动，根据牛顿第二定律分别对两恒星进行列式，来求解线速度之比、角速度之比，并得出各自的半径．解答：解：设双星运行的角速度为ω，由于双星的周期相同，则它们的角速度也相同，则根据牛顿第二定律得：对m1：G=①对m2：G=②由①：②得：r1：r2=m2：m1=2：3又r2+r1=L，得r1=，r2=由v=ωr，ω相同得：m1、m2做圆周运动的线速度之比为v1：v2=r1：r2=2：3．故选C点评：双星是圆周运动在万有引力运用中典型问题，关键抓住它们之间的关系：角速度和周期相同，由相互之间的万有引力提供向心力．12．（4分）设土星绕太阳的运动为匀速圆周运动，若测得土星到太阳的距离为R，土星绕太阳运动的周期为T，万有引力常量G已知，根据这些数据，能够求出的量有（）A．土星线速度的大小B．土星加速度的大小C．土星的质量D．太阳的质量考点：万有引力定律及其应用；向心力．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据圆周运动的公式求解土星线速度的大小．研究土星绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求解．解答：解：A、根据圆周运动的线速度和周期公式v=得：土星线速度的大小v=，故A正确．B、根据圆周运动的向心加速度公式a=得：土星加速度的大小a=，故B正确．C、根据题中条件，土星的质量无法求解，故C错误．D、研究土星绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式=mM=故D正确．故选ABD．点评：本题考查了万有引力在天体中的应用，解题的关键在于找出向心力的来源，并能列出等式解题．向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．13．（4分）已知下面的哪组数据，可以算出地球的质量M地（引力常量G为已知）（）A．月球绕地球运动的周期T及月球到地球中心的距离R1B．地球绕太阳运行周期T2及地球到太阳中心的距离R2C．人造卫星在地面附近的运行速度v3和运行周期T3D．地球绕太阳运行的速度v4及地球到太阳中心的距离R4考点：万有引力定律及其应用；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：万有引力的应用之一就是计算中心天体的质量，计算原理就是万有引力提供球绕天体圆周运动的向心力，列式只能计算中心天体的质量．解答：解：A、月球绕地球做圆周运动，地球对月球的万有引力提供圆周运动的向心力，列式如下：可得：地球质量M=，故A正确；B、地球绕太阳做圆周运动，太阳对地球的万有引力提供地球做圆周运动向心力，列式如下：可知，m为地球质量，在等式两边刚好消去，故不能算得地球质量，故B错；C、人造地球卫星绕地球做圆周运动，地球对卫星的万有引力提供卫星做圆周运动的向心力，列式有：，可得地球质量M=，根据卫星线速度的定义可知得代入M=可得地球质量，故C正确；D、地球绕太阳做圆周运动，太阳对地球的万有引力提供地球做圆周运动向心力，列式如下：可知，m为地球质量，在等式两边刚好消去，故不能算得地球质量，故D错．故选AC．点评：万有引力提供向心力，根据数据列式可求解中心天体的质量，注意向心力的表达式需跟已知量相一致．14．（4分）关于地球的第一宇宙速度，下列说法中正确的是（）A．它是人造地球卫星环绕地球运转的最大速度B．它是人造地球卫星环绕地球运转的最小速度C．它是能使卫星进入近地轨道最小发射速度D．它是能使卫星进入轨道的最大发射速度考点：第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．专题：人造卫星问题．分析：由万有引力提供向心力解得卫星做圆周运动的线速度表达式，判断速度与轨道半径的关系可得，第一宇宙速度是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度，轨道半径最小，线速度最大解答：解：由万有引力提供向心力G=m，得：v=，所以第一宇宙速度是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度，是人造地球卫星在圆轨道上运行的最大速度，是卫星进入近地圆形轨道的最小发射速度．故选：AC点评：注意第一宇宙速度有三种说法：①它是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度，②它是人造地球卫星在圆轨道上运行的最大速度，③它是卫星进入近地圆形轨道的最小发射速度15．（4分）两颗人造地球卫星，质量之比m1：m2=1：2，轨道半径之比R1：R2=3：1，下面有关数据之比正确的是（）A．周期之比T1：T2=3：1 B．线速度之比v1：v2=3：1C．向心力之比为F1：F2=1：18 D．向心加速度之比a1：a2=1：9考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：人造地球卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供圆周运动的向心力由此判定周期等描述圆周运动的物理量与半径的关系即可．解答：解：人造地球卫星绕地球做圆周运动的向心力由万有引力提供有：F==m r=ma=mA、T=2π，轨道半径之比R1：R2=3：1，所以周期之比T1：T2=3：1，故A错误；B、v=，轨道半径之比R1：R2=3：1，所以线速度之比v1：v2=1：，故B错误；C、F=，质量之比m1：m2=1：2，轨道半径之比R1：R2=3：1，所以向心力之比为F1：F2=1：18，故C正确；D、a=，轨道半径之比R1：R2=3：1，所以向心加速度之比a1：a2=1：9，故D正确；故选：CD．点评：本题抓住万有引力提供圆周运动向心力，熟悉公式并能灵活运用是关键．16．（4分）用m表示地球同步卫星的质量，h表示它离地面的高度，R0表示地球的半径，g0表示地球表面的重力加速度，ω0为地球自转的角速度，M表示地球的质量，若该卫星所受地球的万有引力为F，则（）A．F=B．F=C．F=mω0（R0+h）D．F=mω02h考点：万有引力定律及其应用；向心力．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力定律，结合得出万有引力的表达式，或抓住同步卫星的角速度与地球自转的角速度相等，根据万有引力提供向心力求出万有引力的表达式．解答：解：A、根据万有引力定律得，卫星受到地球的万有引力F=，故A正确．B、根据GM=得，F==，故B正确．C、同步卫星的角速度与地球自转的角速度相等，根据万有引力提供向心力有：F=，故C、D错误．故选：AB．点评：解决本题的关键掌握“黄金代换式GM=gR2”，并能灵活运用，以及知道同步卫星的角速度与地球自转的角速度相等．三、计算题（本题共4小题，共46分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）17．（10分）一颗质量为m的卫星围绕地球，在距离地球表面h高处，以周期T做匀速圆周运动，已知地球半径为R，引力常量为G，求：地球的质量M．考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力定律公式求出地球对卫星的万有引力大小．结合万有引力提供向心力求解．解答：解：卫星作匀速圆周运动，根据万有引力充当向心力得=m rr=R+h解得M=，答：地球的质量是．点评：万有引力定律常用方程有（1）星球表面的重力和万有引力相等；（2）环绕天体受到的万有引力提供向心力．这是解决这类问题常用的方程，要注意环绕天体运动半径的表述．18．（10分）已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，一颗质量为m的近地卫星围绕地球做圆周运动，试推导：地球的第一宇宙速度v的表达式．考点：万有引力定律及其应用；向心力．专题：万有引力定律的应用专题．分析：第一宇宙速度是卫星在近地圆轨道上的环绕速度，重力等于万有引力，引力等于向心力，列式求解．解答：解：设地球的质量为M，绕地球表面附近做匀速圆周运动的飞行器的质量为m，地球第一宇宙速度为v．根据题给条件由万有引力公式可得：…①而…②联立①②式，解得：v=答：第一宇宙速度的表达式．。

2023-2024学年广东省湛江市第二中学高一(下)第二学段考试物理试卷(含答案)

2023-2024学年广东省湛江市第二中学高一（下）第二学段考试物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。

1.调整跑步机使跑带水平，将一标尺垂直两侧踏板放置，处于静止状态。

跑步机模式选择“慢跑”，跑带以v0=3m/s运行。

将一玩具小车的速率调至v1，然后将玩具小车的车头与水平线成β角放到跑带的一侧，如图所示。

若玩具小车始终能平行于标尺前进，则下列判断正确的是( )A. v1=4m/s，β=37∘B. v1=5m/s，β=37∘C. v1=4m/s，β=53∘D. v1=5m/s，β=53∘2.某人玩飞镖游戏，先后将两支飞镖a、b由同一位置水平投出，两支飞镖插在竖直墙上的状态(侧视图)如图所示。

不计空气阻力，则下列说法正确的是( )A. 两支飞镖飞行的时间t a>t bB. 两支飞镖投出的初速度v0a>v0bC. 两支飞镖插到墙上的速度v a>v bD. 两支飞镖全过程的速度变化量Δv a=Δv b3.某乐园有一种“旋转飞船”项目，模型飞船固定在旋臂上，旋臂与竖直方向夹角为θ(60°<θ<120°)，当模型飞船以角速度ω绕中央轴在水平面内做匀速圆周运动时，下列说法正确的是( )A. 对模型飞船受力分析：受旋臂的作用力、重力、向心力作用B. 模型飞船做匀速圆周运动的向心力沿旋臂指向O点C. 若仅增大角速度ω，旋臂对模型飞船的作用力一定增大D. 若仅增大夹角θ，旋臂对模型飞船的作用力一定增大4.2023年5月30日，翘盼已久的神舟十五号航天员乘组顺利打开“家门”，欢迎远道而来的神舟十六号航天员乘组入驻“天宫”，随后，两个航天员乘组拍下“全家福”如图。

若中国空间站绕地球可视为匀速圆周运动，已知空间站轨道离地面的高度为ℎ，地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，引力常量为G，忽略地球自转的影响，则下列说法正确的是( )A. 地球的质量为g(R+ℎ)2GB. 空间站的运行速度为gR2R+ℎC. 空间站的运行周期为2πRgD. 航天员能处于漂浮状态是因其受到的合力为零5.如图所示，可视为质点的小球位于桌子的上方，从A点运动到B点，小球质量m=1kg，ℎ1=1m，ℎ2 =0.6m，取g=10m/s2，以桌面为参考平面，则说法错误的是( )A. 从A点运动到B点小球的重力势能变化量为16JB. 小球在A点的重力势能是10JC. 从A点运动到B点小球重力做功是16JD. 若取地面为参考平面，从A点运动到B点小球重力做功是16J6.如图所示，质量为m 的石块从ℎ高处以30∘角斜向上方抛出，初速度为v 0。

2014-2015学年广东省湛江市高二(下)期末物理试卷

2014-2015学年广东省湛江市高二（下）期末物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共8小题，共24.0分)1.布朗运动是说明分子运动的重要实验事实，布朗运动是指（）A.液体分子的运动B.悬浮在液体中的固体分子运动C.悬浮在液体中的固体微粒的运动D.液体分子与固体分子的共同运动【答案】C【解析】解：A、布朗运动不是液体分子的运动，而是液体分子的运动的间接反映．故A错误．B、布朗运动是指悬浮在液体中颗粒的运动，而颗粒是由大量颗粒分子构成的，所以布朗运动不是悬浮在液体中的固体分子运动．故B错误．C、布朗运动是指悬浮在液体中的颗粒做的无规则的运动．故C正确．D、布朗运动不是液体分子与固体分子的共同运动．故D错误．故选C布朗运动是指悬浮在液体中颗粒的运动，不是液体分子的运动，也悬浮在液体中的固体分子运动．本题可以从布朗运动形成的原因来加深理解并强化记忆．基本题．2.分子间的相互作用力由引力f引和的斥力f斥两部分组成，则（）A.f斥与f引都随分子间距离增大而减小B.f斥与f引都随分子间距离增大而增大C.分子间距离增大时，f引增大，f斥减小D.分子间距离增大时，f引减小，f斥增大【答案】A【解析】解：无论分子间距在什么范围内，分子间的吸引力和排斥力都随距离的增大而减小，故A正确BCD错误；故选：A．分子间有间隙，存在着相互作用的引力和斥力，当分子间距离增大时，表现为引力，当分子间距离减小时，表现为斥力，而分子间的作用力随分子间的距离增大先减小后增大，再减小；当分子间距等于平衡位置时，引力等于斥力，即分子力等于零．本题考查分子间的相互作用力，属于基础题．3.关于晶体和非晶体，下述说法正确的是（）A.将一块晶体敲碎后，得到的小颗粒是非晶体B.晶体的物理性质与方向有关C.晶体在溶解过程中，温度保持不变，内能也保持不变D.晶体和非晶体都具有规则的几何外形【答案】B解：A、将一块晶体敲碎后，得到的小颗粒还是晶体，故A错误．B、晶体的物理性质与方向有关，有些晶体在不同方向上各向异性，故B正确．C、在熔化过程中，晶体要吸收热量，虽然温度保持不变，但是内能要增加．故C错误．D、晶体具有规则的几何外形，非晶体一般不具有规则的几何外形．故D错误．故选：B该题通过晶体和非晶体的特性进行判断．晶体是具有一定的规则外形，各项异性，具有固定的熔点；非晶体没有固定的熔点，没有规则的几何外形，表现各项同性，由此可判断各选项的正误．解答该题要熟练的掌握晶体和非晶体的特性，对于晶体有一下特点：1、晶体有整齐规则的几何外形；2、晶体有固定的熔点，在熔化过程中，温度始终保持不变；3、晶体有各向异性的特点．非晶体是指组成物质的分子（或原子、离子）不呈空间有规则周期性排列的固体．它没有一定规则的外形，如玻璃、松香、石蜡等．它的物理性质在各个方向上是相同的，叫“各项同性”．它没有固定的熔点．4.如图，先把一个棉线圈拴在铁丝环上，再把环在肥皂液里浸一下，使环上布满肥皂液薄膜．如果用热针刺破棉线圈里那部分薄膜，则棉线圈将成为圆形，主要原因是（）A.液体表面层分子间的斥力作用B.液体表面受重力作用C.液体表面张力作用D.棉线圈的张力作用【答案】C【解析】解：先把一个棉线圈拴在铁丝环上，再把环在肥皂液里浸一下，使环上布满肥皂液薄膜．如果用热针刺破棉线圈里那部分薄膜，则棉线圈将成为圆形，这正是由于液体表面张力作用的产生的收缩效果．故选C．凡作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力．它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力．就象你要把弹簧拉开些，弹簧反而表现具有收缩的趋势．正是因为这种张力的存在，有些小昆虫才能无拘无束地在水面上行走自如．本题考查了液体表面张力，要能从众多的物理现象中识别出这种现象；这种现象的本质原因是液体分子间的引力作用．5.关于光电效应，下列说法正确的是（）A.极限频率越大的金属材料逸出功越大B.只要光照射的时间足够长，任何金属都能产生光电效应C.发生光电效应时，光电子的最大初动能与入射光的强度有关D.入射光的光强一定时，频率越高，单位时间内逸出的光电子数就越多【答案】A【解析】解：A、逸出功W=hv0，知极限频率越大，逸出功越大，故A正确．B、光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，与入射光的强度无关．故BC、在光电效应中，光电子的最大初动能与入射光的频率有关，而入射光越强，光电流的饱和值越大．故C错误．D、根据光电效应方程E km=hv-W0知，光电子的最大初动能随着照射光频率的增大而增大，而光电子数目与光强有关，故D错误．故选：A．光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，与入射光的强度无关，根据光电效应方程判断影响光电子最大初动能的因素．解决本题的关键掌握光电效应的条件，以及掌握光电效应方程，知道光的强度影响单位时间内发出光电子的数目．6.下列说法正确的是（）A.天然放射现象说明原子核由质子和中子组成B.放射性物质的温度降低，其半衰期减小C.核裂变质量增加，聚变质量亏损D.氢原子从n=4的能级跃迁到n=2的能级要放出光子【答案】D【解析】解：A、天然放射现象说明了原子核具有复杂结构，故A错误；B、半衰期由原子核本身决定，与外界因素无关，故B错误；C、核裂变与聚变都伴有质量亏损，伴随能量释放，故C错误；D、氢原子从n=4的能级跃迁到n=2的能级要放出光子，故D正确；故选：D天然放射现象说明了原子核具有复杂结构，半衰期由原子核本身决定，裂变与聚变都伴有质量亏损，原子从高能级向低能级跃迁放出光子．本题考查知识点较多，难度不大，在平时学习选修科目中要全面掌握，多积累．7.设质子、中子、氘核的质量分别为m1、m2和m3，那么，当一个质子和一个中子结合成氘核时，释放的能量是（）A.m2C2B.（m1+m2）C2C.（m3-m2-m1）C2D.（m1+m2-m3）C2【答案】D【解析】解：根据爱因斯坦质能方程△E=△mc2当一个质子和一个中子结合成一个氘核时，质量亏损为△m=（m1+m2-m3）；因此核反应放出的能量△E=（m1+m2-m3）c2．故D正确，ABC错误；故选：D．根据核反应中释放的能量△E=△mc2以释放光子的形式释放出来，从而即可求解．记住爱因斯坦质能方程，在计算时要细心，注意质量的加减，及理解质量亏损的概念．8.根据玻尔理论，氢原子的电子由外层轨道跃迁到内层轨道后（）A.原子的能量增加，电子的动能减少B.原子的能量增加，电子的动能增加C.原子的能量减少，电子的动能减少D.原子的能量减少，电子的动能增加【答案】D解：电子由外层轨道跃迁到内层轨道时，放出光子，总能量减小；根据K qQr2=m v2r，可知半径越小，动能越大．故ABC错误，D正确．故选：D．电子绕核运动时，半径减小，电场力做正功，势能减小，总能量减小；根据库仑力提供向心力可分析动能变化；和卫星绕地球运动类似．电子绕核运动的规律和卫星绕地球运动规律类似，在学习时可以类比进行学习，加强理解．二、多选题(本大题共6小题，共24.0分)9.下列说法中正确的是（）A.1℃就是1KB.温度是物体分子热运动平均动能的标志C.做功和热传递在改变物体内能上是等效的D.分子势能与体积有关，随着体积的增大而增大【答案】BC【解析】解：A、在数值上T=273.15（K）+1℃=274.15（K），所以1℃对应274.15K，故A错误；B、温度是物体分子热运动的平均动能的标志．故B正确；C、做功和热传递的性质不同，但在改变物体内能上是等效的；故C正确；D、分子势能与体积有关，但并不是一定随体积的增大而增大；要根据分子力的做功情况进行分析；故D错误；故选：BC．识记热力学温标与摄氏温标的概念与区别，明确两者大小关系为T=273.15（K）+t；根据分子力做功与分子势能变化之间的关系分析势能的变化．解热力学问题关键要知道两种温标的区别与联系；明确分子势能的变化与分子力做功的关系；对于物理概念要理解透彻．10.关于对气体压强的理解，下列说法正确的是（）A.气体的压强是由于地球对气体分子的吸引而产生的B.气体的压强是由于气体分子频繁撞击器壁而产生的C.气体压强大小取决于单位体积内的分子数和分子的平均动能D.某一密闭容器中各器壁受到的气体压强是相同的【答案】BCD【解析】解：AB、气体的压强产生的机理是由大量气体分子对器壁不断碰撞而产生的，而不是地球引力产生的．故A错误、B正确；C、从微观看，气体压强大小取决于单位体积内的分子数和分子的平均动能，故C正确；D、某一密闭容器中各器壁受到的气体压强是相同的．故D正确．故选：BCD气体的压强产生的机理是由大量气体分子对器壁不断碰撞而产生的，而不是地球引力产生的，从微观看，气体压强大小取决于单位体积内的分子数和分子的平均动能，某本题考查了气体压强的成因，以及影响因素和压强的作用特点，常规题，记住则可．11.根据热力学第二定律，下列判断正确的是（）A.热机中，燃气内能不可能全部转化为机械能B.一个物体的机械能不可能全部转化为内能C.在火力发电机中，燃气的内能可以全部转化为电能D.在热传导中，热量不可能自发地从低温物体传递给高温物体【答案】AD【解析】解：AC、无论采用任何设备和手段进行能量转化，总是遵循“机械能可全部转化为内能，而内能不能全部转化为机械能”，故A正确，C错误；B、根据能量转化的方向性可知，一个物体的机械能可能全部转化为内能．故B错误；D、在一定条件下，热能够从低温物体传递到高温物体，热量不可能自发地从低温物体传递给高温物体．故D正确．故选：AD．本题考查热力学第二定律的内容：一种表述：不可能从单一热源吸取热量，使之完全变为有用功而不产生其他影响．另一种表述是：不可能使热量由低温物体传递到高温物体，而不引起其他变化．第二定律说明热的传导具有方向性．只有熟练掌握热力学第二定律的内容才能顺利解决本题，故一定要注意基本概念的积累．12.充足气的自行车内胎在阳光下曝晒时容易爆裂．与曝晒前相比，爆裂前车胎内气体（）A.内能增加B.密度增大C.压强增大D.分子间引力增大【答案】AC【解析】解：A、行车内胎在阳光下曝晒，气体吸收热量，温度升高，内能增加，故A正确；B、自行车内胎内的气体质量不变，体积不变，气体密度不变，故B错误；C、气体体积不变，温度升高，由查理定律可知，气体压强变大，故C正确；D、气体体积不变，气体分子间的距离不变，分子间的作用力不变，故D错误；故选AC．自行车内胎中的气体曝晒时从外界吸收热量，温度升高，内能增大，压强变大；气体体积不变，密度不变；分子间距离不变，分子力不变．充满气的自行车内胎曝晒，胎内气体温度升高，压强变大，自行车胎容易爆炸．13.关于核反应的类型，下列表述正确的有（）A. 92238U→ 90234T h+ 24H e是α衰变B. 714N+ 24H e→ 817O+ 11H是β衰变 C. 12H+ 13H→ 24H e+ 01n是聚变 D. 3482S e→ 3682K r+2 −10e是裂变【答案】AC【解析】解：A、α衰变生成氦原子核，故 92238U→ 90234T h+ 24H e是α衰变，故A正确；B、β衰变生成电子， 714N+ 24H e→ 817O+ 11H没有电子生成，故B错误；确；D、重核裂变生成的核质量相近，D生成了电子，可知D是β衰变，故D错误；故选：AC．α衰变产生核原子核，β衰变产生电子，氢核裂变生成的中等大小的核，重核裂变成中等大小的核．解答本题需要掌握正确应用质量数和电荷数守恒正确书写核反应方程，明确裂变和聚变反应特点，知道α、β衰变现象，并能正确书写其衰变方程．要知道衰变的产物，重核裂变和轻核聚变都能释放出巨大能量．14.如图所示为氢原子能级示意图，现有大量的氢原子处于n=4的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干不同频率的光．下列说法正确的是（）A.这些氢原子总共可辐射出6种不同频率的光B.由n=4能级跃迁到n=3能级产生的光频率最小C.由n=4能级跃迁到n=1能级过程中原子的能量在增加D.用n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光照射逸出功为6.34e V的金属铂能发生光电效应【答案】ABD【解析】解：A、根据C42=6，所以这些氢原子总共可辐射出6种不同频率的光．故A正确；B、由图可知当核外电子从n=4能级跃迁到n=3能级时，能级差最小，所以放出光子的能量最小，频率最小，故B正确；C、由n=4能级跃迁到n=1能级过程中释放能量，原子的能量在减小．故C错误；D、n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光子能量E=13.6-3.40e V=10.2e V，大于逸出功6.34e V，能发生光电效应．故D正确．故选：ABD．由高能级向低能级跃迁，辐射的光子能量等于两能级间的能极差，光子频率越高，波长越短，波长长的光容易发生衍射．当光子的能量大于逸出功，即可发生光电效应．解决本题的关键知道光子能量与能极差的关系，即E m-E n=hγ，以及知道光电效应产生的条件．三、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)15.在用油膜法测定分子大小的实验中，其主要实验步骤为：（1）用注射器吸取10m L1：200的油酸酒精溶液，用铁夹夹住后固定在铁架台上．用注射皮管作滴管，向小量筒内滴入5ml溶液，按一滴/秒的速度滴下．5m L是420滴．则每滴所含油酸体积V为______ m L．（2）在金属水槽中倒入适量的清水，等水面完全稳定后均匀撒上______ ．（3）待液面完全平稳后开始滴溶液．下滴点距水面约2至3cm左右为宜．过几分钟后油酸薄膜的形状趋于稳定．若不够大则可再滴一滴．（4）把带有坐标纸的塑料板盖在金属水槽上．用彩笔把油酸薄膜的形状勾勒在玻璃板上．（5）在画有油酸薄膜轮廓的坐标纸上（边长1cm）数出油酸薄膜的面积S（用四舍五入的方法统计有多少个1cm2的面积）．（6）根据每一滴油酸的体积V和薄膜的面积S算出油酸膜的厚度d= ______ 即为油酸【答案】0.00006；痱子粉；VS 【解析】解：（1）滴所含油酸体积V为V=1200×5420ml=0.00006ml（2）等水面完全稳定后均匀撒上痱子粉，便于测量油酸的面积（3）油酸膜的厚度d=VS故答案为：（1）0.00006（2）痱子粉（6）VS将配制好的油酸酒精溶液，通过量筒测出1滴此溶液的体积．然后将1滴此溶液滴在有痱子粉的浅盘里的水面上，等待形状稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩笔描绘出油酸膜的形状，将画有油酸薄膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，按不足半个舍去，多于半个的算一个，统计出油酸薄膜的面积．则用1滴此溶液的体积除以1滴此溶液的面积，恰好就是油酸分子的直径．握该实验的原理是解决问题的关键，该实验中以油酸分子呈球型分布在水面上，且一个挨一个，从而可以由体积与面积相除求出油膜的厚度，从而求出分子直径．16.如图所示，在验证动量守恒定律的试验中：（1）本实验要求入射小球质量m1 ______（填“大于”、“小于”或“等于”）被碰小球质量m2．直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的．但是，可以通过仅测量______ （填下面选项前的符号），就可以解决这个问题．A．小球开始释放高度hB．小球抛出点距地面的高度HC．小球做平抛运动的射程D．小球的直径（2）图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影．实验时，先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP．然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分，再将入射球m1从斜轨上S位置静止释放，与小球m2相碰，并多次重复．接下来要完成的必要测量步骤是______ ．（填选项前的符号）A．用天平测量两个小球的质量m1、m2B．测量小球m1开始释放高度hC．测量抛出点距地面的高度H D．测量小球m1、m2的直径E．测量平抛运动射程OM，ON（3）若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为______ （用（2）中测量的量表示）若碰撞是弹性碰撞，那么还应满足的表达式为______ （用（2）中测量的量表示）【答案】大于；C；AE；m1•OM+m2•ON=m1•OP；m1•OM2+m2•ON2=m1•OP2【解析】解：（1）验证动量守恒定律实验中，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量变，则运动时间不变，因此可以用水平射程大小来体现速度速度大小，故需要测量水平射程，故AB错误，C正确．（2）碰撞过程中动量、能量均守恒，因此有：m1v0=m1v1+m2v21 2mv02=12mv12+12mv22，因此有：v1=m1−m2m1+m2v0，因此要使入射小球m1碰后不被反弹，应该满足m1＞m2．实验时，先让入射球m l多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP．然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分，再将入射球m l从斜轨上S位置静止释放，与小球m2相碰，并多次重复．测量平均落点的位置，找到平抛运动的水平位移，因此步骤中D、E是必须的，而且D要在E之前．至于用天平秤质量先后均可以．故选：AE．（3）根据平抛运动可知，落地高度相同，则运动时间相同，设落地时间为t，则：v0=OPt ，v1=OMt，v2=ONt，而动量守恒的表达式是：m1v0=m1v1+m2v2若两球相碰前后的动量守恒，则需要验证表达式m1•OM+m2•ON=m1•OP即可．若为弹性碰撞，则碰撞前后系统动能相同，则有：1 2mv02=12mv12+12mv22，将即满足关系式：m1•OM2+m2•ON2=m1OP2．故答案为（1）大于，C（2）AE（3）m1•OM+m2•ON=m1•OP m1•OM2+m2•ON2=m1•OP2①验证动量守恒定律实验中，质量可测而瞬时速度较难．因此采用了落地高度不变的情况下，水平射程来反映平抛的初速度大小，所以仅测量小球抛出的水平射程来间接测出速度．②过程中小球释放高度不需要，小球抛出高度也不要求．最后可通过质量与水平射程乘积来验证动量是否守恒．③根据碰撞前后动量守恒可以写成表达式，若碰撞为弹性碰撞，则碰撞前后动能相同．该题考查用“碰撞试验器”验证动量守恒定律，该实验中，虽然小球做平抛运动，但是却没有用到速和时间，而是用位移x来代替速度v，成为是解决问题的关键．此题难度中等，属于中档题．四、计算题(本大题共3小题，共34.0分)17.如图所示，质量为M的木块静止在水平面上，有一质量为m的子弹以水平速度v0击中木块并与其一起运动，子弹打进木块的时间很短．（1）子弹打进木块后子弹和木块的共同速度是多大？（2）若木块与水平面之间的动摩擦因数为u，则木块在水平面上滑行的距离为多少？解：（1）设子弹和木块的共同速度为v，子弹击中木块的过程中，以子弹初速度方向为正，由动量守恒定律有：mv0=（M+m）v解得：v=mv0M+m（2）子弹打入木块后到木块停止所通过的距离为s，由动能定理有：−u(M+m)gs=0−12(M+m)v2代入v解得：s=m 2v22ug(M+m)2答：（1）子弹打进木块后子弹和木块的共同速度是mv0M+m；（2）若木块与水平面之间的动摩擦因数为u，则木块在水平面上滑行的距离为m2v022ug(M+m)2．【解析】（1）子弹击中木块的过程中，系统动量守恒，由动量守恒定律列式即可求解共同速度；（2）设子弹打入木块后到木块停止所通过的距离为s，由动能定理列式即可求解．子弹打击木块与碰撞类型，基本规律是动量守恒．研究木块滑行的距离，首先考虑能否运用动能定理18.如图所示，在光滑水平面上有两块并列放置的木块A和B，已知A、B的质量分别是m1=5kg，m2=3kg，今有质量为m=0.8kg的滑块C（可视为质点）以v0=25m/s的水平速度滑上A的上表面，由于C与A、B的上表面有摩擦，滑块C最后相对B静止，并和B一起以2.5m/s的速度共同前进，求：（1）木块A最后的速度为多少？（2）C在离开A时的速度为多少？（3）系统损失的动能为多少？【答案】解：（1）以A、B、C为系统，设C滑离A时的速度为v1，C相对B静止时的共同速度为v2，以v0方向为正方向，由动量守恒定律有：mv0=m1v1+（m+m2）v2代入数据解得：v1=2.1m/s；（2）以A、B、C为系统，设C滑离A时的速度为v，以v0方向为正方向，从C滑上A到刚滑离A的过程中由动量守恒定律有：mv0=mv+（m1+m2）v1代入数据解得：v=4m/s；（3）系统损失的机械能为：Q=12mv02−12m1v12−12(m+m2)v22=227.1J．（2）C 在离开A 时的速度为4m /s ；（3）系统损失的动能为227.1J ．【解析】（1）C 在A 上滑动时，选A 、B 、C 作为一个系统，其总动量守恒，根据动量守恒定律即可求解；（2）以A 、B 、C 为系统，其总动量也守恒，C 滑上A 到刚滑离A 的过程中，根据动量守恒定律列式即可求解；（3）系统损失的动能等于系统初始位置的动能减去末位置时系统的动能．C 在A 上和B 上滑动的过程中动量守恒，其中，C 在A 上滑动的过程中是A 、B 、C 组成的系统动量守恒，不是A 与C 守恒．这是解题的关键．19.如图所示，LMN 是竖直平面内固定的光滑轨道，MN 水平且足够长，LM 下端与MN 相切．质量为m 的小球B 与一轻弹簧相连，并静止在水平轨道上，质量为2m 的小球A 从LM 上距水平轨道高为h处由静止释放，在A 球进入水平轨道之后与弹簧正碰并压缩弹簧但不粘连．设小球A 通过M 点时没有机械能损失，重力加速度为g ．求：（1）A 球与弹簧碰前瞬间的速度大小v 0；（2）弹簧的最大弹性势能E P ；（3）A 、B 两球最终的速度v A 、v B 的大小．【答案】解：（1）对A 球下滑的过程，由机械能守恒定律得：2mgh =12×2m v 02 得：v 0=√2gℎ（2）当A 球进入水平轨道后，A 、B 两球组成的系统动量守恒，当A 、B 相距最近时，两球速度相等，弹簧的弹性势能最大．由动量守恒定律可得：2mv 0=（2m +m ）v ，v =23v 0=23√2gℎ；由能量守恒定律得：2mgh =12（2m +m ）v 2+E pm ，E pm =23mgh ；（3）当A 、B 相距最近之后，由于弹力的相互作用，它们将会相互远离，当弹簧恢复原长时，它们之间的相互作用力可视为零，它们就达到最终的速度，该过程中，A 、B 两球组成的系统动量守恒、能量也守恒．由动量守恒定律可得：2mv 0=2mv A +mv B ，由能量守恒定律可得：12×2m v 02=12×2m v A 2+12m v B 2高中物理试卷第11页，共11页解得：v A =13v 0=13√2gℎ，v B =43v 0=43√2gℎ．答：（1）A 球与弹簧碰前瞬间的速度大小v 0是√2gℎ．（2）弹簧的最大弹性势能E P 是23mgh ．（3）A 、B 两球最终的速度v A 、v B 的大小分别为13√2gℎ和43√2gℎ．【解析】（1）由机械能守恒定律求出A 球与弹簧碰前瞬间的速度大小v 0；（2）当A 、B 速度相同时相距最近，弹簧的弹性势能最大，由系统的能量守恒和动量守恒定律可以求出弹簧的最大弹性势能E P ；（3）由动量守恒定律与能量守恒定律可以求出最终A 、B 两球的速度．解决本题的关键要掌握碰撞的基本规律：动量守恒和能量守恒，明确临界条件，应用机械能守恒定律、动量守恒定律、能量守恒定律处理这类问题．。

4—15学年高一4月月考试题物理(附答案)

河北省唐山市开滦第二中学2014-2015学年高一4月月考物理试题1、本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第Ⅰ卷第（1）页至第（4）页，第Ⅱ卷第（5）页至第（7）页。

2、本试卷共100分，考试时间90分钟。

第Ⅰ卷（选择题，共52分）注意事项：1、答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的准考证号、科目填涂在答题卡上。

2、每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应的题目标号涂黑。

答在试卷上无效。

3、考试结束后，监考人员将试卷答题卡和机读卡一并收回。

一、单项选择题：（每题只有一个选项是正确的，每题3分，12题×3分＝36分）1．关于运动的合成的说法中，正确的是A．合运动的位移等于分运动位移的矢量和B．合运动的时间等于分运动的时间之和C．合运动的速度一定大于其中一个分运动的速度D．分运动是直线运动，则合运动必是直线运动2．关于从同一高度以不同初速度水平抛出的物体，比较它们落到水平地面上的时间（不计空气阻力），以下说法正确的是A．速度大的物体运动时间长B．速度小的物体运动时间长C．一样长D．质量大的物体运动时间长4．关于匀速圆周运动的向心力，下列说法不正确的是A．向心力是指向圆心方向的合力，是根据力的作用效果命名的B．对稳定的圆周运动，向心力是一个恒力C．向心力可以是多个力的合力，也可以是其中一个力或一个力的分力D．向心力的效果是改变质点的线速度方向5．物体做平抛运动的规律可以概括为两点：(1)水平方向做匀速直线运动；(2)竖直方向做自由落体运动。

为了研究物体的平抛运动，可做下面的实验：如图所示，用小锤打击弹性金属片，A球水平飞出；同时B球被松开，做自由落体运动，两球同时落到地面。

把整个装置放在不同高度，重新做此实验，结果两小球总是同时落地。

则这个实验A．只能说明上述规律中的第(1)条B．只能说明上述规律中的第(2)条C．不能说明上述规律中的任何一条D．能同时说明上述两条规律6．火车转弯做圆周运动，如果外轨和内轨一样高，火车能匀速通过弯道做圆周运动，下列说法中正确的是A．火车通过弯道向心力的来源是外轨的水平弹力，所以外轨容易磨损B．火车通过弯道向心力的来源是内轨的水平弹力，所以内轨容易磨损C．火车通过弯道向心力的来源是火车的重力，所以内外轨道均不磨损D．以上三种说法都是错误的7．甲、乙两物体都做匀速圆周运动，其质量之比为1∶2 ，转动半径之比为1∶2 ，在相等时间里甲转过60°，乙转过45°，则它们所受外力的合力之比为A．1∶4 B．2∶3 C．4∶9 D．9∶168．如图所示，从地面上同一位置抛出两小球A、B，分别落在地面上的M、N 点，两球运动的最大高度相同。

广东省湛江二中2014_2015学年高一物理下学期3月月考试卷(含解析)

广东省湛江二中2014-2015学年高一下学期月考物理试卷（3月份）一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分．）1．（3分）关于曲线运动与其所受外力的说法，正确的是（）A．做曲线运动的物体的合外力一定不变B．做曲线运动的物体的合外力一定变化C．做曲线运动的物体的合外力方向与加速度方向一定不在一条直线上D．物体所受合外力的方向与速度方向不相同，物体一定做曲线运动2．（3分）在匀速圆周运动中，下列关于向心加速度的说法，正确的是（）A．向心加速度的方向保持不变B．向心加速度是恒定的C．向心加速度的大小不断变化D．向心加速度的方向始终与速度的方向垂直3．（3分）把重物从地面以10m/s的速度竖直向上抛出，忽略空气阻力，则物体从抛出到落回地面的运动时间是（g=10m/s2）（）A．0.2s B．1s C．1.8s D．2s4．（3分）如图所示，一固定斜面的倾角为α，高为h，一小球从斜面顶端沿水平方向抛出，刚好落至斜面底端，不计小球运动中所受的空气阻力，设重力加速度为g，则小球从抛出到落至斜面底端所经历的时间为（）A．B．C．D．5．（3分）在竖直上抛运动中，当物体到达最高点时（）A．速度为零，加速度也为零B．速度为零，加速度不为零C．加速度为零，有向下的速度D．有向下的速度和加速度6．（3分）汽车以72km/h的速度通过凸形桥最高点时，对桥面的压力是车重的，则当车对桥面最高点的压力恰好为零时，车速为（）A．40 km/h B．40 m/s C．120 km/h D．120 m/s7．（3分）半径为R=0.5m 的管状轨道，有一质量为m=3kg的小球在管状轨道内部做圆周运动，通过最高点时小球的速率是2m/s，g=10m/s2，则（）A．外轨道受到24N的压力B．外轨道受到6N的压力C．内轨道受到24N 的压力D．内轨道受到6N的压力8．（3分）长度为0.5m的轻质细杆OA，A端有一质量为3kg的小球，以O点为圆心，在竖直平面内做圆周运动，如图所示，小球通过最高点时的速度为2m/s，取g=10m/s2，则此时轻杆OA将（）A．受到6.0N的拉力B．受到6.0N的压力C．受到24N的拉力D．受到24N的压力二、双项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分．以下各有两个选项正确，请把正确的全选出来，全对的每题得4分，选对不全的得2分，有选错或不选的得0分．）9．（4分）以初速度v0竖直上抛一个小球，不计空气阻力，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A．小球到达最高点所用的时间为B．小球上升的最大高度为C．小球回到抛出点时的速度大小为v0D．小球到达最高点所用的时间为10．（4分）如图所示的传动装置中，B、C两轮固定在一起绕同一转轴转动，A、B两轮用皮带传动，三轮半径关系为r A=r C=2r，r B=r，若皮带不打滑，则下列说法正确的是（）A．a点与b点的线速度大小相等B．a点与b点的角速度大小相等C．a点与c点的线速度大小相等D．b点与c点的向心加速度大小相等11．（4分）在同一水平直线上的两位置分别沿同方向水平抛出两小球A和B，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力，要使两球在空中相遇，则必须（）A．先抛出A球B．先抛出B球C．同时抛出两球D．A球的初速度大于B球的初速度12．（4分）下列关于离心运动的说法正确的是（）A．物体做离心运动时，运动轨迹是一个圆B．洗衣机脱水时，衣服上的水分因做离心运动而甩出C．物体做离心运动，是由于受到离心力的作用D．汽车转弯时速度过大，会因离心运动造成交通事故13．（4分）如图，通过皮带传送的两个皮带轮（皮带和轮不发生队滑动），大轮的半径是小半径的2倍．A、B分别是大小轮边缘上的点，则A、B得线速度v、角速度ω之比是（）A．v A：v B=1：1 B．v A：v B=1：2 C．ωA：ωB=1：1 D．ωA：ωB=1：214．（4分）如图所示，质量为m的小球在竖直平面内的光滑圆环轨道上做圆周运动．圆环半径为R，小球经过圆环最高点时刚好不脱离圆环，则其通过最高点时（）A．小球对圆环的压力大小等于mgB．小球受到的向心力等于0C．小球的线速度大小等于D．小球的向心加速度大小等于g三、实验题（本题共1小题，共2分，每空1分）15．（2分）在探究物体做平抛运动规律的实验中，某同学做了下图甲、乙所示的实验．如图甲所示的实验中，A、B两球同时落地，说明，如图乙所示的实验中，将两个斜槽固定在同一竖直平面内，最下端水平，滑到2与光滑水平板吻接，把两个质量相等的小钢球从斜面的同一高度由静止同时释放，球1落到光滑水平板上并击中球2，这种现象说明．四、计算题（本题共7小题，共100分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16．（10分）将小球以6m/s的速度水平抛出去，它落地时的速度为10m/s，（g=10m/s2）求：（1）小球运动的水平位移s；（2）小球在空中下落的高度h．17．（10分）在离地面15m的高处，以10m/s的初速度竖直上抛一小球，不计阻力，（g=10m/s2），求：（1）小球落地时的速度；（2）小球从抛出到落地所用的时间．18．（10分）一质量为2kg的小球，用0.5m长的细线拴住在竖直面内做圆周运动，求：（g=10m/s2）（1）要使小球恰能过最高点A，求小球在最高点的速度大小？（2）当小球在最低点速度为5m/s时，细线的拉力是多少？19．（10分）有一轻质杆，长l=0.5m，一段固定一质量m=0.5kg的小球，轻杆绕另一端在竖直面内做圆周运动．（1）当小球运动到最高点的速度大小为4m/s 求小球对杆的作用力（2）当小球运动到最低点，球受杆的拉力为41N，求此时小球的速度大小．20．如图所示，光滑水平面AB与竖直面上的半圆形固定导轨在B点衔接，导轨半径为R，一个质量为m的静止物块（可看成质点）在A处压缩一轻质弹簧（物块与弹簧不粘连），把物块释放，在弹力的作用下获得一个向右的速度，当它经过B点（物块已经与弹簧分开）进入导轨瞬间对导轨的压力为其重力的7倍，之后向上运动恰能通过半圆的最高点C，不计空气阻力，求：（1）物块在B点时的速度大小v B以及此时物体对轨道的弹力大小；（2）物体在C点时的速度大小v c以及此时物体对轨道的弹力大小．21．如图所示，半径为R，内径很小的光滑半圆管道竖直放置，质量为m的小球以某一速度进入管内，小球通过最高点P时，对管壁的压力为0.5mg．求：（1）小球从管口飞出时的速率；（2）小球落地点到P点的水平距离．22．如图所示，半径R=0.4m的光滑半圆轨道与粗糙的水平面相切于A点，质量为m=1kg的小物体在水平拉力F的作用下，从静止开始由C点运动到A点，物体从A点进入半圆轨道的同时撤去外力F，物体沿半圆轨道通过最高点B后做平抛运动，正好落在C点，已知x AC=2m，F=15N，物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.475，g取10m/s2，试求：（1）物体在A点时的速度大小以及此时物体对轨道的弹力大小；（2）物体在B点时的速度大小以及此时物体对轨道的弹力大小．广东省湛江二中2014-2015学年高一下学期月考物理试卷（3月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分．）1．（3分）关于曲线运动与其所受外力的说法，正确的是（）A．做曲线运动的物体的合外力一定不变B．做曲线运动的物体的合外力一定变化C．做曲线运动的物体的合外力方向与加速度方向一定不在一条直线上D．物体所受合外力的方向与速度方向不相同，物体一定做曲线运动考点：物体做曲线运动的条件．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动．在恒力作用下，物体可以做曲线运动，如平抛运动，而匀速圆周运动受到的是变力，是变加速曲线运动．解答：解：A、曲线运动是变速运动，一定有加速度，但合外力可以不变、也可变化，如平抛运动的合外力不变，而圆周运动的合外力是不断变化的．故A错误，B错误．C、根据牛顿第二定律可知，加速度的方向一定与合外力的方向相同．故C错误；D、曲线运动是变速运动，一定有加速度，物体所受合外力的方向与速度方向不相同，物体一定做曲线运动．故D正确．故选：D．点评：本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住．2．（3分）在匀速圆周运动中，下列关于向心加速度的说法，正确的是（）A．向心加速度的方向保持不变B．向心加速度是恒定的C．向心加速度的大小不断变化D．向心加速度的方向始终与速度的方向垂直考点：向心加速度．专题：匀速圆周运动专题．分析：物体做匀速圆周运动时，合外力提供向心力，加速度大小不变，但是方向指向圆心，时刻发生变化，加速度方向与速度方向始终垂直，因此根据向心加速度的特点可正确解答本题．解答：解：物体做匀速圆周运动时，合外力提供向心力，加速度大小不变，但是方向指向圆心，时刻发生变化，故ABC错误，D正确．故选：D点评：匀速圆周运动要注意，其中的匀速只是指速度的大小不变，合力作为向心力始终指向圆心，合力的方向也是时刻在变化的，因此向心加速度大小不变，但是方向时刻变化．3．（3分）把重物从地面以10m/s的速度竖直向上抛出，忽略空气阻力，则物体从抛出到落回地面的运动时间是（g=10m/s2）（）A．0.2s B．1s C．1.8s D．2s考点：竖直上抛运动．专题：直线运动规律专题．分析：物体做竖直上抛运动，整个过程是匀变速直线运动，根据位移时间关系公式列式求解即可．解答：解：物体做竖直上抛运动，整个过程是匀变速直线运动，位移为零，加速度为﹣g，初速度为10m/s，根据位移时间关系公式，有h=代入数据，有：0=10t﹣解得：t=0（舍去）或t=2s故选：D．点评：本题关键将全部过程看作匀变速直线运动，也可以分段考虑，基础题．4．（3分）如图所示，一固定斜面的倾角为α，高为h，一小球从斜面顶端沿水平方向抛出，刚好落至斜面底端，不计小球运动中所受的空气阻力，设重力加速度为g，则小球从抛出到落至斜面底端所经历的时间为（）A．B．C．D．考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据下落的高度求出运动的时间．解答：解：根据h=得，t=．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．5．（3分）在竖直上抛运动中，当物体到达最高点时（）A．速度为零，加速度也为零B．速度为零，加速度不为零C．加速度为零，有向下的速度D．有向下的速度和加速度考点：竖直上抛运动．专题：直线运动规律专题．分析：竖直上抛的物体只受重力，运动的全过程是匀变速直线运动，即加速度一直保持重力加速度不变．解答：解：因为竖直上抛的物体只受重力，由牛顿第二定律得：mg=ma所以运动的全过程是匀变速直线运动，即加速度一直保持重力加速度不变．即竖直上抛运动中，当物体到达最高时速度为零，加速度仍然为重力加速度g，故选：B点评：竖直上抛运动的规律，注意竖直上抛运动可分为向上运动和向下运动两段进行分析，而向上和向下为互逆过程，即向上的匀减速运动可看作向下的匀加速运动．6．（3分）汽车以72km/h的速度通过凸形桥最高点时，对桥面的压力是车重的，则当车对桥面最高点的压力恰好为零时，车速为（）A．40 km/h B．40 m/s C．120 km/h D．120 m/s考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：轿车在凸形桥的最高点，靠重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式即可求解．解答：解：在凸形桥的最高点有：G﹣N=m而N=G带入数据解得：v=40m/s故选B．点评：解决本题的关键搞清向心力的来源，根据牛顿第二定律进行求解．7．（3分）半径为R=0.5m 的管状轨道，有一质量为m=3kg的小球在管状轨道内部做圆周运动，通过最高点时小球的速率是2m/s，g=10m/s2，则（）A．外轨道受到24N的压力B．外轨道受到6N的压力C．内轨道受到24N 的压力D．内轨道受到6N的压力考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：小球通过最高点时由重力和轨道的作用力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求解．解答：解：在最高点，设轨道对小球的作用力向上，根据牛顿第二定律得，mg﹣F=m解得F=mg﹣m=30﹣3×=6N，可知轨道对球表现为支持力，则内轨道受到6N的压力．故D正确，A、B、C错误．故选：D点评：解决本题的关键知道小球做圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解．8．（3分）长度为0.5m的轻质细杆OA，A端有一质量为3kg的小球，以O点为圆心，在竖直平面内做圆周运动，如图所示，小球通过最高点时的速度为2m/s，取g=10m/s2，则此时轻杆OA将（）A．受到6.0N的拉力B．受到6.0N的压力C．受到24N的拉力D．受到24N的压力考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：物体运动到圆周运动的最高点时，杆的弹力和重力的合力提供向心力，可以直接根据牛顿第二定律列式求解．解答：解：小球到达最高点时，受重力和杆的弹力，先假设为向下的弹力，由牛顿第二定律有：F+mg=m解得：F=m﹣mg=3×﹣3×10=﹣6N＜0故弹力的方向与假设的方向相反，为向上的6N支持力；根据牛顿第三定律，球对杆有向下的6N压力；故选：B．点评：本题可先假设弹力向下，解的结果为正，假设成立，若为负，实际方向与假设方向相反！二、双项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分．以下各有两个选项正确，请把正确的全选出来，全对的每题得4分，选对不全的得2分，有选错或不选的得0分．）9．（4分）以初速度v0竖直上抛一个小球，不计空气阻力，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A．小球到达最高点所用的时间为B．小球上升的最大高度为C．小球回到抛出点时的速度大小为v0D．小球到达最高点所用的时间为考点：竖直上抛运动．分析：物体做竖直上抛运动，其加速度大小始终为g，方向竖直向下，上升阶段：匀减速直线运动，达到最高点时速度为零，加速度还是g，应用匀变速直线运动的规律求解．解答：解：物体做竖直上抛运动，其加速度大小始终为g，方向竖直向下，上升阶段：匀减速直线运动，达到最高点时速度为零，加速度还是g，A、由t=，可得到达最高点的时间t=，故A正确，D错误；B、根据位移公式h=，得：上升的最大高度h max=，故B错误；C、根据竖直上抛运动的对称性，小球回到抛出点的速度等于初速度，故C正确故选：AC点评：竖直上抛运动是加速度大小始终为g，方向竖直向下的匀变速的运动．10．（4分）如图所示的传动装置中，B、C两轮固定在一起绕同一转轴转动，A、B两轮用皮带传动，三轮半径关系为r A=r C=2r，r B=r，若皮带不打滑，则下列说法正确的是（）A．a点与b点的线速度大小相等B．a点与b点的角速度大小相等C．a点与c点的线速度大小相等D．b点与c点的向心加速度大小相等考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：要求线速度之比需要知道三者线速度关系：A、B两轮是皮带传动，皮带传动的特点是皮带和轮子接触点的线速度的大小相同，B、C两轮是轴传动，轴传动的特点是角速度相同．解答：解：A、点a和点b是同缘传动边缘点，线速度相等，故：v a：v b=1：1；故A正确；B、根据v=rω，有：ωa：ωb=r b：r a=1：2；故B错误；C、点b和点c是同轴传动，角速度相等，故：ωb：ωc=1：1；根据v=rω，有：v a：v c=v b：v c=r b：r c=1：2；故C错误；D、向心加速度：a=ω2r，b点与c点的角速度相等而半径不相等，所以向心加速度大小不相等，故D错误．故选：A点评：解决传动类问题要分清是摩擦传动（包括皮带传动，链传动，齿轮传动，线速度大小相同）还是轴传动（角速度相同）．11．（4分）在同一水平直线上的两位置分别沿同方向水平抛出两小球A和B，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力，要使两球在空中相遇，则必须（）A．先抛出A球B．先抛出B球C．同时抛出两球D．A球的初速度大于B球的初速度考点：平抛运动；运动的合成和分解．分析：研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同．解答：解：由于相遇时A、B做平抛运动的竖直位移h相同，由h=gt2可以判断两球下落时间相同，即应同时抛出两球，选项C正确，A、B错误．物体做平抛运动的规律水平方向上是匀速直线运动，由于A的水平位移比B的水平位移大，所以A的初速度要大，选项D正确．故选CD．点评：本题就是对平抛运动规律的直接考查，掌握住平抛运动的规律就能轻松解决．12．（4分）下列关于离心运动的说法正确的是（）A．物体做离心运动时，运动轨迹是一个圆B．洗衣机脱水时，衣服上的水分因做离心运动而甩出C．物体做离心运动，是由于受到离心力的作用D．汽车转弯时速度过大，会因离心运动造成交通事故考点：离心现象．分析：当物体受到的合力的大小不足以提供物体所需要的向心力的大小时，物体就要远离圆心，此时物体做的就是离心运动．解答：解：A、当外界提供的向心力突然消失时，或者当物体受到的合力的大小不足以提供物体所需要的向心力的大小时，物体就要远离圆心，此时物体做的就是离心运动，但不是圆轨迹．故AC错误．B、水滴依附的附着力是一定的，当水滴因做圆周运动所需的向心力大于该附着力时，水滴被甩掉，故B正确．D、在水平面拐弯，汽车受重力、支持力、静摩擦力，重力和支持力平衡，静摩擦力提供圆周运动的向心力，由于最大静摩擦力一定，所以速度过大，使静摩擦力小于向心力，做离心运动，容易造成事故．故D正确．故选：BD．点评：合力大于需要的向心力时，物体要做向心运动，合力小于所需要的向心力时，物体就要远离圆心，做的就是离心运动．13．（4分）如图，通过皮带传送的两个皮带轮（皮带和轮不发生队滑动），大轮的半径是小半径的2倍．A、B分别是大小轮边缘上的点，则A、B得线速度v、角速度ω之比是（）A．v A：v B=1：1 B．v A：v B=1：2 C．ωA：ωB=1：1 D．ωA：ωB=1：2考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：靠传送带传动的轮子边缘上的点线速度相等，根据ω=求出角速度的关系．解答：解：A、B两点靠传送带传动，线速度相等，所以v A：v B=1：1，根据ω=知，ωA：ωB=1：2．故A、D正确，B、C错误．故选AD．点评：解决本题的关键知道线速度与角速度的关系，以及知道靠传送带传动的轮子边缘上的点线速度相等．14．（4分）如图所示，质量为m的小球在竖直平面内的光滑圆环轨道上做圆周运动．圆环半径为R，小球经过圆环最高点时刚好不脱离圆环，则其通过最高点时（）A．小球对圆环的压力大小等于mgB．小球受到的向心力等于0C．小球的线速度大小等于D．小球的向心加速度大小等于g考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：小球经过圆环最高点时刚好不脱离圆环，知轨道对小球的弹力为零，靠重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出小球的速度．解答：解：A、因为小球刚好在最高点不脱离圆环，则轨道对球的弹力为零，所以小球对圆环的压力为零．故A错误．B、根据牛顿第二定律得，mg==ma，知向心力不为零，线速度v=，向心加速度a=g．故B错误，C、D正确．故选CD．点评：解决本题的关键知道在最高点的临界情况，运用牛顿第二定律进行求解．三、实验题（本题共1小题，共2分，每空1分）15．（2分）在探究物体做平抛运动规律的实验中，某同学做了下图甲、乙所示的实验．如图甲所示的实验中，A、B两球同时落地，说明平抛运动在竖直方向上是自由落体运动，如图乙所示的实验中，将两个斜槽固定在同一竖直平面内，最下端水平，滑到2与光滑水平板吻接，把两个质量相等的小钢球从斜面的同一高度由静止同时释放，球1落到光滑水平板上并击中球2，这种现象说明平抛运动在水平方向上是匀速直线运动．．考点：研究平抛物体的运动．专题：实验题；平抛运动专题．分析：（1）球A与球B同时释放，同时落地，由于B球做自由落体运动，A球做平抛运动，说明A球的竖直分运动与B球相同．（2）同时让P球做平抛运动，Q球做匀速运动．若两小球相碰，则说明平抛运动水平方向是匀速运动．解答：解：球A与球B同时释放，同时落地，时间相同；A球做平抛运动，B球做自由落体运动；将球A的运动沿水平方向和竖直方向正交分解，两个分运动同时发生，具有等时性，因而A球的竖直分运动与B球时间相等，改变整个装置的高度H做同样的实验，发现位于同一高度的A、B两个小球总是同时落地，说明在任意时刻在两球同一高度，即A球的竖直分运动与B球完全相同，说明了平抛运动的竖直分运动是自由落体运动；平抛运动水平方向做匀速直线运动，根据实验可知，P球从M点平抛，而Q球从N点在水平面上匀速运动，二者运动轨迹虽然不同，但是水平方向的运动规律相同，因此P球会砸中Q 球；仅仅改变弧形轨道M的高度，只是影响P球在空中运动时间，但是P、Q两球在水平方向上的运动规律是相同的，因此实验现象相同，应这个实验说明平抛运动的物体在水平方向上做匀速直线运动．故答案为：平抛运动在竖直方向上是自由落体运动；平抛运动在水平方向上是匀速直线运动．点评：该实验设计的巧妙，有创新性，使复杂问题变得更直观，因此在平抛运动的规律探究活动中不一定局限于课本实验的原理，要重视学生对实验的创新．四、计算题（本题共7小题，共100分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16．（10分）将小球以6m/s的速度水平抛出去，它落地时的速度为10m/s，（g=10m/s2）求：（1）小球运动的水平位移s；（2）小球在空中下落的高度h．考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：（1）根据平行四边形定则求出竖直分速度，结合速度时间公式求出运动的时间，从而通过初速度和时间求出水平位移．（2）根据时间，结合位移时间公式求出下落的高度．解答：解：（1）设小球落地时竖直方向的速度为v y，落地时间为t由代入数据解得：v y=8m/s故=0.8s小球运动的水平位移s=v0t=6×0.8m=4.8m；（2）小球在空中下落的高度；答：（1）小球运动的水平位移为4.8m．（2）小球在空中下落的高度为3.2m．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．17．（10分）在离地面15m的高处，以10m/s的初速度竖直上抛一小球，不计阻力，（g=10m/s2），求：（1）小球落地时的速度；（2）小球从抛出到落地所用的时间．考点：竖直上抛运动．专题：直线运动规律专题．分析：（1）由导出公式：即可求出．（2）对整个过程运用速度时间关系公式列式求解即可．解答：解：取竖直向上为正方向（1）由导出公式：即得小球落地时的速度大小：．．（2）小球落地时速度的方向向下，所以小球从抛出到落地所用的时间：答：（1）小球落地时的速度大小是20m/s；（2）小球从抛出到落地所用的时间是3s．点评：本题关键是明确小球的运动性质，然后根据运动学公式列式求解，基础题．18．（10分）一质量为2kg的小球，用0.5m长的细线拴住在竖直面内做圆周运动，求：（g=10m/s2）（1）要使小球恰能过最高点A，求小球在最高点的速度大小？（2）当小球在最低点速度为5m/s时，细线的拉力是多少？考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：（1）当小球恰好过最高点时，绳子的拉力为零，重力提供圆周运动的向心力．根据牛顿第二定律求出最高点的临界速度．（2）当小球在最低点速度为5m/s时，重力和细线拉力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出细线的拉力．解答：解：（1）当细线拉力为零时，有：。

湛江市二中2014-2015学年度第二学期期中考试高一物理(海东中学文科班)

湛江市二中海东中学2014—2015学年度高一第二学期期中统一测试高中物理（必修二）文科试卷试卷总分：100分答题时间：90 min 命题人：Lex 审题人：Pwz（测试内容：抛体运动、圆周运动、万有引力）一、单项选择题Ⅰ（每题1分，共30分）01、做曲线运动的物体，在运动过程中，一定变化的物理量是 ( )A．速率 B．速度C．加速度 D．合外力02、关于物体做曲线运动的条件，下列叙述正确的是 ( )A．物体所受的合力是变力B．物体所受的合力的方向与速度方向不在同一条直线上C．物体所受的合力的方向与加速度的方向不在同一条直线上D．物体所受的合力方向一定是变化的03、关于合运动与分运动，下列说法正确的是 ( )A．合运动的速度一定大于分运动的速度B．合运动的速度一定小于分运动的速度C．合运动的时间一定大于分运动的时间D．合运动就是物体的实际运动04、物体从一定高度水平抛出，则物体在空中飞行的时间决定于 ( )A．抛出点所在处的高度 B．抛出时的初速度C．由高度和初速度共同决定 D．由被抛出物体的质量大小05、从同一高度以不同的初速度同时水平抛出两个石头，下列说法正确的是 ( )A．速度大的先着地 B．速度小的先着地C．两个物体同时着地 D．无法判断06、关于平抛运动下列说法正确的是 ( )A. 只受到了空气阻力与重力两个力作用B．速度方向在不断变化C．平抛运动只能按水平方向与竖直方向进行运动分解D．加速度方向在不断变化07、若物体沿水平和竖直方向的分速度分别为8 m/s和6 m/s，则该物体的速度大小( )A．2 m/s B．6 m/sC．10 m/s D．14 m/s08、下列做平抛运动的物体是 ( )A．升空的火箭 B．树上落下的果实C．投向篮筐的篮球 D．水平飞行的飞机释放的物体09、如图所示，一个在水平桌面上向右做直线运动的钢球，如果在它运动路线的旁边放一块磁铁，则钢球可能的运动轨迹是 ( ) A．轨迹①B．轨迹②C．轨迹③D．轨迹①、②、③都有可能10、关于竖直上抛运动，下列说法正确的是 ( )A．在最高点速度为零，加速度也为零B．上升的时间小于下落过程的时间C．从上升到下降的整个过程中加速度保持不变D．上升到某一高度时速度小于下降到此高度时的速度11、关于匀速圆周运动，下列说法正确的是 ( )A．是速度不变的运动B．是速度均匀变化的运动C．是速度大小不变，速度方向时刻变化的圆周运动D．是加速度不变的运动12、关于匀速圆周运动，下列认识正确的 ( )A．匀速圆周运动是匀速运动 B．匀速圆周运动是匀变速运动C．匀速圆周运动的线速度不变 D．匀速圆周运动的周期不变13、正常运动行的时钟，它的分针与秒针比较，正确的是 ( )A．分针的周期较大 B．秒针的周期较大C．分针的角速度较大 D．分针和秒针的角速度一样大14、地球上纬度不同的两地甲、乙，若甲的纬度较乙的纬度大，则下列说法正确的是( )A．甲地的角速度一定大于乙地角速度B．甲地的角速度与乙地角速度相等C．甲地的线速度大小与乙地的线速度大小相等D. 甲地的线速度比乙地的线速度大15、如图所示，用细线吊着一个小球，使小球在水平面内做匀速圆周运动．关于小球的受力情况，正确的是 ( ) A．重力、绳子的拉力、向心力B．重力、绳子的拉力C．重力D．以上说法都不正确16、物体做匀速圆周运动，下列说法正确的是 ( )A．物体的向心加速度一定与半径成正比B．物体的向心加速度一定与半径成反比C．当物体运动角速度一定，向心加速度与半径成正比D．当物体运动线速度一定，向心加速度与半径成正比17、下列体育运动项目中，属于离心现象的是 ( )A．扣杀排球 B．投掷飞镖C．投掷链球 D．投篮球18、如图所示，在皮带传动装置中，主动轮A和从动轮B半径不等，皮带与轮之间无相对滑动，则下列说法中正确的是 ( )A．两轮的角速度相等B．两轮边缘的线速度大小相等C．两轮边缘的向心加速度大小相等D．两轮转动的周期相同19、当汽车驶在凸形桥时，为使通过桥顶时减小汽车对桥的压力，司机应 ( )A．增大速度通过桥顶 B．以尽可能小的速度通过桥顶C．和通过桥顶的速度无关 D．使通过桥顶的向心加速度尽可能小20、如图所示，某一小物体m与圆盘保持相对静止，随盘一起做匀速圆周运动则物体的受力情况是 ( ) A．受重力、支持力、静摩擦力和向心力的作用B．摩擦力不变C．重力和支持力是一对作用力与反作用力D．摩擦力是使物体做匀速圆周运动的向心力21、第一次通过实验的方法比较准确地测出引力常量的物理学家是 ( )A．牛顿 B．开普勒C．伽利略 D．卡文迪许22、在地球上发射人造卫星的最小速度叫第一宇宙速度，第一宇宙速度的数值是 ( )A．11.2 km/s B．7.9 km/sC．16.7 km/s D．7.9 m/s23、关于地球的同步卫星，下列说法正确的是 ( )A．卫星绕地球运动的周期是12小时B．卫星绕地球运动的轨道平面是任意的C．卫星离地面的高度一定D．不同国家发射的同步卫星在不同的轨道上运动24、发现万有引力定律的科学家是 ( )A．爱因斯坦 B．伽利略C．牛顿 D．爱迪生25、如果某空间站绕地球做匀速圆周运动，则能在空间站正常使用的仪器或完成的物理实验是 ( ) A．天平 B．用弹簧秤测物体的重力C．磅秤 D．电子温度计26、若人造卫星绕地球做匀速圆周运动，则离地面越近的卫星 ( )A ．线速度越大B ．角速度越小C ．加速度越小D ．周期越大27、绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，其向心力来源于 ( )A ．卫星自带的动力B ．卫星的惯性C ．地球对卫星的引力D ．卫星对地球的引力28、下列关于万有引力的说法中正确的是 ( )A ．万有引力是普遍存在于宇宙空间中所有具有质量的物体之间的相互作用力B ．重力和引力是两种不同性质的力C ．当两物体间有另一质量不可忽略的物体存在时，则这两个物体间的万有引力将增大D ．当两物体间距离为零时，万有引力将无穷大29、关于地球同步卫星，下列说法不正确的是 ( )A ．它的周期与地球自转周期相同B ．它的周期、高度、速度大小都是一定的C ．我国发射的同步通讯卫星可以定点在北京上空D ．我国发射的同步通讯卫星必须定点在赤道上空30、下列关于万有引力定律的说法中，正确的是 ( )①万有引力定律是卡文迪许在实验室中发现的②对于相距很远、可以看成质点的两个物体，万有引力定律F ＝G Mmr 2中的r 是两质点间的距离③对于质量分布均匀的球体，公式中的r 是两球心间的距离④质量大的物体对质量小的物体的引力大于质量小的物体对质量大的物体的引力 A ．①③ B ．②④C ．②③D ．①④二、单项选择题Ⅱ（每题2分，共40分）31、某小船在静水中的速度大小保持不变，该小船要渡过一条河，渡河时小船船头垂直指向河岸．若船行至河中间时，水流速度突然增大，则 ( )A ．小船渡河时间增加B ．小船渡河时间减少C ．小船渡河时间不变D ．小船到达对岸地点不变 32、从某一高度水平抛出质量为m 的小球，经时间t 落在水平地面上，速度方向偏转角．若不计空气阻力，重力加速度为g ，则不正确的是 ( )A ．小球抛出的速度大小为sin gt θB ．小球抛出的速度大小为θtan gtC ．小球落地时速度大小D ．小球在飞行过程中速度的增量大小为gtθθsin gt33、从同一高度以不同的速度同时水平抛出两个质量不同的石子，下面说法中正确 ( )A．速度大的先着地 B．速度小的先着地C．质量大的先着地 D．两石子同时着地34、如图所示，船在静水中的航速为v1，水流的速度为v2．为使船行驶到河正对岸的码头，则v1相对v2的方向应为 ( )A B C D35、将一个物体以某一速度从地面竖直向上抛出，设运动过程中不受空气阻力，则 ( )A．速度大小改变方向不变 B．在最高点的加速度为零C．上升时间大于下落时间 D．上升时的加速度等于下落时的加速度36、如图所示，甲小球以一定的初速度水平抛出，乙小球从同一高度同时无初速地释放，则下列说法正确的是 ( ) A．甲小球先落地B．乙小球先落地C．甲、乙两小球同时落地D．无法判断谁先落地37、如图所示，靠摩擦传动做匀速转动的大小两轮接触面互不打滑，大轮的半径是小轮的2倍，A、B分别为大小两轮边缘上的点．则轮上A、B两点 ( ) A．线速度的大小相等B．角速度相等C．向心加速度相等D．周期相等38、如图所示，长度为0.5 m的轻质细杆OA，A端有一质量为3 kg的小球，以O点为圆心，在竖直平面内做圆周运动，小球通过最高点时的速度为2 m/s，取g＝10 m/s2，则此时的向心力等于 ( ) A．6 NB．12 NC．24 ND．30 N39、关于物体做圆周运动的说法正确的是（）A．匀速圆周运动是匀速运动B．物体在恒力作用下不可能做匀速圆周运动C．向心加速度越大，物体的角速度变化越慢D．匀速圆周运动中向心加速度是一恒量40、时针、分针和秒针转动时，下列正确说法是（）A. 秒针的角速度是分针的60倍B. 分针的角速度是时针的60倍C. 秒针的角速度是时针的360倍D. 秒针的角速度是时针的86400倍 41、甲、乙两物体都做匀速圆周运动，其质量之比为1：2，转动半径之比为1：2，在相等时间里甲转过60°，乙转过45°，则它们所受外力的合力之比为（）A. 1：4B. 2：3C. 4：9D. 9：1642、下列关于向心加速度的说法中，正确的是（）A ．向心加速度的方向始终与速度的方向垂直B ．向心加速度的方向保持不变C ．在匀速圆周运动中，向心加速度是恒定的D ．匀速圆周运动中，向心加速度的大小不断变化43、下列事例中，不是由于万有引力起决定作用的物理现象是 ( )A ．月亮总是在不停地绕着地球转动B ．地球周围包围着稠密的大气层，它们不会散发到太空去C ．潮汐D ．把许多碎铅块压紧，就成一块铅块44、由于某种原因，人造地球卫星的轨道半径减小了，那么卫星的 ( )A ．速率变大，周期变小B ．速率变小，周期变大C ．速率变大，周期变大D ．速率变小，周期变小45、如图所示，甲、乙两人分别站在赤道和纬度为45°的地面上，他们随地球一起绕地轴做匀速圆周运动，则下列物理量相同的是 ( )A ．线速度B ．角速度C ．向心力D ．向心加速度46、人造卫星绕地球做匀速圆周运动，其速率是下列的 ( )A ．一定等于7.9 km/sB ．等于或小于7.9 km/sC ．一定大于7.9 km/sD ．介于7.9 ～ 11.2 km/s47、物体在月球表面的重力加速度是在地球表面的重力加速度的16，这说明了 ( )A ．地球的半径是月球半径的6倍B ．地球的质量是月球质量的6倍C ．月球吸引地球的力是地球吸引月球的力的16D ．物体在月球表面的重力是其在地球表面重力的1648、由于通信和广播等方面的需要，许多国家发射了地球同步轨道卫星，这些卫星的 ( )A．质量可以不同 B．轨道半径可以不同C．轨道平面可以不同 D．速率可以不同49、“和平号”轨道空间坠毁前，因受高空稀薄空气阻力和地面控制作用的影响，空间站在绕地球运转(可看作做圆周运动)的同时逐渐地向地球靠近，这个过程中空间站运动 ( ) A．角速度逐渐减小 B．线速度逐渐减小C．加速度逐渐减小 D．周期逐渐减小50、两颗质量不同的人造地球卫星，在同一轨道上绕地球做匀速圆周运动，则以下物理量中相同的是 ( ) A．受到地球引力的大小 B．向心力的大小C．运动的速度 D．运动的周期三、双项选择题（每题3分，共30分）51、一架准备空投物资的直升飞机，以10 m/s的速度水平飞行，在距地面180 m的高度处，欲将物资准确投放至地面目标，若不计空气阻力，g取10 m/s2，则 ( ) A．物资投出后经过6 s到达地面目标B．物资投出后经过18 s到达地面目标C．应在距地面目标水平距离60 m处投出物资D．应在距地面目标水平距离180 m处投出物资52、下图为自动喷水装置的示意图．喷头高度为H，喷水速度为v，若要增大喷洒距离L，下列方法中可行的有 ( ) A．减小喷水的速度vB．增大喷水的速度vC．减小喷头的高度HD．增大喷头的高度H53、下列运动中，加速度不变的是 ( )A．平抛运动 B．斜抛运动C．曲线运动 D．匀速圆周运动54、小船在200 m宽的河中匀速横渡，船在静水中的速度为4 m/s，水流速度是2 m/s，当小船的船头沿始终正对对岸时，则小船 ( ) A．到达对岸所用时间为50 sB．到达对岸所用时间为100 sC．在出发点正对岸下游100 m处到达D．在出发点正对岸下游200 m处到达55、关于洗衣机脱水桶的有关问题，下列说法中正确的是 ( )A．如果衣服上的水太多脱水桶就不能进行脱水B．脱水桶工作时衣服上的水做离心运动C．白色衣服染上红墨水时，也可以通过脱水桶将红墨水去掉使衣服恢复白色D．脱水桶转动越快，衣服上的水越容易被甩出56、在匀速圆周运动中，线速度 ( )A．大小不变 B．大小不断改变C．方向不变 D．方向不断改变57、如图所示，光滑水平面上，小球m在拉力F作用下做匀速圆周运动，若小球运动到P点时，拉力F发生变化，关于小球运动情况的说法正确的是 ( ) A．若拉力突然消失，小球将沿轨迹Pa做直线运动B．若拉力突然变小，小球将沿轨迹Pb做离心运动C．若拉力突然变大，小球将沿轨迹Pc做离心运动D．若拉力突然变小，小球将沿轨迹Pc做离心运动58、如图所示，一质量为m的汽车保持恒定的速率运动，若通过凸形路面最高处时对路面的压力为F1，通过凹形路面最低处时对路面的压力为F2，则 ( ) mgA．FB．F1<mgC．F2＝mgD．F2>mg59、关于地球同步通讯卫星，下列说法中正确的是 ( )A．它不一定在赤道上空运行B．各国发射的这种卫星轨道半径都一样C．它运行的线速度一定小于第一宇宙速度D．它运行的线速度介于第一和第二宇宙速度之间60、第一宇宙速度是物体在地球表面附近环绕地球做匀速圆周运动的速度，则有 ( )A．被发射的物体质量越大，第一宇宙速度越大B．被发射的物体质量越小，第一宇宙速度越大C．第一宇宙速度与被发射物体的质量无关D．第一宇宙速度与地球的质量有关高中物理（必修二）文科答题卡试卷总分：100分答题时间：90 min 命题人：Lex 审题人：Pwz 试室号：班级：座位号：姓名：（测试内容：必修二1—3章）一、单项选择题Ⅰ（每题1分，共30分）二、单项选择题Ⅱ（每题2分，共40分）三、双项选择题（每题3分，共30分）高中物理（必修二）文科参考答案试卷总分：100分答题时间：90 min 命题人：Lex 审题人：Pwz 试室号：班级：座位号：姓名：（测试内容：必修二1—3章）一、单项选择题Ⅰ（每题1分，共30分）二、单项选择题Ⅱ（每题2分，共40分）三、双项选择题（每题3分，共30分）。

广东省2014湛江二模物理试题答案解析 PDF版

2014湛江二模湛江二模试题答案解析试题答案解析一、单选题13、如图所示，一个足球用网兜悬挂于O 点，A 点为网兜上对称分布的网绳的结点，OA 为一段竖直绳，设网绳的长短和足球重力不变，若足够越大，则：A 、网绳的拉力越大B 、网绳的拉力越小C 、网绳的拉力不变D 、竖直绳OA 的拉力越大答案答案：：A 解析解析：：合力一定时合力一定时，，等大的分力夹角变大时等大的分力夹角变大时，，分力变大 14、一闭合矩形线圈绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，产生的感应电流如图，由图可知 A 、该交流电电流的有效值是5A B 、该交流电的频率是20HzC 、t=0时刻线圈平面位于中性面D 、该交流电电流的瞬时表达式为i=5cos100πt(A) 答案答案：：D解析解析：：选项A 错误错误，，有效值为5/。

选项B 错误错误，，频率为50Hz 。

选项C 错误错误，，线圈平面垂直中性面面垂直中性面。

15、公交车是人们出行的重要交通工具，如图所示是公交车内部座位示意图，其中座位A 和B 的边线和车前进的方向垂直，当车在某一站台由静止开始匀加速启动的同时，一个乘客从A 座位沿AB 连线相对车以2m/s 的速度匀速运动到B ，则站在站台上的人看到该乘客 A 、运动轨迹为直线B 、运动轨迹为抛物线C 、因该乘客在车上匀速运动，所以乘客处于平衡状态D 、当车速度为5m/s 时，该乘客对地速度为7m/s 答案：B解析：选项A 错误，AB 对立。

选项C 错误，有加速度，处于非平衡状态。

选项D m/s 。

16、电梯早已进入人们的日常生活。

设某人乘坐电梯的v-t 图象如图，取向上为正方向，下列说法中正确的是：A 、0~t 1时间内人处于失重状态B 、t 2~t 4时间内人处于失重状态C 、t 2~t 3时间内与t 3~t 4时间内电梯的加速度方向相反D 、0~t 1时间内和t 3~t 4时间内电梯的加速度方向相同答案：B解析：选项A 错误，超重。

湛江市2014-2015学年度第一学期期末高中调研考试试题高一物理必修1测试参考答案

第 1 页共 2 页湛江市2014—2015学年度第一学期期末调研考试高一物理（必修1）试卷参考答案一、单项选择题（每小题3分，共24分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，请把正确的答案选出来）二、双项选择题：(每小题4分，共24分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项正确．全选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分)三、实验题（每空2分，共18分） 15.（6分）(1)图线如右图所示(2)弹簧的原长 (3)42 16.(12分)（1） ①质量 ②合外力 ③B （2） 0.386 0.906 1.30 四、计算题（共3小题，共34分） 17.（10分）解：对结点O ，如图有：AT gm 1cos =θ ① （3分） gm T B1tan =θ ② （3分）代入数据解得：g m T g m T B A 1143,45==（4分）m 1gT AT BO m 1gT AT B θ第 2 页共 2 页18．（12分）解：⑴由匀速直线运动规律可知：10==tx v PQ m/s （2分）而 2QP v v v +=（2分）代入数据解得 m/s 5=P v （2分） ⑵ 由加速度概念可知： 2m/s 67.1=-=tv v a PQ （2分）⑶由速度位移公式 OP P ax v 22= （2分）代入数据解得 m 5.7=O P x （2分）19．（12分）解：（1）设飞艇在25 s 内下落的加速度为a 1，根据牛顿第二定律可得： mg －f = ma 1，（2分）代入数据解得：a 1 =mmm m f mg 1004.010⨯-=- = 9.6 m/s 2 （1分）所以飞艇在25 s 内下落的高度为h 1 =21a 1t 2 = 3 000 m （1分）（2）25 s 后，飞艇将做减速运动，减速时飞机的速度v = a 1t = 9.6×25 m/s = 240 m/s （1分）减速运动下落的高度h 2 = 6 000 m －3 000 m －500 m = 2 500 m （1分）减速运动飞艇的加速度大小a 2 = 222h v = 11.52 m/s 2 （2分）（3）由牛顿第二定律得：飞艇对大学生的支持力为F N －mg = ma 2 （2分） F N = m (g ＋a 2) = 2.15 mg （1分）由牛顿第三定律得，大学生对座位的压力大小F N ′ = F N即大学生对座位的压力为重力的2.15倍（1分）。

广东省湛江市城区中学高一物理月考试题含解析

广东省湛江市城区中学高一物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如图甲所示，质量为m1的足够长木板静止在水平面上，其上放一质量为m2的物块。

物块与木板的接触面是光滑的。

t=0时刻起，给木块施加一水平恒力F。

分别用、和v1、v2表示木板、物块的加速度和速度大小，图乙中符合运动情况的是参考答案：D2. （多选）如图，真空中有两个点电荷Q1=+4.0×10﹣8C和Q2=﹣1.0×10﹣8C，分别固定在x轴的x=0和x=6cm的位置上．则在x轴上（）A．x=﹣6cm和x=6cm处的点的电场强度为零B．只有x=12cm处的点的电场强度为零C．电场强度方向沿x轴正方向的区域有两处D．电场强度方向沿x轴正方向的区域只有一处参考答案：解：A、某点的电场强度是正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的电场的叠加，是合场强．根据点电荷的场强公式E=所以要使电场强度为零，那么正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的场强大小相等方向相反．不会在Q1的左边，因为Q1的电荷大于Q2，也不会在Q1 Q2之间，因为它们电荷电性相反，在中间的电场方向都是一样的；所以，只能在Q2右边．设该位置据Q2的距离是L，所以=解得L=6cm；所以x坐标轴上x=12cm处的电场强度为零，故A错误，B正确；C、在Q1 Q2之间，正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的场强方向沿x轴正方向，所以实际场强也是沿x轴正方向，根据点电荷的场强公式得x坐标轴大于12cm区域电场强度方向沿x轴正方向区域．所以x坐标轴上电场强度方向沿x轴正方向区域是（0，6cm）和（12cm，∞），故C正确，D错误．故选：BC．3. 如图所示，质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落，桌面离地高度为h．若以桌面为参考平面，那么小球落地时的重力势能和动能分别是（）A．mgh、mg（H﹣h）B．mgh、mg（H+h）C．﹣mgh、mg（H﹣h）D．﹣mgh、mg （H+h）参考答案：D解：以桌面为零势能参考平面，地面离参考平面的高度为﹣h，则小球落地时的重力势能为：E p=﹣mgh．物体下落的高度差为（h+H），根据动能定理得：mg（H+h）=E k﹣0解得：E k=mg（H+h），故ACD错误，B正确．故选：D．4. （多选）冰壶比赛场地如图，运动员从起滑架处推着冰壶出发，在投掷线MN处放手让冰壶滑出。

湛江市高一物理第二学期期末试题(含答案13-14年

湛江市2013—2014学年度第二学期期末调研考试高一物理（必修2）试卷考试时间：90分钟满分：100分一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的．把正确答案填在下面表格中。

）1．下列说法符合史实的是：A ．牛顿发现了万有引力定律B ．卡文迪许发现了行星的运动规律C ．开普勒第一次在实验室里测出了万有引力常量D ．伽利略发现了海王星和冥王星2．把重物从地面以10m/s 的速度竖直向上抛出，忽略空气阻力，则物体从抛出到落回地面的运动时间是（g=10 m/s 2）：A ． 0.2s B. 1s C. 1.8s D. 2s3．如图所示，轻杆一端固定一小球，另一端安装在电动机的转轴O 上．当电动机匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动．则：A ．小球的加速度不变B ．小球所受合外力大小不变，方向改变C ．小球所受合外力为零D ．小球所受合外力大小、方向都不变 4．小船在静水中的速度是v 现在小船要渡过一河流，渡河时小船朝对岸垂直划行，若航行至河中心时，河水流速增大，则渡河时间将：A. 不变B.减小C.增大D.不能确定 5．人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，则离地面越远的卫星：A ．所受的万有引力越大B ．运行的角速度越大C ．运行的周期越大D ．运行的线速度越大 6．下列现象中，机械能守恒的是（不计空气阻力）：A ．沿斜面匀速下滑的物体B ．抛出的钢球作平抛运动C ．跳伞运动员在空中匀速下降 .D ．气球在平衡力作用下匀速竖直上升7．质量为1 kg 的物体从某一高度自由下落，经3 s 到达地面，不计空气阻力，则该物体下落1 s 末重力做功的瞬时功率为（取g=10m/s 2）：A ．10WB ．20WC ．75 WD ．100 W8．如图所示，一质量为m 的足球，以速度v 由地面被踢起，当它到达离地面高度为h 的B 点时（取A 处重力势能为零），不计空气阻力，下列说法正确的是：学校班级姓名学号密封线A ．在B 点足球的动能为mgh -B ．在B 点足球的机械能为221mv +mgh C ．在B 点足球的机械能为221mvD ．在B 点足球的机械能为mgh mv -221二、双项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分．每小题只有两个选项正确，全对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分．请把正确答案填在下面表格中。

2024学年广东省湛江市下学期4月月考高三物理试题试卷

2024学年广东省湛江市下学期4月月考高三物理试题试卷注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，足够长的平行玻璃砖厚度为d，底面镀有反光膜CD，反光膜厚度不计，一束光线以45°的入射角由A点入射，经底面反光膜反射后，从顶面B点射出（B点图中未画出）。

已知该光线在玻璃砖中的传播速度为22c，c为光在真空中的传播速度，则下列说法错误的是（）A2B．入射点A与出射点B之间的距离为3 3 dC．平行玻璃砖的全反射临界角为30°D．为了使从A点以各种角度入射的光线都能从顶面射出，则底面反光膜CD长度至少2d2、下列说法中正确的是（）A．天然放射现象的发现，揭示了原子核是由质子和中子组成的B．汤姆逊通过对阴极射线的研究提出了原子核具有复杂的结构C．氢原子的能级理论是玻尔在卢瑟福核式结构模型的基础上提出来的D．卢瑟福的粒子散射实验揭示了原子只能处于一系列不连续的能量状态中3、图1所示为一列简谐横波在t=0时的波动图象，图2所示为该波中x=2m处质点P的振动图象，下列说法正确的是（）A ．该波的波速为2m/sB ．该波沿x 轴负方向传播C ．t= 1.0s 时，质点P 的速度最小，加速度最大D ．在t=0到t=2.0s 的时间内，质点P 的速度和加速度方向均未发生改变4、如图所示，a 、b 、c 、d 为圆O 上的四个点，直径ac 、bd 相互垂直，两根长直导线垂直圆面分别固定在b 、d 处，导线中通有大小相等，垂直纸面向外的电流，关于a 、O 、c 三点的磁感应强度，下列说法正确的是A ．都为零B ．O 点最大C ．a 、c 两点方向相反D ．a 、c 两点方向相同5、物理老师在课堂上将一张薄面纸夹在一本厚厚的“唐诗辞典”的最下层两个页面之间，并将它们静置于桌面上要求学生抽出面纸，结果面纸总被拉断．然后物理老师为学生表演一项“绝活”——手托“唐诗辞典”让其运动并完好无损地抽出了面纸，则“唐诗辞典”可能（）A ．水平向右匀速运动B ．水平向左匀速运动C ．向下加速运动D ．向上加速运动6、AC 、CD 为两个倾斜角度不同的固定光滑斜面，其中45ACB ∠<︒，水平距离均为BC ，两个完全相同且可视为质点的物块分别从A 点和D 点由静止开始下滑，不计一切阻力，则（）A ．沿AC 下滑的物块到底端用时较少B ．沿AC 下滑的物块重力的冲量较大C ．沿AC 下滑的物块到底端时重力功率较小D ．沿AC 下滑的物块到底端时动能较小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

广东省湛江二中2015届高考物理模拟试卷 Word版含解析

2015年广东省湛江二中高考物理模拟试卷一、单项选择题（本题包括4小题，每小题4分，共16分，每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的．选对得4分．有选错或不选的得0分）1．如图所示，A、B为同一水平线上的两个固定绕绳装置，转动A、B，使光滑挂钩下的重物C缓慢竖直上升，下列说法正确的是（）A．绳子拉力大小不变 B．绳子拉力大小逐渐减小C．两段绳子合力逐渐减小 D．两段绳子合力不变2．质点做直线运动的v﹣t图象如图所示，规定向右为正方向，则该质点在前8s内平均速度的大小和方向分别为（）A．0.25m/s向右B．0.25m/s向左C．1m/s向右 D．1m/s向左3．图示是世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示．这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是（）A．回旋加速器是由劳伦斯发明的B．两个铜质D形盒间的空隙加的是直流电C．离子从磁场中获得能量D．离子每次穿越空隙时电场速度的增量相同4．2012年8月3日中国选手董栋在伦敦奥运会夺得男子蹦床金牌．忽略空气阻力，下面说法正确的是（）A．运动员下落到刚接触蹦床时，速度最大B．运动到最低点时，床对运动员的作用力大于运动员对床的作用力C．从刚接触蹦床到运动至最低点的过程中，运动员的加速度先减小后增大D．在下落过程中，重力对运动员所做的功等于其重力势能的减小二、双选择题（本题包括5小题，每小题6分，共30分．每小题的4个选项中有2个是正确的，全对得6分，只选一个且正确的得3分，错选、漏选0分）5．下列说法正确的是（）A．核内有30个中子B．金属产生光电效应时，入射光的频率越高金属的逸出功越大C．核反应方程X中的X表示的是质子D．玻尔理论认为原子能量状态是不连续的6．下列说法正确的是（）A．带电粒子只在电场力作用下运动电势能减小B．静止的电荷只在电场力作用下不一定沿电场线运动C．电场线越密集的地方场强越大，电势越高D．只在电场力作用下运动的带电粒子电场力不一定做功7．下列说法正确的是（）A．第一宇宙速度是卫星绕地球做圆周运动的最大速度B．可以发射一颗卫星使它的轨道平面与地球的某一经线面重合C．所有地球同步卫星的加速度都相同D．同一圆形轨道上的两颗卫星相对地心的圆心角不变8．下列叙述正确的是（）A．气体的温度升高时，分子的热运动变得剧烈，压强增大B．一定质量的理想气体经等温压缩后，一定放热C．自然界中一切自发进行的过程都是不可逆的D．绝对零度是可以达到的9．如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为2：1．电池和交变电源的电动势都为6V，内阻均不计．下列说法正确的是（）A．S与a接通的瞬间，R中无感应电流B．S与a接通稳定后，R两端的电压为0C．S与b接通稳定后，R两端的电压为3VD．S与b接通稳定后，原、副线圈中电流的频率之比为2：1三、非选择题10．某学习小组利用如图甲所示装置验证机械能守恒定律，实验中电火花计时器所用的交流电源的频率为f，得到如图乙所示的纸带，如图所示．重物的质量为m，当地的重力加速度为g．①在进行实验时，与重物相连的是纸带的端（选填“左”或“右”）．②图丙是用刻度尺测量打点AB间的距离，则AB间的距离s为m．③打下B点时，重物的速度大小表式为v B=．④取A、B为研究的初、末位置，则验证机械能守恒成立的表达式是．11．某同学想用实验准确测定手机电池的电动势E和内阻r．（电动势约为4V，内阻约为几欧）A ．电压表（量程的15V，内阻约为6.0kΩ）B．电流表（量程0.6A，内阻约为0.5Ω）C．电流表（量程100mA，内阻约为100Ω）D．电阻箱R（0～999.9Ω）E．定值电阻R O=5ΩF．开关S一只、导线若干①某同学从上述器材中只选取了电压表和电阻箱R测锂电池的电动势和内阻，你认为可行吗？回答并说明理由：．②为了准确、安全地测量手机电池的电动势和内阻，从上述器材中，该同学选取了电流表、电阻箱R、以及必要的器材，其中电流表应选择（选填电流表的字母序号），采用的电路图如图甲所示．③利用②中的实验获得6组数据，已经在坐标图中描上点，请完成图象，根据图象求得手机电池的电动势E为V，内阻r为Ω．（结果保留两位有效数字）12．如图，Q为一个原来静止在光滑水平面上的物体，其DB段为一半径为R的光滑圆弧轨道，AD段为一长度为L=R的粗糙水平轨道，二者相切于D点，D在圆心O的正下方，整个轨道位于同一竖直平面内．物块P的质量为m（可视为质点），P与AD间的动摩擦因数μ=0.1，物体Q的质量为M=2m，重力加速度为g．（1）若Q固定，P以速度v0从A点滑上水平轨道，冲至C点后返回A点时恰好静止，求v0大小．（2）若Q固定，P仍以速度v0从A点滑上水平轨道，求P第一次越过D点时对D点的压力大小．（3）若Q不固定，P仍以速度v0从A点滑上水平轨道，求P在光滑圆弧轨道上所能达到的最大高度h．13．如图，虚线的左下方存在匀强磁场B．A，B是完全相同的两个质量均为m的小金属球（可看做质点）．A带正电q，B不带电用细绳竖直悬挂在O点．整个空间存在竖直向上的匀强电场，场强大小为E=mg/q．A球在M点沿竖直向下射入磁场B．在N点与B球发生水平方向完全弹性碰撞，碰后B球刚好能以L为半径，在竖直平面内运动到圆周最高点，A 球则水平匀速从Q点射出．（重力加速度为g）不计一切摩擦．求：（1）B球被碰后的速度大小．（2）A球射入点M到N的距离．（3）A球从Q点水平射出时距N点的距离．2015年广东省湛江二中高考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题包括4小题，每小题4分，共16分，每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的．选对得4分．有选错或不选的得0分）1．如图所示，A、B为同一水平线上的两个固定绕绳装置，转动A、B，使光滑挂钩下的重物C缓慢竖直上升，下列说法正确的是（）A．绳子拉力大小不变 B．绳子拉力大小逐渐减小C．两段绳子合力逐渐减小 D．两段绳子合力不变【考点】力的合成．【专题】定性思想；合成分解法；受力分析方法专题．【分析】二力大小不变，合成时，它们的夹角越小，合力越大；同样，将一个力分解为等大的两个分力，两个分力的夹角越大，分力越大；物体受三个力，重力和两个拉力，三力平衡，两个拉力的合力与重力等值、反向、共线．运用前面的结论进行分析．【解答】解：物体受三个力，重力和两个拉力，重物C缓慢竖直上升时三力平衡，即有两个拉力的合力与重力平衡，所以两个拉力合力一定，而两个拉力的夹角不断增大，故拉力不断增大，故D正确，ABC错误；故选：D．【点评】本题关键记住“将一个力分解为等大的两个分力，两个分力的夹角越大，分力越大”的结论，也可以用解析法求解出拉力表达式进行分析．2．质点做直线运动的v﹣t图象如图所示，规定向右为正方向，则该质点在前8s内平均速度的大小和方向分别为（）A．0.25m/s向右B．0.25m/s向左C．1m/s向右 D．1m/s向左【考点】平均速度．【专题】计算题．【分析】质点做直线运动的v﹣t图象中，图象与横坐标所围成的面积表示位移，平均速度等于总位移除以总时间，根据即可解题．【解答】解：由题图得前8s内的位移，则平均速度=﹣0.25m/s，负号表示方向向左．B正确．故选B．【点评】质点做直线运动的v﹣t图象中，图象与坐标轴所围成的面积表示位移，面积的正负表示位移的方向，该题难度不大，属于基础题．3．图示是世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示．这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是（）A．回旋加速器是由劳伦斯发明的B．两个铜质D形盒间的空隙加的是直流电C．离子从磁场中获得能量D．离子每次穿越空隙时电场速度的增量相同【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理．【专题】定性思想；推理法；带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】回旋加速器是利用电场加速、磁场偏转来加速粒子，带电粒子的磁场中运动的周期与交流电压的周期相同，结合D形盒的半径，根据洛伦兹力提供向心力，求出速度与什么因素有关．【解答】解：A、回旋加速器是由劳伦斯发明的．故A正确．B、回旋加速器是利用电场加速、磁场偏转粒子，且粒子在磁场中运动的周期与交流电压的周期相同，两个铜质D形盒间的空隙加的是交流电．故B错误．C、回旋加速器是利用电场加速粒子、磁场来偏转粒子；由于粒子受到的洛伦兹力与运动的方向始终垂直，所以磁场不能加速粒子．故C错误；D、回旋加速器是利用电场加速粒子，粒子每经过电场一次，电场力做的功为qU，根据动能定理：，可知离子每次穿越空隙时电场时动能的增量相同，速度的增量不相同．故D错误．故选：A【点评】解决本题的关键掌握回旋加速器的工作原理，知道回旋加速器是利用电场加速和磁场偏转来加速粒子．4．2012年8月3日中国选手董栋在伦敦奥运会夺得男子蹦床金牌．忽略空气阻力，下面说法正确的是（）A．运动员下落到刚接触蹦床时，速度最大B．运动到最低点时，床对运动员的作用力大于运动员对床的作用力C．从刚接触蹦床到运动至最低点的过程中，运动员的加速度先减小后增大D．在下落过程中，重力对运动员所做的功等于其重力势能的减小【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律；牛顿第三定律．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】动员下落过程接触蹦床前是自由落体运动，从接触蹦床到最低点过程，蹦床行变量逐渐变大，弹力逐渐增加；当弹力小于重力时，合力向下，加速度向下，运动员向下加速；当弹力大于重力时，合力向上，加速度向上，运动员向下减速．【解答】解：A、动员下落过程接触蹦床前是自由落体运动，从接触蹦床到最低点过程，蹦床行变量逐渐变大，运动员受到的弹力逐渐增加，故合力先向下后向上，故运动员先加速后减速，故当弹力与重力平衡时，速度最大，故A错误；B、床对运动员的作用力与运动员对床的作用力是相互作用力，总是等值、反向、共线，故B错误；C、从刚接触蹦床到运动至最低点的过程中，蹦床行变量逐渐变大，运动员受到的弹力逐渐增加，故合力先向下减小后反向增加，故运动员的加速度先减小后增大，故C正确；D、根据功能关系，力对运动员所做的功等于其重力势能的减小，故D正确；故选CD．【点评】本题关键是明确运动员受力情况，然后根据牛顿第二定律分析加速度变化情况，最后得到其运动情况．二、双选择题（本题包括5小题，每小题6分，共30分．每小题的4个选项中有2个是正确的，全对得6分，只选一个且正确的得3分，错选、漏选0分）5．下列说法正确的是（）A．核内有30个中子B．金属产生光电效应时，入射光的频率越高金属的逸出功越大C．核反应方程X中的X表示的是质子D．玻尔理论认为原子能量状态是不连续的【考点】光电效应；玻尔模型和氢原子的能级结构．【专题】光电效应专题．【分析】原子核中，质量数等于质子数与中子数之和．逸出功与入射光的频率无关，由金属本身决定．【解答】解：A、核内质量数为30，质子数为15，质量数等于质子数和中子数之和，则中子数为15．故A错误．B、逸出功与入射光的频率无关，由金属本身决定．故B错误．C、根据电荷数守恒、质量数守恒，X的电荷数为1，质量数为1，为质子．故C正确．D、玻尔理论认为原子能量是量子化的，不连续．故D正确．故选CD．【点评】本题考查了光电效应，原子核、玻尔理论等知识点，比较简单，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点．6．下列说法正确的是（）A．带电粒子只在电场力作用下运动电势能减小B．静止的电荷只在电场力作用下不一定沿电场线运动C．电场线越密集的地方场强越大，电势越高D．只在电场力作用下运动的带电粒子电场力不一定做功【考点】电势能；电场线．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】根据电场力做功情况，分析电势能变化情况．只有当电场线是直线，且带电粒子从静止开始或初速度与电场线共线时，其运动轨迹才沿电场线．当粒子受到垂直与运动方向的电场力时，可以做匀速圆周运动．【解答】解：A、带电粒子的运动情况不仅与所受的电场力有关，还与初速度有关，则知带电粒子仅在电场力作用下运动，可向电势高处运动，也向电势低处运动，电场力可能做正功，也可能做负功，则电势能可能减小，也可能增加，故A错误．B、只有当电场线是直线，且带电粒子从静止开始或初速度与电场线共线时，其运动轨迹才沿电场线．所以带电粒子的运动轨迹不一定与电场线重合．故B正确C、电场线越密集的地方场强越大，沿着电场线方向电势降低，与电场线的疏密无关，故C 错误；D、在电场中只受电场力作用时，可能做匀速圆周运动，电场力对粒子不做功，故D正确故选：BD【点评】解决本题的关键要理解几对关系：带电粒子的运动情况与受力情况的关系、运动轨迹与电场线的关系，注意电场力可做匀速圆周运动是解题的关键．7．下列说法正确的是（）A．第一宇宙速度是卫星绕地球做圆周运动的最大速度B．可以发射一颗卫星使它的轨道平面与地球的某一经线面重合C．所有地球同步卫星的加速度都相同D．同一圆形轨道上的两颗卫星相对地心的圆心角不变【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】定量思想；推理法；人造卫星问题．【分析】第一宇宙速度又称为近地轨道环绕速度，是指在地球上发射的物体绕地球飞行作圆周运动所需的最小初始速度．人造卫星在圆轨道上运行时，运行速度v=，轨道半径越大，速度越小，同步卫星的轨道半径远大于地球半径．故同步卫星绕地球飞行的速度小于第一宇宙速度．【解答】解：A、第一宇宙速度是卫星绕地球做圆周运动的最大速度，因半径越大，则速度越小．则A正确B、因地球自转，则不能发射一颗卫星使它的轨道平面与地球的某一经线面重合，则B错误C、所有地球同步卫星的加速度大小都相同，但方向不同，则C错误D、半径相同则角速度相同，则相对地心的圆心角不变，同D正确故选：AD【点评】此题要记住三个宇宙速度，尤其知道第一宇宙速度如何求解，又叫最大环绕速度，最小发射速度8．下列叙述正确的是（）A．气体的温度升高时，分子的热运动变得剧烈，压强增大B．一定质量的理想气体经等温压缩后，一定放热C．自然界中一切自发进行的过程都是不可逆的D．绝对零度是可以达到的【考点】理想气体的状态方程；热力学第二定律．【专题】定性思想；方程法；热力学定理专题．【分析】气体发生等温变化时，遵守玻意耳定律pV=c；气体的压强不仅与温度有关，还与气体的体积有关；物体放出热量，若外界对气体做功，温度也可能不变，或升高，根据热力学第一定律分析．内燃机得到的全部内能不可能转化为机械能，根据热力学第二定律分析．【解答】解：A、根据理想气体的状态方程知，气体的温度升高时，分子的热运动变得剧烈，由于不知道体积的变化情况，所以压强不一定增大，故A错误．B、根据玻意耳定律pV=c知，一定质量的理想气体经等温压缩，体积减小，压强一定增大．故B正确．C、根据热力学第二定律得知，自然界中一切自发进行的过程都是不可逆的，故C正确．D、根据热力学第零定律得知，绝对零度是不可以达到的，故D错误．故选：BC【点评】本题考查了热学中的基本知识如热力学学第二定律、理想气体状态方程等，对于这些基础知识要加强积累和记忆，平时加强练习．9．如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为2：1．电池和交变电源的电动势都为6V，内阻均不计．下列说法正确的是（）A．S与a接通的瞬间，R中无感应电流B．S与a接通稳定后，R两端的电压为0C．S与b接通稳定后，R两端的电压为3VD．S与b接通稳定后，原、副线圈中电流的频率之比为2：1【考点】变压器的构造和原理．【专题】交流电专题．【分析】变压器对于交流电起作用，接在直流电中是不起作用的，在根据最大值和有效值之间的关系以及电压与匝数成正比即可求得结论．【解答】解：A、在S与a接通的瞬间，由于电流由零突然变大，所以线圈中的磁通量会发生变化，副线圈中的R会有感应电流，所以A错误．B、在S与a接通稳定后，电路中的电流稳定，磁通量不会发生变化，所以副线圈中不会有感应电流产生，电阻R两端的电压为0，所以B正确．C、在S与b接通稳定后，由于b是交流电源，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压为3V，所以C正确．D、变压器不会改变交流电源的频率，所以原、副线圈中电流的频率是相同的，所以D错误．故选BC．【点评】掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．三、非选择题10．某学习小组利用如图甲所示装置验证机械能守恒定律，实验中电火花计时器所用的交流电源的频率为f，得到如图乙所示的纸带，如图所示．重物的质量为m，当地的重力加速度为g．①在进行实验时，与重物相连的是纸带的左端（选填“左”或“右”）．②图丙是用刻度尺测量打点AB间的距离，则AB间的距离s为0.4545m．③打下B点时，重物的速度大小表式为v B=．④取A、B为研究的初、末位置，则验证机械能守恒成立的表达式是．【考点】验证机械能守恒定律．【专题】实验题；定量思想；实验分析法；机械能守恒定律应用专题．【分析】根据相同时间内位移逐渐增大确定重物与纸带的哪一端相连．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，根据重力势能的减小量等于动能的增加量列出机械能守恒的表达式．【解答】解：①因为相等时间内位移逐渐增大，可知重物与纸带的左端相连．②AB间的距离为：x AB=55.45﹣10.00cm=45.45cm=0.4545m．③B点的瞬时速度为：．④重物重力势能的减小量为：△E p=mgs，A点的瞬时速度为：，则动能的增量为：．可知机械能守恒成立的表达式为：故答案为：①左；②0.4545；③；④【点评】本题考查了机械能守恒的验证，抓住重力势能的减小量和动能的增加量是否相等进行验证，会通过纸带得出下降的高度，从而得出重力势能的减小量，会根据纸带求解瞬时速度，从而得出动能的增加量．11．某同学想用实验准确测定手机电池的电动势E和内阻r．（电动势约为4V，内阻约为几欧）A ．电压表（量程的15V，内阻约为6.0kΩ）B．电流表（量程0.6A，内阻约为0.5Ω）C．电流表（量程100mA，内阻约为100Ω）D．电阻箱R（0～999.9Ω）E．定值电阻R O=5ΩF．开关S一只、导线若干①某同学从上述器材中只选取了电压表和电阻箱R测锂电池的电动势和内阻，你认为可行吗？回答并说明理由：不可行，因为电压表的量程太大，测量时指针摆角不能过半，实验误差太大．②为了准确、安全地测量手机电池的电动势和内阻，从上述器材中，该同学选取了电流表、电阻箱R、以及必要的器材，其中电流表应选择B（选填电流表的字母序号），采用的电路图如图甲所示．③利用②中的实验获得6组数据，已经在坐标图中描上点，请完成图象，根据图象求得手机电池的电动势E为 4.0V，内阻r为 3.0Ω．（结果保留两位有效数字）【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】（1）电压表的量程太大，测量时指针摆角不能过半，实验误差太大；（2）求出电路中的最大电流，再选择电流表量程；（3）根据描点法作出图象，根据闭合欧姆定律，运用数学变形，得出线性图象对应的相关物理量间的函数关系式求．【解答】解：①不可行，因为电压表的量程太大，测量时指针摆角不能过半，实验误差太大，②当电阻箱R=0时，电流最大，电动势约为4V，内阻约为几欧，定值电阻R0=5Ω，最大电流约为0.6A，故选B③根据描点法作出图象，如图所示：根据闭合欧姆定律，得：E=I（R+R0+r），变形得，图象的斜率k=，截距b=．根据数学知识得该图象的纵轴截距为2，图象的斜率k=，则有：=2，=0.25，解得：E=4.0V，r=3.0Ω故答案为：①不可行，因为电压表的量程太大，测量时指针摆角不能过半，实验误差太大；②B；③如图所示；4.0；3.0【点评】本题为设计性实验，在解题时应注意明确实验的原理，并且要由实验原理结合闭合电路欧姆定律得出表达式，由图象得出电动势和内电阻，难度适中．12．如图，Q为一个原来静止在光滑水平面上的物体，其DB段为一半径为R的光滑圆弧轨道，AD段为一长度为L=R的粗糙水平轨道，二者相切于D点，D在圆心O的正下方，整个轨道位于同一竖直平面内．物块P的质量为m（可视为质点），P与AD间的动摩擦因数μ=0.1，物体Q的质量为M=2m，重力加速度为g．（1）若Q固定，P以速度v0从A点滑上水平轨道，冲至C点后返回A点时恰好静止，求v0大小．（2）若Q固定，P仍以速度v0从A点滑上水平轨道，求P第一次越过D点时对D点的压力大小．（3）若Q不固定，P仍以速度v0从A点滑上水平轨道，求P在光滑圆弧轨道上所能达到的最大高度h．【考点】动量守恒定律；动能定理．【专题】动量定理应用专题．【分析】（1、2）P从A到C又返回A的过程中，由动能定理求得v0的大小，由动能定理和牛顿定律求解对Q的压力大小．（3）当PQ具有共同速度v时，P达到的最大高度h，由动量守恒定律和功能关系求解．【解答】解：（1）P从A到C又返回A的过程中，由动能定理有﹣μmg•2L=0﹣m①将L=R代入①解得v0=②（2）若P在D点的速度为v D，Q对P的支持力为F D，由动能定理和牛顿定律有﹣μmgL=m﹣m③根据牛顿第二定律得F D﹣mg=m④联立解得F D=1.2mg ⑤由牛顿第三定律可知，P对Q的压力大小也为1.2mg．（3）当PQ具有共同速度v时，P达到的最大高度h，由动量守恒定律有mv0=（m+M）v ⑥由功能关系有m=μmgL+（m+M）v2+mgh ⑦联立解得h=R答：（1）若Q固定，P以速度v0从A点滑上水平轨道，冲至C点后返回A点时恰好静止，v0大小是．（2）若Q固定，P仍以速度v0从A点滑上水平轨道，P第一次越过D点时对D点的压力大小是1.2mg．（3）若Q不固定，P仍以速度v0从A点滑上水平轨道，P在光滑圆弧轨道上所能达到的最大高度是R．【点评】本题主要考查了牛顿第二定律、动量守恒定律及动能定理的直接应用，难度适中．13．如图，虚线的左下方存在匀强磁场B．A，B是完全相同的两个质量均为m的小金属球（可看做质点）．A带正电q，B不带电用细绳竖直悬挂在O点．整个空间存在竖直向上的匀强电场，场强大小为E=mg/q．A球在M点沿竖直向下射入磁场B．在N点与B球发生。

广东省湛江市二中港城中学高一物理月考试卷带解析

广东省湛江市二中港城中学高一物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 物体在运动过程中，克服重力做功50J，则A、重力做功为50JB、物体的重力势能一定增加50JC、物体的重力势能一定减小50JD、重力做功为-50J参考答案：BD2. 如图1所示，一圆盘可绕一通过圆心O且垂直盘面的竖直轴转动。

在圆盘上放置一木块，木块随圆盘一起作匀速运动，则有关木块受力的说法中正确的是A.木块受重力、支持力、摩擦力、向心力B.木块受重力、支持力、摩擦力C.木块只受重力、支持力D. 木块只受重力、摩擦力参考答案：B3. 关于做匀速圆周运动的物体所受的向心力，下列说法中正确的是（）A．物体除其他的力外还要受到一个向心力的作用B．物体所受的合外力提供向心力C．向心力是一个恒力D．向心力是根据性质命名的一种力参考答案：B4. （单选）如图所示，x轴在水平地面内，y轴沿竖直方向。

图中画出了从y轴上沿x轴正向抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的。

不计空气阻力，则A．a的飞行时间比b的长B．b的飞行时间比c的长C．a的水平速度比b的大D．a和b的初速度可能相等参考答案：C5. 一质点沿直线Ox方向做变速运动，它离开O点的距离随时间变化的关系为x=5+2t3（m），它的速度随时间t变化的关系为v=6t2（m/s）．该质点在t=0到t=2s间的平均速度和t=2s到t=3s间的平均速度大小分别为（）A．12 m/s，39 m/s B．8 m/s，38 m/sC．12 m/s，19.5 m/s D．8 m/s，12 m/s参考答案：B【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】将t=0s和t=2s代入距离随时间变化的关系式x=5+2t3（m），可求出两个时刻质点离O点的距离，求得位移，再求解平均速度．【解答】解：根据质点离开O点的距离随时间变化的关系为x=5+2t3（m）得当：t=0时，x0=5m；t=2s时，x2=21mt=3s时，x3=59m则质点在t=0到t=2s时间内的位移△x1=x2﹣x1=16m，则质点在t=2s到t=3s时间内的位移△x3=x3﹣x2=38m，故选B．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，水平面上有一物体，人通过定滑轮用绳子拉它，在图示位置时，若人的速度为5 m／s，则物体的瞬时速度为________m／s．参考答案：7. 在平直公路上一辆行驶的汽车经过某点，它们的位移随时间的变化关系：x＝10t－2t2（m）求初速度 m/s ，加速度 _m/s2参考答案：8. （单选）下列四个选项中，属于国际单位中基本单位的是：( )A．N，kg，s B. kg，s，m C. N，m，s D. kg，s，cm参考答案：B19、如图为一小球做平抛运动时用闪光照相的方法获得的相片的一部分，图中背景小方格的边长为5cm，g取10m/s2则（1）小球运动的初速度v0=_______________m/s（2）闪光频率f=__________________Hz；（3）小球过A点的速度vA =_______________m/s 参考答案：1）_1.5__m/s （2） 10 Hz （3）___m/s10. 15．(6分)如图所示装置中，三个轮的半径分别为r、2r、4r，则图中a、b、c各点的线速度之比va∶vb∶vc = ；角速度之比ωa∶ωb∶ωc = ；加速度之比aa∶ab∶ac= 。

高一物理期末试题-湛江市第二中学2013～2014学年度第二学期高一期末总复习物理试题及答案

湛江市第二中学2013～2014学年度第二学期高一物理期末总复习试卷一、单项选择题1．第一次通过实验比较准确地测出引力常量的科学家是（）A ．牛顿 B ．伽利略 C ．胡克 D ．卡文迪许2．做曲线运动的物体，在运动过程中一定变化的物理量是（）A ．速度 B.加速度 C ．动能 D. 合外力3．物体受到几个力的作用而做匀速直线运动，若撤去其中一个力，其余的力不变，它不可能做（）A ．匀速直线运动B ．匀加速直线运动C ．匀减速直线运动D ．曲线运动4．甲、乙两个质点间的万有引力大小为F ，若甲、乙物体的质量均增加到原来的2倍，同时它们之间的距离亦增加到原来的2倍，则甲、乙两物体间的万有引力大小将为（）A ．8F B．4F C ．F D ． 2F5.如图所示，用细线吊着一个小球，使小球在水平面内做匀速圆周运动．关于小球的受力情况正确的是A ．重力 B ．重力、绳子的拉力C ．重力、绳子的拉力、向心力D ．重力、向心力6．下列现象中，不能用离心现象解释的是A ．拍掉衣服表面的灰尘 B ．在汽车转弯时，要用力拉紧扶手，以防摔倒C ．使用离心机可迅速将悬浊液中的颗粒沉淀D ．洗衣机的脱水筒把衣服上的水脱干7.如图，物体做平抛运动时，描述物体在竖直方向上的分速度Vy （取向下为正）随时间变化的图像是（）8．如图所示，一固定斜面的倾角为α，高为h ，一小球从斜面顶端沿水平方向抛出，刚好落至斜面底端，不计小球运动中所受的空气阻力，设重力加速度为g ，则小球从抛出到落至斜面底端所经历的时间为A ． B ． C ． D ．9．汽车在平直公路上行驶，它受到的阻力大小不变，若发动机的功率保持恒定，汽车在加速行驶的过程中，它的牵引力F 和加速度的变化情况是（）A ．F 逐渐减小，逐渐增大 B．F 逐渐减小，也逐渐减小 C ．F 逐渐增大，逐渐减小 D ．F 逐渐增大，也逐渐增大g h2g h 2sing h2gha a a a a。

广东省湛江市二中港城中学高一物理模拟试卷含解析

广东省湛江市二中港城中学高一物理模拟试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （多选）“嫦娥二号”探月卫星沿地月转移轨道直奔月球，在距月球表面100 km的P点进行第一次“刹车制动”后被月球捕获，进入椭圆轨道Ⅰ绕月飞行，之后，卫星在P点又经过第二次“刹车制动”，进入距月球表面100 km的圆形工作轨道Ⅱ，绕月球做匀速圆周运动，如图所示。

下列说法正确的是A．卫星在轨道Ⅰ上经P点的速度等于在轨道Ⅱ上经过P点的速度B．卫星在轨道Ⅰ上经Q点的速度小于在轨道Ⅱ上经过P点的速度C．卫星在轨道Ⅰ上运动周期等于在轨道ⅡD．卫星沿轨道Ⅰ经P点时的加速度等于沿轨道Ⅱ经P点时的加速度参考答案：BD2. (单选)下列说法中，正确的是（）A．质点一定是体积极小的物体B．当研究一列火车全部通过桥所需的时间时，可以把火车视为质点C．研究自行车的运动时，因为车轮在转动，所以无论研究哪方面问题，自行车都不能视为质点D．地球虽大，且有自转，但有时仍可被视为质点参考答案：D3. 一轻杆一端固定质量为m的小球，以另一端O为圆心，使小球做半径为R的圆周运动，以下说法正确的是（）A．球过最高点时，杆所受的弹力可以等于零B．球过最高点时，最小速度为C．球过最高点时，杆对球的弹力一定与球的重力方向相反D．球过最高点时，杆对球的弹力可以与球的重力反向，此时重力一定大于杆对球的弹力参考答案：AD4. 如图所示，两个质量不同的小球用长度不等的细线拴在同一点，并在同一水平面内做匀速圆周运动，则它们的( )A.运动周期相同B.运动线速度一样C.运动角速度相同D.向心加速度相同参考答案：AC5. 质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位），则该质点（）A．第1s内的位移是5mB．前2s内的平均速度是6m/sC．任意相邻的1s内位移差都是1mD．任意1s内的速度增量都是2m/s参考答案：D【考点】匀变速直线运动的公式．【分析】根据匀变速直线运动的位公式对比即可得出结论．【解答】解：A、将t=1代入即可求出第1s内的位移是x=6m，A错误；B、前2s内的平均速度为m/s，B错误；C、与对比可知a=2m/s2，则△s=aT2=2m，C错误；D、由加速的定义式可知D选项正确．故选：D．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一足球以12m／s的速度迎面飞来，被某人一脚踢回，足球被踢出离开脚时的速度大小为24m／s，球与脚接触时间为0.ls，设足球飞来时的速度为正方向，则此过程中速度的变化量为 m／s。

广东省湛江市纪家第二中学高三物理月考试题含解析

广东省湛江市纪家第二中学高三物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如图所示，质量分别为m 、2m 的物体A 、B 由轻质弹簧相连后放置在匀速上升的电梯内，当电梯钢索断裂的瞬间，物体B 的受力个数（）m/s ，在这1 s 内该物体的( ) A ．速度变化的大小可能小于4 m/s B ．速度变化的方向可能与原速度方向反向 C ．加速度的方向可能与原速度方向反向D ．加速度的大小可能大于10 m/s2 参考答案： BCD3. （单选题）封闭在气缸内一定质量的理想气体由状态A 变到状态D ，其体积V 与热力学温度关T 系如图所示，该气体的摩尔质量为M ，状态A 的体积为V 0，温度为T 0，O 、A 、D 三点在同一直线上，阿伏伽德罗常数为N A 。

由状态A 变到状态D 过程中（）A ．气体从外界吸收热量，内能增加B ．气体体积增大，分子的密集程度增大C ．气体温度升高，每个气体分子的动能都会增大D ．气体的密度不变参考答案：A4. 以下是一些有关高中物理实验的描述，其中说法不正确的一项是： A ．在“验证力的平行四边形定则”实验中的拉橡皮筋的细绳要稍长一点，并且实验时要使弹簧与木板平面平行B ．在“验证机械能守恒定律”实验中，必须用天平称出重物的质量C ．在“探究弹力与弹簧伸长量的关系”实验中，应将弹簧竖直悬挂后再测原长D ．在“探究力做功与动能的变化关系”实验中，需要平衡摩擦力参考答案：B5. （单选）汽车以20 m/s 的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为5 m/s2，那么开始刹车后2 s 内位移与开始刹车后6 s 内位移之比为（） A ．1∶4 B ．3∶5 C ．5∶9 D ．3∶4参考答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图甲所示的电路中，、均为定值电阻, 为一滑动变阻器．当其滑片P从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电源中流过的电流变化图线如图乙所示，其中A、B两点是滑片P在变阻器的两个不同端点得到的．电源的电动势为V和内阻，定值电阻的阻值．参考答案：7. 某兴趣小组设计了一个探究小车的加速度a与小车所受拉力F及质量m关系的实验，图a 为实验装置简图．（所用交变电流的频率为50Hz）（1）图b为某次实验得到的纸带，实验数据如图，图中相邻计数点之间还有4个点未画出。

广东省湛江市某校2023-2024学年高一下学期第二次月考物理试题

广东省湛江市某校2023-2024学年高一下学期第二次月考物理试题一、单选题1．做匀速圆周运动的物体，在运动过程中保持不变的物理量是A ．动能B ．速度C ．加速度D ．合外力 2．游泳运动员想要以恒定的速率在最短时间内游到河对岸，当水速突然增大时，对运动员横渡经历的路程、时间发生的影响是（）A ．路程增加、时间增加B ．路程增加、时间缩短C ．路程增加、时间不变D ．路程、时间均与水速无关3．关于弹性势能，下列说法正确的是（）A ．弹性势能与物体的形变量有关B ．弹性势能与物体的形变量无关C ．物体运动的速度越大，弹性势能越大D ．物体运动的速度越大，弹性势能越小4．在一次训练中，棒球运动员把棒球水平击出，棒球在空中运动过程中，若不计空气阻力，在任何相等时间内（）A ．速率变化量可能相等B ．速度变化量一定相等C ．平均速度大小可能相等D ．平均速率可能相等5．一质量为m 的质点绕圆心做匀速圆周运动，其所受向心力大小为F ，运动周期为T ，则它在6T 时间内的平均速度大小为A ．232FT m πBC ．FT m πD ．2FT mπ 6．设地球表面处重力加速度为g ，地球半径为R ，在地球赤道平面上距地面高度为2R 处的重力加速度为'g ，则'g g 等于( ) A ．0.25 B ．0.5 C ．4 D ．97．在公路上开车经常会遇到凸形和凹形的路面。

如图所示，一质量为m 的汽车，通过凸形路面的最高处时对路面的压力为N1F ，通过凹形路面最低处时对路面的压力为N2F ，重力加速度为g ，则（）A ．N1F mg >B ．N1F mg <C ．F mg =N2D ．N2F mg <二、多选题8．下列说法不正确的是（）A ．做曲线运动的物体的加速度一定是变化的B ．做匀速圆周运动物体的速度一定保持不变C ．做曲线运动的物体所受合力方向和它的速度方向一定在同一直线上D ．做匀速圆周运动物体的加速度方向一定垂直于它的速度方向9．汽车沿圆弧拱桥运动，圆弧拱桥的半径为R 。

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